云南省江川二中2019_2020学年高二物理上学期11月月考试题
2019-2020年高二上学期第一次月考物理试卷 含解析
2019-2020年高二上学期第一次月考物理试卷含解析一、单选题：共7题每题4分共28分1．在示波管中，电子枪2s内发射6×1013个电子（一个电子电荷量为﹣1.60×10﹣19C），则示波管中的电流大小约为（）A．4.8×10﹣6A B．3×10﹣13A C．9.6×10﹣6A D．3×10﹣6A2．现取两节干电池A、B，其中A为1号干电池，B为7号干电池．则下列说法正确的是（）A．A的电动势一定大于B的电动势B．A的容量一定比B的容量大C．A的电阻一定比B的电阻大D．若把A、B两节干电池分别接入电路，当流过A、B的电流相同时，则相同时间内两干电池非静电力做的功相同3．如图所示，有三个电阻，已知R1：R2：R3=1：3：6，则电路工作时，电压U1：U2为（）A．1：2 B．1：3 C．1：6 D．1：94．一电流表的满偏电流I g=1mA，内阻R g=500Ω．要把它改装成一个量程为15V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个15kΩ的电阻B．并联一个15kΩ的电阻C．串联一个14.5kΩ的电阻D．并联一个14.5kΩ的电阻5．关于电阻率，下列说法中正确的是（）A．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，其导电性能越好B．某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，通常都用它们制作标准电阻C．所谓超导体，是当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，它的电阻率突然变为无穷大D．各种材料的电阻率大都与温度有关，金属的电阻率随温度升高而减小6．某种金属导体的U﹣I图象如图所示，图象上A点和原点的连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角．关于该导体的叙述，下列说法中正确的是（）A．导体的电功率随电压U的增大而增大B．导体的电功率与电压U的平方成正比C．在A点，导体的电阻为tanβD．在A点，导体的电阻为tanα7．额定电压都是110V、额定功率P A=110W和P B=40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是（）A． B． C． D．二、多选题：共3题每题4分共12分8．关于电流，下列叙述中正确的是（）A．只要将导体置于电场中就有持续电流B．电源的作用可以使电路中有持续电流C．通常导体内没有电流时，就说明导体内的电荷没有移动D．导体中的电流可以是正、负电荷同时沿相反方向移动而产生的9．某课外研究小组设计的电子秤如图所示，滑动变阻器活动端与下端固定的弹性系数k=100N/m的竖直轻弹簧连接，并可以随弹簧上下移动，弹簧上端固定有一小托盘，不放物体时恰好电压表读数为零，已知电池电动势E=6V，内阻r=1Ω，滑动变阻器总电阻为5Ω，总长为L=10cm，g=10m/s2，弹簧总在弹性限度内．下列说法正确的是（）A．电压表读数最大值为6VB．电压表读数为5V时对应盘中物体的质量为1kgC．此秤最大称量为10kgD．电压表刻度改为质量刻度后依然均匀10．在探究电路故障时，某实验小组设计了如图所示的电路，当电键闭合后，电路中的各用电器正常工作，经过一段时间，发现小灯泡A的亮度变暗，小灯泡B的亮度变亮．则下列对电路故障的分析正确的是（）A．可能是定值电阻R1短路B．可能是定值电阻R2断路C．可能是定值电阻R3断路D．可能是定值电阻R4短路三、实验题：共2题每题10分共20分11．有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻约20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻约1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻约0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器G．学生电源（直流输出4V）及开关、导线等（1）实验中电压表应选用，电流表应选用．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）．（2）请在方框内画出满足实验要求的电路图，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．12．现有一刻度盘总共有N小格、且刻度均匀，量程未准确确定的电压表V1，已知其量程在13～16V之间，内阻r1=150kΩ．为测定其准确量程U1，实验室提供了如下表所列的器材，要求方法简洁，尽可能减少误差，并能测出多组数据．器材（代号）规格标准电压表V2量程3V，内阻r2=30kΩ电流表A 量程3A，内阻r3=0.01Ω滑动变阻器R 总阻值1kΩ（1）某同学设计了如图所示的甲、乙、丙三种电路图你认为选择（填“甲”、“乙”或“丙”）电路图测量效果最好．（2）若选择测量数据中的一组来计算V1的量程U1，则所用的表达式U1=，式中各符号表示的物理量是：．四、计算题：共4题共40分13．将电动势为3.0V的电源接入电路中，测得电源两极间的电压为2.4V，当电路中有6C的电荷流过时，求：（1）有多少其他形式的能转化为电能；（2）外电路中有多少电能转化为其他形式的能．14．如图所示，R1=7Ω，R2=3Ω，滑动变阻器R3的最大阻值为6Ω，求AB两端的电阻值的范围．15．如图所示，电源电动势为12V，内电阻为r=1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，电动机线圈电阻为0.5Ω，若开关闭合后通过电源的电流为3A，则R1上消耗的电功率为多少？电动机消耗的电功率为多少？16．温度传感器广泛应用于室内空调、电冰箱和微波炉等家用电器中，它是利用热敏电阻的阻值随温度变化而变化的特性工作的．在图甲中，电源的电动势E=9.0V，电源内电阻可忽略不计；G为小量程的电流表，电流表内阻R G保持不变；R为热敏电阻，其电阻值与温度的变化关系如图乙的R﹣t图线所示．闭合开关S．（1）当R的温度等于40℃时，电流表示数I1=2.25mA，求电流表内阻R G（2）则当电流表的示数I2=4.5mA时，求热敏电阻R的温度T．xx学年江西省抚州市崇仁二中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题：共7题每题4分共28分1．在示波管中，电子枪2s内发射6×1013个电子（一个电子电荷量为﹣1.60×10﹣19C），则示波管中的电流大小约为（）A．4.8×10﹣6A B．3×10﹣13A C．9.6×10﹣6A D．3×10﹣6A【考点】电流、电压概念．【分析】每个电子的电荷量大小为e=1.6×10﹣19C．根据电流的定义式I=，求解示波管中电流的大小．【解答】解：每个电子的电荷量大小为e=1.6×10﹣19C，6×1013个电子总电荷量为q=6×1013×1.6×10﹣19C=9.6×10﹣6C，则示波管中电流大小为：I===4.8×10﹣6A．故选：A2．现取两节干电池A、B，其中A为1号干电池，B为7号干电池．则下列说法正确的是（）A．A的电动势一定大于B的电动势B．A的容量一定比B的容量大C．A的电阻一定比B的电阻大D．若把A、B两节干电池分别接入电路，当流过A、B的电流相同时，则相同时间内两干电池非静电力做的功相同【考点】电源的电动势和内阻．【分析】对于不同型号的干电池，电动势相同．1号干电池的内阻小于7号干电池的内阻．1号干电池的容量大于7号干电池的容量．功率表示做功的快慢，根据P=UI研究功率确定做功的快慢关系．【解答】解：A、1号干电池的电动势等于7号干电池的电动势，都是1.5V．故A错误．B、1号干电池的体积大，容量较大，即1号干电池的容量大于7号干电池的容量．故B 正确．C、1号干电池的内阻小于7号干电池的内阻．故C错误．D、把1号和7号干电池分别连入电路中，若电流I相同，电动势又相同，则功率P=EI相同，说明它们做功的快慢相同，则相同时间内两干电池非静电力做的功相同．故D正确．故选：BD3．如图所示，有三个电阻，已知R1：R2：R3=1：3：6，则电路工作时，电压U1：U2为（）A．1：2 B．1：3 C．1：6 D．1：9【考点】串联电路和并联电路．【分析】明确三个电阻的连接方式，根据串并联电路的规律可求得电压之比．【解答】解：已知R1：R2：R3=1：3：6，设流过R1的电流为I，则流为R2的电流为I2=；则由欧姆定律可知；电压之比为，U1：U2=IR1：R2=1：2．故选：A．4．一电流表的满偏电流I g=1mA，内阻R g=500Ω．要把它改装成一个量程为15V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个15kΩ的电阻B．并联一个15kΩ的电阻C．串联一个14.5kΩ的电阻D．并联一个14.5kΩ的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值【解答】解：把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值R=﹣R g=﹣500=14.5kΩ，则C正确故选：C5．关于电阻率，下列说法中正确的是（）A．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，其导电性能越好B．某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，通常都用它们制作标准电阻C．所谓超导体，是当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，它的电阻率突然变为无穷大D．各种材料的电阻率大都与温度有关，金属的电阻率随温度升高而减小【考点】电阻定律．【分析】电阻率是描述材料导电能力的物理量，材料的电阻率由材料本身性质决定，与材料长度和横截面积无关，受温度影响．【解答】解：A、电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大其导电性能越差，故A错误；B、标准电阻的阻值不随温度的变化而变化，某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，常用来制作标准电阻，故B正确；C、超导现象是绝对零度附近时，电阻突然减小到零的现象，此时电阻率突然变为零，故C错误；D、电阻率表征了导体材料导电能力的强弱，由导体的材料决定，与温度有关，大多数金属的电阻率随温度升高而增大，故D错误；故选：B6．某种金属导体的U﹣I图象如图所示，图象上A点和原点的连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角．关于该导体的叙述，下列说法中正确的是（）A．导体的电功率随电压U的增大而增大B．导体的电功率与电压U的平方成正比C．在A点，导体的电阻为tanβD．在A点，导体的电阻为tanα【考点】电阻定律；电功、电功率．【分析】根据图线对应的横纵坐标确定的矩形面积的变化判断电功率的变化．根据由判断电功率与电压U的关系．图线切线斜率不等于倾角的正切值．【解答】解：A、由图象知，U增大，电流I增大，该导体的电功率在数值上等于横、纵坐标确定的矩形面积，则电功率增大．故A正确．B、由欧姆定律知，导体的电阻R=，随着U增大，I增大得越来越慢，故导体的电阻R随U 的增大而增大，由知导体的电功率与电压U的平方不成正比，故B错误．C、在物理图象上，图象的倾角决定于标度的选取，不能用倾角的正切求斜率．故C、D错误．故选A．7．额定电压都是110V、额定功率P A=110W和P B=40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是（）A． B． C． D．【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【分析】由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路【解答】解：灯泡正常工作时，两灯泡上的电压相等，可先判断电路是否能正常工作，然后再比较分流电阻和分压电阻分别消耗的功率大小，从而做出判断．判断灯泡能否正常发光，就要判断电压是否是额定电压，或电流是否是额定电流．由P=和已知条件可知，R A＜R B．对于A电路，由于R A＜R B，所以U B＞110 V，B灯烧毁，两灯不能正常发光．对于B电路，由于R B＞R A，A灯又并联变阻器，并联电阻更小于R B，所以U B＞110 V，B灯烧毁．对于C电路，B灯与变阻器并联，电阻可能等于R A，所以可能有U A=U B=110 V，两灯可以正常发光．对于D电路，若变阻器的有效电阻等于A、B的并联电阻，则U A=U B=110 V，两灯可以正常发光．比较C、D两个电路，由于C电路中变阻器功率为（I A﹣I B）×110，而D电路中变阻器功率为（I A+I B）×110，所以C电路消耗电功率最小．故选：C二、多选题：共3题每题4分共12分8．关于电流，下列叙述中正确的是（）A．只要将导体置于电场中就有持续电流B．电源的作用可以使电路中有持续电流C．通常导体内没有电流时，就说明导体内的电荷没有移动D．导体中的电流可以是正、负电荷同时沿相反方向移动而产生的【考点】电流、电压概念．【分析】导体置于电场中，达到静电平衡后没有电流．导体两端存在持续的电压，导体中才有持续的电流．电源能提供持续的电压．导体中没有电流时，电荷在做无规则的热运动，没有定向移动．【解答】解：A、导体置于电场中，达到静电平衡后没有电流．故A错误．B、导体两端存在持续的电压，导体中才有持续的电流．电源能提供持续的电压，可以使电路中有持续电流．故B正确．C、导体中没有电流时，电荷在做无规则的热运动，没有定向移动．故C错误．D、电解质溶液导电是由于正、负电荷同时沿相反方向移动产生．故D正确．故选：BD9．某课外研究小组设计的电子秤如图所示，滑动变阻器活动端与下端固定的弹性系数k=100N/m的竖直轻弹簧连接，并可以随弹簧上下移动，弹簧上端固定有一小托盘，不放物体时恰好电压表读数为零，已知电池电动势E=6V，内阻r=1Ω，滑动变阻器总电阻为5Ω，总长为L=10cm，g=10m/s2，弹簧总在弹性限度内．下列说法正确的是（）A．电压表读数最大值为6VB．电压表读数为5V时对应盘中物体的质量为1kgC．此秤最大称量为10kgD．电压表刻度改为质量刻度后依然均匀【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当滑动变阻器滑片位于最下端时，电压表读数最大，由串联电路分压规律求电压表读数最大值．电压表读数为5V时，求出变阻器滑片上部分的电阻，再按比例求出该段电阻的长度，分析出弹簧的压缩量，由胡克定律求物体的质量．当电压表读数最大时，物体的质量最大．