高三第一轮复习限时训练物理12.14

合集下载

2021年高三12月份限时训练物理含答案

2021年高三12月份限时训练物理含答案一、选择题（本题包括10小题，1—6为单项选择，每小题4分，7—10为多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分，共40分）1．下列说法正确的是（）A．一个力有可能是由三个物体共同参与而产生B．“牛顿”是国际单位制中七个基本单位之一C. 平抛运动是匀变速运动D．匀速圆周运动的合力是恒力2．下列说法正确的是A．一对作用力与反作用力大小相等，性质相同B．做曲线运动的物体其所受到的合外力方向与加速度方向一定不在同一直线上C．物体的速度越大，其惯性越大D．速度很大的物体，其加速度一定很大3．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的速度—时间(v－t) 图线。

由图可知A．在时刻t1，a车和b车处在同一位置B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，b车的加速度先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，b车的位移小于a车的位移4．如图所示，质量为m的木块静止地放在半径为R 的半球体上，半球体与木块均处于静止状态，已知木块与半球体间的动摩擦因数为μ，木块与球心的连线与水平地面的夹角为θ，则下列说法正确的是A．地面对半球体的摩擦力方向水平向左B．木块对半球体的压力大小为mg cosθC．木块所受摩擦力大小为mg cosθD．木块所受摩擦力大小为μmg cosθ5．某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是A．a点的电势低于b点的电势B．c点的电场强度大于a点的电场强度C．若将负试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．一负点电荷放在c点时的电势能小于其放在a点时的电势能6．如图所示的电路中，R1是定值电阻，R2是光敏电阻。

已知光敏电阻的阻值随着光照强度的增加而减小，电源的内阻不能忽略。

闭合开关S，当光敏电阻上的光照强度增大时，下列说法中不正确的是()A．通过R2的电流增大B．电容器C所带的电荷量减小C．电源的路端电压增大D．电源的效率减小7．17世纪，意大利物理学家伽利略根据斜面实验指出：在水平面上运动的物体之所以会停下来，是因为受到摩擦阻力的缘故，则下列说法正确的是A．该实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律B．该实验是一理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础，故其结果是荒谬的C．伽俐略通过该实验否定了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”这一结论D．该实验为牛顿第二定律的提出提供了有力的实验依据8．已知万有引力常量为G，地球半径为R，同步卫星距地面的高度为h，地球的自转周期为T，地球表面的重力加速度为g。

物理高考第一轮复习专题强化提升检测(带答案)

物理高考第一轮复习专题强化提升检测（带答案）物理是当今最精细的一门自然迷信学科，下面是物理2021高考第一轮温习专题强化提升检测，供考生练习。

一、选择题(1～6题为单项选择题，7～8题为多项选择题)1.(2021浙江自选)以下说法正确的选项是()A.真空中蓝光的波长比红光的波长长B.天空中的彩虹是由光干预构成的C.光纤通讯应用了光的全反射原理D.机械波在不同介质中传达，波长坚持不变答案：C解析：蓝光的频率大于红光的频率，在真空中两种光的速度相等，由=v/f，可得蓝光的波长小于红光的波长，选项A 错;天空中的彩虹是由光的折射构成的，选项B错;光纤通讯应用了光的全反射原理，选项C正确;机械波在不同介质中传达，频率坚持不变，波长发作变化，选项D错误。

2.(2021四川理综)安静湖面传达着一列水面波(横波)，在波的传达方向上有相距3m的甲、乙两小木块随波上下运动，测得两小木块每分钟都上下30次，甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰.这列水面波()A.频率是30 HzB.波长是3 mC.波速是1 m/sD.周期是0.1 s答案：C解析：A、D项，由两小木块每分钟都上下振动30次可知，该波的周期T==2s，频率为f==0.5Hz，故A、D项错误。

B项，由题意甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰可知，1.5=3m，所以=2m，故B项错误。

C项，波速v==1m/s，故C项正确。

3.(2021福建理综)如图，一束光经玻璃三棱镜折射后分为两束单色光a、b，波长区分为a、b，该玻璃对单色光a、b的折射率区分为na、nb，那么()A.ab，nanbB.ab，naC.ab，nab，nanb答案：B解析：由图可知b光偏折水平大，那么nab，B正确。

4.(2021天津理综)图甲为一列简谐横波在某一时辰的波形图，a、b两质点的横坐标区分为xa=2 m和xb=6 m，图乙为质点b从该时辰末尾计时的振动图象。

以下说法正确的选项是()A.该波沿+x方向传达，波速为1 m/sB.质点a经4 s振动的路程为4 mC.此时辰质点a的速度沿+y方向D.质点a在t=2 s时速度为零答案：D解析：A项，由图乙可知，图甲所示的时辰b点的运动方向为y轴正方向，所以该波沿x轴负方向传达，故A项错误。

