湖北省恩施州2020年高考物理统考试题

2019-2020学年高考物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．如图所示，abcd 为边长为L 的正方形，在四分之一圆abd 区域内有垂直正方形平面向外的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B 。

一个质量为m 、电荷量为q 的带电粒子从b 点沿ba 方向射入磁场，结果粒子恰好能通过c 点，不计粒子的重力，则粒子的速度大小为
A ．
qBL
m
B ．
2qBL
C ．
(21)qBL
m
-
D ．
(21)qBL
m
+
2．一颗人造地球卫星在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速率为v ，角速度为ω，加速度为g ，周期为T ．另一颗人造地球卫星在离地面高度为地球半径的轨道上做匀速圆周运动， 则（ ） A ．它的速率为
2
v
B ．它的加速度为
4
g C ．它的运动周期为2T
D ．它的角速度也为ω
3．如图，一两端封闭的玻璃管在竖直平面内倾斜放置，与水平面间的夹角为θ，一段水银柱将管内一定质量气体分割成两部分。

在下列各种情况中，能使管中水银柱相对玻璃管向a 端移动的情况是（ ）
A ．降低环境温度
B ．在竖直平面内以b 点为轴逆时针缓慢转动玻璃管
C ．保持θ角不变，使玻璃管减速上升
D ．使玻璃管垂直纸面向外做加速运动
4．下列说法中正确的是( )
A ．β射线与γ射线一样是电磁波，但穿透本领远比γ射线弱
B ．氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子核
C ．已知质子、中子、α粒子的质量分别为m 1、m 2、m 3，那么，质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是（2m 1+2m 2-m 3）c 2
D ．放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核外的电子发生电离产生的
5．图中实线是某电场中一簇未标明方向的电场线，虚线是一带电粒子仅在电场力作用下通过该区域时的
运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点。

根据此图不能作出判断的是（ ）
A ．a 、b 两点中，哪点的电势较高
B ．a 、b 两点中，哪点的电场强度较大
C ．带电粒子在a 、b 两点的加速度哪点较大
D ．带电粒子在a 、b 两点的电势能哪点较大 6．平均速度定义式为s v t ∆=∆，当△t 极短时，s
t
∆∆可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了下列哪种物理方法（ ） A ．极限思想法 B ．微元法 C ．控制变量法 D ．等效替代法
7．两质点A 、B 同时、同地、同向出发，做直线运动。

v t -图像如图所示。

直线A 与四分之一椭圆B 分别表示A 、B 的运动情况，图中横、纵截距分别为椭圆的半长轴与半短轴（椭圆面积公式为S ab π=，a 为半长轴，b 为半短轴）。

则下面说法正确的是（ ）
A ．当2s t =时，a b 1.5m/s v v ==
B ．当a 3m/s v =，两者间距最小
C ．A 23
D ．当B 的速度减小为零之后，A 才追上B
8．真空中的某装置如图所示，现有质子、氘核和α粒子都从O 点由静止释放，经过相同加速电场和偏转电场，射出后都打在同一个与'OO 垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点。

粒子重力不计。

下列说法中正确的是（ ）
A．在荧光屏上只出现1个亮点
B．三种粒子出偏转电场时的速度相同
C．三种粒子在偏转电场中运动时间之比为2∶1∶1
D．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶2∶2
9．如图，若x轴表示时间，y轴表示位置，则该图像反映了某质点做匀速直线运动时，位置与时间的关系。

若令x轴和y轴分别表示其它的物理量，则该图像又可以反映在某种情况下，相应的物理量之间的关系。

下列说法中正确的是（）
A．若x轴表示时间，y轴表示动能，则该图像可以反映某物体受恒定合外力作用做直线运动过程中，物体动能与时间的关系
B．若x轴表示频率，y轴表示动能，则该图像可以反映光电效应中，光电子最大初动能与入射光频率之间的关系
C．若x轴表示时间，y轴表示动量，则该图像可以反映某物体在沿运动方向的恒定合外力作用下，物体动量与时间的关系
D．若x轴表示时间，y轴表示感应电动势，则该图像可以反映静置于磁场中的某闭合回路，当磁感应强度随时间均匀增大时，闭合回路的感应电动势与时间的关系
10．空间存在一静电场，x轴上各点电势φ随x变化的情况如图所示。