由胡克定律可求得形变量；再由闭合电路欧姆定律可得出电压与形变量之间的关系，联立可得物体的质量与电压表读数的关系式，再分析电压表刻度是否均匀．【解答】解：A、当滑动变阻器滑片位于最下端时，电压表读数最大，为U m=E=×6V=5V，故A错误．B、当电压表读数为5V时，滑动变阻器滑片位于最下端，弹簧的压缩量增大了△x=L=10cm=0.1m，由胡克定律得：mg=k△x，得对应盘中物体的质量为m==1kg，故B正确．C、由上分析可知，滑动变阻器滑片位于最下端时，此秤称量的物体质量最大，则此秤最大称量为1kg．故C错误．D、设滑片向下移动时x时，物体的质量为m，电压表读数为U．则kx=mg又U=E，联立得U=m，可知U与m成正比，因此电压表刻度改为质量刻度后依然均匀．故D正确．故选：BD10．在探究电路故障时，某实验小组设计了如图所示的电路，当电键闭合后，电路中的各用电器正常工作，经过一段时间，发现小灯泡A的亮度变暗，小灯泡B的亮度变亮．则下列对电路故障的分析正确的是（）A．可能是定值电阻R1短路B．可能是定值电阻R2断路C．可能是定值电阻R3断路D．可能是定值电阻R4短路【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】将选项中各个故障逐一代入，由欧姆定律和电路的连接关系分析两灯亮度的变化情况，检查是否符合题意，从而确定正确选项．【解答】解：A、若电阻R1短路，外电路总电阻减小，路端电压随之减小，干路电流增大，则小灯泡A的亮度变亮，与题不符，故A错误．B、若R2断路，外电路总电阻增大，干路电流减小，则小灯泡A的亮度变暗．根据串联电路分压原理可知，R3的电压增大，通过R3的电流增大，而干路电流减小，所以通过R1的电流减小，R1的电压减小，所以B灯的电压增大，则小灯泡B的亮度变亮，与题相符，故B正确．C、若R3断路，外电路总电阻增大，干路电流减小，则小灯泡A的亮度变暗．R3的电压增大，B灯的电压增大，则小灯泡B的亮度变亮，与题相符，故C正确．D、若R4短路，外电路总电阻减小，干路电流增大，则小灯泡A的亮度变亮，与题不符，故D错误．故选：BC三、实验题：共2题每题10分共20分11．有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻约20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻约1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻约0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器G．学生电源（直流输出4V）及开关、导线等（1）实验中电压表应选用A，电流表应选用D．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用E（用序号字母表示）．（2）请在方框内画出满足实验要求的电路图，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．【考点】伏安法测电阻．【分析】（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，选用最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据灯泡正常发光时的电阻与电表内阻的关系选择电流表的接法．确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出实验电路图，根据实验电路图连接实物电路图．【解答】解：（1）灯泡额定电压为4V，则电压表应选：A；灯泡额定电流为：I==0.5A，电流表应选：D；要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器采用分压接法，要选择小电阻，使用滑动变阻器应选：E；（2）描绘小灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻R===8Ω，电压表内阻为10kΩ，电流表内阻为0.4Ω，灯泡电阻远小于电压表内阻，所以电流表采用外接法，实验电路图如图所示：（3）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．故答案为：（1）A，D，E；（2）如图12．现有一刻度盘总共有N小格、且刻度均匀，量程未准确确定的电压表V1，已知其量程在13～16V之间，内阻r1=150kΩ．为测定其准确量程U1，实验室提供了如下表所列的器材，要求方法简洁，尽可能减少误差，并能测出多组数据．器材（代号）规格标准电压表V2量程3V，内阻r2=30kΩ电流表A 量程3A，内阻r3=0.01Ω滑动变阻器R 总阻值1kΩ（1）某同学设计了如图所示的甲、乙、丙三种电路图你认为选择乙（填“甲”、“乙”或“丙”）电路图测量效果最好．（2）若选择测量数据中的一组来计算V1的量程U1，则所用的表达式U1=U2，式中各符号表示的物理量是：N：V1的总格数，N1：V1的读出格数，U2：V2的读数，r1：待测表内阻，r2：V2表内阻．【考点】伏安法测电阻．【分析】由于待测电压表的满偏电流与标准电压表的满偏电流接近，所以可考虑将它们串联使用，又由于滑动变阻器的全电阻远小于电压表内阻，所以变阻器应用分压式接法，然后设出待测电压表每格的电压，测出其偏转格数，根据欧姆定律即可求解．【解答】解：（1）由于待测电压表的满偏电流与标准电压表的满偏电流接近，大约是0.1mA，所以可将两电压表串联使用，由于变阻器的全电阻远小于电压表内阻，所以变阻器应用分压式接法，所以选择乙电路图进行测量．（2）待测电压表V1的指针偏转格数为N1，每格表示电压值为△U，由欧姆定律可得：=，所以电压表V1的量程为：U1=N•△U联立解得：U1=U2，其中r1=150kΩ，r2=30kΩ，U2为某次测量时V2的读数，N：V1的总格数，N1为某次测量V1的指针偏转格数．故答案为：（1）乙；（2）U2；N：V1的总格数，N1：V1的读出格数，U2：V2的读数，r1：待测表内阻，r2：V2表内阻．四、计算题：共4题共40分13．将电动势为3.0V的电源接入电路中，测得电源两极间的电压为2.4V，当电路中有6C的电荷流过时，求：（1）有多少其他形式的能转化为电能；（2）外电路中有多少电能转化为其他形式的能．【考点】电功、电功率．【分析】（1）根据W=Eq求解有多少其他形式的能转化为电能；（2）根据W1=U1q求解外电路中电能转化为其他形式的能．【解答】解：（1）根据W=Eq得：W=3.0×6 J=18 J，则电源中共有18 J其他形式的能转化为电能．（2）根据W=Uq得：W1=U1q=2.4×6 J=14.4 J，则外电路中共有14.4 J电能转化为其他形式的能．答：（1）有18 J其他形式的能转化为电能；（2）外电路中有14.4 J电能转化为其他形式的能．14．如图所示，R1=7Ω，R2=3Ω，滑动变阻器R3的最大阻值为6Ω，求AB两端的电阻值的范围．【考点】串联电路和并联电路．【分析】根据电路的连接关系，推导出电路总电阻表达式，分析总电阻的最大值和最小值，从而即可求解．【解答】解：当R3=0时，R2短路，R AB最小，R AB=R1=7Ω，当R3=6Ω时，R2，R3并联，R AB最大，R′AB=R1+=9Ω，故AB两端的电阻范围为7Ω≤R≤9Ω．答：AB两端的电阻值的范围7Ω≤R≤9Ω．15．如图所示，电源电动势为12V，内电阻为r=1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，电动机线圈电阻为0.5Ω，若开关闭合后通过电源的电流为3A，则R1上消耗的电功率为多少？电动机消耗的电功率为多少？【考点】电功、电功率．【分析】开关闭合后，由P1=I2R1求解R1上消耗的电功率；先根据闭合电路欧姆定律求解电动机电压，根据欧姆定律求解通过电阻R2的电流，由干路电流和R2的电流求出流过电动机的电流，由P=UI求解电动机消耗的电功率．【解答】解：R1上消耗的功率：P1=I2R1=9×1 W=9 W电动机两端的电压：U=E﹣I（R1+r）=12﹣3×（1+1）=6 V通过R2的电流为：I1== A=1 A通过电动机的电流为：I2=I﹣I1=2 A故电动机消耗的电功率为：P2=I2U=2×6 W=12 W答：R1上消耗的电功率为9W，电动机消耗的电功率为12W．16．温度传感器广泛应用于室内空调、电冰箱和微波炉等家用电器中，它是利用热敏电阻的阻值随温度变化而变化的特性工作的．在图甲中，电源的电动势E=9.0V，电源内电阻可忽略不计；G为小量程的电流表，电流表内阻R G保持不变；R为热敏电阻，其电阻值与温度的变化关系如图乙的R﹣t图线所示．闭合开关S．（1）当R的温度等于40℃时，电流表示数I1=2.25mA，求电流表内阻R G（2）则当电流表的示数I2=4.5mA时，求热敏电阻R的温度T．【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）由图象得出电阻的阻值，再由闭合电路欧姆定律求出电流表内阻；（2）由闭合电路欧姆定律求得电阻值，再由图象得出对应的温度值．【解答】解：（1）由图可知，温度为40℃时，电阻为R=3.5kΩ；则由I1=，解得：R G=﹣3500=500Ω；（2）由I2=，代入数据得：R′=1500Ω从R﹣t图象可知，此时的温度是140℃；答：（1）电流表内阻为500Ω；（2）热敏电阻的阻值为140℃．xx年11月25日。
云南省江川二中最新高二物理上学期11月月考试题
云南省江川二中2021年上学期11月份考试高二 物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共１０0分,考试时间９0分钟。
学校：_＿_＿＿___＿_＿姓名：＿______＿＿_＿班级：__＿＿_＿_＿_＿_考号：＿______＿___分卷Ｉ一、单选题共12小题，每小题３．0分，共36分 1。
如图所示,匀强磁场方向竖直向下，有一条与磁场方向垂直的通电直导线,电流方向是水平向右,则导线受到的安培力方向为 Ａ． 竖直向上B．竖直向下C． 垂直纸面向外D. 垂直纸面向里2。
如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线，a、b两点的电势分别为=２０V,=５0 V,则a、b连线的中点c的电势应为 Ａ．=35 ＶB.〉35 VC．<3５VＤ. 无法判断的高低３.如图所示,xOy坐标平面在竖直面内，ｙ轴正方向竖直向上，空间有垂直于ｘＯｙ平面的匀强磁场图中未画出。
一带电小球从O点由静止释放，运动轨迹如图中曲线所示。
下列说法中正确的是 Ａ．轨迹OＡB可能为圆弧Ｂ. 小球在整个运动过程中机械能增加C．小球在A点时受到的洛伦兹力与重力大小相等D．小球运动至最低点A时速度最大,且沿水平方向4．下列关于磁感应强度方向的说法中，错误的是A．磁感线上某点的切线方向就是该点磁感应强度的方向B. 某处磁感应强度的方向就是该处小磁针静止时北极所指的方向Ｃ。
磁感应强度是个标量，没有方向Ｄ. 某处磁感应强度的方向就是某处磁场方向5.如图所示,将通电线圈电流方向沿图中箭头方向悬挂在磁铁N极附近,磁铁处于水平位置和线圈在同一平面内，且磁铁的轴线经过线圈圆心，线圈将 A．转动同时靠近磁铁Ｂ．转动同时离开磁铁C。
不转动，只靠近磁铁D．不转动，只离开磁铁6．如图为监控汽车安全带使用情况的报警电路,S为汽车启动开关，汽车启动时Ｓ闭合．驾驶员未系安全带时开关Ｓ′闭合，系好安全带时S′断开.要求当驾驶员启动汽车但未系安全带时蜂鸣器报警。
则在图中虚线框内应接入的门电路是 A．“非”门B． “或”门C．“与”门D．“与非”门7．甲、乙两同学使用多用电表欧姆挡测同一个电阻时,他们都把选择开关旋到“×100”挡,并能正确操作．他们发现指针偏角太小,于是甲把选择开关旋到“×1 ｋ"挡，乙把选择开关旋到“×1０”挡，但乙重新调零，而甲没有重新调零．则以下说法正确的是 A. 甲选挡错误，而操作正确 B．乙选挡正确,而操作错误C．甲选挡错误，操作也错误D．乙选挡错误，而操作正确8．如图所示，在正方形ABＣＤ区域内有方向向下的匀强电场，一带电粒子不计重力从A点进入电场，初速度v0的方向指向B点，初动能为Ｅ０,最后从C点离开电场，则粒子经过Ｃ点时的动能为 Ａ．２Ｅ０Ｂ．3Ｅ０Ｃ．4Ｅ0D. 5E０9。
2019-2020年高二上学期月考物理试卷(二) 含解析
2019-2020年高二上学期月考物理试卷（二）含解析一、选择题（本题包括20小题，每小题2分，共40分每小题四个选项中，只有一项符合题意）1．在研究下述运动时，可以把物体看作质点的是（）A．研究地球的自转问题B．研究跨栏运动员的跨栏姿势C．研究子弹穿过一张纸时所用的时间D．研究火车从北京到上海所用时间2．关于速度和加速度的关系，判定下列说法是（）A．速度大，加速度一定大B．速度的变化越快，加速度一定越大C．速度的变化越大，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零3．关于合力和分力的大小关系，下列说法正确的是（）A．合力一定比每个分力都大B．合力至少比一个分力大C．合力可以比任意一个分力都小D．合力不可能和两个分力的大小都相等4．两个共点力的大小分别为5N、9N，则它们的合力大小不可能是（）A．4N B．13N C．15N D．10N5．对物体的惯性有这样一些理解，你觉得哪些是正确的（）A．汽车快速行驶时惯性大，因而刹车时费力，惯性与物体的速度大小有关B．在月球上举重比在地球上容易，所以同一物体在地球上惯性比在月球上大C．加速运动时，物体有向后的惯性；减速运动时，物体有向前的惯性D．不论在什么地方，不论物体原有运动状态如何，物体的惯性是客观存在的，惯性的大小与物体的质量有关6．关于牛顿第二定律下面说法正确的是（）A．若物体的质量不变，a正比于F，对F、a的单位不限B．对于相同的合外力，a反比于m，对m、a的单位不限C．在公式F=ma中，F、m、a三个量可以取不同单位制中的单位D．在公式F=ma中，当m和a分别用千克、米每二次方秒做单位时，F 必须用牛顿做单位7．下列说法正确的是（）A．电场是为了研究问题的方便而设想的一种物质，实际上不存在B．电荷所受的电场力越大，该点的电场强度一定越大C．以点电荷为球心，r为半径的球面上各点的场强都相同D．在电场中某点放入试探电荷q，受电场力F，该点的场强为E=，取走q后，该点的场强不变8．图中弹簧秤、绳和滑轮的重力均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计，物体的重力是G，弹簧秤的读数F为（）A．F=G B．F=G C．F=2 G D．F=G9．如图所示，A、B两物体均处于静止状态，则关于物体B的受力情况，下列叙述中正确的有（）A．B物体可能受到三个力的作用，也可能受到四个力的作用B．B物体一定受到四个力的作用C．B物体必定受地面的静摩擦力作用D．B物体必受地面的支持力作用10．狗拉着雪橇在水平雪地上做匀速圆周运动，关于雪橇的运动和受力情况，下列说法正确的是（）A．雪橇的速度不变B．雪橇受到的阻力不变C．雪橇的加速度大小不变 D．