2020年浙江省名校协作体高考物理模拟试卷(5月份) (含答案解析)

2020年浙江省名校协作体高考物理模拟试卷(5月份)
一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）
1.以下物理量都属于矢量的是()
A. 瞬时速度、瞬时速率
B. 位移、路程
C. 时间、时刻
D. 速度变化量、速度变化率
2.匀速前进的车厢顶部用细线竖直悬挂一小球，如图所示，小球下方与
一光滑斜面接触．关于小球的受力，说法正确的是()
A. 重力和细线对它的拉力
B. 重力、细线对它的拉力和斜面对它的弹力
C. 重力和斜面对球的支持力
D. 细线对它的拉力和斜面对它的支持力
3.如图所示是某质点做直线运动的x−t图象，由图象可知()
A. 质点一直处于运动状态
B. 图象表示了质点运动轨迹
C. 质点第5s内速度是2m/s
D. 质点前8s内位移是25m
4.在水平桌面上有一个倾角为α的斜面体．一个质量为m的物块，在平
行于斜面的拉力F作用下，沿斜面向上做匀速运动．斜面体始终处
于静止状态．已知物块与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g.
下列结论正确的是()
A. 斜面对物块的摩擦力大小是F
B. 斜面对物块的摩擦力大小是μmg
C. 桌面对斜面体的摩擦力大小是0
D. 桌面对斜面体的摩擦力大小是Fcosα
5.如图所示，从倾角为θ的斜面上的A点，以水平速度v0抛出一个小球，
不计空气阻力，它落在斜面上B点，重力加速度大小为g。

A、B两点间的距离和小球落到B点时速度的大小分别为()
A. 2v02tanθ
gcosθ,v0√1+4tan2θ B. 2v02
gcosθ
,v0√1+2tan2θ
C. 2v02
gcosθ,v0√1+4tan2θ D. 2v02tanθ
gcosθ
,v0√1+2tan2θ
6.2018年12月12日，我国发射的“嫦娥四号”探测器进入环月轨道1，12月30日实施变轨进入
环月轨道2.其飞行轨道如图所示，p点为两轨道的交点。

如果嫦娥四号探测器在环月轨道1和环月轨道2上运动时，只受到月球的万有引力作用，环月轨道1为圆形轨道，环月轨道2为椭圆轨道。

则以下说法正确的是()
A. 若已知嫦娥四号探测器环月轨道1的半径、运动周期和引力常量，则可以计算出月球的密度
B. 若已知婦娥四号探测器环月轨道2的近月点到月球球心的距离、运动周期和引力常量，则可
以计算出月球的密度
C. 嫦娥四号探测器在环月轨道2上经过p点的速度小于在环月轨道1上经过P点的速度
D. 娀四号探测器在环月轨道2时，从近月点运动向远月点P的过程中，加速度变大
7.如图所示，在轻弹簧的下端悬挂一个质量为m的小球A，将小球A从弹簧原长位置
由静止释放，小球A能够下降的最大高度为h。

若将小球A换为质量为3m的小球
B，仍从弹簧原长位置由静止释放，重力加速度为g，不计空气阻力，则小球B下
降h时的速度为()
A. √4gℎ
3
B. √4gℎ
C. √2gℎ
D. √gℎ
2
8.在点电荷Q形成的电场中有一点A，当一个−q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A
点时，电场力做的功为W，则检验电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为()
A. εA=−W,U A=W
q B. εA=W,U A=−W
q
C. D.
9.某信号源中有直流成分、交流高频成分和交流低频成分，为使放大器仅得到交流低频成分，下
列电路中可行的是()
A. B.
C. D.
10.如图所示为氢原子的能级分布图，一群处于n=5能级的氢原子向低能级跃迁时，可辐射不同频
率的光子，将辐射出的光子照射到逸出功为3.20eV某金属表面，下列说法正确的是()
A. 可辐射4种不同频率的光子
B. 氢原子从n=5能级跃迁到n=4能级，辐射的光子频率最大．
C. 辐射出的所有光子照射到该金属表面，均能发生光电效应
D. 从该金属表面逸出的光电子的最大初动能的最大值为9.86eV
11.某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是()
A. c点的电势高于d点的电势
B. 若将一试探电荷+q由a点释放，它将沿电场线运动到b点
C. b点的电场强度可能小于d点的电场强度
D. a点和b点的电场强度的方向相同
12.课堂上，老师演示了一个有趣的电磁现象：将一铝管竖立，把一块直径比铝管
内径小一些的圆柱形的强磁铁从铝管上端由静止释放，强磁铁在铝管中始终与
管壁不接触。

