2017_2018学年数学归纳法与贝努利不等式3.2用数学归纳法证明不等式贝努利不等式学案新人教B版选修4_5
高三数学数学归纳法与贝努利不等式知识点分析人教新课标A版

数学归纳法与贝努利不等式目标认知学习目标:1、借助具体实例了解数学归纳法的基本思想,掌握它的基本步骤,运用它证明一些与正整数n(取无限多个值)有关的数学命题.2、理解数学归纳法的原理,能准确使用证明格式。
3、了解贝努利不等式,会利用数学归纳法明贝努利不等式.重点难点:1、学生不易理解数学归纳法的思想实质,具体表现在不了解第二步骤的作用,不易根据归纳假设作出证明;2、运用数学归纳法时,在“归纳递推”的步骤中发现具体问题的递推关系.知识要点梳理知识点一:归纳法由一系列事例得出一般结论的推理方法,通常叫归纳法,根据推理过程中考察的对象是涉及事物的一部分还是全部,分为不完全归纳法和完全归纳法.不完全归纳法是根据事物的部分(而不是全部)特例得到一般结论的推理方法,不完全归纳法所得到的命题不一定是成立的.但它是一种重要的思考问题的方法,是打开数学之门的钥匙,是发现数学规律的一种重要手段。
用不完全归纳法发现规律,用数学归纳法证明是解决问题的一种重要途径.完全归纳法是一种在研究了事物的所有情况后得出的一般结论的推理方法,又叫枚举法.这时得到的结论是可靠的.知识点二:数学归纳法由归纳法得到的某些与自然数有关的命题,常常用数学归纳法来证明它的正确性。
1、用数学归纳法进行证明的步骤:(1)(归纳奠基)证明当取第一个值时命题成立;(2)(归纳递推)假设时命题成立,证明当时命题也成立;(3)下结论:命题对从开始的所有正整数都成立。
注意:(1)用数学归纳法进行证明时,“归纳奠基”和“归纳递推”两个步骤缺一不可;证明了第一步,就获得了递推的基础,但仅靠这一步还不能说明结论的普遍性. 证明了第二步,就获得了递推的依据,但没有第一步就失去了递推的基础.只有把第一步和第二步结合在一起,才能获得普遍性的结论;(2)在第二步中,在递推之前,时结论是否成立是不确定的,因此用假设二字,这一步的实质是证明命题对的正确性可以传递到时的情况.有了这一步,联系第一步的结论(命题对成立),就可以知道命题对也成立,进而再由第二步可知即也成立,…,这样递推下去就可以知道对于所有不小于的正整数都成立.在这一步中,时命题成立,可以作为条件加以运用,而时的情况则有待利用归纳假设、已知的定义、公式、定理加以证明,不能直接将代入命题.2、数学归纳法的适用范围:数学归纳法一般适用于证明某些与正整数n(取无限多个值)有关的数学命题.但是,并不能简单地说所有与正整数有关的数学命题都可使用数学归纳法证明.3、用数学归纳法证题的类型:①用数学归纳法证明恒等式;②用数学归纳法证明整除性问题;③用数学归纳法证明几何问题;④用数学归纳法证明不等式.4、利用数学归纳法证明问题时,要注意:(1)初始值的选取;根据题目不同,初始值不一定从开始.如,证明不等式,初始值应从开始.(2)在由假设时成立,证明时,要灵活应用归纳假设.此处变形的方法较多,要在不同题型中逐步去体会,如证明整除问题、几何问题等.知识点三:贝努利不等式定理(贝努利(Bernoulli)不等式):设实数为大于1的自然数,则证明:用数学归纳法(1)当n=2时,∵,∴左边==右边,∴命题成立。
用数学归纳法证明不等式举例

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【自主解答】 当n=1时,1+1 1+1+1 2+3×11+1>2a4, 则2264>2a4, ∴a<26. 又a∈N*, ∴取a=25.
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下面用数学归纳法证明n+1 1+n+1 2+…+3n1+1>2254.
(1)n=1时,已证.
(2)假设当n=k时(k≥1,k∈N*),
(1)当n=2时,S22=1+
1 2
+
1 3
+
1 4
=
25 12
>1+
22,
即n=2时命题成立.
(2)假设n=k(k≥2,k∈N*)时命题成立,即S2k=1+
1 2
+
1 3
+…+21k>1+2k.
第5页/共39页
当n=k+1时, S2k+1=1+12+13+…+21k+2k+1 1+…+2k1+1 >1+2k+2k+1 1+2k+1 2+…+2k1+1 >1+2k+2k+2k 2k=1+2k+12=1+k+2 1. 故当n=k+1时,命题也成立. 由(1)、(2)知,对n∈N*,n≥2,S2n>1+n2都成立.
不等式1<an<1-1 a成立.
第15页/共39页
(2)假设n=k(k≥1 ,k∈N*)时,命题成立,即1<ak<1-1 a. 当n=k+1时,由递推公知,知 ak+1=a1k+a>(1-a)+a=1, 同时,ak+1=a1k+a<1+a=11--aa2<1-1 a, 因此当n=k+1时,1<ak+1<1-1 a,命题也成立. 综合(1)、(2)可知,对一切正整数n,有1<an<1-1 a.
1.贝努利(Bernoulli)不等式
2018年秋人教B版数学选修4-5课件:3.2 用数学归纳法证明不等式贝努利不等式

2.用数学归纳法证明贝努利不等式 (1)定理1(贝努利不等式):设x>-1,且x≠0,n为大于1的自然数,则 (1+x)n>1+nx. (2)定理2:设α为有理数,x>-1,①若0<α<1,则(1+x)α≤1+αx;②若 α<0或者α>1,则(1+x)α≥1+αx.当且仅当x=0时等号成立. 名师点拨当指数推广到任意实数且x>-1时, ①若0<α<1,则(1+x)α≤1+αx; ②若α<0或者α>1,则(1+x)α≥1+αx. 当且仅当x=0时等号成立.
题型三
反思利用数学归纳法证明数列型不等式的关键是由n=k到n=k+1 的变形.为满足题目的要求,常常要采用“放”与“缩”等手段,但是放 缩要有度,这是一个难点,解决这类问题一是要仔细观察题目的结 构,二是要靠经验积累.
题型一
题型二
题型三
用数学归纳法比较大小
【例 2】 已知 f(x) = 的大小, 并说明理由.
1.会用数学归纳法证明简单的不等式. 2.会用数学归纳法证明贝努利不等式. 3.了解贝努利不等式的应用条件.
