日照一中2020-2021学年度上学期高二第一次月考物理试题及答案解析(10月)
高二上学期第一次月考物理(附答案解析)
高二上学期第一次月考物理（附答案解析）考生注意：1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。
2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。
选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。
4.本卷命题范围：新人教必修第三册第九章~第十一章第3节。
一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.第1~8题只有一项符合题目要求；第9~12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.如图甲所示为人体的细胞膜模型图，由磷脂双分子层组成，双分子层之间存在电压（医学上称为膜电位）.现研究某小块厚度均匀的细胞膜，厚度为d，膜内的电场可看作匀强电场，简化模型如图乙所示.初速度可视为零的一价氯离子仅在电场力的作用下，从图乙中的A点运动到B点，下列说法正确的是（）甲乙A.A点电势高于B点电势B.氯离子的电势能增大C.氯离子的加速度变大D.若膜电位不变，当d增大时，氯离子进入细胞内的速度不变2.心脏除颤器是通过一个充电的电容器对心颤患者皮肤上的两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，使心脏完全停止跳动，再刺激心颤患者的心脏恢复正常跳动的仪器.如图所示是一次心脏除颤器的模拟治疗，该心脏除颤器的电容器电容为15μF，充电后电容器的电压为4.0kV，如果电容器在2.0ms时间内完成放电，下列说法正确的是（）A.放电之前，电容器存储的电荷量为6×104CB.放电过程中通过人体的电流平均值为30AC.放电之后，电容器的电容为零D.放电之后，电容器的电压仍为4kV3.空间存在沿x轴的电场，x轴上各点电势φ随坐标x变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.在x 1处电场强度最大B.在0~ x 1间只有一点电场强度的大小为001E x ϕ=C.将电子由x 1处移到x 3处的过程中，电场力做正功D.质子在x 2处电势能为零，受到的电场力也为零4.在显像管的电子枪中，炽热的金属丝不断放出电子进入电压为U 的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为S 、长为L 的电子束.已知电子的电荷量为e 、质量为m ，射出加速电场时单位长度电子束内的电子个数为N ，则电子束的电流为（ ）A.B.C.D.5.如图所示为某一点电荷所形成的一簇电场线，a 、b 、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O 点射入电场的运动轨迹，其中b 虚线为一圆弧，AB 的长度等于BC 的长度，且三个粒子的电荷量大小相等，不计粒子重力.下列说法正确的是（ ）A.a 一定是正粒子的运动轨迹，b 和c 一定是负粒子的运动轨迹B.a 虚线对应的粒子的加速度越来越小，b 、c 虚线对应的粒子的加速度越来越大C.a 粒子的动能减小，b 粒子的动能不变，c 粒子的动能增大D.b 虚线对应的粒子的质量大于c 虚线对应的粒子的质量6.如图所示，平行板电容器与电源连接，下极板B 接地，开关S 闭合后，一带电油滴在电容器中的P 点处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A.油滴带负电B.保持开关S 闭合，A 板竖直上移一小段距离的过程中，电流计中电流方向向右C.保持开关S 闭合，A 板竖直上移一小段距离，P 点的电势升高D.开关S 闭合后再断开，A 板水平向左移动一小段距离，带电油滴的电势能增大7.半径为R 的绝缘细圆环固定在图示位置，圆心位于O 点，环上均匀分布着电量为Q 的正电荷，点A 、B 、C 将圆环三等分，取走A 、B 处两段弧长均为ΔL 的小圆弧上的电荷，将一点电荷q 置于OC 延长线上距C 点为2R 的D 点，O 点的电场强度刚好为零，圆环上剩余电荷分布不变，则q 为（ ）A.正电荷，9Δ2Q Lq R π=B.负电荷，9Δ2Q Lq R π=C.正电荷，2ΔQ Lq Rπ=D.负电荷，2ΔQ Lq Rπ=8.如图所示，abc 是竖直面内的光滑绝缘固定轨道，ab 水平，b c 是与ab 相切于b 点且半径为R 的14圆弧，所在空间有方向平行于ab 向右的匀强电场，电场强度大小为mgE q=.在轨道上P 点由静止释放一个质量为m 、电荷量为q （q >0）的小球，小球飞出轨道后达到的最高点为Q （图中未画出）.若小球可视为质点，重力加速度大小为g ，Q 与C 点的高度差为3R，则可知（ ）A.Q 在C 点的正上方B.3R Pb =C.从c 到Q 的过程中，小球的动能不变D.从b 到c 的过程中，小球对轨道的最大压力为13mg ⎛⎫ ⎪⎝⎭9.两个电阻R 1、R 2的伏安特性曲线如图所示，由图可知（ ）A.R 1的阻值为1ΩB.R 2的电阻随电压的增大而减小C.R 1为线性元件，R 2为非线性元件D.当U=1V时，R2的电阻等于R1的电阻10.多级加速器原理如图甲所示，多个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，圆筒的长度依照一定的规律依次增加，圆筒和交变电源两极交替相连，交变电压变化规律如图乙所示.在t=0时，奇数圆筒相对偶数圆筒的电势差为正值，此时位于序号为0的金属圆板中央的一个电子，在电场中由静止开始加速，沿中心轴线冲进圆筒.若已知电子的质量为m、电荷量为e，电压的绝对值为U0，周期为T，电子通过圆筒间隙的时间忽略不计，为使其能不断加速，下列说法正确的是（）甲乙A.金属圆筒内部场强处处为零，电子在圆筒内做匀速运动B.t=3T时，电子刚从7号圆筒中心出来C.电子离开第8D.第n11.如图甲所示为静电除尘的原理结构图，如图乙所示为静电喷涂的原理结构图，下列说法正确的是（）甲乙A.对图甲，电晕极附近的气体分子被强电场电离，电子向收尘极运动使含尘气体中的粉尘带负电，积累在筒壁一定量后进入下方的漏斗排出B.对图甲，电晕极与收尘极之间的电场为匀强电场C.对图乙，喷口喷出的雾化涂料微粒带正电，被涂工件不带电D.对图乙，工件与喷口之间较强的电场使带电雾化涂料向带电的工件运动，正、负电荷的作用使涂料均匀地涂在工件上12.如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，ab∥cd，ab⊥b c，2ab=cd=bc=2l，电场方向与四边形所在平面平行.已知a点电势为12V，b点电势为14V，d点电势为6V.一个质子（不计重力）经过b点的速度大小为v0，方向与bc成45°角，一段时间后经过c点，下列说法正确的是（）A.c 点电势为10VB.场强的大小为E =a 指向d C 质子从b 运动到c所用的时间为v D.若质子质量为m 、电量为q ，则质子运动到c二、实验题（本题共2小题，共16分）13.（5分）如图所示是某实验小组“定性探究平行板电容器的电容C 与其极板间距离d 、极板间正对面积S 之间的关系”的装置图.充电后与电源断开的平行板电容器的A 板与静电计相连，B 板和静电计金属壳都接地，A 板通过绝缘柄固定在铁架台上，人手通过绝缘柄控制B 板的移动.回答下列问题：甲乙（1）下列说法正确的是________.A.本实验中静电计的作用是测定该电容器两极板间的电势差变化B.操作过程中，可认为A 、B 两板间的场强始终不变C.操作过程中，可认为A 、B 两板间的带电量始终不变D.操作过程中，可认为电容器的电容始终不变（2）在实验中观察到的现象：甲图中的手水平向左移动少许，静电计指针的张角________；乙图中的手竖直向上移动少许，静电计指针的张角________.（均填“变大”“变小”或“不变”）（3）通过以上实验可归纳得到的结论是________________________________________________________. 14.（11分）随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户.某市对市场上出售的纯净水质量进行了抽测，结果发现有不少样品的电导率（电导率是电阻率的倒数，是检验纯净水是否合格的一项重要指标）不合格. （1）你认为不合格的纯净水的电导率________.（填“偏大”“偏小”或“不变”） （2）某学习小组对某种纯净水样品进行检验，实验步骤如下：①用游标卡尺测量绝缘性能良好、长为L的圆柱形塑料容器内径如图甲所示，其示数为d=________mm.甲乙②将采集的水样装满圆柱形塑料容器，两端用金属圆片电极密封，用多用电表粗测该水样的电阻为1200Ω.为了准确测量水样的电导率，学习小组准备利用以下器材进行研究：A.电压表（0~3V，内阻约为1kΩ）B.电压表（0~15V，内阻约为5kΩ）C.电流表（0~10mA，内阻约为1Ω）D.电流表（0~0.6A，内阻约为10Ω）E.滑动变阻器（最大阻值约为100Ω）F.蓄电池（约为12V，内阻约为2Ω）G.开关、导线若干实验要求测量尽可能准确，电路中电压表应选择________，电流表应选择________（均填器材前面的字母序号）；请在图乙方框中设计出实验电路图.③水样电导率的表达式为σ=________.（用U、I、d、L表示）三、计算题（本题3小题，共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.（7分）如图所示，a、b、c三点处在某一匀强电场中，该电场方向与a、b两点的连线平行，已知ab的长度L1=5cm，ac的长度L2=12cm，ab与ac间的夹角θ=120°.现把带电荷量为q=—4×10-8C的点电荷从a点移到b点，电场力做功为1.6×10-7J.求：（1）a、b两点间的电势差U ab；（2）把该电荷从a点移到c点，电场力做的功.16.（12分）如图所示，一质量为m=1×10-2k g、带电荷量大小为q=1×10-6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向夹角为θ=37°.小球在运动过程中电荷量保持不变，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8.求：（1）该小球带正电还是带负电，电场强度E 的大小；（2）若某时刻将细线剪断，经过1s 时小球的速度大小v 及方向；（3）若将原电场方向改为竖直向下，大小保持不变，小球从图示位置由静止释放后运动过程细线的最大拉力. 17.（17分）如图所示，一质量为m =1×10-20k g 、带电量为q =+1×10-10C 的粒子，从静止开始被加速电场（图中未画出）加速后从R 点沿中线水平方向飞入平行板电容器，初速度v 0=3×106m/s ，粒子飞出平行板电场后经过界面MN 、PS 间的无电场区域后，进入固定在中心线上O 点的点电荷Q 形成的电场区域（界面PS 右边点电荷的电场分布不受界面的影响），粒子穿过界面PS 后被点电荷Q 施加的电场力俘获，从而以O 点为圆心做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF 上.已知两平行金属板A 、B 水平正对且长均为l =6cm ，两板间距d =2cm ，U AB =100V ，两界面MN 、PS 相距为L =15cm ，静电力常量k =9.0×109N ·m 2/C 2，粒子重力不计.求：（1）加速电场的电压U '；（2）粒子穿过界面PS 时偏离中心线RO 的距离Y ；（3）点电荷Q 的电荷量.3≈，保留一位有效数字）运城市教育发展联盟2023-2024学年高二上学期10月月考物理参考答案、解析及评分细则1.D 因为氯离子带负电，其仅在电场力作用下从图乙中的A 点运动到B 点，说明电场力方向沿A 指向B ，电场线由B 指向A ，所以A 点电势低于B 点电势，A 错误；因为电场力对氯离子做正功，所以其电势能减小，B 错误；因为膜内的电场可看作匀强电场，根据qEa m=，氯离子的加速度不变，C 错误；根据动能定理2102qU mv =-，可知氯离子进入细胞内的速度v 与距离d 大小无关，又因为膜电位U 不变，则氯离子进入细胞内的速度不变，D 正确.2.B 根据631510410C 0.06C Q CU -==⨯⨯⨯=，可知放电前，电容器储存的电量为0.06C ，A 错误；放电过程通过人体的平均电流大小为30.06C 30A 210?sQ I t -===⨯，B 正确；电容是表征电容器储存电荷本领大小的物理量，放电之后，电容器的电容是不变的，C 错误；放电之后，电容器的电荷量为零，电压为零，D 错误. 3.B 根据场强与电势差的关系ΔΔU E d xϕ==，结合图像可知，斜率的绝对值表示场强大小，则1x 处斜率为零，电场强度为零，A 错误；如图所示，连接0x 处的斜率等于001E x ϕ=，且在0~1x 间只有一点，B 正确；由图可知，1x 到3x 的电势差为正值，电子带负电，电场力做负功，C 错误；电势能等于电荷量与电势的乘积，故质子在2x 处电势能为零，但是该处的斜率不为零，说明场强不为零，即受到的电场力不为零，D 错误.4.A5.D 由运动轨迹可知a 粒子受向左的电场力，b 、c 粒子受到向右的电场力，由于不知道电场的方向，所以无法确定a 、b 、c 三个带电粒子的电性，A 错误；由于电场线的疏密表示电场强度的大小，粒子只受电场力，故a 虚线对应的粒子的加速度越来越小，c 虚线对应的粒子的加速度越来越大，b 虚线对应的粒子的加速度大小不变，B 错误；由题意可知a 粒子的运动方向和电场力方向的夹角为锐角，所以电场力对其做正功，a 粒子的动能增大，b 粒子的运动方向始终和电场力垂直，电场力对其不做功，所以b 粒子的动能不变，c 粒子的运动方向和电场力方向的夹角为锐角，所以电场力对其做正功，c 粒子的动能增大，C 错误；a 、b 、c 三条虚线为三个带电粒子以相同的速度从O 点射入电场的运动轨迹，且三个粒子的电荷量大小相等，故静电力相等，由于b 粒子做圆周运动，说明向心力等于静电力，c 粒子做向心运动，故静电力大于所需的向心力，根据2v F mr=可知c 粒子质量较小，D 正确.6.C 油滴静止不动，说明重力与电场力平衡，电场力方向与电场方向相同，故带正电，A 错误；保持开关闭合，A 板竖直上移一小段距离的过程中，电容器极板电压U 不变，根据4r S QC kd Uεπ==，电容器电容C 减小，电容器所带电荷量Q 减小，由于上极板带负电，则电流计中电流方向向左，B 错误；保持开关闭合，A 板竖直上移一小段距离，电容器极板电压U 不变，根据UE d=可知板间电场强度减小，由于下极板B 带正电，则有0BP BP B P P U Ed ϕϕϕ==-=-，可知P 点的电势升高，C 正确；开关S 闭合后再断开，A 板水平向左移动一小段距离，电容器电荷量保持不变，根据4r U Q kQ E d Cd Sπε===，可知板间电场强度增大，油滴受到的电场力增大，油滴向上运动，电场力做正功，电势能减小，D 错误.7.B 因为正电荷在细圆环上均匀分布，所以弧长为ΔL 的小圆弧上所带电荷量为Δ2LQ Q Rπ='，在ΔL 足够小时，可以将取走的部分看作点电荷，根据圆环的对称性，可以得到取走A 、B 处两段弧长均为ΔL 的小圆弧上的电荷后，细圆环在O 点产生的电场如图所示，有123ΔΔ22Q LQ L R E k k R Rππ==，由图可知，两场强的夹角为120°，则两者的合场强为13Δ2Q LE E k Rπ==，根据O 点的合场强为0，则放在D 点的点电荷带负电，在O 点产生的场强大小为3Δ2Q L E E kR π'==，根据()23qE k R '=，联立解得9Δ2Q L q R π=，B 正确.8.B 小球从c 点飞出时速度方向竖直向上，离开c 后，水平方向向右做初速度为零的匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动，竖直方向速度减为零时到达最高点Q ，Q 点在c 点的右上方，A 错误；从c 到Q 的过程中，竖直方向上有223c R v g =⨯，从P 到c 过程，由动能定理得()2102Pb c qE x R mgR mv +-=-，解得3R Pb =，B 正确；设小球所受合力方向与水平方向间的夹角为θ，则tan 1mg mgqE mgθ===，则45θ=︒，小球从c 到Q 的过程中，小球的合力与运动轨迹如图甲所示，可知小球所受合力先做负功后做正功，则小球的动能先减小后增大，C 错误；小球在等效平衡位置d 点速度最大，对轨道的压力最大，如图乙所示，从P 到d ，由动能定理得()211sin cos 032qE R R mg R R mv θθ⎛⎫+--=- ⎪⎝⎭，在d 点，对小球由牛顿第二定律得2sin mg v F m R θ-=，解得4 3F mg ⎛⎫= ⎪⎝⎭，由牛顿第三定律可知，小球对轨道的压力大小为43F F mg '⎛⎫== ⎪⎝⎭，D 错误.