14—15学年下学期高二开学调研考试物理试题(附答案)

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高二(2015届)下学期入学考试物理试卷(有答案)

高二（2015届）下学期入学考试物理试卷本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

考试时间90分钟，满分100分。

第I卷（选择题共40分）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。

每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）1.如图所示质量相等的A、B两个球，原来在光滑水平面上沿同一直线相向做匀速直线运动，A球的速度是6m/s，B球的速度是—2m/s，不久A、B两球发生了对心碰撞。

对于该碰撞之后的A、B两球的速度可能值，某实验小组的同学们做了很多种猜测，下面的哪一种猜测结果一定无法实现的是( ) A.υA＇= -2 m/s，υB＇= 6 m/sB.υA＇= 2 m/s，υB＇= 2 m/sC.υA＇= l m/s，υB＇= 3 m/sD.υA＇= -3m/s，υB＇= 7 m/s2.两个质点A、B放在同一水平面上，由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的v-t图象如图所示。

对A、B运动情况的分析，下列结论正确的是( )A.A、B加速时的加速度大小之比为2:1，A、B减速时的加速度大小之比为1:1B.在t=3t0时刻，A、B相距最远C.在t=5t0时刻，A、B相距最远D.在t=6t0时刻，A、B相遇3.如图所示，质量为m的小球，用OB和O′B两根轻绳吊着，两轻绳与水平天花板的夹角分别为30°和60°，这时OB绳的拉力大小为F1，若烧断O＇B绳，当小球运动到最低点C时，OB绳的拉力大小为F2，则F1∶F2等于( ) A．1∶1 B．1∶C．1∶3 D．1∶44.如图所示，地球半径为R，a是地球赤道上的一栋建筑，b是与地心的距离为nR的地球同步卫星，c是在赤道平面内作匀速圆周运动、与地心距0.5nR的卫星。

某一时刻b、c刚好位于a的正上方（如图甲所示），经过48 h，a、b、c的大致位置是图乙中的( )5.如图，在一水平放置的平板MN的上方有匀强磁场，磁感应强度的大小为B，磁场方向垂直于纸面向里.许多质量为m带电量为+q的粒子，以相同的速率v沿位于纸面内的各个方向，由小孔O射入磁场区域.不计重力，不计粒子间的相互影响。

14—15学年下学期高二开学考试物理试题(扫描版)(附答案)

齐齐哈尔市实验中学2014~2015学年度高二下学期开学考试
物理试题
一、选择题(本题共l0小题，每小题6分，共60分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得6分，选不全的得3分，有
选错或不答的得0分)
二、计算、论述题(共40分。

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。

只
写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)
答案
一、选择题(本题共l0小题，每小题6分，共60分)
二、计算、论述题(共40分) 11、解： E=0.1V
q=1C 12、解： E=BL gh 2 U=gh BL 24
3
4
42
22L
B gR m h。

山西省太原五中1415学年度高二下学期阶段性检测——物

山西省太原五中2014—2015学年度高二下学期阶段性检高二物理试题（考生注意：考试时间90分钟，满分100分，答案写到答题纸上，只交答题纸）一、选择题（每小题4分，共48分。

1-8题只有一个选项正确，9-12有二个或二个以上选项正确，全选对的得4 分，选不全的得 2 分，有选错的或不答的得0 分，请将下列各题符合题意的选项的字母填入答题卡。

）1．电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置。

由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如图所示是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用下列说法不正确的是()A．甲图的传感器可以用来测量角度B．乙图的传感器可以用来测量液面的高度C．丙图的传感器可以用来测量压力D．丁图的传感器可以用来测量速度2．随着社会经济的发展，人们对能源的需求也日益扩大，节能变得越来越重要。

某发电厂采用升压变压器向某一特定用户供电，用户通过降压变压器用电，若发电厂输出电压为U1，输电导线总电阻为R，在某一时段用户需求的电功率为P0，用户的用电器正常工作的电压为U2。

在满足用户正常用电的情况下，下列说法正确的是( )A．输电线上损耗的功率为B．输电线上损耗的功率为C．若要减少输电线上损耗的功率可以采用更高的电压输电D．采用更高的电压输电会降低输电的效率3．如图所示，某电子电路的输入端输入电流既有直流成分，又有交流低频成分和交流高频成分.若通过该电路只把交流的低频成分输送到下一级，那么关于该电路中各器件的作用，下列说法中不正确的有( )A．L在此的功能为通直流，阻交流B．L在此的功能为通低频、阻高频C．C1在此的功能为通交流，隔直流D．C2在此的功能为通高频、阻低频4．如图所示电路，L是自感系数较大的线圈，在滑动变阻器的滑动片P从A 端迅速滑向B 端的过程中，经过AB 中点C 时通过线圈的电流为I 1；P 从B 端迅速滑向A 端的过程中，经过C 点时通过线圈的电流为I 2；P 固定在C 点不动，达到稳定时通过线圈的电流为I 0，则（）A ．I 1=I 2=I 0B ．I 1>I 0>I 2C ．I 1=I 2> I 0D ．I 1<I 0<I 25.为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，用磁报警装置可以检测到断针的存在，如图所示是磁报警装置中的一部分电路示意图，其中R B 是磁敏传感器，它的电阻随断针的出现而减小，a 、b 接报警器，当传感器R B所在处出现断针时，电流表的电流I 、ab 两端的电压U 将( )A ．I 变大，U 变小B ．I 变小，U 变小C ．I 变大，U 变大D ．I 变小，U 变大6．如图所示，a 、b 、c 三个相同的小球，a 从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑，同时b 、c 从同一高度分别开始自由下落和平抛。

