【专业资料】高三物理上学期10月月考试卷(含解析)1

2015-2016学年山东省德州市跃华学校高三（上）月考物理试卷（10
月份）
一、选择题（本大题共8个小题，每小题6分，共计48分．在每小题列出的四个选项中，至少有一项是符合题目要求的．）
1．关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是( )
A．速度变化得越大，加速度就越大
B．速度变化得越快，加速度就越大
C．只要加速度的大小保持不变，速度的方向也保持不变
D．只要加速度的大小不断变小，速度的大小也不断变小
2．一枚火箭由地面竖直向上发射，其v﹣t图象如图所示，则( )
A．t2时刻火箭距地面最远
B．t2﹣t3的时间内，火箭在向下降落
C．t1﹣t2的时间内，火箭处于超重状态
D．0﹣t3的时间内，火箭始终处于失重状态
3．如图所示，一斜面体静止在粗糙的水平地面上，一物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑．若沿平行于斜面的方向用力F 向下推此物体，使物体加速下滑，斜面体依然和地面保持相对静止，则斜面体受地面的摩擦力( )
A．大小为零 B．方向水平向右
C．方向水平向左 D．大小和方向无法判断
4．如图所示，在拉力F的作用下，物体A沿水平面向右运动，在这一过程中，物体B匀速上升，设A对地面的压力为N，A所受摩擦力为f，绳对A的拉力大小为T，在上述运动过程中，N、f、T的变化情况是( )
A．N、f、T均增大B．N、f增大，T不变
C．N、f，T均减小D．N增大，f减小，T不变
5．木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；轻弹簧两端栓接在A、B上，且轻弹簧被拉伸了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m．系统置于水平地面上静止不动．现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，如图所示．力F作用后( )
A．木块A所受摩擦力大小是12.5N
B．木块A所受摩擦力大小是11.5N
C．木块B所受摩擦力大小是9N
D．木块B所受摩擦力大小是7N
6．如图所示，A为电磁铁，C为胶木秤盘，A和C（包括支架）的总质量为M、B为铁片，其质量为m，整个装置用轻绳悬挂于O点，当电磁铁通电，铁片被吸引而上升的过程中，有( )
A．B做匀加速运动
B．B做变加速运动
C．轻绳拉力F的大小为mg＜F＜（M+m）g
D．轻绳拉力F的大小为F＞（M+m）g
7．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则( )
A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大
C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变
8．如图，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，从滑轮到P和到Q 的两段绳都是水平的．已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都是μ，两物块的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动，则跨过定滑轮的轻绳的拉力大小为( )
A．4μmg B．3μmg C．2μmg D．μmg
二、填空题（本大题共2个小题，共12分，把答案填在题中的横线上）
9．在探究互成角度的两个共点力的合成的实验中，将实验步骤按正确顺序排列应是
__________．（填选项前字母）
A．在白纸上按比例做出两个力F1和F2，根据平行四边形法则作图求出合力F．
B．只用一只测力计，通过细绳把橡皮条的结点拉到同样的位置．
C．记下两测力计读数，描出两测力计的方向．
D．在水平放置的木板上，垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上P点，用两条细绳连接在橡皮条的另一端，通过细绳同时用两个测力计互成角度地拉橡皮条，使橡皮条与细绳的连接点到达某一位置，并记下此位置（如图）．
E．记下测力计的读数F和细绳方向，按同一比例做出这个力的图示，比较这个实测合力和按平行四边形法则求出的合力F，看它们的大小和方向是否相同．
F．改变两测力计拉力的大小和方向，重做两次实验，从实验得出结论．
10．“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示．
（1）在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示．计时器大点的时间间隔为0.02s．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度a=__________m/s2．（结果保留两位有效数字）
（2）平衡摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上．挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度．小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F