1.用数学归纳法证明不等式 在不等关系的证明中,有多种多样的方法,其中数学归纳法是最 常用的方法之一,在运用数学归纳法证不等式时,推导“k+1”成立时, 比较法、分析法、综合法、放缩法等方法常被灵活地应用. 【做一做1-1】 欲用数学归纳法证明:对于足够大的正整数n,总 有2n>n3,n0为验证的第一个值,则( ) A.n0=1 B.n0为大于1小于10的某个整数 C.n0≥10 D.n0=2 解析:n=1时,2>1;n=2时,4<8;n=3时,8<27;n=4时,16<64;n=5 时,32<125;n=6时,64<216;n=7时,128<343;n=8时,256<512;n=9 时,512<729;n=10时,1 024>1 000.故选C. 答案:C
2016_2017学年高中数学第三章数学归纳法与贝努利不等式3.1数学归纳法原理课件

(1+2+…+n)=(-1)
n+1
������(������+1) · 2
2.数学归纳法 一般地,当要证明一个命题对于不小于某正数n0的所有正整数n 都成立时,可以用以下两个步骤: (1)证明当n=n0时命题成立; (2)假设当n=k(k∈N,且k≥n0)时命题成立,证明当n=k+1时命题也 成立. 完成两个步骤后,就可以断定命题对于不小于n0的所有正整数都 成立,这种证明方法称为数学归纳法.
题型一
题型二
题型三
题型四
(1)当 n=1 时 ,a1=3
1 0 2
*
= 3, 猜想成立.
1 ������ -1 成立, 2
(2)假设当 n=k(k∈N ,且 k≥1)时 ,ak=3 则当 n=k+1 时 ,ak+1 = ������������ , 即
【做一做 1-1】 观察式子: 1 +
1 3
2+
1 4
2
< ,…,则可归纳出
7 4
1 22
< ,1 + .
1 22
3 2
1 22
+
1 32
< ,1 +
5 3
1 22
+
解析:式子左侧为正整数平方的倒数和,右侧规律为:分子为 3,5,7,9,… ,分母为 2,3,4,5,…故归纳,得 1 +
2������-1 ( n≥2). ������
1 =2an-2an+1,即 an+1 = ������������. 2 1 3 ∵a1=3,∴a 2 = 2 ������1 = 2,a3 1 ������ -1 猜想 an=3 (n∈N*). 2
章数学归纳法与贝努利不等式32用数学归纳法证明不等式贝努利不等式学业分层测评新人教B版选修4

用数学归纳法证明不等式,数学归纳法与贝努利不等式 3.2 第3章4-5B版选修贝努利不等式学业分层测评新人教)45分钟(建议用时:][学业达标一、选择题n2nnnnn应取值为≥的正整数”时,1.利用数学归纳法证明不等式“都成立<2对于00)(D.7A.1B.3C.55224,21,22,23,nn 5. ≥5,故2【解析】 1<2=23>24=25<2,利用数学归纳法验证的值为0C【答案】2nnnn <,某同学用数学归纳法的证明过程如下:+对于不等式1(+∈N2.)+2n.=1+时,1+1<11, 不等式成立(1)当2kkkkkn,++(2)假设当<=(1∈N)时,不等式成立,即+222kkkkkknkk=2<则当+=++1+时,++++=3+3+2kk+1)+(1,+=nk+1时,不等式成立,则上述证法( ∴当) =A.过程全部正确n=1验得不正确B.C.归纳假设不正确nknk+1的推理不正确D.从==到nknk时的假设,不是数学归纳法时,没有应用在. ==+1【解析】【答案】 D11135nfnffff(16)>3,(8)>(4)>2,,1+++…+,计算得(2)3.设=为正整数,,(=) n22237f)( (32)>,观察上述记录,可推测出一般结论2nn+2+212nfnf B.)≥A.((2)>22n+2n f C.(2)≥D.以上都不对232+253+223ffffff(16)>3,即(2)>,即(2)>;;(8)>∵【解析】;(2)=,即(4)>22222n+222+75+4n54ffff(2)>.(2)>故猜想. )>;(32)>,即(22222 1【答案】 C2kkkffxf成立时,总可推出)(满足:当“)是定义在正整数集上的函数,有)≥((4.设2kkf成立”.那么下列命题总成立的是( +1)≥()+(1)2kfkfk (A.若成立(3)≥9成立,则当)≥≥1,均有2kkfkf )≥(5)≥25成立,则当(<5,均有成立B.若2kfkfk49成立,则当成立≥8,均有)(C.若<(7)<2kkkff≥4,均有)≥25成立,则当(D.若成立(4)=22kfxfkkfk1)(成立时,总可推出)满足:“当+1)≥((【解析】由题意,设()≥+成立.”k. =1,2因此,对于A,不一定有时成立.对于B,C显然错误2kf≥4,>4对于D,∵,因此对于任意的(4)=252kkf. )≥有成立(D 【答案】n) ,下列说法不正确的是( 对于正整数5.nn nn B.0.9≥1-0.1A.3≥1+2nnnn≥1- 0.90.1C.0.9<1-D.0.1n xnxxn∈N),( ≥-【解析】由贝努利不等式(1+1)≥1+,+n nx.正确,+2)≥1+2A当=2时,(1n nx. C0.1不正确,B当正确,=-0.1时,(1-0.1)≥1-n nx.0.9正确,因此D当=0.9时,(1-0.9)≥1-C 【答案】二、填空题711511131________. ++<,…,则可归纳出,1++<,1+观察式子:6.1+<222222434232232 【导学号:38000062】n12-111nn)∈++…+<(N≥2,【答案】 1++222nn322222kfkfnfn________. (1)+与),则)(7.若(2()=1+2+3+…+的递推关系式是2222kfk 3+…+(2,【解析】∵)(1)=+2+2222222kkfkkkkfkf1)(2=+1)(2+(+2)+,∴)(1(+1)=++2+3+…+(21))+(2+2k.2)++(222kkffkk++)(22)+1)【答案】+(+1)=((21aaaanSaana________.猜想,通过求1)且=}在数列8.{中,,=(2-,,,的表达式为nnnn41323 211aSnnaa=,,得由-=,且1)= (2【解析】nn213151111aaa==可得=,. =.由1×3,3×5,5×7,7×9,…,n432nnn1-63+354-1a=【答案】n2n1-4 三、解答题1anSaaSSn≥2).20(,且满足=,9.