高中物理第二章交变电流第六节变压器学案粤教版选修3_2
2020-2021学年物理粤教版选修3-2教案:第二章第06节-变压器-【含答案】

《变压器》教案一、设计思路指导思想:变压器的工作原理是本章的重点内容,是高考命题率较高的知识点。
本节通过实验探究来说明这一观点。
在教学过程建立理想化模型——理想变压器,利用分组实验探究从而推出变压器变压规律,抓住能量守衡使学生展开讨论,推出电流与匝数关系,培养学生的表达能力和逻辑思维能力,教学联系生活、贴近实际,以激发学生学习的兴趣。
设计理念:本节课的设计主要突出三案六环节理念,强调把课堂还给学生,提高学习效率。
学生在教师的组织协调下,分析、思考、小组讨论和实验探究,归纳总结规律,促进了学生自主学习,让学生积极参与、乐于探究、勇于实验、勤于思考;通过多样化的教学方式,帮助学生学习物理知识与技能,培养科学探究能力,使其逐步形成科学态度与科学精神。
教材分析:1、变压器是用来改变交变电流电压的.变压器不能改变恒定电流的电压.互感现象是变压器工作的基础.让学生在学习电磁感应的基础上理解互感现象.这里的关键是明白原线圈和副线圈有共同的铁芯,穿过它们的磁通量和磁通量的变化时刻都是相同的.因而,其中的感应电动势之比只与匝数有关.这样原、副线圈的匝数不同,就可以改变电压了.2、在分析变压器的原理时,一般情况下,忽略变压器的磁漏,认为穿过原线圈每一匝的磁通量与穿过副线圈的磁通量总是相等的.这两个条件,都是“理想”变压器的工作原理的内容.变压器是一个传递能量的装置.如果不计它的损失,则变压器在工作中只传递能量不消耗能量.要使学生明白,理想变压器是忽略了变压器中的能量损耗,它的输出功率与输入功率相等,这样才得出原、副线圈的电压、电流与匝数的关系式.3、教材要求学生探究实验得出变压器的变压规律,做好探究性实验是本节教学的关键。
是突破本节课教学难点和重点的关键。
为了培养学生根据实验研究物理规律的能力,采用分组实验得出变压器的输入、输出电压及原、副线圈匝数的关系。
4、学习几种常用的变压器,不仅增加了生产知识,还可提高学生分析、应用能力。
粤教版高中物理选修3-2第二章交变电流第06节 变压器教学课件

A.副线圈中电压表的读数为55V B.副线圈中输出交流电的周期为 1 s
100π C.原线圈中电流表的读数为0.5A D.原线圈中的输入功率为110 2W 答案 AC
A RV
五、拓展、应用
例2:如图所示,一理想变压器原副线圈的匝数比为1∶2; 副线圈电路中接有灯泡, 灯泡的额定电压为220 V, 额定 功率为22 W; 原线圈电路中接有理想电压表和电流表. 现闭合开关, 灯泡正常发光.
二、建立模型——理想变压器
原线圈
副线圈
U1
n1
n2
U2
Hale Waihona Puke 铁芯建立模型 原线圈匝数n1
副线圈匝数n2 输入电压U1
U1 n1
n2 U2
输出电压U2
问题1:如何调节电压的大小?
三、理解模型内涵——变压器的电压与匝数的关系 1.实验探究:如何调节电压大小?
1.U1、n1不变,而n2增大 时,U2增大. 2.U1、n2不变,而n1增大 时,U2减小.
课前小建议
欢迎来到我的课堂,双色笔, 笔记本,错题集带来了吗?
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220伏工作电压
5号充电电池 1.2伏工作电压
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第六节 变压器
一、认识变压器(改变交流电压的设备)
变压器的结构是怎么样? 变压器是如何调节电压? 变压器为什么能调节电压?
物理建模过程
建立模型 实验理论分析,理解模型内涵 例题分析,强化模型理解 拓展、应用
三、理解模型内涵——变压器的电压与匝数的关系 2.理论分析:变压器为什么能调节电压? 原线圈 副线圈
U1
n1 n2
U2
原线圈 接交流
电
原线圈 产生变化
高中物理 第二章 交变电流 第六节 变压器 粤教版选修3-2

2.变压器的三点说明. (1)变压器只对变化的电流起作用,对恒定电流不起 作用. (2)变压器的两个线圈之间通过磁场联系在一起,两 个线圈之间是绝缘的. (3)变压器不能改变交变电流的频率.
(2)工作原理:变压器的工作原理是利用了电磁感应 现象.原线圈中的交变电流在铁芯中产生交变的磁通量, 这个交变的磁通量不仅穿过原线圈,也穿过副线圈,所 以在副线圈中产生感应电动势.如果在副线圈两端接入 负载,负载中就会有交变电流,其能量转换方式为:原 线圈电能→磁场能→副线圈电能.变压器只能在交流电 路中工作,对恒定电流电路不起作用.
2.理想变压器的规律.
(1)电压关系.
原线圈中
U1
=
E1
=
n1
ΔΦ Δt
,
副
线
圈
中
U2 = E2 =
n2ΔΔΦt ,因而电压关系满足:UU12=nn12.
①若 n1<n2,则 U1<U2,是升压变压器; ②若 n1>n2,则 U1>U2,是降压变压器.
③变压器高压圈匝数多而导线细,低压圈匝数少而导 线粗,这是区别高、低压线圈的方法.
知识点一 认识变压器
提炼知识 1.作用. 变压器是改变交流电压的设备. 2.构造. 变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的线圈构成.与交 流电源相连的线圈叫作原线圈(也称为初级线圈),与负载 相连的线圈叫作副线圈(也称为次级线圈).
3.原理. 其工作原理是利用了电磁感应中的互感现象.在原 线圈上加交变电压,原线圈中的交变电流在铁芯中产生 交变的磁通量,这个交变的磁通量不仅穿过原线圈,也 穿过副线圈,所以在副线圈中产生感应电动势.如果在 副线圈两端接入负载,负载中就会有交变电流.
2024-2025学年高中物理第二章交变电流第06节变压器教案粤教版选修3-2

设计实践活动或实验,让学生在实践中体验变压器知识的应用,提高实践能力。
在变压器新课呈现结束后,对变压器知识点进行梳理和总结。
强调变压器重点和难点,帮助学生形成完整的知识体系。
(四)巩固练习(预计用时:5分钟)
随堂练习:
随堂练习题,让学生在课堂上完成,检查学生对变压器知识的掌握情况。
鼓励学生相互讨论、互相帮助,共同解决变压器问题。
5.实验操作:进行变压器实验,观察并记录原副线圈的电压、电流变化,验证变压器的原理和特性。
核心素养目标
本节课旨在培养学生的物理学科核心素养,主要包括:
1.科学探究能力:通过实验观察和数据分析,让学生掌握变压器的基本原理和特性,培养学生的实验操作能力和问题解决能力。
2.物理观念:引导学生理解电磁感应现象,形成关于电压、电流和匝数之间关系的正确观念。
3.学生可能遇到的困难和挑战:在学习变压器的原理和特性时,学生可能对电磁感应现象的理解不够深入,难以把握电压、电流与匝数之间的关系。此外,在进行实验操作时,学生可能对仪器的使用和数据的处理存在一定的困难。同时,对于变压器在实际生活中的应用,部分学生可能缺乏直观的认识。
教学资源准备
1.教材:确保每位学生都有粤教版选修3-2《高中物理》的第二章交变电流的第06节变压器教案。教材作为基本的学习材料,是学生获取知识的重要来源。
在教学策略方面,我采用了小组讨论和互动探究的方式,以提高学生的合作精神和沟通能力。我发现,这种教学方式能够激发学生的学习兴趣和主动性,同时也有助于学生对变压器知识的理解和掌握。然而,在小组讨论的过程中,我发现有些学生参与度不高,这可能需要我在今后的教学中更加关注学生的参与情况,并采取相应的措施提高学生的参与度。
7.学习任务单:设计学习任务单,引导学生通过实验观察、数据分析等方式,自主探究变压器的原理和特性,提高学生的实践能力。
高中物理第二章交变电流第六节变压器学案粤教版选修320730190

高中物理第二章交变电流第六节变压器学案粤教版选修320730190 第六节 变压器 [学科素养与目标要求] 物理观念:1.了解变压器的构造及几种常见的变压器.2.理解变压器的工作原理,并能运用电磁感应的规律进行解释.科学思维:1.理想化方法构建变压器模型.2.掌握理想变压器的电压与匝数的关系,并能用它解决相关问题.3.掌握理想变压器的功率关系,并能推导出原、副线圈的电流关系.科学探究:了解探究变压器线圈两端电压与匝数关系的实验方法,经历探究过程,分析现象得出探究结果.一、认识变压器1.构造:由闭合铁芯和绕在铁芯上的两个线圈组成,与电源连接的线圈叫做原线圈,与负载连接的线圈叫做副线圈.2.原理:原线圈的交变电流在铁芯中产生交变的磁通量,这个交变的磁通量同时穿过原、副线圈,在副线圈中产生感应电动势,若在副线圈两端接入负载,负载中就会有交变电流.二、电压与匝数的关系1.理想变压器:忽略原、副线圈的电阻和各种电磁能量损失的变压器.2.电压与匝数的关系:原、副线圈的电压之比等于两个线圈的匝数之比,即U 1U 2=n 1n 2.3.两类变压器:n 2>n 1的变压器叫升压变压器;n 2<n 1的变压器叫降压变压器.三、理想变压器原、副线圈中的电流1.铜损:变压器线圈(铜线)的电阻生热损耗的能量.2.铁耗:铁芯发热损耗的能量.3.电流与匝数关系:仅有一个副线圈的理想变压器原、副线圈中的电流跟它们的匝数成反比,即I 1I 2=n 2n 1.4.功率关系:理想变压器的输入功率等于输出功率,即P 1=P 2.1.判断下列说法的正误.(1)理想变压器原、副线圈的电压之比等于两个线圈的匝数之比.( √ ) (2)输入交变电流的频率越高,输出交变电流的电压就越高.( × ) (3)我们在使用质量好的变压器工作时没有能量损失.( × )(4)理想变压器不能改变交变电流的频率.( √ )2.一台理想降压变压器从10kV 的线路中降压并提供200A 的负载电流.已知两个线圈的匝数比为40∶1,则副线圈中的输出电压为________,输出功率为________,变压器原线圈中的电流为________.答案 250V 50kW 5A解析 由U 1U 2=n 1n 2,得U 2=U 1n 2n 1=10×103×140V =250 V ;由理想变压器功率关系,得P 入=P 出=U 1I 1=U 2I 2=250×200W=50kW ,同时得I 1=U 2I 2U 1=250×20010×103A =5A.一、理解变压器的变压和变流1.理想变压器的特点(1)原、副线圈的电阻不计,不产生热量.(2)变压器的铁芯不漏磁.(3)在铁芯内产生的感应电流及产生的热量不计.理想变压器是一个没有能量损失的理想化模型.2.电动势关系:由于互感现象,且没有漏磁,原、副线圈中每一匝线圈都具有相同的ΔΦΔt,根据法拉第电磁感应定律有E 1=n 1ΔΦΔt ,E 2=n 2ΔΦΔt ,所以E 1E 2=n 1n 2. 3.电压关系:由于不计原、副线圈的电阻,因此原线圈两端的电压U 1=E 1,副线圈两端的电压U 2=E 2,所以U 1U 2=n 1n 2.当有n 组线圈时,则有:U 1n 1=U 2n 2=U 3n 3……4.功率关系:对于理想变压器,不考虑能量损失,P 入=P 出.5.电流关系:(1)当只有一个副线圈时,I 1U 1=I 2U 2,得I 1I 2=U 2U 1=n 2n 1.(2)当有多个副线圈时,I 1U 1=I 2U 2+I 3U 3+……得I 1n 1=I 2n 2+I 3n 3+……例1 (多选)如图1所示的理想变压器,原、副线圈的匝数比n 1∶n 2=1∶2,U 1=2202sin ωt (V),n 1=1100匝,以下说法中正确的是( )图1A .穿过原、副线圈的磁通量的变化率之比为1∶2B .穿过原、副线圈磁通量的变化率的最大值相等,均为25V C .原、副线圈每一匝产生的电动势有效值相等,均为0.2VD .原、副线圈电压的最大值之比为1∶2答案 BCD解析对于理想变压器,由于没有磁通量损耗,所以穿过两个线圈的磁通量相同,磁通量的变化率相同,A 错误.根据E 1=n 1ΔΦΔt得磁通量的变化率的最大值为每一匝线圈产生的电动势的最大值,即(ΔΦΔt )max =22021 100 V =25V ,所以每一匝产生的电动势的有效值为0.2 V ,B 、C 正确.由于匝数比为1∶2,所以原、副线圈电压最大值之比也为1∶2,D 正确.例2 (2015·新课标全国Ⅰ)一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3∶1,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压为220V 的正弦交流电源上,如图2所示.设副线圈回路中电阻两端的电压为U ,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k ,则( )图2A .U =66V ,k =19B .U =22V ,k =19C .U =66V ,k =13D .U =22V ,k =13 答案 A解析 原、副线圈电压比等于匝数比,根据副线圈负载电阻的电压U ,可知副线圈电压为U ,原线圈电压为3U ,副线圈电流I 2=U R ,根据I 1I 2=n 2n 1得原线圈电流I 1=U 3R,那么原线圈输入电压220V =3U +U 3R ×R ,整理可得U =66V ;原、副线圈电阻消耗的功率根据P =I 2R ,电阻相等,I 1∶I 2=1∶3,可得功率之比为P 1∶P 2=1∶9,即k =19.根据以上分析可知选项A 正确.[学科素养] 例2通过对原、副线圈的功率关系分析及电压和电流关系的分析,加以计算推导出了副线圈两端电压及原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值,体现了物理学科中“科学思维”的学科素养.二、自耦变压器和互感器1.自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈,如果把整个线圈作为原线圈,副线圈只取线圈的一部分,就可以降低电压,反之则可以升高电压,如图3所示.图32.互感器交流电压表和交流电流表都有一定的量度范围,不能直接测量高电压和大电流.互感器是利用变压器的原理来测量高电压或大电流的仪器.(1)电压互感器:实质是降压变压器,可以把高电压变成低电压(如图4所示).电压互感器应并联接入电路.(2)电流互感器:实质是升压变压器,可以把大电流变成小电流(如图5所示).电流互感器应串联接入电路.图4 图5例3(2016·江苏单科)一自耦变压器如图6所示,环形铁芯上只绕有一个线圈,将其接在a、b间作为原线圈.通过滑动触头取该线圈的一部分,接在c、d间作为副线圈,在a、b间输入电压为U1的交变电流时,c、d间的输出电压为U2,在将滑动触头从M点顺时针转到N 点的过程中( )图6A.U2>U1,U2降低B.U2>U1,U2升高C.U2<U1,U2降低D.U2<U1,U2升高答案 C 解析 由U 1U 2=n 1n 2,n 1>n 2知U 2<U 1;滑动触头从M 点顺时针旋转至N 点过程,n 2减小,n 1不变,U 1不变,则U 2降低,C 项正确.例4 (多选)图7甲、乙是配电房中的互感器和电表的接线图,下列说法中正确的是( )图7A .线圈匝数n 1<n 2,n 3<n 4B .线圈匝数n 1>n 2,n 3>n 4C .甲图中的电表是电压表,输出端不可短路D .