河北省邯郸市2019-2020学年中考物理一模考试卷含解析

河北省邯郸市2019-2020学年中考物理一模考试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示的电路，开关S闭合，正常工作一段时间后，电流表示数突然减小但不为零．用电压表检测，当电压表接a、b两点时，电压表有示数；接b、c两点时，电压表无示数，则故障是
A．开关S接触不良B．ac导线断路
C．R1断路D．R2断路
B
【解析】
【详解】
由电路图可知，开关S闭合，R1与R2并联，电流表测干路电流．开关S闭合一段时间后，电流表示数突然减小，则电路故障为某处断路：当电压表接a、b两点时，电压表有示数，说明a到电源的负极与b到电源的正极之间是接通的；当电压表接b、c两点时，电压表无示数，说明c到电源的负极与b到电源的正极之间有断路．由上知a到电源的负极、b到电源的正极之间是接通的，故ac间导线出现了断路．2．下列过程中，将内能转化为机械能的是
A．汽油机的压缩冲程B．水蒸气顶起水壶盖的过程
C．小孩沿滑梯下滑的过程 D．流星在大气层中穿行的过程
B
【解析】
【详解】
A．汽油机的压缩冲程，是机械能转化为汽油和空气的内能，不符合题意．
B．水蒸气顶起水壶盖，是水蒸气的内能转化为壶盖的机械能．符合题意．
C．小孩沿滑梯下滑的过程，需克服摩擦做功，机械能转化为内能．不符合题意．
D．流星在大气层中穿行的过程中与空气摩擦，是摩擦生热，是机械能转化为内能．不符合题意．
3．信息、能源和材料并列为现代文明的三大支柱，以下相关说法正确的是
A．核电站是利用核聚变获得核能的
B．LED 灯具有单向导电性
C．一切信息的传递都必须依靠电磁波
D．超导材料适合制作电炉丝
B
【解析】
【详解】
A、核电站是利用可控原子核裂变释放的核能来发电的，故A错误；
B、LED灯的核心元件发光二极管是由半导材料制成的，半导体具有单向导电性，故B正确；
C、传递信息的方式有多种，可以利用声音、电流、电磁波等，故C错误；
D、超导体没有电阻，通电后不会发热，因此不能用来制作电炉丝，故C错误。

4．下列说法正确的是
A．足球场上，运动员将飞过来的足球用头顶回去，说明力的作用效果与力的大小有关
B．滚动轴承里加润滑剂是为了滅小接触面的粗糙程度
C．单摆的摆球摆动到最髙点时，如果外力全部消失，摆球将静上
D．清扫教室时，飞扬的灰尘是分子在不停的做无规则运动
C
【解析】
【详解】
A、足球场上，运动员将飞过来的足球用头顶回去，说明力的作用效果与力的方向有关，故A错误；
B、滚动轴承里加润滑剂是为了在接触面形成一层油膜，使接触面分离，从而减小摩擦力，故B错误；C．单摆的摆球摆动到最高点时，摆球的速度为零，如果此时外力全部消失，由牛顿第一定律知道摆球将静止，故C正确；
D．清扫教室时，飞扬的灰尘是宏观上的机械运动，肉眼能看得见的运动，而分子运动是肉眼看不见的，故D错误。