狗对雪橇拉力的方向不变11．把一个小球放在光滑的玻璃漏斗中，晃动漏斗，可使小球沿漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动．如图所示，关于小球的受力情况，下列说法正确的是（）A．重力、漏斗壁的支持力B．重力、漏斗壁的支持力及向心力C．重力、漏斗壁的支持力、摩擦力及向心力D．小球受到的合力为零12．我国于2011年发射了“天宫一号”目标飞行器，之后发射的“神舟八号”、“神舟九号”飞船相继与之成功对接．后来发射的“神舟十号”也与“天宫一号”目标飞行器实现了对接．如图所示，在对接前“天宫一号”的轨道半径比“神舟十号”的轨道半径大，它们都做匀速圆周运动．则在对接前（）A．它们的线速度相等B．它们的角速度相等C．它们的线速度都小于7.9km/sD．“神舟十号”的向心加速度一定小于“天宫一号”的向心加速度13．如图为点电荷Q产生的电场的三条电场线，下面说法正确的是（）A．Q为负电荷时，E A＞E B B．Q为负电荷时，E A＜E BC．Q为正电荷时，E A＞E B D．Q为正电荷时，E A＜E B14．如图所示，质量为m的物体始终静止在斜面上，在斜面体从图中实线位置沿水平面向右匀速运动到虚线位置的过程中，下列关于物体所受各力做功的说法正确的是（）A．重力不做功B．支持力不做功 C．摩擦力不做功 D．合力做正功15．关于电场和磁场，下列说法正确的是（）A．点电荷周围的电场可视为匀强电场B．平行板电容器之间的电场除边缘外可视为匀强电场C．直线电流周围的磁场可视为匀强磁场D．环形电流周围的磁场可视为匀强磁场16．关于作用力与反作用力，下列说法中正确的是（）A．物体相互作用时，先有作用力，后有反作用力B．作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，故这两个力合力为零C．作用力与反作用力可以是不同性质的力，如作用力是弹力，其反作用力可能是摩擦力D．作用力和反作用力总是同时分别作用在相互作用的两个物体上17．下列所列的几个速度中不是指瞬时速度的是（）A．子弹出枪口的速度是800m/sB．汽车从甲站行驶到乙站的速度是40km/hC．汽车通过站牌时的速度是72km/hD．小球第3s末的速度是6m/s18．如图为一物体做直线运动的v﹣t图象，则在0～t1和t1～t2时间内（）A．速度方向相同，加速度方向相同B．速度方向相同，加速度方向相反C．速度方向相反，加速度方向相同D．速度方向相反，加速度方向相反19．真空中两个静止的点电荷，相距为r时相互作用的库仑力大小为F，现不改变它们的电荷量，使它们之间的距离为3r，则库仑力大小变为（）A． F B． F C．3F D．9F20．如图所示，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点．棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，可以（）A．适当减小磁感应强度B．使磁场反向C．适当增大电流强度 D．使电流反向二、填空题（本题有6小题，每小题3分，共18分）21．在《探究小车速度随时间变化的规律》和《探究加速度与力、质量的关系》等实验中都用到了电磁打点计时器，电磁打点计时器使用的电源应是V以下的电源．22．一个平行板电容器，当其电荷量增加△Q=1.0×10﹣6C时，两板间的电压升高△U=10V，则此电容器的电容C=F．若两板间电压为35V，此时电容器的带电荷量Q= C．23．如图所示，一圆环，其圆心为O，以它的直径AB为轴做匀速转动，圆环上P、Q两点的角速度大小之比是，线速度大小之比是．24．用起重机把重量为3．O×104N的物体匀速地提高了6m．钢绳的拉力做了功，重力做了功，这些力所做的总功是．25．某人造卫星沿圆轨道运行，轨道半径是R，周期为T，（万有引力常量G为已知）估算地球质量为．26．如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，每打五个点取一个计数点，图中A、B、C、D、E、F、G为相邻的记数点，其中B点的对应速度v B=m/s，由此推得小车的加速度a=m/s2三、简答题（本题有2小题，每小题6分，共12分）27．在饮料瓶的下方戳一个小孔，瓶中灌水，手持饮料瓶，小孔中有水喷出．放手让瓶自由下落，观察喷水的变化．解释这个现象．28．做功的过程是能量从一种形式转化为另一种形式的过程，或从一个物体转移到另一个物体的过程．一个物块在地面上滑行一段距离后停止运动，这个过程中物块的动能到哪里去了．四、解答题（本题有2小题，每小题8分，共16分）29．如图所示，三条轻绳结于O点，系在竖直墙上的OA绳与墙成30°角，一轻弹簧秤水平拉动轻绳，弹簧秤读数为3N，（1）求绳子OA的拉力，（2）求重物的质量（g=10m/s2）30．如图所示，竖直平面内的轨道由轨道AB和圆弧轨道BC组成，小球从斜面上A点由静止开始滑下，滑到斜面底端后又滑上一个半径为R的圆轨道，（1）若接触面均光滑．小球刚好能滑到圆轨道的最高点C，求斜面高h．（2）若已知小球质量m=0.1kg，斜面高h=2m，轨道半径R=0.4m，小球运动到C点时对轨道压力为mg，求全过程中摩擦阻力做的功．五、选做题（每一组供选题有2个小题，共14分.请考生从两组试题中选择且仅选择一组试题解答；若同时解答了两组供选题，只能选留一组你认为最理想的答案，其余答案要划“x”号以示作废，否则将按第一组供选题得分计入总分）第一组【选修3-1】31．在图中R1=14Ω，R2=9Ω．当开关处于位置1时，电流表读数I1=0.2A；当开关处于位置2时，电流表读数I2=0.3A．则电源的电动势E=，内电阻r=．32．如图所示，分布在半径为r的圆形区域内的匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里．电荷量为+q、质量为m的带电粒子从磁场边缘A点沿圆半径AO方向射入磁场，粒子离开磁场时速度方向偏转了60˚角．求：（1）粒子做圆周运动的半径和入射速度；（2）粒子在磁场中的运动时间．第二组【选修1-1】（选修1-1模块本题共2个小题，第1小题4分，第2小题12分）33．（2011•东城区模拟）下列家用电器在正常工作时，主要利用电能转化为机械能的是（）A．电视机B．电饭锅C．电话机D．电风扇34．（2014秋•曲靖校级期末）如图所示，放在光滑绝缘水平面上的两个小球，相距0.18m，已知Q1电量为+1.8×10﹣12C，此时两个点电荷间的静电斥力F=1.0×10﹣12N，静电力常量k=9.0×109N•m2/C2．求：①Q2带正电还是带负电，所带的电量是多少？②当它们的距离为0.36m时，它们之间的静电力是多大？2015-2016学年吉林省长春五中高二（上）月考物理试卷（二）参考答案与试题解析一、选择题（本题包括20小题，每小题2分，共40分每小题四个选项中，只有一项符合题意）1．在研究下述运动时，可以把物体看作质点的是（）A．研究地球的自转问题B．研究跨栏运动员的跨栏姿势C．研究子弹穿过一张纸时所用的时间D．研究火车从北京到上海所用时间【考点】质点的认识．【专题】直线运动规律专题．【分析】当物体的大小和形状对所研究的问题中没有影响或影响不计时，可以把物体当成质点处理．【解答】解：A、研究地球的自转时，地球有大小和形状不能忽略，不能看作质点，否则就无法分辨地球的转动．故A错误．B、研究跨栏运动员的跨栏姿势时，运动员的身高、动作等影响很大，不能看作质点．故B错误．C、研究子弹穿过一张纸时所用的时间子弹的尺寸比纸大，不能忽略，不能当作质点．故C错误．D、研究火车从北京到上海所用时间时，尽管火车有一定的长度和形状，但相对于从北京到上海的距离可忽略不计，故火车可看作质点．故D正确．故选D【点评】考查对物体看成质点的条件的理解和判断能力．比较基本．2．关于速度和加速度的关系，判定下列说法是（）A．速度大，加速度一定大B．速度的变化越快，加速度一定越大C．速度的变化越大，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】速度是描述物体运动快慢的物理量，而加速度则是描述物体运动速度变化快慢的物理量．当速度变化时，则产生加速度．若速度均匀变化，加速度是恒定的，而速度非均匀变化，则加速度不恒定．【解答】解：A、加速度与速度的变化率有关，当速度大或速度变化大，都不会影响加速度变化，只有速度变化率大，加速度才一定大．故A错误；B、速度的变化越快，加速度一定越大，故B正确；C、速度的变化越大，加速度不一定越大，故C正确；D、速度为零，则加速度不一定为零，只有速度变化为零，加速度才为零．故D错误；故选：B【点评】速度与加速度均是矢量，速度变化的方向决定了加速度的方向，却与速度方向无关．同时加速度增加，速度可能减小，所以加速度的方向决定速度增加与否．3．关于合力和分力的大小关系，下列说法正确的是（）A．合力一定比每个分力都大B．合力至少比一个分力大C．合力可以比任意一个分力都小D．合力不可能和两个分力的大小都相等【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】定性思想；合成分解法；平行四边形法则图解法专题．【分析】（1）如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差．（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间．【解答】解：A、当二力反向时，合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故A错误；B、如果两个分力大小相等、方向相反时，两个力的合力为零，合力小于每一个分力，故B 错误；C、当两个分力大小相等方向相反时，合力等于0，合力小于任意分力，故C正确；D、当两个分力大小相等，夹角为120°时，合外力和两个分力的大小相等，故D错误；故选：C．【点评】解此题关键是要理解合力的大小范围：大于两力之差，小于两力之和；分析时考虑问题要全面，既要考虑到两个力同向，也要考虑反向的情况．4．两个共点力的大小分别为5N、9N，则它们的合力大小不可能是（）A．4N B．13N C．15N D．10N【考点】力的合成．【专题】定量思想；合成分解法；受力分析方法专题．【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且|F1﹣F2|≤F≤F1+F2【解答】解：两力合成时，合力范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；故4N≤F≤14N；所以不可能的是15N．本题选择不可能的，故选：C．【点评】本题关键根据平行四边形定则得出合力的范围：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2．5．对物体的惯性有这样一些理解，你觉得哪些是正确的（）A．汽车快速行驶时惯性大，因而刹车时费力，惯性与物体的速度大小有关B．在月球上举重比在地球上容易，所以同一物体在地球上惯性比在月球上大C．加速运动时，物体有向后的惯性；减速运动时，物体有向前的惯性D．不论在什么地方，不论物体原有运动状态如何，物体的惯性是客观存在的，惯性的大小与物体的质量有关【考点】惯性．【分析】惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，如果物体不受力的作用就保持匀速直线运动状态或者静止状态，惯性大小的唯一量度是物体的质量．【解答】解：A、惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，与物体速度大小无关．故A错误；B、惯性大小的唯一量度是物体的质量，同一物体，质量不变，则惯性不变，故B错误；C、惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，无论是加速运动还是减速运动，物体都保持原来运动状态的性质．故C错误；D、惯性大小的唯一量度是物体的质量，不论在什么地方，不论物体原有运动状态如何，物体的惯性是客观存在的，惯性的大小与物体的质量有关．故D正确．故选：D【点评】考查惯性概念的理解，惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，惯性大小的唯一量度是物体的质量．6．关于牛顿第二定律下面说法正确的是（）A．若物体的质量不变，a正比于F，对F、a的单位不限B．对于相同的合外力，a反比于m，对m、a的单位不限C．在公式F=ma中，F、m、a三个量可以取不同单位制中的单位D．在公式F=ma中，当m和a分别用千克、米每二次方秒做单位时，F 必须用牛顿做单位【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】解答本题关键应应掌握：牛顿第二定律公式F合=ma，运用控制变量法来理解三个量的关系．在公式F=ma中，F、m、a三个量的单位必须统一；在公式F=ma中，当m和a分别用千克、米每二次方秒做单位时，F 必须用牛顿做单位．【解答】解：A、根据牛顿第二定律F合=ma得知，a与F成正比，F、m不限，只要统一．故A正确．B、由F合=ma得知，对于相同的合外力，a与m成反比，对m、a的单位不限．故B正确．C、在公式F=ma中，F、m、a三个量必须统一，比如都采用国际单位制．故C错误．D、在公式F=ma中，当m和a分别用千克、米每二次方秒做单位时，根据单位这个牛顿的定义可知，F必须用牛顿做单位．故D正确．故选ABD【点评】本题考查对牛顿第二定律的理解，采用控制变量法理解三个量的关系．7．下列说法正确的是（）A．电场是为了研究问题的方便而设想的一种物质，实际上不存在B．电荷所受的电场力越大，该点的电场强度一定越大C．以点电荷为球心，r为半径的球面上各点的场强都相同D．在电场中某点放入试探电荷q，受电场力F，该点的场强为E=，取走q后，该点的场强不变【考点】电场线；电场．【分析】电场是存在于电荷周围能传递电荷与电荷之间相互作用的物理场；电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定；以点电荷为球心的球面是一个等势面，其上各点的电势相等，电场强度大小相等，方向不同．【解答】解：A、电场是存在于电荷周围能传递电荷与电荷之间相互作用的媒介，是不同与实物的另一种物质存在的方式．故A错误；B、电场中的场强取决于电场本身，电场强度只由场源电荷电量和位置决定，与电荷受到的电场力的大小无关．故B错误；C、以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等，方向不同，故电场强度不同．故C错误；D、电场强度是由产生电场的源电荷决定的，在电场中某点放一检验电荷后，不会影响该点的电场强度，故D正确；故选：D【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．8．图中弹簧秤、绳和滑轮的重力均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计，物体的重力是G，弹簧秤的读数F为（）A．