甲 乙9.CD R 1的阻值为11Ω2Ω0.5U R I ===，A 错误；R 2的图像上各点的横坐标U 与纵坐标I 的比值随电压的增大而增大，则R 2的电阻随电压的增大而增大，B 错误；R 1为线性元件，R 2为非线性元件，C 正确；当U =1V 时，R 2的电阻等于R 1的电阻，均等于2Ω，D 正确.10.AD 因一个筒只接一个电极，所以金属圆筒内部场强处处为0，电子在圆筒内做匀速运动，A 正确；因为筒长是按一定的规律增加的，那么电子在每个筒内运动的时间必须为交流电周期的一半，所以当t =0时，电子进入1号筒，当2Tt =时，电子从1号筒中心飞出，以此类推，当t =3T 时，电子刚从6号圆筒中心出来，B 错误；设粒子进入第n 个筒时的速度为v n ，由动能定理可得20102n neU mv =-，解得n v =n 个筒的长度为2n n TL v t ==，可以发现n L ∝C 错误、D 正确. 11.AD 对图甲，电晕极附近的气体分子被强电场电离，电子向收尘极运动使含尘气体带负电，积累在筒壁后进入下方的漏斗排出，A 正确；对图甲，电晕极与收尘极之间的电场为辐射电场，不是匀强电场，B 错误；对图乙，喷口喷出的雾化涂料微粒带负电，工件带正电，C 错误；对图乙，工件与喷口之间较强的电场使带电雾化涂料向带电的工件运动，使涂料均匀地涂在工件上，D 正确. 12.AC13.（1）AC （2分）（2）变大（1分）变大（1分）（3）平行板电容器极板间距d 越大，电容C 越小；两板间的正对面积S 越小，电容C 越小（1分）14.（1）偏大（1分） （2）①50.20（2分） ②B （1分）C （1分）见解析图（4分）③24LId Uπ（2分）解析：（1）纯净水应为不含有杂质的纯水，而纯净水不合格，通常是含有一定的杂质，杂质通常是带电离子，故纯净水不合格通常是电导率偏大.（2）①该游标卡尺精确度为1mm 0.05mm 20=，圆柱形容器内径为50?mm 0.05?mm 450.20mm d =+⨯=. ②由于电源电压为12V ，为了电压测量的安全性，电压表应选B ；电路中电流约为12 A 10mA 1200U I R ===，电流表应选C ；该水样的电阻为1200Ω，电流表应采用内接法，由于滑动变阻器的阻值比待测电阻小太多，所以采用分压接法，电路如图所示.③根据L R S ρ=，22d S π⎛⎫= ⎪⎝⎭，U R I =，联立解得24d U LI πρ=，电导率是电阻率的倒数，所以电导率为24LI d Uσπ=. 15.解：（1）由电势差定义可得781.610 V 4V 410ab abW U q --⨯===--⨯（2分） （2）ab 的长度15cm 0.05m L ==，ac 的长度212cm 0.12m L == 匀强电场的场强14 N/C 80N/C 0.05ab U E L ===，方向由b 指向a （2分） 从a 点移到c 点，电场力做的功2cos ac W qEL θ=（2分） 则871410800.12J 1.9210J 2ac W --⎛⎫=⨯⨯⨯⨯-=-⨯ ⎪⎝⎭16.解：（1）由于小球静止时偏向左边，受电场力水平向左，所以该小球带负电（1分）对小球，由平衡条件可得tan qE mg θ=（1分）解得电场强度大小为47.510N/C E =⨯（1分）（2）剪断细线后，小球只受重力和电场力，所以两力的合力沿着绳的方向，小球做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律得cos mg ma θ=（2分） 联立解得12.5m/s v at ==（1分） 方向斜向左下与竖直方向夹角为37°（1分）（3）通过分析可知在复合场中小球受到的合力方向竖直向下，故在最低点时，细线的拉力最大 由初始位置到最低点，由动能定理有()()211cos 02mg qE L mv θ--=-（2分） 在最低点时，由牛顿第二定律得2m mv T qE mg L+-=（2分） 联立解得m 0.035N T =（1分）17.解：（1）在加速电场中，由动能定理有201 02qU mv ='-，解得450V U '=（2分） （2）粒子的运动轨迹如图所示，在偏转电场中，粒子做类平抛运动平行于极板方向有0 l v t =（1分） 垂直于极板方向有212y at =（1分） 在垂直于极板方向，由牛顿第二定律有qE qU a m md ==（1分） 联立解得0.01m y =（1分）带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动 由相似三角形知识得22l y l Y L =+（2分） 联立解得0.06m Y =（1分）（3）设粒子从偏转电场中飞出时沿电场方向的速度为y v ，则y v at =所以粒子从电场中飞出时的速度为v =2分） 设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ，则0tan y v v θ=（1分） 粒子做匀速圆周运动的半径cos Y r θ=（2分） 粒子做圆周运动，由牛顿第二定律得22Qq v k m r r=（2分） 联立解得：9710C Q -≈⨯，9710C Q -=-⨯（1分）。
山东省日照市初级中心中学2021年高二物理月考试题带解析
山东省日照市初级中心中学2021年高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 甲、乙两物体从同一高度处同时开始运动，甲从静止自由下落，乙水平抛出，不计空气阻力，两物体（）A. 同时落地B. 落地时速度大小相同C. 到达地面的时间不同D. 在相同时间内通过的位移相等参考答案：A平抛运动物体的落地时间取决于抛出的高度，甲、乙两物体从同一高度处同时开始运动，所以它们的落地时间是相同的，A正确2. 用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同参考答案：B3. （单选）下列有关声现象的说法中正确的是A．夏日里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝，这是声波的干涉现象B．将房间门窗关紧，可还是能听到窗外的声音，这是声波的衍射现象C．匀速远离一个静止着的发声蜂鸣器，由于多普勒效应，会感觉到声音越来越尖锐D．将两个固有频率相同的音叉稍稍间隔一点距离并列放置，敲击其中一个音叉后用手将它按住，让它停止振动，却能听到未被敲击的音叉发出声音，这是声波的干涉现象参考答案：B4. 酒精测试仪利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器．酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化，在如图所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，这样显示仪表的指针就与酒精气体的浓度有了对应关系.如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻的倒数与酒精气体的浓度c成正比,则电压表示数U与酒精气体浓度c之间的关系正确的是（）A、c越大，U 越大B、c越大，U 不变C、c越大，U 越小D、c越小，U 越大参考答案：A5. （单选）下列关于分子运动和热现象的说法中正确的是A．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故B．一定量100℃的水变成100℃的水蒸汽，其分子平均动能增加C．对于一定量的气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热D．如果气体温度升高，那么所有分子的速率都增大参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一个电流计量程为0.6A的电流表内阻Rg=60Ω，要把这个电流计改装成量程为 3A的电流表，那么应该在Rg上______联一个电阻R，R的大小应是______Ω.参考答案：并，15；7. 将1的油酸溶于酒精，制成200的溶液，已知1溶液有50滴．将一滴溶液滴在水面上，由于酒精溶于水，而油酸不溶于水，油酸在水面上形成一单分子薄层，测得薄层面积为0.2.由此可估算出油酸分子的直径为m.参考答案：8. 14．如图中s1和s2是两个相干波源,以s1和s2为圆心的两组同心圆弧分别表示在同一时刻两列波的波峰和波谷,实线表示波峰,虚线表示波谷,a、b、c三点中,振动加强的点是______________，振动减弱的点是______________，再过周期,振动加强的点是______________，振动减弱的点是______________。
人教版高二上册物理第一次月考试卷附答案
2020-2021学年高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题（本题有10小题，每题4分，共40分。
每小题只有一个正确答案）)1. 有关分子的热运动和内能，下列说法正确的是（）A.一定质量的理想气体，温度不变时，内能可能增加B.物体的温度越高，所有分子的热运动都变越剧烈C.可看作理想气体的质量相等的氢气和氧气，温度相同时氧气的内能小D.物体的内能是物体中所有分子热运动的动能和重力势能的总和2. 如图甲所示，质量为4kg的物体在水平推力作用下开始运动，推力F随位移x变化的情况如图乙所示，运动4m后撤去推力F，物体与地面间的动摩擦因数为μ＝0.5，g取10m/s2，则（）A.全程克服摩擦力做功100JB.运动过程中推力做的功为200JC.物体在运动过程中的加速度一直减小D.因推力是变力，无法确定推力做的功3. 下列说法中正确的有（）A.晶体一定具有各向异性，非晶体一定具有各向同性B.单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点C.晶体熔化时吸收热量，分子平均动能一定增大D.天然存在的液晶并不多，多数液晶是人工合成的4. 某气体的摩尔质量是M，标准状态下的摩尔体积为V，阿伏加德罗常数为N A，下列叙述中错误的是（）A.该气体在标准状态下的密度为B.该气体每个分子的质量为C.每个气体分子在标准状态下的体积为D.该气体单位体积内的分子数为5. 关于物体的机械能是否守恒的叙述，下列说法中正确的是（）A.做匀速直线运动的物体，机械能一定守恒B.物体受到重力和弹力以外的力作用时，机械能一定不守恒C.合外力做功为零的物体，机械能一定守恒D.物体若只有重力做功，机械能一定守恒6. 关于液体，下列说法正确的是（）A.硬币能浮在水面上并非因为所受浮力等于重力B.水黾能静止在水面上，是因为表面张力与重力平衡C.液面为凸形时表面张力使表面收缩，液面为凹形时表面张力使表面伸张D.毛细现象只能发生在浸润的固体和液体之间7. 如图所示为分子引力和分子斥力的大小F随分子间距离r的变化关系图象，A为两条曲线的交点，下列说法正确的是（）A.曲线②为分子斥力随r的变化关系图象B.当r＝r A时，分子间作用力的合力和分子势能都最小C.当r<r A时，随着r减小，分子势能可能减小D.当r>r A时，随着r增大，分子间作用力的合力一定减小8. 关于“用油膜法估测分子直径”的实验，下列说法正确的是（）A.将一滴纯油酸滴入水槽中，并用笔快速描绘出油膜的边界B.计算油膜面积时，把所有不足一格的方格都看成一格C.用一滴油酸酒精溶液的体积，除以单分子油膜面积，可得油酸分子直径D.用一滴油酸酒精溶液的体积乘以溶液浓度，除以单分子油膜面积，可得油酸分子直径9. 下列说法正确的是（）A.水是浸润液体，水银是不浸润液体B.在内径小的容器里，如果液体能浸润器壁，液面向上凸C.产生浸润现象是因为附着层里液体分子比液体内部分子稀疏，附着层里液体分子相互作用表现为引力D.一定质量的物质，在一定温度和压强下，汽化时吸收的热量与液化时放出的热量相等10. 如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A，其中，A→B和C→D为等温过程，B→C和D→A为绝热过程，这就是著名的“卡诺循环”。
2020-2021学年山东省日照一中高二(上)第一次质检物理试卷(10月份)
2020-2021学年山东省日照一中高二（上）第一次质检物理试卷（10月份）试题数：18.满分：1001.（单选题.3分）一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块.并留在其中.A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起.如图所示.则在子弹打中木块A及弹簧被压缩的整个过程中.对子弹、两木块和弹簧组成的系统（）A.动量守恒、机械能守恒B.动量不守恒、机械能守恒C.动量守恒、机械能不守恒D.无法判断动量、机械能是否守恒2.（单选题.3分）篮球运动员接传来的篮球时.通常要先伸出两臂迎球.手触到球瞬间顺势后引．这样可以减小（）A.球对手的力的冲量B.球对手的力的大小C.球的动量变化量D.球的动能变化量3.（单选题.3分）运送人造地球卫星的火箭开始工作后.火箭做加速运动的原因是（）A.燃料推动空气.空气的反作用力推动火箭B.火箭发动机用力将燃料燃烧产生的气体向后推出.气体的反作用力推动火箭C.火箭吸入空气.然后向后排出.空气对火箭的反作用力推动火箭D.火箭燃料燃烧发热.加热周围空气.空气膨胀推动火箭4.（单选题.3分）在水平方向上做简谐运动的质点.其振动图象如图所示．假设向右的方向为正方向.则物体加速度向右且速度向右的时间段是（）A.0到1s内B.1s到2s内C.2s到3s内D.3s到4s内5.（单选题.3分）如图所示.在光滑水平面上质量分别为m A=2kg、m B=4kg.速率分别为v A=5m/s、v B=2m/s的A、B两小球沿同一直线相向运动（）A.它们碰撞前的总动量是18kg•m/s.方向水平向右B.它们碰撞后的总动量是18kg•m/s.方向水平向左C.它们碰撞前的总动量是2kg•m/s.方向水平向右D.它们碰撞后的总动量是2kg•m/s.方向水平向左6.（单选题.3分）A球的质量是m.B球的质量是2m.它们在光滑的水平面上以相同的动量运动。
B在前.A在后.发生正碰后.A球仍朝原方向运动.但其速率是原来的一半.碰后两球的速率比v A′：v B′为（）A.1：2B.1：3C.2：1D.2：37.（单选题.3分）将质量为1.00kg的模型火箭点火升空.50g燃烧的燃气以大小为600m/s的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。
