山东省临沂市2021年高三上学期期末数学试卷(理科)D卷

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山东省临沂市兰山中学2022年高三数学理上学期期末试卷含解析

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山东省临沂市兰山中学2021-2022学年高三数学理上学期期末试卷含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。

在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1. 复数2+i的共轭复数是()A.2-i B.-2-i C.i-2 D.i+2参考答案:A2. (5分)函数y=log2(x2﹣3x+2)的递减区间是()A.(﹣∞,1)B.(2,+∞)C.(﹣∞,)D.(,+∞)参考答案:A考点:复合函数的单调性.专题:函数的性质及应用.分析:设t=x2﹣3x+2,根据复合函数单调性之间的关系进行求解即可.解答:解:由x2﹣3x+2>0,得x<1或x>2,设t=x2﹣3x+2,则y═log2t为增函数,则根据复合函数单调性之间的关系知要求函数y=log2(x2﹣3x+2)的递减区间,即求函数t=x2﹣3x+2的递减区间,∵t=x2﹣3x+2的递减区间为(﹣∞,1),∴函数y=log2(x2﹣3x+2)的递减区间是(﹣∞,1),故选:A.点评:本题主要考查函数单调性的求解,根据复合函数单调性之间的关系是解决本题的关键.3. 已知直线平面,直线平面,若,则下列结论正确的是A. 或B.C. D. 参考答案:A【分析】选项A中与位置是平行或在平面内,选项B中与可能共面或异面,选项C中与的位置不确定,选项D中与的位置关系不确定.【详解】对于A,直线平面,,则或,A正确;对于B,直线平面,直线平面,且,则或与相交或与异面,∴B 错误;对于C,直线平面,直线平面,且,则或与相交或或,∴C错误;对于D,直线平面,直线平面,且,则或与相交或与异面,∴D 错误.故选:A.4. 给出右侧的程序框图,输出的数是()A.2450 B.2550 C.5050 D.4900参考答案:A略5. 已知集合,,若,则的取值范围是( )A. B. C. D.参考答案:C略6. 已知M(-2,7),N(10,-2),点P是线段MN上的点且则P点的坐标是()A.(-14,-16)B.(22,-11)C.(6,1)D.(2, 4)参考答案:D7. 已知全集,集合,,则等于(A).(B).(C).(D).参考答案:C8. .一个社会调查机构就某地居民的月收入调查20000人,并根据所得数据画出了样本频率分布直方图,为了分析居民的收入与年龄、学历、职业等方面的关系,按月收入用分层抽样方法抽样,若从月收入(元)段中抽取了30人,则在这20000人中共抽取的人数为()A .200B .100 C. 20000 D. 40参考答案:A略9. 执行如图所示的程序框图,如果输入的t=0.01,则输出的n=()A.5 B.6 C.7 D.12参考答案:C【考点】程序框图.【专题】算法和程序框图.【分析】由已知中的程序框图可知:该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量n的值,模拟程序的运行过程,分析循环中各变量值的变化情况,可得答案.【解答】解:第一次执行循环体后,S=,m=,n=1,不满足退出循环的条件; 再次执行循环体后,S=,m=,n=2,不满足退出循环的条件; 再次执行循环体后,S=,m=,n=3,不满足退出循环的条件; 再次执行循环体后,S=,m=,n=4,不满足退出循环的条件; 再次执行循环体后,S=,m=,n=5,不满足退出循环的条件;再次执行循环体后,S=,m=,n=6,不满足退出循环的条件; 再次执行循环体后,S=,m=,n=7,满足退出循环的条件;故输出的n 值为7, 故选:C【点评】本题考查的知识点是程序框图,当循环的次数不多,或有规律时,常采用模拟循环的方法解答. 10. 函数的图像大致是 ( )参考答案:A二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. (坐标系与参数方程选做题) 在平面直角坐标系中,点是椭圆上的一个动点,则的最大值为 .参考答案:2 略12. 若函数有最小值,则实数的取值范围为 。

山东省临沂市高三数学上学期期末考试试题 文(2021年整理)

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高三年级期末教学质量抽测试题文科数学2017.01本试卷分第I 卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共150分.考试时间120分钟.第I 卷(选择题 共50分)一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合要求的.1.若复数()()()21a i ai a R ++∈是实数,则实数a 的值为( )A .2B .-2C .1D .-12.若集合A={}2230x N x x ∈--<,B={}lg 0x x >,则A ∩B=( )A .{}0,1B .{}2C .{}1,2D . {}0,1,23.已知向量()()1,,2,1a m b ==.若m 实数,且()a b b +⊥,则m =( )A .-7B . -6C .7D .64.已知实数x ,y 满足4001x y x y x +-≤⎧⎪-≤⎨⎪≥⎩,则z =2x +3y 的最大值为( )A .5B .8C .10D .115.直线m ,n 满足,m n αα⊂⊄,则n m ⊥是n α⊥ ( )A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充要条件D .既不充分又不必要条件6.执行如图所示的程序框图,则输出y 的值为( )A .5B .11C .23D .47 7.设函数()[]()cos ,x f x x e x ππ=⋅∈-的图象大致是( )8.为了倡导人民群众健康的生活方式,某社区服务中心通过网站对[20,60]岁的社区居民随机抽取n 人进行了调查,得到如下各年龄段人数频率分布直方图,若该公司决定在各年龄段用分层抽样抽取50名观众进行奖励,则[50,60]年龄段的获奖人数为( )A .10B .12C .15D .189.已知()()sin ,cos 22f x x g x x ππ⎛⎫⎛⎫=+=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,则下列结论中正确的是( )A .函数()f x 的图象向左平移π个单位长度可得到()y g x =的函象B .函数()()y f x g x =+的值域为[]2,2-C .函数()()y f x g x =⋅在0,2π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上单调递增 D .函数()()y f x g x =-的图象关于点,04π⎛⎫ ⎪⎝⎭对称 10.已知函数()()()()210110x x f x f x x ⎧-≤⎪=⎨-+>⎪⎩,把函数()()g x f x x =-的零点的顺序排列成一个数列,则该数列的通项公式为( )A .()12n n n a -= B .()1n a n n =- C .1n a n =- D .22n n a =- 第Ⅱ卷(非选择题 共100分)二、填空题:本大题共5小题,每小题5分,共25分,把正确的答案填写在答题卡给定的横线上.11.圆C :22240x y x y +++=的圆心到直线344x y +=的距离d=_______.12.若tan 22πα⎛⎫-= ⎪⎝⎭,则sin cos 2sin cos αααα-+=______.13.一个几何体的三视图如右图所示,则这个几何体的体积,等于_________.14.已知0,0a b >>,且40a b ab +-=,则 a +b 的最小值为_____.15.双曲线C 1:()222210,0x y a b a b-=>>的左右焦点分别为12,F F ,2F 也是抛物线()21:20C y px p =>的焦点,点A 是曲线C l 与C 2在第一象限内的交点,且212AF F F =,则双曲线的离心率为_________.三、解答题:本大题共6小题,共75分。

山东省2021年高三上学期期末数学试卷(理科)A卷

山东省2021年高三上学期期末数学试卷(理科)A卷

山东省2021年高三上学期期末数学试卷(理科)A卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共8题;共16分)1. (2分) (2019高三上·江门月考) 设集合,,则()A .B .C .D .2. (2分) (2016高二上·吉安期中) 设a∈R,则“a=4是“直线l1:ax+8y﹣3=0与直线l2:2x+ay﹣a=0平行”的()A . 充分不必要条件B . 必要不充分条件C . 充要条件D . 既不充分也不必要条件3. (2分) (2019高一下·汕头月考) 设 ,向量 , ,则()A . 5B .C .D . 104. (2分)已知某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则此几何体的体积是()A . 1cm3B . 3cm3C . 5cm3D . 7cm35. (2分) (2016高三上·虎林期中) 已知m,n是两条不同直线,α,β是两个不同平面,在下列条件中,可得出α⊥β的是()A . m⊥n,m⊥α,n∥βB . m∥n,m⊥α,n⊥βC . m⊥n,m∥α,n∥βD . m∥n,m∥α,n⊥β6. (2分) (2019高三上·杭州月考) 将函数的图象向右平移2个单位后,得到函数的图象,则函数的单调递减区间是()A .B .C .D .7. (2分)己知等比数列{an}满足a1=2,a1+a3+a5=14,则 + + =()A .B .C .D .8. (2分)已知F为双曲线C:的右焦点,P为双曲线C右支上一点,且位于x轴上方,M为直线上一点,O为坐标原点,已知,且,则双曲线C的离心率为()A . 2B .C .D . 4二、填空题. (共7题;共7分)9. (1分) (2017高一上·青浦期末) 已知log163=m,则用m表示log916=________.10. (1分) (2018高二上·南阳月考) 已知抛物线的焦点为,准线与轴的交点为,点在抛物线上且,则的面积为________.11. (1分) (2020高三上·天津月考) 函数是定义在上的奇函数,对任意的,满足,且当时,,则 ________.12. (1分) (2016高一上·成都期中) 设函数f(x),x、y∈N*满足:①∀a,b∈N* ,a≠b有af(a)+bf(b)>af(b)+bf(a);②∀n∈N* ,有f(f(n))=3n,则f(1)+f(6)+f(28)=________.13. (1分) (2019高一下·杭州期中) 若是方程的两个实数根,则=________.14. (1分)(2017·江苏) 已知函数f(x)=x3﹣2x+ex﹣,其中e是自然对数的底数.若f(a﹣1)+f (2a2)≤0.则实数a的取值范围是________.15. (1分) (2019高二上·辽阳期末) 如图,在三棱锥,为等边三角形,为等腰直角三角形,,平面平面,为的中点,则异面直线与所成角的余弦值为________.三、解答题. (共5题;共55分)16. (10分) (2019高二上·寻乌月考) 已知 .(1)求函数f(x)最小正周期及对称轴方程;(2)已知锐角的内角所对的边分别为,且,,求的最大值17. (10分)如图,菱形ABCD与正三角形BCE的边长均为4,它们所在平面互相垂直,FD⊥平面ABCD,且.(1)求证:EF∥平面ABCD;(2)若∠CBA=60°,求二面角A﹣FB﹣E的余弦值.18. (10分) (2019高一上·武功月考) 已知函数 .(1)若,求函数在上的最小值;(2)若函数在上是单调函数,求的取值范围.19. (15分) (2019高二上·大兴期中) 已知椭圆经过点,离心率为 .过原点的直线与椭圆有两个不同的交点 .(1)求椭圆长半轴长;(2)求最大值;(3)若直线分别与轴交于点,求证:的面积与的面积的乘积为定值.20. (10分)祖国大陆允许台湾农民到大陆创业以来,在11个省区设立了海峡两岸农业合作试验区和台湾农民创业园,台湾农民在那里申办个体工商户可以享受“绿色通道”的申请、受理、审批一站式服务,某台商在第一年初到大陆创办一座120万元的蔬菜加工厂M,M的价值在使用过程中逐年减少,从第二年到第六年,每年初M的价值比上年初减少10万元;从第七年开始,每年初M的价值为年初的75%.(1)求第n年初M的价值an的表达式;(2)设An= ,若An大于80万元,则M继续使用,否则须在第n年初对M更新,证明:必须在第九年初对M更新.参考答案一、选择题 (共8题;共16分)答案:1-1、考点:解析:答案:2-1、考点:解析:答案:3-1、考点:解析:答案:4-1、考点:解析:答案:5-1、考点:解析:答案:6-1、考点:解析:答案:7-1、考点:解析:答案:8-1、考点:解析:二、填空题. (共7题;共7分)答案:9-1、考点:解析:答案:10-1、考点:解析:答案:11-1、考点:解析:答案:12-1、考点:解析:答案:13-1、考点:解析:答案:14-1、考点:解析:答案:15-1、考点:解析:三、解答题. (共5题;共55分)答案:16-1、答案:16-2、考点:解析:答案:17-1、答案:17-2、考点:解析:答案:18-1、答案:18-2、考点:解析:答案:19-1、答案:19-2、答案:19-3、考点:解析:答案:20-1、答案:20-2、考点:解析:。

