数学分析2009

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2009现代数学概览(分析学部分)

2009现代数学概览(分析学部分)

2009现代数学概览(分析学部分)授课提纲授课对象:2008级数学教育硕士专业学位研究生班(10位).授课时间:2009年3月10、17、24(周二晚上18:30—21:30),文科楼302教学宗旨:1.立足“分析”,兼顾全貌;科学通俗,结合“两中”(中国、中学);通过现代分析的概览对数学本行有“更了解、更深刻、更热爱”之裨益.2.有别于研究型硕士生专业,只要求对泛函分析的思想和方法有一定了解.任课教师:钟怀杰参考文献:1徐利治,20至21世纪数学发展趋势的回顾与展望,数学教育学报,9卷1期,2000。

2林革,数学奇才---陶哲轩,数学通报2006年12期(37页)3张奠宙,话说无限,数学通报2006年10期(1页)4院士访谈,千古存心事,欧高黎嘉陈—访数学大师陈省身,百年潮,2007年4期(27)(中央台《大家》专栏节目)5刘晓力等译,逻辑人生—哥德尔传,上海科技教育出版社,20026张顺燕,数学的美与理,北京大学出版社,20067杨红萍,现代分析之父,数学通报,45卷1期(2006)56-61。

8郑学安,康托的集合定义与罗素悖论,数学通报,45卷2期(2006)1-1。

9张小平,挥舞逻辑魔杖的数学大师罗素,数学通报,45卷2期(2006)28-2910钟怀杰,戴维纲,寻觅那弦外之音---话说一道高考题,福建中学数学,2005年7期32-34。

11李文林,数学史教程,高等教育出版社,2000.12张奠宙等,数学史选讲,上海科学技术出版社.1998.13林艺,数学小百科,机械工业出版社,1999.14李昕生,数学科学与辨证法,首都师范大学出版社,1995.15I.马奥尔, 无穷之旅---关于无穷大的文化史(通俗数学名著译丛)上海教育出版社,2000.16王幼军等,著名数学家和他的一个重大发现,山东科学技术出版社,2001.17(美).帕帕斯,数学趣闻集锦(通俗数学名著译丛),上海教育出版社,2001.18吴文俊主编,世界著名数学家传记(上、下),科学出版社,1995.19程民德,主编,中国现代数学家传,(1—4卷),上海教育出版社1994---2000.20蒋文蔚著,数学发现与成就,广西师范大学出版社,1996.21朱新民主编,科学史上的重大争论集,湖南科学技术出版社,1988.22王世强等,独立于 ZFC的数学问题(北师大现代数学丛书),北京师范大学出版社,1992.23康.瑞德,希尔伯特,上海科学技术出版社,1982.24数学与联想,(通俗数学名著译丛)上海教育出版社,2000.25李心灿,当代数学大师,沃尔夫数学奖得主及其建树与见解,北京航空航天大学出版社,1999.26张远南,数学故事丛书,上海科学普及出版社,1990—1997(6个分册).[1] 无限中的有限---极限的故事[2]变量中的常量---函数的故事 [3]否定中的肯定---逻辑的故事[4]偶然中的必然---概率的故事 [5] 未知中的已知---方程的故事 [6]抽象中的形象---图形的故事27(美)M.克莱因,数学:确定性的消失,(第一推动丛书).湖南科学技术出版社,1997。

中国计量大学数学分析2009年考研初试真题

中国计量大学数学分析2009年考研初试真题

8.设函数 f x 在 0, 上连续可导, 且 f 0 0.试求
lim 1 f
t t0
4 V
x2 y2 z2 dxdydz ,
其中积分区域为V : x2 y2 z2 t2 .
9.讨论级数 1n sin x 的收敛性(包括条件收敛或绝对收敛).
f x A, x 0 , .
《数学分析》试卷 第 1 页 共 2 页
3.判断函数项级数在所示区间上的一致收敛性:
1
n1
1 n1
x2 n
, x
,
;
2 s i nnx n1 n
, x
0 ,2
.
4.证明函数 F y e xy2 dx 在 , 上连续. 0
f (xn y n )(xn1dx y n1dy) 0 ( n 正整数).
L
7 . 计 算 第 二 型 曲 面 积 分 : J y(x z)dydz x2dzdx y2 xz dxdy ,
S
其中 S 是曲面
z 5 x2 y2 上 z 1 的部分,并取外侧.
n1
n
二、(共 5 小题,每小题 12 分,共 60 分)
1.设 f x 在闭区间 a,b 上连续.证明在开区间 a,b 内至少存在一点 , 使
b
a
f

x
d x
f b . a
2.设函数 f 在 0, 上满足方程 f 2x f x, 且 lim f x A. 证明: x
中国计量学院 2009 年攻读硕士学位研究生入学试题
考试科目名称: 考试科目代码: 考 生 姓 名: 考 生 编 号:

欧阳光中数学分析答案

欧阳光中数学分析答案

欧阳光中数学分析答案【篇一:数学分析目录】合1.1集合1.2数集及其确界第二章数列极限2.1数列极限2.2数列极限(续)2.3单调数列的极限2.4子列第三章映射和实函数3.1映射3.2一元实函数3.3函数的几何特性第四章函数极限和连续性4.1函数极限4.2函数极限的性质4.3无穷小量、无穷大量和有界量第五章连续函数和单调函数5.1区间上的连续函数5.2区间上连续函数的基本性质5.3单调函数的性质第六章导数和微分6.1导数概念6.2求导法则6.3高阶导数和其他求导法则6.4微分第七章微分学基本定理及使用7.1微分中值定理7.2taylor展开式及使用7.3lhospital法则及使用第八章导数的使用8.1判别函数的单调性8.2寻求极值和最值8.3函数的凸性8.4函数作图8.5向量值函数第九章积分9.1不定积分9.2不定积分的换元法和分部积分法9.3定积分9.4可积函数类r[a,b]9.5定积分性质9.6广义积分9.7定积分和广义积分的计算9.8若干初等可积函数类第十章定积分的使用10.1平面图形的面积10.2曲线的弧长10.3旋转体的体积和侧面积10.4物理使用10.5近似求积第十一章极限论及实数理论的补充11.1cauchy收敛准则及迭代法11.2上极限和下极限11.3实数系基本定理第十二章级数的一般理论12.1级数的敛散性12.2绝对收敛的判别法12.3收敛级数的性质12.4abel-dirichlet判别法12.5无穷乘积第十三章广义积分的敛散性13.1广又积分的绝对收敛性判别法13.2广义积分的abel-dirichlet判别法第十四章函数项级数及幂级数14.1一致收敛性14.2一致收敛性的判别14.3一致收敛级数的性质14.4幂级数14.5函数的幂级数展开第十五章fourier级数15.1fourier级数15.2fourier级数的收敛性15.3fourier级数的性质15.4用分项式逼近连续函数第十六章euclid空间上的点集拓扑16.1euclid空间上点集拓扑的基本概念16.2euclid空间上点集拓扑的基本定理第十七章euclid空间上映射的极限和连续17.1多元函数的极限和连续17.2euclid空间上的映射17.3连续映射第十八章偏导数18.1偏导数和全微分18.2链式法则第十九章隐函数存在定理和隐函数求导法19.1隐函数的求导法19.2隐函数存在定理第二十章偏导数的使用20.1偏导数在几何上的使用20.2方向导数和梯度20.3taylor公式20.4极值20.5logrange乘子法20.6向量值函数的全导数第二十一章重积分21.1矩形上的二重积分21.2有界集上的二重积分21.3二重积分的变量代换及曲面的面积21.4三重积分、n重积分的例子第二十二章广义重积分22.1无界集上的广义重积分22.2无界函数的重积分第二十三章曲线积分23.1第一类曲线积分23.2第二类曲线积分23.3green 公式23.4green定理第二十四章曲面积分24.1第一类曲面积分24.2第二类曲面积分24.3gauss公式24.4stokes公式24.5场论初步第二十五章含参变量的积分25.1含参变量的常义积分25,2含参变量的广义积分25.3b函数和函数第二十六章lebesgue积分26.1可测函数26.2若干预备定理26.3lebesgue积分26.4(l)积分存在的充分必要条件26.5三大极限定理26.6可测集及其测度26.7fubini定理练习及习题解答? 序言复旦大学数学系的数学分析教材从20世纪60年代起出版了几种版本,随着改革开放和对外交流的发展,现代数学观点和方法融入数学分析教材是必然的趋势。

