【物理】山东省临沂七中2016届高三上学期第二次理综测试试题

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高三物理月考试题及答案-山东临沂七中2015-2016学年高三上学期第四次月考试卷

山东省临沂七中2015-2016学年高三（上）第四次月考物理试卷1．以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A．匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为切线方向B．牛顿发现了万有引力定律，库仑用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值C．行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比=K为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关D．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果2．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量同种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是（）A．A、B两处电势、场强均相同B．C、D两处电势、场强均不同C．在虚线AB上O点的场强最小D．带负电的试探电荷在O处的电势能大于在C处的电势能3．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4m/s2，方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加 B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变 D．无法确定4．某一用直流电动机提升重物的装置，如图所示，重物m=50kg，电源的电动势E=110V，不计电源内阻及各处的摩擦．当电动机以v=0.80m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度为I=5A，（g=10m/s2），下列说法中正确的是（）A．电动机线圈的电阻是4ΩB．电动机的输出功率是400WC．电动机的输入功率是500WD．电动机线圈的发热功率是125W5．一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的有用功率达到最大值P以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，物体上升的高度为h，则整个过程中，下列说法不正确的是（）A．钢绳的最大拉力为B．钢绳的最大拉力为C．重物的最大速度v2=D．重物匀加速运动的加速度为﹣g6．有一竖直放置的“T”形架，表面光滑，滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一不可伸长的轻细绳相连，A、B质量相等，且可看做质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止．由静止释放B后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B沿着竖直杆下滑的速度为v，则连接A、B的绳长为（）A． B． C． D．7．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1．R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变小D．电源内阻的功率变小8．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大9．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则（）A．N点的电场强度大小为零B．A点的电场强度大小为零C．NC间场强方向向x轴正方向D．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功10．如图所示竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最终都能运动到右极板上的同一位置，则从开始释放到运动到右极板的过程中它们的：（）A．运行时间t P=t QB．电势能减少量之比△E P：△E Q=2：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1D．动能增加量之比△E KP：△E K=4：111．甲图中游标卡尺的读数为mm；乙图中螺旋测微器的读数为mm．12．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图（a）中的图线L1，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图（a）中的图线，请将图（b）中缺少的两根导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，得到其U﹣I图象如图（a）中的图线L2，现将这两个小灯泡并联连接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为V；灯泡L2消耗的功率为W．13．如图所示，一电荷量q=3×10﹣4C带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的O点．电键S合上后，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角α=37°．已知两板相距d=0.1m，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，电阻R1=4Ω，R2=R3=R4=12Ω．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）通过电源的电流；（2）两板间的电场强度的大小；（3）小球的质量．14．如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.40m．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E=1.0×104N/C．现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C，质量m=0.10kg 的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点．取g=10m/s2．试求：（1）带电体在圆形轨道C点的速度大小．（2）D点到B点的距离x DB．（3）带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小．（4）带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能．15．如图，在粗糙水平台阶上静止放置一质量m=0.5kg的小物块，它与水平台阶表面的动摩擦因数μ=0.5，且与台阶边缘O点的距离s=5m．在台阶右侧固定了一个圆弧挡板，圆弧半径R=1m，圆弧的圆心也在O点．今以O点为原点建立平面直角坐标系．现用F=5N的水平恒力拉动小物块，一段时间后撤去拉力，小物块最终水平抛出并击中挡板．（1）若小物块恰能击中挡板上的P点（OP与水平方向夹角为37°），求其离开O点时的速度大小；（2）为使小物块击中挡板，求拉力F作用的最短时间；（3）改变拉力F的作用时间，使小物块击中挡板的不同位置，求击中挡板时小物块动能的最小值．答案1.【考点】物理学史．【分析】本题应根据牛顿、卡文迪许、奥斯特、法拉第的物理学成就及匀速圆周运动的特点、开普勒行星运动定律进行解答．【解答】解：A、匀速圆周运动是速度大小不变的变加速曲线运动，加速度方向不断指向圆心，速度方向始终为切线方向．故A错误；B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值，故B错误；C、行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比为常数，此常数的大小与恒星的质量有关，与行星的速度无关．故C错误；D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果．故D正确；故选：D．【点评】本题考查了物理学史，关键在于平时加强，注重积累．对于匀变速曲线运动，要知道其加速度不变的特点．2.【考点】电势；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据等量同种电荷电场线和等势面分布特点，可以比较A与B，C与D电势、场强关系及O、B电势高低；根据电场线疏密可知，在M、N之间O点场强最小；利用负电荷在电势高处电势能小，可比较负电荷在O、C电势能大小．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低，结合等量同种电荷电场线、等势面分布对称性特点可知，A、B两处电势相同，场强大小相等、方向相反，所以场强不同，故A错误．B、根据等量同种电荷电场线、等势面分布对称性，C、D两处场强方向相反，电势相同．故B错误．C、根据电场线疏密表示场强的大小可知，在AB之间，O点场强为零，为最小．故C正确．D、OC间的电场强度方向向上，根据顺着电场线方向电势降低，可知O点电势高于C点电势，则负电荷在O处电势能小于在C处电势能．故D错误．故选：C【点评】这类问题要巧妙利用电场线、等势面分布对称性的特点，再根据电场线方向判断电势高低，电场线的疏密判断场强的大小．3.【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】当物体只有重力做功，物体的机械能守恒，根据牛顿第二定律求出F和摩擦力合力的大小，结合机械能守恒的条件判断物体的机械能是否守恒．【解答】解：物体的加速度为a=4m/s2，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律得：F﹣mgsin30°﹣f=ma，解得F﹣f=m＞0可知F和f做功的代数和大于零，所以根据功能原理可知，在运动的过程中，机械能一定增加．故A正确，B、C、D错误．故选：A【点评】解决本题的关键理解机械能守恒的条件，只有重力做功，不是只受重力，其它力可以做功，只要做功的代数和为零，机械能仍然守恒．若除重力以外其他力做功不为零，机械能不守恒．4.【考点】电功、电功率．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电动机的输出功率等于牵引力的功率，根据牵引力的功率求出电动机的输出功率．根据P=EI求出电动机的输入功率．电动机的输入功率等于输出功率和线圈电阻产生的热功率之和．根据能量守恒，结合焦耳定律求出电动机线圈的电阻．【解答】解：电动机的输出功率P2=mgv=500×0.8W=400W，电动机的输入功率P1=EI=110×5W=550W．根据能量守恒定律得，发热功率P==550﹣400=150W，则线圈内阻r=6Ω，故B正确，ACD错误．故选：B【点评】解决本题的关键知道输入功率和输出功率以及线圈发热功率的区别和联系，注意对于电动机电路，在电动机正常工作的情况下，不能运用闭合电路欧姆定律进行求解．5.【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv求出最大拉力；重物以最大速度为v2匀速上升时，F=mg，所以v2=求出最大速度；根据牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：A、匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv得F m=，故A错误，B正确；C、匀速运动阶段，起重机的功率达到最大值P，此时拉力等于重力，故重物的最大速度v2=，故C正确；D、重物匀加速运动的末速度为v1，此时的拉力为F=，由牛顿第二定律得；a==﹣g，故D正确．本题选错误的故选：A【点评】本题考查的是类似汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．6.【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，根据两物体沿绳子方向的速度相等，求出A的速度，再根据系统机械能守恒，求出B下降的高度，从而求出AB的绳长．【解答】解：将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，两物体沿绳子方向的速度相等，有：v B cos60°=v A cos30°所以：v A=vAB组成的系统机械能守恒，有：mgh=mv A2+mv B2所以：h=绳长l=2h=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键会对速度进行分解，以及知道AB组成的系统机械能守恒．7.【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出小灯泡功率的变化．【解答】解：A、将将照射R3的光的强度减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中干路电流减小，故R1两端的电压减小，电压表的示数变小．故A错误；BC、因干路电流减小，电源的内电压减小则，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R2的电流增大，故C错误；由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B错误；D、干路电流减小，则电源内阻的功率变小，故D正确；故选：D【点评】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．8.【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大．【解答】解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c点的电势最低，故A正确；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、根据电场线的疏密来确定电场强度的强弱，可知，质点在P点时的电场力比通过Q点时大，那么P点时的加速度比通过Q点时大，故D正确．故选：ABD．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．9.【考点】电场强度．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度E．根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性．根据功能关系分析电场力做功的正负．【解答】解：AB、φ﹣x图象的斜率等于电场强度E，图线在A、N两点处的斜率都不等于0，则知N、A两点的场强均不为零，故AB错误．C、从N点到C点各点电势逐渐增大，说明这是逆着电场线方向，即NC间场强方向从C指向N即向x轴负方向，故C错误；D、将一负点电荷从N点移到D点电势先增大后减小，电势能先减小后增大，所以电场先做正功后做负功，故D正确；故选：D．【点评】电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能．电场力做功的正负决定电势能的增加与否．10.【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】两小球在匀强电场中受到电场力和重力作用，都做匀加速直线运动，运用运动的分解可知：两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，运动时间相同．两小球水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，根据牛顿第二定律和运动学公式研究电荷量之比．根据电场力做功之比，研究电势能减小量之比．根据数学知识分析合力对两球做功的关系，由动能定理分析动能增加量之比．【解答】解：A、两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，由公式t=得，它们运动时间相同．故A正确．B、电场力做功分别为W P=q Q Ex Q，W Q=q P Ex P，由于q P：q Q=2：1，x P：x Q=2：1，得到W P：W Q=4：1，而重力做功相同，则合力做功之比，则动能增加量之比△E kP：△E kQ＜4．故BD错误．C、小球在水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，由x=分析得到加速度之比a P：a Q=2：1．根据牛顿第二定律得，两球的加速度分别为a P=，a Q=，则q P：q Q=2：1．故C正确．故选：AC．【点评】本题电荷在复合场中运动，采用运动的分解与合成的方法研究，是常用的方法．研究动能增加量关系，也可通过求末速度之比求解．11.【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题；定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为13mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×0.05mm=0.55mm，所以最终读数为：13mm+0.55mm=13.55mm．2、螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为4.5mm+0.200mm=4.700mm．故答案为：13.55，4.700．【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．12.【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】在小灯泡的U﹣I图象中，图象上的与原点连线的斜率表示小灯泡电阻的大小，所以小灯泡电阻随电流的最大而增大；本题的难点是当把AB间的导线误接在AC之间时，滑动变阻器的连接情况：的滑动触头打到最左端或最右端时变阻器均短路，此时小灯泡功率最大，的滑动触头在中间时，变阻器的有效电阻最大．【解答】解：（1）由图象根据欧姆定律R=知，小灯泡的电阻随电压增大而增大．（2）由于小灯泡的电阻远小于电压表的内阻，电流表应用外接法；又电流与电压从零逐渐增大，故滑动变阻器应用分压式接法，实物图如图，（3）电动势为3V，内阻为6Ω，则短路电流==0.5A，在小灯泡的U﹣P图象中，连接U=3V与I=0.5A两点，画出表示电源的U﹣I图象，如图所示；要使两灯泡并联后接在电源两端，应符合闭合电路欧姆定律，则电源的输出电压与两灯泡电压相等，且路端电压与内压之和等于电动势；由图可知，输出电压应为0.6V，此时灯泡L2的电流为0.15A，则其功率P=UI=0.6×0.15=0.09W；故答案为（1）增大（2）如图（3）0.6；0.09．【点评】当已知小灯泡的伏安特性曲线，要求其功率时，要再画出表示电源的U﹣I图象，则两图线的交点坐标即为小灯泡的实际电流与电压，然后根据P=UI求解．13.【考点】闭合电路的欧姆定律；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）先求出R2R3并联后的总电阻，然后根据闭合电路欧姆定律求通过电源的电流；（2）根据U=IR求出电容器两端的电压，然后根据E=求出极板间的场强；（3）对小球进行受力分析，根据平衡条件求小球的质量．【解答】解：（1）R2与R3并联后的电阻值为：R23=代入数据解得：R23=6Ω由闭合电路欧姆定律得：I=代入数据解得：I=1A（2）电容器两板间的电压为：U C=I（R1+R23）电容器两板间的电场强度为：E1==代入数据解得：E1=100N/C（3）小球处于静止状态，所受电场力为F，由平衡条件得：F=mgtanα又有：F=qE所以m=代入数据解得：m=4×10﹣3kg答：（1）通过电源的电流为1A；（2）两板间的电场强度的大小100N/C；（3）小球的质量4×10﹣3 kg．【点评】本题考查含有电容器的电路问题，难点是确定电容器两端的电压，一定要明确与电容器串联的电阻相当于导线．14.【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）恰好到达最高点，在最高点，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出带电体在圆形轨道C点的速度大小．（2）带电体在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做匀变速直线运动，抓住等时性，求出D点到B点的距离．（3）根据动能定理B点的速度，通过牛顿第二定律求出支持力的大小，从而求出带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小．（4）由P到B带电体作加速运动，故最大速度一定出现在从B经C到D的过程中．在此过程中只有重力和电场力做功，这两个力大小相等，其合力与重力方向成45°夹角斜向右下方，故最大速度必出现在B点右侧对应圆心角为45°处．根据动能定理求出最大的动能．【解答】解：（1）设带电体通过C点时的速度为v C，依据牛顿第二定律：解得v C=2.0m/s（2）设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点经历的时间为t，根据运动的分解有：联立解得x DB=0（3）设带电体通过B点时的速度为v B，设轨道对带电体的支持力大小为F B，带电体在B点时，根据牛顿第二定律有带电体从B运动到C的过程中，依据动能定理：联立解得F B=6.0N根据牛顿第三定律，带电体对轨道的压力（4）由P到B带电体作加速运动，故最大速度一定出现在从B经C到D的过程中．在此过程中只有重力和电场力做功，这两个力大小相等，其合力与重力方向成45°夹角斜向右下方，故最大速度必出现在B点右侧对应圆心角为45°处．设小球的最大动能为E km，根据动能定理有：解得E km=1.17J（或）．答：（1）带电体在圆形轨道C点的速度大小为2m/s．（2）D点到B点的距离为0m．（3）带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小为6N．（4）带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能为1.17J．【点评】本题综合考查了动能定理、牛顿第二定律，涉及到运动的分解、圆周运动，综合性较强，最后一问对学生的能力要求较高．需加强训练．15.【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；平抛运动．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）小物块离开P点做平抛运动，根据平抛知识求解其离开O点时的速度大小；（2）小物块能击中挡板的临界条件是能到达O点，根据运动学关系分析求解力F的作用最短时间；（3）根据平抛运动和击中挡板的轨道公式求解小物块击中挡板时的最小动能．【解答】解：（1）小物块从O到P，做平抛运动水平方向：Rcos37°=v0t竖直方向：由以上两式解得：=（2）为使小物块击中档板，小物块必须能运动到O点，由动能定理得：Fx﹣μmgS=△E k=0解得：x=2.5m由牛顿第二定律得：F﹣μmg=ma解得：力F作用时的加速度a=5m/s2由运动学公式得：解得：t=1s（3）设小物块击中挡板的任意点坐标为（x，y），则x=v0t由机械能守恒得：又又击中挡板满足：x2+y2=R2化简得：，由数学方法解得：E kmin=答：（1）若小物块恰能击中挡板上的P点（OP与水平方向夹角为37°），其离开O点时的速度大小为；（2）为使小物块击中挡板，拉力F作用的最短时间为1s；（3）改变拉力F的作用时间，使小物块击中挡板的不同位置，击中挡板时小物块动能的最小值为．【点评】本题是动力学、平抛运动的综合题，解决问题的关键是掌握相关动力学基础知识和平抛运动知识，在第三问中要求较好的数学功底．。

