通信原理第4章课后习题答案

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通信原理第七版课后答案樊昌信

通信原理第七版课后答案樊昌信

第一章习题习题1.1 在英文字母中E 出现的概率最大,等于0.105,试求其信息量。

解:E 的信息量:()()b 25.3105.0log E log E 1log 222E =-=-==P P I习题1.2 某信息源由A ,B ,C ,D 四个符号组成,设每个符号独立出现,其出现的概率分别为1/4,1/4,3/16,5/16。

试求该信息源中每个符号的信息量。

解:b A P A P I A 241log )(log )(1log 222=-=-==b I B 415.2163log 2=-=b I C 415.2163log 2=-= b I D 678.1165log 2=-=习题1.3 某信息源由A ,B ,C ,D 四个符号组成,这些符号分别用二进制码组00,01,10,11表示。

若每个二进制码元用宽度为5ms 的脉冲传输,试分别求出在下列条件下的平均信息速率。

(1) 这四个符号等概率出现; (2)这四个符号出现概率如习题1.2所示。

解:(1)一个字母对应两个二进制脉冲,属于四进制符号,故一个字母的持续时间为2×5ms 。

传送字母的符号速率为Bd 100105213B =⨯⨯=-R 等概时的平均信息速率为b 2004log log 2B 2B b ===R M R R(2)平均信息量为符号比特977.1516log 165316log 1634log 414log 412222=+++=H则平均信息速率为 b 7.197977.1100B b =⨯==H R R习题1.4 试问上题中的码元速率是多少?解:311200 Bd 5*10B B R T -===错误!未找到引用源。

习题1.5 设一个信息源由64个不同的符号组成,其中16个符号的出现概率均为1/32,其余48个符号出现的概率为1/96,若此信息源每秒发出1000个独立的符号,试求该信息源的平均信息速率。

解:该信息源的熵为96log 961*4832log 321*16)(log )()(log )()(22264121+=-=-=∑∑==i i i i Mi i x P x P x P x P X H=5.79比特/符号因此,该信息源的平均信息速率 1000*5.795790 b/s b R mH ===错误!未找到引用源。

北邮版通信原理课后习题的答案第四章-精品

北邮版通信原理课后习题的答案第四章-精品

4.1将模拟信号〃?(,)=sin 24fmt 载波c(r)=Acsin 271fd 相乘得到双边带抑制载波调幅(DSBSC)信号,设:(1)请画出DSB-SC 的信号波形图;(2)请写出DSB-SC 信号的傅式频谱式,并画出它的振幅频谱图; (3)画出解调框图,并加以简单说明。

解:⑴(2) s(t)= =sin(2^ Ac sin(27rfct)Ac=——[cos2](%-fm)t-COS 2兀5+ffn)t] A = »]+3[f-(fc-»]} 4A ,’ 2.1 "+(先+加)]+例/—(九+加)]} 4y(0l/2fc1/fc 3/2fc 2/fc 5/2fc 3/fc 7/2fc 4/fc 9/2fc 5/fct(s)S ⑴八3Ac/4- Ac/2.Ac/4(3)相干解调Cos(Wct)与发端相干偏调相干解调:将接收信号与载波信号sin(2乙加)相乘,得至U A cr(t)sin(2^fct)=Acm(t)sin(2^fct)sin(2^fit)=--cos(44fct)]通过低通滤波器抑制载频的二倍频分量,得到解调信号为刈⑺=与机⑺ 2.2 已知某调幅波的展开式为:s(t)=cos(2/rxl()4r)+4COS (2TT xl.lxl040+cos(2万xl.2xl04r) (1)求调幅系数和调制信号频率;(2)写出该信号的傅式频谱式,画出它的振幅频谱图; (3)画出该信号的解调框图。

解:⑴sQ)=cos(24xl04r)+4cos(2乃xl.lxl04r)+cos(2万xl.2xl04r)=4cos(2%xl.lxl04r)[l+0.5cos(2万x0.1xl04r)] 调制系数是a=0.5;信号频率是f=1000Hz(2)S(/)=;U(/+104)+演f —i04)]+2[Mf+l.lxl()4)+5(/—1.1X104)]+-W+1.2X 104)+^(/-1.2X 104)]-fm-fc ・fc -fc+fm。

通信原理(人民邮电出版社第2版)课后作业答案

通信原理(人民邮电出版社第2版)课后作业答案

第1章 绪论1-4 设有一离散无记忆信源,其概率空间为(1) 求每个符号的信息量;(2) 信源发出一消息符号序列为(202 120 130 213 001203 210110 321 010 021 032011 223 210)求该消息序列的信息量和平均每个符号携带的信息量.解:(1)根据题意,可得:23(0)log (0)log 1.4158I P =-=-≈比特21(1)log (1)log 24I P =-=-= 比特 21(2)log (2)log 24I P =-=-= 比特 21(3)log (3)log 38I P =-=-= 比特(2)法一:因为离散信源是无记忆的,所以其发出的消息序列中各符号是无依赖的、统计独立的。

因此,此消息的信息量就等于消息中各个符号的信息量之和。

此消息中共有14个“0”符号,13个“1”符号,12个“2”符号,6个“3”符号,则该消息的信息量是:14(0)13(1)12(2)6(3)I I I I I =+++14 1.41513212263≈⨯+⨯+⨯+⨯87.81≈ 比特此消息中共含45个信源符号,这45个信源符号携带有87.81比特信息量,则此消息中平均每个符号携带的信息量为287.81/45 1.95I =≈ 比特/符号法二:若用熵的概念计算,有222331111()log 2log log 1.906(/)884488H x bit =--⨯-=符号说明:以上两种结果略有差别的原因在于,它们平均处理方法不同,前一种按算术平均的方法进行计算,后一种是按熵的概念进行计算,结果可能存在误差。