可以观察到，相比强磁铁自由下落，强磁铁在铝管中的下落会延
缓许多。

下课后，好奇的小明将一块较厚的泡沫塑料垫在电子秤上，再将这个
铝管竖直固定在泡沫塑料上(用以消除电子秤内部铁磁性材料与磁铁相互作用
的影响)，如图所示，重复上述实验操作。

在强磁铁由静止释放至落到泡沫塑料上之前，关于强磁铁的运动和受力情况，下列情况可能发生的是()
A. 先加速下落后减速下落
B. 始终做加速运动，且加速度不断增大
C. 所受合力方向竖直向上
D. 所受铝管对它的作用力越来越大
13.如图所示，质量为m1、m2，电量大小为q1、q2的两小球，用绝缘丝线悬于同一点，静止后它们
恰好位于同一水平面上，细线与竖直方向夹角分别为α、β，则()
A. 若m1=m2，q1<q2，则α<β
B. 若m1=m2，q1<q2，则α>β
C. 若q1=q2，m1>m2，则α>β
D. 若m1>m2，则α<β
二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）
14.如图所示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为t=0时刻的波形图，虚线为t=0.6s时的
波形图，质点P、Q的平衡位置坐标分别为4m、5m，已知该波的周期T>0.6s，则下列说法正确的是()
A. 该波的传播速度为10m/s
B. t=0.1s时，质点P沿y轴正方向运动
C. t=1.0s时，质点Q的加速度沿y轴正方向
D. 在t=0到t=1.4s时间内，质点Q通过的路程为1.4m
15.(多选)一束复色光由空气射向玻璃，发生折射而分为a、b两束单色光，其传播
方向如图所示．设玻璃对a、b的折射率分别为n a和n b，a、b在玻璃中的传播
速度分别为v a和v b，则()．
A. n a>n b
B. n a<n b
C. v a>v b
D. v a<v b
16.在匀强磁场中，一静止的放射性原子核发生衰变，放出一个粒
子后变为另一新原子核，为此拍得如图所示的两个相切的圆形
径迹的照片，则()
A. 图甲为发生α衰变的照片，其中大圆为α粒子的径迹
B. 图甲为发生β衰变的照片，其中大圆为β粒子的径迹
C. 图乙为发生α衰变的照片，其中大圆为α粒子的径迹
D. 图乙为发生β衰变的照片，其中大圆为β粒子的径迹
三、实验题（本大题共2小题，共14.0分）
17.某实验小组用如图甲所示装置测量木板对木块的摩擦力所做的功。

实验时，木块在重物牵引下
向右运动，重物落地后，木块继续向右做匀减速运动。

图乙是重物落地后打点计时器打出的纸带，纸带上的小黑点是计数点，相邻的两计数点之间还有4个点(图中未标出)，计数点间的距离如图所示。

已知打点计时器所用交流电的频率为50Hz．
(1)可以判断纸带的________(填“左端”或“右端”)与木块连接。

根据纸带提供的数据可计算
出打点计时器在打下A点、B点时木块的速度v A、v B，其中v A=________m/s.(结果保留两位有效数字)
(2)要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还应测量的物理量是________。