已知数列{=}的前+项和为nnnnn11-21??(1)判断是否为等差数列,并证明你的结论;??S??n11222SSS≤-+.(2)证明:+…+n21n4211Sa=,∴==2.【解】 (1)11S21naSSSSSS. =-=-,即当2≥2时,-nnnnnnn1-1-1-11∴-=2.SS nn1-1??故是以2为首项,2为公差的等差数列. ??S??n1112nS==-,不等式成立证明:①当=1时,.(2)1424×111222nkkkSSS≤-时,不等式成立,即成立,=+( ≥1,且+…+∈N②假设)k2+1k421111111??2222??SSSSnk-则当-=≤+1时,+-+…+++=??kk+4422+kk2121+2kk22kkkk1+1+1111+1-.·=<=-·-22kkkkk+42224++kn. 即当=时,不等式成立+1n.不等式成立由①②可知,对任意∈N+13axxfxaaaf,证明:,数列{}满足条件:-≥1,且1)≥′(+10.已知函数=()nnn11+3n na∈N1(-).≥2n+132fxxxfxx-1.,得)【证明】由′(()==-32aaaafa2). (+=(1)+-1≥因此=′(+1)nnnnn1+1an.,不等式成立≥1=2-当(1)时,=111k akknk1.时,不等式成立,即)假设当(2)=(≥1,且∈N≥2-k+ 3nk+1时,=当kkk2aaa-=21.-1)(2-≥1(++2)≥(22)kkk1+kk+21k,≥1,∴2≥2又k+1nka≥2-1,即不等式成立=.+1时,∴k1+n na≥2-1成立知,对任意.∈N,根据(1)和(2)n+[能力提升]111fnnnn的过程,由))(∈≥2,1.利用数学归纳法证明不等式1+++…+<N(n+1-322knk+1时,左边增加了到( ==)k项 B.A.1项kk1-项C.2 项 D.2111111111????+…+++1=+ 1+++…+-++…+【解析】kkkkk1+??12-231-2+312+22221,m111mn的最都成立,对大于1的一切自然数2.若不等式则自k+112-k. 项∴共增加2D 【答案】然数++…+>nnn242++12)大值为(B.13 A.12不存在D.C.14111nf++…+)=令【解析】,(nnn2++12fn)是单调递增的易知. (117fnf(2)=+的最小值为∴=(.)3412m7m<14.依题意>,∴1224m=13. 因此取【答案】 Bnnn-1bnabbanMaNaMN的大小关,均为正数,+为正整数,已知=(+3.设,),=,则b??x??=提示:利用贝努利不等式,令.___________________系为a??n nxx,由贝努利不等式(1+)≥1+【解析】bx,令=a 4 bb??n??n+1 ·∴,>1+a??aabb+??nnnn-1??baabnna.+>+∴)·+,即(>1a??aMN. 故≥MN≥【答案】1112nnnn.≥+2+…++…+)1≥1(+∈N)时,(1+求证:当4.+n32【导学号:38000063】n=1时,左边=右边,命题成立.【证明】 (1)当19??2??n+1=>2,命题成立.当时,左边==2(1+2)??22nkkk≥2)时,命题成立,,且( (2)假设当∈=N+11??2??kk+…++1,)≥+2+…+即(1k??2nk+1时,有=则当111kk+1)]1++…++…++)+( 左边=[(1+2kk12+11111????????kkk+…+1+…++1++1+(1+2=(1+2+…++…+)+1)×)·+(kk????k221+k11??2??kk+…++1.++1)1+≥(+k??221113k≥2时,1++…+≥1+=,∴当(*)k222k32kk+1)× 1+(∴左边≥++22322kkk+1).+1+=2+≥(2nk+1时,命题成立.这就是说当=nn∈N)时原命题成立(1)(2)由可知,当≥1(.+ 520XX—019学年度第一学期生物教研组工作计划指导思想以新一轮课程改革为抓手,更新教育理念,积极推进教学改革。
高中数学 第三章 数学归纳法与贝努利不等式 3.2 用数学归纳法证明不等式贝努利不等式 新人教B版选

知识点 2 用数学归纳法证明平均值不等式
【例
2】
设
a1,a2,…,an 为
n
个
正
数
,
则
a1+a2+…+an n
≥n a1a2…an,当且仅当 a1=a2=…=an 时等号成立.
证明 不妨设 an≥an-1≥…≥a1>0, 若 a1=an,则 a1=a2=…=an, 此时原不等式中等号成立. 设 an>a1 (n≥2). (1)n=2 时,由基本不等式a1+2 a2> a1a2, 所以命题对 n=2 成立.
根据二项式定理及归纳假设得: a1+a2+k+…1+ak+1k+1=kAkk++a1k+1k+1 =Ak+akk++1-1Akk+1 =(Ak)k+1+(k+1)(Ak)kak+ k+1-1Ak+…+akk++1-1Akk+1 >(Ak)k+1+(Ak)k(ak+1-Ak) =(Ak)k+1+(Ak)kak+1-(Ak)k+1 =(Ak)kak+1≥a1a2…akak+1.
3.2 用数学归纳法证明不等式,贝努利不等式 3.2.1 用数学归纳法证明不等式
3.2.2 用数学归纳法证明贝努利不等式
1.会用数学归纳法证明与正整数有关的不等式,特别是绝对值不 等式、平均值不等式和柯西不等式.
2.了解贝努利不等式,学会贝努利不等式的简单应用. 3.会用数学归纳法证明贝努利不等式.
A.n∈N+
B.n≥4
C.n>4
D.n=1 或 n>4
解析 n=4,24=42=16,n=1 时,2>1,
n=5,25=32,52=25,
∴当 n>4 时,2n>n2 成立,故选 D.
答案 D
()
3.已知 a,b,c∈R,a+b+c=0,abc>0,T=1a+1b+1c,则 T 与 0 的关系是________.
3.2用数学归纳法证明不等式贝努利不等式课件人教新课标B版

1
3
1
+…+
+…+
1
3
+
1−
3
1
1
利用 ③,得 11
1
3 1- 3
1
1-3
1
3
D典例透析 S随堂演练
IANLITOUXI
UITANGLIANXI
+1 +
3
= 1−
1
32
1
2
1
+1
3
1
1
1
+ 2+…+
3 3
3
1
1
1
· + 2+…+
3 3
3
1-
1
3+1
≥1−
.
3+1
1-
≥ 1-
3+1
1
即当 n=k+1 时,③式也成立.
故对一切 n∈N*,③式都成立.