山东省临沂七中高三物理上学期第四次月考试卷(含解析)

山东省临沂七中2015-2016学年高三（上）第四次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A．匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为切线方向B．牛顿发现了万有引力定律，库仑用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值C．行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比=K为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关D．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果2．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量同种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是（）A．A、B两处电势、场强均相同B．C、D两处电势、场强均不同C．在虚线AB上O点的场强最小D．带负电的试探电荷在O处的电势能大于在C处的电势能3．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4m/s2，方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加 B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变 D．无法确定4．某一用直流电动机提升重物的装置，如图所示，重物m=50kg，电源的电动势E=110V，不计电源内阻及各处的摩擦．当电动机以v=0.80m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度为I=5A，（g=10m/s2），下列说法中正确的是（）A．电动机线圈的电阻是4ΩB．电动机的输出功率是400WC．电动机的输入功率是500WD．电动机线圈的发热功率是125W5．一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的有用功率达到最大值P以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，物体上升的高度为h，则整个过程中，下列说法不正确的是（）A．钢绳的最大拉力为B．钢绳的最大拉力为C．重物的最大速度v2=D．重物匀加速运动的加速度为﹣g6．有一竖直放置的“T”形架，表面光滑，滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一不可伸长的轻细绳相连，A、B质量相等，且可看做质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止．由静止释放B后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B沿着竖直杆下滑的速度为v，则连接A、B的绳长为（）A． B． C． D．7．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1．R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变小D．电源内阻的功率变小8．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大9．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则（）A．N点的电场强度大小为零B．A点的电场强度大小为零C．NC间场强方向向x轴正方向D．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功10．如图所示竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最终都能运动到右极板上的同一位置，则从开始释放到运动到右极板的过程中它们的：（）A．运行时间t P=t QB．电势能减少量之比△E P：△E Q=2：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1D．动能增加量之比△E KP：△E K=4：1二、实验题（本题共2小题，共12分．）11．甲图中游标卡尺的读数为mm；乙图中螺旋测微器的读数为mm．12．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图（a）中的图线L1，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图（a）中的图线，请将图（b）中缺少的两根导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，得到其U﹣I图象如图（a）中的图线L2，现将这两个小灯泡并联连接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为V；灯泡L2消耗的功率为W．三、计算题（本题共3小题，共38分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．如图所示，一电荷量q=3×10﹣4C带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的O点．电键S合上后，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角α=37°．已知两板相距d=0.1m，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，电阻R1=4Ω，R2=R3=R4=12Ω．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）通过电源的电流；（2）两板间的电场强度的大小；（3）小球的质量．14．如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.40m．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E=1.0×104N/C．现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C，质量m=0.10kg的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点．取g=10m/s2．试求：（1）带电体在圆形轨道C点的速度大小．（2）D点到B点的距离x DB．（3）带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小．（4）带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能．15．如图，在粗糙水平台阶上静止放置一质量m=0.5kg的小物块，它与水平台阶表面的动摩擦因数μ=0.5，且与台阶边缘O点的距离s=5m．在台阶右侧固定了一个圆弧挡板，圆弧半径R=1m，圆弧的圆心也在O点．今以O点为原点建立平面直角坐标系．现用F=5N的水平恒力拉动小物块，一段时间后撤去拉力，小物块最终水平抛出并击中挡板．（1）若小物块恰能击中挡板上的P点（OP与水平方向夹角为37°），求其离开O点时的速度大小；（2）为使小物块击中挡板，求拉力F作用的最短时间；（3）改变拉力F的作用时间，使小物块击中挡板的不同位置，求击中挡板时小物块动能的最小值．2015-2016学年山东省临沂七中高三（上）第四次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A．匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为切线方向B．牛顿发现了万有引力定律，库仑用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值C．行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比=K为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关D．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果【考点】物理学史．【分析】本题应根据牛顿、卡文迪许、奥斯特、法拉第的物理学成就及匀速圆周运动的特点、开普勒行星运动定律进行解答．【解答】解：A、匀速圆周运动是速度大小不变的变加速曲线运动，加速度方向不断指向圆心，速度方向始终为切线方向．故A错误；B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值，故B错误；C、行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比为常数，此常数的大小与恒星的质量有关，与行星的速度无关．故C错误；D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果．故D正确；故选：D．【点评】本题考查了物理学史，关键在于平时加强，注重积累．对于匀变速曲线运动，要知道其加速度不变的特点．2．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量同种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是（）A．A、B两处电势、场强均相同B．C、D两处电势、场强均不同C．在虚线AB上O点的场强最小D．带负电的试探电荷在O处的电势能大于在C处的电势能【考点】电势；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据等量同种电荷电场线和等势面分布特点，可以比较A与B，C与D电势、场强关系及O、B电势高低；根据电场线疏密可知，在M、N之间O点场强最小；利用负电荷在电势高处电势能小，可比较负电荷在O、C电势能大小．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低，结合等量同种电荷电场线、等势面分布对称性特点可知，A、B两处电势相同，场强大小相等、方向相反，所以场强不同，故A错误．B、根据等量同种电荷电场线、等势面分布对称性，C、D两处场强方向相反，电势相同．故B错误．C、根据电场线疏密表示场强的大小可知，在AB之间，O点场强为零，为最小．故C正确．D、OC间的电场强度方向向上，根据顺着电场线方向电势降低，可知O点电势高于C点电势，则负电荷在O处电势能小于在C处电势能．故D错误．故选：C【点评】这类问题要巧妙利用电场线、等势面分布对称性的特点，再根据电场线方向判断电势高低，电场线的疏密判断场强的大小．3．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4m/s2，方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加 B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变 D．无法确定【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】当物体只有重力做功，物体的机械能守恒，根据牛顿第二定律求出F和摩擦力合力的大小，结合机械能守恒的条件判断物体的机械能是否守恒．【解答】解：物体的加速度为 a=4m/s2，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律得：F﹣mgsin30°﹣f=ma，解得F﹣f=m＞0可知F和f做功的代数和大于零，所以根据功能原理可知，在运动的过程中，机械能一定增加．故A正确，B、C、D错误．故选：A【点评】解决本题的关键理解机械能守恒的条件，只有重力做功，不是只受重力，其它力可以做功，只要做功的代数和为零，机械能仍然守恒．若除重力以外其他力做功不为零，机械能不守恒．4．某一用直流电动机提升重物的装置，如图所示，重物m=50kg，电源的电动势E=110V，不计电源内阻及各处的摩擦．当电动机以v=0.80m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度为I=5A，（g=10m/s2），下列说法中正确的是（）A．电动机线圈的电阻是4ΩB．电动机的输出功率是400WC．电动机的输入功率是500WD．电动机线圈的发热功率是125W【考点】电功、电功率．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电动机的输出功率等于牵引力的功率，根据牵引力的功率求出电动机的输出功率．根据P=EI 求出电动机的输入功率．电动机的输入功率等于输出功率和线圈电阻产生的热功率之和．根据能量守恒，结合焦耳定律求出电动机线圈的电阻．【解答】解：电动机的输出功率P2=mgv=500×0.8W=400W，电动机的输入功率P1=EI=110×5W=550W．根据能量守恒定律得，发热功率P==550﹣400=150W，则线圈内阻r=6Ω，故B正确，ACD错误．故选：B【点评】解决本题的关键知道输入功率和输出功率以及线圈发热功率的区别和联系，注意对于电动机电路，在电动机正常工作的情况下，不能运用闭合电路欧姆定律进行求解．5．一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的有用功率达到最大值P以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，物体上升的高度为h，则整个过程中，下列说法不正确的是（）A．钢绳的最大拉力为B．钢绳的最大拉力为C．重物的最大速度v2=D．重物匀加速运动的加速度为﹣g【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv求出最大拉力；重物以最大速度为v2匀速上升时，F=mg，所以v2=求出最大速度；根据牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：A、匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv得F m=，故A错误，B正确；C、匀速运动阶段，起重机的功率达到最大值P，此时拉力等于重力，故重物的最大速度v2=，故C正确；D、重物匀加速运动的末速度为v1，此时的拉力为F=，由牛顿第二定律得；a==﹣g，故D正确．本题选错误的故选：A【点评】本题考查的是类似汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．6．有一竖直放置的“T”形架，表面光滑，滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一不可伸长的轻细绳相连，A、B质量相等，且可看做质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止．由静止释放B后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B沿着竖直杆下滑的速度为v，则连接A、B的绳长为（）A． B． C． D．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，根据两物体沿绳子方向的速度相等，求出A的速度，再根据系统机械能守恒，求出B下降的高度，从而求出AB的绳长．【解答】解：将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，两物体沿绳子方向的速度相等，有：v B cos60°=v A cos30°所以：v A=vAB组成的系统机械能守恒，有：mgh=mv A2+mv B2所以：h=绳长l=2h=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键会对速度进行分解，以及知道AB组成的系统机械能守恒．7．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1．R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变小D．电源内阻的功率变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出小灯泡功率的变化．【解答】解：A、将将照射R3的光的强度减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中干路电流减小，故R1两端的电压减小，电压表的示数变小．故A错误；BC、因干路电流减小，电源的内电压减小则，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R2的电流增大，故C错误；由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B错误；D、干路电流减小，则电源内阻的功率变小，故D正确；故选：D【点评】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．8．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大．【解答】解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c点的电势最低，故A正确；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、根据电场线的疏密来确定电场强度的强弱，可知，质点在P点时的电场力比通过Q点时大，那么P点时的加速度比通过Q点时大，故D正确．故选：ABD．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．9．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则（）A．N点的电场强度大小为零B．A点的电场强度大小为零C．NC间场强方向向x轴正方向D．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功【考点】电场强度．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度E．根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性．根据功能关系分析电场力做功的正负．【解答】解：AB、φ﹣x图象的斜率等于电场强度E，图线在A、N两点处的斜率都不等于0，则知N、A两点的场强均不为零，故AB错误．C、从N点到C点各点电势逐渐增大，说明这是逆着电场线方向，即NC间场强方向从C指向N即向x轴负方向，故C错误；D、将一负点电荷从N点移到D点电势先增大后减小，电势能先减小后增大，所以电场先做正功后做负功，故D正确；故选：D．【点评】电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能．电场力做功的正负决定电势能的增加与否．10．如图所示竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最终都能运动到右极板上的同一位置，则从开始释放到运动到右极板的过程中它们的：（）A．运行时间t P=t QB．电势能减少量之比△E P：△E Q=2：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1D．动能增加量之比△E KP：△E K=4：1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】两小球在匀强电场中受到电场力和重力作用，都做匀加速直线运动，运用运动的分解可知：两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，运动时间相同．两小球水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，根据牛顿第二定律和运动学公式研究电荷量之比．根据电场力做功之比，研究电势能减小量之比．根据数学知识分析合力对两球做功的关系，由动能定理分析动能增加量之比．【解答】解：A、两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，由公式t=得，它们运动时间相同．故A正确．B、电场力做功分别为W P=q Q Ex Q，W Q=q P Ex P，由于q P：q Q=2：1，x P：x Q=2：1，得到W P：W Q=4：1，而重力做功相同，则合力做功之比，则动能增加量之比△E kP：△E kQ＜4．故BD错误．C、小球在水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，由x=分析得到加速度之比a P：a Q=2：1．根据牛顿第二定律得，两球的加速度分别为a P=，a Q=，则q P：q Q=2：1．故C正确．故选：AC．【点评】本题电荷在复合场中运动，采用运动的分解与合成的方法研究，是常用的方法．研究动能增加量关系，也可通过求末速度之比求解．二、实验题（本题共2小题，共12分．）11．甲图中游标卡尺的读数为13.55 mm；乙图中螺旋测微器的读数为 4.700 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题；定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为13mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×0.05mm=0.55mm，所以最终读数为：13mm+0.55mm=13.55mm．2、螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为4.5mm+0.200mm=4.700mm．故答案为：13.55，4.700．【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．12．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图（a）中的图线L1，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图（a）中的图线，请将图（b）中缺少的两根导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，得到其U﹣I图象如图（a）中的图线L2，现将这两个小灯泡并联连接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为0.6 V；灯泡L2消耗的功率为0.09 W．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】在小灯泡的U﹣I图象中，图象上的与原点连线的斜率表示小灯泡电阻的大小，所以小灯泡电阻随电流的最大而增大；本题的难点是当把AB间的导线误接在AC之间时，滑动变阻器的连接情况：的滑动触头打到最左端或最右端时变阻器均短路，此时小灯泡功率最大，的滑动触头在中间时，变阻器的有效电阻最大．【解答】解：（1）由图象根据欧姆定律R=知，小灯泡的电阻随电压增大而增大．（2）由于小灯泡的电阻远小于电压表的内阻，电流表应用外接法；又电流与电压从零逐渐增大，故滑动变阻器应用分压式接法，实物图如图，（3）电动势为3V，内阻为6Ω，则短路电流==0.5A，在小灯泡的U﹣P图象中，连接U=3V与I=0.5A两点，画出表示电源的U﹣I图象，如图所示；要使两灯泡并联后接在电源两端，应符合闭合电路欧姆定律，则电源的输出电压与两灯泡电压相等，且路端电压与内压之和等于电动势；由图可知，输出电压应为0.6V，此时灯泡L2的电流为0.15A，则其功率P=UI=0.6×0.15=0.09W；。