山东省临沂市沂水二中北校区2021届高三上学期10月月考数学试卷(理科) Word版含解析

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山东省临沂市沂水二中北校区2021届高三上学期10月月考数学试卷(理科)一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的).1.(5分)已知集合A={x|1<x<3},B={x|1<log2x<2},则A∩B等于()A.{x|0<x<3} B.{x|2<x<3} C.{x|1<x<3} D.{x|1<x<4}2.(5分)设x∈R ,向量=(x,1),=(1,﹣2),且⊥,则|+|=()A.B.C.2D.103.(5分)在△ABC中,设命题p :==,命题q:△ABC是等边三角形,那么命题p是命题q的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件4.(5分)设,则a,b,c的大小关系是()A.a>b>c B.a>c>b C.b>a>c D.b>c>a5.(5分)已知函数f(x)=ax﹣x3在区间[1,+∞)上单调递减,则a的最大值是()A.0B.1C.2D.36.(5分)已知f(x)是定义在R上的奇函数,且x≥0时f(x)的图象如图所示,则f(﹣2)=()A.﹣3 B.﹣2 C.﹣1 D.27.(5分)函数y=sin(x ﹣)的一条对称轴可以是直线()A.x =B.x =πC.x=﹣πD.x=8.(5分)在△ABC中,角A、B、C所对应的边分别为a、b、c,已知bcosC+ccosB=2b ,则=()A.2B.C.D.19.(5分)函数y=2x﹣x2的图象大致是()A.B.C.D .10.(5分)若函数y=f(x)(x∈R)满足f(x﹣2)=f(x),且x∈[﹣1,1]时,f(x)=1﹣x2,函数g(x)=,则函数h(x)=f(x)﹣g(x)在区间[﹣5,6]内的零点的个数为()A.13 B.8C.9D.10二、填空题(本大题共5小题,每小题5分,共25分).11.(5分)在数列{a n}中,a1=15,3a n+1=3a n﹣2(n∈N+),则该数列中相邻两项的乘积是负数的为.12.(5分)向量=(1,sinθ),=(1,cosθ),若•=,则sin2θ=.13.(5分)已知函数f(x)=x2+mx﹣1,若对于任意x∈[m,m+1],都有f(x)<0成立,则实数m的取值范围是.14.(5分)设f1(x)=cosx,定义f n+1(x)为f n(x)的导数,即f n+1(x)=f′n(x)n∈N*,若△ABC的内角A满足f1(A)+f2(A)+…+f2021(A)=,则sin2A的值是.15.(5分)给出下列命题:①函数y=cos(2x ﹣)图象的一条对称轴是x=②在同一坐标系中,函数y=sinx与y=lgx的交点个数为3个;③将函数y=sin(2x+)的图象向右平移个单位长度可得到函数y=sin2x的图象;④存在实数x,使得等式sinx+cosx=成立;其中正确的命题为(写出全部正确命题的序号).三、解答题(本大题共6小题,共75分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤).16.(12分)已知集合A={x|2x<8},B={x|x2﹣2x﹣8<0},C={x|a<x<a+1}.(Ⅰ)求集合A∩B;(Ⅱ)若C⊆B,求实数a的取值范围.17.(12分)设命题p:函数y=kx+1在R上是增函数,命题q:曲线y=x2+(2k﹣3)x+1与x轴交于不同的两点,假如p∧q是假命题,p∨q是真命题,求k的取值范围.18.(12分)在平面直角坐标系中,角α,β的始边为x轴的非负半轴,点P(1,2cos2θ)在角α的终边上,点Q(sin2θ,﹣1)在角β的终边上,且.(1)求cos2θ;(2)求P,Q的坐标并求sin(α+β)的值.19.(12分)在△ABC中,a,b,c分别是角A,B,C的对边,已知3(b2+c2)=3a2+2bc.(Ⅰ)若,求tanC的大小;(Ⅱ)若a=2,△ABC 的面积,且b>c,求b,c.20.(13分)定义在实数集上的函数f(x)=x2+x,g(x)=x3﹣2x+m.(1)求函数f(x)的图象在x=1处的切线方程;(2)若f(x)≥g(x)对任意的x∈[﹣4,4]恒成立,求实数m的取值范围.21.(14分)已知点A(x1,f(x1)),B(x2,f(x2))是函数f(x)=2sin(ωx+φ)图象上的任意两点,且角φ的终边经过点,若|f(x1)﹣f(x2)|=4时,|x1﹣x2|的最小值为.(1)求函数f(x)的解析式;(2)求函数f(x)的单调递增区间;(3)当时,不等式mf(x)+2m≥f(x)恒成立,求实数m的取值范围.山东省临沂市沂水二中北校区2021届高三上学期10月月考数学试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的).1.(5分)已知集合A={x|1<x<3},B={x|1<log2x<2},则A∩B等于()A.{x|0<x<3} B.{x|2<x<3} C.{x|1<x<3} D.{x|1<x<4}考点:交集及其运算.专题:计算题.分析:直接求出集合B,然后求出A∩B即可.解答:解:由于集合A={x|1<x<3},B={x|1<log2x<2}={x|2<x<4},所以A∩B={x|2<x<3}.故选B.点评:本题考查对数函数的基本性质,集合的基本运算,考查计算力量.2.(5分)设x∈R ,向量=(x,1),=(1,﹣2),且⊥,则|+|=()A.B.C.2D.10考点:平面对量数量积的坐标表示、模、夹角.专题:计算题.分析:通过向量的垂直,求出向量,推出,然后求出模.解答:解:由于x∈R ,向量=(x,1),=(1,﹣2),且⊥,所以x﹣2=0,所以=(2,1),所以=(3,﹣1),所以|+|=,故选B.点评:本题考查向量的基本运算,模的求法,考查计算力量.3.(5分)在△ABC中,设命题p :==,命题q:△ABC是等边三角形,那么命题p是命题q的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件考点:必要条件、充分条件与充要条件的推断.专题:简易规律.分析:依据正弦定理,利用充分条件和必要条件的定义进行推断即可得到结论.解答:解:由正弦定理可知,若===t,则,即a=tc,b=ta,c=bt,即abc=t3abc,即t=1,则a=b=c,即△ABC是等边三角形,若△ABC是等边三角形,则A=B=C=,则===1成立,即命题p是命题q的充要条件,故选:C点评:本题主要考查充分条件和必要条件的推断,利用正弦定理是解决本题的关键.4.(5分)设,则a,b,c的大小关系是()A.a>b>c B.a>c>b C.b>a>c D.b>c>a考点:对数值大小的比较;不等式比较大小.分析:依据指数函数和对数函数的单调性推断出abc的范围即可得到答案.解答:解:∵a=20.1>20=10=ln1<b=ln<lne=1c=<log31=0∴a>b>c故选A.点评:本题主要考查指数函数和对数函数的单调性,即当底数大于1时单调递增,当底数大于0小于1时单调递减.5.(5分)已知函数f(x)=ax﹣x3在区间[1,+∞)上单调递减,则a的最大值是()A.0B.1C.2D.3考点:利用导数争辩函数的单调性.专题:计算题.分析:依据f(x)在区间[1,+∞)上单调递减,可得f'(x)≥0在区间[1,+∞)上恒成立,建立等量关系,求出参数a最大值即可.解答:解:∵f(x)=ax﹣x3∴f′(x)=a﹣3x2∵函数f(x)=ax﹣x3在区间[1,+∞)上单调递减,∴f′(x)=a﹣3x2≤0在区间[1,+∞)上恒成立,∴a≤3x2在区间[1,+∞)上恒成立,∴a≤3.故选D.点评:本小题主要考查运用导数争辩函数的单调性及恒成立等基础学问,考查综合分析和解决问题的力量.6.(5分)已知f(x)是定义在R上的奇函数,且x≥0时f(x)的图象如图所示,则f(﹣2)=()A.﹣3 B.﹣2 C.﹣1 D.2考点:函数奇偶性的性质.专题:函数的性质及应用.分析:依据函数奇偶性的性质结合函数图象即可得到结论.解答:解:∵函数f(x)是定义在R上的奇函数,∴f(﹣2)=﹣f(2)=﹣2,故选:B点评:本题主要考查函数值的计算,依据函数的奇偶性以及函数图象进行转化时解决本题的关键.7.(5分)函数y=sin(x ﹣)的一条对称轴可以是直线()A.x =B.x =πC.x=﹣πD.x=考点:正弦函数的对称性.专题:三角函数的图像与性质.分析:利用正弦函数的对称性可求得其对称轴方程为:x=kπ+(k∈Z),从而可得答案.解答:解:由x ﹣=kπ+(k∈Z)得:x=kπ+(k∈Z),∴函数y=sin(x ﹣)的对称轴方程为:x=kπ+(k∈Z),当k=1时,x=π,∴方程为x=π的直线是函数y=sin(x ﹣)的一条对称轴,故选:B.点评:本题考查正弦函数的对称性,求得其对称轴方程为:x=kπ+(k∈Z)是关键,属于中档题.8.(5分)在△ABC中,角A、B、C所对应的边分别为a、b、c,已知bcosC+ccosB=2b ,则=()A.2B.C.D.1考点:正弦定理.专题:解三角形.分析:利用正弦定理把已知等式中的边转化成角的正弦,进而利用两角和公式对等号左边进行化简求得sinA和sinB的关系,进而利用正弦定理求得a和b的关系.解答:解:∵bcosC+ccosB=2b,∴sinBcosC+cosBsinC=sin(B+C)=sinA=2sinB,∴=2,由正弦定理知=,∴==2,故选:A.点评:本题主要考查了正弦定理的应用,三角函数恒等变换的应用.考查了同学分析和运算力量.9.(5分)函数y=2x﹣x2的图象大致是()A.B.C.D .考点:函数的图象.专题:函数的性质及应用.分析:分别画出y=2x,y=x2的图象,由图象可以函数与x轴有三个交点,且当x<﹣1时,y<0,故排解BCD,问题得以解决.解答:解:y=2x﹣x2,令y=0,则2x﹣x2=0,分别画出y=2x,y=x2的图象,如图所示,由图象可知,有3个交点,∴函数y=2x﹣x2的图象与x轴有3个交点,故排解BC,当x<﹣1时,y<0,故排解D故选:A.点评:本题主要考查了图象的识别和画法,关键是把握指数函数和幂函数的图象,属于基础题.10.(5分)若函数y=f(x)(x∈R)满足f(x﹣2)=f(x),且x∈[﹣1,1]时,f(x)=1﹣x2,函数g(x)=,则函数h(x)=f(x)﹣g(x)在区间[﹣5,6]内的零点的个数为()A.13 B.8C.9D.10考点:函数的零点;函数的周期性.专题:函数的性质及应用.分析:由f(x+2)=f(x),知函数y=f(x)(x∈R)是周期为2的函数,进而依据f(x)=1﹣x2与函数g(x)=的图象得到交点为9个.解答:解:由于f(x﹣2)=f(x),所以函数y=f(x)(x∈R)是周期为2函数.由于x∈[﹣1,1]时,f(x)=1﹣x2,所以作出它的图象,利用函数y=f(x)(x∈R)是周期为2函数,可作出y=f(x)在区间[﹣5,6]上的图象,如图所示:故函数h(x)=f(x)﹣g(x)在区间[﹣5,6]内的零点的个数为9,故选C.