【物理】辽宁省沈阳市东北育才学校2014-2015学年高二下学期开学试卷

2014-2015学年辽宁省沈阳市东北育才学校高二（下）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）如图所示，位于光滑固定斜面上的小物块P受到一水平向右的推力F的作用，已知物块P沿斜面加速下滑，现保持F的方向不变，使其减小，则加速度（）A．一定变小B．一定变大C．一定不变D．可能变小，可能变大，也可能不变考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物块进行受力分析，物块受重力、支持力、推力，沿斜面加速下滑，知加速度的方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律列出方程，根据F的变化，可知加速度的变化．解答：解：小物块P在推力F的作用下，沿光滑固定斜面加速下滑，设小物块的质量为m，斜面的倾角为θ，分析小物块的受力，并建立小物块的动力学方程，由牛顿第二定律，有：mgsinθ﹣Fcosθ=ma∴a=gsinθ﹣．当保持F的方向不变，使其减小时，则加速度a一定变大．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键熟练运用正交分解，根据牛顿第二定律求出加速度．2．（4分）如图所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为θ的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间下列说法正确的是（）A．两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinθB．B球的受力情况未变，瞬时加速度为零C．A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsinθD．弹簧有收缩的趋势，B球的瞬时加速度向上，A球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零考点：牛顿第二定律；胡克定律．分析：（1）根据平衡条件可知：对B球F弹=mgsinθ，对A球F绳=F弹+mgsinθ；（2）细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不会瞬间发生改变；（3）对A、B球分别进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求出各自加速度．解答：解：系统静止，根据平衡条件可知：对B球F弹=mgsinθ，对A球F绳=F弹+mgsinθ，细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生改变，则：A．B球受力情况未变，瞬时加速度为零；对A球根据牛顿第二定律得：a===2gsinθ，故A错误；B．B球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故B正确；C．对A球根据牛顿第二定律得：a===2gsinθ，故C正确；D．B球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故D错误；故选BC．点评：该题是牛顿第二定律的直接应用，本题要注意细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生瞬间改变，该题难度适中．3．（4分）斜面上的物体受到平行于斜面向下的力F作用，力F随时间变化的图象及物体运动的坩图象如图所示．由图象中的信息能够求出的物理量或可以确定的关系有（）A．物体的质量mB．斜面的倾角θC．μ＞tanθD．物体与斜面间的动摩擦因数μ考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：动态预测题；牛顿运动定律综合专题．分析：由v﹣t图象判断物体在不同时间内的运动情况，由F﹣t图象可以读出物体在不同时间内所受到的推力大小．由v﹣t图象分析得知物体4﹣6s内处于平衡状态，由平衡条件求出物体所受摩擦力大小．物体在0﹣2s内做匀加速直线运动，由v﹣t图象的斜率求出加速度，再由牛顿第二定律求解物块的质量．由摩擦力公式求出μ．解答：解：设斜面的倾角为θ由v﹣t图象可知，在4～6s内物体处于匀速直线运动状态，由平衡条件可知，物体所受到的滑动摩擦力f与拉力F及重力在斜面上的分量平衡，即f=F+mgsinθ，由图F﹣t图象可知，在2s～6s内，推力F=2N，则物体所受到的摩擦力f=2+mgsinθ…①．物体在0﹣2s内做匀加速直线运动，由v﹣t图象的斜率得出加速度…②，由F﹣t图象在0﹣2s内读出F=3N，由牛顿第二定律得 F+mgsinθ﹣f=ma…③，由①②③解得 m=1kg，故A正确f=μmgcosθ…④由①④物块与斜面之间的动摩擦因数，故C正确；由于θ未知，故不能算出μ，故BD错误．故选：AC．点评：本题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，根据牛顿定律求解物理量，是常见题型．4．（4分）如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块．假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等．现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列反映a1和a2变化的图线中正确的是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：当F比较小时，两个物体相对静止，一起加速运动，加速度相同，根据牛顿第二定律得出加速度与时间的关系．当F比较大时，m2相对于m1运动，两者加速度不同，根据牛顿第二定律分别对两个物体研究，得出加速度与时间的关系，再选择图象．解答：解：当F比较小时，两个物体相对静止，加速度相同，根据牛顿第二定律得：a==，a∝t；当F比较大时，m2相对于m1运动，根据牛顿第二定律得：对m1：a1=，μ、m1、m2都一定，则a1一定．对m2：a2===t﹣μg，a2是t的线性函数，t增大，a2增大．由于，则两木板相对滑动后a2图象大于两者相对静止时图象的斜率．故A正确．故选：A点评：本题首先要分两个相对静止和相对运动两种状态分析，其次采用整体法和隔离法研究得到加速度与时间的关系式，再选择图象，是经常采用的思路．5．（4分）如图甲所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有一个质量为m的物体在斜面方向的力F的作用下由静止开始运动，物体的机械能E随位移x的变化关系如图乙所示，其中O～x1过程的图线是曲线，x1～x2过程的图线为平行于x轴的直线，则下列说法中正确的是（）A．物体在沿斜面向上运动B．在0～x1过程中，物体的加速度一直减小C．在0～x2过程中，物体先减速再匀速D．在x1～x2过程中，物体的加速度为gsinθ考点：功能关系．分析：根据功能关系：除重力以外其它力所做的功等于机械能的增量，在0～x1过程中物体机械能在减小，知拉力在做负功，机械能与位移图线的斜率表示拉力．当机械能守恒时，拉力等于零，通过拉力的变化判断其加速度的变化．解答：解：A、在0～x1过程中物体机械能在减小，知拉力在做负功，拉力方向向上，所以位移方向向下，故物体在沿斜面向下运动，故A错误；B、在0～x1过程中图线的斜率逐渐减小到零，知物体的拉力逐渐减小到零．根据a=，可知，加速度逐渐增大，故B错误；C、在0～x1过程中，加速度的方向与速度方向相同，都沿斜面向下，所以物体做加速运动，故C错误；D、在x1～x2过程中，机械能守恒，拉力F=0，此时a=，故D正确．故选：D点评：解决本题的关键通过图线的斜率确定出拉力的变化，然后根据牛顿第二定律判断出加速度的方向，根据加速度方向和速度的方向关系知道物体的运动规律．6．（4分）如图所示，一个小球（视为质点）从H=12m高处，由静止开始通过光滑弧形轨道AB，进入半径R=4m的竖直圆环，圆环轨道部分的动摩擦因数处处相等，当到达环顶C时，刚好对轨道压力为零；沿CB滑下后，进入光滑弧形轨道BD，且到达高度为h的D点时速度为零，则h之值可能为（g=10m/s2）（）A．8m B．9m C．10m D．11m考点：机械能守恒定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：到达环顶C时，刚好对轨道压力为零，根据牛顿第二定律求出在C点的速度．根据动能定理研究小球上升到顶点过程求出摩擦力做功．小球沿轨道下滑，由于机械能有损失，所以下滑速度比上升速度小，因此对轨道压力变小，所受摩擦力变小，所以下滑时，摩擦力做功大小小于上升过程做的功．根据能量守恒分析解答．解答：解：到达环顶C时，刚好对轨道压力为零所以在C点，重力充当向心力根据牛顿第二定律因此mg=m得 R=4m所以mv2=2mg所以在C点，小球动能为2mg，因为圆环半径是4m，因此在C点，以b点为零势能面，小球重力势能=2mgR=8mg开始小球从H=12m 高处，由静止开始通过光滑弧形轨道ab因此在小球上升到顶点时，根据动能定理得：W f+mg（12﹣8）=mv2﹣0所以摩擦力做功w f=﹣2mg，此时机械能等于10mg，之后小球沿轨道下滑，由于机械能有损失，所以下滑速度比上升速度小，因此对轨道压力变小，所受摩擦力变小，所以下滑时，摩擦力做功大小小于2mg，机械能有损失，到达底端时小于10mg此时小球机械能大于10mg﹣2mg=8mg，而小于10mg所以进入光滑弧形轨道bd时，小球机械能的范围为，8mg＜E p＜10mg所以高度范围为8m＜h＜10m，故选：B．点评：选取研究过程，运用动能定理解题．动能定理的优点在于适用任何运动包括曲线运动．了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功．7．（4分）汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，牵引力为F0，t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动（设整个过程中汽车所受的阻力不变）．则图中能反映汽车牵引力F、汽车速度V在这个过程中随时间t变化的图象是（）A．B．C．D．考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：汽车的功率P=Fv，分析司机减小油门时牵引力的变化，判断汽车速度的变化．再选择图象．解答：解：由题，汽车以功率P、速度v0匀速行驶时，牵引力与阻力平衡．当司机减小油门，使汽车的功率减为时，根据P=Fv得知，汽车的牵引力突然减小到原来的一半，即为F=F0，而阻力没有变化，则汽车开始做减速运动，由于功率保持为P，随着速度的减小，牵引力逐渐增大，根据牛顿第二定律得知，汽车的加速度逐渐减小，做加速度减小的变减速运动．当汽车再次匀速运动时，牵引力与阻力再次平衡，大小相等，由P=Fv得知，此时汽车的速度为原来的一半．故选AD点评：本题考查分析汽车运动过程的能力，要抓住汽车的功率P=Fv，在功率一定时，牵引力与速度成反比，是相互制约的关系．8．（4分）（多选）如图所示，在匀速转动的电动机带动下，足够长的水平传送带以恒定速率v1匀速向右运动，一质量为m的滑块从传送带右端以水平向左的速率v2（v2＞v1）滑上传送带，最后滑块返回传送带的右端．关于这一过程的下列判断，正确的有（）A．滑块返回传送带右端的速率为v1B．此过程中传送带对滑块做功为mv12﹣mv22C．此过程中电动机对传送带做功为2m12D．此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为m（v1+v2）2考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；功能关系．专题：动能定理的应用专题．分析：物体由于惯性冲上皮带后，受到向左的滑动摩擦力，减速向右滑行，之后依然受到向左的滑动摩擦力，会继续向左加速，然后根据v1小于v2的情况分析．根据动能定理得全过程传送带对物块做的总功．根据能量守恒找出各种形式能量的关系．解答：解：A：由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，由于v1＜v2，物体会先在滑动摩擦力的作用下加速，当速度增大到等于传送带速度时，物体还在传送带上，之后不受摩擦力，故物体与传送带一起向右匀速运动，有v′2=v1；故A正确；B：此过程中只有传送带对滑块做功根据动能定理W′=△E K得：W=△E K=mv12﹣mv22，故B错误；D：设滑块向左运动的时间t1，位移为x1，则：x1=t1=t1摩擦力对滑块做功：W1=fx1=f t1①又摩擦力做功等于滑块动能的减小，即：W1=mv22②该过程中传送带的位移：x2=v1t1摩擦力对传送带做功：W2=fx2=fv1t1=fv1=2fx③将①②代入③得：W2=mv1v2设滑块向左运动的时间t2，位移为x3，则：x3=t2摩擦力对滑块做功：W3=fx3=mv12该过程中传送带的位移：x4=v1t2=2x3滑块相对传送带的总位移：x相=x1+x2+x4﹣x3=x1+x2+x3滑动摩擦力对系统做功：W总=fx相对=W1+W2+W3=m（v1+v2）2滑块与传送带间摩擦产生的热量大小等于通过滑动摩擦力对系统做功，Q=W总=f•x相=m（v1+v2）2，故D正确；C：全过程中，电动机对皮带做的功与滑块动能的减小量等于滑块与传送带间摩擦产生的热量，即Q=W+mv22﹣mv12整理得：W=Q﹣mv22+mv12=mv12+mv1v2，故C错误．故选：AD．点评：本题关键是对于物体返回的过程分析，物体先做减速运动，之后反向加速，最后做匀速运动．但是计算滑块与传送带间摩擦产生的热量的过程太复杂．9．（4分）如图所示，在x轴固定着两个等电荷量同种点电荷+Q，它们之间的距离为2L，b 点为两电荷连线中点，a，b两点关于左侧+Q对称，c，d两点到x轴的距离也为L．规定无穷远处电势为0，则下列判断正确的是（）A．c、d两点场强相同B．电荷﹣q从c点沿虚线移动到d点，电荷﹣q的电势能不变C．c点电势等于d点电势D．a、b、c、d四点的场强大小关系为E c=E d＞E a＞E b考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据两个等电荷量同种点电荷+Q产生的电场的特点即可解答．解答：解：将题目的图与两个等电荷量同种点电荷+Q的电场图比较，如图：A、由图可得，cd两点的电场的方向不同，故A错误；B、两个等电荷量同种点电荷+Q的电场具有对称性，所以cd两点的电势相等，电荷﹣q从c 点沿虚线移动到d点，电荷﹣q的电势能不变．故BC正确；D、两个等电荷量同种点电荷+Q的两个电荷的连线上，中点处的合场强是0，所以b点处的场强最小；又由图可得，cd两点的场强大小相等，方向不同；cd两点处的电场线比a处的电场线密．所以a、b、c、d四点的场强大小关系为E c=E d＞E a＞E b．故D正确．故选：BCD点评：本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，沿着场强方向，电势越来越低．10．（4分）（多选）如图所示，真空中有一个固定的点电荷，电荷量为+Q．图中的虚线表示该点电荷形成的电场中的等势面．有两个一价离子M、N（不计重力，也不计它们之间的电场力）先后从a点以相同的速率v0射入该电场，运动轨迹分别为曲线apb和aqc，其中p、q分别是它们离固定点电荷最近的位置．以下说法正确的是（）A．M是正离子，N是负离子B．M在p点的速率大于N在q 的速率C．M在b点的速率大于N在c的速率D．M从p→b过程中电势能的增量小于N从a→q电势能的增量考点：电势能．分析：根据轨迹判定电荷N受到中心电荷的斥力，而电荷M受到中心电荷的引力，可知两粒子在从a向b、c运动过程中电场力做功情况．根据abc三点在同一等势面上，可判定从a到b和从a到c过程中电场力所做的总功为零．解答：解：A、由图可知电荷N受到中心电荷的斥力，而电荷M受到中心电荷的引力，故两粒子的电性一定不同．由于中心电荷为正电，则M一定是负离子，N一定是正离子，故A 错误；B、由图可判定M电荷在运动过程中，电场力做正功，导致动能增加；而N电荷在运动过程中，电场力做负功，导致动能减小．所以在p点的速率一定大于N在q点的速率，故B正确；C、由于abc三点在同一等势面上，故粒子M在从a向b运动过程中电场力所做的总功为0，N粒子在从a向c运动过程中电场力所做的总功为0．由于两粒子以相同的速率从a点飞入电场故两粒子的分别经过b、c两点时的速率一定相等．故C错误．D、由图可知q点离正电荷更近一些，N粒子在从a向q运动过程中电场力做负功的值大于粒子M在从p向b运动过程中电场力做负功的值，故M从p→b过程电势能的增量一定小于N从a→q电势能的增量．故D正确．故选：BD．点评：根据轨迹判定“电荷N受到中心电荷的斥力，而电荷M受到中心电荷的引力”是解决本题的突破口．11．（4分）如图所示的电路中，AB是两金属板构成的平行板电容器．先将电键K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A 板的距离不变．则下列说法正确的是（）A．电容器的电容变小B．电容器内部电场强度大小变大C．电容器内部电场强度大小不变D．P点电势升高考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：在电容器的电量不变的情况下，将B板下移，则导致电容变化，电压变化，根据E=与c=相结合可得E=，从而确定电场强度是否变化．再根据电荷带电性可确定电势能增加与否．解答：解：A、根据c=，当B板向下平移一小段距离，间距d增大，其它条件不变，则导致电容变小，故A正确；B、根据E=与c=相结合可得E=，由于电量不变，场强大小不变，故B错误C 正确；D、B板接地，场强不变，所以P点与地间的电势差增大，即P点电势升高，故D正确；故选：ACD点评：做好电容器的题目要把电容的定义式、决定式和场强的推导式结合应用．12．（4分）如图所示，在粗糙绝缘水平面上固定两个等量同种电荷P、Q，在PQ连线上的M 点由静止释放一带电滑块，则滑块会由静止开始一直向右运动到PQ连线上的另一点N而停下，则滑块由M到N的过程中，以下说法正确的是（）A．滑块受到的电场力一定是先减小后增大B．滑块的电势能一直减小C．滑块的动能与电势能之和可能保持不变D．PM间距一定小于QN间距考点：电势能；牛顿第二定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：A、滑块受到的电场力是两个电荷对它作用力的合力B、看电场力做功的情况，判断电势能的变化．C、若水平面光滑，动能和电势能相互转化，若水平面不光滑，动能、电势能和内能之间的转化．D、PN间距不等于QN间距，知水平面不光滑，则PM间距小于QN间距．解答：解：A、滑块受到的电场力是两个电荷对它作用力的合力．在PQ的中点，两个电荷对滑块作用力的合力为0，从M向右电场力先减小，过PQ的中点，电场力又增大．但不知道N点是否在中点右侧，故不能确定具体变化．故A错误B、若N点在中点右侧，则在PQ中点的左侧，所受的电场力向右，在PQ中点的右侧，所受电场力向左，可见电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大．故B错误．C、因水平面不光滑，知内能增加，则动能与电势能之和减小．故C错误．D、因水平面不光滑，PN间距不等于QN间距，在水平方向上除了受电场力以外，还受摩擦力，则运动到速度为0的位置在M对称点的左侧，所以PM＜QN．故D正确故选：D．点评：解决本题的关键会进行电场的叠加，以及会根据电场力做功判断电势能的变化．二、实验填空题（本题共3小题，其中13题3分14题6分，15每题6分共15分）13．（3分）图（a）为示管的原理图．如果在电极YY′之间所加的电压图按图（b）所示的规律变化，在电极XX′之间所加的电压按图（c）所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是（）A．B．C．D．考点：示波管及其使用．分析：示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．解答：解：由于电极XX′加的是扫描电压，电极YY′之间所加的电压是信号电压，信号电压与扫描电压周期相同，所以荧光屏上会看到的图形是B；故选B．点评：本题关键要清楚示波管的工作原理，要用运动的合成与分解的正交分解思想进行思考．14．（6分）图为验证机械能守恒定律的实验装置示意图．现有的器材为：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、带铁夹的重锤、天平．回答下列问题：（1）为完成此实验，除了所给的器材，还需要的器材有AD．（填入正确选项前的字母）A．米尺B．秒表C．0～12V的直流电源D．0～12V的交流电源（2）实验中误差产生的原因有纸带与打点计时器之间有摩擦，用米尺测量纸带上点的位置时读数有误差，．（写出两个原因）考点：验证机械能守恒定律．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．我们要从仪器的使用和长度的测量去考虑器材．解答：解：（1）用A项米尺测量长度，用D项交流电源供打点计时器使用．（2）纸带与打点计时器之间有摩擦，用米尺测量纸带上点的位置时读数有误差，计算势能变化时，选取始末两点距离过近，交流电频率不稳定．故答案为：（1）AD（2）纸带与打点计时器之间有摩擦，用米尺测量纸带上点的位置时读数有误差，计算势能变化时，选取始末两点距离过近，交流电频率不稳定．点评：对于误差我们要分析为什么会存在误差以及怎么减小误差．其中减少纸带与打点计时器之间有摩擦，我们打点计时器安装时，面板要竖直．计算势能变化时，选取始末两点距离不能过近，减小读数的相对误差．15．（6分）“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示．（1）在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示．计时器大点的时间间隔为0.02s．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度a=0.16m/s2．（结果保留两位有效数字）（2）平衡摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上．挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度．小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据如表砝码盘中砝码总重力F（N）0.196 0.392 0.588 0.784 0.980加速度a（m•s﹣20.69 1.18 1.66 2.18 2.70请根据实验数据作出a﹣F的关系图象．（3）根据提供的试验数据作出的a﹣F图线不通过原点，请说明主要原因．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：压轴题．分析：该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动推论，可计算出打出某点时纸带运动加速度．根据图中的数据，合理的设计横纵坐标的刻度值，据数据确定个点的位置，将个点用一条直线连起来，延长交与坐标轴某一点．知道为什么需要平衡摩擦力以及不平衡摩擦力带来什么问题．解答：解：（1）处理匀变速直线运动中所打出的纸带，求解加速度用公式△x=at2，由于每5个点取一个点，则连续两点的时间间隔为t=0.1s，△x=（3.68﹣3.52）×10﹣2m，带入可得加速度a=0.16m/s2．（2）如图所示（3）未放入砝码时，小车已有加速度，可以判断未计入砝码盘的重力．答案：（1）0.16 （2）（见图）（3）未计入砝码盘的重力点评：实验问题需要结合物理规律去解决．处理图象问题要注意图线的斜率、交点、拐点、面积等意义，能正确理解这些量的意义则很多问题将会迎刃而解．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．数据处理时注意单位的换算和有效数字的保留．。

江苏省如皋市2014-2015学年高二下学期教学质量调研(一)物理试题 Word版含答案

2014～2015学年度高二年级第二学期教学质量调研（一）物理（选修）试题（分值120分，时间100分钟）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分。

每小题只有一个．．．．选项符合题意。

1．随着现代科技的发展，光学的作用和地位较为重要，特别是在大数据和军工等方面应用相当广泛，光现象相关知识应用已纳入公民应知的科普范畴，下列关于光现象的说法中正确的是A ．偏振光可以是横波，也可以是纵波B ．照相机镜头在阳光下呈现淡紫色是光的折射现象C ．用光导纤维传播信号是利用了光的全反射D ．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度 2．已知钙和钾的截止频率分别为7.73×1014Hz 和5.44×1014Hz ，在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应，比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子，钙逸出的光电子具有较大的 A ．波长B ．频率C ．能量D ．动量3．碘131的半衰期约为8天，若某药物含有质量为m 的碘131，经过32天后，该药物中碘131的含量大约还有A ．m4B ．m 8C ．m 16D ．m324．关于光和波的相关知识及其应用，皋城高中高二学生提出以下四种观点，其中正确的是A ．激光能像无线电波那样用来传递信息B ．全息照相利用了激光方向性好的特点C ．声波和光波均为横波D ．同一声波在不同介质中传播速度不同，同一光波在不同介质中传播速度相同 5．下列说法正确的是A ．当某列声波产生多普勒效应时，相应声源的振动频率发生改变B ．根据狭义相对论，静止观察者观察一条沿杆自身长度方向运动的杆，长度总比杆静止时的长度大C ．大豆色拉油中的气泡看起来特别明亮，是因为光从气泡射向油时，一部分光在界面上发生了全反射的缘故D ．真空中的光速是自然界中的极限速度，任何事物的速度不能超过光速6．原子能资源的综合利用已成为世界各国的发展方向，我国在综合利用原子能方面进展较快，目前我国核电站已建成９座、正在建设的３座、即将开建的有４座。

2014~2015学年第二学期高二物理期末试卷(含答案).