这种误差将随消息中符号数的增加而减少。

1-10 计算机终端通过电话信道(设信道带宽为3400Hz)传输数据.(1) 设要求信道的S/N=30dB,试求该信道的信道容量是多少?(2) 设线路上的最大信息传输速率为4800bit/s,试求所需最小信噪比为多少?解:(1) 因为S/N =30dB,即1010log 30S dB N =,得:S/N=1000由香农公式得信道容量2log (1)S C B N =+ 23400l o g (11000)=⨯+ 333.8910/b i t s ≈⨯ (2)因为最大信息传输速率为4800b/s ,即信道容量为4800b/s 。

通信原理答案4

通信原理答案4

通信原理答案4第四章模拟调制系统已知调制信号 m(t)=cos(2000πt)+cos(4000πt),载波为cos104πt ,进⾏单边带调制,试确定该单边带信号的表达试,并画出频谱图。

解:⽅法⼀:若要确定单边带信号,须先求得m(t)的希尔伯特变换 m ’(t )=cos (2000πt-π/2)+cos (4000πt-π/2) =sin (2000πt )+sin (4000πt )故上边带信号为S USB (t)=1/2m(t) cos w c t -1/2m ’(t)sin w c t =1/2cos(12000πt )+1/2cos(14000πt ) 下边带信号为S LSB (t)=1/2m(t) cos w c t +1/2m ’(t) sin w c t=1/2cos(8000πt )+1/2cos(6000πt ) 其频谱如图所⽰。

⽅法⼆:先产⽣DSB 信号:s m (t)=m(t)cos w c t =···,然后经过边带滤波器,产⽣SSB 信号。

1. 将调幅波通过残留边带滤波器产⽣残留边带信号。

若次信号的传输函数H(w )如图所⽰。

当调制信号为m(t)=A[sin100πt +sin6000πt ]时,试确定所得残留边带信号的表达式。

解:设调幅波sm(t)=[m 0+m(t)]coswct ,m0≥|m(t)|max ,且s m (t)<=>S m (w)根据残留边带滤波器在f c 处具有互补对称特性,从H(w)图上可知载频f c =10kHz ,因此得载波cos20000πt。

故有sm(t)=[m0+m(t)]cos20000πt=m0cos20000πt+A[sin100πt+sin6000πt]cos20000πt=m0cos20000πt+A/2[sin(20100πt)-sin(19900πt)+sin(26000πt)-sin(14000πt)Sm(w)=πm0[σ(w+20000π)+σ(W-20000π)]+jπA/2[σ(w+20100π)-σ(w+19900π)+σ(w-19900π)+σ(w+26000π)-σ(w-26000π)-σ(w+14000π)+σ(w-14000π)残留边带信号为F(t),且f(t)<=>F(w),则F(w)=Sm(w)H(w)故有:F(w)=π/2m0[σ(w+20000π)+σ(w-20000π)]+jπA/2[0.55σ(w+20100π)-0.55σ(w-20100π)-0.45σ(w+19900π)+ 0.45σ(w-19900π)+σ(w+26000π) -σ(w-26000π)f(t)=1/2m0cos20000πt+A/2[0.55sin20100πt-0.45sin19900πt+sin26000πt]2.设某信道具有均匀的双边噪声功率谱密度Pn(f)=0.5*10-3W/Hz,在该信道中传输抑制载波的双边带信号,并设调制信号m(t)的频带限制在5kHz,⽽载波为100kHz,已调信号的功率为10kW.若接收机的输⼊信号在加⾄解调器之前,先经过⼀理想带通滤波器滤波,试问:1.)该理想带通滤波器应具有怎样的传输特性H(w)?2.)解调器输⼊端的信噪功率⽐为多少?3.)解调器输出端的信噪功率⽐为多少?4.)求出解调器输出端的噪声功率谱密度,并⽤图型表⽰出来。

现代通信原理答案WORD版( 罗新民) 指导书 第四章 信号设计导论 习题详解

现代通信原理答案WORD版( 罗新民) 指导书 第四章 信号设计导论 习题详解
解:对含有四个+和三个-的七位码,其出现的概率均为 。
4-10设有一个 的线性移位寄存器反馈系统,当 、 及 时,分别画出其状态转换图及写出相应的输出序列的一个周期。指出以上哪种 的组合能产生m序列?
解: 时,可得到三个周期均为5的周期序列,其状态(依次)分别为:
1111,0111,1011,1101,1110(输出序列的一个周期为11110);
不可能出现8个连“1”。
分析:见教材图4.17。设当连续9个连“1”码出现在系统的9个移位寄存器处时,除去 ,在 中若有奇数个1,则下一个码 ,与最多9个连“1”矛盾,故 中一定有偶数个1。
那么,当连续8个“1”码出现在系统的 8个移位寄存器处时, 一个为“1”,一个为“0”。其余 全为1。这时下一个码元 ,不可能为0。因此,不可能出现8个 “1”的连码。
①求此 序列的周期;
② 序列中连续出现“1”的最多个数为多少?是否有8个“1”的连码?为什么?
③该序列中出现最长连“0”的游程长度是多少?
④该序列中游程的总个数是多少?
解:①此 序列的周期为
②该 序列中连续出现“1”的最多个数为 。
分析:如果出现连续10个1,即 ,由于 ,说明序列前9个1决定了第10个元素仍为1,这样依次递推下去就有 ,则系统一直保持全1状态,系统静止。
举例:矩形信号通过匹配滤波器后输出为一三角形脉冲(其自相关函数)。
4-2设高斯脉冲信号为
试计算对该信号匹配的滤波器的传输函数和输出最大信噪比(设滤波器输入端的白噪声功率谱密度为 )。
解:由习题2-15的结论可以得到,
故匹配滤波器的传输函数为
由于信号能量为

