辽宁省锦州市渤海大学附属高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考理科综合能力测试物理试题

辽宁省锦州市渤海大学附属高级中学2018-2019学年高二上第一次月考
理科综合能力测试物理试题
★祝考试顺利★
注意事项：
1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

一、选择题
1.神经系统中,把神经纤维分为有髓鞘和无髓鞘两大类,现代生物学认为,髓鞘是由多层类脂
物质---髓质累积而成的,具有很大的电阻,经实验测得髓质的电阻率.某生物体中的某段髓质神经纤维可看成高为20cm、半径为4cm的圆柱体,当在其两端加上U=100V的电压时,该神经开始发生反应,则引起该神经纤维产生感觉的最小电流约为
A. B. C. D.
【答案】
【解析】
由电阻定义式可得：，故电流为：
，故选B。

【点睛】已知电阻率、导体长度以及半径，由电阻定义式可得电阻值，进而再由欧姆定律可得电流．
2.有一只电熨斗，内部电路如图甲所示，其中M为旋钮的内部接线端子，旋钮有“高”、“中”、“低”、“关”四个挡，每个挡内部接线有如图乙中所示的四种方式，下列判断中正确的是( )
A. a方式为“高”挡
B. b方式为“低”挡
C. c方式为“关”挡
D. d方式为“中”挡
【答案】B
【解析】
试题分析：a中回路未闭合，，即a方式为“关”档；b中连接方式两个电阻串联后接在电源上，总电阻，c中连接方式只有一个电阻接入电路，总电阻，d中连接方式两个电阻并联后接入电路，总电阻，根据可知，b方式为“低”档，c方式为“中”档，d方式为“高”档，所以正确选项为B。

考点：本题考查了串联电路和并联电路及纯电阻电路功率的计算。

3.如图所示，一个静止的质量为m、带电荷量为q的带电粒子（不计重力），经电压U加速后垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，粒子最后落到P点，设OP=x，下列图线能够正确反应x与U之间的函数关系的是（）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
在加速电场中，由动能定理得：
解得：，
磁场中，洛伦兹力提供向心力，有：
得：
则得：，B. m、q都一定，则由数学知识得到，x−U图象是抛物线，B正确，ACD错误。

故选：B.
点睛：根据动能定理得到带电粒子加速获得的速度．带电粒子进入磁场中由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得到半径R，x=2R，根据x与U的表达式选择图象．4.如图,三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，,均通有电流I,L1中电流方向与L2中的相同,与L3中的相反,下列说法正确的是
A. L1所受磁场作用力的方向与L2、L3所在平面垂直
B. L3所受磁场作用力的方向与L1、L2所在平面平行
C. L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为
D. L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为
【答案】D
【解析】
【分析】
依据右手螺旋定则判定各导线在其他位置的磁场方向，再结合矢量的合成法则，即可判定合磁场方向，最后根据左手定则，从而确定其位置的受到磁场力方向，因所通的电流相等，那么单位长度的磁场力之比，即为各自所处的磁场之比。

【详解】A项：根据右手螺旋定则，结合矢量的合成法则，则L2、L3通电导线在L1处的磁场方向如下图所示，
再根据左手定则，那么L1所受磁场作用力的方向与L2、L3所在平面平行，故A错误；
B项：同理，根据右手螺旋定则，结合矢量的合成法则，则L2、L1通电导线在L3处的磁场方向如下图所示，
再根据左手定则，那么L3所受磁场作用力的方向与L2、L1所在平面垂直，故B错误；
C、D项：由A选项分析，可知，L1、L3通电导线在L2处的合磁场大小与L2、L3通电导线在L1处的合磁场相等，设各自通电导线在其他两点的磁场大小为B，那么L1、L2和L3三处磁场之比为，故D正确，C错误。

故应选D。

【点睛】考查右手螺旋定则与左手定则的内容，掌握矢量的合成法则，理解几何关系，及三角知识的运用。

5. 如图所示电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则（）
A. A灯变亮
B. B灯变亮
C. R1上消耗功率变太
D. 总电流变小
【答案】C
【解析】
动片向下滑动,电阻变小，总电流变大，D错。

