考点24 电容器 带电粒子在电场中的运动 实验:观察电容器的充、放电现象
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答案
解析 当负极板向右平移时,极板间距减小,由 C=4πkεdrS-x可知,C 与 x 为非线性关系,故 A 错误;由 U=QC可知,U=4πkεdrS-xQ,则 E=d-U x =4πεrkSQ,故 E 不随 x 变化,B 错误;设 P 点原来距负极板距离为 l,因负 极板接地,则在负极板移动过程中,P 点的电势 φP=E(l-x),故 C 正确; 在负极板移动过程中,正电荷在 P 点的电势能 Ep=φPq=Eq(l-x),可知 Ep 随 x 的增大而减小,故 D 错误。
答案
解析 电容是反映电容器容纳电荷本领大小的物理量,数值上等于电 容器所带的电荷量与两极板间的电势差的比值,与电容器是否带电、所带 电荷的多少、电势差的大小都无关,故 A、B、D 错误;根据电容的定义式 C=QU,电容器所带的电荷量增加一倍,两极板间的电势差也增加一倍,故 C 正确。
解析
2.一平行板电容器两极板之间充满云母介质,接在恒压直流电源上。 若将云母介质移出,则电容器( )
解析
=vL0不同,故 B 错误;若三者的初速度相同,由于质量不同,则出电场时 的偏转位移不同,速度的偏转角不同,粒子不会到达挡板上的同一点,故 C 错误;若三者的初动能相同,则初速度不同,粒子到达挡板的时间 t=vL0不 同,故 D 错误。
解析
8.(多选)如图所示,在竖直放置的平行金
属板 A、B 之间加有恒定电压 U,A、B 两板的
Uq+Eyq=Ek-0,则有EEkk12=qq12=12,故 C 正确;带电粒子在偏转电场中的
水平位移 x=vt2=
2qU m·
2Eyqm=2
yEU,可知质子和 α 粒子打到感光
板上的位置相同,故 D 正确。
解析
[题组二 高考小题] 9.(2019·江苏高考)一匀强电场的方向竖直向上。t=0时刻,一带电粒 子以一定初速度水平射入该电场,电场力对粒子做功的功率为P,不计粒 子重力,则Pt关系图象是( )
A.极板上的电荷量变大,极板间电场强度变大
B.极板上的电荷量变小,极板间电场强度变大
C.极板上的电荷量变大,极板间电场强度不变
D.极板上的电荷量变小,极板间电场强度不变
解析 电容器电容 C=4επrkSd,云母介质移出,εr 减小,C 减小;又 C=
QU,电源恒压,即 U 一定,C 减小,故 Q 减小;极板间电场强度 E=Ud ,故
E 不变,D 正确。
解析 答案
3.一平行板电容器充电后与电源断开,负极板接地,两 板间有一个正试探电荷固定在P点,如图所示,以C表示电容 器的电容、E表示两板间的场强、φP表示P点的电势、Ep表示 正电荷在P点的电势能,若正极板保持不动,将负极板缓慢 向右平移一小段距离l0,则下列关于各物理量与负极板移动 距离x的关系图像中正确的是( )
答案
解析 保持 U2 和平行板间距不变,平行板电容器中匀强电场的场强大 小不变,粒子运动到下极板所需的时间不变,减小 U1,则粒子进入平行板 电容器的初速度减小,更难以穿出平行板电容器,故 A 错误;保持 U1 不变, 则粒子进入平行板电容器的初速度不变,增大 U2,平行板间距不变,则平 行板电容器中匀强电场的场强增大,粒子运动至下极板所需时间减小,粒 子不能穿出平行板电容器,故 B 错误;保持 U1、U2 和下板位置不变,要想 粒子穿出平行板电容器,必须减小偏转电场的场强,由 E=Ud 可知,需要增 大板间距,故应向上平移上板,C 错误,D 正确。
B.质子和 α 粒子在整个过程中运动的时间相等
C.质子和 α 粒子打到感光板上时的动能之比为 1∶2
D.质子和 α 粒子打到感光板上的位置相同
答案
解析 粒子从 A 板运动到 B 板,根据动能定理:Uq=12mv2-0,解得:
v=
2mqU,则质子和 α 粒子在 O2 处的速度大小之比:vv12= qq12mm21= 12,
解析
