高考生物二轮复习核心考点 专题06 遗传的基本规律与伴性遗传(含答案)

专题06 遗传的基本规律与伴性遗传
核心素养
1.认识到基因是有物质实体的，既深入理解孟德尔遗传规律的本质，又进一步理解遗传的物质性。

形成“有性生殖中基因的分离和重组导致双亲后代的基因组合有多种可能”的重要概念，发展生命的物质观、生物进化观等。

（生命观念）
2.在“观察、分析实验结果→发现问题→作出解释（提出假说）→演绎推理→实验验证→总结规律”的过程中，可以培养归纳与演绎的科学思维，体会假说一演绎法，学习如何运用假说一演绎法进行科学探究。

（科学思维）
3.学习正确地选用实验材料、运用数学统计方法、提出新概念以及应用符号体系表达概念。

培养敢于质疑的科学精神、缜密的科学思维、大胆的想象和创新，以及对科学的热爱和锲而不舍的探索精神.训练应用遗传规律设计实验方案、解决遗传学问题的能力。

（科学探究）
4.训练学生基于遗传规律对遗传现象作出理性解释和判断、解决生产生活问题的能力，有利于关爱生命意识、健康生活方式的养成。

分析生活中的遗传现象，引导关注伴性遗传理论的应用，从而将所学知识应用于生活之中。

（社会责任）
考点精讲
考点一、孟德尔遗传实验的科学方法
孟德尔遗传定律的适用范围及条件
（1）适用范围：①进行有性生殖的真核生物；②细胞核遗传。

（2）适用条件：①子一代个体形成的配子数目相等且生活力相同；②雌雄配子结合的机会相等；③子二代不同基因型的个体存活率相同；④等位基因间的显隐性关系为完全显性；
⑤观察子代样本数目足够多。

考点二、基因的分离定律及应用
（1）显隐性的判断方法
①根据子代性状判断：具有相对性状的亲本杂交，若子代只表现一种性状，则子代所表现出来的性状为显性性状。

具有相同性状的亲本杂交（植物为自交），若子代出现了不同性状，则子代出现的不同于亲本的性状为隐性性状。

②根据子代性状分离比判断：具有一对相对性状的两亲本杂交，若子代出现3：1的性状分离比，则“3”的性状为显性性状。

具有两对相对性状的两亲本杂交，若子代出现9：3：3：1的性状分离比，则“9”的两性状为显性性状。

③假设法判断：在运用假设法判断显性性状时，若出现假设与事实相符的情况，要注意两种性状同时做假设或对同一性状做两种假设，切不可只根据一种假设做出片面的结论。

若假设与事实不相符，则不必再做另一假设，可直接予以判断。

（2）纯合子与杂合子的判断
①自交法：将显性性状的个体自交，如果后代有性状分离，则亲本为杂合子，反之亲本为纯合子。

②测交法：将显性性状的个体与隐性性状的个体进行杂交，后代出现隐性个体，则显性性状的个体为杂合子；后代只有一种表现型，则显性性状的个体则为纯合子。

③单倍体育种法：取植物花药离体培养，得到单倍体幼苗，再用秋水仙素处理单倍体幼苗，根据植株的性状可推知待测亲本是纯合子还是杂合子。

④花粉粒染色法：如水稻的糯性与非糯性，花粉粒染色后颜色不同，可以进行染色来确定基因型。

自交与自由交配的比较：
（1）自交强调的是相同基因型个体的交配，如基因型为AA、Aa群体中自交是指AA♀×AA♂、Aa♀×Aa♂。

（2）自由交配强调的的是群体中雌雄个体随机交配，如基因型为AA、Aa群体中自由交配是指AA♀×AA♂、Aa♀×Aa♂、AA♀×Aa♂、Aa♀×AA♂。

两大遗传定律的验证方法：
1.自交法：F1自交，如果后代性状分离比符合3:1，则遵循基因的分离定律；如果后代性状分离比符合9：3：3：1或（3:1）n（n≧2），则遵循基因的自由组合定律。