点评:本题的考点是函数零点与方程根的关系,主要考查函数零点的定义,关键是正确作出函数图象,留意把握周期函数的一些常见结论:若f(x+a)=f(x),则周期为a;若f(x+a)=﹣f(x),则周期为2a;若f(x+a)=,则周期为2a,属于基础题.二、填空题(本大题共5小题,每小题5分,共25分).11.(5分)在数列{a n}中,a1=15,3a n+1=3a n﹣2(n∈N+),则该数列中相邻两项的乘积是负数的为a23•a24.考点:等差数列的性质.专题:计算题;等差数列与等比数列.分析:把等式3a n+1=3a n﹣2变形后得到a n+1﹣a n等于常数,即此数列为首项为15,公差为﹣的等差数列,写出等差数列的通项公式,令通项公式小于0列出关于n的不等式,求出不等式的解集中的最小正整数解,即可得到从这项开头,数列的各项为负,这些之前各项为正,得到该数列中相邻的两项乘积是负数的项.解答:解:由3a n+1=3a n﹣2,得到公差d=a n+1﹣a n=﹣,又a1=15,则数列{a n}是以15为首项,﹣为公差的等差数列,所以a n=15﹣(n﹣1)=﹣n+,令a n=﹣n+<0,解得n >,即数列{a n}从24项开头变为负数,所以该数列中相邻的两项乘积是负数的项是a23a24.故答案为:a23•a24点评:此题考查同学机敏运用等差数列的通项公式化简求值,把握确定一个数列为等差数列的方法,是一道综合题.12.(5分)向量=(1,sinθ),=(1,cosθ),若•=,则sin2θ=.考点:平面对量的综合题.专题:计算题.分析:由==可求解答:解:∵==∴sin2θ=故答案为:点评:本题主要考查了向量的数量积的坐标表示,三角函数的二倍角公式的应用,属于基础试题13.(5分)已知函数f(x)=x2+mx﹣1,若对于任意x∈[m,m+1],都有f(x)<0成立,则实数m的取值范围是(﹣,0).考点:二次函数的性质.专题:函数的性质及应用.分析:由条件利用二次函数的性质可得,由此求得m的范围.解答:解:∵二次函数f (x)=x2+mx ﹣1的图象开口向上,对于任意x∈[m,m+1],都有f(x)<0成立,∴,即,解得﹣<m<0,故答案为:(﹣,0).点评:本题主要考查二次函数的性质应用,体现了转化的数学思想,属于基础题.14.(5分)设f1(x)=cosx,定义f n+1(x)为f n(x)的导数,即f n+1(x)=f′n(x)n∈N*,若△ABC的内角A满足f1(A)+f2(A)+…+f2021(A)=,则sin2A的值是.考点:导数的运算.专题:导数的综合应用.分析:由已知分别求出f2(x),f3(x),f4(x),f5(x),可得从第五项开头,f n(x)的解析式重复消灭,每4次一循环,结合f1(A)+f2(A)+…+f2021(A)=求出cosA,进一步得到sinA,则答案可求.解答:解:∵f1(x)=cosx,∴f2(x)=f1′(x)=﹣sinx,f3(x)=f2′(x)=﹣cosx,f4(x)=f3′(x)=sinx,f5(x)=f4′(x)=cosx,…从第五项开头,f n(x)的解析式重复消灭,每4次一循环.∴f1(x)+f2(x)+f3(x)+f4(x)=0.∴f2021(x)=f4×503+1(x)=f1(x)=cosx.∵f1(A)+f2(A)+…+f2021(A)=.∴cosA=.∵A为三角形的内角,∴sinA=.∴sin2A=2sinAcosA=.故答案为:.点评:本题考查了导数及其运算,关键是找到函数解析式规律性,是中档题.15.(5分)给出下列命题:①函数y=cos (2x﹣)图象的一条对称轴是x=②在同一坐标系中,函数y=sinx与y=lgx的交点个数为3个;③将函数y=sin(2x+)的图象向右平移个单位长度可得到函数y=sin2x的图象;④存在实数x,使得等式sinx+cosx=成立;其中正确的命题为①②(写出全部正确命题的序号).考点:命题的真假推断与应用.专题:计算题;简易规律.分析:①由x=时,y=﹣1,可得结论;②利用函数图象,求解;③依据图象的平移规律可得结论;④依据sinx+cosx=sin(x+)≤<,可以推断.解答:解:①函数y=cos(2x ﹣),x=时,y=﹣1,所以函数y=cos(2x ﹣)图象的一条对称轴是x=,正确;②在同一坐标系中,画出函数y=sinx和y=lgx的图象,所以结合图象易知这两个函数的图象有3交点,正确;③将函数y=sin(2x+)的图象向右平移个单位长度可得到函数y=sin[2(x ﹣)+],即y=sin(2x ﹣)的图象,故不正确;④sinx+cosx=sin(x+)≤<,故不存在实数x,使得等式sinx+cosx=成立;故答案为:①②.点评:本题利用三角函数图象与性质,考查命题的真假推断与应用,考查同学分析解决问题的力量,属于中档题.三、解答题(本大题共6小题,共75分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤).16.(12分)已知集合A={x|2x<8},B={x|x2﹣2x﹣8<0},C={x|a<x<a+1}.(Ⅰ)求集合A∩B;(Ⅱ)若C⊆B,求实数a的取值范围.考点:集合的包含关系推断及应用.专题:集合.分析:(I)解指数不等式求出A,解二次不等式求出B,进而可得集合A∩B;(Ⅱ)若C⊆B ,则,解不等式组可得实数a的取值范围.解答:解:(Ⅰ)由2x<8,得2x<23,x<3.(3分)解不等式x2﹣2x﹣8<0,得(x﹣4)(x+2)<0,所以﹣2<x<4.(6分)所以A={x|x<3},B={x|﹣2<x<4},所以A∩B={x|﹣2<x<3}.(9分)(Ⅱ)由于C⊆B,所以(11分)解得﹣2≤a≤3.所以,实数a的取值范围是[﹣2,3].(13分)点评:本题考查的学问点是集合的包含关系推断及应用,集合的交集运算,解不等式,难度不大,属于基础题.17.(12分)设命题p:函数y=kx+1在R上是增函数,命题q:曲线y=x2+(2k﹣3)x+1与x轴交于不同的两点,假如p∧q是假命题,p∨q是真命题,求k的取值范围.考点:复合命题的真假.专题:简易规律.分析:易得p:k>0,q :或,由p∧q是假命题,p∨q是真命题,可得p,q一真一假,分别可得k的不等式组,解之可得.解答:解:∵函数y=kx+1在R上是增函数,∴k>0,又∵曲线y=x2+(2k﹣3)x+1与x轴交于不同的两点,∴△=(2k﹣3)2﹣4>0,解得或,∵p∧q是假命题,p∨q是真命题,∴命题p,q一真一假,①若p真q 假,则,∴;②若p假q 真,则,解得k≤0,综上可得k的取值范围为:(﹣∞,0]∪[,]点评:本题考查复合命题的真假,涉及不等式组的解法和分类争辩的思想,属基础题.18.(12分)在平面直角坐标系中,角α,β的始边为x轴的非负半轴,点P(1,2cos2θ)在角α的终边上,点Q(sin2θ,﹣1)在角β的终边上,且.(1)求cos2θ;(2)求P,Q的坐标并求sin(α+β)的值.考点:两角和与差的正弦函数;平面对量数量积的运算;同角三角函数间的基本关系;二倍角的余弦.专题:计算题.分析:(1)利用向量数量积运算得出sin2θ﹣2cos2θ=﹣1,再利用二倍角余弦公式求出cos2θ.(2)由(1)可以求出P,Q的坐标,再利用任意角三角函数的定义求出α,β的正、余弦值.代入两角和的正弦公式计算.解答:解(1)=(1,2cos2θ),=(sin2θ,﹣1),∵,∴sin2θ﹣2cos2θ=﹣1,∴,∴.(2)由(1)得:,∴,∴∴,,由任意角三角函数的定义,,同样地求出,,∴点评:本题考查向量的数量积运算、任意角三角函数的定义、利用三角函数公式进行恒等变形以及求解运算力量.19.(12分)在△ABC中,a,b,c分别是角A,B,C的对边,已知3(b2+c2)=3a2+2bc.(Ⅰ)若,求tanC的大小;(Ⅱ)若a=2,△ABC 的面积,且b>c,求b,c.考点:余弦定理的应用.专题:综合题;解三角形.分析:(Ⅰ)由3(b2+c2)=3a2+2bc,利用余弦定理,可得cosA ,依据,即可求tanC的大小;(Ⅱ)利用面积及余弦定理,可得b、c的两个方程,即可求得结论.解答:解:(Ⅰ)∵3(b2+c2)=3a2+2bc,∴=∴cosA=,∴sinA=∵,∴∴∴∴tanC=;(Ⅱ)∵ABC 的面积,∴,∴bc=①∵a=2,∴由余弦定理可得4=b2+c2﹣2bc ×∴b2+c2=5②∵b>c,∴联立①②可得b=,c=.点评:本题考查余弦定理,考查三角形面积的计算,考查同学的计算力量,属于中档题.20.(13分)定义在实数集上的函数f(x)=x2+x,g(x)=x3﹣2x+m.(1)求函数f(x)的图象在x=1处的切线方程;(2)若f(x)≥g(x)对任意的x∈[﹣4,4]恒成立,求实数m的取值范围.考点:利用导数求闭区间上函数的最值;利用导数争辩函数的单调性;利用导数争辩曲线上某点切线方程.专题:导数的综合应用.分析:(1)求切线方程,就是求k=f′(1),f(1),然后利用点斜式求直线方程,问题得以解决;(2)令h(x)=g(x)﹣f(x),要使f(x)≥g(x)恒成立,即h(x)max≤0,转化为求最值问题.解答:解:(1)∵f(x)=x2+x∴f′(x)=2x+1,f(1)=2,∴f′(1)=3,∴所求切线方程为y﹣2=3(x﹣1),即3x﹣y﹣1=0;(2)令h(x)=g(x)﹣f(x)=x3﹣2x+m﹣x2﹣x=x3﹣3x+m﹣x2∴h′(x)=x2﹣2x﹣3,当﹣4<x<﹣1时,h′(x)>0,当﹣1<x<3时,h′(x)<0,当3<x<4时,h′(x)>0,要使f(x)≥g(x)恒成立,即h(x)max≤0,由上知h(x)的最大值在x=﹣1或x=4取得,而h(﹣1)=,h(4)=m ﹣,∵m+,∴,即m.点评:导数再函数应用中,求切线方程就是求某点处的导数,再求参数的取值范围中,转化为求函数的最大值或最小值问题.21.(14分)已知点A(x1,f(x1)),B(x2,f(x2))是函数f(x)=2sin(ωx+φ)图象上的任意两点,且角φ的终边经过点,若|f(x1)﹣f(x2)|=4时,|x1﹣x2|的最小值为.(1)求函数f(x)的解析式;(2)求函数f(x)的单调递增区间;(3)当时,不等式mf(x)+2m≥f(x)恒成立,求实数m的取值范围.考点:三角函数的最值.专题:三角函数的图像与性质.分析:(1)利用三角函数的定义求出φ的值,由|f(x1)﹣f(x2)|=4时,|x1﹣x2|的最小值为,可得函数的周期,从而可求ω,进而可求函数f(x)的解析式;(2)利用正弦函数的单调增区间,可求函数f(x)的单调递增区间;(3)当时,不等式mf(x)+2m≥f(x )恒成立,等价于,由此可求实数m的取值范围.解答:解:(1)角φ的终边经过点,∴,…(2分)∵,∴.…(3分)由|f(x1)﹣f(x2)|=4时,|x1﹣x2|的最小值为,得,即,∴ω=3…..(5分)∴…(6分)(2)由,可得,…(8分)∴函数f(x )的单调递增区间为k∈z…(9分)(3 )当时,,…(11分)于是,2+f(x)>0,∴mf(x)+2m≥f(x )等价于…(12分)由,得的最大值为…(13分)∴实数m 的取值范围是.…(14分)点评:本题考查函数解析式的确定,考查三角函数的性质,考查分别参数法的运用,考查同学分析解决问题的力量,属于中档题.。

