[精品]2019高考物理二轮(十一月)课外优选(5)(含解析)
最新2019届高三物理11月测考卷(含解析)
2019届高三11月测考卷物理试题一、选择题1. 在2002年9月，伽利略的自由落体实验被物理学家评选为最美丽的实验。
以下关于“伽利略对自由落体的探究过程”的归纳不正确．．．的是( )A. 发现问题：伽利略发现亚里士多德“重物比轻物下落得快”的观点有自相矛盾的地方B. 提出假设：伽利略认为，重物与轻物应该下落得同样快，他猜想落体运动应该是一种最简单的变速运动，速度的变化对位移来说是均匀的C. 实验验证：在验证自己猜想的实验时，由于实验仪器不能精确测量快速下落物体所需的时间，所以他设想通过斜面落体来“冲淡重力”D. 合理外推：伽利略将他在斜面实验中得出的结论做了合理的外推，从而确定了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，且所有物体自由下落时的加速度都相同。
【答案】B【解析】试题分析：伽利略根据亚里士多德的论断，假定大的石块下落速度为8，小石块下落速度为4，把它们捆在一起，大石块会被小石块拖着而减慢，所以速度会小于8，但两石块捆在一起会更重，下落速度应当等于8，这样得出了相互矛盾的结论，伽利略认为，重物体与轻的物体下落一样快；所以运用归谬推理否定了亚里士多德关于重的物体下落快、轻的物体下落慢的错误论断，故A正确；伽利略提出“自由落体”是一种最简单的直线运动---匀加速直线运动，故B错误；为“冲淡”重力，伽利略设计用斜面来研究小球在斜面上运动的情况；故C正确；伽利略将他在斜面实验中得出的结论做了合理的外推，从而确定了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，且所有物体自由下落时的加速度都相同，故D正确.本题选不正确的，故选B.【点睛】本题考查物理学史，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，还要学习他们的科学研究的方法．2. 如图，将两个相同的木块a、b置于粗糙的水平面上，中间用轻弹簧连接，a用细绳系于墙壁，开始时a、b 均静止，弹簧处于伸长状态，细绳有拉力。
a所受摩擦力F f a等于零，b所受摩擦力F f b不等于零，现将细绳剪断的瞬间( )A. F f b大小不变B. F f b变为零C. F f a仍等于零D. F f a方向向右【答案】A【解析】AB：细绳剪断的瞬间，弹簧弹力不变，b受力情况不变。
2019年浙江省高考物理【11月】(含解析版)
浙江省2019届高三上学期11月选考科目考试一、选择题1.下列物理量属于标量的是（）A. 速度B. 加速度C. 电流D. 电场强度【答案】C【解析】【详解】加速度、速度、电场强度既有大小又有方向，为矢量，虽然电流有方向，但只有一个，没有正负之分，所以为标量，C正确．2.发现电流磁效应的物理学家是（）A. 法拉第B. 奥斯特C. 库仑D. 安培【答案】B【详解】奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，库仑发现了库仑定律，安培发现了分子电流假说，B正确．3.用国际单位制的基本单位表示电场强度的单位，下列正确的是（）A. N/CB. V/mC. kg•m/（C•s2）D. kg•m/（A•s3）【答案】D【详解】电场强度，电场力的单位为N，电量的单位为C，所以电场强度的单位是N/C，而，D正确．4.一辆汽车沿平直道路行驶，其v－t图象如图所示。
在t=0到t=40s这段时间内，汽车的位移是（）A. 0B. 30mC. 750mD. 1200m【答案】C【解析】【详解】在v-t图像中图线与时间轴围成的面积表示位移，故在40内的位移为，C正确．【点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移．5.奥运会比赛项目撑杆跳高如图所示，下列说法不正确．．．的是（）A. 加速助跑过程中，运动员的动能增加B. 起跳上升过程中，杆的弹性势能一直增加C. 起跳上升过程中，运动员的重力势能增加D. 越过横杆后下落过程中，运动员的重力势能减少动能增加【答案】B【解析】【分析】动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关，弹性势能大小和物体发生弹性形变的大小有关。
根据能量转化的知识分析回答．【详解】加速助跑过程中速度增大，动能增加，A正确；撑杆从开始形变到撑杆恢复形变时，先是运动员部分动能转化为杆的弹性势能，后弹性势能转化为运动员的动能与重力势能，杆的弹性势能不是一直增加，B错误；起跳上升过程中，运动员的高度在不断增大，所以运动员的重力势能增加，C正确；当运动员越过横杆下落的过程中，他的高度降低、速度增大，重力势能被转化为动能，即重力势能减少，动能增加，D正确．6.等量异种电荷的电场线如图所示，下列表述正确的是（）A. a点的电势低于b点的电势B. a点的场强大于b点的场强，方向相同C. 将一负电荷从a点移到b点电场力做负功D. 负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能【答案】C【解析】【分析】沿电场线方向电势降低；电场线的疏密程度表示电场强度大小，电场线的切线方向表示电场强度方向，负电荷在低电势处电势能大，在高电势处电势能小，据此分析．【详解】沿电场线方向电势降低，故a点电势高于b点电势，A错误；电场线的疏密程度表示电场强度大小，电场线越密，电场强度越大，故a点的场强大于b点的场强，电场线的切线方向为场强方向，故ab两点的电场强度方向不同，B错误；负电荷在低电势处电势能大，所以从a点（高电势）移动到b点（低电势），电势能增大，电场力做负功，C正确D错误．7.电流天平是一种测量磁场力的装置，如图所示。
【高中物理】2019高考物理二轮十一月课外优选8及答案(1).doc
2019高考物理二轮（十一月）课外优选（8）一、选择题1、两物体A、B由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的位移－时间(x－t)图象如图所示．下列说法正确的是( )A．两物体A、B在t＝2.5 t时刻相距最远B．两物体A、B在减速运动过程中加速度相同C．两物体A、B在t＝2.5t时刻速度相同D．两物体A、B在t＝t时刻相距最远解析：两物体A、B在t＝2.5 t时刻处于同一位置，相距最近，两物体A、B在t＝t时刻相距最远，选项A错误、D正确．两物体A、B都是先沿x轴正方向做匀速运动，后沿x轴负方向做匀速运动，根据位移图象斜率表示速度可知，在沿x轴负方向做匀速运动过程中速度相同，选项B错误．两物体A、B在t＝2.5t时刻速度不相同，处于同一位置，选项C错误．答案：D2、(2018·哈师大附中月考)如图，MN为转轴OO′上固定的光滑硬杆，且MN垂直于OO′.用两个完全相同的小圆环套在MN上．分别用两条不可伸长的轻质细线一端与圆环连接，另一端系于OO′上，长度分别为l1、l2.已知l1、l2与MN的夹角分别为θ1、θ2，OO′匀速转动时，线上弹力分别为F T1、F T2.下列说法正确的是( )A．若l1sinθ1>l2sinθ2，则F T1>F T2B．若l1cosθ1>l2cosθ2，则F T1>F T2C．若l1tanθ1>l2tanθ2，则F T1>F T2D．若l1>l2，则F T1>F T2解析：设两环的质量均为m，硬杆转动的角速度为ω，根据牛顿第二定律，对左环有：FT1cosθ1＝mω2l1cosθ1；对右环有：F T2cosθ2＝mω2l2cosθ2两环ω相等得FT1FT2＝l1l2；若l 1cosθ1>l2cosθ2，则F T1cosθ1>F T2cosθ2，不能得到F T1>FT2；由题意可知l1sinθ1<l2sinθ2；若l1tanθ1>l2tanθ2，可得cosθ1<cosθ2，不能得到F T1>F T2；若l1>l2，则F T1>FT2，选项D正确，A、B、C错误．答案：D3、(2018·青岛一模)如图所示，固定在水平面上的光滑斜面倾角为30°，质量分别为M、m的两个物体通过细绳及轻弹簧连接于光滑轻滑轮两侧，斜面底端有一与斜面垂直的挡板．开始时用手按住物体M，此时M到挡板的距离为s，滑轮两边的细绳恰好伸直，而没有力的作用．已知M＝2m，空气阻力不计．松开手后，关于二者的运动下列说法中正确的是( )A．M和m组成的系统机械能守恒B．当M的速度最大时，m与地面间的作用力为零C．若M恰好能到达挡板处，则此时m的速度为零D．若M恰好能到达挡板处，则此过程中重力对M做的功等于弹簧弹性势能的增加量与物体m的机械能增加量之和解析：运动过程中，M、m与弹簧组成的系统机械能守恒，A错误；当M速度最大时，弹簧的弹力等于Mgsin30°＝mg，此时m对地面的压力恰好为零，B正确；然后M做减速运动，恰好能到达挡板时，也就是速度刚好减小到了零，之后M会上升并最终到达松手位置，所以此时弹簧弹力大于mg，即此时m受到的绳拉力大于自身重力，m还在加速上升，C错误；根据功能关系，M减小的机械能，等于m增加的机械能与弹簧增加弹性势能之和，而M恰好到达挡板时，动能恰好为零，因此M减小的机械能等于M减小的重力势能，即等于重力对M做的功，D正确．答案：BD4、如图所示，一带电粒子在两个固定的等量正电荷的电场中运动，图中的实线为等势面，虚线ABC 为粒子的运动轨迹，其中B 点是两点电荷连线的中点，A 、C 位于同一等势面上，下列说法正确的是( )A ．该粒子可能带正电B ．该粒子经过B 点时的速度最大C ．该粒子经过B 点时的加速度一定为零D ．该粒子在B 点的电势能小于在A 点的电势能解析：从该带电粒子的运动轨迹看，固定电荷对它有吸引力，由固定电荷带正电可知，该粒子一定带负电，故A 错误；因为粒子从A 运动到B 的过程中，只受电场力且电场力先做正功后做负功，由动能定理知，动能先增加后减小，故B 点的动能不是最大，则经过B 点时的速度不是最大，故B 错误；B 点是两点电荷连线的中点，合场强为零，故粒子受力为零，则加速度为零，C 正确；因为离正电荷越远，电势越低，即φA <φB ，因粒子带负电，由E p ＝φq 得，E pA >E pB ，故D 项正确．答案：CD5、(2018·肇庆市高中毕业班模拟考试)如图所示，水平放置的平行金属导轨MN 和PQ 之间接有定值电阻R ，导体棒ab 长为l 且与导轨接触良好，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，现使导体棒ab 向右匀速运动，下列说法正确的是( )A ．导体棒ab 两端的感应电动势越来越小B ．导体棒ab 中的感应电流方向是a →bC ．导体棒ab 所受安培力方向水平向右D ．导体棒ab 所受合力做功为零解析：由于导体棒匀速运动，磁感应强度及长度不变，由E ＝BLv 可知，运动中感应电动势不变；由楞次定律可知，导体棒中的电流方向由b指向a；由左手定则可知，导体棒所受安培力方向水平向左；由于匀速运动，棒的动能未变，由动能定理可知，合力做的功等于零．选项A、B、C错误，D正确．答案：D6、如图为一种变压器的实物图，根据其铭牌上所提供的信息，以下判断错误的是( )A．这是一个降压变压器B．原线圈的匝数比副线圈的匝数多C．当原线圈输入交流电压220 V时，副线圈输出直流电压12 VD．当原线圈输入交流电压220 V、副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流大解析：根据铭牌上所提供的信息可知：变压器的输入电压为220 V，输出电压为12 V，该变压器为降压变压器，故选项A、B正确；变压器的工作原理是电磁感应，故变压器的原、副线圈上的电压都为交流电压，选项C错误；由理想变压器的输出功率等于输入功率，且原线圈的电压大于副线圈的电压，故副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流大，选项D正确．答案：C二、非选择题1、如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系xOy ，其第一象限存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度的方向水平向右，磁感应强度的方向垂直纸面向里．一电荷量为＋q 、质量为m 的微粒从原点出发沿与x 轴正方向的夹角为45°的初速度进入复合场中，正好做直线运动，当微粒运动到A(l ，l)时，电场方向突然变为竖直向上(不计电场变化的时间)，粒子继续运动一段时间后，正好垂直于y 轴穿出复合场．不计一切阻力，求：(1)电场强度E 的大小． (2)磁感应强度B 的大小． (3)粒子在复合场中的运动时间．解析：(1)微粒到达A(l ，l)之前做匀速直线运动，对微粒受力分析如图甲，所以，Eq ＝mg ，得E ＝mg q(2)由平衡条件得 qvB ＝2mg电场方向变化后，微粒所受重力与电场力平衡，微粒在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，轨迹如图乙．则qvB ＝m v 2r由几何知识可得r ＝2l v ＝2gl联立解得B＝mqgl.(3)微粒做匀速运动的时间t1＝2lv＝lg做圆周运动的时间t2＝34π·2lv＝3π4lg在复合场中运动时间t＝t1＋t2＝⎝⎛⎭⎪⎫3π4＋1lg.答案：(1)mgq(2)mqgl(3)⎝⎛⎭⎪⎫3π4＋1lg。