所以输出最大信噪比为
4-3已知信号 和 如图E 4.1所示。试分别画出对信号 和 匹配的滤波器的冲激响应及输出响应波形,并且标出关键点的值(峰值及波形宽度等)。

数字通信原理第二版课后习题答案 第4章

数字通信原理第二版课后习题答案 第4章
B =3400-300= 3100 Hz 3 f H =3400 Hz = 1× 3100 + × 3100 = nB + kB 31
即 n =1, k = 3 31 。 根据带通信号的抽样定理,理论上信号不失真的最小抽样频率为
3 k f s = 2 B(1 + ) =2 × 3100 × ( 1 + )= 6800 Hz n 31
13
12
《通信原理》习题第四章

1 1 + =0.3,可求得 n ≈ 3.2,所以量化值取 3。故 c5 c6 c7 c8 =0011。 64 3.93 所以输出的二进制码组为 11100011。 习题 4.8 试述 PCM、DPCM 和增量调制三者之间的关系和区别。 答:PCM、DPCM 和增量调制都是将模拟信号转换成数字信号的三种较简单和
图 4-2 习题 4.4 图
习题 4.5 设有一个均匀量化器,它具有 256 个量化电平,试问其输出信号量噪 比等于多少分贝? 解:由题意 M=256,根据均匀量化量噪比公式得
(S
q
N q )dB = 20 lg M = 20 lg 256 = 48.16dB
习题 4.6 试比较非均匀量化的 A 律和 µ 律的优缺点。 答:对非均匀量化:A 律中,A=87.6; µ 律中,A=94.18。一般地,当 A 越大时, 在大电压段曲线的斜率越小,信号量噪比越差。即对大信号而言,非均匀量化的 µ 律 的信号量噪比比 A 律稍差;而对小信号而言,非均匀量化的 µ 律的信号量噪比比 A 律稍好。 习题 4.7 在 A 律 PCM 语音通信系统中,试写出当归一化输入信号抽样值等于 0.3 时,输出的二进制码组。 解:信号抽样值等于 0.3,所以极性码 c1 =1。 查表可得 0.3 ∈ ( 1 3.93 , 1 1.98 ) , 所以 0.3 的段号为 7, 段落码为 110, 故 c2 c3c4 =110。 第 7 段内的动态范围为: (1 1.98 − 1 3.93) 1 ≈ ,该段内量化码为 n ,则 16 64

通信原理答案第四章

通信原理答案第四章

第四章4-1设一条无线链路采用视距传播方式通信,其收发天线的架设高度都等于40m,若不考虑大气折射的影响,试求其最远通信距离。

解:D = J&R 花45km4-2设一条天波无线电信道,用高度等于400km的F2层反射电磁波,地球的等效半径等于(6370 x4/3)km,收发天线均架设在地面,试求其通信距离大约能达到多少千米?设地球的等效半径为r, F2层的高度为h,最大通信距离(直线距离)的一半为 d : 解: (图略)。

4-3米。

4-4dJ(r +h - J r2 -d2)2+d24式中,h = 400km,r =6374 x-km,3J r2 -d22d即为所求。

设有一平流台距离地面29km,试按上题给定的条件计算其覆盖地面的半径等于多少千解:将上式中的h=400km改为h=29km即可。

设一个接收机输入电路的等效电阻等于600 O,输入电路的带宽等于6MHz,环境温度为27 C,试求该电路产生的热噪声电压有效值。

解:V = j4kTRB = 丁4勺.38咒10"^3心00咒600咒6咒106 = 7.72AV4-5某个信息源有 A 、B 、C 和D 等四个符号组成。

设每个符号独立出现,其出现的概率分 别为1/4、1/4、3/16、5/16,经过信道传输后,每个符号正确接受的概率为1021/1024, 错为其他符号的条件概率 P(x /y j )均为1/1024,画出此信道的模型,并求出该信道的容量 C 等于多少b/符号。

解:此信源的平均信息量(熵)为33 5 5 H(x)弋 P( x i )log 2 P( X i ) -2 导瞄胡。

临胡og 2 花=1.977(b/符号)P®/" =1021/1024 (i =1,2,3,4)P(y i /X j )=1/1024 (iHj)P(X 1/V 1)「P(X 1)P SxJ2 P(X k )P(V 1/x k )kd : (14)x(1021/1024)(1/4)x(1021/1024) +(1/4)咒(11024) +(3/16)x(1/1024) + ⑸ 16)"们024) 1021 1024=P 化仏)P(x / V )=2 X (14)天(1/1024)+ (3/16) X (1021/1024) + ⑸ 16)咒(1/1024) 30633076"x"%) "2x(1/4)x(们024) +(3/16)x(1/1024)+(5/16)x(1021/1024) 5105 5116(3/16)x(1021 1024)(5/16)咒(10211024)4 4H(x/y)=—2;P(y j)2;[P(^/y j)log2 P(X i/y j)]1 4 1 4 ---Z [P(x/y1)log2P(X i/y1)]-;送[P(X i/y2)log2 P^/y?)]4i 43 4 5 4--Z [P(X i/y3)log2 P(为/y3)] --2 [P化/y4)log2 P(^/y。

通信原理(陈启兴版)第4章课后习题答案

通信原理(陈启兴版)第4章课后习题答案

第四章模拟调制4.1学习指导4.1.1要点模拟调制的要点主要包括幅度调制、频率调制和相位调制的工作原理。

1.幅度调制幅度调制是用调制信号去控制载波信号的幅度,使之随调制信号作线性变化的过程。

在时域上,已调信号的振幅随基带信号的规律成正比变化;在频谱结构上,它的频谱是基带信号频谱在频域内的简单平移。

由于这种平移是线性的,因此,振幅调制通常又被称为线性调制。

但是,这里的“线性”并不是已调信号与调制信号之间符合线性变换关系。

事实上,任何调制过程都是一种非线性的变换过程。

幅度调制包括标准调幅(简称调幅)、双边带调幅、单边带调幅和残留边带调幅。

如果调制信号m(t)的直流分量为0,则将其与一个直流量A0相叠加后,再与载波信号相乘,就得到了调幅信号,其时域表达式为stAmttAtmttAM()0()cosc0cosc()cosc(4-1)如果调制信号m(t)的频谱为M(ω),则调幅信号的频谱为1S()πA()()M()M()(4-2)AM0cccc2调幅信号的频谱包括载波份量和上下两个边带。

