2017年福建省漳州市高一下学期期末数学试卷与解析答案
福建高一高中数学期末考试带答案解析
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福建高一高中数学期末考试班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________一、选择题1.已知函数为偶函数,则在区间上是()A.先增后减B.先减后增C.减函数D.增函数2.已知全集,且,则()A.B.C.D.3.有个兴趣小组,甲、乙两位同学各自参加其中一个小组,每位同学参加各个小组的可能性相同,则这两位同学不在同一个兴趣小组的概率为()A.B.C.D.4.一个水平放置的图形的斜二测直观图是一个底角为,腰和上底均为的等腰梯形,那么原平面图形的面积是()A.B.C.D.5.圆与圆的公切线有且仅有()A.条B.条C.条D.条6.如图,在正方体中,、分别为棱和棱的中点,则异面直线和所成的角为()A.B.C.D.7.已知是两条不重合的直线,是不重合的平面,下面四个命题中正确的是()A.若,则B.若,则C.若,则D.若,则8.已知三棱锥的正视图与俯视图如图所示,俯视图是边长为的正三角形,则该三棱锥的侧视图可能为()A.B.C.D.9.直线过点且与以点、为端点的线段恒相交,则的斜率取值范围是()A.B.C.D.10.直线与圆相交于、两点.若,则的取值范围是()A.B.C.D.11.如图,直三棱柱的六个顶点都在半径为的半球面上,,侧面是半球底面圆的内接正方形,则侧面的面积为()A.B.C.D.12.已知平面上两点,若圆上存在点,使得,则的取值范围是()A.B.C.D.二、填空题1.已知直线.则直线恒经过的定点.2.设为原点,点在圆上运动,则的最大值为.3.某空间几何体的三视图如下图所示,则该几何体的体积为.4.如图,为等腰直角三角形,,一束光线从点射入,先后经过斜边与直角边反射后,恰好从点射出,则该光线在三角形内部所走的路程是.三、解答题1.已知平面内两点.(1)求的中垂线方程;(2)求过点且与直线平行的直线的方程.2.如图,在三棱锥中,、分别为、的中点.(1)求证:平面;(2)若平面平面,且,求证:平面.3.如图,在四棱锥中,底面是正方形,侧棱底面是中点,(1)证明:平面;(2)证明:平面平面.4.如图是某圆拱桥的示意图.这个圆拱桥的水面跨度,拱高.现在一船;宽,水面上高,这条船能从桥下通过吗?为什么?5.如图,在四棱锥中,底面是的中点.(1)证明:平面;(2)求和平面所成的角的正切值.6.已知圆,过原点的直线与其交于不同的两点.(1)求直线斜率的取值范围;(2)求线段的中点的轨迹的方程;(3)若直线与曲线只有一个公共点,求的取值范围.福建高一高中数学期末考试答案及解析一、选择题1.已知函数为偶函数,则在区间上是()A.先增后减B.先减后增C.减函数D.增函数【答案】D【解析】∵是偶函数,∴,即,∴的图象开口向上,∴在上是增函数.故选:D.【考点】二次函数的性质.2.已知全集,且,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】∵全集,且,∴;又,∴.故选:A.【考点】交、并、补集的混合运算.3.有个兴趣小组,甲、乙两位同学各自参加其中一个小组,每位同学参加各个小组的可能性相同,则这两位同学不在同一个兴趣小组的概率为()A.B.C.D.【答案】C【解析】由题意知本题是一个古典概型,试验发生包含的事件数是种结果,其中这两位同学参加同一个兴趣小组,由于共有三个小组,则有种结果,故这两位同学不在同一个兴趣小组的概率,故选C.【考点】列举法计算基本事件及其发生的概率.4.一个水平放置的图形的斜二测直观图是一个底角为,腰和上底均为的等腰梯形,那么原平面图形的面积是()A.B.C.D.【答案】A【解析】水平放置的图形为一直角梯形,由题意可知上底为,高为,下底为,.故选A.【考点】斜二测画法画直观图.5.圆与圆的公切线有且仅有()A.条B.条C.条D.条【答案】C【解析】圆化为,圆心,半径为,圆化为,圆心,半径,∵,∴两圆外切,作出两圆图象如图,∴圆与圆的公切线有且仅有条.故选C.【考点】圆与圆的位置关系及其判定.【方法点睛】本题考查圆与圆的位置关系及其判断,考查数形结合的解题思想方法,是中档题;化圆的一般式方程为标准方程,求出圆的圆心坐标和半径,由圆心距等于半径和可得两圆外切,数形结合可得两圆公切线的条数,几何法:利用两圆的圆心距与两圆半径的关系判断,①外离(条公切线):②外切(条公切线):③相交(条公切线):④内切(条公切线):⑤内含(无公切线):.6.如图,在正方体中,、分别为棱和棱的中点,则异面直线和所成的角为()A.B.C.D.【答案】C【解析】连接,,∴为异面直线和所成的角,而三角形为等边三角形,∴,故选C.【考点】异面直线所成的角.【方法点睛】本小题主要考查异面直线所成的角、异面直线所成的角的求法,考查空间想象能力、运算能力和推理论证能力,考查转化思想,属于基础题;求异面直线所成的角的方法:求异面直线的夹角关键在于平移直线,常用相似比,中位线,梯形两底,平行平面等手段来转移直线;连接,将平移到,根据异面直线所成角的定义可知为异面直线所成的角,而三角形为等边三角形,即可求出此角.7.已知是两条不重合的直线,是不重合的平面,下面四个命题中正确的是()A.若,则B.若,则C.若,则D.若,则【答案】C【解析】由,是两条不重合的直线,,是不重合的平面,知:在A中:若,则与相交或平行,故A错误;在B中:若,则与相交、平行或,故B错误;在C中:若,则由面面平行的判定定理得,故C正确;在D中:若,则或,故D错误.故选:C.【考点】直线与平面之间的位置关系.8.已知三棱锥的正视图与俯视图如图所示,俯视图是边长为的正三角形,则该三棱锥的侧视图可能为()A.B.C.D.【答案】B【解析】侧视图是从左向右看,侧视图的底边长应当是正三角形的高,俯视图可知三棱锥的一条侧棱在俯视图中是一个点,另两条侧棱重合于底面三角形的边,∴B满足题意.故选B.【考点】简单几何体的三视图.9.直线过点且与以点、为端点的线段恒相交,则的斜率取值范围是()A.B.C.D.【答案】D【解析】如图,∵,∴,.由图可知,使直线与线段相交的的斜率取值范围是.故选D.【考点】直线的倾斜角.10.直线与圆相交于、两点.若,则的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】若,则圆心到直线的距离,即,解得:,故选C.【考点】直线与圆的位置关系.11.如图,直三棱柱的六个顶点都在半径为的半球面上,,侧面是半球底面圆的内接正方形,则侧面的面积为()A.B.C.D.【答案】A【解析】如图所示,球心在平面的中心上,取的中点,连接,则,∵侧面是半球底面圆的内接正方形,,∴,∴,∴,∴侧面的面积为,故选A.【考点】球内接多面体.【方法点晴】本题考查与球有关的几何体的问题,考查勾股定理,空间点、线、面的位置关系的应用;研究球与多面体的接、切问题主要考虑以下几个方面的问题:(1)球心与多面体中心的位置关系;(2)球的半径与多面体的棱长的关系;(3)球自身的对称性与多面体的对称性;(4)能否做出轴截面;判断球心的位置,利用侧面是半球底面圆的内接正方形,,求出,利用勾股定理求出,然后求解四边形的面积.12.已知平面上两点,若圆上存在点,使得,则的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】∵圆,∴圆心,半径;设点在圆上,则,;∵,∴,∴;即;∴,∴的最大值是,最小值是;∴的取值范围是.故选C.【考点】直线与圆的位置关系.二、填空题1.已知直线.则直线恒经过的定点.【答案】【解析】将直线化简为点斜式,可得,∴直线经过定点,且斜率为.即直线恒过定点.故答案为:.【考点】恒过定点的直线.【方法点晴】本题给出含有参数的直线方程,求直线经过的定点坐标.着重考查了直线的基本量与基本形式等知识,属于基础题;如果一条直线经过某一定点,那么这条直线就是过该定点的直线.这里面可以看出,过一个定点的直线是不唯一的,事实上是由无数条直线组成,将直线化简成点斜式的形式得:,可得直线的斜率为且经过定点,从而得到答案.2.设为原点,点在圆上运动,则的最大值为.【答案】【解析】圆,表示以为圆心,半径等于的圆.由于,∴的最大值为,故答案为.【考点】圆的标准方程.3.某空间几何体的三视图如下图所示,则该几何体的体积为.【答案】【解析】由已知中的三视图可得该几何体是一个正方体和四棱锥的组合体,正方体的棱长为,故体积为:,四棱锥的底面面积为:,高,故四棱锥的体积为:,故组合体的体积,故答案为:.【考点】由三视图求面积、体积.【方法点晴】本题考查的知识点是由三视图,求体积和表面积,根据已知的三视图,判断几何体的形状是解答的关键;三视图是新课标新增内容之一,是新课程高考重点考查的内容.解答此类问题,必须熟练掌握三视图的概念,弄清视图之间的数量关系:正视图、俯视图之间长相等,左视图、俯视图之间宽相等,正视图、左视图之间高相等(正俯长对正,正左高平齐,左俯宽相等),要善于将三视图还原成空间几何体,熟记各类几何体的表面积和体积公式,正确选用,准确计算.4.如图,为等腰直角三角形,,一束光线从点射入,先后经过斜边与直角边反射后,恰好从点射出,则该光线在三角形内部所走的路程是.【答案】【解析】建立如图所示的直角坐标系,可得,,;∴的方程为,设,分别是点关于直线和轴的对称点,则,由光的反射原理可知,四点共线,又直线的方程为,且点,,∴,,;∴.故答案为:.【考点】两点间距离公式的应用;与直线关于点、直线对称的直线方程.三、解答题1.已知平面内两点.(1)求的中垂线方程;(2)求过点且与直线平行的直线的方程.【答案】(1) ;(2).【解析】(1)利用中点坐标关系、点斜式即可得出;(2)利用相互平行的直线斜率之间的关系、点斜式即可得出.试题解析:(1)易求得的中点坐标为…………(2分)又,所以的中垂线的斜率为,…………(6分)的中垂线的方程为即.…………(8分)(2)由(1)知,所以直线的方程为,…………(10分)即.…………(12分)【考点】待定系数法求直线的方程.2.如图,在三棱锥中,、分别为、的中点.(1)求证:平面;(2)若平面平面,且,求证:平面.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析.【解析】(1)根据中位线定理得出,故而平面;(2)由平面平面可得平面,故有,由,可得,从而平面.试题解析:(1)∵分别是的中点,∴.又平面平面,∴平面.…………(6分)(2)在三角形中,∵为中点,∴∵平面平面,平面平面,∴平面.∴又,∴,又,∴平面…………(12分)【考点】直线与平面平行的判定;直线与平面垂直的判定.【方法点晴】本题考查了线面平行的判定,面面垂直的性质及线面垂直的判定,属于中档题;直线与平面平行的判定定理的实质是:对于平面外的一条直线,只需在平面内找到一条直线和这条直线平行,就可判定这条直线必和这个平面平行.即由线线平行得到线面平行;直线与平面垂直的判定:(1)定义法:对于直线和平面,垂直于内的任一条直线.(2)判定定理1:如果两条平行直线中的一条垂直于一个平面,那么另一条也垂直于这个平面.(3)判定定理2:如果一条直线和一个平面内的两条相交直线都垂直,那么这条直线垂直于这个平面.3.如图,在四棱锥中,底面是正方形,侧棱底面是中点,(1)证明:平面;(2)证明:平面平面.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析.【解析】(1)连结,设与交于点,连结,易证为的中位线,从而,再利用线面平行的判断定理即可证得平面;(2)依题意,易证底面,再利用面面垂直的判断定理即可证得平面平面.试题解析:(1)连接交于,连接∵底面是正方形,∴为中点,∵在中,是的中点,∴…………(3分)∵平面平面,∴在平面…………(5分)(2)∵侧棱底面底面,∴∵底面是正方形,∴∵与为平面内两条相交直线,∴平面…………(8分)∵平面,∴∵是的中点,∴∵与为平面内两条相交直线,∴平面…………(11分)∵平面,∴平面平面…………(12分)【考点】直线与平面平行的判定;平面与平面垂直的判定.4.如图是某圆拱桥的示意图.这个圆拱桥的水面跨度,拱高.现在一船;宽,水面上高,这条船能从桥下通过吗?为什么?【答案】该船可以从桥下通过.【解析】建立适当平面直角坐标系,如图所示,得出各点坐标,设出圆的标准方程,将坐标代入确定出这座圆拱桥的拱圆方程,把横坐标代入求出纵坐标,与比较即可作出判断.试题解析:建立如图所示的坐标系,依题意,有…………(2分)设所求圆的方程是.于是有,解此方程组得所以这座圆拱桥的拱圆的方程是…………(8分)把点的横坐标代入上式,得,…………(10分)由于船在水面以上高,所以该船可以从桥下通过,…………(12分)【考点】直线和圆的方程的应用.5.如图,在四棱锥中,底面是的中点.(1)证明:平面;(2)求和平面所成的角的正切值.【答案】(1)证明见解析;(2).【解析】(1)由为等边三角形可得,于是,通过证明平面得出,故而平面;(2)取中点,连接,则可证明平面,故为与平面所成的角,利用勾股定理求出,即可得出.试题解析:(1)∵在中,,∴为等边三角形,∴…………(1分)∵在中,是的中点,∴∵与为平面内两条相交直线,∴平面…………(4分)∵平面,∴∵与为平面内两条相交直线,∴平面…………(6分)(2)取中点,连接、,设∵在中,为中点,∴∵底面底面,∴∵与为平面内两条相交直线,∴平面∴为在平面内的射影,∴为和平面所成的角…………(9分)∵底面底面,∴∵,∴∴在中,∴和平面所成的角的正切值为…………(12分)【考点】直线与平面垂直的判定;直线与平面所成的角.【方法点睛】本题考查了线面垂直的判定,线面角的计算,属于中档题;具体的解题步骤与求异面直线所成的角类似,有如下的环节:(1)作--作出斜线与射影所成的角;(2)证--论证所作(或找到的)角就是要求的角;(3)算--常用解三角形的方法(通常是解由垂线段、斜线段、斜线段的射影所组成的直角三角形)求出角.(4)答--回答求解问题.在求直线和平面所成的角时,垂线段是其中最重要的元素,它可起到联系各线段的纽带的作用.在直线与平面所成的角的定义中体现等价转化和分类与整合的数学思想.6.已知圆,过原点的直线与其交于不同的两点.(1)求直线斜率的取值范围;(2)求线段的中点的轨迹的方程;(3)若直线与曲线只有一个公共点,求的取值范围.【答案】(1) ;(2);(3)或.【解析】(1)直线与其交于不同的两点,,可得,即可求直线斜率的取值范围;(2)利用,即可求线段的中点的轨迹的方程;(3)利用直线与曲线只有一个公共点,分类讨论,即可求的取值范围.试题解析:(1)由得直线过原点,可设其方程:∵直线与其将于不同的两点∴∴(2)设点,∵点为线段的中点,而曲线是圆心为,半径的圆,∴∴(且)化简得①由得是不同的两点,且点的坐标满足①因此点满足②这是圆心为,半径为的一段圆弧(不包括端点),反之,可验证以方程②的解为坐标的点是曲线上的一个点,因此②是轨迹的方程.(3)设直线过设直线与圆相切于点,则有,解得直线的斜率为类似的可得综上,若直线与曲线只有一个公共点,则的取值范围是或.【考点】直线与圆的位置关系.。
2019-2020学年福建省漳州市高一下学期期末考试数学试题(解析版)
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2019-2020学年福建省漳州市高一下学期期末考试数学试题一、单选题1.用符号表示“点A 在平面α外,直线l 在平面α内”,正确的是( ) A .A α⊄,l α∈ B .A α⊄,l α⊂ C .A α,l α⊂ D .A α,l α∈【答案】C【解析】根据符号语言写出结果即可. 【详解】点A 在平面α外,故A α;直线l 在平面α内,故l α⊂.故选:C. 【点睛】本题考查了空间几何的符号表示,属于基础题. 2.若0a b >>,R c ∈,则( ) A .a c b c +>+ B .a c b c -<- C .11a b> D .22a b <【答案】A【解析】根据条件取2a =,1b =,0c ,可排除B ,C ,D ,然后由不等式的基本性质直接判断A 正确. 【详解】0a b >>,R c ∈,取2a =,1b =,0c,可排除B ,C ,D ;由不等式的基本性质知,a c b c +>+,故A 正确. 故选:A . 【点睛】本题考查了不等式的基本性质,考查了排除法的应用,属基础题. 3.已知向量(),2a t =,()2,1b =,若a b ⊥,则t 的值为( ) A .4- B .1-C .1D .4【答案】B【解析】直接利用向量垂直公式计算得到答案. 【详解】解:因为向量(),2a t =,()2,1b =,且a b ⊥,所以220t +=,解得:1t =-. 故选:B. 【点睛】本题考查了根据向量垂直求参数,属于基础题.4.在ABC 中,角A ,B ,C 所对各边分别为a ,b ,c ,且222a b c =+,则A =( ) A .135︒ B .120︒C .60︒D .45︒【答案】D【解析】根据余弦定理,由题中条件,即可得出结果. 【详解】因为222a b c =+,由余弦定理可得,222cos 2b c a A bc +-===, 所以45A =︒. 故选:D. 【点睛】本题主要考查余弦定理解三角形,属于基础题型.5.已知等比数列{}n a 的前n 项和为n S ,公比为2,若415S =,则6a 的值为( ) A .16 B .32C .48D .64【答案】B【解析】根据415S =以及公比可得首项,然后根据等比数列的通项公式可得结果. 【详解】设等比数列的公比为q ,则2q由题可知:()414111511-==⇒=-a q S a q所以56132==a a q故选:B 【点睛】本题考查等比数列的基本量的计算,掌握公式,属基础题.6.在ABC 中,已知sin sin A B =,则ABC 的形状一定是( )A .等腰三角形B .直角三角形C .等边三角形D .等腰直角三角形 【答案】A【解析】由正弦定理可得22a b R R=,解得a b =,即可求解. 【详解】在ABC 中,因为sin sin A B =, 由正弦定理可得22a b R R=,解得a b =, 所以ABC 的形状一定是等腰三角形. 故选:A. 【点睛】本题主要考查了三角形形状的判定,其中解答中熟记正弦定理的边角互化,求得a b =是解答的关键,着重考查推理与运算能力.7.已知圆锥SO 被平行于底面的平面所截,形成的圆台的两个底面面积之比为4:9,母线与底面的夹角是60︒,圆台轴截面的面积为SO 的体积为( )A .B .C .D .【答案】B【解析】先记圆1O 为满足题意的圆锥的截面,设圆1O 的半径为()120r m m =>,圆O 的半径为3r m =,记圆台的轴截面为平面ABCD ,则四边形ABCD 为等腰梯形,根据题中条件,求出2m =,再由圆锥的体积公式,即可求出结果. 【详解】记圆1O 截圆锥形成的圆台的两个底面面积之比为4:9,则两圆半径之比为2:3 设圆1O 的半径为()120r m m =>,圆O 的半径为3r m =, 圆台的轴截面记作平面ABCD ,则四边形ABCD 为等腰梯形, 因为母线与底面的夹角是60︒,所以160SDO SBO ∠=∠=︒,因此11tan60SO r =︒=,tan 60SO r =︒=,则1OO =,又圆台轴截面的面积为所以()112AB CD OO +⋅=2=2m =,因此圆锥SO 的体积为22311933r SO m πππ⋅⋅=⋅⋅⋅==.故选:B.【点睛】本题主要考查求圆锥的体积,考查圆锥与圆台截面的相关计算,熟记几何体结构特征,以及体积公式即可,属于常考题型.8.已知{}n a 是公比为整数的等比数列,设212n nn na ab a -+=,n ∈+N ,且113072b =,记数列{}n b 的前n 项和为n S ,若2020n S ≥,则n 的最小值为( ) A .11 B .10 C .9 D .8【答案】B【解析】设{}n a 是公比为q ,根据已知条件有1n n n b qq -=+求得2q,数列{}n b 的前n 项和为3(21)nn S =-即2020n S ≥可求n 的最小值【详解】令{}n a 是公比为q ,由212n nn na ab a -+=,n ∈+N∴1n n n b qq -=+,又113072b =即10113072q q +=,又q Z ∈,知:2q∵{}n b 的前n 项和为n S ,则3(21)nn S =-∴2020n S ≥时,3(21)2020n-≥,n ∈+N解得10n ≥ 故选:B 【点睛】本题考查了数列,由数列的递推关系及已知条件求公比,进而根据新数列的前n 项和及不等式条件求n 的最小值二、多选题9.