高二第三次月考物理网上检测无纸试卷带答案和解析(2022-2023年河北省石家庄市辛集市一中)

选择题
将一长木板的一端固定在地面上，另一端垫高，长木板两端的水平间距用x表示、高度差用h表示，且x和h可通过改变长木板与地面间夹角进行调节。

现有一质量为m的滑块以沿长木板向上的初速度v0从长木板的底端上滑，滑块刚好到达长木板的顶端。

已知滑块与长木板间的动摩擦因数为μ，滑块可视为质点，则下列说法正确的是（）
A.如果仅增大滑块的质量m，则滑块不能到达长木板的顶端
B.如果增大h，则滑块上滑的高度增大但不能到达长木板的顶端
C.如果减小h，则滑块滑行的水平距离增大，滑块一定能到达长木板的顶端
D.如果仅在上滑时给滑块加一个竖直向下的外力，则滑块不能到达长木板的顶端
【答案】D
【解析】
A．设长木板倾角为θ，滑块沿长木板上滑的加速度大小为a，由牛顿
第二定律有
ma＝mgsinθ＋μmgcosθ
滑块沿长木板上滑的位移大小为
s＝＝
其与滑块质量m无关，故仅改变滑块质量，滑块仍将到达长木板顶端，故A错误；
BC．滑块上滑的高度
h′＝ssinθ＝
h增大时，θ增大，h′增大，s的变化情况无法判断，，滑块滑行的水平距离
x′＝
h减小时，θ减小，x′增大，s的变化情况无法判断，故BC错误，D．若仅给滑块加一竖直向下的外力，滑块的加速度增大，滑块不能到达长木板顶端，故D正确。

选择题
小船过河时，船头偏向上游与水流方向成α角，船相对静水的速度为v，其航线恰好垂直于河岸。

现水流速度稍有增大，为保持航线不变，
且准时到达对岸，下列措施中可行的是（）
A.增大α角，增大船速v
B.减小α角，增大船速v
C.减小α角，保持船速v不变
D.增大α角，保持船速v不变
【答案】A
【解析】
由题意可知，船相对静水的速度为v ，其航线恰好垂直于河岸。

因为合速度方向指向河岸且大小不变，如图
可得当水流速度增大时，可增大船速v，同时增大α角，故A符合题意，BCD不符合题意。

故选A。

选择题
图示情景中，小球相对于水平桌面向后运动的原因是
A.小球突然失去惯性
B.动车突然向前加速
C.动车突然向前减速
D.动车做匀速直线运动的速度很大
【答案】B
【解析】
小球突然向后去，是因为火车突然启动，因为惯性，小球会保持原来的运动状态，所以会相对桌面向后运动，故B正确。

选择题
卡文迪什巧妙地利用扭秤装置第一次在实验里测出了引力常量的数值在他的实验装置中，下列哪项措施是为了测量极小的引力而采取的（）.
A.将测量力变成了测量角度
B.使固定小球的质量尽可能大
C.用镜尺法显示扭秤的偏转情况
D.把实验装置放在恒温箱里
【答案】C
【解析】
A.卡文迪什利用扭秤装置测出引力常量的数值，是根据引力的力矩与石英丝的扭转力矩平衡，将测量力变成了测量角度，并不是为了测量极小的引力而采取的措施，故A错误；
B.由于引力常量G非常小，两球之间的引力很小，固定小球的质量增大，并不能使引力明显增大，故B错误；
C.为了测量石英丝极微小的扭转角，该实验装置中采取使“微小量放大”。

利用平面镜对光线的反射，来体现微小形变的。

故C正确；
D.引力与温度无关，温度对测量结果没有影响，故D错误。

选择题
下列单位属于国际单位制中基本单位的是
A.秒
B.克
C.厘米
D.牛顿
【答案】A
【解析】
国际单位制规定了七个基本物理量。

分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们在国际单位制中的单位称为基本单位，分别为米（m）、千克（kg）、秒（s）、开尔文（K）、安培（A）、坎德拉（cd）、摩尔（mol）；克和厘米是非国际制基本单位，牛顿是国际制导出单位，故A正确，BCD错误；
故选A。

