高二物理选修知识点定时检测试题23

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高中物理选修二综合测试题知识点汇总(带答案)

高中物理选修二综合测试题知识点汇总单选题1、为了研究输电线上的电阻对远距离输电的影响，某同学设计了如图所示电路，考虑到安全因素未加装升压变压器。

交流发电机接在a、b之间（未画出），忽略发电机线圈的电阻。

开动发电机，待输出电压稳定后，闭合开关S，下列说法正确的是（）A．若R1阻值调到某值（不为零）时，将滑片P向上滑动，则R2消耗的电功率将增加B．若R1阻值调到零时，将滑片P向上滑动，则R2消耗的电功率将增加C．若R1阻值调到某值（不为零）时，将滑片P向上滑动，则电压表V2示数将增加D．若R1阻值调到零时，将滑片P向上滑动，则电压表V2示数将增加答案：BBD．若R1阻值调到零时，则无论怎么调节R2的阻值，电压表V2示数U2不变，由P2=U22 R2可知，将滑片P向上滑动，R2的阻值减小，则R2消耗的电功率将增加，B正确，D错误；AC．设电压表V1示数为U1，若R1阻值调到某值（不为零）时，则有U=I1R1+U1U2=I2R2设原、副线圈匝数比为n1n2=n则有U1U2=nI1 I2= 1 n联立解得U2=Un+R1nR2故R2减小，则U2减小；功率P2=U22R2=U2n2R2+R12n2R2+2R1可知当R2=R1 n2时，P2最大，由于题中未给出R1与R2的大小关系，故无法确定P2的变化，故AC错误。

故选B。

2、如图，理想变压器原线圈与间距为0.5m的水平平行导轨ab、cd连接，导轨间存在磁感应强度大小为1T、方向垂直导轨所在平面向下的匀强磁场，L为标有“2V，4W”字样的灯泡。

长为0.5m、阻值为1Ω的导体棒MN 垂直导轨在两导轨上做往复运动，其速度v=10√2sin100πt(m/s)，灯泡L恰好正常发光。

下列说法正确的是（）A．通过灯泡的电流的频率为100πHz B．变压器原、副线圈的匝数之比可能为2∶1C．变压器原线圈两端的电压可能为5VD．导体棒MN消耗的电功率可能为5W答案：B灯泡L的额定电压U2=2V，额定电流I2=P2U2=4W2V=2A阻值R=U2I2=22Ω=1ΩA．导体棒MN产生的感应电动势与时间的关系为e= BLv=1×0.5×10√2sin100πt(V)=5√2sin100πt(V)则通过灯泡的电流的频率f=100π2πHz=50Hz故A错误；B．电动势的有效值E=√2=5V 设变压器原、副线圈的匝数之比为k:1，则原线圈中的电流I1=I2 k原线圈两端的电压U1=kU2结合E=I1r+U1其中r=1Ω，解得k=2或k=12故B正确；C．变压器原线圈两端的电压可能为U1=kU2=2×2V=4VU1=kU2=2×12V=1V故C错误；D．导体棒MN消耗的电功率可能为I12r=(I2k)2r=1WI12r=(I2k)2r=16W故D错误。

人教版高二物理选修3-1单元测试测试卷23电阻定律、闭合电路欧姆定律.doc

2.3电阻定律闭合电路欧姆定律一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分。

在每小题给出的四个选项中・「8题只有一项符合题目要求；972题有多项符合题目要求。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

）1.有一段长1 m 的电阻丝，电阻是10 Q,现把它均匀拉伸到长为5 m,则电阻变为：（）來源:]A. 10QB. 50 QC. 150 QD. 250 Q 【答案】D2. 某用电器与供电电源距离乙线路上的电流为/,若要求线路上的电压损失不超过已知输电导线的电阻率为P ，那么，该输电导线的横截面积的最小值是:【答案】B 3. 一段粗细均匀的电阻丝，横截面的直径为〃，电阻是R 。

把它拉制成直径为d/10的均匀细丝后，它的电阻变成：（）A. 100/?B. 10000/?C. R/100D. /?/10000 【答案】B4. 如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图像，下面结论正确的是:♦ C//VA. 电源的电动势为1.0 VB. 电源的内阻为2 QC. 电源的短路电流为0.5 AD. 电源的内阻为12 Q【答案】B5. 在如图所示的电路中，电池的电动势为E,内电阻为厂，R 、、&为两个阻值固定的电阻，当可变电阻R 的滑片向下移动时，理想电流表的示数/和理想电压表的示数U 将[: （）A. /变小，U 变大B. /变大，U 变小C. /变小，U 变小D. /变大，U 变大【答案】B6. 如图屮电阻用、/?2、尺3的阻值均与电池的内阻相等，则开关K 接通后流过尺2的电流与接通前流过尺2的电流 A.r --- 匕pLI D. 2ULlp.0.8£4.2CP6 5 5 5 5 5 0.1 0.2 0.3 04 0.5//A的比是：（）A. 5 ： 3B. 3 ： 5C. 6 ： 5D. 5 ： 6【答案】B7.如图所示，电源的内阻不可忽略.已知定值电阻/?i=10Q, R2=8Q.当开关S接位置1吋，电流表的示数为0.20A.那么当开关S接位置2时，电流表的示数可能是下列的哪些值：（）A. 0.28 AB. 0.25 AC. 0.22 AD. 0.19 A【答案】C&如图电路屮，电源电动势为E、内阻为厂，弘为定值电阻，电容器的电容为C.闭合开关S,增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为△ S电流表示数的变化量为△/,贝9：（）A. 电压表示数U和电流表示数/的比值不变B. 变化过程中△ U和厶/的比值保持不变C. 电阻&两端电压减小，减小量为△ uD. 电容器的带电量减小，减小量为CA U【答案】B9. 已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场吋电阻变大，并且磁场越强阻值越大.为探测磁场的有无，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图所示电路，电源的电动势E和内阻厂不变，在没有磁场时调节变阻器R使电灯L正常发光，若探测装置从无磁场区进入强磁场区.贝IJ：（）T ---------------- @ ----------------------- ——磁敏电阻A.电灯L变亮B.电灯L变暗C.电流表的示数减小D.电流表的示数增大【答案】AC10. 如图，当K闭合后，一带电微粒（重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是:（）A. 保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B. 保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C. 打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D. 打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止【答案】AD11. 如图所示，直线I、II分别是电源I与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线III是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是：（）A. 电源1和电源2的内阻之比是11:7B. 电源1与电源2的电动势之比是1： 1C. 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1:2D. 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1:2【答案】ABC12. 如图电路，电源的电动势E恒定，内阻r=lQ,定值电阻R3=5 Q ,电表均为理想的.当开关S断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相同•则下列说法正确的是：（）A. 电阻&、R2可能分别为3Q、6QB. 电阻&、R2可能分别为4Q、5QC. 开关S断开时电压表的示数可能小于S闭合时的示数D. 开关S从断开到闭合，电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小Z比一定等于6Q【答案】BD二、非选择题（本大题共4小题，第13、14题每题10分；第15、16题每题15分；共50分）13. （10分）如图所示，Ri = 5Q, R2 = 9Q O当开关S断开时，电流表的示数为H = 0. 2A,当开关S闭合时，电流表的示数为l2=0.3Ao （电流表内阻不计）求：电源的电动势和内阻。