=1 −
HONGNANJUJIAO
题型三
则当 n=k+1 时,
1-
Z 知识梳理 Z 重难聚焦
目标导航
… 11-
1
3
1
3
≥1 −
=
1
1
+ 2
3 3
1 1 1
+
2 2 3
>
+…+
1
3
1
, 即②式成立.
2
故原不等式成立.
3.了解贝努利不等式的应用条件.
-2-
3.2
用数学归纳法证明不等式,
贝努利不等式
2017学年高中数学第四讲数学归纳法证明不等式二用数学

用数学归纳法证明不等式举例
考
纲
定
位
重
难
突
破
1.会用数学归纳法证明简单的不 等式. 2.会用数学归纳法证明贝努利不 等式.
重点:1.会用数学归纳法证明简单的 不等式. 2.会用数学归纳法证明贝努利 不等式.
3.了解贝努利不等式的应用条件. 难点:贝努利不等式的应用.
01 课前 自主梳理
02 课堂 合作探究
[双基自测] 1 1 1 1. 用数学归纳法证明: “1+ + +…+ n <n(n∈N+, n>1)”时, 由 n=k(k>1) 2 3 2 -1 不等式成立,推证 n=k+1 时,左边应增加的项数是( A.2k-1 C.2k B.2 解析:n=k 时,左边为 1+ + +…+ k ;n=k+1 时,左边为 1+ + +… 2 3 2 3 2 -1
x nx n 时,有贝努利不等式不难得到不等式1-1+x >1- 对一切 1+x
不小于 2 的正整数 n 成立.
证明:利用贝努利不等式(1+x)n>1+nx(n∈N+,n≥2,x>-1,x≠0)的一个特例
1 1 1 3 1 + 此处 n = 3 , x = >1 + 3· 得 3 k - 2 3 k - 2 3 k - 2
03 课后 巩固提升
课时作业
[自主梳理] 一、本节的有关结论 1.n2<2n(n∈N+, n≥5 ).
2.|sin nθ|≤ n |sin θ|(n∈N+). 3.贝努利不等式
n (1 + x ) >1+nx . 如果 x 是实数,且 x>-1,x≠0,n 为大于 1 的自然数,那么有
当 α 是实数,并且满足 α>1 或者 α<0 时,有
18学年高中数学数学归纳法与贝努利不等式3.1数学归纳法原理学案新人教B版4_5180224250

3.1 数学归纳法原理[对应学生用书P40][读教材·填要点]1.数学归纳法原理对于由归纳法得到的某些与自然数有关的命题p(n),可以用以下两个步骤来证明它的正确性:(1)证明当n取初始值n0(例如n0=0,n0=1等)时命题成立;(2)假设当n=k(k为自然数,且k≥n0)时命题正确,证明当n=k+1时命题也正确.在完成了这两个步骤后,就可以断定命题对于从初始值n0开始的所有自然数都正确.2.数学归纳法的基本过程[小问题·大思维]1.在数学归纳法中,n0一定等于0吗?提示:不一定.n0是适合命题的自然数中的最小值,有时是n0=0或n0=1,有时n0值也比较大,而不一定是从0开始取值.2.数学归纳法的适用范围是什么?提示:数学归纳法的适用范围仅限于与自然数有关的数学命题的证明.3.数学归纳法中的两步的作用是什么?提示:在数学归纳法中的第一步“验证n=n0时,命题成立”,是归纳奠基、是推理证明的基础.第二步是归纳递推,保证了推理的延续性,证明了这一步,就可以断定这个命题对于n取第一个值n0后面的所有自然数也都成立.[对应学生用书P40][例1] 用数学归纳法证明:1-12+13-14+…+12n -1-12n =1n +1+1n +2+…+12n(n ∈N+).[思路点拨] 本题考查数学归纳法在证明恒等式中的应用,解答本题需要注意等式的左边有2n 项,右边有n 项,由k 到k +1时,左边增加两项,右边增加一项,而且左、右两边的首项不同,因此由“n =k ”到“n =k +1”时,要注意项的合并.[精解详析] (1)当n =1时,左边=1-12=12,右边=12,命题成立.(2)假设当n =k (k ≥1,且k ∈N +)时命题成立,即有 1-12+13-14+…+12k -1-12k =1k +1+1k +2+ (12). 则当n =k +1时,左边=1-12+13-14+…+12k -1-12k +12k +1-12k +2=1k +1+1k +2+…+12k +12k +1-12k +2 =1k +2+1k +3+…+12k +1+12k +2, 从而可知,当n =k +1时,命题亦成立. 由(1)(2)可知,命题对一切正整数n 均成立.(1)用数学归纳法证明代数恒等式的关键有两点:一是准确表述n =n 0时命题的形式,二是准确把握由n =k 到n =k +1时,命题结构的变化特点.(2)应用数学归纳法时的常见问题①第一步中的验证,对于有些问题验证的并不是n =0,有时需验证n =1,n =2. ②对n =k +1时式子的项数以及n =k 与n =k +1的关系的正确分析是应用数学归纳法成功证明问题的保障.③“假设n =k 时命题成立,利用这一假设证明n =k +1时命题成立”,这是应用数学归纳法证明问题的核心环节,对待这一推导过程决不可含糊不清,推导的步骤要完整、严谨、规范.1.用数学归纳法证明:对任意的n ∈N +, 11×3+13×5+…+1n -n +=n 2n +1. 证明:(1)当n =1时,左边=11×3=13,右边=12×1+1=13,左边=右边,等式成立.(2)假设当n =k (k ∈N +且k ≥1)时等式成立, 即有11×3+13×5+…+1k -k +=k2k +1, 则当n =k +1时,11×3+13×5+…+1k -k ++1k +k +=k 2k +1+1k +2k +=k k ++1k +k +=2k 2+3k +1k +k +=k +12k +3=k +1k ++1,所以当n =k +1时,等式也成立. 由(1)(2)可知,对一切n ∈N +等式都成立.[例2] 求证:二项式x 2n-y 2n(n ∈N +)能被x +y 整除.[思路点拨] 本题考查数学归纳法在证明整除问题中的应用,解答本题需要设法将x 2n-y 2n进行分解因式得出x +y ,由于直接分解有困难,故采用数学归纳法证明.[精解详析] (1)当n =1时,x 2-y 2=(x +y )(x -y ), ∴能被x +y 整除.(2)假设n =k (k ≥1,且k ∈N +)时,x 2k -y 2k 能被x +y 整除,当n =k +1时, 即x2k +2-y2k +2=x 2·x 2k -x 2y 2k +x 2y 2k -y 2·y 2k=x 2(x 2k -y 2k)+y 2k(x 2-y 2).∵x2k-y2k与x2-y2都能被x+y整除,∴x2(x2k-y2k)+y2k(x2-y2)能被x+y整除.即n=k+1时,x2k+2-y2k+2能被x+y整除.由(1)(2)可知,对任意的正整数n命题均成立.利用数学归纳法证明整除问题时,关键是整理出除数因式与商数因式积的形式,这就往往要涉及到“添项”与“减项”等变形技巧,例如,在本例中,对x2k+2-y2k+2进行拼凑,即减去x2y2k再加上x2y2k,然后重新组合,目的是拼凑出n=k时的归纳假设,剩余部分仍能被x+y整除.2.求证:n3+(n+1)3+(n+2)3能被9整除.证明:(1)当n=1时,13+(1+1)3+(1+2)3=36,能被9整除,命题成立.