乙图中的电表是电流表,输出端不可断路答案 CD解析 题图甲中的原线圈并联在电路中,为电压互感器,是降压变压器,n 1>n 2,其中的电表为电压表;题图乙中的原线圈串联在电路中,为电流互感器,是升压变压器,n 3<n 4,其中的电表为电流表,故选项C 、D 正确.三、理想变压器的动态分析1.电压、电流、功率的制约关系(1)电压制约:当变压器原、副线圈的匝数比n 1n 2一定时,输入电压U 1决定输出电压U 2,即U 2=n 2U 1n 1. (2)功率制约:P 出决定P 入,P 出增大,P 入增大;P 出减小,P 入减小;P 出为0,P 入为0.(3)电流制约:当变压器原、副线圈的匝数比n 1n 2一定,且输入电压U 1确定时,副线圈中的输出电流I 2决定原线圈中的电流I 1,即I 1=n 2I 2n 1(只有一个副线圈时). 2.对理想变压器进行动态分析的两种常见情况(1)原、副线圈匝数比不变,分析各物理量随负载电阻变化而变化的情况,进行动态分析的顺序是R →I 2→P 出→P 入→I 1.(2)负载电阻不变,分析各物理量随匝数比的变化而变化的情况,进行动态分析的顺序是n 1、n 2→U 2→I 2→P 出→P 入→I 1.例5 (多选)(2018·孝感市八校联盟高二下学期期末联考)理想变压器的原线圈连接一只理想电流表,副线圈接入电路的匝数可以通过滑动触头Q 调节,如图8所示,在副线圈上连接了定值电阻R 0和滑动变阻器R ,P 为滑动变阻器的滑片.原线圈两端接在电压为U 的交流电源上.则( )图8A .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表的读数变小B .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表的读数变大C .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表的读数变大D .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表的读数变小答案 AC解析在原、副线圈匝数比一定的情况下,变压器的输出电压由输入电压决定.因此Q 位置不动时,输出电压不变,此时P 向上滑动,副线圈电路总电阻增大,则输出电流减小,输入电流也减小,故电流表的读数变小,故A 正确,B 错误.P 位置不动,将Q 向上滑动,则输出电压变大,输出电流变大,输入电流也变大,则电流表的读数变大,故C 正确,D 错误. 针对训练 (2018·三明市高二下学期期末联考)如图9所示,理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L 1和L 2,输电线的等效电阻为R ,开始时,开关S 断开,当S 接通时,以下说法正确的是( )图9A .副线圈两端M 、N 的输出电压减小B .副线圈输电线等效电阻R 上的电压减小C .通过灯泡L 1的电流增大D .原线圈中的电流增大答案 D解析输入电压和匝数比不变,由U 1U 2=n 1n 2知副线圈的输出电压不变,A 错误;当S 接通时,副线圈电路的总电阻减小,总电流I 2变大,电阻R 上的电压增大,并联部分的电压减小,通过灯泡L 1的电流减小,B 、C 错误;由I 1I 2=n 2n 1知,电流I 2变大,则I 1变大,D 正确.[学科素养] 通过改变原、副线圈的匝数、滑动变阻器滑片的位置、开关闭合等方式分析理想变压器的动态问题,使学生进一步熟练掌握理想变压器的原理,熟练掌握理想变压器原、副线圈中的电压、电流、功率关系:U 1U 2=n 1n 2,I 1I 2=n 2n 1(一组副线圈),P 1=P 2,及U 1决定U 2、I 2决定I 1、P 2决定P 1等制约关系,培养了学生的综合分析能力,较好地体现了“科学思维”的学科素养.1.(变压器的工作原理)关于理想变压器的工作原理,以下说法正确的是( )A .通有正弦式交变电流的原线圈产生的磁通量不变B .穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都不相等C .穿过副线圈磁通量的变化使得副线圈产生感应电动势D .原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈答案 C解析 通有正弦式交变电流的原线圈产生的磁场是变化的,由于面积S 不变,故磁通量Φ变化,A 错误;因理想变压器无漏磁,故B 错误;由互感现象知C 正确;原线圈中的电能转化为磁场能又转化为电能,原、副线圈通过磁场联系在一起,故D 错误.2.(理想变压器基本关系的应用)如图10所示,理想变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2=2∶1,和均为理想电表,灯泡电阻R L =6Ω,AB 两端电压u 1=122sin100πt (V).下列说法正确的是( )图10A .电流频率为100HzB.的读数为24VC.的读数为0.5AD .变压器输入功率为6W 答案 D解析 根据u 1=122sin100πt (V)及U =U m 2知U 1=12V ,f =ω2π=50Hz ,选项A 错误;根据U 1U 2=n 1n 2得U 2=n 2n 1U 1=12×12V=6V ,即的读数为6V ,选项B 错误;又I 2=U 2R L =66A =1A ,即的读数为1A ,选项C 错误;根据P 入=P 出及P 出=U 22R L =626W =6W ,选项D 正确. 3.(互感器)(多选)如图11所示,L 1、L 2是高压输电线,图中两电表示数分别是220V 和10A ,已知甲图中原、副线圈匝数比为100∶1,乙图中原、副线圈匝数比为1∶10,则( )图11 A .甲图中的电表是电压表,输电电压为22000V B .甲图是电流互感器,输电电流是100AC .乙图中的电表是电压表,输电电压为22000VD .图示高压输送电路输入的总功率为2.2×103kW答案 AD解析 题图甲中的原线圈并联在电路中,是电压互感器,电表是电压表,故B 错误;根据U 1U 2=n 1n 2,有U 1=n 1n 2U 2=1001×220V=22000V ,故A 正确;题图乙中的原线圈串联在电路中,是电流互感器,电表是电流表,故C 错误;只有一个副线圈的变压器,电流比等于匝数的反比,I 1I 2=n 4n 3,有I 1=n 4n 3I 2=101×10 A=100 A ,根据P =UI 得输入的总功率P =U 1I 1=22 000×100W =2.2×103kW ,故D 正确.4.(理想变压器的动态分析)(2016·天津卷)如图12所示,理想变压器原线圈接在交流电源上,图中各电表均为理想电表.下列说法正确的是( )图12A .当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时,R 1消耗的功率变大B .当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时,电压表V 示数变大C .当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时,电流表A 1示数变大D .若闭合开关S ,则电流表A 1示数变大,A 2示数变大答案 B解析 当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时,接入电路的阻值变大,变压器副线圈两端电压不变,副线圈中的电流减小,则R 1消耗的功率及其两端电压均变小,故电压表的示数变大,选项A 错误,B 正确;当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时,副线圈中的电流减小,则原线圈中的电流也减小,电流表A 1示数变小,选项C 错误;若闭合开关S ,副线圈电路中总电阻减小,副线圈中的电流变大,原线圈中的电流也变大,电流表A 1示数变大,R 1两端电压变大,R 2两端电压减小,电流表A 2示数减小,选项D 错误.一、选择题考点一变压器的工作原理1.(多选)理想变压器正常工作时,原、副线圈中一定相同的物理量是( )A.每匝线圈中磁通量的变化率B.交变电流的频率C.原线圈的输入功率和副线圈的输出功率D.原线圈的感应电动势和副线圈的感应电动势答案ABC2.如图所示的四个电路,能够实现升压的是 ( )答案 D解析变压器只能对交变电流变压,不能对直流变压,故A、B错误;由于电压与线圈匝数成正比,所以D能实现升压,C能实现降压,故C错误,D正确.3.如图1所示,理想变压器原、副线圈匝数之比n1∶n2=4∶1,当导体棒在平行导轨上匀速切割磁感线时,电流表的示数是12mA,则副线圈中电流表的示数是( )图1A.3mA B.48mAC.零D.与R的阻值有关答案 C解析当导体棒在平行导轨上匀速运动时,产生的电流是恒定的,不会使副线圈的磁通量变化,因而副线圈中无感应电流,选项C正确.考点二理想变压器基本关系的应用4.(多选)如图2所示,Q是熔断电流为1A的保险丝(电阻不计),R为用电器,理想变压器的原、副线圈的匝数比为n1∶n2=2∶1.原线圈的电压为u=2202·sin (100πt) V.要使保险丝不熔断,则( )图2 A .副线圈电流最大值不超过2AB .副线圈中电流有效值不超过2AC .R 的阻值一定不能小于55ΩD .R 的阻值一定不能小于77Ω答案 BC解析 保险丝的原理是电流的热效应,应该用电流的有效值.由U 1U 2=n 1n 2得:U 2=n 2n 1U 1=12×220V =110V .由I 1I 2=n 2n 1得:I 2=n 1n 2I 1=21×1A=2A .所以R min =U 2I 2=55Ω,故B 、C 正确. 5.一理想变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2=11∶5.原线圈与正弦交流电源连接,输入电压u 随时间t 变化的图象如图3所示,副线圈仅接入一个10Ω的电阻.则( )图3A .流过电阻的电流是20AB .与电阻并联的理想电压表的示数是1002VC .经过1min 电阻产生的热量是6×103JD .变压器的输入功率是1×103W答案 D解析 设输入电压有效值为U 1,输出电压有效值为U 2,由题图知U 1=220V ,则由U 1U 2=n 1n 2知U 2=100V ,I 2=U 2R =10010A =10A ,故选项A 、B 错误;1min 内电阻产生的热量Q =I 22Rt =102×10×60J =6×104J ,故选项C 错误;P 入=P 出=U 22R=1×103W ,故选项D 正确. 6.(多选)如图4所示,将额定电压为60V 的用电器,通过一理想变压器接在正弦交流电源上.闭合开关S 后,用电器正常工作,交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220V 和2.2A .以下判断正确的是( )图4 A .变压器输入功率为484W B .通过原线圈的电流的有效值为0.6A C .通过副线圈的电流的最大值为2.2AD .变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2=11∶3答案 BD解析 理想变压器的输入功率等于输出功率,P 1=P 2=I 2U 2=2.2×60 W=132 W ,选项A 错误;由U 1U 2=n 1n 2得n 1n 2=U 1U 2=22060=113,选项D 正确;由I 1I 2=n 2n 1得I 1=n 2n 1I 2=311×2.2 A=0.6 A ,选项B 正确;根据I =I m 2得通过副线圈的电流的最大值I 2m =2I 2=115 2 A≈3.1 A,选项C 错误. 7.如图5甲所示,一理想变压器给一个小灯泡供电.当原线圈输入如图乙所示的交变电压时,额定功率为10W 的小灯泡恰好正常发光,已知灯泡的电阻为40Ω,图中电压表为理想电表,下列说法正确的是( )图5A .变压器输入电压的瞬时值表达式为u =2202sinπt (V)B .电压表的示数为220VC .变压器原、副线圈的匝数比为11∶1D .变压器的输入功率为110W答案 C解析 由题图乙可知,ω=2πT=100πrad/s,故A 错误;原线圈输入电压为220V ,电压表示数为灯泡的额定电压U =PR =20V ,故B 错误;由B 项分析,结合电压与匝数的关系得n 1n 2=22020=111,故C 正确;理想变压器的输入功率与输出功率相等,为10W ,故D 错误. 8.(多选)(2016·全国卷Ⅲ)如图6所示,理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a 和b.当输入电压U 为灯泡额定电压的10倍时,两灯泡均能正常发光.下列说法正确的是( )图6A .原、副线圈匝数比为9∶1B .原、副线圈匝数比为1∶9C .此时a 和b 的电功率之比为9∶1D .此时a 和b 的电功率之比为1∶9答案 AD解析 设灯泡的额定电压为U 0,两灯泡均能正常发光,所以原线圈两端电压为U 1=9U 0,副线圈两端电压为U 2=U 0,故U 1U 2=91,n 1n 2=U 1U 2=91,A 正确,B 错误;根据公式I 1I 2=n 2n 1可得,I 1I 2=19,由于小灯泡两端的电压相等,所以根据公式P =UI 可得,灯泡a 和b 的电功率之比为1∶9,C 错误,D 正确.9.(2018·济宁市高二下学期期末)如图7所示,理想变压器原、副线圈接有三个完全相同的灯泡,其额定电压均为U ,且三个灯泡均能正常发光.下列说法中正确的是( )图7A .原、副线圈匝数比为3∶1B .原、副线圈匝数比为1∶3C .AB 端的输入电压为3UD .AB 端的输入电压为4U答案 C解析设灯泡正常发光时,流过它的电流为I ,则该变压器原线圈电流I 1=I ,副线圈中电流I 2=2I ,则原、副线圈匝数比n 1n 2=I 2I 1=2∶1;所以原线圈两端的电压为U 1=n 1n 2U 2=2U ,则AB 端输入电压为3U ,A 、B 、D 错误,C 正确.考点三 自耦变压器与互感器10.(2018·陕西省教学质量检测)为了测量高电压和强电流,常用到变压器的有关原理.如图8所示,L 1和L 2是输电线,甲是电压互感器,乙是电流互感器.若电压互感器上下线圈的匝数比为1000∶1,电流互感器上下线圈的匝数比为1∶100,并且知道电压表示数为220V ,电流表示数为10A ,下列说法正确的是( )图8A .两输电线的电压为220VB .L 2中的电流为10AC .电路中输送的功率为2.2×108WD .两输电线间的电阻为22Ω 答案 C解析甲是电压互感器,已知n 1∶n 2=1 000∶1,电压表示数为U 2=220 V ,根据U 1U 2=n 1n 2可得传输电压为:U 1=2.2×105 V ,选项A 错误;乙是电流互感器,已知n 3∶n 4=1∶100,电流表示数为I 4=10 A ,根据I 3I 4=n 4n 3可得传输电流为:I 3=1 000 A ,选项B 错误;输电线中输送的功率为P =U 1I 3=2.2×108 W ,选项C 正确;两输电线间的电阻无法求得,选项D 错误.11.钳式电流表的外形和结构如图9中a 、b 所示.图b 中电流表的读数为1.2A ,图c 中用同一电缆线绕了3匝,则( )图9A .这种电流表能测直流电流,图c 的读数为2.4AB .