2020-2021年山东省临沂市某校高三(上)期末考试数学试卷

2020-2021年山东省临沂市某校高三(上)期末考试数学试卷

2020-2021年山东省临沂市某校高三(上)期末考试数学试卷一、选择题1. 若(a−b i)i=1+i(a,b∈R),则1a+bi=( )A.1+i2B.1−i2C.−1+i2D.−1−i22. 命题“∀a>0,a+1a≥2”的否定是( )A.∃a≤0,a+1a <2 B.∃a>0,a+1a<2C.∀a≤0,a+1a ≥2 D.∀a>0,a+1a<23. 函数f(x)=e x在点(0,f(0))处的切线方程是( )A.y=xB.y=x−1C.y=x+1D.y=2x4. 音乐,是人类精神通过无意识计算而获得的愉悦享受,1807年法国数学家傅里叶发现代表任何周期性声音的公式是形如y=A sinωx的简单正弦型函数之和,而且这些正弦型函数的频率都是其中一个最小频率的整数倍,比如用小提琴演奏的某音叉的声音图象是由下图1,2,3三个函数图象组成的,则小提琴演奏的该音叉的声音函数可以为( )A.f(t)=0.06sin1000πt+0.02sin1500πt+0.01sin3000πtB.f(t)=0.06sin500πt+0.02sin2000πt+0.01sin3000πtC.f(t)=0.06sin1000πt+0.02sin2000πt+0.01sin3000πtD.f(t)=0.06sin1000πt+0.02sin2500πt+0.01sin3000πt5. 2020年12月17日凌晨,嫦娥五号返回器携带月球土壤样品,在预定区域安全着陆.嫦娥五号是使用长征五号火箭发射成功的,在不考虑空气阻力的情况下,火箭的最大速度v(单位:m/s)和燃料的质量M(单位:kg)、火箭(除燃料外)的质量m(单位:kg)的函数关系表达式为v=2000ln(1+Mm).如果火箭的最大速度达到12km/s,则燃料的质量与火箭的质量的关系是( )A.M =e 6mB.Mm =e 6−1C.ln M +ln m =6D.M m =e 6−16. 已知某圆锥的侧面展开图是半径为2的半圆,则该圆锥的体积为( )A.√3π3 B.√3π C.2√3π D.2π7. 已知抛物线C 1:y 2=12x ,圆C 2:(x −3)2+y 2=1,若点A ,B 分别在C 1,C 2上运动,点M (1,1),则|AM|+|AB|的最小值为( )A.2B.√5C.2√2D.38. 已知定义在R 上的奇函数f (x )满足f (x )=f (2−x ),当x ∈[−1,1]时,f (x )=3x ,若函数g (x )=f (x )−k (x −2)的所有零点为x i (i =1,2,3,⋯,n ),当37<k <1时,∑x i n i=1=( )A.6B.8C.10D.12 二、多选题设全集为U ,如图所示的阴影部分用集合可表示为( )A.A ∩BB.∁U A ∩BC.∁U (A ∩B )∩BD.∁U A ∪B某地区机械厂为倡导“大国工匠精神”,提高对机器零件质量的品质要求,对现有产品进行抽检,由抽检结果可知,该厂机器零件的质量指标值Z 服从正态分布N(200,224),则( )(附:√224≈14.97,若Z ∼N (μ,σ2),则P (μ−σ<Z <μ+σ)=0.6826,P(μ−2σ<Z <μ+2σ)=0.9544)A.P (185.03<Z <200)=0.6826B.P (200≤Z <229.94)=0.4772C.P (185.03<Z <229.94)=0.9544D.任取10000件机器零件,其质量指标值位于区间(185.03,229.94)内的件数约为8185件将函数f (x )=sin 2x 的图象向左平移π6个单位,得到函数y =g (x )的图象,则以下说法正确的是( ))上单调递增A.函数g(x)在(0,π6,0)对称B.函数y=g(x)的图象关于点(−π6)=−g(x)C.g(x−π2)≥g(x)D.g(π6已知数列{a n}满足:a n+1 a n=1+a n,a1=1,设b n=ln a n(n∈N∗),数列{b n}的前n项和为S n.则下列选项正确的是( )(ln2≈0.693,ln3≈1.099)A.数列{a2n−1}单调递增,数列{a2n}单调递减B.b n+b n+1≤ln3C.S2020>693D.b2n−1>b2n三、填空题如图,在底面边长为2,高为3的正四棱柱中,大球与该正四棱柱的五个面均相切,小球在大球上方且与该正四棱柱的三个面相切,也与大球相切,则小球的半径为________.四、解答题在①点(a n,S n)在直线2x−y−1=0上;②a1=2,S n+1=2S n+2;③a n>0,a1=1,2+3a n a n+1−2a n2=0这三个条件中任选一个,补充在下面问题中,并求解.2a n+1问题:已知数列{a n}的前n项和为S n,________.(1)求{a n}的通项公式;(2)求S n,并判断−S1,S n,S n+1是否成等差数列,且说明理由.已知△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且√3a cos C−c sin A=√3b.(1)求A;(2)若c=2,且BC边上的中线长为√3,求b.已知正方形ABCD的边长为2,沿AC将三角形ACD折起到PAC位置(如图),G为三角形PAC的重心,点E在边BC上,GE//平面PAB.(1)若CE=λEB,求λ的值;(2)若GE⊥PA,求平面GEC与平面PAC所成锐二面角的余弦值.在一个系统中,每一个设备能正常工作的概率称为设备的可靠度,而系统能正常工作的概率称为系统的可靠度,为了增加系统的可靠度,人们经常使用“备用冗余设备”(即正在使用的设备出故障时才启动的设备).已知某计算机网络服务器系统采用的是“一用两备”(即一台正常设备,两台备用设备)的配置,这三台设备中,只要有一台能正常工作,计算机网络就不会断掉.设三台设备的可靠度均为r(0<r<1),它们之间相互不影响.(1)要使系统的可靠度不低于0.992,求r的最小值;(2)当r=0.9时,求能正常工作的设备数X的分布列;(3)已知某高科技产业园当前的计算机网络中每台设备的可靠度是0.7,根据以往经验可知,计算机网络断掉可能给该产业园带来约50万的经济损失.为减少对该产业园带来的经济损失,有以下两种方案:方案1:更换部分设备的硬件,使得每台设备的可靠度维持在0.9,更新设备硬件总费用为8万元;方案2:对系统的设备进行维护,使得设备可靠度维持在0.8,设备维护总费用为5万元.请从期望损失最小的角度判断决策部门该如何决策?已知点B是圆C:(x−1)2+y2=16上的任意一点,点F(−1,0),线段BF的垂直平分线交BC于点P.(1)求动点P的轨迹E的方程;(2)设曲线E与x轴的两个交点分别为A1,A2,Q为直线x=4上的动点,且Q不在x轴上,QA1与E的另一个交点为M,QA2与E的另一个交点为N,证明:△FMN的周长为定值.已知函数f(x)=e x−1−ax(a∈R)在区间(0,2)上有两个不同的零点x1,x2.(1)求实数a的取值范围;(2)求证:x1x2>1.a参考答案与试题解析2020-2021年山东省临沂市某校高三(上)期末考试数学试卷一、选择题1.【答案】B【考点】复数代数形式的乘除运算复数的基本概念【解析】利用复数的运算和复数相等的充要条件求解即可.【解答】解:∵(a−b i)i=1+i(a,b∈R),∴ b+a i=1+i,∴b=1,a=1,∴1a+b i =1−i(1+i)(1−i)=1−i2.故选B.2.【答案】B【考点】命题的否定【解析】利用全称命题的否定为特称命题进行求解即可. 【解答】解:全称命题的否定为特称命题,所以命题“∀a>0,a+1a ≥2”的否定是“∃a>0,a+1a<2”.故选B.3.【答案】C【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程【解析】求出原函数的导函数,得到f′(0),再求出f(0),利用直线方程的点斜式得答案.【解答】解:由f(x)=e x,得f′(x)=e x,f′(0)=e0=1,又f(0)=e0=1,曲线f(x)在点(0,f(0))处的切线方程为y=x+1.故选C.4.【答案】C【考点】由y=Asin (ωx+φ)的部分图象确定其解析式【解析】利用y =A sin (wπ+φ)的部分图象求函数解析式.【解答】解:图1中,A 1=0.06,T =1500,由T =2πw 可得,w 1=2π1500=1000π,所以图1的声音函数为y =0.06sin 1000πt ,频率为f 1=1T 1=500;图3中,3T =1500,所以w 3=3×2π1500=3000π.因为A 3=0.01,所以图3的声音函数为y =0.01sin 3000πt ,频率为f 3=1T 3=1500;在f 1,f 3中最小频率为f 1=500,比较图1,图2可知,f 2大于f 1,故f 2=nf 1(n ∈Z ),所以w 2=nf 1π,在相同时间t =2500内, 图2:由4T 2=2500可得T 2=11000,所以w 2=2000π.因为A 2=0.02,所以图2的声音函数为y =0.02sin 2000πt .综上,f(t)=0.06sin 1000πt +0.02sin 2000πt +0.01sin 3000πt .故选C .5.【答案】D【考点】根据实际问题选择函数类型对数及其运算【解析】根据要使火箭的最大速度可达12km/s ,代入函数解析式建立方程,然后解对数方程即可.【解答】解:因为v =2000ln (1+M m ),要使火箭的最大速度可达12km/s ,则12000=2000ln(1+Mm),所以Mm=e6−1.故选D.6.【答案】A【考点】柱体、锥体、台体的体积计算【解析】首先根据侧面展开图弧长等于底面周长,求得底面积.再利用勾股定理算得圆锥高,求得体积.【解答】解:∵ 侧面展开图半径R=2,∴ 底面周长C=12×2πR=12×2π×2=2π.∵ 底面半径r=1,∴ 底面面积S=πr2=π,圆锥高为ℎ2+r2=R2,即ℎ2+12=22,解得ℎ=√3,∴ 圆锥的体积V=13Sℎ=√33π.故选A.7.【答案】D【考点】抛物线的性质圆与圆锥曲线的综合问题【解析】由抛物线的性质到焦点的距离等于到准线的距离,可得|AM|+|AB的最小值.【解答】解:∵ 抛物线C1:y2=12x,∴ 焦点F(3,0),准线x=−3.∵ (x−3)2+y2=1,∴ 圆心C2(3,0),r=1,连接BC2,当满足A,B,C2三点共线,AM+AB最小,即AM+AC2,过A作x=−3的垂线,垂足为H,则AC2=AH,∴ AM+AC2=AM+AH,当M,A,H三点共线时AH+AM最小,此时(|AH|+|AM|)min=3+1=4,∴(|AM|+|AB|)min=4−1=3.故选D.8.【答案】C【考点】函数奇偶性的性质函数的零点与方程根的关系【解析】【解答】解:因为f(x)=f(2−x),所以其对称轴为x=1,由此画出图象.根据37<k<1可找到g(x)的零点个数5个,分别设为A,B,C,D,E,且关于(2,0)对称,其中A+B2=2,D+E2=2,C=2.所以最终和为10.故选C.二、多选题【答案】B,C【考点】Venn图表达集合的关系及运算【解析】集合韦恩图,判断出阴影部分中的元素在B中但不在A中,即在B与A的补集的交集中;阴影部分中的元素在集合B中也在集合A∩B的补集中,.【解答】解:由图知,阴影部分中的元素在集合B中但不在集合A中,所以阴影部分所表示的集合是∁U A∩B;由图知,阴影部分中的元素在集合B中也在集合A∩B的补集中,所以阴影部分所表示的集合是∁U(A∩B)∩B.