5．下列关于电磁信息的说法中，正确的是
A．玩具电动车的电动机是利用电磁感应原理工作的
B．闭合电路的部分导体在磁场中运动时，一定能产生感应电流
C．发电机工作时，将机械能转化为电能
D．通电导体在磁场中的受力方向只与电流的方向有关
C
【解析】
【详解】
A、玩具电动车的电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故A错误；
B、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，故B错误；
C、发电机工作时，消耗机械能，产生电能，故是将机械能转化为电能的装置，故C正确；
D、通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场方向有关，故D错误．
6．制造钢铁零件时，可以把零件放入含碳的渗碳剂中，使碳分子渗入零件的表面层，增加零件表面的硬度，这种渗入现象说明
A．分子可以分成更小的微粒
B．分子是运动的
C．分子间有斥力
D．分子间有引力
B
【解析】
【详解】
由分子动理论知道，由于物质是由分子组成的，且分子在不停的做无规则运动，当将零件放入含碳的渗碳剂中，碳分子就可以进入零件分子间的间隙，从而渗入零件的表层，增加零件表面的硬度，这种渗入现象说明分子是运动的，故B正确．
7．下列相关“热现象”，对其解释正确的是
A．在汽油机做功冲程中，汽油燃烧释放的热量全部转化变成机械能
B．电冰箱散热器摸起来烫手，这主要是电流的热效应造成的
C．物质吸收热量，内能一定增加，温度不一定升高
D．夏天，打开电冰箱看到的“白气”是冰箱内的水蒸气液化而形成的
C
【解析】
【详解】
A. . 汽油机做功冲程中将内能转化为机械能，由于有热量的损失，所以不是全部转化的，故A错误；
B. 电冰箱散热器摸起来烫手，这主要是致冷剂液化放热的结果，与电流的热效应无关，故B错误；
C. 晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故C正确；
D. 夏天，打开电冰箱看到的“白雾”是室内的水蒸气遇冷液化成的小水滴，故D错误；
8．下列关于热机效率的说法中，正确的是
A．热机的功率越大，效率越高
B．热机做的有用功越多，效率就越高
C．减少热机的各种热损失，保持良好的润滑，能提高热机效率
D．增加热机的工作时间，能提高热机效率
C
【解析】
【详解】
热机的功率越大，表示做功越快，与效率无关，故A错误；
热机做的有用功占燃料完全燃烧放出热量的比例越大，热机的效率越高，热机效率与热机做的有用功无关，故B错误；
使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率，故C
正确；
增加热机的工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率，故D错误；
故选C。

9．下列选项中符合安全用电要求的是
A．使用试电笔，手应触碰笔尾金属体
B．当他人触电时，应用手将其拉离触电位置
C．在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭用电器
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头，接在两孔插座上使用
A
【解析】
【详解】
A．使用试电笔时，手一定要接触笔尾金属体，这样才能正确辨别火线和零线，故A正确；
B．发现有人触电时，应立即切断电源再施救，不能用手将人拉离触电位置，故B错误；
C．未断开电源开关，用电器上有电，生活用水是导体，若用湿布擦拭用电器，容易发生触电事故，故C 错误；
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D错误。

10．两个完全相同的圆柱形容器内盛有A、B两种液体，某实心金属小球浸没在A中，如图所示，此时液体对容器底部的压强p A>p B.若将小球从A中拿出并浸没在B中(液体不溢出)，则以下判断一定正确的是
A．放入B中后，液体对容器底部的压强p＇A<p＇B
B．放入B中后，液体对容器底部的压强p＇A>p＇B
C．液体对容器底部压强的变化量大小n p A>n p B
D．液体对容器底部压强的变化量大小n p A＝n p B
C
【解析】
【详解】
AB．金属小球浸没在A中，液体对容器底部的压强p A>p B，由于A中液面的高度小于B的高度，根据p=ρgh 可知，A中液体的密度要大于B中液体的密度；若将小球从A中拿出并浸没在B中，则A中液面的下降高度等于B中液面上升的高度，由于不知AB初始高度和球的体积大小，故无法比较放入B中后，AB中液面的高度的大小，故无法判定底部压强的大小，故AB错误；
CD．A中液体的密度要大于B中液体的密度，A中液面的下降高度等于B中液面上升的高度，根据p=ρgh
可知，液体对容器底部压强的变化量大小△p A >△p B ；故C 正确、D 错误。

二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图1所示，电路中两块电压表的量程都是0~15V ，电流表的量程是0~0.6A ，小灯泡L 两端的实际电压不允许超过额定电压，滑动变阻器R 允许通过的最大电流为1A ；闭合开关S ，为了保证所有元件都安全且灯能正常发光，滑动变阻器的滑片P 只能在阻值最大端和a 点间滑动；当滑片P 在这两点间滑动时，得到了两块电压表示数U 与电路中电流I 的关系图象AB 和BC ，如图2所示．下列说法正确的是
A ．电源电压为12V
B ．小灯泡的额定功率为6W
C ．小灯泡正常发光时的电阻为12Ω
D ．该电路最大功率与最小功率之比为5:2
ACD
【解析】
【详解】
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V 1测灯泡两端的电压，电压表V 2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
当滑片位于a 点时，电路中的电流最大，此时灯泡正常发光，
由图乙可知，电路中的电流I ＝0.5A ，灯泡两端的电压U L ＝6V ，变阻器两端的电压U 滑＝6V ， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U ＝U L +U 滑＝6V+6V ＝12V ，故A 正确； 由
U I R =可得，灯泡正常发光时的电阻： L L 6V 12Ω0.5A
U R I ===，故C 正确； 灯泡的额定功率L L 6V 0.5A 3W P U I ==⨯=，故B 错误；
电路的最大功率：
P 大＝UI ＝12V×0.5A ＝6W ；
当滑片位于右端时，变阻器接入电路中电阻最大，电路中的电流最小，
由图乙可知，电路的最小电流I″＝0.2A，
电路的最小功率：P小＝UI小＝12V×0.2A＝2.4W，
则P大：P小＝6W：2.4W＝5：2，故D正确；
12．下列关于摩擦力的说法正确的是
A．物体重力越大，则物体受到的滑动摩擦力越大
B．大型载重汽车增加轮胎数量是为了增大摩擦力
C．爬杆运动中，从杆顶下滑的过程运动员受到的摩擦力方向向上
D．用手把玻璃杯握住停在空中，增大手对玻璃杯的压力，玻璃杯受到的摩擦力不变
CD
【解析】
【详解】
A. 在接触面的粗糙程度不变时，压力越大，物体受到的滑动摩擦力就越大。