这种电流表能测交变电流,图c 的读数为0.4AC .这种电流表能测交变电流,图c 的读数为3.6AD .这种电流表既能测直流电流,又能测交变电流,图c 的读数为3.6A答案 C解析 钳式电流表利用了变压器的工作原理,因此钳式电流表只能测交变电流.根据n 1I 1=n 2I 2可知,题图b 中线圈单匝时,的读数为1.2A .在题图c 中绕3匝时,的读数应为3.6A ,故选项C 正确.12.自耦变压器的铁芯上只绕有一个线圈,原、副线圈都只取该线圈的某部分.一升压式自耦调压变压器的电路如图10所示,其副线圈匝数可调.已知变压器线圈总匝数为1900匝,原线圈为1100匝,接在电压有效值为220V 的交流电源上.当变压器输出电压调至最大时,负载R 上的功率为2.0kW ,设此时原线圈中电流有效值为I 1,负载两端电压的有效值为U 2,且变压器是理想变压器,则U 2和I 1分别约为( )图10A .380V 和5.3AB .380V 和9.1AC .240V 和5.3AD .240V 和9.1A 答案 B解析由理想变压器原、副线圈中电压、电流及功率关系可得:U 1U 2=n 1n 2,I 1I 2=n 2n 1,U 1I 1=P 1=P 2,所以,当变压器输出电压调至最大时,副线圈的匝数也最大,为n 2=1 900匝,负载R 上的功率也最大,为2.0 kW ,则U 2=n 2n 1U 1=1 9001 100×220 V=380 V ,I 1=P 2U 1=2.0×103220A≈9.1 A ,故选项B 正确.二、非选择题13.如图11所示的理想变压器原线圈1接到220V 的交流电源上.副线圈2的匝数n 2=30匝,与一个“12V 12W”的灯泡L 连接,L 能正常发光.副线圈3的输出电压U 3=110V ,与电阻R 连接,通过R 的电流为0.4A .求:图11(1)副线圈3的匝数n 3;(2)原线圈1的匝数n 1和电流I 1.答案 (1)275匝 (2)550匝 0.255A解析 (1)变压比公式对于两个副线圈也适用,则有U 2U 3=n 2n 3,n 3=n 2U 3U 2=30×11012匝=275匝. (2)n 1n 2=U 1U 2,n 1=U 1U 2n 2=22012×30匝=550匝. 理想变压器的输入功率等于输出功率P 1=P 2+P 3=12W +0.4×110W=56W.原线圈中电流I 1=P 1U 1=56220A≈0.255A.14.如图12所示,理想变压器原线圈中输入电压U 1=3300V ,副线圈两端电压U 2为220V ,输出端连有完全相同的两个灯泡L 1和L 2,绕过铁芯的导线所接的电压表V 的示数U =2V .求:图12(1)原线圈n 1等于多少匝?(2)当开关S 断开时,电流表A 2的示数I 2=5A .则电流表A 1的示数I 1为多少?(3)在(2)情况下,当开关S 闭合时,电流表A 1的示数I 1′为多少?答案 (1)1650匝 (2)13A (3)23A 解析(1)由电压与变压器匝数的关系可得:U 1n 1=U 2n 2=U ,则n 1=1 650匝.(2)当开关S 断开时,有:U 1I 1=U 2I 2,I 1=U 2I 2U 1=13A. (3)当开关S 断开时,有:R L =U 2I 2=44 Ω.当开关S 闭合时,设副线圈总电阻为R ′,有R ′=R L 2=22 Ω,副线圈中的总电流I 2′=U 2R ′=10 A .由U 1I 1′=U 2I 2′可知,I 1′=U 2I 2′U 1=23A.1.(多选)(2017·徐州市、连云港市、宿迁市第三次模拟考试)如图1甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1,原线圈接入如图乙所示的正弦式交变电流,电表均为理想电表,下列说法正确的是( )图1A .电压表的示数为110VB .交变电流的频率为50HzC .滑动变阻器滑片向下滑动时,电压表示数变大D .滑动变阻器滑片向上滑动时,电流表示数变小答案 BD解析 根据题图乙可知原线圈电压的有效值U 1=220V ,根据U 1U 2=n 1n 2可得副线圈输出电压有效值U 2=110 V ,电压表测量的是滑动变阻器R 两端的电压,小于110 V ,A 错误;根据题图乙可知交变电流的周期为0.02s ,频率为50Hz ,B 正确;滑动变阻器滑片向下滑动时,滑动变阻器R 接入电路的阻值变小,电压表示数变小,C 错误;滑动变阻器滑片向上滑动时,滑动变阻器R 接入电路的阻值变大,流过副线圈的电流变小,根据I 1I 2=n 2n 1可得流过原线圈的电流变小,电流表示数变小,D 正确.2.(多选)如图2所示的电路中,P 为滑动变阻器的滑片,保持理想变压器的输入电压U 1不变,闭合开关S ,下列说法正确的是( )图2A .P 向下滑动时,灯L 变亮B .P 向下滑动时,变压器的输出电压不变C .P 向上滑动时,变压器的输入电流变小D .P 向上滑动时,变压器的输出功率变大答案 BD解析 由于理想变压器输入电压U 1不变,原、副线圈匝数不变,由U 2=n 2n 1U 1知输出电压U 2也不变,灯L 的亮度不随P 的滑动而改变,故选项A 错误,B 正确.P 向上滑动时,滑动变阻器接入电路的电阻减小,副线圈负载总电阻R 总减小,由I 2=U 2R 总知,通过副线圈的电流I 2增大,输出功率P 出=U 2I 2增大,再由I 1I 2=n 2n 1知输入电流I 1也增大,故选项C 错误,D 正确.3.(多选)(2018·漳州市、龙海市等四校高二下学期期末联考)如图3所示,理想变压器原线圈输入电压u =2202·sin100πt (V),原、副线圈匝数比为10∶1,副线圈电路中R 0为定值电阻,R 是光敏电阻(其阻值随光照强度的增大而减小),图中电表均为理想电表,下列说法正确的是( )图3A .变压器输出电压的频率为50HzB.电压表V2的示数为222VC.照射R的光变强时,灯泡L变暗D.照射R的光变强时,电压表V1、电流表A1的示数都不变答案AC解析原线圈接正弦式交变电流,由题知角速度是ω=100π rad/s,所以f=100π2πHz=50Hz,故A正确.由表达式知输入电压有效值为220 V,根据电压与匝数成正比,副线圈电压有效值即电压表V2的示数为22 V,故B错误.R处光照增强时,阻值减小,但不会影响变压器的输入电压及输出电压,则副线圈电路总电流变大,原线圈电流也变大,定值电阻分压增大,灯泡两端电压减小,灯泡变暗,故C正确,D错误.4.(2018·南京市高考冲刺练习卷)如图4所示的交流电路中,理想变压器输入电压为U1,输入功率为P1,输出功率为P2,各交流电表均为理想电表.当滑动变阻器R的滑片向下移动时( )图4A.灯L变亮B.各个电表读数均变大C.因为U1不变,所以P1不变D.P1变大,且始终有P1=P2答案 D解析理想变压器的输出电压由输入电压和匝数比决定,输入电压不变,所以输出电压也不变,输入功率和输出功率始终相等,当滑动变阻器R的滑片向下移动时,滑动变阻器接入电路的电阻减小,副线圈电路的总电阻减小,所以总电流变大,消耗的功率将变大,R0两端的电压变大,所以灯L两端的电压变小,电压表的示数变小,所以灯L变暗,由于总电流变大,通过灯L的电流变小,所以电流表的示数变大,D正确.5.(多选)(2017·南通、扬州、泰州、淮安四市第三次模拟考试)如图5所示,T为理想变压器,电流表、电压表均为理想交流电表.R1、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器,L为电感线圈,A、B两点间接正弦式交变电流,则( )图5A.只将滑片P1下移时,电流表示数变小。
【重点资料】2019高中物理 第二章 交变电流 6 变压器学案 教科版选修3-2

6.变压器[知识梳理]一、变压器的结构与原理 1.变压器的结构变压器由闭合铁芯和绕在铁芯上的线圈组成,变压器的模型与符号如图261所示.图261(1)原线圈:与电源相连接的线圈,也叫初级线圈. (2)副线圈:与负载相连接的线圈,也叫次级线圈.2.变压器的原理:当变压器的原线圈加上交变电压时,原线圈中的交变电流在铁芯中激发交变的磁通量,交变的磁通量穿过原线圈也穿过副线圈,在原、副线圈中产生感应电动势.3.能量传递电能从原线圈通过磁场传输给副线圈. 二、理想变压器的原副线圈中物理量之间的关系1.电压关系:理想变压器的电压跟它们的匝数成正比.公式:U 1U 2=n 1n 2. 当n 1>n 2时,则有U 1>U 2,叫降压变压器. 当n 1<n 2时,则有U 1<U 2,叫升压变压器. 2.电流关系(1)输入功率与输出功率的关系:对于理想变压器,则U 1I 1=U 2I 2,即P 入=P 出. (2)电流与匝数的关系:I 2I 1=n 1n 2.三、电压互感器和电流互感器1.电压互感器用来把高电压变成低电压.副线圈比原线圈匝数少,如图262甲所示,根据已知的变压比可以计算出原线路中的电压.2.电流互感器用来把大电流变成小电流,副线圈比原线圈匝数多,如图262乙,根据已知的变流比可以计算出原线路中的电流.甲乙图2623.两种互感器的比较(1)两种互感器的连接方式:电压互感器原线圈并联在被测的高压线路上,电流互感器原线圈串联在被测的电路中.(2)两种互感器的特点:电压互感器是一种降压变压器,原线圈匝数多,电流互感器是一种升压变压器,副线圈匝数多.(3)使用互感器时,一定要将互感器的外壳和副线圈接地.此外,电流互感器在使用时绝对不允许副线圈开路.[基础自测]1.思考判断(1)理想变压器原、副线圈的电压之比等于两个线圈的匝数之比.(√)(2)学校中用的变压器工作时没有能量损失.(×)(3)理想变压器不仅可以改变交变电流的电压和电流,还可以改变交变电流的功率和频率.(×)(4)电压互感器是一种降压变压器.(√)(5)电压互感器的原线圈应串联在被测电路中.(×)(6)在使用互感器时,互感器的外壳和副线圈应接地.(√)2.一电器中的变压器可视为理想变压器,它将220 V交变电流改变为110 V.已知变压器原线圈匝数为800,则副线圈匝数为( )【导学号:24622075】A.200 B.400C.1 600 D.3 200B [根据理想变压器原、副线圈电压与匝数的关系U 1U 2=n 1n 2,得n 2=n 1U 2U 1=800×110220=400,选项B 正确.]3.在变电所,经常要用交流电表去监测电网上的强电流,使用的仪器是电流互感器.下图中,能正确反映其工作原理的是( )A [电流互感器应是测电流的,应串联在火线上,故C 、D 选项错误;同时,由I 1n 1=I 2n 2知要使I 2<I 1,须n 2>n 1,故A 选项正确,B 选项错误.][合 作 探 究·攻 重 难]当变压器原、副线圈的匝数比n 1n 2一定时,输入电压U 1决定输出电压U 2,即U 2=n 2U 1n 1. 2.功率制约P 出决定P 入,P 出增大,P 入增大 ;P 出减小,P 入减小;P 出为0,P 入为0.3.电流制约当变压器原、副线圈的匝数比n 1n 2一定,且输入电压U 1确定时,副线圈中的输出电流I 2决定原线圈中的电流I 1,即I 1=n 2I 2n 1.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3∶1,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压在220 V 的正弦交流电源上,如图263所示.设副线圈回路中电阻两端的电压为U ,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k ,则( )图263A .U =66 V ,k =19B .U =22 V ,k =19C .U =66 V ,k =13D .U =22 V ,k =13思路点拨:解答本题应注意以下两点:①变压器的输入电压不等于电源电压220 V .②原、副线圈中的电阻相同.A [设原、副线圈中的电流分别为I 1、I 2,则I 1I 2=n 2n 1=13,故k =I 21RI 22R =19.设原线圈两端的电压为U 1,则U 1U =n 1n 2=31,故U 1=3U ,而原线圈回路中电阻分担的电压为13U ,故U3+3U =220 V ,解得U =66 V .选项A 正确.]公式U 1U 2=n 1n 2及I 1I 2=n 2n 1中的电压和电流一般指有效值,但也可以是最大值,但必须要对应.[针对训练]1.如图264所示,理想变压器原、副线圈匝数比为20∶1,两个标有“12 V 6 W”字样的小灯泡并联在副线圈的两端.当两灯泡都正常工作时,原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想电表)的示数分别是( )图264A .120 V,0.10 AB .240 V,0.025 AC .120 V,0.05 AD .240 V,0.05 AD [灯泡正常工作,副线圈两端的电压U 2=12 V ,副线圈中的电流I 2=2×612 A =1 A ,根据匝数比得原线圈中的电流I 1=120I 2=0.05 A ,原线圈两端的电压U 1=20U 2=240 V ,选项D 正确.]2.用220 V 的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电,变压器输出电压是110 V ,通过负载的电流图像如图265所示,则 ( )图265A .变压器输入功率约为3.9 WB .输出电压的最大值是110 VC .变压器原、副线圈匝数比是1∶2D .负载电流的函数表达式i =0.05sin ⎝⎛⎭⎪⎫100πt +π2 A A [根据理想变压器的输入功率等于输出功率,则P 入=P 出=P 负=110×0.052 W≈3.9 W,故A 选项正确;由于题干中变压器输出电压的数值是有效值,则变压器的输出电压的最大值应是110 2 V ,故B 选项错误;根据理想变压器的变压比关系式U 1U 2=n 1n 2可得,变压器原副线圈匝数比n 1n 2=U 1U 2=21,故C 选项错误;根据题图可得,负载电流的函数表达式为i =I m sin ⎝⎛⎭⎪⎫2πT t +0,解得i =0.05sin 100πt A .故D 选项错误.]要遵循电路规律.首先确定是哪些量在变,哪些量不变,然后根据相应的规律判断,具体问题具体分析.一般分为以下两种情况:(1)原、副线圈匝数比n 1n 2不变.分析原、副线圈的电压U 1、U 2,电流I 1、I 2,输出和输入功率P 2、P 1随负载电阻变化而变化的情况.将变压器接到交流电源上,原线圈的输入电压为U 1,副线圈两端电压U 2⎝ ⎛⎭⎪⎫U 2=n 2n 1U 1为定值,流过副线圈的电流I 2⎝⎛⎭⎪⎫I 2=U 2R 随负载电阻的减小而增大,变压器输出功率P 2(P 2=U 2I 2)也随着增大,不计变压器损失的能量,则变压器输入功率P 1(P 1=P 2)也增大,流过原线圈的电流I 1⎝⎛⎭⎪⎫I 1=P 1U1也增大.进行动态分析的顺序是U 1→U 2=n 2n 1U 1→I 2=U 2R →P 2=I 2U 2――――→能量守恒P 1=P 2→I 1=P 1U 1. (2)负载不变.上述物理量随原、副线圈匝数比的变化而变化的情况.