2.测交法：F1测交，如果测交后代性状分离比符合1:1，则遵循基因的分离定律；如果测交后代性状分离比符,1：1：1：1或（1+1）n（n≧2），则遵循基因的自由组合定律。

考点三、基因的自由组合定律及应用
（1）“拆合法”法解答自由组合定律：
涉及两对乃至更多基因时，只要它们分别位于不同对染色体上（独立遗传），都可以用基因分离定律来求解。

即先对每对基因（相对性状）分别考虑，然后将几对基因产生的配子的种类和比率以及杂交后代的基因型、表现型及比率相乘，相乘的积分别为配子的种类和比例以及杂交后代的基因型、表现型和比例。

（2）分离定律与自由组合定律的比较：
别
遗传本质等位基因分离非同染色体上的非等位基因的重组互
不干扰
F1
基因对数 1 2或n
配子类型及
其比例
2 22或2n
1:1 数量相等配子组合数 4 42或4n
F2
基因型种数 3 32或3n
表现型种数 2 22或2n
表现型比例3:1 9:3:3:1[(3:1)2]或（3:1）n
F1
测
交
基因型种数 2 22或2n
表现型种数 2 22或2n
表现型比例1:1 1:1:1:1或（1:1）n
联系①在形成配子时，两个基因定律同时其作用。

在减数分裂时，同染色体上等位基因都要分离；等位基因分离的同时，非同染色体上的非等位基因自由组合。

②分离定律是最基本的遗传定律，是自由组合定律的基础。

考点四、9:3:3:1的变式问题
非定位基因互作的几种类型：
非等位基因相互作用类型F2表现型比例相当于自由组合比例
显性上位12:3:1 (9+3):3:1
隐性上位9:3:4 9:3:(3+1)
互补作用9:7 9:(3+3+1)
重叠作用15:1 (9+3+3):1
累加作用9:6:1 9:(3+3):1
抑制作用13:3 (9+3+1):3
考点五、伴性遗传的特点及应用
X、Y染色体不同区段与伴性遗传的关系：
（1）X染色体和Y染色体有一部分是同的(图中Ⅰ片段)，该部分基因互为等位基因；另一部分是非同的(图中Ⅱ-1、Ⅱ-2片段)，该部分基因不互为等位基因。

二者关系如图所示：
（2）基因所在区段的有关表现型所对应的基因型如表所示：
基因所在区段基因型(隐性遗传病)
男正常男患病女正常女患病
ⅠX B Y B、
X B Y b、
X b Y B
X b Y b
X B X B、
X B X b
X b X b
Ⅱ－1(伴Y染
色体遗传)
XY B XY b Ⅱ－2(伴X染
色体遗传) X B Y X b Y
X B X B、
X B X b
X b X b
伴性遗传与遗传定律：
（1）伴性遗传与基因的分离定律之间的关系：伴性遗传的基因在性染色体上，性染色体也是一对同染色体，伴性遗传从本质上说符合基因的分离定律。

（2）在分析既有性染色体又有常染色体上的基因控制的两对或两对以上的相对性状遗传时，由位于性染色体上基因控制的性状按伴性遗传处理，由位于常染色体上的基因控制的性状按基因的分离定律处理，整个则按基因的自由组合定律处理。

（3）研究两对等位基因控制的两对相对性状，若都为伴性遗传，则不符合基因的自由组合定律。

例：同时研究色盲遗传、血友病遗传，因控制这些性状的基因都位于X染色体上，属于上述情况。

（4）性状的遗传与性别相联系时，在书写表现型和统计后代比例时，一定要与性别相联系。

考点六、遗传系谱图的分析及患病概率计算
（1）遗传方式的判定
（2）两种遗传病概率的计算
当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率分析如下：
根据序号所示进行相乘得出相应概率，再进一步拓展如下表：
序号类型计算公式
①同时患两病概率m·n
②只患甲病概率m·(1－n)
③只患乙病概率n·(1－m)
④不患病概率(1－m)(1－n)
基因位置的判定技巧：
（1）探究基因位于常染色体上还是位于X染色体上
在已知基因显隐性的前提下，可选择隐性雌性个体与显性纯合雄性个体进行杂交，即雌隐×雄显。