高考物理选修题知识点

高考物理选修题知识点高考物理考试中的选修题是考察学生对某一具体知识点的理解和应用能力的重要部分。

本文将从几个常见的选修题知识点展开，帮助学生更好地准备和应对高考物理考试。

第一部分：电磁感应1. 法拉第电磁感应定律法拉第电磁感应定律是电磁感应的重要基础，也是解决与电磁感应相关问题时的常用公式。

该定律的内容是：导体中的感应电动势大小等于磁通量变化率的负值。

在解题时，需要注意对磁通量和电动势方向的判断。

2. 感应电动势与外力之间的关系当一个匀强磁场中的闭合导线中有电流通过时，由于洛伦兹力的作用，导线受到一个力的作用。

这个力与电流、导线长度以及磁感应强度等因素有关。

在解题时，需要结合洛伦兹力公式进行计算，并注意力的方向。

第二部分：光学1. 光的全反射全反射是光在从光密介质射入光疏介质时发生的一种现象。

在满足一定条件下，光会完全反射回光密介质中。

全反射的条件是：光从光密介质射入光疏介质时的入射角大于临界角。

在解题时，需要根据折射定律和临界角的关系进行计算。

2. 平面镜成像平面镜的成像是光学中的重要知识点。

根据光线追迹法，我们可以确定物体与镜子之间的距离关系，进而确定像的位置和大小。

在解题时，需要根据成像公式进行计算，同时注意物像的位置关系和光线的路径。

第三部分：热学1. 热力学第一定律热力学第一定律是研究热和机械能之间转化关系的基本定律。

根据这一定律，热机的工作只能将一部分热量转化为有用的机械能，而剩余的热量将被废弃。

在解题时，需要利用热机效率公式进行计算，同时注意热量与机械能的转化关系。

2. 热传导热传导是热学中的重要概念，用于描述热量在物体之间传递的过程。

热传导的速率与温度差、物体的导热性以及物体的形状等因素有关。

在解题时，需要根据热传导公式和温度差之间的关系进行计算，同时注意不同物体的导热性能的不同。

第四部分：原子物理1. 原子核的结构原子核是原子的重要组成部分，由质子和中子组成。

质子带正电荷，中子没有电荷。

高二物理选修二重要知识点

高二物理选修二重要知识点1.高二物理选修二重要知识点篇一功1.功的两个必要因素：一是作用在物体上的力;二是物体在力的方向上通过的距离。

2.功的计算：功(W)等于力(F)跟物体在力的方向上通过的距离(s)的乘积。

(功=力×距离)3.功的公式：W=Fs;单位：W→焦;F→牛顿;s→米。

(1焦=1牛·米).4.功的原理：使用机械时，人们所做的功，都等于不用机械而直接用手所做的功，也就是说使用任何机械都不省功。

5.斜面：FL=Gh斜面长是斜面高的几倍，推力就是物重的几分之一。

(螺丝、盘山公路也是斜面)6.机械效率：有用功跟总功的比值叫机械效率。

计算公式：P有/W=η7.功率(P)：单位时间(t)里完成的功(W)，叫功率。

计算公式：单位：P→瓦特;W→焦;t→秒。

(1瓦=1焦/秒。

1千瓦=1000瓦) 2.高二物理选修二重要知识点篇二摩擦力（1）产生的条件:①相互接触的`物体间存在压力;③接触面不光滑;③接触的物体之间有相对运动（滑动摩擦力）或相对运动的趋势（静摩擦力），这三点缺一不可（2）摩擦力的方向:沿接触面切线方向，与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反，与物体运动的方向可以相同也可以相反（3）判断静摩擦力方向的方法:①假设法:首先假设两物体接触面光滑，这时若两物体不发生相对运动，则说明它们原来没有相对运动趋势，也没有静摩擦力;若两物体发生相对运动，则说明它们原来有相对运动趋势，并且原来相对运动趋势的方向跟假设接触面光滑时相对运动的方向相同、然后根据静摩擦力的方向跟物体相对运动趋势的方向相反确定静摩擦力方向②平衡法:根据二力平衡条件可以判断静摩擦力的方向（4）大小:先判明是何种摩擦力，然后再根据各自的规律去分析求解①滑动摩擦力大小:利用公式f=μFN进行计算，其中FN是物体的正压力，不一定等于物体的重力，甚至可能和重力无关、或者根据物体的运动状态，利用平衡条件或牛顿定律来求解②静摩擦力大小:静摩擦力大小可在0与fmax之间变化，一般应根据物体的运动状态由平衡条件或牛顿定律来求解3.高二物理选修二重要知识点篇三电磁感应1.[感应电动势的大小计算公式]1)E=nΔΦ/Δt(普适公式){法拉第电磁感应定律，E:感应电动势(V)，n:感应线圈匝数，ΔΦ/Δt:磁通量的变化率｝2)E=BLV垂(切割磁感线运动){L:有效长度(m)｝3)Em=nBSω(交流发电机的感应电动势){Em:感应电动势峰值｝4)E=BL2ω/2(导体一端固定以ω旋转切割){ω：角速度(rad/s)，V:速度(m/s)｝2.磁通量Φ=BS{Φ：磁通量(Wb)，B:匀强磁场的磁感应强度(T)，S:正对面积(m2)}3.感应电动势的正负极可利用感应电流方向判定{电源内部的电流方向：由负极流向正极｝4.自感电动势E自=nΔΦ/Δt=LΔI/Δt{L:自感系数(H)(线圈L有铁芯比无铁芯时要大)，ΔI:变化电流，?t:所用时间，ΔI/Δt:自感电流变化率(变化的快慢)｝注：(1)感应电流的方向可用楞次定律或右手定则判定，楞次定律应用要点〔见第二册P173〕;(2)自感电流总是阻碍引起自感电动势的电流的变化;(3)单位换算：1H=103mH=106μH.(4)其它相关内容：自感〔见第二册P178〕/日光灯〔见第二册P180〕。