四川大学2009年数学分析考研真题与解答

四川大学2009年数学分析考研真题与解答

四川大学2009数学分析考研真题与解析1·求下列极限。

(a )∑=∞→nk k nn Cn2.ln 1lim解: 原极限=()221111121ln ln limln 1limnn C C Cn n k nk kn k n n k nnk n ++-=∑∑∑+==+∞→=∞→=∑=∞→-++nk n k n nn 11ln 121lim =∑=∞→∞→--⋅+n k n n nk n n n 1111ln 1lim 12lim =⎰=--1021)1ln(21dx x(b)().sin lim 22n n n +∞→π解: 原极限=nn n nn n n n n ++=-+∞→∞→22sinlim )sin(lim πππ=12sin 111limsin ==⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛++∞→ππn n (c )().sin sin lim2302dtt t t tdtx x x ⎰⎰-→解: 原极限=()().1262limsin sin 2lim 53302230=⎥⎦⎤⎢⎣⎡+--=-⋅→→x x x x x x x x x x x x ο (d )xx xe x x cos 11lim 0----+→ 解: 原极限=()()()⎥⎦⎤⎢⎣⎡++--⎥⎦⎤⎢⎣⎡+--++→222222024218212lim x x x x x x x x x οοο =.32418121-=--2·计算下列积分。

(a ),222dxdy y x yx D⎰⎰--+其中{()}1;R ,222≤+∈=y x y x D 解: 原积分=rdr r r r d ⎰⎰-+12202sin cos θθθπ=dr r r d 220104sin ⎰⎰-⎪⎭⎫⎝⎛+ππθθ=()()θθθπθθd dr r r dr r r ⎰⎰⎰⎥⎦⎤⎢⎣⎡-+-201sin 23sin 032sin sin=θθθπd ⎰⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+-204413sin 6sin =85π(b) ⎰l yzds ,其中l 是球面⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛>=++332222a a z y x 与平面1=++z y x 的交线.解: 原积分=()ds z z ds zx yz l l ⎰⎰-=+121)(21 =()()ds z y x ds z y x l l ⎰⎰++-++2226161 =⎰-l ds a 612 =().3131312612222--=-⋅-a a a a ππ(c )设()x f 在()+∞∞-,内有连续导函数,求积分()()[]dy xy f y y x dx y xy f y L11222-++⎰,其中L 是从点⎪⎭⎫⎝⎛32,3A 到()2,1B 的直线段。