设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,若39S =,47a =,则( )A .2n S n =B .223n S n n =-C .21n a n =-D .35n a n =-【答案】AC【解析】利用等差数列{}n a 的前n 项和公式、通项公式列出方程组,求出11a =,2d =,由此能求出n a 与n S . 【详解】等差数列{}n a 的前n 项和为n S .39S =,47a =,∴31413239237S a d a a d ⨯⎧=+=⎪⎨⎪=+=⎩, 解得11a =,2d =,1(1)221n a n n ∴+-⨯=-=.()21212n n n S n +-==故选:AC . 【点睛】本题考查等差数列的通项公式求和公式的应用,考查等差数列的性质等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.10.在ABC 中,角A ,B ,C 所对各边分别为a ,b ,c ,若1a =,b =30A =︒,则B =( ) A .30 B .45︒C .135︒D .150︒【答案】BC【解析】用正弦定理求得sin B 的值,由此得出正确选项. 【详解】解:根据正弦定理sin sin a b A B=得:1sin 2sin 12b A B a ===,由于1b a =>=,所以45B =或135B =.故选:BC. 【点睛】本题考查利用正弦定理解三角形,是基础题.11.若0a >,0b >,且2a b +=,则下列不等式恒成立的是( )A .1≥B .11ab ≥ C .222a b +≥ D .112a b+≥【答案】BCD 【解析】由条件可得12211112a a b a b a abb b ab ++=≥⇒+==⇒≥⇒≥,结合2222()()a b a b ++,即可得出.【详解】因为0a >,0b >,所以12211112a a b a b a abb b ab ++=≥+≤==⇒≥⇒≥, 所以A 错,BD 对;因为22222()()(0)a b a b a b -+=-≥+, 则22222()()2a b a b ++=,化为:222a b +,当且仅当1a b ==时取等号,C 对. 故选:BCD . 【点睛】本题考查了不等式的基本性质以及重要不等式的应用,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.12.设a ,b 为两条直线,α,β为两个平面,下列说法正确的是( ) A .若//a b ,a α⊥,则b α⊥ B .若a b ⊥,//b α,则//a α C .若//a b ,//a α,则//b α D .若αβ⊥,a α⊂,b αβ=,a b ⊥,则a β⊥【答案】AD【解析】根据空间线面位置关系的判定与性质进行判断. 【详解】对于选项A:利用线面垂直的性质定理判断A正确;对于选项B:由a b⊥,//bα,直线a与面α的位置关系无法确定,故B错;对于选项C:由//a b,//aα,可得//bα或bα⊂,故C错;对于选项D:利用面面垂直的性质定理判断D正确.故选:AD.【点睛】本题主要考查了空间中直线与平面之间的位置关系,考查了空间想象能力和推理论证能力.属于较易题.三、填空题13.已知变量x,y满足约束条件10xyx y≥⎧⎪≥⎨⎪+-≤⎩,则z x y=-的最大值为______.【答案】1【解析】画出可行域,根据z的几何意义求解即可得答案.【详解】解:画出约束条件的满足的可行域,如图,根据题,当点(),x y是点1,0A时,z x y=-取最大值,最大值为max101z=-=. 故答案为:1【点睛】本题考查线性规划问题,考查数形结合思想,是基础题.14.已知数列{}n a满足21n n na a a++=-,n∈+N,11a=,22a=,则5a=______.【答案】2-【解析】根据题中条件,逐项计算,即可得出结果.因为21n n n a a a ++=-,n ∈+N ,11a =,22a =, 所以3211a a a =-=,4321a a a ,5432a a a =-=-.故答案为:2-. 【点睛】本题主要考查由递推关系求数列中的项,属于基础题型. 15.ABC 为等腰直角三角形,且2A π∠=,4AB =,若点E 为BC 的中点,则AE AB ⋅=______.【答案】8【解析】由等腰直角三角形的性质可推出AE =4BAE π∠=;而||||cos AE AB AE AB BAE ⋅=⋅∠,代入所得数据进行运算即可得解.【详解】因为ABC 为等腰直角三角形,且2A π∠=,4AB =,所以BC ==,点E 为BC 的中点,12AE BC ∴==,且124BAE A π∠=∠=.∴||||cos 4cos84AE AB AE AB BAE π⋅=⋅∠=⨯=.故答案为:8. 【点睛】本题考查平面向量数量积的运算,考查学生的运算求解能力,属于基础题. 16.正四面体P BDE -和边长为1的正方体1111ABCD A B C D -有公共顶点B ,D ,则该正四面体P BDE -的外接球的体积为______,线段AP 长度的取值范围为_______.【答案】2 ⎣⎦【解析】由图可知正四面体P BDE -的外接球的体积等于正方体1111ABCD A B C D -的外接球的体积,求正方体外接球体积即可;P 点在以BD 的中点I 圆心,以1A I 为半径的圆上,线段AP 长度最小为点A 到圆心I 的距离减去半径,最大为点A 到圆心I 的距离加上半径,代入数据求解即可.如图,由题可得正四面体P BDE -与正四面体11A BDC -全等,所以正四面体P BDE -的外接球的体积等于正四面体11A BDC -的外接球的体积,也即是正方体1111ABCD A B C D -的外接球的体积,因为正方体棱长为1,所以外接球直径为1113++=,所以正方体1111ABCD A B C D -的外接球的体积为:34333π=⎝⎭,所以正四面体P BDE -3; 分析可知P 点在以BD 的中点I 圆心,以1A I 为半径的圆上,2126122r A I ⎛⎫==+= ⎪ ⎪⎝⎭,由点A 在圆I 内,且22AI =,所以AP 长度最小为622r AI -=,AP 长度最大为622r AI +=,所以AP 长度的取值范围为6262-+⎣⎦. 3;6262-+⎣⎦.【点睛】本题主要考查正方体外接球体积问题,涉及到圆上动点到定点距离问题,考查学生空间想象能力.四、解答题17.已知向量a 与b 的夹角为3π,且1a =,2b =. (1)求a b +;(2)求向量a b +与向量a 的夹角的余弦值.【答案】(1;(2)7. 【解析】(1)由已知利用平面向量数量积公式可得1a b ⋅=,平方后根据向量数量积的运算可求||a b +的值.(2)结合(1),根据已知条件,由向量夹角的余弦公式即可求解. 【详解】 (1)向量a 与b 的夹角为3π,且||1a =,||2b =, ∴||||cos a b a b a ⋅=<,112cos12132b π>=⨯⨯=⨯⨯=.222||()2142a b a b a b a b ∴+=+=++⋅=++= (2)设向量a b +与向量a 的夹角θ,22()||27cos ||||||||||||71a b a a a b a a b a b a a b a a b a θ+⋅+⋅+⋅∴=====+⋅+⋅+⋅⨯【点睛】本题主要考查了向量数量积的运算及计算公式,向量夹角的余弦公式,属于中档题. 18.已知球O 的半径为5. (1)求球O 的表面积;(2)若球O 有两个半径分别为3和4的平行截面,求这两个截面之间的距离. 【答案】(1)100π;(2)1或7.【解析】(1)利用球的表面积公式计算即可; (2)先求球心到两个截面的距离,再计算即可. 【详解】解:(1)因为球O 的半径为5R =,所以球O 的表面积为24100S R ππ==. (2)设两个半径分别为13r =和24r =的平行截面的圆心分别为1O 和2O ,所以14OO ===,所以23OO ===, 所以1212347O OO OO O =+=+=, 或1122431O OO OO O =-=-=,所以两个截面之间的距离为1或7. 【点睛】本题考查了球的表面积和截面问题,属于基础题.19.已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且2n S n n =+,n ∈+N . (1)求{}n a 的通项公式; (2)记11nn n c a a ,求数列{}n c 的前n 项和n T .【答案】(1)2n a n =,n ∈+N ;(2)4(1)n nT n =+,n ∈+N .【解析】(1)当2n ≥时,21n S n n -=-,利用1n n n a S S -=-即可得结果,注意验证当1n =时,是否适合;(2)由(1)可得()121n a n +=+,则11122(1)n n n c a a n n +==⋅+11141n n ⎛⎫=- ⎪+⎝⎭,利用裂项相消法可得结果. 【详解】(1)当2n ≥时,21n S n n -=-,所以()2212n n n a S S n n n n n -=-=+--=, 因为当1n =时,112a S ==,适合上式, 所以2n a n =,n ∈+N .(2)由(1)可得()121n a n +=+, 所以11122(1)n n n c a a n n +==⋅+11141n n ⎛⎫=- ⎪+⎝⎭, 所以11111111141242341n T n n ⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-+-++- ⎪ ⎪ ⎪+⎝⎭⎝⎭⎝⎭111414(1)n n n ⎛⎫=-= ⎪++⎝⎭,n ∈+N . 【点睛】本题主要考查数列的通项公式与前n 项和公式之间的关系,考查裂项相消法的应用,属于中档题. 已知数列前n 项和,求数列通项公式,常用公式11,1,2n nn S n a S S n -=⎧=⎨-≥⎩,将所给条件化为关于前n 项和的递推关系或是关于第n 项的递推关系,若满足等比数列或等差数列定义,用等比数列或等差数列通项公式求出数列的通项公式,否则适当变形构造等比或等数列求通项公式. 在利用n S 与通项n a 的关系求n a 的过程中,一定要注意1n = 的情况.20.在ABC 中,角A ,B ,C 所对各边分别为a ,b ,c ,且()2cos cos b c A a C -=. (1)求A ; (2)若a =1c =,求ABC 的面积.【答案】(1)3A π=;(2【解析】(1)首先根据正弦定理,边角互化,再根据三角恒等变换,计算求得角A ; (2)解法一:根据余弦定理计算求边b ,再计算面积,解法二:根据正弦定理求sin C ,再根据三角形的形状求ABC 的面积. 【详解】解法一:(1)因为ABC 中,()2cos cos b c A a C -=, 由正弦定理可得,(2sin sin )cos sin cos B C A A C -=⋅, 得2sin cos sin cos cos sin B A A C A C ⋅=⋅+⋅, 得2sin cos sin B A B ⋅=, 因为sin 0B >,所以1cos 2A =, 因为0A π<<,所以3A π=.(2)由余弦定理得222222cos a b c bc A b c bc =+-=+-,因为a =1c =,所以220b b --=,即()()120b b +-=,所以1b =-或2b =, 因为0b >,所以2b =, 所以ABC的面积为11sin 212222bc A =⨯⨯⨯=. 解法二:(1)同解法一.(2)由正弦定理得sin sin c aC A=, 因为3sin sin32A π==,3a =,1c =,所以sin 1sin 2c A C a ==, 因为a c >,所以A C >,即3C π<,所以6C π=,所以2ππ=--=B AC ,所以ABC 为直角三角形,所以ABC 的面积为1133122ABC S ac ==⨯⨯=△. 【点睛】本题考查解三角形,三角恒等变形,重点考查计算能力,属于基础题型. 21.如图所示,四边形ABCD 是菱形,DE ⊥平面ABCD ,AF ⊥平面ABCD .(1)求证:AC ⊥平面BDE ; (2)求证:平面//ABF 平面CDE ; (3)若2DE DB ==,3BCD π∠=,求点D 到平面BCE 的距离.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)217. 【解析】(1)由四边形ABCD 是菱形,证得AC BD ⊥,再由DE ⊥平面ABCD ,得到AC DE ⊥,结合线面垂直的判定定理,即可证得AC ⊥平面BDE ;(2)分别证得//AF 平面CDE 和//AB 平面CDE ,结合面面平行的判定定理,即可证得平面//ABF 平面CDE ;(3)结合E BCD D BCE V V --=,利用等积法,即可求得点D 到平面BCE 的距离. 【详解】(1)因为四边形ABCD 是菱形,所以AC BD ⊥,因为DE ⊥平面ABCD ,AC ⊂平面ABCD ,所以AC DE ⊥, 因为BD DE D ⋂=,BD ⊂平面BDE ,DE ⊂平面BDE , 所以AC ⊥平面BDE .(2)因为DE ⊥平面ABCD ,AF ⊥平面ABCD ,所以//DE AF , 因为DE ⊂平面CDE ,AF ⊄平面CDE ,所以//AF 平面CDE ; 因为四边形ABCD 是菱形,所以//AB CD ,因为CD ⊂平面CDE ,AB ⊄平面CDE ,所以//AB 平面CDE ; 因为ABAF A =,AB平面ABF ,AF ⊂平面ABF ,所以平面//ABF 平面CDE . (3)因为CD BC =,3BCD π∠=,所以BCD 为等边三角形,因为2DB =,所以BCD 的面积为44BCD S ==△ 因为DE ⊥平面ABCD ,所以三棱锥E BCD -的体积为112333E BCD BCD V DE S -=⋅=⨯=△, 因为DE ⊥平面ABCD ,BD ⊂平面BCD ,CD ⊂平面BCD , 所以DE BD ⊥,DE CD ⊥,因为2DE BD CD ===,所以BE CE ==所以BCE 的面积为122BCES =⨯=△设点D 到平面BCE 的距离为d ,所以13E BCD D BCE BCE V V d S --==⋅==△,所以7d =D 到平面BCE 的距离为7.【点睛】本题主要考查了线面垂直的判定,以及平面与平面平行的判定与证明,以及利用“等积法”求解点到平面的距离,其中解答中熟记线面位置关系的判定定理和性质定理,以及熟练应用“等体积法”求解点到平面的距离是解答的关键,着重考查推理与运算能力. 22.在①5CA CB ⋅=-,②ABC 的面积为33面问题中,并解决该问题:在ABC 中,角A ,B ,C 所对各边分别为a ,b ,c ,已知sin sin 1sin sin sin sin B CA C A B+=++,______,且1b =.(1)求ABC 的周长;(2)已知数列{}n a 为公差不为0的等差数列,数列{}n b 为等比数列,1cos 1a A =,且11b a =,23b a =,37b a =.若数列{}n c 的前n 项和为n S ,且113c =,111n n n n n a c b a a -+=-,2n ≥.证明:116n S <. 【答案】(1)13133(2)证明见解析. 【解析】(1)选择条件①,根据sin sin 1sin sin sin sin B CA C A B+=++,由正弦定理得到222b c a bc +-=,再由余弦定理求出3A π=,再由5CA CB ⋅=-,结合题中条件,求出边长,即可得出周长; 选择条件②,同①先求出3A π=,再由ABC 的面积为33长,即可得出周长;(2)根据题意,得到12a =,12b =,设数列{}n a 的公差为d ,数列{}n b 的公比为q ,根据题中条件求出公差和公比,得出通项公式,求出11212n n n c n n ⎛⎫=-- ⎪++⎝⎭,再由错位相减法和裂项相消法的方法求出n S ,即可得出结果. 【详解】(1)选择条件①,过程如下: 因为sin sin 1sin sin sin sin B C A C A B +=++,所以1b ca c a b+=++,所以222b c a bc +-=,所以2221cos 222b c a bc A bc bc +-===,又因为0A π<<,所以3A π=.因为5CA CB ⋅=-,所以cos 5ab C =-,所以22252a b c ab ab+-⋅=-,所以22210a b c +-=-,因为1b =,代入222b c a bc +-=和22210a b c +-=-,得221a c c -+=和2211a c -=-,联立解得a =12c =,所以ABC 的周长为13. (1)选择条件②,过程如下: 因为sin sin 1sin sin sin sin B C A C A B +=++,所以1b ca c a b+=++,所以222b c a bc +-=,所以2221cos 222b c a bc A bc bc +-===,又因为0A π<<,所以3A π=.因为ABC 的面积为11sin sin2234bc A c π=== 所以12c =,把1b =,12c =代入222b c a bc +-=得a =所以ABC的周长为13. (2)因为1cos 2A =,所以12a =,所以12b =, 设数列{}n a 的公差为d ,数列{}n b 的公比为q ,因为23b a =,37b a =,所以222q d =+,2226q d =+,联立以上两式消d 得2320-+=q q ,所以1q =或2q,因为数列{}n a 为公差不为0,所以0d ≠,所以1q ≠,所以2q,1d =.所以()111n a a n d n =+-=+,112n nn b b q -==,当2n ≥时,11111212n n n n n n a n c b a a n n -+⎛⎫=-=-- ⎪++⎝⎭, 又因为113c =适合上式,所以11212n n n c n n ⎛⎫=-- ⎪++⎝⎭,n ∈+N .故212111111222233412n nnS n n ⎛⎫⎛⎫=+++--+-++- ⎪ ⎪++⎝⎭⎝⎭, 令212222n n n T =+++, 则2311122222n n nT +=+++, 作差得23111111222222n n n nT +=++++-,整理得,222n n n T +=-,设111111233412n K n n =-+-++-++1122n =-+,所以321222n n n n n S T K n +=-=-++,因为n ∈+N ,所以22n n +>0,所以3122n S n <++,因为1123n ≤+,所以3111226n +≤+, 所以116n S <. 【点睛】本题主要考查正弦定理和余弦定理的应用,考查等差数列与等比数列的综合,考查错位相减法和裂项相消法求数列的和,属于跨章节综合题.。
【全国百强校】福建省2017-2018学年高一下学期期末考试数学试题+答案