高二选修二物理知识点

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高二物理选修知识点定时检测试题18

必考部分选修3-1 第7章第1讲(本栏目内容，在学生用书中以活页形式分册装订！)一、选择题1．一个电解槽的额定电压为U ，电流为I ，两极间电解液的电阻为r ，当它正常工作时，下列说法正确的是( )A ．电解槽的功率为U 2rB ．电解槽的热功率为I 2rC ．电解槽的输出功率为UI －I 2rD ．电解槽的热功率为U 2r答案： BC2.如右图所示为一未知电路，现测得两个端点a 、b 之间的电阻为R ，若在a 、b 之间加上电压U ，测得通过电路的电流为I ，则该未知电路的电功率一定为( )A ．I 2R B .U 2R C ．UI D ．UI －I 2R解析：不管电路是否为纯电阻电路，电路的电功率一定为P ＝UI ，选项C 正确；只有电路为纯电阻电路时，才有P ＝UI ＝I 2R ＝U 2R ，故A 、B 错误；而UI －I 2R 为电路转化为其他能量的功率，故D 错误．答案： C3．(2011·济南模拟)一台国产封闭型贮水式电热水器的铭牌上所列的主要技术参数如表所示．根据表中所提供的数据，计算出此电热水器在额定电压下处于加热状态时，通过电热水器的电流约为( )A.6.8 A C ．4.4 A D ．0.23 A 解析：由P ＝UI ，可知该电热水器在额定电压下处于加热状态时的电流为：I ＝P U ＝1 500220 A ≈6.8 A ，故选项A 正确．答案： A4.如右图所示，用输出电压为1.4 V ，输出电流为100 mA 的充电器对内阻为2 Ω的镍—氢电池充电．下列说法正确的是( )A ．电能转化为化学能的功率为0.12 WB ．充电器输出的电功率为0.14 WC ．充电时，电池消耗的热功率为0.02 WD ．充电器把0.14 W 的功率储蓄在电池内解析：充电器对电池的充电功率为P 总＝UI ＝0.14 W ，电池充电时的热功率为P 热＝I 2r ＝0.02 W ，所以转化为化学能的功率为P 化＝P 总－P 热＝0.12 W ，因此充电器把0.12 W 的功率储蓄在电池内，故A 、B 、C 正确，D 错误．答案： ABC5．横截面的直径为d 、长为l 的导线，两端电压为U ，当这三个量中一个改变时，对自由电子定向运动的平均速率的影响是( )A ．电压U 加倍，自由电子定向运动的平均速率不变B ．导线长度l 加倍，自由电子定向运动的平均速率加倍C ．导线横截面的直径加倍，自由电子定向运动的平均速率不变D ．以上说法均不正确解析：由欧姆定律I ＝U R ，电阻定律R ＝ρl S 和电流微观表达式I＝neS v 可得v ＝U nρel ，因此，电压U 加倍时，v 加倍，l 加倍时v 减半，故A 、B 选项错误．导线横截面的直径加倍时，v 不变，C 项正确．答案： C6．三个同样的电阻，额定功率均为10 W ，把其中两个并联再与第三个串联接入电路，则此电路允许消耗的最大电功率为( )A ．10 WB ．15 WC ．20 WD ．30 W解析：设每个电阻的阻值为R ，额定电流为I ，由P ＝I 2R ＝10 W ，电路消耗的最大电功率为P 总＝I 2⎝ ⎛⎭⎪⎫R ＋R 2＝32×I 2R ＝15 W. 答案： B7.(2011·苏北六校联考)如右图所示，L 1、L 2两个规格不同的灯泡，当它们如图连接时，恰好都能正常发光．设电路两端的电压保持不变，现将滑动变阻器的滑片P 向右移动的过程中，L 1和L 2两灯的亮度变化情况是( )A ．L 1亮度不变B ．L 1变暗C ．L 2变亮D ．无法判断答案： BC8.如右图所示，是中国科健股份有限公司生产的一块手机电池外壳上的文字说明：充电时电压恰为限制电压，历时4 h 充满．(假设充电前电池内已无电)该过程电池发热，则充电过程中转化成的电热功率为( )A ．0.087 5 WB ．0.007 29 WC ．0.735 WD ．0.647 5 W解析：由电池容量及充电时间可求得充电电流I ＝700 mA·h 4 h ＝175 mA.输入功率P λ＝U 充I ＝4.2×0.175 W ＝0.735 W.转化成有效功率P 有效＝U 标·I ＝3.7×0.175 W ＝0.647 5 W.电热功率ΔP ＝P λ－P 有效＝0.087 5 W.即A 正确．答案： A9.有一家用电熨斗，其电路结构如右图所示，改变内部连线方式可以使电熨斗处于断开状态或获得低、中、高三个不同的温度挡，下图所示是它的四种不同的连接方式，其中能获得高挡温度的是( )解析：电熨斗工作时，工作电压不变，由P ＝U 2/R 知，电路总电阻R最小时，即R1、R2并联后电阻最小，能使其获得高挡温度，D 正确．答案： D10．一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端的电压U的关系图象如下图甲所示，将它与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源上，如下图乙所示，三个用电器消耗的电功率均为P.现将它们连接成如下图丙所示的电路，仍然接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是P D、P1、P2，它们之间的大小关系是()A．P1＝4P2B．P D<P2C．P1<4P2D．P D>P2解析：当三个电阻并联接到电压为U的电源上时，消耗的功率都是P，说明此时三个电阻的阻值相等，因此两个定值电阻R1＝R2，有P＝U2R1.若将它们连接成如题图丙所示的电路，仍然接在该电源的两端，则R2与D并联的阻值小于电阻R1，所以R1两端电压U1>12U，D与R2两端电压U2<12U，由D的I－U图象可知，电压越小D的电阻越大，所以此时R D>R2.设题图丙中总电流为I，则流过R2的电流I2>12I，由P＝I2R得P1<4P2，选项A错误，选项C正确．由P＝U2R 得：P D<P2，选项D错误，选项B正确．答案：BC二、非选择题11．2009年国庆群众游行队伍中的国徽彩车，不仅气势磅礴而且还是一辆电动车，充一次电可以走100公里左右．假设这辆电动彩车总质量为6.75×103 kg，当它匀速通过天安门前500 m的检阅区域时用时250 s，驱动电机的输入电流I＝10 A，电压为300 V，电动彩车行驶时所受阻力为车重的0.02倍．g取10 m/s2，不计摩擦，只考虑驱动电机的内阻发热损耗能量，求：(1)驱动电机的输入功率；(2)电动彩车通过天安门前时牵引汽车前进的机械功率；(3)驱动电机的内阻和机械效率．解析：(1)驱动电机的输入功率P入＝UI＝300 V×10 A＝3 000 W.(2)电动彩车通过天安门前的速度v＝x/t＝2 m/s电动彩车行驶时所受阻力为F阻＝0.02mg＝0.02×6.75×103×10 N＝1.35×103 N电动彩车匀速行驶时F＝F阻，故电动彩车通过天安门前时牵引汽车前进的机械功率P 机＝F v ＝2 700 W.(3)设驱动电机的内阻为R ，由能量守恒定律得R 入t ＝P 机t ＋I 2Rt 解得驱动电机的内阻R ＝3 Ω驱动电机的机械效率η＝P 机/P 入×100%＝90%.答案： (1)3 000 W (2)2 700 W (3)3 Ω90%12.如右图所示，A 为电解槽，M 为电动机，N为电炉子，恒定电压U ＝12 V ，电解槽内阻r A ＝2 Ω，当K 1闭合，K 2、K 3断开时，A 示数6 A ；当K 2闭合，K 1、K 3断开时，A 示数5 A ，且电动机输出功率为35 W ；当K 3闭合，K 1、K 2断开时，A 示数为4 A ．求：(1)电炉子的电阻及发热功率各多大？(2)电动机的内阻是多少？(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？解析： (1)电炉子为纯电阻，由欧姆定律I ＝U R ，得R ＝U I 1＝126 Ω＝2 Ω 其发热功率为P R ＝UI 1＝12×6 W ＝72 W.(2)电动机为非纯电阻，由能量守恒定律得UI 2＝I 22r M ＋P 输出所以：r M ＝UI 2－P 输出I 22＝12×5－3552 Ω＝1 Ω. (3)电解槽工作时，由能量守恒定律得： P 化＝UI 3－I 32r A所以P 化＝(12×4－42×2) W ＝16 W.答案： (1)2 Ω 72 W (2)1 Ω (3)16 W。