F=G B．F=G C．F=2 G D．F=G【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；整体法和隔离法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】弹簧称的读数等于弹簧受到的拉力．以物体为研究对象由平衡条件求解．【解答】解：物体静止，处于平衡状态，所以弹簧的拉力F=G；故选：A【点评】本题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，根据二力平衡即可正确解答．基础题目．9．如图所示，A、B两物体均处于静止状态，则关于物体B的受力情况，下列叙述中正确的有（）A．B物体可能受到三个力的作用，也可能受到四个力的作用B．B物体一定受到四个力的作用C．B物体必定受地面的静摩擦力作用D．B物体必受地面的支持力作用【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】本题关键先对A受力分析，然后再对B受力分析，根据平衡条件列式分析，同时要明确摩擦力和弹力的产生条件．【解答】解：物体A受重力和拉力，二力平衡；对物体B受力分析：地球表面的一切物体都受到重力，故重力一定受；绳子对B有向左上方的拉力；地面对B有向右的静摩擦力；有摩擦力一定有弹力，故地面对物体B一定有向上的支持力；故选BCD．【点评】解力学题，重要的一环就是对物体进行正确的受力分析．由于各物体间的作用是交互的，任何一个力学问题都不可能只涉及一个物体，力是不能离开物体而独立存在的．所以在解题时，应根据题目的要求，画一简图，运用“隔离法”（整体法也是隔离法），进行受力分析．由于物质分为实体与场，所以，力的作用方式也分为两类，一类是实物对研究对象的作用，其特点是施力物与研究对象直接接触（如摩擦力、空气阻力、弹性力等）；另一类是物体通过它所激发的场对研究对象的作用，其特点是激发场的物体与研究对象不直接接触（如重力、静电力等）．在力学中，以场方式作用于研究对象的力经常是重力．由此，得出进行受力分析的规则：在研究物体受哪些力时，除重力外，就只看该物体与之相触的物体，凡与研究对象接触的物体对研究对象都可能有力作用．10．狗拉着雪橇在水平雪地上做匀速圆周运动，关于雪橇的运动和受力情况，下列说法正确的是（）A．雪橇的速度不变B．雪橇受到的阻力不变C．雪橇的加速度大小不变 D．狗对雪橇拉力的方向不变【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】做匀速圆周运动的物体线速度大小不变，方向时刻改变．向心加速度的方向始终指向圆心，大小不变．向心力的方向始终指向圆心，大小不变．据此分析．【解答】解：A、雪橇在水平雪地上做匀速圆周运动，速度大小不变，方向时刻改变，所以速度在变化，故A错误；B、雪橇受到的阻力方向时刻在改变，所以阻力在变化，故B错误．C、由a=，知v、r不变，则雪橇的加速度大小不变，故C正确．D、雪橇做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，可知狗对雪橇拉力的方向是变化的，所以拉力是变力，故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道匀速圆周运动线速度大小不变，方向时刻改变；向心加速度大小不变，方向始终指向圆心，注意只有匀速圆周运动的合外力等于向心力，非匀速圆周运动不等于合外力．11．把一个小球放在光滑的玻璃漏斗中，晃动漏斗，可使小球沿漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动．如图所示，关于小球的受力情况，下列说法正确的是（）A．重力、漏斗壁的支持力B．重力、漏斗壁的支持力及向心力C．重力、漏斗壁的支持力、摩擦力及向心力D．小球受到的合力为零【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】小球受重力和支持力，两个力的合力提供圆周运动的向心力，向心力是效果力．【解答】解：小球受重力和支持力两个力的作用，靠两个力的合力提供向心力，向心力找不到施力物体，是做圆周运动所需要的力，靠其它力提供．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】本题是圆锥摆类型的问题，分析受力情况，确定小球向心力的来源，再由牛顿第二定律和圆周运动结合进行分析，是常用的方法和思路．12．我国于2011年发射了“天宫一号”目标飞行器，之后发射的“神舟八号”、“神舟九号”飞船相继与之成功对接．后来发射的“神舟十号”也与“天宫一号”目标飞行器实现了对接．如图所示，在对接前“天宫一号”的轨道半径比“神舟十号”的轨道半径大，它们都做匀速圆周运动．则在对接前（）A．它们的线速度相等B．它们的角速度相等C．它们的线速度都小于7.9km/sD．“神舟十号”的向心加速度一定小于“天宫一号”的向心加速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】根据万有引力提供向心力，分析运行速度、加速度、角速度、周期与轨道半径的关系．从而比较出他们的大小．【解答】解：据万有引力提供向心力得=m r=m=ma=mω2r，A、v=，“天宫一号”的轨道半径比“神舟十号”的轨道半径大，“天宫一号”的线速度比“神舟十号”的线速度小，故A错误；B、ω=，“天宫一号”的轨道半径比“神舟十号”的轨道半径大，“天宫一号”的角速度比“神舟十号”的角速度小，故B错误；C、第一宇宙速度是近地环绕速度，也是最大环绕速度，所以它们的线速度都小于7.9km/s，故C正确；。
2019-2020学年度高二物理上学期月考试卷(含解析)
——教学资料参考参考范本——2019-2020学年度高二物理上学期月考试卷（含解析）______年______月______日____________________部门一、单项选择题：（本题共12个小题，每小题4分，共48分；每小题只有一个正确答案．）1．一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是( ) A．B．C．D．2．一节干电池的电动势为1.5V，这表示该电池( )A．能将1.5J的化学能转变成电能B．接入电路工作时两极间的电压恒定为1.5VC．它存储的电能比电动势为1.2V可充电电池存储的电能多D．将1C电量的电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5J的功3．如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动．则下列说法正确的是( )①两粒子所带的电荷符号不同②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度③两个粒子的电势能都是先减小后增大④经过b点时，两粒子的动能一定相等．A．①②B．①③C．③④D．①④4．如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于A、B两处，AB为两点电荷的连线，MN为AB连线的中垂线，交AB于O点，M、N距两个点电荷较远，以下说法正确的是( )A．沿直线由A到B，各点的电场强度先减小后增大B．沿直线由A到B，各点的电势先升高后降低C．沿中垂线由M到O，各点的电场强度先增大后减小D．将一电荷从M点移到O点，电场力做正功，电荷的电势能减少5．在匀强电场中将一个带电量为q、质量为m的小球由静止释放，小球的运动轨迹为一直线，此直线与竖直方向的夹角为θ，则匀强电场E的最小值是( )A．B．C．D．6．带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变大，可采用的方法有( )A．在两板间插入电介质B．在两板间插入一块厚铝板C．将极板B向右适当移动D．将极板B向上适当移动7．在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向b端移动时( )A．电压表的读数增大，电流表的读数减小B．电压表和电流表的读数都增大C．电压表和电流表的读数都减小D．电压表的读数减小，电流表的读数增大8．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡均正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是( )A．P甲=3P乙B．P甲＞3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲9．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为可变电阻，其总阻值R＞R0+r，则当可变电阻的滑动触头由A向B移动时( )A．电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越高B．R、R0上功率均越来越大C．R0上功率越来越大，R上功率先变大后变小D．R0上功率越来越大，R上功率先变小后变大10．如图中的两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成的电表，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是( )A．左表是电流表，R增大时量程减小B．左表是电流表，R增大时量程增大C．右表是电压表，R增大时量程减小D．上述说法都不对11．如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地．一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态．现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则错误的是( )A．带P点的电势将升高B．带电油滴的机械能将增加C．电油滴的电势能将减少D．通过灵敏电流计有从a往b的电流12．地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则( )A．在t=2.5s时，小球经过边界MNB．小球受到的重力与电场力之比为3：5C．在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小D．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等二、双项选择题：（本题共4个小题，每小题4分，共16分；每小题有两个正确答案，选不全得2分．）13．如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点，在这一运动过程中克服重力做的功为3.0J，电场力做的功为2.0J．则下列说法正确的是( )A．粒子带正电B．粒子在A点的电势能比在B点少2.0JC．粒子在A点的机械能比在B点少1.0JD．粒子在A点的动能比在B点多1.0J14．如图，在真空中一条竖直向下的电场线上有两点a和b．一带电质点在a处由静止释放后沿电场线向上运动，到达b点时速度恰好为零．则下面说法正确的是( )A．a点的电场强度大于b点的电场强度B．质点在b点所受到的合力一定为零C．带电质点在a点的电势能大于在b点的电势能D．a点的电势高于b点的电势15．电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路．当开关S闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．现将开关S断开，则以下判断正确的是( )A．液滴仍保持静止状态B．液滴将向上运动C．电容器上的带电量将减为零D．电容器上的带电量将增大16．如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为△V1、△V2、△V3，理想电流表A示数变化量的绝对值△I，则( )A．电压表V3与电流表A示数的比值不变B．△V1与△I的比值等于R+rC．△V2与△I的比值等于rD．△V3与△I的比值不变三、填空实验题：（本题共3个小题，满分16分）17．利用图甲所示电路测量某电池组的电动势E和内阻r，根据实验数据绘出的﹣R图线如图乙所示，其中R为电阻箱读数，I为电流表读数．若电流表内阻可以忽略，则由图象可以得到：E=__________V，r=__________Ω．18．为了测量一电压表的内阻，实验室提供了以下可供选择的器材：A、待测电压表，量程1V，内阻RV约为900ΩB、滑动变阻器R，最大阻值1000Ω，额定电流0.2AC、滑动变阻器R，最大阻值10Ω，额定电流1AD、电阻箱R0，最大阻值999.9Ω，阻值最小改变量0.1ΩE、电阻箱R0，最大阻值99.9Ω，阻值最小改变量0.1ΩF、电池组E，电动势约为3V，内阻约为1ΩG、开关及导线若干①某同学采用半偏法设计的电路图所示，他做此实验的主要实验步骤为：a、闭合开关S，调节电阻箱R0使其阻值为0，调节滑动变阻器R 的滑动触头P，使电压表__________（选填：满偏、半偏）；b、保持滑动触头P的位置不动，调节电阻箱R0的阻值，使电压表__________，（选填：满偏、半偏），并读取此时电阻箱的阻值．②在器材的选择上，滑动变阻器应选__________，电阻箱应选__________（用器材前的序号字母表示）③如果该同学在上述步骤b中从电阻箱上读取的阻值为r，则此电压表的内阻RV=__________．用上述方法测出的电压表内阻的测量值RV__________（大于、小于或等于）电压表内阻的真实值．19．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，利用实验得到了8组数据，在图（a）所示的I﹣U坐标系中，通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线．（1）根据图线的坐标数值，请在图（b）中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路．（2）根据图（a），可判断出图（c）中正确的关系图是（图中P 为小灯泡功率）__________（3）将同种规格的两个这样的小灯泡并联后再与10Ω的定值电阻串联，接在电压恒为8V的电源上，如图（d）所示，则电流表的示数为__________A，每个小灯泡的功率为__________W．四、计算题（本大题共3小题，共30分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）20．如图，带等量异种电荷的平行金属板，其间距离为d，两板间的电势差为U，极板与水平方向成30°角放置，有一质量为m、速率为v0的带电小球恰好沿水平方向穿过极板间的匀强电场区域，求：（1）小球带何种电荷？电荷量是多少？（2）小球的加速度（3）小球穿过极板时的速率．21．