5.如图,带电粒子由静止开始,经电压为U1的加速电场加速后,垂直 电场方向进入电压为U2的平行板电容器,经偏转落在下板的中间位置。为 使同样的带电粒子,从同样的初始位置由静止加速、偏转后能穿出平行板 电容器,下列措施可行的是( )
A.保持U2和平行板间距不变,减小U1 B.保持U1和平行板间距不变,增大U2 C.保持U1、U2和下板位置不变,向下平移上板 D.保持U1、U2和下板位置不变,向上平移上板
解析
12 . (2017· 江 苏 高 考 ) 如 图 所 示 , 三 块 平 行 放 置 的 带 电 金 属 薄 板 A 、 B、C中央各有一小孔,小孔分别位于O、M、P点。由O点静止释放的电子 恰好能运动到P点。现将C板向右平移到P′点,则由O点静止释放的电子 ()
A.运动到P点返回 B.运动到P和P′点之间返回 C.运动到P′点返回 D.穿过P′点
解析
6.如图所示,A、B两导体板平行放置,在t=0时将电 子从A板附近由静止释放(电子的重力忽略不计),若分别在 A、B两板间加下图所示的四种电压,则其中可能使电子打 不到B板的是( )
答案
解析 加A图电压,电子从A板开始向B板做匀加速直线运动,一定能 打到B板上,故A错误;加B图电压,若A、B板间距足够大,则0~t0电子向 B板做匀加速运动,t0~2t0向B板做加速度大小相同的匀减速运动,2t0~3t0 向A板做匀加速运动,3t0~4t0向A板做匀减速运动,t=4t0时电子回到出发 点,可知电子有可能打不到B板,故B正确;加C图电压,电子一直向B板 运动,可知一定能打到B板,故C错误;加D图电压,可知电子在一个周期 内速度的方向不变,一直向B板运动,一定能打到B板,故D错误。
答案
解析 用带电玻璃棒与电容器 a 板接触,由于静电感应,在 b 板能感 应出等量的异种电荷,从而使电容器带电,故 A 正确;根据平行板电容器 电容的决定式 C=4επrkSd,将电容器 b 板向上平移,即正对面积 S 减小,则 电容 C 减小,根据 C=QU可知,电荷量 Q 不变,则电压 U 增大,则静电计 指针的张角变大,故 B 错误;根据平行板电容器电容的决定式 C=4επrkSd, 只在极板间插入有机玻璃板,则相对介电常数 εr 增大,则电容 C 增大,根 据 C=QU可知,电荷量 Q 不变,则电压 U 减小,则静电计指针的张角变小, 故 C 错误;电容与电容器所带的电荷量无关,故只增加极板带电量,电容 C 不变,故 D 错误。
答案
解析 设带电粒子质量为 m,电荷量为 q,进入偏转电场时的初速度为 v0,偏转电场的电压为 U,极板长度为 l,板间距离为 d,粒子射入点到竖 直挡板的水平距离为 L,则粒子出电场时的竖直偏转位移为:y=12mqUd·vl02 =4qEUkld2 ,速度偏转角的正切值为:tanθ=vv0y=2qEUkld,由于氕、氘、氚具有相 同的电荷量和不同的质量,若三者进入偏转电场的初动能相同,则出电场 时的偏转位移相同,速度的偏转角相同,粒子必定到达挡板上的同一点, 故 A 正确;若三者的初动量相同,则初速度不同,粒子到达挡板的时间 t
考点24
电容器 带电粒子在电场 中的运动 实验:观察电 容器的充、放电现象
第一步 狂刷小题·夯基础
[题组一 基础小题] 1.对于某一电容器,下列说法正确的是( ) A.电容器所带的电荷越多,电容越大 B.电容器两极板间的电势差越大,电容越大 C.电容器所带的电荷量增加一倍,两极板间的电势差也增加一倍 D.电容器两极板间的电势差减小到原来的12,它的电容也减小到原来 的12
则 B、C 板间的电场强度与板间距无关,大小不变。
第二次释放后,设电子在 B、C 间移动的距离为 x,根据动能定理有:
eE1d1-eE2x=0-0
②
比较①②两式知,x=d2,即电子运动到 P 点时返回,A 正确。
A.加速过程中质子电势能增加 B.质子所受到的电场力约为2×10-15 N C.质子加速需要的时间约为8×10-6 s D.加速器加速的直线长度约为4 m
答案