山东省日照市日照一中2020_2021学年高二物理上学期第一次质量达标检测试题含解析.doc
山东省日照市日照一中2020-2021学年高二物理上学期第一次质量达标检测试题（含解析）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
1. 一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A 并留在其中，A 、B 用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示。
则在子弹打击木块A 及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统（ ）A. 动量守恒，机械能守恒B. 动量不守恒，机械能守恒C. 动量守恒，机械能不守恒D. 无法判定动量、机械能是否守恒 【答案】C 【解析】【详解】在子弹打击木块A 及弹簧压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，系统所受的合外力为零，则系统的动量守恒。
在此过程中，除弹簧弹力做功外还有摩擦力对系统做功，所以系统机械能不守恒。
选项C 正确，ABD 错误。
故选C 。
2. 篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引．这样可以减小A. 球对手的力的冲量B. 球对手的力的大小C. 球的动量变化量D. 球的动能变化量【答案】B 【解析】球对手的力的冲量0P mv mv =-，不变，A 错误；篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引，增加了手与球间的相互作用力时间，根据0Ft mv mv =-可知，减小了球对手的力的大小，B 正确；根据动量变化0P mv mv ∆=-可知，动量变化量相同，C 错误；球的动能变化量2201122k E mv mv ∆=-，相同，故D 错误． 3. 运送人造地球卫星的火箭开始工作后，火箭做加速运动的原因是（ ） A. 燃料推动空气，空气反作用力推动火箭B. 火箭燃料燃烧发热，加热周围空气，空气膨胀推动火箭C. 火箭吸入空气，然后向后排出，空气对火箭的反作用力推动火箭D. 火箭发动机将燃料燃烧产生的气体向后推出，气体的反作用力推动火箭 【答案】D 【解析】【详解】火箭的工作原理是利用反冲运动，是火箭燃料燃烧产生的高温高压燃气从尾喷管迅速喷出，气体的反作用力使火箭获得反冲速度。
山东省日照第一中学高二物理上学期精选试卷检测题
山东省日照第一中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，a 、b 、c 、d 四个质量均为 m 的带电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中 a 、b 、c 三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕 O 点做半径为 R 的匀速圆周运动，三小球所在位置恰好将圆周等分。
小球 d 位于 O 点正上方 h 处，且在外力 F 作用下恰处于静止状态，已知 a 、b 、c 三小球的电荷量大小均为 q ，小球 d 的电荷量大小为 6q ，h ＝2R 。
重力加速度为 g ，静电力常量为 k 。
则（ ）A ．小球 a 一定带正电B ．小球 c 的加速度大小为2233kq mRC ．小球 b 2R mRq kπD ．外力 F 竖直向上，大小等于mg ＋226kq R【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】A ．a 、b 、c 三小球所带电荷量相同，要使三个做匀速圆周运动，d 球与a 、b 、c 三小球一定是异种电荷，由于d 球的电性未知，所以a 球不一定带正电，故A 错误。
BC ．设 db 连线与水平方向的夹角为α，则223cos 3R h α==+ 226sin 3R h α=+＝对b 球，根据牛顿第二定律和向心力得：22222264cos 2cos302cos30()q q q k k mR ma h R R Tπα⋅-︒==+︒ 解得23RmRT q kπ=2233kq a mR= 则小球c 的加速度大小为233kq mR，故B 正确，C 错误。
D ．对d 球，由平衡条件得2226263sin q q kq F k mg mg h R Rα⋅=+=++ 故D 正确。
故选BD 。
2．如图所示，带电量为Q 的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底端C 点，斜面上有A 、B 、D 三点，A 和C 相距为L ，B 为AC 中点，D 为A 、B 的中点。
2020-2021学年高二上学期第一次月考(10月)物理试题含答案解析
【全国百强校】黑龙江省鹤岗市第一中学【最新】高二上学期第一次月考（10月）物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示，放在绝缘支架上带正电的导体球A ，靠近放在绝缘支架上不带电的导体B ，导体B 用导线经开关接地，现把S 先合上再断开，再移走A ，则导体B ( )A ．不带电B ．带负电C ．带正电D ．不能确定2．安培提出了著名的分子电流假说．根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设电量为e 的电子以速率v 绕原子核沿顺时针方向做半径为r 的匀速圆周运动，下列关于该环形电流的说法正确的是A ．电流大小为ve r，电流方向为顺时针 B ．电流大小为ve r，电流方向为逆时针 C ．电流大小为2ve rπ，电流方向为顺时针 D ．电流大小为2ve r π，电流方向为逆时针 3．如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M 点，再经过N 点，可以判定( )A ．M 点的电势小于N 点的电势B ．粒子在M 点的电势能小于在N 点的电势能C ．粒子在M 点的速度大于在N 点的速度D ．粒子在M 点的加速度小于在N 点的加速度4．如图所示，电荷量为Q 1、Q 2的两个正点电荷分别置于A 点和B 点，两点相距L 。
在以L 为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电荷量为+q 的小球(视为点电荷)，在P 点平衡。
不计小球的重力，那么，P A 与AB 的夹角α与Q 1、Q 2的关系应满足（ ）A ．321tan Q Q α= B ．221tan Q Q α= C ．312tan Q Q α= D ．312tan Q Q α=5．将悬挂在细线上的带正电的小球A 放在不带电的金属空心球C 内(不与球接触)，另有一个悬挂在细线上的带负电的小球B 向C 靠近，如图所示，于是有( )A ．.A 向左偏离竖直方向，B 向右偏离竖直方向B ．A 的位置不变，B 向右偏离竖直方向C ．.A 向左偏离竖直方向，B 的位置不变D ．.A 和B 的位置都不变6．质量为m 的物块，带正电Q ，开始时让它静止在倾角α＝60°的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为E /Q 的匀强电场中，如图所示，斜面高为H ，释放物块后，物块落地时的速度大小为( )A ．BC ．D ．7．如图所示，把一个平行板电容器接在电压U ＝10V 的电源上，现进行下列四步操作：①闭合S ；②在两板中央插入厚为d 2的金属板；③断开S ；④抽出金属板.则此时电容器两板间的电势差为( )A ．0B ．10VC ．5VD ．20V8．如图所示，处于真空中的匀强电场与水平方向成15°角，AB 直线与匀强电场E 互相垂直．在A 点以大小为0v 的初速度水平抛出一质量为m ，带电量为+q 的小球，经时间t ，小球下落一段距离过C 点（图中未画出）时速度仍为0v ，在小球由A 点运动到C 点的过程中，下列说法中正确的是A ．电场力对小球做功为零B ．小球的电势能增加C ．C 可能位于AB 直线的左侧D ．小球的机械能减少量为2212mg t二、多选题9．电池给灯泡供电与人将球抛出在能量转化方面有相似之处，我们可以将电势能类比于重力势能，如图所示，下列说法正确的是( )A ．可以将电流通过灯泡时电流做功与抛球时人对球做功相类比B ．可以将电池的非静电力做功与抛球时人对球做功类比C ．可以将电流通过灯泡时电流做功与重力对球做功类比D．可以将电池的非静电力做功与重力对球做功类比10．如图所示，在等量负电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，B、D关于O点对称，关于这几点场强大小正确的是( )A．E A＞E B，E B＝E DB．E A＜E B，E B＜E DC．可能有E A＜E B＜E CD．可能有E A＝E C＜E B11．如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10 cm的正六边形的六个顶点，A、C、D三点电势分别为1.0 V、2.0 V、3.0 V，正六边形所在平面与电场线平行.则( )A．E点的电势与D点的电势相等B．电势差U EF与电势差U BC相同C．电场强度的大小为10 V/mV/mD．电场强度的大小为20√3312．静电计是测量电势差的仪器.指针偏转角度越大，金属外壳和上方金属小球间的电势差越大，实验装置如图所示.在本实验中，静电计指针和A板等电势，静电计金属壳和B板等电势，因此指针偏转角度越大表示A、B两极板间的电势差越大.现对电容器充电后断开开关.若按图下方的说明来做实验，则( )A．甲图中两极板间电势差变大B．乙图中两极板间电势差变大C．丙图中两板间电势差变小D．丙图中两板间电势差变大三、填空题13．将一个电量 -2×10-8C的点电荷，从零电势点O移到M点需克服电场力做功4×10-8J，则M点电势φM=___________；若将该电荷从M点再移至N点，电场力做功1.4×10-7J，则N点电势φN=__________，M、N两点间的电势差U MN =_____________．14．电路中有一段导体，给它两端加上4 V的电压时，通过它的电流为10 mA，可知这段导体的电阻为________ Ω；如果给它两端加上10 V的电压，在单位时间内通过某一横截面的电荷量为________ C；如果要让导体的电流为15 mA，则需要在其两端加上________ V的电压.四、解答题15．两个质量都为3.0×10－4 kg的导体球，分别被两根长0.04 m的丝线吊在同一点上.让它们带上等量同种电荷后，两球互相排斥，至图所示位置平衡.(1)试求两球间静电力的大小和导体球所带的电量.(2)如果让其中一个小球的电荷量减少一半，而另一个小球的电荷量加倍，小球还能在原位置平衡吗？16．带电小球的质量为m，当匀强电场方向水平向右时(图中未画出)，小球恰能静止在光滑圆槽形轨道的A点，图中角θ＝30°，如图所示，当将电场方向转为竖直向下时(保持匀强电场的电场强度大小不变)，求小球从A点起滑到最低点时对轨道的压力.17．如图所示的电场，等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为d，各面电势已在图中标出，现有一质量为m的带电小球以速度v0、方向与水平方向成45°角斜向上射入电场，要使小球做直线运动，问：(1) 小球应带何种电荷？电荷量是多少？(2) 在入射方向上小球最大位移量是多少？(电场足够大)18．如图所示，虚线MN 左侧有一场强为1E E =的匀强电场，在两条平行的虚线MN 和PQ 之间存在着宽为L 、电场强度为22E E =的匀强电场，在虚线PQ 右侧相距为L 处有一与电场2E 平行的屏．现将一电子（电荷量为e ，质量为m ）无初速度地放入电场1E 中的A 点（A 点离两场边界距离为/2L ），最后电子打在右侧的屏上，AO 连线与屏垂直，垂足为O ，求：（1）电子从释放到刚射出电场出1E 时的速度大小．（2）电子刚射出电场2E 时的速度方向与AO 连线夹角θ的正切值tan θ．（3）电子打到屏上的点P '到点O 的距离y ．参考答案1．B【解析】当闭合开关时S ，由于静电感应的作用，金属导体B 右端带的正电荷会被从大地上来的负电荷中和，所以导体B 右端不再带有电荷，左端带负电，再断开S ，再移走A ，则导体B 带负电．故选B ．2．D【详解】 电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为2r T v π=，根据电流的定义式可得电流强度为：2q e ve I t T rπ===，因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故D 正确，ABC 错误．3．D【解析】沿电场线方向电势降低，M 点的电势大于N 点的电势，所以A 错；由M 到N 电场力做正功，电势能减小，动能增加，所以BC 错误；电场线越密的地方电场强度越大，同一粒子所受电场力越大，由F =ma 得a =F m =qE m ，故电场线越密的地方加速度越大，故D 正确；故选D.点睛：要知道静电力做正功，电势能减小；静电力做负功，电势能增加；电场线越密的地方电场力越大，加速度越大.4．A【详解】对小球进行受力分析如图所示：根据库仑定律有1121k Q q F r =1cos r L α=2222k Q q F r = 2sin r L α=根据平衡条件，沿切向方向的分力有12sin cos F F αα=联立解得321tan Q Q α=故A 正确，BCD 错误．故选A 。
2020-2021学年山东日照高二上物理月考试卷
