2022年至2022年高二下册第一次月考物理题带答案和解析(新疆维吾尔自治区石河子第二中学)

2022年至2022年高二下册第一次月考物理题带答案和解析（新疆维吾尔自治区石河子
第二中学）
选择题
如图所示的线圈不能产生交变电流的是()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】根据题意，结合产生交流电的条件，当电路是闭合的；线圈在磁场中转动，其中的线框切割磁感线，导致磁通量变化．根据感应电流产生的条件可以确定此时会产生感应电流，再根据楞次定律，则有产生的感应电流的方向不同，故BCD中有感应电流产生，A图中没有感应电流产生；
不产生感应电流的故选A。

选择题
如图所示，理想变压器的原线圈接在的交流电源上，副线圈接在负载电阻，原副线圈匝数之比为20:1，交流电流表，电压表均为理想电表，下列说法正确的是（）
A. 交流电压表的读数为15.6V
B. 交流电流表的读数为0.1A
C. 副线圈输出交流电的周期为50s
D. 原线圈的输入功率为
【答案】B
【解析】A、由瞬时值的表达式可得，原线圈的电压有效值为220V，根据电压与匝数成正比可得，副线圈的电压为11V，即交流电压表的
读数为11V，再由输入功率和输出功率相等可得，所以原线圈的电流的大小为0.1A，故A错误，B正确；
C、变压器不会改变交流电的周期和频率，所以副线圈中输出交流电的周期为，故D错误；
D、由输入功率和输出功率相等可得原线圈中的输入功率为
，故D错误；
故选B。

选择题
两矩形线圈分别在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，线圈中产生的感应电动势e随时间t的变化关系分别如图中甲、乙所示，则下列说法正确的是（）
A. 两交变电流的频率之比f甲：f乙=1：2
B. 两交变电流的电动势有效值之比E甲：E乙=3：1
C. t=1s时，两线圈中的磁通量的变化率均为零
D. t=1s时，两线圈均处在与中性面垂直的位置上
【答案】C
【解析】由图象知甲的周期为1s，乙的周期为2s，所以，
A错误；甲的有效值为，乙的有效值为，所以，B错误；t=1s时，甲乙瞬时电压为零，磁通量的变化率为零，此时线圈处于中性面位置，C正确D错误．
选择题
如图，当交流电源的电压(有效值)U＝220 V，频率f＝50 Hz,3只
灯L1、L2、L3的亮度相同(L无直流电阻)，若将交流电源的频率变为
f＝100 Hz，则()
A. L1灯比原来亮
B. L2灯比原来亮
C. L2灯和原来一样亮
D. L3灯比原来亮
【答案】A
【解析】三个支路电压相同，当交流电频率变大时，电感的感抗增大，电容的容抗减小，电阻所在支路对电流的阻碍作用不变，所以流过L1的电流变大，流过L2的电流变小，流过L3的电流不变；
A、由上分析可知，L1灯比原来亮，故A正确；
B、由上分析可知，L2灯比原来暗，故BC错误；
D、由上分析可知，L3灯和原来一样亮，故D错误；
故选A。

选择题
篮球运动员通常要伸出两臂迎接传来的篮球，接球时，两臂随球迅速收缩至胸前，这样做可以（）
A. 减小球对于手的冲量
B. 减小球对手的冲击力
C. 减小球的动量变化量
D. 减小球的动能变化量
【答案】B
【解析】ABC、先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球引至胸前，这样可以增加球与手接触的时间，根据动量定理得: ，计算得出: ，当时间增大时，球动量的变化率减小，作用力就减小，而冲量和动量的变化量都不变，故B正确，AC错误；
D、因为动能的变化量不变，故D错误；
故选B。

选择题
两只相同的电阻，分别通过简谐波形的交流电和方形波的交流电．两种交变电流的最大值相等，波形如图所示，在简谐波形交流电的一个周期内，简谐波形交流电在电阻上产生的焦耳热Q1与方形波
交流电在电阻上产生的焦耳热Q2之比为等于()
A. 3∶1
B. 1∶2
C. 2∶1
D. 4∶3
【答案】B
【解析】正弦交流电，其有效值为；方波电流，由于电流的热效应与电流的方向无关，所以其有效值为，因
此，故B正确，ACD错误；
故选B。