内电压变大，路端电压变小，A灯变暗。

A错。

流过A的电流变小，总电流变大，流过电流变大,,R1上消耗功率变大。

C对。

电压变大，B灯与R两端电压变小，B灯变暗，B错。

6.一个带正电粒子以初速度v0垂直于电场方向向右射入匀强电场区域，穿出电场后接着又进入匀强磁场区域。

设电场和磁场区域有理想的分界线，且分界线与电场方向平行，如图中的虚线所示。

在如图所示的几种轨迹中，正确的是（）
A.
B.
C.
D.
【答案】AD
【解析】
当粒子垂直进入匀强电场时，由图可知，电场力向下，则粒子带正电，当进入磁场时由左手定则可得洛伦兹力垂直速度向上．故A正确；当粒子垂直进入匀强电场时，由图可知，电场力向下，则粒子带负电，当进入磁场时由左手定则可得洛伦兹力垂直速度向下，故B错误；当粒子垂直进入匀强电场时，由图可知，电场力向下，则粒子带正电，当进入磁场时由左手
定则可得洛伦兹力垂直速度向下，故C错误；当粒子垂直进入匀强电场时，由图可知，电场力向上，则粒子带正电，当进入磁场时由左手定则可得洛伦兹力垂直速度向上，故D正确。

7.为监测某化工厂的污水排放量,技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计,该装置由绝缘材料制成,长、宽、高分别为a、b、c,左右两端开口.在垂直于上下底面方向加磁感应强度大小为B的匀强磁场,在前后两个内侧面分别固定有金属板作为电极.污水充满管口中从左向右流经该装置时,接在M、N两端间的电压表将显示两极间的电压U.若用Q表示污水流量(单位时间内排出的污水体积),下列说法中正确的是
A. N端的电势比M端的高
B. 若污水中正负离子数相同,则前后表面的电势差为零
C. 电压表的示数U跟污水的流量Q成正比
D. 电压表的示数U跟a和b都成正比,跟c无关
【答案】A
【解析】
【详解】A项：正负离子向右移动，受到洛伦兹力，根据左手定则，正离子向N表面偏，负离子向M表面偏，所以N表面比后M表面电势高，故A正确；
B、C、D项：最终正负离子会受到电场力、洛伦兹力处于平衡，有，即，而污水量，则可知Q与U成正比，与离子浓度无关，故B、C、D错误。

故应选A。

【点睛】解决本题的关键掌握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道在电磁流量计中，正负离子受电场力和洛伦兹力平衡。

8.如图所示电路,将两个相同的电流表分别改装成A1(0-3A和A2(0-0.6A)的电流表,把两个电流表并联接入电路中测量电流,则下列说法中正确的是
A. A1的指针还没有满偏,A2的指针已经满偏
B. A1的指针半偏时,A2的指针也半偏
C. A1的读数为1A时,干路中的电流I为1.2A
D. A1的读数为1A时,A2的读数为0.6A
【答案】BC
【解析】
【分析】
电流表是由小量程的电流表并联一个电阻改装而成，两个电流计的满偏电压相同，A1和A2的最大电流分别是3A和0.6A，所以欧姆定律，改装后的两电流表内阻之比为1：5。

【详解】A、B项：电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两电流表并联，知两表头也并联，流过两表头的电流相等，所以A1的指针半偏时，A2的指针也半偏，A1的指针还没半偏时，A2的指针也没半偏，A1的指针还没有满偏,A2的指针也没有满偏，故A错误，B正确；
C、D项：两电流表的内阻之比为1：5，则电流之比为5：1．A1的读数为1A时，A2的读数为
0.2A，干路中的电流为1.2A，故C正确，D错误。

故应选BC。

【点睛】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小。

二、非选择题
9.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ。

步骤如下：
(1)用游标为10分度的卡尺测量其长度如图c所示,由图可知其长度为________mm；
(2)用螺旋测微器测量其直径如图所示,由图可知其直径为______mm.
【答案】 (1). 30.3mm； (2). 8.600mm
【解析】
【详解】(1) 游标卡尺的主尺读数为3cm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.1×3mm=0.3mm，所以最终读数为：30mm+0.3mm=30.3mm；
(2) 螺旋测微器的固定刻度读数8.5mm，可动刻度读数为0.01×10.0mm=0.100mm，所以最终读数为：8.5mm+0.100mm=8.600mm。