2020-2021学年山东日照高二上物理月考试卷一、选择题1. 一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A并留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示．则在子弹打击木块A及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统（）A.无法判定动量和机械能是否守恒B.动量守恒，机械能不守恒C.动量守恒，机械能守恒D.动量不守恒，机械能守恒2. 篮球运动员在接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引，这样可以减小（）A.球的动能变化量B.球的动量变化量C.球对手的力的冲量D.球对手的冲力大小3. 送人造地球卫星的火箭开始工作后，火箭做加速运动的原因是（）A.火箭吸入空气，然后向后排出，空气对火箭的反作用力推动火箭B.燃料推动空气，空气反作用力推动火箭C.火箭燃料燃烧发热，加热周围空气，空气膨胀推动火箭D.火箭发动机将燃料燃烧产生的气体向后排出，气体的反作用力推动火箭4. 在水平方向上做简谐运动的质点，其振动图像如图所示．假设向右的方向为正方向，则物体的位移向左且速度向右的时间段是（）A.1s到2s内B.0到1s内C.3s到4s内D.2s到3s内5. 如图所示，在光滑水平面上质量分别为m A=2kg、m B=4kg，速率分别为v A=5m/s、v B=2m/s的A、B两小球沿同一直线相向运动，则下列叙述正确的是（）A.它们碰撞后的总动量是18kg⋅m/s，方向水平向左B.它们碰撞前的总动量是18kg⋅m/s，方向水平向右C.它们碰撞后的总动量是2kg⋅m/s，方向水平向左D.它们碰撞前的总动量是2kg⋅m/s，方向水平向右6. A球的质量是m，B球的质量是2m，它们在光滑的水平面上以相同的动量运动．B在前，A在后，发生正碰后，A球仍朝原方向运动，但其速率是原来的一半，碰后两球的速率比v A′:v B′为（）A.1:3B.1:2C.2:3D.2:17. 将质量为1.0kg的模型火箭点火升空，50g燃烧的燃气以大小为600m/s的速度从火箭喷口在很短时间内喷出．在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为（喷出过程中重力和空气阻力可忽略）（）A.6.3×102kg⋅m/sB.6.0×102kg⋅m/sC.30kg⋅m/sD.5.7×102kg⋅m/s8. 如图所示，两质量分别为m1和m2的弹性小球叠放在一起，从高度为ℎ处自由落下，且ℎ远大于两小球半径，所有的碰撞都是弹性碰撞，且都发生在竖直方向，已知m2=3m1，则小球m1反弹后能达到的最大高度为（）A.3ℎB.ℎC.4ℎD.2ℎ9. 如图所示，在水平光滑地面上有A、B两个木块，A、B之间用一轻弹簧连接．A靠在墙壁上，用力F向左推B使两木块之间的弹簧压缩并处于静止状态．若突然撤去力F，则下列说法中正确的是（）A.木块A离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B动能的增量B.木块A离开墙壁前，墙对木块A的冲量大小等于木块B动量变化量的大小C.木块A离开墙壁时，B的动能等于A、B共速时的弹性势能D.木块A离开墙壁后，当弹簧再次恢复原长时，木块A的速度为零10. 如图所示，两长方体木块A和B叠放在光滑水平面上，质量分别为m和M，A与B之间的最大静摩擦力为f，B与劲度系数为k的水平轻质弹簧连接构成弹簧振子，为使A和B在振动过程中不发生相对滑动，则（）A.简谐运动的半个周期内A受到的摩擦力的冲量一定等于0B.它们的最大加速度不能大于fmC.简谐运动一个周期内A对B的摩擦力的冲量与弹簧对B弹力的冲量等大反向D.它们的振幅不能大于M+mkMf11. 水平冰面上有一固定的竖直挡板，一滑冰运动员面对挡板静止在冰面上，他把一质量为4.0kg的静止物块以大小为5.0m/s的速度沿与挡板垂直的方向推向挡板，运动员获得退行速度；物块与挡板弹性碰撞，速度反向，追上运动员时，运动员又把物块推向挡板，使其再一次以大小为5.0m/s的速度与挡板弹性碰撞．总共经过8次这样推物块后，运动员退行速度的大小大于5.0m/s，反弹的物块不能再追上运动员．不计冰面的摩擦力，该运动员的质量可能为（）A.63kgB.58kgC.48kgD.53kg12. 质量为2m，长为L、上表面光滑的箱子沿光滑水平面以速度v向右运动，箱子中有一质量为m的小物块以水平速度2v向右运动，如图所示．设所有的碰撞都是弹性的，则（）A.第二次碰撞后小物块相对地面以速度2v向右运动B.最终小物块和箱子相对静止C.第一次碰撞和第二次碰撞的时间间隔为LvD.第一次碰撞后小物块相对地面向左运动二、实验题某同学设计了一个用电磁打点计时器验证动量守恒定律的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥，推动小车A使之做匀速直线运动，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速直线运动．他设计的装置如图甲所示，在小车A后连着纸带，电磁打点计时器所用电源频率为50Hz，长木板下垫着薄木片以平衡摩擦力．（1）若已测得打点纸带如图乙所示，并测得各计数点间距（已标在图上）．A为运动的起点，则应选________段来计算A碰前的速度．（以上两空选填“AB”“BC”“CD”或“DE”）（2）已测得小车A的质量m1=0.2kg，小车B的质量为m2=0.1kg，则碰前两小车的总动量为________kg⋅m/s，碰后两小车的总动量为________kg⋅m/s．如图甲，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通过仅测量________（填选项前的序号），间接地解决这个问题．A.小球做平抛运动的射程B.小球开始释放高度ℎC.小球抛出点距地面的高度H（2）图乙中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影，实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP¯，然后，把被碰小球m2静止于轨道的水平部分，再将入射小球m1从斜轨上S位置由静止释放，与小球m2相撞，并多次重复．接下来要完成的必要步骤是________（填选项的符号）A.测量抛出点距地面的高度HB.测量平抛射程OM¯、ON¯C.用天平测量两个小球的质量m1、m2D.分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE.测量小球m1开始释放高度ℎ（3）若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为________（用②中测量的量表示）．（4）经测定，小球落地点的平均位置距O点的距离如图乙所示，请说明该碰撞________（填“是”或“不是”）弹性碰撞．三、解答题如图所示，一轻质弹簧上端系于天花板上，一端挂一质量为m的小球，弹簧的劲度系数为k，将小球从弹簧为自由长度时的竖直位置放手后，小球做简谐运动，则：（1）小球从放手运动到最低点，下降的高度为多少？（2）小球运动到最低点时的加速度大小为多少？如图，质量分别为m1=1.0kg和m2=2.0kg的弹性小球a、b，用轻绳紧紧的把它们捆在一起，使它们发生微小的形变．该系统以速度v0=0.10m/s沿光滑水平面向右做直线运动．某时刻轻绳突然自动断开，断开后两球仍沿原直线运动．经过时间t=5.0s后，测得两球相距s=4.5m，求：（1）刚分离时a、b两小球的速度大小v1、v2．（2）两球分开过程中释放的弹性势能E p．如图，光滑水平轨道上放置长板A（上表面粗糙）和滑块C，滑块B置于A的左端，A、B、C的质量分别为2m、m、2m．开始时C静止，A、B间动摩擦因数为μ，A、B一起以v0的速度匀速向右运动，A与C发生碰撞（时间极短）后C向右运动，经过一段时间，A、B再次达到共同速度一起向右运动，且恰好不再与C碰撞．求：（1）A与C发生碰撞后瞬间A的速度大小．（2）B相对A滑行的时间．（3）长板的最小长度．一架喷气式飞机质量为M，当水平飞行速度为v时，连续不断向后喷气．每次喷出气体的质量均为m，喷出气体相对飞机的速度均为u（已知u<v）求：（1）第n次喷气时飞机速度增大了多少？（2）若10m≪M，则第10次喷气后飞机速度多大？（3）若10m≪M，10次喷气所用时间为t，则该过程中飞机受到的平均反冲力多大？参考答案与试题解析2020-2021学年山东日照高二上物理月考试卷一、选择题1.【答案】此题暂无答案【考点】系统动使守恒的凝断机械能于恒的氨断【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答2.【答案】此题暂无答案【考点】冲量动量明理念理解【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答3.【答案】此题暂无答案【考点】反冲现正东其应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答4.【答案】此题暂无答案【考点】简谐运水表振动图象【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答5. 【答案】此题暂无答案【考点】动于深了定乘的综合应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答6.【答案】此题暂无答案【考点】动于深了定乘的综合应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答7.【答案】此题暂无答案【考点】动于深了定乘的综合应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答8.【答案】此题暂无答案【考点】动于深了定乘的综合应用能量守来定律锰应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答9.【答案】此题暂无答案【考点】动量定表的病本应用含来筒档腰械能守恒问题【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答10.【答案】此题暂无答案【考点】动量定表的病本应用简谐验我的振惯、周匀和频率【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答11.【答案】此题暂无答案【考点】动于深了定乘的综合应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答12.【答案】此题暂无答案【考点】能量守来定律锰应用动于深了定乘的综合应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答二、实验题【答案】此题暂无答案【考点】利用使香器材续证动使守恒定律【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】利用平使运动规香鸟证洗量守恒定律【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答三、解答题【答案】此题暂无答案【考点】简谐验我的振惯、周匀和频率弹来循接体【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】动于深了定乘的综合应用能量守来定律锰应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】动量定表的病本应用动于深了定乘的综合应用能量守来定律锰应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】动于深了定乘的综合应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答。
2020-2021学年高二上学期第一次(10月)月考物理试题含答案解析
福建省东山县第二中学【最新】高二上学期第一次（10月）月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列关于电荷、起电的说法正确的是（）A．自然界存在有三种电荷：正电荷、负电荷和元电荷B．静电感应不是创造了电荷，只是电荷从物体的一个部分转移到另外一个部分C．摩擦起电是创造了电荷，从而使物体带电D．一个带电体接触另外一个不带电的物体，两个物体会带上异种电荷2．下列各电场中，A、B两点电势相同的是（）A．B．C．D．3．如图所示，水平天花板下用长度相同的绝缘轻质细线悬挂起来的两个相同的带电小球a、b，左边放一个带正电的固定球＋Q时，两悬球都保持竖直方向．下面说法正确的是()A．a球带正电，b球带正电，并且a球带电荷量较大B．a球带负电，b球带正电，并且a球带电荷量较小C．a球带负电，b球带正电，并且a球带电荷量较大D．a球带正电，b球带负电，并且a球带电荷量较小4．在光滑的绝缘水平面上，由两个质量均为m带电量分别为＋q和－q的甲、乙两个小球，在水平力F的作用下一起做匀加速直线运动，则甲、乙两球之间的距离r为( )AB．D ．25．如图所示，大小可以不计的带同种电荷的小球A 和B 相互排斥，静止时两球位于同一水平面上，绝缘细线与竖直方向的夹角分别为α和β，且α＜β，由此可知( )A ．B 球带的电荷量较多B ．B 球的质量较大C ．B 球受到的拉力较大D ．两球接触后，再处于静止状态时，悬线的偏角为α′、β′，则仍有α′＜β′6．一金属球，原来不带电，现沿球的直径的延长线放置一均匀带电的细杆MN ，如图所示，金属球上感应电荷产生的电场在球内直径上a ，b ，c 三点的场强的大小分别为E a 、E b 、E c ，三者相比 （ ）A ．E a 最大B ．E b 最大C ．E c 最大D ．E a =E b =E c 7．真空中，两个等量异种点电荷电量数值均为q ，相距为r ，两点电荷连线中点处的电场强度的大小为( )A ．0B ．22kq rC ．24kq rD ．28kq r二、多选题8．两个相同的带电金属小球（可看成点电荷），电量大小之比是1：7，在真空中相距为r 。
日照一中2020┄2021学年高二年级上学期第一学段考试
日照一中2020┄2021学年高二年级上学期期中考试化 学 试 题可能用到的相对原子质量（原子量）：H 1 O 16 Cu 64 Fe 56 Cl 35．5 Ca 40第I 卷（选择题 ，共48分）一．选择题（每个题只有一个正确选项，共16个小题，每题3分，共48分）1．下图是某空间站能量转化系统的局部示意图，其中燃料电池采用KOH 为电解液，下列有关 说法不正确．．．的是 （ ）A ．该能量转化系统中的水可以循环利用B ．燃料电池系统产生的能量实际上来自于水C ．水电解系统中的阳极反应：4OH -﹣4e -＝2H 2O ＋O 2↑D ．燃料电池放电时的正极反应：O 2 + 4e - + 2H 2O ＝4OH2．下列与化学反应能量变化相关的叙述正确的是 （ ）A ．生成物总能量一定低于反应物总能量B ．放热反应的反应速率总是大于吸热反映的反应速率C ．应用盖斯定律，可计算某些难以直接测量的反应焓变D ．同温同压下，2H （g ）+2Cl （g ）==== 2HCl （g ）在光照和点燃条件下的△H 不同3．右图是电解CuCl 2溶液的装置，其中c 、d 为石墨电极。
则下列有关的判断正确的是A ．a 为负极、b 为正极 Ｂ． a 为阳极、b 为阴极Ｃ．电解过程中，氯离子浓度不变Ｄ．电解过程中，d电极质量增加4．高温下，某反应达平衡，平衡常数K= 错误!，恒容时，温度升高，H2浓度减小。
下列说法正确的是（）A．该反应的焓变为正值 B．恒温恒容下，增大压强， H2浓度一定减小C．升高温度，逆反应速率减小 D．该反应的化学方程式为 CO + H2O CO2 + H25．一定条件下反应A 2（g）＋B2（g）2AB（g）达到平衡状态的标志是（）A．2υ（正、A2）＝υ（逆、AB）B．容器内的总压强不随时间而变化C．单位时间内生成n mol AB的同时，生成n mol的B2D．A2、B2、AB的反应速率比为2：2：1的状态6、下列叙述正确的是A．碱性锌锰干电池的负极材料为二氧化锰B．碱性氢氧燃料电池工作时负极反应为：H2-2e-+2OH-=2H2OC．铅蓄电池放电时负极反应为：PbO2+2e-+4H+=Pb2+++2H2OD．锌一铜一稀硫酸构成的原电池工作时，H+向负极移动7．在4L密闭容器中充入6molA气体和5molB气体，在一定条件下发生反应：3A（g）+B（g）2C（g）+xD（g），5s达到平衡。
2021-2022年高二上学期第一次月考物理试卷(10月份) 含解析