若后代雌性全为显性，雄性全为隐性，则为伴X染色体遗传；若后代全为显性且与性别无关，则为常染色体遗传。

在不知基因显隐性时，根据正交和反交的结果进行判断。

若正反交结果相同，则基因位于常染色体上；若正反交结果不同，则基因位于X染色体上。

（2）探究基因位于X、Y染色体的同区段上还是仅位于X染色体上
选用隐性雌性个体×纯合显性雄性个体，观察F1的性状表现。

若子代全表现为显性性状，则相应的控制基因位于X、Y的同区段。

若子代中雌性个体全表现为显性性状，雄性个体全表现为隐性性状，则相应的控制基因仅位于X染色体上。

（3）应用“假说－演绎”法判断基因的位置
“假说－演绎”法是指在观察和分析的基础上提出问题以后，通过推理和想像提出解释问题的假说，根据假说进行演绎推理，再通过实验检验演绎推理的结论，如果实验结果与预期相符，就证明假说是正确的，反之，则说明假说是错误的。

“假说－演绎”法对我们解题也有很大帮助，只是在解题中没有实验的过程，我们可以把题干中的事实作为实验的结果来支持假设，解题的基本思路可概括为：假设→推断→结果→结论。

能力训练
1.（2021·湖北卷）人类的ABO血型是由常染色体上的基因I A、I B和i三者之间互为等位基因决定的。

I A基因产物使得红细胞表面带有A抗原，I B基因产物使得红细胞表面带有B 抗原。

I A I B基因型个体红细胞表面有A抗原和B抗原，ii基型个体红细胞表面无A抗原和B 抗原。

现有一个家系的系谱图（如图），对家系中各成员的血型进行检测，结果如表，其中“+”表示阳性反应，“-”表示阴性反应。

个体 1 2 3 4 5 6 7
A抗原抗体+ + - + + - -
B抗原抗体+ - + + - + -
A．个体5基因型为I A i，个体6基因型为I B i
B．个体1基因型为I A I B，个体2基因型为I A I A或I A i
C．个体3基因型为I B I B或I B i，个体4基因型为I A I B
D．若个体5与个体6生第二个孩子，该孩子的基因型一定是ii
【答案】A
【解析】个体5只含A抗原，个体6只含B抗原，而个体7既不含A抗原也不含B抗原，故个体5的基因型只能是I A i，个体6的基因型只能是I B i，A正确；个体1既含A抗原又含B抗原，说明其基因型为I A I B，个体2只含A抗原，但个体5的基因型为IAi，所以个体2的基因型只能是I A i，B错误；由表格分析可知，个体3只含B抗原，个体4既含A抗原又含B抗原，个体6的基因型只能是I B i，故个体3的基因型只能是I B i，个体4的基因型是I A I B，C错误；个体5的基因型为I A i，个体6的基因型为I B i，故二者生的孩子基因型可能是I A i、I B i、I A I B、ii，D错误。