若在-x0处由静止释放一带负电的粒子，该粒子仅在电场力的作用下运动到x0的过程中，下列关于带电粒子的a-t图线，v-t图线，E k-t图线，E p-t图线正确的是（）
A．B．C．
D．
二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
11．如图（甲）所示，平行光滑金属导轨水平放置，两轨相距L=0.4m，导轨一端与阻值R=0.3Ω的电阻相连，导轨电阻不计．导轨x＞0一侧存在沿x方向均匀增大的恒定磁场，其方向与导轨平面垂直向下，磁感应强度B随位置x变化如图（乙）所示．一根质量m=0.2kg、电阻r=0.1Ω的金属棒置于导轨上，并与导轨垂直，棒在外力F作用下从x=0处以初速度v0=2m/s沿导轨向右变速运动，且金属棒在运动过程中受到的安培力大小不变．下列说法中正确的是（）
A．金属棒向右做匀减速直线运动
B．金属棒在x=1m处的速度大小为0.5m/s
C．金属棒从x=0运动到x=1m过程中，外力F所做的功为-0.175J
D．金属棒从x=0运动到x=2m过程中，流过金属棒的电量为2C
12．如图所示，某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向的夹角α＝60°，使飞行器恰好沿与水平方向的夹角θ＝30°的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速直线飞行，飞行器所受空气阻力不计．下列说法中正确的是()
A ．飞行器加速时动力的大小等于mg
B ．飞行器加速时加速度的大小为g
C ．飞行器减速时动力的大小等于
3mg D ．飞行器减速飞行时间t 后速度为零 13．下列说法正确的是（ ）
A ．布朗运动只能在液体里发生，且温度越高，布朗运动越激烈
B ．分子间距离增大，分子间作用力对外表现可能为斥力
C ．分子动能与分子势能的和叫作这个分子的内能
D ．滴进水中的墨水微粒能做扩散运动，说明分子间有空隙
E.外界对某理想气体做功62.010J ⨯，气体对外放热61.010J ⨯，则气体温度升高 14．下列说法正确的是（ ）
A ．一定质量的理想气体，当温度升高时,内能增加,压强增大
B ．饱和蒸汽在等温变化的过程中，当其体积减小时压强不变
C ．液体表面层分子间距离较其内部分子间距离小，表面层分子间表现为斥力
D ．一定质量的理想气体放出热量，分子平均动能可能减少
E.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的
15．如图(a)所示，在x 轴上有O 、P 、Q 三点，且 1.8m OP =， 3.0m OQ =。

一列简谐波沿x 轴正方向传播，图示为0时刻的波形。

再过0.6s 的时间P 质点第二次振动至波峰。

对此下列说法正确的是______。

A ．Q 点的振幅为10cm
B ．波速为3m/s
C ．频率为2Hz
D ．质点Q 在0~0.6s 内的运动路程为25cm E.质点Q 在0.6s t =时沿y 轴正方向运动 三、实验题：共2小题
16．如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，用重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可验证机械能守恒定律.
（1）已准备的器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需要的器材是______（填字母代号）.
A ．直流电源、天平及砝码
B ．直流电源、毫米刻度尺
C ．交流电源、天平及砝码
D ．交流电源、毫米刻度尺
（2）实验中需要测量物体由静止开始自由下落到某点时的瞬时速度v 和下落高度h.某同学对实验得到的纸带，设计了以下四种测量方案，这些方案中合理的是__________（填字母代号）.
A ．用刻度尺测出物体下落的高度h ，由打点间隔数算出下落的时间t ，通过v=gt 算出瞬时速度v
B ．用刻度尺测出物体下落的高度h ，并通过2v gh =计算出瞬时速度v
C ．根据做匀变速直线运动时，纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时
速度v ，并通过22v h g
=计算得出高度h
D ．用刻度尺测出物体下落的高度h ，根据做匀变速直线运动时，纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v
（3）实验结果往往是重力势能的减少量略大于动能的增加量，关于这个误差下列说法正确的是_________（填字母代号）. A ．该误差属于偶然误差 B ．该误差属于系统误差
C ．可以通过多次测量取平均值的方法来减小该误差
D ．可以通过减小空气阻力和摩擦阻力的影响来减小该误差
17．某实验小组用如图所示的装置，做验证机械能守恒定律的实验。