山东省临沂七中2016届高三上学期第五次月考物理试卷1

2015-2016学年山东省临沂七中高三（上）第五次月考物理试卷（1月份）一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A．总功率可能减小 B．效率一定增大C．内部损耗功率一定减小D．输出功率可能先增大后减小2．如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两个过程中（）A．导体框中产生的感应电流方向相同B．导体框中产生的焦耳热相同C．导体框ad边两端电势差相同D．通过导体框截面的电量相同3．小尼同学在自主学习时，对四个具体物理问题提出了自己的观点，你认为小尼的处理方法或者观点没有明显错误的是（）A．两个半径均为r的空心金属球，带电量均为+Q，均置于绝缘基座上，球心相距3r，小尼认为：两球间的库仑力小于B．一盏USB节能灯的铭牌上标注“直流5V，2.5W”，小尼认为：在正常工作的情况下，该节能灯的热功率等于2.5WC．采用如下方案测量鞋底与桌面之间的滑动摩擦因数，将鞋子摆在水平桌面上，从静止开始，用水平弹簧秤逐渐增加拉力，并且记下刚好拉动鞋子时拉力的大小F1，再竖直悬挂鞋子，记下静止时拉力的大小F2，小尼认为：鞋底与桌面之间的滑动摩擦系数大于D．一片枫叶从树上飘落，落地速率为v，小尼认为：考虑到空气阻力的存在，可以推知由下落的总高度小于4．2012年10月14日，一名跳伞员从离地39km高度的外太空纵身跃下，创造了高空跳伞高度的新世界纪录和无动力突破超音速的记录，跳伞员携带的传感器记录下的速度时间图象如图所示．跳伞员在跳下以后的第32秒启动小伞，第41秒达到最大速度1173km/h，第261秒启动大伞，第542秒脚触地面，已知39km 高空的重力加速度g值是9.86m/s2，忽略起跳速度、转动和水平偏移，则对于跳伞员（包含随身携带的所有装备）的分析正确的是（）A．t=0到t=32s之间，处于完全失重状态B．t=41s之后直到停止运动，一直未出现失重状态C．t=41s时刻速度和加速度都最大D．t=41s时刻机械能和动能都达到最大5．如图，一块足够长的浅色长木板，静止地放置在水平地面上．一个煤块静止在该木板上，煤块与木板间的滑动摩擦系数为μ．突然，使木板以恒定的速度v0做匀速直线运动，煤块将在木板上划下黑色痕迹．经过某一时间t，令木板突然停下，以后不再运动．已知重力加速度为g，煤块可视为质点，不计煤块与木板摩擦中损失的质量．则在最后煤块不再运动时，木板上出现的黑色痕迹的长度可能是（）A．B．v0 t C．v0t﹣μgt2D．6．如图所示，质子、氘核和α粒子都沿平行板电容器两板中线OO′方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点．若它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，在荧光屏上将出现亮点的个数，下列说法中正确的是（）A．3个 B．1个C．2个 D．以上三种都有可能7．在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断（）A．x=2m处电场强度可能为零B．x=2m处电场方向一定沿x轴正方向C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大8．氧化锡传感器主要用于汽车尾气中一氧化碳浓度的检测，它的电阻随一氧化碳浓度ρ的变化而变化，已知其电阻的倒数与一氧化碳浓度成正比．将传感器接在如图所示的电路中，已知R1、R2为定值电阻，观察电表示数的变化，就能判断一氧化碳浓度的变化情况，下列判断正确的是（）A．电压表读数增大时，电流表读数增大，浓度ρ增大B．电压表读数减小时，电流表读数减小，浓度ρ增大C．电压表读数增大时，电流表读数减小，浓度ρ减小D．电压表读数减小时，电流表读数增大，浓度ρ減小9．如图所示，两个宽度均为L的条形区域，存在着大小相等，方向相反且均垂直纸面的匀强磁场，以竖直虚线为分界线，其左侧有一个用金属丝制成的与纸面共面的直角三角形线框ABC，其底边BC长为2L，并处于水平．现使线框以速度v水平匀速穿过匀强磁场区，则此过程中，线框中的电流随时间变化的图象正确的是（设逆时针电流方向为正方向，取时间t0=作为计时单位）（）A．B．C．D．10．用两根足够长的粗糙金属条折成“┌”型导轨，右端水平，左端竖直，与导轨等宽的粗糙金属细杆ab、cd与导轨垂直且接触良好．已知ab、cd杆的质量、电阻值均相等，导轨电阻不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在水平向右的拉力F作用下沿导轨向右匀速运动时，cd杆沿轨道向下运动，以下说法正确的是（）A．cd杆一定向下做匀加速直线运动B．拉力F的大小一定不变C．回路中的电流强度一定不变D．拉力F的功率等于ab棒上的焦耳热功率与摩擦热功率之和二、实验题（本题共2小题，共16分．）11．襄城高中物理兴趣小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图甲所示，打点计时器固定在斜面上．滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，图乙是打出的一段纸带．（1）已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，选A、B、C…等7个点为计数点，且各计数点间均有一个没有画出，如图乙所示．滑块下滑的加速度a= m/s2．（保留3位有效数字）（2）为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有．（填入所选物理量前的字母）A．木板的长度L B．木板的末端被垫起的高度hC．木板的质量m1 D．滑块的质量m2 E．滑块运动的时间t（3）测量（2）中所选定的物理量需要的实验器材是．（4）滑块与木板间的动摩擦因数μ=（用被测量物理量的字母表示，重力加速度为g）．与真实值相比，测量的动摩擦因数（填“偏大”或“偏小”）12．某同学准备利用下列器材测量电源电动势和内电阻．A．干电池两节，每节电动势约为1.5V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为0～3V，内阻约为3kΩC．定值电阻R0，阻值为5ΩD．滑动变阻器R，最大阻值50ΩE．导线和开关（1）该同学连接的实物电路如图1所示，其中还有一根导线没有连，请补上这根导线．（2）实验中移动滑动变阻器触头，读出伏特表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出U1～U2图象如图2所示，图中直线斜率为k，与横轴的截距为a，则电源的电动势E=，内阻为r=（用k、a、R0表示）．三、计算题（本题共3小题，共34分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球A和B（中央有孔），A、B间由细绳连接着，它们处于如图中所示位置时恰好都能保持静止状态．此情况下，B球与环中心O处于同一水平面上，AB间的细绳呈伸直状态，与水平线成30°夹角．已知B球的质量为m，求：（1）细绳对B球的拉力和A球的质量；（2）若剪断细绳瞬间A球的加速度；（3）剪断细绳后，B球第一次过圆环最低点时对圆环的作用力．14．如图所示，在xoy平面内，第Ⅲ象限内的直线OM是电场与磁场的边界，OM 与负x轴成45°角．在x＜0且OM的左侧空间存在着负x方向的匀强电场E，场强大小为0.32N/C；在y＜0且OM的右侧空间存在着垂直纸面向里的匀强磁场B，磁感应强度大小为0.1T．一不计重力的带负电的微粒，从坐标原点O沿y轴负方向以v0=2×103m/s的初速度进入磁场，最终离开电磁场区域．已知微粒的电荷量q=5×10﹣18C，质量m=1×10﹣24kg，求：（1）带电微粒第一次经过磁场边界的位置坐标；（2）带电微粒在磁场区域运动的总时间；（3）带电微粒最终离开电、磁场区域的位置坐标．15．如图所示，光滑的平行金属导轨水平放置，电阻不计，导轨间距为l，左侧接一阻值为R的电阻，空间有竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场，质量为m，电阻为r的导体棒CD垂直于导轨放置，并接触良好．棒CD在平行于MN向右的水平拉力作用下由静止开始做加速度为a的匀加速直线运动．求：（1）导体棒CD在磁场中由静止开始运动过程中拉力F与时间t的关系．（2）若撤去拉力后，棒的速度v随位移s的变化规律满足v=v0﹣cs，（C为已知的常数）撤去拉力后棒在磁场中运动距离d时恰好静止，则拉力作用的时间为多少？（3）若全过程中电阻R上消耗的电能为Q，则拉力做的功为多少？（4）请在图中定性画出导体棒从静止开始到停止全过程的v﹣t图象．图中横坐标上的t0为撤去拉力时刻，纵坐标上的v0为棒CD在t0时刻的速度（本小题不要求写出计算过程）2015-2016学年山东省临沂七中高三（上）第五次月考物理试卷（1月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A．总功率可能减小 B．效率一定增大C．内部损耗功率一定减小D．输出功率可能先增大后减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆定律可以判断电路电流如何变化，由电功率公式可以分析答题．【解答】解：由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；A、电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小，故A错误；B、电源的效率η=，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，则电源效率增大，故B正确；C、电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率P Q=I2r减小，故C正确；D、当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，可能先增大后减小，故D正确；故选：BCD．2．如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两个过程中（）A．导体框中产生的感应电流方向相同B．导体框中产生的焦耳热相同C．导体框ad边两端电势差相同D．通过导体框截面的电量相同【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电流、电压概念；电磁感应中的能量转化．【分析】A、感应电流的方向可以通过楞次定律或右手定则进行判定．B、根据热量的公式Q=I2Rt进行分析．C、先求出感应电动势，再求外电压．D、通过q=进行分析．【解答】解：A、根据右手定则，导线框产生的感应电流方向相同．故A正确．B、I=，t=，根据Q=I2Rt=，知Q与速度v有关，所以导线框产生的焦耳热不同．故B错误．C、向上移出磁场的过程中，电动势E=BLv，ad边两端电势差U=；向右移出磁场的过程中，电动势E=3BLv，ad边两端电势差U=．故C 错误．D、q=，沿两个不同方向移出，磁通量的变化量相同，所以通过导体框截面的电量相同．故D正确．故选AD．3．小尼同学在自主学习时，对四个具体物理问题提出了自己的观点，你认为小尼的处理方法或者观点没有明显错误的是（）A．两个半径均为r的空心金属球，带电量均为+Q，均置于绝缘基座上，球心相距3r，小尼认为：两球间的库仑力小于B．一盏USB节能灯的铭牌上标注“直流5V，2.5W”，小尼认为：在正常工作的情况下，该节能灯的热功率等于2.5WC．