2.黄瓜是雌雄同株单性花植物，果皮的绿色和黄色是受一对等位基因控制的具有完全显隐性关系的相对性状。

从种群中选定两个个体进行实验，根据子代的表现型一定能判断显隐性关系的是（）
A．黄色果皮植株自交或绿色果皮植株自交
B．绿色果皮植株和黄色果皮植株正、反交
C．绿色果皮植株自交和黄色果皮植株自交
D．绿色果皮植株自交和黄色果皮植株与绿色果皮植株杂交
【答案】D
【解析】如果绿色果皮植株或黄色果皮植株都是纯合体，则自交后代不发生性状分离，无法判断显隐性关系，A错误；如果绿色果皮植株和黄色果皮植株中有一个为杂合体，则正、反交后代都是1：1，无法判断显隐性关系，B错误；如果黄色果皮植株和绿色果皮植株都是纯合体，则自交后代不发生性状分离，无法判断显隐性关系，C错误；如果绿色果皮植株
自交后代出现性状分离，则绿色为显性；如果没有出现性状分离，则与黄色果皮植株杂交后，若只出现绿色，则绿色为显性，若只出现黄色，则黄色为显性，若出现两种颜色，则黄色为显性，D正确。

3.研究发现，水稻花粉的育性由细胞质基因和细胞核基因共同决定。

其中R（雄性可育）对r（雄性不育）为显性，是存在于细胞核中的一对等位基因；N（雄性可育）与S（雄性不育）是存在于细胞质中的基因；只有细胞质和细胞核中的基因均为雄性不育基因时，个体才表现为雄性不育。

下列有关叙述不正确的是（）
A．基因型为N（RR）、N（Rr）、N（rr）、S（RR）、S（Rr）的植株都是雄性可育
B．基因型均为rr的母本与父本的杂交后代雄性一定不育
C．某雄性不育植株的母本一定含有基因S
D．某雄性不育植株与N（RR）杂交，子代为雄性可育
【答案】B
【解析】根据分析可知，基因型为N（RR）、N（Rr）、N（rr）、S（RR）、S（Rr）的植株都是雄性可育，A正确；若是母本S（rr）与父本N（Rr）的杂交，后代的基因型为S（Rr）、S（rr），即后代一半雄性可育，一半雄性不育，B错误；雄性不育植株的基因型为S（rr），S是细胞质基因，来自母本，则其母本一定含S基因，C正确；雄性不育植株的基因型为S （rr），与N（RR）杂交，子代基因型为S（Rr），子代为雄性可育，D正确。

4（2021·辽宁卷）（不定项）雌性小鼠在胚胎发育至4-6天时，细胞中两条X染色体会有一条随机失活，经细胞分裂形成子细胞，子细胞中此条染色体仍是失活的。

雄性小鼠不存在X染色体失活现象。

现有两只转荧光蛋白基因的小鼠，甲为发红色荧光的雄鼠（基因型为X R Y），乙为发绿色荧光的雌鼠（基因型为X G X）。

甲乙杂交产生F1，F1雌雄个体随机交配，产生F2。

若不发生突变，下列有关叙述正确的是（）
A．F1中发红色荧光的个体均为雌性
B．F1中同时发出红绿荧光的个体所占的比例为1/4
C．F1中只发红色荧光的个体，发光细胞在身体中分布情况相同
D．F2中只发一种荧光的个体出现的概率是11/16
【答案】AD
【解析】由分析可知，F1中雄性个体的基因型是X G Y和XY，不存在红色荧光，即F1中发红色荧光的个体均为雌性，A正确；F1的基因型及比例为X R X：XY：X R X G：X G Y=1：1：1：1，但是根据题意，“细胞中两条X染色体会有一条随机失活”，所以X R X G个体总有一条染色体失活，只能发出一种荧光，同时发出红绿荧光的个体（X R X G）所占的比例为0，B错误；F1中只发红光的个体的基因型是X R X，由于存在一条X染色体随机失活，则发光细胞在身体中分布情况不相同，C错误；F2中只发一种荧光的个体包括X R X、X R Y、X G X、X G Y、X G X G，所占的比例为2/4×1/4+2/4×2/4+1/4×1/4+1/4×2/4+1/4×1/4+1/4×1/4=11/16，D正
确。