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福建2017-2018学年下学期期末考试卷高一数学·必修4一、选择题(每小题5分,共65分;在给出的A,B,C,D 四个选项中,只有一项符合题目要求)1. 角的终边与单位圆交于,则( )A.B.C.D.2. 已知三角形的角的三边为,满足以下条件的三角形的解个数为1的是( )A. B.C.D.3. 若=(2,1),=(3,4),则向量在向量方向上的投影为( )A.B. 2C.D. 104. 如图,已知表示,则等于( )A. B. C. D.5.( )A. 1B. 2C. 4D. 8 6. 若为平面内一点,且满足,则形状为 ( )A. 钝角三角形B. 等腰三角形C. 直角三角形D. 锐角三角形 7. 设函数,其中.若且的最小正周期大于,则的值分别为( )A.B.C.D.8. 飞机沿水平方向飞行,在A 处测得正前下方地面目标C 的俯角为30°,向前飞行10000米,到达B 处,此时测得正前下方目标C 的俯角为75°,这时飞机与地面目标的距离为( )A. 5000米B. 5000米C. 4000米D. 米9. 已知,,则()A. B. C. D.10. 若方程在区间上有两个实根,则实数取值范围为()A. B. C. D.11. 已知函数①函数关于对称②函数关于对称③函数最小正周期为④函数向左平移个单位后的新函数为偶函数以上四个命题中,正确的命题的序号是:()A. ①②③B. ①③C. ②③D. ①③④12. 已知函数,若函数在区间内单调递减,则的取值范围为( )A. B. C. D.13. 如图,在同一平面内,点位于两平行直线同侧,且到的距离分别为.点分别在上,,则的最大值为( )A. 15B. 12C. 10D. 9二、填空题(每小题5分,共25分)14. 函数的定义域为____________.15. 已知单位向量的夹角为,那么=_______16. 已知,,那么________.17. 在中,,,则_________18. 如图,在中,时,点在边上,,,为垂足若,则__________三、解答题(要求写出过程,共60分)19. 知为两个不共线向量,,(Ⅰ)若∥,求实数;(Ⅱ)若且⊥,求与的夹角.20. 已知向量,,记(Ⅰ)求的单调增区间;(Ⅱ)若,求的值域.21. 如图所示,等腰梯形的点,为半圆上的动点,∥,底边为圆的直径,,. 设等腰梯形的周长为.(Ⅰ)请写出与之间的函数关系;(Ⅱ)当取何值时,等腰梯形的周长最大?22. 如图,锐角三角形中,角所对的边分别为,若(Ⅰ)求角B的大小;(Ⅱ)若线段上存在一点使得,且,,求的面积.23. 已知函数,将函数的图像向左平移个单位,再向上平移1个单位,得到函数的图像.(Ⅰ)求函数的解析式(Ⅱ)若对任何实数,不等式恒成立,求实数的取值范围.(Ⅲ)若区间(且)满足:在上至少含有30个零点,在所有满足上述条件的中,求的最小值.一、选择题(每小题5分,共65分;在给出的A,B,C,D 四个选项中,只有一项符合题目要求)1. 角的终边与单位圆交于,则( )A.B.C.D.【答案】D【解析】由单位圆的性质可得:,则: .本题选择D 选项.2. 已知三角形的角的三边为,满足以下条件的三角形的解个数为1的是( )A. B.C.D.【答案】D【解析】由所给条件:,满足题意的三角形 个数为0个;,满足题意的三角形 个数为2个;,满足题意的三角形 个数为0个;,满足题意的三角形 个数为1个;本题选择D 选项.3. 若=(2,1),=(3,4),则向量在向量方向上的投影为( )A. B. 2 C. D. 10【答案】A【解析】由题意可得:,则向量在向量方向上的投影为 .本题选择A 选项.4. 如图,已知表示,则等于( )A. B. C. D.【答案】D【解析】由题意可得: .本题选择D选项.点睛:(1)应用平面向量基本定理表示向量的实质是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加、减或数乘运算.(2)用向量基本定理解决问题的一般思路是:先选择一组基底,并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式,再通过向量的运算来解决.5. ()A. 1B. 2C. 4D. 8【答案】A【解析】由题意:,则: .本题选择A选项.6. 若为平面内一点,且满足,则形状为()A. 钝角三角形B. 等腰三角形C. 直角三角形D. 锐角三角形【答案】B【解析】由题意可得:,即:,据此有:,即形状为等腰三角形.本题选择B选项.点睛:判断三角形形状的两种途径一是化边为角;二是化角为边,并常用正弦(余弦)定理实施边、角转换.7. 设函数,其中.若且的最小正周期大于,则的值分别为()A. B. C. D.【答案】A【解析】由f(x)的最小正周期大于2π,得,又,得,∴T=3π,则 .∴,∴ .取k=0,得 .∴ .本题选择A选项.8. 飞机沿水平方向飞行,在A处测得正前下方地面目标C的俯角为30°,向前飞行10000米,到达B处,此时测得正前下方目标C的俯角为75°,这时飞机与地面目标的距离为()A. 5000米B. 5000米C. 4000米D. 米【答案】B【解析】试题分析:由题意可得,AB=10000,A=30°,C=45°,△ABC中由正弦定理可得,,,故选B。
2017年漳州市普通高中毕业班质量检查理科数学试卷及答案
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2017年漳州市普通高中毕业班质量检查试卷理科数学本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷1至3页,第Ⅱ卷4至6页,满分150分。
考生注意:1.答题前,考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2.第Ⅰ卷每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
第Ⅱ卷用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答。
若在试题卷上作答,答案无效。
3.考试结束,监考员将试题卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷一.选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.(1)已知集合{}{lg ,|A x y x B y y ====,则A B =(A )[1,)+∞ (B )()1,+∞ (C )[0,)+∞ (D )()0,+∞ (2)已知复数z 满足(1i)2i z +⋅=-,则复数z 的共轭复数为(A )13i 22- (B )13i 22+ (C )13i + (D )13i - (3)已知随机变量ξ服从正态分布2(2,)N σ,若(02)=0.3P ξ≤≤,则(4)=P ξ≥(A )0.2 (B )0.3 (C )0.6 (D )0.8(4)若双曲线22131x y m m +=--的渐近线方程为12y x =±,则m 的值为 (A )1- (B )13 (C )113 (D )1-或13(5)如图,网格纸的小正方形的边长是1,粗线表示一正方体被某平面截得的几何体的三视图,则该几何体的体积为(A )2 (B )4 (C )6 (D )8(6)一个球从100米高处自由落下,每次着地后又跳回到原高度的一半再落下,则右边程序框图输出的S 表示的是(A )小球第10次着地时向下的运动共经过的路程 (B )小球第10次着地时一共经过的路程(C )小球第11次着地时向下的运动共经过的路程 (D )小球第11次着地时一共经过的路程(7)已知点P 的坐标(,)x y 满足2220x y x y ⎧⎪⎨⎪-+⎩≥-1,≤,≤,过点P 的直线l 与圆22:7O x y +=交于A ,B 两点,则AB 的最小值为(A(B) (C(D)(8) 如图为中国传统智力玩具鲁班锁,起源于古代汉族建筑中首创的榫卯结构,这种三维的拼插器具内部的凹凸部分(即榫卯结构)啮合,外观看是严丝合缝的十字立方体,其上下、左右、 前后完全对称,六根完全相同的正四棱柱分成三组,经90榫卯起来.现有一鲁班锁的正四棱柱的底面正方形边长为1,欲将其放入球形容器内(容器壁的厚度忽略不计),若球形容器表面积的最小值为30π,则正四棱柱的高为 (A) (B) (C) (D )5(9) 已知()42340123423(2)(2)(2)(2)x a a x a x a x a x -=+-+-+-+-,则2a =(A )24 (B )56 (C )80 (D )216 (10) 函数()()1cos sin f x x x =+在[],ππ-上的图象大致是(A) (B)(C)(D)xππ-o yxππ-oyπ-xππ-oy(11) 已知函数()2sin 21(0)f x x x ωωω=-+>在区间(,2)ππ内没有极值点,则ω的取值范围为 (A )511,1224⎛⎤⎥⎝⎦ (B )51110,,12242⎛⎤⎡⎫⎪⎥⎢⎝⎦⎣⎭ (C )10,2⎛⎫ ⎪⎝⎭(D )55110,,241224⎛⎤⎡⎤ ⎥⎢⎥⎝⎦⎣⎦(12) 曲线C 是平面内与两个定点1(2,0)F -,2(2,0)F 的距离之积等于9的点的轨迹.给出下列命题:①曲线C 过坐标原点; ②曲线C 关于坐标轴对称;③若点P 在曲线C 上,则12F PF △的周长有最小值10; ④若点P 在曲线C 上,则12F PF △面积有最大值92. 其中正确命题的个数为(A )0 (B )1 (C )2 (D )3第Ⅱ卷本卷包括必考题和选考题两部分。
2017年漳州市普通高中毕业班质量检查理科数学试卷及答案
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2017年漳州市普通高中毕业班质量检查试卷理科数学本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷1至3页,第Ⅱ卷4至6页,满分150分。
考生注意:1.答题前,考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2.第Ⅰ卷每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
第Ⅱ卷用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答。
若在试题卷上作答,答案无效。
3.考试结束,监考员将试题卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷一.选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.(1)已知集合{}{lg ,|A x y x B y y ====,则AB =(A )[1,)+∞ (B )()1,+∞ (C )[0,)+∞ (D )()0,+∞ (2)已知复数z 满足(1i)2i z +⋅=-,则复数z 的共轭复数为 (A )13i 22- (B )13i 22+ (C )13i + (D )13i - (3)已知随机变量ξ服从正态分布2(2,)N σ,若(02)=0.3P ξ≤≤,则(4)=P ξ≥ (A )0.2 (B )0.3 (C )0.6 (D )0.8(4)若双曲线22131x y m m +=--的渐近线方程为12y x =±,则m 的值为 (A )1- (B )13 (C )113 (D )1-或13(5)如图,网格纸的小正方形的边长是1,粗线表示一正方体被某平面截得的几何体的三视图,则该几何体的体积为(A )2 (B )4 (C )6 (D )8(6)一个球从100米高处自由落下,每次着地后又跳回到原高度的一半再落下,则右边程序框图输出的S 表示的是(A )小球第10次着地时向下的运动共经过的路程 (B )小球第10次着地时一共经过的路程(C )小球第11次着地时向下的运动共经过的路程 (D )小球第11次着地时一共经过的路程(7)已知点P 的坐标(,)x y 满足2220x y x y ⎧⎪⎨⎪-+⎩≥-1,≤,≤,过点P 的直线l 与圆22:7O x y +=交于A ,B 两点,则AB 的最小值为(A(B) (C(D)(8) 如图为中国传统智力玩具鲁班锁,起源于古代汉族建筑中首创的榫卯结构,这种三维的拼插器具内部的凹凸部分(即榫卯结构)啮合,外观看是严丝合缝的十字立方体,其上下、左右、 前后完全对称,六根完全相同的正四棱柱分成三组,经90榫卯起来.现有一鲁班锁的正四棱柱的底面正方形边长为1,欲将其放入球形容器内(容器壁的厚度忽略不计),若球形容器表面积的最小值为30π,则正四棱柱的高为(A) (B) (C) (D )5(9) 已知()42340123423(2)(2)(2)(2)x a a x a x a x a x -=+-+-+-+-,则2a =(A )24 (B )56 (C )80 (D )216 (10) 函数()()1cos sin f x x x =+在[],ππ-上的图象大致是(A) (B)(C)(D)x ππ-o yxππ-oyπ-xππ-oy(11) 已知函数()2sin 21(0)f x x x ωωω=-+>在区间(,2)ππ内没有极值点,则ω的取值范围为 (A )511,1224⎛⎤⎥⎝⎦ (B )51110,,12242⎛⎤⎡⎫⎪⎥⎢⎝⎦⎣⎭ (C )10,2⎛⎫ ⎪⎝⎭(D )55110,,241224⎛⎤⎡⎤ ⎥⎢⎥⎝⎦⎣⎦(12) 曲线C 是平面内与两个定点1(2,0)F -,2(2,0)F 的距离之积等于9的点的轨迹.给出下列命题:①曲线C 过坐标原点; ②曲线C 关于坐标轴对称;③若点P 在曲线C 上,则12F PF △的周长有最小值10; ④若点P 在曲线C 上,则12F PF △面积有最大值92. 其中正确命题的个数为(A )0 (B )1 (C )2 (D )3第Ⅱ卷本卷包括必考题和选考题两部分。
2017-2018年高一下学期期末考试数学试题及答案
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,-
1 7
,1 9
,������
的
一
个
通
项
公
式an
=
A.(-1)n 2n1+1
B.(-1)n+12n1-1
C.(-1)n 2n1-3
4.已知向量a,b 满足|a|=1,a⊥(2a+b),则a������b=
D.(-1)n+12n1+3
A.2
B.0
C.-2
D.-4
5.在等差数列{an}中,a1+2a3+a5=12,则3a4-a6 的值为
算 步 骤 .)
19.(本 小 题 满 分 13 分 )
已 知 向 量a= (3,-1),b= (1 2 ,23).
(Ⅰ)求‹a,b›;
(Ⅱ)求(a+b)������b 的值;
(Ⅲ )求|2a+3b|的 值 .
20.(本 小 题 满 分 13 分 )
在△ABC 中,角 A,B,C 的对边分别为a,b,c,且满足2caos-Bb=cocsC.
2 分 ,有 选 错 的 得 0 分 .)
1.在平行四边形 ABCD 中,A→B+D→A-C→B等于
A.B→C
B.D→C
C.B→A
D.A→C
2.设 0<a<b<1,c∈R,则 下 列 不 等 式 成 立 的 是
A.a3>b3
B.a1 <b1
C.ac>bc
D.(a-b)c2≤0
3.数
列
1,-
1 3
,1 5
(Ⅰ)求角 C 的值;
(Ⅱ)若
sin(θ+C)=
4(π 56
<θ<23π),求
cosθ
的值
.
高 一 数 学 试 题 第 3 页 (共 4 页 )
福建省漳州市2017-2018学年高一下学期期末数学试卷Word版含解析
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9.等差数列 { an} 中, a1<0, S9=S12,若 Sn 有最小值,则 n=(
)
A . 10 B. 10 或 11 C.11 D .9 或 10
10.如图,网络纸上正方形的边长为 l,粗线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的外
接球表面积为(
)
A . 12π B. 34π C.
D .17π
(2)求
+
+…+
的值.
20.随着我市九龙江南岸江滨路建设的持续推进, 未来市民将新增又一休闲好去处, 据悉南
江滨路建设工程规划配套建造一个长方形公园
ABCD ,如图所示,公园由长方形的休闲区
A 1B1C1D1(阴影部分)和环公园人行道组成,已知休闲区
A 1B1C1D1 的面积为 4000m2,人
行道的宽度分别为 4m 和 10m.
11.已知函数 f (x) =x 2+ax+b( a,b∈ R)的值域为 [ 0,+∞),若关于 x 的不等式 f( x )< c
的解集为( m﹣3, m+3),则实数 c 的值为(
)
A . 3 B. 6 C. 9 D. 12
12.如图,在长方形 ABCD 中, AB= , BC=1 , E 为线段 DC 上一动点,现将△ AED 沿 AE 折起,使点 D 在面 ABC 上的射影 K 在直线 AE 上,当 E 从 D 运动到 C,则 K 所形成轨
(1)若休闲区的长 A 1B1=x m ,求公园 ABCD 所占面积 S 关于 x 的函数 S( x)的解析式; (2)要使公园所占面积最小,休闲区 A 1B1C1D1 的长和宽该如何设计?
21.如图,平面 ABCD ⊥平面 ADEF ,四边形 ABCD 为菱形,四边形 分别是 EF、 BC 的中点, AB=2AF=2 ,∠ CBA=60 °. (1)求证: AN ⊥ DM ; (2)求直线 MN 与平面 ADEF 所成的角的正切值; (3)求三棱锥 D﹣ MAN 的体积.
福建省漳州市高一下学期期末数学试卷(文科)
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福建省漳州市高一下学期期末数学试卷(文科)姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共12题;共24分)1. (2分)(2017·聊城模拟) 已知集合A={x|x2+x﹣6>0},集合B={x|﹣1<x<3},若a∈(A∪B),则a 可以是()A . ﹣3B . ﹣2C . ﹣1D . 32. (2分)已知抛物线的焦点为,准线为,点为抛物线上一点,且在第一象限,,垂足为,,则直线的倾斜角等于()A .B .C .D .3. (2分)甲、乙两名同学在某项测试中的6次成绩的茎叶图如图所示,,分别表示甲乙两名同学这项测试成绩的平均数,分别表示甲乙两名同学这项测试成绩的标准差,则有()A .B .C .D .4. (2分) (2016高三上·厦门期中) 已知a=sin2,b=log 2,c=log ,则()A . a>b>cB . c>a>bC . a>c>bD . c>b>a5. (2分)如图是某几何体的三视图,其中正视图是腰长为2的等腰三角形,俯视图是半径为1的半圆,则该几何体的体积是()A .B .C .D .6. (2分)已知两个不同的平面α,β和两条不重合的直线m,n,下列四个命题:①若m∥n,m⊥α,则n⊥α;②若m⊥α,m⊥β,则α∥β;③若m⊥α,m∥n,n⊂β,则α⊥β;④若m∥α,α∩β=n,则m∥n.其中正确命题的个数是()A . 0个B . 1个C . 2个D . 3个7. (2分)有如图所示的程序框图,则该程序框图表示的算法的功能是()A . 输出使成立的最小整数n.B . 输出使成立的最大整数n.C . 输出使成立的最大整数n+2.D . 输出使成立的最小整数n+2.8. (2分) (2019高一上·太原月考) 某公司在甲、乙、丙、丁四个地区分别有150,120,180,150个销售点.公司为了调查产品销售情况,需从这600个销售点中抽取一个容量为100的样本.记这项调查为①;在丙地区有20个大型销售点,要从中抽取7个调查其销售收入和售后服务等情况,记这项调查为②,则完成①,②这两项调查宜采用的抽样方法依次是()A . 分层抽样法,系统抽样法B . 分层抽样法,简单随机抽样法C . 系统抽样法,分层抽样法D . 简单随机抽样法,分层抽样法9. (2分) (2017高一下·珠海期末) 由函数y=sin x 的图象经过()变换,得到函数 y=sin(2x﹣)的图象.A . 纵坐标不变,横坐标缩小到原来的,再向右平移个单位B . 纵坐标不变,向右平移个单位,再横坐标缩小到原来的C . 纵坐标不变,横坐标扩大到原来的 2 倍,再向左平移个单位D . 纵坐标不变,向左平移个单位,再横坐标扩大到原来的 2 倍10. (2分)函数f(x)=lgx﹣的下列函数中不能用二分法求零点的是()A . (0,1]B . (1,10]C . (10,100]D . (100,+∞)11. (2分)(2020·化州模拟) 设直线与圆相交于两点,为坐标原点,若为等边三角形,则实数的值为()A .B .C .D .12. (2分)将函数y=sin(2x+)的图象向右平移个单位,再纵坐标不变,横坐标变为原来的2倍,所得新图象的函数解析式是()A . y=sin4xB . y=sinxC . y=sin(4x﹣)D . y=sin(x﹣)二、填空题: (共4题;共4分)13. (1分)坐标为x0 ,函数g(x)=a +4的图象恒过定点B,则B点的坐标为________.14. (1分) (2016高一下·盐城期中) 已知| |=2,| |=3,,的夹角为60°,则|2 ﹣|=________.15. (1分)某校高二(4)班有男生28人,女生21人,用分层抽样的方法从全班学生中抽取一个调查小组,调查该校学生对2013年1月1日起执行的新交规的知晓情况,已知某男生被抽中的概率为,则抽取的女生人数为________16. (1分)(2017·柳州模拟) 已知tanα=2,则 =________.三、解答题 (共6题;共55分)17. (10分)已知向量 =(2,0), =(1,4)(1)求2 +3 ,﹣2(2)若向量k + 与 +2 平行,求k的值.18. (5分) (2017高一下·西城期末) 北京是我国严重缺水的城市之一.为了倡导“节约用水,从我做起”,小明在他所在学校的2000名同学中,随机调查了40名同学家庭中一年的月均用水量(单位:吨),并将月均用水量分为6组:[2,4),[4,6),[6,8),[8,10),[10,12),[12,14]加以统计,得到如图所示的频率分布直方图.(Ⅰ)给出图中实数a的值;(Ⅱ)根据样本数据,估计小明所在学校2000名同学家庭中,月均用水量低于8吨的约有多少户;(Ⅲ)在月均用水量大于或等于10吨的样本数据中,小明决定随机抽取2名同学家庭进行访谈,求这2名同学中恰有1人所在家庭的月均用水量属于[10,12)组的概率.19. (5分) (2017高一上·红桥期末) 已知函数f(x)=cos2x+sinxcosx﹣,x∈R.(Ⅰ)求函数f(x)的图象的对称轴方程;(Ⅱ)求函数f(x)的单调增区间;(Ⅲ)求f(x)在区间[0, ]上的最小值.20. (10分)如图所示,在四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为菱形,且∠DAB=60°,PA=PD,M为CD的中点,BD⊥PM.(1)求证:平面PAD⊥平面ABCD;(2)若∠PAD=60°,求直线AB与平面PBM所成角的正弦值.21. (15分)已知椭圆E:的左焦点为F,直线l:x=﹣4与x轴的交点是圆C的圆心,圆C恰好经过坐标原点O,设G是圆C上任意一点.(1)求圆C的方程;(2)若直线FG与直线l交于点T,且G为线段FT的中点,求直线FG被圆C所截得的弦长;(3)在平面上是否存在一点P,使得?若存在,求出点P坐标;若不存在,请说明理由.22. (10分) (2019高一上·吴忠期中) 已知,(1)求的值;(2)解不等式 .参考答案一、选择题 (共12题;共24分)1-1、2-1、3-1、4-1、5-1、6-1、7-1、8-1、9-1、10-1、11-1、12-1、二、填空题: (共4题;共4分)13-1、14-1、15-1、16-1、三、解答题 (共6题;共55分) 17-1、17-2、18-1、19-1、20-1、20-2、21-1、21-2、21-3、22-1、22-2、。