2021-2022年高二上学期第一次月考物理试卷（10月份）含解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因（）A．灰尘的自然堆积B．玻璃具有较强的吸附灰尘的能力C．电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘D．电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘2．在静电场中（）A．电势为零的地方，场强必定也为零B．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同C．电场强度方向总是跟等势面垂直D．电势降低的方向就是电场强度的方向3．根据电容器的电容的定义式C=，可知（）A．电容器带电的电量Q越多，它的电容C就越大，C与Q成正比B．电容器不带电时，其电容为零C．电容器两极之间的电压U越高，它的电容C就越小，C与U成反比D．电容器的电容大小与电容器的带电情况无关4．以下叙述正确的是（）A．由E=可知，电场强度E与电荷所受电场力F成正比，与电量q成反比B．由U=可知，电场中两点间的电势差U与电场力做功W成正比，与电量q成反比C．在公式F=k中，是q1所在位置处场强的大小D．公式W AB=qU AB中，电荷q沿不同路径从A点移动到B点，静电力做功不同5．如图是某静电场电场线的分布图，M、N是电场中的两个点，下列说法正确的是（）A．M点场强大于N点场强B．M点电势高于N点电势C．将电子从M点移动到N点，其电势能增加D．将电子从M点移动到N点，电场力做正功6．等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点．则检验电荷在此全过程中（）A．所受电场力的方向将发生改变B．所受电场力的大小恒定C．电势能一直减小D．电势能先不变后减小7．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．三个等势面中，a的电势最低8．在匀强电场中，将一个带电量为q，质量为m的小球由静止释放，带电小球的轨迹为一直线，该直线与竖直方向夹角为θ，如图所示，那么匀强电场的场强大小为（）A．最大值是 B．最小值是C．唯一值是 D．同一方向上，可有不同的值9．如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处，放置一个正点电荷，则（）A．a端带正电，b端带负电B．a端带负电，b端带正电C．杆内c处的场强为零D．杆内c处的场强不为零10．如图，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．已知两极板间电势差为U，板间距为d，电子质量为m，电量为e．则关于电子在两板间的运动情况，下列叙述正确的是（）A．若将板间距为d增大一倍，则电子到达Q板的速率保持不变B．若将板间距为d增大一倍，则电子到达Q板的速率也增大一倍C．若将两极板间电势差U增大四倍，则电子到达Q板的时间保持不变D．若将两极板间电势差U增大四倍，则电子到达Q板的时间减为一半11．如图所示，一个带负电荷的小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内部，接通K后，小球静止时，悬线与竖直方向的夹角为θ，则（）A．K闭合，减小A B板间的距离，则夹角θ增大B．K闭合，减小A B板间的距离，则夹角θ减小C．K断开，使B板竖直向上移动，则夹角θ不变D．K断开，增大A B板间的距离，则夹角θ不变12．如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中．P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（重力不计），则从开始射入到打到上板的过程中（）A．它们运动的时间t Q=t pB．它们所带的电荷量之比q p：q Q=1：2C．它们的电势能减小量之比△Ep：△E Q=1：2D．它们的动能增量之比△E KP：△E KQ=1：2二、填空题（每空2分，共12分）13．如图所示的匀强电场E=103N/C，矩形abcd的ab边与电场线平行，且ab=3cm，bc=2cm，将点电荷q=5×10﹣8C沿矩形abcd移动一周，电场力做功，ab两点的电势差为，bc两点的电势差为．14．电源给电容器充电使平行板电容器所带量为Q=4×l0﹣6C，它的两极板之间电压U=2V，如果两极板电压增加到4V，那么电容器所带电荷量增加了C；如果将两板电量各减少一半，则电容器所带电量为C；两板间电势差变为V．三、计算题（本题共4小题，共40分.解答过程应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．有一个带电量q=3×10﹣6C的点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服静电力9×10﹣4J的功，从B点移到C点，静电力对电荷做6×10﹣4J的功，问：（1）AC间电势差为多少？（2）如以A点电势为零，则B点的电势为多少？电荷在B点的电势能为多少？16．一束电子流（电子质量为m，电量绝对值为e）经电压为U的加速电场加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距为d，板长为l，则（1）电子进入偏转电场的速度v0=？（2）当电子刚好可以从平行板间飞出时，两极板上的偏转电压U′=？17．如图所示，在匀强电场中有a、b、c三点，ab与电场线平行，且a、b相距4cm，b、c相距10cm．将一个带电荷量为﹣2×10﹣8C 的电荷从a点移到b点时，需克服电场力做功为4×10﹣6 J．求：（1）匀强电场的电场强度的大小；（2）将此电荷从b点移到c点时电场力做功．18．如图所示，质量为m、电荷量为+q的带电小球拴在一不可伸长的绝缘细线一端，绳的另一端固定于O点，绳长为L，现加一个水平向右的匀强电场，小球静止于与竖直方向成θ=30°角的A点．试求：（1）小球静止在A点处绳子受到的拉力；（2）外加匀强电场的场强大小；（3）将小球拉起至与O点等高的B点后无初速度释放，则细绳承受的最大拉力是多少？参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要的原因（）A．灰尘的自然堆积B．玻璃具有较强的吸附灰尘的能力C．电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘D．电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘【考点】静电现象的解释．【分析】带电体有吸引轻小物体的性质，据此结合选项进行分析判断．【解答】解：电视机工作时，由于电子运动到了屏幕上，使屏幕带了电，而带电体有吸引轻小物体的性质，故把灰尘吸引到了屏幕上．故选D．2．在静电场中（）A．电势为零的地方，场强必定也为零B．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同C．电场强度方向总是跟等势面垂直D．电势降低的方向就是电场强度的方向【考点】电场强度．【分析】电场强度和电势没有直接关系．可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低；等势面与电场线的方向垂直．由此分析即可．【解答】解：A、电势为零，是人为选择的，场强由电场本身决定，则电势为零的地方，场强不一定为零，故A错误；B、电场强度处处相同的区域内，比如匀强电场，而电势不是处处相同，顺着电场线的方向电势会逐渐降低，故B错误；C、等势面是电势相等的点组成的面，在等势面上移动点电荷时电场力不做功，所以电场强度方向总是跟等势面垂直．故C正确；D、沿着电场方向电势降低最快，但是电势降低的方向未必是电场强度的方向．故D错误；故选：C3．根据电容器的电容的定义式C=，可知（）A．电容器带电的电量Q越多，它的电容C就越大，C与Q成正比B．电容器不带电时，其电容为零C．电容器两极之间的电压U越高，它的电容C就越小，C与U成反比D．电容器的电容大小与电容器的带电情况无关【考点】电容．【分析】电容表征电容器容纳电荷的本领大小，与电量Q、电压U无关．电容器不带电时，电容并不为零．【解答】解：A、电容器带电的电量Q越多，两极之间的电压U越高，但电容不变．故A 错误．B、电容反映本身的特性，电容器不带电时，电容并不为零．故B错误．C、电容表征电容器容纳电荷的本领大小，与电压U无关，给定的电容C一定．故C 错误．D、电容表征电容器容纳电荷的本领大小，电容大小与电容器的带电情况无关．故D正确．故选D4．以下叙述正确的是（）A．由E=可知，电场强度E与电荷所受电场力F成正比，与电量q成反比B．由U=可知，电场中两点间的电势差U与电场力做功W成正比，与电量q成反比C．在公式F=k中，是q1所在位置处场强的大小D．公式W AB=qU AB中，电荷q沿不同路径从A点移动到B点，静电力做功不同【考点】电场强度；电势差与电场强度的关系．【分析】公式E=和U=都是采用比值法定义，根据比值法定义的共性分析公式的物理意义．点电荷的场强公式为E=k．静电力做功只与初末位置有关，与路径无关．【解答】解：A、E=是电场强度的定义式，采用比值法定义，可知，电场强度E与电荷所受电场力F、电量q无关，故A错误．B、U=是电势差的定义式，采用比值法定义，可知，电势差U与电场力做功W、电量q无关，故B错误．C、根据点电荷的场强公式E=k，知在公式F=k中，是q2是q1所在位置处场强的大小，故C正确．D、公式W AB=qU AB中，电荷q沿不同路径从A点移动到B点，U AB一定，则静电力做功相同，故D错误．故选：C5．如图是某静电场电场线的分布图，M、N是电场中的两个点，下列说法正确的是（）A．M点场强大于N点场强B．M点电势高于N点电势C．将电子从M点移动到N点，其电势能增加D．将电子从M点移动到N点，电场力做正功【考点】电场线．【分析】沿着电场线方向电势逐渐降低，电场线的疏密代表场强的强弱，负电荷在电场中受力方向与电场线方向相反；【解答】解：A、N点电场线密，M点电场线稀疏，故N点的场强大于M点场强，故A错误；B、沿着电场线方向电势逐渐降低N点电势高于M点电势，故B错误；C、将电子从M点移动到N点，电场力做正功，故电势能减小，故C错误，D正确；故选：D6．等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点．则检验电荷在此全过程中（）A．所受电场力的方向将发生改变B．所受电场力的大小恒定C．电势能一直减小D．电势能先不变后减小【考点】电场的叠加；电场强度；电势能．【分析】根据等量的异种电荷的电场的分布的规律，在中垂线上，电场方向始终垂直中垂线且指向负电荷，由此可以分析电场力和电势能的变化．【解答】解：在等量的异种电荷的中垂线上，电场方向始终垂直中垂线且指向负电荷，检验电荷所受电场力的方向保持不变，所以A错误；且电荷从a运动到b，因电场力与位移方向垂直，电场力不做功；所以C错；又因为电场线分布的疏密不同，所受电场力是变化的，所以B错误；电荷从b运动到c，因为电场力做正功，所以电荷电势能减小，所以D正确．故选D．7．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．三个等势面中，a的电势最低【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【分析】根据等差等势线密的地方电场线密，电场强度大，来分析电场力的大小，从而判断加速度的大小．根据质点的运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧且斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方，可分析电势的高低；电势能和动能的变化可以通过电场力做功情况判断．【解答】解：A、等差等势线密的地方电场线密，场强大，故P点电场强度较大，质点所受的电场力较大，根据牛顿第二定律，加速度也较大，故A正确；B、质点所受的电场力指向轨迹内侧，且与等势面垂直，所以电场力垂直于等势面斜向右下方，质点从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能比Q点的电势能大，故B错误；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故质点在P点的动能小于在Q点的动能，故C错误D、由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，根据沿电场线电势降低，知a的电势最高，c的电势最低，故D错误．故选：A8．在匀强电场中，将一个带电量为q，质量为m的小球由静止释放，带电小球的轨迹为一直线，该直线与竖直方向夹角为θ，如图所示，那么匀强电场的场强大小为（）A．最大值是 B．最小值是C．唯一值是 D．同一方向上，可有不同的值【考点】力的合成与分解的运用．【分析】带电小球受到电场力与重力作用，小球沿合力方向做加速直线运动，根据图示位置可确定电场力的方向，则由电场线的方向可得出带电小球的电性及电量大小．【解答】解：小球在重力和电场力的共同作用下做加速直线运动，当电场力的大小与重力沿合力的垂直方向分力相等时，电场力最小，即qE=mgsinθ，故E=；故选：B．9．如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处，放置一个正点电荷，则（）A．a端带正电，b端带负电B．a端带负电，b端带正电C．杆内c处的场强为零D．杆内c处的场强不为零【考点】静电场中的导体．【分析】根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，再由固定电荷产生的电场可以确定电势的高低．【解答】解：达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，由于正电荷在右边，所以a端带正电，b端带负电．由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强为零，所以AC正确，BD错误．故选：AC．10．如图，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．已知两极板间电势差为U，板间距为d，电子质量为m，电量为e．则关于电子在两板间的运动情况，下列叙述正确的是（）A．若将板间距为d增大一倍，则电子到达Q板的速率保持不变B．若将板间距为d增大一倍，则电子到达Q板的速率也增大一倍C．若将两极板间电势差U增大四倍，则电子到达Q板的时间保持不变D．若将两极板间电势差U增大四倍，则电子到达Q板的时间减为一半【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．【分析】根据动能定理得出粒子到达Q板的速率，从而进行判断．根据牛顿第二定律，结合位移时间公式求出电子的运动时间，从而进行判断．【解答】解：AB、根据动能定理得，知，电子到达Q板的速度，将板间距离增大一倍，因为电压不变，电子到达Q板的速率不变，故A正确，B错误；CD、电子的加速度=，根据，得，U增大4倍，则电子到达Q板的时间变为原来的，故C 错误，D正确；故选：AD11．如图所示，一个带负电荷的小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内部，接通K后，小球静止时，悬线与竖直方向的夹角为θ，则（）A．K闭合，减小A B板间的距离，则夹角θ增大B．K闭合，减小A B板间的距离，则夹角θ减小C．K断开，使B板竖直向上移动，则夹角θ不变D．K断开，增大A B板间的距离，则夹角θ不变【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】小球受重力、拉力、电场力三个力处于平衡状态，保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变；断开开关S，电容器所带的电量不变．分析板间场强的变化，判断夹角的变化．【解答】解：A、B保持开关S闭合，电容器两端间的电势差U不变，极板间距离减小，由E=知，板间的电场强度E增大，小球所受的电场力变大，θ增大．故A正确，B错误．