一般情况下,如果原线圈输入电压U 1和匝数n 1不变,当副线圈匝数n 2增大时,副线圈两端电压U 2⎝⎛⎭⎪⎫U 2=n 2n 1U 1增大,流过副线圈的电流I 2⎝⎛⎭⎪⎫I 2=U 2R增大,变压器输出功率P 2(P 2=U 2I 2)增大,则变压器的输入功率P 1增大,流过原线圈的电流I 1增大,反之,变化情况则相反.(多选)如图266所示,理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表,副线圈匝数可以通过滑动触头Q 来调节,在副线圈两端连接了定值电阻R 0和滑动变阻器R ,P 为滑动变阻器的滑片.在原线圈上加一电压为U 的正弦交流电,则( )图266A .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表读数变大B .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表读数变小C .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表读数变大D .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表读数变小思路点拨:①保持Q 的位置不动,则原、副线圈匝数比不变.②保持P 的位置不动,则负载电阻不变.BC [保持Q 的位置不动,则U 2不变,将P 向上滑动时,R 接入电路的电阻变大,根据I 2=U 2R 0+R 知,I 2变小,由I 1I 2=n 2n 1得I 1也变小,即电流表读数变小,选项A 错误,选项B 正确;保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,U 2变大,则根据P 2=U 22R 0+R知副线圈输出功率变大,由P 1=P 2知,变压器原线圈输入功率P 1变大,而P 1=I 1U ,输入电压U 一定,I 1变大,即电流表读数变大,选项C 正确,选项D 错误.]对理想变压器进行动态分析的两种常见情况(1)原、副线圈匝数比不变,分析各物理量随负载电阻变化而变化的情况,进行动态分析的顺序是R →I 2→P 出→P 入→I 1.(2)负载电阻不变,分析各物理量随匝数比的变化而变化的情况,进行动态分析的顺序是n 1、n 2→U 2→I 2→P 出→P 入→I 1.[针对训练]3.如图267所示,接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L 供电,如果将原、副线圈减少相同匝数,其他条件不变,则( )图267A .小灯泡变亮B .小灯泡变暗C .原、副线圈两端电压的比值不变D .通过原、副线圈电流的比值不变B [由于家庭电路上理想变压器为降压变压器,故n 1>n 2,当原、副线圈减少相同的匝数时,其变压比n 1′n 2′变大,根据U 1U 2=n 1′n 2′,U 1一定,U 2变小,故小灯泡变暗,选项A 错误,选项B 正确;由U 1U 2=n 1′n 2′知,原、副线圈电压的比值变大,选项C 错误;根据I 1I 2=n 2′n 1′,则通过原、副线圈电流的比值变化,选项D 错误.]4.(多选)如图268所示为一理想变压器.S 为单刀双掷开关,P 为滑动变阻器的滑片,U 1为变压器原线圈两端的电压,I 1为原线圈中的电流,则( )图268A .保持U 1及P 的位置不变,S 由a 合到b 上时,I 1将减小B .保持P 的位置及U 1不变,S 由b 合到a 上时,R 消耗的功率减小C .保持U 1不变,S 合在a 处,使P 上滑,I 1将增大D .保持P 的位置不变,S 合在a 处,若U 1增大,I 2增大BD [S 由a 合到b 时,n 1减小而U 1不变,由U 1U 2=n 1n 2可知,副线圈上的电压增大,负载R 的电流I 2增大,P 2增大,又由于P 1=P 2=U 1I 1,故I 1增大,A 项错误;同理S 由b 合到a 时,P 2减小,B 项正确;P 上滑时,负载电阻R 增大,而U 1、U 2均不变,由I 2=U 2R可知I 2减小,又由于n 1、n 2均不变,由I 1I 2=n 2n 1可知I 1将减小,故C 项错误;当U 1增大时,由U 1U 2=n 1n 2可知U 2也增大,I 2=U 2R 增大,再由I 1I 2=n 2n 1可知I 1增大,故D 项正确.]铁芯上只绕有一个线圈,如果把整个线圈作为原线圈,副线圈只取线圈的一部分,就可以降低电压,反之则可以升高电压,如图269所示.图2692.互感器交流电压表和电流表都有一定的量度范围,不能直接测量高电压和大电流.互感器是利用变压器的原理来测量高电压或大电流的仪器.(多选)如图2610所示,L1和L2是远距离输电的两根高压线,在靠近用户端的某处用电压互感器和电流互感器监测输电参数,在用电高峰期,用户接入电路的用电器逐渐增多的时候( )图2610A.甲电表的示数变小B.甲电表的示数变大C.乙电表的示数变小D.乙电表的示数变大AD[由图可知:甲是电压表,乙是电流表,所以甲是电压互感器,乙是电流互感器;在用电高峰期,用户接入电路的用电器逐渐增多的时候,副线圈总电阻变小,副线圈总电流变大,所以输电导线电流变大,输电导线电阻R不变,由U=IR可知,电压损失变大,根据高压线上输出电压变小,根据匝数比等于电压之比,所以甲电表的示数变小,故A正确,B 错误;输电导线电流变大,所以乙电表的示数变大,故C错误,D正确.](1)电压互感器应并联接入电路;电流互感器应串联接入电路.(2)电压互感器是把高电压变成低电压,故原线圈匝数n1大于副线圈匝数n2.(3)电流互感器是把大电流变成小电流,故原线圈匝数n1小于副线圈匝数n2.[针对训练]5.(多选)图2611甲、乙是配电房中的互感器和电表的接线图,下列说法中正确的是( )甲 乙图2611A .线圈匝数n 1<n 2,n 3<n 4B .线圈匝数n 1>n 2,n 3>n 4C .甲图中的电表是电压表,输出端不可短路D .乙图中的电表是电流表,输出端不可断路CD [题图甲中的原线圈并联在电路中,为电压互感器,是降压变压器,n 1>n 2,题图甲中的电表为电压表;题图乙中的原线圈串联在电路中,为电流互感器,是升压变压器,n 3<n 4,题图乙中的电表为电流表,故选项C 、D 正确.]6.一自耦变压器如图2612所示,环形铁芯上只绕有一个线圈,将其接在a 、b 间作为原线圈.通过滑动触头取该线圈的一部分,接在c 、d 间作为副线圈,在a 、b 间输入电压为U 1的交变电流时,c 、d 间的输出电压为U 2,在将滑动触头从M 点顺时针转到N 点的过程中( )图2612A .U 2>U 1,U 2降低B .U 2>U 1,U 2升高C .U 2<U 1,U 2降低D .U 2<U 1,U 2升高C [由U 1U 2=n 1n 2,n 1>n 2知U 2<U 1;滑动触头从M 点顺时针旋转至N 点过程,n 2减小,则U 2降低,C 项正确.][当 堂 达 标·固 双 基]1.(多选)关于理想变压器,下列说法正确的是( ) A .变压器只能改变交变电流的电压,不能改变直流电的电压 B .实际生活中,不存在原线圈与副线圈匝数相等的变压器C .理想变压器不仅可以改变交变电流的电压和电流,还可以改变交变电流的频率D .输送的电能经变压器先转化为磁场能,再转化为电能ABD [易知A 、B 正确;理想变压器无能量损耗,改变交变电流的电压,不改变交变电流的周期和频率,C 错误;变压器工作的原理是互感现象,输送的电能经变压器先转化为磁场能,再转化为电能,D 正确.]2.对理想变压器可作出的判断是( ) A .高压线圈匝数多、电流大、导线粗 B .低压线圈匝数少、电流小、导线细 C .高压线圈匝数多、电流大、导线细 D .低压线圈匝数少、电流大、导线粗D [理想变压器中有U 1I 1=U 2I 2且有I 1I 2=n 2n 1,变压器电压较高的一边电流小,匝数多,导线细;则电压较低的一边电流大,匝数少,导线粗.]3.如图2613所示,理想变压器原线圈输入电压u =U m sin ωt ,副线圈电路中R 0为定值电阻,R 是滑动变阻器.和是理想交流电压表,示数分别用U 1和U 2表示;和是理想交流电流表,示数分别用I 1和I 2表示.下列说法正确的是 ( )【导学号:24622076】图2613A .I 1和I 2表示电流的平均值B .U 1和U 2表示电压的最大值C .滑片P 向下滑动过程中,U 2不变、I 1变大D .滑片P 向下滑动过程中,U 2变小、I 2变大C [电路中的电压表和电流表表示的都是有效值,选项A 、B 错误;滑片P 向下滑动过程中,接入电路中的电阻变小,U 2不变、I 1变大,故C 正确,D 错误.]4.(多选)如图2614(a)中,理想变压器的原、副线圈的匝数比为4∶1,R T 为阻值随温度升高而减小的热敏电阻,R 1为定值电阻,电压表和电流表均为理想交流电表.原线圈所接电压u 随时间t 按正弦规律变化,如图2614(b)所示.下列说法正确的是 ( )(a) (b)图2614A .变压器输入、输出功率之比为4∶111 B .变压器原、副线圈中的电流强度之比为1∶4C .u 随t 变化的规律为u =51sin 50πt VD .若热敏电阻R T 的温度升高,则电压表的示数不变,电流表的示数变大BD [由题意知,变压器是理想变压器,故变压器输入、输出功率之比为1∶1,故A 错误;变压器原、副线圈中的电流之比与匝数成反比,即I 1I 2=n 2n 1=14,故选项B 正确;由题图(b)可知交流电压最大值U m =51 V ,周期T =0.02 s ,可由周期求出角速度的值为ω=100π rad/s ,则可得交流电压u 随t 变化的规律为u =51sin 100πt V ,故选项C 错误;R T 温度升高时,阻值减小,电流表的示数变大,电压表示数不变,故选项D 正确.]。
【新】高中物理第二章交变电流6变压器学案教科版选修3-2

6.变压器主 预 习·探 新 知][知识梳理]一、变压器的结构与原理 1.变压器的结构变压器由闭合铁芯和绕在铁芯上的线圈组成,变压器的模型与符号如图261所示.图261(1)原线圈:与电源相连接的线圈,也叫初级线圈. (2)副线圈:与负载相连接的线圈,也叫次级线圈.2.变压器的原理:当变压器的原线圈加上交变电压时,原线圈中的交变电流在铁芯中激发交变的磁通量,交变的磁通量穿过原线圈也穿过副线圈,在原、副线圈中产生感应电动势.3.能量传递电能从原线圈通过磁场传输给副线圈. 二、理想变压器的原副线圈中物理量之间的关系1.电压关系:理想变压器的电压跟它们的匝数成正比.公式:U 1U 2=n 1n 2. 当n 1>n 2时,则有U 1>U 2,叫降压变压器. 当n 1<n 2时,则有U 1<U 2,叫升压变压器. 2.电流关系(1)输入功率与输出功率的关系:对于理想变压器,则U 1I 1=U 2I 2,即P 入=P 出. (2)电流与匝数的关系:I 2I 1=n 1n 2.三、电压互感器和电流互感器1.电压互感器用来把高电压变成低电压.副线圈比原线圈匝数少,如图262甲所示,根据已知的变压比可以计算出原线路中的电压.2.电流互感器用来把大电流变成小电流,副线圈比原线圈匝数多,如图262乙,根据已知的变流比可以计算出原线路中的电流.甲乙图2623.两种互感器的比较(1)两种互感器的连接方式:电压互感器原线圈并联在被测的高压线路上,电流互感器原线圈串联在被测的电路中.(2)两种互感器的特点:电压互感器是一种降压变压器,原线圈匝数多,电流互感器是一种升压变压器,副线圈匝数多.(3)使用互感器时,一定要将互感器的外壳和副线圈接地.此外,电流互感器在使用时绝对不允许副线圈开路.[基础自测]1.思考判断(1)理想变压器原、副线圈的电压之比等于两个线圈的匝数之比.(√)(2)学校中用的变压器工作时没有能量损失.(×)(3)理想变压器不仅可以改变交变电流的电压和电流,还可以改变交变电流的功率和频率.(×)(4)电压互感器是一种降压变压器.(√)(5)电压互感器的原线圈应串联在被测电路中.(×)(6)在使用互感器时,互感器的外壳和副线圈应接地.(√)2.一电器中的变压器可视为理想变压器,它将220 V交变电流改变为110 V.已知变压器原线圈匝数为800,则副线圈匝数为( )【导学号:24622075】A.200 B.400C.1 600 D.3 200B [根据理想变压器原、副线圈电压与匝数的关系U 1U 2=n 1n 2,得n 2=n 1U 2U 1=800×110220=400,选项B 正确.]3.在变电所,经常要用交流电表去监测电网上的强电流,使用的仪器是电流互感器.下图中,能正确反映其工作原理的是( )A [电流互感器应是测电流的,应串联在火线上,故C 、D 选项错误;同时,由I 1n 1=I 2n 2知要使I 2<I 1,须n 2>n 1,故A 选项正确,B 选项错误.][合 作 探 究·攻 重 难]当变压器原、副线圈的匝数比n 1n 2一定时,输入电压U 1决定输出电压U 2,即U 2=n 2U 1n 1. 2.功率制约P 出决定P 入,P 出增大,P 入增大 ;P 出减小,P 入减小;P 出为0,P 入为0.3.电流制约当变压器原、副线圈的匝数比n 1n 2一定,且输入电压U 1确定时,副线圈中的输出电流I 2决定原线圈中的电流I 1,即I 1=n 2I 2n 1.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3∶1,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压在220 V 的正弦交流电源上,如图263所示.设副线圈回路中电阻两端的电压为U ,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k ,则( )图263A .U =66 V ,k =19B .U =22 V ,k =19C .U =66 V ,k =13D .U =22 V ,k =13思路点拨:解答本题应注意以下两点:①变压器的输入电压不等于电源电压220 V .②原、副线圈中的电阻相同.A [设原、副线圈中的电流分别为I 1、I 2,则I 1I 2=n 2n 1=13,故k =I 21RI 22R =19.设原线圈两端的电压为U 1,则U 1U =n 1n 2=31,故U 1=3U ,而原线圈回路中电阻分担的电压为13U ,故U3+3U =220 V ,解得U =66 V .选项A 正确.]公式U 1U 2=n 1n 2及I 1I 2=n 2n 1中的电压和电流一般指有效值,但也可以是最大值,但必须要对应.[针对训练]1.如图264所示,理想变压器原、副线圈匝数比为20∶1,两个标有“12 V 6 W”字样的小灯泡并联在副线圈的两端.当两灯泡都正常工作时,原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想电表)的示数分别是( )图264A .120 V,0.10 AB .240 V,0.025 AC .120 V,0.05 AD .240 V,0.05 AD [灯泡正常工作,副线圈两端的电压U 2=12 V ,副线圈中的电流I 2=2×612 A =1 A ,根据匝数比得原线圈中的电流I 1=120I 2=0.05 A ,原线圈两端的电压U 1=20U 2=240 V ,选项D 正确.]2.用220 V 的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电,变压器输出电压是110 V ,通过负载的电流图像如图265所示,则 ( )图265A .