高数下期末考试试题及答案解析

WORD 格式整理⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯名⋯姓⋯⋯⋯⋯.⋯号⋯学⋯⋯封号序密超号班要学教不卷答⋯学⋯大峡.三⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2017 学年春季学期《高等数学Ⅰ(二)》期末考试试卷(A)注意:1、本试卷共3页;2、考试时间110 分钟; 3 、姓名、学号必须写在指定地方题号一二三四总分得分阅卷人得分一、单项选择题( 8 个小题,每小题 2 分,共 16 分)将每题的正确答案的代号A、 B、 C或 D 填入下表中.号12345678答案1.已知 a 与b都是非零向量,且满足a b a b ,则必有().(A)a b 0(B)a b0(C) a b0(D)a b02. 极限lim( x2y2 )sin12().x0x2yy0(A) 0(B) 1(C) 2(D)不存在3.下列函数中,df f 的是().( A)f (x, y)xy( B)f (x, y)x y c0 ,c0为实数( C)f (x, y)x2y2( D)f (x, y)e x y4.函数f ( x, y)xy (3x y) ,原点 (0,0)是 f ( x, y) 的().( A)驻点与极值点( B)驻点,非极值点( C)极值点,非驻点( D)非驻点,非极值点5 .设平面区域D : (x1)2( y 1)22,若I1x y d, I 2x yd ,D4D4I 33x y,则有() .dD4(A)I1I 2I 3(B)I1I 2I 3(C)I2I1I 3(D)I3I1I 26.设椭圆L:x2y 21的周长为l,则(3x2 4 y2 )ds() .43L(A)l(B)3l(C)4l(D)12l7.设级数a n为交错级数,a n0 (n) ,则().n 1(A) 该级数收敛(B)该级数发散(C) 该级数可能收敛也可能发散(D)该级数绝对收敛8. 下列四个命题中,正确的命题是().( A)若级数a n发散,则级数a n2也发散n 1n 1( B)若级数a n2发散,则级数a n也发散n 1n 1( C)若级数a n2收敛,则级数a n也收敛n 1n 1( D)若级数| a n |收敛,则级数a n2也收敛n 1n 1阅卷人得分二、填空题 (7 个小题,每小题2分,共 14分).3x 4 y2z60a 为.1. 直线3y z a与 z 轴相交,则常数x02.设f ( x, y)ln( xy), 则f y(1,0)___________.x3.函数f (x, y)x y 在 (3, 4) 处沿增加最快的方向的方向导数为.4.设D : x2y22x ,二重积分( x y)d=.D5.设f x是连续函数,{( x, y ,z) | 0z9x2y2 } , f ( x2y2 )dv 在的三次积分为.6. 幂级数( 1)n 1x n的收敛域是.n!n 17. 将函数 f ( x)1,x01x2,0 x以 2为周期延拓后,其傅里叶级数在点于.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯名⋯姓⋯⋯⋯⋯.⋯号⋯学⋯⋯封号序密超号班要学教不卷答⋯学⋯大峡.三⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯阅卷人得分三、综合解答题一( 5 个小题,每小题7 分,共 35 分,解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤)1.设 u xf ( x,x) ,其中 f 有连续的一阶偏导数,求u ,u.y x y解:4.设是由曲面z xy, y x, x 1及z0 所围成的空间闭区域,求 I解:2.求曲面 e z z xy 3 在点 (2,1,0) 处的切平面方程及法线方程.解:5.求幂级数nx n 1的和函数 S(x) ,并求级数nn的和.n 1n 12解:3. 交换积分次序,并计算二次积分dxxsin y dy.0y解:⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯名⋯姓⋯⋯⋯⋯.⋯号⋯学⋯⋯封号序密超号班要学教不卷答⋯学⋯大峡.三⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯阅卷人得分四、综合解答题二( 5 个小题,每小题7 分,共 35 分,解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤)1.从斜边长为 1 的一切直角三角形中,求有最大周长的直角三角形.解4.计算xdS ,为平面x y z 1在第一卦限部分.解:2.计算积分( x2y2 )ds ,其中L为圆周 x2y2ax (a0 ).L解:5.利用高斯公式计算对坐标的曲面积分蝌dxdy + dydz + dzdx,S其中为圆锥面 z2x2y2介于平面z0 及 z 1 之间的部分的下侧.解:3.利用格林公式,计算曲线积分I(x2y2)dx (x 2xy)dy ,其中 L 是由抛物线y x2和Lx y2所围成的区域D的正向边界曲线.y y x2x y22017 学年春季学期《高等数学Ⅰ(二)》期末考试试卷(A)答案及评分标准一、单项选择题(8 个小题,每小题 2 分,共 16 分)题号12345678答案D A B B A D C D1.已知a 与b都是非零向量,且满足a b a b ,则必有(D)(A) a b0 ;(B)a b 0 ;(C) a b0 ;(D)a b0 .2. 极限lim( x2y2 )sin212( A )x0x yy0(A) 0;(B) 1;(C) 2;(D)不存在 . 3.下列函数中,df f 的是( B );( A) f ( x, y)xy ;( B)f ( x, y)x y c0 , c0为实数;( C) f (x, y)x2y2;( D)f (x, y)e x y .4.函数f ( x, y)xy (3x y) ,原点 (0,0)是 f ( x, y) 的( B).(A)驻点与极值点;(B)驻点,非极值点;(C)极值点,非驻点;( D)非驻点,非极值点 .5 .设平面区域 D:( x 1)2( y 1)22,若I1x yd ,I2x y dD4D4WORD 格式整理3xyd,则有( A)I 34D(A)I1I 2I3;(B) I1I 2I 3;(C)I2I1I3;(D)I36.设椭圆L:x2y 21的周长为l,则(3x24y2 )ds( D)43L(A) l;(B)3l;(C)4l ;(D)127.设级数a n为交错级数, a n0 (n) ,则(C)n 1(A) 该级数收敛;(B)该级数发散;(C) 该级数可能收敛也可能发散;(D)该级数绝对收敛.8. 下列四个命题中,正确的命题是(D)( A)若级数a n发散,则级数a n2也发散;n1n 1( B)若级数n1a n2发散,则级数n 1a n也发散;( C)若级数a n2收敛,则级数a n也收敛;n1n 1( D)若级数| a n |收敛,则级数a n2也收敛.n1n1二、填空题 (7 个小题,每小题 2 分,共14 分).3x 4 y2z60a 为31. 直线3y z a与 z 轴相交,则常数。
福建省重点名校2017-2018学年高一下学期期末学业质量监测数学试题含解析
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福建省重点名校2017-2018学年高一下学期期末学业质量监测数学试题一、选择题:本题共12小题,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.函数()cos f x x x x =+在[],ππ-上的图像大致为( )A .B .C .D .【答案】A 【解析】 【分析】利用函数的奇偶性和函数图像上的特殊点,对选项进行排除,由此得出正确选项. 【详解】由于()()()cos f x x x x f x -=-+=-,所以函数为奇函数,图像关于原点对称,排除C 选项.由于()π0f =,所以排除D 选项.由于ππππ03632f ⎛⎫=+=> ⎪⎝⎭,所以排除B 选项.故选:A. 【点睛】本小题主要考查函数图像的识别,考查函数的奇偶性、特殊点,属于基础题.2.袋子中有大小、形状完全相同的四个小球,分别写有“和”、“谐”、“校”、“园”四个字,有放回地从中任意摸出一个小球,直到“和”、“谐”两个字都摸到就停止摸球,用随机模拟的方法估计恰好在第三次停止摸球的概率。
利用电脑随机产生1到4之间取整数值的随机数,分别用1,2,3,4代表“和”、“谐”、“校”、“园”这四个字,以每三个随机数为一组,表示摸球三次的结果,经随机模拟产生了以下18组随机数: 343432341342234142243331112342241244431233214344142134由此可以估计,恰好第三次就停止摸球的概率为( ) A .16B .29C .518D .19【答案】B 【解析】 【分析】随机模拟产生了18组随机数,其中第三次就停止摸球的随机数有4个,由此可以估计,恰好第三次就停止摸球的概率. 【详解】随机模拟产生了以下18组随机数:343 432 341 342 234 142 243 331 112 342 241 244 431 233 214 344 142 134 其中第三次就停止摸球的随机数有:142,112,241,142,共4个, 由此可以估计,恰好第三次就停止摸球的概率为p 42189==. 故选:B . 【点睛】本题考查概率的求法,考查列举法等基础知识,考查运算求解能力,考查函数与方程思想,是基础题. 3.平面直角坐标系中,O 为坐标原点,点A ,B 的坐标分别为(1,1),(-3,3).若动点P 满足OP OA OB λμ=+,其中λ,μ∈R ,且λ+μ=1,则点P 的轨迹方程为() A .0x y -= B .0x y +=C .230x y +-=D .22(1)(2)0x y ++-=【答案】C 【解析】 【分析】设P 点坐标(,)x y ,代入OP OA OB λμ=+,得到即33x y λμλμ=-⎧⎨=+⎩,再根据1λμ+=,即可求解.【详解】设P 点坐标(,)x y ,因为点,A B 的坐标分别为(1,1),(3,3)-, 将各点坐标代入OP OA OB λμ=+,可得(,)(1,1)(3,3)x y λμ=+-,即33x y λμλμ=-⎧⎨=+⎩,解得1()21()6x y y x λμ⎧=+⎪⎪⎨⎪=-⎪⎩,代入1λμ+=,化简得230x y +-=,故选C. 【点睛】本题主要考查了平面向量的坐标运算和点的轨迹的求解,其中解答中熟记向量的坐标运算,以及平面向量的基本定理是解答的关键,着重考查了推理运算能力,属于基础题. 4.函数sin(2),y x =-[0,2]x π的简图是( )A .B .C .D .【答案】D 【解析】 【分析】变形为sin 2y x =-,求出周期排除两个选项,再由函数值正负排除一个,最后一个为正确选项. 【详解】函数sin 2y x =-的周期是22T ππ==,排除AB ,又04x π<<时,sin 2y x =-0<,排除C .只有D 满足. 故选:D. 【点睛】本题考查由函数解析式选图象,可通过研究函数的性质如单调性、奇偶性、周期性、对称性等排除某些选项,还可求出特殊值,特殊点,函数值的正负,函数值的变化趋势排除一些选项,从而得出正确选项. 5.设全集U =R ,集合{}13A x x =-<<,{}21B x x x =≤-≥或,则()U A C B =( )A .{}11x x -<< B .{}23x x -<< C .{}23x x -≤< D .{}21x x x ≤->-或【答案】A 【解析】 【分析】进行交集、补集的运算即可. 【详解】∁U B ={x|﹣2<x <1};∴A∩(∁U B )={x|﹣1<x <1}. 故选:A . 【点睛】考查描述法的定义,以及交集、补集的运算. 6.如果直线a 平行于平面α,则( ) A .平面α内有且只有一直线与a 平行B .平面α内有无数条直线与a 平行C .平面α内不存在与a 平行的直线D .平面α内的任意直线与直线a 都平行 【答案】B 【解析】 【分析】根据线面平行的性质解答本题. 【详解】根据线面平行的性质定理,已知直线//a 平面α.对于A ,根据线面平行的性质定理,只要过直线a 的平面与平面α相交得到的交线,都与直线a 平行;所以平面α内有无数条直线与a 平行;故A 错误;对于B ,只要过直线a 的平面与平面α相交得到的交线,都与直线a 平行;所以平面α内有无数条直线与a 平行;故B 正确;对于C ,根据线面平行的性质,过直线a 的平面与平面α相交得到的交线b ,则直线//a b ,所以C 错误; 对于D ,根据线面平行的性质,过直线a 的平面与平面α相交得到的交线b ,则直线//a b ,则在平面α内与直线b 相交的直线与a 不平行,所以D 错误; 故选:B . 【点睛】本题考查了线面平行的性质定理;如果直线与平面平行,那么过直线的平面与已知平面相交,直线与交线平行.7.如图,1111ABCD A B C D -为正方体,下面结论错误的是( )A .//BD 平面11CB D B .1AC BD ⊥ C .1AC ⊥平面11CB DD .异面直线AD 与1CB 所成的角为60︒ 【答案】D 【解析】【详解】 在正方体中与11B D 平行,因此有与平面 平行,A 正确;在平面 内的射影垂直于,因此有,B 正确;与B 同理有与垂直,从而平面,C 正确;由知与所成角为45°,D 错.故选D .8.已知α,β是两个不同的平面,m ,n 是两条不同的直线,给出下列命题: ①若m ∥α,m ∥β,则α∥β②若m ⊂α,n ⊂α,m ∥β,n ∥β,则α∥β;③m ⊂α,n ⊂β,m 、n 是异面直线,那么n 与α相交; ④若α∩β=m ,n ∥m ,且n ⊄α,n ⊄β,则n ∥α且n ∥β. 其中正确的命题是( ) A .①② B .②③C .③④D .④【答案】D 【解析】 【分析】利用平面与平面垂直和平行的判定和性质,直线与平面平行的判断,对选项逐一判断即可. 【详解】①若m ∥α,m ∥β,则α∥β或α与β相交,错误命题;②若m ⊂α,n ⊂α,m ∥β,n ∥β,则α∥β或α与β相交.错误的命题; ③m ⊂α,n ⊂β,m 、n 是异面直线,那么n 与α相交,也可能n ∥α,是错误命题; ④若α∩β=m ,n ∥m ,且n ⊄α,n ⊄β,则n ∥α且n ∥β.是正确的命题. 故选D . 【点睛】本题考查平面与平面的位置关系,直线与平面的位置关系,考查空间想象力,属于中档题.9.已知实数,x y 满足2050370x y x y x y -≤⎧⎪+-≤⎨⎪+-≥⎩,则3z x y =-+的取值范围是( )A .[]5,11 B .[]1,13C .[]5,13D .[]1,11【答案】D 【解析】 【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用目标函数的几何意义,结合数形结合即可得到结论.由线性约束条件作出可行域,如下图三角形ABC 阴影部分区域(含边界),令30z x y =-+=,直线0l :30x y -+=,平移直线0l ,当过点(1,4)A 时取得最大值13411z =-+⨯=,当过点(2,1)B 时取得最小值2311z =-+⨯=,所以3z x y =-+的取值范围是[1,11].【点睛】本题主要考查线性规划的应用.本题先正确的作出不等式组表示的平面区域,再结合目标函数的几何意义进行解答是解决本题的关键.10.已知2παπ<<,1sin cos 5αα+=,则2cos sin αα-( )A .57- B .75- C .107 D .107-【答案】D 【解析】由题意可得112sin cos 25αα+=,即242sin cos 025αα=-<,则cos 0α<,所以2412sin cos 125αα-=+,即497sin cos 255αα-==,也即7sin cos 5αα-=,所以210cos sin 7αα=--,应选答案D .点睛:解答本题的关键是借助题设中的条件获得242sin cos 025αα=-<,进而得到cos 0α<,求得7sin cos 5αα-=,从而求出210cos sin 7αα=--使得问题获解. 11.将边长为2的正方形ABCD 沿对角线BD 折起,则三棱锥C ABD -的外接球表面积为() A .π B .12πC .8πD .4π【答案】C 【解析】 【分析】根据题意,画出图形,结合图形得出三棱锥C ABD -的外接球直径,从而求出外接球的表面积,得到答案.由题意,将边长为2的正方形ABCD 沿对角线BD 折起,得到三棱锥C ABD -, 如图所示,则,,BC CD BA AD OA OB OC OC ⊥⊥===,三棱锥C ABD -的外接球直径为22BD =,即半径为2R =,外接球的表面积为2244(2)8R πππ=⨯=,故选C.【点睛】本题主要考查了平面图形的折叠问题,以及外接球的表面积的计算,着重考查了空间想象能力,以及推理与计算能力,属于基础题.12.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某多面体的三视图,则该多面体的体积为( )A .54B .54185+C .90D .81【答案】A 【解析】 【分析】由已知中的三视图可得:该几何体是一个以正方形为底面的斜四棱柱,进而得到答案. 【详解】由三视图可知,该多面体是一个以正方形为底面的斜四棱柱, 四棱柱的底面是边长为3的正方形,四棱柱的高为6, 则该多面体的体积为33654⨯⨯=. 故选:A. 【点睛】本题考查三视图知识及几何体体积的计算,根据三视图判断几何体的形状,再由几何体体积公式求解,属于简单题.二、填空题:本题共4小题13.在等比数列{}n a 中,若245,20a a ==,则6a =__________. 【答案】80 【解析】 【分析】由2426a a a =即可求出【详解】因为{}n a 是等比数列,245,20a a ==所以2426a a a =, 所以64005a =即680a = 故答案为:80 【点睛】本题考查的是等比数列的性质,较简单14.已知{}n a 为等差数列,135246105,99a a a a a a ++=++=,{}n a 前n 项和n S 取得最大值时n 的值为___________. 【答案】20 【解析】 【分析】先由条件求出1,a d ,算出n S ,然后利用二次函数的知识求出即可 【详解】设{}n a 的公差为d ,由题意得135********d a a a a d a a ++++==++即1235a d +=,①2461113599a a a a d a d a d ++=+++++=即1333a d +=,②由①②联立得139,2a d ==-所以()()22139(2)40204002n S n n n n n n -=+⨯-=-+=--+故当20n =时,n S 取得最大值400 故答案为:20 【点睛】等差数列的n S 是关于n 的二次函数,但要注意n 只能取正整数. 15.已知α为锐角,cos 5α=,则tan 24πα⎛⎫+= ⎪⎝⎭________.【答案】17- 【解析】 【分析】利用同角三角函数的基本关系求出tan α,并利用二倍角正切公式计算出tan2α的值,再利用两角和的正切公式求出tan 24πα⎛⎫+ ⎪⎝⎭的值. 【详解】α为锐角,则sin 5α===,sin tan 2cos ααα∴==,由二倍角正切公式得222tan 224tan 21tan 123ααα⨯===---, 因此,41tantan 2134tan 24471tan tan 21143παπαπα-+⎛⎫+===- ⎪⎛⎫⎝⎭--⨯- ⎪⎝⎭,故答案为17-. 【点睛】本题考查同角三角函数的基本关系求值、二倍角正切公式和两角和的正切公式求值,解题的关键就是灵活利用这些公式进行计算,考查运算求解能力,属于中等题.16.已知数列{}n a 为等差数列,754a a -=,1121a =,若9k S =,则k =________. 【答案】3 【解析】 【分析】设等差数列{}n a 的公差为d ,根据已知条件列方程组解出1a 和d 的值,可求出k S 的表达式,再由9k S =可解出k 的值. 【详解】设等差数列{}n a 的公差为d ,由7511421a a a -=⎧⎨=⎩,得1241021d a d =⎧⎨+=⎩,解得112a d =⎧⎨=⎩,()()211192k k k S ka d k k k k -∴=+=+-==,k N *∈,因此,3k =,故答案为:3.【点睛】本题考查等差数列的求和,对于等差数列的问题,通常建立关于首项和公差的方程组求解,考查方程思想,属于中等题.三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