解析 加速过程中电场力对质子做正功,则质子电势能减小,A 错误; 质子所受到的电场力约为 F=Eq=1.3×105×1.6×10-19 N=2×10-14 N,B 错误;加速度 a=mF=1.26×7×101-01-427 m/s2≈1.2×1013 m/s2,则质子加速需要的 时间约为 t=va=11..20××1100173 s=8.3×10-7 s,C 错误;加速器加速的直线长度 约为 x=v2t=1.0×2 107×8.3×10-7 m=4 m,D 正确。
故 A 错误;设粒子在加速电场中的加速时间为 t1,加速位移为 x1,在偏转
电场中运动时间为 t2,偏转位移为 y,有:x1=12a1t21=12·dUmqt21,y=12·Emqt22,
由于质子和 α 粒子的加速位移和偏转位移相同,但是mq 不同,所以它们的运
动时间不同,故 B 错误;从开始运动到打到感光板上,根据动能定理有:
答案
解析 设 A 与 B、B 与 C 间的电场强度分别为 E1、E2,间距分别为 d1
和 d2,电子由 O 点运动到 P 点的过程中,根据动能定理得:
eE1d1-eE2d2=0
①
当 C 板向右平移后,B、C 板间的电场强度
E2′=dU2′′=C′Qd2′=4πkεrdS2′Q ·d2′=4πεrkSQ,
答案
解析 设粒子带正电,运动轨迹如图所示。水平方向:粒子不受力, vx=v0。沿电场方向:电场力 F 电=qE,加速度 a=Fm电=qmE,经时间 t,粒 子沿电场方向的速度 vy=at=qmEt,电场力做功的功率 P=F 电 vy=qE·qmEt= qmE2t∝t,A 正确。
解析
10.(2019·浙江4月选考)质子疗法进行治 疗,该疗法用一定能量的质子束照射肿瘤杀死 癌细胞。现用一直线加速器来加速质子,使其 从静止开始被加速到1.0×107 m/s。已知加速 电 场 的 场 强 为 1.3×105 N/C , 质 子 的 质 量 为 1.67×10-27 kg,电荷量为1.6×10-19 C,则下 列说法正确的是( )
解析
7.如图所示,偏转电场的极板水平放置,偏转电场 右边的挡板竖直放置,氕、氘、氚三粒子同时从同一位置 沿水平方向进入偏转电场,最终均打在右边的竖直挡板 上。不计氕、氘、氚的重力,不考虑三者之间的相互影 响,则下列说法正确的是( )
A.若三者进入偏转电场时的初动能相同,则必定到达挡板上同一点 B.若三者进入偏转电场时的初动量相同,则到达挡板的时间必然相同 C.若三者进入偏转电场时的初速度相同,则必定到达挡板上同一点 D.若三者进入偏转电场时的初动能相同,则到达挡板的时间必然相同
解析
4.一质子以速度v0进入足够大的匀强电场区域,φ1、φ2、φ3、φ4表示 相邻的四个等势面,且φ1<φ2<φ3<φ4。不计质子重力,下列说法正确的是 ()
A.质子运动过程一定是匀变速运动 B.质子运动过程中最小动能可能为0 C.质子可以回到原出发点 D.质子返回到等势面φ1时的速度仍为v0
答案
解析 质子在匀强电场中所受静电力恒定,做类斜抛运动,因此运动 过程一定是匀变速运动,质子不能回到原出发点,A正确,C错误;质子运 动过程中最小动能出现在速度方向平行于等势面时,速度不可能为零,故 最小动能不可能为零,返回到等势面φ1时的速度大小与v0相同,但速度方 向与v0的方向不同,B、D错误。
解析
11.(2018·北京高考)研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如 图所示,下列说法正确的是( )
A.实验前,只用带电玻璃棒与电容器a板接触,能使电容器带电 B.实验中,只将电容器b板向上平移,静电计指针的张角变小 C.实验中,只在极板间插入有机玻璃板,静电计指针的张角变大 D.实验中,只增加极板带电量,静电计指针的张角变大,表明电容 增大
中央留有小孔 O1、O2,在 B 板的右侧有平行于
极板的匀强电场 E,电场范围足够大,感光板
MN 垂直于电场方向固定放置。第一次从小孔
O1 处由静止释放一个质子,第二次从小孔 O1 处由静止释放一个 α 粒子,关