选择题
一物体从某高处由静止下落，设所受空气阻力恒定，当它下落h 时动量大小为p1，下落2h时的动量大小为p2，那么p1∶p2应为()
A. 1∶1
B. 1∶
C. 1∶2
D. 1∶4
【答案】B
【解析】由题意，物体下落的加速度a恒定，即物体向下做匀加速直线运动，由得：，再由p=mv求得
，故B正确，ACD错误；
故选B。

选择题
质量为1 kg的物体在距地面高5 m处由静止自由下落，正落在以5 m/s速度沿光滑水平面匀速行驶的装有沙子的小车中，车与沙子的总质量为4 kg，当物体与小车相对静止后，小车的速度为
A. 3 m/s
B. 4 m/s
C. 5 m/s
D. 6 m/s
【答案】B
【解析】小球和车作用过程中，两者组成的系统水平方向不受外力，水平方向系统的动量守恒，已知两者作用前水平方向车的速度v0=5m/s，小球水平方向速度v=0；设当物体与小车相对静止后，小车的速度为v′，取原来车速度方向为正方向，则根据水平方向系统的动量守恒得：，解得：
，故B正确，ACD错误；
故选B。

选择题
如图是远距离输电的示意图，变压器均为理想变压器，发电机的输出电压恒定，输电线上损耗的功率为△P．变压器原副线圈的电压以及电流用图中的量表示．则当用户用电处于高峰期时，下列说法正
确的是（）
A. U2变大
B. U4变小
C. △P变小
D. I1变小
【答案】B
【解析】A、由于输入电压不变，升压变压器原副线圈匝数不变，故U2不变，故A错误；
B、当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，则输电线上的电流增大，可知输电线上的电压损失增大，发电机的输出电压U1不变，则U2不变，可知降压变压器的输入电压减小，所以用户得到的电压U4减小．故B正确；
C、当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，则输电线上的电流增大，可知输电线上的功率损失增大，故C错误；
D、当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，
则输电线上的电流增大，根据，知I1变大，故D错误；
故选B。

选择题
一平板小车静止在光滑的水平地面上，甲、乙两人分别站在车的左、右端，当两人同时相向而行时，发现小车向左移，则()
A. 若两人质量相等，必有v甲>v乙
B. 若两人质量相等，必有v甲m乙
D. 若两人速率相等，必有m甲，A正确，B错误
若两人速率相等，必有，C正确，D错误
故选AC
选择题
光滑水平面上A、B两小车间有一弹簧(如图所示)，用左、右手分别抓住小车A、B并将弹簧压缩后使小车处于静止状态，将两小车及弹簧看做系统，下列说法中正确的是
A. 两手同时放开后，系统动量始终为零
B. 先放开左手，再放开右手，系统总动量不守恒
C. 先放开左手，后放开右手，系统总动量向左
D. 无论何时放手，两手都放开后，在弹簧恢复原长的过程中，系统总动量都保持不变，但系统的总动量不一定为零
【答案】ACD
【解析】A、在两手同时放开后，水平方向无外力作用，只有弹簧的弹力(内力)，故动量守恒，即系统的总动量始终为零，故A正确；
B、先放开左手，再放开右手后，是指两手对系统都无作用力之后的那一段时间，系统所受合外力也为零，动量是守恒的，故B错误；
C、先放开左手，系统在右手作用下，受向左的作用力，故有向左的冲量，再放开右手后，系统的动量仍守恒，此后的总动量向左，故C正确；
D、其实，无论何时放开手，只要两手都放开后就满足动量守恒的条件，系统的总动量保持不变，故D正确；
故选ACD。

选择题
质量为M的物块以速度v运动，与质量为m的静止物块发生正
碰，碰撞后两者的动量正好相等．两者质量之比可能为()
A. 2
B. 3
C. 4
D. 5
【答案】AB
【解析】根据动量守恒和能量守恒得，设碰撞后两者的动量都为P，则总动量为2P，根据动量和动能的关系有：，根据能量的关系得，由于动能不增加，则有：，得，故AB正确，CD错误；
故选AB。