福建高一高中数学期末考试带答案解析
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福建高一高中数学期末考试班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________一、选择题1.已知,下列不等式成立的是 ( )A .B .C .D .2.正方体ABCD —A 1B 1C 1D 1中,异面直线AA 1与BC 1所成的角为( )A .30°B .45°C .60°D .90°3.中,AB=5,AC=3,BC=7, 则的大小为 ( )A .B .C .D .4.已知,且,那么等于 ( )A .B .C .D .5.下列说法不正确的是 ( ) A .过一条直线且只有一个平面与已知平面垂直B .空间中,一组对边平行且相等的四边形一定是平行四边形C .同一平面的两条垂线一定共面D .过直线上一点可以作无数条直线与这条直线垂直,且所作直线都在同一个平面内6.若0,则函数有 ( ) A .最大值B .最小值C .最大值D .最小值7.设等比数列的前项和为,且等于 ( )A .B .C .D .8.中,角A 、B 、C 所对边分别为,若,则等于( )A .B .C .D .9.等差数列中,( )A .78B .152C .156D .16810.用与球心距离为1的平面截球体,所得截面面积为,则该球体的体积为 ( ) A .B .4C .D .二、填空题1.不等式的解集是 。
2.的值等于 。
3.右边的表格中,每格填上一个数字后,使每一横行成 等差数列,每一纵列成等比数列,则的值为。
4.如图,三棱柱ABC —A 1B 1C 1的底面是正三角形且侧棱垂直于底面, 三棱柱ABC —A 1B 1C 1的每条棱长均为4,E 、F 分别是BC ,A 1C 1的中点,则EF 的长等于 。
5.用一根长为100米的绳子围出一块矩形场地,则可围成场地的 最大面积是 (单位:平方米)。
6.如图,正方形ABCD 中,M 是边CD 的中点,设,那么的值等于 。
___2016-2017学年高一下学期期末考试数学试题+Word版含答案
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___2016-2017学年高一下学期期末考试数学试题+Word版含答案福州一中2016-2017学年第二学期第四学段模块考试高一数学(必修4)模块试卷一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分)1.设a=sin36°,b=cos(-52°),c=tan218°,则()A) a<b<cB) a<c<bC) b<c<aD) b<a<c2.△ABC内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且a/b=b/c,则△ABC是()A) 等边三角形B) 有一个角是30°的直角三角形C) 等腰直角三角形D) 有一个角是30°的等腰三角形3.已知向量a,b不共线,且c=λa+μb,d=a+(2λ-1)b,若c 与d方向相反,则μ的值为()A) 1/2B) -1/4C) 1/4或-1/4D) -1/24.已知tanθ=2,则sin(θ+sin^-1(7/25))-cosθ=()A) -11/25B) 2/5C) 7/25D) 19/255.函数f(x)=(1-cos2x)cos^2(x/2),x∈R是()A) 最小正周期为π的偶函数B) 最小正周期为π的偶函数C) 最小正周期为π的奇函数D) 最小正周期为π的奇函数6.下列说法正确的是()A) 若a·b=c且a≠0,则b=c/aB) 若sinθ=1/3,cosθ=4/5,且θ∈[π/2,π],则tanθ=-3/4C) △ABC中,若AB>AC,则∠A>∠BD) 若f(x)是偶函数,则f(-x)也是偶函数7.已知tanα=tanβ/3,b=42,则∠B=45°是方程x^2+2πx+33+4=0的两根,α,β∈(π/3,π),则α+β=()A) π/3或4π/3B) 2π/3或5π/3C) π或2π/3D) π/3或4π/38.如图,在某地A第北偏西25°方向上有一条笔直的公路L,某天,A地收到在它___方向,距离24km的观测站C的报告:与C相距31km的公路L上的B处有一个人正以每小时5km的速度向A地进发。
福建高一高中数学期末考试带答案解析

福建高一高中数学期末考试班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________一、选择题1.已知函数f(x)=(m+2)x2+mx+1为偶函数,则f(x)在区间(1,+∞)上是()A.先增后减B.先减后增C.减函数D.增函数2.已知全集M={﹣1,0,1,2,3,4},且A∪B={1,2,3,4},A={2,3},则B∩(∁A)=()UA.{1,4} B.{1} C.{4} D.∅3.有3个兴趣小组,甲、乙两位同学各自参加其中一个小组,每位同学参加各个小组的可能性相同,则这两位同学不在同一个兴趣小组的概率为()A.B.C.D.4.如果集合A={x|mx2﹣4x+2=0}中只有一个元素,则实数m的值为()A.0B.1C.2D.0或25.若如图程序框图的输出结果为120,则判断框中应填写的判断条件为()A.i<5?B.i>5?C.i>6?D.i≥5?6.已知函数,则f(3)=()A.5B.4C.3D.27.若a是从区间[0,2]中任取的一个实数,b是从区间[0,3]中任取的一个实数,则a<b的概率是()A.B.C.D.8.甲、乙两名运动员在某项测试中的6次成绩的茎叶图如图所示,,分别表示甲、乙两名运动员这项测试成绩的平均数,,分别表示甲、乙两名运动员这项测试成绩的方差,则有()A .>,<B .=,>C .=,=D .=,<9.函数f (x )=lnx ﹣x 2+4x+5的零点个数为( ) A .0 B .1C .2D .310.向顶角为120°的等腰三角形ABC (其中AC=BC )内任意投一点M ,则AM 小于AC 的概率为( ) A .B .C .D .11.如果奇函数y=f (x )(x≠0)在x ∈(﹣∞,0)时,f (x )=x+1,那么使f (x ﹣2)<0成立的x 的取值范围是( )A .(﹣∞,1)∪(3+∞)B .(﹣∞,﹣1)∪(0,1)C .(﹣∞,0)∪(0,3)D .(﹣∞,1)∪(2,3)12.若函数(a >0,且a≠1)在区间内恒有f (x )>0,则函数f (x )的单调递增区间是( ) A .(﹣∞,0) B . C . D .二、填空题1.若六进制数10k5(6)(k 为正整数)化为十进制数为239,则k= . 2.幂函数在区间(0,+∞)上是增函数,则m= .3.函数g (x )是函数f (x )=log a (x ﹣2)(a >0,且a≠1)的反函数,则函数g (x )的图象过定点 .4.x 0是x 的方程a x =log a x (a >0,且a≠1)的解,则x 0,1,a 这三个数的大小关系是 .三、解答题1.一台机器按不同的转速生产出来的某机械零件有一些会有缺点,每小时生产有缺点零件的多少,随机器的运转的速度而变化,具有线性相关关系,下表为抽样试验的结果:(1)如果y 对x 有线性相关关系,求回归方程;(2)若实际生产中,允许每小时生产的产品中有缺点的零件最多有10个,那么机器的运转速度应控制在设么范围内?参考公式:=﹣,==.2.(1)计算(2)计算.[﹣(x﹣2a)(x﹣a)](a>0,且a≠1)的定义域,集合B和集合C分别是函3.已知集合A是函数g(x)=loga数的定义域和值域.(1)求集合A,B,C;(2)若A∪C=C,求实数a的取值范围.4.某班同学利用国庆节进行社会实践,对[20,50]岁的临汾市“低头族”(低头族电子产品而忽视人际交往的人群)人群随是因使用机抽取1000人进行了一次调查,得到如下频数分布表:(1)在答题卡上作出这些数据的频率分布直方图;(2)估计[20,50]年龄段的“低头族”的平均年龄(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表);(3)从年龄段在[25,35)的“低头族”中采用分层抽样法抽取6人接受采访,并从6人中随机选取2人作为嘉宾代表,求选取的2名嘉宾代表中恰有1人年龄在[25,30)岁的概率.5.已知函数f(x)=ax2﹣x+c(a,c∈R)满足条件f(1)=0,且对任意实数x都有f(x)≥0.(1)求a、c的值:(2)是否存在实数m,使函数g(x)=4f(x)﹣mx在区间[m,m+2]上有最小值﹣5?若存在,请求出实数m的值;若不存在,请说明理由.6.设函数y=f(x)是定义在(0,+∞)上的函数,并且满足下面三个条件:①对任意正数x,y,都有f(xy)=f(x)+f(y);②当x>1时,f(x)>0;③f(3)=1,(1)求f(1),的值;(2)判断函数f(x)在区间(0,+∞)上单调性,并用定义给出证明;(3)对于定义域内的任意实数x,f(kx)+f(4﹣x)<2(k为常数,且k>0)恒成立,求正实数k的取值范围.福建高一高中数学期末考试答案及解析一、选择题1.已知函数f(x)=(m+2)x2+mx+1为偶函数,则f(x )在区间(1,+∞)上是()A.先增后减B.先减后增C.减函数D.增函数【答案】D【解析】令对称轴为x=0解出m,判断二次函数的开口方向,得出答案.解:∵f(x)是偶函数,∴m=0,即f(x)=2x2+1,∴f(x)的图象开口向上,∴f(x)在(1,+∞)上是增函数.故选:D.【考点】二次函数的性质.2.已知全集M={﹣1,0,1,2,3,4},且A∪B={1,2,3,4},A={2,3},则B∩(∁A)=()UA.{1,4} B.{1} C.{4} D.∅【答案】A【解析】根据补集的定义求出∁U A ,再根据并集的定义得出B ⊂A ∪B ,由此求出B∩(∁U A ). 解:∵全集M={﹣1,0,1,2,3,4},且A ∪B={1,2,3,4},A={2,3}, ∴∁U A={﹣1,0,1,4}; 又B ⊂A ∪B ,∴B∩(∁U A )={1,4}. 故选:A .【考点】交、并、补集的混合运算.3.有3个兴趣小组,甲、乙两位同学各自参加其中一个小组,每位同学参加各个小组的可能性相同,则这两位同学不在同一个兴趣小组的概率为( ) A .B .C .D .【答案】C【解析】本题是一个古典概型,试验发生包含的事件数是3×3种结果,其中这两位同学参加同一个兴趣小组有3种结果,根据互斥事件的概率公式得到结果. 解:由题意知本题是一个古典概型,试验发生包含的事件数是3×3=9种结果, 其中这两位同学参加同一个兴趣小组, 由于共有三个小组,则有3种结果,故这两位同学不在同一个兴趣小组的概率1﹣=,故选:C【考点】列举法计算基本事件数及事件发生的概率.4.如果集合A={x|mx 2﹣4x+2=0}中只有一个元素,则实数m 的值为( ) A .0 B .1 C .2D .0或2【答案】D【解析】当m=0时,经检验满足条件;当m≠0时,由判别式△=16﹣8m=0,解得 m 的值,由此得出结论. 解:当m=0时,显然满足集合{x|mx 2﹣4x+2=0}有且只有一个元素,当m≠0时,由集合{x|mx 2﹣4x+2=0}有且只有一个元素,可得判别式△=16﹣8m=0,解得m=2, ∴实数m 的值为0或2. 故选:D .【考点】集合的表示法.5.若如图程序框图的输出结果为120,则判断框中应填写的判断条件为( )A .i <5?B .i >5?C .i >6?D .i≥5?【答案】B【解析】由已知中的程序框图可知:该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量T 的值,模拟程序的运行过程,分析循环中各变量值的变化情况,可得满足题意的循环条件. 解:模拟执行程序框图,可得: T=1,i=2 T=2,i=3不满足条件,T=6,i=4,不满足条件,T=24,i=5,不满足条件,T=120,i=6,此时,由题意,i应该满足条件,退出循环,输出T的值为120.故判断框中应填写的判断条件为i>5?故选:B.【考点】程序框图.6.已知函数,则f(3)=()A.5B.4C.3D.2【答案】C【解析】利用分段函数的性质求解.解:∵函数,∴f(3)=f(f(5))=f(4)=3.故选:C.【考点】函数的值.7.若a是从区间[0,2]中任取的一个实数,b是从区间[0,3]中任取的一个实数,则a<b的概率是()A.B.C.D.【答案】A【解析】由题意知本题是一个几何概型,根据所给的条件作出试验发生是包含的所有事件是一个矩形区域,做出面积,看出满足条件的事件对应的面积,根据几何概型公式得到结果.解:如图,所有的基本事件对应集合Ω={(a,b)|0≤a≤2,0≤b≤3},所构成的区域为矩形及其内部,其面积为S=3×2=6,事件A对应的集合A={(a,b)|0≤a≤2,0≤b≤3,且a<b},且在直线a=b的右上方部分,其面积S'=6﹣×2×2=4,故事件A发生的概率P(A)==,故选:A.【考点】几何概型.8.甲、乙两名运动员在某项测试中的6次成绩的茎叶图如图所示,,分别表示甲、乙两名运动员这项测试成绩的平均数,,分别表示甲、乙两名运动员这项测试成绩的方差,则有()A.>,<B.=,>C.=,=D.=,<【答案】B【解析】分别计算甲、乙运动员成绩的平均数与方差,进行比较即可.解:根据茎叶图中的数据,得;甲运动员成绩的平均数是=(8+13+15+15+17+22)=15,方差是=[(8﹣15)2+(13﹣15)2+2×(15﹣15)2+(17﹣15)2+(22﹣15)2]=;乙运动员成绩的平均数是=(9+14+15+15+16+21)=15,方差是=[(9﹣15)2+(14﹣15)2+2×(15﹣15)2+(16﹣15)2+(21﹣15)2]=;∴=,>.故选:B.【考点】茎叶图.9.函数f(x)=lnx﹣x2+4x+5的零点个数为()A.0B.1C.2D.3【答案】C【解析】将函数的零点问题转化为方程的根的问题,利用数形结合进一步转化为函数图象的交点问题解:函数的定义域为(0,+∞),由f(x)=lnx﹣x2+4x+5=0,得lnx=x2﹣4x﹣5=(x﹣2)2﹣9.作出y=lnx和函数y=(x﹣2)2﹣9的图象,由图象知两个函数有2个交点,故f(x)=lnx﹣x2+4x+5有两个零点,故选:C【考点】根的存在性及根的个数判断.10.向顶角为120°的等腰三角形ABC(其中AC=BC)内任意投一点M,则AM小于AC的概率为()A. B. C. D.【答案】B【解析】根据几何概型的概率公式求出满足条件的区域对应的面积即可得到结论.解:若AM小于AC,则M位于阴影部分,∵∠C=120°,∴∠A=30°,则三角形ABC的面积为S==×AC2=AC2,△ABC扇形的面积S=AC2=πAC2,则对应的概率P===,故选:B.【考点】几何概型.11.如果奇函数y=f(x)(x≠0)在x∈(﹣∞,0)时,f(x)=x+1,那么使f(x﹣2)<0成立的x的取值范围是()A.(﹣∞,1)∪(3+∞)B.(﹣∞,﹣1)∪(0,1)C.(﹣∞,0)∪(0,3)D.(﹣∞,1)∪(2,3)【答案】D【解析】由题意,可先研究出奇函数y=f(x)(x≠0)的图象的情况,解出其函数值为负的自变量的取值范围来,再解f(x﹣2)<0得到答案解:由题意x∈(﹣∞,0)时,f(x)=x+1,可得x>﹣1时,函数值为正,﹣1<x<0时,函数值为负;又奇函数y=f(x)(x≠0),由奇函数的性质知,当0<x<1时,函数值为负,当x>1时函数值为正.综上,当x<﹣1或0<x<1时,函数值为负∵f(x﹣2)<0∴x﹣2<﹣1或0<x﹣2<1,即x<1,或2<x<3故选:D.【考点】函数奇偶性的性质.12.若函数(a>0,且a≠1)在区间内恒有f(x)>0,则函数f(x)的单调递增区间是()A.(﹣∞,0)B.C.D.【答案】A【解析】根据在区间(,1)内恒有f(x)>0,可得0<a<1,进而结合对数函数的单调性,二次函数的单调性及复合函数“同增异减”的原则,可得答案.解:当x∈(,1)时,2x2﹣x∈(0,1),若f(x)>0,则0<a<1,t为减函数,则y=loga∵f(x)=log(2x2﹣x)的定义域为(﹣∞,0)∪(,+∞),a故t=2x2﹣x在(﹣∞,0)上递减,在(,+∞)上递增,根据复合函数“同增异减”的原则,可得f(x)的单调递增区间是(﹣∞,0),故选:A.【考点】对数函数的图象与性质.二、填空题1.若六进制数10k5(k为正整数)化为十进制数为239,则k= .(6)【答案】3【解析】化简六进制数为十进制数,从而求得. 解:10k5(6)=1×63+k×6+5=239, 故6k=18, 故k=3.故答案为:3. 【考点】进位制.2.幂函数在区间(0,+∞)上是增函数,则m= . 【答案】2【解析】根据幂函数的定义求出m 的值,判断即可. 解:若幂函数在区间(0,+∞)上是增函数,则由m 2﹣3m+3=1解得:m=2或m=1, m=2时,f (x )=x ,是增函数, m=1时,f (x )=1,是常函数, 故答案为:2.【考点】幂函数的概念、解析式、定义域、值域.3.函数g (x )是函数f (x )=log a (x ﹣2)(a >0,且a≠1)的反函数,则函数g (x )的图象过定点 . 【答案】(0,3).【解析】函数f (x )=log a (x ﹣2)(a >0,且a≠1)的图象经过定点(3,0),利用互为反函数的性质即可得出. 解:函数f (x )=log a (x ﹣2)(a >0,且a≠1)的图象经过定点(3,0), ∵函数g (x )是函数f (x )=log a (x ﹣2)(a >0,且a≠1)的反函数, 则函数g (x )的图象过定点(0,3), 故答案为:(0,3).【考点】反函数;对数函数的图象与性质.4.x 0是x 的方程a x =log a x (a >0,且a≠1)的解,则x 0,1,a 这三个数的大小关系是 . 【答案】a <x 0<1.【解析】首先分别作函数y=a x 及y=log a x 的图象,如图,它们的交点为P (x 0,y 0),结合图形得出结论即可. 解:根据题意,分别作函数y=a x 及y=log a x 的图象, 如图,它们的交点为P (x 0,y 0),易见x 0<1,y 0<1, 而y 0=即log a x 0<1=log a a ,又0<a <1,∴x 0>a ,即a <x 0<1.故答案为:a <x 0<1.【考点】对数值大小的比较;指数函数的图象与性质.三、解答题1.一台机器按不同的转速生产出来的某机械零件有一些会有缺点,每小时生产有缺点零件的多少,随机器的运转的速度而变化,具有线性相关关系,下表为抽样试验的结果:(1)如果y 对x 有线性相关关系,求回归方程;(2)若实际生产中,允许每小时生产的产品中有缺点的零件最多有10个,那么机器的运转速度应控制在设么范围内?参考公式:=﹣,==.【答案】(1)y=0.7x﹣0.4;(2)x≤14.85.【解析】(1)先做出横标和纵标的平均数,做出利用最小二乘法求线性回归方程的系数的量,做出系数,求出a,写出线性回归方程.(2)根据上一问做出的线性回归方程,使得函数值小于或等于10,解出不等式.