故A错误。

B. 大型载重汽车增加轮胎数量是为增大受力面积来减小对地面的压强的。

故B错误。

C. 运动员从杆顶下滑的过程中，运动员相对于杆是向下运动的，所以受到的摩擦力方向向上。

故C正确。

D. 用手把玻璃杯握住停在空中，增大手对玻璃杯的压力，玻璃杯仍然静止，其受到的摩擦力和重力仍然为一对平衡力，即其受到的摩擦力不变。

故D正确。

13．关于太阳能的下列说法中，正确的是
A．太阳能是可供人类利用的一种新能源，它是一次能源
B．太阳能分布广阔，获取方便
C．太阳能安全、清洁，利用太阳能不会给环境带来污染
D．对于人类来说，太阳能几乎可以说是一种取之不尽、用之不竭的能源
ABCD
【解析】
【详解】
A. 太阳能等能够源源不断的从自然界得到的能源是可再生能源，是一次能源，故A正确；
B. 太阳能分布广阔，获取方便，可以从自然界直接获取，故B正确；
C. 太阳能清洁无污染，是人类能源的宝库。

不会污染环境，故C正确；
D. 对于人类来说，太阳能几乎可以说是一种取之不尽、用之不竭的能源。

故D正确。

故选ABCD.
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．周末小区广场上正在进行节目演出，喝彩声和欢呼声传遍整个小区，这反映了声音_____（选填“响度”或“音调”）的特性。

家中正在学习的小明羡慕地望着窗外，无奈地关上窗户，这是在_____减弱噪声。

响度传播过程中
【解析】
【详解】
喝彩声和欢呼声传遍整个小区，这说明声音的响度大，反应了声音响度这一特性。

小明为减小噪声关上窗户，这是在传播过程中减弱噪声。

15．人们在公园散步，闻到发出的梅花清香，这是_____现象；人们泡温泉时身体会变热，这是通过_____的方式改变了身体的内能的缘故．
扩散 热传递
【解析】
【分析】
组成物质的分子都在不停地做无规则运动；改变物体内能的方法：做功和热传递．
【详解】
因为花香分子永不停息的在做无规则运动，扩散到空气中，所以人们在公园散步，闻到梅花香花发出的清香；人在泡温泉的过程中，身体从水中吸收热量，所以身体会变热，这是通过热传递的方式改变了身体的内能．
16．一同学测量一物体长度4次，测得数据为：18.39cm ，18.40cm ，18.41cm ，18.52cm ，他测量的结果是_____cm ．
18.40
【解析】
试题分析：由题意可知，在这四个数据中，18.52cm 这个数值与其他几个数的相差太大，所以它是错误的；测量的结果是：18.39cm+18.40cm+18.41cm =18.40cm 3
考点：长度的测量
点评：有关长度测量的时候，首先去掉错误的数据，然后根据多次测量求平均值，算出结果． 17．某电热杯中有甲、乙两根电热丝，只将甲电热丝接到电源上时，烧开一杯水需要的时间为t 1；只将乙电热丝接到电源上时，烧开同样的一杯水需要的时间为t 1．若R 甲＞R 乙，则 t 1_____t 1则（填“＞”、“＜”
或“＝”）．证明若将甲、乙并联起来接到电源上时，烧开同样的一杯水需要的时间为1212
t t t t （设电源电压不变，不计热量损失）________．
＞ 见解析
【解析】
【详解】
烧开同样的一杯水消耗的电能相等， R 甲＞R 乙，电源电压相等，由W ＝2
U t R
可知，t 1＞t 1；
由W
＝
2
U
t
R
可得，甲、乙两根电热丝的电阻分别为：R甲＝
2
1
U
t
W
，R乙
＝
2
2
U
t
W
，
将甲、乙并联起来接到电源上时，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：R＝
22
2
12
12
22
12
12
=
U U
t t
R R t t
U
W W
U U
R R W t t
t t
W W
⨯⨯
=⨯
++
+
甲乙
甲乙
，则需要的加热时间：t＝
2
1212
222
1212
t t t t
WR W W U
R
U U U W t t t t
⨯
==⨯⨯=
++
．
18．如图所示，AOB为一轻质杠杆，O为支点，AO=OB.在杠杆右端A处用细绳悬挂重为20N的物体，当AO段处于水平位置时，为保持杠杆平衡，需在B端施加最小的力为F1=__N；若在B端施加一竖直向下的力F使杠杆AOB匀速转动到BO处于水平位置，当BO段在水平位置时保持杠杆平衡，这时在B端施加最小的力为F2将______（选填“小于”、“等于”或“大于”）F1。