5..某哺乳动物棒状尾（A）对正常尾（a）为显性；黄色毛（Y）对白色毛（y）为显性，但是雌性个体无论毛色基因型如何，均表现为白色毛。

两对基因均位于常染色体上并遵循基因的自由组合定律。

下列叙述正确的是（）
A．A与a、Y与y两对等位基因位于同一对同染色体上
B．若想依据子代的表现型判断出性别能满足要求的交配组合有两组
C．基因型为Yy的雌雄个体杂交，子代黄色毛和白色毛的比例为3：5
D．若黄色与白色两个体交配，生出一只白色雄性个体，则母本的基因型是Yy
【答案】C
【解析】由控制两对性状的基因遵循自由组合定律可知，这两对基因分别位于两对同染色体上，A错误；若想依据子代的表现型判断出性别，由于雌性个体无论毛色基因型如何，均表现为白色毛，故只有YY×yy这一组杂交组合符合，B错误；基因型为Yy的雌雄个体杂交，F1基因型为1YY、2Yy、1yy，雄性中黄色：毛白色毛＝3：1，雌性全为白色毛，故子代黄色毛和白色毛的比例为3：5，C正确；当亲本的杂交组合为黄色♂Yy×yy白色♀时，也可生出白色雄性(yy)个体，D错误。

6.（2021·湖北卷）甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，甲分别与乙、丙杂交产生F1，F1自交产生F2，结果如表。

A．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则F2玉米籽粒性状比为9红色：7白色
B．若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制
C．组1中的F1与甲杂交所产生玉米籽粒性状比为3红色：1白色
D．组2中的F1与丙杂交所产生玉米籽粒性状比为1红色：1白色
【答案】C
【解析】若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒（AaBBCc），两对等位基因遵循自由组合定律，则F2玉米籽粒性状比为9红色：7白色，A正确；据分析可知若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制，B正确；据分析可知，组1中的F1（AaBbCC）与甲（AAbbCC）杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色：1白色，C错误；组2中的F1（AABbCc）与丙（AABBcc）杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色：1白色，D正确。

7.孟德尔以豌豆为实验材料，运用假说—演绎法得出基因的分离定律和自由组合定律。

下列相关叙述正确的是（）
A．孟德尔根据豌豆的杂交和自交实验提出豌豆自然条件下都是纯合子的假说
B．若将F1与隐性纯合子杂交，则后代表现型比例为1：1：1：l，属于实验验证的内容C．若F1产生的雌雄配子数量不等或两种类型的配子比例不等，则F2不出现3：1的分离比
D．若选择多对显性个体随机传粉，子代性状不出现3：1的分离比是因显性个体不都为杂合子
【答案】D
【解析】孟德尔根据豌豆的杂交和自交实验提出的假说是：①生物的性状是由遗传因子决定的；②在体细胞中，遗传因子是成对存在的；③产生配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同的配子中；④受精时，雌雄配子的结合是随机的，A错误；若将F1与隐性纯合子杂交（测交），则后代表现型比例为1：1：1：l，属于演绎推理的内容，B错误；导致F2的分离比不是3：1的原因是F1产生两种类型的配子比例不等，而不是F1产生的雌雄配子数量不等，C错误；选择多对均为杂合子的显性个体随机传粉，子代性状会出现3：1的分离比，如果选择的显性个体不都是杂合子，则随机传粉产生的子代显隐性比例大于3:1，D正确。

8. （2020·浙江卷）某昆虫灰体和黑体、红眼和白眼分别由等位基因A（a）和B（b）控制，两对基因均不位于Y染色体上。

为研究其遗传机制，进行了杂交实验，结果见下表：
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回答下列问题：
（1）从杂交Ⅰ的F1中选择红眼雌雄个体杂交，子代的表现型及比例为红眼♂∶红眼♀∶白眼♂=1：1：1。