(2)假设n=k时,命题成立,即k3+(k+1)3+(k+2)3能被9整除.当n=k+1时,(k+1)3+(k+2)3+(k+3)3=(k+1)3+(k+2)3+k3+3k2·3+3k·32+33=k3+(k+1)3+(k+2)3+9(k2+3k+3).由归纳假设,上式中k3+(k+1)3+(k+2)3能被9整除,又9(k2+3k+3)也能被9整除.故n=k+1时命题也成立.由(1)(2)可知,对任意n∈N*命题成立.[例3] 平面上有n(n≥2,且n∈N+)条直线,其中任意两条直线不平行,任意三条不过同一点,求证:这n条直线被分成f(n)=n2.[思路点拨] 本题考查数学归纳法在证明几何命题中的应用,解答本题应搞清交点随n 的变化而变化的规律,然后采用数学归纳法证明.[精解详析] (1)当n=2时,∵符合条件的两直线被分成4段,又f(2)=22=4.∴当n=2时,命题成立.(2)假设当n =k (k ≥2且k ∈N+)时命题成立,就是该平面内满足题设的任何k 条直线被分成f (k )=k 2段,则当n =k +1时,任取其中一条直线记为l ,如图,剩下的k 条直线为l 1,l 2,…,l k .由归纳假设知,它们被分为f (k )=k 2段.由于l 与这k 条直线均相交且任意三条不过同一点,所以直线l 被l 1,l 2,l 3,…,l k分为k +1段,同时l 把l 1,l 2,…,l k 中每条直线上的某一段一分为二,其增加k 段.∴f (k +1)=f (k )+k +1+k =k 2+2k +1=(k +1)2. ∴当n =k +1时,命题成立.由(1)(2)可知,命题对一切n ∈N +且n ≥2成立.对于几何问题的证明,可以从有限情形中归纳出一般变化规律,或者说体会出是怎么变化的,然后再去证明,也可以采用递推的办法.利用数学归纳法证明几何问题时,关键是正确分析由n =k 到n =k +1时几何图形的变化规律.3.证明:凸n 边形的对角线的条数f (n )=12n ·(n -3)(n ≥4).证明:(1)n =4时,f (4)=12·4·(4-3)=2,四边形有两条对角线,命题成立.(2)假设n =k 时命题成立,即凸k 边形的对角线的条数f (k )=12k (k -3)(k ≥4).当n =k +1时,凸k +1边形是在k 边形基础上增加了一边,增加了一个顶点A k +1,增加的对角线条数是顶点A k +1与不相邻顶点连线再加上原k 边形的一边A 1A k ,共增加的对角线条数为(k +1-3)+1=k -1.f (k +1)=12k (k -3)+k -1=12(k 2-k -2)=12(k +1)(k -2)=12(k +1)[(k +1)-3]. 故n =k +1时由(1)、(2)可知,对于n ≥4,n ∈N +公式成立.[对应学生用书P42]一、选择题1.用数学归纳法证明“1+2+22+…+2n -1=2n-1(n ∈N +)”的过程中,第二步n =k时等式成立,则当n =k +1时应得到( )A .1+2+22+…+2k -2+2k -1=2k +1-1B .1+2+22+…+2k +2k +1=2k-1+2k +1C .1+2+22+…+2k -1+2k +1=2k +1-1D .1+2+22+…+2k -1+2k =2k +1-1解析:由条件知,左边是从20,21一直到2n -1都是连续的,因此当n =k +1时,左边应为1+2+22+…+2k -1+2k ,而右边应为2k +1-1.答案:D2.用数学归纳法证明:(n +1)(n +2)… ·(n +n )=2n×1×3…(2n -1)时,从“k 到k +1”左边需增乘的代数式是( )A .2k +1B .2k +1k +1C .2(2k +1)D .2k +2k +1解析:当n =k +1时,左边=(k +1+1)(k +1+2)… ·(k +1+k +1)=(k +1)·(k +2)·(k +3)…(k +k )·k +k +k +1=(k +1)(k +2)(k +3)…(k +k )·2(2k +1).答案:C3.某个命题与正整数n 有关,如果当n =k (k ∈N +)时命题成立,那么可推得当n =k +1时,命题也成立.现已知当n =5时该命题不成立,那么可推得( )A .当n =6时该命题不成立B .当n =6时该命题成立C .当n =4时该命题不成立D .当n =4时该命题成立解析:与“如果当n =k (k ∈N +)时命题成立,那么可推得当n =k +1时命题也成立”等价的命题为“如果当n =k +1时命题不成立,则当n =k (k ∈N +)时,命题也不成立”.故知当n =5时,该命题不成立,可推得当n =4时该命题不成立. 答案:C4.用数学归纳法证明不等式1+12+14+…+12n -1>12764(n ∈N +)成立,其初始值至少应取( )A .7B .8C .9D .10解析:左边=1+12+14+…+12n -1=1-12n1-12=2-12n -1,代入验证可知n 的最小值是8. 答案:B 二、填空题5.设f (n )=1+12+13+…+13n -1(n ∈N +),则f (n +1)-f (n )等于________.解析:因为f (n )=1+12+13+…+13n -1,所以f (n +1)=1+12+13+…+13n -1+13n +13n +1+13n +2.所以f (n +1)-f (n )=13n +13n +1+13n +2. 答案:13n +13n +1+13n +26.设平面内有n 条直线(n ≥2),其中有且仅有两条直线互相平行,任意三条直线不过同一点.若用f (n )表示这n 条直线交点的个数,则f (4)=________;当n >4时,f (n )=________(用n 表示).解析:f (2)=0,f (3)=2,f (4)=5,f (5)=9,每增加一条直线,交点增加的个数等于原来直线的条数.所以f (3)-f (2)=2,f (4)-f (3)=3,f (5)-f (4)=4,…,f (n )-f (n -1)=n -1. 累加,得f (n )-f (2)=2+3+4+…+(n -1) =2+n -2(n -2).所以f (n )=12(n +1)(n -2).答案:5 12(n +1)(n -2)7.已知n 为正偶数,用数学归纳法证明1-12+13-14+…+1n +1=2⎝⎛⎭⎪⎫1n +2+1n +4+…+12n 时,若已假设n =k (k ≥2,且k 为偶数)时命题为真,则还需要用归纳假设再证n =________时等式成立.解析:n =k (k ≥2,且k 为偶数)的下一个偶数为k +2,根据数学归纳法的步骤可知.再证n =k +2.答案:k +28.用数学归纳法证明12+cos α+cos 3α+…+cos(2n -1)α=1sin α·sin2n +12α·cos 2n -12α(α≠n π,n ∈N ),在验证n =1等式成立时,左边计算所得的项是________.解析:由等式的特点知:当n =1时,左边从第一项起,一直加到cos(2n -1)α,故左边计算所得的项是12+cosα.答案:12+cos α三、解答题9.用数学归纳法证明: 11×2+13×4+…+1n -n =1n +1+1n +2+…+1n +n .