湖北省武汉市黄陂区前川办事处第一中学九年级下学期“分配生”考试物理试题(解析版)

武汉市黄陂一中2017年“分配生”考试物理试题
一、选择题
1.下列说法正确的是
①在无风的情况下，正在发声的扬声器旁的烛焰晃动，说明声能传递信息
②将真空罩里的空气逐渐抽出，听到闹钟的闹铃声在减小，说明声的传播需要介质
③将发声的音叉插入水中观察到音叉周围溅起许多水花，说明液体可以传声
④正在发声的音叉将乒乓球弹开，说明发声的物体在振动
A.①④
B.②③
C.①②
D.②④
【答案】D
【解析】
【详解】①扬声器发声时，放在旁边的烛焰晃动，说明声波能传递能量；故①错误。

②将玻璃罩内的空气抽出没有了介质，此时听不到罩内的声音，所以说明声音的传播需要介质，故②正确；
③将发声的音叉插入水中能观察到音叉周围溅起许多水花，说明发声体在振动，并不能说明液体可以传声。

故③错误；
④当乒乓球接触到音叉时被弹开，说明发声体在振动。

故④正确；
综上所述②④正确，故选D
2.a、b、c三辆汽车从甲地出发沿直线运动到乙地，其中a车以速度v做匀速直线运动到乙地；b车以速度v出发，先做加速运动再做匀速运动，最后做减速运动，达到乙地时速度恰好也是v；c车也以速度v出发，先做减速运动再做匀速运动，最后做加速运动，到达乙地时速度恰好也是v，三辆汽车运动时间分别为t a、t b和t c，其大小关系正确的是
A.t a=t b=t c
B.t a＜t b＜t c
C.t c＞t a＞t b
D.t b＞t a>t c
【答案】C
【解析】
【详解】a 车以速度v 做匀速直线运动到乙地；由于b 先加速后减速，达到乙地时速度恰好还是v ，所以它在整个运动过程中的平均速度都比v 大，经过相同的路程，它的时间肯定比匀速运动的a 小；c 先减速后加速，达到乙地时速度恰好还是v ，它在整个运动过程中的平均速度都比a 小，经过相同的路程，它的时间肯定比匀速运动的a 大；
由此可知，三辆汽车运动时间的大小关系为：c a b t t t >>。

故选：C 。

3.两块完全相同的平面镜上、下挂在竖直的墙壁上，两平面镜间有一定的距离，一物体放在平面镜前，如图甲所示，则经过两块平面镜成像后，物体的像可能是选项中的
A. B. C. D.
【答案】D 【解析】
【详解】因为平面镜所成的像，像与物体的大小相等，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，像与物体的连线与镜面垂直，即像与物关于平面镜对称，据此分析可知，D 图符合平面镜的成像特点，故D 正确。

故选：D 。

4.如图所示是某教师自制的教具。

他在矿泉水瓶的侧壁上钻一个孔，把电火花发生器紧紧塞进孔中，实验时从瓶口喷入酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，点燃瓶内酒精后，纸筒立即飞出。

关于此实验，说法不正确．．．
的是
A.酒精不完全燃烧时热值不变
B.能闻到酒精的气味说明分子不停的做无规则运动
C.燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程
D.纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低
【答案】C
【解析】
【详解】A.热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，故A叙述正确；
B.能闻到酒精的气味说明分子酒精分子在永不停息的做无规则运动，故B叙述正确；
C.燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的做功冲程，故C叙述错误；
D.纸筒飞出后瓶内气体的内能减小，温度降低，故D叙述正确。

故选：C.
5.小明同学用照相机为另一同学拍全身照时，不小心让一滴泥水溅在了照相机镜头的中心部分，则他所拍出的照片
A.这位同学的像中身体某部位出现黑斑
B.只能看到这位同学头和脚的像
C.能看到所拍同学的全身像，身体某部位的像比其他部位要暗些
D.可以看到所拍同学的全身像，但像会变暗一些
【答案】D
【解析】
【详解】照相机成的像，是被照景物发出的光经镜头折射后，会聚于一点形成的实像，如果一滴泥水溅在了照相机镜头的上，相当于挡住了一部分光，没挡住的部分还可以成像，只是亮度略暗一些；故还可以看到所拍同学的全身像，但像会变暗一些。