上边带的频谱结构与原调制信号的频谱结构相同,下边带是上边带的镜像。

由波形可以看出,当满足条件|m(t)|A0(4-3)时,其包络与调制信号波形相同,因此可以用包络检波法很容易恢复出原始调制信号。

否则,出现“过调幅”现象。

这时用包络检波将发生失真,可以采用其他的解调方法,如同步检波。

调幅信号的一个重要参数是调幅度m,其定义为m A m(t)Am(t)0max0minAm(t)Am(t)0max0min(4-4)AM信号带宽B AM是基带信号最高频率分量f H的两倍。

AM信号可以采用相干解调方法实现解调。

当调幅度不大于1时,也可以采用非相干解调方法,即包络检波,实现解调。

双边带信号的时域表达式为stmttDSB()()cosc(4-5)其中,调制信号m(t)中没有直流分量。

如果调制信号m(t)的频谱为M(ω),双边带信号的频谱为1S()M()M()(4-6)DSBcc2与AM信号相比,双边带信号中不含载波分量,全部功率都用于传输用用信号,调制效率达到100%。

现代通信原理与技术课后答案完整版-张辉第四章

现代通信原理与技术课后答案完整版-张辉第四章

4-1 解 AM 信号 ()[]t t A t s AM ππ4010cos 2000cos 2)(⋅+=DSB 信号 ()()()t t t t t s DSB ππππ444108.0cos 102.1cos 10cos 2000cos 2)(⨯+⨯=⋅= USB 信号 ()t t s USB π4102.1cos )(⨯=LSB 信号 ()t t s LSB π4108.0cos )(⨯=频谱图略4-2 解 设载波,(1)DSB 信号的波形如题4-2图(b),通过包络后的输出波形为题4-2图(c)。

(2)AM 信号,设 ,波形如题4-2图(d),通过包络后的输出波形为题4-2图(e)。

讨论DSB 解调信号已严重失真,故对DSB 信号不能采用包络检波法;而AM 可采用此法恢复。

题4-2图(b)、(c)、(d)和(e)4-5 解 (1)为了保证信号顺利通过和尽可能地滤除噪声,带通滤波器的宽度等于已调信号带宽,即kHz f B m 8422=⨯==,其中心频率为100kHz ,故有为常数,其中其他,,K kHzf kHz K H ⎩⎨⎧≤≤=010496)(ω。

(2)已知解调器的输入信号功率W mW S i 31022-⨯==,输入噪声功率为)(1032101021082)(26633W f P B N n i ---⨯=⨯⨯⨯⨯⨯=⋅=故输入信噪比5.62=iiN S (3)因为DSB 调制制度增益2=DSB G ,故解调器的输出信噪比 1252==ii o o N SN S (4)根据相干解调器的输出噪声与输入噪声功率关系)(108416W N N i o -⨯==又因解调器中低通滤波器的截止频率为kHz f m 4=,故输出噪声的功率谱密度kHz f Hz W f N f P m o N o 4)/(1011081082)(336≤⨯=⨯⨯==--, μ 或者,根据相干解调器的输出噪声与输入噪声功率关系)(21)(t n t n c o =,其中)(t n c 是解调器输入端高斯窄带噪声的同相分量,其功率谱密度kHz f Hz W f P f P n nc 4)/(104)(2)(3≤⨯==-, μ因此输出噪声)(t n o 的功率谱密度kHz f Hz W f P f P nc no 4)/(101)(41)(3≤⨯==-, μ 功率谱图略4-6 解 方法如上题 (1)为常数,其中其他,,K kHzf kHz K H ⎩⎨⎧≤≤=010096)(ω(2)125=i i N S (3)125=oo N S4-7 解练习题4-7图 接收机模型(1)设双边带信号,则输入信号功率(2)双边带信号采用相干解调的输出为,故输出信号功率(3)因,则故输出信噪比或由,得4-8 解设发射机输出功率为,损耗,已知,(1)DSB/SC方式:因,则又因,则所以(2)SSB/SC 方式:因,则又因,则所以讨论 若要获得相同的输出信噪比,采用DSB 传输是所需的小于SSB 的。

通信原理教程(第三版)樊昌信部分课后习题答案

通信原理教程(第三版)樊昌信部分课后习题答案
g (t )
A
T
O
T
t
5
(1)由图 5-21 得
图 5-2 习题图 1
g (t)
A1
2 T
t
,
t
T 2
0
其他
g(t) 的频谱函数为:
G(w) AT Sa2 wT 2 4
由 题 意 , P0 P1 P 1/ 2 , 且 有 g1(t) = g(t) , g 2 (t) =0 , 所 以
第一章: 信息量、平均信息速率、码元速率、信息速率 第二章:
习题 设随机过程 X(t)可以表示成:
X (t) 2cos(2t ), t
式中, 是一个离散随机变量,它具有如下概率分布:P( =0)=,
P( = /2)=
试求 E[X(t)]和 RX (0,1) 。
解 E[X(t)]=P( =0)2 cos(2t) +P( = cost
T /2 T /
2
2
cos(2
t
)
*
2
cos
2
(t
)
dt
2 cos(2 ) e j2t e j2t
P( f )
RX
(
)e
j
2
f
d
(e
j
2
t
e j2t )e j2
f d
( f 1) ( f 1)
1
习题 试求 X(t)=A cost 的自相关函数,并根据其自相关函数求 出其功率。
(1) 试写出该信号序列功率谱密度的表达式,并画出其曲线; (2) 该序列中是否存在 f 1 的离散分量若有,试计算其功率。
gT(t)
1
T / 2 图/ 25-4 习0 题图 / 2 T / 2 t 解:(1)基带脉冲波形 g(t) 可表示为:

通信原理简明教程第四版第四章课后答案

通信原理简明教程第四版第四章课后答案

通信原理简明教程第四版第四章课后答案1、如要突出显示工作表中满足条件的单元格,则需要使用()功能。

[单选题] *A)排序(B)筛选(C)条件格式((正确答案)2、WPS文字中,在打印对话框中的页码范围输入:,-,,表示打印的是()。

[单选题]*A.第页,第页,第页,第页B.第页,第至页,第页(正确答案)C.第至页,第至页3、C:程序设计语言D:符号语言一个完整的计算机系统的组成部分的确切提法应该是______。

[单选题] *A:计算机主机、键盘、显示器和软件B:计算机硬件和应用软件4、若装机后开机,平面无显示并可听见不断长响得报警声,则故障在()。

[单选题] *A. CPUB. 显卡C. 内存(正确答案)D. 主板5、下列说法正确的是______。

[单选题] *A:CPU可直接处理外存上的信息B:计算机可以直接执行高级语言编写的程序C:计算机可以直接执行机器语言编写的程序(正确答案)D:系统软件是买来的软件,应用软件是自己编写的软件6、相邻层间交换的数据单元称之为服务数据单元,服务数据单元的英文缩写是()易[单选题] *A. SDU(正确答案)B. IDUC. PDUD. ICI7、计算机网络各层次结构模型及其协议的集合称为()。

易[单选题] *A.互联参考模型B.网络概念框架C.网络体系结构(正确答案)D.网络结构描述8、可从()中获取MAC 地址。

中[单选题] *A.PC 的ROMB.适配器的ROM(正确答案)C.DNS 服务器D.DHCP 服务器9、PPP 协议用在SONET/SDH 链路时,采用零比特填充法透明传输比特串“”,, 则比特填充后的输出为()中[单选题] *A.B.C.D.(正确答案)10、当选定文件或文件夹后,不将文件或文件夹放到“回收站”中,而直接删除的操作是()。

[单选题] *A.按Delete(Del)键B.用鼠标直接将文件或文件夹拖放到“回收站”中C.按Shift十Delete(Del) 键(正确答案)D.用“我的电脑”或“资源管理器”窗口中“文件”菜单中的删除命令11、WPS演示文稿“动画”菜单中的“自定义动画”命令,用于设置放映时()。

通信原理课后习题答案

通信原理课后习题答案

通信原理课后习题答案思考题1-1 什么是通信?常见的通信⽅式有哪些?1-2 通信系统是如何分类的?1-3 何谓数字通信?数字通信的优缺点是什么?1-4 试画出模拟通信系统的模型,并简要说明各部分的作⽤。

1-5 试画出数字通信系统的⼀般模型,并简要说明各部分的作⽤。

1-6 衡量通信系统的主要性能指标是什么?对于数字通信具体⽤什么来表述?1-7 何谓码元速率?何谓信息速率?它们之间的关系如何?习题1-1 设英⽂字母E出现的概率=0.105,X出现的概率为=0.002,试求E和X的信息量各为多少?1-2 某信源的符号集由A、B、C、D、E、F组成,设每个符号独⽴出现,其概率分别为1/4、1/4、1/16、1/8、1/16、1/4,试求该信息源输出符号的平均信息量。

1-3 设⼀数字传输系统传送⼆进制信号,码元速率RB2=2400B,试求该系统的信息速率Rb2=?若该系统改为传送16进制信号,码元速率不变,则此时的系统信息速率为多少?1-4 已知某数字传输系统传送⼋进制信号,信息速率为3600b/s,试问码元速率应为多少?1-5 已知⼆进制信号的传输速率为4800b/s,试问变换成四进制和⼋进制数字信号时的传输速率各为多少(码元速率不变)?1-6 已知某系统的码元速率为3600kB,接收端在l⼩时内共收到1296个错误码元,试求系统的误码率=?1-7 已知某四进制数字信号传输系统的信息速率为2400b/s,接收端在0.5⼩时内共收到216个错误码元,试计算该系统=?l-8 在强⼲扰环境下,某电台在5分钟内共接收到正确信息量为355Mb,假定系统信息速率为1200kb/s。

(l)试问系统误信率=?(2)若具体指出系统所传数字信号为四进制信号,值是否改变?为什么?(3)若假定信号为四进制信号,系统传输速率为1200kB,则=?习题答案第⼀章习题答案1-1 解:1-2 解:1-3 解:1-4 解:1-5 解:1-6 解:1-7 解:1-8 解:思考题2-1 什么是狭义信道?什么是⼴义信道?(答案)2-2 在⼴义信道中,什么是调制信道?什么是编码信道?2-3 试画出调制信道模型和⼆进制⽆记忆编码信道模型。

《通信原理》课后习题答案及每章总结(樊昌信,国防工业出版社,第五版)第四章

《通信原理》课后习题答案及每章总结(樊昌信,国防工业出版社,第五版)第四章

《通信原理》习题参考答案第四章4-1. 已知线性调制信号表示式如下:(1) t t c ωcos cos Ω(2) ()t t c ωcos sin 5.01Ω+式中,ωc =6Ω。