2019高考物理二轮十一月课外优选7含解析
2019高考物理二轮（十一月）课外优选（7）一、选择题1、(2018·成都模拟)如图所示为成都到重庆的和谐号动车车厢内可实时显示相关信息的显示屏示意图，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量．下列说法中正确的是( )A．甲处表示时间，乙处表示平均速度B．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C．甲处表示时刻，乙处表示平均速度D．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度解析：甲处表盘显示时刻，乙处表盘显示动车行进过程中的瞬时速度，答案为D.答案：D2、(2018·南京、盐城模拟)(多选)如图所示，A、B两点分别是斜面的顶端、底端，C、D是斜面上的两个点，L AC：L CD：L DB＝1：3：3，E点在B点正上方并与A 点等高．从E点水平抛出质量相等的两个小球，球a落在C点，球b落在D点，球a和球b从抛出到落在斜面上的过程中(不计空气阻力)，下列说法正确的是( )A．两球运动时间之比为2：1B．两球抛出时初速度之比为4：1C．两球动能增加量之比为1：2D．两球重力做功之比为1：3解析：球1和球2下降的高度之比为1：4，根据t＝2hg知，时间之比为1：2，故A错误．因为球1和球2的水平位移之比为2：1，时间之比为1：2，则初速度之比为4：1，故B正确．根据动能定理知，重力做功之比为1：4，则动能增加量之比为1：4，故C、D错误．答案：B3、如图所示，两箱相同的货物，现要用电梯将它们从一楼运到二楼，其中图甲是利用扶梯台式电梯运送货物，图乙是用履带式自动电梯运送，假设两种情况下电梯都是匀速地运送货物，下列关于两电梯在运送货物时说法正确的是( )A ．两种情况下电梯对货物的支持力都对货物做正功B ．图乙中电梯对货物的支持力对货物做正功C ．图甲中电梯对货物的支持力对货物做正功D ．图乙中电梯对货物的支持力对货物不做功解析：在图甲中，货物随电梯匀速上升时，货物受到的支持力竖直向上，与货物位移方向的夹角小于90°，故此种情况下支持力对货物做正功，选项C 正确；图乙中，货物受到的支持力与履带式自动电梯接触面垂直，此时货物受到的支持力与货物位移垂直，故此种情况下支持力对货物不做功，故选项A 、B 错误，D 正确．答案：CD4、有一匀强电场，方向如图所示，在电场中有三个点A 、B 、C ，这三点的连线恰好构成一个直角三角形，且AC 边与电场线平行．已知A 、B 两点的电势分别为φA ＝5 V ，φB ＝1.8 V ，A 、B 的距离为4 cm ，B 、C 的距离为3 cm.若把一个电子(e ＝1.6×10－19 C)从A 点移动到C 点，那么电子电势能的变化量为( )A ．8.0×10－19 JB ．1.6×10－19 JC ．－8.0×10－19 JD ．－1.6×10－19 J解析：设AB 与AC 之间的夹角为θ，则cos θ＝45，又AB 的距离S AB ＝4 cm ，则AB 沿场强方向的距离为d AB ＝S AB cos θ＝4×45 cm ＝165 cm ，设A 、B 之间电势差为U AB ，则电场强度为E ＝UAB dAB＝φA －φB dAB＝100 V/m.电子从A 点到达C 点电势能的变化量为ΔE p ＝－W ＝1.6×10－19×100×0.05 J ＝8.0×10－19 J ，故A 项正确．答案：A5、美国《大众科学》月刊网站报道，美国明尼苏达大学的研究人员发现：一种具有独特属性的新型合金能够将热能直接转化为电能．具体而言，只要略微提高温度，这种合金就会变成强磁性合金，从而使环绕它的线圈中产生电流，其简化模型如图所示．A 为圆柱形合金材料，B 为线圈，套在圆柱形合金材料上，线圈的半径大于合金材料的半径．现对A 进行加热，则( )A ．B 中将产生逆时针方向的电流B ．B 中将产生顺时针方向的电流C ．B 线圈有收缩的趋势D ．B 线圈有扩张的趋势解析：合金材料加热后，合金材料成为强磁体，通过线圈B 的磁通量增大，由于线圈B 内有两个方向的磁场，由楞次定律可知线圈只有扩张，才能阻碍磁通量的增加，C 错误、D 正确；由于不知道极性，无法判断感应电流的方向，A 、B 错误．答案：D6、在变电站里，经常要用交流电表监测电网上的强电流．所用的器材叫电流互感器，如图所示，能正确反映其工作原理的是( )解析：电流互感器把大电流变成小电流，测量时更安全，据变压器原理，I1I2＝n2n1，I 2＝n1n2I 1，所以要求线圈匝数n 2>n 1，原线圈要接在火线上，故本题只有A 正确．答案：A二、非选择题1、(2018·银川模拟)某同学通过实验测小车加速度时，用50 Hz 打点计时器打出纸带如图所示，经测量x 1＝1.560 cm ，x 2＝4.802 cm ，x 3＝8.204 cm.(1)每相邻两点的时间间隔是________s.(2)实验中应该先________，后________．(均选填字母：a 、释放小车；b 、接通打点计时器)(3)打点4时对应小车速度的大小为______m/s ，小车的加速度为________m/s 2(结果保留2位有效数字)．解析：(1)每相邻两点的时间间隔：T ＝1f ＝150 s ＝0.02 s.(2)接通打点计时器电源和释放小车，应先接通打点计时器电源，后释放小车．(3)根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，可以求出纸带上打第4点时小车的瞬时速度大小：v ＝x3－x14T ＝0.082 04－0.015 64×0.02m/s ≈0.83 m/s 根据逐差法得：a ＝－－－4T2 ＝－－－4×0.022 m/s 2 ＝1.0 m/s 2答案：(1)0.02 (2)b a (3)0.83 1.0。
2019高考物理二轮(十一月)课外优选(6)及答案
2019高考物理二轮（十一月）课外优选（6）及答案一、选择题1、(2018·海安模拟)下列说法正确的是()A．直线运动的物体位移大小等于路程B．计算火车过桥时所用的时间，火车可当成质点C．速度变化快的物体加速度不一定大D．参考系可以是匀速运动的物体，也可以是变速运动的物体答案：D2、(2018·浙江温州十校联考)2016年8月16日凌晨，被命名为“墨子号”的中国首颗量子科学实验卫星开启星际之旅，其运行轨道为如图所示的绕地球E运动的椭圆轨道，地球E位于椭圆的一个焦点上．轨道上标记了卫星经过相等时间间隔(Δt＝T14，T为运转周期)的位置．如果作用在卫星上的力只有地球E对卫星的万有引力，则下列说法正确的是()A．面积S1>S2B．卫星在轨道A点的速度小于B点的速度C．T2＝Ca3，其中C为常数，a为椭圆半长轴D．T2＝C′b3，其中C′为常数，b为椭圆半短轴解析：根据开普勒第二定律可知，卫星与地球的连线在相等的时间内扫过的面积相等，故面积S1＝S2，选项A错误；根据开普勒第二定律可知，卫星在轨道A点的速度大于在B点的速度，选项B错误；根据开普勒第三定律可知a3T2＝k，其中k为常数，a为椭圆半长轴，选项C正确，选项D错误．答案：C3、(2018·常州市模拟)如图所示是“过山车”玩具模型，当小球以速度v经过圆形轨道最高点时，小球与轨道间的作用力为F，多次改变小球初始下落的高度h，就能得出F与v的函数关系，下列关于F 与v 之间的关系中有可能正确的是( )解析：小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，故mgh ＝mg·2R ＋12m v 2(①)，在轨道最高点，重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有F ＋mg ＝m v 2R (②)，联立①②解得F ＝m v 2R －mg(③)，根据③式，F －v 关系图象是开口向上的抛物线，C 项正确．答案：C4、(2018·山东泰安一模)如图所示，＋Q 为固定的正点电荷，虚线圆是其一条等势线．两电荷量相同、但质量不相等的粒子，分别从同一点A 以相同的速度v 0射入，轨迹如图中曲线，B 、C 为两曲线与圆的交点．a B 、a C 表示两粒子经过B 、C 时的加速度大小，v B 、v C 表示两粒子经过B 、C 时的速度大小．不计粒子重力，以下判断正确的是( )A ．aB ＝aC v B ＝v C B ．a B >a C v B ＝v CC ．a B >a C v B <v CD ．a B <a C v B >v C解析：库仑力F ＝kQq r 2，两粒子在B 、C 两点受的库仑力大小相同，根据粒子的运动轨迹可知a B >a C ，a ＝F m ，解得m B <m C ，因为B 、C 两点位于同一等势线上，电势相等，所以两粒子从A 运动到B 和从A 运动到C ，电场力做功相同且做负功，有－W ＝12m v 2－12m v 20，所以12m B (v 20－v 2B )＝12m C (v 20－v 2C )，因为m B <m C ，所以v B <v C ，C 正确．答案：C5、一匀强磁场的边界是MN，MN左侧是无场区，右侧是匀强磁场区域，如图甲所示，现有一个金属线框以恒定速度从MN左侧进入匀强磁场区域．线框中的电流随时间变化的I－t图象如图乙所示．则可能的线框是如图丙所示中的()解析：从乙图看到，电流先均匀增加后均匀减小，而线圈进入磁场是匀速运动，所以有效长度是均匀增加的，所以D项正确，B项排除的原因是中间有段时间电流恒定不变．答案：D6、(2018·辽宁锦州期末)如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为：1，原线圈接在正弦交流电源上，副线圈接入“3 V 6 W”灯泡一只，且灯泡正常发光．则()A．原线圈电压有效值为3 VB．电源输出功率为120 WC．电流表的示数为0.1 AD．电流表的示数为40 A解析：根据理想变压器原、副线圈电压与匝数成正比可知，原线圈两端电压有效值为60 V，选项A错误；理想变压器输入功率等于输出功率，所以输入功率和输出功率都为6 W，则电源输出功率为6 W，选项B错误；理想变压器输入功率为6 W，则原线圈中的电流有效值为I＝PU＝660A＝0.1 A，选项C正确，选项D错误．答案：C二、非选择题1、如图所示，将带电荷量Q＝＋0.3 C、质量m′＝0.3 kg的滑块放在小车的水平绝缘板的右端，小车的质量M＝0.5 kg，滑块与绝缘板间的动摩擦因数μ＝0.4，小车的绝缘板足够长，它们所在的空间存在磁感应强度B＝20 T的水平方向的匀强磁场(垂直于纸面向里)．开始时小车静止在光滑水平面上，一摆长L＝1.25 m、质量m＝0.15 kg的摆从水平位置由静止释放，摆到最低点时与小车相撞，碰撞后摆球恰好静止，g取10 m/s2.求：(1)与小车碰撞前摆球到达最低点时对摆线的拉力；(2)摆球与小车的碰撞过程中系统损失的机械能ΔE；(3)碰撞后小车的最终速度．解析：(1)摆球下落过程，由动能定理有mgL＝12m v2，解得v＝5 m/s，摆球在最低点时，由牛顿第二定律得F T－mg＝m v2L，解得F T＝4.5 N，由牛顿第三定律可知摆球对摆线的拉力F T′＝4.5 N，方向竖直向下．(2)摆球与小车碰撞瞬间，摆球与小车组成的系统动量守恒，以水平向右为正方向，有m v＝M v1＋0，解得v1＝1.5 m/s，由能量守恒定律，有ΔE＝12m v2－12M v21＝1.31 J.(3)假设滑块与车最终相对静止，则有M v1＝(M＋m′)v2，解得v2＝0.937 5 m/s，由此得Ff洛＝Q v2B>m′g，故假设不成立，因此滑块最终悬浮．滑块悬浮瞬间，满足Ff′洛＝Q v′2B＝m′g，解得v′2＝0.5 m/s.将滑块与小车看成一个系统，系统动量守恒，有M v1＝M v′＋m′v′2，解得v′＝1.2 m/s，方向水平向右．答案：(1)4.5 N方向竖直向下(2)1.31 J (3)1.2 m/s方向水平向右。