采用如下方案测量鞋底与桌面之间的滑动摩擦因数，将鞋子摆在水平桌面上，从静止开始，用水平弹簧秤逐渐增加拉力，并且记下刚好拉动鞋子时拉力的大小F1，再竖直悬挂鞋子，记下静止时拉力的大小F2，小尼认为：鞋底与桌面之间的滑动摩擦系数大于D．一片枫叶从树上飘落，落地速率为v，小尼认为：考虑到空气阻力的存在，可以推知由下落的总高度小于【考点】电功、电功率；动摩擦因数；万有引力定律及其应用．【分析】由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小．只有纯电阻电路中电功率才等于热功率；C中明确实验原理，并注意掌握最大静摩擦力大于等于滑动摩擦力；D中根据考虑阻力和不计阻力两种情况进行分析，从而求出下落的总高度．【解答】解：A、当两球心相距为3r时，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于3r，所以它们相互作用的库仑力大小F＜k，故A正确；B、节能灯并不是纯电阻，它并不将所有的电功率均转化为热功率；故B错误；C、本方案中刚好拉动时的拉力应等于最大静摩擦力，而一般情况下，滑动摩擦力要小于最大静摩擦力；故鞋底与桌面之间的滑动摩擦系数小于；故C错误；D、考虑阻力的存在，则加速度应小于g，则由v2=2ah可知，高度应大于；故D错误；故选：A．4．2012年10月14日，一名跳伞员从离地39km高度的外太空纵身跃下，创造了高空跳伞高度的新世界纪录和无动力突破超音速的记录，跳伞员携带的传感器记录下的速度时间图象如图所示．跳伞员在跳下以后的第32秒启动小伞，第41秒达到最大速度1173km/h，第261秒启动大伞，第542秒脚触地面，已知39km 高空的重力加速度g值是9.86m/s2，忽略起跳速度、转动和水平偏移，则对于跳伞员（包含随身携带的所有装备）的分析正确的是（）A．t=0到t=32s之间，处于完全失重状态B．t=41s之后直到停止运动，一直未出现失重状态C．t=41s时刻速度和加速度都最大D．t=41s时刻机械能和动能都达到最大【考点】机械能守恒定律；超重和失重；动能．【分析】根据v﹣t图象的斜率等于加速度，分析加速度的方向，即可判断跳伞员的状态，当加速度向下时，处于失重状态，相反，加速度向上时处于超重状态．速度最大时，动能最大，但机械能不是最大．【解答】解：A、t=32s时速度为v=1095km/h=304m/st=0到t=32s之间，a==m/s2=9.5m/s2＜g=9.86m/s2，所以不是完全失重，故A错误．B、t=41s之后直到停止运动，加速度为负，说明加速度向上，处于超重状态，故B正确．C、t=41s时刻速度最大，加速度为零．故C错误．D、由上a＜g，跳伞员一直受到浮力和空气阻力作用，这些力做负功，机械能不断减少，所以开始跳伞时机械能最大，故D错误．故选：B．5．如图，一块足够长的浅色长木板，静止地放置在水平地面上．一个煤块静止在该木板上，煤块与木板间的滑动摩擦系数为μ．突然，使木板以恒定的速度v0做匀速直线运动，煤块将在木板上划下黑色痕迹．经过某一时间t，令木板突然停下，以后不再运动．已知重力加速度为g，煤块可视为质点，不计煤块与木板摩擦中损失的质量．则在最后煤块不再运动时，木板上出现的黑色痕迹的长度可能是（）A．B．v0 t C．v0t﹣μgt2D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】煤块在木板上受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律求解出加速度，根据运动学公式求出相对滑动的位移即可．【解答】解：在时间t内，煤块可能一直匀加速，也可能先加速后匀速；煤块加速时，根据牛顿第二定律，有：μmg=ma解得：a=μg①如果时间t内一直加速，加速的位移为x1=μgt2，故相对白板的位移为：△x1=v0t ﹣x1=v0t﹣μgt2②如果先加速，后匀速，位移为：x2=+v0（t﹣）=v0t﹣，故相对白板的位移为：△x2=v0t﹣x2=③如果加速的末速度恰好等于v0，则有：x3=，故相对白板的位移为：△x3=v0t﹣x3=经过时间t后，木板静止后，煤做减速运动，加速度大小不变，故相对白板沿原路返回，故白板上黑色痕迹的长度等于加速时相对薄板的位移；所以木板上黑色痕迹的长度可能是A、C故选：AC．6．如图所示，质子、氘核和α粒子都沿平行板电容器两板中线OO′方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点．若它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，在荧光屏上将出现亮点的个数，下列说法中正确的是（）A．3个 B．1个C．2个 D．以上三种都有可能【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】三种粒子带电量不同，质量不同，进入同一电场时加速度不同，若它们射入电场时的速度相等，三粒子水平方向匀速直线，运动时间相同，则它们在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动由位移大小判断在荧光屏上将出现亮点个数；若它们射入电场时的动能相等，可以判断其速度的大小关系，同样可以求得竖直方向的位移大小关系，从而判断在荧光屏上出现的亮点个数．【解答】解：三种粒子带电量不同，分别为q、q、2q；质量不同，分别为m、2m、4m，进入同一电场时，加速度不同分别是：它们是由同一个电场从静止加速，对于质子有：y=由动能定理得：qU=mv2，粒子水平方向做匀速直线运动，运动时间为：t=，粒子竖直方向做初速度为零的匀速直线运动则有：y=at2==由此可见，粒子在竖直方向的偏转位移仅与电场强度E、极板长度L、加速电压U有关，在这三个过程中，这三个物理量都相同，所以它们的偏转位移相同，粒子都打到同一点上，即只有一个亮点，故B正确，ACD错误；故选：B．7．在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断（）A．x=2m处电场强度可能为零B．x=2m处电场方向一定沿x轴正方向C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大【考点】电势；电场强度．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度，由斜率的变化判断场强的变化．根据顺着电场线方向电势降低，判断电场的方向．由电势能的变化情况判断电场力做功正负．【解答】解：A、φ﹣x图象的斜率等于电场强度，则知x=2m处的电场强度不为零．故A错误．B、从0到x=4m处电势不断降低，但x=2m点的电场方向不一定沿x轴正方向．故B错误．C、由斜率看出，从0到4m，图象的斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大．故C错误．D、沿x轴正方向电势降低，某负电荷沿x轴正方向移动，受力的方向始终指向x轴的负方向，电场力做负功，电势能始终增大．故D正确．故选：D8．氧化锡传感器主要用于汽车尾气中一氧化碳浓度的检测，它的电阻随一氧化碳浓度ρ的变化而变化，已知其电阻的倒数与一氧化碳浓度成正比．将传感器接在如图所示的电路中，已知R1、R2为定值电阻，观察电表示数的变化，就能判断一氧化碳浓度的变化情况，下列判断正确的是（）A．电压表读数增大时，电流表读数增大，浓度ρ增大B．电压表读数减小时，电流表读数减小，浓度ρ增大C．电压表读数增大时，电流表读数减小，浓度ρ减小D．电压表读数减小时，电流表读数增大，浓度ρ減小【考点】传感器在生产、生活中的应用；闭合电路的欧姆定律．【分析】电阻R2与氧化锡传感器并联联，由氧化锡传感器电阻的倒数与一氧化碳的浓度成正比可知当浓度减小时电阻增大，则由欧姆定律可求得电路中电流的变化、R2两端的电压的变化．【解答】解：已知其电阻的倒数与一氧化碳浓度成正比．当浓度ρ减小，传感器的电阻变大，电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，电路的总电流减小，故电流表示数变小，内电压变小，路端电压增大，由于R1两端电压减小，故R2两端电压增大，即电压表示数增大．当浓度ρ增大，由以上分析可知，电流表示数增大，电压表示数减小．故C正确、ABD错误．故选：C．9．如图所示，两个宽度均为L的条形区域，存在着大小相等，方向相反且均垂直纸面的匀强磁场，以竖直虚线为分界线，其左侧有一个用金属丝制成的与纸面共面的直角三角形线框ABC，其底边BC长为2L，并处于水平．现使线框以速度v水平匀速穿过匀强磁场区，则此过程中，线框中的电流随时间变化的图象正确的是（设逆时针电流方向为正方向，取时间t0=作为计时单位）（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；法拉第电磁感应定律．【分析】先根据楞次定律判断感应电流的方向；分段由感应电动势公式E=BLv求出感应电动势的表达式，由欧姆定律得到感应电流的表达式，即可进行选择．【解答】解：设∠B=α．在0﹣t0时间内，根据楞次定律判断可知，感应电流沿逆时针方向，为正；感应电动势为：E=Bvt•tanα•v=Bv2t•tanα；感应电流为i==；t=t0时，i==i0；在t0﹣2t0内，根据楞次定律判断可知，感应电流沿逆时针方向，为正；感应电动势为：E=BLtanα•v﹣B（vt﹣L）tanα•v=2BLvtanα﹣Bv2t•tanα；感应电流为i==；t=2t0=2时，i=0；在2t0﹣3t0内，根据楞次定律判断可知，感应电流沿顺时针方向，为负；感应电动势为：E=BLtanα•v﹣B（vt﹣L）tanα•v=2BLvtanα﹣Bv2t•tanα；感应电流为i==；t=3t0=3时，i=3i0；在3t0﹣4t0内，根据楞次定律判断可知，感应电流沿逆时针方向，为正；感应电动势为：E=B（vt﹣2L）vtanα；感应电流为i==；t=4t0=4时，i=2i0；故D正确．故选：D10．用两根足够长的粗糙金属条折成“┌”型导轨，右端水平，左端竖直，与导轨等宽的粗糙金属细杆ab、cd与导轨垂直且接触良好．已知ab、cd杆的质量、电阻值均相等，导轨电阻不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在水平向右的拉力F作用下沿导轨向右匀速运动时，cd杆沿轨道向下运动，以下说法正确的是（）A．cd杆一定向下做匀加速直线运动B．拉力F的大小一定不变C．回路中的电流强度一定不变D．拉力F的功率等于ab棒上的焦耳热功率与摩擦热功率之和【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【分析】题中ab匀速切割磁感线产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定，分析cd可能的受力情况，判断其运动情况；对ab进行受力情况分析，由平衡条件分析拉力F；根据功能关系分析拉力F的功率．【解答】解：A、C、由图看出，ab匀速切割磁感线，产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定．cd棒竖直方向上受到向下的重力和向上滑动摩擦力f，水平方向受到轨道的支持力N和安培力F A，则f=μN=μF A=μBIL，可知f大小不变．若重力大于滑动摩擦力，cd杆做匀加速运动，若重力等于滑动摩擦力，cd杆做匀速运动，故A错误，C正确．B、对于ab杆：水平方向受到F和安培力，安培力大小不变，则知F不变，故B 正确．D、根据能量转化和守恒定律可知：拉力F的功率与cd杆重力功率之和等于两棒上的焦耳热功率与摩擦热功率之和，故D错误．故选：BC二、实验题（本题共2小题，共16分．）11．襄城高中物理兴趣小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图甲所示，打点计时器固定在斜面上．滑块拖着穿过打点计时器。