当地重力加速度为g ：
(1)电磁铁通过铁夹固定在铁架台上，给电磁铁通电，小球被吸在电磁铁下方（光电门的正上方）。

电磁铁断电，小球由静止释放，测得小球通过光电门所用时间为t ，测得小球直径为d ，电磁铁下表面到光电门的距离为()h h
d ，根据测得数值，得到表达式_______（用已知和测得的物理量表示）在误差允许的范
围内成立，则机械能守恒定律得到验证；
(2)若保持电磁铁位置不变，改变光电门的位置，重复上述实验，得到多组h及小球通过光电门的时间t，
为了能通过图像直观地得到实验结果，需要作出h _____（填“t”“2t”“1
t
”或“
2
1
t
”）图像，当图像是一条
过原点的倾斜直线时，且在误差允许的范围内，斜率等于___________（用已知和测得的物理量表示），则机械能守恒定律得到验证；
(3)下列措施可以减小实验误差的是______。

A．选用直径较小，质量较大的小球B．选用直径较大，质量较大的小球
C．电磁铁下表面到光电门的距离适当大些D．尽量让小球球心通过光电门
四、解答题：本题共3题
18．如图，间距为L的光滑金属导轨，半径为r的1
4
圆弧部分竖直放置、直的部分固定于水平地面，MNQP
范围内有磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场．金属棒ab和cd垂直导轨放置且接触良好，cd 静止在磁场中，ab从圆弧导轨的顶端由静止释放，进入磁场后与cd在运动中始终不接触．已知两根导体棒的质量均为m、电阻均为R．金属导轨电阻不计，重力加速度为g．求
（1）ab棒到达圆弧底端时对轨道压力的大小：
（2）当ab 3
2
4
gr时，cd棒加速度的大小（此时两棒均未离开磁场）
（3）若cd 1
2
4
gr离开磁场，已知从cd棒开始运动到其离开磁场一段时间后，通过cd棒的电荷量
为q．求此过程系统产生的焦耳热是多少．（此过程ab棒始终在磁场中运动）
19．（6分）如图（甲）所示，粗糙直轨道OB固定在水平平台上，A是轨道上一点，B端与平台右边缘对齐，过B点并垂直于轨道的竖直面右侧有大小E=1.0×106N/C，方向水平向右的匀强电场。

带负电的小物体P电荷量是2.0×10－5C，质量为m=1kg。

小物块P从O点由静止开始在水平外力作用下向右加速运动，经过0.75s到达A点，当加速到4m/s时撤掉水平外力F，然后减速到达B点时速度是3m/s，F的大小与P 的速率v的关系如图（乙）所示。

P视为质点，P与轨道间动摩擦因数μ=0.5，直轨道上表面与地面间的距离为h=1.25m，P与平台右边缘碰撞前后速度大小保持不变，忽略空气阻力，取g=10m/s2。

求：
(1)P从开始运动至速率为1m/s所用的时间；
(2)轨道OB的长度；
(3)P落地时的速度大小。

20．（6分）如图甲所示，足够长的木板A 静止在水平面上，其右端叠放着小物块B 左端恰好在O 点。

水平面以O 点为界，左侧光滑、右侧粗糙。

物块C （可以看成质点）和D 间夹着一根被压缩的轻弹簧，并用细线锁住，两者以共同速度06m/s v =向右运动某时刻细线突然断开，C 和弹簧分离后撤去D ，C 与A 碰撞（碰撞时间极短）并与A 粘连，此后1s 时间内，A 、C 及B 的速度一时间图象如图乙所示。