该子代红眼与白眼的比例不为3：1的原因是__________，同时也可推知白眼由__________染色体上的隐性基因控制。

（2）杂交Ⅱ中的雌性亲本基因型为__________。

若F2灰体红眼雌雄个体随机交配，产
生的F3有__________种表现型，F3中灰体红眼个体所占的比例为__________。

（3）从杂交Ⅱ的F2中选择合适个体，用简便方法验证杂交Ⅱ的F1中的灰体红眼雄性个体的基因型，用遗传图解表示。

【答案】（1）红眼雌性个体中B基因纯合致死X （2）aaX B X b 6 16/27 （3）遗传图解书写如下
【解析】（1）由以上分析可知，红眼、白眼基因（B、b）位于X染色体上。

杂交Ⅱ的亲本为红眼♀（X B X b）和白眼♂（X b Y）。

F1雌性为1/2X B X b、1/2X b X b，雌配子为1/4X B、3/4X b，雄性为1/2X B Y、1/2X b Y，雄配子为1/4X B、1/4X b、1/2Y，F2雌性中红眼∶白眼=4∶3，雄性中红眼∶白眼=1∶3，可知红眼中X B X B致死。

因此杂交Ⅰ（X B X b、X b Y）的F1中选择红眼雌雄（X B X b、X B Y）交配，后代比例为红眼♀（X B X b）∶红眼♂（X B Y）∶白眼♂（X b Y）=1∶1∶1，红眼∶白眼为2∶1，不是3∶1。

（2）据分析可知，杂交Ⅱ的亲本为黑体红眼♀（aaX B X b）和灰体白眼♂（AAX b Y），雌性亲本基因型为aaX B X b。

若F2灰体红眼雌雄果蝇随机交配，随机交配的亲本为A_X B X b×A_X B Y，A_中有1/3AA、2/3Aa，产生的F3表现型有2×3=6种。

随机交配的母本为1/3AAX B X b、2/3AaX B X b，雌配子为2/6AX B、2/6AX b、1/6aX B、1/6aX b，随机交配的父本为1/3AAX B Y、2/3AaX B Y，雄配子为2/6AX B、1/6aX B、2/6AY、1/6aY，利用棋盘法计算，由于X B X B致死，因此F3中灰体红眼的比例为（4+2+4+2+2+2）/（6×6-4-2-2-1）=16/27。

（3）用简便方法验证杂交Ⅱ的F1中的灰体红眼雌雄性个体（AaX B Y）的基因型，通常采用将待测个体与隐性个体杂交，即让F1与黑体白眼雌果蝇（aaX b X b）进行杂交。

遗传图解的书写要注意：亲本的基因型及表现型、子代的基因型和表现型、配子及各种符号、子代表现型比例，注表现型中应有性别。

9.油菜是我国重要的油料作物，油菜株高适当地降低对抗倒伏及机械化收割均有重要意义。

某研究小组利用纯种高秆甘蓝型油菜Z，通过诱变培育出一个纯种半矮秆突变体S。

为了阐明半矮秆突变体S是由几对基因控制以及显隐性关系的遗传机制，研究人员进行了相关试验，如下图所示。

回答下列问题：
（1）根据F2表现型及数据分析，油菜半矮秆突变体S的遗传机制是__________________。

（2）杂交组合②的所有F2高秆植株中杂合子占__________。

（3）现有另一株纯种高秆甘蓝型油菜Z′，将其与S杂交得F1，让F1自交得到F2，F2中高秆与半矮秆的比例约为3：1，若涉及的基因用A/a，B/b……表示，则Z′的基因型为__________，若让F2中植株随机交配，则后代中高秆和半矮秆植株的比例是__________。

（4）已知油菜的抗病（D）和不抗病（d）是另一对相对性状，现有高秆抗病纯合子和半矮秆不抗病纯合子若干（各种基因型均有且均已知，涉及基因用A/a，B/b……表示），若要探究控制株高的基因与控制抗病性的基因之间是否独立遗传，可选择基因型为__________和__________的亲本杂交得到F1，F1再自交得到F2，若F2子代表现型比例为__________则说明控制株高的基因与控制抗病性的基因之间是独立遗传的。