高二物理选修知识点定时检测试题11

选考部分选修3-5 第3讲(本栏目内容，在学生用书中以活页形式分册装订！)一、选择题1．科学家发现在月球上含有丰富的23He(氦3)．它是一种高效、清洁、安全的核聚变燃料，其参与的一种核聚变反应的方程式为23He ＋23He―→211H＋24He.关于23He聚变下列表述正确的是() A．聚变反应不会释放能量B．聚变反应产生了新的原子核C．聚变反应没有质量亏损D．目前核电站都采用23He聚变反应发电解析：核聚变过程中会发生质量亏损，同时伴有巨大的核能放出，故A、C都是错误的；聚变反应中会产生新的原子核，如本题中生成了24He，故B正确；目前核电站的核燃料一般还是铀235，故D 错误．答案： B2．如下图所示，印度第一艘自主研发的核潜艇于2018年7月26日正式下水，成为世界第六个拥有核潜艇的国家．核动力潜艇是潜艇中的一种类型，指以核反应堆为动力来源设计的潜艇．在核反应中有一种是一个92235U原子核在中子的轰击下发生的一种可能的裂变反应，其裂变方程为23592U＋01n→X＋3894Sr＋1001n，则下列叙述正确的是()A．X原子核中含有54个质子B．X原子核中含有53个中子C．裂变时释放能量是因为亏损的质量变成了能量D．裂变时释放能量，出现质量亏损，质量数不守恒解析：由核反应方程的质量数守恒和电荷数守恒可知：X原子核中含有54个质子，78个中子，故A正确，B、D错，释放能量不是质量变成了能量，而是亏损的质量以能量的形式释放，C错．答案： A3.如右图所示为氢原子的能级图．用大量能量为12.76 eV的光子照射一群处于基态的氢原子，氢原子发射出不同波长的光波，其中最多包含有几种不同波长的光波()A．3种B．4种C．5种D．6种解析：本题考查波尔的能级理论．由图可知基态氢原子的能级值为－13.61 eV，吸收12.76 eV的能量后变为－0.85 eV，原子跃迁到了第4能级，由于氢原子是大量的，故辐射的光子种类是n(n－1)2＝6种，故D选项正确．本题难度中等．答案： D4．(2018·湖北重点中学联考)北京奥运会的相关场馆建设大量采用对环境有益的新技术，如奥运会场馆周围80%的路灯利用了太阳能发电技术，奥运会90%的洗浴热水采用了全玻真空太阳能集热技术．太阳能的产生是太阳内部高温高压条件下的核反应形成的，下列说法正确的是()A．该核反应的方程可能是411H―→24He＋210eB ．该核反应的方程可能是 23592U ＋01n ―→ 13654Xe ＋3890Sr ＋1001nC ．411H ―→24He ＋210e 反应之所以释放出能量，是因为11H 核子的平均质量较24He 的大D ．411H ―→24He ＋210e 反应之所以释放出能量，是因为11H 核子的平均质量较24He 的小解析：太阳能是由太阳内部核聚变反应产生的，反应中释放出能量是因为11H 核子的平均质量较24He 的大，故A 、C 正确．答案： AC5．紫外线照射一些物质时，会发生荧光效应，即物质发出可见光．这些物质中的原子先后发生两次跃迁，其能量变化分别为ΔE 1和ΔE 2.下列关于原子这两次跃迁的说法中正确的是( )A ．先向高能级跃迁，再向低能级跃迁，且|ΔE 1|＜|ΔE 2|B ．先向高能级跃迁，再向低能级跃迁，且|ΔE 1|＞|ΔE 2|C ．两次均向高能级跃迁，且|ΔE 1|＞|ΔE 2|D ．两次均向低能级跃迁，且|ΔE 1|＜|ΔE 2|解析：原子首先吸收光子(紫外线)，先向高能级跃迁，后向低能级跃迁，再辐射光子(可见光)，因紫外线频率大于可见光频率，故能量大于可见光的光子能量，所以|ΔE 1|＞|ΔE 2|，B 正确．答案： B6.23892U 放射性衰变有多种可能途径，其中一种途径是先变成 83210Bi ，而 83210Bi 可以经一次衰变变成 a 210X(X 代表某种元素)，也可以经一次衰变变成81 b Ti, a 210X 和81 b Ti 最后都变成 82206Pb ，衰变路径如图所示，则图中( )A ．a ＝82，b ＝211B ．①是β衰变，②是α衰变C ．①是α衰变，②是β衰变D ．81 b Ti 经过一次α衰变变成 82206Pb解析：由 83210Bi 衰变为 a 210Bi ，质量数没有变化，所以①是β衰变，根据核电荷数守恒同时可判断a ＝84；由 83210Bi 衰变为81 b Ti ，因为核电荷数减2，可判断②为α衰变，同时可判断b ＝206，所以A 、C 两项错误，B 项正确.81 b Ti 经过一次β 衰变变成 82206Pb ，D 项错误．本题正确答案为B 项．答案： B7．静止的氡核 86222Rn 放出α粒子后变成钋核 84218Po ，α粒子动能为E 0.若衰变放出的能量全部变为反冲核和α粒子的动能，真空中的光速为c ，则该反应中的质量亏损为( )A.4E 0218c 2B ．0 C.222E 0218c 2 D.218E 0222c 2解析：由于衰变过程中动量守恒，则反冲核和α粒子的动量大小相等，由E k ＝p 22m ∝1m 可得它们的动能之比为4218，因此衰变释放的总能量是222E 0218c 2，由质能方程ΔE ＝Δmc 2可得质量亏损Δm ＝222E 0218c 2.即正确答案为C 项．答案： C二、非选择题8．(2018·海南卷)能量为E i 的光子照射基态氢原子，刚好可使该原子中的电子成为自由电子，这一能量E i 称为氢的电离能．现用一频率为ν的光子从基态氢原子中击出了一电子，该电子在远离核以后速度的大小为________(用光子频率ν、电子质量m 、氢的电离能E i与普朗克常量h表示)．答案：2(hν－E i)m9．(1)若规定氢原子处于基态时的能量为E1＝0，则其他各激发态的能量依次为E2＝10.2 eV、E3＝12.09 eV、E4＝12.75 eV、E5＝13.06 eV……在气体放电管中，处于基态的氢原子受到能量为12.8 eV的高速电子轰击而跃迁到激发态，在这些氢原子从激发态向低能级跃迁的过程中()A．总共能辐射出6种不同频率的光子B．总共能辐射出10种不同频率的光子C．辐射出波长最长的光子是从n＝4跃迁到n＝3能级时放出的D．辐射出波长最长的光子是从n＝5跃迁到n＝4能级时放出的(2)氦氖激光器能产生三种波长的激光，其中两种波长分别为λ1＝0.632 8 μm，λ2＝3.39 μm.已知波长为λ1的激光是氖原子在能级间隔为ΔE1＝1.96 eV的两个能级之间跃迁产生的．用ΔE2表示产生波长为λ2的激光所对应的跃迁的能级间隔，则ΔE2的近似值为________．解析：(1)基态氢原子被高速电子轰击而跃迁时可获得小于12.8 eV的能量，依题意可知基态的氢原子可跃迁到n＝4能级，氢原子在n＝4能级向低能级跃迁的过程中可能有：4→1、4→2、4→3、3→1、3→2、2→1等6种不同频率的光子辐射出来，其中从n＝4跃迁到n ＝3能级时辐射出的光子能量最小，频率最低，波长最长，故A、C 对．(2)光子能量与其频率成正比，与波长成反比，根据发射(吸收)光子的能量等于对应的两个能级间隔．所以能级间隔与光子波长成反比，即：ΔE1∶ΔE2＝λ2∶λ1，解之得：ΔE2≈0.36 eV.答案：(1)AC(2)0.36 eV10．某些建筑材料可产生放射性气体——氡，氡可以发生α或β衰变，如果人长期生活在氡浓度过高的环境中，那么氡经过人的呼吸道沉积在肺部，并放出大量射线，会危害人体健康．原来静止的氡核( 86222Rn)发生一次α衰变生成新核钋(Po)．已知放出的α粒子的速度为v .(1)写出衰变方程．(2)求衰变生成的钋核的速度．解析： (1)衰变方程为： 86222Rn ―→ 84218Po ＋24He(2)设放出的α粒子的速度方向为正方向，钋核和α粒子的质量分别为M 、m ，由动量守恒定律得M 1v 1＋m v ＝0v 1＝－m M v ＝－4218v ＝－2v 109.方向与α粒子速度方向相反．答案： (1) 86222Rn ―→ 84218Po ＋24He(2)2v 109 方向与α粒子速度方向相反11．(1)2006年3月23日央视报道，中科院等离子体物理研究所经过八年的艰苦奋斗，终于率先建成了世界上第一个全超导的托克马克试验装置并调试成功；这种装置被称为“人造太阳”(如下图所示)，它能够承受上亿摄氏度的高温且能够控制等离子态的核子发生聚变并稳定持续地输出能量，就像太阳一样为人类提供无限的能源．下列关于“人造太阳”的说法中正确的是( )A ．“人造太阳”的核反应方程是12H ＋13H →24He ＋01nB ．“人造太阳”的核反应方程是 23592U ＋01n → 14456Ba ＋3689Kr＋301nC ．核燃料的质量相同时，聚变反应释放的能量比裂变反应大得多D ．核燃料的质量相同时，聚变反应释放的能量与裂变反应释放的能量相同(2)一个静止的铀核 23292U(原子质量为232.037 2 u)放出一个α粒子(原子质量为4.002 6 u)后衰变成钍核 22890Th(原子质量为228.028 7 u)．(已知原子质量单位1 u ＝1.67×10－27 kg ，1 u 相当于931.5 MeV 的能量)①写出铀核的衰变反应方程；②算出该衰变反应中释放出的核能；③若释放的核能全部转化为新核的动能，则α粒子的动能为多少？解析： (1)由于太阳的核反应为聚变反应，故选项A 正确、B 错误；核燃料的质量相同时，聚变反应时的质量亏损大于裂变反应时的质量亏损，所以聚变反应释放的能量多，选项C 正确、D 错误．(2)① 23290U → 22890 Th ＋24He②质量亏损Δm ＝m U －m α－m Th ＝0.005 9 uΔE ＝Δmc 2＝0.005 9×931.5 MeV ＝5.50 MeV③设α粒子的速度为v 1，钍核的速度为v 2，则由动量守恒可得： 0＝M αv 1＋m Th v 2由能量守恒可得：ΔE ＝12m αv 12＋12m Th v 22解得：E α＝12m αv 12＝5.4 MeV .答案： (1)AC(2)①23292U→22890Th＋24 He②5.50 MeV ③5.4 MeV。

部编版高中物理选修二综合测试题带答案经典知识题库

(名师选题)部编版高中物理选修二综合测试题带答案经典知识题库单选题1、如图所示，平行光滑金属导轨MN、PQ倾斜放置，导轨平面倾角为θ=30°，导轨上端接有阻值为R的定值电阻，导轨间距为L，整个导轨处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中。

一个质量为m、电阻也为R的金属棒ab放在导轨上，以大小为v0的初速度向上滑动，开始时金属棒的加速度大小为g（g为重力加速度），从开始到金属棒上升到最高处通过电阻R的电荷量为q，不计导轨的电阻，金属棒运动过程中始终与导轨垂直并接触良好，导轨足够长，则错误的选项是（）A．匀强磁场的磁感应强度大小为1L √mgRv0B．开始时，金属棒克服安培力的瞬时功率和克服重力的瞬时功率相等C．金属棒沿导轨向上运动的最大距离为q√Rv0mgD．从开始到运动到最高点的过程中，电阻R中产生的焦耳热为14mv02−12q√mgRv02、如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上（与纸面平行），磁场方向垂直于纸面向里。

三个带正电的微粒a、b、c电荷量相等，质量分别为m a、m b、m c。

已知在该区域内，a在纸面内做匀速圆周运动，b在纸面内向右做匀速直线运动，c在纸面内向左做匀速直线运动。

下列选项正确的是（）A．m a>m b>m c B．m b>m a>m c C．m c>m b>m a D．m a>m c>m b3、如图所示，一理想变压器与交变电源相连，阻值为3Ω的定值电阻与理想电流表串联后接到副线圈。