已知A 、B 、C 、D 的质量均为1kg m =，A 、C 与粗糙水平面间的动摩擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度210m/s g =。

求：
（1）木板A 与粗糙水平面间的动摩擦因数及B 与A 间的动摩擦因数； （2）细线断开之前弹簧的弹性势能。

参考答案
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的 1．C 【解析】 【详解】
粒子沿半径方向射入磁场，则出射速度的反向延长线一定经过圆心，由于粒子能经过C 点，因此粒子出磁场时一定沿ac 方向，轨迹如图：
由几何关系可知，粒子做圆周运动的半径为
221)r L L L =-=
根据牛顿第二定律得：
20
0v qv B m r
=
解得：0(21)qBL
v m
= ，故C 正确。

故选：C 。

2．B 【解析】 【分析】 【详解】
A 、研究地面附近的卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力：2
2
=GMm v m R R
，R 为地球半径，M 为地球质量，v 为卫星的速率．研究另一个卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力：
()
22
=2GMm v m R R R '
'+，联立解得：v′=
22
v ，故A 错误； B 、忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力：2=GMm R mg ，可得：g=2GM R
，即：g′=()2
g 42GM R =，故B 正确；
C 、研究地面附近的卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力：22
24=GMm R
m R T
π，解得：3
R GM
()
3
2R GM
2T ，故C 错误；
D 、地面附近的卫星的周期与另一个卫星的周期不等，根据ω=2T
π
得它们的角速度也不等，故D 错误。

故选B 。

3．C 【解析】 【详解】
A. 假定两段空气柱的体积不变，即V 1，V 2不变，初始温度为T ，当温度降低△T 时，空气柱1的压强由p 1减至p′1，△p 1=p 1−p′1，空气柱2的压强由p 2减至p′2，△p 2=p 2−p′2， 由查理定律得：
1
1p p T T ∆=
∆， 22p
p T T ∆=∆，
因为p 2=p 1+h>p 1，所以△p 1<△p 2，即水银柱应向b 移动。

故A 错误；
B. 在竖直平面内以b 点为轴逆时针缓慢转动玻璃管，使θ角变大，若水银柱相对玻璃管不动，则增大了水银柱对下部气体的压力，水银柱向b 端移动，故B 错误；
C. 玻璃管竖直向上减速运动，加速度向下，水银柱失重，若水银柱相对玻璃管不动，水银柱对下部气体压力减小，水银柱向a 端移动，故C 正确；
D. 使玻璃管垂直纸面向外做加速运动不会影响水银柱竖直方向上的受力，水银柱的位置不变，故D 错误。

4．C 【解析】
A 、β射线是电子流，不是电磁波，穿透本领比γ射线弱，故A 错误；
B 、半衰期具有统计意义，对大量的原子核适用，对少量的原子核不适用，故B 错误；
C 、根据爱因斯坦质能方程可得释放的能量是2123(22)E m m m c ∆=+-
，故C 正确；
D 、β衰变是原子核的衰变，与核外电子无关，β衰变时释放的电子是由核内一个中子转化成一个质子的同时释放出来的，故D 错误； 故选C ． 5．A 【解析】 【详解】
A ．粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a 、b 两点受到的电场力沿电场线向左，由于粒子的电性未知，所以电场线方向不能判断，则无法确定哪点的电势较高。

故A 错误，符合题意。

B ．由图看出a 处电场线比b 处电场线疏，而电场线疏密表示场强的大小，即可判断出a 处场强较小，故B 正确，不符合题意。

C ．带电粒子在a 处所受的电场力较小，则在a 处加速度较小，故C 正确，不符合题意。

D ．由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，电场力对粒子做负功，粒子的电势能增大，则粒子在b 点电势能较大。

故D 正确，不符合题意。

故选A.
6．A
【解析】
【分析】
当t ∆极短时，
s t ∆∆ 可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该物理方法为极限的思想方法。

【详解】 平均速度定义式为=s v t
∆∆，当时间极短时，某段时间内的平均速度可以代替瞬时速度，该思想是极限的思想方法，故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