2014~2015学年第二学期高二物理期末模拟试卷注意事项:考生在答题前请认真阅读本注意事项:1.本试卷包含选择题和非选择题两部分,考生答题全部答在答题卡上,答在本试卷上无效.本次考试时间100分钟,满分为120分.2.答卷前,考生务必将自己的姓名、考试号用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔填写在答题卡上,并用2B 铅笔将对应的数字标号涂黑.3.答选择题必须用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其它答案.答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置,在其它位置答题一律无效.4.如有作图需要,可用2B 铅笔作答,并请加黑加粗画清楚.一.单项选择题:本大题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个....选项符合题意.1. 某电路中电场随时间变化的图象如下图所示,能发射电磁波的电场是(2. 一列平面简谐波,波速为20 m/s ,沿x 轴正方向传播,在某一时刻这列波的图象如图所示.下列说法不正确的是(A .这列波的周期是0.2 sB .质点P 、Q 此时刻的运动方向都沿y 轴正方向C .质点P 、R 在任意时刻的位移都相同D .质点P 、S 在任意时刻的速度都相同3下列关于原子和原子核的说法正确的是A .β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B .玻尔理论的假设之一是原子能量的量子化C .放射性元素的半衰期随温度的升高而变短D .比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固4光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用,下列说法正确的是(A .用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B .用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C .在光导纤维束内传送图象是利用光的色散现象D .光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象5.图中矩形线圈abcd 在匀强磁场中以ad 边为轴匀速转动,产生的电动势瞬时值为e = 5sin20t V ,则以下判断正确的是(A .此交流电的频率为10/πHzB .当线圈平面与中性面重合时,线圈中的感应电动势为5VC .当线圈平面与中性面垂直时,线圈中的感应电流为0D .线圈转动一周,感应电流的方向改变一次二、多项选择题:本题共 4小题,每小题 4 分,共16 分.每小题有多个选项....符合题意.全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,错选或不答的得 0 分.6.质量为m 的小球A ,在光滑平面上以速度v 与质量为2m 的静止的小球B 发生正碰,碰后A 球的速率变为原来的三分之一,那么碰后B 球的速率可能是下面的哪个:(A 、30vB 、320vC 、340v D 、350v 7.下列运动过程中,在任意相等时间内,物体动量变化相等的是(A.匀速圆周运动B.自由落体运动C.平抛运动D.匀减速直线运动8.如图所示,一细束白光通过玻璃三棱镜折射后分为各种单色光,取其中a 、b 、c 三种色光,如分别让这三种色光通过同一双缝干涉实验装置,在光屏上产生干涉条纹,比较这三种色光,下列说法正确的是(A .a 光的频率最小B .在水中a 光的传播速度最小C .a 光形成的干涉条纹间距最大D .若光束以相同的入射角从水中射向空气,若a 光能发生全反射,则b .c 光也一定能发生全反射9.如图所示,N 为钨板,M 为金属网,它们分别与电池两极相连,各电池的电动势E 和极性已在图中标出,钨的逸出功为4. 5 e V ,现分别用能量不同的光子照射钨板(各光子的能量也已在图上标出,那么下列图中电子不能到达金属网的是:(三、简答题:本题分2小题,共计27分.请将解答填写在答题卡相应的位置.10.(12分右图是用来验证动量守恒的实验装置,弹性球1用细线悬挂于O 点,O 点下方桌子的边沿有一竖直立柱.实验时,将球1拉到A 点,并使之静止,同时把球2放在立柱上.释放球1,当它摆到悬点正下方时与球2发生对心碰撞.碰后球1向左最远可摆到B 点,球2落到水平地面上的C 点.测出有关数据即可验证1、2两球碰撞时动量守恒.现已测出A 点离水平桌面的距离为a .B 点离水平桌面的距离为b ,C 点与桌子边沿间的水平距离为c .此外,还需要测量的量是_________、________________、和_____________________.根据测量的数据,该实验中动量守恒的表达式为__________________________.11.(15分(1在“用单摆测重力加速度”的实验中,下列措施中可以提高实验精度的是________.A .选细线做为摆线B .单摆摆动时保持摆线在同一竖直平面内C .拴好摆球后,令其自然下垂时测量摆长D .计时起止时刻,选在最大摆角处(2 某同学在做“用单摆测定重力加速度”的实验中。

江苏省淮安市2014-2015学年高二下学期期末调查测试物理试卷(扫描版)

淮安市2014—2015学年度高二调研测试物理试题答案及评分标准2015.07一，二、选择题：第1--6题为单选题，第7--10题为多选题。

三、填空题：本题分必做题（第11、12题）和选做题（第13题）两部分，共计42分．请将解答填写在答题纸相应的位置．11．(6分)(1) 如图所示（2分）(2) A ．左（2分）B ．右（2分）12．(8分)（1）保护作用（2分）（2）电动势的倒数（2分）（3）等效电阻与保护电阻之和的倒数（2分）（4）下（2分）13．【选做题】本题包括A 、B 、C 三小题，请选定A 、B 两小题或A 、C 两小题，并在相应的答题区域内作答．13A.［选修模块3-3］（21分）（1）B D （3分）(2) D （3分）(3) C ，增加（每空2分）(4) 25， 40 （每空3分）(5) （5分）解： ①A N M Vρ=N 25102.1⨯= （3分，答案251.010´ 也同样给分）②d =36πρA N M » 10410-´m （2分）13B.［选修模块3-4］(7分)(1) D (3分)(2) 振幅A=5cm (2分)f v λ=频率 10==λv f Hz (2分)13C.［选修模块3-5］(7分)(1) C (3分)(2) 1)(0v m m mv +=+ (1分)P E v m m mv ++⨯=+212)(21021 (1分) 最大弹性势能241mv E P =；滑块速度大小v v 211= (各1分) 四、计算题:本题共4小题，共计44分．14．（6分）解：（1） 2121n n U U = (2分) 原线圈匝数=1n 50 (1分)（2）2211U I U I = (2分)输入电流A I 4.01= (1分)15．（9分）（1）有效值220U =?V (3分)（2）电功率2968U P R==W (3分，答案961W 也同样给分) （3）02.02==ωπT s (2分) 10002=⨯=Tt N ，即电流方向改变1000次 (1分) 16．（15分）解：⑴ 根据法拉第电磁感应定律欧姆定律安培力公式和牛顿第二定律有BLv E = （1分）RE I 2= （1分） BILF A = （1分）ma F mg A =-θsin （1分）即 ma Rv L B mg =-2sin 22θ 当加速度a 为零时，速度v 达最大，速度最大值22sin 2LB mgR v m θ=（1分） ⑵根据能量守恒定律有Q mv mgx m 221sin 2+=θ （3分）得4422sin 2sin 2LB g R m mg Q x θθ+= （1分） ⑶ 根据电磁感应定律有tE ∆∆=φ （2分）根据闭合电路欧姆定律有 2E I R =（1分）感应电量t I q ∆=22BLx R Rj D == （2分）得233sin sin BLQ m Rg q mgR B L q q =+ （1分）17．（14分）解：（1）假设bc 边的右侧也存在同样的匀强磁场，则线圈中产生的瞬时感应电动势 t t S NB e πωω100sin 250sin ==（V ），其中峰值250=m E V ，周期02.0=T s 而实际情况是仅有bc 边的左侧存在匀强磁场，线圈转动一周过程中有一半时间内不产生感应电动势，从线圈平面经中性面开始计时，图中实线为电动势随时间变化情况。

15学年下学期高二第二次月考物理试题(附答案)(2)

北城中学2014—2015学年度第二学期第二次月考高二物理试题（卷）温馨提示：1．本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，总分100分，考试时间90分钟。

2．考试前考生将自己班级、姓名、考号填写在指定位置上。

3．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号；非选择题答案实用0．5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。

4．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。

5．考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。

考试结束后，将答题卡交回。

第Ι卷（选择题，共56分）一、选择题（本题包括14小题，每小题4分,共56分。

其中1—10题为单选，11—14题为多选，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分。

）1．篮球运动员通常伸出双手迎接传来的篮球。

接球时两手随球迅速收缩至胸前，这样做可以（）A．减小球对手的冲量B．减小球对手的冲击力C．减小球的动量变化量D．减小球的动能变化量2．下列关于冲量的说法中正确的是（）A．物体受到很大的冲力时，其冲量一定很大B．当力与位移垂直时，该力的冲量为零C．不管物体做什么运动，在相同时间内重力的冲量相同D．只要力的大小恒定，其相同时间内的冲量就恒定3．如图所示，两个质量相等的小球从同一高度沿倾角不同的两个光滑斜面由静止自由滑下，下滑到达斜面底端的过程中（）A．两物体到达斜面底端时时间相同B．两物体所受合外力冲量相同C．两物体所受重力做功相同D．两物体到达斜面底端时动能不同4．质量是1kg 的钢球，以5m/s 的速度水平向右运动，碰到墙壁后以3m/s 的速度被反向弹回。

假设球与墙面接触的时间为0.1s ，设水平向右为正方向，则（） A ．钢球的动量变化量为2kg ∙m/s B ．钢球的动量变化量为-2kg ∙m/s C ．墙面对钢球的冲量为8kg ∙m/s D ．墙面对钢球的冲量为-8kg ∙m/s5．如图所示，小车与木箱紧挨着静放在光滑的水平冰面上，现有一男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱，关于上述过程，下列说法正确的是（） A ．男孩和木箱组成的系统动量守恒 B ．小车与木箱组成的系统动量守恒C ．男孩、小车和木箱三者组成的系统动量守恒D ．木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量相同 6．一枚火箭搭载着卫星以速率v 0进入太空预定位置，由控制系统使箭体与卫星分离。

4—15学年下学期高二第二次月考物理试题(附答案)

2014—2015学年下学期第二次阶段性考试高二物理试题一、选择题(每小题4分，共48分。

其中9、10、11、12题为多选，其余为单选。

)1、下列选项正确的是（）A．研究物体运动时的参考系必须选择地面B．研究物体运动时,由于选择的参考系不同，速度可能不同，但轨迹一定相同C．在研究“神舟”飞船进行姿态调整时，可把飞船当作质点D．在研究“神舟”飞船绕地球一周的路程时，可把飞船当作质点2、如图是A、B两质点从同一点出发的速度—时间图象，由图象可知（）A.t1时刻两者相遇B.B的速度方向不变所以B做直线运动C.0~t1时间段A在前B在后D.A、B的加速度方向始终沿同一方向3、做匀变速直线运动的物体，速度大小由2m/s变化到6m/s所用的时间是2s，则物体的加速度大小可能是( )A.1m/s2B.2.5 m/s2C.3 m/s2D.4 m/s24、如图所示，重为G1的物体A在大小为F水平向左的恒力作用下，静止在倾角为α的光滑斜面上，现将重为G2的小物体B轻放在A上，则（）A．A仍静止B．A将加速下滑C．斜面对A的弹力不变D．B对A的压力大小等于G25、在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态。

现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3。

若F缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面如图所示，在此过程中（）A．F1保持不变，F3缓慢增大B．F1缓慢增大，F3保持不变C ．F 2缓慢增大，F 3缓慢增大D ．F 2缓慢增大，F 3保持不变6、某人骑自行车在平直道路上行进，如图中的实线记录了自行车开始一段时间内的v ﹣t 图象，某同学为了简化计算，用虚线作近似处理，下列说法正确的是（） A ．在t 1时刻，虚线反映的加速度比实际的大B ．在0～t 1时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小C ．在t 1～t 2时间内，由虚线计算出的位移比实际的大D ．在t 3～t 4时间内，虚线反映的是匀速直线运动7、如图所示，水平匀速运动的传送带上质量分别为m 1、m 2、m 3的物块1、2、3，中间分别用轻弹簧连接起来，物块与传送带间的动摩擦因数为μ．现用竖直挡板挡住物块3，使两个弹簧被压缩、3个物块处于静止状态．当突然移去挡板的瞬间，3个物块中仍处于静止状态的是（） A ．只有物块2B ．只有物块1和2C ．只有物块2和3D ．3个物块都处于静止状态8、物体做匀加速直线运动，在时间T 内通过位移x 1到达A 点，接着在时间T 内又通过位移x 2到达B 点，则物体( )A ．在A 点的速度大小为T x x 212-B ．在B 点的速度大小为Tx x 2312-C ．运动的加速度为212T xD ．运动的加速度为221Tx x + 9、如图所示，消防车梯子的下端用光滑铰链固定在车上，上端搁在竖直光滑的墙壁上，当消防队员沿梯子匀速向上爬时，下列说法中正确的是（） A ．铰链对梯的作用力减小 B ．墙对梯的弹力不变C ．地面对车的摩擦力增大D ．地面对车的弹力不变10、如图所示．将质量为m 1和m 2的物体分置于质量为M 的物体两侧，均处于静止状态．且m 1＞m 2，α＞β，下述说法正确的是（）A．m1对M的压力一定大于m2对M的压力B．m1对M的摩擦力一定大于m2对M的摩擦力C．水平地面对M的支持力一定等于（M+m1+m2）gD．水平地面对M的摩擦力一定等于零11、一个物体从静止开始做匀加速直线运动，以T为时间间隔，在第三个T时间内位移是3m，第三个T的终了时刻的瞬时速度为3m/s，则( )A．物体的加速度是1m/s2 B．第一个T时间的终了时刻的瞬时速度为1m/s C．时间间隔是1.2s D．物体在第一个T时间内的位移为1m12、下面列出的措施中,哪些是有利于改进“验证力的平行四边形定则”实验以减小误差的( )A.橡皮条弹性要好,拉到O点时拉力适当大些B.两个分力F1和F2间的夹角要尽量大些C.拉橡皮条时,橡皮条、细绳和弹簧测力计平行贴近木板面D.拉橡皮条的绳要细,而且要稍长一些二、填空题（每空2分，共20分。

年下学期高二开学考试物理试题(附答案)(2)

黑龙江省哈六中14—15学年下学期高二开学考试物理试题1. 如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转。