当电压表的读数为12V时，电流表读数为2A，下列说法正确的是（）A．变压器原、副线圈匝数比为1:2B．原线圈电流的有效值为1AC．副线圈电流的最大值为2AD．变压器输入功率为24W4、如图所示为电磁炮的简化原理示意图，它由两条水平放置的平行光滑长直轨道组成。

轨道间放置一个导体滑块作为弹头。

当电流从一条轨道流入，经弹头从另一条轨道流回时，在两轨道间产生磁场，弹头就在安培力推动下以很大的速度射出去。

高二物理选修知识点

高二物理选修知识点做好知识点的复习，轻松面对每一场考试吧!下面是店铺收集整理的高二物理选修知识点以供大家学习。

高二物理选修知识点(一)一、电磁感应1.电磁感应现象只要穿过闭合回路的磁通量发生变化，闭合回路中就有电流产生，这种利用磁场产生电流的现象叫做电磁感应。

产生的电流叫做感应电流.2.产生感应电流的条件：闭合回路中磁通量发生变化3. 磁通量变化的常见情况(Φ改变的方式)：①线圈所围面积发生变化，闭合电路中的部分导线做切割磁感线运动导致Φ变化;其实质也是B不变而S增大或减小②线圈在磁场中转动导致Φ变化。

线圈面积与磁感应强度二者之间夹角发生变化。

如匀强磁场中转动的矩形线圈就是典型。

③磁感应强度随时间(或位置)变化,磁感应强度是时间的函数;或闭合回路变化导致Φ变化(Φ改变的结果):磁通量改变的最直接的结果是产生感应电动势,若线圈或线框是闭合的.则在线圈或线框中产生感应电流，因此产生感应电流的条件就是：穿过闭合回路的磁通量发生变化.4.产生感应电动势的条件:无论回路是否闭合,只要穿过线圈的磁通量发生变化,线圈中就有感应电动势产生,产生感应电动势的那部分导体相当于电源。

电磁感应现象的实质是产生感应电动势,如果回路闭合,则有感应电流,如果回路不闭合，则只能出现感应电动势，而不会形成持续的电流.我们看变化是看回路中的磁通量变化，而不是看回路外面的磁通量变化。

二、感应电流方向的判定1.右手定则:伸开右手，使拇指跟其余的四指垂直且与手掌都在同一平面内，让磁感线垂直穿过手心，手掌所在平面跟磁感线和导线所在平面垂直，大拇指指向导线运动的方向, 四指所指的方向即为感应电流方向(电源).用右手定则时应注意：①主要用于闭合回路的一部分导体做切割磁感线运动时，产生的感应电动势与感应电流的方向判定，②右手定则仅在导体切割磁感线时使用，应用时要注意磁场方向、运动方向、感应电流方向三者互相垂直.③当导体的运动方向与磁场方向不垂直时，拇指应指向切割磁感线的分速度方向.④若形成闭合回路，四指指向感应电流方向;若未形成闭合回路，四指指向高电势.⑤“因电而动”用左手定则.“因动而电”用右手定则.⑥应用时要特别注意：四指指向是电源内部电流的方向(负→正).因而也是电势升高的方向;即：四指指向正极。