【点睛】
极限思想法是一种很重要的思想方法，在高中物理中经常用到．要理解并能很好地掌握。

7．C
【解析】
【详解】
AB ．两质点A 、B 从同一地点出发，椭圆轨迹方程为
22
221x y a b
+= 由题图可知4a =、2b =，当
2s t x ==
带入方程解得
v y ==
在本题的追及、相遇问题中，初始时刻B 的速度大于A 的速度，二者距离越来越大，速度相等的瞬间，两者间距最大，AB 错误；
C ．A 做的是初速度为零的匀加速直线运动，经过2s ，即
2v a t ∆==∆ C 正确；
D ．v t -图线和时间轴围成的面积为位移，经过4s ，B 速度减小为零，B 的位移为所围成图形的面积
B 124m 2m 4
s ππ=⨯⨯= A 的位移为
A 的位移大于
B 的位移，说明在B 停下来之前，A 已经追上了B ，D 错误。

故选C 。

8．A
【解析】
【分析】
【详解】
ABC ．根据动能定理得
21012
qU mv = 则进入偏转电场的速度
0v = 因为质子、氘核和α粒子的比荷之比为2：1：1，
，在偏转电场中运动时间0L t v =
，
则知时间之比为
y qEL v at mv == 则出电场时的速度
v ==因为粒子的比荷不同，则速度的大小不同，偏转位移
2
2220
1122qU L y at md v ==⋅⋅ 因为
21012
qU mv = 则有
2
214U L y U d
= 与粒子的电量和质量无关，则粒子的偏转位移相等，荧光屏将只出现一个亮点，故A 正确，BC 错误； D ．偏转电场的电场力对粒子做功
W=qEy
因为E 和y 相同，电量之比为1：1：2，则电场力做功为1：1：2，故D 错误。

9．C
【解析】
【分析】
【详解】
图中的直线表示是一次函数的关系；
A ．若物体受恒定合外力作用做直线运动，则物体做匀加速直线运动，其速度与时间图像是线性关系，由物体的动能22011()22
mv m v at =+，速度的平方与时间的图像就不是线性关系了，所以此图像不能表示反映某物体受恒定合外力作用做直线运动过程中，物体动能与时间的关系，故选项A 错误；
B ．在光电效应中，由于0k E h W ν=-，说明动能与频率是一次函数的关系，但是当频率ν=0时，动能应该是负值，与现在的图像不相符，故选项B 错误；
C ．若物体在沿运动方向的恒定合外力作用下，物体做匀加速直线运动，由动量定理p Ft ∆= 可得物体的动量0p p Ft =+，故C 正确；
D ．当磁感应强度随时间均匀增大时，电动势的大小是不变的，所以选项D 错误。

故选C 。

10．B
【解析】
【详解】
AB 、由x ϕ-图可知，图像的斜率表示电场强度，从0x -到0x 的过程中电场强度先减小后增大，受到沿x 轴正方向的电场力先减小后增大，粒子的加速度也是先减小后增大，在0x =位置加速度为零；粒子在运动过程中，粒子做加速度运动，速度越来越大，先增加得越来越慢，后增加得越来越快，故B 正确，A 错误；
C 、粒子在运动过程中，受到沿x 轴正方向的电场力先减小后增大，根据动能定理可知k E x -图像的斜率先变小再变大，在0x =位置的斜率为零，故C 错误；
D 、由于粒子带负电，根据电势能P
E q ϕ=可知，P E x -变化规律与x ϕ-变化规律相反，故D 错误； 图线正确的是选B 。