变压器输入功率约为3.9 WB .输出电压的最大值是110 VC .变压器原、副线圈匝数比是1∶2D .负载电流的函数表达式i =0.05sin ⎝⎛⎭⎪⎫100πt +π2 A A [根据理想变压器的输入功率等于输出功率,则P 入=P 出=P 负=110×0.052 W≈3.9 W,故A 选项正确;由于题干中变压器输出电压的数值是有效值,则变压器的输出电压的最大值应是110 2 V ,故B 选项错误;根据理想变压器的变压比关系式U 1U 2=n 1n 2可得,变压器原副线圈匝数比n 1n 2=U 1U 2=21,故C 选项错误;根据题图可得,负载电流的函数表达式为i =I m sin ⎝⎛⎭⎪⎫2πT t +0,解得i =0.05sin 100πt A .故D 选项错误.]要遵循电路规律.首先确定是哪些量在变,哪些量不变,然后根据相应的规律判断,具体问题具体分析.一般分为以下两种情况:(1)原、副线圈匝数比n 1n 2不变.分析原、副线圈的电压U 1、U 2,电流I 1、I 2,输出和输入功率P 2、P 1随负载电阻变化而变化的情况.将变压器接到交流电源上,原线圈的输入电压为U 1,副线圈两端电压U 2⎝ ⎛⎭⎪⎫U 2=n 2n 1U 1为定值,流过副线圈的电流I 2⎝⎛⎭⎪⎫I 2=U 2R 随负载电阻的减小而增大,变压器输出功率P 2(P 2=U 2I 2)也随着增大,不计变压器损失的能量,则变压器输入功率P 1(P 1=P 2)也增大,流过原线圈的电流I 1⎝⎛⎭⎪⎫I 1=P 1U1也增大.进行动态分析的顺序是U 1→U 2=n 2n 1U 1→I 2=U 2R →P 2=I 2U 2――――→能量守恒P 1=P 2→I 1=P 1U 1. (2)负载不变.上述物理量随原、副线圈匝数比的变化而变化的情况.一般情况下,如果原线圈输入电压U 1和匝数n 1不变,当副线圈匝数n 2增大时,副线圈两端电压U 2⎝⎛⎭⎪⎫U 2=n 2n 1U 1增大,流过副线圈的电流I 2⎝⎛⎭⎪⎫I 2=U 2R增大,变压器输出功率P 2(P 2=U 2I 2)增大,则变压器的输入功率P 1增大,流过原线圈的电流I 1增大,反之,变化情况则相反.(多选)如图266所示,理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表,副线圈匝数可以通过滑动触头Q 来调节,在副线圈两端连接了定值电阻R 0和滑动变阻器R ,P 为滑动变阻器的滑片.在原线圈上加一电压为U 的正弦交流电,则( )图266A .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表读数变大B .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表读数变小C .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表读数变大D .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表读数变小思路点拨:①保持Q 的位置不动,则原、副线圈匝数比不变.②保持P 的位置不动,则负载电阻不变.BC [保持Q 的位置不动,则U 2不变,将P 向上滑动时,R 接入电路的电阻变大,根据I 2=U 2R 0+R 知,I 2变小,由I 1I 2=n 2n 1得I 1也变小,即电流表读数变小,选项A 错误,选项B 正确;保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,U 2变大,则根据P 2=U 22R 0+R知副线圈输出功率变大,由P 1=P 2知,变压器原线圈输入功率P 1变大,而P 1=I 1U ,输入电压U 一定,I 1变大,即电流表读数变大,选项C 正确,选项D 错误.]对理想变压器进行动态分析的两种常见情况(1)原、副线圈匝数比不变,分析各物理量随负载电阻变化而变化的情况,进行动态分析的顺序是R →I 2→P 出→P 入→I 1.(2)负载电阻不变,分析各物理量随匝数比的变化而变化的情况,进行动态分析的顺序是n 1、n 2→U 2→I 2→P 出→P 入→I 1.[针对训练]3.如图267所示,接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L 供电,如果将原、副线圈减少相同匝数,其他条件不变,则( )图267A .小灯泡变亮B .小灯泡变暗C .原、副线圈两端电压的比值不变D .通过原、副线圈电流的比值不变B [由于家庭电路上理想变压器为降压变压器,故n 1>n 2,当原、副线圈减少相同的匝数时,其变压比n 1′n 2′变大,根据U 1U 2=n 1′n 2′,U 1一定,U 2变小,故小灯泡变暗,选项A 错误,选项B 正确;由U 1U 2=n 1′n 2′知,原、副线圈电压的比值变大,选项C 错误;根据I 1I 2=n 2′n 1′,则通过原、副线圈电流的比值变化,选项D 错误.]4.(多选)如图268所示为一理想变压器.S 为单刀双掷开关,P 为滑动变阻器的滑片,U 1为变压器原线圈两端的电压,I 1为原线圈中的电流,则( )图268A .保持U 1及P 的位置不变,S 由a 合到b 上时,I 1将减小B .保持P 的位置及U 1不变,S 由b 合到a 上时,R 消耗的功率减小C .保持U 1不变,S 合在a 处,使P 上滑,I 1将增大D .保持P 的位置不变,S 合在a 处,若U 1增大,I 2增大BD [S 由a 合到b 时,n 1减小而U 1不变,由U 1U 2=n 1n 2可知,副线圈上的电压增大,负载R 的电流I 2增大,P 2增大,又由于P 1=P 2=U 1I 1,故I 1增大,A 项错误;同理S 由b 合到a 时,P 2减小,B 项正确;P 上滑时,负载电阻R 增大,而U 1、U 2均不变,由I 2=U 2R可知I 2减小,又由于n 1、n 2均不变,由I 1I 2=n 2n 1可知I 1将减小,故C 项错误;当U 1增大时,由U 1U 2=n 1n 2可知U 2也增大,I 2=U 2R 增大,再由I 1I 2=n 2n 1可知I 1增大,故D 项正确.]铁芯上只绕有一个线圈,如果把整个线圈作为原线圈,副线圈只取线圈的一部分,就可以降低电压,反之则可以升高电压,如图269所示.图2692.互感器交流电压表和电流表都有一定的量度范围,不能直接测量高电压和大电流.互感器是利用变压器的原理来测量高电压或大电流的仪器.(多选)如图2610所示,L1和L2是远距离输电的两根高压线,在靠近用户端的某处用电压互感器和电流互感器监测输电参数,在用电高峰期,用户接入电路的用电器逐渐增多的时候( )图2610A.甲电表的示数变小B.甲电表的示数变大C.乙电表的示数变小D.乙电表的示数变大AD[由图可知:甲是电压表,乙是电流表,所以甲是电压互感器,乙是电流互感器;在用电高峰期,用户接入电路的用电器逐渐增多的时候,副线圈总电阻变小,副线圈总电流变大,所以输电导线电流变大,输电导线电阻R不变,由U=IR可知,电压损失变大,根据高压线上输出电压变小,根据匝数比等于电压之比,所以甲电表的示数变小,故A正确,B 错误;输电导线电流变大,所以乙电表的示数变大,故C错误,D正确.](1)电压互感器应并联接入电路;电流互感器应串联接入电路.(2)电压互感器是把高电压变成低电压,故原线圈匝数n1大于副线圈匝数n2.(3)电流互感器是把大电流变成小电流,故原线圈匝数n1小于副线圈匝数n2.[针对训练]5.(多选)图2611甲、乙是配电房中的互感器和电表的接线图,下列说法中正确的是( )甲 乙图2611A .线圈匝数n 1<n 2,n 3<n 4B .线圈匝数n 1>n 2,n 3>n 4C .甲图中的电表是电压表,输出端不可短路D .乙图中的电表是电流表,输出端不可断路CD [题图甲中的原线圈并联在电路中,为电压互感器,是降压变压器,n 1>n 2,题图甲中的电表为电压表;题图乙中的原线圈串联在电路中,为电流互感器,是升压变压器,n 3<n 4,题图乙中的电表为电流表,故选项C 、D 正确.]6.一自耦变压器如图2612所示,环形铁芯上只绕有一个线圈,将其接在a 、b 间作为原线圈.通过滑动触头取该线圈的一部分,接在c 、d 间作为副线圈,在a 、b 间输入电压为U 1的交变电流时,c 、d 间的输出电压为U 2,在将滑动触头从M 点顺时针转到N 点的过程中( )图2612A .U 2>U 1,U 2降低B .U 2>U 1,U 2升高C .U 2<U 1,U 2降低D .U 2<U 1,U 2升高C [由U 1U 2=n 1n 2,n 1>n 2知U 2<U 1;滑动触头从M 点顺时针旋转至N 点过程,n 2减小,则U 2降低,C 项正确.][当 堂 达 标·固 双 基]1.(多选)关于理想变压器,下列说法正确的是( ) A .变压器只能改变交变电流的电压,不能改变直流电的电压 B .实际生活中,不存在原线圈与副线圈匝数相等的变压器C .理想变压器不仅可以改变交变电流的电压和电流,还可以改变交变电流的频率D .输送的电能经变压器先转化为磁场能,再转化为电能ABD [易知A 、B 正确;理想变压器无能量损耗,改变交变电流的电压,不改变交变电流的周期和频率,C 错误;变压器工作的原理是互感现象,输送的电能经变压器先转化为磁场能,再转化为电能,D 正确.]2.对理想变压器可作出的判断是( ) A .高压线圈匝数多、电流大、导线粗 B .低压线圈匝数少、电流小、导线细 C .高压线圈匝数多、电流大、导线细 D .低压线圈匝数少、电流大、导线粗D [理想变压器中有U 1I 1=U 2I 2且有I 1I 2=n 2n 1,变压器电压较高的一边电流小,匝数多,导线细;则电压较低的一边电流大,匝数少,导线粗.]3.如图2613所示,理想变压器原线圈输入电压u =U m sin ωt ,副线圈电路中R 0为定值电阻,R 是滑动变阻器.和是理想交流电压表,示数分别用U 1和U 2表示;和是理想交流电流表,示数分别用I 1和I 2表示.下列说法正确的是 ( )【导学号:24622076】图2613A .I 1和I 2表示电流的平均值B .U 1和U 2表示电压的最大值C .滑片P 向下滑动过程中,U 2不变、I 1变大D .滑片P 向下滑动过程中,U 2变小、I 2变大C [电路中的电压表和电流表表示的都是有效值,选项A 、B 错误;滑片P 向下滑动过程中,接入电路中的电阻变小,U 2不变、I 1变大,故C 正确,D 错误.]4.(多选)如图2614(a)中,理想变压器的原、副线圈的匝数比为4∶1,R T 为阻值随温度升高而减小的热敏电阻,R 1为定值电阻,电压表和电流表均为理想交流电表.原线圈所接电压u 随时间t 按正弦规律变化,如图2614(b)所示.下列说法正确的是 ( )(a) (b)图2614A .变压器输入、输出功率之比为4∶1小中高 精品 教案 试卷制作不易 推荐下载 11 B .变压器原、副线圈中的电流强度之比为1∶4C .u 随t 变化的规律为u =51sin 50πt VD .若热敏电阻R T 的温度升高,则电压表的示数不变,电流表的示数变大BD [由题意知,变压器是理想变压器,故变压器输入、输出功率之比为1∶1,故A 错误;变压器原、副线圈中的电流之比与匝数成反比,即I 1I 2=n 2n 1=14,故选项B 正确;由题图(b)可知交流电压最大值U m =51 V ,周期T =0.02 s ,可由周期求出角速度的值为ω=100π rad/s ,则可得交流电压u 随t 变化的规律为u =51sin 100πt V ,故选项C 错误;R T 温度升高时,阻值减小,电流表的示数变大,电压表示数不变,故选项D 正确.]。
高中物理 第二章 交变电流 变压器学案 粤教版选修32

高中物理 第二章 交变电流 变压器学案 粤教版选修32[学习目标定位] 1.了解变压器的构造及几种常见的变压器,理解变压器的工作原理.2.掌握理想变压器的电压与匝数的关系并能用它解决相关问题.3.掌握理想变压器的功率关系,并能推导出原、副线圈的电流关系.1.当一个线圈中的电流变化时,在另一个线圈中产生感应电动势的现象,称为互感.利用互感现象,可以把能量从一个线圈传递到另一个线圈.2.电流在一段电路上做功的功率P 等于电流I 与这段电路两端的电压U 的乘积,即P =UI.变压器就是改变交流电压的设备. 一、认识变压器1.构成:变压器由闭合铁芯和绕在铁芯上的线圈组成. 2.原线圈(也称为初级线圈):变压器与电源连接的线圈. 副线圈(也称为次级线圈):变压器与负载连接的线圈. 二、探究变压器的电压与匝数的关系1.理想变压器:忽略原、副线圈的电阻和各种电磁能量损失的变压器. 2.理想变压器电压与匝数的关系:U1U2=n1n2.三、理想变压器原、副线圈中的电流1.理想变压器输出功率和输入功率相等. 2.理想变压器原、副线圈中的电流关系I1I2=n2n1.一、变压器的原理及电压与匝数的关系 [问题设计]把两个没有导线相连的线圈套在同一个闭合铁芯上,一个线圈通过开关连到交流电源的两端,另一个线圈连到小灯泡上(如图1所示).图1(1)小灯泡能发光吗?为什么?(2)若小灯泡发光,那么小灯泡两端的电压与什么因素有关?(3)若将原线圈接到恒定的直流电源上,小灯泡亮不亮?分析讨论小灯泡亮或不亮的原因. 答案 (1)能发光,当左边线圈加上交变电压时,左边线圈中就有交变电流,它在铁芯中产生周期性变化的磁场,根据法拉第电磁感应定律知,在左、右线圈中都要产生感应电动势,右线圈作为电源给小灯泡供电,小灯泡就会发光.(2)左、右线圈中每一圈上磁通量的变化率ΔΦΔt 都相同,若左边匝数为n1,则E1=n1ΔΦΔt ;若右边匝数为n2,则E2=n2ΔΦΔt ,故有E1E2=n1n2;若忽略左边线圈的电阻,则有E1=E 电源,这样看来小灯泡两端电压与左侧交流电源电动势及两线圈匝数比n1n2都有关系.(3)不亮.原线圈接到恒定直流电源上,通过原线圈的电流的大小、方向均不变,它产生的磁场通过副线圈的磁通量不变,因此在副线圈中不会产生感应电动势,副线圈两端没有电压,所以小灯泡不亮.这种现象说明,变压器不能改变恒定电流的电压. [要点提炼]1.互感现象是变压器的工作基础.因此变压器只对变化的电流起作用,对恒定电流不起作用.(后两空填“变化”或“恒定”)2.变压器不能(填“能”或“不能”)改变交变电流的频率. 3.变压器中的电压关系: (1)只有一个副线圈:U1U2=n1n2.(2)有多个副线圈:U1n1=U2n2=U3n3=……4.原、副线圈的地位(1)原线圈在其所处回路中充当负载. (2)副线圈在其所处回路中充当电源. 二、理想变压器中的功率关系及电流关系 [问题设计]1.什么是理想变压器?理想变压器原、副线圈中的功率有什么关系?答案 理想变压器的理想化条件一般指的是:忽略原、副线圈内阻上的分压,忽略原、副线圈磁通量的差别,忽略变压器自身的能量损耗.所以理想变压器的输入功率等于输出功率,即P 入=P 出.2.若只有一个副线圈,原、副线圈中的电流与匝数有什么关系? 答案 由能量守恒定律,有P 入=P 出,即U1I1=U2I2. 所以I1I2=U2U1=n2n1.3.若有多个副线圈时,电流与匝数间的关系是什么?