2020高考物理一轮复习选练习题(12)(含解析)新人教版-精装版

教学资料范本2020高考物理一轮复习选练习题（12）（含解析）新人教版-精装版编辑：__________________时间：__________________【精选】20xx 最新高考物理一轮复习选练习题（12）（含解析）新人教版李仕才1、如图2所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，Δv 表示速度的变化量.由图中所示信息可知( )图2A.汽车在做加速直线运动B.汽车的加速度方向与v1的方向相同C.汽车的加速度方向与v1的方向相反D.汽车的加速度方向与Δv 的方向相反【答案】C2、如图所示，长L 、质量m 的极其柔软的匀质物体在台面上以水平速度v0向右运动，台面上A 左侧光滑，右侧粗糙，该物体前端在粗糙台面上滑行S 距离停下来．设物体与粗糙台面间的动摩擦因数为μ，则物体的初速度v0为（）A. B. C. D. 2gL μ2gS gL μμ-2gSμ2gS gL μμ+ 【答案】C【解析】物体越过A 后做匀减速直线运动，加速度：，由匀变速直线运动的速度位移公式得：，解得：，故选项C 正确.mg a gm μμ==202v aS =02v gS μ= 3、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为s ，动能变为原来的9倍.该质点的加速度为（）.A. B. C. D. 28s t 24s t 232s t 2s t【答案】D4、(20xx·山东济宁质检)如图10所示，一长木板静止在倾角为θ的斜面上，长木板上一人用力推长木板上的物块，使物块与长木板间的摩擦力刚好为零，已知人、物块、长木板的质量均为m，人、物块与长木板间的动摩擦因数均为μ1，长木板与斜面间的动摩擦因数为μ2，重力加速度为g，则下列说法正确的是( )图10A.斜面对长木板的摩擦力大小为mgsin θB.斜面对长木板的摩擦力大小为3μ2mgcos θC.长木板对人的摩擦力大小为2μ1mgcos θD.长木板对人的摩擦力大小为2mgsin θ【答案】D【解析】由题意知，人、物块、长木板均保持相对静止，以人、物块和长木板组成的整体为研究对象，可得斜面对长木板的静摩擦力大小为3mgsin θ，A、B错误；以人和物块组成的整体为研究对象，可得长木板对人的静摩擦力大小为2mgsin θ，C错误，D正确.5、三个共点力大小分别是F1、F2、F3，关于它们合力F的大小，下列说法中正确的是( )A.F大小的取值范围一定是0≤F≤F1＋F2＋F3B.F至少比F1、F2、F3中的某一个大C.若F1∶F2∶F3＝3∶6∶8，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力为零D.若F1∶F2∶F3＝3∶6∶2，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力为零【答案】C【解析】三个大小分别是F1、F2、F3的共点力合成后的最大值一定等于F1＋F2＋F3，但最小值不一定等于零，只有当某一个力的大小在另外两个力的大小的和与差之间时，这三个力的合力才可能为零，A、B、D错误，C正确.6、从正在加速上升的气球上落下一个物体，在物体刚离开气球的瞬间，下列说法正确的( )A.物体向下做自由落体运动B.物体向上运动，加速度向上C.物体向上运动，加速度向下D.物体向上还是向下运动，要看物体离开气球时的速度【答案】C【解析】上升的气球掉下一物体，由于具有惯性，物体离开气球的初速度与气球的速度相同，大小为v，方向竖直向上；由于物体仅受重力，根据牛顿第二定律知，加速度方向向下，大小为g.故C正确，A、B、D错误.7、如图5所示，质量为m的小球用一水平轻弹簧系住，并用倾角为60°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态，在木板AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为( )图5A.0B.大小为g，方向竖直向下C.大小为g，方向垂直木板向下D.大小为2g，方向垂直木板向下【答案】D【解析】撤离木板AB瞬间，木板对小球的支持力消失，而小球所受重力和弹力不变，且二力的合力与原支持力等大反向.8、(多选)(20xx·河北保定一模)如图6所示，一质量M＝3 kg、倾角为α＝45°的斜面体放在光滑水平地面上，斜面体上有一质量为m＝1 kg的光滑楔形物体.用一水平向左的恒力F作用在斜面体上，系统恰好保持相对静止地向左运动.重力加速度为g＝10 m/s2，下列判断正确的是( )图6A.系统做匀速直线运动B.F＝40 NC.斜面体对楔形物体的作用力大小为5 ND.增大力F，楔形物体将相对斜面体沿斜面向上运动【答案】BD9、a、b两物体同时从同一地点开始做匀变速直线运动，二者运动的v－t图象如图1所示，下列说法正确的是( )图1A.a、b两物体运动方向相反B.a物体的加速度小于b物体的加速度C.t＝1 s时两物体的间距等于t＝3 s时两物体的间距D.t＝3 s时，a、b两物体相遇【答案】C10、斜面长度为4 m，一个尺寸可以忽略不计的滑块以不同的初速度v0从斜面顶端沿斜面下滑时，其下滑距离x与初速度二次方v02的关系图象(即x－v02图象)如图12所示.图12(1)求滑块下滑的加速度大小.(2)若滑块下滑的初速度为5.0 m/s，则滑块沿斜面下滑的时间为多长？【答案】(1)2 m/s2 (2)1 s【解析】(1)由v02＝2ax推知，图线斜率为，根据题图可知，＝，所以滑块下滑的加速度大小a＝2 m/s2.11、如图10所示，质量M＝1 kg的木板A静止在水平地面上，在木板的左端放置一个质量m＝1 kg的铁块B(大小可忽略)，铁块与木块间的动摩擦因数μ1＝0.3，木板长L＝1 m，用F＝5 N的水平恒力作用在铁块上，g取10 m/s2.图10(1)若水平地面光滑，计算说明铁块与木板间是否会发生相对滑动；(2)若木板与水平地面间的动摩擦因数μ2＝0.1，求铁块运动到木板右端所用的时间.【答案】见解析(2)A、B之间发生相对滑动，则对B：F－μ1mg＝maB对A：μ1mg－μ2(M＋m)g＝MaA据题意：xB－xA＝L；xA＝aAt2；xB＝aBt2解得：t＝ s.12、如图11所示，两滑块放在光滑的水平面上，中间用一细线相连，轻杆OA、OB搁在滑块上，且可绕铰链O自由转动，两杆长度相等，夹角为θ，当用竖直向下的力F作用在铰链上，滑块间细线的张力为多大？θ【答案】tan 2【解析】把竖直向下的力F沿两杆OA、OB方向分解，如图甲所示，则杆作用于滑块上的力为F1＝F2＝。

物理高考一轮复习强化提升练习(附答案)

物理高考一轮复习强化提升练习（附答案）物理温习的重点一是知识点二是要多做题，为此查字典物理网整理了物理2021高考一轮温习强化提升练习，请考生及时练习。

一、选择题(1～3题为单项选择题，4～5题为多项选择题)1.(2021辽宁实验中学模拟)有一个带电荷量为+q、重力为G 的小球，从两竖直的带电平行板上方h处自在落下，两极板间另有匀强磁场，磁感应强度为B，方向如下图，那么带电小球经过有电场和磁场的空间时，以下说法正确的选项是()A.一定做曲线运动B.不能够做曲线运动C.有能够做匀减速直线运动D.有能够做匀速直线运动答案：A解析：带电小球在没有进入复合场前做自在落体运动，进入磁场后，受竖直向下的重力G=mg，水平向左的电场力F电场力=qE与洛伦磁力F洛=qBv，重力与电场力大小和方向坚持恒定，但由于速度大小会发作变化，所以洛伦兹力大小和方向会发作变化，所以一定会做曲线运动，A正确，BCD错。

2.(2021河北保定元月调研)如下图，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合开关，小灯泡能正常发光。

现将滑动变阻器滑片向右滑动一段距离，滑动前后理想电压表V1、V2示数变化量的相对值区分为U1、U2，理想电流表A示数变化量的相对值为I，那么()A.电源的输入功率一定增大B.灯泡亮度逐突变暗C.与均坚持不变D.当电路动摇后，断开开关，小灯泡立刻熄灭答案：C解析：滑片向右滑动，滑动变阻器阻值减小，但外电路总阻值R外与电源内阻r关系未知，那么电源输入功率的变化状况无法确定，故A错误。

由I=，因R外减小，那么I增大，灯泡亮度逐突变亮，故B错误。

当断开开关，电容器中存储的电荷会流过灯泡，那么灯泡不会立刻熄灭，故D错误。

由题图剖析知=R，=r，故C正确。

3.(2021河北冀州12月调研)如图是磁报警装置中的一局部电路表示图，其中电源电动势为E，内阻为r，R1、R2是定值电阻，RB是磁敏传感器，它的电阻随磁体的出现而减小，c、d接报警器。