如图所示，电阻R1=8Ω，电动机绕组电阻R0=2Ω，当电键K断开时，电阻R1消耗的电功率是2.88W；当电键闭合时，电阻R1消耗的电功率是2W，若电源的电动势为6V．求：（1）电源的内电阻；（2）当电键K闭合时电动机的输出功率．22．如图所示，空间存在着电场强度E=2.5×102N/C、方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为L=0.5m的绝缘细线一端固定于O点，另一端拴着质量m=0.5kg、电荷量q=4×10﹣2C的小球．现将细线拉至水平位置，将小球由静止释放，当小球运动到最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂，取g=10m/s2．求：（1）小球运动到圆周最高点的速度；（2）细线能承受的最大拉力值；（3）当细线断后，小球继续运动到与O点水平方向的距离为L时，小球距离O点的高度．20xx-20xx学年四川省××市沫若中学高二（上）月考物理试卷一、单项选择题：（本题共12个小题，每小题4分，共48分；每小题只有一个正确答案．）1．一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是( ) A．B．C．D．【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的大小与放入电场中的电荷无关，由电场本身的性质决定，根据F=qE分析F与q的关系．【解答】解：A、电场强度的大小与放入电场中的电荷无关，故A、B错误．C、根据F=qE知，E不变，F与q成正比，故C错误，D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键知道电场强度的性质，知道电场强度与F和q无关，结合F=qE分析F与q的关系，基础题．2．一节干电池的电动势为1.5V，这表示该电池( )A．能将1.5J的化学能转变成电能B．接入电路工作时两极间的电压恒定为1.5VC．它存储的电能比电动势为1.2V可充电电池存储的电能多D．将1C电量的电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5J的功【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源是一种把其它形式的能转化为电能的装置，电动势E的大小等于非静电力做的功与电量的比值，即E=，其大小表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小，而与转化能量多少无关．【解答】解：A、D、电源电动势的大小表征了电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势在数值上等于将1C电量的正电荷从电源的负极移到正极过程中非静电力做的功，即一节干电池的电动势为1.5V，表示该电池能将1C电量的正电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5J的功，故D正确，A错误；B、电动势应等于电源内外电压之和，故B错误；C、电动势大的说明电源把其它形式的能转化为电能的本领大，即由E=知，电动势大的存储的电能不一定多，故C错误．故选D．【点评】E=也是属于比值定义式，与U=含义截然不同，电动势E大小表征电源把其它形式能转化为电能本领大小，而电压U大小表征电能转化为其它形式的能的大小，要注意区分．3．如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动．则下列说法正确的是( )①两粒子所带的电荷符号不同②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度③两个粒子的电势能都是先减小后增大④经过b点时，两粒子的动能一定相等．A．①②B．①③C．③④D．①④【考点】电势能；动能定理的应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据轨迹判定电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况．根据虚线为等势面，可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0．【解答】解：①由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力，故两粒子的电性一定不同．故①正确．②甲粒子从a到c和乙粒子从a到d，Uac=Uad，但甲、乙两粒子带异种电荷，所以甲粒子从a到c电场力做功与乙粒子从a到d电场力做功不等，所以甲粒子经过c点时的动能不等于乙粒子经过d点时的动能，甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度，故②正确．③由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，则电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增加；而电荷乙受到中心电荷的斥力，电场力先做负功后做正功，电势能先增加后减小，故③错误．④可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况．根据虚线为等势面，可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为0，两粒子在a点时具有相同的速率，但动能不一定相等，虽重力不计，两粒子经过b点时动能不一定相等．故④错误因此本题正确的有①②．故选：A．【点评】根据轨迹判定“电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中心电荷的斥力”是解决本题的突破口．要注意电势能，电荷，电势都有正负．学会由电场力做功的正负来确定电势能的增减．4．如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于A、B两处，AB为两点电荷的连线，MN为AB连线的中垂线，交AB于O点，M、N距两个点电荷较远，以下说法正确的是( )A．沿直线由A到B，各点的电场强度先减小后增大B．沿直线由A到B，各点的电势先升高后降低C．沿中垂线由M到O，各点的电场强度先增大后减小D．将一电荷从M点移到O点，电场力做正功，电荷的电势能减少【考点】电势能；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】在如图所示的电场中，等量异种电荷连线上的电场方向是相同的，由+Q指向﹣Q；根据电场线的疏密分析场强的变化．电场线越密，场强越大，两电荷连线上的电场强度大小关于O点对称，MN是一条等势线．根据顺着电场线电势降低，判断电势的变化．【解答】解：A、由电场线的分布可知，沿直线由A到B，电场线先变疏后变密，则电场强度先减小后增大．故A正确．B、电场线方向由B到A，根据顺着电场线方向电势降低可知，沿直线由A到B，各点的电势一直升高．故B错误．C、沿中垂线由M到O，电场线越来越密，电场强度一直增大．故C错误．D、MN是一条等势线．将一电荷从M点移到O点，电场力不做功，电势能不变．故D错误．故选A【点评】解决本题的关键知道等量异种电荷周围的电场线分布，知道两电荷连线的中垂线是等势线．5．在匀强电场中将一个带电量为q、质量为m的小球由静止释放，小球的运动轨迹为一直线，此直线与竖直方向的夹角为θ，则匀强电场E的最小值是( )A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由题，小球受到重力G和电场力F而做直线运动，其合力方向与此直线在同一直线上，作出力的合成图，确定电场力最小的条件，得到电场力的最小值，再求解匀强电场E的最小值．【解答】解：由题小球做直线运动，受到重力G和电场力F的作用，则这两个力合力方向必须在此直线上，作出电场力在三种不同方向力的合成图如图，由数学知识得知，当电场力F与此直线垂直时，F最小，最小值为Fmin=Gsinθ=mgsinθ．又F=qE，F最小时，则E也最小，所以匀强电场E的最小值是Emin==．故选B【点评】本题首先要掌握物体做直线运动的条件：合力与速度共线；其次要能运用作图法，确定电场力F取得最小值的条件．6．带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变大，可采用的方法有( )A．在两板间插入电介质B．在两板间插入一块厚铝板C．将极板B向右适当移动D．将极板B向上适当移动【考点】电容器的动态分析．【专题】定性思想；推理法；电容器专题．【分析】根据电容的决定式C=ɛ，分析电容的变化，再由电容的定义式C=，分析板间电压的变化，确定静电计指针张角的变化．【解答】解：A、在两板间插入电介质时，介电常数增大，根据C=ɛ，则C增大，根据U=知，电势差减小，则指针偏角减小，故A错误；B、在两极板间插入一块铝板，间距d变小，根据C=ɛ，则电容C增大，根据U=知，电势差增减小，则指针偏角减小，故B错误；C、将极板B向右运动时，间距减小，根据C=ɛ，则C增大，根据U=知，电势差减小，则指针偏角减小，故C错误；D、将极板B向上运动时，正对面积减小，根据C=ɛ，则C减小，根据U=知，电势差增大，则指针偏角增大，故D正确；故选：D．【点评】本题考查电容器的动态分析问题，要明确夹角大小表示电势差的大小，关键掌握电容的决定式C=ɛ，以及电容的定义式C=，并能灵活运用．7．在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向b端移动时( )A．电压表的读数增大，电流表的读数减小B．电压表和电流表的读数都增大C．电压表和电流表的读数都减小D．电压表的读数减小，电流表的读数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析流过变阻器电流的变化，来判断电表读数的变化．【解答】解：当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由欧姆定律分析总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir增大，电阻R2的电压U2=E﹣I（r+R1）增大，流过电阻R2的电流I2增大，则流过电流表的电流I3=I﹣I2减小．所以伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小．故选：A．【点评】本题是简单的电路动态变化分析问题，往往按“部分→整体→部分”的顺序分析．8．把六个相同的小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡均正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是( )A．P甲=3P乙B．P甲＞3P乙C．P乙=3P甲D．P乙＞3P甲【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】电路所消耗的总功率的大小等于电路两端的总的电压与总电流的乘积，由此即可直接得出结论．【解答】解：设灯泡正常发光时的电流为I，对于甲图，电路的总的电流为3I，此时甲的总功率的大小为P甲=U•3I，对于乙图，电流的总电流的大小就为I，此时乙的总功率的大小为P乙=U•I，所以P甲=3P乙，故选：A．【点评】于本题来说关键的是选择公式，由于电路的总电压的大小是相同的，所以用总电压与总电流的乘积来计算总功率的大小比较简单．9．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为可变电阻，其总阻值R＞R0+r，则当可变电阻的滑动触头由A向B移动时( )A．电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越高B．R、R0上功率均越来越大C．R0上功率越来越大，R上功率先变大后变小D．R0上功率越来越大，R上功率先变小后变大【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】可变电阻的滑动触头由A向B移动时，滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，外电路的电压也就越小，电源的效率越小，当电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大．【解答】解：A、滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，电路的总电流逐渐的增大，由P=I2r可知，电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越低，所以A错误；B、滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，电路的总电流逐渐的增大，由P=I2R0可知，R0上功率越来越大，当R=R﹣0+r的时候，滑动变阻器的功率最大，由于R＞R﹣0+r，所以当滑动变阻器的电阻不断减小的过程中，R上功率先变大后变小，所以C正确，BD错误．故选：C．【点评】外电阻的电阻越大，外电路的电压也就越大，电源的效率越大，当电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大．10．如图中的两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成的电表，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是( )A．左表是电流表，R增大时量程减小B．左表是电流表，R增大时量程增大C．右表是电压表，R增大时量程减小D．上述说法都不对【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】灵敏电流计G和变阻器R并联时，由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表，而灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表．甲表中，R增大时，变阻器分流减小，量程减小．乙表中，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大．【解答】解：A、由左图所示可知，G与电阻R并联，左图是电流表，R增大，R的分流较小，电流表量程减小，故A正确，B错误；C、由右图所示可知，G与R串联，右表是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，电压表量程增大，故C错误；D、A选项是正确的，故D错误．故选：A．【点评】本题考查电表改装原理的理解能力．当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值．11．