(填入物
理量前的字母)
A.木板的长度l
B.木块的质量m1
C.木板的质量m2
D.重物的质量m3
E.木块运动的时间t
F.AB段的距离x AB
(3)在AB段木板对木块的摩擦力所做的功的关系式W AB=________.(用v A、v B和第(2)问中测得
的物理量的字母表示)
18.用多用电表测量电阻时，某同学将选择开关拨至“×10”挡，并正确操作，但发现指针偏角太
小，于是，他把红、黑表笔与电阻分离，将选择开关旋至______(填“×100”、“×1”)挡，再将红、黑表笔相接，调节图中的______(填“A”、“B”、“C”)，使指针在“0Ω”处．用调整好的多用电表再次测量该电阻，指针偏转如图所示，其电阻值为______Ω.
四、计算题（本大题共4小题，共41.0分）
19.单板滑雪U型池比赛是冬奥会比赛项目，其场地可以简化为如图甲所示的模型：U形滑道由两
个半径相同的四分之一圆柱面轨道和一个中央的平面直轨道连接而成，轨道倾角为17.2°.某次练习过程中，运动员以v M=10m/s的速度从轨道边缘上的M点沿轨道的竖直切面ABCD滑出轨道，速度方向与轨道边缘线AD的夹角α=72.8°，腾空后沿轨道边缘的N点进入轨道。

图乙为腾空过程左视图。

该运动员可视为质点，不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s2，sin72.8°=0.96，cos72.8°=0.30.求：
(1)运动员腾空过程中离开AD的距离的最大值d；
(2)M、N之间的距离L。

20.质量m=260g的手榴弹从水平地面上以v0=10√2m/s的初速度斜向上抛出，上升到距地面ℎ=
5m的最高点时炸裂成质量相等的两块弹片，其中一块弹片自由下落到达地面，落地动能为5J.重力加速度g=10m/s2，空气阻力不计，火药燃烧充分，求：
(1)手榴弹爆炸前瞬间的速度大小；
(2)手榴弹所装弹药的质量；
(3)两块弹片落地点间的距离。

21.如图所示，竖直放置的半环状ABCD区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强
度大小为B=0.5T.外环的半径R1=16cm，内环的半径R2=4cm，外环和内环的圆心为O，沿OD放置有照相底片。

有一线状粒子源放在AB正下方(图中未画出)，不断放出初速度大小均为v0=1.6×106m/s，方向垂直AB和磁场的相同粒子，粒子经磁场中运动，最后打到照相底片上，经检验底片上仅有CD区域均被粒子打到。

不考虑粒子间的相互作用，粒子重力忽略不计，假设打到磁场边界的粒子被吸收。

(1)粒子的电性；
(2)求粒子的比荷q
；
m
(3)若照相底片沿OP放置，求底片上被粒子打到的区域的长度；
(4)撤去线状粒子源和照相底片，若该粒子垂直进入磁场的速度大小和方向可以任意改变。

要求
该粒子从AB间射入磁场，只经磁场后从CD间射出磁场，且在磁场中运动的时间最短，求该粒子进入磁场的速度大小和方向(角度可用三角函数表示)。

22.如图，光滑金属直轨道MN和PQ固定在同一水平面内，MN、PQ平行且足够长，轨道的宽L=
0.5m.轨道左端接R=0.4Ω的电阻．轨道处于磁感应强度大小B=0.4T，方向竖直向下的匀强磁
场中．导体棒ab在沿着轨道方向向右的力F=1.0N作用下，由静止开始运动，导体棒与轨道始终接触良好并且相互垂直，导体棒的电阻r=0.1Ω，轨道电阻不计．求：
(1)导体棒的速度v=5.0m/s时，导体棒受到安培力的大小F安．
(2)导体棒能达到的最大速度大小v m．
-------- 答案与解析 --------
1.答案：D
解析：
矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。

对于矢量与标量，要掌握它们的两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则。

A.瞬时速度是既有大小又有方向的量，是矢量，而瞬时速率是只有大小没有方向的量，是标量，故A 错误；
B.位移是既有大小又有方向的量，是矢量，路程是只有大小没有方向的量，是标量，故B错误；
C.时间和时刻都是只有大小没有方向的量，是标量，故C错误；
D.速度变化量、速度变化率(即加速度)都是既有大小又有方向的量，是矢量，故D正确。