解:(1)=12,=8,40+70+96+126+176﹣5×12×8=28,64+100+144+196+256﹣5×144=40,∴b=0.7,a=8﹣0.7×12=﹣0.4∴回归直线方程为:y=0.7x﹣0.4;(2)由上一问可知0.7x﹣0.4≤10,解得x≤14.85.【考点】线性回归方程.2.(1)计算(2)计算.【答案】(1)0;(2)3【解析】(1)利用有理数指数幂性质、运算法则求解.(2)利用对数性质、运算法则、换底公式求解.解:(1)===0.(2)=6=4﹣2+log6=2+1=3.【考点】对数的运算性质;根式与分数指数幂的互化及其化简运算.[﹣(x﹣2a)(x﹣a)](a>0,且a≠1)的定义域,集合B和集合C分别是函3.已知集合A是函数g(x)=loga数的定义域和值域.(1)求集合A,B,C;(2)若A∪C=C,求实数a的取值范围.【答案】(1)A=(a,2a),B=[2,+∞),C=[0,3)(2)实数a的取值范围是且a≠1.【解析】(1)先求出集合A,根据二次根式的性质求出集合B、C即可;(2)若A∪C=C,则A⊆C,得到关于a的不等式,解出即可.解:(1)由﹣(x﹣2a)(x﹣a)>0得(x﹣2a)(x﹣a)<0,又因为a>0,且a≠1所以a<x<2a,所以A=(a,2a)…(2分)对于函数,由9﹣3x≥0得x≤2,B=[2,+∞)所以0<3x≤9,0≤9﹣3x<9,所以,C=[0,3)(2)若A∪C=C,则A⊆C,则有⇒且a≠1,所以实数a的取值范围是且a≠1.【考点】函数的定义域及其求法;集合的包含关系判断及应用.4.某班同学利用国庆节进行社会实践,对[20,50]岁的临汾市“低头族”(低头族电子产品而忽视人际交往的人群)人群随是因使用机抽取1000人进行了一次调查,得到如下频数分布表:(1)在答题卡上作出这些数据的频率分布直方图;(2)估计[20,50]年龄段的“低头族”的平均年龄(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表);(3)从年龄段在[25,35)的“低头族”中采用分层抽样法抽取6人接受采访,并从6人中随机选取2人作为嘉宾代表,求选取的2名嘉宾代表中恰有1人年龄在[25,30)岁的概率.【答案】(1)见解析;(2)29;(3)【解析】(1)根据频率分布表画出频率分布直方图即可,(2)根据平均数的定义即可求出,(3)根据分层抽样方法做出两个部分的人数,列举出所有试验发生包含的事件和满足条件的事件,根据等可能事件的概率公式,得到结果.解:(1)频率直方图如下:(2)设“低头族”平均年龄为,则=22.5×0.3+27.5×0.32+32.5×0.16+37.5×0.16+42.5×0.04+47.5×0.02=29.(3)因为[25,30)岁年龄段的“低头族”与[30,35)岁年龄段的“低头族”的比值为320:160=2:1,所以采用分层抽样法抽取6人,[25,30)岁中有4人,[30,35)岁中有2人.设[25,30)岁中的4人为a,b,c,d,[30,35)岁中的2人为m,n,则选取2人作为嘉宾代表的有(a,b),(a,c),(a,d),(a,m),(a,n),(b,c),(b,d),(b,m),(b,n),(c,d),(c,m),(c,n),(d,m),(d,n),(m,n),共15种;其中恰有1人年龄在[25,30)岁的有(a,m),(a,n),(b,m),(b,n),(c,m),(c,n),(d,m),(d,n),共8种.所以选取的2名嘉宾代表中恰有1人年龄在[25,30)岁的概率为.【考点】列举法计算基本事件数及事件发生的概率;频率分布直方图.5.已知函数f(x)=ax2﹣x+c(a,c∈R)满足条件f(1)=0,且对任意实数x都有f(x)≥0.(1)求a、c的值:(2)是否存在实数m,使函数g(x)=4f(x)﹣mx在区间[m,m+2]上有最小值﹣5?若存在,请求出实数m的值;若不存在,请说明理由.【答案】(1)a=c=,(2)当m=3,函数g(x)=4f(x)﹣mx在区间[m,m+2]上有最小值﹣5.【解析】(1)分a=0和a≠0,函数是二次函数,再利用二次函数的性质解决对一切x∈R,都有f(x)≥0;根据f (1)=0结合不等式的性质和基本不等式即可得到;(2)4f(x)﹣mx=x2﹣2x+1﹣mx=x2﹣(m+2)x+1,该函数图象开口向上,且对称轴为x=m+1,假设存在实数m,使函数g(x)=4f(x)﹣mx在区间[m,m+2]上有最小值﹣5.根据函数的对称轴与区间的关系,进行分类讨论,运用单调性,解方程,从而可求m的值.解:(1)当a=0时,f(x)=﹣x+c,由f(1)=0得﹣+c=0,即c=,∴f(x)=﹣x+,显然x>1时,f(x)<0,这与条件f(x)≥0,∴a≠0,因而函数f(x)=ax2﹣x+c是二次函数,由于对一切x∈R,都有f(x)≥0,由二次函数的性质可得,即,由此可知 a>0,c>0,∴ac≤()2,由f(1)=0,得a+c=,代入上式得ac≤.但前面已推得ac≥,∴ac=,综上解得a=c=,∴f(x)的解析式为f(x)=x2﹣x+;(2)由题意g(x)=4f(x)﹣mx=x2﹣2x+1﹣mx=x2﹣(m+2)x+1,该函数图象开口向上,且对称轴为x=m+1,假设存在实数m使函数g(x)=4f(x)﹣mx在区间[m,m+2]上有最小值﹣5.①当m>2时,m+1<m,函数g(x)在区间[m,m+2]上是递增的,∴g(m)=﹣5,即m2﹣(m+2)m+1=﹣5,解得m=3;②当﹣2≤m≤2时,m≤m+1<m+2,函数g(x)在区间[m,m+1]上是递减的,而在区间[m+1,m+2]上递增,∴g(m+1)=﹣5,即(m+1)2﹣(m+2)(m+1)+1=﹣5,解得m=﹣2±2,与﹣2≤m≤2矛盾,都舍去;③当m<﹣2时,m+1>m+2,函数g(x)在区间[m,m+2]上是递减的,∴g(m+2)=﹣5,即(m+2)2﹣(m+2)(m+2)+1=﹣5,不成立;综上可得,当m=3,函数g(x)=4f(x)﹣mx在区间[m,m+2]上有最小值﹣5.【考点】函数的最值及其几何意义;二次函数的性质.6.设函数y=f(x)是定义在(0,+∞)上的函数,并且满足下面三个条件:①对任意正数x,y,都有f(xy)=f(x)+f(y);②当x>1时,f(x)>0;③f(3)=1,(1)求f(1),的值;(2)判断函数f(x)在区间(0,+∞)上单调性,并用定义给出证明;(3)对于定义域内的任意实数x,f(kx)+f(4﹣x)<2(k为常数,且k>0)恒成立,求正实数k的取值范围.【答案】(1)f(1)=0,;(2)函数f(x)在区间(0,+∞)上单调递增.(3)【解析】(1)利用赋值法即可求f(1),的值;(2)根据函数单调性的定义即可判断函数f(x)在区间(0,+∞)上单调性;(3)根据函数奇偶性和单调性的性质将不等式进行转化求解即可. 解:(1)令x=y=1,得f (1)=0,令x=3,, 则,所以(2)函数f (x )在区间(0,+∞)上单调递增,证明如下任取x 1,x 2∈(0,+∞),且x 1<x 2,则f (x 1)﹣f (x 2)=, 因为x 1,x 2∈(0,+∞),且x 1<x 2,则,又x >1时,f (x )>0,所以,即f (x 1)<f (x 2), 函数f (x )在区间(0,+∞)上单调递增.(3)f (9)=f (3)+f (3)=2,由(2)知函数f (x )在区间(0,+∞)上单调递增不等式f (kx )+f (4﹣x )<2可化为f (kx (4﹣x ))<f (9),因为k >0 不等式故可化为,由题可得,0<x <4时,kx (4﹣x )<9恒成立,即0<x <4时,恒成立,0<x <4,y=x (4﹣x )∈(0,4],所以所以 【考点】抽象函数及其应用.。
2016-2017学年福建省漳州市高一(下)期末数学试卷

2016-2017学年福建省漳州市高一(下)期末数学试卷一、选择题(共12小题,每小题5分,满分60分)1.(5分)在空间直角坐标系O﹣xyz中,点P(﹣2,4,﹣3)关于yOz平面对称点的坐标为()A.(2,4,﹣3)B.(﹣2,﹣4,3) C.(2,﹣4,﹣3) D.(﹣2,4,3)2.(5分)直线(tan)•x+y+1=0的倾斜角为()A.B. C.D.3.(5分)设a,b,c∈R,且b<a<0,则()A.ac>bc B.ac2>bc2 C.D.>14.(5分)若直线l1:x﹣2y+1=0与直线l2:x+ay﹣1=0平行,则l1与l2的距离为()A.B.C.D.5.(5分)正项等比数列{a n}中,a4•a5=32,则log2a1+log2a2+…+log2a8的值为()A.10 B.20 C.36 D.1286.(5分)如图,在正方体ABCD﹣A′B′C′D′中,M、N分别是BB′,CD的中点,则异面直线AM与D′N所成的角是()A.30°B.45°C.60°D.90°7.(5分)设△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.若a=2,c=2,,且b<c,则B=()A.B.C.D.8.(5分)已知直线m,n与平面α,β,γ满足α⊥β,α∩β=m,n⊥α,n⊂γ,则下列判断一定正确的是()A.m∥n,α⊥γB.n∥β,α⊥γC.β∥γ,α⊥γD.m⊥n,α⊥γ9.(5分)已知实数x,y满足约束条件,则目标函数z=3x+y的最小值为()A.﹣8 B.﹣2 C.8 D.10.(5分)如图,网络纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的外接球的表面积为(A.17πB.22πC.68πD.88π11.(5分)《数学九章》中对已知三角形三边长求三角形的面积的求法填补了我国传统数学的一个空白,与著名的海伦公式完全等价,由此可以看出我国古代已具有很高的数学水平,其求法是:“以小斜幂并大斜幂减中斜幂,余半之,自乘于上.以小斜幂乘大斜幂减上,余四约之,为实.一为从隔,开平方得积.”若把以上这段文字写成公式,即S=.现有周长为2+的△ABC满足sinA:sinB:sinC=(﹣1)::(+1),试用以上给出的公式求得△ABC的面积为()A.B.C.D.12.(5分)如图,在透明塑料制成的长方体ABCD﹣A1B1C1D1容器内灌满一些水(未满),现将容器底面一边BC固定在地面上,再将容器倾斜,随着倾斜度的不同,有下列四种说法:①水的部分始终呈棱柱状②水面四边形EFGH的面积为定值③棱A1D1始终与水面EFGH平行④若E∈AA1,F∈BB1,则AE+BF是定值其中正确命题的个数是()A.1个 B.2个 C.3 个D.4个二、填空题(共4小题,每小题4分,满分16分)13.(4分)设A、B两点在河的两岸,一测量者在A的同侧所在的河岸边选定一点C,测出AC的距离为50m,∠ACB=45°,∠CAB=105°后,算出A、B两点的距离为m.14.(4分)已知圆的方程是2x2+2y2﹣4x+6y=,则此圆的半径为.15.(4分)若关于x的不等式(m+1)x2﹣mx+m﹣1<0的解集为∅,则m的取值范围为.16.(4分)已知数列{a n}满足a n+1=(﹣1)n(a n+n),则{a n}的前40项和为.三、解答题(共6小题,满分74分)17.(12分)已知△ABC的三个顶点分别是A(4,0),B(0,﹣2),C(﹣2,1)(Ⅰ)求AB边上的高CD所在的直线方程(Ⅱ)求过点C且在两坐标轴上的截距相等的直线方程.18.(12分)已知等差数列{a n}的前n项和为S n,且满足a1=1,S9=81(Ⅰ)求{a n}的通项公式(Ⅱ)求+…的值.19.(12分)在△ABC中,边a,b,c分别是角A,B,C的对边,且满足等式bcosC=(2a+c)cos(π﹣B)(Ⅰ)求角B的大小=,求a+c.(Ⅱ)若b=,且S△ABC20.(12分)漳州市博物馆为了保护一件珍贵文物,需要在馆内一种透明又密封的长方体玻璃保护罩内冲入保护液体,该博物馆需要支付的总费用由两部分组成;①罩内该种液体的体积比保护罩的溶积少0.5立方米,且每立方米液体费用500元;②需支付一定的保险用,且支付的保险费用与保护罩溶积成反比,当溶积为2立方米时,支付的保险费用为4000元(Ⅰ)求该博物馆支付总费用y与保护罩溶积x之间的函数关系式(Ⅱ)求该博物馆支付总费用的最小值.21.(12分)已知四棱锥S﹣ABCD中,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=60°,SA=SD=,点E是棱AD的中点,点F在棱SC上,且=λ,SA∥平面BEF.(Ⅰ)求实数λ的值;(Ⅱ)求三棱锥F﹣EBC的体积.22.(14分)已知圆C:x2+(y﹣4)2=4,直线l:(3m+1)x+(1﹣m)y﹣4=0(Ⅰ)求直线l被圆C所截得的弦长最短时m的值及最短弦长(Ⅱ)已知坐标轴上点A(0,2)和点T(t,0)满足:存在圆C上的两点P和Q,使得=,求实数t的取值范围.2016-2017学年福建省漳州市高一(下)期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题(共12小题,每小题5分,满分60分)1.(5分)在空间直角坐标系O﹣xyz中,点P(﹣2,4,﹣3)关于yOz平面对称点的坐标为()A.(2,4,﹣3)B.(﹣2,﹣4,3) C.(2,﹣4,﹣3) D.(﹣2,4,3)【解答】解:设所求对称点为P'(x,y,z)∵关于坐标平面yOz的对称的两个点,它们的纵坐标、竖坐标相等,而横坐标互为相反数,点P(﹣2,4,﹣3)∴x=﹣2,y=4,z=﹣3,即P关于坐标平面yOz的对称点的坐标为P'(2,4,﹣3)故选:A.2.(5分)直线(tan)•x+y+1=0的倾斜角为()A.B. C.D.【解答】解:直线(tan)•x+y+1=0即直线x+y+1=0的斜率等于﹣,设它的倾斜角等于θ,则0≤θ<π,且tanθ=﹣,∴θ=.故选:B.3.(5分)设a,b,c∈R,且b<a<0,则()A.ac>bc B.ac2>bc2 C.D.>1【解答】解:分别令a=﹣1,b=﹣2,对于A、B,c=0时,不成立,将a,b的值代入C,D,C正确,D错误,故选:C.4.(5分)若直线l1:x﹣2y+1=0与直线l2:x+ay﹣1=0平行,则l1与l2的距离为()A.B.C.D.【解答】解:∵直线l1与直线l2平行,∴a=﹣2,∴l1与l2的距离为d==.故选:B.5.(5分)正项等比数列{a n}中,a4•a5=32,则log2a1+log2a2+…+log2a8的值为()A.10 B.20 C.36 D.128【解答】解:正项等比数列{a n}中,a4•a5=32,可得a1•a8=a2•a7=a3•a6=a4•a5=32,则log2a1+log2a2+...+log2a8=log2(a1a2 (8)=log2324=log2220=20.故选:B.6.(5分)如图,在正方体ABCD﹣A′B′C′D′中,M、N分别是BB′,CD的中点,则异面直线AM与D′N所成的角是()A.30°B.45°C.60°D.90°【解答】解:如图所示,建立空间直角坐标系不妨设AB=2,则D(0,0,0),A(2,0,0),M(2,2,1),N(0,1,0),D′(0,0,2).=(0,2,1),=(0,﹣1,2).∴cos==0.∴=90°.故选:D.7.(5分)设△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.若a=2,c=2,,且b<c,则B=()A.B.C.D.【解答】解:在△ABC中,∵a=2,c=2,,a<c,可得A=,cosA=,∴sinC===,可得cocC=,即C为或,∵b<c,B为锐角,∴当C=,B=,矛盾,舍去,故C=,∴B=π﹣A﹣C=.8.(5分)已知直线m,n与平面α,β,γ满足α⊥β,α∩β=m,n⊥α,n⊂γ,则下列判断一定正确的是()A.m∥n,α⊥γB.n∥β,α⊥γC.β∥γ,α⊥γD.m⊥n,α⊥γ【解答】解:∵α∩β=m,∴m⊂α,又∵n⊥α,∴n⊥m.∵n⊥α,n⊂γ,∴α⊥γ,故选:D.9.(5分)已知实数x,y满足约束条件,则目标函数z=3x+y的最小值为()A.﹣8 B.﹣2 C.8 D.【解答】解:由约束条件作出可行域如图,联立,解得A(2,2),化目标函数z=3x+y为y=﹣3x+z,由图可知,当直线y=﹣3x+z过点A时,直线在y轴上的截距最小,z有最小值为8.10.(5分)如图,网络纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的外接球的表面积为(A.17πB.22πC.68πD.88π【解答】解:原因是得到几何体是长宽高分别为2,2,3的长方体,所以外接球的直径为,所以外接球表面积为:4π()2=68π;故选:A.11.(5分)《数学九章》中对已知三角形三边长求三角形的面积的求法填补了我国传统数学的一个空白,与著名的海伦公式完全等价,由此可以看出我国古代已具有很高的数学水平,其求法是:“以小斜幂并大斜幂减中斜幂,余半之,自乘于上.以小斜幂乘大斜幂减上,余四约之,为实.一为从隔,开平方得积.”若把以上这段文字写成公式,即S=.现有周长为2+的△ABC满足sinA:sinB:sinC=(﹣1)::(+1),试用以上给出的公式求得△ABC的面积为()A.B.C.D.【解答】解:因为sinA:sinB:sinC=(﹣1)::(+1),所以由正弦定理得,a:b:c=(﹣1)::(+1),又△ABC的周长为2+,则a=(﹣1)、b=、c=(+1),所以△ABC的面积S====,故选:A.12.(5分)如图,在透明塑料制成的长方体ABCD﹣A1B1C1D1容器内灌满一些水(未满),现将容器底面一边BC固定在地面上,再将容器倾斜,随着倾斜度的不同,有下列四种说法:①水的部分始终呈棱柱状②水面四边形EFGH的面积为定值③棱A1D1始终与水面EFGH平行④若E∈AA1,F∈BB1,则AE+BF是定值其中正确命题的个数是()A.1个 B.2个 C.3 个D.4个【解答】解:对于①,水的部分始终呈棱柱状;从棱柱的特征平面AA1B1B平行平面CC1D1D即可判断①正确;对于②,水面四边形EFGH的面积不改变;EF是可以变化的EH不变的,所以面积是改变的,②是不正确的;对于③,棱A1D1始终与水面EFGH平行;由直线与平面平行的判断定理,可知A1D1∥EH,所以结论正确;对于④,当E∈AA1时,AE+BF是定值.水的体积是定值,高不变,所以底面面积不变,所以正确.故选:C.二、填空题(共4小题,每小题4分,满分16分)13.(4分)设A、B两点在河的两岸,一测量者在A的同侧所在的河岸边选定一点C,测出AC的距离为50m,∠ACB=45°,∠CAB=105°后,算出A、B两点的距离为50m.【解答】解:在△ABC中,AC=50m,∠ACB=45°,∠CAB=105°,∴∠ABC=30°,由正弦定理=得:AB===50(m),故答案为:5014.(4分)已知圆的方程是2x2+2y2﹣4x+6y=,则此圆的半径为2.【解答】解:圆的方程是2x2+2y2﹣4x+6y=,即x2+y2﹣2x+3y=,即(x﹣1)2+(y+)2 =22,故该圆的半径为2,故答案为:2.15.(4分)若关于x的不等式(m+1)x2﹣mx+m﹣1<0的解集为∅,则m的取值范围为[,+∞).【解答】解:关于x的不等式(m+1)x2﹣mx+m﹣1<0的解集为∅,∴,即,解得m≥;∴m的取值范围是[,+∞).故答案为:[,+∞).16.(4分)已知数列{a n}满足a n+1=(﹣1)n(a n+n),则{a n}的前40项和为﹣400.=(﹣1)n(a n+n),【解答】解:∵a n+1=﹣(a n+n),当n为奇数时,a n+1∴a2+a1=﹣1,a3+a4=﹣3,a5+a6=﹣5,a8+a7=﹣7,…,a40﹣a49=﹣39.从第一项开始,相邻两项的和构成以﹣1为首项,以﹣2为公差的等差数列.所以{a n}的前40项和为﹣20+×20×19×(﹣2)=﹣400,故答案为:﹣400.三、解答题(共6小题,满分74分)17.(12分)已知△ABC的三个顶点分别是A(4,0),B(0,﹣2),C(﹣2,1)(Ⅰ)求AB边上的高CD所在的直线方程(Ⅱ)求过点C且在两坐标轴上的截距相等的直线方程.【解答】解:(Ⅰ)△ABC中,A(4,0),B(0,﹣2),C(﹣2,1),∴直线AB的斜率为k AB==,又∵AB⊥CD,∴直线CD的斜率为k CD==﹣2,∴直线CD的方程为y﹣1=﹣2(x+2),即CD的方程为2x+y+3=0;(Ⅱ)①当两截距均为0时,设直线方程为y=kx,又直线过点C(﹣2,1),解得k=﹣,∴所求的直线方程为y=﹣x;②当两截距均不为0时,设直线方程为x+y=a,又直线过点C(﹣2,1),解得a=﹣1,∴所求的直线方程为x+y=﹣1;综上,所求的直线方程为x+2y=0或x+y+1=0.18.(12分)已知等差数列{a n}的前n项和为S n,且满足a1=1,S9=81(Ⅰ)求{a n}的通项公式(Ⅱ)求+…的值.