试分别画出它们的波形图和频谱图。

解:(1)t Ωcos 和t c ωcos 的波形分别如下:t c ωcos 的频谱为:()()[]c c ωωδωωδπ-++ ∴t t c ωcos cos Ω的频谱为:()()[]()()[]{}c c ωωδωωδπωδωδππ-++*Ω-+Ω+21()()()()[]c c c c ωωδωωδωωδωωδπ-Ω-+-Ω+++Ω-++Ω+=2()()()()[]c Ω-+Ω-+Ω++Ω+=75572ωδωδωδωδπ(2) ()t Ω+sin 5.01和t c ωcos 的波形分别如下:两波形相乘可得到如下波形:()t t t t t c c c ωωωcos sin 5.0cos cos sin 5.01Ω+=Ω+ ∵t c ωcos 的频谱为:()()[]c c ωωδωωδπ-++t Ωsin 的频谱为:()()[]Ω--Ω+ωδωδπj∴()t t c ωcos sin 5.01Ω+的频谱如下:()()[]()()[]()()[]{}c c c c j ωωδωωδπωδωδππωωδωωδπ-++*Ω--Ω++-++215.0()()[]()()()()[]{}c c c c c c jωωδωωδωωδωωδπωωδωωδπ-Ω---Ω+++Ω--+Ω++-++=4 ()()[]()()()()[]{}Ω--Ω-+Ω+-Ω++Ω-+Ω+=7557466ωδωδωδωδπωδωδπj频谱图如下:4-3. 已知调制信号()()()t t t m ππ4000cos 2000cos +=载波为t π410cos ,进行单边带调制,试确定该单边带信号的表达式,并画出频谱图。

通信原理1-8章习题及答案(哈工程版)

通信原理1-8章习题及答案(哈工程版)
7
T = (3 ~ 5)τ m = (9 ~ 15)ms 。
【题 2-7】若两个电阻的阻值都为 1000 Ω ,它们的噪声温度分别为 300K 和
400K,试求两个电阻串连后两端的噪声功率谱密度。
【答案 2-7】 两个电阻的噪声功率普密度分别为
P 1 ( w) = 2kT 1 R1 P2 ( w) = 2kT2 R2
当 cos
ωτ
2
= 0 时,传输衰耗最大,此时
1 = n + π 即 2 2
1 所以, 当 f = n + kHz , n = 0,1, 2,L 时, 对传输信号衰耗最大; 当 f = nkHz , 2 n = 0,1, 2,L 时,对传输信号最有利。
1 ω 1 f = = 2 = (n + )kHz 。 2π 2 τ nt
字母 x 出现的概率为 p ( x) = 0.002 ,由信息量公式,可知其信息量为: I x = log 2 1 1 = log 2 ( ) = 8.97bit p ( x) 0.002
【题 1-2】某信息源的符号集由 A,B,C,D 和 E 组成,设每一符号独立出现,其 出现概率分别为 1/4,1/8,1/8,3/16 和 5/16。试求该信息源符号的平均信息量。 【答案 1-2】 直 接 利 用 公 式 H ( x) = −∑ p ( xi ) log 2 p ( xi ) ( bit/ 符 号 ) , 将 p ( A) = 1/ 4 ,
4
讨论:和理想信道的传输特性相比较可知,该恒参信道的幅频特性
H (ω ) = (1 + cos ωT0 ) 不 为 常 数 , 所 以 输 出 信 号 存 在 幅 频 畸 变 。 其 相 频 特 性

(完整版)通信原理教程习题答案第四版

(完整版)通信原理教程习题答案第四版
(1)自相关函数
(2)功率谱密度 。
解:
(1)
①当 时, 与 无关,故 =0
②当 时,因脉冲幅度取 的概率相等,所以在 内,该波形取-1 -1、1 1、-1 1、1 -1的概率均为 。
(A)波形取-1-1、11时,
在图示的一个间隔 内,
(B)波形取-1 1、1 -1时,
在图示的一个间隔 内,
当 时,
据付氏变换的性质可得


习题2.24将一个均值为0,功率谱密度为为 的高斯白噪声加到一个中心角频率为 、带宽为B的理想带通滤波器上,如图
(1)求滤波器输出噪声的自相关函数;
(2)写出输出噪声的一维概率密度函数。
解:
(1)
因为 ,故

由付氏变换的性质
可得
(2) ; ;
所以
又因为输出噪声分布为高斯分布
可得输出噪声分布函数为
解:
因 与 是统计独立,故
习题2.21若随机过程 ,其中 是宽平稳随机过程,且自相关函数 为 是服从均匀分布的随机变量,它与 彼此统计独立。
(1)证明 是宽平稳的;
(2)绘出自相关函数 的波形;
(3)求功率谱密度 及功率S。
解:
(1) 是宽平稳的 为常数;
只与 有关:

所以 只与 有关,证毕。
(2)波形略;
解:
习题1.11设有四个消息A、B、C、D分别以概率1/4,1/8,1/8, 1/2传送,每一消息的出现是相互独立的。试计算其平均信息量。
解:
习题1.12一个由字母A,B,C,D组成的字。对于传输的每一个字母用二进制脉冲编码,00代替A,01代替B,10代替C,11代替D。每个脉冲宽度为5ms。

d第四章

d第四章

《通信原理》习题参考答案第四章4-5 某个信息源由A 、B 、C 、D 四个符号组成。

设每个符号独立出现,其出现概率分别为1/4、1/4、3/16、5/16,经过信道传输后,每个符号正确接收的概率为1021/1024,错为其他符号的条件概率()i j P x y 均为1/1024,试画出此信道模型,并求出该信道的容量C 等于多少b/符号。

【注意】本题中的信道属于具有对称噪声特性的信道,即正确接收概率相同,其余错误转移相同。

这类信道的信道容量为2()()max[()()]max ()()log ()p x p x C H x H x y H x H x y N H x y =-=-=-解:(1)此信道模型为发送端接收端AB D CABDC说明:粗线表示正确接收,其概率为1021/1024,细线表示错误转移,其概率为1/1024。