选择题
赤道平面内的某颗卫星自西向东绕地球做圆周运动，该卫星离地面的
高度小于地球同步卫星的高度。

赤道上一观察者发现，该卫星连续两次出现在观察者正上方的最小时间间隔为t，已知地球自转周期为T0，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，由此可知该卫星离地面的高度为( )
A. －R
B.
C. －R
D.
【答案】A
【解析】
根据赤道平面内的卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有：
，
解之可得：。

设卫星的周期为T，则有
，
解之得：
，
由此可得：
，
代入黄金代换式
，
可得：
h=，
A．综上所述h=，A正确；
B．综上所述h=，B错误；
C．综上所述h=，C错误；
D．综上所述h=，D错误；
故选A。

选择题
如图所示，红蜡块可以在竖直玻璃管内的水中匀速上升，速度为v，若在红蜡块从A点开始匀速上升的同时，玻璃管从AB位置由静止开始水平向右做匀加速直线运动，加速度大小为a，则红蜡块的实际运动轨迹可能是图中的（）
A.直线P
B.曲线Q
C.曲线R
D.无法确定
【答案】B
【解析】
当合速度的方向与合力（合加速度）的方向不在同一条直线上，物体将做曲线运动，且轨迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向；蜡块的合速度方向斜向右上方，合加速度方向水平向右，不在同一直线上，轨迹的凹向要大致指向合力的方向；
A．与分析不符，故A错误；
B．与分析相符，故B正确；
C．与分析不符，故C错误；
D．与分析不符，故D错误；
故选B。

选择题
在物理学发展史上，有一位科学家设计了“冲淡重力”的斜面实验，开
创了实验与逻辑推理相结合的科学研究方法，这位科学家是（）A.牛顿B.胡克C.伽利略D.亚里士多德
【答案】C
【解析】
A．牛顿发现了牛顿第一定律，A错误；
B．胡克发现了胡可定律，B错误；
C．伽利略开创了实验与逻辑推理相结合的科学研究方法，并研究了落体运动的规律，C正确；
D．亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，D错误；
故选C。

选择题
打水漂是人类最古老的游戏之一（如图所示）。

瓦片从手上水平飞出，擦水面飞行，并在水面上向前弹跳几次后下沉。

下列关于瓦片的判断正确的是( )
A.初速度越大，惯性越大
B.飞行时间越长，惯性越大
C.飞行距离越长，惯性越大
D.质量越大，惯性越大
【答案】D
【解析】
物体的惯性只和质量有关，质量越大，惯性越大，故D正确；
故选D。

选择题
如图所示，用力F推放在光滑水平面上的物体P，Q，R，使其一起做匀速运动．若P和Q之间的相互作用力为6N，Q和R之间的相互作用力为4N，Q的质量是2kg，那么R的质量是
A.1kg
B.2kg
C.3kg
D.4kg
【答案】D
【解析】
对Q受力分析由牛顿第二定律F=ma可得
即：
6-4=2a
解得：
a=1m/s2
对R分析，由牛顿第二定律可得：
其中a=1m/s2，所以
=4kg。

A. 1kg，与结论不相符，选项A错误；
B. 2kg ，与结论不相符，选项B错误；
C. 3kg，与结论不相符，选项C错误；
D. 4kg ，与结论相符，选项D正确；
故选D。

选择题
在体育比赛中有大量的投掷类项目，如铅球、铁饼、标枪等，（不考虑运动员的身高、空气阻力等其他因素）若运动员将物体投掷出去的速度都相同，则运动员以与水平方向夹角为多少度投掷时，物体飞行的最远（）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
运动员投掷时与水平方向夹角为θ，速度为v，则在空中运动的时间
水平射程
则当sin2θ=1，即θ=45°时射程x最大。