【解答】解:(Ⅰ)等差数列{a n}的公差设为d,a1=1,S9=81,即为9×1+×9×8d=81,解得d=2,则a n=a1+(n﹣1)d=1+2(n﹣1)=2n﹣1;(Ⅱ)前n项和为S n=n+n(n﹣1)×2=n2,则==﹣,可得+…=1﹣+﹣+…+﹣=1﹣=.19.(12分)在△ABC中,边a,b,c分别是角A,B,C的对边,且满足等式bcosC=(2a+c)cos(π﹣B)(Ⅰ)求角B的大小=,求a+c.(Ⅱ)若b=,且S△ABC【解答】解:(Ⅰ)∵在△ABC中,边a,b,c分别是角A,B,C的对边,且满足等式bcosC=(2a+c)cos(π﹣B),∴由正弦定理得:sinBcosC=(2sinA+sinC)•(﹣cosB),∴sinBcosC+cosBsinC=﹣2sinAcosB,∴sin(B+C)=﹣2sinAcosB,∴sinA=﹣2sinAcosB,∵sinA≠0,∴cosB=﹣,∵0<B<π,∴B=.=,(Ⅱ)∵B=,b=,且S△ABC==ac=,解得ac=3,∴S△ABC由余弦定理得:b2=a2+c2﹣2accosB=(a+c)2﹣2ac﹣2accosB,∴13=(a+c)2﹣6﹣6×(﹣),解得a+c=4.20.(12分)漳州市博物馆为了保护一件珍贵文物,需要在馆内一种透明又密封的长方体玻璃保护罩内冲入保护液体,该博物馆需要支付的总费用由两部分组成;①罩内该种液体的体积比保护罩的溶积少0.5立方米,且每立方米液体费用500元;②需支付一定的保险用,且支付的保险费用与保护罩溶积成反比,当溶积为2立方米时,支付的保险费用为4000元(Ⅰ)求该博物馆支付总费用y与保护罩溶积x之间的函数关系式(Ⅱ)求该博物馆支付总费用的最小值.【解答】解:(Ⅰ)依据题意,当保护罩体积等于x时,保险费用为(其中k 为比例系数,k>0)且当x=2时,=4000,∴k=8000,∴y=500(x﹣0.5)+=500x+﹣250(x>0.5).(单位:元)(Ⅱ)y=500x+﹣250≥2﹣250=3750当且仅当500x=,即x=4立方米时不等式取得等号.所以,博物馆支付总费用的最小值为3750元.21.(12分)已知四棱锥S﹣ABCD中,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=60°,SA=SD=,点E是棱AD的中点,点F在棱SC上,且=λ,SA∥平面BEF.(Ⅰ)求实数λ的值;(Ⅱ)求三棱锥F﹣EBC的体积.【解答】解:(Ⅰ)连接AC,设AC∩BE=G,则平面SAC∩平面EFB=FG,∵SA∥平面EFB,∴SA∥FG,∴△GEA~△GBC,∴,∴,解得.(Ⅱ)∵,∴SE⊥AD,SE=2,又∵AB=AD=2,∠BAD=60°,∴,∴SE2+BE2=SB2,∴SE⊥BE,∴SE⊥平面ABCD,所以.22.(14分)已知圆C:x2+(y﹣4)2=4,直线l:(3m+1)x+(1﹣m)y﹣4=0(Ⅰ)求直线l被圆C所截得的弦长最短时m的值及最短弦长(Ⅱ)已知坐标轴上点A(0,2)和点T(t,0)满足:存在圆C上的两点P和Q,使得=,求实数t的取值范围.【解答】解:(Ⅰ)由直线l:(3m+1)x+(1﹣m)y﹣4=0,得m(3x﹣y)=﹣x ﹣y+4,由m的取值是任意的实数,得,解得,∴直线l恒过定点M(1,3);又|CM|=<2=r,∴点M在圆C内,且当CM⊥l时,所截得的弦长最短,由题意知圆心C(0,4),半径r=2,∴k CM==﹣1∴k l===1,由=1,解得m=﹣1;∴圆心C到直线l的距离为d=|CM|=,∴最短弦长为l0=2=2=2;(Ⅱ)【解法一】设点P(x1,y1),Q(x2,y2),由+=得(﹣t,2)+(x1﹣t,y1)=(x2﹣t,y2),∴,由点P(x1,y1)在圆C上,得+=4;由点Q(x2,y2)在圆C上,得+=4;∴圆+=4与+=4有交点,则2﹣2≤≤2+2,解得﹣2≤t≤2,∴t的取值范围是[﹣2,2].【解法二】由=,得=﹣=,则||=||,又||≤4,∴||=≤4,解得﹣2≤t≤2,对于任意t∈[﹣2,2],欲使=,此时||≤4;只需作直线TA的平行线,使圆心到直线的距离为,必然与圆交于P、Q两点,此时||=||,即=;因此对于任意t∈[﹣2,2]均满足题意;综上,t的取值范围是[﹣2,2].。
2017年漳州市普通高中毕业班质量检查参考答案[1]
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2017年漳州市普通高中毕业班质量检查文科数学试题答案及评分参考评分说明:1.本解答给出了一种或几种解法供参考,如果考生的解法与本解答不同,可根据试题的主要考查内容比照评分标准制定相应的评分细则.2.对计算题,当考生的解答在某一步出现错误时,如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度,可视影响的程度决定后继部分的给分,但不得超过该部分正确解答应给分数的一半;如果后继部分的解答有较严重的错误,就不再给分.3.解答右端所注分数,表示考生正确做到这一步应得的累加分数.4.只给整数分数.选择题和填空题不给中间分.一、选择题:本大题考查基础知识和基本运算.每小题5分,满分60分.(1)A (2)C(3)C (4)D (5)B (6)B (7)B (8)D (9)A (10)C (11)D (12)B二、填空题:本大题考查基础知识和基本运算.每小题5分,满分20分.(13)13- (14)1p = (15)乙 (16)4或5三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.)(17)解:(Ⅰ)因为cos cos b B c C =由正弦定理,得sin cos sin cos B B C C =, ……………………2分所以sin 2sin 2B C =,又b c ≠所以22B C π=-…………………………………………4分 所以2B C π+=, 所以090A ∠=, ……………………………6分(Ⅱ)设 ,1ADC CD α∠==,则4BC =在△ABC 中,因为090A ∠= ,030ACB α∠=+ 所以0cos(30)AC BCα+=, 所以04cos(30)AC α=+ …………8分在ADC ∆中,sin sin AC CD CAD α=∠,即121sin 2AC α==, 所以2sin AC α=, …………………………………………………10分 所以04cos(30)2sin αα+=,O即12cos sin )sin 22ααα-=(2sin αα=所以tan 2α=…………………………………12分 (18)(Ⅰ)证明:由已知条件得,DE AB ⊥, ………………………………………1分折起后,1,AE DE B E DE ⊥⊥,且1AE B E E ⋂=,所以DE ⊥平面1AB E ,DE ⊂平面ADE , ……………………………4分所以平面ADE ⊥平面1AEB . ……………………………………………5分(Ⅱ)由(Ⅰ)得1AEB ∠为二面角1A DE C --的平面角,所以13AEB π∠=.…6分2AB =,所以111AE B E AB ===.取1B E 的中点O ,连接AO ,所以1AO B E ⊥,又DE ⊥平面1AB E ,AO ⊂平面1AB E ,所以DE AO ⊥. ………………………8分因为1B E DE E ⋂=,所以AO ⊥平面11B EDC,且AO =. 由条件得11B DC ∆是边长为2的正三角形,所以111222B C D S ∆=⨯= …………………………………………10分所以111111111332C ABD A B DC B DC V V S AO --∆==⋅==. ……………12分 (19)解:(I )当250n ≥时,()250 1.2 1.7(250) 1.7125f n n n =⨯+⨯-=-.……2分当250n <时,() 1.2f n n =; ………………………………………………4分所以 1.7125,250,()()1.2,250.n n f n n N n n -≥⎧=∈⎨<⎩.…………………………………6分 (Ⅱ)(ⅰ)由(Ⅰ)得(210)252,(230)276,f f ==(250)300,(270)334,(300)385f f f ===,………………………………………………………8分所以该雕刻师这10天的平均收入为25212762300333433001309.110⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=(元). ……10分 (ⅱ)雕刻师当天收入不低于300元的雕刻量有250,270和300,概率分别是0.3,0.3和0.1,所以该雕刻师当天收入不低于300元的概率为0.30.30.10.7++=. ………12分(20)解:(Ⅰ)因为228AB AF BF ++=,即11228AF BF AF BF +++=, 又12122AF AF BF BF a +=+=,所以48a =,2a =. ………2分 当直线AB 的斜率为34时,2AF 与x 轴垂直, 所以212||3||4AF F F =, 由22221c y a b+=,且0y >, 解得2b y a =,即2(,)b A c a,又2a =,故2344b c =. ………………………………………………………………………………4分 所以23b c =,由222c a b =-,得1c =,b = 所以椭圆C 的方程为22143x y +=. …………………………………………6分 (Ⅱ)由(Ⅰ)得,1(1,0)F -,设直线AB 的方程为1(0)x my m =-≠,,A B 两点的坐标分别为1122(,),(,)x y x y . …………………………………………7分 联立221,143x my x y =-⎧⎪⎨+=⎪⎩,消去x ,整理得22(34)690m y my +--=, 所以12122269,3434m y y y y m m +==-++. ………………………………8分 设(,0)M s ,由已知1MF 平分AMB ∠,得0AM BM k k +=,。
优质:福建省漳州市2016-2017学年高一下学期期末考试数学试题(解析版)
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1.A 【解析】依据空间直角坐标系中点的对称性可知:点()2,4,3P --关于yOz 平面的对称点的坐标为()2,4,3-,应选答案A .2.B 【解析】因直线πtan 103x y ⎛⎫⋅++= ⎪⎝⎭的斜率tan 3k π=-=,故直线πtan 103x y ⎛⎫⋅++= ⎪⎝⎭的倾斜角为23π,应选答案B .5.B 【解析】由等比数列的性质可知1827364532a a a a a a a a ====,所以212228log log log a a a +++()()()()42182736452log 324520a a a a a a a a log ===⨯=,应选答案B .6.D 【解析】如图,平移直线D N '到A H ',则直线A H '与直线AM 所成角,由于点,M H 都是中点,所以ABM A AH ∆≅∆',则BAM AA H ∠=∠',而90A HA AA H '∠+∠=' ,所以90A HA BAM ∠+∠=' ,即A H AM '⊥,应选答案D .7.A 【解析】因b c <,a c <,故由1sin 2A =可得30A = ,由正弦定理可得:sin sin sin sin a c c A C A C a =⇒==,解之得120C = ,即23C π=,则2366B ππππ=--=,应选答案A .10.A 【解析】从题设中提供的三视图可以看出:该几何体所是底面是边长为2的正方形,高是3的正四棱柱,如图,外接球的球心在上下底面的中心的连线的中点上,即球心距为13322d =⨯=,底面外接圆的半径为12r =⨯=,故球半径222917244R d r =+=+=,其表面积21744174S R πππ==⨯=,应选答案A .11.A 【解析】由正弦定理及题设可设三角形的三边分别为))1,,1a x b c x =-==,由题意))11x x +++=+1x =,故由三角形的面积公式可得:S ==,应选答案A .点睛:解答本题的关键是搞清题设中的要求“现将容器底面一边BC 固定在底面上,再将容器倾斜”,求解时充分借助这一题设条件对所提供的4个命题,综合运用所学知识逐一进行分析推断,进而做出真假的判定,选出正确命题的个数,从而使得问题获解.13.【解析】由正弦定理得()50sin45sin 18010545=--16.400-【解析】由题设()()11nn n a a n +=-+可得()()111nnn n a a n +--=-,分别赋值1,2,3,4,5,,40n =⋅⋅⋅⋅,可得21324354654039+1,2,3,4,5,,39a a a a a a a a a a a a =--=+=--=+=-⋅⋅⋅+=-,所以134235645768798101,5,1,9,1,13,1,17,.a a a a a a a a a a a a a a a a +=+=-+=+=-+=+=-+=+=-⋅⋅⋅由此可以看出:数列的相邻两奇数项之和均为1;相邻两偶数项之和构成以为5-首项公差为4-的等差数列,所以该数列前40项和为()()4010910110542202S ⨯=⨯+⨯-+⨯-=-,应填答案220-. 点睛:解答本题的关键是先借助题设条件对正整数n 进行赋值1,2,3,4,5,,40n =⋅⋅⋅⋅,从而得到21324354654039+1,2,3,4,5,,39a a a a a a a a a a a a =--=+=--=+=-⋅⋅⋅+=-,进而通过观察计算得到134235645768798101,5,1,9,1,13,1,17,.a a a a a a a a a a a a a a a a +=+=-+=+=-+=+=-+=+=-⋅⋅⋅获得了结论“数列的相邻两奇数项之和均为1;相邻两偶数项之和构成以为5-首项公差为4-的等差数列”,最后求出该数列前40项和为()()4010910110542202S ⨯=⨯+⨯-+⨯-=-. 17.(Ⅰ)直线CD 的方程为230x y ++=(Ⅱ)直线方程为20x y +=或10x y ++=【解析】【试题分析】(1)先求AB 边所在直线的斜率,再依据互相垂直的直线的斜率之间的关系求出高CD 所在的直线的斜率,运用点斜式求出其方程;(2)依据题设条件对两截距分截距为零和截距不为零两种情形进行分类讨论求解: 解:(Ⅰ)依题意得, ()021402AB k --==-,因为AB CD ⊥,所以直线CD 的斜率为: 12CD ABk k -==-, 可得直线CD 的方程为: ()122y x -=-+, 即直线CD 的方程为230x y ++=.18.(Ⅰ)21n a n =-(*n N ∈)(Ⅱ)20172018【解析】【试题分析】(1)先依据题设11a =, 981S =及等差数列前n 项和公式建立方程组求出公差,再运用等差数列的通项公式求出通项公式;(2)依据题设条件及(1)的结论求出等差数列的前n 项和2n S n =,求出()111111n S n n n n n ==-+++,进而运用列项相消法求出12201711120171220172018S S S +++=+++ : 解:(Ⅰ)设等差数列{}n a 的公差为d , 由981S =,得5981a =, 则有59a =, 所以51912514a a d --===-, 故()12121n a n n =+-=-(*n N ∈).(Ⅱ)由(Ⅰ)知, ()213521n S n n =++++-= ,则()111111n S n n n n n ==-+++所以122017111122017S S S ++++++ 11111122320172018⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-+-++- ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭112018=-20172018=19.(Ⅰ)2π3B =(Ⅱ)4a c += 【解析】【试题分析】(1)先依据正弦定理将等式中的边化为角的正弦,再运用两角和的正弦公式进行化简,求出1cos 2B =-,进而求出2π3B =;(2)先依据题设条件中的面积求出3ac =,再运用余弦定理得2b ()222cos a c ac ac B =+--,即()2113662a c ⎛⎫=+--⨯- ⎪⎝⎭,从而求出4a c +=:(Ⅱ)由1sin 2ABC S ac B ac ∆==⋅⋅=, 得3ac =①,由余弦定理得2222cos b a c ac B =+- ()222cos a c ac ac B =+--且b =, 2π3B =得()2113662a c ⎛⎫=+--⨯- ⎪⎝⎭即()216a c +=所以4a c +=.20.(Ⅰ)8000500250y x x=+- (Ⅱ)博物馆支付总费用的最小值为3750元 【解析】【试题分析】(1)先依据题设分别求出支付的保险费用18000y x =和保护液体的费用()5000.5x -,再求出运总费用y 与保护罩容积x 之间的函数关系式8000500250y x x=+-,( 0.5x >);(2)依据题设条件运用基本不等式求出8000500x x +的最小值,从而确定函数8000500250y x x=+-的最小值:点睛:求解本题的第一问时,先依据题设条件运用待定系数法求出支付的保险费用18000y x=,再求出保护液体的费用()5000.5x -,进而求出运总费用y 与保护罩容积x 之间的函数关系式8000500250y x x =+-,( 0.5x >);求解第二问时,重点是依据题设条件运用基本不等式先求出8000500x x +的最小值,从而确定函数8000500250y x x =+-的最小值及取得最小值时x 的值,从而使得问题获解.21.(1)13λ=(2【解析】【试题分析】(1)运用空间三角形的相似建立等式求解;(2)先确定三棱锥的高,再运用三棱锥的体积公式求解:(Ⅰ)连接AC ,设AC BE G ⋂=,则平面SAC ⋂平面EFB FG =,SA //平面EFB , SA ∴// FG , GEA ∆ ∽GBC ∆, 12AG AE GC BC ∴==, 1123SF AG SF SC FC GC ∴==⇒=, 13λ∴=.22.(Ⅰ)1m =-;最短弦长为l = (Ⅱ)t 的取值范围为⎡-⎣【解析】【试题分析】(1)先依据题设求出动直线()()31140m x m y ++--=经过的定点坐标()1,3M ,进而断定其位置在圆内,再依据圆心与该点连线垂直弦最短求出m 的值及最短弦长;(2)依据题设条件设两点P 和Q 的坐标分别为()11,P x y , ()22,Q x y ,进而借助TA TP TQ += 求出1212{2x x ty y =+=-,再由()11,P x y 在圆C 上,得()()222264x t y ++-=,由()22,Q x y 在圆C 上,得()222244x y +-=,从而将问题转化为“圆: ()()222264x t y ++-=与圆: ()222244x y +-=有交点”,最后建立不等式2222≤≤-+求出t 的取值范围为⎡-⎣:解:(Ⅰ)由()()31140m x m y ++--=, 得()34m x y x y -=--+,因为m 的取值是任意的实数 所以30{40x y x y -=--+=,解得1{3x y ==,所以直线l 恒过定点()1,3M .(Ⅱ)设()11,P x y , ()22,Q x y ,由TA TP TQ +=得()()()1122,2,,t x t y x t y -+-=-, 则有1212{2x x t y y =+=-由()11,P x y 在圆C 上, 得()()222264x t y ++-=, 由()22,Q x y 在圆C 上,得()222244x y +-=,点睛:解答本题的第一问时,先依据题设求出动直线()()31140m x m y ++--=经过的定点坐标()1,3M ,进而断定该点的位置在圆内,再依据圆心与该点连线垂直弦最短求出m 的值及最短弦长;求解第二问时,先依据题设条件设两点P 和Q 的坐标分别为()11,P x y , ()22,Q x y ,进而借助TA TP TQ += 求出1212{2x x t y y =+=-,再由()11,P x y 在圆C 上,得()()222264x t y ++-=,由()22,Q x y 在圆C 上,得()222244x y +-=,从而将问题转化为“圆: ()()222264x t y ++-=与圆: ()222244x y +-=有交点”,最后建立不等式2222≤≤-+求出t 的取值范围为⎡-⎣使得问题获解.。