(完整word版)2019年浙江省高三11月选考科目考试物理试题(含答案)
2019年浙江省高三11月选考科目考试物理试卷一、选择题1.下列物理量属于标量的是（）A. 速度B. 加速度C. 电流D. 电场强度2。
发现电流磁效应的物理学家是（)A。
法拉第B. 奥斯特C。
库仑D. 安培3。
用国际单位制的基本单位表示电场强度的单位，下列正确的是（）A。
N/C B。
V/m C. kg•m/（C•s2) D。
kg•m/（A•s3)4.一辆汽车沿平直道路行驶，其v－t图象如图所示.在t=0到t=40s这段时间内，汽车的位移是（）A。
0B。
30mC. 750mD. 1200m5.奥运会比赛项目撑杆跳高如图所示，下列说法不正确的是（)．．．A。
加速助跑过程中,运动员的动能增加B. 起跳上升过程中，杆的弹性势能一直增加C. 起跳上升过程中，运动员的重力势能增加D. 越过横杆后下落过程中，运动员的重力势能减少动能增加6.等量异种电荷的电场线如图所示,下列表述正确的是（）A。
a点的电势低于b点的电势B. a点的场强大于b点的场强，方向相同C。
将一负电荷从a点移到b点电场力做负功D。
负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能7。
电流天平是一种测量磁场力的装置，如图所示。
两相距很近的通电平行线圈Ⅰ和Ⅱ，线圈Ⅰ固定，线圈Ⅱ置于天平托盘上.当两线圈均无电流通过时，天平示数恰好为零。
下列说法正确的是（）A。
当天平示数为负时,两线圈电流方向相同B。
当天平示数为正时，两线圈电流方向相同C. 线圈Ⅰ对线圈Ⅱ的作用力大于线圈Ⅱ对线圈Ⅰ的作用力D。
线圈Ⅰ对线圈Ⅱ的作用力与托盘对线圈Ⅱ的作用力是一对相互作用力8。
电荷量为4×10－6C的小球绝缘固定在A点，质量为0.2kg、电荷量为－5×10－6C的小球用绝缘细线悬挂,静止于B点。
A、B间距离为30cm，AB连线与竖直方向夹角为60°.静电力常量为9。
0×109N•m2/C2，小球可视为点电荷。
下列图示正确的是（）9。
一质量为2。
2019高考物理二轮(十一月)课外优选(10)(含解析)
亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……2019高考物理二轮（十一月）课外优选（10）李仕才一、选择题1、(2018·河北承德市月考)图示是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果是( )A ．0～1 s 内的平均速度是2 m/sB ．0～2 s 内的位移大小是3 mC ．0～1 s 内的加速度大于2～4 s 内的加速度D ．0～1 s 内的运动方向与2～4 s 内的运动方向相反解析：根据v －t 图象可知，质点在0～1 s 内的位移x 1＝1 m ，平均速度v 1＝x 1t 1＝1 m/s,1～2 s 内的位移x 2＝2 m,0～2 s 内的位移x ＝x 1＋x 2＝3 m ，A 错误、B 正确.0～1 s 内的加速度a 1＝2 m/s 2,2～4 s 内的加速度a 2＝－1 m/s 2，负号表示a 2和v 方向相反，故a 1>a 2，C 正确.0～1 s 内与2～4 s 内的速度均为正值，表示物体都沿正方向运动，D 错误．选B 、C. 答案：BC2、如图所示，轻绳的一端固定在O 点，另一端系一质量为m 的小球(可视为质点)．当小球在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动时，通过传感器测得轻绳拉力F T 、轻绳与竖直线OP 的夹角θ满足关系式F T ＝a ＋bcos θ，式中a 、b 为常数．若不计空气阻力，则当地的重力加速度为( )A.b 2mB.2bm C.3b m D.b 3m解析：当小球运动到最低点时，θ＝0，拉力最大，F T1＝a ＋b ，F T1＝mg ＋mv 21L ；当小球运动到最高点时，θ＝180°，拉力最小，F T2＝a －b ，F T2＝－mg ＋mv 22L；由动能定理有mg·2L＝12mv 21－12mv 22，联立解得g ＝b3m，选项D 正确． 答案：D3、(2018·陕西省咸阳市高考模拟考试)如图所示，一根跨过一固定的水平光滑细杆的轻绳两端拴有两个小球，球a 置于水平地面上，球b 被拉到与细杆同一水平的位置．把绳拉直后，由静止释放球b ，当球b 摆到O 点正下方时，球a 对地面的压力大小为其重力的13，已知图中Ob 段的长度小于Oa 段的长度，不计空气阻力．则( )A ．球b 下摆过程中处于失重状态B ．球b 下摆过程中向心加速度变小C ．当球b 摆到O 点正下方时，球b 所受的向心力为球a 重力的49D ．两球质量之比m a ：m b ＝：2解析：球b 下摆过程中加速度方向向上，处于超重状态，速度逐渐增大，向心加速度逐渐增大，选项A 、B 错误．设Ob 段长度为L ，对球b 下摆过程，由机械能守恒定律，有m b gL ＝12m b v 2，在球b 下摆到O 点正下方时，由牛顿第二定律，有F －m b g ＝m b v 2L ，联立解得F ＝3m b g.对球a ，设地面支持力为F N ，则F N ＝13m a g.由平衡条件，F N ＋F ＝m a g ，联立解得m a ：m b ＝：2，选项D 正确．球b 所受向心力为F b ＝m b v 2L ＝2m b g ＝49m a g ，选项C 正确．答案：CD4、如图所示，水平放置的平行板电容器的两板间有一竖直向上的匀强电场，下板接地，两板间距离为10 cm ，A 点距下板3 cm ，B 点距上板3 cm.质量m ＝0.01 kg 、电荷量q ＝＋10－3C 的小球能够在A 点保持静止．现将小球移到匀强电场之外．g ＝10 m/s 2，下列说法正确的是( )A ．上板的电势比下板低10 VB．A点的电势为3 VC．电荷量为－10－3 C的带负电的点电荷在A点的电势能为3×10－3 JD．将电荷量为－10－3C的带负电的点电荷从A点移到B点，电场力对该点电荷做功4×10－3 J解析：首先根据小球能够在A点保持平衡得mg＝Eq，可求出E＝100 N/C，方向为从下到上．在匀强电场中，有U＝Ed，得U下上＝10 V，下板电势比上板高10 V，故A选项正确，同理可得A点的电势为φA＝－3 V，故B选项错误；电荷量为－10－3C的带负电的点电荷在A点的电势能为E pA＝φA q′＝3×10－3 J，所以C选项正确；将电荷量为－10－3 C的带负电的点电荷从A点移到B点，电场力对该点电荷做功W＝Eq′d AB＝－4×10－3 J，故D选项错误．答案：AC5、在研究自感现象的实验中，用两个完全相同的灯泡A、B与自感系数很大的线圈L和定值电阻R组成如图所示的电路(线圈的直流电阻可忽略，电源的内阻不能忽略)，关于这个实验下面说法中正确的是( )A．闭合开关的瞬间，A、B一起亮，然后A熄灭B．闭合开关的瞬间，B比A先亮，然后B逐渐变暗C．闭合开关，待电路稳定后断开开关，B逐渐变暗，A闪亮一下然后逐渐变暗D．闭合开关，待电路稳定后断开开关，A、B灯中的电流方向均为从左向右解析：闭合开关的瞬间，线圈中产生很大的自感电动势，阻碍电流的通过，故B立即亮，A逐渐变亮．随着A中的电流逐渐变大，流过电源的电流也逐渐变大，路端电压逐渐变小，故B逐渐变暗，A错误、B正确；电路稳定后断开开关，线圈相当于电源，对A、B供电，回路中的电流在原来通过A的电流的基础上逐渐变小，故A逐渐变暗，B闪亮一下然后逐渐变暗，C错误；断开开关后，线圈中的自感电流从左向右，A灯中电流从左向右，B灯中电流从右向左，故D错误．答案：B6、(2018·广西重点高中高三一模)如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为：1，a、b端接入一正弦式交流电源．L1、L2为两只规格均为“22 V 6 W”的灯泡，两电表为理想交流电表．当滑动变阻器的滑片P处于中间位置时，两灯泡恰好都正常发光．下列说法正确的是( )A ．电流表示数为0.27 AB ．电压表示数为44 VC ．滑片P 向下移动时，灯泡L 2将变暗D ．滑片P 向上移动时，灯泡L 1将变暗 解析：由于原、副线圈匝数比为：1，则原、副线圈电流比为：2，因两灯泡正常发光，所以原线圈电流为311 A ，则副线圈电流为611A ＝0.55 A ，A 错．原、副线圈两端电压比为：1，副线圈两端电压为22 V ，所以原线圈两端电压为44 V ，B 对．滑片P 向下移动时，副线圈电路的电阻变小，电流变大，则原线圈电路中电流也变大，即通过灯泡L 2的电流变大，灯泡L 2可能变亮或烧毁，C 错．滑片P 向上移动时，通过灯泡L 2的电流变小，原线圈两端电压变大，则副线圈两端电压也变大，灯泡L 1可能变亮或烧毁，D 错． 答案：B二、非选择题1、(2018·江西赣州期末)如图所示，固定的水平光滑金属导轨，间距为L ，左端接有阻值为R 的电阻，处在方向竖直向下，磁感应强度为B 的匀强磁场中．质量为m 、电阻为R/2的导体棒与固定弹簧相连，放在导轨上，导轨的电阻不计．初始时刻，弹簧恰处于自然长度，导体棒具有水平向右的初速度v 0.沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．求：(1)求初始时刻导体棒受到的安培力；(2)若导体棒从初始时刻到速度第一次为零时，弹簧的弹性势能为E p ，则这一过程中安培力所做的功W 1和整个回路产生的焦耳热Q 分别为多少；(3)从导体棒开始运动直到最终静止的过程中，电阻R 上产生的焦耳热Q 1. 解析：(1)初始时刻导体棒切割磁感线产生的感应电动势E ＝BLv 0，感应电流I ＝ER ＋R 2，导体棒受到的安培力F ＝ILB ，联立解得F ＝2B 2L 2v 03R，方向水平向左．(2)导体棒从初始时刻到速度第一次为零的过程中，由动能定理有W 1－E p ＝0－12mv 20，得安培力所做的功W 1＝E p －12mv 20，整个回路产生的焦耳热Q ＝12mv 20－E p .(3)棒最终静止于初始位置，则电阻R 上产生的焦耳热Q 1＝23Q 总＝23×12mv 20＝13mv 20.答案：(1)2B 2L 2v 03R ，方向水平向左 (2)E p －12mv 20 12mv 20－E p (3)13mv 2。
2019高考物理二轮(十一月)课外优选(2)(含解析)