(2)条件信息量为4421142122()()()log ()()log ()1021102131log log 10241024102410240.0335(/)j i j i j j i i j i j i H x y P y P x y P x y P x y P x y b sym ===⎡⎤=-⎣⎦⎡⎤=-⎣⎦⎡⎤=-+⎢⎥⎣⎦≈∑∑∑因此该信道的信道容量为2log 4() 1.967(/)C H x y b sym =-≈4-6若个习题4-5中的四个符号分别用二进制码组00、01、10、11表示,每个二进制码元宽度为5ms 的脉冲传输,试求出该信道的容量t C 等于多少b/s 。

解:码元传输速率31100(B)2510B R -==⨯⨯因此该信道的信道容量100 1.967196.7(b/s)t B C R C ==⨯=4-7 设一幅黑白数字相片有400万个像素,每个像素有16个亮度等级。

若用3kHz 带宽的10dB ,试问需要传输多少时间?2log 1S C B N ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭来求解本道题,已知S N 和带宽B ,可由题目的C 即信息传输速率的最大值,然后再求传输时间。

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第四章 模拟调制学习指导4.1.1 要点模拟调制的要点主要包括幅度调制、频率调制和相位调制的工作原理。

1. 幅度调制幅度调制是用调制信号去控制载波信号的幅度,使之随调制信号作线性变化的过程。

在时域上,已调信号的振幅随基带信号的规律成正比变化;在频谱结构上,它的频谱是基带信号频谱在频域内的简单平移。

由于这种平移是线性的,因此,振幅调制通常又被称为线性调制。

但是,这里的“线性”并不是已调信号与调制信号之间符合线性变换关系。

事实上,任何调制过程都是一种非线性的变换过程。

幅度调制包括标准调幅(简称调幅)、双边带调幅、单边带调幅和残留边带调幅。

如果调制信号m (t )的直流分量为0,则将其与一个直流量A 0相叠加后,再与载波信号相乘,就得到了调幅信号,其时域表达式为[]()()()AM 0c 0c c ()()cos cos ()cos (4 - 1)s t A m t t A t m t t ωωω=+=+ 如果调制信号m (t )的频谱为M (ω),则调幅信号的频谱为[][]AM 0c c c c 1()π()()()() (4 - 2)2S A M M ωδωωδωωωωωω=++-+++- 调幅信号的频谱包括载波份量和上下两个边带。

上边带的频谱结构与原调制信号的频谱结构相同,下边带是上边带的镜像。

由波形可以看出,当满足条件|m (t )| A 0 (4-3)时,其包络与调制信号波形相同,因此可以用包络检波法很容易恢复出原始调制信号。

否则,出现“过调幅”现象。

这时用包络检波将发生失真,可以采用其他的解调方法,如同步检波。

调幅信号的一个重要参数是调幅度m ,其定义为[][][][]00max min 00max min()() (4 - 4)()()A m t A m t m A m t A m t +-+=+++ AM 信号带宽B AM 是基带信号最高频率分量f H 的两倍。

AM 信号可以采用相干解调方法实现解调。

当调幅度不大于1时,也可以采用非相干解调方法,即包络检波,实现解调。

双边带信号的时域表达式为()DSB c ()()cos (4 - 5)s t m t t ω=其中,调制信号m (t )中没有直流分量。

如果调制信号m (t )的频谱为M (ω),双边带信号的频谱为[]DSB c c 1()()() (4 - 6)2S M M ωωωωω=++-与AM 信号相比,双边带信号中不含载波分量,全部功率都用于传输用用信号,调制效率达到100%。

由于双边带信号的包络不再与调制信号的变化规律一致,所以不能采用包络检波的方法来解调了,只能采用相干解调了。

双边带信号两个边带中的任意一个都包含了完整调制信号频谱M (),因此仅传输其中一个边带即可。

这样既节省发送功率,还可节省一半传输频带,这种调制方式称为单边带调制(SSB)。

产生SSB 信号的方法有滤波法和相移法两种。

滤波法就是用带通滤波器滤除不要的一个边带,而保留另一个边带。

移相法是根据以下SSB 信号的时域表达式:()()SSB c c 1ˆ()()cos ()sin (4 - 7)2s t m t t m t t ωω=⎡⎤⎣⎦m 实现的,其中,ˆ()m t 是m (t )的希尔伯特变换;“-”对应上边带信号;“+” 对应下边带信号。

SSB 信号的解调也不能采用包络检波,因为它的包络不能直接反映调制信号的变化,所以需要采用相干解调。

残留边带调制是介于SSB 与DSB 之间的一种折中方式,它既克服了DSB 信号占用频带宽的缺点,又降低了SSB 信号实现中的难度。

在这种调制方式中,不像SSB 那样完全抑制DSB 信号的一个边带,而是逐渐切割,使其残留—小部分。

残留边带信号的频谱为()()[]VSB DSB c c 1()()()() (4 - 8)2S S H M M H ωωωωωωωω==++- 其中,H (f )是带通滤波器的传输函数。

残留边带滤波器的传输函数H ()在±c 处必须具有互补对称(奇对称)特性, 相干解调时才能无失真地从残留边带信号中恢复所需的调制信号。

2. 频率调制 角度调制是频率调制和相位调制的总称。

对于角度调制,已调信号频谱不再是原调制信号频谱的线性搬移,而是频谱的非线性变换,故又称为非线性调制。

与幅度调制相比,角度调制最突出的优势是具有较高的抗噪声性能。

对于频率调制,已调波的瞬时频率与调制信号成线性关系,即c f ()() (4 - 9)f t f K m t =+其中,f c 是载波信号的频率,K f 是调频灵敏度,单位是Hz/V ,一般大于零,m (t )是调制信号。