答案 若有多个副线圈P1=P2+P3+……,即U1I1=U2I2+U3I3+…… 将U1∶U2∶U3∶……=n1∶n2∶n3∶……代入得 n1I1=n2I2+n3I3+…… [要点提炼]1.理想变压器的特点:(1)变压器铁芯内无漏磁;无发热损失. (2)原、副线圈不计内阻,即无能量损失.实际变压器(特别是大型变压器)一般可以看成理想变压器. 2.功率关系:P 入=P 出. 3.电流关系:(1)若只有一个副线圈,有I1U1=I2U2,即I1I2=n2n1.(2)当有多个副线圈时I1U1=I2U2+I3U3+…… 得I1n1=I2n2+I3n3+……三、理想变压器中各量的制约关系和动态分析 1.变压器工作时的制约关系(1)电压制约:当变压器原、副线圈的匝数比(n1n2)一定时,输入电压U1决定输出电压U2,即U2=n2U1n1.(2)功率制约:P 出决定P 入,P 出增大,P 入增大;P 出减小,P 入减小,P 出为0,P 入为0.(3)电流制约:当变压器原、副线圈的匝数比(n1n2)一定,且输入电压U1确定时,副线圈中的输出电流I2决定原线圈中的电流I1,即I1=n2I2n1. 2.对理想变压器进行动态分析的两种常见情况(1)原、副线圈匝数比不变,负载电阻变化,进行动态分析的顺序是R→I2→P 出→P 入→I1; (2)负载电阻不变,匝数比变化,进行动态分析的顺序是n1、n2→U2→I2→P 出→P 入→I1.一、对变压器的原理的理解例1 (双选)关于理想变压器的工作原理,以下说法正确的是 ( ) A .通过正弦交变电流的原线圈产生的磁通量不变 B .穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都相等C .穿过副线圈磁通量的变化使得副线圈产生感应电动势D .原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈解析 B ∝I ,由于面积S 不变,故Φ∝I ,A 错误.因理想变压器无漏磁,故B 、C 正确.原线圈中的电能转化为磁场能又转化为电能,故D 错. 答案 BC二、理想变压器基本规律的应用例2 (单选)理想变压器连接电路如图2甲所示,已知原、副线圈匝数比为10∶1,当输入电压波形如图乙时,电流表读数为2 A ,则( )图2A .电压表读数为282 VB .电压表读数为28.2 VC .输入功率为56.4 WD .输入功率为40 W解析 由题图乙可知,Um =282 V ,则输入电压有效值U1=Um 2≈200 V .根据U1U2=n1n2知,U2=20 V ,再根据I1I2=n2n1知,I1=0.2 A ,输入功率P =U1I1=40 W ,故A 、B 、C 错,D 正确. 答案 D例3 (单选)如图3所示为理想变压器,原线圈的匝数为1 000 匝,两个副线圈的匝数n2=50 匝,n3=100 匝,L1是“6 V ,2 W”的小灯泡,L2是“12 V,4 W”的小灯泡,当原线圈接上交流电压时,L1、L2都正常发光,那么原线圈中的电流为( )图3 A.160AB.130A C.120AD.110A 解析 由P 入=P 出知,I1U1=6 W ,又U1U2=n1n2所以U1=n1n2U2=1 00050×6 V =120 V所以I1=6120 A =120A答案 C三、理想变压器中的动态分析例4 (双选)如图4所示为一含理想变压器的电路图,K 为单刀双掷开关,P 为滑动变阻器的滑动触头,U1为加在原线圈两端的交变电压,I1为原线圈中的电流,则( )图4A .保持U1及P 的位置不变,K 由a 扳向b 时,I1将增大B .保持U1及P 的位置不变,K 由b 扳向a 时,R 消耗功率增大C .保持U1不变,K 接在a 处,使P 上滑,I1将增大D .保持P 的位置不变,K 接在a 处,若U1增大,I1将增大解析 保持U1及P 的位置不变,K 由a 扳向b 时,n1减小,n2n1增大,由U2=n2n1U1知U2变大,则输出电流I2增大,输出功率增大,输入功率也增大,由P1=U1I1知,I1增大,A正确.同理,K 若由b 扳向a ,R 消耗功率将减小,B 错误.U1不变,K 接在a 处,使P 上滑时,I2减小,I1也减小,故C 错.保持P 的位置不变,K 接在a 处,使若U1增大,则U2也增大,即I2=U2R 增大,由I1=n2n1I2知,I1也应增大,故D 正确.答案AD1.(对变压器原理的理解)(单选)如图5所示,理想变压器原、副线圈匝数之比n1∶n2=4∶1,当导线在平行导轨上匀速切割磁感线时,电流表的示数是12 mA,则副线圈中电流表的示数是()图5A.3 mA B.48 mAC.零D.与R阻值有关答案 C解析当导线在平行导轨上匀速运动时,产生的电流是恒定的电流,不会使副线圈的磁通量变化,因而副线圈中无感应电流,选项C正确.2.(理想变压器基本规律的应用)(单选)如图6所示,理想变压器原、副线圈匝数比为20∶1,两个标有“12 V,6 W”的小灯泡并联在副线圈的两端.当两灯泡都正常工作时,原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想电表)的示数分别是()图6A.120 V,0.10 A B.240 V,0.025 AC.120 V,0.05 A D.240 V,0.05 A答案 D解析灯泡正常工作,副线圈电压U2=12 V,副线圈电流I2=2×612A=1 A,根据匝数比得原线圈电流I1=120I2=0.05 A,原线圈电压U1=20U2=240 V,选项D正确.3.(理想变压器中的动态分析)(双选)如图7所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1,b是原线圈的中心抽头,电压表和电流表均为理想交流电表,从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压u,其瞬时值表达式为u=220 2 sin (100πt) V,现把单刀双掷开关与a连接,则()图7A.电压表的示数为22 VB.流过滑动变阻器的电流的方向每秒改变100次C.在滑动变阻器的触头P向上移动的过程中,电压表和电流表的示数均变大D.若把单刀双掷开关由a扳向b时,保持滑动变阻器的触头P不动,电压表示数变大,电流表的示数变小答案AB解析理想变压器可以变压、变流,但不改变功率和频率;由交变电压的表达式可知,该交变电压的频率为50 Hz,而产生交变电压的线圈每转一圈,其电流变向两次,故B正确;电压表的读数是有效值,根据理想变压器的变压比等于匝数比可知,该电压表的读数为22 V,A正确;滑动变阻器的触头P向上移动,其接入电路的阻值减小,而变压器两端的电压不变,则电压表的读数不变,副线圈中的电流变大,则电流表的读数变大,C错误;单刀双掷开关由a扳向b,变压器的原线圈的有效匝数减小,由Un1=U′n2可知,U′变大,变压器的输出功率和输入功率变大,故电压表和电流表的读数都变大,D错误.题组一对变压器原理的理解1.(单选)如图所示四个电路,能够实现升压的是()答案 D解析变压器只能对交变电流变压,不能对直流变压,故A、B错误;由于电压与线圈匝数成正比,所以D能实现升压.2.(双选)理想变压器原、副线圈匝数比为10∶1,以下说法中正确的是()A.穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是10∶1B.穿过原、副线圈每一匝磁通量的变化率相等C.原、副线圈每一匝产生的电动势瞬时值之比为10∶1D.正常工作时原、副线圈的输入、输出功率之比为1∶1答案BD解析对于理想变压器,认为无磁通量损失,因而穿过两个线圈每一匝的磁通量相同,磁通量的变化率相同,每匝线圈产生的感应电动势相等,电压与匝数成正比.理想变压器没有能量损失,故输入功率等于输出功率.题组二理想变压器基本规律的应用3.(双选)如图1所示,一理想变压器的原线圈匝数为n1=1 100匝,接电压U1=220 V的交流电,副线圈接“20 V10 W”的灯泡,灯泡正常发光,则()图1A.副线圈的匝数n2=200匝B.副线圈中的电流I2=0.5 AC.原线圈中的输入功率为10 WD.原线圈中的电流I1=0.1 A答案BC解析本题考查变压器的知识.意在考查学生对变压器知识的理解.由于理想变压器的电压比等于匝数比,副线圈匝数n2=100匝,A错误;理想变压器的原、副线圈的功率相同,所以原线圈的输入功率为10 W,C正确;由功率P=UI可得副线圈中的电流I2=0.5 A,原线圈中的电流I1=n2n1I2≈0.045 A,B正确,D错误.4.(单选)如图2所示,理想变压器的原线圈接在u=220 2 sin 100πt V的交流电源上,副线圈接有R=55 Ω的负载电阻.原、副线圈匝数之比为2∶1.电流表、电压表均为理想电表,下列说法中正确的是()图2A.原线圈中电流表的读数为1 AB.原线圈中的输入功率为220 2 WC.副线圈中电压表的读数为110 2 VD.副线圈中输出的交流电的周期为50 s答案 A解析先计算副线圈的电压的有效值,原线圈电压的有效值为220 V,根据匝数比可以得到副线圈的电压的有效值为110 V,根据负载电阻的大小可以知道副线圈中电流为2 A,根据原、副线圈的输入功率和输出功率相等可以知道原线圈中输入功率为220 W,电流有效值为1 A .副线圈中输出的交流电的周期与原线圈相同为0.02 s.5.(单选)一台理想降压变压器从10 kV 的线路中降压并提供200 A 的负载电流.已知两个线圈的匝数比为40∶1,则变压器的原线圈电流、输出电压及输出功率是( ) A .5 A,250 V,50 kW B .5 A,10 kV,50 kW C .200 A,250 V,50 kW D .200 A,10 kV,2×103 kW 答案 A解析 由I1I2=n2n1得:I1=140×200 A =5 A ;由U1U2=n1n2得:U2=U1n2n1=10×103×140 V =250 V ;由理想变压器功率关系得:P 入=P 出=U1I1=U2I2=200×250 W =50 kW.故正确选项为A.6.(双选)图3甲、乙是配电房中的互感器和电表的接线图,下列说法中正确的是( )图3A .线圈匝数n1<n2,n3<n4B .线圈匝数n1>n2,n3>n4C .甲图中的电表是电压表,输出端不可短路D .乙图中的电表是电流表,输出端不可断路 答案 CD解析 题图甲中的原线圈并联在电路中,为电压互感器,是降压变压器,n1>n2,题图甲中的电表为电压表;题图乙中的原线圈串联在电路中,为电流互感器,是升压变压器,n3<n4,题图乙中的电表为电流表,故选项C 、D 正确.7.(双选)如图4所示,一只理想变压器原线圈与频率为50 Hz 的正弦交变电源相连,两个阻值均为20 Ω的电阻串联后接在副线圈的两端.图中的电流表、电压表均为理想交流电表,原、副线圈分别为200匝和100匝,电压表的示数为5 V .则 ( )图4A .电流表的读数为0.5 AB .流过电阻的交变电流的频率为100 HzC .交变电源的输出电压的最大值为20 2 VD .交变电源的输出功率为2.5 W 答案 CD解析 根据欧姆定律可得副线圈中的电流I2=UR =0.25 A ,根据理想变压器原、副线圈中的电流与匝数的关系I1I2=n2n1可解得I1=0.125 A ,A 错误;理想变压器原、副线圈中的交变电流的频率相同,都为50 Hz ,B 错误;副线圈输出电压的有效值为10 V .根据正弦交变电流的最大值和有效值的关系可得其最大值应为U2m =10 2 V .原、副线圈电压比为U1U2=n1n2,可得交变电源输出电压的最大值为U1m =20 2 V ,C 正确;对于理想变压器,交变电源的输出功率等于变压器副线圈负载消耗的功率,P =2×5220W =2.5 W ,故D 正确.8.如图5所示,理想变压器B 的原线圈跟副线圈的匝数比n1∶n2=2∶1,交流电源电压u =311sin 100πt V ,F 为熔断电流为I0=1.0 A 的保险丝,负载R 为一可变电阻.图5(1)当电阻R =100 Ω时,保险丝能否被熔断?(2)要使保险丝不被熔断,电阻R 的阻值应不小于多少?变压器输出的电功率不能超过多少?答案 (1)保险丝不会被熔断 (2)55 Ω 220 W解析 原线圈电压的有效值为U1=3112 V≈220 V由U1U2=n1n2得副线圈两端的电压 U2=n2n1U1=12×220 V =110 V(1)当R =100 Ω时,副线圈中电流I2=U2R =110100A =1.10 A.由U1I1=U2I2 得原线圈中的电流为I1=U2U1I2=110220×1.10 A =0.55 A ,由于I1<I0 (熔断电流),故保险丝不会被熔断.(2)设电阻R 取某一值R0时,原线圈中的电流I1′刚好到达熔断电流I0,即I1′=1.0 A ,则副线圈中的电流为 I2′=U1U2I1′=n1n2·I1′=2×1.0 A =2.0 A 变阻器阻值为:R0=U2I2′=1102.0Ω=55 Ω此时变压器的输出功率为 P2=I2′U2=2.0×110 W =220 W 可见,要使保险丝F 不被熔断,电阻R 的阻值不能小于55 Ω,输出的电功率不能大于220 W. 题组三 理想变压器中的动态分析9.(双选)如图6所示,理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2,输电线的等效电阻为R.开始时,开关S 断开.当开关S 接通时,以下说法中正确的是 ( )图6A .副线圈两端M 、N 的输出电压减小B .副线圈输电线等效电阻R 上的电压减小C .通过灯炮L1的电流减小D .原线圈中的电流增大 答案 CD解析 由于输入电压不变,所以当S 接通时,理想变压器副线圈M 、N 两端输出电压不变,A 错误.并联灯泡L2,总电阻变小,由欧姆定律知,流过等效电阻R 的电流增大,等效电阻上的电压UR =IR 增大,B 错误.副线圈输出电流增大,根据输入功率等于输出功率I1U1=I2U2得,I2增大,原线圈输入电流I1也增大,UMN 不变,UR 变大,所以UL1变小,流过灯泡L1的电流减小,C 、D 正确.10.(双选)如图7所示,某理想变压器的原、副线圈的匝数均可调节,原线圈两端电压为一最大值不变的正弦交流电,在其他条件不变的情况下,为了使变压器输入功率增大,可使 ( )图711 A .原线圈匝数n1增加B .副线圈匝数n2增加C .负载电阻R 的阻值增大D .负载电阻R 的阻值减小 答案 BD解析 由U1U2=n1n2,P 出=U22R可得P 出=U21n22n21R又因为P 入=P 出,所以P 入=U21n22n21R分析可得选项B 、D 正确.。
高中物理第二章交变电流第六节变压器预习导学案粤教版选修3-2(new)

②机械记忆某些结论:认为变压器只可能改变交变电流的电压、电流等,而对“蓄电池”这样的直流电压无法变压,但在开关闭合后与断开的瞬间,磁通量变化,从而产生瞬时高压。
【变式训练二】
1.如图2—6—7所示,理想变压器的原、副线圈匝数比为n1:n2=4:1,原线圈回路中的电阻A与副线圈回路的负载电阻B的阻值相等.a、b
图2-6-10
(2)电压关系:由于不计原、副线圈电阻,因而U1=E1,U2=E2所以有 这与实验探究得到的规律相同。
若n1<n2,U1<U2,就是升压变压器;若n1>n2,U1〉U2,就是降压变压器。
输出电压U2由输入电压U1和n1、n2共同决定.