选择题
如图所示，理想变压器原线圈输入电压，副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器，V1和V2是理想交流电压表，示数分别用U1和U2表示；A1和A2是理想交流电流表，示数分别用I1和I2表示；下列说法正确的是（）
A. U1和U2表示电压的最大值
B. I1和I2与变压器的原副线圈匝数成反比
C. 滑片P向下滑动过程中，U2变小，I1 变大
D. 滑片P向下滑动过程中，U2不变，I1 变大
【答案】BD
【解析】A、电路中交流电表的示数为有效值，故A错误；
B、根据变压器原理可知，I1和I2与变压器的原副线圈匝数成反比，故B正确；
CD、P向下滑动过程中，R变小，由于交流电源和原、副线圈匝
数不变，U1、U2均不变，则变大，由，得变大，故D正确，C错误；
故选BD。

实验题
某同学利用打点计时器和气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验，气垫导轨装置所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成．
(1)下面是实验的主要步骤：
①安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；
②向气垫导轨中通入压缩空气；
③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器越过弹射架并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；
④滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；
⑤把滑块2放在气垫导轨的中间；
⑥先_______ ，然后________，让滑块带动纸带一起运动；
⑦取下纸带，重复步骤④⑤⑥，选出较理想的纸带如图所示；
⑧测得滑块1(包括撞针)的质量为310 g，滑块2(包括橡皮泥)的质量为205 g.
试完善实验步骤⑥的内容．
(2)已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，计算可知，两滑块相互作用前动量之和为
_______ kg·m/s；两滑块相互作用以后动量之和为________kg·m/s(结果保留三位有效数字)．
(3)试说明(2)问中两结果不完全相等的主要原因是
_____________________________ 。

【答案】接通打点计时器的电源放开滑块10.6200.618纸带与打点计时器的限位孔之间有摩擦
【解析】解：（1）使用打点计时器时，先接通电源后释放纸带，所以先接通打点计时器的电源，后释放滑块1；
（2）放开滑块1后，滑块1做匀速运动，跟滑块2发生碰撞后跟2一起做匀速运动，根据纸带的数据得：
碰撞前滑块1的动量为：，滑块2的动量为零，所以碰撞前的总动量为
碰撞后滑块1、2速度相等，所以碰撞后总动量为：
（3）说明(2)问中两结果不完全相等的主要原因是纸带与打点计时器的限位孔之间有摩擦。

实验题
在实验室里为了验证动量守恒定律，一般采用如图甲、乙所示的两种装置：
(1)若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半
径为r2，则（____）
A．m1>m2 , r1>r2B．m1>m2, r1m2，r1＝r2D．m1
【解析】(1)为防止反弹造成入射球返回斜槽，要求入射球质量大于被碰球质量，即m1>m2，为使入射球与被碰球发生对心碰撞，要求两小球半径相同，故选项C正确；
(2)设a球与b球相碰前的速度为v1，A，B相碰后的速度分别为v1′，v2′.由于两球都从同一高度做平抛运动，当以运动时间为一个计时单位时，可以用它们平抛的水平位移表示碰撞前后的速度，因此，验证的动量守恒关系，可表示为
，所以需要直尺、天平，而无需弹簧测力计、秒表．由于题中两个小球都可认为是从槽口开始做平抛运动的，两球的半径不必测量，故无需游标卡尺；
解答题
质量为60 kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．已知弹性安全带的缓冲时间是1.5 s，安全带自然长度为5 m，g取10 m/s2，则安全带所受的平均冲力的大小是多少？
【答案】1 000 N
【解析】解：根据自由落体运动规律，该工人自由下落5m的时间为1s，则根据冲量定理则：，
带入数据则：
解答题
交流发电机转子有N匝线圈，每匝线圈所围面积为S，匀强磁场
的磁感应强度为B，匀速转动的角速度为ω，线圈电阻为r，外电路电阻为R，当线圈处于中性面时开始计时，逆时针匀速转动180°过程中，求：
（1）写出R两端的电压瞬时值的表达式
（2）通过R的电荷量q
【答案】（1）(2)
【解析】解：(1)线圈由中性面开始转动，感应电动势的瞬时值表达式为
由闭合电路欧姆定律可知
电阻R两端的电压
联立解得：
(2)由闭合电路欧姆定律得
由法拉第电磁感应定律得
联立解得。