故选D。

2.答案：A
解析：解：小球和光滑斜面接触，斜面对小球没有弹力，假设有弹力，小球将受到三个力作用，重力和绳的拉力在竖直方向上，弹力垂直于斜面向上，三个力的合力不可能为零，小球将向右上方运动，与题设条件矛盾。

故斜面对小球没有弹力。

故小球只受到重力和细线对它的拉力两个力。

故A正确，BCD错误。

故选：A。

小球随车做匀速运动，合力为零，先分析小球肯定受到的力：重力和细线的拉力，再用假设法分析斜面对球有无支持力。

小球随车做匀速运动，合力为零，先分析小球肯定受到的力：重力和细线的拉力，再用假设法分析斜面对球有无支持力。

3.答案：C
解析：解：A、由图象知，2−4s内图线的斜率为0，质点的速度为零，处于静止状态，故质点并不是一直处于运动状态，故A错误；
B、位移时间图象只能表示质点做直线运动时位移的变化情况，不是质点的运动轨迹，故B错误；
C、质点第5s内速度是v=△x
△t =6−2
2
=2m/s，故C正确；
D、质点在0时刻的纵坐标为0，8s末的纵坐标为6m，所以质点前8s内位移是x=6m−0=6m，故D错误；
故选：C。

位移时间图象表示物体的位移随时间的变化情况，其斜率等于速度，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动。

位移等于纵坐标的变化量。

由此分析即可。

解决本题的关键要明确位移时间图象表示物体的位移随时间的变化情况，不是质点的运动轨迹，其斜率等于速度。

4.答案：D
解析：解：A、对m受力分析可知，m受重力、支持力及拉力的作用及摩擦力的作用而处于平衡状态；则在沿斜面方向上有：F−mgsinα=f；故A错误；
B、斜面对物块的摩擦力大小是f=μF N=μmgcosα；故B错误；
CD、对整体受力分析可知，整体受重力、支持力、拉力的作用，因拉力有水平向右的分量，故地面一定对斜面体有水平向左的摩擦力；大小为Fcosα；故C错误；D正确；
故选：D。

对m受力分析，由共点力的平衡条件可判断摩擦力的大小；再对整体受力分析，由共点力的平衡求出桌面对斜面体的摩擦力．
本题要注意m受到的是滑动摩擦力；而地面对斜面体的摩擦力为静摩擦力；要注意明确两种摩擦力的计算方法不相同；同时要注意灵活选择研究对象，做好受力分析．
5.答案：A
解析：
【试题解析】
小球落在B点，位移方向与水平方向的夹角等于斜面的倾角，根据两分位移关系可求出时间；先求出水平方向的分位移，根据几何关系即可求出A、B两点的距离；先求出竖直方向的分速度，由几何
关系即可求出在B点的速度大小。

对于平抛运动，一要抓住两个分运动的性质，二要明白突破口一般是：从位移关系入手或从速度关系入手。

设小球运动时间为t，小球落在B点时，位移方向与水平方向的夹角为θ，根据位移方向的表达式有
tanθ=1
2
gt2
v0t
=gt
2v0
，可得小球运动时间为t=2v0tanθ
g
，由竖直方向做自由落体运动，可得小球在B点
的竖直分速度为v y=gt=2v0tanθ，水平方向所发生的位移为x=v0t=2v02tanθ
g
，由几何关系可得A、
B两点的距离为s=x
cosθ=2v02tanθ
gcosθ
，在B点的速度大小为v=√v02+v y2=v0√1+4tan2θ，故A正确，
BCD错误。

故选A。

6.答案：C
解析：
该题考查万有引力定律的应用，解决本题的关键是理解卫星的变轨过程，这类问题也是高考的热点问题。

A、由万有引力提供向心力可得：GMm
r2=m⋅4π2r
T2
则圆轨道的周期公式T=2π√r3
GM
则可计算出月球质量M，但月球半径R未知，所以算不出月球密度，故A错误；
B、因为2轨道为椭圆轨道用不了圆轨道的周期公式，且月球半径R未知，同理计算不出月球密度，故B错误；
C、探测器在1轨道的P减速后才能变轨到2轨道，故C正确；
D、由近月点向远月点P运动过程中，探测器与月心距离增大，则引力减小，由牛顿第二定律加速度应变小，故D错误。