2009数学分析

2009数学分析

2009年河南油田中招数学试卷及成绩评析河南油田教研室张玉琴一、试题分析试卷依照《新课程标准》,以《河南省初中毕业生学业考试说明与检测》规定的考试范围为依据,突出了对数学基础知识和基本能力的考查,涵盖数与代数,空间与几何,概率与统计等知识点.体现了“稳中求变,稳中求新”. 今年试题与去年相比难度稍有增加,重视基础知识,基本技能,基本思想方法和基本活动经验等“四基”的考查,第三大题解答题中删掉了一个概率题,增加了一个一次函数应用题.有利于引导和促进数学教学全面落实《课程标准》所设立的课程目标,有利于引导改善学生的数学学习方式,提高学生数学学习的效率.试题注重通性通法,淡化特殊技巧,有较好的区分度.有利于高中阶段学校综合,有效地评价学生的数学学习状况.所有试题的考查内容及编排都由易及难,坡度平缓,一部分试题情景来源于教材,对考生具有相当的亲和度,有利于考生获得较为理想的成绩.1.关注数学核心内容的考查试题注重考查数学课程标准中要求的最基础,最核心的内容.如试卷中的1,2,4,5,6,7,8,10,11,12,13,16,18题分别考查了相反数,不等式,方程,坐标系,视图,平方根,平行线,平行四边形,圆,函数,概率,分式,统计等重点内容.2.密切联系实际,突出考查数学应用能力试卷呈现丰富多彩的生活情境,贴近生活,体现时代性.试题背景切合学生实际,从生产,生活等实际问题出发,注重考查学生运用数学知识去解决实际问题的能力.如:第13题摸球游戏,第14题通过折纸求点A的移动距离,折纸是学生喜欢做的手工,表面似曾相识,但本题有一定难度,重在考查数学能力;第18题以2008年北京奥运会为背景考查统计知识,第19题考查函数以小明和父亲暑假旅游为背景,家庭换灯泡是再常见不过的事情了,第20题以电工李师傅借助梯子安装天花板顶灯为背景考查学生用三角函数构建数学模型解决问题的能力;第22题背景取材于同学们所熟悉的“社会主义新农村建设”,以家电下乡设计的方案提出问题,通过表格获取信息,利用不等式组和其它知识解决问题,让学生在各种赏心悦目的考查形式下,愉悦地进行答卷.试卷所呈现的信息不仅是数学符号和文字,还包括图形,图像及表格等.3.试卷积极创设探索思考空间,重视推理方法的考查先猜后证或先证后猜,把猜想,探索和提出问题放在首位,再用推理的方法证明猜想和提出的问题.如第17题先判断OE与AB的位置关系,然后通过推理给出证明,注重考查学生推理的逻辑性和思维水平.第21随着旋转角α的变化探索四边形EDBC的形状,对各种形状图形求AD的长,激发了考生的探究欲望;第19题判断他们能否在汽车报警前回到家? 请说明理由.很好地考查了学生“观察→发现→自主探索”的思维过程,用数学知识和数学思想方法解决综合问题的能力及创新意识和能力.4.试卷突出对数学思想方法与数学活动过程的考查.化归,分类讨论,数形结合,函数方程等数学思想和方法均有体现.如第5题,第12题考查数形结合思想,又如第23题,该题是压轴题,沿袭2008年的设计思想,难度适宜,动静结合,梯度呈现清晰,知识呈现综合,既能考查学生的基础知识,又能较好地体现区分度.考查了数形结合思想,函数思想,整体思想及方程思想,分类讨论思想.第3问,学生要会分类,且对每类进行计算求出所有结果,对思维能力要求较高.5.动态探究题仍是中招考试的难点动态几何探究题是近年数学中考的热点和难点,在点,线,形的运动变化过程中,观察,猜想问题,在图形的运动变化过程中探究,从中找到解决问题的途径,注重考查学生的综合应用能力.如第21,23题.总之,今年的中招试题不难,不偏不怪,计算不繁,面孔熟悉,基本上属于常见题型, 只要抓好基础,理清基本思路,平时认真复习,均能考好.但数学概念含混不清,计算不准确还是难以收到好的效果.所以,扎扎实实的数学基本功是能力的载体,良好的思维品质是后继学习的必备.二、成绩分析1.2009年河南油田中招数学成绩分析2. 2006-2009年河南油田中招数学成绩对照表说明: A等:得分率≥90%,B等:75%≤得分率<90%,C等:60%≤得分率<75%,合格:得分率≥60%.从近四年对比来看,2009年A等率只有四中在提升;B等率都在提升,但四中提升幅度最大;C等率四中下降明显,六中上升较多;合格率四中上升幅度最大,而一中在下降.3.2009年中招数学各分数段人数统计4.2009年河南油田中招数学各题得分情况及失分原因分析失分最多的是第3小题,学生不知道什么是普查,其次是第2小题,不等式的基本性质不会用,再次是第5,6题,基本方法没掌握.第3小题较多学生不得分的根本原因应该与老师教学有关,华东师大版教材上没有像以前那样强调普查和抽样调查这些概念,但课程标准明确指出“(1)从事收集,整理,描述和分析数据的活动,能用计算器处理较为复杂的统计数据.(2)通过丰富的实例,感受抽样的必要性,能指出总体,个体,样本,体会不同的抽样可能得到不同的结果.[参见例1]例1 电视台需要在本市调查某节目的收视率,每个看电视的人都要被问到吗?对一所大学学生的调查结果能否作为该节目的收视率?你认为对不同社区,年龄层次,文化背景的人所做的调查结果会一样吗?”所以,今后教学中一定要吃透课标,达到滴水不漏.第二大题错得最多是第14题,其次是15题,再次是12题,13题错的也不少.第16大题化简一般都做对了,就是选择适当的数值时没有考虑到分母不能为零.错误原因是全等条件找不准,说理不透彻,不到位.第18大题失分的主要原因是不会算m和n的值,不会计算扇形统计图中圆心角的度数.第19大题失分原因是审题不准,不理解题意,个别学生不会用待定系数法.第20大题失分原因是不能熟练应用三角函数,计算不准确.第21大题AD的值算错较多,菱形判定不熟练.第22大题主要是第2问审题错误失分,题目要求“根据商场售价的13%领取补贴”,很多学生是按进价的13%算的补贴.第23大题失分原因是分类不全,没有思路.5.学生答卷情况分析1.基础知识不够扎实.部分学生对基础知识掌握不透彻,定理,性质不能灵活运用.如第12,16,18题等.2.空间想象能力较差.图形通过转动,折叠,运动等,学生束手无策,不知从何下手.如第5,6,14,21,23等.3.用数学的意识差,即对现实生活中的问题抽象出数学问题的能力不强.学生不能把所学数学知识与具体生活实际问题结合起来,找不出解决问题的思路,数学建模能力差.如第19,20,22题.4.分析问题,解决问题能力待提高.不能根据题知条件进行分析,寻找不出解题思路和方法,知识学的较死.如第19,20,21题.5.计算不准确失分仍然存在.部分学生解题马虎,计算错误导致失分.如第4,15,16,18题.三、教学建议1.以“课标”为指导思想,以“教材”为依据,抓好知识的内在联系.教学要立足教材,抓好学生的基础,教学时不能随意提高或降低教学内容和要求,以数学知识的主干为框架,将各个知识点串联起来,前后贯通,形成一个知识网络.将重点放在知识的内在联系上,既要引导学生发掘知识的内在联系,又要注意横向联系,使学生在接触问题时能够前后联系,加以联想,以此培养学生分析问题和解决问题的能力.2,注重过程,培养能力教学中,要将数学教学作为一种数学思维活动来进行,要让学生亲身经历数学问题的提出过程,解决方法的探索过程,问题结论的深化过程,方法能力的迁移过程,让学生在参与教学思维活动,经历知识产生发展过程中,逐步提高数学能力.3.关注社会,强化应用.强化数学应用,一定要联系生产,生活的实际,要联系学生的实际.教学中,要时常关注社会生活实际,编拟一些贴近生活,贴近实际,有着实际背景的数学应用性试题,引导学生学会阅读,审题,获取信息,解决问题,并引导学生在问题解决的过程中,体会数学与人类社会的密切联系,增进对数学的理解,启迪他们平时关心生活,关心社会.4.研究试题,把握方向.要深入研究近年河南省中考试题,明确对每一部分内容的考查要求,坚持避免“低头拉车,不抬头看路”局面的出现.要进一步加大对规律意识类试题,探索性试题,开放性试题的研究力度,关注学生对数学事实的真正理解,明确对试题发展方向的改革思路.5.进一步加大中考压轴题内容与形式的研究动态探究题已成为近几年河南省中考数学压轴题的主轴,综合性强,出分度大,学生普遍得分较低.解决动态几何问题的基本策略是:把握图形的运动规律,寻求图形运动中的一般与特殊位置关系;在“动”中求“静”,在“静”中探求“动”的一般规律.通过探索,归纳,猜想,获得图形在运动过程中的规律.当求变量之间的关系时,通常建立函数模型或不等式模型求解;在求特殊位置,关系和值时,常结合图形特征建立方程模型求解.附:河南油田2008—2009学年第二学期调研考试初一数学成绩统计表从A等率看七中优势明显,一中尾随其后;从B等率看六中领先;从C等率看四中较好;从合格率来看,六中遥遥领先,一中,七中不相上下.初二数学成绩统计表从A等率,B等率和合格率来看七中优势明显,一中尾随其后;C等率没有明显差别.初一、初二阅卷中存在的主要问题:1.卷面乱七八糟,答题不规范,随意性较大.2.做题格式不完整,解不等式不画数轴,作图题只画图,简单介绍画在什么.。

中山大学考研数学分析2009年真题及答案

中山大学考研数学分析2009年真题及答案

中山大学2009年数学分析真题题目一、(每小题6分,共48分) (1) 求lim x→∞(x −x 2ln (1+1x ));(2)求∫1−lnx ln 2xdx ;(3) {x =cos⁡(t 2)y =∫sinuu du t 20,求dydx; (4) 求∫|x −a |e x dx 1−1,|a |<1;(5) 设z =uv +sint,u =e t ,v =cost,求dzdt ;(6) u =φ(x +ψ(y )), 其中φ,ψ二阶可微,x,y 为自变量,求d 2u ;(7) 求级数∑cos nx ∞n=1在收敛域上的和函数;(8)判断级数∑1n1+1n∞n=1的敛散性.二、将区间[1,2]做n 等分。

分点为1=x 0<⋯<x n =2,求lim n→∞√x 1x 2…x n n 。

三、计算I =∫(x+y )dx+(y−x)dyx 2+y 2L,其中L 是从点A (-1,0)到点B (1,0)的一条不经过原点的光滑曲线:y =f (x ),x =[−1,1],且当xϵ(−1,1)时,f(x)>0。