首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A ．奥斯特B ．爱因斯坦C ．伽利略D ．牛顿 2．如图，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有a 、b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q （q ＞0）的固定点电荷．已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为（k 为静电力常量）（）A ．23R q kB ．2910R q k C ．2Rq Q k + D ．299Rq Q k + 3．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A ． 1、2两点的场强相同B ． 2、3两点的场强相同C ． 1、2两点的电势相等D ． 2、3两点的电势相等4．一带正电粒子仅在电场力作用下从A 点经B 、C 运动到D 点，其v －t 图象如图所示，则下列说法中正确的是( )A ．A 处的电场强度一定大于B 处的电场强度B ．粒子在A 处的电势能一定大于在B 处的电势能C ．CD 间各点电场强度和电势都为零D ．AB 两点间的电势差大于CB 两点间的电势差I5. 平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部．闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示，则()A．保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ增大B．保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ不变C．开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ增大D．开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变6. 如图所示，一直流电动机与阻值R=9Ω的电阻串连接在电源上，电源电动势E=30V，内阻r=1Ω，用理想电压表测出电动机两端的电压U=10V，已知电动机线圈电阻R M=1Ω，则（）A．通过电动机的电流为10AB.电动机的输入功率为20WC. 电动机发热消耗的功率为4WD.电动机输出的功率为16W7 ．如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论不正确的是( )A.电源的电动势为6.0VB.电源的内阻为2ΩC.电源的短路电流为0.5AD.电流为0.3A时的外电阻是18Ω8．如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度B=1T的匀强磁场中，以导线截面中心为圆心，半径为r的圆周上有a、b、c、d四个点，且a、c连线与磁感线垂直，b、d连线与磁感线平行．已知a点的磁感应强度为0，下列说法中正确的是（）A．直导线中的电流方向垂直纸面向里B．b点磁感应强度为2T，方向与B的方向成450斜向右下方C．c点磁感应强度为0D．d点磁感应强度与b点的磁感应强度相同9. 两条长直导线AB和CD相互垂直彼此相隔一很小距离，通以图所示方向的电流，其中AB固定，CD可以以其中心为轴自由转动或平动，则CD的运动情况是（）A．顺时针方向转动，同时靠近导线ABB．顺时针方向转动，同时离开导线ABC．逆时针方向转动，同时靠近导线ABD．逆时针方向转动，同时离开导线AB10．如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，轨道电阻不计．初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计．匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成θ角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则()A．导体棒向左运动BELB．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为RBELC．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为θsinRBELD．开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为θsinmR11．如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于纸面的匀强磁场(未画出)。

15学年下学期高二期末调研物理试题(附答案)

2014—2015学年度高二调研测试物理试题2015.07说明：试卷分选择题和非选择题两部分，满分120分．考试时间100分钟．一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共计18分．每小题只有一个选项符合题意． 1．如图所示，竖直放置的铜盘下半部分置于水平的匀强磁场中，盘面与磁场方向垂直，铜盘安装在水平的铜轴上，有一”金属线框平面与磁场方向平行，缺口处分别通过铜片C 、D 与转动轴、铜盘的边缘接触，构成闭合回路。

则铜盘绕轴匀速转动过程中，下列说法正确的是 A ．电阻R 中没有感应电流B ．电阻R 中的感应电流方向由a 至bC ．穿过闭合回路的磁通量变化率为零D ．穿过闭合回路的磁通量变化率为一非零常量2．如图所示是电吉他的示意图，在吉他上装有线圈，琴弦是磁性物质。

当弦振动时，线圈中产生的感应电流输送到放大器、喇叭，把声音播放出来。

下列关于电吉他说法正确的是 A ．工作原理是电流的磁效应 B ．琴弦可以用尼龙材料制成C ．利用光电传感器将力学量转换为电学量D ．线圈中产生的感应电流大小和方向均变化3．如图所示的电路中，A 、B 为两相同灯泡，C 为理想电容器， E 为直流电源，S 为开关。

下列说法中正确的是A ．闭合S 的瞬间，A 、B 均有电流流过，且最终大小相等 B ．闭合S 的瞬间，A 中有电流通过，B 没有电流通过C ．断开S 的瞬间，A 、B 中瞬时电流大小相等D ．断开S 的瞬间，A 中电流反向，B 中仍无电流4．如图所示，匝数为N 、电阻为r 、面积为S 的矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴以角速度ω匀速转动，磁场的磁感应强度大小为B ，各电表均为理想交流电表。

0t =时刻线圈平面与磁场方向垂直，则A. 线圈经图示位置时的感应电动势最大B ．线圈中产生的瞬时感应电动势=e t S NB ωωsinR线圈B风叶线圈C ．滑片P 下滑时，电压表的示数不变，电流表的示数变小D ．线圈转过一周的过程中，流过电阻R 的电量为rN +R BS4 5．如图所示为风速测量装置，风叶转动带动永磁铁同步转动，交流电表的示数值反映风速的大小，则 A ．风速越大，电表的示数越大 B ．电表的测量值是电流的平均值 C ．电表的测量值是电压的最大值D ．风叶转动一周，线圈中电流方向改变一次6．如图所示，半径为r 的圆形区域内有匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁场的磁感应强度随时间均匀增大，其变化率为tB∆∆=k ；纸面内的平行金属导轨ab 、cd 与磁场边界相切于O 、O ′点，边长ab =2bc ，导轨两端接有电阻均为R 的两灯泡，构成回路，金属导轨的电阻忽略不计。

15学年下学期高二第一次质量抽查物理试题(附答案)

上理工附中2014学年第二学期高二月考1物理试卷1、分叉题部分：选修物理同学做B 组，其余同学做A 组2、选择题答案请涂答题卡3、全卷g 取10 m/s 2一、单选题（每题2分）1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是A ．伽利略发现了行星运动的规律B ．卡文迪许通过实验测出了静电力恒量C ．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D ．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献2. 潮汐现象主要是由于月球对地球的不同部分施加不同的万有引力而产生的。

可以近似认为地球表面均有水覆盖，如果地球与月球的相对位置如图所示，则在图中a 、b 、c 、d 四点中（）（A ）a 点处于高潮，c 点处于低潮（B ）b 点既不处于高潮也不处于低潮（C ）c 点处于高潮，d 点处于低潮（D ）d 点处于高潮，c 点处于低潮3. 贝克勒尔发现天然放射现象，揭示了A ．原子不可再分B ．原子的核式结构C ．原子核还可再分D ．原子核由质子和中子组成4. 如图所示为α粒子穿过充满氮气的云室时拍摄的照片，在许多α粒子的径迹中有一条发生了分叉，分叉后有一条细而长的径迹和一条粗而短的径迹，则A ．细而长的是α粒子的径迹B. 粗而短的是氧核的径迹C. 细而长的是氧核的径迹D. 粗而短的是质子的径迹 5. 科学家通过对星系光谱的研究发现，所有的星系都在远离我们而去，宇宙中星系间的距离在不断扩大，这说明A. 宇宙处在不断的膨胀中B．银河系是一个庞大的天体系统C．太阳是太阳系的中心天体D．太阳和太阳系最终也会走向“死亡”6. 下列技术应用中，不是利用电磁波工作的是A. 利用微波雷达跟踪飞行目标B．利用声呐系统探测海底深度C．利用北斗导航系统进行定位和导航D．利用移动通信屏蔽器屏蔽手机信号7、原子的核式结构学说是在下述哪一个物理学史实基础上建立的？[ ]A．汤姆生发现电子B．卢瑟福的α粒子散射实验C．查德威克发现中子实验D．贝克勒耳发现天然放射现象8、放射性元素放出的三种射线中：（）A．α射线是光子流，β射线是电子流，γ射线是氦核流B．α射线是氦核流，β射线是光子流，γ射线是电子流C．α射线是氦核流，β射线是电子流，γ射线是光子流D．α射线是电子流，β射线是氦核流，γ射线是光子流9、核反应堆是人工控制链式反应速度、并获得核能的装置。

河南省周口市2014-2015学年高二下学期期末考试物理试卷(扫描版)

2014—2015学年度下期期末高中抽测调研高二物理参考答案11.（1）R 2 （2）1.5； 500 （3）相等；偏大（每空2分）三、计算题：12、（8分）解：设小球的电荷量为q ，因小球做直线运动，则它受到的静电力qE 和重力mg 的合力必沿初速度方向。

如图所示，有mg ＝qE tan θ由此可知，小球做匀减速直线运动的加速度大小为a ＝F 合m ＝mg m sin θ＝g sin θ，------（3分）设从O 点到最高点的路程为x ，有v 20＝2ax ，运动的水平距离为L ＝x cos θ，由上面公式可得静电力做功W ＝－qEL ＝－12mv 20cos 2θ 电势能之差ΔE p ＝－W ＝12mv 20cos 2θ。

（5分） 13、（12分）解：（1）整个运动的过程中，通过电阻R 上的电量（3分） (2) ab 即将离开磁场时，安培力的大小为F 安 ab 3L 过程中：2212ab 即将离开磁场时F － F 安 = maa22183B LmR-v(6分)(3) abF L + W安1 2总Q总Q22213(-)v v（3分）四、选做题3-31、B2、BD3、C4、解：设最终平衡时活塞向上移动x, A、B两部分压强变为P A＇、P B＇最终平衡时活塞:P A＇S ＝P B＇S （2分）对A气体：P A LS＝P A＇(L+x)S （2分）对B气体：P B LS＝P B＇(L-x)S （2分）解得：x ＝ 15 cm （3分）5、解：（1）设左侧细管横截面积为S，左管内水银柱下降4cm，则右侧上升h1，由液体不可压缩性：4×S=2S×h1h1=2cm所以管内的气体压强7424761'=+-=+-=ghghPPρρcmHg (2分)（2）当左右两管水银面相平时，由（1）可知，两水银面在B下方1cm处，6842761=⨯-=-=ghPPρcmHg (2分)SSlV3011=⨯=762==PP cmHgSSSlV3621)4(12=⨯+⨯+=(2分)由222111TVPTVP=236763003068TSS⨯=⨯(1分)气体温度4.4022=T K (2分)3-41、A2、AD3、BD4.解：(1)在平衡位置,设弹簧压缩量为x,有(M+m)g=kx,解得x=0.125m。