【全国市级联考】山东省临沂市2016届高三第二次模拟考试理综物理试题(解析版)

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求。

第19~21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分。

选对但不全的得3分．有选错的得0分．14．2015年12月29日．“高分4号”对地观测卫星升空。

这是中国“高分”专项首颗高轨道高分辨率、设计使用寿命最长的光学遥感卫星，也是目前世界上空间分辨率最高、幅宽最大的地球同步轨道遥感卫星。

下列关于“高分4号”地球同步卫星的说法中正确的是A．该卫星定点在北京上空B．该卫星定点在赤道上空C．它的高度和速度是一定的，但周期可以是地球自转周期的整数倍D．它的周期和地球自转周期相同，但高度和速度可以选择，高度增大，速度减小【答案】B考点：同步卫星；万有引力定律【名师点睛】此题要理解并掌握地球同步卫星的条件．地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度大小。

15．线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，如图甲所示，在ab线圈中通以如图乙所示的电流(电流从a流入为正)，已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈以中感应电动势U cd随时间变化关系的图中，正确的是【答案】D 【解析】试题分析：在0-0.005s 时间内，流入原线圈的电流沿正向增大，根据楞次定律可知产生的感应电动势d 端电势高于c ，且因为在此时间内，原线圈电流的变化率减小，故磁场的变化率减小，次级中产生的感应电动势减小，由以上分析可知，选项D 正确；故选D. 考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律【名师点睛】解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律及楞次定律，知道磁场变化与电流变化的关系，电流的变化率正比与磁场的变化率，而电流的变化率主要是看I-t 线切线的斜率，需要一定的数学知识点。