C、K断开，电容器所带的电量不变，C=，E=，U=得E=，使B板竖直向上移动，s减小，则E增大，小球所受电场力变大，则θ角增大，故C错误D、断开开关S，电容器所带的电量不变，C=，E=，U=得E=，则知d增大，E不变，电场力不变，θ不变．故D正确．故选：AD．12．如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中．P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（重力不计），则从开始射入到打到上板的过程中（）A．它们运动的时间t Q=t pB．它们所带的电荷量之比q p：q Q=1：2C．它们的电势能减小量之比△Ep：△E Q=1：2D．它们的动能增量之比△E KP：△E KQ=1：2【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】将两个带电粒子的运动垂直电场方向和平行电场方向正交分解，垂直电场方向不受力，做匀速直线运动；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式、牛顿第二定律和功能关系联合列式分析．【解答】解：A、粒子在垂直电场方向即水平方向不受力，粒子在水平方向做匀速直线运动，位移相等，速度相等，由x=vt得知，运动的时间相等，故A正确；B、在竖直方向上，粒子做初速度为零的匀加速直线运动，位移：y=at2，竖直位移之比为1：2，则电荷量之比为1：2，故B正确；C、因为电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功：W=qEy，电荷量之比为1：2，竖直位移之比为1：2，则电场力做功为1：4，可知电势能减小量之比为1：4，故C错误；D、由动能定理得：qEx=△E K，电荷量之比：q p：q Q=1：2，x P：x Q=1：2，所以动能增加量之比：△E KP：△E KQ=1：4，故D错误；故选：AB．二、填空题（每空2分，共12分）13．如图所示的匀强电场E=103N/C，矩形abcd的ab边与电场线平行，且ab=3cm，bc=2cm，将点电荷q=5×10﹣8C沿矩形abcd移动一周，电场力做功0，ab两点的电势差为30，bc两点的电势差为0．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】将点电荷q沿矩形abcd移动一周，电场力做功为0；电势差与场强的关系：U=Edcosθ．【解答】解：将点电荷q沿矩形abcd移动一周，电场力做功为0；ab两点的电势差为：，bc两点的连线与电场线垂直，所以它们之间的电势差V=0．故答案为：0；30；014．电源给电容器充电使平行板电容器所带量为Q=4×l0﹣6C，它的两极板之间电压U=2V，如果两极板电压增加到4V，那么电容器所带电荷量增加了8×10﹣6C；如果将两板电量各减少一半，则电容器所带电量为2×10﹣6C；两板间电势差变为1V．【考点】电容器的动态分析；电势差与电场强度的关系．【分析】根据电容的定义式C=，求出电容的大小．根据Q=CU求出两板间电势差，从而即可求解．【解答】解：电容C===2×10﹣6F；如果两极板电压增加到4V，那么电容器所带电荷量增加了Q=CU′=2×10﹣6×4C=8×10﹣6C；当电量减小一半，电容不变，电容器所带电量为Q′=2×l0﹣6C；则电势差U′===1V；故答案为：8×10﹣6，2×10﹣6，1．三、计算题（本题共4小题，共40分.解答过程应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．有一个带电量q=3×10﹣6C的点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服静电力9×10﹣4J的功，从B点移到C点，静电力对电荷做6×10﹣4J的功，问：（1）AC间电势差为多少？（2）如以A点电势为零，则B点的电势为多少？电荷在B点的电势能为多少？【考点】电势能．【分析】（1）根据W AC=W AB+W BC计算点电荷从A到C，电场力做功，再根据U AC=计算AC间的电势差U AC．（2）根据U AB=计算出AB间的电势差，根据U AB=φA﹣φB计算出B点的电势，再根据E PB=qφB计算电荷在B点的电势能．【解答】解：（1）由题意知：W AB=﹣9×10﹣4J，W BC=6×10﹣4J，所以W AC=W AB+W BC=﹣3×10﹣4J则AC间电势差为U AC==V=﹣100V．（2）AB间的电势差为：U AB==V=﹣300V又U AB=φA﹣φB，φA=0则得，B点的电势为φB=300V电荷在B点的电势能为E PB=qφB=3×10﹣6×300J=9×10﹣4J．答：（1）AC间电势差为﹣100V．（2）如以A点电势为零，则B点的电势为300V，电荷在B点的电势能为9×10﹣4J．16．一束电子流（电子质量为m，电量绝对值为e）经电压为U的加速电场加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距为d，板长为l，则（1）电子进入偏转电场的速度v0=？（2）当电子刚好可以从平行板间飞出时，两极板上的偏转电压U′=？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理．【分析】（1）粒子先加速再偏转，根据动能定理求出电子进入偏转电场的速度v0大小．（2）由题意可知当电子恰好飞出时，飞出电场时偏转距离为，将电子的运动沿水平和竖直两个方向进行正交分解，由牛顿第二定律和运动学公式结合求出偏转电压U′．【解答】解：（1）电子在加速电场中，由动能定理得：Ue=解得电子进入偏转电场的速度：v0=（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，电子刚好可以从平行板间飞出时，飞出电场时偏转距离为，即有：y=．加速度：a==飞行时间为：t=故竖直方向的位移为：y==联立解得：U′=答：（1）电子进入偏转电场的速度为．（2）当电子刚好可以从平行板间飞出时，两极板上的偏转电压为．17．如图所示，在匀强电场中有a、b、c三点，ab与电场线平行，且a、b相距4cm，b、c相距10cm．将一个带电荷量为﹣2×10﹣8C 的电荷从a点移到b点时，需克服电场力做功为4×10﹣6 J．求：（1）匀强电场的电场强度的大小；（2）将此电荷从b点移到c点时电场力做功．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电荷从a点移到b点时电场力做功W ab=qEL ab，代入数据可求得电场强度E．从b点移到c点时电场力做功W bc=qEL bc cos60°，用比例法求出电荷从b点移到c点时电场力做功．【解答】解：由题，电荷从a点移到b点时，电场力做功为：W ab=qEL ab…①得：E=V/m=5000V/m…②电荷从b点移到c点时电场力做功为：W bc=qEL bc cos60°=﹣2×10﹣8×5000×0.1×0.5=J﹣5×10﹣6J答：（1）匀强电场的电场强度的大小为5000V/m；（2）将此电荷从b点移到c点时电场力做功为﹣5×10﹣6J．18．如图所示，质量为m、电荷量为+q的带电小球拴在一不可伸长的绝缘细线一端，绳的另一端固定于O点，绳长为L，现加一个水平向右的匀强电场，小球静止于与竖直方向成θ=30°角的A点．试求：（1）小球静止在A点处绳子受到的拉力；（2）外加匀强电场的场强大小；（3）将小球拉起至与O点等高的B点后无初速度释放，则细绳承受的最大拉力是多少？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力．【分析】（1）（2）对小球进行受力分析，根据共点力平衡，抓住合力等于零，求出拉力大小和电场力大小，从而求出电场强度．（3）把重力场和电场的合场强看成一个新的场，球在A点受力平衡，则A点即为新场的最低点，则A点速度最低，根据动能定理即可求解最大速度，再由向心力公式求最大拉力【解答】解：（1）在A点小球受力平衡，如图所示根据平衡条件得，Tcos30°=mg解得：（2）由受力平衡得：解得：F=mgtan30°外加匀强电场的场强：（3）把重力场和电场的合场强看成一个新的场，小球在A点受力平衡，则A点即为新场的最低点，则小球在A点速度最大，从B到A的过程中，根据动能定理得：=mgLcos30°﹣EqLsin30°解得：v=根据向心力公式有：解得：答：（1）小球静止在A点处绳子受到的拉力；（2）外加匀强电场的场强大小；（3）将小球拉起至与O点等高的B点后无初速度释放，则细绳承受的最大拉力是。
山东省日照市第一中学2019-2020学年高二物理10月月考试题
山东省日照市第一中学2019-2020学年高二物理10月月考试题第I卷（选择题，共39分）一、本题共13小题，每小题3分，共39分。
在每小题给出的四个选项中，第1~8小题只有一项符合题目要求，第9~13小题有多项符合题目要求。
全部选对的得3分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分。
1．2018年10月2日，美法加三名科学家获得了诺贝尔物理学奖，以表彰他们在激光物理领域的突破性发明。
许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，下列说法正确的是( )A．牛顿首次在实验室里测出了引力常量并发现了万有引力定律B．牛顿在发现万有定律的过程中应用了牛顿第三定律C．开普勒通过研究、观测和记录发现行星绕太阳做匀速圆周运动D．开普勒发现了行星运动定律并认为“在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上”2、我国即将发射“天宫二号”空间实验室，之后发生“神舟十一号”飞船与“天宫二号”对接。
假设“天宫二号”与“神舟十一号”都围绕地球做匀速圆周运动，为了实现飞船与空间实验室的对接，下列措施可行的是（）A、使飞船与空间实验室在同一轨道上运行，然后飞船加速追上空间实验室实现对接B、使飞船与空间实验室在同一轨道上运行，然后空间实验室减速等待飞船实现对接C、飞船先在比空间实验室半径小的轨道上加速，加速后飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接D、飞船先在比空间实验室半径小的轨道上减速，减速后飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接3．(2019∙全国II卷)2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆，在探测器“奔向”月球的过程中，用h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力，能够描F随h变化关系的图象是( )4、玻璃杯从同一高度落下，掉在石头上比掉在草地上容易碎，这是由于在玻璃杯与石头的撞击过程中( )A．玻璃杯的动量较大B．玻璃杯受到的冲量较大C．玻璃杯的动量变化较大 D．玻璃杯的动量变化较快5、2019年1月3日，“嫦娥四号”成功软着陆在月球背面，并通过“鹊桥”中继星传回了世界第一张近距离拍摄的月背影像图，揭开了古老月背的神秘面纱。
山东省日照市2020届高三物理上学期1月校际联考试题含解析
故选C。
2.如图，S是波源，振动频率为100Hz，产生的简谐横波向右传播，波速为40m/s。波在传播过程中经过P、Q两点，已知P、Q的平衡位置之间相距0.6m。下列判断正确的是（ ）
A.Q点比P点晚半个周期开始振动
B. 当Q点的位移最大时，P点的位移最小
D. 电源电动势E减小
【答案】A
【解析】
【详解】由图象可以看出，最终电容器所带电荷量没有发生变化，只是充电时间发生了变化，说明电容器两端电压没有发生变化，即电源的电动势不变，而是电路中电阻的阻值发生了变化。图象b比图象a的时间变长了，说明充电电流变小了，即电阻变大了，故A正确，BCD错误。
故选A。
7.如图所示，压缩的轻弹簧将金属块卡在矩形箱内，在箱的上顶板和下底板均安有压力传感器，箱可以沿竖直轨道运动。当箱静止时，上顶板的传感器显示的压力F1=2N，下底板传感器显示的压力F2=6N，重力加速度g=10m/s2。下列判断正确的是（ ）
A. 火星的半径为
B. 火星表面的重力加速度大小为
C. 火星的第一宇宙速度大小为
D. 火星的质量大小为
【答案】BD
【解析】
【详解】AD．分析图象可知，万有引力提供向心力
当 时
联立解得，火星的半径
火星的质量
A错误D正确；
B．当h=0时，探测器绕火星表面运行，火星表面的重力加速度大小为a1，B正确；
C． 火星表面，根据重力提供向心力得
A. 此力可以沿着杆向外，大小为 F
B. 此力可以垂直于橡皮条向上，大小为2F
C. 此力可以垂直于杆向下，大小为 F
D. 此力可以沿着橡皮条向下，大小为F
【高二】2021年高二上册物理第一次月考试题(带答案)
【高二】2021年高二上册物理第一次月考试题（带答案）高二物理第一次月考试题一、（问题1-9为单选题，10-14为无限选择题，每题3分，共42分）1、在10s内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2c，向左迁移的负离子所带电量为3c，那么电解槽中电流强度大小为（）a、 0.1ab.0.2ac.0.3ad.0.5a2、甲乙两条铜导线质量之比甲:乙=4:1,长度之比为l甲:l乙=1:4，则其电阻之比r 甲：r乙为a、 1:1b.1:16c.64:1d.1:643、如图所示，图线1表示的导体电阻为r1，图线2表示的导体的电阻为r2，则说法正确的是a、 r1:r2=1:3b、r1：r2=3：1c、将R1和R2串联到电源上，然后电流比I1:I2=1:3d、将r1与r2并联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：34.在图中所示的电路中，当开关S闭合时，指示灯不亮，电流表没有读数，电压表的读数接近电源电压。
以下可能的情况是（）ａ.电流表中断路，ｌ１和ｌ２都完好ｂ. L1灯丝开路，电流表和L2状态良好ｃ.ｌ２灯丝断路，电流表和ｌ１都完好ｄ. L1和L2的灯丝都是开路的5、走廊里有一盏灯，在走廊两端及中间位置各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使灯点亮，那么设计的电路为（）a、与门电路B.非门电路c.“或”门电路d.上述答案都有可能6.在图中所示的电路中，u=120V，滑动变阻器R2的最大值为200Ω，r1=100Ω。
当滑块P滑动到R2的中点时，a和B两端的电压为（）a.60vb.40vc、 80vd。
120v7、如图，当滑动变阻器的滑片p向上端移动时，则电表示数的变化情况是（）a、 V1减小，V2增大，a增大b．v1增大，v2减小，a增大c、 V1增大，V2增大，a减小d．v1减小，v2减小，a减小8.如图所示，直线a为电源的U-I图线，直线B为电阻R的U-I图线；电源和电路的总电源和总电源组成a．4w，8wb．2w，4wc、 4w，6wd，2w，3w9、如右图所示电路中，电源内阻不能忽略，r1＝10ω，r2＝8ω，当开关s接a时，电流表的示数为0.2a，当开关s接b时，电流表的示数可能为：a、 0.19ab、0.22ac、0.25ad、0.28a10、一台直流电动机的电阻为r，额定电压为u，额定电流为i，当其正常工作时下述正确的是a、电机消耗的电功率为IU B.T，秒内产生的电加热为IUTc．t秒内所产生的电热为i2rt d.t秒内所产生的机械能为i（u－ir）t11.在下列陈述中，正确的是（）a．电流的定义式，适用于任何电荷的定向移动形成的电流。
山东省日照市初级中心中学高二物理月考试卷含解析