故选：C。

7.答案：A
解析：解：
小球A下降h过程，设弹簧的弹力做功为W，根据动能定理，有：
mgℎ−W=0
小球B下降h过程，根据动能定理，有
3mgℎ−W=1
2
⋅3mv2−0
联立解得，v=√4gℎ
3
故选：A。

对两个过程分别运用动能定理列式，之后联立方程组，并抓住两种情况下弹簧的弹力做功相等，再进行求解即可．
本题关键是对小球运动过程运用动能定理列式求解．
8.答案：A
解析：
根据电场力做功多少，电荷的电势能就减小多少分析电荷在A点与无限远间电势能的变化量，确定电荷在A点的电势能，由公式U A=ɛA q求解A点的电势．
电场中求解电势、电势能，往往先求出电势能改变量、该点与零电势的电势差，再求解电势和电势能．公式U A=ɛA q一般代入符号计算．
依题意，−q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为W，
则电荷的电势能减小W，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A点的电势能为ɛA=−W，A点的电
势U A=ɛA
−q =W
q。

故选A。

9.答案：D
解析：解：A、电阻R对电流没有筛选的作用，不能改变电流的成分。

故A错误；
B、L在此的功能为通直流、阻交流，通低频，阻高频，将低频的交流成分送到下一级，所以输出端的电流是直流，或直流加交流低频成分。

故B错误；
C、电容的作用是阻直流，同交流，阻低频，通高频，将高频的交流成分送到下一级。

故C错误；
D、C1在此的功能为通交流，隔直流，使交流能到达下一级电路，叫隔直电容；C2与输出电路并联，
起到通高频，阻低频，使高频成分能通过，低频成分到达下一级，C2又叫高频旁路电容，因此输出端为交流低频成分。

故D正确。

故选：D。

信号源的输入端输入的电流既有直流成份，又有交流低频成分和交流高频成分，要只把交流的低频成分输送到下一级，该电路要隔掉直流，通低频，阻高频，根据电感和电容的特性进行判断．
本题考查电感、电容对交流电的导通和阻碍的作用，根据它们的特性和电路要求进行分析．
10.答案：D
解析：
根据能级间跃迁时辐射的光子能量等于两能级间的能级差；依据数学组合C n2求解辐射光子的个数；由氢原子从n=5能级跃迁辐射的光子能量跟逸出功的关系分析是否为能发生光电效应；根据爱因斯坦的光电效应方程求出最大初动能。

本题考查氢原子的波尔理论，解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律和光电效应方程，并能灵活运用。

=10种不同频率的光子，故A错误；
A.一群处于n=5能级的氢原子向低能级跃迁时，可辐射C52=5×4
1×2
B.氢原子从n=5能级跃迁到n=4能级，能级差最小，故辐射的光子频率最小，故B错误；
C.氢原子从n=5能级跃迁到n=4能级时辐射出光子的能量为：ΔE=E5−E4=−0.54eV−
(−0.85eV)=0.31eV<3.20eV，不能发生光电效应，故C错误；
D.根据爱因斯坦光电效应方程E km=ℎν−W，跃迁辐射出的光子能量最大时，有最大初动能，当氢原子从n=5能级跃迁到n=1能级，能级差最大，有：ℎνmax=E5−E1=−0.54eV−(−13.6eV)= 13.06eV，代入光电效应方程有：E km=ℎνmax−W=13.06eV−3.20eV=9.86eV，故D正确。

故选D。

11.答案：A
解析：解：A、据沿着电场线方向电势降低可知，c点的电势高于d点的电势，故A正确；
B、将一试探电荷+q由α点释放，电场力沿着该点的切线，因此它将不会沿电场线运动到b点，故B 错误。