证明:(1)当n =1时,左边=11×2=12,右边=12,等式成立.(2)假设当n =k 时,等式成立,即 11×2+13×4+…+1k -k =1k +1+1k +2+…+12k ,则当n =k +1时,11×2+13×4+…+1k -k +1k +k +=1k +1+1k +2+…+12k+1k +k +=1k +2+1k +3+…+12k +⎝ ⎛⎭⎪⎫12k +1-12k +2+1k +1 =1k +2+1k +3+…+12k +12k +1+12k +2 =1k ++1+1k ++2+…+1k ++k+1k ++k +,即当n=k+1时,等式成立.根据(1)(2)可知,对一切n∈N+,等式成立.10.用数学归纳法证明对于整数n≥0,A n=11n+2+122n+1能被133整除.证明:(1)当n=0时,A0=112+12=133能被133整除.(2)假设n=k时,A k=11k+2+122k+1能被133整除.当n=k+1时,A k+1=11k+3+122k+3=11·11k+2+122·122k+1=11·11k+2+11·122k+1+(122-11)·122k+1=11·(11k+2+122k+1)+133·122k+1.∴n=k+1时,命题也成立.根据(1)、(2),对于任意整数n≥0,命题都成立.11.将正整数作如下分组:(1),(2,3),(4,5,6),(7,8,9,10),(11,12,13,14,15),(16,17,18,19,20,21),…,分别计算各组包含的正整数的和如下,试猜测S1+S3+S5+…+S2n-1的结果,并用数学归纳法证明.S1=1,S2=2+3=5,S3=4+5+6=15,S4=7+8+9+10=34,S5=11+12+13+14+15=65,S6=16+17+18+19+20+21=111,解:由题意知,当n=1时,S1=1=14;当n=2时,S1+S3=16=24;当n=3时,S1+S3+S5=81+34;当n=4时,S1+S3+S5+S7=256=44.猜想:S1+S3+S5+…+S2n-1=n4.下面用数学归纳法证明:(1)当n=1时,S1=1=14,等式成立.(2)假设当n=k(k≥2,k∈N+)时等式成立,即S1+S3+S5+…+S2k-1=k4,那么,当n=k+1时,S1+S3+S5+…+S2k+1=k4+[(2k2+k+1)+(2k2+k+2)+…+(2k2+k+2k+1)]=k4+(2k+1)(2k2+2k+1)=k4+4k3+6k2+4k+1=(k+1)4,这就是说,当n=k+1时,等式也成立.根据(1)和(2),可知对于任意的n∈(N+,S1+S3+S5+…+S2n-1=n4都成立.。
高中数学第3章数学归纳法与贝努利不等式3.2用数学归纳法证明不等式贝努利不等式学业分层测评新人教B版选修4

第3章 数学归纳法与贝努利不等式 3.2 用数学归纳法证明不等式,贝努利不等式学业分层测评 新人教B 版选修4-5(建议用时:45分钟)[学业达标] 一、选择题1.利用数学归纳法证明不等式“n 2<2n对于n ≥n 0的正整数n 都成立 ”时,n 0应取值为( ) A.1 B.3 C.5 D.7【解析】 12<21,22=22,32>23,42=24,52<25,利用数学归纳法验证n ≥5,故n 0的值为 5. 【答案】 C2.对于不等式n2+n<n +1(n ∈N +),某同学用数学归纳法的证明过程如下:(1)当n =1时,12+1<1+1, 不等式成立.(2)假设当n =k (k ∈N +)时,不等式成立,即k2+k<k +1, 则当n =k +1时,+++=k2+3k +2<+3k +++=+=(k +1)+1,∴当n =k +1时,不等式成立,则上述证法( ) A.过程全部正确 B.n =1验得不正确 C.归纳假设不正确 D.从n =k 到n =k +1的推理不正确 【解析】 在n =k +1时,没有应用n =k 时的假设,不是数学归纳法. 【答案】 D3.设n 为正整数,f (n )=1+12+13+…+1n ,计算得f (2)=32,f (4)>2,f (8)>52,f (16)>3,f (32)>72,观察上述记录,可推测出一般结论( ) A.f (2n )>2n +12 B.f (n 2)≥n +22C.f (2n )≥n +22D.以上都不对 【解析】 ∵f (2)=32;f (4)>2,即f (22)>2+22;f (8)>52,即f (23)>3+22;f (16)>3,即f (24)>4+22;f (32)>72,即f (25)>5+22.故猜想f (2n)>n +22.【答案】 C4.设f (x )是定义在正整数集上的函数,有f (k )满足:当“f (k )≥k 2成立时,总可推出f (k +1)≥(k +1)2成立”.那么下列命题总成立的是( ) A.若f (3)≥9成立,则当k ≥1,均有f (k )≥k 2成立 B.若f (5)≥25成立,则当k <5,均有f (k )≥k 2成立 C.若f (7)<49成立,则当k ≥8,均有f (k )<k 2成立 D.若f (4)=25成立,则当k ≥4,均有f (k )≥k 2成立 【解析】 由题意,设f (x )满足:“当f (k )≥k 2成立时,总可推出f (k +1)≥(k +1)2成立.” 因此,对于A ,不一定有k =1,2时成立. 对于B ,C 显然错误. 对于D ,∵f (4)=25>42,因此对于任意的k ≥4, 有f (k )≥k 2成立. 【答案】 D 5.对于正整数n ,下列说法不正确的是( ) A.3n ≥1+2n B.0.9n ≥1-0.1n C.0.9n <1-0.1n D.0.1n ≥1-0.9n 【解析】 由贝努利不等式(1+x )n ≥1+nx (x ≥-1,n ∈N +), 当x =2时,(1+2)n ≥1+2n ,A 正确. 当x =-0.1时,(1-0.1)n ≥1-0.1n ,B 正确,C 不正确. 当x =0.9时,(1-0.9)n ≥1-0.9n ,因此D 正确. 【答案】 C 二、填空题 6.观察式子:1+122<32,1+122+132<53,1+122+132+142<74,…,则可归纳出________. 【导学号:38000062】【答案】 1+122+132+…+1n2<2n -1n(n ≥2,n ∈N +) 7.若f (n )=12+22+32+…+(2n )2,则f (k +1)与f (k )的递推关系式是________.【解析】 ∵f (k )=12+22+32+…+(2k )2, f (k +1)=12+22+32+…+(2k )2+(2k +1)2+(2k +2)2,∴f (k +1)=f (k )+(2k +1)2+(2k +2)2.【答案】f (k +1)=f (k )+(2k +1)2+(2k +2)28.在数列{a n }中,a 1=13,且S n =n (2n -1)a n ,通过求a 2,a 3,a 4,猜想a n 的表达式为________.。
2017_2018学年高中数学第三章数学归纳法与贝努利不等式章末小结知识整合与时期检测学案新人教B版

答案:
三、解答题
9.在数列{an}中,a1=a2=1,当n∈N+时,知足an+2=an+1+an,且设bn=a4n,求证:{bn}各项均为3的倍数.