人教版2024年高考一轮复习物理《第12讲牛顿运动定律》练习题

第12讲牛顿运动定律（模拟精练+真题演练）1．（2023·天津·校联考模拟预测）伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有（）A．力不是维持物体运动的原因B．物体之间普遍存在相互吸引力C．物体间的相互作用力总是大小相等、方向相反D．物体加速度大小与作用力成正比、与物体质量成反比【答案】A【详解】A．力不是维持物体运动的原因，是伽利略实验研究和逻辑推理相结合得出的物理规律，故A正确；B．物体之间普遍存在相互吸引力，是牛顿总结出的万有引力定律的内容，故B 错误；C．物体间的相互作用力总是大小相等、方向相反，是牛顿第三定律的内容，故C错误；D．物体加速度大小与作用力成正比、与物体质量成反比，是牛顿第二定律的内容，故D错误。

故选A。

2．（2022秋·内蒙古乌兰察布·高三校级联考）下列关于速度、加速度、合外力之间的关系，正确的是（）A．物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大B．物体的速度为0，则加速度为0，所受的合外力也为0C．物体的速度为0，但加速度可能很大，所受的合外力也可能很大D．物体的速度很大，但加速度可能为0，所受的合外力可能很大【答案】C【详解】物体的速度大小和加速度大小没有必然联系，一个很大，另一个可以很小，甚至为0，物体所受合外力的大小决定加速度的大小，同一物体所受合外力越大，加速度一定也越大，当加速度为0时，合外力也一定为0。

故选C。

3．（2022秋·宁夏银川·高三期中模拟）牛顿运动定律与日常生活息息相关，下列有关牛顿运动定律的说法正确的是（）A．牛顿第一定律是牛顿第二定律在合外力为零情况下的特例B．向尾部喷气使火箭加速的过程，可用牛顿第二定律和牛顿第三定律解释C．我们用力提一个很重的箱子，却提不动它，这跟牛顿第二定律有矛盾D．根据牛顿第二定律，运动物体的速度方向必定与其所受合力的方向相同【答案】B【详解】A．牛顿第一定律又称惯性定律，是指任何物体都有保持原有运动状态的特性，是普遍规律，不是牛顿第二定律在合外力为零下的特例，A错误；B．火箭向后喷出气体，火箭给气体一个向下的力使气体获得速度，则气体也给火箭一个反作用力，该力大于火箭重力，根据牛顿第二定律，火箭将加速。

山东省2024届高三物理下学期一轮模拟试题(一)能力提升版

一、单选题1. 一摩托车在t ＝0时刻由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的a -t 图像如图所示，根据已知的信息，可知（）A ．摩托车的最大动能B ．摩托车在30 s 末的速度大小C ．在0～30 s 的时间内牵引力对摩托车做的功D ．10 s 末摩托车开始反向运动2. 阻值均为R 的四个电阻、电容为C 的电容器及电动势为E 的电源（不计内阻）连接成如图所示的电路．开关K 闭合且电路稳定时，以下说法正确的是（）A ．电容器两板间电压为E /3B ．电容器极板上的电荷量为2CE /5C ．减小电容器两极板正对面积，极板上的电荷量减小D ．减小电容器两极板间的距离，稳定后两板间电压比原来的更小3.在如图所示的图像中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线为某一电阻R 的伏安特性曲线。

用该电源与电阻R 组成闭合电路。

由图像判断错误的是（）A ．电源的电动势为3 V ，内阻为0.5ΩB ．电阻R 的阻值为1ΩC ．电源的效率为80%D ．电源的输出功率为4 W4. 塔吊是建筑工地上最常用的一种起重设备，如图所示为起重机提升重物时的简化电路，一台变压器的原线圈与10kV 的高压输电线相连，副线圈上接有一台电动机，起重机能用1分钟的时间将质量为3t 的建筑材料匀速提升42m ，电动机正常工作时两端的电压为380V ，工作电流为60A ，由于磁损和热损，变压器的输出功率为输入功率的96%，不计导线的电阻，重力加速度g=10m/s 2，则下列说法中正确的是（）A ．变压器原线圈中的电流为2.28AB ．电动机的工作效率约为92.1%C ．电动机的机械功率为22.8kWD ．电动机的电阻约为6.3Ω5. a 、b 两种单色光组成的光束从空气进入介质时，其折射光束如图所示．则关于a 、b 两束光，下列说法正确的是（）山东省2024届高三物理下学期一轮模拟试题（一）能力提升版二、多选题A ．介质对a 光的折射率大于介质对b 光的折射率B ．a 光在介质中的速度大于b 光在介质中的速度C ．a 光在真空中的波长大于b 光在真空中的波长D ．光从介质射向空气时，a 光的临界角大于b 光的临界角6. 如图所示，小车上固定着一个竖直放置的弯曲圆管，整个小车（含圆管）的质量为，初始时静止在光滑的水平面上。

高考物理第一轮复习限时规范训练：机械能守恒定律及其应用(解析版)