2019高考物理二轮（十一月）课外优选（2）李仕才一、选择题1、(2018·汕头质检)建设房屋时，保持底边L不变，要设计好屋顶的倾角θ，以便下雨时落在房顶的雨滴能尽快地滑离屋顶，雨滴下滑时可视为小球做无初速无摩擦的运动．下列说法正确的是( ) A．倾角θ越大，雨滴下滑时的加速度越大B．倾角θ越大，雨滴对屋顶压力越大C．倾角θ越大，雨滴从顶端O下滑至屋檐M时的速度越大D．倾角θ越大，雨滴从顶端O下滑至屋檐M时的时间越短解析：设屋檐的底角为θ，底边为L，注意底边长度是不变的，屋顶的坡面长度为x，雨滴下滑时加速度为a，对雨滴做受力分析，只受重力mg和屋顶对雨滴的支持力F N，垂直于屋顶方向：mgcosθ＝F N，平行于屋顶方向：ma＝mgsinθ，雨滴的加速度为：a＝gsinθ，则倾角θ越大，雨滴下滑时的加速度越大，故A 正确；雨滴对屋顶的压力：F′N＝F N＝mgcosθ，则倾角θ越大，雨滴对屋顶压力越小，故B错误；根据三角关系判断，屋顶坡面的长度x＝L2cosθ，由x＝12gsinθ·t2可得：t＝2Lgsin2θ，可见当θ＝45°时，用时最短，D错误；由v＝gsinθ·t可得：v＝gLtanθ，可见θ越大，雨滴从顶端O下滑至M时的速度越大，C正确．答案：AC2、(2018·湖南岳阳一中模拟)如图所示，我们常见这样的杂技表演：四个人A、B、C、D体型相似，B 站在A的肩上，双手拉着C和D，A水平撑开双手支持着C和D.如果四个人的质量均为m＝60 kg，g取10 m/s2，估算A的手臂受到的压力和B的手臂受到的拉力大小分别为( )A．120 N,240 N B．240 N,480 NC．350 N,700 N D．600 N,1 200 N解析：对C 进行受力分析如图所示，由四人体型相似推知四人手臂长度相同，则B 的手臂与竖直方向的夹角为30°，则有F AC ＝mgtan30°＝33mg ，即C 受到A 的推力约为33mg ，A 的手臂受到的压力也是33mg ＝33×60×10 N≈350 N；F BC ＝mg cos30°＝233mg ，即C 受到B 的拉力为233mg ，则B 的手臂受到的拉力也为233mg ＝233×60×10 N≈700 N，故选C. 答案：C3、滑块静止于光滑水平面上，与之相连的轻质弹簧处于自然伸直状态，现用恒定的水平外力F 作用于弹簧右端，在向右移动一段距离的过程中拉力F 做了10 J 的功．在上述过程中( )A ．弹簧的弹性势能增加了10 JB ．滑块的动能增加了10 JC ．滑块和弹簧组成的系统机械能增加了10 JD ．滑块和弹簧组成的系统机械能守恒解析：拉力F 做功的同时，弹簧伸长，弹性势能增大，滑块向右加速，滑块动能增加，由功能关系可知，拉力做功等于滑块的动能与弹簧弹性势能的增加量之和，C 正确，A 、B 、D 均错误．答案：C4、某静电场的电场线分布如图所示，图中A 、B 两点的电场强度的大小分别为E A 和E B ，电势分别为φA 和φB ，将－q 分别放在A 、B 两点时具有的电势能分别为E pA 和E pB ，则( )A ．E A >EB ，φA >φB ，E pA <E pBB ．E A >E B ，φA >φB ，E pA >E pBC ．E A <E B ，φA >φB ，E pA >E pBD ．E A <E B ，φA <φB ，E pA <E pB解析：从图可以看出A 点的电场线的密集程度大于B 点的密集程度，故A 点的电场强度大于B 点的电场强度．因电场线的方向由A 指向B ，而沿电场线的方向电势逐渐降低，所以A 点的电势高于B 点的电势．负电荷从A 到B ，电场力做负功，电势能增加，所以－q 在B 点的电势能大于在A 点的电势能，故A 正确．答案：A5、(2018·江西五校联考)(多选)如图所示，含有11H(氕核)、21H(氘核)、42He(氦核)的带电粒子束从小孔O 1处射入速度选择器，沿直线O 1O 2运动的粒子在小孔O 2处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在P 1、P 2两点．则 ( )A ．打在P 1点的粒子是42HeB ．打在P 2点的粒子是21H 和42HeC ．O 2P 2的长度是O 2P 1长度的2倍D ．粒子在偏转磁场中运动的时间都相等解析：带电粒子在沿直线通过速度选择器时，电场力与洛伦兹力大小相等方向相反，即：qvB ＝qE所以v ＝E B可知从粒子速度选择器中射出的粒子具有相等的速度．带电粒子在磁场中做匀速直线运动，洛伦兹力提供向心力，所以：qvB ＝mv 2r ，所以：r ＝mv qB ＝m q ·v B，可知粒子的比荷越大，则运动的半径越小，所以打在P 1点的粒子是11H ，打在P 2点的粒子是21H 和42He.故A 错误，B正确；由题中的数据可得，11H 的比荷是21H 和42He 的比荷的2倍，所以11H 的轨道的半径是21H 和42He 的半径的12倍，即O 2P 2的长度是O 2P 1长度的2倍，故C 正确；粒子运动的周期：T ＝2πr v ＝2πm qB，三种粒子的比荷不相同，所以粒子在偏转磁场中运动的时间不相等．故D 错误．答案：BC6、(2018·湖南长沙市高三统一模拟)金属钙的逸出功为4.3×10－19 J ，普朗克常量h ＝6.6×10－34 J·s，光速c ＝3.0×108 m/s ，以下说法正确的是( )A ．用波长为400 nm 的单色光照射金属钙，其表面有光电子逸出B ．用波长为400 nm 的单色光照射金属钙，不能产生光电效应现象C ．若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则增大光的强度将会使光电子的最大初动能增大D ．若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则减小光的强度将会使单位时间内发射的光电子数减少解析：波长为400 nm 的单色光的光子能量为E ＝h c λ＝4.95×10－19 J ，大于钙的逸出功，可以产生光电效应现象．根据光电效应规律，光电子的最大初动能决定于入射光的频率而与其强度无关，但强度决定了单位时间内发射的光电子数的多少，正确选项为A 、D.答案：AD二、非选择题1、(2018·青海省西宁市四校高三联考)某实验小组利用图甲所示的电路测金属丝R x 的电阻率．(1)请根据图甲，对图乙的实物图进行连线，使滑动变阻器的滑片向右移时，电流表的示数变小．(2)如图丙所示，利用螺旋测微器测出金属丝的直径d ＝________.(3)闭合开关后，将滑动变阻器的滑片调至一合适位置后不动，多次改变金属丝上金属夹的位置，得到几组U 、I 、L(U 为电压表的示数，I 为电流表的示数，L 为金属丝接入电路的长度)的数据，用R ＝U I计算出相应的电阻值后作出R －L 图线如图丁所示．取图线上两个点间数据之差ΔL 和ΔR ，则金属丝的电阻率ρ＝________(用题给字母进行表示)．ρ的测量值________(选填“大于”、“等于”或“小于”)真实值．解析：(1)由题意可知，滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变大，故导线应接在滑动变阻器下方的左接线柱上．(3)根据R ＝ρL S 可得，ΔR ＝ρΔL S ，而S ＝πd 24，代入得ρ＝πd 2ΔR 4ΔL；本实验采用电流表的外接法，通过金属丝电流的测量值偏大，故ΔR ΔL偏小，ρ的测量值小于真实值． 答案：(1)实物连线如图所示(2)1.650 mm (3)πd 2ΔR 4ΔL小于。
【高中物理】2019高考物理二轮十一月课外优选3及答案.doc
2019高考物理二轮（十一月）课外优选（3）一、选择题1、(2018·浙江百校联盟押题卷)如图所示，A、B两物体用两根轻质细线分别悬挂在天花板上，两细线与水平方向夹角分别为60°和45°，A、B间拴接的轻质弹簧恰好处于水平状态，则下列判断正确的是( )A．A、B的质量之比为1 3B．A、B所受弹簧弹力大小之比为3 2C．悬挂A、B的细线上拉力大小之比为2 1D．快速撤去弹簧的瞬间，A、B的瞬时加速度大小之比为1 2解析：弹簧对A、B的弹力大小相等，设为kx，对A、B分别进行受力分析，由平衡条件可知mA g＝kxtan60°，FA＝kx/cos60°，mBg＝kxtan45°，FB＝kx/cos45°，联立解得A、B两物体质量之比为mA mB＝tan60tan45°＝31，FAFB＝cos45°cos60°＝21，在剪断弹簧的瞬间，A、B的瞬时加速度aA aB＝gcos60gcos45°＝12，故C、D正确．答案：CD2、如图所示，竖直平面内有一光滑直杆AB，杆与水平方向的夹角为θ(0°≤θ≤90°)，一质量为m的小圆环套在直杆上．给小圆环施加一与该竖直平面平行的恒力F，并从A端由静止释放．改变直杆和水平方向的夹角θ，当直杆与水平方向的夹角为30°时，小圆环在直杆上运动的时间最短，重力加速度为g，则( ) A．恒力F一定沿与水平方向成30°角斜向右下的方向B．恒力F和小圆环的重力的合力一定沿与水平方向成30°角斜向右下的方向C．若恒力F的方向水平向右，则恒力F的大小为3mgD．恒力F的最小值为32mg解析：小圆环受到竖直向下的重力、光滑直杆AB对小圆环的支持力和恒力F，把光滑直杆AB对小圆环的支持力正交分解，沿直杆方向无分力，由L＝12at2可知，要使小圆环在直杆上运动的时间最短，小圆环运动的加速度必须最大，由牛顿第二定律可知，当恒力和重力的合力沿光滑直杆方向时，加速度最大，所以选项A错误、B正确；若恒力F的方向水平向右，由tan30°＝mgF，解得F＝3mg，选项C正确；当合力F的方向垂直光滑直杆时，恒力F最小，由sin60°＝Fmg，解得F的最小值为Fmin＝mgsin60°＝32mg，选项D正确．答案：BCD3、(2018·衡水模拟)质量为2吨的汽车，发动机牵引力的功率为30 kW，汽车在水平路面上行驶能达到的最大速度为15 m/s，若汽车以最大功率行驶，所受阻力恒定，则汽车的速度为10 m/s时的加速度为( )A．0.5 m/s2B．1 m/s2C．2 m/s2 D．2.5 m/s2解析：汽车在水平路面上行驶所受阻力Ff ＝Pv＝2 000 N；当汽车的速度为10 m/s时，牵引力F＝Pv′＝3 000 N；加速度a＝F－Ffm＝0.5 m/s2，选项A正确．答案：A4、一正电荷仅在电场力作用下，从A点运动到B点，速度大小随时间变化的图象如图所示．下列关于A、B两点电场强度E的大小和电势φ的高低的判断，正确的是( )A ．E A >EB ，φA >φB B ．E A ＝E B ，φA ＝φBC ．E A <E B ，φA >φBD ．E A <E B ，φA <φB解析：电荷受电场力的作用，合力不为零．由运动图象可知速度的大小没有变化，故电荷只能做匀速圆周运动，故选B.答案：B5、某一空间存在着磁感应强度为B 且大小不变、方向随时间t 做周期性变化的匀强磁场(如图甲所示)，规定垂直纸面向里的磁场方向为正．为了使静止于该磁场中的带正电的粒子能按a →b →c →d →e →f 的顺序做横“∞”字曲线运动(即如图乙所示的轨迹)，下列办法可行的是(粒子只受磁场力的作用，其它力不计)( )A ．若粒子的初始位置在a 处，在t ＝3T8时给粒子一个沿切线方向水平向右的初速度B ．若粒子的初始位置在f 处，在t ＝T2时给粒子一个沿切线方向竖直向下的初速度C ．若粒子的初始位置在e 处，在t ＝118T 时给粒子一个沿切线方向水平向左的初速度 D ．若粒子的初始位置在b 处，在t ＝T2时给粒子一个沿切线方向竖直向上的初速度解析：要使粒子的运动轨迹如题图乙所示，粒子做圆周运动的周期应为T 0＝πm qB ＝T2，结合左手定则可知，选项A 、D 正确． 答案：AD6、现有两动能均为E 0＝0.35 MeV 的21H 在一条直线上相向运动，两个21H 发生对撞后能发生核反应，得到32He和新粒子，且在核反应过程中释放的能量完全转化为32He和新粒子的动能．已知21H的质量为2.014 1 u，32He的质量为3.016 0 u，新粒子的质量为1.008 7 u，核反应时质量亏损1 u释放的核能约为931 MeV(如果涉及计算，结果保留整数)．则下列说法正确的是( )A．核反应方程为21H＋21H→32He＋1nB．核反应前后不满足能量守恒定律C．新粒子的动能约为3 MeVD.32He的动能约为4 MeV解析：由核反应过程中的质量数和电荷数守恒可知21H＋21H→32He＋1n，则新粒子为中子1n，所以A正确．核反应过程中质量亏损，释放能量，亏损的质量转变为能量，仍然满足能量守恒定律，B错误；由题意可知ΔE＝(2.014 1 u×2－3.016 0 u－1.008 7 u)×931MeV/u＝3.3 MeV，根据核反应中系统的能量守恒有EkHe ＋Ekn＝2E＋ΔE，根据核反应中系统的动量守恒有pHe －pn＝0，由Ek＝p22m，可知EkHeEkn＝mnmHe，解得EkHe＝mnmn＋mHe(2E＋ΔE)＝1 MeV，E kn ＝mHemn＋mHe(2E＋ΔE)＝3 MeV，所以C正确、D错误．答案：AC二、非选择题1、如图所示，ABD为竖直平面内的光滑绝缘轨道，其中AB段是水平的，BD段为半径R＝0.2 m的半圆，两段轨道相切于B点，整个轨道处在竖直向下的匀强电场中，场强大小E＝5.0×103V/m.一不带电的绝缘小球甲，以速度v沿水平轨道向右运动，与静止在B 点带正电的小球乙发生弹性碰撞．已知甲、乙两球的质量均为m＝1.0×10－2 kg，乙所带电荷量q＝2.0×10－5C，g取10 m/s2.(水平轨道足够长，甲、乙两球可视为质点，整个运动过程无电荷转移)(1)甲、乙两球碰撞后，乙恰能通过轨道的最高点D ，求乙在轨道上的首次落点到B 点的距离；(2)在满足(1)的条件下，求出甲的速度v 0.解析：(1)根据题意可知，甲、乙两球碰撞后，在水平方向上动量守恒，此时乙获得向右的速度沿轨道运动，在乙恰能通过轨道的最高点D 的情况下，设乙到达最高点的速度为v D ，乙离开D 点到达水平轨道的时间为t ，乙的落点到B 点的距离为x ，根据牛顿第二定律有mg ＋qE ＝m v 2DR ①2R ＝12(mg ＋qE m )t 2②x ＝v D t ③联立①②③式并代入数据解得 x ＝0.4 m ④(2)在满足(1)的条件下，设碰撞后甲的速度为v 甲、乙的速度为v 乙，根据动量守恒和机械能守恒定律有mv 0＝mv 甲＋mv 乙⑤ 12mv 20＝12mv 2甲＋12mv 2乙⑥ 联立⑤⑥式解得 v 乙＝v 0⑦ 根据动能定理有－mg ·2R －qE ·2R ＝12mv 2D－12mv 2乙⑧ 联立①⑦⑧式解得 v 0＝v 乙＝5mq ＋qE Rm＝2 5 m/s ⑨答案：(1)0.4 m (2)2 5 m/s。