如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地．一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态．现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则错误的是( )A．带P点的电势将升高B．带电油滴的机械能将增加C．电油滴的电势能将减少D．通过灵敏电流计有从a往b的电流【考点】带电粒子在混合场中的运动；电势能．【专题】应用题；定性思想；图析法；带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】抓住电容器的电压不变，由E=分析板间场强的变化情况，判断油滴所受的电场力的变化，分析油滴的运动情况，由电场力做功情况分析油滴机械能的变化．根据平行板电容器的电容决定式C=，分析电容的变化情况，由C=分析电容器所带电量的变化，即可判断电路中电流方向．根据P点与上极板间电势差的变化，判断P点电势的变化．【解答】解：A、将下极板竖直向下缓慢移动时，板间距离d增大，电容器的电压U不变，由E=可知，板间场强减小，P点到上极板的距离不变，而E减小，由U=Ed知，P点与上极板间电势差减小，且P点的电势小于零，则P点的电势升高，故A正确；B、两极板间的电场强度E减小，油滴所受电场力减小，电场力小于重力，油滴所受合力向下，油滴将向下运动，电场力对油滴做负功，油滴的电势能增加，由能量守恒定律可知，油滴的电势能增大，则则其机械能减小，故BC错误．D、两极板间的距离增大，平行板电容器的电容C减小，电容器所带电荷量Q=CU减小，电容器放电，由电流计中由a到b的电流，故D正确；本题选错误的，故选：BC．【点评】本题是电容器动态变化分析问题，抓住不变量：电容器与电源保持相连，电压不变，由C=、C=和E=三个公式结合分析．12．地面附近，存在着一有界电场，边界MN将某空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域Ⅰ中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v﹣t图象如图乙所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则( )A．在t=2.5s时，小球经过边界MNB．小球受到的重力与电场力之比为3：5C．在小球运动的整个过程中，小球的机械能与电势能总和先变大再变小D．在小球向下运动的整个过程中，重力做的功与电场力做的功大小相等【考点】电势能；电势；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出重力与电场力之比．根据动能定理研究整个过程中重力做的功与电场力做的功大小关系．整个过程中，小球的机械能与电势能总和不变．。
2019-2020年高二上学期第二次月考物理 含答案
2019-2020年高二上学期第二次月考物理 含答案一、单项选择题（本题包括8小题，每小题4分；在每小题给出的4个选项中，只有1个选项正确，选对的得4分，选错的得0分）1、如图所示，两电荷量分别为+Q 和+q 的小球用长为l 的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑绝缘水平面上。
两个小球的半径r l ，k 表示静电力常量。
则轻绳的张力大小为（ ）A 、0B 、22Q k lC 、2Qq k lD 、22Qq k l2、下列说法中正确的是（ ）A 、根据定义，磁场中某点的磁感应强度的方向与通电导线放置的方向有关B 、磁感应强度是矢量，方向与通电导线在磁场中受到的安培力的方向一致C 、磁感应强度是矢量，方向与自由小磁针在该点静止时N 极所指的方向相反D 、在确定的磁场中，某点的磁感应强度方向与该点是否放置小磁针无关3、一段直导线L =1m ，其中通有I =1A 的电流，它受到垂直于纸面向外的大小为F =1N 的磁场力作用。
据此（ ）A 、既可以确定这个磁场的磁感应强度的大小，又可以确定磁感应强度的方向B 、仅能确定这个磁场的磁感应强度的大小，不可以确定磁感应强度的方向C 、仅能确定这个磁场的磁感应强度的方向，不可以确定磁感应强度的大小D 、磁感应强度的大小和方向均无法确定4、在等边三角形的顶点a 、b 处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图。
则第三个顶点c 处的磁感应强度的方向为（ ）A 、与ab 边平行，竖直向上B 、与ab 边平行，竖直向下C 、与ab 边垂直，指向左边D 、与ab 边垂直，指向右边5、如图所示，光滑的平行金属导轨与电源连接后，与水平方向成θ角倾斜放置，导轨上放一个质量为m 的金属导体棒。
当S 闭合以后，在棒所在的区域内加一个合适的匀强磁场，可以使导体棒静止平衡。
下面四个图中，金属棒一定不能平衡的是（ ）6、如图所示，导线框中的电流为I ，导线框垂直于磁场放置，磁感应强度为B 。
2019-2020年高二第二次月考(物理)
2019-2020年高二第二次月考（物理）一、选择题（本题包括10小题．共40分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2 分，有选错的得0 分．）1．下列说法中正确的是（ ）A ．电场强度是由放入电场中的电荷的电量和所受的电场力决定B ． 在真空中以点电荷Ｑ为圆心，ｒ为半径的球面上各处场强相同C ．这公式对任何静电场都成立D ． 点电荷在电场中受到的电场力的大小、方向，除了和电场有关外，还和点电荷所带的电量及带电性质有关2.两个分别带有电荷量－Q 和+3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F 。
两小球相互接触后将其固定距离变为r/2，则两球间库仑力的大小为（ ）A ．B ．C ．D ．3.如右图所示，虚线表示电场的一簇等势面，相邻等势面间电势差相等，一个α粒子以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，α粒子先后通过M 点和N 点，在这一过程中电场力做负功，由此可判断出（ ）A ．N 点的电势小于M 点的电势B ．α粒子在N 点的电势能小于在M 点的电势能C ．α粒子在M 点的速率大于在N 点的速率D ．α粒子在M 点受的电场力大于在N 点受的电场力4.一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写上“通话时间 3 h ，待机时间100 h”,则该手机通话和待机时消耗的功率分别为( )A. 1.8 W, WB. 3.6 W, 0.108 WC. W, WD.0.6 W, W5．如图所示，竖直放置的平行金属板充电后板间形成匀强电场，板间距离为d ，一个带电的液滴带电量大小为q ，质量为m ，从右板下边缘射入电场，沿直线从左板上边缘射出，则:（ ）A.液滴可能带负电B.液滴机械能减小C.两板的电势差为mgd /qD.液滴的电势能增加了mgd6.α粒子（He ）和质子（H ）以相同速度垂直于电场线方向进入同一偏转电场，则在通过偏转30°0电场的过程中 ( )A．它们在电场中的运动时间相等 B．它们在电场中的偏转距离相等C．它们在电场中运动的加速度相等 D．电场力对它们做的功相等7．标有“100V，100W”的灯A与“100V，25W”的灯B，连成如图所示的甲、乙两种电路，A、B两灯都正常发光时，则以下说法正确的是（）A．电阻R 1和R2的功率相等B．电阻R1和R2的功率之比为5 : 3C．电阻R1与电阻R2两端的电压之比为1 : 2D．电阻R1与电阻R2的阻值之比为1 : 48．图1中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程增大D．上述说法都不对9．如图所示，是一个小灯泡的电流强度随小灯泡两端电压变化的关系图，则根据小灯泡的伏安特性曲线可判定下列说法中正确的是（）A．小灯泡的电阻随着所加电压的增加而减小B．小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而减小C．欧姆定律对小灯泡不适用D．如果把三个这种相同的灯泡串联后，接到电压恒为12V的电源上，则流过每个小灯泡的电流为0.4A10．如图所示，电源的电动势和内阻分别为E、r，电压表和电流表均为理想仪表，在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，下列各物理量变化情况为 ()A．电流表的读数一直减小；B．R0的功率先减小后增大；C．电源输出功率先增大后减小；D．电压表的读数先增大后减小。
2019-2020年高二上学期第二次月考物理试题 含解析
2019-2020年高二上学期第二次月考物理试题含解析一、选择题（共10小题，每小题4分．在每个小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）（2008•浦东新区模拟）在一个点电荷形成的电场中，关于电场强度和电势的说法中电场强度的表达式，式中在真空中电场强度公式点电荷的场强公式，其中、电场强度的表达式电场强度的表达式为3．（4分）（2013秋•合浦县期中）四个塑料小球，A和B互相排斥，B和C互相吸引，C和D4．（4分）（2012春•九原区校级期末）两个相同的金属小球，带电量之比为1：5，当它们相距r时的相互作用力为F1．若把它们互相接触后再放回原处，它们的相互作用力变为F2，则F===当它们相距5．（4分）（2012春•重庆校级期末）如图所示，A、B为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P点放一个负点电荷q（不计重力），由静止释放后，下列说法中正确的是（）6．（4分）（2013秋•鲤城区校级期末）如图所示，+Q1和﹣Q2是两个可自由移动的电荷，Q2=4Q1．现再取一个可自由移动的点电荷Q3放在Q1与Q2连接的直线上，欲使整个系统平衡，那么（）的距离为7．（4分）（2013春•东河区校级期末）如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa、φb和φc，φa＞φb＞φc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示．由图可知下列说法中正确的是（）8．（4分）（2013•河西区二模）如图所示，在处于O 点的点电荷+Q 形成的电场中，试探电荷q 由A 点移到B 点，电场力做功为W 1；以OA 为半径画弧交于OB 于C ，q 由A 点移到C 点电场力做功为 W 2； q 由C 点移到B 点电场力做功为W 3．则三者的做功关系以及q 由A 点移到C 点电场力做功为 W 2的大小（ ）电荷的电场中，如图所示的三点，9．（4分）（2014春•新疆校级期末）四种电场的电场线如图所示．一正电荷q 仅在电场力作D10．（4分）（2011秋•五华区校级期末）如图所示，平行金属板A、B之间有匀强电场，A、B 间电压为600V，A板带正电，接地，B板带负电．A、B两板间距为12cm，C点离A板4cm，则关于C点的电势说法正确的是（）φCE=E==5000V/m二、填空题（每题4分，共20分）11．（4分）（2013秋•安远县校级月考）在静电场中的某一点A放一个试探电荷q=﹣1×10﹣10C，q 受到的电场力为1×10﹣8N，方向向左，则A点的场强的大小100N/C和方向向右；如果从A点取走q，A点场强大小为100N/C，将一个q=2×10﹣10C试探正电荷放在离球心60cm处的A点，所受的电场力为2×10﹣8N．E=求解强方向与负电荷所受电场力方向相反，取E=1012．（4分）（2007春•朝阳区期末）将一个10﹣6C的负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做功2×10﹣6J．从C点移到D点，电场力做功7×10﹣6J，若已知B点比C点电势高3V，则A、B、C、D各点的电势高低是（从高至低填写）D＞A＞B＞C，U DA= 2V．解：，即，即13．（4分）（2012秋•东城区校级期中）如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的一个长方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=14V；φB=3V；φC=﹣3V，由此可得D点电势φD=﹣14V．14．（4分）（2013秋•金台区期中）在真空中两个带等量异种的点电荷，电量均为2×10﹣8C，相距20cm，则它们之间的相互作用力为9×10﹣5N．在两者连线的中点处，电场强度大小为 3.6×104N/C．（K=9.0×109Nm2/c2）F=k×=1.815．（4分）（2010秋•京口区校级期末）把q1=4×10﹣9C的试探电荷放在电场中的A点，具有6×10﹣8J的电势能，求A点的电势．若把q2=2×10﹣10C的试探电荷放在电场中的A点，电荷具有的电势能是多少？==三、解答题（本题共4小题，40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）16．（8分）（2013秋•安庆期末）如图所示，在点电荷+Q电场中的一条电场线上取a、b两点，oa=ob，当在a处放一电量q=1.5×10﹣8c带正电的检验电荷时，受到的电场力为F=3×10﹣6N．（1）求a处的电场强度的大小、方向．把检验电荷从a点移去后，a点的场强怎样变化？（2）如在b处放一个电子，它受到的电场力多大？方向怎样？E==E=K10处放一个电子，它受到的电场力17．（10分）（2013秋•上蔡县校级月考）如图所示，在正的点电荷Q的电场中有a、b两点，它们到点电荷Q的距离r1＜r2．（l）a、b两点哪点电势高？（2）若a、b两点问的电势差为100V，将二价负离子由a点移到b点是电场力对电荷做正功还是电荷克服电场力做功？做功多少？18．（12分）（2013秋•向阳区校级期中）如图所示，a、b、c、d为匀强电场中四个等势面，相邻等势面间距离为2cm，已知U AC=60V，求：（1）电场强度是多大？（2）设B点电势为零，求A、C、D、P点的电势．（3）求将q=﹣1.0×10﹣10C的点电荷由A移到D电场力所做的功W AD．（4）将q=2×10﹣10C的点电荷由B移到C，再经D最后回到P，电场力所做的功W BCDP．求出匀强电场的电场强度．E=19．（10分）（2010秋•个旧市校级期中）两个质量均为m=2×10﹣6kg的小球，悬于长l=40cm 的细丝线上．丝线的另一点固定于同一点O．当使两球带上等量同种电荷后，两球互相排斥使两丝线间形成α=60°的夹角．求每个小球的带电量．=mgtan30F=kQ=l×答：每个小球的带电量为题中两边的球是对称的，。
2019-2020年高二上学期月考物理试题(11月份) 含解析