一轮复习限时规范训练机械能守恒定律及其应用一、选择题：在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～7题有多项符合题目要求．1、关于机械能守恒，下列说法中正确的是( )A．物体做匀速运动，其机械能肯定守恒B．物体所受合力不为零，其机械能肯定不守恒C．物体所受合力做功不为零，其机械能肯定不守恒D．物体沿竖直方向向下做加速度为5 m/s2的匀加速运动，其机械能削减答案:D解析:物体做匀速运动其动能不变，但机械能可能变，如物体匀速上升或下降，机械能会相应的增加或削减，选项A错误；物体仅受重力作用，只有重力做功，或受其他力但其他力不做功或做功的代数和为零时，物体的机械能守恒，选项B、C错误；物体沿竖直方向向下做加速度为5 m/s2的匀加速运动时，物体肯定受到一个与运动方向相反的力的作用，此力对物体做负功，物体的机械能削减，故选项D正确．2．如图所示，表面光滑的固定斜面顶端安装肯定滑轮，小物块A，B 用轻绳连接并跨过滑轮(不计滑轮的质量和摩擦)．初始时刻，A，B处于同一高度并恰好处于静止状态．剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，两物块( )A．速率的改变量不同B．机械能的改变量不同C．重力势能的改变量相同D．重力做功的平均功率相同答案:D解析:由题意依据力的平衡有m A g＝m B g sin θ，所以m A＝m B sin θ.依据机械能守恒定律mgh＝12mv2，得v＝2gh，所以两物块落地速率相等，选项A错误；因为两物块的机械能守恒，所以两物块的机械能改变量都为零，选项B错误；依据重力做功与重力势能改变的关系，重力势能的改变为ΔE p＝－W G＝－mgh，所以E p A＝m A gh＝m B gh sin θ，E p B＝m B gh，选项C错误；因为A、B两物块都做匀变速运动，所以A重力的平均功率为P A＝m A g·v2，B重力的平均功率P B＝m B g·v2sin θ，因为m A＝m B sin θ，所以PA＝P B，选项D正确．3．静止在地面上的物体在竖直向上的恒力作用下上升，在某一高度撤去恒力．不计空气阻力，在整个上升过程中，物体机械能随时间改变关系是( )A B C D答案:C解析:物体受恒力加速上升时，恒力做正功，物体的机械能增大，又因为恒力做功为W＝F·12at2，与时间成二次函数关系，选项A、B两项错误；撤去恒力后，物体只受重力作用，所以机械能守恒，D项错误，C项正确．4．如图所示，粗细匀称、两端开口的U形管内装有同种液体，起先时两边液面高度差为h，管中液柱总长度为4h，后来让液体自由流淌，当两液面高度相等时，右侧液面下降的速度为( )A．18gh B．16ghC．14gh D．12gh答案:A解析:设管子的横截面积为S ，液体的密度为ρ.打开阀门后，液体起先运动，不计液体产生的摩擦阻力，液体机械能守恒，液体削减的重力势能转化为动能，两边液面相平常，相当于右管12h 高的液体移到左管中，重心下降的高度为12h ，由机械能守恒定律得ρ·12hS ·g ·12h ＝12ρ·4hS ·v 2，解得，v ＝gh8.选项A 正确．5．如图所示，一质量为m 的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧一端固定于O 点，另一端与该小球相连．现将小球从A 点由静止释放，沿竖直杆运动到B 点，已知OA 长度小于OB 长度，弹簧处于OA ，OB 两位置时弹力大小相等．在小球由A 到B 的过程中( )A ．加速度等于重力加速度g 的位置有两个B ．弹簧弹力的功率为零的位置有两个C ．弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功D ．弹簧弹力做正功过程中小球运动的距离等于小球克服弹簧弹力做功过程中小球运动的距离答案:AC解析:在运动过程中A 点为压缩状态，B 点为伸长状态，则由A 到B 有一状态弹力为0且此时弹力与杆不垂直，加速度为g ；当弹簧与杆垂直时小球加速度为g .则有两处加速度为g ，故A 项正确；在A 点速度为零，弹簧弹力功率为0，弹簧与杆垂直时弹力的功率为0，有一位置的弹力为0，其功率为0，共3处，故B 项错误；因A 点与B 点弹簧的弹性势能相同，则弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功，故C 项正确；因小球对弹簧做负功时弹力大，则弹簧弹力做正功过程中小球运动的距离大于小球克服弹簧弹力做功过程中小球运动的距离，故D 项错误．6．如图所示，滑块A ，B 的质量均为m ，A 套在固定竖直杆上，A ，B 通过转轴用长度为L 的刚性轻杆连接，B 放在水平面上并紧靠竖直杆，A ，B均静止．由于微小扰动，B起先沿水平面对右运动．不计一切摩擦，滑块A，B视为质点．在A下滑的过程中，下列说法中正确的是( ) A．A，B组成的系统机械能守恒B．在A落地之前轻杆对B始终做正功C．A运动到最低点时的速度为2gLD．当A的机械能最小时，B对水平地面的压力大小为2mg答案:AC解析:A，B组成的系统中只有动能和势能相互转化，故A、B组成的系统机械能守恒，选项A正确；分析B的受力状况和运动状况：B先受到竖直杆向右的推力，使其向右做加速运动，当B的速度达到肯定值时，杆对B有向左的拉力作用，使B向右做减速运动，当A落地时，B的速度减小为零，所以杆对B先做正功，后做负功，选项B错误；由于A、B组成的系统机械能守恒，且A到达最低点时B的速度为零，依据机械能守恒定律可知选项C正确；B先做加速运动后做减速运动，当B的速度最大时其加速度为零，此时杆的弹力为零，故B对水平面的压力大小为mg，由于A、B组成的系统机械能守恒，故此时A机械能最小，选项D错误．7．如图所示，A，B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B，C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上．现用手限制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直，右侧细线与斜面平行．已知A的质量为4m，B，C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，起先时整个系统处于静止状态．释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C 恰好离开地面．下列说法错误的是( )A．斜面倾角α＝60°B．A获得的最大速度为2g m 5kC．C刚离开地面时，B的加速度最大D ．从释放A 到C 刚离开地面的过程中，A ，B 两小球组成的系统机械能守恒答案:ACD解析:释放A 后，A 沿斜面下滑至速度最大时C 恰好离开地面，此时细线中拉力等于4mg sin α，弹簧的弹力等于mg ，则有4mg sin α＝mg ＋mg ，解得斜面倾角α＝30°，选项A 错误；释放A 前，弹簧的压缩量为x ＝mg k ，A 沿斜面下滑至速度最大时弹簧的伸长量为x ′＝mg k，由机械能守恒定律得4mg ·2x sin α－mg ·2x ＝12·4mv 2＋12mv 2，解得A 获得的最大速度为v ＝2g m 5k，选项B 正确；C 刚离开地面时，B 的加速度为零，选项C 错误；从释放A 到C 刚离开地面的过程中，A ，B 两小球、地球、弹簧组成的系统机械能守恒，选项D 错误．二、非选择题8．如图所示，跨过同一高度处的定滑轮的细线连接着质量相同的物体A 和B ，A 套在光滑水平杆上，定滑轮离水平杆的高度h ＝0.2 m ，起先时让连着A 的细线与水平杆的夹角θ1＝37°，由静止释放B ，当细线与水平杆的夹角θ2＝53°时，A 的速度为多大？在以后的运动过程中，A 所获得的最大速度为多大？(设B 不会遇到水平杆，sin 37°＝0.6，sin 53°＝0.8，取g ＝10 m/s 2) 解：设绳与水平杆夹角θ2＝53°时，A 的速度为v A ，B 的速度为v B ，此过程中B 下降的高度为h 1，则有mgh 1＝12mv 2A ＋12mv 2B ，其中h 1＝h sin θ1－hsin θ2，v A cos θ2＝v B ，代入数据，解以上关系式得v A ≈1.1 m/s.A 沿着杆滑到左侧滑轮正下方的过程，绳子拉力对A 做正功，A 做加速运动，此后绳子拉力对A 做负功，A 做减速运动．故当θ1＝90°时，A 的速度最大，设为v A m ，此时B 下降到最低点，B 的速度为零，此过程中B 下降的高度为h 2，则有mgh 2＝12mv 2A m ，其中h 2＝h sin θ1－h ，代入数据解得v A m ＝1.63 m/s. 9．如图所示，水平地面与一半径为l 的竖直光滑圆弧轨道相接于B 点，轨道上的C 点位置处于圆心O 的正下方．在距地面高度为l 的水平平台边缘上的A 点，质量为m 的小球以v 0＝2gl 的速度水平飞出，小球在空中运动至B 点时，恰好沿圆弧轨道在该点的切线方向滑入轨道．小球运动过程中空气阻力不计，重力加速度为g ，试求：(1)B 点与抛出点A 正下方的水平距离x ；(2)圆弧BC 段所对的圆心角θ；(3)小球滑到C 点时，对圆轨道的压力．解：(1)设小球做平抛运动到达B 点的时间为t ，由平抛运动规律得l ＝12gt 2，x ＝v 0t 联立解得x ＝2l .(2)由小球到达B 点时竖直分速度v 2y ＝2gl ，tan θ＝v y v 0，解得θ＝45°. (3)小球从A 运动到C 点的过程中机械能守恒，设到达C 点时速度大小为v C ，由机械能守恒定律有mgl ⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫1＋1－22＝12mv 2C －12mv 20 设轨道对小球的支持力为F ，有F －mg ＝m v 2C l解得F ＝(7－2)mg由牛顿第三定律可知，小球对圆轨道的压力大小为F ′＝(7－2)mg ，方向竖直向下．10．如图所示，在竖直空间有直角坐标系xOy ，其中x 轴水平，一长为2l 的细绳一端系一小球，另一端固定在y 轴上的P 点，P 点坐标为(0，l )，将小球拉至细绳呈水平状态，然后由静止释放小球，若小钉可在x 正半轴上移动，细绳承受的最大拉力为9mg ，为使小球下落后可绕钉子在竖直平面内做圆周运动到最高点，求钉子的坐标范围．解：当小球恰过圆周运动的最高点时，钉子在x 轴正半轴的最左侧，则有mg ＝m v 21r 1 小球由静止到圆周的最高点这一过程，依据机械能守恒定律有mg (l －r 1)＝12mv 21 x 1＝2l －r 12－l 2解得x 1＝73l 当小球处于圆周的最低点，且细绳张力恰达到最大值时，钉子在x 轴正半轴的最右侧，则有F max －mg ＝m v 22r 2小球由静止到圆周的最低点这一过程，依据机械能守恒定律有 mg (l ＋r 2)＝12mv 22x 2＝2l －r 22－l 2解得x 2＝43l 因而钉子在x 轴正半轴上的范围为73l ≤x ≤43l .。