C、电场线的分布可知，b点的电场线比d点的电场线密，即d点的电场强度小于b点的电场强度，故C错误。

D、电场线的分布可知，a点与b点位于同一条曲线上，切线的方向不同，所以a点和b点的电场强度的方向不相同，故D错误。

故选：A。

首先知道电场线的分布特点，电场线的疏密程度反映电场的强弱，某点切线方向表示该点的场强方向，同时沿着电场线方向电势降低，从而即可求解。

该题考查对电场强度的理解，明确电场线的分布特点是解题的关键，掌握沿着电场线方向电势降低的应用。

12.答案：D
解析：解：A、强磁铁在下落的过程中，铝管切割磁感线产生感生电流，受到磁铁所给的向下安培力作用，磁铁受到向上的安培力反作用力。

初始阶段，磁铁的速度较小，在铝管中产生的安培力较小，磁铁受到的向下重力大于向上的安培力反作用力，于是向下做加速度减小的加速运动。

如果铝管足够长，磁铁的加速度减小到零，此时磁铁受到的向下重力等于向上的安培力反作用力，之后磁铁向下做匀速运动。

故A、B错误；
C、由以上分析可知，如果铝管足够长，强磁铁在运动过程中，所受合力方向先竖直向下后减为零，故C错误；
D、由于强磁铁在铝管中运动的速度越来越大，铝管切割磁感线产生感生电流越来越大，受到磁铁所给的向下安培力越来越大，铝管对强磁铁的安培力反作用力也随之越来越大，这是强磁铁落到泡沫塑料上时还没有达到最大速度或者刚好达到最大速度的情况，故D正确。

故选：D。

磁铁通过铝管时，导致铝管的磁通量发生变化，从而产生感应电流，出现感应磁场要阻碍原磁场的变化，导致条形磁铁受到一定阻力，因而机械能不守恒；在下落过程中导致铝管产生热能；根据楞次定律得出铝管对桌面的压力大于铝管的重力。

本题主要考查楞次定律：根据来拒去留，当强磁铁过来时，就拒绝它；当离开时就挽留它。

并涉及机械能守恒的条件，同时掌握能量守恒关系的应用。

13.答案：D
解析：
要比较两球质量关系，我们要通过库仑力把两重力联系起来进行比较．
设左边球为A，右边球为B，则对A、B球受力分析，
根据共点力平衡和几何关系得：F1=m1gtanα，F2=m2gtanβ
由于F1=F2，
若m1<m2.则有α>β；
若m1=m2.则有α=β；
若m1>m2.则有α<β；
根据题意无法知道带电量q1、q2的关系。

故ABC错误，D正确。

故选：D。

14.答案：AC
解析：解：A、质点P、Q的平衡位置坐标分别为4m、5m结合图知，波长λ=8m，简谐横波沿x轴
负方向传播，波的周期T>0.6s，则知t=3
4T，得T=0.8s.则波速v=λ
T
=10m/s，故A正确．
B、由题t=0.1s=1
8T，波传播的距离为1
8
λ=1m，根据波形的平移法得知，质点P沿y轴负方向运
动，故B错误．
C、由题t=1.0s=11
4T，波传播的距离为11
4
λ=10m，根据波形的平移法得知，质点P沿y轴正方
向运动，故C正确
D，由题△t=1.4s=13
4T，质点Q通过的路程为s=4A×13
4
+=4×0.2×13
4
=1.4m.但Q点不是
从平衡位置或最大位移处开始运动点的，故路程小于1.4m，故D错误．
故选：AC
由题，简谐横波沿x轴负方向传播，波的周期T>0.6s，根据波形的平移法可知，波传播的距离为3
4
λ，
所用时间为3
4T，由t=3
4
T，求出周期，即可求出波速．根据波形的平移法确定在t=0.5s时，Q点的
位置
本题运用波形的平移法分析时间与周期的关系，得到周期，并根据时间与周期的关系，分析质点Q 的状态
15.答案：AD
解析：由题图知折射角θa<θb，而，所以n a>n b，A选项正确．由折射率知v a<v b，所以D选项正确．
16.答案：AD
解析：
静止的原子核发生衰变，根据动量守恒可知，发生衰变后的粒子的运动的方向相反，在根据粒子在磁场中运动的轨迹可以判断粒子的电荷的性质。