(3)电流关系:由于不存在各种能量损失,所以变压器的输出功率等于功率,P1=P2,用U、I代换得:U2I2=U1I2,所以有 这就是电流与匝数的关系,原、副线圈中的电流与匝数成反比.
(3)磁损:变压器工作时,原副线圈产生的交变磁通量绝大数通过铁芯,但也有很少一部分磁通量从线圈匝与匝之间漏掉,即有漏磁,这就使得通过原副线圈的磁通量并不相等,这漏掉的磁通量会在周围空间形成电磁波而损失一部分能量,这种损耗叫磁损。
【高手笔记】
1.理想变压器的规律:
(1)理想变压器原副线圈电压关系: ,若有多个副线圈,则有
输入功率P1由输出功率P2决定,负载需要多少功率,原线圈端就输入多少功率。
输入电流I1由输出电流I2和n1、n2共同决定,若空载,即I2=0,则I1=0,原线圈中的电流又可理解成是副线圈的反射电流,在匝数比一定的情况下,这两个电流成正比。
2。对于多个副线圈问题:当变压器由一个原线圈和多个副线圈组成时,情况会怎么样呢?
高中物理 第二章 第六节 变压器课件 粤教版选修3-2

解析:由于输入电压不变,所以 S 接通时,理想变压 器副线圈 M、N 两端的输出电压不变.并联灯泡 L2,负 载总电阻变小,由欧姆定律 I=UR知,流过 R 的电流增大, 电阻 R 上的电压 UR=IR 增大.副线圈输出电流 I2 增大, 根据输入功率等于输出功率 I1U1=I2U2 得,原线圈输入电 流 I1 也增大.
特别提醒:(1)理想变压器变压比公式UU12=nn12,对有 一个或多个副线圈的变压器均适用,无论副线圈一端是空 载还是负载都适用.
(2)变流比公式II12=nn21,适用于只有一个副线圈的变压 器,对多个副线圈的变压器,电流与匝数的关系要从 P 入 =P 出导出.
(3)变压比公式中的电压值和变流比公式中的电流值 均为有效值,不是瞬时值.若电流电压均采用峰值时,公 式仍成立.
知识点一 认识变压器
提炼知识 1.作用. 变压器是改变交流电压的设备. 2.构造. 变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的线圈构成.与 交流电源相连的线圈叫作原线圈(也称为初级线圈),与负 载相连的线圈叫作副线圈(也称为次级线圈).
3.原理. 其工作原理是利用了电磁感应中的互感现象.在原 线圈上加交变电压,原线圈中的交变电流在铁芯中产生 交变的磁通量,这个交变的磁通量不仅穿过原线圈,也 穿过副线圈,所以在副线圈中产生感应电动势.如果在 副线圈两端接入负载,负载中就会有交变电流.
即 U1I1=U2I2+U3I3,得到 n1I1=n2I2+n3I3,
所以 I1=0.5I2+0.2I3=1.16 A. 答案:(1)110 V 44 V (2)1.16 A
题后反思 变压比公式UU21=nn12,对于一个或多个副线圈的变压器 均适用;而变流比公式II12=nn21,适用于只有一个副线圈的 变压器,对多个副线圈的变压器,可根据 P 入=P 出导出 电流与匝数的关系:n1I1=n2I2+n3I3+…
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第六节 变压器[学习目标]1.了解变压器的构造及几种常见的变压器,理解变压器的工作原理.2.掌握理想变压器的电压与匝数的关系并能用它解决相关问题.3.掌握理想变压器的功率关系,并能推导出原、副线圈的电流关系.一、变压器的原理及电压与匝数的关系[导学探究] 如图1所示,把两个没有导线相连的线圈套在同一个闭合铁芯上,一个线圈(原线圈)通过开关可以连接到交流电源的两端,另一个线圈(副线圈)连到小灯泡上.连接电路,接通电源,小灯泡能发光.图1(1)两个线圈并没有连接,小灯泡为什么会发光?(2)小灯泡两端的电压与学生电源的输出电压相等吗?答案 (1)当左边线圈加上交流电压时,左边线圈中就有交变电流,它在铁芯中产生周期性变化的磁场,根据法拉第电磁感应定律知,在右线圈中会产生感应电动势,右线圈作为电源给小灯泡供电,小灯泡就会发光.(2)左、右线圈中每一圈上磁通量的变化率ΔΦΔt 都相同,若左边匝数为n 1,则U 1=E 1=n 1ΔΦΔt.若右边匝数为n 2,则U 2=E 2=n 2ΔΦΔt ,故有E 1E 2=n 1n 2;若忽略左边线圈的电阻则有U 1=U 电源,这样看来只要n 1≠n 2,小灯泡两端的电压与学生电源的输出电压就不相等.[知识梳理] 变压器的工作原理及电压与匝数的关系:(1)互感现象是变压器工作的基础.因此变压器只对变化的电流起作用,对恒定电流不起作用.(后两空填“变化”或“恒定”)(2)变压器中的电压与匝数的关系:①只有一个副线圈:U 1U 2=n 1n 2.当n 2>n 1时,U 2>U 1为升压变压器;当n 2<n 1时,U 2<U 1为降压变压器.②有多个副线圈:U 1n 1=U 2n 2=U 3n 3=…[即学即用] 判断下列说法的正误.(1)理想变压器原、副线圈的电压之比等于两个线圈的匝数之比.( )(2)输入交变电流的频率越高,输出交变电流的电压就越高.( )(3)我们在使用质量好的变压器工作时没有能量损失.( )(4)理想变压器不能改变交变电流的频率.( )答案 (1)√ (2)× (3)× (4)√二、理想变压器原、副线圈的功率关系和电流关系[导学探究] 阅读教材回答下列三个问题:(1)什么是理想变压器?理想变压器原、副线圈中的功率有什么关系?(2)根据能量守恒推导只有一个副线圈时原、副线圈中的电流与匝数的关系.(3)根据能量守恒推导有多个副线圈时原、副线圈中的电流与匝数的关系.答案 (1)理想变压器的理想化条件一般指的是:忽略原、副线圈内阻上的分压,忽略原、副线圈磁通量的差别,忽略变压器自身的能量损耗.所以理想变压器的输入功率等于输出功率,即P 入=P 出.(2)由能量守恒有P 入=P 出,即U 1I 1=U 2I 2.所以I 1I 2=U 2U 1=n 2n 1.(3)若有多个副线圈,则P 1=P 2+P 3+…,即U 1I 1=U 2I 2+U 3I 3+…将U 1∶U 2∶U 3∶…=n 1∶n 2∶n 3∶…代入得 n 1I 1=n 2I 2+n 3I 3+…[知识梳理] 变压器原、副线圈中功率关系和电流关系:(1)功率关系:P 入=P 出,即U 1I 1=U 2I 2.(2)电流关系:①只有一个副线圈时,I 1I 2=n 2n 1.②有多个副线圈时:n 1I 1=n 2I 2+n 3I 3+…[即学即用] 一台理想降压变压器从10kV 的线路中降压并提供200A 的负载电流.已知两个线圈的匝数比为40∶1,则变压器原线圈中的电流为________,副线圈中的输出电压为________,输出功率为________.答案 5A 250V 50kW解析 由I 1I 2=n 2n 1,得I 1=n 2n 1I 2=140×200A =5A ;由U 1U 2=n 1n 2,得U 2=U 1n 2n 1=10×103×140V =250V ;由理想变压器功率关系,得P 入=P 出=U 1I 1=U 2I 2=250×200W =50kW.一、理想变压器基本关系的应用1.电压制约:当变压器原、副线圈的匝数比n 1n 2一定时,输入电压U 1决定输出电压U 2,即U 2=n 2U 1n 1. 2.功率制约:P 出决定P 入,P 出增大,P 入增大;P 出减小,P 入减小;P 出为0,P 入为0.3.电流制约:当变压器原、副线圈的匝数比n 1n 2一定,且输入电压U 1确定时,副线圈中的输出电流I 2决定原线圈中的电流I 1,即I 1=n 2I 2n 1. 例1 如图2所示,理想变压器原、副线圈匝数比为20∶1,两个标有“12V 6W ”的小灯泡并联在副线圈的两端.当两灯泡都正常工作时,原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想电表)的示数分别是 ( )图2A .120V,0.10AB .240V,0.025AC .120V,0.05AD .240V,0.05A答案 D解析 灯泡正常工作,副线圈两端的电压U 2=12 V ,副线圈中的电流I 2=2×612 A =1 A ,根据匝数比得原线圈中的电流I 1=120I 2=0.05 A ,原线圈两端的电压U 1=20U 2=240 V ,选项D 正确.二、理想变压器的动态分析例2 (多选)如图3所示,理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表,副线圈匝数可以通过滑动触头Q 来调节,在副线圈两端连接了定值电阻R 0和滑动变阻器R ,P 为滑动变阻器的滑动触头.在原线圈上加一电压为U 的正弦交流电,则( )图3A .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表读数变大B .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表读数变小C .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表读数变大D .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表读数变小答案 BC解析 Q 位置不动,副线圈电压U 2不变,当P 上滑时,R 增大,由P =U 22R +R 0可知总功率减小,原线圈电压U 1不变,由P =U 1I 1可知原线圈电流I 1减小,故A 错误,B 正确;当P 位置不动,Q 上滑时,由U 2U 1=n 2n 1知U 2增大,同理分析知原线圈电流I 1增大,故C 正确,D 错误. 对理想变压器进行动态分析的两种常见情况:(1)原、副线圈匝数比不变,分析各物理量随负载电阻变化而变化的情况,进行动态分析的顺序是R →I 2→P 出→P 入→I 1.(2)负载电阻不变,分析各物理量随匝数比的变化而变化的情况,进行动态分析的顺序是n 1、n 2→U 2→I 2→P 出→P 入→I 1.三、几种常见的变压器1.自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈,如果把整个线圈作为原线圈,副线圈只取线圈的一部分,就可以降低电压,反之则可以升高电压,如图4所示.图42.互感器交流电压表和电流表都有一定的量度范围,不能直接测量高电压和大电流.互感器是利用变压器的原理来测量高电压或大电流的仪器.(1)电压互感器:实质是降压变压器,可以把高电压变成低电压.(如图5所示)图5(2)电流互感器:实质是升压变压器,可以把大电流变成小电流.(如图6所示)图6例3 (多选)图7甲、乙是配电房中的互感器和电表的接线图,下列说法中正确的是( )图7A .线圈匝数n 1<n 2,n 3<n 4B .线圈匝数n 1>n 2,n 3>n 4C .甲图中的电表是电压表D .乙图中的电表是电流表答案 CD解析 题图甲中的原线圈并联在电路中,为电压互感器,是降压变压器,n 1>n 2,题图甲中的电表为电压表;题图乙中的原线圈串联在电路中,为电流互感器,是升压变压器,n 3<n 4,题图乙中的电表为电流表,故选项C 、D 正确.1.电压互感器应并联接入电路;电流互感器应串联接入电路.2.电压互感器是把高电压变成低电压,故原线圈匝数n 1大于副线圈匝数n 2.3.电流互感器是把大电流变成小电流,故原线圈匝数n 1小于副线圈匝数n 2.例4 一自耦变压器如图8所示,环形铁芯上只绕有一个线圈,将其接在a 、b 间作为原线圈.通过滑动触头取该线圈的一部分,接在c 、d 间作为副线圈,在a 、b 间输入电压为U 1的交变电流时,c 、d 间的输出电压为U 2,在将滑动触头从M 点顺时针转到N 点的过程中( )图8A .U 2>U 1,U 2降低B .U 2>U 1,U 2升高C .U 2<U 1,U 2降低D .U 2<U 1,U 2升高 答案 C解析 由U 1U 2=n 1n 2,n 1>n 2知U 2<U 1;滑动触头从M 点顺时针旋转至N 点过程,n 2减小,则U 2降低,C 项正确.1.(多选)如图9所示,L 1、L 2是高压输电线,图中两电表示数分别是220V 和10A ,已知甲图中原、副线圈匝数比为100∶1,乙图中原、副线圈匝数比为1∶10,则( )图9A .甲图中的电表是电压表,输电电压为22000VB .甲图是电流互感器,输电电流是100AC .乙图中的电表是电压表,输电电压为22000VD .乙图是电流互感器,输电电流是100A答案 AD解析 根据匝数比U 1U 2=n 1n 2,有U 1=n 1n 2U 2=1001×220V =22000V ,故A 正确;甲图是电压互感器,故B 错误;乙图是电流互感器,电表是电流表,故C 错误;只有一个副线圈的变压器,电流比等于匝数的反比I 1I 2=n 2n 1,有I 1=n 2n 1I 2=101×10A =100A ,故D 正确. 2.