故选BC.【答案】B,D【考点】正态分布密度曲线【解析】利用正态分布密度曲线求解.【解答】解:由题意得N(200,224),∴ μ=200,σ2=224,即σ≈14.97.∴ μ+σ=214.97,μ−σ=185.03,μ+2σ=229.94,,μ−2σ=170.06,P(170.06<Z<229.04)=0.9544,P(185.03<Z<214.97)=0.6826,A,由正态分布函数的对称性可得,P(185.03<Z<200)=12×0.6826=0.3413,故A错误;B,由正态分布函数的对称性可得,P(200≤Z<229.94)=12×0.9544=0.4772,故B正确;C,P(185.03<Z<229.94)=P(185.03<Z<200)+P(200≤Z<229.94)=0.8185,故C错误;D,10000件中位于区间(185.03,229.94)内的件数为10000×0.8185=8185件,故D正确.故选BD.【答案】B,C【考点】正弦函数的对称性正弦函数的单调性函数y=Asin(ωx+φ)的图象变换诱导公式【解析】【解答】解:f(x)=sin2x图象向左平移π6个单位,得g(x)=sin[2(x+π6)]=sin(2x+π3),A,令−π2+2kπ≤2x+π3≤π2+2kπ,k∈Z,解得−5π12+kπ≤x≤π12+kπ,k∈Z,∴ g(x)的单调递增区间为[−5π12+kπ,π12+kπ],∴ 当k=0时,g(x)的单调递增区间为[−5π12,π12],故A错误;B ,令2x +π3=kπ,k ∈Z ,∴ x =−π6+kπ2,∴ 当k =0时, g (x )图象关于(−π6,0)对称.故B 正确; C ,g (x −π2)=sin [2(x −π2)+π3]=sin (2x +π3+π)=−sin (2x +π3)=−g (x ) ,故C 正确; D ,g (π6)=sin (2×π6+π3)=sin 2π3=√32<1,∴ g (π6)不是g (x )的最大值.故D 错误.故选BC . 【答案】 A,B,C 【考点】 数列的求和 数列递推式 数列的函数特性【解析】【解答】解:A ,由a 1=1,a n+1 a n =1+a n , 所以a n+1=a n +1a n,即a n+2=2a n +1a n +1,令g(x)=2x+1x+1,则g ′(x )=1(x+1)2>0, 所以g(x)单调递增,an+2−a na n−an−2>0,所以{a 2n },{a 2n−1}都具有单调性. 又a 1<a 2,a 2>a 4,所以{a 2n−1}单调递增,{a 2n }单调递减,故A 正确;B ,欲证b n +b n+1=ln a n +ln a n+1=ln (a n a n+1)≤ln 3, 即证a n a n+1≤3,即a n +1≤3,a n ≤2, 由a n+1=a n +1a n,即a n−1+1a n−1≤2⇒a n−1≥1,显然n =2时,a 1=1, 当n ≥3时,a n−1=a n−2+1a n−2>1,故B 正确;C ,因为a n ∈[1,2],所以a n a n+1=a n +1∈[2,3],b n +b n+1∈[ln 2,ln 3],所以S 2020≥1010×ln 2>693,故C 正确; D ,a 1=1<√5+12, 若a 2n−1<√5+12, 则a 2n+1=2−1a 2n−1+1<2√5+12+1=√5+12, a 2=2>√5+12, 若a 2n >√5+12, 则a 2n+2=2−1a2n+1>2√5+12+1=√5+12, 由数学归纳法a 2n−1<√5+12<a 2n ,则a 2n−1<a 2n ,b 2n−1<b 2n ,故D 错误. 故选ABC . 三、填空题 【答案】5−√152【考点】 球内接多面体 【解析】利用球的内接多面体求小球的半径. 【解答】解:如图,建立空间直角坐标系, 记小球圆心为O 2,大球圆心为O 1,设小球半径为r ,则O 1(1,1,2),O 2(r,r,r), ∵ 大小球相切,则√(1−r)2+(1−r)2+(2−r)2=1+r , 解得r =5+√152或r =5−√152,∵r<1,∴r=5−√152.故答案为:5−√152.四、解答题【答案】解:(1)选条件①,由题意得2a n−S n−1=0,当n=1时,a1=1.因为S n=2a n−1,所以S n+1=2a n+1−1,所以a n+1=2a n+1−2a n,所以a n+1=2a n,即a n+1a n=2.又因为a1=1,所以{a n}是以1为首项,2为公比的等比数列,所以a n=2n−1.选条件②,因为S n+1=2S n+2,所以S n=2S n−1+2(n≥2),所以a n+1=2a n,即a n+1a n=2(n≥2).又因为a1=2,所以{a n}是以2为首项,2为公比的等比数列,所以a n=2n.选条件③,因为2a n+12+3a n a n+1−2a n2=0,所以(2a n+1−a n)(a n+1+2a n)=0.因为a n>0,所以a n+1+2a n≠0,所以2a n+1=a n,所以a n+1a n =12,所以{a n}是以1为首项,12为公比的等比数列,所以a n=(12)n−1 .(2)选条件①,因为S n=1−2n1−2=2n−1,所以S n+1+(−S1)=2n+1−1−1=2n+1−2. 因为2S n=2n+1−2,所以S n+1+(−S1)=2S n,所以−S1,S n,S n+1成等差数列;选条件②,S n=2(1−2n)1−2=2(2n−1),所以S n+1+(−S 1)=2(2n+1−1)−2=2n+2−4. 因为2S n =2n+2−4, 所以S n+1+(−S 1)=2S n ,所以−S 1,S n ,S n+1成等差数列; 选条件③, S n =1−(12)n1−12=2[1−(12)n ] ,所以S n+1+(−S 1)=2[1−(12)n+1]−1=1−(12)n . 因为2S n =4[1−(12)n ],所以−S 1,S n ,S n+1不成等差数列. 【考点】 数列递推式等比数列的通项公式 等差数列的前n 项和 等差数列的性质【解析】 此题暂无解析 【解答】解:(1)选条件①,由题意得2a n −S n −1=0, 当n =1时,a 1=1. 因为S n =2a n −1, 所以S n+1=2a n+1−1, 所以a n+1=2a n+1−2a n , 所以a n+1=2a n ,即a n+1a n=2.又因为a 1=1 ,所以{a n }是以1为首项,2为公比的等比数列, 所以a n =2n−1 . 选条件②,因为S n+1=2S n +2,所以S n =2S n−1+2(n ≥2), 所以a n+1=2a n ,即a n+1a n=2(n ≥2).又因为a 1=2,所以{a n }是以2为首项,2为公比的等比数列, 所以a n =2n . 选条件③,因为2a n+12+3a n a n+1−2a n 2=0, 所以(2a n+1−a n )(a n+1+2a n )=0. 因为a n >0,所以a n+1+2a n ≠0, 所以2a n+1=a n , 所以a n+1a n=12,所以{a n }是以1为首项,12为公比的等比数列,所以a n =(12)n−1 . (2)选条件①, 因为S n =1−2n 1−2=2n −1,所以S n+1+(−S 1)=2n+1−1−1=2n+1−2. 因为2S n =2n+1−2, 所以S n+1+(−S 1)=2S n ,所以−S 1,S n ,S n+1成等差数列; 选条件②, S n =2(1−2n )1−2=2(2n −1),所以S n+1+(−S 1)=2(2n+1−1)−2=2n+2−4. 因为2S n =2n+2−4, 所以S n+1+(−S 1)=2S n , 所以−S 1,S n ,S n+1成等差数列; 选条件③, S n =1−(12)n1−12=2[1−(12)n ] ,所以S n+1+(−S 1)=2[1−(12)n+1]−1=1−(12)n . 因为2S n =4[1−(12)n ],所以−S 1,S n ,S n+1不成等差数列. 【答案】解:(1)因为√3a cos C −c sin A =√3b ,由正弦定理得,√3sin A cos C −sin C sin A =√3sin B . 因为B =π−A −C ,所以√3sin A cos C −sin C sin A =√3sin (A +C),即√3sin A cos C −sin C sin A =√3sin A cos C +√3cos A sin C , 整理可得−sin C sin A =√3cos A sin C , 因为sin C ≠0, 所以−sin A =√3cos A , 所以tan A =−√3, 又因为A ∈(0,π), 所以A =2π3.(2)由余弦定理得a 2=b 2+c 2−2bc cos A =b 2+4+2b ① 又因为在△ABC 中,cos B =a 2+c 2−b 22ac=a 2+4−b 24a,设BC 的中点为D , 在△ABD 中,cos B =(a 2)2+c 2−AD 22×a 2×c=a 24+12a,所以a 2+4−b 24a=a 24+12a,得a 2+4−2b 2=0②,由①②可得,b2−2b−8=0,解得b=4或b=−2(舍去),所以b=4.【考点】正弦定理两角和与差的正弦公式同角三角函数间的基本关系诱导公式余弦定理【解析】此题暂无解析【解答】解:(1)因为√3a cos C−c sin A=√3b,由正弦定理得,√3sin A cos C−sin C sin A=√3sin B.因为B=π−A−C,所以√3sin A cos C−sin C sin A=√3sin(A+C),即√3sin A cos C−sin C sin A=√3sin A cos C+√3cos A sin C,整理可得−sin C sin A=√3cos A sin C,因为sin C≠0,所以−sin A=√3cos A,所以tan A=−√3,又因为A∈(0,π),所以A=2π3.(2)由余弦定理得a2=b2+c2−2bc cos A=b2+4+2b①又因为在△ABC中,cos B=a 2+c2−b22ac=a2+4−b24a,设BC的中点为D,在△ABD中,cos B=(a2)2+c2−AD22×a2×c=a24+12a,所以a 2+4−b24a=a24+12a,得a2+4−2b2=0②,由①②可得,b2−2b−8=0,解得b=4或b=−2(舍去),所以b=4.【答案】解:(1)如图,连接CG延长交PA于F点,连接BF,因为GE//平面PAB,GE⊂平面CBF,平面CBF∩平面PAB=BF,所以GE//BF.因为G为三角形PAC的重心,所以F为PA的中点,所以CG=2GF,所以CE=2EB,所以λ=2.(2)因为GE⊥PA,由(1)知GE//BF,所以BF ⊥PA .因为F 为PA 的中点, 所以PB =AB =2.取AC 中点O ,连接PO ,则PO =√2,BO =√2,在△POB 中,PO 2+BO 2=PB 2, 所以PO ⊥BO ,又PO ⊥AO ,且AO ∩BO =O , 所以PO ⊥平面ABC ,以O 为原点,OB 所在直线为x 轴,OC 所在直线为y 轴,OP 所在直线为z 轴建立空间直角坐标系,则OP =OA =OB =√2,A(0,−√2,0),B(√2,0,0),C(0,√2,0),P(0,0,√2),F(0,−√22,√22), FC →=(0,3√22,−√22),BC →=(−√2,√2,0),设平面BCF 的法向量为m →=(x,y,z ), 则{FC →⋅m →=0,BC →⋅m →=0,即{32y −12z =0,−x +y =0,令x =1,可得m →=(1,1,3)为平面BCF 的一个法向量, 平面PAC 的法向量为n →=(1,0,0),设平面PAC 与平面BCF 所成锐二面角的大小为α, cos α=|cos <m →,n →>|=1√11×1=√1111. 