20 小于
【解析】
【详解】
∵在B处施加力的最大力臂长度为OB，
又∵OA=OB，
∴根据杠杆的平衡可得，需在B端施加最小的力为：
F1=
G OA
OB
n
=20N，
∵当BO段在水平位置时，重物在A端对杠杆拉力的力臂变小，而物体的重力不变，所以此时在B端施加最小的力为F2将小于F1。

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．养生壶是一种用于养生保健的可以烹饮的容器，类似于电水壶，其最大的特点是釆用一种新型的电加热材料，通过髙温把电热膜电子浆料（金属化合物）喷涂在玻璃表面形成面状电阻，在两端制作银电极，通电后产生热量把壶内的水加热。

小明家买了一个养生壶（图甲），其铭牌如表所示。

（1）该养生壶正常工作时，面状电阻的阻值多少？
（2）小明关闭了家中的其他所有用电器，使用该壶在加热过程中家用电能表（图乙）的转盘5min内转了300转，此过程中养生壶消耗的电能和实际电功率各是多少？
（1）40；（2）3.6×105J 1200W
【解析】
【详解】
(1)由P=得，养生壶的电阻：
R===40Ω，
(2)养生壶消耗的电能：
W==0.1kW⋅h=3.6×105J，
养生壶的工作时间t=5min=300s，
养生壶的实际电功率：
P实===1200W，
20．如图是某工人用滑轮组提升重物，工人用360N拉力将重为600N的重物匀速提升10m，需要时间50s．（g 取10N/kg）
（1）机械效率
（2）工人做功的功率
(1)83.3%(2)144W
【解析】
【详解】
(1)克服物体重力所做的有用功为：W有=Gh=600N10m
⨯=6000J;
由图可知，滑轮组承担物体重力的绳子段数n=2，则绳子自由端移动的距离为：S=2h=210m
⨯=20m.拉力所做的总功为：W总=Fs=360N⨯20m=7200J;
滑轮组的机械效率为：
6000J
100%100%
7200J
W
W
η=⨯=⨯=
有
总
83.8%；
（2）工人做功的功率为：P=
7200J
50s
W
t
==
总144W.
21．水平地面上有一个质量为1千克、底面积为2
110-
⨯m2的薄壁柱形容器，容器内盛有质量为5千克的水.
①求水的体积V水。

②求容器对地面的压强p。

③现将一体积为3
110-
⨯m3的物块浸没在水中，求水对容器底部压强增加量的范围。

（1）5×10-3m3（2）5880Pa（3）0—980Pa
【解析】
【详解】
（1）V水=m
ρ=33
5kg
1.010kg/m
⨯
=5×10−3m3；
（2）容器对地面的压力：F=G=mg=(1kg+5kg)×9.8N/kg=58.8N，容器对地面的压强：
P=F
S
=
22
58.8N
110m
-
⨯
=5880Pa；
（3）若容器中盛5kg水时正好装满容器，那么放入物体后水会溢出来，水的深度不会变，故容器底部增
加的压强为0；若放入物体后水不会溢出来，则水面升高的高度h=V
S
=
33
23
110m
110m
-
-
⨯
⨯
=0.1m，增加的压强
P1=ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m=980Pa，所以水对容器底部压强增加量的范围是0—980Pa。