这种线性关系与ω(t ) = ωc + K f m (t )是等价的,只是等式两边都是角频率而已,且K f 单位变为rad/。

相对于载频,FM 信号瞬时频率的偏移量最大值被称为最大频偏Δf ,简称频偏,单位是Hz ,即c f f max max max ()()= () (4 - 10)f f t f K m t K m t ∆=-=相对于载频所产生的相移ωc t ,FM 信号瞬时相移的偏移量最大值被称为调频指数m f ,单位是rad/s ,即f c f f max 00max max()2π()d =2π()d (4 - 11)t t m t t K m K m θωττττ=-=⎰⎰ 如果载波信号为s c (t) = A cos(ωc t ),则调频信号的时域表达式可以表示为FM c f 0()cos ()cos 2π()d (4 - 12)t s t A t A t K m θωττ⎡⎤==+⎢⎥⎣⎦⎰ 调频波的有效带宽可以估算为f m m 2(1)2() (4 - 13)B m f f f ≈+=∆+其中,m f 是调频信号的调制指数;f m 是调频信号的最大频率;Δf 是调频信号的最大频偏。

调频信号的产生方法有直接调频法和间接调频法两种。

直接调频法就是用调制信号直接去控制载波发生器的频率,使其随调制信号线性变化。

压控振荡器(VCO)就能够实现直接调频,它的振荡频率正比于控制电压m (t )(调制信号),即c f ()()=+f t f K m t压控振荡器(VCO)电路的选频网络中包含有可控电抗元件,比如变容二极管、电抗管等,这些可控电抗元件的等效电容或电感受电压m (t )的控制,从而实现调频。

直接调频法的主要优点是可以获得较大的频偏,主要缺点是频率稳定度不高。

间接法调频法又叫阿姆斯特朗(Armstrong)法,先将调制信号积分,然后对载波进行调相,即可产生一个窄带调频信号,再经n 次倍频器得到宽带调频信号。

调频信号的解调既可以用相干解调法也可以用非相干解调法。

相干解调都是由乘法器、载波恢复电路和低通滤波器组成。

根据调频的定义,调频信号的解调就是要输出一个与其瞬时频率成线性关系的电压信号,实现由频率到电压的转换,这种转换被称为鉴频。

鉴频器的种类很多,主要包括振幅鉴频器、相位鉴频器、比例鉴频器、斜率鉴频器和锁相环(PLL)鉴频器等。

3. 相位调制对于相位调制,已调波的瞬时相位与调制信号成线性关系,即c p ()() (4 - 14)t t K m t θω=+其中,ωc 是载波信号的角频率,K p 是调相灵敏度,单位是rad/V ,一般大于零。

PM 信号的最大频偏Δf 为p p c max maxmax d ()d ()()= (4 - 15)2πd 2πd K K m t m t f f t f t t ∆=-=⋅⋅ PM 信号的调相指数m p 为 p c p max max()()(4 - 16)m t t K m t θω=-= 调相信号的时域表达式可以表示为 PM c p ()cos ()cos () (4 - 17)s t A t A t K m t θω⎡⎤==+⎣⎦调相信号的有效带宽可以估算为p m m 2(1)2() (4 - 18)B m f f f ≈+=∆+其中,m p 是调相信号的调制指数;f m 是调相信号的最大频率;Δf 是调相信号的最大频偏。

4.1.2 难点模拟调制的难点主要是模拟调制系统的抗噪声性能分析。

1. DSB 调制系统的抗噪声性能DSB 调制采用相干解调时,调制制度增益为o o DSB i i/ 2 (4 - 19)/S N G S N == DSB 信号的解调器使信噪比改善一倍。

这是因为采用相干解调,使输入噪声中的正交分量被消除的缘故。

2. SSB 调制系统的抗噪声性能SSB 调制系统的调制制度增益为o o SSB i i / 1 (4 - 20)/S N G S N ==对于SSB 信号采用相干解调而言,解调器对信噪比既没有改善,也没有恶化。

3. AM 调制系统的抗噪声性能在采用包络检波的条件下,AM 信号采用非相干解调时,其抗噪声性能分大信噪比和小信噪比两种情况。

大信噪比情况下,采用包络检波时,AM 调制系统的制度增益为2o o AM 22i i 0/2() (4 - 21)/()S N m t G S N A m t ==+其中,A 0为载波信号的振幅;m (t )为调制信号。

由上式可见,AM 信号的调制制度增益G AM 随A 0的减小而增加;G AM 总是小于1,这说明包络检波器对输入信噪比没有改善,而是恶化了;对于100%的调制,且m (t )是单频正弦信号,这时AM 信号 的调制制度增益G AM 最大,且为2/3。

可以证明,采用同步检测法解调AM 信号时,得到的调制制度增益与上式给出的结果相同。

也就是说,对于AM 调制系统,在大信噪比时,采用包络检波器解调时的性能与同步检测器时的性能几乎一样。

当信号幅度远小于噪声幅度时,就属于小信噪比情况,有用信号m (t )被噪声干扰,输出信噪比不是按比例地随着输入信噪比下降,而是急剧恶化,系统无法正常工作。

通常把这种现象称为解调器的门限效应。

开始出现门限效应的输入信噪比称为门限值。

4. 调频系统的抗噪声性能就大信噪比和小信噪比情况,分别讨论FM 信号非相干解调时的抗噪声性能。

当m f >> 1时,FM 信号非相干解调器的调制制度增益为可以近似为3f 3≈G m由此可见,在大信噪比情况下,宽带调频系统的制度增益是很高的,即抗噪声性能好。

例如,m f = 5时,则制度增益G =450。

也就是说,加大调制指数,可使调频系统的抗噪声性能迅速改善。

在大信噪比情况下,调频系统的抗噪声性能优于调幅系统,且其优越程度将随传输带宽的增加而提高。

但是,FM 系统以带宽换取输出信噪比改善并非无止境。

随着传输带宽的增加,输入噪声功率增大,在输入信号功率不变的条件下,输入信噪比下降。

当输入信噪比降到一定程度时就会出现门限效应,输出信噪比将急剧恶化。

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