【物理】浙江省嘉兴一中2014-2015学年高二下学期开学考试

2014-2015学年浙江省嘉兴一中高二（下）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（6分）（2015春•嘉兴校级月考）某一导体的伏安特性曲线如图AB段（曲线）所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是（）解答：解：A、B点的电阻为：R B=；故A错误，B正确；C、A点的电阻为：R A==30Ω；故两点间的电阻改变了40﹣30=10Ω；故C错误，D错误；故选：B．2．（6分）（2013•上海）如图，足够长的直线ab靠近通电螺线管，与螺线管平行．用磁传感器测量ab上各点的磁感应强度B，在计算机屏幕上显示的大致图象是（）．B．C．D．解答：解：通电螺线管的磁场分布相当于条形磁铁，因此根据磁感线的分布，再由磁感线的疏密程度来确定磁感应强度的大小可知，因为ab线段的长度大于通电螺线管的长度，由条形磁铁磁感线的分布，可知应该选C，如果ab线段的长度小于通电螺线管的长度，则应该选B．由于足够长的直线ab，故C选项正确，ABD错误；故选：C3．（6分）（2015•江苏模拟）如图所示，正电荷Q均匀分布在半径为r的金属球面上，沿x 轴上各点的电场强度大小和电势分别用E和ϕ表示．选取无穷远处电势为零，下列关于x 轴上各点电场强度的大小E或电势ϕ随位置x的变化关系图，正确的是（）．B．C ．D．4．（6分）（2013•长宁区一模）某长直导线中分别通以如图所示的电流，则下面说法中正确的是（）二、选择题（本题共3小题．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不选全的得3分，有选错的得0分）5．（6分）（2012•徐汇区一模）电磁轨道炮工作原理如图所示．待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触．电流I从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回．轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面得磁场（可视为匀强磁场），磁感应强度的大小与I成正比．通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出．现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍，理论上可采用的方法是（）解答：解：通电的弹体在轨道上受到安培力的作用，利用动能定理有BIl•L=mv2，磁感应强度的大小与I成正比，所以B=kI解得．A、只将轨道长度L变为原来的2倍，弹体的出射速度增加至原来的倍，故A错误B、只将电流I增加至原来的2倍，弹体的出射速度增加至原来的2倍，故B正确C、只将弹体质量减至原来的一半，弹体的出射速度增加至原来的倍，故C错误D、将弹体质量减至原来的一半，轨道长度L变为原来的2倍，其它量不变，弹体的出射速度增加至原来的2倍，故D正确．故选BD．6．（6分）（2014•山东）如图，一端接有定值电阻的轨道固定在水平面内，通有恒定电流的长直绝缘导体棒垂直并紧靠轨道固定，导体棒与轨道垂直且接触良好，在向右匀速通过M、N两区的过程中，导体棒所受安培力分别用F M、F N表示，不计轨道电阻，以下叙述正确的是（）大，再根据电磁感应定律F=BIL=可知，F M逐渐增大，F N逐渐减小，故CD正确．故选：BCD．7．（6分）（2012秋•溧阳市校级期末）如图所示，某空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，已知一离子在电场力和磁场力作用下，从静止开始沿曲线acb运动，到达b点时速度为零，c为运动的最低点．则（）D、只要将离子在B点的状态与A点进行比较，就可以发现它们的状态（速度为零，电势能相等）相同，如果右侧仍有同样的电场和磁场的叠加区域，离子就将在B之右侧重现前面的曲线运动，因此，离子是不可能沿原曲线返回A点的．如图所示．故D 错误．故选：BC．三、非选择题8．（2007秋•奉贤区期末）图中A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A．B．C 三点的电势分别为U A=15v，U B=3v，U C=﹣3V由此可得D点电势U D=9v．解答：解：连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接BE，则BE为一条等势线，根据几何知识可知，DF∥BE，则DF也是一条等势线，所以D点电势U D=9V．故答案为：99．（2008•崇明县二模）一架数码相机，用的锂电池电压为3.6V，容量为1000mA•h（相当于用1000mA的电流释放可放电1小时，用500mA的电流释放可放电2小时，以此类推）．若关闭液晶屏时可拍摄照片400张左右，则每拍一张照片所消耗的电能约为32.4J；若打开液晶屏时可拍摄照片150张左右，则每拍一张照片液晶屏消耗的电能约为54.0J．解答：解：已知1000mA=1A，1h=3600s，n=400，n′=150，那么锂电池可以做的电功为W=UIt=3.6V×1A×3600s=12960J，则关闭液晶屏时，每拍一张照片所消耗的电能W1===32.4J，打开液晶屏时，每拍一张照片消耗的电能W2===86.4J，液晶屏消耗的电能W3=W2﹣W1=86.4J﹣32.4J=54J．故答案为：32.4J，54.0．10．（2012秋•溧阳市校级期末）如图，在x轴的上方（y≥0）存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．在原点O有一个离子源向x轴上方的各个方向发射出质量为m、电量为q的正离子，速率都为v．对哪些在xy平面内运动的离子，在磁场中可能到达的最大x=，最大y=．解答：解：由Bqv=m可得：R=；沿﹣x轴方向射出的粒子圆心在y轴上，由下图利用几何关系可知，所有粒子运动的圆心在以O为圆心，R为半径的圆中的第一象限部分，则可知，粒子在x轴和y轴上达到的最远距离为均2R=；故答案为：，．11．（2003秋•东城区期末）如图所示，相距为L的光滑平行金属导轨ab、cd（不计电阻），两端各接有阻值为R的电阻R1、R2．垂直于导轨平面的匀强磁场宽度为s，磁感应强度为B．电阻2R的直导体棒MN垂直导轨放置，且与导轨接触良好，当它沿导轨方向以速度v被匀速拉过磁场区时，外力做功W=；通过电阻R1的电量q1=．解答：解：导体棒MN产生的感应电动势E=BLv通过MN的感应电流为 I==MN所受的安培力大小为 F安=BIL=由于棒MN匀速运动，则外力F=F安=．所以外力做功W=Fs=通过MN的电量 q=It=•=电阻R1、R2并联，电流与电阻成反比，则通过电阻R1的电量q1=q=故答案为：，12．（2014春•湖北期末）如图为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出（初速度可忽略不计），经灯丝与A板间的电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L，电子的质量为m，电荷量为e，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力．（1）求电子穿过A板时速度的大小；（2）求电子从偏转电场射出时的侧移量y；（3）若要使电子打在荧光屏上P点的上方，可采取哪些措施？解答：解：（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，由动能定理eU1=mv02﹣0解得：v0=（2）电子以速度v0进入偏转电场后，做类平抛运动．设电子离开偏转电场时的侧移量为y沿初速方向匀速直线运动，有 L=v0t垂直初速方向，有 y=at2又电场力 F=eE=e根据F=ma，得加速度为：a=解得：y=（3）要使电子打在P点上方，需增大侧移量，由解得 y=知，可以减小加速电压U1或增大偏转电压U2．答：（1）电子穿过A板时速度的大小为．（2）侧移量为．（3）可以减小加速电压U1或增大偏转电压U2．13．（2015•沈阳二模）△OAC的三个顶点的坐标分别为O（0，0）、A（L，0）、C（0，L），在△OAC区域内有垂直于xOy平面向里的匀强磁场．在t=0时刻，同时从三角形的OA边各处沿y轴正方向以相同的速度将质量均为m、电荷量均为q的带正电粒子射入磁场，已知在t=t0时刻从OC边射出磁场的粒子的速度方向垂直于y轴，不计粒子重力和空气阻力及粒子间的相互作用．（1）求磁场的磁感应强度B的大小；（2）若从OA边两个不同位置射入磁场的粒子，先后从OC边上的同一点P（P点图中未标出）射出磁场，求这两个粒子在磁场中运动的时间t1与t2之间应满足的关系；（3）从OC边上的同一点P射出磁场的这两个粒子经过P点的时间间隔与P点位置有关，若该时间间隔最大值为，求粒子进入磁场时的速度大小．分析：（1）粒子垂直OA进入磁场中，转过90°，垂直打在y轴上，则t=t0=T，求出周期，由周期公式T=求磁感应强度B的大小．（2）画出两个粒子的运动轨迹，设轨迹所对应的圆心角分别为θ1和θ2，由几何关系有θ1=180°﹣θ2，可得到时间之和等于．（3）根据圆周运动知识知道，两粒子在磁场中运动的时间差△t与△θ=θ2﹣θ1成正比，只要求出△θ的最大值，即可求得θ2的最大值．由△t=T和已知条件△t max=，联立可求出θ2的最大值，再结合几何知识求出轨迹的半径，由牛顿第二定律，利用洛伦兹力等于向心力，列式求解粒子的速度．解答：解：（1）据题分析知，粒子在t0时间内，速度方向改变了90°，轨迹对应的圆心角为90°，则t=t0=T，故粒子运动的周期 T=4t0由T=…①得 B=…②（2）在同一点射出磁场的两粒子轨迹如图，轨迹所对应的圆心角分别为θ1和θ2，由几何关系有：θ1=180°﹣θ2…③故t1+t2==2t0…④（3）由圆周运动知识可知，两粒子在磁场中运动的时间差△t与△θ=θ2﹣θ1成正比，由②得：△θ=θ2﹣θ1=2θ2﹣180°…⑤根据⑤式可知θ2越大，△θ2越大，时间差△t越大由△t=T…⑥由题时间间隔最大值为△t max=…⑦又T=4t0 …⑧则⑤⑥⑦⑧得，θ2的最大值为θmax=150°…⑨在磁场中运动时间最长的粒子轨迹如图，由几何关系α=180°﹣θ=30°...⑩由几何知识得tan∠A==，得∠A=60° (11)β=90°﹣∠A=30° (12)且有 Rcosα+=L解得：R=根据qvB=m，解得：v=答：（1）磁场的磁感应强度B的大小是．（2）这两个粒子在磁场中运动的时间t1与t2之间应满足的关系是t1+t2=2t0．（3）粒子进入磁场时的速度大小为．14．（2012•盐城一模）如图所示，光滑水平面上有正方形金属线框abcd，边长为L、电阻为R、质量为m．虚线PP’和QQ’之间有一竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B，宽度为H，且H＞L．线框在恒力F0作用下由静止开始向磁场区域运动，cd边运动S后进入磁场，ab边进入磁场前某时刻，线框已经达到平衡状态．当cd边到达QQ’时，撤去恒力F0，重新施加外力F，使得线框做加速度大小为F0/m的匀减速运动，最终离开磁场．（1）cd边刚进入磁场时cd两端的电势差；（2）cd边从进入磁场到QQ’这个过程中安培力做的总功；（3）写出线框离开磁场的过程中，F随时间t变化的关系式．分析：（1）线圈进入磁场前在恒力F0作用下由静止开始做匀加速运动，由动能定理可求出cd进入磁场时的速度v，由E=BLv求出感应电动势，此时cd边的电势差等于路端电压，为；（2）由题，ab边进入磁场前某时刻，线框已经达到平衡状态，根据平衡条件和安培力公式可求出匀速运动时的速度，从开始运动到线圈刚完全进入磁场的过程，根据动解答：解：（1）线圈进入磁场前线圈做匀加速运动，牛顿第二定律和速度公式加速度为 a= cd刚进入磁场时速度为 v=at而线圈通过的位移s=解得，v=cd边刚进入磁场时产生的感应电动势 E=BLv此时cd边的电势差U=联立以上各式得 U=．（2）进入磁场后达到平衡时，设此时速度为v1，则有F0=BIL=得v1=根据动能定理得 F0（H+s）+W安=W安=﹣F0（H+s）+（3）平衡后到开始离开磁场时，设线圈开始离开磁场时速度为v2F0（H﹣L）=mv22﹣mv12解得，v2=此时的安培力＞ma所以，离开磁场﹣F=ma而v=v2﹣at，代入v2 得F=﹣F0﹣答：（1）cd边刚进入磁场时cd两端的电势差为．；（2）cd边从进入磁场到QQ’这个过程中安培力做的总功为﹣F0（H+s）+；（3）写出线框离开磁场的过程中，F随时间t变化的关系式为﹣F0﹣．点评：本题物理过程并不十分复杂，关键是表达式比较繁琐，要有足够的耐心和细心列式，才能得到正确结果．对于第1题，也可以根据动能定理求解v，列式如下：F0s=mv2．。