高三物理一轮复习第12章动量守恒定律章末检测

第12章动量守恒定律（时间：60分钟满分：100分）一、选择题（本题共13小题，每小题5分，共65分.每小题所列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.下面的说法正确的是（）A.当力与物体的位移垂直时，该力的冲疑为零B.如果物体（质量不变）的速度发生变化，则可以肯立它受到的合外力的冲量不为零C.物体所受合外力的冲量越大，它的动量也越大D.做曲线运动的物体，At时间内所受合外力的冲量一般不为零BD [力的冲量：I=F- At,与物体的位移无关，故A错误；如果物体（质量不变）的速度发生变化，物体的动量发生变化，由动量立理可知，物体所受到的合外力的冲量不为零, 故B正确：由动量左理可知，物体所受合外力的冲虽:越大，物体动量的变化量越大，它的动量不一定大，故C错误；做曲线运动的物体，速度方向沿切线方向，速度不断变化，物体动屋不断变化，由动量定理可知D正确.]2.如图1所示，木块小万用轻弹簧连接，用力尸压缩弹簧，当撤去尸后，若地而光滑, 则（）【导学号：81370416]图1A.川尚未藹开墙前，木块小弹簧、木块尸组成的系统动量守恒B.川尚未离开墙前，木块小弹簧、木块万组成的系统机械能守恒C.勺离开墙后，木块小弹簧、木块方组成的系统动量守恒D.月离开墙后，木块几弹簧、木块万组成的系统动量不守恒BC □尚未离开墙前，木块乩禅簧、木块万组成的系统受合外力不为零，系统动量不守恒，该过程只有弹力做功，机械能守恒，故A错误，B正确：*离开墙后，木块乂弹簧、木块万组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，故C正确，D错误.]3.（2017 •富阳选考模拟）古有“守株待兔”的寓言.设兔子的头部受到大小等于自身体重的打击力时即可致死，并设兔子与树桩作用时间为0.2 s,则被撞死的兔子英奔跑速度可能为（&取10 m/s5）（）A. 1 m/s B・ 1・ 5 m/sC・ 2 m/s D・ 2・ 5 m/sCD [取兔子奔跑的速度方向为正方向，根据动量定理得一尸r=O—zz^得v=-；由m 冷阳得到拌竺=gt=2 m/s,故选项C、D正确.]m4.质量为加的物体以初速度％开始做平抛运动，经过时间t,下降的高度为力，速度变为y，在这段时间内物体动量变化虽:的大小为（）A.22?（V— vb）B. mgtC. m 寸卡一応D. a "^2gh答案：BCD5.玻璃杯从同一高度自由下落，掉落到硬质水泥地板上易碎，掉落到松软地毯上不易碎，这是由于玻璃杯掉到松软地毯上（）【导学号:81370417]A.所受合外力的冲量小B.动量的变化量小C.动量的变化率小D.地毯对杯子的作用力小于杯子对地毯的作用力C [杯子从同一高度自由下落，与地而相碰前的瞬时速度、动量都是一立的，碰后静止, 动量的变化量一左，^p=m y[2^h,合外力的冲量大小相等，由尸=葺可知，玻璃杯掉到地毯上At大，尸小，因此不易破碎，C正确.]6.（2016 •桐乡选考模拟）一个质量为0. 18 kg的垒球以20 Ms的水平速度向右飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为40m/s,则这一过程动量的变化疑为（）A.10. 8 kg ・m/s,方向水平向右B.10. 8 kg ・m/s,方向水平向左C. 3.6 kg ・m/s,方向水平向右D. 3. 6 kg • m/s,方向水平向左B [规圧水平向右为正方向，则初动量pi=^n=0. 18 kgX20 m/s = 3. 6 kg - m/s：打击后动量为：P2=mv：=Q. 18 kgX （— 40 m/s） = —7. 2 kg • m/s：故动量变化为：6 = — 10. 8 kg • m/s,负号表示方向与规泄的正方向相反，即水平向左.]7.水平地而上有一木块，质呈:为皿它与地而间的动摩擦因数为“，在水平恒力尸作用下由静止开始运动，经过时间6撤去此力，木块又向前滑行一段时间2亡才停下，此恒力尸的大小为（）A・P mg B・ 2 mgC・ 3 mg D・ 4 P mgC [从木块开始运动，到木块停止运动的整个过程用动量泄理（取水平恒力尸的方向为正方向）得：尸L SgX3f=0.所以F=3 Pmg,只有C正确.]8.平静的水而上有一载人小船，船和人共同的质量为站立在船上的人手中拿一质量为皿的物体.起初人相对于船静止，船、人、物体以共同速度诈前进，当人相对于船以速度u 向相反方向将物体抛出时，人和船的速度为（水的阻力不计）（）A.C [物体被抛出的同时•船速已发生了变化，设为内则物体抛出后相对地的速度为（u—卩），取小船、人和物体也为一系统，由动量守恒左律得：Clf+zz?） Vo = J/r —V ）»所以A M+也一' 乙+#+巾•故c 正确.]9. 一个质咼为0.3 kg 的小球，在光滑水平而上以6 m/s 的速度垂直撞到墙上，碰撞后小球沿相反方向运动，反弹后的速度大小为4 m/s ・则碰撞前后墙对小球的冲量/的大小及碰撞过程中墙对小球做的功严分别为（）A. 1=3 kg • m/s, If ——3 JB ・ 1=0. 6 kg • m/s, W= — 3 JC ・ 1=3 kg • m/s,戶7.8 JD ・ 1=0. 6 kg • m/s, W=3 JA [碰撞前后墙对小球的冲虽:大小I=mv' —2o （~ v ） =3 kg • m/s,碰撞过程中墙对小球做的功等于小球动能的改变量，即片也5-L V :=-3 J, A 正确.]10. 一辆小车静止在光滑水平而上，小车立柱上拴有一根长为厶的轻绳，轻绳末端拴着一个小球，如图2所示.现将小球拉直至水平位置后由静止释放，小球摆动的过程中不计一切阻力.则下列说法中正确的是（）图2A. 小球摆动过程中机械能守恒B. 小球开始摆动后，小球和小车组成的系统机械能守恒、动量守恒C. 小球开始摆动后，小球和小车组成的系统机械能不守恒、动量不守恒D. 