的实验数据如表
0.196 0.392 0.588 0.784 0.980
砝码盘中砝
码总重力F
（N）
0.69 1.18 1.66 2.18 2.70
加速度a（m•s
﹣2
请根据实验数据作出a﹣F的关系图象．
（3）根据提供的试验数据作出的a﹣F图线不通过原点，请说明主要原因__________．
三、计算题（共40分，每小题10分，解题时必须写出必要的文字说明、重要的方程式和必要的数据代入，只有结果不得分）
11．一个滑雪的人，质量m=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角
θ=30°，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求滑雪人受到的阻力（包括摩擦和空气阻力，g=10m/s2）．
12．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，力F的大小与时间t
的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．重力加速度g=10m/s2．求：
（1）物块在运动过程中受到的滑动摩擦力大小；
（2）物块在3～6s中的加速度大小；
（3）物块与地面间的动摩擦因数．
13．如图所示，一个放置在水平地面上的木块，其质量为m=2kg，受到一个斜向下的、与水平方向成37°角的推力F=10N的作用，使木块从静止开始运动，运动2.4m的距离后撤去推力，若木块与地面间的动摩擦因数μ=0.1．求：（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，）
（1）撤去推力F瞬间，物体的速度．
（2）撤去推力F后4s内，物体的位移．（g=10m/s2）
14．质量为m=1.0kg的小滑块（可视为质点）放在质量为M=3.0kg的长木板的右端，木板上表面光滑，木板与地面之间的动摩擦因数为μ=0.2，木板长L=1.0m．开始时两者都处于静止状态，现对木板施加水平向右的恒力F=12N，如图所示，经一段时间后撤去F．为使小滑块不掉下木板，试求：用水平恒力F作用的最长时间．（g取10m/s2）
2015-2016学年山东省德州市跃华学校高三（上）月考物理试卷（10月份）
一、选择题（本大题共8个小题，每小题6分，共计48分．在每小题列出的四个选项中，至少有一项是符合题目要求的．）
1．关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是( )
A．速度变化得越大，加速度就越大
B．速度变化得越快，加速度就越大
C．只要加速度的大小保持不变，速度的方向也保持不变
D．只要加速度的大小不断变小，速度的大小也不断变小
【考点】加速度．
【专题】直线运动规律专题．
【分析】根据加速度的定义式a=判断加速度与速度、速度变化量以及加速度方向与速
度变化量方向的关系．当物体加速度方向与速度方向相同时，物体速度增加，当物体加速度方向与速度方向相反时，物体速度减小．加速度是描述速度变化快慢的物理量．
【解答】解：A、根据加速度的定义式a=得速度变化得越大，时间不知道，所以加速度
不一定越大，故A错误．
B、加速度是描述速度变化快慢的物理量．速度变化得越快，就表示加速度越大，故B正确．
C、加速度的大小保持不变，速度的方向可以改变，比如平抛运动，故C错误．
D、加速度的大小不断变小，如果物体加速度方向与速度方向相同，物体速度还是要增加的，故D错误．
故选B．
【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，以及掌握判断速度变化与加速度的关系．2．一枚火箭由地面竖直向上发射，其v﹣t图象如图所示，则( )
A．t2时刻火箭距地面最远
B．t2﹣t3的时间内，火箭在向下降落
C．t1﹣t2的时间内，火箭处于超重状态
D．0﹣t3的时间内，火箭始终处于失重状态
【考点】匀变速直线运动的图像；超重和失重．
【分析】解答本题应抓住：速度图象的斜率等于物体的加速度；速度的正负表示物体的运动方向，即可分析火箭的运动情况；由超重和失重的性质分析是否超失重．
【解答】解：A、由图看出，火箭的速度一直为正值，说明火箭一直在上升；故t3时刻距地面最远；故AB错误；
C、由速度图象的斜率等于物体的加速度，可知，t1～t2时间内火箭的加速度为正，方向向上，处于超重状态．故C正确，
D、t1～t2时间内火箭的加速度为正，方向向上，处于超重状态．t2至t3时刻，加速度向下处于失重状态；故D错误；
故选：C
【点评】本题关键根据速度的正负分析火箭的运动方向，根据斜率等于加速度判断加速度．
3．如图所示，一斜面体静止在粗糙的水平地面上，一物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑．若沿平行于斜面的方向用力F 向下推此物体，使物体加速下滑，斜面体依然和地面保持相对静止，则斜面体受地面的摩擦力( )
A．大小为零 B．方向水平向右
C．方向水平向左 D．大小和方向无法判断
【考点】牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．
【专题】牛顿运动定律综合专题．