二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
11．BCD
【解析】
【分析】
E BLv
=，感应电流
E BLv
I
R r R r
==
++
，安培力
22
BLv B L v
F BIL B L
R r R r
===
++
安
，解得
()
22222
0.410
(0.50.5)04(1)
F R r F F
v
B L x x
+
===
+⨯+
安安安
．
，根据匀变速直线运动的速度位移公式22
2
v v ax
-=，如果是匀变速直线运动，2v与x成线性关系，而由上式知，金属棒不可能做匀减速直线运动，故A错误；根据题意金属棒所受的安培力大小不变，0
x=处与1
x=处安培力大小相等，有
2222
0011
B L v B L v
R r R r
=
++
，即
22
00
122
1
0.52
0.5/
1
B v
v m s
B
⨯
===，故B正确；金属棒在0
x=处的安培力大小为
2222
00
05042
0.2N
0.4
B L v
F
R r
⨯⨯
===
+
安
．．
，对金属棒金属棒从0
x=运动到1
x=m过程中，根据动能定理有
22
10
11
22
F
W F x mv mv
-⋅=-
安
，代入数据22
11
0.210.2050.22
22
F
W-⨯=⨯⨯-⨯⨯
．，解得0.175J
F
W=-，故C正确；根据感应电量公式
Bx
q L
R r R r
∆Φ∆
==
++
，0
x=到2
x m
=过程中，B-x图象包围的面积
0.5 1.5
22
2
B x
+
∆⋅=⨯=，
20.4
2C
0.4
q
R r
∆Φ⨯
===
+
，，故D正确
考点：考查了导体切割磁感线运动
【名师点睛】
考查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、安培力的大小公式、做功表达式、动能定理等的规律的应用与理解，运动过程中金属棒所受的安培力不变，是本题解题的突破口，注意B-x图象的面积和L的乘积表示磁通量的变化量．
12．BC
【解析】
【详解】
AB．起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，设动力为F，合力为F b，如图所示：
在△OFF b中，由几何关系得：
3mg
F b=mg
a 1=g
故A 错误，B 正确；
CD ．t 时刻的速率：
v=a 1t=gt
推力方向逆时针旋转60°，合力的方向与水平方向成30°斜向下，推力F'跟合力F'h 垂直，如图所示，此时合力大小为：
F'h =mgsin30°
动力大小：
F′
＝2
mg 飞行器的加速度大小为：
23012
mgsin a g m ︒== 到最高点的时间为：
2212
v gt t t a g '=== 故C 正确，D 错误；
故选BC 。

13．BDE
【解析】
【详解】
A ．布朗运动是悬浮在液体或气体中固体小颗粒的无规则运动；布朗运动可以在液体里发生，也可以在气体里发生，且温度越高，布朗运动越激烈，故A 错误。

B.在分子间距离r <r 0范围内，即使距离增大，分子间作用力表现为斥力，故B 正确；
C.所有分子动能与分子势能的总和叫做物体的内能，单个分子的内能没有意义，故C 错误；
D.滴进水中的墨水微粒能做扩散运动，说明分子间有空隙，故D 正确；
E.外界对某理想气体做功W=2.0×105J ，气体对外放热Q=-1.0×105J ，根据热力学第一定律，则气体的内能变化
E=W+Q=2.0×105J-1.0×105J=1.0×105J
所以气体的内能增大，温度升高，故E 正确。

故选BDE 。

14．BDE
【解析】
A ．由理想气体状态方程
pV C T
=可知，当温度升高时，内能增加，pV 乘积增大，但压强不一定大，故A 错误； B ．饱和蒸汽压仅仅与温度有关，饱和蒸汽在等温变化的过程中，体积减小时压强不变，故B 正确； C ．液体表面层分子间距离较其内部分子间距离大，表面层分子间表现为引力，故C 错误；
D ．一定质量的理想气体放出热量，根据热力学第一定律知分子内能可能减小，分子平均动能可能减少，故D 正确；
E ．根据熵增原理可知，一切自然过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，故E 正确；
故选BDE 。

15．ACE
【解析】
【详解】 A ．由图像知波长为
4.0m λ=
振幅为
10cm A =
故A 正确；
B ．简谐波沿x 轴正方向传播，则P 质点向上运动；0.6s 时P 点恰好第二次到达波峰，对应波形如图所示
传播距离
0.8m 4.8m x λ∆=+=
则波速为
8m/s x v t
∆== 故B 错误；
C ．简谐波的周期为
4.0s 0.5s 8
T v λ
=== 则简谐波的频率
12Hz f T
==
DE ．质点Q 运动了时间为
10.615
s T = 则运动路程小于555cm 25cm A =⨯=，此时质点Q 在平衡位置的下方，沿y 轴正方向运动，故D 错误，E 正确；
故选ACE 。