即平面GEC 与平面PAC 所成锐二面角的余弦值为√1111. 【考点】两条直线平行的判定用空间向量求平面间的夹角 【解析】 此题暂无解析【解答】解:(1)如图,连接CG 延长交PA 于F 点,连接BF ,因为GE//平面PAB ,GE ⊂平面CBF ,平面CBF ∩平面PAB =BF , 所以GE//BF .因为G 为三角形PAC 的重心, 所以F 为PA 的中点, 所以CG =2GF , 所以CE =2EB , 所以λ=2.(2)因为GE ⊥PA ,由(1)知EG//BF , 所以BF ⊥PA .因为F 为PA 的中点, 所以PB =AB =2.取AC 中点O ,连接PO ,则PO =√2,BO =√2,在△POB 中,PO 2+BO 2=PB 2, 所以PO ⊥BO ,又PO ⊥AO ,且AO ∩BO =O , 所以PO ⊥平面ABC ,以O 为原点,OB 所在直线为x 轴,OC 所在直线为y 轴,OP 所在直线为z 轴建立空间直角坐标系,则OP =OA =OB =√2,A(0,−√2,0),B(√2,0,0),C(0,√2,0),P(0,0,√2),F(0,−√22,√22), FC →=(0,3√22,−√22),BC →=(−√2,√2,0),设平面BCF 的法向量为m →=(x,y,z ), 则{FC →⋅m →=0,BC →⋅m →=0,即{32y −12z =0,−x +y =0,令x =1,可得m →=(1,1,3)为平面BCF 的一个法向量, 平面PAC 的法向量为n →=(1,0,0),设平面PAC与平面BCF所成锐二面角的大小为α,cosα=|cos<m→,n→>|=√11×1=√1111.即平面GEC与平面PAC所成锐二面角的余弦值为√1111.【答案】解:(1)要使系统的可靠度不低于0.992,设X表示能正常工作的设备数,则P(X≥1)=1−P(X<1)=1−P(X=0)=1−(1−r)3≥0.992,解得r≥0.8,故r的最小值为0.8.(2)设X为能正常工作的设备数,由题意可知,X∼B(3,r),P(X=0)=C30×0.90×(1−0.9)3=0.001,P(X=1)=C31×0.91×(1−0.9)2=0.027,P(X=2)=C32×0.92×(1−0.9)1=0.243,P(X=3)=C33×0.93×(1−0.9)0=0.729,所以X的分布列为1,X2,采用方案1,更换部分设备的硬件,使得设备可靠度达到0.9,由(2)可知计算机网络断掉的概率为0.001,不断掉的概率为0.999,E(X1)=80000+0.001×500000=80500元;采用方案2,对系统的设备进行维护,使得设备可靠度达到0.8,由(1)可知计算机网络断掉的概率为0.008,不断掉的概率为0.992,E(X2)=50000+0.008×500000=54000元,因此,从期望损失最小的角度判断决策部门应采用方案2.【考点】互斥事件与对立事件离散型随机变量及其分布列【解析】此题暂无解析【解答】解:(1)要使系统的可靠度不低于0.992,设X表示能正常工作的设备数,则P(X≥1)=1−P(X<1)=1−P(X=0)=1−(1−r)3≥0.992,解得r≥0.8,故r的最小值为0.8.(2)设X为能正常工作的设备数,由题意可知,X∼B(3,r),P(X=0)=C30×0.90×(1−0.9)3=0.001,P(X=1)=C31×0.91×(1−0.9)2=0.027,P(X=2)=C32×0.92×(1−0.9)1=0.243,P(X=3)=C33×0.93×(1−0.9)0=0.729,所以X的分布列为1,X 2,采用方案1,更换部分设备的硬件,使得设备可靠度达到0.9,由(2)可知计算机网络断掉的概率为0.001,不断掉的概率为0.999, E (X 1)=80000+0.001×500000=80500元;采用方案2,对系统的设备进行维护,使得设备可靠度达到0.8, 由(1)可知计算机网络断掉的概率为0.008,不断掉的概率为0.992, E (X 2)=50000+0.008×500000=54000元,因此,从期望损失最小的角度判断决策部门应采用方案2. 【答案】(1)解:由题意可知|PF|+|PC|=|PB|+|PC|=4>2=|FC|, 所以动点P 的轨迹是以F ,C 为焦点且长轴长为4的椭圆, 所以a =2,c =1,b 2=3, 所以E 的方程为x 24+y 23=1.(2)证明:设A 1(−2,0),A 2(2,0),Q (4,t )(t ≠0)为直线x =4上一点,M (x 1,y 1),N (x 2,y 2),则直线A 1Q 方程为y =t6(x +2),直线A 2Q 方程为y =t2(x −2),联立{y =t6(x +2),x 24+y 23=1,得(27+t 2)x 2+4t 2x +4t 2−108=0, 即(−2)⋅x 1=4t 2−10827+t 2,所以x 1=54−2t 227+t 2,所以M (54−2t 227+t 2,18t27+t 2), 同理可得N (2t 2−63+t 2,−6t3+t 2),所以直线MN 的方程为y +6t3+t 2=−6tt 2−9(x −2t 2−63+t 2),即y =−6tt 2−9x +6tt 2−9=−6tt 2−9(x −1),所以直线MN 过定点(1,0),所以△FMN 的周长为定值8.【考点】椭圆的定义轨迹方程椭圆的应用圆锥曲线中的定点与定值问题【解析】此题暂无解析【解答】(1)解:由题意可知|PF|+|PC|=|PB|+|PC|=4>2=|FC|, 所以动点P 的轨迹是以F ,C 为焦点且长轴长为4的椭圆, 所以a =2,c =1,b 2=3,所以E 的方程为x 24+y 23=1.(2)证明:设A 1(−2,0),A 2(2,0),Q (4,t )(t ≠0)为直线x =4上一点,M (x 1,y 1),N (x 2,y 2),则直线A 1Q 方程为y =t 6(x +2),直线A 2Q 方程为y =t 2(x −2),联立{y =t 6(x +2),x 24+y 23=1, 得(27+t 2)x 2+4t 2x +4t 2−108=0,即(−2)⋅x 1=4t 2−10827+t 2, 所以x 1=54−2t 227+t 2,所以M (54−2t 227+t 2,18t 27+t 2),同理可得N (2t 2−63+t 2,−6t 3+t 2),所以直线MN 的方程为y +6t 3+t 2=−6t t 2−9(x −2t 2−63+t 2),即y =−6t t 2−9x +6t t 2−9=−6t t 2−9(x −1),所以直线MN 过定点(1,0),所以△FMN 的周长为定值8.【答案】(1)解:由f (x )=0,得a =e x−1x , 设ℎ(x)=e x−1x ,x ∈(0,2),即直线y =a 与曲线y =ℎ(x )在(0,2)上有2个交点, 又ℎ′(x )=e x−1(x−1)x 2,当x ∈(0,1)时,ℎ′(x )<0,ℎ(x )单调递减, x ∈(1,2)时,ℎ′(x )>0,ℎ(x )单调递增. 所以ℎmin (x )=ℎ(1)=1,而ℎ(2)=e 2, 当x ∈(0,1)时,ℎ(x )∈(1,+∞),所以a ∈(1,e 2). (2)证明:f ′(x)=e x−1−a ,由f ′(x )=0,得x =1+ln a ,当x ∈(0,1+ln a)时,f ′(x)<0,f (x )<0在(0,1+ln a)单调递减, 当x ∈(1+ln a,2)时,f ′(x )>0,f (x )在(1+ln a,2)单调递增. 因为x 1,x 2为f (x )的两个零点,不妨设x 1<x 2,则0<x 1<1+ln a <x 2<2, 且{e x 1−1=ax 1,e x 2−1=ax 2,取对数{x 1−1=ln a +ln x 1,x 2−1=ln a +ln x 2,原不等式等价于ln x 1+ln x 2>−ln a ,等价于x 1+x 2−2−2ln a >−ln a ,等价于x 1+x 2>2+ln a ,即证x 1>1+1+ln a −x 2=1−ln x 2, 因为1+ln a <x 2<2,所以ln (1+ln a )<ln x 2<ln 2,所以1−ln 2<1−ln x 2<1−ln (1+ln a)<1, 即证0=f(x 1)<f(1−ln x 2),即e −ln x 2−e x 2−1x 2(1−ln x 2)>0,即1−e x 2−1(1−ln x 2)>0,e 1−x 2+ln x 2>1,x 2∈(1+ln a,2), 设m (x )=e 1−x +ln x ,m ′(x )=e x−1−xxe x−1,易知e x−1>x(x >1),故m ′(x)>0,m(x)在(0,+∞)上单调递增, 故m(x)>m(1+ln a)>m(1)=1,故ln x 1+ln x 2+ln a >0.所以x 1x 2>1a .【考点】由函数零点求参数取值范围问题【解析】此题暂无解析【解答】(1)解:由f (x )=0,得a =e x−1x , 设ℎ(x)=e x−1x ,x ∈(0,2),即直线y =a 与曲线y =ℎ(x )在(0,2)上有2个交点, 又ℎ′(x )=e x−1(x−1)x 2,当x ∈(0,1)时,ℎ′(x )<0,ℎ(x )单调递减, x ∈(1,2)时,ℎ′(x )>0,ℎ(x )单调递增. 所以ℎmin (x )=ℎ(1)=1,而ℎ(2)=e 2, 当x ∈(0,1)时,ℎ(x )∈(1,+∞),所以a ∈(1,e 2).(2)证明:f ′(x)=e x−1−a ,由f ′(x )=0,得x =1+ln a ,当x ∈(0,1+ln a)时,f ′(x)<0,f (x )<0在(0,1+ln a)单调递减, 当x ∈(1+ln a,2)时,f ′(x )>0,f (x )在(1+ln a,2)单调递增. 因为x 1,x 2为f (x )的两个零点,不妨设x 1<x 2,则0<x 1<1+ln a <x 2<2, 且{e x 1−1=ax 1,e x 2−1=ax 2,取对数{x 1−1=ln a +ln x 1,x 2−1=ln a +ln x 2,原不等式等价于ln x 1+ln x 2>−ln a ,等价于x 1+x 2−2−2ln a >−ln a ,等价于x 1+x 2>2+ln a ,即证x 1>1+1+ln a −x 2=1−ln x 2, 因为1+ln a <x 2<2,所以ln (1+ln a )<ln x 2<ln 2,所以1−ln 2<1−ln x 2<1−ln (1+ln a)<1, 即证0=f(x 1)<f(1−ln x 2),即e −ln x 2−e x 2−1x 2(1−ln x 2)>0,即1−e x 2−1(1−ln x 2)>0,e 1−x 2+ln x 2>1,x 2∈(1+ln a,2), 设m (x )=e 1−x +ln x ,m ′(x )=e x−1−xxe x−1,易知e x−1>x(x >1),故m ′(x)>0,m(x)在(0,+∞)上单调递增, 故m(x)>m(1+ln a)>m(1)=1,故ln x 1+ln x 2+ln a >0.所以x1x2>1.a。