故选D。

6.如图所示，物块A 的重力为20N ，物块B 的重力为10N ，水平压力F 作用在A 上，A 与竖直墙面接触，此时A 和B 匀速下滑，若压力F 保持不变，在A 的下方施加一个竖直向上的力F 1，使物体A 和B 一起恰好向上做匀速直线运动，则F 1的大小为
A.60N
B.30N
C.10N
D.20N
【答案】A 【解析】
【详解】物体A.B 组成的整体,受竖直向下的重力G ＝G A +G B ＝20N +10N ＝30N ，竖直向上的摩擦力f ，而处于平衡状态，由平衡条件得A 受到的摩擦力：f ＝G ＝30N ，方向竖直向上；
滑动摩擦与压力和接触面的粗糙程度有关，当在A 的下方施加一个力F 1,使物体A 恰好向上做匀速直线运动,此时A 受到竖直身上的推力F 1，A 受到竖直向下的重力和竖直向下的摩擦力平衡，所以F 1＝G +f ＝30N +30N ＝60N .故选A.
7.研究表明，当空气中颗粒的直径越接近可见光的波长（波在一个周期内传播的距离叫做波长），颗粒对光的“消光”能力就越强。

空气中PM2.5颗粒是灰霾天能见度降低的主要原因。

若可见光的频率约为5×1014Hz ，则可以推算出PM2.5中对能见度造成较大影响的颗粒直径与下列哪一个值最接近A.2.5μm B.0.4μm
C.0.6nm
D.6μm
【答案】B 【解析】
【详解】∵c ＝λf ，∴空气中PM 2.5颗粒的直径：d ＝λ＝c f ＝814310/510Hz
m s ⨯⨯＝6×10−7m ＝0.6μm ，0.4μm 最接近0.6μm，故选B.
8.如图所示为一种握力计和它的工作原理示意图。

电源电压恒定不变。

握力显示表是由电流表改装而成，定值电阻R 2的阻值为5Ω，弹簧一端的滑片P 在电阻R 1的最上端时手没有施力，移动到最下端时手施加的
力最大（弹簧的电阻不计）。

该握力计测量的范围是0～300N ，电路中电流变化范围是0.3～0.6A 。

则下列说法正确的是
A.握力为300N 时电路中的电流为0.6A
B.此电路的电源电压为1.5V
C.R 1连入电路阻值变化范围是0～10Ω
D.电路消耗的最大功率为1.8W
【答案】D 【解析】
【详解】由电路图可知,R 1与R 2串联，电流表测电路中的电流。

滑片P 在电阻R 1的最上端时,电路为R 2的简单电路,此时电路中的电流最大,由题知I 大＝0.6A ，则握力计工作电路的电源电压：
U ＝I 大R 2＝0.6A ×5Ω＝3V ，故B 错误；
滑片P 移动到最下端时施加的力最大时,R 1接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，则握力300N 时电路中电流I 小＝0.3A ，故A 错误；
则电路消耗的最大功率为：P 2＝I 大U ＝0.6A ×3V ＝1.8W ，故D 正确；此时电路中的总电阻：R ＝
30.6U V
I A
大＝＝5Ω，R 1连入电路阻值0,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以,R 1的最小阻值R 大＝U I 小-R 2＝30.3V A
-5Ω＝10Ω-5Ω＝5Ω，则R 连入电路的阻值变化范围0∼5Ω，故C 错误。

故选：D 。

9.定值电阻R 与灯泡L 的电流随电压变化关系的图象如图所示，现将它们串联接在电源电压为6V 的电路中，则下列说法不正确．．．
的是
A.灯泡的电阻大小与它两端电压和通过电流有关，随电压、电流的增大而增大
B.定值电阻与灯泡消耗的实际功率之比为2：1
C.灯泡通过的电流为0.2A
D.通电2min ，灯泡消耗的电能是144J 【答案】D 【解析】
【详解】A.灯泡的电阻大小与它两端电压和通过电流有关，随电压、电流的增大而增大说法正确；定值电阻R 与灯泡L 串联接在电压恒为6V 的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等,且总电压等于各分电压之和,灯两端的电压为2V ,即U L ＝2V ，所以由图象可知,当电路中的电流I ＝0.2A ,UR ＝4V ，时符合，故C 正确；
由串联电路的分压规律电压比等于电阻比可得，定值电阻的阻值与灯泡阻值的比值：
21
，即定值电阻的阻值是灯泡阻值的2倍，由P ＝UI 可得，定值电阻与灯泡消耗的实际功率之比：
21
R R R L L L P U I U P U I U ＝＝，故B 正确；通电2min 灯泡消耗的电能：WL ＝U L It ＝2V ×0.2A ×2×60s ＝48J ，故D 错误。