2019最新届高三物理第二次月考试题(含解析) 新版 新目标版
2019届高三第二次月考物理试题一、选择题：(本题共12小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，第1～8题为单选题，第9～12题为多选题．全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1. 福建平潭海域，风力资源特别丰富，已投入建设风力发电。
假设该地风速为20m/s，空气密度等于1.3kg/m3，如果把通过横截面积为20m2的风的动能10%转化为电能，则发电功率为（）A. 5.2×102B. 8.0×103C. 1.04×104D. 2.08×104【答案】C【解析】在t时间内通过横截面积为20m2的风能10%转化为电能，根据能量守恒定律，有：Pt=10%×mv2其中m=ρV=ρ×vtS故：P=0.1×ρSv3=0.1××1.3×20×203=1.04×104W，故选C.点睛：本题难点在于研究对象的确定上，可以以时间t内通过横截面积为20m2的空气柱为研究对象，然后根据能量守恒定律列式求解．2. 如图，斜面A放在水平地面上．物块B放在斜面上，有一水平力F作用在B上时，A、B均保持静止。
A受到水平地面的静摩擦力为f1，B受到A的静摩擦力为f2，现使F逐渐增大，但仍使A、B处于静止状态，则（）A. f1、f2均增大 B. f1、f2都不一定增大C. f1一定增大D. f2一定增大【答案】C【解析】对物体B受力分析，受推力、重力、支持力，可能有静摩擦力．设B的质量为m，斜面的倾角为θ①当mgsinθ＞Fcosθ时，静摩擦力沿着斜面向上，大小为 f2=mgsinθ-Fcosθ，当F减小时，f2变大；②当mgsinθ=Fcosθ时，静摩擦力为零，当F减小时，f2变大；③当mgsinθ＜Fcosθ时，静摩擦力沿着斜面向下，大小为f2=Fcosθ-mgsinθ，F减小时，f2变小；故f2不一定增大．对整体受力分析，则有f1=F，则F增大，f1一定增大；故A正确、BCD错误．故选A．3. 从地面以一定的速度竖直向上抛出一小球，小球从抛出点上升到最高点的时刻为t1，下落到抛出点的时刻为t2．若空气阻力的大小恒定，则在下图中能正确表示被抛出物体的速度v随时间t的变化关系的图线是（）A. B.C. D. . .【答案】B【解析】设小球的质量为m，空气阻力大小为f，上升的加速度大小为a1，下落的加速度为a2，上升的最大高度为h，根据牛顿第二定律得：上升：mg+f=ma1；下落：mg-f=ma2，可见a1＞a2．则图象上升阶段的斜率大于下落阶段的斜率．又因上升与下落高度相同，h=a1t12，h=a2t22，则t1＜t2；对于上升过程初速度：；下落过程末速度则v＜v0，根据以上三点可知，B正确，ACD错误．故选B.点睛：物理图象可以根据物理规律推导出解析式精确研究．对于速度-时间图象要抓住两点：“斜率”表示加速度，“面积”表示位移．4. 如图所示，水平面MON的ON部分光滑OM部分粗糙，小球夹在小车中的光滑斜面A和光滑竖直挡板B之间，小车以一定的速度向左运动．小车越过O点以后，以下关于斜面对小球的弹力N A大小和挡板B对小球的弹力N B 大小的说法，正确的是（）A. N A不变，N B减小B. N A增大，N B不变C. N B有可能增大D. N A可能为零【答案】A【解析】试题分析：对小球进行受力分析，作出力图，根据牛顿第二定律得到弹力N A和N B与加速度的关系，再分析它们的变化．小球的受力情况如图所示，竖直方向有：；水平方向有：，小车以一定的速度向左匀速运动时，，小车越过O点以后，小车改为向左减速运动，则不变，减小．5. 汽车从静止开始先做匀加速直线运动，然后做匀速运动。
2019年高考物理二轮十一月课外优选9含解析
2019高考物理二轮（十一月）课外优选（9）李仕才一、选择题1、(2018·福建省仙游一中月考)一条悬链长7.2 m ，从悬挂点处断开，使其自由下落，不计空气阻力，则整条悬链通过悬挂点正下方20 m 处的一点所需的时间是(g 取10 m/s 2)( )A ．0.3 sB ．0.4 sC ．0.7 sD ．1.2 s解析：悬链下端到达20 m 处时，用时t 1，则12.8＝12gt 21，悬挂点落至20 m 处用时t 2，则20＝12gt 22，可知悬链通过20 m 处用时Δt ＝t 2－t 1＝0.4 s ，B 对．答案：B2、(2018·广西重点高中高三一模)2016年10月17日“神舟十一号”载人飞船发射成功，飞船入轨后经过约2天的独立飞行完成与“天宫二号”的对接．如图所示，“天宫二号”处于离地面高h ＝393 km 的圆轨道A 上，“神舟十一号”处于圆轨道B 上．“神舟十一号”在位置1点火后沿轨道C 运动到位置2，然后沿轨道A 运动，通过调整自己与前方的“天宫二号”的相对距离和姿态，最终对接．已知地球半径为R ＝6 371 km ，引力常量为G ＝6.67×10－11N·m 2/kg 2，地球质量为M ＝6.0×1024kg ，不计大气阻力．下列说法正确的是( )A ．“天宫二号”在轨道A 上的运行周期比“神舟十一号”在轨道B 上的运行周期小B ．“天宫二号”在轨道A 上的加速度比“神舟十一号”在轨道B 上的加速度大C ．“天宫二号”在轨道A 上的运行速率约为7.7 km/sD ．“神舟十一号”在位置2时的机械能小于在位置1时的机械能 解析：由GMm r 2＝m(2πT)2r ，得T ＝4π2r 3GM ，可知半径越大，周期越大，A 错．由GMmr2＝ma ，得加速度a ＝GM r 2，半径越大，加速度越小，B 错．由GMm 0 R＋h 2＝m 0v2R ＋h ，得v ＝GMR ＋h＝7.7 km/s ，C 对．“神舟十一号”在轨道C 上运动时，由于点火加速，故其机械能增加，D 错．答案：C3、质量为2 kg 的物体，放在动摩擦因数μ＝0.1的水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，水平拉力做的功W 和物体发生的位移L 之间的关系如图所示，重力加速度g 取10 m/s 2.则此物体( )A ．在位移L ＝9 m 时的速度是3 3 m/sB ．在位移L ＝9 m 时的速度是3 m/sC ．在OA 段运动的加速度是2.5 m/s 2D ．在OA 段运动的加速度是1.5 m/s 2解析：由图象可知当L ＝9 m 时，W ＝27 J ，而W Ff ＝－μmgL ＝－18 J ，则W 合＝W ＋W Ff＝9 J ，由动能定理，有W 合＝12mv 2，解得v ＝3 m/s ，A 项错误，B 项正确；在A 点时，W′＝15 J ，W′Ff ＝－μmgL′＝－6 J ，由动能定理可得v A ＝3 m/s ，则a ＝v 2A 2L′＝1.5 m/s 2，C 项错误，D 项正确．答案：BD4、(2018·舟山模拟)A 、B 两球带等量异种电荷，带电荷量均为2×10－5 C ，两球质量均为0.72 kg ，A 球通过绝缘细线吊在天花板上，B 球一端固定绝缘棒，现将B 球放在某一位置，能使绝缘细线伸直，A 球静止且与竖直方向的夹角为30°，g 取10 m/s 2，则B 球到A 球的距离可能为( )A ．0.5 mB ．1 mC ．2 mD ．3 m解析：选A 球为研究对象，它受重力、库仑力和细线的拉力，三力平衡，由几何关系得，库仑力的最小值为F min ＝mgsin30°＝0.72×10×12N ＝3.6 N而由F ＝kq2r 2得r max ＝kq2F min＝9×109×4×10－103.6m ＝1 m ，故A 、B 正确，C 、D 错误．答案：AB5、如图甲所示，一根电阻R ＝4 Ω的导线绕成半径d ＝2 m 的圆，在圆内部分区域存在变化的匀强磁场，中间S 形虚线是两个直径均为d 的半圆，磁感应强度随时间变化如图乙所示(磁场垂直于纸面向外为正，电流逆时针方向为正)，关于圆环中的感应电流—时间图象，下列选项中正确的是( )解析：0～1 s ，感应电动势为E 1＝ΔB Δt S ＝21×πd22(V)＝4π(V)，由欧姆定律可知感应电流大小为I 1＝E 1R ＝4π4(A)＝π(A)，由楞次定律知，感应电流为顺时针方向，为负方向，结合选项知C 正确．答案：C6、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为55 ：3，原线圈a 、b 间输入交流电瞬时值的表达式为u ＝2202sin(100πt)V ，副线圈两端接有两只标有“24 W”字样的灯泡，当开关S 1和S 2都闭合时，两灯泡均正常发光，下列说法中正确的是( )A ．两只灯泡能承受的最高电压为12 VB ．断开开关S 1，副线圈两端的电压将变大C ．断开开关S 1，变压器原线圈的输入功率将变小D ．该变压器原、副线圈的输入、输出功率之比为55 ：3解析：由理想变压器的工作原理知原、副线圈的电压与匝数成正比U 1U 2＝n 1n 2，解得副线圈输出电压的有效值为U 2＝12 V ，故灯泡能承受的最高电压应为12 2 V ，A 错误；无论是断开开关S 1还是断开开关S 2，副线圈的电压均不变，B 错误；断开开关S 1，小灯泡L 2仍能正常发光，L 2消耗的功率不变，则理想变压器的输出功率减小，由于理想变压器的输出功率等于输入功率，因此输入功率也减小，C 正确、D 错误．答案：C二、非选择题1、)(2018·河北石家庄质量检测)如图所示为在某十字路口附近的一橡胶减速带，一警用巡逻车正以20 m/s 的速度行驶在该路段，在离减速带50 m 时巡逻车开始做匀减速运动，结果以5 m/s 的速度通过减速带，通过后立即以2.5 m/s 2的加速度加速到原来的速度．警用巡逻车可视为质点，减速带的宽度忽略不计．求由于减速带的存在，巡逻车通过这段距离多用的时间．解析：巡逻车做匀减速直线运动，由速度－位移公式可知， 加速度：a ＝v 2－v 202x 1＝－3.75 m/s 2减速需要的时间：t 1＝v －v 0a ＝4 s巡逻车加速的时间：t 2＝v 0－va′＝6 s加速的位移：x 2＝v 20－v22a′＝75 m巡逻车通过的总位移x ＝x 1＋x 2＝125 m 巡逻车匀速通过这段距离所用的时间 t ＝xv＝6.25 s 多用的时间Δt ＝t 1＋t 2－t ＝3.75 s 答案：3.75 s。
2019高考英语阅读理解(5)及解析或解析(11月哈尔滨)