小球开始摆动后，小球达最大速度时小车也同时达最大速度D [以小球和小车组成的系统为研究对象，只有小球的重力做功，系统的机械能守恒，故A 错误；当小球向下摆动的过程中，整体所受的合力不为零，则系统的总动量不守恒，故B 、C 错误：当小球摆到最低点时，小球速度最大，根据水平方向动量守恒可知，小车也同时达最大速度，故D 正确.]11. 质量为*内壁间距为厶的箱子静止于光滑的水平而上，箱子中间有一质疑为加的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为初始时小物块停在箱子的正中间，如图 3 所示.现给小物块一水平向右的初速度图3B ・ c. mu・I/+/22”小物块与箱壁碰撞N 次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止.设碰撞都是弹性的，在整个过程中，系统损失的动能为（）【导学号：81370418]C. mgL D ・ N P mgLBD [由于水平而光滑，箱子和小物块组成的系统动量守恒，二者经多次碰撞后，保持相对静止，易判断两物体最终速度相等设为“，由动戢守恒左律得系统损失的动能为知二 F ,B 正确：系统损失的动能等于克服摩擦力做的功, 即 A — Wf=NtimgL, D 正确.]12. 如图4所示为两滑块M 、用之间压缩一轻弹簧，滑块与弹簧不连接，用一细绳将两滑块拴接（细绳未画出），使弹簧处于锁定状态，并将整个装置放在光滑的水平而上.烧断细绳后到两滑块与弹簧分离的过程中，下列说法正确的是（）图4A. 两滑块的动量之和变大B. 两滑块与弹簧分藹后动量等大反向C. 如果两滑块的质疑相等，则分离后两滑块的速率也相等D. 整个过程中两滑块的机械能增大BCD [对两滑块所组成的系统，互推过程中，合外力为零，总动量守恒且始终为零，A 错误：由动量守恒立律得0=血必一血加显然两滑块动量的变化量大小相等，方向相反，B 正确：当血=血时，虫=如C 正确；由于弹簧的弹性势能转化为两滑块的动能，则两滑块的机械能增大，D 正确.]图513. 如图5所示，光滑水平而上有大小相同的乂万两球在同一直线上运动.两球质量关系为皿=2如，规泄向右为正方向，A.万两球的动量均为6 kg ・in/s,运动中两球发生碰撞，碰撞后启球的动量增量为一4 kg - m/s,贝9（）A. 左方是月球B. 右方是月球，碰撞后乂万两球速度大小之比为1 ： 10C. 碰撞后乩万两球速度大小之比为2：5D. 碰撞后£、万两球速度大小之比为1 : 10AC [两球碰前均向右运动，前球为被碰小球，动量一左增加，后球动量减小，故左方为月球，A I 匸确，B 错误：由动量守恒泄律可知，碰后（6—4）kg • m/s=2 kg • m/s, msV3=10 kg • m/s» 又皿=2皿，故 v A : v s =2 : 5» C 」匸确，D 错误.]二、非选择题（本题共4小题，共35分）14.（6分）气垫导轨（如图6）工作时，空气从导轨表面的小孔喷出，在导轨表而和滑块内表而之间形成一层薄薄的空气层.使滑块不与导轨表面直接接触，大大减小了滑块运动时的阻力.为了验证动量守恒泄律，在水平气垫导轨上放置两个质量均为a的滑块，每个滑块的一端分别与穿过打点计时器的纸带相连，两个打点计时器所用电源的频率均为b气垫导轨正常工作后，接通两个打点il•时器的电源.并让两滑块以不同的速度相向运动，两滑块相碰后粘在一起继续运动.图7为某次实验打出的、点迹淸晰的纸带的一部分，在纸带上以同间距的6个连续点为一段划分纸带，用刻度尺分别量出其长度$、s：和s,.若题中各物理量的单位均为国际单位.那么，碰撞前两滑块的动量大小分别为_____________________________________ 、________ ，两滑块的总动呈:大小为_______ :碰撞后两滑块的总动量大小为 _________ •重复上述实验，多做几次.若碰撞前、后两滑块的总动量在实验误差允许的范围内相等，则动量守恒定律得到验证.图6图7【解析】分析可知，速度较大的滑块与上而纸带相连，速度小的滑块与下而纸带相连，碰撞前速度大的滑块动量大小pi = nhvi=a• ¥=a •爲=& * 2absi；同理，碰撞前速度小的滑块动量大小为P3=0・ 2abss：碰撞前总动量大小p=p.—p3=0. 2ab（si — sj :碰后两滑块总动虽p =（加+庇）• v'=0. 4abd.【答案】0.2abs, 0.2ag 0. 2ab（sLsJ 0.4ag（第1、2空答案可互换）15.（10分）某同学设计了一个用打点计时器'‘探究碰撞中的不变疑”的实验：在小车月前端装有橡皮泥，推动小车月使之匀速运动，然后与原来静止在前方的小车万相碰并粘合成一体，继续做匀速运动.他设计的装置及打出的纸带如图8所示，在小车A的后而连着纸带, 打点计时器电源频率为50 Hz.图8（1）__________________________________ 木板的一端下边垫着小木片用以•（2）_______________________________ 在实验中，需要的测量工具有•A.弹簧测力计B.亳米刻度尺C.天平D.螺旋测微器（3）已测得小车水包括橡皮泥）的质量为血=0. 310 kg,小车庚包括撞针）的质量为处=0.205 kg,由以上测量可得：（结果保留三位有效数字）碰前两车质量与速度乘积之和为 ________ kg・m/s：碰后两车质量与速度乘积之和为 ________ kg・m/s.（4）_______________________________________________________ 结论：【导学号:81370419]【答案】(1)平衡摩擦力(2)BC (3)0. 620 0. 618 (4)在实验误差范围内，两小车的质量和速度的乘积之和在碰撞中保持不变16.(9分)(2017 •瑞安选考模拟)如图9所示，水平桌面长厶=3m,距水平地面高力= 0. 8 m,桌面右端放置一个质量虚=0. 4 kg的小物块桌面的左端有一质量加=0. 6 kg的小物块&某时刻物块月以初速度巾=4 Ms开始向右滑动，与万发生正碰后立刻粘在一起, 它们从桌而水平飞出，落到地面上的。