故选D.
10.对于家庭电路中的漏电保护器和空气开关的作用，下列说法错误的是
A.发生如图甲所示的触电时，漏电保护器不起作用
B.发生如图乙所示的触电时，空气开关不起作用
C.发生如图所示的两种触电时，漏电保护器都能自动断开电路
D.当电路发生短路时，空气开关能够自动切断电路
【答案】BC
【解析】
【详解】A.这种现象电流会从人的右手边到左手边回到零线。

相当于人是一个负载。

不存在漏电，所以漏电保护器不会起作用，故A正确；
B.图乙电流直接由人体流入大地，造成火线与零线的电流不平衡，漏电保护器会自动断开，起到保护作用，故B错误；
C.甲、乙两种触电发生时，都会造成人体触电，但不一定会是电流过大，漏电保护器不一定会自动断开，故C错误；
D.当电路发生短路时，空气开关会自动切断电路，起到保护作用，故D正确。

11.如图所示，甲、乙、丙、丁为实验装置图，下列说法正确的是
A.甲实验说明通电导体在磁场中受力运动
B.乙实验说明通电导体周围存在磁场
C.丙实验说明电磁铁的磁性强弱与电流线圈匝数有关
D.丁实验说明发电机的工作原理
【答案】B
【解析】
【详解】A.甲实验中没有电源，其演示的是导体棒在磁场中切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，极电磁感应现象，故A解释错误，不符合题意；
B.乙实验通电导线放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，它是研究电流的磁效应的，是奥斯特实验，解释正确，符合题意；
C.两图中线圈匝数相同，丙实验右边电路中滑动变阻器接入电路的电阻为零，则电流比左边电路中的电流大，电磁铁的磁性强，则说明电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，故C解释正确，不符合题意；
D.丁实验中通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的，即电动机的原理图，故D解释错误，不符合题意。

故选B.
12.如图所示，电源电压为12V，R0=60Ω，滑动变阻器的规格为“60Ω2A”，电流表的量程为“0.6A”，小灯泡上标有“6V3W”字样。

不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全。

则：
A.当S闭合，S1、S2断开时，滑动变阻器接入电路的阻值范围是12Ω-60Ω
B.当S闭合，S1、S2断开时，通过灯泡的电流变化范围是0.5A-0.6A
C.当S、S1、S2闭合时，电路消耗的总功率最小值为7.2Ｗ
D.当S、S1、S2闭合时，若电路消耗的总功率最大，则滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω
【答案】A 【解析】
【详解】A.当S 闭合，S 1、S 2都断开，滑动变阻器与L 串联．由P ＝2
U R
可得小灯泡电阻R L ＝2
2
63U V P W 额额（）＝＝12Ω，由P ＝UI 可得小灯泡正常发光时的电流：I ＝
36P W
U V
额额
＝0.5A ，当电路中电流最大时，电阻最小，则滑动变阻器接入电路的最小阻值：R 小＝
U U I
-额＝126120.5V V
A -=Ω；滑动变阻器的规格为“60Ω2A”，
则最大阻值R 大＝60Ω，故滑动变阻器接入电路的阻值范围是12Ω～60Ω，故A 正确；B.当S 闭合，S 1、S 2都断开，滑动变阻器与L 串联，电阻最大时电流最小，其最小电流：I 最小＝
125
12Ω50Ω31
L U V R R 滑＝＝++A ＝0.16A 通过灯泡的电流变化范围是0.16A-0.6A ，故B 错误；
C 、S 、S 1、S 2都闭合，滑动变阻器与R 0并联，通过R 0的电流：I 1＝01260Ω
U V R ＝＝0.2A 当滑动变阻器的阻值最大时，此支路上的电流最小，则I 2＝1250Ω
U V R 滑大＝＝0.24A 则干路上的电流I 最小＝I 1+I 2＝0.2A+0.24A ＝0.44A ，
电路消耗的总功率最小值P 最小＝UI 最小＝12V×0.44A ＝5.28W ，故C 错误；D 、由电流表的量程可知，干路中的最大电流为0.6A ，则电路消耗的总功率最大电路中的总电阻R 总＝
120.6U V I A ＝20Ω，0111R R R +滑总
＝滑动变阻器与R 0并联，则，即：111
20Ω60ΩR 滑
＝+，解得R 滑＝30Ω．故D 错误．故选A.
二、非选择题
13.小明阅读了某品牌汽车内燃机的说明书后，发现内燃机的能量损失为：废气内能损失35%，散热损失25%，机械损失10%。