2019-2020年高二上学期月考物理试题（11月份）含解析一、选择题（每题至少有一个正确答案，全选对给5分，少选或漏选得3分，共80分）正确的是（3．（5分）（2014秋•船营区校级期中）有关磁感应强度的下列说法中，正确的是（）应强度的大小一定是B=；故4．（5分）（2014秋•安庆期末）在匀强磁场中某处P放一个长度为L=20cm，通电电流I=0.5A 的直导线，测得它受到的最大磁场力F=1.0N，其方向竖直向上，现将该通电导线从磁场撤走，得：决本题关键要知道当通电导线垂直放入磁场中时，5．（5分）（2011秋•龙华区校级期中）当接通电源后，小磁针A的指向如图所示，则（）利用右手螺旋定则既可由电流的方6．（5分）（2013•盱眙县校级学业考试）磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，对磁场认识感线及用磁感线描述磁场．不一定为零，若电流的方向与磁场的方向平7．（5分）（2014秋•新野县校级期末）一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针上方，并与磁针指向平行，能使磁针的S极转向纸内，如图所示，那么这束带电粒子可能是（）8．（5分）（2013秋•西山区校级期末）如图所示，当S闭合后，小磁针处在通电电流磁场中．9．（5分）（2013•贵州学业考试）下面的几个图显示了磁场对通电直导线的作用力，其中正确D分）（2011•云龙县校级一模）一根长为0.2m的电流为2A的通电导线，放在磁感应强10．（5题只要掌握安培力大小的计算公式11．（5分）（2014秋•汪清县校级月考）把一小段通电直导线放入磁场中，导线受到安培力的12．（5分）（2013秋•永康市校级期中）如图所示，把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁两极的正上方，导线可以自由转动，当导线通入图示方向电流I时，导线的运动情况是（从上往下看）（）13．（5分）（2013秋•万州区期末）如图所示，一根有质量的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点．棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，可以（）14．（5分）（2013春•绍兴县校级期中）在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方放置一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则电子将（）16．（5分）（2014•射阳县校级学业考试）在以下几幅图中，洛伦兹力的方向判断不正确的是二、计算题：（12分+8分=20分）17．（12分）（2013秋•绥阳县校级期末）在磁场中放入一通电导线，导线与磁场垂直，导线长为1cm，电流为0.5A，所受的磁场力为5×10﹣4 N．求：（1）该位置的磁感应强度多大？（2）若将该电流撤去，该位置的磁感应强度又是多大？（3）若将通电导线跟磁场平行放置，该导体所受到的磁场力多大？B=以及安培力公式B=B=B=以及安培力公式18．（8分）（2014秋•保定校级月考）如图所示，在与水平方向夹角为60°的光滑金属导轨间有一电源，在相距1m的平行导轨上放一质量为m=0.3kg的金属棒ab，通以从b→a，I=3A的电流，磁场方向坚直向上，这时金属棒恰好静止．求：（1）匀强磁场磁感应强度的大小；（2）ab棒对导轨的压力．（g=10m/s2）B=TT。
云南高二高中物理月考试卷带答案解析
云南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电场线的说法下列中正确的是（ ）A ．电场线上每一点的切线方向都跟电荷在该点的受力方向相同B ．沿电场线的方向，电场强度越来越小C ．电场线越密的地方，同一检验电荷受的电场力越大D ．顺着电场线移动电荷，电荷受电场力大小一定减小2.关于电源的电动势，下列说法正确的是（ ）A ．电源的电动势就是接在电源两级间的电压表测得的电压B ．同一电源接入不同的电路，电动势会发生变化C ．在闭合电路中，当外电路电阻变大时电源的电动势不变D ．在闭合电路中，当外电路电阻变大时电源的电动势变大3.一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F ，这点的电场强度为E ，在下图中能正确反映q 、E 、F 三者关系的是( ) A ．B ．C ．D ．4.真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F ，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的1/2，它们之间的相互作用力变为（） A ．F/2 B ．F C ．4F D ．16F5.如图所示是某电场中几条电场线，在电场中有A 、B 两点，试比较两点的电场强度Ｅ大小和电势φ高低，其中正确的是：A. E A ＞E B ，φA ＞φBB. E A ＜E B ，φA ＜φBC. E A ＞E B ，φA ＜φBD. E A ＜E B ，φA ＞φB ．6.如图所示电路中，当变阻器的滑动触头向左移动时，各电压表的示数变化情况（ ）A ．V 1减小，V 2增大，V 3增大B ．V 1减小，V 2增大，V 3减小C ．V 1增大，V 2减小，V 3增大D ．V 1增大，V 2增大，V 3减小7.如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是( 仅受电场力) （ ）A ．A 点场强一定大于B 点场强B ．在B 点由静止释放一个电子，将一定向A 点运动C ．场源电荷一定带正电，在A 点左侧D ．正电荷运动中通过A 点时，其运动方向一定沿AB8.在静电场中，将一正电荷从a点移到b点，电场力做了负功，则（）A．b点的电场强度一定比a点大B．电场线方向一定从b指向aC．b点的电势一定比a点高D．该电荷的动能一定减小9.如图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S．当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U，电容器两极板间场强E的变化情况是（）A. Q变小，C不变，U不变，E变小B. Q变小，C变大，U不变，E变小C. Q不变，C变小，U变小，E不变D. Q不变，C变小，U变大，E不变二、不定项选择题1.在真空中有两个带电小球带电量分别是Q1和Q2，则（）A．电量大的小球受到的库伦力大B．两小球受到的库伦力方向一定相反C．两小球受到的库伦力大小一定相等D．只有电量相等时库伦力才相等2.如图所示的匀强电场，一正电荷在电场中从a点移动到b点的过程中，下面说法正确的（）A．电场力可能变小B．a点电势一定高于b点电势C．电场力可能变大D．a点电势能一定高于b点电势能3.（如图）所示是空间某一电场中的一条电场线．其电场线方向向左，M．N是该电场线上的两点．M点在右，N 点在左。
云南高二高中物理月考试卷带答案解析
云南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列说法正确的是( )A．元电荷就是电子B．比荷是一个电荷C．体积很小的带电体就是点电荷D．任何一种起电方式都没有创生电荷2.关于加速度的方向,下列说法正确的是( )A．总与初速度的方向一致B．总与平均速度的方向一致C．总与速度的变化量的方向一致D．与物体运动的方向一致3.A、B、C三点在同一直线上，AB∶BC＝1∶2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷。
当在A处放一电荷量为＋q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放电荷量为－2q的点电荷，其所受电场力为( )A．－F/2B．F/2C．－F D．F4.关于场强与电势的关系，下列说法正确的是（）A．在匀强电场中，场强处处相同，电势也处处相等B．场强为零的位置，电势也一定为零C．越靠近负电荷电势越低，场强也越小D．等量异种点电荷形成的电场中，取无限远处为电势零点，两电荷连线中点的电势为零，场强不为零5.如图所示，自由落体的小球从它接触弹簧开始，到弹簧压缩到最短过程中，小球速度、合力、加速度的变化情况正确的是( )A．小球一接触弹簧就做减速运动B．小球一直做匀加速运动C．合力先变小，后变大D．加速度先变大，后边小6.某电场中的电场线(方向未标出)如图所示，现将一带负电的点电荷从A点移至B点需克服电场力做功，则C、D两点的电场强度、电势大小关系应为 ()A．E C>E D，φC>φD B．E C<E D，φC>φDC．E C>E D，φC<φD D．E C<E D，φC<φD7.如图所示，一带电物体ａ以一定的初速度从绝缘粗糙水平面上的Ｐ点向固定的带电体ｂ运动，ｂ与ａ电性相同，当ａ向右移动s时，速度减为零，那么当ａ以同样的初速度从Ｐ点向右的位移为ｓ／2时，ａ的动能为（）A ．大于初动能的一半B ．等于初动能的一半C ．小于初动能的一半D ．等于初动能8.一个带电粒子在匀强电场中运动的轨迹如图中曲线AB 所示，平行的虚线a 、b 、c 、d 表示该电场中的四个等势面．不计粒子重力，下列说法中正确的是( )A ．该粒子一定带正电B ．四个等势面中a 等势面的电势一定最低C ．该粒子由A 到B 过程中动能一定逐渐减小D ．该粒子由A 到B 过程中电势能一定逐渐减小9.三个点电荷q 1、q 2、q 3固定在一条直线上，q 2与q 3的距离q 1与q 2距离的2倍，每个电荷所受静电力的合力均为零．如图，由此可以判定，三个电荷的电量之q 1∶q 2∶q 3（ ）A ．-9∶4∶-36B ．9∶4∶36C ．-3∶2∶6D ．3∶2∶610.如图所示，在水平地面上做匀速运动的汽车，通过定滑轮用绳子吊起一个物体，若汽车和被吊物体在同一时刻速度大小分别为v 1和v 2，则下列说法中正确的是（ ）A ．物体做匀速运动，且v 2 = v 1B ．物体做加速运动，且v 2 > v 1C ．物体做加速运动，且v 2 < v 1D ．物体做减速运动，且v 2 < v 111.假如一个做匀速圆周运动的人造地球卫星的轨道半径增大到原来的2倍,卫星仍做匀速圆周运动,则( ) A ．根据公式，可知卫星运动的线速度増大到原来的2倍 B ．根据公式，可知卫星的运动周期将增大到原来的倍C ．根据公式，可知卫星运动的向心加速度将减小到原来的D ．根据公式，可知卫星运动的线速度将减小到原来的12.为了研究超重与失重现象，某同学把一体重秤放在电梯的地板上，他站在体重秤上随电梯运动并观察体重秤示数的变化。
2019-2020学年高二上学期第一次月考物理试题 Word版含解析
物理一、选择题1.单位是“库仑”的物理量是（ ） A. 电阻 B. 电压C. 电流D. 电荷量【★答案★】D 【解析】【详解】A. 电阻的单位是欧姆，故A 错误； B. 电压的单位是伏特，故B 错误； C. 电流的单位是安培，故C 错误；D. 电荷量的单位是库仑，故D 正确．2.如图所示，两个电荷量均为+q 的小球用长为l 的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑的绝缘水平面上．两个小球的半径rl ，k 表示静电力常量．则轻绳的张力大小为（ ）A. 0B. 22q k lC. 222q k lD. 2q kl 【★答案★】B 【解析】【详解】根据物体平衡可知，绳子拉力大小等于库仑力，则有：22q F k l，故B 正确，ACD 错误．3.关于元电荷和点电荷下列说法正确的是（ ） A. 元电荷就是点电荷B. 元电荷实际上是指电子和质子本身C. 所有带电体的电荷量一定等于元电荷D. 一个带电体能否看成点电荷，不是看它尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计 【★答案★】D 【解析】【详解】AB. 元电荷是指一个电子所带的电荷量，元电荷是最小电荷单位，并不是指电子或质子本身，也不是点电荷，故AB 错误；C. 任何带电体所带电荷量或等于元电荷e ，或者是元电荷e 整数倍，故C 错误；D. 点电荷是理想化模型，一个带电体能否看成点电荷，不是看它的尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计，故D正确4. 如图两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点的电场强度A. 大小相等，方向相同B. 大小相等，方向不同C. 大小不等，方向相同D. 大小不等，方向不同【★答案★】A【解析】试题分析：由等量异种电荷周围的电场线分布情况以及对称知识可知，与两电荷连线中点等距的a、b两点的电场强度大小相等，方向相同，故选项A正确．考点：等量异种电荷的电场；电场强度.5.在绝缘光滑的水平面上，如图所示有相隔一定距离的两个带同种电荷的小球。
2019-2020云南省普通高中高二物理上学期期末试卷(下载版)
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17.（13 分）如图，在 xOy 平面直角坐标系中，第一象限有一垂直于 xOy 平面向外的匀强 磁场；第二象限有一平行于 x 轴向右的匀强电场。一重力可忽略不计的带电粒子，质 量为 m，带电量为 q，该粒子从 痘 处以大小 的速度平行于 y 轴正方向射入匀强 电场，从 痘 ሊ 处射出匀强电场。
A. 电压表（0 ～ 15 V）
B. 电压表（0 ～ 3 V）
C. 滑动变阻器（0 ～ 50 Ω）
D. 滑动变阻器（0 ～ 500 Ω）
实验中，电压表应选用 ________，滑动变阻器应选用 ________。（填序号）
（2）请用笔划线代替导线将实物图连接成实验所需电路图。
（3）某同学记录的六组数据见下表，其中五组数据的对应点已经标在图中的坐标纸上， 请标出余下一组数据的对应点，并画出 U-I 图像。
（1）求虚线 BC 上方匀强电场的电场强度大小； （2）求当小球运动到圆环的最低点 D 时对圆环压力的大小； （3）小球从管口 C 离开后，经过一段时间后落到虚线 BC 上的 F 点(图中未标出)，则 C、
F 两点间的电势差为多大？
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第Ⅱ卷（非选择题 共 62 分）
二、实验题（本大题共 2 个题，第 13 题 9 分，第 14 题 6 分，共 15 分。）
13.（9 分）利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻，要求尽量减小实验误差。
（1）现有电流表（0 ～ 0.6 A）、开关和导线若干，以及以下器材：
A．通过过滤网后空气中的尘埃带负电 B．尘埃在被吸附到集尘极 e 的过程中动能增大
云南省江川区二中2019-2020高二物理上学期期末考试试题
云南省江川区二中2019—2020学年上学期期末考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分,考试时间90分钟.学校：___________姓名:___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题（共10小题，每小题3。