【答案】（1）由两对位于非同染色体上的隐性基因控制F1减数分裂产生配子时，位于同染色体上的等位基因分离，位于非同染色体上的非等位基因自由组合（2）4/5 （3）AAbb或aaBB 3：1 （4）AABBDD aabbdd 45：15：3：1 【解析】（1）杂交组合①②中，F2高秆：半矮秆≈15：1，该比值为9：3：3：1的变式，据此推测油菜株高性状由两对独立遗传的基因控制，遵循基因的自由组合定律。

（2）根据（1）问可知，控制油菜株高的为2对非同染色体上的非等位基因，设为A/a 和B/b，则杂交组合②的F2中高秆的基因型有1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb共8种，其中纯合子占的比例为1/5，杂合子占4/5。

（3）若涉及的基因用A/a，B/b……表示，则纯种高秆甘蓝型油菜Z′与S杂交得F1，F1自交得到F2中高秆与半矮秆的比例约为3：1，则子一代只具有一对等位基因，根据S基因型为aabb，可知，Z′的基因型为AAbb或aaBB。

F2基因型为AAbb、Aabb、aabb或aaBB、aaBb、aabb，则Ab（aB）的频率为1/2，ab的频率为1/2，因此，让F2随机交配，则半矮秆aabb的概率为1/2×1/2=1/4，故高秆和半矮秆植株的比例是3：1。

（4）若要探究控制株高的基因与控制抗病性的基因之间是独立遗传的，需要获得三对基因均杂合的个体（AaBbDd），故应取基因型为AABBDD高秆抗病纯合子和矮秆不抗病纯合子aabbdd杂交得到子一代AaBbDd，子一代（AaBbDd）再自交得到子二代，若子代表现型比例为（15：1）×（3：1）=45：15：3：1，则说明控制株高的基因与控制抗病性的基因之间是独立遗传的。

10 （2020·全国卷Ⅱ）控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示，且位于3对同染色体上。

现有表现型不同的4种植株：板叶紫叶抗病（甲）、板叶绿叶抗病（乙）、花叶绿叶感病（丙）和花叶紫叶感病（丁）。

甲和丙杂交，子代表现型均与甲相同；乙和丁杂交，子代出现个体数相近的8种不同表现型。

回答下列问题：（1）根据甲和丙的杂交结果，可知这3对相对性状的显性性状分别是_______________。

（2）根据甲和丙、乙和丁的杂交结果，可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为_______________、_________________、_________________和_______________。

（3）若丙和丁杂交，则子代的表现型为_________________。

（4）选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交，统计子代个体性状。

若发现叶形的分离比为3∶1、叶色的分离比为1∶1、能否抗病性状的分离比为1∶1，则植株X的基因型为_________________。

【答案】（1）板叶、紫叶、抗病（2）AABBDD AabbDd aabbdd aaBbdd （3）花叶绿叶感病、花叶紫叶感病（4）AaBbdd
【解析】（1）甲板叶紫叶抗病与丙花叶绿叶感病杂交，子代表现型与甲相同，可知显性性状为板叶、紫叶、抗病，甲为显性纯合子AABBDD。

（2）已知显性性状为板叶、紫叶、抗病，再根据甲乙丙丁的表现型和杂交结果可推知，甲、乙、丙、丁的基因型分别为AABBDD、AabbDd、aabbdd、aaBbdd。

（3）若丙aabbdd和丁aaBbdd杂交，根据自由组合定律，可知子代基因型和表现型为：aabbdd（花叶绿叶感病）和aaBbdd（花叶紫叶感病）。

（4）已知杂合子自交分离比为3：1，测交比为1：1，故X与乙杂交，叶形分离比为3：1，则为Aa×Aa杂交，叶色分离比为1：1，则为Bb×bb杂交，能否抗病分离比为1：1，则为Dd×dd杂交，由于乙的基因型为AabbDd，可知X的基因型为AaBbdd。