该发动机的效率为_____________。

当汽油在内燃机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，这时内燃机的效率将____________（填“升高”、“不变”或“降低”）；发动机工作时用水来做冷却物质，
原因是___________。

汽车在爬坡时，一般要换低速档，目的是：______。

他上网了解到截至2011年，全球处于使用状态的汽车数量突破10亿辆。

假设每辆汽车每年平均耗油1.55吨，汽车内燃机的效率平均为30％。

如果能把内燃机效率提高1％，全球每年大约可以节约______________亿吨油。

【答案】
(1).30%
(2).降低
(3).水的比热容大，在同样的条件下，水会吸收较多的热量
(4).增大牵引力(5).5×107t
【解析】
【详解】废气内能损失35%，散热损失25%，机械损失10%。

则发动机的效率为1-35%-25%-10%＝30%；当汽油在内燃机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，这时内燃机的效率将降低；发动机工作时用水来做冷却物质，原因是水的比热容大，在同样的条件下，水会吸收较多的热量；根据P ＝Fv 可知：在功率一定时，速度越小，牵引力越大，故汽车在爬坡时，一般要换低速档的目的是：增大牵引力。

为内燃机效率提高1%，所以η2＝η1+1%＝30%+1%＝31%，因为η＝
W W Q mq
＝，所以W ＝ηqm ，因为内燃机效率提高后有用功是相同的，所以每辆汽车：η1qm 1＝η2qm 2，
所以m 2＝1
2ηηm 1
，则每辆汽车每年节约燃油：
△m ＝m 1−m 2＝m 1−12ηηm 1＝(1−12ηη)m 1＝(1−30%31%
)×1.55t ＝0.05t ，所以我国可以节约的燃油：△m 总＝n △m ＝1×109
×0.05t ≈5×107
t .
14.
小红在做“测量盐水密度”的实验：
（1）实验前在调节横梁平衡时发现指针位置如图所示，此时她应将平衡螺螺母向__（选填“左”成“右”）调节。

在测量过程中她移动游码后发现指针位置又如图所示，则她应___________。

（2）小红将装有适量盐水的小烧杯放在天平的左盘上，天平平衡时，所用砝码和游码在标尺上的位置如图
所示，然后，她又将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，液面到达的位置如图所示，若小烧杯的质量为20g ，则测得盐水的密度为_______kg/m 3。

（3）此次实验测得的盐水密度值偏大的原因是___________________。

【答案】(1).左(2).掉最小的砝码，移动游码直至横梁平衡
(3).1.1×103kg /m
3
(4).偏
大【解析】
【详解】(1)图中指针静止时指在标尺中央红线上的右测，所以将平衡螺母向左移动；如果在测量过程中她移动游码后发现指针位置偏右，则她应去掉最小的砝码，移动游码直至横梁平衡。

(2)已知烧杯m 1＝20g ,将盐水和烧杯的质量为m 2＝50g +20g +10g +5g +1g ＝86g ，
量筒中盐水的质量为m ＝m 2−m 1＝86g −20g ＝66g ，量筒中盐水的体积为V ＝60cm 3
所以盐水的密度为ρ＝
36660m g V cm
＝＝1.1g /cm 3＝1.1×103kg /m 3
(3)把烧杯中的盐水全部倒入量筒中,由于烧杯内壁粘有液体所以体积V 偏小,根据密度公式ρ＝m
V
可知，密度偏大；
15.一根带有刻度的细玻璃管两端开口，通过橡皮塞插入装有红色溶液的玻璃瓶内，从细玻璃管上端开口处向瓶内吹气，使细玻璃管内的液面上升，制成一个简易气压计，如图所示。

细玻璃管内的液面高于瓶内液面是由于瓶内的气压____（选填“大于”“小于”或“等于”）瓶外的大气压而形成的。

把气压计从山下拿到山上，玻璃瓶底部受到水的压强______。

（选填“增大”“减小”或“不变”）在实验中最好不直接用手握住玻璃瓶的原因是____________。

【答案】(1).大于(2).增大(3).瓶内液体会受到温度的影响而体积产生变化。

【解析】
【详解】瓶中水面上方是空气，如果此处的气压等于瓶外的大气压，管内和瓶内的水面应
该相平．现在是管内的水面高，说明瓶内的气压大于瓶外大气压而形成，把气压计从山下拿到山上，由于山上压强小，所以瓶内液柱上升高度大于瓶内液面的变化，所以最终液体的深度变大，因此玻璃瓶底部受
到水的压强增大，在实验中最好不直接用手握住玻璃瓶的原因是：瓶内液体会受到温度的影响而体积产生变化。