如图10所示,理想变压器原线圈输入电压u =U m sin ωt ,副线圈电路中R 0为定值电阻,R 是滑动变阻器.和是理想交流电压表,示数分别用U 1和U 2表示;和是理想交流电流表,示数分别用I 1和I 2表示.下列说法正确的是( )图10A .I 1和I 2表示电流的平均值B .U 1和U 2表示电压的最大值C .滑片P 向下滑动过程中,U 2不变、I 1变大D .滑片P 向下滑动过程中,U 2变小、I 2变大答案 C解析 电路中的电压表和电流表表示的都是有效值,选项A 、B 错误.滑片P 向下滑动过程中,接入电路中的电阻变小,U 2不变、I 1变大,故C 正确,D 错误.3.(多选)如图11(a)中,理想变压器的原、副线圈的匝数比为4∶1,R T 为阻值随温度升高而减小的热敏电阻,R 1为定值电阻,电压表和电流表均为理想交流电表.原线圈所接电压u 随时间t 按正弦规律变化,如图(b)所示.下列说法正确的是( )图11A .变压器输入、输出功率之比为4∶1B .变压器原、副线圈中的电流强度之比为1∶4C .u 随t 变化的规律为u =51sin (50πt ) VD .若热敏电阻R T 的温度升高,则电压表的示数不变,电流表的示数变大答案 BD解析 由题意,变压器是理想变压器,故变压器输入、输出功率之比为1∶1,故A 错误;变压器原、副线圈中的电流之比与匝数成反比,即I 1I 2=n 2n 1=14,故选项B 正确;由题图(b)可知交流电压最大值U m =51V ,周期T =0.02s ,可由周期求出角速度的值为ω=100πrad/s ,则可得交流电压u 随t 变化的规律为u =51sin (100πt ) V ,故选项C 错误;R T 处温度升高时,阻值减小,电流表的示数变大,电压表示数不变,故选项D 正确.一、选择题(1~7题为单选题,8~11题为多选题)1.如图所示的四个电路,能够实现升压的是 ( )答案 D解析 变压器只能对交变电流变压,不能对直流变压,故A 、B 错误;由于电压与线圈匝数成正比,所以D 能实现升压,C 不能实现升压.2.如图1所示,理想变压器原、副线圈匝数之比n 1∶n 2=4∶1,当导线在平行导轨上匀速切割磁感线时,电流表的示数是12mA ,则副线圈中电流表的示数是( )图1A .3mAB .48mAC .零D .与R 的阻值有关答案 C 解析 当导线在平行导轨上匀速运动时,产生的电流是恒定的,不会使副线圈的磁通量变化,因而副线圈中无感应电流,选项C 正确.3.如图2为气流加热装置的示意图,使用电阻丝加热导气管,视变压器为理想变压器,原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变,调节触头P ,使输出电压有效值由220V 降至110V .调节前后( )图2A .副线圈中的电流比为1∶2B .副线圈输出功率比为2∶1C .副线圈的接入匝数比为2∶1D .原线圈输入功率比为1∶2答案 C解析 在输入电压U 1和原线圈匝数n 1不变的情况下,使输出电压U 2有效值由220V 降至110V ,由U 2U 1=n 2n 1知,副线圈接入匝数应该减为原来的一半,故副线圈的接入匝数之比为2∶1,故C 正确;副线圈电压减半,电阻不变,电流也随之减半,所以电流之比为2∶1,故A 错误;由P =UI 知,输出功率之比为4∶1,故B 错误;副线圈输出功率等于原线圈输入功率,所以原线圈输入功率之比为4∶1,故D 错误.4.如图3甲所示,一理想变压器给一个小灯泡供电.当原线圈输入如图乙所示的交变电压时,额定功率为10W 的小灯泡恰好正常发光,已知灯泡的电阻为40Ω,图中电压表为理想电表,下列说法正确的是( )图3A .变压器输入电压的瞬时值表达式为u =2202sin πt (V)B .电压表的示数为220VC .变压器原、副线圈的匝数比为11∶1D .变压器的输入功率为110W答案 C解析 由题图乙可知,ω=2πT =100πrad/s ,故A 错误;原线圈输入电压为220V ,电压表示数为灯泡的额定电压U =PR =20V ,故B 错误;由B 分析,结合电压与匝数的关系得n 1n 2=22020=111,故C 正确;变压器的输入功率与输出功率相等,为10W ,故D 错误. 5.钳式电流表的外形和结构如图4a 、b 所示.图b 中电流表的读数为1.2A ,图c 中用同一电缆线绕了3匝,则( )图4A .这种电流表能测直流电流,图c 的读数为2.4AB .这种电流表能测交变电流,图c 的读数为0.4AC .这种电流表能测交变电流,图c 的读数为3.6AD .这种电流表既能测直流电流,又能测交变电流,图c 的读数为3.6A答案 C解析 钳式电流表利用了变压器的工作原理,因此钳式电流表只能测交变电流.根据n 1I 1=n 2I 2可知,题图b 中线圈单匝时,的读数为1.2A .在题图c 中绕3匝时,的读数应为3.6A ,故选项C 正确.6.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3∶1,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压为220V 的正弦交流电源上,如图5所示.设副线圈回路中电阻两端的电压为U ,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k ,则( )图5A .U =66V ,k =19B .U =22V ,k =19C .U =66V ,k =13D .U =22V ,k =13 答案 A解析 原、副线圈电压比等于匝数比,根据副线圈负载电阻的电压U ,可知副线圈电压为U ,原线圈电压为3U ,副线圈电流I 2=U R ,根据I 1I 2=n 2n 1得原线圈电流I 1=U 3R,原线圈输入电压220V =3U +U3R ·R ,整理可得U =66V ;原、副线圈电阻消耗的功率根据P =I 2R ,电阻相等,I 1∶I 2=1∶3,可得功率之比为P 1∶P 2=1∶9,即k =19.根据以上分析可知选项A 正确.7.如图6所示,接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L 供电,如果将原、副线圈减少相同匝数,其他条件不变,则( )图6A .小灯泡变亮B .小灯泡变暗C .原、副线圈两端电压的比值不变D .通过原、副线圈电流的比值不变答案 B解析 原、副线圈减少相同的匝数n 后,有n 1′n 2′=n 1-n n 2-n ,可以得出,n 1n 2-n 1′n 2′=n (n 2-n 1)n 2(n 2-n )<0,则说明n 1′n 2′的比值变大,由n 1′n 2′=U 1U 2′=I 2′I 1′知,选项C 、D 错误;由n 1n 2=U 1U 2和n 1′n 2′=U 1U 2′知,U 2′<U 2,再由P =U 2′2R知,小灯泡变暗,选项A 错误,B 正确. 8.如图7所示,理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L 1和L 2,输电线的等效电阻为R .开始时,开关S 断开.当开关S 接通时,以下说法中正确的是 ( )图7A .副线圈两端M 、N 的输出电压减小B .副线圈输电线等效电阻R 上的电压增大C .通过灯泡L 1的电流减小D .原线圈中的电流增大答案 BCD解析 由于输入电压不变,所以当S 接通时,理想变压器副线圈M 、N 两端输出电压不变,故A 项错误.并联灯泡L 2,总电阻变小,由欧姆定律知,流过R 的电流增大,等效电阻上的电压U R =IR 增大,故B 项正确.副线圈输出电流增大,根据输入功率等于输出功率I 1U 1=I 2U 2,得I 2增大,原线圈输入电流I 1也增大,故D 项正确.U MN 不变,U R 变大,所以U L1变小,流过灯泡L 1的电流减小,故C 项正确.9.如图8所示的电路中,P 为滑动变阻器的滑片,保持理想变压器的输入电压U 1不变,闭合开关S ,下列说法正确的是( )图8A .P 向下滑动时,灯L 变亮B .P 向下滑动时,变压器的输出电压不变C .P 向上滑动时,变压器的输入电流变小D .P 向上滑动时,变压器的输出功率变大答案 BD解析 由于理想变压器输入电压U 1不变,原、副线圈匝数不变,所以输出电压U 2也不变,灯L 的亮度不随P 的滑动而改变,故选项A 错误,选项B 正确.P 向上滑动时,滑动变阻器接入电路的电阻减小,负载总电阻R 总减小,由I 2=U 2R 总知,通过副线圈的电流I 2增大,输出功率P 2=U 2I 2增大,再由I 1I 2=n 2n 1知输入电流I 1也增大,故选项C 错误,D 正确.10.理想自耦变压器的原线圈接有如图9乙所示的正弦式交变电压,副线圈接有可调电阻R ,触头P 与线圈始终接触良好,下列判断正确的是( )图9A .交变电源的电压u 随时间t 变化的规律是u =U 0cos (100πt )B .若仅将触头P 向A 端滑动,则电阻R 消耗的电功率增大C .若仅使电阻R 增大,则原线圈的输入电功率增大D .若使电阻R 增大的同时,将触头P 向B 端滑动,则通过A 处的电流一定增大答案 AB解析 由题图乙可得交变电源的周期为T =0.02s ,最大值为U 0,则电源的电压u =U 0cos (2πT ·t )=U 0cos (100πt ),选项A 正确;由U 1U 2=n 1n 2,若仅将触头P 向A 端滑动,即n 2增大,则副线圈的输出电压U 2增大,电阻R 消耗的电功率P =U 22R增大,选项B 正确;若仅使电阻R 增大,输出电压U 2一定,则输出电功率P =U 22R减小,原线圈的输入电功率减小,选项C 错误;若使电阻R 增大的同时,将触头P 向B 端滑动,则输出电压U 2减小,输出和输入的电功率减小,通过A 处的电流I 1=P U 1一定减小,选项D 错误.11.如图10,理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a 和b .当输入电压U 为灯泡额定电压的10倍时,两灯泡均能正常发光.下列说法正确的是( )图10A .原、副线圈匝数比为9∶1B .原、副线圈匝数比为1∶9C .此时a 和b 的电功率之比为9∶1D .此时a 和b 的电功率之比为1∶9答案 AD解析 设灯泡的额定电压为U 0,两灯泡均能正常发光,所以原线圈输出端电压为U 1=9U 0,副线圈两端电压为U 2=U 0,故U 1U 2=91,n 1n 2=U 1U 2=91,A 正确,B 错误;根据公式I 1I 2=n 2n 1可得,I 1I 2=19,由于小灯泡两端的电压相等,所以根据公式P =UI 可得,灯泡a 和b 的电功率之比为1∶9,C 错误,D 正确.二、非选择题12.如图11所示的变压器原线圈1接到220V 的交流电源上.副线圈2的匝数n 2=30匝,与一个“12V 12W ”的灯泡L 连接,L 能正常发光.副线圈3的输出电压U 3=110V ,与电阻R 连接,通过R 的电流为0.4A .求:图11(1)副线圈3的匝数n 3;(2)原线圈1的匝数n 1和电流I 1.答案 (1)275匝 (2)550匝 0.255A解析 (1)变压比公式对于两个副线圈也适用,则有U 2U 3=n 2n 3,n 3=n 2U 3U 2=30×11012匝=275匝. (2)n 1n 2=U 1U 2,n 1=U 1U 2n 2=22012×30匝=550匝. 理想变压器的输入功率等于输出功率P 1=P 2+P 3=12W +0.4×110W =56W.原线圈中电流I 1=P 1U 1=56220A ≈0.255A. 13.如图12所示,匝数n =100的正方形线圈abcd 固定在竖直平面内,与电阻R 1、理想变压器连成电路.在线圈的中心水平放置一个条形磁铁,使磁铁绕竖直方向的轴OO ′匀速转动,使线圈内的磁通量Φ=250πsin (100πt ) Wb.已知线圈的电阻r =4Ω,R 1=46Ω,R 2=10Ω,其余导线的电阻不计.变压器原、副线圈的匝数比n 1∶n 2=4∶1.求:图12(1)线圈产生电动势的最大值E m ;(2)若断开S 2,闭合S 1,求磁铁从图示位置转过90°的过程中,通过R 1的电荷量q ;(3)断开S 1,闭合S 2,求R 2消耗的功率P . 答案 (1)2002V (2)225πC (3)238W解析(1)E m=nBSω=nΦmω,解得E m=2002V.(2)q=IΔt,I=Er+R1,E=nΔΦΔt,解得q=225πC.(3)E=E m2,E=U1+I1r,U2=I2R2,U1U2=n1n2,I1n1=I2n2,P=I22R2,联立解得P≈238W.。