【分析】物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑时，斜面不受地面的摩擦力作用，分析此时斜面的受力情况．若沿平行于斜面的方向用力F向下推此物体，使物体加速下滑时，再分析斜面的受力情况，根据物体对斜面的作用有无变化，确定地面对斜面体有无摩擦．
【解答】解：由题物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑时，斜面不受地面的摩擦力作用，此时斜面体受到重力、地面的支持力、物体对斜面的压力和沿斜面向下的滑动摩擦力．若沿平行于斜面的方向用力F向下推此物体，使物体加速下滑时，物体对斜面的压力没有变化，则对斜面的滑动摩擦力也没有变化，所以斜面体的受力情况没有改变，则地面对斜面体仍没有摩擦力，即斜面体受地面的摩擦力为零．
故选：A
【点评】本题中推力F与斜面体之间没有直接的关系，关键抓住物体对斜面体的压力和摩擦力没有改变进行分析
4．如图所示，在拉力F的作用下，物体A沿水平面向右运动，在这一过程中，物体B匀速上升，设A对地面的压力为N，A所受摩擦力为f，绳对A的拉力大小为T，在上述运动过程中，N、f、T的变化情况是( )
A．N、f、T均增大B．N、f增大，T不变
C．N、f，T均减小D．N增大，f减小，T不变
【考点】共点力平衡的条件及其应用．
【专题】共点力作用下物体平衡专题．
【分析】由题意，B保持匀速上升，可知绳子的拉力大小不变．关键分析A的受力情况，由平衡条件得出N与重力和拉力的关系，分析其变化，再根据摩擦力公式f=μN分析f的变化．【解答】解：据题B保持匀速上升，A受到重力和拉力，由平衡条件得知，绳子的拉力大小T等于B的重力大小，保持不变．根据定滑轮的特点可知，A受到轻绳的拉力大小也不变．对A分析受力情况如图，则竖直方向力平衡得：N+Tcosθ=G B，得 N=G B﹣Tcosθ
B沿向右运动时，θ增大，cosθ减小，T不变，则N逐渐增大，而f=μN，μ不变，则f 也逐渐增大．故B正确，A、C、D错误．
故选：B．
【点评】本题对A来说，是动态分析问题，关键要抓住绳子的拉力大小不变和A在竖直方向上力平衡进行分析．
5．木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；轻弹簧两端栓接在A、B上，且轻弹簧被拉伸了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m．系统置于水平地面上静止不动．现用F=1N的水平拉力作用在木块B上，如图所示．力F作用后( )
A．木块A所受摩擦力大小是12.5N
B．木块A所受摩擦力大小是11.5N
C．木块B所受摩擦力大小是9N
D．木块B所受摩擦力大小是7N
【考点】摩擦力的判断与计算．
【分析】先求解出木块A、B的最大静摩擦力，然后求解出弹簧弹力，最后对两个木块分别受力分析后分析求解．
【解答】解：弹簧弹力为：F1=kx=400N/m×0.02m=8N；
A木块与地面间的最大静摩擦力为：f Am=μG A=0.25×50N=12.5N；
B木块与地面间的最大静摩擦力为：f Bm=μG B=0.25×60N=15N；
用F=1N的水平拉力作用在木块B上，木块B受弹簧向左的弹力为8N．拉力为1N，共7N，小于最大静摩擦力，故静摩擦力为7N，向左；
木块A受到向右的弹力为8N，小于最大静摩擦力，故A不动，故静摩擦力为8N，向左；
故选：D．
【点评】本题关键是先判断出弹簧的弹力和最大静摩擦力，然后再分别对两个木块受力分析，运用平衡条件求解静摩擦力．
6．如图所示，A为电磁铁，C为胶木秤盘，A和C（包括支架）的总质量为M、B为铁片，其质量为m，整个装置用轻绳悬挂于O点，当电磁铁通电，铁片被吸引而上升的过程中，有( )
A．B做匀加速运动
B．B做变加速运动
C．轻绳拉力F的大小为mg＜F＜（M+m）g
D．轻绳拉力F的大小为F＞（M+m）g
【考点】牛顿第二定律；超重和失重．
【专题】牛顿运动定律综合专题．
【分析】通电后，铁片被吸引上升．常识告诉我们，铁片被吸引，向电磁体运动靠近，其运动情况是变加速运动，即越靠近电磁铁，吸力越大，加速度越大，根据F=ma可知，此过程中超重．
【解答】解：当电磁铁通电前，绳的拉力应为（M+m）g；当电磁铁通电后，铁片被吸引上升．常识告诉我们，铁片被吸引，向电磁体运动靠近，其运动情况是变加速运动，即越靠近电磁铁，吸力越大，加速度越大．根据F=ma可知，此过程中超重，吸引力大于铁片重力．由于磁力，将整个电磁铁装置与铁片联系到一起．因为电磁铁吸引铁片的吸引力大于铁片的重力，则根据作用力与反作用力原理，铁片吸引电磁铁的力F'为F的反作用力，大小相等、方向相反，且作用在两个不同的物体上．所以，绳的拉力大于（M+m）g．故BD正确，AC错误．
故选：BD
【点评】本题考查了物体的超重和失重，记住要点：加速度向上超重，加速度向下失重．
7．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态，当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，则( )
A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力一定变大
C．轻绳上拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变
【考点】共点力平衡的条件及其应用．