2014-2015学年江苏省普通高中高二(下)期初物理试卷

2014-2015学年江苏省普通高中高二（下）期初物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共23小题，共69.0分)1.寓言“刻舟求剑”中的主人翁找不到掉入水中的剑，是因为他选择的参考系是（）A.乘坐的小船B.岸边的树木C.流动的河水D.掉入水中的剑【答案】A【解析】解：楚人记下的是剑相对船的下落位置；故是以船为参考系；故选：A．运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的．判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，再判断被研究的物体和参照物之间的位置是否变化．2.关于速度与加速度的关系，下列说法错误的是（）A.加速度是描述速度变化快慢的物理量B.物体运动的加速度大，其速度不一定大C.物体的加速度为零，其速度也一定为零D.加速度的方向不一定跟速度的方向相同【答案】C【解析】解：A、根据a=，知物体的速度变化越快，则加速度一定越大，加速度是描述速度变化快慢的物理量．故A正确．B、物体的加速度越大，速度不一定大．例如刚刚点火的火箭，故B正确．C、物体的加速度为零，速度不一定为零，比如：匀速飞行的飞机，加速度为零，速度不为零．故C错误．D、根据a=，加速度的方向跟速度变化的方向相同，不一定跟速度的方向相同．故D正确．本题选错误的，故选：C．加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度大，速度变化量大，加速度都不一定大．本题关键是明确加速度是速度的变化率，表示速度变化的快慢，是用比值定义法定义的，与速度大小、速度改变量大小均无关．3.如图所示，物体的运动分三段，第0～2s为第Ⅰ段，第2～4s为第Ⅱ段，第4～5s为第Ⅲ段，则下述说法中正确的是（）A.第1s与第5s的速度方向相反B.第1s的加速度大于第5s的加速度C.第Ⅰ段与第Ⅲ段的平均速度相等D.第Ⅰ段与第Ⅲ段的加速度方向相同【答案】C【解析】解：A．第1s内与第5s内物体的速度图象都在时间轴的上方，都为正，方向相同，故A 错误B．由图象的斜率表示加速度可知：第1s内的加速度为2m/s2，第5s内的加速度为-4m/s2，所以第1s内的加速度小于第5s内的加速度，故B错误；C．第Ⅰ段的平均速度，第Ⅲ段的平均速度，所以第Ⅰ段与第Ⅲ段平均速度相等，故C正确；D．第Ⅰ段做匀加速直线运动，加速度与速度的方向都相同，而第Ⅲ段物体做匀减速直线运动，加速度与速度的方向都相反，故D错误．故选：C．v-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移．看物体运动方向就看速度图象是否从时间轴的上方到时间轴的下方．明确速度-时间图象的意义是解题的关键，灵活应用匀变速直线运动的推论：某段时间的平均速度等于速度的平均值也等于时间中点的瞬时速度．4.关于物体做曲线运动的条件，以下说法中正确的是（）A.物体在恒力作用下，不可能做曲线运动B.物体在受到与速度不在同一直线上合外力的作用下，一定做曲线运动C.物体在变力作用下，一定做曲线运动D.物体在变力作用下，不可能做匀速圆周运动【答案】B【解析】解：A、物体在恒力作用下可能做曲线运动，如：平抛运动，故A错误；B、物体在受到与速度不在同一直线上合外力的作用下，一定做曲线运动，故B正确；C、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，物体在变力作用下，不一定做曲线运动，如弹簧振子的振动的过程．故C错误；D、曲线运动的速度方向每时每刻都发生变化，做匀速圆周运动的物体受到的合外力始终指向圆心是变力，故D错误；故选：B物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了．5.磁性黑板擦吸附在竖直的黑板平面上静止不动时，关于黑板擦的受力情况，下列叙述中正确的是（）A.黑板擦受到的磁力与它受到的重力是一对平衡力B.黑板擦受到的磁力与它受到的弹力是一对作用力与反作用力C.黑板擦受到的磁力与它受到的摩擦力性质相同D.黑板擦受到的摩擦力与它受到的重力是一对平衡力【答案】D【解析】解：A、黑板擦受到的磁力沿水平方向，而黑板擦所受重力沿竖直方向，故不是一对平衡力，故A错误；B、黑板擦所受磁力与黑板对黑板擦的支持力，二力作用在一个物体上，因此不是一对相互作用力，故B错误；C、黑板擦受到的磁力与它受到的摩擦力一个是磁力，一个是摩擦力，性质不同，故C 错误；D、黑板擦受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力作用，并且二力是一对平衡力，故D正确．故选：D．相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，但是两个力的作用点在不同的物体上．二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，两个力作用在同一个物体上．解决本题的关键掌握作用力与反作用力和平衡力的区别，作用力和反作用力作用在不同的物体上，平衡力作用在同一个物体上．6.如图所示，一个小孩从粗糙的滑梯上加速滑下，在下滑过程中（）A.小孩重力势能减小，动能不变，机械能减小B.小孩重力势能减小，动能增加，机械能减小C.小孩重力势能减小，动能增加，机械能增加D.小孩重力势能减小，动能增加，机械能不变【答案】B【解析】解：小孩从滑梯上加速滑下，速度变大，动能变大；由高度变小，所以重力势能变小；由于要克服摩擦做功，有一部分机械能转化为内能，所以机械能减少．故选：B．（1）影响动能大小的因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大；（2）影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度．质量越大，高度越大，重力势能就越大；（3）机械能等于动能和势能之和．本题考查了动能和重力势能的概念，及影响其大小的因素，属于基本内容．在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化．7.如图所示，自行车的大齿轮、小齿轮、后轮三个轮子的半径不一样，它们的边缘有三个点A、B、C．下列说法中正确的是（）A.A、B的角速度相同B.A、C的角速度相同C.B、C的线速度相同D.B、C的角速度相同【答案】D【解析】解：AB、大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等，故：v A：v B=1：1，由于半径不同和ω=可知，A、B的角速度不同；由于A、B两点的线速度大小相等，B、C两点角速度相同，据ω=可知，A、C两点的角速度不同；故AB错误．CD、小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等，所以ωB：ωC=1：1，但B、C两点的半径不同，据v=ωr知，B、C两点的线速度不同，故C错误，D正确．故选：D．大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等；小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等；结合线速度与角速度关系公式v=ωr列式求解．本题关键能分清同缘传动线速度大小相等和同轴传动角速度相同，灵活应用公式v=ωr．8.某电视台举办了一期群众娱乐节目，其中有一个环节是让群众演员站在一个旋转较快的大平台的边缘上，向大平台圆心处的球筐内投篮球．如果群众演员相对平台静止，则下面各俯视图中哪幅图中的篮球可能被投入球筐（图中箭头指向表示投篮方向）（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：当沿圆周切线方向的速度和出手速度的合速度沿篮筐方向，球就会被投入篮筐．故B正确，A、C、D错误．故选B．球参与了沿圆周切线方向运动和出手方向的运动，根据平行四边形定则确定合速度的方向，从而确定篮球能否被投入球框．解决本题的关键知道球参与了两个方向的运动，通过平行四边形定则进行判断．9.下列几个关于力学问题的说法中正确的是（）A.米、千克、牛顿等都是国际单位制中的基本单位B.放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C.功虽然有正、负，但它是一个标量D.做匀速直线运动的物体，机械能一定守恒【答案】C【解析】解：A、国际单位制中力学的三个基本单位分别为：米、千克、秒，牛顿是导出单位．故A错误．B、放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力等于物体对斜面的压力，但是两个力施力物体和受力物体不同，不能说重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力．故B 错误．C、功虽然有正、负，但它没有方向，是一个标量，故C正确．D、做匀速直线运动的物体，速度不变，动能不变，但重力势能可能改变，所以机械能不一定守恒，故D错误．故选：C．本题根据力学的常识和基础知识进行解答．牛顿是导出单位．功是标量．机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功．根据这些知识分析．解决本题的关键知道力学基本单位，斜面上物体对斜面的压力与重力的区别，知道功是标量，掌握机械能守恒的条件．10.小明同学骑电动自行车沿平直公路行驶，因电瓶“没电”，故改用脚蹬骑车匀速前行．设小明与车的总质量为100kg，人与车的速度恒为5m/s，骑行过程中所受阻力约为车和人总重的0.02倍，取g=10m/s2，小明骑此电动车做功的功率约为（）A.10 WB.100 WC.1000 WD.10000 W【答案】B【解析】解：设人汽车的速度大小为5m/s，人在匀速行驶时，人和车的受力平衡，阻力的大小为f=0.02mg=0.02×1000N=20N，此时的功率P=FV=f V=20×5W=100W，所以B正确．故选：B．人在匀速行驶时，受到的阻力的大小和脚蹬车的力的大小相等，由P=FV=f V可以求得此时人受到的阻力的大小．在计算平均功率和瞬时功率时一定要注意公式的选择，P=只能计算平均功率的大小，而P=F v可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．11.两个相同的金属小球（均可看做点电荷），原来所带的电荷量分别为+5q和-q，相互间的库仑力大小为F．现将它们相接触，再分别放回原处，则两金属小球间的库仑力大小变为（）A. B.F C. D.【答案】C【解析】解：设两个球之间的距离为r，根据库仑定律可得，在它们相接触之前，相互间的库仑力大小F为，F=k=k，当将它们相接触之后，它们的电荷量先中和，再平分，此时每个球的电荷量为+2q，所以，此时两个球之间的相互的排斥力为F′，则F′=k=k=，所以C正确，故选C．两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小．解决本题的关键就是掌握住电荷平分的原则，当完全相同的金属小球互相接触时，它们的电荷量将会平分．12.两点电荷形成电场的电场线分布如图所示，A、B是电场线上的两点，下列判断正确的是（）A.A、B两点的电场强度大小不等，方向相同B.A、B两点的电场强度大小相等，方向不同C.左边电荷带负电，右边电荷带正电D.两电荷所带电荷量相等【答案】C【解析】解：AB、电场线的疏密代表场强的强弱，电场线越密，代表电场越强，电场方向为电场线的切线方向，故从图可以看出A点B点电场大小和方向均不同，故A错误、B错误；C、电场线从正电荷指向负电荷，故C正确；D、右边电荷周围的电场线密集，故此电荷的电荷量较大，故D错误．故选：C．电场线越密，代表电场强度越大，电场线的方向就是电场强度的方向．电场线是电学中的重要的物理模型，能够形象描述电场的强弱和方向．把握电场线的特点即可顺利解决此题13.在下列图中“⊗”表示直线电流方向垂直纸面向里，“⊙”表示直线电流方向垂直纸面向外，则下列图形中能正确描绘直线电流周围的磁感线的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：右手握住直导线，大拇指所指方向为电流方向，四指弯曲方向为电流周围的磁场方向．故D正确，A、B、C错误．故选：D．根据右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向．解决本题的关键知道电流和周围磁场方向的关系，会通过安培定则进行判断．14.关于电场、电场强度、电场线，下列说法中不正确的是（）A.电场是电荷周围客观存在的物质B.电场线是为了形象描述电场而假想的曲线C.电场线不可能相交D.电场中某点电场强度的大小与放入该点的试探电荷的电荷量有关【答案】D【解析】解：AB、电场线是为了形象地描述电场而引入的假象曲线，实际不存在；而电场是实际存在的物质，故AB正确；C、电场线不相交，否则相交的点的场强方向有两个，故C正确；D、电场中某点的场强取决于电场本身，与放入该点的试探电荷的电荷量无关，故D错误．本题选错误的，故选：D．首先知道电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；电场线不闭合不相交；电场强度取决于电场本身．本题考查了电场、电场线和场强的特点，知道疏密表示场强大小，切线表示场强方向，沿电场线方向电势逐渐降低，基础题．15.如图所示，把长为0.4m的导体棒置于竖直向下的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为0.5T，导体棒与磁场方向垂直，棒中通有电流0.8A，则导体棒所受安培力的大小和方向分别为（）A.0.16N，竖直向下B.0.16N，垂直纸面水平向里C.0.25N，竖直向下D.0.25N，垂直纸面水平向外【答案】B【解析】解：导体棒长为L，磁感应强度B，电流为I，并且导体棒和磁场垂直，所以导体棒受到的安培力大小为：F=BIL=0.5×0.8×0.4N=0.16N，根据左手定则可以判断，磁场向下，电流方向向右，则安培力的方向为垂直纸面向里，故B正确，ACD错误．故选：B．根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向．根据左手定则来判断如何增加安培力的大小即可．本题是安培力的分析和计算问题．安培力大小的一般计算公式是F=BIL sinα，α是导体与磁场的夹角，当B、I、L互相垂直的时候安培力最大为F=BIL．16.地球有一个较强的磁场，由于地磁场的作用，可以使从太阳发出的高能粒子流在射向地面时发生偏转，因此起到保护地球上的生命免受高能粒子流伤害的作用．已知地球赤道上空地磁场的磁感线方向是由南向北的，从太阳喷射出带正电的粒子垂直与地面射向赤道，在地磁场的作用下，这些质子偏转方向是（）A.向东B.向南C.向西D.向北【答案】A【解析】解：质子流的方向从上而下射向地球表面，地磁场方向在赤道的上空从南指向北，根据左手定则，洛伦兹力的方向向东，所以质子向东偏转．故A正确，B、C、D错误．故选：A．质子流带正电，地磁场的方向在赤道的上空从南指向北，根据左手定则判断出质子流所受洛伦兹力的方向．解决本题的关键掌握地磁场的方向，以及会运用左手定则判断洛伦兹力的方向．17.如图，为静电除尘器除尘机理的示意图．尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的，下列表述正确的是（）A.到达集尘极的尘埃带正电荷B.电场方向由放电极指向集尘极C.带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D.同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大【答案】D【解析】解：A、尘埃在电场力作用下向集尘极迁移并沉积，说明尘埃带负电，A错误；B、由于集尘极与电池的正极连接，电场方向有集尘板指向放电极，B错误；C、负电荷在电场中受电场力的方向与电场力方向相反，C错误；D、根据F=E q可得，同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大，故D正确．故选：D．从静电除尘机理出发即可解题．由于集电极与电池的正极连接，电场方向有集尘板指向放电极．而尘埃在电场力作用下向集尘极迁移并沉积，说明尘埃带负电．负电荷在电场中受电场力的方向与电场力方向相反，根据F=E q即可得出结论．本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．18.如图所示，分别用质量不计且不能伸长的细线与弹簧分别吊质量相同的小球A、B，将二球拉开，使细线与弹簧都在水平方向上，且高度相同，而后由静止放开A、B二球，二球在运动中空气阻力不计，到最低点时二球在同一水平面上，关于二球运动过程中的下列说法中错误的是（）A.A球的机械能守恒B.弹簧的弹力对B球不做功C.刚刚释放时，细线对A球的拉力为零D.在最低点时，B球的速度比A球的速度小【答案】B【解析】解：A、A球下落过程中，只有重力做功，重力势能全部转化为动能．故A正确；B、B球下落的过程中，弹簧的弹力做功，重力势能除转化为动能之外还有一部分转化为弹簧的弹性势能．故B错误；C、刚刚释放时，细线对A球的拉力为零，球A只受到重力的作用．故C正确；D、两球运动过程中初末位置的高度差相同，质量相同，因此重力做功相同，A球下落过程中，重力势能全部转化为动能，而B球下落过程中重力势能除转化为动能之外还有一部分转化为弹簧的弹性势能，故A球在最低端动能大于B球的，因此A球速度大，故D正确．本题选择错误的，故选：B．弄清楚物体运功过程中的功能转化关系是解决本题的关键，分析清楚A、B两物体运动过程中的共同点和不同点是解题的突破口，两球运动中重力做功相同，但是B球运动中，弹簧弹力对其做负功，因此功能的转化是不同的．分析物体运动过程中的功能转化时，要看哪些力做功，做功有什么特点，不能漏掉力或者混淆功能关系．19.轻质弹簧的一端固定于竖直墙壁，另一端与一木块连接在一起，木块放在粗糙的水平地面上．在外力作用下，木块将弹簧压缩了一段距离后静止于A点，如图所示．现撤去外力，木块向右运动，当它运动到O点时弹簧恰好恢复原长．在此过程中（）A.木块的动能一直增大B.弹簧的弹性势能一直增大C.弹簧减小的弹性势能等于木块增加的动能D.弹簧减小的弹性势能大于木块增加的动能【答案】D【解析】解：A、撤去外力木块向右运动过程中，当木块所受的弹簧的弹力大于滑动摩擦力时，木块速度增大，当弹力小于摩擦力时，木块的速度减小，所以木块的速度先增大后减小，其动能先增大后减小．故A错误．B、弹簧的压缩量逐渐减小，弹性势能一直减小．故B错误．C、D弹簧减小的弹性势能转化为木块的动能和内能，根据能量守恒定律弹簧减小的弹性势能大于木块增加的动能．故C错误，D正确．故选D分析木块的受力情况，由牛顿第二定律分析木块的运动情况，判断动能如何变化．弹簧的弹性势能随形变量的减小而减小．根据能量守恒分析弹簧减小的弹性势能与木块增加的动能的关系．木块从A点到O点的过程，不能凭感觉，认为速度一直增大，要根据受力情况分析运动过程．20.请阅读短文，结合图示的情景，完成第20～23题．2013年12月2日，嫦娥三号（如图1所示）怀抱着“玉兔”，承载着中国人的梦想，踏上了探月之旅，于14日以近似为零的速度实现了在月球表面软着陆．我国成为世界上第三个实现在月球表面软着陆的国家．…图2为“嫦娥三号”运行的轨道示意图．“嫦娥三号”在轨道修正和近月制动时伴随着姿态调整．下列过程中，地面控制人员能够将“嫦娥三号”看成质点的是（）A.太阳帆板展开过程B.环月段绕月飞行过程C.轨道修正过程D.近月制动过程【答案】B【解析】解：A、在太阳帆板展开过程，嫦娥三号的大小和形状不能忽略，不能看成质点．故A 错误．B、研究嫦娥三号绕月飞行，嫦娥三号的大小和形状能够忽略，可以看成质点．故B正确．C、在轨道修正的过程中，要考虑到飞船的形状，嫦娥三号的大小和形状不能忽略，不能看成质点．故C错误．D、在近月制动的过程中，需考虑飞船的形状，嫦娥三号的大小和形状不能忽略，不能看成质点．故D错误．故选：B．当物体的大小和形状在研究的问题中能忽略，物体可以看成质点．考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．21.着陆器承载着月球车在半径为100km的环月圆轨道上运行过程中，下列判断正确的是（）A.月球车处于失重状态B.月球车处于超重状态C.月球车不受月球的作用力D.着陆器为月球车提供绕月运动的向心力【答案】A【解析】解：A、B、着陆器承载着月球车在半径为100km的环月圆轨道上运行过程中重力全部提供向心力，月球车处于失重状态．故A正确，B错误；C、月球车受月球的作用力，提供向心力．故C错误；D、万有引力为月球车提供向心力．故D错误．故选：A．失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上．月球对月球车和着陆器的引力提供向心力，着陆器承载着月球车在半径为100km的环月圆轨道上运行过程中，引力全部提供向心力，处于完全失重状态．本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了，月球车受月球的作用力，提供向心力．22.“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，其发射速度为（）A.7.9km/sB.大于7.9km/s，小于11.2km/sC.大于11.2km/s，小于16.7km/sD.大于16.7km/s【答案】B【解析】解：7.9km/s即第一宇宙速度是卫星发射的最小速度，11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，由此可知此卫星从地面发射的速度介于7.9km/s和11.2km/s之间，故B正确，ACD错误．故选：B．解第一宇宙速度、第二宇宙速度的含义．7.9km/s即第一宇宙速度是卫星发射的最小速度，11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．解决本题的关键知道发射速度大于7.9km/s，小于11.2km/s时，将进入椭圆形地月转移轨道．23.“嫦娥三号”在下列位置中，受到月球引力最大的是（）A.太阳帆板展开的位置B.环月椭圆轨道的远月点C.环月椭圆轨道的近月点D.月球表面上的着陆点【答案】D【解析】。

年下学期高二开学调研物理试题(附答案)

河北省唐山一中14—15学年下学期高二开学调研物理试题年级高二科目物理一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分。