A. 0，与结论不相符，选项A错误；
B. 30°，与结论不相符，选项B错误；
C. 45°，与结论相符，选项C正确；
D. 60°，与结论不相符，选项D错误；
故选C。

选择题
下列哪一组单位都是国际单位制中的力学基本单位（）
A.m、N、s
B.m、kg、s
C.m、kg、N
D.kg、m/s、s
【答案】B
【解析】
A．m和s分别是长度和时间的单位，都是国际单位制中的基本单位，N是力的单位，是导出单位，故A错误；
B．m、kg和s分别是长度、质量和时间的单位，都是国际单位制中的基本单位，故B正确；
C．N是力的单位，属于导出单位，故C错误；
D．m/s是速度的单位，属于导出单位，故D错误；
故选B。

选择题
马拉车在水平路面由静止开始运动，下面说法中正确的是
A.因为马拉车，所以车拉马，这是一对作用力和反作用力
B.马拉车的力先产生，车拉马的力后产生
C.马拉车前进是因为马拉车的力大于车拉马的力
D.匀速直线前进时，马拉车的力等于车向后拉马的力，加速前进时，马拉车的力大
【答案】A
【解析】
A．因为马拉车，所以车拉马，这是一对作用力与反作用力，故A正确；
B．作用力与反作用力同时产生，同时消失，故B错误；
C．马拉车时，车能前进是因为马拉车的力大于车所受的阻力，马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小相等，故C错误；D．马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小相等，故D错误。

选择题
自2016年起，我国将每年的4月24日设立为“中国航天日”，9月15日22时成功发射了天空二号空间实验室。

假设天空二号绕地球做匀速圆周运动，公转周期为T，离地面高度为H，地球半径为R，万有引力常量为G，将地球看作质量分布均匀的球体。

由题中条件可以判定下列说法不正确的是：（）
A.可以求出地球的质量
B.可以求出地球的平均密度
C.不能求出地球表面的重力加速度
D.可以求出地球的第一宇宙速度
【答案】C
【解析】
A．设地球的质量M，天空二号质量为m，由牛顿第二定律可得
解得
说明可以求出地球的质量，故A不符合题意；
B．球的体积公式，
密度公式
联立可以求出地球的平均密度
故B不符合题意；
C．设地球表面上有一质量为的物体，忽略向心力的大小，则有
解得地球表面的重力加速度
将代入可得
可以计算出地球表面的重力加速度，故C符合题意；
D．地球的第一宇宙速度在数值上等于绕地球表面转动时的速度大小，由牛顿第二定律可得
(9)
(2)(9)两式联立可得地球的第一宇宙速度。

可以计算出第一宇宙速度大小，故D不符合题意。

故选C。

选择题
用苔藓球养出来的绿植，吊在空中也能养，养成别致的景观。

如图用麻绳将苔藓球盆栽悬挂起来，下列说法正确的是（）
A.盆栽本身就有重力，其重力没有施力物体
B.麻绳对盆栽的拉力与盆栽对麻绳的拉力是一对相互平衡的力
C.盆栽所受的重力与麻绳对盆栽的拉力是一对作用力和反作用力
D.麻绳对盆栽的拉力与盆栽对麻绳的拉力是同一种类的力，都是弹力【答案】D
【解析】
A．盆栽本身所受的重力的施力物体是地球，所以A错误；
B．麻绳对盆栽的拉力与盆栽对麻绳的拉力是一对相互作用力，所以B错误；
C．盆栽所受的重力与麻绳对盆栽的拉力是一对平衡力，所以C错误；D．麻绳对盆栽的拉力与盆栽对麻绳的拉力是同一种类的力，都是弹力，所以D正确；
故选D。