证明:(1)∵a1=a2=1,
故a3=a1+a2=2,a4=a3+a2=3.
∴b1=a4=3,当n=1时,b1能被3整除.
[解]受阻进程:由于关于任意的k∈N+,xk+1= + >2 = .
因此xn> (n∈N+)显然成立.
下面证明:xn< + (n∈N+).
(1)当n=1时,x1=2< +1,不等式成立.
(2)假设当n=k(k≥1,k∈N+)时,不等式成立,
即xk< + ,
那么,当n=k+1时,xk+1= + .
由归纳假设,xk< + ,
综上可得,关于所有n≥1,有an≥n+2.
②由an+1=an(an-n)+1及①,对k≥2,有
ak=ak-1(ak-1-k+1)+1≥ak-1(k-1+2-k+1)+1
=2ak-1+1≥2·(2ak-2+1)+1=22ak-2+2+1
≥23ak-3+22+2+1≥…
∴ak≥2k-1a1+2k-2+…+2+1=2k-1a1+2k-1-1
+ +…+ + < + .因此,Leabharlann 证明当n=k+1时,原不等式成立,
只需证明 + < 成立.
即证明 - > .
从而转化为证明 > ,
也确实是证明 > + ,
即( )2-( + )2
=k2+k+1-2
=[ -1]2>0,
从而 > + .
于是当n=k+1时,原不等式也成立.
3.2.2 用数学归纳法证明贝努利不等式 教学案 2

3.2.2 用数学归纳法证明贝努利不等式 教学案 2 教学要求:了解数学归纳法的原理,并能以递推思想作指导,理解数学归纳法的操作步骤,能用数学归纳法证明一些简单的数学命题,并能严格按照数学归纳法证明问题的格式书写. 教学重点:能用数学归纳法证明几个经典不等式.教学难点:理解经典不等式的证明思路.教学过程:一、复习准备:1. 求证:222*12(1),1335(21)(21)2(21)n n n n N n n n ++++=∈⋅⋅-++.2. 求证:*11111,23421n n n N +++++≤∈-.二、讲授新课:1. 教学例题:① 出示例1:比较2n 与2n 的大小,试证明你的结论. 分析:试值1,2,3,4,5,6n = → 猜想结论 → 用数学归纳法证明→ 要点:222222(1)2123k k k k k k k k k k +=++<++<+<+<…. 小结:试值→猜想→证明② 练习:已知数列{}n a 的各项为正数,Sn 为前n 项和,且11()2n n n S a a =+,归纳出an 的公式并证明你的结论.解题要点:试值n=1,2,3,4, → 猜想an → 数学归纳法证明③ 出示例2:证明不等式|sin ||sin |()n n n N θθ*≤∈. 要点:|sin(1)||sin cos cos sin ||sin cos ||cos sin |k k k k k θθθθθθθθθ+=+≤+ |sin ||sin ||sin ||sin |(1)|sin |k k k θθθθθ≤+≤+=+④ 出示例3:证明贝努利不等式.(1)1(1,0,,1)n x nx x x n N n +>+>-≠∈> 证明:(1)当n=2时,由0≠x 得x x x x 2121)1(22+>++=+,即不等式成立; (2)假设当n=k (k ≥2)时不等式成立,即有kx x k +>+1)1(:,则当n=k+1时,x k kx kx x kx x x x x k k )1(11)1)(1()1)(1()1(21++>+++=++>++=++, 所以当n=k+1时,原不等式也成立;由(1)(2)知,贝努利不等式成立;注:事实上,把贝努利不等式中的正整数n 改为实数α仍有类似不等式成立.当α是实数,且0αα>1<或时,有(1)1x x αα++≥(1)x >- 当α是实数,且01α<<时,有(1)1x x αα++≤(1)x >-2. 练习:试证明:不论正数a 、b 、c 是等差数列还是等比数列,当n >1,n ∈N*且a 、b 、c 互不相等时,均有an+cn >2bn.解答要点:当a 、b 、c 为等比数列时,设a=q b, c=bq (q >0且q ≠1). ∴ an+cn=….当a 、b 、c 为等差数列时,有2b=a+c ,则需证2n n c a +>(2ca +)n (n ≥2且n ∈N*). …. 当n=k+1时,41211=+++k k c a (ak+1+ck+1+ak+1+ck+1)>41(ak+1+ck+1+ak ·c+ck ·a) =41(ak+ck)(a+c)>(2c a +)k ·(2c a +)=(2ca +)k+1 .3. 小结:应用数学归纳法证明与正整数n 有关的不等式;技巧:凑配、放缩.三、巩固练习: 已知1111,2,12122n N n n n n ∈≥<+++<++证明:.。
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3.2 用数学归纳法证明不等式,贝努利不等式
[对应学生用书P43]
[读教材·填要点]
贝努利(Bernoulli)不等式
设x >-1,且x ≠0,n 为大于1的自然数,则(1+x )n
>1+nx .