【分析】分别对单个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题．由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面．
【解答】解：进行受力分析：
对Q物块：当用水平向左的恒力推Q时，由于不知具体数据，Q物块在粗糙斜面上的运动趋势无法确定，故不能确定物块Q受到的摩擦力的变化情况，故A、B错误；
对P物块：因为P物块处于静止，受拉力和重力二力平衡，P物块受绳的拉力始终等于重力，所以轻绳与P物块之间的相互作用力一定不变，故C错误，D正确．
故选D．
【点评】对于系统的研究，我们要把整体法和隔离法结合应用．对于静摩擦力的判断要根据外力来确定．
8．如图，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，从滑轮到P和到Q 的两段绳都是水平的．已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都是μ，两物块的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动，则跨过定滑轮的轻绳的拉力大小为( )
A．4μmg B．3μmg C．2μmg D．μmg
【考点】牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．
【专题】牛顿运动定律综合专题．
【分析】先对物块Q受力分析，根据平衡条件求出细线的拉力，然后对物块P受力分析，再次根据平衡条件求出力F．
【解答】解：对Q物块，设跨过定滑轮的轻绳拉力为T，木块Q与P间的滑动摩擦力为：
f=μmg…①
根据共点力平衡条件有：
T=f…②
对木块P受力分析，受拉力F，Q对P向左的摩擦力f，地面对P物体向左的摩擦力f′，根据共点力平衡条件，有：
F=f+f′+T…③
地面对Q物体向左的摩擦力为：
f′=μ（2m）g…④
由①～④式可以解得：
F=4μmg
故选：A．
【点评】本题关键在于分别对两个木块进行受力分析，根据共点力平衡条件列式求解．
二、填空题（本大题共2个小题，共12分，把答案填在题中的横线上）
9．在探究互成角度的两个共点力的合成的实验中，将实验步骤按正确顺序排列应是DCABEF．（填选项前字母）
A．在白纸上按比例做出两个力F1和F2，根据平行四边形法则作图求出合力F．
B．只用一只测力计，通过细绳把橡皮条的结点拉到同样的位置．
C．记下两测力计读数，描出两测力计的方向．
D．在水平放置的木板上，垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上P点，用两条细绳连接在橡皮条的另一端，通过细绳同时用两个测力计互成角度地拉橡皮条，使橡皮条与细绳的连接点到达某一位置，并记下此位置（如图）．
E．记下测力计的读数F和细绳方向，按同一比例做出这个力的图示，比较这个实测合力和按平行四边形法则求出的合力F，看它们的大小和方向是否相同．
F．改变两测力计拉力的大小和方向，重做两次实验，从实验得出结论．
【考点】验证力的平行四边形定则．
【专题】实验题；平行四边形法则图解法专题．
【分析】本实验采用了等效替代的方法，要求两次拉橡皮筋时要使橡皮筋的形变相同，就量将橡皮筋拉到同一点，两次效果相同．实验步骤一般都是先安装设备，然后进行实验、测量，最近整理仪器，进行数据处理的顺序进行实验．
【解答】解：进行实验时在明确实验原理以及实验目的基础上，要先进行实验设备的安装，即先在桌面上放一块方木板，在木板上垫一张白纸，把橡皮条一端固定在木板的P点，然后进行实验和有关数据的测量，最后进行数据处理和仪器的整理．故实验步骤是：DCABEF．故答案为：DCABEF
【点评】对于实验最重要的实验原理，要能根据实验原理，安排实验步骤，分析误差，并明确实验的注意事项等等．
10．“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示．
（1）在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示．计时器大点的时间间隔为0.02s．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度a=0.16m/s2．（结果保留两位有效数字）
（2）平衡摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上．挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度．小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F
的实验数据如表
砝码盘中砝
0.196 0.392 0.588 0.784 0.980
码总重力F
（N）
0.69 1.18 1.66 2.18 2.70
加速度a（m•s
﹣2
请根据实验数据作出a﹣F的关系图象．
（3）根据提供的试验数据作出的a﹣F图线不通过原点，请说明主要原因．
【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．
【专题】压轴题．
【分析】该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动推论，可计算出打出某点时纸带运动加速度．