16.小华同学想通过实验来探究滑动摩擦力的大小是否与接触面积的大小有关。

（1）为了完成本次实验，他应该选择的器材是______
A．各面粗糙程度相同的正方体B．各面粗糙程度相同，长宽高各不相同的长方体
C．各面粗糙程度不同的正方体D．各面粗糙程度不相同，长宽高各不相同的长方体
（2）本实验中，该同学设计了如图所示的两种方案：
方案一：木板固定，通过弹簧测力计水平匀速拉动木块，如图1所示。

方案二：木块与弹簧测力计相连，弹簧测力计水平固定，水平拉动木板，如图2所示。

①使用方案一时，由______的原理可知：木块所受摩擦力的大小等于它受到的拉力的大小。

这里用到的实验方法是___________________。

②两种实验方案中，方案二更合理的原因是______________________（回答一条理由）。

（3）若用方案一来探究滑动摩擦力的大小与接触面积大小是否有关，他将要进行的操作是：
_____________，分别记录弹簧测力计的示数，并比较大小。

【答案】(1).B(2).二力平衡(3).控制变量法(4).见解析所示
(5).见解析所示
【解析】
【详解】(1)探究“摩擦力的大小与两物体间的接触面积大小的关系”应控制接触面的粗糙程度与物体间的压力相等而接触面积不同，因此需要选择：各面粗糙程度相同，长宽高各不相同的长方体木块做实验，故B 正确。

(2)方案一：用弹簧测力计水平拉动木块，当木块做匀速直线运动时，木块处于平衡状态，拉力与摩擦力是一对平衡力，由二力平衡的知识可知：摩擦力等于测力计拉力，实验中运用的方法是控制变量法。

方案二：拉动木板，木块静止，木块处于平衡状态，木块受到的拉力都等于测力计的拉力，实验时不需要控制木板做匀速直线运动，便于实验操作，同时测力计是静止的，便于对测力计读数。

所以两种方案中，更合理、更易于操作的是方案二；
(3)要探究滑动摩擦力的大小与两物体间的接触面积大小是否有关，必须控制压力和接触面的粗糙程度一定，实验接下来的操作是：分别将同一长方体木块平放、侧放、立放，并拉动它做匀速直线运动，分别记录弹簧测力计的示数，然后比较拉力大小。

17.小明同学用如图所示的实验装置测量标有“3.0V”字样的小灯泡的电阻。

实验数据如下表所示：
数据序号1234567
发光情况明亮不很亮不亮较暗微光熄灭熄灭
电压U/V 3.0 2.5 2.0 1.5 1.00.50.2
电流I/A0.450.430.400.350.280.150.10
算出的电阻R/Ω
（1）该同学正确连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表的指针不偏转，电流表指针偏转，你认为原因可能是______________。

（2）该同学排除故障后，第一次测量时的电压等于3.0V，小灯泡正常发光，此时它的电阻为________，然后调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐次下降，灯泡逐渐变暗直到完全不发光，在实验中让电压逐．次．下降的主要目的是（）。

本次实验多次测量的目的是：（）
A.减小误差
B.得出准确结论
（3）完成实验并将实验数据绘制成图像，如图所示，图像是曲线的原因可能是____________________。

【答案】(1).灯泡(或电压表)短路(2).6.67Ω(3).B(4).研究不同电压下灯泡的功率与发光情况(5).灯丝的电阻会随温度的升高而增大。

【解析】
【详解】(1)该同学正确连接好电路后,闭合开关,电流表指针偏转,说明电路为通路,发现小灯泡不亮,电压表的指针不偏转,原因可能是灯泡(或电压表)短路；
(2)该同学排除故障后,第一次测量时的电压等于3.0V,小灯泡正常发光,由表中数据中灯的电流为0.45A,由
欧姆定律得它的电阻为：R＝U
I＝
3
0.45
V
A=6.67Ω；在实验中让电压逐次下降的主要目的是：研究灯泡在
不同电压下的功率与发光情况；本次实验多次测量的目的是
寻找普遍规律，故选B；(3)绘制的图象是曲线，说明灯丝电阻不是定值，原因是灯丝亮度大时，其温度也高，灯丝的电阻会随温度的升高而增大。