山东省日照市初级中心中学高二物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 阻值为10Ω的电阻接到电压波形如图所示的交流电源上．以下说法中正确的是（）A．电压的有效值为10VB．通过电阻的电流有效值为 AC．电阻消耗电功率为5WD．电阻每秒种产生的热量为5J参考答案：BDC2. 以物理为基础的科学技术的高速发展，直接推动了人类社会的进步。
下列哪一个发现更直接推动了人类进入电气化时代A. 库仑定律的发现B. 欧姆定律的发现C. 感应起电现象的发现D. 电磁感应现象的发现参考答案：D3. (多选题)如图，一负点电荷Q放在O点处，过O点取正交坐标x、y轴，点a、c在x轴上，；点b在y轴上，。
现将带正电的另一试探电荷q从a移至b，再从b移至c，以下说法正确的是A．点电荷q在a、b两点所受的电场力相同B．a、b两点电势相同C．点电荷q在a点的电势能小于c点的电势能D．点电荷q从a移至b与从b移至c电场力做的功相同参考答案：BC4. （单选）在静电场中（）。
A．场强处处为零的区域内，电势也一定处处为零B．电场强度处处相同的区域内，电势也一定处处相同C．电场强度方向总是跟等势面垂直D．电势降低的方向就是电场强度的方向参考答案：C5. 如图所示，一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线均处于同一竖直平面内，为使MN垂直于纸面向外运动，可以（）A. 将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极B. 将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极C. 将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极D. 将a、c端接在交流电源的一端，b、d端接在交流电源的另一端参考答案：ABD试题分析：将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向上，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则MN垂直纸面向外运动，故A正确；将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则MN垂直纸面向外运动，故B正确．将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN 受到的安培力向里，则MN垂直纸面向里运动，故C错误；将a、c端接在交流电源一端，b、d接在交流电源的另一端，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则M N垂直纸面向外运动．故D正确考点：考查了安培力方向的判断【名师点睛】运用安培定则判断电流产生的磁场方向，根据左手定则判断安培力方向．将选项逐一代入检验，选择符合题意的二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一个质量为1kg的物体，从离地面20m高处由静止自由下落，空气阻力不计，则物体将经过 s落地，落地时的速度 m/s。
2020-2021学年山东省日照市田家炳实验中学高二物理月考试题含解析
2020-2021学年山东省日照市田家炳实验中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，物体在力F的作用下在水平面上发生了一小段位移S，设这三种情形下力、位移和所标θ角大的小都相同，如图所示。
三种情况力F做的功分别为W 甲、W乙、W丙，下面说法中正确的是A．W甲=W乙=W丙 C．W乙=W丙B．W甲=W乙 D．W甲=W丙参考答案：D2. 对振荡电路，下列说法正确的是（）A．振荡电路中、电容器充电或放电一次所用的时间为B．振荡电路中，电场能与磁场能的转化周期为C．振荡过程中，电容器极板间电场强度的变化周期为D．振荡过程中，线圈内磁感应强度的变化周期为参考答案：CD3. 在具有一定厚度的空心金属球壳的球心位置处放一正电荷，图中的四个图画出了其空间电场的电场线情况，符合实际情况的是 ( )参考答案：4. 一个单摆的摆球偏离到位移最大时，恰与空中竖直下落具有一定速度的雨滴相遇，雨滴均匀地附着在摆球表面，下列结论正确的是A．摆球经过平衡位置时的速度要增大，振动的周期要增大，振幅也增大B．摆球经过平衡位置时的速度要增大，振动的周期不变，振幅要增大C．摆球经过平衡位置时的速度没有变化，振动的周期要减小，振幅也减小D．摆球经过平衡位置时的速度没有变化，振动的周期不变，振幅也不变参考答案：B5. （多选）关于原子光谱，下列说法中正确的是A．原子光谱是连续谱B．由于原子都是由原子核和电子组成的，所以各种原子的原子光谱是相同的C．各种原子的原子结构不同，所以各种原子的原子光谱也不相同D．可以通过光谱分析，鉴别物质中含有哪些元素参考答案：CD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 法国物理学家用精密的实验定量研究了电荷间的相互作用的规律，它就是。
参考答案：7. 质子、中子和氘核的质量分别为ｍ１、ｍ２、ｍ３，质子和中子结合成氘核时，发出γ射线，已知普朗克恒量为ｈ，真空中光速为ｃ，则γ射线的频率υ＝______ ．参考答案：8. 如图甲（a）所示为测量血压的压力传感器在工作时的示意图，薄金属片P固定有4个电阻R1、R2、R3、R4，右边如图甲（b）是它的侧面图，这4个电阻如图乙（a）连接成电路如图乙（b）所示，试回答：（1）开始时，金属片中央O点未加任何压力，欲使电压表无示数，则4个电阻应满足的关系为：________(2分)（2）当O点加一个压力F后发生形变，这时4个电阻也随之发生形变，形变后各电阻大小如何变化：________(4分)（3）电阻变化后，电路A、B两点中_____ (2分)点电势较高。
2021年高二上学期第一次月考物理试卷含解析
2021年高二上学期第一次月考物理试卷含解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，2、4、5、12小题有多个选项正确，其余的小题只有一个选项正确，.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.）1．某静电场的电场线分布如图，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ ，电势分别为φP和φQ，则( )A．EP ＞EQ，φP＜φQB．EP ＜EQ，φP＞φQC．EP ＜EQ，φP＜φQD．EP ＞EQ，φP＞φQ2．关于电势与电势能的说法正确的是( )A．电荷在电场中电势高的地方电势能大B．在电场中的某点，电量大的电荷具有的电势能比电量小的电荷具有的电势能大C．正电荷形成的电场中，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能大D．负电荷形成的电场中，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能小3．图中水平虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线．两带电小球M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等．现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c 为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．则( )A．M带负电荷，N带正电荷B．M在从O点运动至b点的过程中，动能不变C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．N在a点的速度与M在c点的速度相等4．下列说法正确的是( )A．带电粒子仅在电场力作用下做“类平抛”运动，则电势能一定减小B．带电粒子只受电场力作用，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合．C．带电粒子在电场中运动，如只受电场力作用，其加速度方向一定与电场线方向相同．D．带电小球在匀强电场中仅在电场力和重力的作用下运动，则任意相等时间内速度的变化量相同．5．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电量很小）固定在P点，如图所示．以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，ε表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则( )A．U变小，E不变B．E变大，ε变大C．U变小，ε不变D．U不变，ε不变6．如图所示，在粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块．由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止．在物块运动过程中，下列表述正确的是( )A．两个物块的机械能守恒B．物块受到的库仑力不做功C．两个物块的电势能逐渐减少D．物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力7．定值电阻R1和一热敏电阻R2串联后与一内阻不计的电源组成闭合电路，开始时R1=R2．现先后对R2加热、冷却，则下列关于R2的电功率变化情况正确的是( ) A．加热时增加，冷却时减少B．加热时减少，冷却时增加C．冷却、加热时均增加D．冷却、加热时均减少8．根据电容器电容的定义式C=，可知( )A．电容器所带的电荷量Q越多，它的电容就越大，C与Q成正比B．电容器不带电时，其电容为零C．电容器两极板之间的电压U越高，它的电容就越小，C与U成反比D．以上答案均不对9．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时( )A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小10．如图a、b、c是电场中的三个等势面，其电势分别是5V、0和﹣5V，一个电子从O点以初速度v0进入电场，电子进入电场后的运动情况是( )A．如果v0方向竖直向上，则电子的动量大小不变，方向不变B．如果v0方向竖直向上，则电子的动量大小不变，方向改变C．如果v0方向水平向左，则电子的动量大小改变，方向改变D．如果v0方向水平向左，则电子的动量大小改变，方向不变11．在一个微安表G上并联一个电阻R，就改装成一块安培表，今将该表与标准安培表串联后去测电流，发现该表的示数总比标准表的示数小，修正的方法为( )A．在R上并联一个小电阻B．在R上并联一个大电阻C．将R的阻值变大些D．将R的阻值变小些12．下列说法正确的是( )A．电荷在某处不受电场力作用，则该处的电场强度一定为为零B．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，则该处磁感应强度一定为零C．表征电场中某点电场的强弱，是把一个检验电荷放在该点时受到的电场力与检验电荷本身电荷量的比值D．表征磁场中某点磁场的强弱，是把一小段通电导线放在该点时受到的磁场力与该小段导体长度和电流强度乘积的比值二、实验题（本题共2小题，第13题4分，第14题12分共16分.）13．如图的游标卡尺的读数为：__________mm14．有一个小灯泡上标有“2V、3W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I﹣U图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V内阻10kΩ）B．电压表（0～10V内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）G．电源（电动势3V，内阻1Ω）①实验中电压表应选用__________，电流表应选用__________．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用__________（用序号字母表示）．②实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的I﹣U图象如图2所示，则可知小灯泡的电阻随电压增大而__________（填“增大”、“减小”或“不变”）．③请根据实验要求，画出电路图（如图1）．三、计算题（共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路，当电机不转时，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0A．问：（1）电动机正常工作时的输出功率多大？（2）如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是多大？16．如图所示，在空间中取直角坐标系Oxy，在第一象限内平行于y轴的虚线MN与y轴距离为d，从y轴到MN之间的区域充满一个沿y轴正方向的匀强电场，场强大小为E．初速度可以忽略的电子经过另一个电势差为U的电场加速后，从y轴上的A点以平行于x轴的方向射入第一象限区域，A点坐标为（0，h）．已知电子的电量为e，质量为m，加速电场的电势差U＞，电子的重力忽略不计，求：（1）电子从A点进入电场到离开该电场区域所经历的时间t和离开电场区域时的速度v；（2）电子经过x轴时离坐标原点O的距离L．17．（14分）如图所示区域Ⅰ、Ⅱ分别存在着匀强电场E1、E1已知区域Ⅰ宽L=0. 8m区域Ⅰ足够宽．E1=10kV/m且与水平成45°角斜向右上方，E2=2kV/m方向水平向左．绝缘薄板B长l=2.8m质量m B=1.6kg置于光滑水平面上，其左端与区域Ⅰ的左边界平齐．带电量为q=+1.6×10﹣3C质量m A=1.6kg的带电体A可视为质点，与木板间的摩擦因数μ=0.1，置于木板的最左端由静止释放．（g=10m/s2）求：（1）带电体A进入区域Ⅱ时的速度？（2）木板B的最终速度？xx学年北京大学附属中学河南分校高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，2、4、5、12小题有多个选项正确，其余的小题只有一个选项正确，.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.）1．某静电场的电场线分布如图，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则( )A．E P＞E Q，φP＜φQB．E P＜E Q，φP＞φQC．E P＜E Q，φP＜φQD．E P＞E Q，φP＞φQ考点：电场线．分析：根据P、Q两点处电场线的疏密比较电场强度的大小．根据沿电场线的方向电势降低，判断电势的高低．解答：解：由图P点电场线密，电场强度大，则E P＞E Q．沿电场线的方向电势降低，则有φP＞φQ．故D正确．故选：D．点评：此题要求掌握电场线的物理意义特点：疏密表示强弱，沿电场线的方向电势降低．2．关于电势与电势能的说法正确的是( )A．电荷在电场中电势高的地方电势能大B．在电场中的某点，电量大的电荷具有的电势能比电量小的电荷具有的电势能大C．正电荷形成的电场中，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能大D．