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．根据平面镜成像特点画出图AB在镜中的像．
【解析】
【分析】
平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像．
【详解】
分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像．如图：
23．在图中作出物体沿斜面下滑时受到的摩擦力f的示意图．
【解析】物体沿斜面下滑时，斜面对物体的摩擦力是阻碍物体下滑的，所以摩擦力的方向是沿斜面向上的，如下图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小虎用一个装有2g水银的温度计，测量烧杯中水的温度，如图所示．
()1请指出他在使用温度计时存在的两个问题：
①______；
②______．
()2在温度计示数上升的过程中，水银的质量____，体积____，密度____．(填“增大”、“减小”或“不变”) ()3在温度计示数上升的过程中，水银的内能______(填“增大”或“减小”)，这是通过______(填“做功”或“热传递”)方式而使内能发生改变的．
（1）温度计的玻璃泡与容器底部接触；读数时视线与温度计上表面不相平；（2）不变；增大；减小；（3）增大；热传递
【解析】
（1）由图示可知，小明把温度计的玻璃泡与容器底部接触，且读数时视线与温度计上表面不相平，这些
都是错误的；（2）在温度计示数上升的过程中，水银的质量不变，体积变大，密度变小；（3）在温度计示数上升的过程中，水银的内能增大，这是通过热传递的方式使内能发生改变的．
25．某实验小组的同学们用图甲所示器材测量小灯泡的电功率，待测小灯泡的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，电源电压恒为6V，滑动变阻器的规格为“20Ω1A”。

（1）请你用笔画线代替导线，把图甲中电路连接完整。

（_____）
（2）连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡都不亮，电流表无示数，电压表示数明显，仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因是_____________。

（3）排除故障后，继续实验。

当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为
_______W。

（4）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向_____（选填“左”或“右”）端滑动。

（5）测量小灯泡的电功率________（选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是__________。

（6）图丙是该实验小组的同学测量小灯泡电功率的电路图，测量后他们对测量结果进行了误差分析，考虑电表本身对电路的影响，该电路主要是由于所测________（选填“电压”或“电流”）值偏大引起小灯跑电功率偏大的。

小灯泡的灯丝断了0.76 右不需要灯泡在不同电压
下的功率不同电流
【解析】
【详解】
（1）灯的额定电压为3.8V，故电压表选用大量程与灯并联，将变阻器的最大电阻连入电路中与灯串联，如下所示：
（2）连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡都不亮，电流表无示数，可以判断出电路为断路，电压表示数明显，说明电压表两接线柱到电源两极的电路是通的，故断路只能发生在灯泡位置，则出现该状况的原因是小灯泡的灯丝断了。

（3）当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其值为0.2A，小灯泡的额定功率为：P=UI=3.8V×0.2A=0.76W。

（4）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，要增大灯两端电压，减小变阻器两端电压，由分压原理，减小滑动变阻器接入电路中的电阻，即应将滑动变阻器的滑片向右端滑动。

（5）灯在不同电压下的功率不同，故不需要多次测量求平均值；
（6）根据并联电路电流的规律，电流表示数等于灯的电流与通过电压表电流大小和，故该电路主要是由于所测电流值偏大引起小灯泡电功率偏大的。

26．下面是小明利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究杠杆的平衡条件的实验．（每个钩码重0.5N）
实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，
发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向________（选填左或右）端调节，直到杠杆在水平位置平衡。

杠杆调节平衡后，在此后的实验中________ (可以、不可以）通过旋动两端的平衡螺母来使杠杆恢复平衡。

如图A所示，①在杠杆A点处挂4个钩码，则在B点处应挂________个同样的钩码，杠杆仍然在水平位置平衡．②把B点处的钩码取下，在B点处施加一个竖直向下的拉力F时，杠杆仍在水平位置平衡．当拉力F向右倾斜时，仍要保持杠杆水平平衡，拉力F的大小将________（选填变大、变小或不变）．原因是________。

经多次实验后，总结得到了杠杆平衡条件，接着小明又进行了如图B所示的探究，发现弹簧测力计的读数比利用杠杆平衡条件计算得到的数值偏大，原因是________。

右不可以 4 变大阻力和阻力臂不变，动力臂变小杠杆有自重
【解析】
【详解】
（1）杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；
（2）杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，实验过程中不能再移动平衡螺母；（3）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：F A L A=F B L B；4G•3L=F B•2L；解得F B=6G，需挂6个钩码．若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大；（4）由图可知，此时的杠杆的支点没有在重心上，在实验的过程中，由于杠杆自重的影响，使得左端的杠杆与其力臂的乘积要大于右端杠杆与其力臂的乘积，故导致测量结果不准确．。