四、计算∬x 2dydz +y 2dzdx +z 2dxdy S ,其中S 为曲面x 2+y 2=z 2介于平面z =0和z =h(h >0)之间的部分取下侧。

五、设f (x)在(1,+∞)上连续,f ′′(x)≤0,f (1)=2,f ′(1)=−3,证明f (x)=0在(1,+∞)上有且仅有一个实根。

六、设函数f (x)在(−∞,+∞)上连续,试证:对一切x 满足f (2x )=f(x)e x 的充要条件是f (x )=f(0)e x 。

七、求椭球面x 2a 2+y 2b 2+z 2c 2=1在第一卦限部分的切平面与三坐标平面围成的四面体的最小体积。

八、讨论级数∑cos(π2lnn)n∞n=1的敛散性。

参考答案一、 (1) lim x→∞(x −x 2ln (1+1x ))=lim x→∞x 2[1x −ln (1+1x )]=12limx→∞x 2x 2=12.(2)∫1−lnx ln 2xdx =∫1−y y 2de y=∫e y (1−y)y 2dy =∫e y (y −1)d 1y =(y−1)e yy−∫d (y−1)e yy=−e y y +C =−x lnx+C .(3) dy dx =dy dt dx dt=2tsint 2t 2−2tsint 2=−1t2.(4)∫|x −a |e x dx 1−1=∫(a −x)e x dx a −1+∫(x −a )e x dx =(a +1−x)e x |−1a 1a +(x −a −1)e x |a 1=2e a −(a +2)e−1−ae . (5) z =uv +sint,u =e t ,v =cost ,故z =e t cost +sint,dz dt=e t (cost −sint )+cost .(6)u =φ(x +ψ(y )),φ,ψ二阶可微,故du =φ′(x +ψ(y ))[dx +ψ′(y)dy]d 2u =dφ′(x +ψ(y ))[dx +ψ′(y )dy]+φ′(x +ψ(y ))d [dx +ψ′(y )dy]=φ′′(x +ψ(y ))[dx +ψ′(y )dy]2+φ′(x +ψ(y ))ψ′′(y )(dy)2(7) ∑cos n x ∞n=1=cosx 1−cosx ,其收敛域为{x ||cosx |<1}={x|x ≠kπ,kϵZ}。

2009年北京大学数学分析真题解答

2009年北京大学数学分析真题解答

2009年北大数学分析试题解答随笔1. 证明有限闭区间上的连续函数能取到最大值和最小值.北大第一题继续延续着考察实数系基本定理的习惯, 本题也是一个定理, 方法很多. 设[(]),C f a x b ∈, 因为有限闭区间上的连续函数必有界, 因而必有上确界, 记为M . 假设()f x M <恒成立, 令1()()g x M f x =−, 则()[,]g x C a b ∈. 它也有上确界, 记为K .代入可知1()f x M K≤−这与M 是上确界的假设矛盾! 因而存在[,],()c a b f c M ∈=.即最大值可以取到. 同理可证, 最小值也能取到.2. 设(),()f x g x 分别是\上的有界一致连续函数, 证明()()f x g x 在\上的一致连续.北大07年考过一道类似的题, 本题稍微有些变化, 但大体方法相同. 证明不难, 设M 为 (),()f x g x 的公共上界, 再考虑下面的三角不等式关系|()()()()||()()()()||()()()()|f x g x f x g x f x g x f x g x f x g x f x g x ′′′′′′′′′′′′′′′′′′−≤−+− |()()||()()|M g x g x M f x f x ′′′′′′≤−+−, 由此立得结论.3. 设()f x 是周期为2π的连续函数, 且其Fourier 级数 01co in 2s s n n n nx b a a nx ∞=++∑处处收敛, 证明这个Fourier 级数处处收敛到()f x .要想证明本题需要知道下面两个结论: (大家可以试着自己证明下)(1) 记Fourier 级数的前k 项和为(,)k S f x , 算数平均能和为01(,)(,)1nk k n S f x f x n σ==+∑, 该和式称为"费耶和". 水平比较高的教材上一般都会有如下的"费耶定理":设[(]),f C x ππ∈−, 则其费耶和(,)n f x σ在[,]ππ−上一致收敛到()f x .(2) 下面的求和法一般统称1C −求和法: 对数列{}n a , 令011n m n m c a n ==+∑. 一个重要的结果是: 如果数列{}n a 收敛, lim n n a a →∞=, 则lim n n a c →∞=.有了上面两个结论不难得出本题结论.4. 设{},{}n n a b 都是有界数列, 且满足12n n n a b a ++=. 若lim n n b →∞存在, 证明lim n n a →∞也存在.下面的"上下极限法"也许是最简单的证明了. 许多书上在数列上下极限相应章节一般有如下结论: 数列{},{}n n u v 中, n v 收敛. 则有lim()lim lim n n n n u v v +=+, lim()lim lim n n n n u v u v +=+ 以及lim lim n n u u =−.有了上面的关系就好办了,记lim ,lim ,lim n n n a a b b βα===. 因为{},{}n n a b 都是有界数列, 所以,,b αβ都是有限的. 由已知条件得, 12n n n a a b +=−+ (1)(1)式两边取上极限, 得 2b βα=−+. (1)式两边取下极限, 得 2b αβ=−+ 联立上面两式得 αβ=. 故lim n n a →∞也存在.5. 是否存在连续可导函数():f x →\\满足: ()0f x >且()(())f x f f x ′=, 说明理由. 答案是不存在, 解题关键在于−∞这块上. 假设存在满足题意的函数. 首先, 由()0f x >且()(())f x f f x ′=可知函数是严格单调递增的. 其次, 记lim ()x f x A →−∞=(为一有限数), 则0A ≥且lim ()()0x f x f A →−∞′=>.又由()(())f x f f x ′=知()f x ′也是严格递增的, 所以()(0)0limlim ()x x f x f f xξ→−∞→−∞−′== (0ξ<随x 变化而变化)这就与inf ()lim ()()0x f x f x f A →−∞′′==>矛盾!6. 已知函数()f x 是[0,)+∞上的单调连续函数, 且lim ()0x f x →+∞=. 证明:lim()sin 0n f x nxdx +∞→∞=∫.一般教材上都有如下的Riemann 定理: 设()f x 在有限闭区间[,]a b 上Riemann 可积, 则lim()sin 0ba n f x nxdx →∞=∫. 该定理是Fourier 级数理论中的一个基本定理, 这里直接引用.任取正数A 及n ∀∈`, 有sin 2Anxdx ≤∫. 又()f x 是[0,)+∞上的单调连续函数, 及lim ()0x f x →+∞=, 由狄利克雷判别法知积分()sin f x nxdx +∞∫对n 一致收敛.往下采用如下估计即可:()sin ()sin ()sin 0AAf x nxdx f x nxdx f x nxdx +∞+∞≤+→∫∫∫.7. 计算曲线积分()()()L y z dx z x dy x y dz −+−+−∫ ,其中曲线L 是球面2221y x z ++=与222(1)(()141)y x z ++−−=−的交线, 方向从z 轴正向看是逆时针.一道经典的工科题. 本题需借助一下几何直观, 想象下两球相交, 交线是应该在在一个平面上. 将两球面方程相减得到交线所在平面方程 0:x y z π++=. 注意到曲线L 在平面π上, 因此在L 上仍有z x y =−−成立. 记曲线0L 为曲线L 在平面xoy 上的投影. 将z x y =−−代入, 则()()()3L L y z dx z x dy x y dz ydx xdy −+−+−=−∫∫ (下面利用格林公式)66D Sdxdy =−=−=−∫∫∫∫. 这里的计算有点小技巧, 由几何直观0:x y z π++=与球面2221y x z ++=的交线是以原点为圆心,半径为1的圆. 求面积0D 时不要蛮算, 要利用它是那个圆盘在xoy 面上投影这个条件.8. 设,,0x y z ≥, x y z π++=, 试求2cos 3cos 4cos x y z ++的最大值和最小值. 这其实是一道典型工科题, 思路很清晰,关键的困难在计算技巧上. 先消去z 化为无条件极值问题, 则2cos 3cos 4cos 2cos 3cos 4cos():(,)x y z x y x y f x y ++=+−+=, 其中定义域为{(,)|0,,0}D x y x y x y ππ=≤≤≤+≤是一个有界闭区域.求解思路很清晰, 先求边界上的最大值, 再求内部驻点的函数值. 最后放到一起一比较, 找出整体最大值和最小值.(1) 边界情况比较简单, 容易求出边界上最大值为5, 最小值为1. (2) 内部驻点值: 令(,)4sin()2sin 0(,)4sin()3sin 0x yx y x y x f x y x y y f =⎧+−==+−=⎪⎪⎨⎪⎪⎩ 这是一个超越方程, 看起来也貌似没有整齐的解, 打击求解的信心.三角几何不分家, 从哪里来回哪里去. 容易看出上面方程若有解, 则均为正数(内部驻点).考虑一个三角形, 其内角分别为,,x y z , 相应的对边为,,a b c . 结合上面的方程组以及传说中的"正弦定理" :sin()sin sin c b ax y y x==+有如下关系, 2,34a c b c ==. 令6a t =, 则4,3b t c t ==. 再由传说中的"余弦定理"算得112943cos ,cos ,cos 243648x y z =−== 对应的驻点函数值为: 11294361234524364812−×+×+×=>.放到一起比较结果就显然了, 最大值是6112, 最小值是1.9. 设()f x 在(,)a b 上连续且对任意(,)x a b ∈都有0()()lim0h f x h f x h h →++−−≥证明()f x 在(,)a b 上单调不减.为叙述方便, 引入一个算子D 满足: 0()()()lim h f x h f x h Df x h →++−−=.易知若()f x 可导, 则()2()Df x f x ′=.先证明一个十分有用的引理:设函数()[,]F x C αβ∈, 满足()()F F αβ>, 则存在(,)c αβ∈, 使得()0DF c ≤. 我们选取m 满足()()F m F βα<<. 考虑如下集合:{[,]|()}A x a b F x m =∈> 由()F x 的连续性知A 非空. 取sup c A =, 则 c αβ<<.由sup c A =定义知, 当(,]x c β∈时()F x m ≤. 又由点集A 的定义知上确界是极限点, 因此存在n a A ∈, n a c →. 令n n h c a =−, 则0n h →+及()n F c h m −>. 当n 充分大时有, ()n F c h m −>且()n F c h m +≤成立即()()0n n F c h F c h +−−≤. 由下极限的最小性不难推出 ()0DF c ≤.说了半天可以回到原题了, 假设()f x 在(,)a b 上非单调不减, 则存在a b αβ<<<满足 ()()f f αβ>. 直接应用引理貌似会遇到"等号的困难". 所以我们要插入一个介值k 来加强证明. 选择这样一个正数k , 使得函数()()F x f x kx =+, [,]x αβ∈, 满足()()F F αβ>.显然只需满足()()0f f k αββα−<<−就可以了. 然后对()()F x f x kx =+应用引理, 知在(,)c αβ∈, 使得()0DF c ≤. 进而有()20Df c k ≤−<, 与已知条件矛盾!10. 已知()f x 是[0,)+∞上正的连续函数, 且满足01()dx f x +∞<+∞∫. 证明: 201lim ()AA f x dx A→+∞=+∞∫.由柯西不等式可知202222111()()4()()A A A A A A A A dx f x dx f x dx dx f x f x ⎛⎞⎛⎞⎛⎞⎛⎞⎛⎞⎟⎟⎟⎟⎜⎜⎜⎜⎟⎟⎟⎟⎟⎜⎜⎜⎜⎜≤=≤⎟⎟⎟⎟⎟⎜⎜⎜⎜⎜⎟⎟⎟⎟⎟⎝⎠⎜⎜⎜⎜⎟⎟⎟⎟⎝⎠⎝⎠⎝⎠⎝⎠∫∫∫∫ 即 22111()4()AA A f x dx dx f x A ⎛⎞⎛⎞⎟⎜⎟⎟⎜⎜≤⎟⎟⎜⎜⎟⎟⎜⎝⎠⎜⎟⎜⎝⎠∫∫. 再注意到210,()AAdx A f x →→+∞∫, 所以21lim ()AA f x dx A →+∞=+∞∫.。