于这两个粒子的运动,下列判断正确的是( )
A.质子和 α 粒子在 O2 处的速度大小之比为 1∶2
解析 当负极板向右平移时,极板间距减小,由 C=4πkεdrS-x可知,C 与 x 为非线性关系,故 A 错误;由 U=QC可知,U=4πkεdrS-xQ,则 E=d-U x =4πεrkSQ,故 E 不随 x 变化,B 错误;设 P 点原来距负极板距离为 l,因负 极板接地,则在负极板移动过程中,P 点的电势 φP=E(l-x),故 C 正确; 在负极板移动过程中,正电荷在 P 点的电势能 Ep=φPq=Eq(l-x),可知 Ep 随 x 的增大而减小,故 D 错误。
答案
解析 电容是反映电容器容纳电荷本领大小的物理量,数值上等于电 容器所带的电荷量与两极板间的电势差的比值,与电容器是否带电、所带 电荷的多少、电势差的大小都无关,故 A、B、D 错误;根据电容的定义式 C=QU,电容器所带的电荷量增加一倍,两极板间的电势差也增加一倍,故 C 正确。
解析
2.一平行板电容器两极板之间充满云母介质,接在恒压直流电源上。 若将云母介质移出,则电容器( )
解析
=vL0不同,故 B 错误;若三者的初速度相同,由于质量不同,则出电场时 的偏转位移不同,速度的偏转角不同,粒子不会到达挡板上的同一点,故 C 错误;若三者的初动能相同,则初速度不同,粒子到达挡板的时间 t=vL0不 同,故 D 错误。
解析
8.(多选)如图所示,在竖直放置的平行金
属板 A、B 之间加有恒定电压 U,A、B 两板的
Uq+Eyq=Ek-0,则有EEkk12=qq12=12,故 C 正确;带电粒子在偏转电场中的
水平位移 x=vt2=
2qU m·
2Eyqm=2
yEU,可知质子和 α 粒子打到感光
板上的位置相同,故 D 正确。
解析
[题组二 高考小题] 9.(2019·江苏高考)一匀强电场的方向竖直向上。t=0时刻,一带电粒 子以一定初速度水平射入该电场,电场力对粒子做功的功率为P,不计粒 子重力,则Pt关系图象是( )
A.极板上的电荷量变大,极板间电场强度变大
B.极板上的电荷量变小,极板间电场强度变大
C.极板上的电荷量变大,极板间电场强度不变
D.极板上的电荷量变小,极板间电场强度不变
解析 电容器电容 C=4επrkSd,云母介质移出,εr 减小,C 减小;又 C=
QU,电源恒压,即 U 一定,C 减小,故 Q 减小;极板间电场强度 E=Ud ,故
E 不变,D 正确。
解析 答案
3.一平行板电容器充电后与电源断开,负极板接地,两 板间有一个正试探电荷固定在P点,如图所示,以C表示电容 器的电容、E表示两板间的场强、φP表示P点的电势、Ep表示 正电荷在P点的电势能,若正极板保持不动,将负极板缓慢 向右平移一小段距离l0,则下列关于各物理量与负极板移动 距离x的关系图像中正确的是( )
答案
解析 保持 U2 和平行板间距不变,平行板电容器中匀强电场的场强大 小不变,粒子运动到下极板所需的时间不变,减小 U1,则粒子进入平行板 电容器的初速度减小,更难以穿出平行板电容器,故 A 错误;保持 U1 不变, 则粒子进入平行板电容器的初速度不变,增大 U2,平行板间距不变,则平 行板电容器中匀强电场的场强增大,粒子运动至下极板所需时间减小,粒 子不能穿出平行板电容器,故 B 错误;保持 U1、U2 和下板位置不变,要想 粒子穿出平行板电容器,必须减小偏转电场的场强,由 E=Ud 可知,需要增 大板间距,故应向上平移上板,C 错误,D 正确。
B.质子和 α 粒子在整个过程中运动的时间相等
C.质子和 α 粒子打到感光板上时的动能之比为 1∶2
D.质子和 α 粒子打到感光板上的位置相同
答案
解析 粒子从 A 板运动到 B 板,根据动能定理:Uq=12mv2-0,解得:
v=
2mqU,则质子和 α 粒子在 O2 处的速度大小之比:vv12= qq12mm21= 12,
解析
5.如图,带电粒子由静止开始,经电压为U1的加速电场加速后,垂直 电场方向进入电压为U2的平行板电容器,经偏转落在下板的中间位置。为 使同样的带电粒子,从同样的初始位置由静止加速、偏转后能穿出平行板 电容器,下列措施可行的是( )