山东省2021年高三上学期期末数学试卷(理科)A卷

山东省2021年高三上学期期末数学试卷(理科)A卷

山东省2021年高三上学期期末数学试卷(理科)A卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共12题;共24分)1. (2分) (2020高二下·怀化期末) 设集合,,则()A .B .C .D .2. (2分) (2019高三上·宜昌月考) i是虚数单位,,()A .B .C . 2D .3. (2分) (2019高一下·吉林期中) 已知角的终边过点(4,-3),则=()A .B .C .D .4. (2分)(2017·龙岩模拟) 双曲线W: =1(a>0,b>0)一个焦点为F(2,0),若点F到W的渐近线的距离是1,则W的离心率为()A .B .C . 2D .5. (2分)(2017·青岛模拟) 已知实数m>1,实数x,y满足不等式组,若目标函数z=x+my的最大值等于3,则m的值是()A . 2B . 3C . 4D . 56. (2分)甲、乙等5人在9月3号参加了纪念抗日战争胜利70周年阅兵庆典后,在天安门广场排成一排拍照留念,甲和乙必须相邻的排法有()种.A . 24B . 48C . 72D . 1207. (2分)(2018·自贡模拟) 如图所示的程序框图的算法思路源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”,执行该程序框图,若输入的分别为63,36,则输出的()A . 3B . 6C . 9D . 188. (2分) (2018高二上·佛山月考) 三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥外接球的体积为()A .B .C .D .9. (2分)若函数()的图象向右平移个单位后与函数的图象重合,则的值可能是()A .B . 1C . 3D . 410. (2分) (2018高三上·鹤岗月考) 函数的零点所在的区间为()A .B .C .D .11. (2分)椭圆的离心率大于的充分必要条件是()A .B .C .D . 或12. (2分) (2020高二下·吉林开学考) 若函数在是增函数,则b的最大值是()A . 3B .C . 2D .二、填空题 (共4题;共6分)13. (2分) (2019高二下·丽水期末) 若,则 ________________.14. (1分) (2018高二上·镇原期中) 已知向量,若,则16x+4y的最小值为________.15. (1分) (2019高二下·闵行期末) 已知圆锥的底面面积为,母线长为5,则它的侧面积为________.16. (2分) (2020高一下·温州期末) 在中,,,点M在上,且,则 ________, ________.三、解答题 (共8题;共70分)17. (10分) (2019高一下·哈尔滨期中) 已知等差数列,等比数列,满足,且(1)求数列及数列的通项公式;(2)设,求数列的前项和为18. (10分) (2018高一上·沈阳月考) 2018年8月8日是我国第十个全民健身日,其主题是:新时代全民健身动起来。