【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。

10.在测量电源的电动势和内阻的实验中,由于所用的电压表(视为理想电压表)的量程较小,
某同学设计了如图所示的实物电路:
(1)实验时,应先将电阻箱的电阻调到_________(选填“最大值”“最小值”或“任意值”).
(2)改变电阻箱的阻值R,分别测出阻值R0=10Ω的定值电阻两端的电压U,在下列两组R的取值方案中,比较合理的方案是_________(选填“1”或“2”).
(3)根据实验数据描点,绘出的图象是一条直线.若直线的斜率为,在坐标轴上的截距为b,则该电源的电动势E=_______,内阻r=_________(用k、b和R0表示).
【答案】 (1). 最大值； (2). 2； (3). ； (4).
【解析】
【分析】
(1) 实验中应保证开始时的电流最小，可以保证电路安全，由闭合电路欧姆定律可知应如何
调节滑动变阻器；
(2) 为了实验更精确应使数据间差值较大，并且能多测数据；根据两组方案的特点可知应选取哪一方案；
(3) 由题意及闭合电路欧姆定律可得出的关系，结合图象可知其斜率及截距的含义，从而可以得出电动势和内电阻。

【详解】(1) 电路为限流接法，开始时应让电流最小，然后再逐渐增大，故开始时滑动变阻器应达到最大值处；
(2) 对比两方案可知，方案1中电阻箱电阻较大，而R0的阻值只有10Ω，故在调节电阻箱时，电流的变化不明确，误差较大；而方案2中电阻箱的阻值与R0相差不大，可以测出相差较大的多组数据，故方案2更合理；
(3) 由闭合电路欧姆定律可得：，
由函数知识可知：图象的斜率，故
图象与纵坐标的交点，解得：。

11.如图所示,在磁感应强度B=1.0T、方向竖直向下的匀强磁场中,有一个与水平面成=37°角的导电滑轨,滑轨上放一个可以自由滑动的金属杆ab,已知接在滑轨中的电源电动势E=12V,内阻不计,ab杆长L=0.5m,质量m=0.2kg,杆与平行滑轨间的动摩擦因数；不计滑轨与ab
杆的电阻,取,sin37°=0.6,求接在滑轨上的变阻器R的阻值在什么范围内变化时,可以使ab杆在滑轨上保持静止?(答案取整数或用小数或用分数表示,只要正确均得分)
【答案】可变电阻在3.18Ω～4.96Ω范围内
【解析】
【详解】对导体棒受力分析，回路中的电流为：
导体棒受到的安培力为：F=BIL
讨论：
1、当摩擦力沿斜面向上，电流强度最小，电阻最大，由共点力平衡得：
mgsin37°-f-Fcos37°=0
mgcos37°+Fsin37°-F N=0
f=μF N
联立解得：R max=4.96Ω
2、当摩擦力沿斜面向下，电流强度最大，电阻最小由共点力平衡得：
mgsin37°+f-Fcos37°=0
mgcos37°+Fsin37°-F N=0
f=μF N
联立解得：R min=3.18Ω
故可变电阻在3.18Ω～4.96Ω范围内。

12.如图所示,一带电微粒质量为m=kg、电荷量为q=,从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后,从两平行金属板的中间水平进入偏转电场中,微粒从金属板边缘射出电场时的偏转角=30°,并接着进入一个方向垂直纸面向里、宽度为D=cm的匀强磁场区域, 已知偏转电场中金属板长L=20cm，两板间距d=17.3cm，微粒重力忽略不计,求
(1)带电微粒进入偏转电场时的速率；
(2)偏转电场中两金属板间的电压U2；
(3)为使带电微粒不会由磁场右边射出,该匀强磁场的磁感应强度B至少多大?
【答案】(1) (2) (3)
【解析】
【详解】(1) 带电微粒经加速电场加速后速度为v 1，
根据动能定理
解得：
代入数据得：；
(2)带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动，在水平方向微粒做匀速直线运动；水平方向：
带电微粒竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v2
竖直方向：
由几何关系得：
所以，解得：；
(3)带电微粒进入磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，运动轨迹如图所示：
设微粒轨道半径为R，
由几何关系知：R+Rsinθ=D
解得：
设微粒进入磁场时的速度为v′
则
由牛顿运动定律及运动学规律
由以上各式代入数据解得：
若带电粒子不射出磁场，磁感应强度B至少为0.1T。