在每小题给出的四个选项中，第1题～第11题只有一个选项正确，第12题～第15题有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述符合史实的是 ( )A ．安培在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B ．奥斯特根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出分子电流假说C ．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化D ．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流2. 为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流 I 引起的．在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是 ( )3. 如图所示的天平可用来测定磁感应强度.天平的右臂下面挂有一个矩形线圈，宽为L ，共有n 匝，线圈的下部悬在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面.当线圈中通有电流I （方向如图）时，在天平左、右两边加上质量各为m 1、m 2的砝码，天平平衡.当电流反向（大小不变）时，右边再加上质量为m 的砝码后，天平重新平衡，由此可知（） A.磁感应强度的方向垂直纸面向里，大小为nILgm m )(21-B.磁感应强度的方向垂直纸面向里，大小为nILmg2 C.磁感应强度的方向垂直纸面向外，大小为nILgm m 2)(21-D.磁感应强度的方向垂直纸面向外，大小为nILmg2ABCD4．如图所示是电磁流量计的示意图．圆管由非磁性材料制成，空间有匀强磁场．当管中的导电液体流过磁场区域时，测出管壁上MN 两点的电动势E ，就可以知道管中液体的流量Q(单位时间内流过管道横截面的液体的体积)。

江苏省扬州市2014-2015学年高二下学期期末考试物理试题word版_含答案

2015年7月高二期末调研测试物理试题2015.07本试卷满分为120分，考试时间100分钟．注意事项：1．答卷前，考生务必将本人的学校、班级、姓名、考试号填在答题卡的密封线内．2．将每题的答案或解答写在答题卡上，在试卷上答题无效．3．考试结束，只交答题卡．一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个．．．．选项符合题意．选对的得 3 分，错选或不答的得 0 分．1．用遥控器调节空调运行模式的过程，实际上就是传感器把光信号转换为电信号的过程，下列属于这类传感器的是A．走廊照明灯的声控开关B．自动洗衣机中的压力传感装置C．红外报警装置D．电饭煲中控制加热和保温的温控器2．图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图乙所示．发电机线圈内阻为10Ω，外接一只电阻为90Ω的灯泡，不计电路的其它电阻，则e/V31.1t/(×10-2s)12-31.1图甲图乙A．t＝0时刻穿过线圈磁通量最大B．每秒钟内电流方向改变50次C．灯泡两端的电压为22VD．0~0.01s时间内通过灯泡的电量为03．如图所示，质量为m的物块在力F作用下静止于倾角为α的斜面上，力F大小相等且<，则物块所受摩擦力最大的是F mgsinα4．如图所示，在远距离输电电路中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电电线的电阻均不变，电表均为理想电表．若发电厂的输出功率减小，则下列说法正确的是A ．电压表V 1示数减小，电流表A 1减小B ．电压表V 2示数增大，电流表A 2减小C ．输电线上损耗功率增大D ．用户总功率与发电厂的输出功率的比值减小 5．在平直公路上行驶的a 车和b 车，其x －t 图像分别为图中直线a 和曲线b ，由图可知A ．b 车先做加速运动再做减速运动B ．在t 1时刻a b 两车的速度大小相同C ．t 1到t 2时间内a 车的位移小于b 车的位移D ．t 1到t 2时间内某时刻两车的速度可能相同二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共16 分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分．6．伽利略为了研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的斜面实验，如图所示．对于这个研究过程，下列说法正确的是A ．斜面实验“放大”了重力的作用效果，便于测量小球运动的路程B ．斜面实验“减小”了重力的作用效果，便于测量小球运动的时间xOt 1ay/cmbt 2t升压变压器降压变压器用户发电厂V 1A 1A 2V 2C ．通过对斜面实验的观察与计算，能直接得到自由落体运动的规律D ．根据斜面实验结论进行合理的外推，得到自由落体运动的规律7．在做完“探究力的平行四边形定则”实验后，某同学将其实验操作过程进行了回顾，并在笔记本上记下如下几条体会，你认为正确的是A ．用两只弹簧测力计拉橡皮条时，应使两细绳套间夹角为90°，以便计算合力大小B ．若二力合力的图示F 与用一只弹簧测力计拉时图示F′不完全重合，则在误差允许范围内可以说明“力的平行四边形定则”成立C ．若F 1、F 2方向不变，而大小各增加1N ，则合力的方向也不变，大小也增加1ND ．在用弹簧测力计拉橡皮条时，要使弹簧测力计的弹簧与木板平面平行8．如图，粗糙的水平地面上有一倾角为θ的斜劈，斜劈上表面光滑，质量为m 的物块在沿斜面向上的恒力F 作用下，以速度v 0匀速下滑，斜劈保持静止，则A ．斜劈受到4个力作用处于平衡状态B ．斜劈受到地面的摩擦力等于零C ．斜劈受到地面的摩擦力方向向左D ．地面对斜劈的支持力等于斜劈与物块的重力之和9．如图所示，理想变压器原线圈上连接着在水平面内的长直平行金属导轨，导轨之间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，金属杆MN 垂直放置在导轨上，且接触良好．移动变压器副线圈上的滑动触头可改变副线圈匝数，副线圈上接有一只理想电压表，线圈L 的直流电阻、导轨和金属杆的电阻都忽略不计．现在让金属杆以速度t Tv v π2sin 0=在导轨上左右来回运动，两灯A 、B 都发光．下列说法中正确的是A ．只增大T ，则灯A 变暗、灯B 变亮 B ．当时间t =T 时，电压表的示数为零C ．只将副线圈上的滑动触头下滑时，两灯均变暗，电压表的示数变小D ．只增大v 0，两灯都变亮三、简答题：本题包括A 、B 、C 三小题，共60分．请选定两题作答，并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑．如都作答则按A 、B 小题评分． 10．【选做题】θFv 0V MN ABC LA ．(选修模块3-3)(30分)（1）（4分）下列说法正确的是 ▲A ．分子间相互作用力随分子间距离的增大而增大B ．物体温度升高，其分子的平均动能一定增大，内能也一定增大C ．物理性质表现为各向同性的固体一定是非晶体D ．液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力（2）（4分）下列关于布朗运动的说法，正确的是 ▲A ．布朗运动是指在显微镜中看到的液体分子的无规则运动B ．花粉颗粒的布朗运动反映了花粉分子在永不停息地做无规则运动C ．悬浮颗粒越大，同一时刻与它碰撞的液体分子越多，布朗运动越不明显D ．当物体温度达到0°C 时，布朗运动就会停止（3）（4分）如图甲所示，一定质量理想气体的状态沿1→2→3→1的顺序作循环变化．若用T V -或V P -图像表示这一循环，乙图中表示可能正确的选项是 ▲（4）（6分）在“油膜法估测分子直径”实验中，选用的油酸酒精溶液浓度为a ，用滴管向量筒内滴加N 滴上述溶液，量筒中的溶液体积增加1mL ．若把一滴这样的油酸酒精溶液滴入足够大的盛水浅盘中，油酸在水面展开稳定后形成的油膜形状如图所示．若每一小方格的边长为L （单位：cm ），油膜约占x 个小格．这种估测方法是将形成的油膜视为 ▲油膜，每一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为 ▲ mL ，估测的分子直径为 ▲ cm ．（用题中给的字母和数据表示）B乙PTO132甲乙 AOV T3 1 2 VTO3 21 B COp V12 3 pVO1 32 D（5）（6分）如图所示，粗细均匀的弯曲玻璃管A 、B 两端开口，管内有一段水银柱，管内左侧水银面与管口A 之间气柱长为l A ＝40cm ．现将左管竖直插入水银槽中，稳定后管中左侧的水银面相对玻璃管下降了2cm ，设被封闭的气体为理想气体，整个过程温度不变，已知大气压强p 0＝76cmHg ，则稳定后A 端上方气柱的压强为 ▲ cmHg ，气柱的长度为 ▲ cm ，在这个过程中，管内气体 ▲ 热量．（填“吸收”或“放出”）（6）（6分））在如图所示的p -T 图像中，一定质量的某种理想气体先后发生以下两种状态变化：第一次变化是从状态A 到状态B ，第二次变化是从状态B 到状态C ，且AC 连线的反向延长线过坐标原点O ，已知气体在A 状态时的体积为V A =3L ，求：① 气体在状态B 时的体积V B 和状态C 时的压强p C ；② 在标准状态下，1mol 理想气体的体积为V =22.4L ，已知阿伏伽德罗常数N A =6×1023个/mol ，试计算该气体的分子数（结果保留两位有效数字）．注：标准状态是指温度 t =0℃，压强 p =1at m=1×105PaB ．(选修模块3-4)(30分)（1）（4分）下列说法中正确的是 ▲A ．全息照相利用了激光方向性好的特点B ．光速不变原理指出光在真空中传播速度的大小在不同惯性参考系中都是相同的C ．变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场D ．声源与观察者相对靠近时，观察者所接收的频率小于声源振动的频率（2）（4分）2009年诺贝尔物理学奖授予科学家高锟以及威拉德·博伊尔和乔治·史密斯，3名得主的成就分别是发明光纤电缆和电荷耦合器件(CCD)图像传感器．光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法中正确的是 ▲A ．为使水面下的景物拍摄得更清晰，可在照相机镜头前加一偏振片B ．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C ．在光纤内传送图像是利用光的色散现象D ．光学镜头上的增透膜是利用光的折射现象（3）（4分）如图所示，虚线和实线分别为甲、乙两个p /1×105Pa 300600 41 0A BC弹簧振子做简谐运动的图像．已知甲、乙两个振子质量相等，则 ▲A ．甲、乙两振子的振幅分别为2 cm 、1 cmB ．甲、乙两个振子的频率比为1：2C ．前2秒内甲、乙两振子的加速度均为正值D ．第2秒末甲的速度最大，乙的加速度最大（4）（6分）在做“用单摆测定重力加速度”的实验时，如果已知摆球直径为2.00 cm ，让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如图所示，那么单摆摆长l 是 ▲ cm ．如果测定了40次全振动的时间如图中秒表所示，那么，此单摆的摆动周期T 是 ▲ s.则他测得的重力加速度g ＝ ▲ .（用题中所给的字母表示）（5）（6分）一列简谐横波，某时刻的波形如图甲所示，从该时刻开始计时，波上A 质点的振动图像如图乙所示，该列波沿x 轴 ▲ 传播（填“正向”或“负向”）；该列波的波速大小为 ▲ m/s ；若此波遇到另一列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率为 ▲ Hz ．（6）（6分）如图所示，某种透明材料做成的三棱镜，其横截面是边长为a 的等边三角形．现用一束宽度为a 的单色平行光束，以垂直于BC 面的方向正好入射到该三棱镜的AB 及AC 面上，结果所有从AB 、AC 面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC 面．试求：①该材料对此平行光束的折射率；y /cmx /cm0.20.4A10 -10甲乙x /cmt /s0 0.2 0.410-10②这些到达BC面的光线从BC面折射而出后，如果照射到一块平行于BC面的屏上形成光斑，则当屏到BC面的距离d满足什么条件时，此光斑分为两块?C．(选修模块3-5)(30分)（1）（4分）下列说法中正确的是▲A．发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子具有复杂的结构B．卢瑟福提出原子的核式结构模型建立的基础是α粒子的散射实验C．原子核内的某一核子与其他核子间都有核力作用D．比结合能大的原子核分解成比结合能小的原子核时要放出能量（2）（4分）如图所示为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n = 4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．关于这些光，下列说法正确的是▲ A．波长最大的光是由n = 4能级跃迁到n = 1能级产生的B．频率最小的光是由n = 2能级跃迁到n = 1能级产生的C．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D．从n = 2能级跃迁到n = 1能级电子动能增加（3）（4分）在做光电效应的实验时，某金属被光照射发生了光电效应，实验测得光电子的最大初动能E k与入射光的频率υ的关系如图所示，C、υ0为已知量．由关系图线可得▲ A．普朗克常量的数值B．当入射光的频率增为2倍，电子最大初动能增为2倍C．该金属的极限频率D．阴极在单位时间内放出的光电子数υE k/eVυCOAC（4）（6分）现代考古中可利用C 146的衰变规律测定古生物的年代，C 146衰变时放出 ▲ （填粒子符号），并生成新核147N ．如图所示为放射性元素C 146的衰变规律的示意图（纵坐标0n n表示的是任意时刻放射性元素的原子数与t =0时的原子数之比），则该放射性元素的半衰期是▲ 年．若从某次考古时发掘出来的木材中，检测到所含C146的比例是正在生长的植物中的80%，则该古物距今约 ▲ 年．（5）（6分）电子俘获是指原子核俘获一个核外轨道电子，使核内一个质子转变为一个中子．一种理论认为地热是镍58（5828Ni ）在地球内部的高温高压环境下发生电子俘获核反应生成钴57（5727Co ）时产生的，则镍58发生电子俘获的核反应方程为 ▲ ；若该核反应中释放出的能量与一个频率为v 的光子能量相等，已知真空中光速和普朗克常量分别为c 和h ，则该核反应放出的核能为 ▲ ，该光子的动量为 ▲ ．（6）（6分）1926年美国波士顿的内科医生卢姆加特等首次应用放射性氡研究人体动、静脉血管床之间的循环时间，被誉为“临床核医学之父”．氡的放射性同位素有27种，其中最常用的是Rn 22286，Rn 22286经过x 次α衰变和y 次β衰变后变成稳定的Pb 06228．①求x 、y 的值；②一个静止的氡核(Rn 22286)放出一个α粒子后变成钋核(Po 21848)，已知钋核的速率v =4 105m/s ，试写出该衰变方程，并求出α粒子的速率．四．计算题：本题共2小题，共29分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 11．（14分）如图所示的A 、B 两个物体，距地面高度为45m ，A 物体在运动过程中阻力不计，做自由落体运动，B 物体在下落过程中受空气阻力作用，其加速度大小为9m/s 2．已知重力加速度g 取10m/s 2， A 、B 两物体均可视为质点．则：（1）若A 、B 两物体同时由静止释放，求当物体A 落地时物体B 离地距离；（2）若要使两物体同时落地，且两物体均由静止开始释放，求物体B 需提前多长时间释放；100年n n38 19 57 0.2 0.40.60.8 1.0ABC（3）若将B 物体移到距地面高度18m 处A 的正下方C 点，并由静止释放，且AB 同时释放，为了使 A 在运动过程中与B 相碰，则至少给A 物体多大的竖直向下的初速度？12．（15分）如图所示，一匝数为N =100的矩形线圈，面积S =0.01m 2，内阻不计，绕垂直于磁感线的对称轴O O′匀速转动．设线圈经过的磁场为匀强磁场，磁感应强度B =2T ，线圈通过一理想变压器后，接一标有“6V ，3W”字样的灯泡L ，变压器原线圈的总匝数为n 1=200匝，b 是原线圈的中心抽头，副线圈的匝数为n 2=20匝．当开关S 拨到b 位置时，小灯泡恰好正常发光，求：（1）此时电路中两电表的读数；（2）线圈转动的角速度ω；（3）若将开关S 拨到a 位置，并将一个理想二极管D 接到MN 之间，其他条件不变，则此时线圈提供的功率为多少？（设小灯泡的电阻不随温度发生变化）2015年7月高二期末物理试题参考答案及评分标准一．单项选择题：每小题3分，共15分．1．C 2．A 3．D 4．B 5．D二．多项选择题：每小题 4 分，共16 分．全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分．6．BD 7．BD 8．AC 9．ACDS ab OO ′D三．简答题： 10．【选做题】A ．(选修模块3-3)(30分)（1）D （4分）（2）C （4分）（3）AD （4分，漏选给2分）（4）单分子（2分）a N （2分） 2aNxL （2分）（5） 80cmHg （2分） 38cm （2分）放出（2分）（6）解析 ① 由题意可知V A = V C =3L （1分）因此A 到C 过程可以等效为等容变化根据CA A Cp p T T = 得 p C =2×105Pa （1分）状态B 到状态C 的过程为等温变化根据B B C C p V p V = 得 V B =1.5L （1分） ② 设气体在标准状态下的体积为V 0根据A A V V T T = 得 V 0=2.73L （1分）因此气体的分子数为 2207.310A V n N V=⋅=⨯个（2分）B ．(选修模块3-4)(30分)（1） B （4分）（2）A （4分）（3）AD （4分，漏选给2分）（4）87.32～87.42（2分） 1.88（2分） 224lT π（2分）（5）负向（2分） 0.01m/s （2分） 2.5Hz （2分）（6）解：①由于对称性，我们考虑从AB 面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC 面的，由对称性不难得出，光线进入AB 面时的入射角α、折射角β分别为60º、30º 。