2021届山东省临沂市高三上学期期末数学试题 PDF版

2021届山东省临沂市高三上学期期末数学试题 PDF版

(2)若 f x 有两个极值点 x1 , x2 ,记过点 A x1, f x1 , B x2, f x2 的直线斜率为 k ,问:是否存
在 a ,使得 k 2 a ?若存在,求出 a 的值;若不存在,请说明理由.
22.已知 P 0,1 为椭圆
x2 a2
y2 b2
1 a
b
0 上的一点,焦距长为
外接球的体积为______.
四.解答题:本题共 6 小题,解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.正项等比数列an 的前 n 项和为
Sn
, an
0 ,若 S2
4 3
, S3
13 9
,且点 an ,bn
函数
y
log3
3 x

第页
3
图象上.
(1)求an ,bn 通项公式;
(2)记 cn
1 b b 2n1 2n1
3n
Hale Waihona Puke n.3 (2)由题知 cn
1 4n2 1
1 2
1 2n 1
1 2n
1

∴ Tn c1 c2 cn
1 2
1
1 3
1 3
1 5
1 2n 3
1 2n 1
1 2n 1
1 2n 1
1 2
1
1 2n 1
n 2n 1

18.解:若选①由 bsin 2A a sin Acos C 1 c sin 2A 及正弦定理可得: 2
(1)求证: AD 平面 AHF ;
(2)在线段 HD 上存在一点 P ,使平面 PAE 与平面 AEG 所成的二面角的余弦值为 5 .延长 GH 到点 M , 5

临沂市高三数学上学期期末考试试题 理(2021学年)

临沂市高三数学上学期期末考试试题 理(2021学年)

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高三年级期末教学质量抽测试题理科数学2017.01本试卷分第I卷(选择题)和第I I卷(非选择题)两部分.满分150分.考试时间120分钟.第I 卷(选择题 共50分)一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,满分50分.在每小题给出的四个选顶中,只有一项是符合题目要求的. 1.i 为虚数单位,复数21ii-在复平面内对应的点到原点的距离为( ) A .12ﻩ B.22ﻩ C .2 ﻩ ﻩD.12.已知集合A ={}23,a ,B={}2,1,a b -,且A ∩B={}1,则A ∪B=( ) A.{}0,1,3 B.{}1,2,3 C.{}1,2,4 D .{}01,2,3,3.下列说法正确的是( ) A.命题“2≥1”是假命题B.命题“2,10x R x ∀∈+>"的否定是:200,1x R x ∃∈+<0C.命题“若22a b >,则a b >”的否命题是“若22a b >,则a≤b ” D .“1x >"是“220x x ++>”充分不必要条件 4.函数()1x xa y a x=>的图象的大致形状是( )5.某兴趣小组有男生20人,女生10人,从中抽取一个容量为5的样本,恰好抽到2名男生和3名女生,则①该抽样可能是系统抽样;②该抽样可能是随机抽样:③该抽样一定不是分层抽样;④本次抽样中每个人被抽到的概率都是15. 其中说法正确的为( )A.①②③ B .②③ C.②③④ D.③④6.设D,E,F分别△ABC 的三边AB,B C,CA 的中点,则EA DC +=( ) A .BC B.3DF C.BF D.32BF7.一个圆柱的正视图是面积为6的矩形,它的侧面积为( ) A.8π B.6π C.4πﻩﻩD .3π8.若tan 3α=,则22cos cos 44ππαα⎛⎫⎛⎫+--= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭( )A .35- B .45- C .35D.459.已知过双曲线()222210x y a b a b-=>0,>的左焦点(),0F c -和虚轴端点E 的直线交双曲线右支于点P ,若E 为线段EP 的中点,则该双曲线的离心率为( ). A .51+B .5 ﻩC.512+ D.5210.函数()()sin 0,0,2f x A x A πωϕωϕ⎛⎫=+>>≤ ⎪⎝⎭的部分图象如图所示,其中70,2312f fππ⎛⎫⎛⎫==- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,给出下列结论: ①最小正周期为π;②()01f =;③函数6y f x π⎛⎫=- ⎪⎝⎭是偶函数;④12141113f f ππ⎛⎫⎛⎫<⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭;⑤()403f x f x π⎛⎫+-= ⎪⎝⎭。

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山东省临沂市2021年高三上学期期末数学试卷(理科)D卷
姓名:________ 班级:________ 成绩:________
一、选择题 (共8题;共16分)
1. (2分) (2018高一上·泰安月考) 已知全集U={1,2,3,4,5,6},A={1,2,6},B={2,4,5},则(∁UA)∩B=()
A . {4,5}
B . {1,2,3,4,5,6}
C . {2,4,5}
D . {3,4,5}
2. (2分) (2016高一下·邵东期末) 已知实数x,y满足约束条件,则的最小值是()
A . -2
B . 2
C . -1
D . 1
3. (2分)执行如图所示的程序框图,若输出的结果是8,则判断框内m的取值范围是()
A . (30,42]
B . (42,56]
C . (56,72]
D . (30,72]
4. (2分)(2016·安徽) 设平面α与平面β相交于直线m,直线a在平面α内,直线b在平面β内,且b⊥m,则“α⊥β”是“a⊥b”的()
A . 必要不充分条件
B . 充分不必要条件
C . 充分必要条件
D . 既不充分也不必要条件
5. (2分)⊙O的割线PAB交⊙O于A,B两点,割线PCD经过圆心,已知PA=6,PO=12,AB=,则⊙O的半径为()
A . 4
B . 6-
C . 6+
D . 8
6. (2分) (2018高二上·宁夏期末) 双曲线的焦距为()
A .
B .
C .
D .
7. (2分)(2020·武汉模拟) 如果关于x的不等式x3﹣ax2+1≥0在[﹣1,1]恒成立,则实数a的取值范围
是()
A . a≤0
B . a≤l
C . a≤2
D . a
8. (2分) (2017高一上·珠海期末) 函数f(x)=lnx﹣的零点所在的大致区间是()
A . (1,2)
B . (,1)
C . (2,3)
D . (e,+∞)
二、填空题 (共6题;共7分)
9. (1分) (2016高二下·马山期末) 设复数z满足,则z=________.
10. (1分) (2020高三上·岳阳开学考) 某几何体的三视图如图所示,正视图是直角三角形,侧视图是等腰三角形,俯视图是边长为的等边三角形,若该几何体的外接球的体积为,则该几何体的体积为________.
11. (1分)曲线的参数方程是,则它的普通方程为________.
12. (1分)(2017·榆林模拟) 二项式(﹣)n的展开式中所有项的二项式系数之和是64,则展开式中的常数项为________.
13. (2分)(2019·台州模拟) 在中,是边上的中线,∠ABD= .若,则∠CAD=________;若,则的面积为________.
14. (1分)(2019·河北模拟) 已知单位向量的夹角为,则________.
三、解答题 (共6题;共55分)
15. (10分) (2020高一下·海丰月考) 已知函数 .
(1)求的最小正周期;
(2)若,求的值.
16. (10分)网店为促销,拿出A,B,C三件商品进行抢拍.A,B,C被抢拍成功的概率分别是,,
.小明均参与了以上三件商品的抢拍.
(1)求至少有一件商品被小明抢拍成功的概率;
(2)记小明抢拍成功商品的件数为ξ,求ξ的分布列及数学期望.
17. (10分) (2019高二上·瓦房店月考) 如图,四棱锥中,分别为的中点.
(1)求证:平面
(2)求证:平面平面
18. (5分) (2019高二上·遵义期中) 已知等差数列满足,前7项和为
(Ⅰ)求的通项公式
(Ⅱ)设数列满足,求的前项和 .
19. (10分) (2017高二上·乐山期末) 已知椭圆的离心率为,且过点.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)四边形ABCD的顶点在椭圆上,且对角线AC、BD过原点O,若.
(i)求的最值;
(ii)求四边形ABCD的面积.
20. (10分)(2018·河北模拟) 设函数为自然对数的底数.
(1)若 ,且函数在区间内单调递增,求实数的取值范围;
(2)若,试判断函数的零点个数.
参考答案一、选择题 (共8题;共16分)
答案:1-1、
考点:
解析:
答案:2-1、
考点:
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答案:3-1、
考点:
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答案:4-1、
考点:
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答案:5-1、考点:
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答案:6-1、考点:
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答案:7-1、考点:
解析:
答案:8-1、考点:
解析:
二、填空题 (共6题;共7分)答案:9-1、
考点:
解析:
答案:10-1、
考点:
解析:
答案:11-1、考点:
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答案:12-1、考点:
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答案:13-1、考点:
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答案:14-1、考点:
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三、解答题 (共6题;共55分)答案:15-1、
答案:15-2、
考点:
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答案:16-1、
答案:16-2、考点:
解析:
答案:17-1、
答案:17-2、考点:
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答案:18-1、考点:
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答案:19-1、
答案:19-2、考点:
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答案:20-1、
答案:20-2、考点:
解析:。

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