2019高考英语阅读理解（5）及解析或解析（11月哈尔滨）阅读理解、专题训练(十)(2017年山东卷)Batteries can power anything from small sensors to large systems.While scientists are finding ways to make them smaller but even more powerful，problems can arise when these batteries are much larger and heavier than the devices themselves.University ofMissouri(MU)researchers are developing a nuclear energy source that is smaller，lighter and more efficient.“To provide enough power，we need certain methods with high energy density(密度)”，said Jae Kwon，assistant professor of electrical and computer engineering at MU.“The radioisotope(放射性同位素)battery can provide power density that is much higher than chemical batteries.”Kwon and his research team have been working on building a small nuclear battery，presently the size and thickness of a penny，intended to power various micro / nanoelectromechanical systems (M/NEMS)、Although nuclear batteries can cause concerns，Kwon said they are safe.“People hear the word ‘nuclear’ and think of something very dangerous，” he said，“However，nuclear power sources have already been safely powering a variety of devices，such as pacemakers，space satellites and underwater systems.”His new idea is not only in the battery's size，but also in its semiconductor(半导体)、Kwon's battery uses a liquid semiconductor rather than a solid semiconductor.“The key part of using a radioactive battery is that when you harvest the energy，part of the radiation energy can damage the lattice structure (晶体结构)of the solid semiconductor，” Kwon said，“By using a liquid semiconductor，we believe we can minimize that problem.”Together with J、David Robertson，chemistry professor and associate director of the MU Research Reactor，Kwon is working to build and test the battery.In the future，they hope to increase the battery's power，shrink its size and try with various other materials.Kwon said that battery could be thinner than the thickness of human hair.Ⅰ.以约30词概括文章大意___________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________Ⅱ.根据短文内容选择最正确答案1、Which of the following is true of Jae Kwon?A、He teaches chemistry at MU.B、He developed a chemical battery.C、He is working on a nuclear energy source.D、He made a breakthrough in computer engineering.2、Jae Kwon gave examples in Paragraph 4________.A、to show chemical batteries are widely appliedB、to introduce nuclear batteries can be safely usedC、to describe a nuclearpowered systemD、to introduce various energy sources3、Liquid semiconductor is used to ________.A、get rid of the radioactive wasteB、test the power of nuclear batteriesC、decrease the size of nuclear batteriesD、reduce the damage to lattice structure4、According to Jae Kwon，his nuclear battery ________.A、uses a solid semiconductorB、will soon replace the present onesC、could be extremely thinD、has passed the final test5、The text is most probably a ________.A、science news reportB、book reviewC、newspaper adD、science fiction story参考答案ⅠThe passage tells us that scientists are developing some new nuclear lighterandmoreefficient.(26words)Ⅱ1、解析：从Kwonandhisresearchteamhavebeenworkingonbuildingasmallnuclearbattery可知答案。
2019高考物理二轮(十一月)课外优选(1)(含解析)
2019高考物理二轮（十一月）课外优选（1）李仕才一、选择题1、(2018·山西四校联考)如图所示，轻绳一端连接放置在水平地面上的物体Q ，另一端绕过固定在天花板上的定滑轮与小球P 连接，P 、Q 始终处于静止状态，则( )A ．Q 可能受到两个力的作用B ．Q 可能受到三个力的作用C ．Q 受到的绳子拉力与重力的合力方向水平向左D ．Q 受到的绳子拉力与重力的合力方向指向左下方解析：由平衡条件知，Q 受重力、支持力、绳的拉力和摩擦力四个力的作用，选项A 、B 错误；由平衡条件知，Q 受到的绳子拉力和重力的合力与支持力和摩擦力的合力大小相等、方向相反，由平行四边形定则知，支持力和摩擦力的合力方向指向右上方，所以Q 受到的绳子拉力和重力的合力方向指向左下方，选项C 错误，选项D 正确．答案：D2、如图所示，水平传送带以恒定速度v 向右运动．将质量为m 的物体Q 轻轻放在水平传送带的左端A 处，经过t 秒后，Q 的速度也变为v ，再经t 秒物体Q 到达传送带的右端B 处，则( )A ．前t 秒内物体做匀加速运动，后t 秒内物体做匀减速运动B ．后t 秒内Q 与传送带之间无摩擦力C ．前t 秒内Q 的位移与后t 秒内Q 的位移大小之比为：1 D ．Q 由传送带左端运动到右端的平均速度为34v 解析：前t 秒内物体Q 相对传送带向左滑动，物体Q 受向右的滑动摩擦力，由牛顿第二定律F f ＝ma 可知，物体Q 做匀加速运动，后t 秒内物体Q 相对传送带静止，做匀速运动，不受摩擦力作用，选项A 错误、B 正确；前t 秒内Q 的位移x 1＝v 2t ，后t 秒内Q 的位移x 2＝vt ，故x 1x 2＝12，选项C 错误；Q 由传送带左端运动到右端的平均速度v ＝x 1＋x 22t ＝v 2t ＋vt 2t ＝34v ，选项D 正确． 答案：BD3、质量为M 、内壁间距为L 的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m 的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ.初始时小物块停在箱子正中间，如图所示．现给小物块一水平向右的初速度v ，小物块与箱壁碰撞N 次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止．设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为( )A.12mv 2B.12mM m ＋Mv 2 C.12N μmgL D ．N μmgL 解析：小物块与箱子作用过程中满足动量守恒，最后恰好又回到箱子正中间．二者相对静止，即为共速，设速度为v 1，mv ＝(m ＋M)v 1，系统损失动能E k ＝12mv 2－12(M ＋m)v 21＝12Mmv 2M ＋m；由于碰撞为弹性碰撞，故碰撞时不损失能量，系统损失的动能等于系统产生的热量，即ΔE k ＝Q ＝N μmgL.故本题选B 、D.答案：BD4、(2018·广州模拟)如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R 的阻值，可使电压表的示数减小ΔU(电压表为理想电表)，在这个过程中( )A ．通过R 1的电流减小，减少量一定等于ΔU R 1B ．R 2两端的电压增加，增加量一定等于ΔUC ．路端电压减小，减少量一定等于ΔUD ．通过R 2的电流增加，但增加量一定小于ΔU R 2解析：电压表的示数减小ΔU ，通过R 1的电流减小ΔI ＝ΔU R 1，选项A 正确；R 2与电源内阻的总电压增加ΔU ，选项B 错误；R 2两端的电压增加量小于ΔU ，通过R 2的电流增加量小于ΔU R 2，选项C 错误、D 正确． 答案：AD5、(2018·河北唐山调研)如图所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为B ，导轨宽度为L ，一端与电源连接．一质量为m 的金属棒ab 垂直于平行导轨放置并接触良好，金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ＝33，在安培力的作用下，金属棒以v 0的速度向右匀速运动，通过改变磁感应强度的方向，可使流过导体棒的电流最小，此时磁感应强度的方向与竖直方向的夹角为( )A．37°B．30° C．45°D．60°解析：本题考查通电导体棒在磁场中的平衡问题．由题意对棒受力分析，设磁感应强度的方向与竖直方向成θ角，则有BILcosθ＝μ(mg－BILsinθ)整理得BIL＝μmgcosθ＋μsinθ电流有最小值，就相当于安培力有最小值，最后由数学知识解得：θ＝30°，则A、C、D错，B对．答案：B6、(2018·济南模拟)如图所示为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34 eV，那么对氢原子在能级跃迁过程中发射或吸收光子的特征认识正确的是( )A．用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射锌板一定不能产生光电效应B．一群处于n＝3能级的氢原子向基态跃迁时，能放出3种不同频率的光C．一群处于n＝3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75 eVD．用能量为14.0 eV的光子照射，可使处于基态的氢原子电离解析：从高能级向基态跃迁最小能量值为10.2 eV>3.34 eV一定能产生光电效应，A错；n＝3向基态跃迁时，辐射的光子频率种类为C23＝3种，B对；从n＝3跃迁到n＝1辐射光子的能量为ΔE＝E3－E1＝12.09 eV，照射锌板最大初动能E k＝(12.09－3.34) eV＝8.75 eV，C对；14.0 eV>13.6 eV，可使处于基态的氢原子电离，D对．答案：BCD二、非选择题1、(2018·安徽师大附中期中)如图所示，在正交坐标系xOy的第一、四象限内分别存在两个大小相等、方向不同的匀强电场，两组平行且等间距的实线分别表示两个电场的电场线，每条电场线与z轴所夹的锐角均为60°.一质子从y轴上某点A沿着垂直于电场线的方向射入第一象限，仅在电场力的作用下第一次到达x轴上的B点时速度方向正好垂直于第四象限内的电场线，之后第二次到达x轴上的C点．求(1)质子在A 点和B 点的速度之比；(2)OB 与BC 长度的比值．解析：(1)质子的运动轨迹如图所示，设质子在A 、B 两点的速度分别为v 0、v ，由题意知v 与v 0的夹角为60°，所以v 0v ＝cos60°＝12(2)设质子在电场中运动的加速度为a ，从A 运动到B 经历的时间为t 1 OB ＝ON ＋NB由几何关系知：ON ＝AMsin30°NB ＝MBcos30°沿垂直于v 0方向上：AM ＝12at 21沿平行于v 0方向上：MB ＝v 0t 1在B 点：vsin60°＝at 1v 0＝vcos60°解得：OB ＝9v 204a设质子从B 到C 经历时间为t 2，作如图辅助线沿CP 方向：BCsin60°＝vt 2沿BP 方向：BCcos60°＝12at 22解得：BC ＝16v 203a所以：OB BC ＝2764 答案：：2 (2)2764。