2014～2015学年苏州市高二第二学期期末调研测试物理试卷

2014～2015学年苏州市高二期末调研测试物理试题2015．7本试卷分选择题和非选择题两部分，满分120分，考试时间100分钟．注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、学校、考试号等填写清楚．2．选择题答案必须用 2B 铅笔填涂在答题卡相应的位置；非选择题部分必须使用黑色签字笔书写在答题卡上指定的区域，字体工整、笔迹清晰．3．在草稿纸、试题卷上答题无效．一、单项选择题：本题共5小题；每小题3分，共 15分．每小题只有一个选项符合题意．．．．．1．下列有关物理史实的叙述中正确的是目（）A．电荷周围存在由它产生的电场的观点，最早由奥斯特提出的B．密立根通过“油滴实验”最早测定了元电荷 e的电荷量C．能测量带电粒子的质量和分析同位素的质谱仪，最初是由洛伦兹设计的D．法拉第电磁感应定律最先是由法拉第提出的2．标有 "220V 、 100W" 的一灯泡接在 u=311sin(314 t)V 的正弦交流电上，则( )A ．产生该交流电的发电机转速为每分钟50转B．与该灯泡串联的理想电流表读数为C．与该灯泡并联的理想电压表读数为311VD．通过该灯泡的电流 i=0.64sin(314 t)A3．在如图所示的电路中，R l、 R2、R3和 R4皆为定值电阻， R T为热敏电阻，电源的电动势为 E，内阻为 r ．设理想电流表 A 的读数为 I ，理想电压表 V 的读数为 U ．当热敏电阻 R T所处的环境温度降低时，则( )A． I变小， U变小 B ． I变大， U变大C． I变小， U 变大 D ． I变大， U变小4．如图所示， A、B两个点电荷的电荷量分别为+Q和 +q，放在光滑绝缘水平面上，A、B之间用绝缘的轻弹簧连接．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0．若弹簧发生的形变弹性限度内，则()A ．保持 +Q不变，将 +q变为一 q，平衡时弹簧的缩短量等于x0B．保持 +q不变，将 +Q变为一 Q，平衡时弹簧的缩短量小于x0c．保持 +Q不变，将 +q变为 +2q，平衡时弹簧的伸长量等于2x0D．保持 +q不变，将 +Q变为 +2Q，平衡时弹簧的伸长量小于2x05．如图所示，两根平行光滑电阻不计的金属导轨，左端接有电阻R，放置在倾角为θ的斜面 (未画出 )上，斜面处有垂直于斜面向上的匀强磁场．质量为 m电阻不计的金属棒动，在与其垂直且沿斜面向上的恒力 F的作用下沿导轨匀速上滑h高度．则在这过程中，下列叙述中正确的是()A ．作用于金属棒 ab各力的合力所做的总功等于零B．作用于金属棒 ab各力的合力所做的功等于其克服重力所做的功与电阻R上发出的焦耳热之和C． F与金属棒 ab所受的安培力的合力所做的功等于零D． F与金属棒 ab所受重力的合力所做的功等于其重力势能的增加量与电阻R上生产的焦耳热之和二、多项选择题：本题共4小题；每小题4分，共 16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，．．．．选对但不全的得 2分，错选或不答的得0分．6．如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等．一个带负电的粒子以一定的初速度进入电场后，仅在电场力作用下沿实线轨迹运动，先后通过M 点和Ⅳ点．由此可判断出目（）A ．Ⅳ点的电势高于 M 点的电势B．该粒子在Ⅳ点的电势能比在 M 点的电势能大C．该粒子在 M 点的速率小于在Ⅳ点的速率D．该粒子在这一过程中电势能和动能之和保持不变- 1 -7．上海磁悬浮列车是世界上第一段投入商业运行的高速磁悬浮列车，设计最高运行速度为430km/h ，仅次于飞机的飞行时速．如图所示是磁悬浮的原理图，图中A是圆柱形磁铁， B是高温超导 (电阻率为零 )材料制成的超导圆环．现将超导圆环水平放在磁铁上方，它就能在磁场力的作用下悬浮在磁铁上方的空中，下列说法中正确的是（）A ．在 B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流．稳定后，感应电流仍存在B．在 B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流．稳定后，感应电流消失C．如 A的 S极朝上， B中感应电流的方向如图中所示D．如 A的 N极朝上， B中感应电流的方向如图中所示8．如图所示，变压器的原、副线圈的匝数比一定，原线圈的电压为U1时，副线圈的输出电压为 U 2，L l、L2、L3是三只完全相同的电灯．开始时，开关S是断开的，现将 S闭合，则 ()A． L1变亮， L2变暗B．L1变暗， L2变亮C． U1、U 2均不变D．原线圈中的电流变大9．如图所示，相互正交的匀强电场方向竖直向下，匀强磁场垂直纸面向里．带有等量同种电荷的三个液滴在此空间中，a液滴静止不动， b液滴沿水平线向右做直线运动，c液滴沿水平线向左做直线运动．则下列说法中正确的是理学（）A ．三个液滴都带负电B．液滴 b的速率一定大于液滴c的速率C．三个液滴中液滴b质量最大D．液滴 b和液滴 c一定做的是匀速直线运动三、简答题：本题分必做题(第 10、11题)和选做题 (第 12题 )两部分，共计 42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．必做题10． (8分 )用如图甲所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件 S、T．请根据下列步骤完成电阻测量①旋动部件，使指针对准电流的“0”刻线．②将 K 旋转到电阻挡“×100”的位置．③将插入“+”、“一”插孔的表笔短接，旋动部件，使指针对准电阻的(填“０刻线”或“∞刻线”)．④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过大．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按的顺序进行操作，再完成读数测量．A ．将 K旋转到电阻挡“× 1 的k位”置B．将 K旋转到电阻挡“× 10的”位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准⑤在步骤④中，将两表笔分别与被测电阻两根引线相接，待稳定后，表盘指针如图乙所示，此被测电阻的阻值为Ω ．(保留两位有效数字． )11． (10分 )在测电池的电动势和内阻的实验中，某学生记录了电流表和电压表如下表所示的6组数据：物次数 1 2 3 4 5 6 理量电流I／A电压U／V实验中提供的器材有：A ．电池 (电动势约 1.5V) ．B．电流表 (量程为 0.6A ，内阻约为Ω和量程为 3A ，内阻约为Ω )- 2 -C．电压表 (量程为 3V ，内阻约为 lk Ω和量程为 15V ，内阻约为 5kΩ ) D．滑动变阻器(0～20Ω )E．开关一个、导线若干(1)根据实验要求，在图口中按要求连接实物图．(2) 根据记录数据在如图b所示的坐标纸上作出 U 一 I 图线，并根据所作图线求出该电池的电动势E= V ，内阻 r= Ω ．(结果须小数点后保留两位数字)12．选做题 (请从 A 、B和 C三小题中选定两小题作答，如都作答则按A、 B两小题评分 ) A． (选修模块 3--3)(12 分 )(1) 某种气体在不同温度下的气体分子速率分布曲线如图所示，图中 f(v)表示 v处单位速率区间内的分子数百分率，所对应的温度分别为T 、 T 、 T 则A ．T >T >T B．T >T >T ⅠⅡⅢⅠⅡⅢⅢⅡⅠC．TⅡ> TⅠ，TⅡ> TⅢD．TⅠ=TⅡ=TⅢ(2)在“用油膜法估测分子大小”的实验中，首先要确定一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积，具体做法是：把浓度为η的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒，记下滴入溶液滴数 n时、量筒内增加的体积为V，则一滴溶液中纯油酸的体积为；然后将一滴油酸酒精溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，记下如图油酸分布图，已知图中每个正方形小方格的面积为S0．则油酸分子直径大小的表达式为．(3)如图所示，一定质量的理想气体从状态 A经等压变化到状态 B．此过程中，气体的压强p=1. 5× 105Pa，吸收的热量为 Q=2×102J，求此过程中气体内能的增量．B． (选修模块 3 4)(12分 )(1)如图所示，乒乒乘坐速度为0.8c(c为光速)的宇宙飞船追赶正前方的宝宝，宝宝的飞行速度为，乒乒向宝宝发出一束光进行联络，则宝宝观测到该光束的传播速度为A ．B． 1.4 c C．D．(2)在一次“测定玻璃的折射率”的实验中，采用了如图方法，将一块半圆形玻璃砖放在水平面上，用一束光线垂直于玻璃砖直径平面射入圆心O，以 O为转轴在水平面内缓慢转动半圆形玻璃砖，当刚转过θ角时，观察者在玻璃砖平面一侧恰看不到出射光线，这样就可以知道该玻璃砖的折射率n的大小，那么上述测定方法主要是利用了的原理，该玻璃的折射率n=．(3)如图所示，一列简谐波在时刻 t=-0 时的波形图，该波沿 x轴正方向传播．经， A点刚好第三次出现波峰．求经过多长时间平衡位置在 x=l 1m 的 P点第一次出现波峰 ?- 3 -C． (选修模块 3-5)(12 分 )(1) 下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射规律的是．(2)用如图甲装置做“验证动量守恒定律”的实验中， A、 B两小球体积相同，称得 A 球的质量 0.1kg ，B球的质量为 0.05kg ，则应选球(填“ A”或“ B” )作为入射球．两球相碰时，球心在地面的白纸上的投影分别是O和 O’．实验过程中，两球多次落点的平均位置为从P和N，但 N点的位置模糊不清，请你根据动量守恒和图乙中的读数判定 N点的位置应在cm刻度线上．(3)处于静止状态的 x原子核，经历一次院衰变后变成质量为M 的Y 原子核．放卅的 a粒子垂直射入磁感应强度为 B 的匀强磁场，测得其做圆周运动的半径为 r ．已知 a粒子的质量为 m，电荷量为 q，求此衰变过程的质量亏损．四、计算题：本题共 3小题，共 47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13． (15分 )如图所示的电路中， R l=3 Ω，R2=6Ω， R3=l.5 Ω， C=20 μF，当开关 S断开时，电源的总功率为 2W ，当开关 S闭合时，电源的总功率为 4W ．求：(1)电源的电动势和内阻；(2)闭合开关 S时，电源的输出功率；(3)开关 S断开和闭合时，电容器分别所带的电荷量．14． (16分 )如图所示，足够长的光滑平行间距为 L=lm 金属导轨 PQ、 MN ，水平放置在竖直向上磁感应强度B=0.5T 的匀强磁场中．质量为 m=0.5kg 、长度为 lm金属棒 ab垂直金属导轨放置且与导轨接触良好． MP 间所接电阻的阻值Ω，其余电阻均不计． ab在外力 F 的作用下由静止开始做加速度 a=2m/s 2的匀加速直线运动， 5s末撤去外力F．试求：(1)前 5s内外力 F与时间 t的关系式；(2)撤去外力瞬间金属棒 ab的加速度；(3)撤去外力后，金属棒 ab还能滑行的距离．15． (16分 )如图所示，第二象限的某个矩形区域内，有方向垂直于纸面向里磁感应强度为B l的匀强磁场，该磁场的下边界与 x轴重合；第三象限内有互相正交的匀强电场和匀强磁场，两者场强分别E l =500V/m 和B2=0.5T ；第四象限有一电场强度 E=2000 3 V/m 的匀强电场，方向与 x轴负方向成 600指向 y轴负方向．一质量 m=l × l0-14 kg、电荷量 q=l ×10-10C的带正电的粒子以某一速度v从 y轴上的 N点沿与 y轴负方向成600角方向射入第二象限，后经 P点进入第三象限内并沿直线运动，经过一段时间后，粒子经 y轴上的 M 点与 y轴负方向成 600角的方向进入第四象限，M 点坐标(0 ，-0.1m) ，N点坐标 (0，0.3m) ，粒子重力忽略不计．求：(1)第二象限中矩形磁场的磁感强度 B的大小；(2)第二象限中矩形磁场区域的最小面积：(3)若在该粒子经 M 点进入第四象限的同时，在适当的位置由静止释放另一与该粒子完全相同的带电粒子，可使两粒子在离开第四象限前相遇．求所有满足条件的释放点的集合 (不计两粒子之间的相互作用力 )．- 4 -- 5 -- 6 -。