福建高一高中数学期末考试带答案解析

福建高一高中数学期末考试班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________一、选择题1.已知,,若,则的值为()A.B.C.D.2.的值等于()A.B.C.D.13.已知10名工人生产同一零件,生产的件数分别是16,18,15,11,16,18,18,17,15,13,设其平均数为,中位数为,众数为,则有()A.B.C.D.4.如图,边长为2的正方形内有一内切圆.在图形上随机撒一粒黄豆,则黄豆落到圆内的概率是()A.B.C.D.5.已知,,与的夹角为,那么=()A.3B.C.D.6.辆汽车通过某一段公路时的时速的频率分布直方图如右图所示,时速在的汽车大约有()D.80辆A.辆B.辆C.辆7.为了得到函数的图象,只需要把函数的图象上所有的点()A.向左平移B.向左平移C.向右平移D.向右平移8.右图给出的是计算的值的一个程序框图,其中判断框内应填入的条件是()A.B.C.D.9.的值为()A.1B.C.-D.10.一袋中装有大小相同的八个球,编号分别为,现从中有放回地每次取一个球,共取2次,记“取得两个球的编号和大于或等于14”为事件,则=()A.B.C.D.11.若是所在平面内一定点,动点满足,,则动点的轨迹一定通过的w.w.w.k.s.5.u.c.o.m()A.垂心B.内心C.外心D.重心12.某高中在校学生2000人,高一年与高二年人数相同并都比高三年多1人.为了响应“阳光体育运动”号召,学校举行了“元旦”跑步和登山比赛活动.每人都参加而且只参与了其中一项比赛,各年级参与比赛人数情况如下表:其中,全校参与登山的人数占总人数的.为了了解学生对本次活动的满意程度,从中抽取一个200人的样本进行调查,则高二年参与跑步的学生中应抽取()A.36人B.60人C.24人D.30人二、填空题1.二进制数11001001化为十进制数是.(2)2.右边程序运行后,输出的值为.3.如图,在中,若,,则.(用向量,表示)4.设表示与中的较大者.若函数,给出下列五个结论:①当且仅当时,取得最小值;②是周期函数;③的值域是;④当且仅当时,;⑤以直线为对称轴.其中正确结论的序号为.三、解答题1.(本小题满分12分)已知中,角、、所对的边分别为、、,,.(1)求的值;(2)若,求的面积.2.(本小题满分12分)某市地铁全线共有四个车站,甲、乙两人同时在地铁第一号车站(首发站)乘车.假设每人自第2号车站开始,在每个车站下车是等可能的。
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2016-2017学年福建省漳州市高一(下)期末数学试卷一、选择题(共12小题,每小题5分,满分60分)1.(5分)在空间直角坐标系O﹣xyz中,点P(﹣2,4,﹣3)关于yOz平面对称点的坐标为()A.(2,4,﹣3)B.(﹣2,﹣4,3) C.(2,﹣4,﹣3) D.(﹣2,4,3)2.(5分)直线(tan)•x+y+1=0的倾斜角为()A.B. C.D.3.(5分)设a,b,c∈R,且b<a<0,则()A.ac>bc B.ac2>bc2 C.D.>14.(5分)若直线l1:x﹣2y+1=0与直线l2:x+ay﹣1=0平行,则l1与l2的距离为()A.B.C.D.5.(5分)正项等比数列{a n}中,a4•a5=32,则log2a1+log2a2+…+log2a8的值为()A.10 B.20 C.36 D.1286.(5分)如图,在正方体ABCD﹣A′B′C′D′中,M、N分别是BB′,CD的中点,则异面直线AM与D′N所成的角是()A.30°B.45°C.60°D.90°7.(5分)设△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.若a=2,c=2,,且b<c,则B=()A.B.C.D.8.(5分)已知直线m,n与平面α,β,γ满足α⊥β,α∩β=m,n⊥α,n⊂γ,则下列判断一定正确的是()A.m∥n,α⊥γB.n∥β,α⊥γC.β∥γ,α⊥γD.m⊥n,α⊥γ9.(5分)已知实数x,y满足约束条件,则目标函数z=3x+y的最小值为()A.﹣8 B.﹣2 C.8 D.10.(5分)如图,网络纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的外接球的表面积为(A.17πB.22πC.68πD.88π11.(5分)《数学九章》中对已知三角形三边长求三角形的面积的求法填补了我国传统数学的一个空白,与著名的海伦公式完全等价,由此可以看出我国古代已具有很高的数学水平,其求法是:“以小斜幂并大斜幂减中斜幂,余半之,自乘于上.以小斜幂乘大斜幂减上,余四约之,为实.一为从隔,开平方得积.”若把以上这段文字写成公式,即S=.现有周长为2+的△ABC满足sinA:sinB:sinC=(﹣1)::(+1),试用以上给出的公式求得△ABC的面积为()A.B.C.D.12.(5分)如图,在透明塑料制成的长方体ABCD﹣A1B1C1D1容器内灌满一些水(未满),现将容器底面一边BC固定在地面上,再将容器倾斜,随着倾斜度的不同,有下列四种说法:①水的部分始终呈棱柱状②水面四边形EFGH的面积为定值③棱A1D1始终与水面EFGH平行④若E∈AA1,F∈BB1,则AE+BF是定值其中正确命题的个数是()A.1个 B.2个 C.3 个D.4个二、填空题(共4小题,每小题4分,满分16分)13.(4分)设A、B两点在河的两岸,一测量者在A的同侧所在的河岸边选定一点C,测出AC的距离为50m,∠ACB=45°,∠CAB=105°后,算出A、B两点的距离为m.14.(4分)已知圆的方程是2x2+2y2﹣4x+6y=,则此圆的半径为.15.(4分)若关于x的不等式(m+1)x2﹣mx+m﹣1<0的解集为∅,则m的取值范围为.16.(4分)已知数列{a n}满足a n+1=(﹣1)n(a n+n),则{a n}的前40项和为.三、解答题(共6小题,满分74分)17.(12分)已知△ABC的三个顶点分别是A(4,0),B(0,﹣2),C(﹣2,1)(Ⅰ)求AB边上的高CD所在的直线方程(Ⅱ)求过点C且在两坐标轴上的截距相等的直线方程.18.(12分)已知等差数列{a n}的前n项和为S n,且满足a1=1,S9=81(Ⅰ)求{a n}的通项公式(Ⅱ)求+…的值.19.(12分)在△ABC中,边a,b,c分别是角A,B,C的对边,且满足等式bcosC=(2a+c)cos(π﹣B)(Ⅰ)求角B的大小(Ⅱ)若b=,且S=,求a+c.△ABC20.(12分)漳州市博物馆为了保护一件珍贵文物,需要在馆内一种透明又密封的长方体玻璃保护罩内冲入保护液体,该博物馆需要支付的总费用由两部分组成;①罩内该种液体的体积比保护罩的溶积少0.5立方米,且每立方米液体费用500元;②需支付一定的保险用,且支付的保险费用与保护罩溶积成反比,当溶积为2立方米时,支付的保险费用为4000元(Ⅰ)求该博物馆支付总费用y与保护罩溶积x之间的函数关系式(Ⅱ)求该博物馆支付总费用的最小值.21.(12分)已知四棱锥S﹣ABCD中,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=60°,SA=SD=,点E是棱AD的中点,点F在棱SC上,且=λ,SA∥平面BEF.(Ⅰ)求实数λ的值;(Ⅱ)求三棱锥F﹣EBC的体积.22.(14分)已知圆C:x2+(y﹣4)2=4,直线l:(3m+1)x+(1﹣m)y﹣4=0(Ⅰ)求直线l被圆C所截得的弦长最短时m的值及最短弦长(Ⅱ)已知坐标轴上点A(0,2)和点T(t,0)满足:存在圆C上的两点P和Q,使得=,求实数t的取值范围.2016-2017学年福建省漳州市高一(下)期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题(共12小题,每小题5分,满分60分)1.(5分)在空间直角坐标系O﹣xyz中,点P(﹣2,4,﹣3)关于yOz平面对称点的坐标为()A.(2,4,﹣3)B.(﹣2,﹣4,3) C.(2,﹣4,﹣3) D.(﹣2,4,3)【解答】解:设所求对称点为P'(x,y,z)∵关于坐标平面yOz的对称的两个点,它们的纵坐标、竖坐标相等,而横坐标互为相反数,点P(﹣2,4,﹣3)∴x=﹣2,y=4,z=﹣3,即P关于坐标平面yOz的对称点的坐标为P'(2,4,﹣3)故选:A.2.(5分)直线(tan)•x+y+1=0的倾斜角为()A.B. C.D.【解答】解:直线(tan)•x+y+1=0即直线x+y+1=0的斜率等于﹣,设它的倾斜角等于θ,则0≤θ<π,且tanθ=﹣,∴θ=.故选:B.3.(5分)设a,b,c∈R,且b<a<0,则()A.ac>bc B.ac2>bc2 C.D.>1【解答】解:分别令a=﹣1,b=﹣2,对于A、B,c=0时,不成立,将a,b的值代入C,D,C正确,D错误,故选:C.4.(5分)若直线l1:x﹣2y+1=0与直线l2:x+ay﹣1=0平行,则l1与l2的距离为()A.B.C.D.【解答】解:∵直线l1与直线l2平行,∴a=﹣2,∴l1与l2的距离为d==.故选:B.5.(5分)正项等比数列{a n}中,a4•a5=32,则log2a1+log2a2+…+log2a8的值为()A.10 B.20 C.36 D.128【解答】解:正项等比数列{a n}中,a4•a5=32,可得a1•a8=a2•a7=a3•a6=a4•a5=32,则log2a1+log2a2+...+log2a8=log2(a1a2 (8)=log2324=log2220=20.故选:B.6.(5分)如图,在正方体ABCD﹣A′B′C′D′中,M、N分别是BB′,CD的中点,则异面直线AM与D′N所成的角是()A.30°B.45°C.60°D.90°【解答】解:如图所示,建立空间直角坐标系不妨设AB=2,则D(0,0,0),A(2,0,0),M(2,2,1),N(0,1,0),D′(0,0,2).=(0,2,1),=(0,﹣1,2).∴cos==0.∴=90°.故选:D.7.(5分)设△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.若a=2,c=2,,且b<c,则B=()A.B.C.D.【解答】解:在△ABC中,∵a=2,c=2,,a<c,可得A=,cosA=,∴sinC===,可得cocC=,即C为或,∵b<c,B为锐角,∴当C=,B=,矛盾,舍去,故C=,∴B=π﹣A﹣C=.故选:A.8.(5分)已知直线m,n与平面α,β,γ满足α⊥β,α∩β=m,n⊥α,n⊂γ,则下列判断一定正确的是()A.m∥n,α⊥γB.n∥β,α⊥γC.β∥γ,α⊥γD.m⊥n,α⊥γ【解答】解:∵α∩β=m,∴m⊂α,又∵n⊥α,∴n⊥m.∵n⊥α,n⊂γ,∴α⊥γ,故选:D.9.(5分)已知实数x,y满足约束条件,则目标函数z=3x+y的最小值为()A.﹣8 B.﹣2 C.8 D.【解答】解:由约束条件作出可行域如图,联立,解得A(2,2),化目标函数z=3x+y为y=﹣3x+z,由图可知,当直线y=﹣3x+z过点A时,直线在y轴上的截距最小,z有最小值为8.故选:C.10.(5分)如图,网络纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的外接球的表面积为(A.17πB.22πC.68πD.88π【解答】解:原因是得到几何体是长宽高分别为2,2,3的长方体,所以外接球的直径为,所以外接球表面积为:4π()2=68π;故选:A.11.(5分)《数学九章》中对已知三角形三边长求三角形的面积的求法填补了我国传统数学的一个空白,与著名的海伦公式完全等价,由此可以看出我国古代已具有很高的数学水平,其求法是:“以小斜幂并大斜幂减中斜幂,余半之,自乘于上.以小斜幂乘大斜幂减上,余四约之,为实.一为从隔,开平方得积.”若把以上这段文字写成公式,即S=.现有周长为2+的△ABC满足sinA:sinB:sinC=(﹣1)::(+1),试用以上给出的公式求得△ABC的面积为()A.B.C.D.【解答】解:因为sinA:sinB:sinC=(﹣1)::(+1),所以由正弦定理得,a:b:c=(﹣1)::(+1),又△ABC的周长为2+,则a=(﹣1)、b=、c=(+1),所以△ABC的面积S====,故选:A.12.(5分)如图,在透明塑料制成的长方体ABCD﹣A1B1C1D1容器内灌满一些水(未满),现将容器底面一边BC固定在地面上,再将容器倾斜,随着倾斜度的不同,有下列四种说法:①水的部分始终呈棱柱状②水面四边形EFGH的面积为定值③棱A1D1始终与水面EFGH平行④若E∈AA1,F∈BB1,则AE+BF是定值其中正确命题的个数是()A.1个 B.2个 C.3 个D.4个【解答】解:对于①,水的部分始终呈棱柱状;从棱柱的特征平面AA1B1B平行平面CC1D1D即可判断①正确;对于②,水面四边形EFGH的面积不改变;EF是可以变化的EH不变的,所以面积是改变的,②是不正确的;对于③,棱A1D1始终与水面EFGH平行;由直线与平面平行的判断定理,可知A1D1∥EH,所以结论正确;对于④,当E∈AA1时,AE+BF是定值.水的体积是定值,高不变,所以底面面积不变,所以正确.故选:C.二、填空题(共4小题,每小题4分,满分16分)13.(4分)设A、B两点在河的两岸,一测量者在A的同侧所在的河岸边选定一点C,测出AC的距离为50m,∠ACB=45°,∠CAB=105°后,算出A、B两点的距离为50m.【解答】解:在△ABC中,AC=50m,∠ACB=45°,∠CAB=105°,∴∠ABC=30°,由正弦定理=得:AB===50(m),故答案为:5014.(4分)已知圆的方程是2x2+2y2﹣4x+6y=,则此圆的半径为2.【解答】解:圆的方程是2x2+2y2﹣4x+6y=,即x2+y2﹣2x+3y=,即(x﹣1)2+(y+)2 =22,故该圆的半径为2,故答案为:2.15.(4分)若关于x的不等式(m+1)x2﹣mx+m﹣1<0的解集为∅,则m的取值范围为[,+∞).【解答】解:关于x的不等式(m+1)x2﹣mx+m﹣1<0的解集为∅,∴,即,解得m≥;∴m的取值范围是[,+∞).故答案为:[,+∞).16.(4分)已知数列{a n}满足a n+1=(﹣1)n(a n+n),则{a n}的前40项和为﹣400.=(﹣1)n(a n+n),【解答】解:∵a n+1=﹣(a n+n),当n为奇数时,a n+1∴a2+a1=﹣1,a3+a4=﹣3,a5+a6=﹣5,a8+a7=﹣7,…,a40﹣a49=﹣39.从第一项开始,相邻两项的和构成以﹣1为首项,以﹣2为公差的等差数列.所以{a n}的前40项和为﹣20+×20×19×(﹣2)=﹣400,故答案为:﹣400.三、解答题(共6小题,满分74分)17.(12分)已知△ABC的三个顶点分别是A(4,0),B(0,﹣2),C(﹣2,1)(Ⅰ)求AB边上的高CD所在的直线方程(Ⅱ)求过点C且在两坐标轴上的截距相等的直线方程.【解答】解:(Ⅰ)△ABC中,A(4,0),B(0,﹣2),C(﹣2,1),∴直线AB的斜率为k AB==,又∵AB⊥CD,∴直线CD的斜率为k CD==﹣2,∴直线CD的方程为y﹣1=﹣2(x+2),即CD的方程为2x+y+3=0;(Ⅱ)①当两截距均为0时,设直线方程为y=kx,又直线过点C(﹣2,1),解得k=﹣,∴所求的直线方程为y=﹣x;②当两截距均不为0时,设直线方程为x+y=a,又直线过点C(﹣2,1),解得a=﹣1,∴所求的直线方程为x+y=﹣1;综上,所求的直线方程为x+2y=0或x+y+1=0.18.(12分)已知等差数列{a n}的前n项和为S n,且满足a1=1,S9=81(Ⅰ)求{a n}的通项公式(Ⅱ)求+…的值.【解答】解:(Ⅰ)等差数列{a n}的公差设为d,a1=1,S9=81,即为9×1+×9×8d=81,解得d=2,则a n=a1+(n﹣1)d=1+2(n﹣1)=2n﹣1;(Ⅱ)前n项和为S n=n+n(n﹣1)×2=n2,则==﹣,可得+…=1﹣+﹣+…+﹣=1﹣=.19.(12分)在△ABC中,边a,b,c分别是角A,B,C的对边,且满足等式bcosC=(2a+c)cos(π﹣B)(Ⅰ)求角B的大小=,求a+c.(Ⅱ)若b=,且S△ABC【解答】解:(Ⅰ)∵在△ABC中,边a,b,c分别是角A,B,C的对边,且满足等式bcosC=(2a+c)cos(π﹣B),∴由正弦定理得:sinBcosC=(2sinA+sinC)•(﹣cosB),∴sinBcosC+cosBsinC=﹣2sinAcosB,∴sin(B+C)=﹣2sinAcosB,∴sinA=﹣2sinAcosB,∵sinA≠0,∴cosB=﹣,∵0<B<π,∴B=.=,(Ⅱ)∵B=,b=,且S△ABC==ac=,解得ac=3,∴S△ABC由余弦定理得:b2=a2+c2﹣2accosB=(a+c)2﹣2ac﹣2accosB,∴13=(a+c)2﹣6﹣6×(﹣),解得a+c=4.20.(12分)漳州市博物馆为了保护一件珍贵文物,需要在馆内一种透明又密封的长方体玻璃保护罩内冲入保护液体,该博物馆需要支付的总费用由两部分组成;①罩内该种液体的体积比保护罩的溶积少0.5立方米,且每立方米液体费用500元;②需支付一定的保险用,且支付的保险费用与保护罩溶积成反比,当溶积为2立方米时,支付的保险费用为4000元(Ⅰ)求该博物馆支付总费用y与保护罩溶积x之间的函数关系式(Ⅱ)求该博物馆支付总费用的最小值.【解答】解:(Ⅰ)依据题意,当保护罩体积等于x时,保险费用为(其中k 为比例系数,k>0)且当x=2时,=4000,∴k=8000,∴y=500(x﹣0.5)+=500x+﹣250(x>0.5).(单位:元)(Ⅱ)y=500x+﹣250≥2﹣250=3750当且仅当500x=,即x=4立方米时不等式取得等号.所以,博物馆支付总费用的最小值为3750元.21.(12分)已知四棱锥S﹣ABCD中,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=60°,SA=SD=,点E是棱AD的中点,点F在棱SC上,且=λ,SA∥平面BEF.(Ⅰ)求实数λ的值;(Ⅱ)求三棱锥F﹣EBC的体积.【解答】解:(Ⅰ)连接AC,设AC∩BE=G,则平面SAC∩平面EFB=FG,∵SA∥平面EFB,∴SA∥FG,∴△GEA~△GBC,∴,∴,解得.(Ⅱ)∵,∴SE⊥AD,SE=2,又∵AB=AD=2,∠BAD=60°,∴,∴SE2+BE2=SB2,∴SE⊥BE,∴SE⊥平面ABCD,所以.22.(14分)已知圆C:x2+(y﹣4)2=4,直线l:(3m+1)x+(1﹣m)y﹣4=0(Ⅰ)求直线l被圆C所截得的弦长最短时m的值及最短弦长(Ⅱ)已知坐标轴上点A(0,2)和点T(t,0)满足:存在圆C上的两点P和Q,使得=,求实数t的取值范围.【解答】解:(Ⅰ)由直线l:(3m+1)x+(1﹣m)y﹣4=0,得m(3x﹣y)=﹣x ﹣y+4,由m的取值是任意的实数,得,解得,∴直线l恒过定点M(1,3);又|CM|=<2=r,∴点M在圆C内,且当CM⊥l时,所截得的弦长最短,由题意知圆心C(0,4),半径r=2,∴k CM==﹣1∴k l===1,由=1,解得m=﹣1;∴圆心C到直线l的距离为d=|CM|=,∴最短弦长为l0=2=2=2;(Ⅱ)【解法一】设点P(x1,y1),Q(x2,y2),由+=得(﹣t,2)+(x1﹣t,y1)=(x2﹣t,y2),∴,由点P(x1,y1)在圆C上,得+=4;由点Q(x2,y2)在圆C上,得+=4;∴圆+=4与+=4有交点,则2﹣2≤≤2+2,解得﹣2≤t≤2,∴t的取值范围是[﹣2,2].【解法二】由=,得=﹣=,则||=||,又||≤4,∴||=≤4,解得﹣2≤t≤2,对于任意t∈[﹣2,2],欲使=,此时||≤4;只需作直线TA的平行线,使圆心到直线的距离为,必然与圆交于P、Q两点,此时||=||,即=;因此对于任意t∈[﹣2,2]均满足题意;综上,t的取值范围是[﹣2,2].赠送初中数学几何模型【模型三】双垂型:图形特征:60°运用举例:1.在Rt△ABC中,∠ACB=90°,以斜边AB为底边向外作等腰三角形PAB,连接PC.(1)如图,当∠APB=90°时,若AC=5,PC=,求BC的长;(2)当∠APB=90°时,若AB=APBC的面积是36,求△ACB的周长.2.已知:如图,B、C、E三点在一条直线上,AB=AD,BC=CD.(1)若∠B=90°,AB=6,BC=23,求∠A的值;(2)若∠BAD+∠BCD=180°,cos∠DCE=35,求ABBC的值.3.如图,在四边形ABCD中,AB=AD,∠DAB=∠BCD=90°,(1)若AB=3,BC+CD=5,求四边形ABCD的面积(2)若p= BC+CD,四边形ABCD的面积为S,试探究S与p之间的关系。