高二物理选修知识点定时检测试题4

(本栏目内容，在学生用书中以活页形式分册装订！)一、选择题1．如右图所示，R1、R2为定值电阻，L为小灯泡，R3为光敏电阻，当照射光强度增大时()A．电压表的示数增大B．R2中电流减小C．小灯泡的功率增大D．电路的路端电压增大解析：当光强度增大时，R3阻值减小，外电路电阻随R3的减小而减小，R1两端电压因干路电流增大而增大，同时内电压增大，故电路路端电压减小，而电压表的示数增大，A项正确，D项错误；由路端电压减小，而R1两端电压增大知，R2两端电压必减小，则R2中电流减小，故B项正确；结合干路电流增大知流过小灯泡的电流必增大，则小灯泡的功率增大，故C项正确．答案：ABC2.如右图所示，左侧的圆形导电环半径为r＝1.0 cm，导电环与一个理想变压器的原线圈相连，变压器的副线圈两端与一个电容为C＝100 pF的电容器相连，导电环的电阻不计．环中有垂直于圆环平面的变化磁场，磁场磁感应强度B的变化率为ΔB Δt＝1002πsin ωt.若电容器C所带电荷量的最大值为1.41×10－9 C，则所用理想变压器的原、副线圈的匝数之比为(取π2＝10)()A．1∶100B．100∶1C．1∶100 2 D．1002∶1答案： A3．如下图甲、乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化．下列说法正确的是()A．图甲表示交流电，图乙表示直流电B．两种电压的有效值相等C．图甲所示电压的瞬时值表达式为U＝311sin 100πt VD．图甲所示电压经匝数比为10∶1的变压器变压后，频率变为原来的110解析：因图象的纵坐标上电压的正负表示电压的方向，因此两图均为交流电，A错；对于正弦交流电才有U有效＝U m2，虽然两图的峰值相同，但图乙非正弦(余弦)交流电不适用上式有效值的求法，故B错；正弦交流电电压瞬时值的表达式为u＝U m sin ωt，由图象可知U m＝311 V，T＝2×10－2s，可得ω＝2πT＝100 π，代入上式得u＝311sin100πt，故C对；由变压器原理可知变压器只能根据匝数比改变电压和电流，它不会改变周期和频率，故D错．答案： C4．(2018·北京西城)右图是一种理想自耦变压器示意图，线圈绕在一个圆环形的铁芯上，P是可移动的滑动触头．A、B间接交流电压U ，输出端连接了两个相同的灯泡L 1和L 2，Q 为滑动变阻器的滑动触头．当开关S 闭合，P 处于如图所在的位置时，两灯均能发光．下列说法正确的是( )A ．将P 沿逆时针方向移动，两灯均变暗B ．P 不动，将Q 向左移动，两灯均变亮C ．P 不动，将Q 向右移动，输入功率变大D ．断开开关S ，L 1将变暗解析：当P 沿逆时针方向移动时，副线圈的匝数n 2增大，由U 1U 2＝n 1n 2知，U 2增大，L 1、L 2均变亮，A 错；当P 不动时U 2不变，Q 向左移动，R 减小，L 1、L 2电压增大，两灯泡变亮；B 对；当P 不动，Q 向右移动时，R 增大，变压器输出功率P 2＝U 22R 总，R 总增大，P 2减小，而P 1＝P 2，故P 1减小，C 错；断开开关S ，负载电阻增大，L 1的电压增大将变亮，D 错．答案： B5.如右图所示，动圈式话筒是能够将声音信号转变为微弱的电信号(交变电流)的装置，该装置产生的电信号一般都不是直接送给扩音机，而是经过一个变压器后再送给扩音机放大，变压器的作用是能够减少电信号沿导线传输过程中的电能损失．下列说法中正确的是( )A．该话筒能够将声音信号转变为电信号，利用的是电磁感应原理B．该话筒将声音信号转变为电信号的部件其实质是一个电容传感器C．该话筒中的变压器一定是升压变压器，因为P＝UI，升压后，电流减小，导线上损失的电能减少D．该话筒中的变压器一定不是升压变压器，因为P＝U2/R，升压后，导线上损失的电能会增加解析：动圈式话筒的工作原理即电磁感应，选项A正确、B 错误；变压器的作用是能够减少电信号沿导线传输过程中的电能损失，则由P＝UI及P＝I2R可知，电路中电流越小，导线上损失的电能越少，所以选项C正确、D错误．答案：AC6.为了减少输电线路中电力损失，发电厂发出的电通常是经过升压变电站升压后通过远距离输送，再经降压变电站将高压变为低压．某降压变电站将电压U0＝11 0002sin 100πt V的交流电降为220 V供居民小区用电，则变电站变压器()A．原、副线圈匝数比为50∶1B．副线圈中电流的频率是50 HzC．原线圈的导线比副线圈的要粗D ．输入原线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和解析：由U 0＝11 0002sin 100πt V 可知交流电压的有效值为11 000 V ，根据理想变压器工作原理可知：n 1n 2＝U 1U 2可得原、副线圈匝数比为50∶1，选项A 正确；由于2πf ＝100π，所以原线圈中交流电的频率是50 Hz ，因变压器不改变交流电的频率，所以选项B 正确；理想变压器的输入功率与输出功率相等，则原线圈中电流小于副线圈中的电流，故原线圈的导线比副线圈的要细，选项C 错误；根据并联电路的特点可知居民小区各用电器电流的总和应等于副线圈中的电流，选项D 错误．答案： AB7．如下图甲所示，A 、B 两端接直流稳压电源，U AB ＝100 V ，R 1＝40 Ω，滑动变阻器总电阻R ＝20 Ω，滑片处于变阻器中点位置；图乙中，自耦变压器输入端A 、B 接交流稳压电源，其电压有效值也为U AB ＝100 V ，滑片也处于线圈中点位置，R 2＝40 Ω.若R 1和R 2的发热功率分别为P 1和P 2，则P 1和P 2的关系为( )A ．P 1＝P 2B.P 1P 2＝25C.P 1P 2＝425D.P 1P 2＝14 解析：题图甲中，R 1两端的电压为U 1＝80 V ，题图乙中，R 2两端的电压的有效值为U 2＝200 V ，所以P 1P 2＝U 12U 22＝425，即C 选项正确．答案： C8．某小型水电站的电能输送示意图如下，发电机的输出电压为200 V ，输电线总电阻为r ，升压变压器原、副线圈匝数分别为n 1、n 2，降压变压器原副线圈匝数分别为n 3、n 4(变压器均为理想变压器)．要使额定电压为220 V 的用电器正常工作，则( )A.n 2n 1＞n 3n 4B.n 2n 1＜n 3n 4C ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率解析：由于输电线上有电阻，所以考虑到电压损失，则有升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压，根据变压器的电压与匝数之比的关系，可知要让用电器正常工作，必须有n 2n 1＞n 3n 4，A 对，B 、C 错；考虑到输电线上也有电功率的损失，可知D 也正确．答案： AD9．正弦交变电源与电阻R 、交流电压表、交流电流表按照下图甲所示的方式连接，R ＝200 Ω.图乙是交变电源输出电压u 随时间t 变化的图象．则( )A ．交流电压表的读数是311 VB ．交流电流表的读数是1.1 AC ．R 两端电压随时间变化的规律是u R ＝311cos πt VD ．R 两端电压随时间变化的规律是u R ＝311cos 100πt V .解析：由图乙可知，电源输出电压峰值为311 V ，有效值为220 V ，所以电压表示数为有效值220 V ，电流表读数为电流的有效值I＝U R ＝1.1 A ，A 错B 对，由图乙可知T ＝2×10－2 s ，ω＝2πT ＝100π，所以R 两端电压随时间变化的规律为U R ＝311cos 100πt V ，C 错，D 对．答案： BD10．(2018·河北石家庄三月)甲图为发电机结构示意图，其中N 、S 是永久磁铁的两个磁极，其表面呈半圆柱面状．M 是圆柱形铁芯，它与磁极柱面共轴，铁芯上绕有矩形线框，可绕与铁芯共轴的固定轴转动．磁极与铁芯间的磁场均匀辐向分布．从图示位置开始计时，当线框匀速转动时，乙图中可正确反映线框感应电动势e 随时间t 变化规律的是( )解析：矩形线框在辐向磁场中转动，B 不动，v 始终与B 垂直，由E ＝BL v 知E 大小不变，方向周期性变化，故选D.答案： D11.如右图所示，半径为r的半圆形金属导线(CD为直径)处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，有关导线中产生的感应电动势的大小的说法正确的是()A．导线从图示位置开始绕CD以角速度ω匀速转动时E＝1 2πr2Bωsin ωtB．导线在纸面内沿与CD成45°角以速度v斜向下匀速运动时E ＝2rB vC．导线不动，匀强磁场以速度v水平向左匀速运动时E＝0D．导线在纸面内以速度v水平向右运动，同时匀强磁场以速度v沿CD方向向上匀速运动时E＝2Br v解析：半圆形导线CAD在匀强磁场中以角速度ω绕CD匀速转动时，E＝BSωsin ωt＝12πr2Bωsin ωt，A正确；半圆形导线的长度等效为2r，当它在纸面内沿与CD成45°角以速度v斜向下匀速运动时其切割磁感线的有效长度为2r，则感应电动势的大小E＝2rB v，B正确；导线不动，匀强磁场以速度v水平向左匀速运动时，等效为导线在纸面内沿垂直CD方向以速度v向右匀速运动，则E＝2Br v，C错误；导线在纸面内以速度v水平向右运动，同时匀强磁场以速度v沿CD方向向上匀速运动，等效为导线在纸面内以大小为2v、方向与CD成45°斜向下匀速运动，则感应电动势的大小E＝2rB v，D 正确．答案： ABD二、非选择题12.如右图所示，一小型发电机内有n ＝100匝的矩形线圈，线圈面积S ＝0.10 m 2，线圈电阻可忽略不计．在外力作用下矩形线圈在B ＝0.10 T 的匀强磁场中，以恒定的角速度ω＝100 π r ad/s 绕垂直于磁场方向的固定轴OO ′匀速转动，发电机线圈两端与R ＝100 Ω的电阻构成闭合回路．求：(1)线圈转动时产生感应电动势的最大值；(2)从线圈平面通过中性面时开始，线圈转过90°角的过程中通过电阻R 横截面的电荷量；(3)线圈匀速转动10 s ，电流通过电阻R 产生的焦耳热．解析： (1)线圈中感应电动势的最大值 E m ＝nBSω＝3.14×102 V(说明：314 V ,100π V 也同样得分)(2)设从线圈平面通过中性面时开始，线圈转过90°角所用时间为Δt ，线圈中的平均感应电动势 E ＝n BS Δt通过电阻R 的平均电流 I ＝E R ＝nBS R Δt在Δt 时间内通过电阻横截面的电荷量Q ＝I Δt ＝nSB R ＝1.0×10－2 C(3)矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生正弦交变电流，电阻两端电压的有效值U ＝22E m经过t ＝10 s 电流通过电阻产生的焦耳热Q 热＝U 2R t解得Q 热＝4.9×103 J答案： (1)3.14×102 V (2)1.0×10－2 C (3)4.9×103 J滚动训练(九)(本栏目内容，在学生用书中以活页形式分册装订！)一、选择题1．(2018·海南卷)1873年奥地利维也纳世博会上，比利时出生的法国工程师格拉姆在布展中偶然接错了导线，把另一直流发电机发出的电接到了他自己送展的直流发电机的电流输出端．由此而观察到的现象导致了他的一项重要发明，从而突破了人类在电能利用方面的一个瓶颈．此项发明是()A．新型直流发电机B．直流电动机C．交流电动机D．交流发电机解析：本题考查有关物理学史和电磁感应及电动机等知识，意在考查考生对电磁学的发展过程的了解．题中说明把一发电机发的电接到了另一发电机的输出端，必然使这台发电机通过电流，电流在磁场中必定受到安培力的作用，在安培力的作用下一定会转动起来，这就成了直流电动机，故正确答案为B.答案： B2．