2019年高考(人教版)物理二轮复习选练题(共5套)含答案及解析
2019年高考（人教版）物理二轮复习选练题2019年高考（人教版）物理二轮复习选练题（一）一、选择题1、如图所示，一个质量为4 kg的半球形物体A放在倾角为θ＝37°的斜面B上静止不动。
若用通过球心的水平推力F＝10 N作用在物体A上，物体A仍静止在斜面上，斜面仍相对地面静止。
已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，取g＝10 m/s2，则( )A．物体A受到斜面B的摩擦力增加8 NB．物体A对斜面B的作用力增加10 NC．地面对斜面B的弹力不变D．地面对斜面B的摩擦力增加10 N2、[多选]光滑斜面上，当系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，A、B质量相等。
在突然撤去挡板的瞬间( )A．两图中两球加速度均为g sin θB．两图中A球的加速度均为零C．图甲中B球的加速度为2g sin θD．图乙中B球的加速度为g sin θ3、如图所示，在斜面顶端A以速度v水平抛出一小球，经过时间t1恰好落在斜面的中点P；若在A点以速度2v水平抛出小球，经过时间t2完成平抛运动。
不计空气阻力，则( )A．t2>2t1 B．t2＝2t1C．t2<2t1 D．落在B点4、如图所示，曲线Ⅰ是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，其半径为R；曲线Ⅱ是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内，已知在两轨道上运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是( )A ．椭圆轨道的长轴长度为RB ．卫星在Ⅰ轨道的速率为v 0，卫星在Ⅱ轨道B 点的速率为v B ，则v 0<v BC ．卫星在Ⅰ轨道的加速度大小为a 0，卫星在Ⅱ轨道A 点加速度大小为a A ，则a 0<a AD ．若OA ＝0.5R ，则卫星在B 点的速率v B > 2GM 3R5、用长为l 、不可伸长的细线把质量为m 的小球悬挂于O 点，将小球拉至悬线偏离竖直方向α角后放手，运动t 时间后停在最低点。
推荐2019高考物理二轮十一月课外优选1含解析
2019高考物理二轮（十一月）课外优选（1）一、选择题1、(2018·山西四校联考)如图所示，轻绳一端连接放置在水平地面上的物体Q ，另一端绕过固定在天花板上的定滑轮与小球P 连接，P 、Q 始终处于静止状态，则( )A ．Q 可能受到两个力的作用B ．Q 可能受到三个力的作用C ．Q 受到的绳子拉力与重力的合力方向水平向左D ．Q 受到的绳子拉力与重力的合力方向指向左下方解析：由平衡条件知，Q 受重力、支持力、绳的拉力和摩擦力四个力的作用，选项A 、B 错误；由平衡条件知，Q 受到的绳子拉力和重力的合力与支持力和摩擦力的合力大小相等、方向相反，由平行四边形定则知，支持力和摩擦力的合力方向指向右上方，所以Q 受到的绳子拉力和重力的合力方向指向左下方，选项C 错误，选项D 正确．答案：D2、如图所示，水平传送带以恒定速度v 向右运动．将质量为m 的物体Q 轻轻放在水平传送带的左端A 处，经过t 秒后，Q 的速度也变为v ，再经t 秒物体Q 到达传送带的右端B 处，则( )A ．前t 秒内物体做匀加速运动，后t 秒内物体做匀减速运动B ．后t 秒内Q 与传送带之间无摩擦力C ．前t 秒内Q 的位移与后t 秒内Q 的位移大小之比为：1D ．Q 由传送带左端运动到右端的平均速度为34v 解析：前t 秒内物体Q 相对传送带向左滑动，物体Q 受向右的滑动摩擦力，由牛顿第二定律F f ＝ma 可知，物体Q 做匀加速运动，后t 秒内物体Q 相对传送带静止，做匀速运动，不受摩擦力作用，选项A 错误、B 正确；前t 秒内Q 的位移x 1＝v 2t ，后t 秒内Q 的位移x 2＝vt ，故x 1x 2＝12，选项C 错误；Q 由传送带左端运动到右端的平均速度v ＝x 1＋x 22t ＝v 2t ＋vt 2t ＝34v ，选项D 正确． 答案：BD3、质量为M 、内壁间距为L 的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m 的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ.初始时小物块停在箱子正中间，如图所示．现给小物块一水平向右的初速度v ，小物块与箱壁碰撞N 次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止．设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为( )A.12mv 2B.12mM m ＋Mv 2 C.12N μmgL D ．N μmgL 解析：小物块与箱子作用过程中满足动量守恒，最后恰好又回到箱子正中间．二者相对静止，即为共速，设速度为v 1，mv ＝(m ＋M)v 1，系统损失动能E k ＝12mv 2－12(M ＋m)v 21＝12Mmv 2M ＋m；由于碰撞为弹性碰撞，故碰撞时不损失能量，系统损失的动能等于系统产生的热量，即ΔE k ＝Q ＝N μmgL.故本题选B 、D.答案：BD4、(2018·广州模拟)如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R 的阻值，可使电压表的示数减小ΔU(电压表为理想电表)，在这个过程中( )A ．通过R 1的电流减小，减少量一定等于ΔU R 1B ．R 2两端的电压增加，增加量一定等于ΔUC ．路端电压减小，减少量一定等于ΔUD ．通过R 2的电流增加，但增加量一定小于ΔU R 2解析：电压表的示数减小ΔU ，通过R 1的电流减小ΔI ＝ΔU R 1，选项A 正确；R 2与电源内阻的总电压增加ΔU ，选项B 错误；R 2两端的电压增加量小于ΔU ，通过R 2的电流增加量小于ΔU R 2，选项C 错误、D 正确． 答案：AD5、(2018·河北唐山调研)如图所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为B ，导轨宽度为L ，一端与电源连接．一质量为m 的金属棒ab 垂直于平行导轨放置并接触良好，金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ＝33，在安培力的作用下，金属棒以v 0的速度向右匀速运动，通过改变磁感应强度的方向，可使流过导体棒的电流最小，此时磁感应强度的方向与竖直方向的夹角为( )A ．37°B ．30° C．45° D ．60°解析：本题考查通电导体棒在磁场中的平衡问题．由题意对棒受力分析，设磁感应强度的方向与竖直方向成θ角，则有BILcos θ＝μ(mg －BILsin θ)整理得BIL ＝μmg cos θ＋μsin θ电流有最小值，就相当于安培力有最小值，最后由数学知识解得：θ＝30°，则A 、C 、D 错，B 对．答案：B6、(2018·济南模拟)如图所示为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34 eV ，那么对氢原子在能级跃迁过程中发射或吸收光子的特征认识正确的是( )A ．用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射锌板一定不能产生光电效应B ．一群处于n ＝3能级的氢原子向基态跃迁时，能放出3种不同频率的光C ．一群处于n ＝3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75 eVD ．用能量为14.0 eV 的光子照射，可使处于基态的氢原子电离解析：从高能级向基态跃迁最小能量值为10.2 eV>3.34 eV 一定能产生光电效应，A 错；n ＝3向基态跃迁时，辐射的光子频率种类为C 23＝3种，B 对；从n ＝3跃迁到n ＝1辐射光子的能量为ΔE ＝E 3－E 1＝12.09 eV ，照射锌板最大初动能E k ＝(12.09－3.34) eV ＝8.75 eV ，C 对；14.0 eV>13.6 eV ，可使处于基态的氢原子电离，D 对．答案：BCD二、非选择题1、(2018·安徽师大附中期中)如图所示，在正交坐标系xOy 的第一、四象限内分别存在两个大小相等、方向不同的匀强电场，两组平行且等间距的实线分别表示两个电场的电场线，每条电场线与z 轴所夹的锐角均为60°.一质子从y 轴上某点A 沿着垂直于电场线的方向射入第一象限，仅在电场力的作用下第一次到达x 轴上的B 点时速度方向正好垂直于第四象限内的电场线，之后第二次到达x 轴上的C 点．求(1)质子在A 点和B 点的速度之比；(2)OB 与BC 长度的比值．解析：(1)质子的运动轨迹如图所示，设质子在A 、B 两点的速度分别为v 0、v ，由题意知v 与v 0的夹角为60°，所以v 0v ＝cos60°＝12(2)设质子在电场中运动的加速度为a ，从A 运动到B 经历的时间为t 1OB ＝ON ＋NB由几何关系知：ON ＝AMsin30°NB ＝MBcos30°沿垂直于v 0方向上：AM ＝12at 21沿平行于v 0方向上：MB ＝v 0t 1 在B 点：vsin60°＝at 1 v 0＝vcos60°解得：OB ＝9v 204a设质子从B 到C 经历时间为t 2，作如图辅助线 沿CP 方向：BCsin60°＝vt 2沿BP 方向：BCcos60°＝12at 22 解得：BC ＝16v 203a所以：OB BC ＝2764答案：：2 (2)2764。
2019高考物理二轮(十一月)课外优选(8)(含解析)
2019高考物理二轮（十一月）课外优选（8）李仕才一、选择题1、两物体A 、B 由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的位移－时间(x －t)图象如图所示．下列说法正确的是( )A ．两物体A 、B 在t ＝2.5 t 0时刻相距最远B ．两物体A 、B 在减速运动过程中加速度相同C ．两物体A 、B 在t ＝2.5t 0时刻速度相同D ．两物体A 、B 在t ＝t 0时刻相距最远解析：两物体A 、B 在t ＝2.5 t 0时刻处于同一位置，相距最近，两物体A 、B 在t ＝t 0时刻相距最远，选项A 错误、D 正确．两物体A 、B 都是先沿x 轴正方向做匀速运动，后沿x 轴负方向做匀速运动，根据位移图象斜率表示速度可知，在沿x 轴负方向做匀速运动过程中速度相同，选项B 错误．两物体A 、B 在t ＝2.5t 0时刻速度不相同，处于同一位置，选项C 错误．答案：D2、(2018·哈师大附中月考)如图，MN 为转轴OO′上固定的光滑硬杆，且MN 垂直于OO′.用两个完全相同的小圆环套在MN 上．分别用两条不可伸长的轻质细线一端与圆环连接，另一端系于OO′上，长度分别为l 1、l 2.已知l 1、l 2与MN 的夹角分别为θ1、θ2，OO′匀速转动时，线上弹力分别为F T 1、F T 2.下列说法正确的是( )A ．若l 1sin θ1>l 2sin θ2，则F T 1>F T 2B ．若l 1cos θ1>l 2cos θ2，则F T 1>F T 2C ．若l 1tan θ1>l 2tan θ2，则F T 1>F T 2D ．若l 1>l 2，则F T 1>F T 2解析：设两环的质量均为m ，硬杆转动的角速度为ω，根据牛顿第二定律，对左环有：FT 1cos θ1＝m ω2l 1cos θ1；对右环有：F T 2cos θ2＝m ω2l 2cos θ2两环ω相等得FT 1FT 2＝l 1l 2；若l 1cos θ1>l 2cos θ2，则F T 1cos θ1>F T 2cos θ2，不能得到F T 1>FT 2；由题意可知l 1sin θ1<l 2sin θ2；若l 1tan θ1>l 2tan θ2，可得cos θ1<cos θ2，不能得到F T 1>F T 2；若l 1>l 2，则F T1>FT2，选项D正确，A、B、C错误．