A.保持U2和平行板间距不变,减小U1 B.保持U1和平行板间距不变,增大U2 C.保持U1、U2和下板位置不变,向下平移上板 D.保持U1、U2和下板位置不变,向上平移上板
解析
12 . (2017· 江 苏 高 考 ) 如 图 所 示 , 三 块 平 行 放 置 的 带 电 金 属 薄 板 A 、 B、C中央各有一小孔,小孔分别位于O、M、P点。由O点静止释放的电子 恰好能运动到P点。现将C板向右平移到P′点,则由O点静止释放的电子 ()
A.运动到P点返回 B.运动到P和P′点之间返回 C.运动到P′点返回 D.穿过P′点
解析
6.如图所示,A、B两导体板平行放置,在t=0时将电 子从A板附近由静止释放(电子的重力忽略不计),若分别在 A、B两板间加下图所示的四种电压,则其中可能使电子打 不到B板的是( )
答案
解析 加A图电压,电子从A板开始向B板做匀加速直线运动,一定能 打到B板上,故A错误;加B图电压,若A、B板间距足够大,则0~t0电子向 B板做匀加速运动,t0~2t0向B板做加速度大小相同的匀减速运动,2t0~3t0 向A板做匀加速运动,3t0~4t0向A板做匀减速运动,t=4t0时电子回到出发 点,可知电子有可能打不到B板,故B正确;加C图电压,电子一直向B板 运动,可知一定能打到B板,故C错误;加D图电压,可知电子在一个周期 内速度的方向不变,一直向B板运动,一定能打到B板,故D错误。
答案
解析 用带电玻璃棒与电容器 a 板接触,由于静电感应,在 b 板能感 应出等量的异种电荷,从而使电容器带电,故 A 正确;根据平行板电容器 电容的决定式 C=4επrkSd,将电容器 b 板向上平移,即正对面积 S 减小,则 电容 C 减小,根据 C=QU可知,电荷量 Q 不变,则电压 U 增大,则静电计 指针的张角变大,故 B 错误;根据平行板电容器电容的决定式 C=4επrkSd, 只在极板间插入有机玻璃板,则相对介电常数 εr 增大,则电容 C 增大,根 据 C=QU可知,电荷量 Q 不变,则电压 U 减小,则静电计指针的张角变小, 故 C 错误;电容与电容器所带的电荷量无关,故只增加极板带电量,电容 C 不变,故 D 错误。
答案
解析 设带电粒子质量为 m,电荷量为 q,进入偏转电场时的初速度为 v0,偏转电场的电压为 U,极板长度为 l,板间距离为 d,粒子射入点到竖 直挡板的水平距离为 L,则粒子出电场时的竖直偏转位移为:y=12mqUd·vl02 =4qEUkld2 ,速度偏转角的正切值为:tanθ=vv0y=2qEUkld,由于氕、氘、氚具有相 同的电荷量和不同的质量,若三者进入偏转电场的初动能相同,则出电场 时的偏转位移相同,速度的偏转角相同,粒子必定到达挡板上的同一点, 故 A 正确;若三者的初动量相同,则初速度不同,粒子到达挡板的时间 t
考点24
电容器 带电粒子在电场 中的运动 实验:观察电 容器的充、放电现象
第一步 狂刷小题·夯基础
[题组一 基础小题] 1.对于某一电容器,下列说法正确的是( ) A.电容器所带的电荷越多,电容越大 B.电容器两极板间的电势差越大,电容越大 C.电容器所带的电荷量增加一倍,两极板间的电势差也增加一倍 D.电容器两极板间的电势差减小到原来的12,它的电容也减小到原来 的12
则 B、C 板间的电场强度与板间距无关,大小不变。
第二次释放后,设电子在 B、C 间移动的距离为 x,根据动能定理有:
eE1d1-eE2x=0-0
②
比较①②两式知,x=d2,即电子运动到 P 点时返回,A 正确。
A.加速过程中质子电势能增加 B.质子所受到的电场力约为2×10-15 N C.质子加速需要的时间约为8×10-6 s D.加速器加速的直线长度约为4 m
答案