考研数学2009真题及分析

考研数学2009真题及分析

2009年全国硕士研究生入学统一考试数学一试题一、选择题:1~8小题,每小题8分,共32分,下列每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求,把所选项前的字母填在题后的括号内。

(1)当0x 时,()sin fxxax 与2()ln(1)gxxbx 等价无穷小,则()(A )11,6ab (B )11,6ab (C )11,6ab (D )11,6ab 【解析与点评】考点:无穷小量比阶的概念与极限运算法则。

参见水木艾迪考研数学春季基础班教材《考研数学通用辅导讲义》(秦华大学出版社)例 4.67,强化班教材《大学数学强化 299》16、17 等例题。

【答案】A22220000sinsin1cossin limlimlimlim ln(1)()36xxxx xaxxaxaxaax xbxxbxbxbx230sin lim166.x aaxa b b axa 36ab 意味选项B ,C 错误。

再由201cos lim 3x aax bx存在,故有1cos0(0)aaxx ,故a=1,D 错误,所以选A 。

(2)如图,正方形{(,)|||1,||1}xyxy 被其对角线划分为四个区域,(1,2,3,4),cos KKKD DkIyxdxdy,则14max{}KK I =()【解析与点评】本题利用二重积分区域的对称性及被积函数的奇偶性。

对称性与轮换对称性在几分钟的应用是水木艾迪考研数学重点打造的技巧之一。

参见水木艾迪考研数学春季班教材《考研数学通用辅导讲义----微积分》例 12.3、12.14、12.16、12.17,强化班教材《大学数学同步强化 299》117 题,以及《考研数学三十六技》例 18-4。

24,DD 关于x 轴对称,而cos yx 即被积函数是关于y 的奇函数,所以2413;,IIDD 两区域关于y 轴对称,cos()cos yxyx即被积函数是关于x 的偶函数,由积分的保号性,13{(,)|,01}{(,)|,01}2cos0,2cos0xyyxxxyyxx IyxdxdyIyxdxdy,所以正确答案为A 。

中国科学院大学《高等代数》《数学分析》考研真题汇总(2009-2018年汇编)