甲图原子核衰变过程系统动量守恒，由动量守恒定律可知，衰变生成的两粒子动量方向相反，粒子速度方向相反，由左手定则知：若生成的两粒子电性相反则在磁场中的轨迹为内切圆，若电性相同则在磁场中的轨迹为外切圆，所以为电性相同的粒子，可能发生的是α衰变；乙图由运动轨迹可知，衰变产生的新粒子与新核所受洛伦兹力方向相同，而两者运动方向相反，故小粒子应该带负电，故发生了β衰变，，粒子在磁场中受洛伦兹力偏转，半径r=mv Bq，mv就是动量，由动量守恒可知新核的动量和放出的α(或β)粒子的动量等大反向．对于α衰变，α粒子电量为2e，新核的电量都是几十个e，所以α衰变后产生的两个外切圆，大的是α粒子，小的新核的，故AD正确。

故选AD。

m1(v B2−v A2)
17.答案：(1)右端0.72(2)B(3)1
2
解析：
(1)重物落地后，木块由于惯性继续前进，做匀减速直线运动，相邻计数点间的距离逐渐减小；纸带上某点的瞬时速度等于该点前后相邻两个点间的平均速度；
(2)克服摩擦力做的功等于动能的减小量，故需要天平测量质量；
(3)由动能定理可以求出木板对木块的摩擦力所做的功。

本题关键要明确实验的原理和实验的具体操作步骤，然后结合匀变速直线运动的规律和动能定理进行分析判断。

(1)重物落地后，木块由于惯性继续前进，做匀减速直线运动，相邻计数点间的距离逐渐减小，
故纸带向右运动，故其右端连着小木块；计数点间的时间间隔t=0.02s×5=0.1s，
纸带上某点的瞬时速度等于该点前后相邻两个点间的平均速度，
m/s=0.72 m/s，
打A点时的速度v A=0.0684+0.0749
0.2
(2)木块在运动过程中，克服摩擦力做的功等于木块动能的减小量，由动能定理得：木块克服摩擦力做的功为：W f =12m 1(v B 2−v A 2)
因此实验过程中还需要用天平测出木块的质量m 1，故ACDEF 错误，B 正确．
故选B ．
(3)在AB 段对木块，由动能定理得：W AB =12m 1(v B 2−v A 2)，因此在AB 段木板对木块的摩擦力所做的功的关系式W f =12m 1(v B 2−v A 2)。

故答案为：(1)0.72；(2)B ； (3)12m 1(v B 2−v A 2)
18.答案：×100；B ；500
解析：解：选用“×10”档，正确操作，指针偏角太小，说明指针示数太大，所选档位太小，为准确测量电阻，应换大挡，应把选择开关置于×100挡；
换挡后要重新进行欧姆调零，将红、黑表笔相接，调节图中的欧姆调零旋钮B 使指针在“0Ω”处； 由图示可知，欧姆表示数为：5×100=500Ω；
故答案为：×100，B ，500．
使用欧姆表测电阻时，要选择合适的档位，使指针指在表盘中央附近；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表的示数．
本题考查了欧姆表的使用方法与欧姆表读数，使用欧姆表测电阻时，要选择合适的档位，使指针指在刻度盘中央附近；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．
19.答案：解：(1)在M 点，设运动员在ABCD 面内垂直AD 方向的分速度为v 1，由运动的合成与分解规律得：
v 1=v M sin72.8°…①
设运动员在ABCD 面内垂直AD 方向的分加速度为a 1，由牛顿第二定律得：
mgcos17.2°=ma 1 …②
由运动学公式得：d =v 12
2a 1…③ 联立①②③式，代入数据得：。