答案：D3、(2018·青岛一模)如图所示，固定在水平面上的光滑斜面倾角为30°，质量分别为M、m的两个物体通过细绳及轻弹簧连接于光滑轻滑轮两侧，斜面底端有一与斜面垂直的挡板．开始时用手按住物体M，此时M到挡板的距离为s，滑轮两边的细绳恰好伸直，而没有力的作用．已知M＝2m，空气阻力不计．松开手后，关于二者的运动下列说法中正确的是( )A．M和m组成的系统机械能守恒B．当M的速度最大时，m与地面间的作用力为零C．若M恰好能到达挡板处，则此时m的速度为零D．若M恰好能到达挡板处，则此过程中重力对M做的功等于弹簧弹性势能的增加量与物体m的机械能增加量之和解析：运动过程中，M、m与弹簧组成的系统机械能守恒，A错误；当M速度最大时，弹簧的弹力等于Mgsin30°＝mg，此时m对地面的压力恰好为零，B正确；然后M做减速运动，恰好能到达挡板时，也就是速度刚好减小到了零，之后M会上升并最终到达松手位置，所以此时弹簧弹力大于mg，即此时m受到的绳拉力大于自身重力，m还在加速上升，C错误；根据功能关系，M减小的机械能，等于m增加的机械能与弹簧增加弹性势能之和，而M恰好到达挡板时，动能恰好为零，因此M减小的机械能等于M减小的重力势能，即等于重力对M做的功，D正确．答案：BD4、如图所示，一带电粒子在两个固定的等量正电荷的电场中运动，图中的实线为等势面，虚线ABC为粒子的运动轨迹，其中B点是两点电荷连线的中点，A、C位于同一等势面上，下列说法正确的是( )A．该粒子可能带正电B．该粒子经过B点时的速度最大C．该粒子经过B点时的加速度一定为零D．该粒子在B点的电势能小于在A点的电势能解析：从该带电粒子的运动轨迹看，固定电荷对它有吸引力，由固定电荷带正电可知，该粒子一定带负电，故A错误；因为粒子从A运动到B的过程中，只受电场力且电场力先做正功后做负功，由动能定理知，动能先增加后减小，故B点的动能不是最大，则经过B点时的速度不是最大，故B错误；B点是两点电荷连线的中点，合场强为零，故粒子受力为零，则加速度为零，C正确；因为离正电荷越远，电势越低，即φA<φB，因粒子带负电，由E p ＝φq得，E pA>E pB，故D项正确．答案：CD5、(2018·肇庆市高中毕业班模拟考试)如图所示，水平放置的平行金属导轨MN和PQ 之间接有定值电阻R，导体棒ab长为l且与导轨接触良好，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，现使导体棒ab向右匀速运动，下列说法正确的是( )A．导体棒ab两端的感应电动势越来越小B．导体棒ab中的感应电流方向是a→bC．导体棒ab所受安培力方向水平向右D．导体棒ab所受合力做功为零解析：由于导体棒匀速运动，磁感应强度及长度不变，由E＝BLv可知，运动中感应电动势不变；由楞次定律可知，导体棒中的电流方向由b指向a；由左手定则可知，导体棒所受安培力方向水平向左；由于匀速运动，棒的动能未变，由动能定理可知，合力做的功等于零．选项A、B、C错误，D正确．答案：D6、如图为一种变压器的实物图，根据其铭牌上所提供的信息，以下判断错误的是( )A．这是一个降压变压器B．原线圈的匝数比副线圈的匝数多C．当原线圈输入交流电压220 V时，副线圈输出直流电压12 VD．当原线圈输入交流电压220 V、副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流大解析：根据铭牌上所提供的信息可知：变压器的输入电压为220 V，输出电压为12 V，该变压器为降压变压器，故选项A、B正确；变压器的工作原理是电磁感应，故变压器的原、副线圈上的电压都为交流电压，选项C错误；由理想变压器的输出功率等于输入功率，且原线圈的电压大于副线圈的电压，故副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流大，选项D正确．答案：C二、非选择题1、如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系xOy ，其第一象限存在着正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度的方向水平向右，磁感应强度的方向垂直纸面向里．一电荷量为＋q 、质量为m 的微粒从原点出发沿与x 轴正方向的夹角为45°的初速度进入复合场中，正好做直线运动，当微粒运动到A(l ，l)时，电场方向突然变为竖直向上(不计电场变化的时间)，粒子继续运动一段时间后，正好垂直于y 轴穿出复合场．不计一切阻力，求：(1)电场强度E 的大小．(2)磁感应强度B 的大小．(3)粒子在复合场中的运动时间．解析：(1)微粒到达A(l ，l)之前做匀速直线运动，对微粒受力分析如图甲，所以，Eq＝mg ，得E ＝mg q(2)由平衡条件得qvB ＝2mg电场方向变化后，微粒所受重力与电场力平衡，微粒在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，轨迹如图乙．则qvB ＝m v 2r由几何知识可得r ＝2l v ＝2gl联立解得B ＝m q g l. (3)微粒做匀速运动的时间t 1＝2l v ＝l g做圆周运动的时间t 2＝34π·2l v ＝3π4l g 在复合场中运动时间 t ＝t 1＋t 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫3π4＋1 l g. 答案：(1)mg q (2)m qg l (3)⎝ ⎛⎭⎪⎫3π4＋1 l g。
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2019高考物理二轮（十一月）课外优选（5）
李仕才
一、选择题
1、如图所示，将一个表面光滑的铁球放在两块斜面板AB和CD之间，两板与水平面的夹角都是60°.已知重力加速度大小为g，不计空气阻力，则( )
A．如果突然撤去CD板，则撤去后铁球对AB板的压力减小
B．如果突然撤去CD板，则撤去后铁球对AB板的压力增大
C．如果保持AB板不动，使CD板与水平面的夹角缓慢减小，则球对AB板的压力先减小后增大
D．如果保持AB板不动，使CD板与水平面的夹角缓慢减小，则球对CD板的压力先减小后增大
解析：原来球静止，受力如图所示，由几何关系和平衡条件可得AB板对铁球的支持力F2＝G，则铁球对AB板的压力F′2＝F2＝G，突然撤去CD板，则撤去后铁球对AB板的压力为Gcos60°，因此撤去后铁球对AB板的压力减小．故A项正确，B项错误；如果保持AB板不动，使CD板与水平面的夹角缓慢减小的过程中，两挡板弹力的合力等于重力，大小和方向都不变，AB挡板对铁球弹力F2的方向不变，改变
CD挡板的弹力F1方向，根据三角形定则，(如图所示)知AB挡板的弹力F2逐渐减小，CD挡板的弹力先减小后增大．根据牛顿第三定律可知，球对AB板的压力逐渐减小，球对CD板的压力先减小后增大，故C项错误，D项正确．
答案：AD
2、(2018·重庆调研)如图所示，某河段两岸平行，河水越靠近河中央水流速度越大．一条小船(可视为质点)沿垂直于河岸的方向航行，它在静水中航行速度为v，沿河岸向下及垂直河岸建立直角坐标系xOy，则该船渡河的大致轨迹正确的是( )
解析：小船在垂直于河岸方向做匀速直线运动，平行河岸方向先做加速运动后做减速运动，因此合速度方向与河岸间的夹角先减小后增大，即运动轨迹的切线方向与x 轴的夹角先减小后增大，C 项正确．
答案：C
3、如图所示，滑雪者由静止开始沿斜坡从A 点自由滑下，然后在水平面上前进至B 点停下．已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数皆为μ，滑雪者(包括滑雪板)的质量为m ，A 、B 两点间的水平距离为L.在滑雪者经过AB 段运动的过程中，克服摩擦力做的功( )
A ．大于μmgL
B ．小于μmgL
C ．等于μmgL
D ．以上三种情况都有可能
解析：设斜坡与水平面的交点为C ，BC 长度为L 1，AC 水平长度为L 2，AC 与水平面的夹角为θ，如图所示，则滑雪者在水平面上摩擦力做功W 1＝－μmgL 1，在斜坡上摩擦力做功W 2＝－μmgcos θ·L 2cos θ
＝－μmgL 2，所以在滑雪者经过AB 段过程中，摩擦力做功W ＝W 1＋W 2＝－μmg(L 1＋L 2)＝－μmgL.所以滑雪者克服摩擦力所做的功为μmgL.故选项C 正确．
答案：C
4、(2018·四川资阳二诊)如图所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略，一带负电的油滴被固定于电容器中的P 点，现将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是( )
A ．平行板电容器的电容将减小
B ．带电油滴的电势能将减少
C ．静电计指针的张角变小
D ．若将上极板与电源正极断开后，再将下极板左移一小段距离，则带电油滴所受的电场力不变
解析：由C ＝εr S 4πkd
知，将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，d 减小，C 增大，A 错误；U 不变，
静电计指针的张角不变，C 错误；由E ＝U d
知，E 增大，则P 点与负极板间的电势差增大，P 点的电势升高，E p ＝φq ，又油滴带负电，则带电油滴的电势能将减少，B 正确；若将上极板与电源正极的导线断开后再将下极板左移一小段
距离，Q 不变，由C ＝εr S 4πkd 知，S 减小，C 减小，由U ＝Q C 得，电压U 增大，场强E ＝U d
增大，带电油滴所受的电场力增大，D 错误．
答案：B
5、(2018·山西五校联考)如图所示，空间中存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，纸面内A 、B 、C 三点构成一等边三角形，在A 点有甲、乙、丙三个质量相同的粒子以相同的速度垂直于BC 边进入磁场，并分别从B 点、BC 的中点D 、AC 的中点E 离开三角形区域，粒子重力不计，下列说法正确的是( )
A ．甲粒子带正电，乙粒子不带电，丙粒子带负电
B ．若磁场区域足够大，则三个粒子都能回到A 点
C ．甲粒子在三角形区域内运动的时间是丙粒子的2倍
D ．甲粒子受到的洛伦兹力大小是丙粒子的2倍
解析：甲粒子从B 点飞出磁场，由左手定则可知甲粒子带正电，乙不发生偏转，不带电，丙向左偏转，带负电，A 正确；若磁场区域足够大，则甲和丙两粒子能回到A 点，乙不能，B 错误；设三角形的边长为a ，则R 甲＝a ，R 丙＝a 2，由qvB ＝mv 2R ，解得R ＝mv qB ，q 甲q 丙＝12，所以甲粒子受到的洛伦兹力大小是丙粒子的12
，D 错误；甲、丙两粒子在三角形区域内的运动轨迹对应的圆心角均为60°，t ＝60°360°T ＝16T ＝πm 3qB
，故甲粒子在三角形区域内运动的时间是丙粒子的2倍，C 正确．
答案：AC
6、(2018·惠州模拟)一交变电流的图象如图所示，由图可知( )
A ．该交流电的周期是0.02 s
B ．该交流电电流最大值为20 2 A
C ．该交流电的频率为100 Hz
D ．用电流表测该电流其示数为10 2 A
解析：该交流电的周期T ＝0.01 s ，频率f ＝1T
＝100 Hz ，A 错、C 对；最大值I m ＝10 2 A ，电流表测得的是电流有效值I ＝
I m 2＝10 A ，故B 、D 错误．
答案：C
二、非选择题
1、某同学使用打点计时器测量当地的重力加速度．
(1)请完成以下主要实验步骤：按图(a)安装实验器材并连接电源；竖直提起系有重物的纸带，使重物
________(填“靠近”或“远离”)计时器下端；________，________，使重物自由下落；关闭电源，取出纸带；换新纸带重复实验．
(2)图(b)和(c)是实验获得的两条纸带，应选取________(填“b”或“c”)来计算重力加速度．在实验操作和数据处理都正确的情况下，得到的结果仍小于当地重力加速度，主要原因是空气阻力和________．解析：(1)为了使纸带打下的点多一些，竖直提起悬吊重物的纸带时应使重物靠近打点计时器下端，且应先接通电源，再释放纸带，使重物自由下落．
(2)重物下落是匀加速运动，故应选“b”来计算重力加速度；重物下落过程中系统受重力、空气阻力、纸带与打点计时器间的摩擦力等．
答案：(1)靠近先接通打点计时器电源，再释放纸带
(2)b 纸带与打点计时器之间有摩擦。