负电荷形成的电场中，正电荷具有的电势能比负电荷具有的电势能小考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题从两个方面判断电势能的高低变化：一是根据电势的高低利用公式E p=φq进行判断，二是根据电场力做功判断电势能的变化，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功电势能增大．解答：解：A、根据公式E p=φq可知，正电荷在电势高的地方电势能大，而负电荷在电势高的地方电势能小，故A错误；B、若放在同一点的电荷带电量为负值，电荷量大，则其具有电势能小，故B错误；C、正电荷形成的电场中，取无穷远处电势为零，在电场中的任何一点上电势为正，则根据公式E p=φq可知，正电荷所具有的电势能大于负电荷具有的电势；故C正确．D、选择无穷远处为零电势点，因此负点电荷周围的电势为负值，所以在负点电荷电场中的任一点，根据公式E p=φq可知，放入的正电荷具有的电势能一定小于负电荷具有的电势能．故D正确．故选：CD．点评：电势能是电场中的重要概念，要学会从多个角度进行理解，尤其注意的是公式E p=φq 中，电势能的大小和电荷带电量的正负有关．3．图中水平虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线．两带电小球M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等．现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O 点电势高于c点．则( )A．M带负电荷，N带正电荷B．M在从O点运动至b点的过程中，动能不变C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．N在a点的速度与M在c点的速度相等考点：等势面．分析：根据粒子的轨迹可判断粒子的电场力方向，O点电势高于c点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可判断出电场方向，从而确定出粒子的电性．由动能定理可知，N在a点的速度与M在c点的速度大小相等，但方向不同．N从O点运动至a 点的过程中电场力做正功．O、b间电势差为零，由动能定理可知电场力做功为零．解答：解：A、等势线在水平方向，O点电势低于c点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向竖直向下，根据粒子的轨迹可判断出N粒子所受的电场力方向竖起向上，M粒子所受的电场力方向竖直向下，故知N粒子带负电，M带正电，故A错误．B、由图示可知：O、b在同一等势面上，从O到b电场力做功为零，O、b在同一高度，重力做功为零，由动能定理可知，M在O点与b点动能相等，故B正确；C、N从O点运动至a点的过程中电场力与速度的夹角为锐角，电场力做正功．故C错误．D、N从O到a点过程与M从O到c过程电场力做功相等，但重力对N做负功，对M做整个，由动能定理可知，N在a点的速度小于M在c点的速度，故D错误；故选：B．点评：本题要根据粒子的轨迹判定电场力方向，根据电场线与等势线垂直的特点，分析能否判定电性．由动能定理分析电场力做功是常用的方法．4．下列说法正确的是( )A．带电粒子仅在电场力作用下做“类平抛”运动，则电势能一定减小B．带电粒子只受电场力作用，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合．C．带电粒子在电场中运动，如只受电场力作用，其加速度方向一定与电场线方向相同．D．带电小球在匀强电场中仅在电场力和重力的作用下运动，则任意相等时间内速度的变化量相同．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据电场力做功情况，分析电势能变化情况．只有当电场线是直线，且带电粒子从静止开始或初速度与电场线共线时，其运动轨迹才沿电场线．在匀强电场中，带电小球所受的电场力是恒力，由△P=m△v=mat，分析动量的变化量．解答：解：A、带电粒子仅在电场力作用下做“类平抛”运动，说明开始时粒子运动的方向与电场力的方向垂直，则粒子运动的过程中电场力一定做正功，则电势能一定减小，故A 正确．B、只有当电场线是直线，且带电粒子从静止开始或初速度与电场线共线时，其运动轨迹才沿电场线．所以带电粒子的运动轨迹不一定与电场线重合．故B错误．C、带电粒子在电场中运动，如只受电场力作用，若带电粒子带正电，其加速度方向与电场线方向相同，若带电粒子带负电，其加速度方向与电场线方向相反．故C错误．D、一带电小球在一匀强电场中仅在电场力和重力的作用下运动，重力和电场力都是恒力，其合力也是恒力，由△P=m△v=mat=F合t，则知任意相等时间内速度的变化量相同．故D 正确．故选：AD．点评：解决本题的关键要理解几对关系：带电粒子的运动情况与受力情况的关系、运动轨迹与电场线的关系、加速度方向与电场线切线方向的关系、动量变化量与合力的关系．5．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电量很小）固定在P点，如图所示．以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，ε表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则( )A．U变小，E不变B．E变大，ε变大C．U变小，ε不变D．U不变，ε不变考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：平行板电容器充电后与电源断开后，电容器的电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，电容增大．由推论公式E=分析板间场强E的变化情况．由公式U=判断板间电压的变化．解答：解：由题意知：电容器的带电量Q不变，板间距离减小，根据电容的决定式知电容C增大．由公式U=知，板间电压U变小．由推论公式E=分析，可知板间电场强度E不变，则由U=Ed知，P与负极板间的电势差不变，则P点的电势不变，正电荷在P点的电势能ɛ不变．故C正确，ABD错误．故选：C．点评：本题是电容器的动态变化分析问题，难点是确定电场强度的变化，只要得出电场强度的变化，就可以得出P与负极板电势差的变化，得出P点的电势以及电荷在P点电势能的变化．6．如图所示，在粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块．由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止．在物块运动过程中，下列表述正确的是( )A．两个物块的机械能守恒B．物块受到的库仑力不做功C．两个物块的电势能逐渐减少D．物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力考点：机械能守恒定律；库仑定律；电势能．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：由静止释放后，两个物块向相反方向运动，两物块之间的库仑力做正功，电势能减小．开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能先增大，后减小．解答：解：A、B，两物块之间由于带同种电荷，它们之间存在库仑斥力，库仑力两个物块都做正功．开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，动能增大；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能减小，重力势能不变，则机械能先增大，后减小，不守恒．故A、B错误．C、由静止释放后，两个物块向相反方向运动，两物块之间的库仑力做正功，电势能减小．故C正确．D、根据库仑定律得知：库仑力与两个物块之间的距离平方成反比，所以库仑力先大于物块所受的摩擦力，后小于摩擦力．故D错误．故选C点评：本题首先考查分析物块受力情况和运动情况的能力，要抓住库仑力随距离增大而减小的特点．7．定值电阻R1和一热敏电阻R2串联后与一内阻不计的电源组成闭合电路，开始时R1=R2．现先后对R2加热、冷却，则下列关于R2的电功率变化情况正确的是( ) A．加热时增加，冷却时减少B．加热时减少，冷却时增加C．冷却、加热时均增加D．冷却、加热时均减少考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：R1、R2串联，根据电阻的串联特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R表示出R2的电功率；最后根据R2的电阻值随温度的变化，进而判断R2的电功率的变化情况．解答：解：设电源电压为U，则R2的电功率≤，当R1=R2时，取最大值，由于开始时电阻R1和R2电阻值相等，R2的电功率最大，此后不管是升高温度还是降低温度，电阻R2的电阻值均变化，故电阻R2的电功率一定是减小，故D正确．故选：D．点评：本题也可以根据“当外电阻与内电阻相等时，电源的输出功率最大”的结论，然后利用等效电源法考虑．8．根据电容器电容的定义式C=，可知( )A．电容器所带的电荷量Q越多，它的电容就越大，C与Q成正比B．电容器不带电时，其电容为零C．电容器两极板之间的电压U越高，它的电容就越小，C与U成反比D．以上答案均不对考点：电容．专题：电容器专题．分析：电容表征电容器容纳电荷的本领大小，与电量Q、电压U无关．电容器不带电时，电容并不为零．解答：解：A、电容器带电的电量Q越多，两极之间的电压U越高，但电容不变．故A 错误．B、电容反映本身的特性，电容器不带电时，电容并不为零．故B错误．C、电容表征电容器容纳电荷的本领大小，与电压U无关，给定的电容C一定．故C 错误．D、电容表征电容器容纳电荷的本领大小，电容大小与电容器的带电情况无关．故D 正确．故选：D点评：本题考查对电容的理解能力．电容的定义式C=是采用比值定义法，有比值定义的共性，C与Q、U无关，反映电容器本身的特性．9．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时( )A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：压轴题．分析：由图可知R2与R3并联后与R1串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E﹣Ir可得出路端电压的变化；将R1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．解答：解：当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；因此路端电压减小，故电压表示数减小；将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定减小，故流过R2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；故B正确，ACD错误；故选B．点评：闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理．10．如图a、b、c是电场中的三个等势面，其电势分别是5V、0和﹣5V，一个电子从O点以初速度v0进入电场，电子进入电场后的运动情况是( )A．如果v0方向竖直向上，则电子的动量大小不变，方向不变B．如果v0方向竖直向上，则电子的动量大小不变，方向改变C．如果v0方向水平向左，则电子的动量大小改变，方向改变D．如果v0方向水平向左，则电子的动量大小改变，方向不变考点：等势面．分析：根据等势面与电场线垂直，作出电场线，分析电子受到的电场力大小和方向，判断电子的运动情况，确定电子的动量的大小和方向的变化情况．当电子的速度v0的方向向上或向下时，电子做类平抛运动，动量大小和方向都改变．若v0的方向向左，电子所受电场力方向方向向左，电子做匀加速直线运动，动量增大，方向不变．解答：解：作出电场线如图．A、B、如果v0的方向向上，电子受到的电场力水平向左，电子做类平抛运动，动量大小增大，方向改变．故AB错误．C、D、如果v0的方向向左，而电子受到的电场力水平向左，则电子向左做匀加速直线运动，其动量大小增大，方向不变．故C错误，D正确．故选：D．点评：知道等势面的分布情况，作出电场线是研究粒子在电场中运动问题常用的方法．对于带电粒子在电场中运动问题，关键是分析带电粒子的受力情况，再分析其运动情况．11．在一个微安表G上并联一个电阻R，就改装成一块安培表，今将该表与标准安培表串联后去测电流，发现该表的示数总比标准表的示数小，修正的方法为( )A．在R上并联一个小电阻B．在R上并联一个大电阻C．将R的阻值变大些D．将R的阻值变小些考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：电流表示数偏小，说明所并联电阻的分流太大，则分流电阻阻值偏小．让分流电阻变的稍大些即可．解答：解：电流表示数偏小，说明所并联电阻的分流太大，则分流电阻阻值偏小．让分流电阻变的稍大些即可，故C正确，D错误；在原分流电阻上再并联一个适当的小电阻或者并联适当的大电阻，都会使其并联值稍小，分流稍大，不可以．故AB错误．故选：C．点评：考查的电流表的改装原理，明确分流与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大．12．下列说法正确的是( )A．电荷在某处不受电场力作用，则该处的电场强度一定为为零B．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，则该处磁感应强度一定为零C．表征电场中某点电场的强弱，是把一个检验电荷放在该点时受到的电场力与检验电荷本身电荷量的比值D．表征磁场中某点磁场的强弱，是把一小段通电导线放在该点时受到的磁场力与该小段导体长度和电流强度乘积的比值考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场的基本性质是对放入电场中的电荷有力的作用．电场强度的定义式E=运用比值法定义，E与F、q无关．根据磁感应强度的定义式B=，由此可知的磁感应强度与导线的放置、长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．所以如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用，该处的磁感应强度不一定为零，如通电导线与磁场平行放置，磁场对通电导线没有作用力．解答：解：A、电荷在电场中一定受到电场力作用，若电荷在某处不受电场力作用，则该处电场强度一定为零．故A正确．B、如果通电导线与磁场平行放置，则磁场对通电导线没有作用力，则知一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处磁感应强度不一定为零，故B错误．C、电场强度表征电场中某点电场的强弱，而电场强度等于把一个检验电荷放在该点时受到的电场力与检验电荷本身电荷量的比值，故C正确．D、表征磁场中某点磁场的强弱，是把一小段通电导线垂直放在该点时受到的磁场力与该小段导体长度和电流强度乘积的比值，故D错误．故选：AC．点评：本题要知道电荷在电场中一定受到电场力，如果不受电场力，则电场一定为零．通电导体在磁场中不一定受到磁场力，通电导体如果与磁场方向平行，不受磁场力．二、实验题（本题共2小题，第13题4分，第14题12分共16分.）13．如图的游标卡尺的读数为：91.60mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用．专题：实验题．。