根据图中的数据，合理的设计横纵坐标的刻度值，据数据确定个点的位置，将个点用一条直线连起来，延长交与坐标轴某一点．
知道为什么需要平衡摩擦力以及不平衡摩擦力带来什么问题．
【解答】解：（1）处理匀变速直线运动中所打出的纸带，求解加速度用公式△x=at2，
由于每5个点取一个点，则连续两点的时间间隔为t=0.1s，
△x=（3.68﹣3.52）×10﹣2m，带入可得加速度a=0.16m/s2．
（2）如图所示
（3）未放入砝码时，小车已有加速度，可以判断未计入砝码盘的重力．
答案：（1）0.16 （2）（见图）
（3）未计入砝码盘的重力
【点评】实验问题需要结合物理规律去解决．
处理图象问题要注意图线的斜率、交点、拐点、面积等意义，能正确理解这些量的意义则很多问题将会迎刃而解．
对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．
数据处理时注意单位的换算和有效数字的保留．
三、计算题（共40分，每小题10分，解题时必须写出必要的文字说明、重要的方程式和必要的数据代入，只有结果不得分）
11．一个滑雪的人，质量m=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角
θ=30°，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求滑雪人受到的阻力（包括摩擦和空气阻力，g=10m/s2）．
【考点】牛顿第二定律．
【专题】牛顿运动定律综合专题．
【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出加速度的大小，通过牛顿第二定律求出滑雪人受到的阻力大小．
【解答】解：根据匀变速直线运动的位移时间公式得，，
代入数据解得a=4m/s2
根据牛顿第二定律得，mgsin30°﹣f=ma
解得f=mgsin30°﹣ma=75N．
答：滑雪人受到的阻力为75N
【点评】本题考查牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．
12．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，力F的大小与时间t
的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．重力加速度g=10m/s2．求：
（1）物块在运动过程中受到的滑动摩擦力大小；
（2）物块在3～6s中的加速度大小；
（3）物块与地面间的动摩擦因数．
【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．
【专题】牛顿运动定律综合专题．
【分析】根据力与运动的关系及牛顿第二定律，物体受合力等于零时，物体处于平衡状态，即静止或匀速运动．结合图象6﹣9s段，可求物块在运动过程中受到的滑动摩擦力大小；根据第3s到6s内的速度图象斜率，可求这一阶段的加速度；在3～6 s内，由牛顿第二定律和滑动摩擦力公式即可求得动摩擦因素．
【解答】解：（1）由v﹣t图象可知，物块在6～9 s内做匀速运动，由F﹣t图象知，6～9 s 的推力F3=4 N，
故F f=F3=4 N．
（2）由v﹣t图象可知，3～6 s内做匀加速运动，由a=得a=2 m/s2．
（3）在3～6 s内，由牛顿第二定律有F2﹣F f=ma，得m=1 kg．
且F f=μF N=μmg，则μ==0.4．
答：（1）物块在运动过程中受到的滑动摩擦力大小为4 N；（2）物块在3～6s中的加速度大小为2 m/s2；（3）物块与地面间的动摩擦因数为0.4．
【点评】利用F﹣t图象和V﹣t图象的不同时段的受力和运动情况，结合牛顿运动定律，可以分析求解物体的速度、加速度、位移、质量等物理量，难度适中．
13．如图所示，一个放置在水平地面上的木块，其质量为m=2kg，受到一个斜向下的、与水平方向成37°角的推力F=10N的作用，使木块从静止开始运动，运动2.4m的距离后撤去推力，若木块与地面间的动摩擦因数μ=0.1．求：（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，）
（1）撤去推力F瞬间，物体的速度．
（2）撤去推力F后4s内，物体的位移．（g=10m/s2）
【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．
【专题】牛顿运动定律综合专题．
【分析】（1）由题意知木块先做匀加速运动，后做匀减速运动，由速度公式可以求得撤去推力F时的速度；
（2）撤去推力后木块做匀减速运动，摩擦力作为合力，产生加速度，由牛顿第二定律可以求得加速度的大小；
木块先做匀加速运动，后做匀减速运动，由速度位移的关系式可以求得总位移．
【解答】解：（1）如图所示：撤去力F之前，
水平方向：Fcos37°﹣f=ma ①
竖直方向：N﹣mg﹣Fsin37°=0 ②
又有：f=μN ③
由①②③得：a1=2.7m/s2
由运动学公式：v t=v0+at ④
得，撤去力F时物块速度v==3.6m/s，
（2）撤去力F后，由牛顿第二定律F=ma 得
物块加速度a2=μg ⑤
解得a2=1m/s2，
（3）物体静止所用时间为t===3.6s
由运动学公式：s=v0t+at2式得，
撤去力F4s内位移S=3.6×=6.4m，
答：（1）撤去推力F时木块的速度为3.6m/s；
（2）撤去推力F4s内运动的总位移为6.4m．。