中国科学院大学《高等代数》《数学分析》考研真题汇总(2009-2018年汇编)

|z| ≤ na, |x| ≤ nh, |y| ≤ nk.
(2) 求证: Hermite 矩阵的特征值都是实数.
(3) 求证:反对称矩阵的非零特征值都是纯虚数.
六、 ( 15 分) 设 A 是 n 维实线性空间 V 的线性变换, n ≥ 1. 求证: A 至少存在一个一维或者二维的不变 子空间.
七、 ( 20 分) 设循环矩阵 C 为
01
生成的子空间. 求 W ⊥ 的一组标准正交基.
00
11
八、 ( 18 分) 设 T1, T2, · · · , Tn 是数域 F 上线性空间 V 的非零线性变换, 试证明存在向量 α ∈ V , 使得 Ti(α) = 0, i = 1, 2, · · · , n.
7
5. 2013年中国科学院大学《高等代数》研究生入学考试试题
三、 ( 20 分) 已知 n 阶方阵

a21
a1a2 + 1 · · · a1an + 1

A
=

a2a1 + 1
a22
···
a2an + 1


,
···
··· ··· ···


ana1 + 1 ana2 + 1 · · ·
a2n
n
n
其中 ai = 1, a2i = n.
i=1
八、 ( 15 分) 设 A 是 n 阶实方阵, 证明 A 为实对称阵当且仅当 AAT = A2, 其中 AT 表示矩阵 A 的转置.
6
4. 2012年中国科学院大学《高等代数》研究生入学考试试题
一、 ( 15 分) 证明:多项式 f (x) = 1 + x + x2 + · · · + xn 没有重根.

西北大学2009年数学分析硕士学位研究生试题及答案

西北大学2009年数学分析硕士学位研究生试题及答案

x 2
f ( x) . x
x 解:令 f ( x) f ( ) ( x) x 2 x x x x x x 则 f ( x) f ( ) ( x) x f ( ) ( ) ( x) x x ( x) ( ) … 2 4 2 2 2 2 x x x n ( n ) f ( n 1 ) 2 2 2
1, 当x为有理数 解析: (ⅰ)当取函数 f ( x) 时,函数 f ( x) 1 . 1, 当x为无理数
显然,此时函数 f ( x) 可积,但函数 f ( x) 不可积; (ⅱ)当取函数 f ( x) x, x 1,1 时,函数 f ( x) x , x 1,1 . 显然,此时函数 f ( x) 与函数 f ( x) 都在 1,1 上可积. 4. 级数 (1) n 1
因为 lim
n
an 1 an
1 n n 1 lim lim 1 n n n 1 n 1 1 (1) n (1) n 1 1 ,即其收敛区间为 1,1 .
所以该幂级数的收敛半径为 R

故该幂级数在 1,1 内内闭一致收敛 5. 若函数 f ( x, y ) 在点 ( x0 , y0 ) 处沿任意方向的方向导数都存在,则(C) A. f ( x, y ) 在点 ( x0 , y0 ) 处连续 B. f ( x, y ) 在点 ( x0 , y0 ) 处可微 C. f x ( x0 , y0 ), f y ( x0 , y0 ) 都存在 D. f x ( x, y ), f y ( x, y ) 在点 ( x0 , y0 ) 处连续 解析: (ⅰ) 二元函数在一点可微是其方向导数存在的充分条件而不是必要条件; (ⅱ) 二元函数在一点连续既不是其方向导数存在的必要条件也不是其方向导数 存在的充分条件; (ⅲ) f x ( x0 , y0 ), f y ( x0 , y0 ) 分别表示函数 f ( x, y ) 在点 ( x0 , y0 ) 处沿 x 轴正向, y 轴 正向的方向导数. 二. 解答题: (本题共 60 分,每小题 10 分)

09中国海洋大学数学分析

09中国海洋大学数学分析

中国海洋大学2009年研究生入学考试试题科目代码 : 617 科目名称 :数学分析一.(30分)求极限(1))111(lim 0--→x x e x ; (2) n n n n !lim ∞→; (3)⎰++∞→10)1(1lim nxn n x d ;(4))1ln(102)(cos lim x x x +→; (5)dx x n n ⎰∞→20sin lim π. 二.(15分)叙述与举例(要求有讨论过程):(1)用肯定语气写出)(x f 在[]b a ,上不一致连续的充要条件。

(2)举出函数)(x f 满足条件:在x =0时可导,但在0的任何邻域内不可导。

(3)举出函数),(y x f 满足条件:在(0,0)处连续,两个偏导数存在(并求出),但在(0,0)处不可微。

三.(24分)证明不等式:(1)当2021π<<<x x 时,有1221sin sin x x x x <;(2)设f 在[]b a ,上有连续导数,0)()(==b f a f ,1)(2=⎰dx x f ba ,则41))()()((222≥'⎰⎰⎰b a b a b a dx x f x dx x f 四.(10分)判断下面正项级数的敛散性;∑∞=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-11cos 2n n n e π 五.(28分)求积分:(1)dx e x ⎰+∞∞--2;(2)⎰-+-+-Ldz y x dy x z dx z y )()()(,其中L 为圆柱面222a y x =+和平面)0,0(1>>=+h a hz a x 的交线,从x 轴的正向看去,是逆时针方向。

六.(15分)讨论下列积分在指定区间的一致收敛性;dx x x 1sin 10⎰-α,),20(∈α. 七.(13分)设)(x f 在),(∞+∞-上可导,且a x f =∞→)(lim x ,求证)(x f '至少存在一个零点。

哈尔滨工业大学2009年数学分析考研试题解答

哈尔滨工业大学2009年数学分析考研试题解答

设 g ( x) = ln (1+ x) − x , g (0) = 0 , 1+ x
因为
g′(x)
=
1 1+
x

1
(1+ x)2
=
x
(1+ x)2
>
0

所以 g ( x) 在[0,+∞) 上严格单调递增,
于是当 x > 0时,有 g ( x) > g (0) = 0,
即得 x < ln (1+ x) ,( x∈(0,+∞)), 1+ x
n
n+1 n
1 n

x
dx
= 1 − (ln (n +1) − ln n)
n
4
=
1 n

ln
1
+
1 n

lim
n→∞
an 1
= lim n→∞
1 n

ln
1
+
1 n
1
n2
n2
, =
lim
x→∞
x

ln (1
x2
+
x)
=
1 2

∑∞
n=1
1 n2
收敛,所以
∑∞
n=1
an
收敛,故
∫ +∞ 1
a
f0
t
dt .
6
设 f0 则有
(
x)
在 ( −∞,
+∞)
上连续,记
fn+1
(
x)
=
∫x 0

2009年南开大学数学分析试题及解答

2009年南开大学数学分析试题及解答

南开大学2009年数分考研试题..一.计算()cos Dx y dxdy +⎰⎰,其中D 由0y =,2x π=,y x =围成.二.计算222111122211x x ydz dx dy x y z -+---++⎰⎰⎰.三.计算Lydx zdy xdz ++⎰,L 为2222221x y z abc++=与1x z ac+=所交,0,0,0x y z ≥≥≥,从点(),0,0a 到()0,0,c 的部分,其中,,a b c 为正的常数。