16. 如图所示，边长为L 的金属框abcd 放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B ，方向平行于ab 边向上，当金属框绕ab 边以角速度ω逆时针转动时，a 、b 、c 、d 四点的电势分别为a b c d ϕϕϕϕ、、、．下列判断正确的是A ．金属框中无电流，a d ϕϕ=B ．金属框中电流方向沿a-d-c-b-a ，a d ϕϕ<C ．金属框中无电流，212bc U BL ω=-D ．金属框中无电流，2bc U BL ω=- 【答案】C 【解析】试题分析：因穿过线圈的磁通量始终为零，故线圈中无电流；根据右手定则可知，d 端电势高于a 端，c 端电势高于d 端，2122bc LU BLBL ωω=-=-，故选项ABD 错误，C 正确；故选C. 考点：右手定则；法拉第电磁感应定律【名师点睛】本题关键是明确感应电流的产生条件是穿过闭合回路的磁通量发生改变，要会根据E=Blv 求解感应电动势，会利用右手定则判断感应电动势的方向.17．如图所示，在x 轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ．原点O 处存在一粒子源，能同时发射大量质量为m 、电荷量为q 的带正电粒子(重力不计)，速度方向均在xOy 平面内，与x 轴正方向的夹角θ在0～180°范围内．则下列说法正确的是A ．发射速度大小相同的粒子，θ越大的粒子在磁场中运动的时间越短B ．发射速度大小相同的粒子，θ越大的粒子离开磁场时的位置距O 点越远C ．发射角度θ相同的粒子，速度越大的粒子在磁场中运动的时间越短D ．发射角度θ相同的粒子，速度越大的粒子在磁场中运动的角速度越大【答案】A 【解析】试题分析：如图所示，画出粒子在磁场中运动的轨迹．由几何关系得：轨迹对应的圆心角α=2π-2θ，粒子在磁场中运动的时间()222222mm t T qB qBπθαπθπππ--==⋅=，则得知：若v 一定，θ越大，时间t 越短；若θ一定，运动时间一定．故A 正确，C 错误；设粒子的轨迹半径为r ，则mv r qB =．如图，22mvsin AO rsin qBθθ==，则若θ是锐角，θ越大，AO 越大．若θ是钝角，θ越大，AO 越小．故B 错误．粒子在磁场中运动的角速度2T πω=，又2m T qB π=，则得qBmω=，与速度v 无关．故D 错误．故选A.考点：带电粒子在匀强磁场中的运动【名师点睛】求带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的时间，常常根据2t T θπ=，θ是轨迹的圆心角，解题时要画出轨迹图，根据几何知识，轨迹的圆心角等于速度的偏向角。

山东省临沂市2016高三上学期期末考试物理试卷有答案-最新

高三上学期期末教学质量抽测试题物理本试卷分为第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。

第I卷1-4页，第II卷5-8页，共8页，满分100分，考试时间100分钟。

第I卷（选择题共40分）一、选择题：本大题共10小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求。

第6-10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1.在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了突出贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A.英国物理学家卡文迪利用卡文迪许扭秤首先较准确的测定了静电力常量B.物理学中，运动合成、力的分解、平均速度这三者都体现了等效替代的科学思维方法C.英国的理学家法拉第在电磁学方面做出了杰出贡献，成功发现了法拉第电磁感应定律D.安培的分子环形电流假说可以用解释通电导线周围存在磁场这一现象2.运动员从悬停在空中的直升机上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，开伞后减速下降，最后匀速下落。

在整个过程中，下列图象可能符合事实的是（其中h表示下落高度、t表示下落表示人的重力势能、V表示人下落的速度）的时间、F表示人受到的合外力、E表示人的机械能、EP（）3.两根完全相同的弹簧下分别悬挂球形物体和方形物体，已知球形物体比方形物体的质量小，下面给出的四个图中有一个是在绕地球作匀速圆周运动的天宫一号中的情景（弹簧和物体相对天宫一号静止），还有一个是在地面上的情景（弹簧和物体相对地面静止），其中图1所示的弹簧处于原长状态，则（）A.图1是在天宫一号中的情景，图3可能是在地面上的情景B.图2是在天宫一号中的情景，图4可能是在地面上的情景C.图2可能是在天宫一号中的情景，图3可能是在地面上的情景D.图3可能是在天宫一号中的情景，图4可能是在地面上的情景4.如图，一小球从一半圆轨道左端A 点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点），飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点。