18.某同学连接了如图甲所示的电路来测定标有“3.8V”字样小灯泡正常工作时的电功率，电源电压不变。

（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接完整（要求滑片向左移动灯泡变亮）。

（）
（2）实验时他发现电流表损坏了，为完成上述实验该同学向老师要了一个已知阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助现有的实验器材，设计了如图乙所示的实验电路图，测出了小灯泡的额定功率，请你帮他完成实验。

①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点____（填“1”或“2”），移动滑片，使电压表的示数
为3.8V 。

②___________，再将开关S 2拨到触点_______（填“1”或“2”），读出电压表的示数为U 。

③小灯泡额定功率的表达式为P 额＝__________（用已知量和测量量表示）。

【答案】
(1).(2).2(3).保持滑动变阻器滑片位置不变(4).1
(5).
()
3.8 3.8V U V R ⨯-【解析】
【详解】(1)滑动变阻器要按“一上一下”的方式串联接入电路，要滑片向左移时灯泡变亮，此时电路中的电流变大，滑动变阻器接入电路的阻值变小，故应将滑动变阻器的A 接线柱与小灯泡的右接线柱连接，如
下图所示：
(2)①连接好实验电路,闭合开关S 1,将开关S 2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为3.8V ；②保持滑动变阻器滑片位置不变,S 2接1，读出电压表示数U ；③此时定值电阻R 0两端的电压：U 0=U −U 额=U −3.8V ，通过灯泡的电流：I 额=I 0=
00U R =0
3.8U V
R -，则小灯泡额定功率：P 额=U 额I 额=3.8V ×
03.8U V R -=()
3.8 3.8V U V R ⨯-19.
小雨为妈妈买了一个按摩棒，如图所示。

（1）用A 型按摩头振动按摩时，小明妈妈说有些疼痛，此时可以换______型按摩头继续按摩。

（2）按摩棒的技术参数如下表所示。

产品技术参数
控制方式:机械式
原理振动频率50Hz
电压220V 额定功率25W
①50Hz 表示的含义是______________。

②小雨发现按摩棒工作一段时间后会发热，他认为原因有两个：一个是因为电流的_______，另一个是由于______。

③按摩棒工作10分钟后，若电流产生的热量为3000J ，则按摩棒的效率是多少？____________________【答案】
(1).C
(2).单位时间内振动棒振动的次数是50次
(3).电流的热效应；
(4).由
于做功的过程中机械能转化成内能(5).75%
【解析】
【详解】(1)用A 型按摩头振动按摩时，小明妈妈感到疼痛，是因为压力作用效果比较大，为了减小压力作用效果，可以在受力面积一定时减小压力，也可以在压力一定时增大受力面积，所以选择C 按摩头。

(2)①50Hz 表示的含义是频率，是单位时间内振动棒振动的次数是50次；
②小雨发现按摩棒工作一段时间后会发热，他认为原因有两个：一个是因为电流的热效应的，另一个是由于做功的过程中机械能转化成内能。

③10分钟按摩棒消耗的电能：W ＝Pt ＝25W 1060s 15000J,＝
⨯⨯转化成的机械能W 机＝15000J-3000J ＝12000J,按摩棒的效率是12000η15000J
J
＝
＝75%.
20.将底面积为2S 的圆柱形薄壁容器放在水平桌面上，把质地均匀的实心圆柱体物块竖直放在容器底部，其横截面积为S ，如图甲所示，然后向容器内缓慢注入某种液体，物块始终直立，物块对容器底部的压力与注入液体质量关系如图乙所示。

求：
（1）注入液体的质量为m 0时，物块对容器底部的压力。

（2）注入液体的质量为m 1时，液体对容器底部的压强。

【答案】（1）0F -0m g （2）102m g m g
S
+【解析】
【详解】(1)由图象可知,物体的重力G ＝F 0，注入液体的质量为m 0时,物块刚刚浸没,则物块排开液体的体积
V 排＝V 物＝Sh ，此时液体的体积为V 液＝(2S −S )h ＝Sh ;则ρ液＝
00
m m V Sh
液，则物块所受的浮力F 浮＝ρ液gV 排＝
m Sh
×g ×Sh ＝m 0g ，由于物体处于静止状态，则受的力合力为零，所以F 支+F 浮＝G ，根据力的作用是相互的可知：物块对容器底部的压力F 压＝F 支＝G −F 浮＝F 0−m 0g ；(2)注入液体的质量为m 1时,液体对底部的压力F ＝m 1g +F 浮＝m 1g +m 0g ，
则液体对底部的压强p ＝F S 底＝1
02m g m g
S
+。