一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为1 s．分析照片得到的数据，发现质点在第1次、第2次闪光的时间间隔内移动了2 m；在第3次、第4次闪光的时间间隔内移动了8 m，由此不可求得()A．第1次闪光时质点的速度B．质点运动的加速度C．从第2次闪光到第3次闪光这段时间内质点的位移D．质点运动的初速度解析：如右图所示，x3－x1＝2aT2，可求得a而v 1＝x 1T －a ·T 2可求．x 2＝x 1＋aT 2＝x 1＋x 3－x 12＝x 1＋x 32也可求，因不知第一次闪光时已运动的时间和位移，故初速度v 0不可求．答案： D3.一带电粒子在电场中仅在电场力作用下，从A 点运动到B 点，速度随时间变化的图象如右图所示，t A 、t B 分别是带电粒子到达A 、B 两点时对应的时刻，则下列说法中正确的有( )A ．A 点的场强一定大于B 点的场强B ．A 点的电势一定高于B 点的电势C ．带电粒子在A 点的电势能一定小于在B 点的电势能D ．带电粒子从A 点到B 点过程中，电场力一定对带电粒子做正功解析：由于v －t 图象上各点的斜率表示加速度的大小，从图象可以看出带电粒子在A 点的加速度大于在B 点时的加速度，由牛顿第二定律可知E A ＞E B ，选项A 正确；带电粒子带电性质未知，故A 、B 两点电势无法判断，选项B 错误；从v －t 图象中可以看出B 点速度大于A 点速度，故电场力对带电粒子做正功，电势能减小，所以选项C 错误，选项D 正确．答案： AD4．如下图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1∶5，原线圈两端的交变电压为u ＝202sin 100 πt V ．氖泡在两端电压达到100 V 时开始发光，下列说法中正确的有( )A ．开关接通后，氖泡的发光频率为100 HzB ．开关接通后，电压表的示数为100 VC ．开关断开后，电压表的示数变大D ．开关断开后，变压器的输出功率不变解析：副线圈电压由原线圈决定，则不论负载如何变化，电压表的读数不变，始终为有效值100 V ，B 正确．每个交流电周期内氖管发光两次，每秒发光100次，则氖管发光频率为100 Hz ，开关断开后，负载电阻增大，电流减小，则变压器的输出功率减小．答案： AB5．(2018·江西十校二模)矩形导线框abcd 放在匀强磁场中，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B 随时间变化的图象如下图所示，t ＝0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里．若规定导线框中感应电流逆时针方向为正，则在0～4 s 时间内，线框中的感应电流I 以及线框的ab 边所受安培力F 随时间变化的图象为下图中的(安培力取向上为正方向)( )解析：由E ＝n ΔΦΔt ＝n S ΔB Δt ，推知电流恒定，A 错；因为规定了导线框中感应电流逆时针方向为正，感应电流在0～2 s 内为顺时针方向，所以B错；由F＝BIL得：F与B成正比，C正确，D错．答案： C6．在一些学校教室为了保证照明条件，采用智能照明系统，在自然光不足时接通电源启动日光灯，而在自然光充足时，自动关闭日光灯．其原理图如图所示：R为一光敏电阻，L为一带铁芯的螺线管．在螺线管上方有一用细弹簧系着的轻质衔铁．一端用铰链固定在墙上可以自由转动，另一端用一绝缘棒链接两动触头，有关这智能照明系统工作原理描述正确的是()A．在光照越强，光敏电阻电阻越大，衔铁被吸引下来B．在光线不足时，光敏电阻阻值变大，电流小衔铁被弹簧拉上去，日光灯接通C．上两接线柱应该和日光灯电路连接D．下面两接线柱和日光灯电路连接解析：由光敏电阻特性可知，光照强度越强，电阻越小电流大，所以A项错，B项正确；上两接线柱应接日光灯电路，所以C项正确，而D项错误．答案：BC7.在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个面积为S的矩形线圈匀速转动时所产生的交流电电压随时间变化的波形如右图所示，线圈与一阻值R＝9 Ω的电阻串联在一起，线圈的电阻为1 Ω.则()A ．通过电阻R 的电流瞬时值表达式为i ＝10sin 200πt (A)B ．电阻R 两端的电压有效值为90 VC ．1 s 内电阻R 上产生的热量为450 JD ．图中t ＝1×10－2s 时，线圈位于中性面解析：通过电阻R 的电流最大值为I m ＝E m R ＋r＝10 A ，线圈转动的角速度ω＝2πT ＝2π2×10－2rad/s ＝100π rad/s ，故电流的瞬时值表达式为i ＝10sin 100πt (A)，A 错误；电阻R 两端的电压有效值为U 有效＝E 有效R ＋rR ＝1002(9＋1)×9 V ＝45 2 V ，B 错误；1 s 内电阻R 上产生的热量Q ＝U 有效2R t ＝450 J ，C 正确；t ＝1.0×10－2 s 时感应电动势为零，此时穿过线圈的磁通量最大，线圈位于中性面，D 正确．答案： CD8.如右图所示，卷扬机的绳索通过定滑轮用力F 拉位于粗糙斜面上的木箱，使之沿斜面加速向上移动．在移动过程中，下列说法正确的是( )A ．F 对木箱做的功等于木箱增加的动能与木箱克服摩擦力所做的功之和B ．F 对木箱做的功等于木箱克服摩擦力和克服重力所做的功之和C ．木箱克服重力做的功等于木箱增加的重力势能D ．F 对木箱做的功等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力做的功之和解析：木箱加速上滑的过程中，拉力F做正功，重力和摩擦力做负功．支持力不做功，由动能定理得：W F－W G－W f＝12m v2－0，即W F＝W G＋W f＋12m v 2，A、B错误，又因克服重力做功WG等于物体增加的重力势能，所以W F＝ΔE p＋ΔE k＋W F，故D正确，又由重力做功与重力势能变化的关系知C也正确．答案：CD9.如右图所示，在一水平桌面上有竖直向上的匀强磁场，已知桌面离地高h＝1.25 m，现有宽为1 m的U形金属导轨固定在桌面上，导轨上垂直导轨放有一质量为2 kg，电阻为2 Ω的导体棒，其他电阻不计，导体棒与导轨间的动摩擦因数为0.2，将导体棒放在CE左侧3 m处，CE与桌边重合，现用F＝12 N的力作用于导体棒上，使其从静止开始运动，经过3 s导体棒刚好到达导轨的末端(在此之前导体棒的运动已达到稳定状态)，随即离开导轨运动，其落地点距桌子边缘的水平距离为2 m，g取10 m/s2，则()A．导体棒先做匀加速运动，再做匀速运动，最后做平抛运动B．所加磁场的磁感应强度B＝2 TC．导体棒上产生的焦耳热为24 JD．整个过程中通过导体棒横截面的电荷量为3 C解析：导体棒水平方向受安培力、摩擦力和拉力，竖直方向受重力、支持力作用，在拉力F 的作用下从静止开始做加速运动，随着速度的增加，安培力增大，合力减小，加速度减小，即开始做加速度减小的加速运动，当合力为零时做匀速运动，直到离开导轨后做平抛运动，A 错误；由平抛运动规律h ＝12gt 2及x ＝v t 知导体棒离开桌边缘时速度为v ＝x ·g 2h ＝4 m/s ，而导体棒已处于稳定状态，即F ＝μmg＋BIL ，I ＝BL v R ，所以 B ＝2 T ，B 正确；由法拉第电磁感应定律知E＝ΔΦΔt ＝B ΔS Δt ＝2 V ，故q ＝It ＝E R t ＝3 C ，D 正确；由能量转化及守恒定律得导体棒上产生的焦耳热为Q ＝Fs －12m v 2－μmgs ＝8 J ，C 错误．答案： BD二、非选择题10．某同学准备利用下列器材测量电源电动势和内电阻．A ．干电池两节，每节电池电动势约为1.5 V ，内阻约几欧姆B ．直流电压表V 1、V 2，量程均为1.5 V ，内阻约为3 kΩC ．定值电阻R 0，阻值为5 ΩD ．滑动变阻器R ，最大阻值50 ΩE ．导线和开关(1)该同学连接的实物电路如图甲所示，其中还有一根导线没有连，请补上这根导线．(2)实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V 1和V 2的多组数据U 1、U 2，描绘出U 1－U 2图象如图乙所示，图中直线斜率为k ，与横轴的截距为a ，则电源的电动势E ＝________，内阻r ＝________(用k 、a 、R 0表示)．(3)根据所给器材，请你再设计一种测量电源电动势和内电阻的电路图，画在图丙的虚线框内．答案： (1)如下图所示(2)k k －1a R 0k －1(3)如下图所示11．如图甲所示，一半径R ＝1 m 、圆心角等于143°的竖直圆弧形光滑轨道，与斜面相切于B 点，圆弧轨道的最高点为M ，斜面倾角θ＝37°，t ＝0时刻有一物块沿斜面上滑，其在斜面上运动的速度变化规律如图乙所示．若物块恰能到达M 点，(取g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)，求：(1)物块经过B 点时的速度v B ；(2)物块与斜面间的动摩擦因数μ；(3)AB 间的距离x AB .解析： (1)由题意物块恰能到达M 点则在M 点有mg ＝m v M 2R由机械能守恒定律有mgR (1＋cos 37°)＝12m v B 2－12m v M 2代入数据可求得：v B ＝46 m/s.(2)由v －t 图可知物块运动的加速度a ＝10 m/s 2由牛顿第二定律有mg sin 37°＋μmg cos 37°＝ma所以物块与斜面间的动摩擦因数μ＝a －g sin 37°g cos 37°＝0.5.(3)由运动学公式2ax AB ＝v A 2－v 2B又v A ＝8 m/s得x AB ＝0.9 m.答案： (1)46 m/s (2)0.5 (3)0.9 m12.如图所示，竖直直角坐标系，第一象限有水平向左的匀强电场E 1，第四象限有垂直于纸面向外的匀强磁场，且L /2～L 处有竖直向下的匀强电场E 2.质量为m 的小球自A (0，L /2)处以v 0的初速度水平抛出，小球到达B (L,0)处是速度方向恰好与x 轴垂直．在B 处有一内表面粗糙的圆筒，筒内壁与小球间的动摩擦因数为μ，筒直径略大于小球直径，筒长为L ，竖直放置．已知小球在离开筒以前就已经匀速，且离开筒后做匀速圆周运动，恰在D (0，L )处水平进入第三象限．求：(1)E 1∶E 2是多少？(2)小球从刚进入圆筒到刚好出来圆筒的过程中，小球克服摩擦力所做的功？解析： (1)在第一象限，水平方向小球做匀减速运动，加速度大小为：a ＝qE 1m由运动学公式：有：L 2＝12at 2①竖直方向做自由落体运动，有：L ＝12gt 2②由①②得，a ＝12g由牛顿第二定律可知，qE 1＝12mg ③小球在第四象限的电磁场中做匀速圆周运动，应用电场力与重力平衡，即：qE 2＝mg ④由③④得，E 1∶E 2＝1∶2.(2)设小球进入圆筒时的速度为v 1，在第一象限，由运动规律有：竖直方向：L 2＝v 12t ⑤水平方向：L ＝v 02t ⑥由⑤⑥得：v 1＝v 02小球在圆筒中做加速度减小的加速运动，当重力与摩擦力相等时，开始做匀速运动，设此速度为v 2，由平衡条件，有：mg ＝μBq v 2⑦得：v 2＝mg μBq在第四象限的电磁场中做圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，有：Bq v 2＝m v 22L ⑧由⑦⑧得，v 2＝gLμ从小球进入圆筒到离开圆筒，由动能定理，有：12m v 22－12m v 12＝mgL －W f ⑨ 解之得：W f ＝mgL ⎝⎛⎭⎪⎫1－12μ＋18mv 02. 答案： (1)1∶2 (2)mgL ⎝⎛⎭⎪⎫1－12μ＋18mv 02。