选择题
图是某同学站在压力传感器上做下蹲﹣起立的动作时传感器记录的压力随时间变化的图线，纵坐标为压力，横坐标为时间。

由图线可知，该同学的体重约为650N，除此以外，还可以得到以下信息（）
A.1s时人处在下蹲的最低点
B.2s时人处于下蹲静止状态
C.0.8s－1.7s在做下蹲的动作
D.下蹲过程中人始终处于失重状态
【答案】BC
【解析】
AD．人下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重对应先失重再超重，到达最低点后处于平衡状态，由图可知，t=1s时失重人仍然加速下降，故AD错误；
B．人下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重对应先失重再超重，到达最低点后处于平衡状态，所以在t=2s时刻人处于下蹲静止状态，故B正确；
C．由图像可知，0.8s－1.7s内先失重后超重，即人先加速下降失重，再减速下降超重，故C正确。

故选BC。

选择题
关于力和运动的关系，下列说法中正确的是
A.若物体的速度不断增大，则物体必受外力的作用
B.若物体的速度方向不断变化，则物体必受外力的作用
C.若物体的位移方向不断变化，则物体必受外力的作用
D.若物体的位移不断增大，则物体必受外力的作用
【答案】ABC
【解析】
A.物体的速度不断增大，一定有加速度，合外力一定不为零，故A正确；
B.速度方向发生改变时，运动状态发生改变，一定受力的作用，故B 正确；
C.若物体的位移方向不断变化，速度方向一定发生改变，一定受力的作用，故C正确；
D.物体的位移不断增大，匀速运动时位移也能逐渐增大，合外力却为零，故D错误。

故选ABC。

选择题
如图所示，在地面上Q点正上方P点处以大小为v1的初速度水平抛出一个小球甲，同时在Q点以大小为v2的初速度斜向上抛出一个小球乙，v2＝2v1。

若两球速度大小相同时相遇，则P点离地面的高度h及v2与水平方向的夹角θ满足的条件分别为（重力加速度为g）
A.θ＝60°
B.θ＝30°
C.
D.
【答案】AD
【解析】
AB．要使两球在空中相遇
则
A项正确，B项错误；
CD．设经过t时间，两球速度大小相同时相遇，则
求得
则C项错误，D正确。

故选AD。

选择题
跳高运动员从地面跳起，在这一过程中，地面对运动员的支持力（）A.大于运动员对地面的压力B.等于运动员对地面的压力
C.大于运动员受到的重力
D.等于运动员受到的重力
【答案】BC
【解析】
AB．地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A错误，B正确；
CD．运动员受到重力和支持力，两个力的合力向上，所以地面对运动员的支持力大于运动员的重力，故C正确，D错误。

故选BC。

解答题
在水平地面上有一质量为2kg的物体，物体在水平拉力F的作用下由静止开始运动，10s后拉力大小减为该物体的运动速度图象如图所示，求：
①物体受到的拉力F的大小
②物体与地面之间的摩擦力系数（g=10m/s2）
【答案】①7N；②0．25
【解析】试题分析：在0～8s内，物体的加速度（正向）
在8～14s内，物体的加速度（反向）
由牛顿第二定律
加速过程：F-μmg=ma1①
减速过程：-μmg=ma2②
由此解得F=7N μ=0．25
解答题
如图所示，质量为60kg的跳台滑雪运动员经过一段半径为40m的圆弧加速滑行后从O点水平飞出（O点正好在圆弧对应圆心的正下方），经3.0s落到斜坡上的A点已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ＝37°，不计空气阻力（取sin37°＝0.60，cos37°＝0.80；g取10m/s2求
（1）A点与O点的高度差h和AO距离L；
（2）运动员刚要离开0点时的速度大小及对O点的压力。

（3）运动员落到A点时速度的大小和方向。

【答案】（1）h=45m，L=75m；（2）运动员刚要离开O点时的速度大小为20m/s，对O点的压力为1200N；（3）运动员落到A点时速度的大小为m/s，与水平方向夹角为α，其中tanα＝1.5。

【解析】
解：（1）当落到A位置时，
根据几何关系可知，
（2）平抛运动的水平位移
刚离开O点的速度
在O点时，根据向心力公式可知，
代入数据解得N＝1200N，根据牛顿第三定律可知，运动员对O点的压力大小为1200N，方向竖直向下。

（3）运动员运动到A点的竖直速度
A点速度
设速度与水平方向的夹角为α，则。