山东省临沂市十校联考2016届高三上学期期中物理试卷Word版含解析

2015-2016学年山东省临沂市十校联考高三（上）期中物理试卷一.单项选择题：（本题共10小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共30分）1．质量为m的带电小球在正交的匀强电场、匀强磁场中做匀速圆周运动，轨道平面在竖直平面内，电场方向竖直向下，磁场方向垂直圆周所在平面向里，如图所示，由此可知（）A．小球带正电B．小球带负电C．小球不带电D．小球带正负电都可以2．黑板的下边沿离地的高度为1m，若黑板擦（可视为质点）的质量为0.1kg，它与黑板之间的动摩擦因数为0.6．一同学用力将黑板擦在黑板表面缓慢竖直向上擦黑板，他所能擦到的最大高度为2.25m，当擦到最高位置时意外让小黑板擦沿黑板面竖直向下滑落，则黑板擦砸到黑板下边沿时的速度大小为（）A．3.2 m/s B．4.2 m/s C．5.0 m/s D．6.7 m/s3．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1．R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变小D．电源内阻的功率变小4．如图所示，在竖直平面内有一半径为R的圆弧轨道，半径OA水平．OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P点由静止开始自由下落，不计空气阻力，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力．已知PA=2.5R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A．重力做功2.5mgR B．动能增加mgRC．克服摩擦力做功mgR D．机械能减少1.5mgR5．如图所示，质子、氘核和α粒子都沿平行板电容器两板中线OO′方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点．若它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，在荧光屏上将出现亮点的个数，下列说法中正确的是（）A．3个 B．1个C．2个 D．以上三种都有可能6．如图所示，用长度相等的轻绳依次连接5000个质量均为m的小球，轻绳的左端固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止．若连接天花板的轻绳与水平方向的夹角为45°．则第2014个小球与第2015个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（）A．B．C．D．7．等腰直角三角形OPQ区域内存在匀强磁场．另有一等腰直角三角形导线框ABC以恒定的速度沿如图所示方向穿过磁场．关于线框中的感应电流，以下说法中正确的是（）A．开始进入磁场时感应电流沿顺时针方向B．开始进入磁场时感应电流一定最大C．开始穿出磁场时感应电流一定最大D．即将穿出磁场时感应电流一定最小8．如图所示，一轻质弹簧下端固定，直立于水平地面上，将质量为m的物体A 从离弹簧顶端正上方h高处由静止释放，当物体A下降到最低点P时，其速度变为零，此时弹簧的压缩量为x0；若将质量为2m的物体B从离弹簧顶端正上方h高处由静止释放，当物体B也下降到P处时，其速度为（）A．B． C．D．9．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大10．在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断（）A．x=2m处电场强度可能为零B．x=2m处电场方向一定沿x轴正方向C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大二.不定项选择题（本题共5小题．每小题4分，每小题至少有一个选项是符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分，共20分）11．如图，在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根轻弹簧相连接．在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球．某段时间内发现细线与竖直方向成θ角，在这段时间内木块与车厢也保持相对静止．不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧对木块的弹力（）A．大小为m1gtanθB．大小为m1gsinθC．方向水平向右D．方向水平向左12．如图所示，民族运动会上有一个骑射项目，运动员骑在奔驰的马背上沿跑道AB运动，拉弓放箭射向他左侧的固定目标．假设运动员骑马奔驰的速度为v1，运动员静止时射出的箭速度为v2，跑道离固定目标的最近距离OA=d．若不计空气阻力的影响，要想命中固定目标且射出的箭在空中飞行时间最短，则（）A．箭射到固定目标的最短时间为B．箭射到固定目标的最短时间为C．运动员放箭处离固定目标的距离为dD．运动员放箭处离固定目标的距离为d13．在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1500匝，横截面积S=20cm2．螺线管导线电阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF．在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化．则下列说法中正确的是（）A．螺线管中产生的感应电动势为1.2VB．闭合S，电路中的电流稳定后电容器上极板带正电C．电路中的电流稳定后，电阻R1的电流为0.12AD．S断开后，流经R2的电量为1.8×10﹣5C14．如图，质量为m．长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于OO′，并处于匀强磁场中．当导线中通以沿x正方向的电流，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为θ．则磁感应强度方向可能为（）A．z正向B．y正向C．x正向D．z负向15．汽车在平直公路上以速度V0匀速行驶，发动机的功率为P，司机为合理进入限速区，减小了油门，使汽车功率立即减小一半并保持该功率继续行驶，设汽车行驶过程中所受阻力大小不变，从司机减小油门开始，汽车的速度V与时间t 的关系如图，则在0～t1时间内下列说法正确的是（）A．汽车的牵引力不断减小B．t=0时，汽车的加速度大小为C．阻力所做的功为mV02﹣t1D．汽车行驶的位移为+三.实验题（本题共2小题16分.其中16题每空2分共6分，17题第（1）（2）题每空2分第（3）题每空3分共10分）16．小球A由斜槽滚下，从桌边水平抛出，当它恰好离开桌边缘时小球B从同样高度处自由下落，频闪照相仪拍到了B球下落过程的四个位置和A球的第1、3、4个位置，如图所示．已知背景的方格纸每小格的边长为2.4cm，频闪照相仪的闪光频率为10Hz．（1）请在图中标出A球的第2个位置；（2）利用这张照片可求出当地的重力加速度大小为m/s2；（3）A球离开桌边时的速度大小为m/s．17．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图（a）中的图线L1，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图（a）中的图线，请将图（b）中缺少的两根导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，得到其U﹣I图象如图（a）中的图线L2，现将这两个小灯泡并联连接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为V；灯泡L2消耗的功率为W．四.计算题（本题共3小题．第18题10分，第19题12分，第20题12分．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）18．将质量m=2kg的小物块从斜面底端以一定的初速度沿斜面向上滑出，斜面上的速度传感器可以在计算机屏幕上得到其速度大小随时间的变化关系图象如图所示，（g=10m/s2）求：（1）物块上滑和下滑的加速度a1、a2？（2）斜面的倾角θ及物块与斜面间的动摩擦因数μ？19．某电视台“快乐向前冲”节目的场地设施如图所示，AB为水平直轨道，上面安装有电动悬挂器，可以载人运动，水面上漂浮着一个半径为R，角速度为ω，铺有海绵垫的转盘，转盘的轴心离平台的水平距离为L，平台边缘与转盘平面的高度差为H．选手抓住悬挂器可以在电动机的带动下，从A点下方的平台边缘处沿水平方向做初速度为零，加速度为a的匀加速直线运动．选手必须作好判断，在合适的位置释放，才能顺利落在转盘上．设人的质量为m（不计身高），人与转盘间的最大静摩擦力为μm g，重力加速度为g．（1）假设选手落到转盘上瞬间相对转盘速度立即变为零，为保证他落在任何位置都不会被甩下转盘，转盘的角速度ω应限制在什么范围？（2）若已知H=5m，L=8m，a=2m/s2，g=10m/s2，且选手从某处C点释放能恰好落到转盘的圆心上，则他是从平台出发后多长时间释放悬挂器的？（3）若开动悬挂器恒定功率600W运行，选手从静止运动2s后到第（2）题中所述位置C点释放也能恰好落到转盘的圆心上，选手质量为50kg，悬挂器在轨道上存在恒定阻力，求阻力的大小？20．“太空粒子探测器”是由加速、偏转和收集三部分组成．其原理可简化如下：如图所示，辐射状的加速电场区域边界为两个同心平行半圆弧面，圆心为M，外圆弧面AB与内圆弧面CD的电势差为U．图中偏转磁场分布在以P为圆心，半径为3R的圆周内，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外；内有半径为R的圆盘（圆心在P处）作为收集粒子的装置，粒子碰到圆盘边缘即被吸收．假设太空中漂浮着质量为m，电量为q的带正电粒子，它们能均匀地吸附到AB圆弧面上，并被加速电场从静止开始加速，从M点以某一速率向右侧各个方向射人偏转磁场，不计粒子间的相互作用和其他星球对粒子引力的影响．（1）粒子到达M点的速率？（2）若电势差U=，则粒子从M点到达圆盘的最短时间是多少？2015-2016学年山东省临沂市十校联考高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一.单项选择题：（本题共10小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共30分）1．质量为m的带电小球在正交的匀强电场、匀强磁场中做匀速圆周运动，轨道平面在竖直平面内，电场方向竖直向下，磁场方向垂直圆周所在平面向里，如图所示，由此可知（）A．小球带正电B．小球带负电C．小球不带电D．小球带正负电都可以【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】小球在复合场中做匀速圆周运动，可判断出电场力和重力为平衡力，从而可求出液滴的质量并可判断电场力的方向，结合电场的方向便可知液滴的电性．【解答】解：小球在复合场中做匀速圆周运动，可判断小球受到的重力和电场力平衡，所以小球受到的电场力的方向向上，与电场线的方向相反，可知液滴带负电．故选：B2．黑板的下边沿离地的高度为1m，若黑板擦（可视为质点）的质量为0.1kg，它与黑板之间的动摩擦因数为0.6．一同学用力将黑板擦在黑板表面缓慢竖直向上擦黑板，他所能擦到的最大高度为2.25m，当擦到最高位置时意外让小黑板擦沿黑板面竖直向下滑落，则黑板擦砸到黑板下边沿时的速度大小为（）A．3.2 m/s B．4.2 m/s C．5.0 m/s D．6.7 m/s【考点】自由落体运动．【分析】黑板擦下落时做自由落体运动，根据自由落体运动位移速度关系即可求解．【解答】解：小黑板擦可看成质点，它向下滑落的过程与黑板间无摩擦，它做自由落体运动．由运动学公式得：v2=2gh即：v=故选：C3．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1．R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变小D．电源内阻的功率变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出小灯泡功率的变化．【解答】解：A、将将照射R3的光的强度减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中干路电流减小，故R1两端的电压减小，电压表的示数变小．故A错误；BC、因干路电流减小，电源的内电压减小则，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R2的电流增大，故C错误；由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B错误；D、干路电流减小，则电源内阻的功率变小，故D正确；故选：D4．如图所示，在竖直平面内有一半径为R的圆弧轨道，半径OA水平．OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P点由静止开始自由下落，不计空气阻力，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力．已知PA=2.5R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A．重力做功2.5mgR B．动能增加mgRC．克服摩擦力做功mgR D．机械能减少1.5mgR【考点】动能定理；功的计算．【分析】小球到达最高点B时应满足mg=m，得到B点的速度，再根据动能定理求出摩擦力做的功，再根据功能原理即可求解机械能减少量．【解答】解：A、重力做功为：W G=mg（2.5R﹣R）=1.5mgR，故A错误；B、小球到达B点时应满足：mg=m…①解得：mv2=mgR；故B点的动能为E k==mgR，则动能增加为mgR；故B 错误；C、从P到B过程由动能定理可得：1.5mgR﹣W f=…②联立①②解得：克服摩擦力做功W f=mgR；故C正确；D、根据功能原理可得，机械能减少△E=W f=mgR，故D错误．故选：C5．如图所示，质子、氘核和α粒子都沿平行板电容器两板中线OO′方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点．若它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，在荧光屏上将出现亮点的个数，下列说法中正确的是（）A．3个 B．1个C．2个 D．以上三种都有可能【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】三种粒子带电量不同，质量不同，进入同一电场时加速度不同，若它们射入电场时的速度相等，三粒子水平方向匀速直线，运动时间相同，则它们在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动由位移大小判断在荧光屏上将出现亮点个数；若它们射入电场时的动能相等，可以判断其速度的大小关系，同样可以求得竖直方向的位移大小关系，从而判断在荧光屏上出现的亮点个数．【解答】解：三种粒子带电量不同，分别为q、q、2q；质量不同，分别为m、2m、4m，进入同一电场时，加速度不同分别是：它们是由同一个电场从静止加速，对于质子有：y=由动能定理得：qU=mv2，粒子水平方向做匀速直线运动，运动时间为：t=，粒子竖直方向做初速度为零的匀速直线运动则有：y=at2==由此可见，粒子在竖直方向的偏转位移仅与电场强度E、极板长度L、加速电压U有关，在这三个过程中，这三个物理量都相同，所以它们的偏转位移相同，粒子都打到同一点上，即只有一个亮点，故B正确，ACD错误；故选：B．6．如图所示，用长度相等的轻绳依次连接5000个质量均为m的小球，轻绳的左端固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止．若连接天花板的轻绳与水平方向的夹角为45°．则第2014个小球与第2015个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】先以整体为研究对象，由平衡条件求出F的大小，再以2014个到5000个小球组成的整体为研究对象，根据平衡条件求出第2013个小球与2014个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值．【解答】解：以5000个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示，因角度为45°根据平衡条件得拉力等于所用小球的重力：即：F=5000mg再以2015个到5000个共2986个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2所示，则由几何关系可得：tanα==；故选：A．7．等腰直角三角形OPQ区域内存在匀强磁场．另有一等腰直角三角形导线框ABC以恒定的速度沿如图所示方向穿过磁场．关于线框中的感应电流，以下说法中正确的是（）A．开始进入磁场时感应电流沿顺时针方向B．开始进入磁场时感应电流一定最大C．开始穿出磁场时感应电流一定最大D．即将穿出磁场时感应电流一定最小【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】由楞次定律判定感应电流的方向，电流的大小由感应电动势决定，电动势由切割导体的有效长度决定．【解答】解：A、由右手定则，可判定部分导体切割磁感线产生的感应电流方向为C到A，即感应电流沿逆时针方向，故A错误；B、感应电流I=，E=Blv，当边刚进入磁场时和边即将出磁场时有效切割的长度都最大，等于AB，产生的感应电动势都最大，此时，感应电流都最大，故B正确，D错误；C、开始穿出磁场时，有效切割长度逐渐增加，故此时感应电流最小，故C错误；故选：B．8．如图所示，一轻质弹簧下端固定，直立于水平地面上，将质量为m的物体A 从离弹簧顶端正上方h高处由静止释放，当物体A下降到最低点P时，其速度变为零，此时弹簧的压缩量为x0；若将质量为2m的物体B从离弹簧顶端正上方h高处由静止释放，当物体B也下降到P处时，其速度为（）A．B． C．D．【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】物体由静止自由下落到碰到弹簧这个过程中，物体的重力势能转化为物体的动能．物体从碰到弹簧到最底端，分三个过程，一、弹力小于重力时，物体加速；二、弹力等于重力，物体匀速；三、弹力大于重力，物体减速．物体从最高点到最低点，物体的运动速度先增大后减小到零．【解答】解：当质量为m的物体从离弹簧顶端正上方h高处下落至最低点P的过程，克服弹簧做功为W，由动能定理得：mg（h+x0）﹣W=0 ①当质量为2m的物体从离弹簧顶端正上方h高处下落至P的过程，设2m的物体到达P点的速度为v由动能定理得：②①②联立得：v=故ABC错误，D正确，故选：D．9．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大【考点】电势能；电场线；电势．【分析】电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．结合这些知识分析．【解答】解：A、由轨迹的弯曲情况，电场力应指向曲线凹侧，且与等势面垂直（电场线垂直该处等势面），由于正电荷的受力方向与场强方向一致，故可画出电场线方向，如图所示．顺着电场线方向电势降低，则知a的电势最高，故A 正确．BC、如果质点由P运动到Q，电场力方向与速度方向的夹角小于90°，做正功，电势能减小，动能增大；反之，如果由Q到P，速度或位移与力的方向夹角大于90°做负功，电势能增大，动能减小，故质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大，通过P点时的动能比通过Q点时小，故B、C错误．D、P处等势面比Q处密，等势面密处场强大，电荷在P点受的电场力大，加速度就大，故D正确．故选：AD．10．在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断（）A．x=2m处电场强度可能为零B．x=2m处电场方向一定沿x轴正方向C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大【考点】电势；电场强度．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度，由斜率的变化判断场强的变化．根据顺着电场线方向电势降低，判断电场的方向．由电势能的变化情况判断电场力做功正负．【解答】解：A、φ﹣x图象的斜率等于电场强度，则知x=2m处的电场强度不为零．故A错误．B、从0到x=4m处电势不断降低，但x=2m点的电场方向不一定沿x轴正方向．故B错误．C、由斜率看出，从0到4m，图象的斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大．故C错误．D、沿x轴正方向电势降低，某负电荷沿x轴正方向移动，受力的方向始终指向x轴的负方向，电场力做负功，电势能始终增大．故D正确．故选：D二.不定项选择题（本题共5小题．每小题4分，每小题至少有一个选项是符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分，共20分）11．如图，在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根轻弹簧相连接．在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球．某段时间内发现细线与竖直方向成θ角，在这段时间内木块与车厢也保持相对静止．不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧对木块的弹力（）A．大小为m1gtanθB．大小为m1gsinθC．方向水平向右D．方向水平向左【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】小球、木块和小车具有相同的加速度，隔离对小球分析，根据牛顿第二定律求出小球的加速度，从而得出木块所受的弹力大小和方向．【解答】解：隔离对小球分析，根据牛顿第二定律得，m2gtanθ=m2a，解得a=gtanθ，方向水平向左；木块和小球具有相同的加速度，则木块所受的弹力大小F=m1a=m1gtanθ，方向水平向左．故A、D正确，B、C错误．故选：AD．12．如图所示，民族运动会上有一个骑射项目，运动员骑在奔驰的马背上沿跑道AB运动，拉弓放箭射向他左侧的固定目标．假设运动员骑马奔驰的速度为v1，运动员静止时射出的箭速度为v2，跑道离固定目标的最近距离OA=d．若不计空气阻力的影响，要想命中固定目标且射出的箭在空中飞行时间最短，则（）A．箭射到固定目标的最短时间为B．箭射到固定目标的最短时间为C．运动员放箭处离固定目标的距离为dD．运动员放箭处离固定目标的距离为d【考点】运动的合成和分解．【分析】运动员放出的箭既参与了沿马运行方向上的匀速直线运动，又参与了垂直于马运行方向上的匀速直线运动，当放出的箭垂直于马运行方向发射，此时运行时间最短，根据t=求出最短时间，根据分运动和合运动具有等时性，求出箭在马运行方向上的距离，根据运动的合成，求出运动员放箭处离目标的距离．【解答】解：A、当放出的箭垂直于马运行方向发射，此时运行时间最短，所以最短时间t=，故AB错误；C、当放出的箭垂直于马运行方向发射，此时运行时间最短，所以最短时间t=，则箭在沿马运行方向上的位移为x=v1t=d。