高三物理第十二章一轮复习题

高三物理第十二章一轮复习题2021高三物理第十二章一轮温习题一_高考题组1.(2021高考福建卷)如图，t=0时辰，波源在坐标原点从平衡位置沿y轴正向末尾振动，振动周期为0.4 s，在同一平均介质中构成沿x轴正、负两方向传达的简谐横波.以下图中可以正确表示t=0.6 s时波形的图是()2.(2021高考四川卷)图甲是一列简谐横波在t=1.25 s时的波形图，c位置的质点比a位置的晚0.5 s起振，那么图乙所示振动图象对应的质点能够位于()A.aC.c3.(2021高考新课标全国卷Ⅰ)如图，a、b、c、d是平均媒质中x轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为2 m、4 m和6 m.一列简谐横波以2 m/s的波速沿x轴正向传达，在t=0时辰抵达质点a处，质点a由平衡位置末尾竖直向下运动，t=3 s时a第一次抵达最高点.以下说法正确的选项是()A.在t=6 s时辰波恰恰传到质点d处B.在t=5 s时辰质点c恰恰抵达最高点C.质点b末尾振动后，其振动周期为4 sD.在4 sE.当质点d向下运动时，质点b一定向上运动二_模拟题组4.(2021江西六校联考)如图甲为一列简谐横波在某一时辰的波形图，图乙为介质中x=2 m处的质点P以此时辰为计时终点的振动图象.以下说法正确的选项是()A.这列波的传达方向是沿x轴正方向B.这列波的传达速度是20 m/sC.经过0.15 s，质点P沿x轴的正方向传达了3 mD.经过0.1 s，质点Q的运动方向沿y轴正方向E.经过0.35 s，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离5.(2021湖北黄冈模拟)如图为一列沿x轴正方向传达的简谐横波的局部波形图.假定该波波速v=40 m/s，在t=0时辰波刚好传达到x=13 m处，以下关于波在t=0.45 s时的运动状况剖析，其中正确的选项是()A.该波x=9 m处的质点的位移为-5 cmB.该波x=11 m处的质点的位移为5 cmC.该波x=11 m处的质点速度方向沿y轴负向D.该波刚好传达到x=31 m处E.该波刚好传达到x=18 m处6.(2021潍坊质检)如图甲所示，一列机械横波沿ab直线向右传达，a、b两点间的距离为1 m，a、b两点的振动状况如图乙所示，以下说法中正确的选项是()A.波速能够是116 m/sB.波速能够大于1 m/sC.波长能够是411 mD.波长能够大于4 m温馨提示日积月累，提高自我请做课后达标检测361.[解析]选C.依据动摇与振动的关系剖析波的图象.依据波的传达的周期性，t=0.6 s时的波形是波源振动112个周期构成的，此时波源在坐标原点从平衡位置向y轴负方向振动，由波的传达方向与质点的振动方向的关系知选项C正确.2.[解析]选D.由题图甲知a、c位置间距离为半个波长，那么波从a位置的质点传达到c位置的质点需求半个周期的时间，即T=1 s.当t=1.25 s=54T时，由图乙可以看出该质点正处于从波峰向平衡位置运动的进程中，因c位置的质点比a位置的质点的起振时间晚，故波是沿x轴正向传达的，结合图1可知t=1.25 s时处于从波峰向平衡位置运动的质点能够在d、e两位置之间，故D正确.3.[解析]选ACD.波由a到d匀速传达，v=2 m/s，t=adv=12 m2 m/s=6 s，A项正确.第一个波峰在t1=3 s时发生于a点，再经t2=acv=6 m2 m/s=3 s抵达c点，合计t=t1+t2=6 s，B项错误.a点从向下起振至抵达最高点用时3 s，可知34T=3 s，即T=4 s，那么b点的振动周期也为4 s，C项正确.波经t2=acv=3 s抵达c点，说明此时c点末尾从平衡位置向下振动，再经T4=1 s，合计4 s抵达最低点，再经T2=2 s可抵达最高点，故在4 s4.[解析]选ABE.由质点P的振动图象可知，该波向x轴正方向传达，A正确;v=T=40.2 m/s=20 m/s，B正确;质点不随波迁移，C错;经过0.1 s=12T，质点Q的运动方向沿y轴负方向，故D错;经过0.35 s=134T，质点P抵达波峰，而质点Q 在波谷以上某处且在x轴下方，故E正确.5.[解析]选ACD.据图象可知=8 m.依据=vT可得波的周期为T=v=0.2 s，所以在t=0.45 s时，已传达了214个周期，据波的周期性特点，可将t=0时的波形图向右移14，即可得t=0.45 s时的波形图，那么x=9 m处的质点的位移为-5 cm，x=11 m处的质点的位移为0，A正确，B错误.x=11 m处的质点沿y轴负方向运动，故C正确.t=0时辰，该波传达到13 m 处，在t=0.45 s时间内又传达x=v214T=18 m，故t=0.45 s 时波传达到31 m处，所以D正确、E错误.6.[解析]选C.t=0时辰ab间的最简波形如下图，因此ab=n+34=1 m，所以=44n+3m(n=0,1,2)，那么m=43 m，故D错;当n=2时，=411 m，故C正确.又T=4 s，那么v=T=14n+3 m/s，vm=13 m/s，故B 错;不论n取何值，v116 m/s，故A错.高三物理第十二章一轮温习题就分享到这里了，更多相关信息请继续关注高考物理试题栏目！。