高中物理选修二综合测试题知识点归纳总结(精华版)(带答案)

高中物理选修二综合测试题知识点归纳总结(精华版)单选题1、对于电磁波的发现过程，下列说法正确的是（）A．麦克斯韦预言了电磁波的存在B．麦克斯韦通过实验发现，变化的电场产生磁场C．赫兹根据自然规律的统一性，提出变化的电场产生磁场D．电磁波在任何介质中的传播速度均为3×10⁸m/s答案：AAB．麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹通过实验发现变化的电场产生磁场，通过实验证实了电磁波的存在，故A正确，B错误；C．麦克斯韦根据自然规律的统一性，大胆设想变化的磁场周围空间产生电场，变化的电场周围空间产生磁场，故C错误；D．电磁波只在真空中的传播速度是3×108m/s，故D错误。

故选A。

2、用一根导线围成如图所示的回路KLMN，KN和LM是半径分别为ON、OM的同心圆弧，O为圆心，KL和NM沿圆的半径方向，一圆环和KLMN在同一平面内，圆环的圆心也在O点，在圆环和回路KLMN中分别通以如图所示的恒定电流I1、I2，圆环固定，则下列说法正确的是（）A．圆环对KN段圆弧的斥力大于对LM段圆弧的引力B．圆环对KL段和对MN段的安培力等大反向C．回路KLMN将在纸面内绕通过O点并垂直纸面的轴转动D．回路KLMN将在纸面内向左平动答案：DA．根据安培定则可知，圆环上的电流I1在KLMN平面所在处的磁场方向垂直纸面向里。

根据左手定则，圆环对KN段圆弧为引力，对LM段圆弧为斥力，A错误；B．根据左手定则，圆环对KL段的安培力方向垂直于KL向上，对MN段的安培力方向垂直于MN向下，根据对称性，两者大小相等，但是方向不是相反，B错误；CD．MNKL段和ML圆弧段的有效长度均可等效为ML直线，但ML圆弧所在处磁感应强度小，所受安培力方向向右，比MNKL段受力小，MNKL受安培力合力向左，则回路KLMN将在纸面内向左平动， C错误，D正确。

故选D。

3、如图所示，ab是一个可以绕垂直于纸面的轴O转动的闭合矩形导体线圈，当滑动变阻器R的滑片P自左向右滑动过程中，线圈ab将（）A．静止不动B．逆时针转动C．顺时针转动D．发生转动，但因电源的极性不明，无法确定转动的方向答案：C滑片P向右滑动过程中，接入电阻减小，线路中电流增大，线圈所处位置的磁场变强，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知，由于线圈将通过顺时针转动而阻碍磁通量的增大，C正确，ABD错误。

部编版高中物理选修二综合测试题带答案重点知识归纳

(名师选题)部编版高中物理选修二综合测试题带答案重点知识归纳单选题1、图甲是一个“简易电动机”，一节5号干电池的正极向上，一块圆柱形强磁铁吸附在电池的负极，将一段裸铜导线弯成图中所示形状的线框，线框上端的弯折位置与电池正极接触良好，下面弯折的两端与磁铁表面保持良好接触，放手后线框就会转动起来。

该“简易电动机”的原理图如图乙所示。

关于该“简易电动机”，下列说法正确的是（）A．无论磁铁的N，S极如何，铜线框一定顺时针方向（俯视）转动B．无论磁铁的N，S极如何，铜线框一定逆时针方向（俯视）转动C．若只将电池倒置（各接触依然良好），铜线框的转动方向将会改变D．铜线框由静止开始加速转动的过程中，线框中的电流在不断增大2、如图所示，用电阻率为ρ、横截面积为S的硬导线做成一个边长为L的方框，其中一边串接有一理想电流＝表，方框的右半部分位于匀强磁场区域中，磁场方向垂直纸面向里，当磁感应强度大小随时间的变化率ΔBΔt k>0时，电流表示数为I1；当磁场的磁感应强度大小为B，线框绕虚线以角速度ω＝k匀速转动时，电流表示B数为I2，则I1：I2为（）A．√2：1B．2：1C．1：1D．√2：23、如图甲所示，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ=30°角固定，间距为L=1m，质量为m的金属杆ab垂直放置在轨道上且与轨道接触良好，其阻值忽略不计。

空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上，磁感应强度为B=0.5T。

P、M间接有阻值为R1的定值电阻，Q、N间接电阻箱R。

现从静止释放ab，改变电阻箱的阻值R，测得最大速度为v m，得到1v m 与1R的关系如图乙所示。

若轨道足够长且电阻不计，重力加速度g取10m/s2，则（）A．金属杆中感应电流方向为a指向b B．金属杆所受的安培力沿轨道向下C．定值电阻的阻值为1ΩD．金属杆的质量为1kg4、19世纪中期，科学界已形成了一种用联系的观点去观察自然的思想氛围，这种思想促进了能量转化与守恒定律的建立。

高二物理选修2 3知识点

高二物理选修2 3知识点高二物理选修2-3知识点一、电路中的电源：在电路中，电源是提供电荷流动的能源，常见的电源有电池和发电机。

电池的正极和负极分别代表电路中的高电位和低电位，形成电场力使电荷流动。

发电机则是通过机械能转换为电能，利用电磁感应原理产生电流。

二、电阻与电流：电阻是电路中的一个元件，它能阻碍电流的流动。

根据欧姆定律，电阻与电流之间存在着线性关系。

欧姆定律的数学表达式为：U=IR，其中U表示电压（电势差），I表示电流强度，R表示电阻。

电阻可以分为固定电阻和可变电阻。

固定电阻的阻值是固定不变的，而可变电阻可以通过调节来改变阻值。

三、电阻与电功率：电阻产生的效应不仅仅是阻碍电流流动，还会产生热量。

电阻消耗的电功率可以通过以下公式计算：P=UI，其中P表示电功率，U表示电压，I表示电流强度。

根据上述公式可以得知，电阻越大，消耗的电功率也越大。

四、串联电路与并联电路：在电路中，多个电阻可以串联连接或者并联连接。

串联电路指的是多个电阻连接在同一路径上，电流依次通过每个电阻。

并联电路指的是多个电阻分别连接在不同的路径上，电流在各个电阻之间分流。

对于串联电路，总电阻等于每个电阻的阻值之和；对于并联电路，总电阻等于各个电阻的倒数之和的倒数。

五、电流的分流与合流：在并联电路中，电流会分流到各个支路上，各个支路的电流之和等于总电流。

在串联电路中，电流会合流到同一个支路上，各个支路的电流相等于总电流。

六、电压的分压与合压：在串联电路中，电压会分压到各个电阻上，各个电阻的电压之和等于总电压。

在并联电路中，电压会合压在同一个节点上，各个电阻的电压相等于总电压。

七、欧姆定律的应用：欧姆定律不仅适用于直流电路，也适用于稳定电流的恒定电压的交流电路。

通过欧姆定律，我们可以计算电路中的电流、电压和电阻之间的关系，从而设计合适的电路。

八、电功率的利用与浪费：电功率的利用与浪费在电路中十分重要。

合理利用电阻产生的电功率，可以为电路提供所需的能量。