三、实验题：共2小题
16．D D BD
【解析】
【分析】
【详解】
（1）打点计时器需接交流电源．机械能守恒中前后都有质量，所以不要天平和砝码．计算速度需要测相邻计数的距离，需要刻度尺，故选D ．
（2）在验证机械能守恒时不能用有关g 值来计算速度，利用v gt = 、22v gh = ，在计算高度时直接测量距离，在计算速度时利用中点时刻的速度等于平均速度求解，故ABC 错误；D 正确
（3）由于系统内不可避免的存在阻碍运动的力，比如空气阻力，纸带与限位孔之间的摩擦力等系统误差导致重力势能的减小量与动能的增加量不相等，可以通过减小空气阻力和摩擦阻力的影响来减小该误差，故BD 正确
17．21()2d gh t
= 21t 22d g ACD 【解析】
【分析】
【详解】
(1)[1]由机械能守恒有
21()2d mgh m t
= 故要验证的表达式为21()2d gh t =。

(2)[2][3]由21()2d gh t
=得 22
12d h g t =⋅ 即为了直观地得到实验结果，应作21h t 图像，在误差允许的范围内图像的斜率为2
2d g ，则机械能守恒定
(3)[4]
AB ．为了减少实验误差，应选用质量大、体积小的小球，选项A 正确，选项B 错误；
CD ．电磁铁下表面到光电门的距离适当大些可以减小长度及速度测量的误差，尽量让小球球心通过光电门，减小因小球遮光长度不是直径引起的误差，选项C 、D 正确。

故填ACD 。

四、解答题：本题共3题
18．（1）3mg ．（2．（3）116mgr-222
2B L q m ．
【解析】
【详解】
（1）ab 下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgr=
2012
mv ，
解得：v 0
ab 运动到底端时，由牛顿第二定律得：F-mg=m 20v r ， 解得：F=3mg ，
由牛顿第三定律知：ab 对轨道压力大小：F′=F=3mg ；
（2）两棒组成的系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律：mv 0=mv ab +mv′，
解得：， ab 棒产生的电动势：E ab =BLv ab ，
cd 棒产生的感应电动势：E cd =BLv′，
回路中电流：I=2ab cd E E R
，
解得：， 此时cd 棒所受安培力：F=BIL ，
此时cd 棒加速度：a=F m
，
解得：；
（3）由题意可知，cd 离开磁场后向右匀速运动，
其中：q=I t ，
解得：v ab BLq m
， 此过程，由能量守恒定律得：mgr=
221122ab cd mv mv ++Q ，
解得：116mgr-222
2B L q m
；
19． (1)0.5s ；(2)2.825m ；
【解析】
【详解】
(1)P 的速率从零增加到v 1=1m/s ，受外力F 1=7N ，设其做匀变速直线运动的加速度为a 1，经过时间t 1，位移为x 1，有
11F mg ma μ-=
111v a t =
1112
v x t = 代入数据得
a 1=2m/s 2，t 1=0.5s ，x 1=0.25m
(2)P 从v 1=1m/s 运动至A 点，F 2=9N ，设其做匀变速直线运动的加速度为a 2，有：
22F mg ma μ-=
设P 从速度v 1经过t 2时间，在A 点的速度为v 2，位移为x 2，则
210.750.25s t t =-=
v 2=v 1+a 2t 2
12222
v v x t +=
解得 v 2=2m/s ，x 2=0.375m
P 从A 点至B 点，先做匀加速直线运动，速度达到v 3=4m/s ，位移为x 3，有：
2232232v v a x -=
解得
x 3=1.5m
P 达到速度v 3时撤掉水平外力，在摩擦力作用下减速，减速到达B 点时速度是v 4=3m/s ，位移为x 4，有。