四.求2111212n n n n x∞++=+∑的收敛域与和函数.五.求()221arctan 1tx f t dxxx+∞=-⎰的表达式.六.若()af x dx +∞⎰收敛,()f x x在[),a +∞上单调下降,求证()lim 0x xf x →+∞=.七.设()f x 在(1,1)-内有二阶导数,()()000f f '==,()()()2f x f x f x '''≤⋅,证明:存在0δ>,使得在(),δδ-内()0f x ≡.八. 设(,)f x y 在0P 的邻域0()U P 内存在连续的三阶偏导数,并且所有三阶偏导数的绝对值不超过常数M ,1P 与2P 关于0P 对称,并且1P 与0P 的距离为l ,l为由0P 指向1P 的方向,试证:2012()()()2||23f P f P f P M lll ∂--≤∂ .九.证明:若1limn n nu au +→∞=,0n u >,则lim n n n u a →∞= .利用这一结论,分析D'Alembert 判别法与Cauchy 判别法二者在判别正项级数的敛散时的关系,可以获得怎样的经验.南开大学2009年数学分析考研试题解答一、解 记(),:0,02D x y y x x π⎧⎫=≤≤≤≤⎨⎬⎩⎭,()1,:2D x y D x y π⎧⎫=∈+≤⎨⎬⎩⎭,()2,:2D x y D x y π⎧⎫=∈+>⎨⎬⎩⎭,()cos Dx y dxdy +⎰⎰()()12cos cos D D x y dxdy x y dxdy=+++⎰⎰⎰⎰()()422024cos cos yx yxdy x y dx dx x y dyπππππ--=++-+⎡⎤⎣⎦⎰⎰⎰⎰()()4241sin 21sin 2y dy x dx πππ=-+-⎰⎰()201sin 2x dx π=-⎰201cos 2122x x ππ⎛⎫=+=- ⎪⎝⎭.二、解 ()(){}222,,:11,1,0x y z x y z z y Ω=++-≤≥≥,222111122211x x ydz dx dy x y z-+---++⎰⎰⎰2221dxdydz x y zΩ=++⎰⎰⎰12221sin 12cos d d r dr r r ππθϕϕϕ=++⎰⎰⎰12221sin 12cos dr r d r rππϕϕϕ=++⎰⎰()()11122220121r r r r dr π⎡⎤=++-+⎢⎥⎣⎦⎰()()1122011r r r dr π⎡⎤=+-+⎢⎥⎣⎦⎰()13232201111233r r r π⎛⎫=+-+ ⎪⎝⎭7426π-=.三、解 1z x a c ⎛⎫=- ⎪⎝⎭,22221x z y b ac =--22211z z b c c ⎛⎫=--- ⎪⎝⎭222z z b cc=-,z z =,[]0,z c ∈,Lydz zdy xdz ++⎰22220221c c c zz a zz z b dz zb dz a dz c c c c c c '⎛⎫⎛⎫⎛⎫=--+-+-⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎰⎰⎰()22222c c cab b acz z dz cz z dz c z dz ccc=----+-⎰⎰⎰ 222212222c ab bc c c a z dz c cc +⎛⎫⎛⎫=---+⋅ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎰2212222ab bc c ac c π+⎛⎫=-⋅+⎪⎝⎭ 228ac ab bc π+=-.四.解 设()211212n n n n u x x+++=,对0x ≠,有()()21lim2n n n u x xu x +→∞=,当2x <时,()1n n u x ∞=∑收敛;当2x =时,()1n n u x ∞=∑发散;当2x >时,()1n n u x ∞=∑发散,所以原幂级数的收敛域为()2,2-,2111212n n n n x∞++=+∑()212122nn xx n ∞=⎛⎫=+ ⎪⎝⎭∑,()2211121nn n n n tt ∞∞+=='⎛⎫+= ⎪⎝⎭∑∑ ()324222311t t tt t '⎛⎫-== ⎪-⎝⎭-, 于是()24212121216222n n n n x x x xx∞++=+-=-∑,()2x <.五、解 奇点为1x =,与x =+∞, (1)在1x =的邻域内,被积函数与2111111x x x =+--同阶,在x =+∞的邻域里,与31x同阶,因此原积分收敛,(2)221arctan 1tx dx t x x +∞⎛⎫∂ ⎪∂-⎝⎭⎰()222211111dx t x xx +∞=+-⎰(2)而()22222211111xx t xxx ≤-+-,对于任意(),t ∈-∞+∞,且22111dxxx +∞-⎰收敛,故积分(2)关于(),t ∈-∞+∞一致收敛,(3)被积函数,以及它对参数的倒数的连续性明显, 因此()221arctan 1tx f t dx t x x +∞⎛⎫∂'=⎪∂-⎝⎭⎰()222211111dx t x xx +∞=+-⎰2221sec 1sec x u du t uπ=+⎰()22211tan 111y u dy yty +∞=⋅+++⎰222220111tdy yt t y +∞⎛⎫=- ⎪+++⎝⎭⎰2121tt π⎛⎫=-⎪+⎝⎭, 显然()00f =,()()()2sgn 112f t t t π=-+-.六、证明 因为()af x dx +∞⎰收敛,所以当+∞→x 时,有2()0x xf t dt →⎰,2()0xx f t dt →⎰,由()f x x为单调下降函数,得 2222()()()3()()2x x x x xxxxf t f x f x f t dt tdt tdt tdt xf x txx=≤==⎰⎰⎰⎰,2222()()()3()()8x x x x x x x x f t f x f x f t dt tdt tdt tdt xf x txx=≥==⎰⎰⎰⎰,于是22()()3x xf t dt xf x ≤⎰28()3x x f t dt ≤⎰,从而得0)(lim =+∞→x xf x ,即当+∞→x 时,)1()(xo x f =。