0分，共30分) 1。
使A、B、C一起匀速运动，各接触面间的摩擦力的情况是( )A．A对C有向左的摩擦力B．C对B有向左的摩擦力C．物体C受到三个摩擦力的作用D．物体C对地有向右的摩擦力2。
关于曲线运动的说法中正确的是( ）A．任何曲线运动都是变速运动B．物体在变力作用下才可能做曲线运动C．做曲线运动的物体,加速度可以为零D．做曲线运动的物体受到的合外力的方向与速度方向可能在同一条直线上3.太阳对行星的引力提供了行星绕太阳做匀速圆周运动的向心力，这个向心力大小（)A．与行星距太阳的距离成正比B．与行星距太阳的距离成反比C．与行星距太阳的距离的平方成反比D．只与太阳质量成正比,与行星质量无关4.两个质量相同的小球,在同一水平面内做匀速圆周运动，悬点相同，如图所示，A运动的半径比B的大，则（）A．A所需的向心力比B的大B．B所需的向心力比A的大C．A的角速度比B的大D．B的角速度比A的大5.A、B两物体以相同的初速度在一水平面上滑行，两个物体与水平面间的动摩擦因数相同,且mA＝3mB，则它们能滑行的最大距离xA和xB的关系为( ）A．xA＝xB B．xA＝3xB C．xA＝xB D．xA＝9xB6。
如图所示，在平行板电容器正中央有一个带电微粒．S闭合时,该微粒恰好能保持静止．在以下两种情况下：①保持S闭合;②充电后将S断开．下列说法能实现使该带电微粒向上运动到上极板的是（) A．①情况下，可以通过上移极板M实现B．①情况下，可以通过上移极板N实现C．②情况下，可以通过上移极板M实现D．②情况下，可以通过上移极板N实现7.如图的装置叫做“雅各布天梯”,两个用金属丝弯成的电极A，B分别与起电机的正、负两极相连，金属丝电极上能够聚集大量的正、负电荷，正、负电荷通过电极间的空气放电，产生明亮的电弧，电弧随着热空气上升，就象以色列的祖先雅各布梦中见到的天梯．在电极放电过程中，下列说法正确的是（）A．电极A得到的电荷数多于电极B失去的电荷数B．电极A得到的电荷数等于电极B失去的电荷数C．电极A得到的电荷数少于电极B失去的电荷数D．条件不足,不能判定电极A，B得失电荷间的数量关系8.如图所示是真空中A、B两板间的匀强电场，一电子由A板无初速度释放运动到B板，设电子在前一半时间内和后一半时间内的位移分别为x1和x2,在前一半位移和后一半位移所经历的时间分别是t1和t2,下面选项正确的是( ）A．x1∶x2＝1∶4，t1∶t2＝∶1B．x1∶x2＝1∶3，t1∶t2＝∶1C．x1∶x2＝1∶4，t1∶t2＝1∶(－1）D．x1∶x2＝1∶3，t1∶t2＝1∶(－1）9。
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云南省江川二中2019-2020学年上学期11月份考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。
学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.如图所示，匀强磁场方向竖直向下，有一条与磁场方向垂直的通电直导线，电流方向是水平向右，则导线受到的安培力方向为（）A．竖直向上B．竖直向下C．垂直纸面向外D．垂直纸面向里2.如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线，a、b两点的电势分别为=20 V，=50 V，则a、b连线的中点c的电势应为（）A．=35 VB．＞35 VC．＜35 VD．无法判断的高低3.如图所示，xOy坐标平面在竖直面内，y轴正方向竖直向上，空间有垂直于xOy平面的匀强磁场（图中未画出）.一带电小球从O点由静止释放，运动轨迹如图中曲线所示.下列说法中正确的是（）A．轨迹OAB可能为圆弧B．小球在整个运动过程中机械能增加C．小球在A点时受到的洛伦兹力与重力大小相等D．小球运动至最低点A时速度最大，且沿水平方向4.下列关于磁感应强度方向的说法中，错误的是( )A．磁感线上某点的切线方向就是该点磁感应强度的方向B．某处磁感应强度的方向就是该处小磁针静止时北极所指的方向C．磁感应强度是个标量，没有方向D．某处磁感应强度的方向就是某处磁场方向5.如图所示，将通电线圈(电流方向沿图中箭头方向)悬挂在磁铁N极附近，磁铁处于水平位置和线圈在同一平面内，且磁铁的轴线经过线圈圆心，线圈将( )A．转动同时靠近磁铁B．转动同时离开磁铁C．不转动，只靠近磁铁D．不转动，只离开磁铁6.如图为监控汽车安全带使用情况的报警电路，S为汽车启动开关，汽车启动时S闭合．驾驶员未系安全带时开关S′闭合，系好安全带时S′断开．要求当驾驶员启动汽车但未系安全带时蜂鸣器报警．则在图中虚线框内应接入的门电路是( )A．“非”门B．“或”门C．“与”门D．“与非”门7.甲、乙两同学使用多用电表欧姆挡测同一个电阻时，他们都把选择开关旋到“×100”挡，并能正确操作．他们发现指针偏角太小，于是甲把选择开关旋到“×1 k”挡，乙把选择开关旋到“×10”挡，但乙重新调零，而甲没有重新调零．则以下说法正确的是( ) A．甲选挡错误，而操作正确 B．乙选挡正确，而操作错误C．甲选挡错误，操作也错误 D．乙选挡错误，而操作正确8.如图所示，在正方形ABCD区域内有方向向下的匀强电场，一带电粒子(不计重力)从A点进入电场，初速度v0的方向指向B点，初动能为E0，最后从C点离开电场，则粒子经过C 点时的动能为( )A． 2E0B． 3E0C． 4E0D． 5E09.关于安培力、磁感应强度的下列说法，正确的是( )A．通电导线不受磁场力作用的地方一定没有磁场B．将I、L相同的通电导体放在同一匀强磁场的不同位置，受安培力一定相同C．磁感线指向磁感应强度减小的方向D．以上说法都不正确10.四个塑料小球，A和B互相排斥，B和C互相吸引，C和D互相排斥．如果D带正电，则B球的带电情况是( )A．带正电 B．带负电 C．不带电 D．可能带负电或不带电11.在磁场中的某一位置放置一条直导线，导线的方向与磁场方向垂直．先后在导线中通入不同的电流，导线所受的力也不一样，下列几幅图象表示的是导线受的力F与通过的电流I的关系．a、b分别代表一组F、I的数据．下列图中正确的是( )A．B．C．D．12.如图(甲)从阴极发射出来的电子束，在阴极和阳极间的高电压作用下，轰击到长条形的荧光屏上激发出荧光，可以显示出电子束运动的径迹．若把射线管放在如图(乙)蹄形磁铁的两极间，阴极接高压电源负极，阳极接高压电源正极，关于荧光屏上显示的电子束运动的径迹，下列说法正确的是( )A．电子束向上弯曲B．电子束沿直线前进C．电子束向下弯曲D．电子的运动方向与磁场方向无关二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)13.(多选)等量正点电荷的连线和其中垂线如图所示．一个带负电的试探电荷，先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点，则( )A．试探电荷所受电场力的方向一直不变B．试探电荷所受电场力的大小一直增加C．试探电荷的电势能一直减小D．a、b、c三点电势为：φa＜φb＜φc14.(多选)如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处．由此可知( )A．O为负电荷B．在整个过程中q的电势能先变小后变大C．在整个过程中q的加速度先变大后变小D．在整个过程中，电场力做功为零15.(多选)对UAB＝1 V的理解，正确的是( )A．从A到B移动1 C的电荷，电场力做功1 JB．从A到B移动1 C的正电荷，电场力做功1 JC．从A到B移动1 C的负电荷，克服电场力做功1 JD．从A到B移动1 C的负电荷，外力做功1 J16.(多选)在如图所示的U－I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知( )A．电源的电动势为3 V，内阻为0.5 ΩB．电阻R的阻值为1 ΩC．电源的输出功率为2 WD．电源的效率为66.7%三、实验题(共2小题,共15分)17.（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径．为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件（选填“A”、“B”、“C”或“D”）．从图中的示数可读出合金丝的直径为mm．（2）用游标卡尺可以测量某些工件的外径．在测量时，示数如上图乙所示，则读数分别为mm．18.霍尔效应是电磁基本现象之一，近期我国科学家在该领域的实验研究上取得了突破性进展．如图甲所示，在一矩形半导体薄片的P、Q间通入电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，在M、N间出现电压U H，这种现象称为霍尔效应，U H称为霍尔电压，且满足U H＝k，式中d 为薄片的厚度，k为霍尔系数．某同学通过实验来测定该半导体薄片的霍尔系数．(1)若该半导体材料是空穴(可视为带正电粒子)导电，电流与磁场方向如图甲所示，该同学用电压表测量U H时，应将电压表的“＋”接线柱与________(填“M”或“N”)端通过导线相连．(2)已知薄片厚度d＝0.40 mm，该同学保持磁感应强度B＝0.10 T不变，改变电流I的大小，测量相应的U H值，记录数据如下表所示.根据表中数据在图乙中画出U H－I图线，利用图线求出该材料的霍尔系数为________×10－3V·m·A－1·T－1(保留2位有效数字)．(3)该同学查阅资料发现，使半导体薄片中的电流反向再次测量，取两个方向测量的平均值，可以减小霍尔系数的测量误差，为此该同学设计了如图丙所示的测量电路，S1、S2均为单刀双掷开关，虚线框内为半导体薄片(未画出)．为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向________(填“a”或“b”)，S2掷向________(填“c”或“d”)．为了保证测量安全，该同学改进了测量电路，将一合适的定值电阻串联在电路中．在保持其它连接不变的情况下，该定值电阻应串联在相邻器件____和____(填器件代号)之间．四、计算题19.如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力向下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，bd的长度为L，匀强电场的电场强度为E，求：（1）此液滴带何种电荷；（2）液滴的加速度为多少；（3）b、d两点的电势差Ubd .20.如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段光滑水平，BC段为光滑圆弧，对应的圆心角θ＝37°，半径r＝2.5 m，CD段平直倾斜且粗糙，各段轨道均平滑连接，倾斜轨道所在区域有场强大小为E＝2×105N/C、方向垂直于斜轨向下的匀强电场．质量m＝5×10－2kg、电荷量q＝＋1×10－6C的小物体(视为质点)被弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行，在C点以速度v0＝3 m/s冲上斜轨．以小物体通过C点时为计时起点，0.1 s以后，场强大小不变，方向反向．已知斜轨与小物体间的动摩擦因数μ＝0.25.设小物体的电荷量保持不变，取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.(1)求弹簧枪对小物体所做的功；(2)在斜轨上小物体能到达的最高点为P，求CP的长度．21.如图所示，竖直平面内存在水平向右的匀强电场，场强大小E=10 N/C，在y≥0的区域内还存在垂直于坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.5 T，一带电量、质量的小球由长的细线悬挂于点小球可视为质点，现将小球拉至水平位置A无初速释放，小球运动到悬点正下方的坐标原点时，悬线突然断裂，此后小球又恰好能通过点正下方的N点.(g=10 m/s)，求：（1）小球运动到点时的速度大小；（2）悬线断裂前瞬间拉力的大小；（3）间的距离.答案1.D2.B3.D4.C5.A6.C7.D8.D9.D 10.B 11.C 12.C13.CD 14.CD 15.BC 16.ABD17.（1）B0.410 （2）11.50【解析】解：（1）读数前应先旋紧B，使读数固定不变，螺旋测微器的固定刻度为0 mm，可动刻度为41.0×0.01 mm=0.410 mm，所以最终读数为0 mm+0.410 mm=0.410 mm．（2）游标卡尺的主尺读数为11 mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05 mm=0.50 mm，所以最终读数为：11 mm+0.50 mm=11.50 mm．18.(1)M(2)如图所示 1.5(1.4或 1.6)(3)b c S1E(或S2 E)【解析】(1)根据左手定则得，正电荷向M端偏转，所以应将电压表的“＋”接线柱与M端通过导线相连．(2)U H—I图线如图所示．根据U H＝k知，图线的斜率为k＝k＝0.375，解得霍尔系数k＝1.5×10－3V·m·A－1·T－1.(3)为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向b，S2掷向c，为了保护电路，定值电阻应串联在S1和E(或S2和E)之间．19.（1）负电（2）（3）【解析】（1）由b到a，液滴做直线运动，所受合力沿bd所在直线，对液滴受力分析可知，电场力水平向右，与电场方向相反，所以小球带负电.（2）由图可知，液滴所受合力根据牛顿第二定律F=ma，解得液滴的加速度（3）由图可知，电场力qE=mg由b到d，沿电场方向的距离沿电场方向电势降低，应有<0，所以20.(1)0.475 J (2)0.57 m【解析】(1)设弹簧枪对小物体做功为W，由动能定理得W－mgr(1－cosθ)＝mv代入数据得W＝0.475 J(2)取沿平直斜轨向上为正方向．设小物体通过C点进入电场后的加速度为a1，由牛顿第二定律得－mg sinθ－μ(mg cosθ＋qE)＝ma1小物体向上做匀减速运动，经t1＝0.1 s后，速度达到v1，有v1＝v0＋a1t1代入数据得v1＝2.1 m/s，设运动的位移为x1，有x1＝v0t1＋a1t电场力反向后，设小物体的加速度为a2，由牛顿第二定律得－mg sinθ－μ(mg cosθ－qE)＝ma2设小物体以此加速度运动到速度为0，运动的时间为t2，位移为x2，有0＝v1＋a2t2x2＝v1t2＋a2t设CP的长度为x，有x＝x1＋x2联立相关方程，代入数据解得x＝0.57 m21.（1）（2）（3）【解析】（1）小球从A运到O的过程中，根据动能定理：①带入数据求得小球在O点速度为：②（2）小球运到O点绳子断裂前瞬间，对小球应用牛顿第二定律：③④② ③④联立得：⑤.(3)绳断后，小球水平方向加速度⑥小球从O点运动至N点所用时间⑦ON间距离⑧。