[小问题·大思维]
在贝努利不等式中,指数n 可以取任意实数吗?
提示:可以.但是贝努利不等式的体现形式有所变化.事实上:当把正整数n 改成实数α后,将有以下几种情况出现:
(1)当α是实数,并且满足α>1或者α<0时,有(1+x )α
≥1+αx (x >-1). (2)当α是实数,并且满足0<α<1时,有(1+x )α
≤1+αx (x >-1).
[对应学生用书P43]
[例1] 求证:1n +1n +1+1n +2+…+1
n
2>1(n ≥2,n ∈N +).
[思路点拨] 本题考查数学归纳法的应用,解答本题需要注意n 的取值范围,因为n ≥2,
n ∈N +,因此应验证n 0=2时不等式成立.
[精解详析] (1)当n =2时,左边=12+13+14=13
12>1.
∴n =2时不等式成立.
(2)假设n =k (k ≥2,且k ∈N )时,不等式成立,即 1
k
+
1k +1+1k +2+ (1)
2>1,那么n =k +1时, 1k +1+1 k +1 +1+…+1 k +1 2-1+1 k +1 2 =
1k +1+1k +2+…+1k 2++1 k +1 2
=⎝ ⎛⎭⎪⎫1k +1k +1+1k +2
+…+1k 2+1k +1+…+1k +2k +1 k +1 -1k >1+2k +1 k +1 -1k =1+k 2-k -1
k k +1 2
, ∵k ≥2,∴⎝ ⎛⎭⎪⎫k -122≥9
4.
∴k 2
-k -1=⎝ ⎛⎭⎪⎫k -122-54
≥1>0.
∴k 2-k -1k k +1 2
>0. ∴
1k +1+1 k +1 +1+…+1 k +1
2>1. ∴当n =k +1时,不等式也成立.
由(1)、(2)可知,对一切的n ≥2,且n ∈N +,此不等式都成立.
利用数学归纳法证明不等式的关键是由n =k 到n =k +1的变形,为满足题目的要求,往往要采用“放缩”等手段,例如在本题中采用了“1k 2
+1>1
k +1 2
,…,1k 2+2k >1 k +1 2
”的放缩变形.
1.证明不等式: 1+
12+1
3+…+1
n
<2n (n ∈N +). 证明:(1)当n =1时,左边=1,右边=2,不等式成立. (2)假设当n =k (k ≥1)时,命题成立,即 1+
12+1
3+…+1
k
<2k . ∵当n =k +1时,左边=1+12+
13+…+
1
k
+
1
k +1
<2 k +
1
k +1
=
2k k +1 +1k +1
,
现在只需证明2k k +1 +1
k +1
<2k +1,
即证:2k k +1 <2k +1, 两边平方,整理:0<1,显然成立. ∴
2k k +1 +1
k +1
<2k +1成立.
即1+
1
2+13+…+1k +1k +1
<2k +1成立. ∴当n =k +1时,不等式成立.
由(1)(2)知,对于任何正整数n 原不等式都成立.
[例2] 设P n =(1+x )n
,Q n =1+nx +
n n -1 2
x 2
,n ∈N +,x ∈(-1,+∞),试比较
P n 与Q n 的大小,并加以证明.
[思路点拨] 本题考查数学归纳法的应用,解答本题需要先对n 取特值,猜想P n 与Q n
的大小关系,然后利用数学归纳法证明.
[精解详析] (1)当n =1,2时,P n =Q n . (2)当n ≥3时,(以下再对x 进行分类). ①若x ∈(0,+∞),显然有P n >Q n . ②若x =0,则P n =Q n . ③若x ∈(-1,0),
则P 3-Q 3=x 3
<0,所以P 3<Q 3.
P 4-Q 4=4x 3+x 4=x 3(4+x )<0,所以P 4<Q 4.
假设P k <Q k (k ≥3),
则P k +1=(1+x )P k <(1+x )Q k =Q k +xQ k =1+kx +
k k -1 x 2
2
+x +kx 2
+
k k -1 x 3
2
=1+(k +1)x +k k +1 2
x 2+k k -1 2
x 3
=Q k +1+
k k -1 2
x 3
<Q k +1,
即当n =k +1时,不等式成立. 所以当n ≥3,且x ∈(-1,0)时,P n <Q n .
(1)利用数学归纳法比较大小,关键是先用不完全归纳法归纳出两个量的大小关系,猜测出证明的方向,再用数学归纳法证明结论成立.
(2)本题除对n 的不同取值会有P n 与Q n 之间的大小变化,变量x 也影响P n 与Q n 的大小关系,这就要求我们在探索大小关系时,不能只顾“n ”,而忽视其他变量(参数)的作用.
2.已知数列{a n },{b n }与函数f (x ),g (x ),x ∈R ,满足条件:b 1=b ,a n =f (b n )=g (b n
+1
)(n ∈N +).若函数y =f (x )为R 上的增函数,g (x )=f -1
(x ),b =1,f (1)<1,证明:对任
意n ∈N +,a n +1<a n .
证明:因为g (x )=f -1
(x ),所以a n =g (b n +1)=f -1
(b n +1),即b n +1=f (a n ). 下面用数学归纳法证明a n +1<a n (n ∈N +). (1)当n =1时,由f (x )为增函数,且f (1)<1,得
a 1=f (
b 1)=f (1)<1, b 2=f (a 1)<f (1)<1, a 2=f (b 2)<f (1)=a 1,
即a 2<a 1,结论成立.
(2)假设n =k 时结论成立,即a k +1<a k .
由f (x )为增函数,得f (a k +1)<f (a k ),即b k +2<b k +1. 进而得f (b k +2)<f (b k +1),即a k +2<a k +1. 这就是说当n =k +1时,结论也成立. 根据(1)和(2)可知,对任意的n ∈N +,a n +1<a n .
[例3] 若不等式
1n +1+1n +2+1n +3+…+13n +1>a 24
对一切正整数n 都成立,求正整数a 的最大值,并证明你的结论.
[思路点拨] 本题考查数学归纳法的应用以及探索型问题的求解方法.解答本题需要根据n 的取值,猜想出a 的最大值,然后再利用数学归纳法进行证明.
[精解详析] 当n =1时,11+1+11+2+13×1+1>a
24,
即2624>a 24
,。