山东省临沂市罗庄区七校联考2024-2025学年高三下学期第二次阶段(期中)考试题含解析

山东省临沂市罗庄区七校联考2024-2025学年高三下学期第二次阶段（期中）考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。

用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。

将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。

2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。

答案不能答在试题卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

4．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、用光照射某种金属，有光电子从金属表面逸出，如果光的频率不变，而减弱光的强度，则()A．逸出的光电子数减少，光电子的最大初动能不变B．逸出的光电子数减少，光电子的最大初动能减小C．逸出的光电子数不变，光电子的最大初动能减小D．光的强度减弱到某一数值，就没有光电子逸出了2、如图所示为某种电流表的原理示意图，质量为m的均质细金属棒MN的中点处通过一挂钩与一竖直悬挂的轻弹簧相连，绝缘弹簧劲度系数为k。

在矩形区域abcd内有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外，与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的读数，MN的长度大于ab的长度。

当MN中没有电流通过且处于平衡状态时，MN与矩形区域的cd边重合，当MN中有电流通过时，指针示数可表示电流强度。

已知k＝2.0 N/m，ab的长度为0.20 m，bc的长度为0.05 m，B＝0.20 T，重力加速度为g。

下列说法不正确的是（）A．当电流表示数为零时，弹簧的伸长量为mg kB．若要电流表正常工作，应将MN的M端与电源正极相接C．该电流表的量程是2.5 AD．若将量程扩大到2倍，磁感应强度应变为0.20 T3、如图所示，斜面体ABC固定在水平地面上，斜面的高AB为2m，倾角为θ=37°，且D是斜面的中点，在A点和D 点分别以相同的初速度水平抛出一个小球，结果两个小球恰能落在地面上的同一点，则落地点到C点的水平距离为（）A．42m3B．22m3C．32m4D．4m34、如图所示，空间有与竖直平面夹角为θ的匀强磁场，在磁场中用两根等长轻细金属丝将质量为m的金属棒ab悬挂在天花板的C、D两处，通电后导体棒静止时金属丝与磁场方向平行。

山东省临沂市高三教学质量检查考试(二)

2007学年山东省临沂市高三教学质量检查考试（二）理科综合试题物理部分本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分240分，考试用时150分钟。

考试结束后，将本试卷、答题卡和答题纸一并交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在试卷、答题卡和答题纸规定的地方。

第I 卷（必做，共88分）注意事项：1．本小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不能答在试卷上。

2．第I 卷共22小题，每小题4分，共88分。

相对原子质量：H —1 C —12 O —16 Cl —35.5 Ti —48 Ca —40 Ag —108二、选择题（本题包括7小题。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）16．在某星球表面以初速度v 0平抛一个物体，若物质只受该星球引力的作用，平抛的高度为h ，水平射程为x ，已知该星球的直径为d ，如果在这个星球上发射一颗绕它运行的卫星，则其做圆周运动的最大线速度为（） A ．x hd v 0 B ．hd x v 0C ．hd v x 01D ．xhd v 0 17．甲、乙双方同学在水平地面上进行拔河比赛，正僵持不下，如图所示。

如果地面对甲方总的摩擦力为7000N ，同学乙1和乙2对绳子的拉力均为500N ，不考虑绳的质量，下面说法正确的是（）A ．地面对乙方队员总的摩擦力是7000NB ．A 处绳上的张力为零C ．B 处绳上的张力为6000ND ．B 处绳上的张力为500N18．如图所示，在水平地面上，有两个质量相等的物体，中间用劲度系数为k 的轻质弹簧相连，在水平力F 作用下运动，已知两物体受的摩擦力均为4F ，当运动达稳定时，弹簧的伸长量为（）A ．k FB ．k F 2C ．k F 3D ．kF 4 19．如图所示，线圈abcd 绕ab 和cd 的中点连线OO ‘转动，OO “与匀强磁场垂直，线圈单位长度的电阻值为定值，为了使线圈中电流的最大值增大到原来的2倍，可采用的办法有（）A ．使线圈绕bd 边转动B ．使线圈的面积增大到原来的2倍C ．使磁感应强度和转速都增大到原来的2倍D ．使磁感应强度减为原来的21，转速增大到原来的4倍 20．a 、b 两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A ．b 先出发B ．20s 时，ab 相距最远C ．a 、b 加速时，a 的加速度小于b 的加速度D ．60s 时，a 在b 的前方21．一太阳能电池板，测得它的开路电压为800mA ，短路电流为400mA ，若将该电池板与阻值为20Ω的电阻器连成一闭和电路，则它的（）A ．路端电压是0.40VB ．电动势是0.80VC ．内电阻是20ΩD ．电池板输出功率最大22．如图，一束直的实线代表电场线，但未指明方向，带电荷量为10－2C 的正电微粒在电场中只受到电场力作用，当由A 点运动到B 点时，动能减少了0.1J ，已知A 点电势为－10V ，则（）A ．B 点电势为零，微粒运行轨迹是IB ．电场方向向右C ．微粒的电势能减少0.1JD ．微粒的加速度变大第Ⅱ卷（必做120分+选做32分，共152分）注意事项：1．第Ⅱ卷共16道题。

山东省临沂市2016届高三上学期期中考试物理试题解析(解析版)

山东省临沂市2016届高三上学期期中考试物理试题一、选择题（本题共10题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项正确答案，第7-10题有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的或不选的得0分） 1.科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用．下列说法不符合历史事实的是（） A ．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质B ．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C ．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D ．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变【答案】D 【解析】试题分析：牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，符合事实，故A 正确；伽利略“理想实验”得出结论：力不是维持运动的原因，即运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，故B 正确；笛卡儿通过实验指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，故C 正确；亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动，故D 错误。

考点：物理学史【名师点睛】本题考查了一些力学物理学史，对于牛顿、伽利略和笛卡儿关于运动和力的观点，要理解并记牢。

2.如图1所示，在倾角为θ的光滑斜面上，物块A 、B 质量分别为m 和2m 、物块A 静止在轻弹簧上面，物块B 用细线与斜面顶端相连，A,B 紧挨在一起但A 、B 之间无弹力，已知重力加速度g 。

某时刻讲细线剪断，则在细线剪断的瞬间，下列说法正确的是（）A.物块A 的加速度为0B.物块A 的加速度为g/3C.物块B 的加速度为0D.物块B 的加速度为g/2 【答案】B 【解析】试题分析：剪断细线前，弹簧的弹力：1302F mgsin mg =︒=弹，细线剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为12F mg =弹；剪断细线瞬间，对A 、B 系统，加速度为：33033mgsin F a m g ︒-==弹，即A 和B 的加速度均为3g 。

山东省临沂七中2016届高三上学期第二次理综测试生物试题含答案

临沂七中2016届高三年级理科综合能力测试（二）本卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部份，满分90分。

注意事项：第Ⅰ卷的答案请用2B铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑。

第Ⅱ卷的答案必需写在答题纸各题目指定区域内，不能写在试题卷上。

第Ⅰ卷（选择题共36分）一、本大题共6小题，每小题6分，共36分。

在每小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的。

1. 下列关于元素和化合物的叙述中，正确的是A．植物根尖从土壤溶液中吸收的N能够用于合成蛋白质、脂肪和核酸B．蛋白质的合成和加工是在核糖体上进行的C．DNA和RNA在化学组成上的主要区别是五碳糖的不同D．含200个碱基对的DNA分子中，胞嘧啶60个，则其持续复制两次至少需要420个游离的腺嘌呤脱氧核苷酸2．下列关于细胞结构和功能的叙述中，错误的是A．植物叶肉细胞线粒体基质中的CO2能够直接穿越8层磷脂分子参与光合作用进程B．细胞内的ATP不一定都在生物膜上合成C．线粒体中的DNA能控制某些蛋白质的合成D．细菌代谢速率极快，细胞膜和细胞器膜为其提供了结构基础3．下列有关实验的描述中，错误的是A．观察植物细胞的有丝割裂实验中，盐酸和酒精混合液的作用是使细胞彼此分离B．用苏丹Ⅲ染液鉴定含油多的植物组织，显微镜下可见染成橘黄色的颗粒C．检测酵母菌无氧呼吸产物时，在酸性条件下重铬酸钾溶液检测的结果呈黄色D. 用某一浓度的硝酸钾溶液处置洋葱鳞片叶表皮细胞，不必然观察到质壁分离恢复现象4．哺乳动物红细胞的部份生命历程如下图所示，图中除成熟红细胞外，其余细胞中均有核基因转录的mRNA，下列叙述错误的是A．成熟红细胞在细胞呼吸进程中不产生二氧化碳B．网织红细胞因细胞核已排出，因此不能合成核基因编码的蛋白质C．细胞凋亡使细胞自主有序死亡，有利于生物体内部环境的稳固D．成熟红细胞的高度特化使其成为制备细胞膜的良好材料5. 为取得纯合高蔓抗病番茄植株，采用了下图所示的方式，图中两对相对性状独立遗传。