第19讲第一换元法2009

第19讲第一换元法2009

第19讲 第一换元积分法与分部积分法讲授内容一、换元积分法定理8.4(换元积分法) 设g(u )在[]βα,上有定义,)(x u ϕ=在[]b a ,上可导,且[]b a x x ,,)(∈≤≤βϕα,并记[].,),())(()(b a x x x g x f ∈'=ϕϕ若)(u g 在[]βα,上存在原函数)(u G ,则)(x f 在[]b a ,上也存在原函数C x G x F x F +=))(()(),(ϕ,于是⎰⎰⎰='=duu g dxx x g dx x f )()())(()(ϕϕ=.))(()(C x G C u G +=+ϕ证:用复合函数求导法进行验证:)())(())((x x G x G dxd ϕϕϕ''==).()())((x f x x g ='ϕϕ所以)(x f 以))((x G ϕ为其原函数.习惯上分别称为第一换元积分法,在使用时,也可把它写成如下简便形式:⎰⎰+=='.))(()())(()())((C x G x d x g dxx x g ϕϕϕϕϕ例1 求⎰.tan xdx 解:由,c o s )(c o s c o s s i n t a n dx xx dx xxxdx ⎰⎰⎰'-==可令,1)(,cos uu g x u ==则得C u du uxdx +-=-=⎰⎰ln 1tan .cos ln C x +-=例 2 求).0(22>+⎰a xa dx解:⎰⎰⎪⎭⎫ ⎝⎛+⎪⎭⎫ ⎝⎛=+22211a x a x d axa dx )(ax u =令.a r c t a n 1a r c t a n 1112C axa C u audua+=+=+=⎰ 例 3 求⎰-22xa dx )0(>a解:⎰⎰⎰⎪⎭⎫ ⎝⎛-=⎪⎭⎫⎝⎛-=-2222111a x dx a x dx axa dx .arcsinC ax +=例 4 求).0(22≠-⎰a ax dx解:⎰-22ax dxdx a x a x a ⎰⎪⎭⎫ ⎝⎛+--=1121⎥⎦⎤⎢⎣⎡++---=⎰⎰a x a x d a x a x d a )()(21[]C a x a x a++--=ln ln 21.ln21C ax a x a++-=例 5 求⎰.sec xdx 解:[解法一]:⎰xdx sec =dx xx x x x ⎰++tan sec )tan (sec sec ⎰++=xx x x d tan sec )tan (sec C x x ++=tan sec ln[解法二]:利用例4的结果可得⎰⎰⎰-==xx d d x xxx d x 22s i n1)(s i n c o sc o s s e c .s i n 1s i n 1ln21C xx +-+=从以上几例看到,使用第一换元积分法的关键在于把被积表达式dx x f )(凑成()()()dx x x g ϕϕ'的形式,以便选取变换)(x u ϕ=,化为易于积分的()⎰du u g .最终不要忘记把新引入的变量()u 还原为起始变量()x .二、分部积分法定理8.5(分部积分法)若()x u 与()x v 可导,不定积分()()dx x v x u ⎰'存在,则()()dx x v x u '⎰也存在,并有()()dx x v x u '⎰=()x u ()-x v ()()dx x v x u ⎰'证:由 ()()[]()()()()x v x u x v x u x v x u '+'=' 或 ()()x v x u '=()()[]'x v x u ()()x v x u '-,对上式两边求不定积分.分部积分公式常简写作⎰⎰-=v d u uv udv例6 求⎰xdx x cos .解:令x u =,x v cos =',则有.sin ,1x v u =='⎰x d x x c o s ⎰-=dx x x sinsin C x x x ++=c o s s i n例7 求⎰.arctan xdx .解:令=u x arctan ,1=v ,则211xu +=',x v =,⎰.a r c t a n xd x ⎰+-=d x xxx x 21a r c t a n ()C xx x ++-=21ln 21arctan例8 求⎰.ln 3xdx x 解:令3,ln x v x u ='=,⎰⎰⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛=4ln ln 43x xd xdx x ()().1ln 416ln 41434C x xdx xx x +-=-=⎰有时需要接连使用几次分部积分才能求得结果;有些还会出现与原不定积分同类的项,需经移项合并后方能完成求解.现分别示例如下例9 求.2dx e x x -⎰ 解:()⎰⎰⎰----+-=-=dx xeexed x dxe x xxxx 2222()⎰---+-=x x e xd e x 22dx e xe e x x x x ⎰---+--=222 ().222C x xex+++-=-例10 求bxdx eI xcos 1⎰-=和 ⎰=.sin 2bxdx eI ax解:()bxdx eab bx eaebxd aI axaxaxsin cos 1cos 11⎰⎰+==⎰-+=bxdx eab bx e ab bx eaaxaxaxcos sin cos 1222,于是⎰+++==,cos sin cos 221C ba bxa bxb ebxdx eI axax同理可得:.cos sin sin 222C ba bxb bx a ebxdx eI ax ax++-==⎰。

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西安交通大学2009年攻读硕士学位研究生入学考试试题
一 判断下列命题是否正确(不用说明理由,每小题3分,共30分)
1. 设()f x 在点10x R ∈的邻域有定义.如果()f x 在0x 处取得极大值,则存在
0δ>,使得()f x 在00(,)x x δ-内单调增,而在00(,)x x δ+单调减.
2. 若实数列{}n x 有上界,则lim n n x →∞
有限.
3. 若级数1
n n a ∞
=∑与1
n n b ∞
=∑都是发散的,且(1,2,)n n n a c b n ≤≤= ,则级数1
n n c ∞
=∑也
发散.
4.设{(,)}n n
a b 是一个开区间序列,11(,)(,),1,2,,n n n n a b a b n ++⊆= 且
lim()0n n n b a →∞
-=.则不存在唯一的实数1
(,)n n n a b ξ∞
=∈ .
5. 含参变量广义积分
(,)a
f x y dx +∞

在区间[,]c d 收敛的充要条件是:
0[,],0y c d ε∀∈∀>,存在0
A a >,使得'
0,A A A ∀>,有'
|(,)|A A
f x y dx ε<⎰.
6. 当x →+∞时,函数(,)g x y 关于[,]y c d ∈一致收敛于0的充要条件:0ε∀>,存在00A >,使得当0x A >时,[,]y c d ∀∈有|(,)|g x y ε<.
7. 设I 是区间.若(,)f x y 在[,]a b I ⨯连续,则()(,)b
a F y f x y dx =⎰在I 连续.
8. 若函数()f x 在(,)a b 内可导,则'()f x 在(,)a b 内没有第一类间断点.
9. 设(,)f x y 在2R 上有定义,1y R ∀∈,()(,)x f x y ϕ=是1R 上的有界函数,
1x R ∀∈,()(,)y f x y ψ=也是1R 上的有界函数,则(,)f x y 在2R 上有界.
10. 若级数1
n n u ∞=∑收敛,则级数31
n n u ∞
=∑也收敛.
二 填空(每小题6分,共60分)
1.21
lim(ln(1))x x x x →∞-+=_________
2. 设n 是正整数,则0|sin |n x dx π
=⎰_________
3. 设yz z u xe e y -=++,则du =_________
4. 若2222(2)(2)du x xy y dx x xy y dy =+-+--,则u =_________
5. 设S 为圆柱体,222,0x y a z h +≤≤≤的侧面(取外侧为正向),则向量
a yz i zx j xy k

→→→
=++通过S 的流量为_________
6. 设积分沿不和y 轴相交的途径,则(1,2)
2
(2,1)
ydx xdy
x
-=⎰_________ 7. 函数0
sin ()x
t
f x dt t =⎰
关于x 的幂级数展开是_________
8. 设(,)f x y 是2R 上的连续函数,二次积分1
2
20
1
(,)(,)x
x dx f x y dy dx f x y dy
-+⎰⎰⎰⎰
交换积分次序后,得到的二次积分是_________
9. 设2
2
2
,(1,1,1),(0,1,3)u x y z A B =++-,则u 在A 点处沿AB →
方向的方向导数为
_________
10. 设L 为单位圆221x y +=,则线积分23
()L
x y ds +=⎰ _________
三 (12分)设(,)f x y 在2{(,)|0,0}D x y R x y =∈≥≥上连续,当(,)x y →∞时,
(,)f x y 的极限存在.证明:(,)f x y 在D 上是一致连续的.
四 (12分)讨论函数0
ln(1)
()x
t F x dt t
+∞+=⎰在区间(1,2)内的连续性.
五 (12分)设1
n n u ∞
=∑是正项级数,{}n a 是正数列,若11
lim()0n
n
n n n u a a u +→∞
+->,证明:级数1
n n u ∞
=∑收敛.
六 (12分)设2
||()sin ,1,2,,n x n f x e nx n -== ,讨论函数列()n f x 在1R 上的一致收敛性.
七 (12分)设2R 上的函数(,)f x y 在22{(,)|1}D x y x y =+<内连续,且
(,)u v D ∀∈∂,存在0δ>,使得f 在222((,)|()())x y x u y v δ-+-<内有界.证明:f 在__
22{(,)|1}D x y x y =+≤上是有界的.。

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