解析 加速过程中电场力对质子做正功,则质子电势能减小,A 错误; 质子所受到的电场力约为 F=Eq=1.3×105×1.6×10-19 N=2×10-14 N,B 错误;加速度 a=mF=1.26×7×101-01-427 m/s2≈1.2×1013 m/s2,则质子加速需要的 时间约为 t=va=11..20××1100173 s=8.3×10-7 s,C 错误;加速器加速的直线长度 约为 x=v2t=1.0×2 107×8.3×10-7 m=4 m,D 正确。
故 A 错误;设粒子在加速电场中的加速时间为 t1,加速位移为 x1,在偏转
电场中运动时间为 t2,偏转位移为 y,有:x1=12a1t21=12·dUmqt21,y=12·Emqt22,
由于质子和 α 粒子的加速位移和偏转位移相同,但是mq 不同,所以它们的运
动时间不同,故 B 错误;从开始运动到打到感光板上,根据动能定理有:
答案
解析 设 A 与 B、B 与 C 间的电场强度分别为 E1、E2,间距分别为 d1
和 d2,电子由 O 点运动到 P 点的过程中,根据动能定理得:
eE1d1-eE2d2=0
①
当 C 板向右平移后,B、C 板间的电场强度
E2′=dU2′′=C′Qd2′=4πkεrdS2′Q ·d2′=4πεrkSQ,
答案
解析 设粒子带正电,运动轨迹如图所示。水平方向:粒子不受力, vx=v0。沿电场方向:电场力 F 电=qE,加速度 a=Fm电=qmE,经时间 t,粒 子沿电场方向的速度 vy=at=qmEt,电场力做功的功率 P=F 电 vy=qE·qmEt= qmE2t∝t,A 正确。
解析
10.(2019·浙江4月选考)质子疗法进行治 疗,该疗法用一定能量的质子束照射肿瘤杀死 癌细胞。现用一直线加速器来加速质子,使其 从静止开始被加速到1.0×107 m/s。已知加速 电 场 的 场 强 为 1.3×105 N/C , 质 子 的 质 量 为 1.67×10-27 kg,电荷量为1.6×10-19 C,则下 列说法正确的是( )
解析
7.如图所示,偏转电场的极板水平放置,偏转电场 右边的挡板竖直放置,氕、氘、氚三粒子同时从同一位置 沿水平方向进入偏转电场,最终均打在右边的竖直挡板 上。不计氕、氘、氚的重力,不考虑三者之间的相互影 响,则下列说法正确的是( )
A.若三者进入偏转电场时的初动能相同,则必定到达挡板上同一点 B.若三者进入偏转电场时的初动量相同,则到达挡板的时间必然相同 C.若三者进入偏转电场时的初速度相同,则必定到达挡板上同一点 D.若三者进入偏转电场时的初动能相同,则到达挡板的时间必然相同
解析
4.一质子以速度v0进入足够大的匀强电场区域,φ1、φ2、φ3、φ4表示 相邻的四个等势面,且φ1<φ2<φ3<φ4。不计质子重力,下列说法正确的是 ()
A.质子运动过程一定是匀变速运动 B.质子运动过程中最小动能可能为0 C.质子可以回到原出发点 D.质子返回到等势面φ1时的速度仍为v0
答案
解析 质子在匀强电场中所受静电力恒定,做类斜抛运动,因此运动 过程一定是匀变速运动,质子不能回到原出发点,A正确,C错误;质子运 动过程中最小动能出现在速度方向平行于等势面时,速度不可能为零,故 最小动能不可能为零,返回到等势面φ1时的速度大小与v0相同,但速度方 向与v0的方向不同,B、D错误。
解析
11.(2018·北京高考)研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如 图所示,下列说法正确的是( )
A.实验前,只用带电玻璃棒与电容器a板接触,能使电容器带电 B.实验中,只将电容器b板向上平移,静电计指针的张角变小 C.实验中,只在极板间插入有机玻璃板,静电计指针的张角变大 D.实验中,只增加极板带电量,静电计指针的张角变大,表明电容 增大
中央留有小孔 O1、O2,在 B 板的右侧有平行于
极板的匀强电场 E,电场范围足够大,感光板
MN 垂直于电场方向固定放置。第一次从小孔
O1 处由静止释放一个质子,第二次从小孔 O1 处由静止释放一个 α 粒子,关
于这两个粒子的运动,下列判断正确的是( )
A.质子和 α 粒子在 O2 处的速度大小之比为 1∶2