2024年高考物理总复习一轮考点培优训练 (12)

课时规范练12基础对点练1.(牛顿第一定律、惯性)(多选)下面说法正确的是()A.飞机投弹时,当目标在飞机的正下方时投下炸弹,能击中目标B.地球自西向东自转,人向上跳起来后,还会落到原地C.安全带的作用是防止汽车刹车时,人由于惯性发生危险D.向上抛出的物体,在空中向上运动时,受到了向上的作用力答案BC2.(牛顿运动定律的理解)关于牛顿运动定律,下列说法正确的是()A.牛顿第一定律是牛顿第二定律的一种特例B.牛顿第二定律在非惯性系中不成立C.牛顿第一定律可以用实验验证D.为纪念牛顿,人们把力定为基本物理量,其基本单位为牛顿答案B解析牛顿第一定律揭示了物体不受力时的运动规律,牛顿第二定律给出了加速度与力和质量的关系,牛顿第一定律是牛顿第二定律的基础,A项错误;牛顿运动定律成立的参考系是惯性系,牛顿第二定律在非惯性系中不成立,B项正确;牛顿第一定律不可以用实验验证,C项错误; 为纪念牛顿,人们把力的单位规定为牛顿,但力不是基本物理量,D项错误。

3.(惯性的理解)对实际生活中的一些现象,某同学试图从惯性角度加以解释,其中正确的是()A.采用了大功率的发动机后,某些赛车的速度甚至能超过某些老式螺旋桨飞机,这表明可以通过科学进步使小质量的物体获得大惯性B.射出枪膛的子弹在运动相当长一段距离后连一件棉衣也穿不透,这表明它的惯性变小了C.货运列车运行到不同的车站时,经常要摘下或加挂一些车厢,这会改变它的惯性D.摩托车转弯时,车手一方面要控制适当的速度,另一方面要将身体稍微向里倾斜,通过调控人和车的惯性达到转弯的目的答案C解析惯性是物体的固有属性,惯性的大小只与物体的质量有关,与物体的其他性质无关,故选项C正确,A、B、D错误。

4.(牛顿第三定律)手拿一个锤头敲在一块玻璃上把玻璃打碎了。

对于这一现象,下列说法正确的是()A.锤头敲玻璃的力大于玻璃对锤头的作用力,所以玻璃才碎裂B.锤头受到的力大于玻璃受到的力,只是由于锤头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂C.锤头和玻璃之间的作用力是等大的,只是由于锤头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂D.因为不清楚锤头和玻璃的其他受力情况,所以无法判断它们之间的相互作用力的大小答案C解析锤头敲玻璃的力与玻璃对锤头的作用力是一对作用力和反作用力,总是大小相等,方向相反,但因作用在不同的物体上,物体的承受能力不同,产生不同的作用效果,故C正确,A、B、D错误。

2022届高三物理一轮复习练习曲第12章第2单元机械波限时规范特训

2022届高三物理一轮复习练习曲：限时规范特训第12章第2单元机械波时间：45分钟满分：100分一、选择题每小题8分，共88分1．一列简谐横波在某一时刻的波形图如图1所示，图中 1.5 m4.5 m4 m3 m3 m2.5 m5.5 m 5.5 m2.5 m3 m4 m3m 4 m0.2 m8 m2 A0.4 m0.15 m0.60 m0.20 m0.12 m0.086 m0.15 m所以，λ1＝0.60 m，λ2＝0.12 m，λ3＝0.067 m答案：AC5．图甲为一列简谐横波在t＝时刻的波形图， 1 m4m 6 m30 cm4A2A1A3A30 cm2 m 4 m1.8 cm4 m0.2 cm4 m4A2 cm1 m1m2 mB．波速为1 m/C．3 末A、B两质点的位移相同D．1 末A点的振动速度大于B点的振动速度解析：Δ＝2－1＝1 m，由于波沿正方向传播，所以A先振动，又由于波长大于1 m，所以Δt＝3 ＝错误!T，所以Δ＝错误!λ，λ＝错误!m，A对；波速v＝错误!＝错误!m/，B 错；由振动图象知，在3 末，A、B两质点的位移不相同，C错；1 末A点速度为零，B点速度最大，D错．答案：A8．[2022·四川高考]一列简谐横波沿直线由A向B传播，A、B相距0.45 m，如图所示是A处质点的振动图象．当A处质点运动到波峰位置时，B处质点刚好到达平衡位置且向轴正方向运动，这列波的波速可能是A．4.5 m/ B3.0 m/C．1.5 m/ D0.7 m/解析：由波的图象及周期性可以判断AB＝n＋错误!λ＝0.45 m，所以λ＝错误! m，由振动图象可知周期T＝，所以波速v＝错误!＝错误! m/＝0时，v＝4.5 m/；当n＝1时，v ＝0.9 m/；当n＝2时，v＝0.5 m/，所以只有选项A正确．答案：A9．一列简谐横波沿直线由a向b传播，相距10.5 m的a、b两处的质点振动图象如图中a、b所示，则A．该波的振幅可能是20 cmB．该波的波长可能是8.4 mC．该波的波速可能是10.5 m/D．该波由a传播到b可能历时7解析：由图知振幅A＝10 cm；n＋错误!λ＝，则不论n取任何非负整数都不可能得到8.4 m，B不对；由图可以看出T＝4 ，v＝错误!＝错误!＝错误!，显然波速不可能是10.5 m/由图象分析可知，经历时间可能为t＝1＋错误!T所以可能为7答案：D10．图中实线和虚线分别是轴上传播的一列简谐横波在t＝0和t＝时刻的波形图，＝1.2 m处的质点在t＝时刻向轴正方向运动，则A．该波的频率可能是125 HB．该波的波速可能是10 m/C．t＝0时＝1.4 m处质点的加速度方向沿轴正方向D．各质点在内随波迁移0.9 m解析：由题可知波向右传播，则＝nT＋错误!T，T＝错误!，当n＝3时，T＝，f＝125 H，A选项正确．波速v＝错误!，λ＝1.2 m，代入数据得B选项错误．当t＝0时刻，＝1.4 m 时，质点加速度方向沿轴负方向，C选项错误．各质点只是上下振动，不随波迁移，D选项错误．答案：A11．如图所示，在平面内有一沿水平轴正方向传播的简谐横波，波速为3.0 m/，频率为 H，振幅为×10－2m，已知t＝0时刻2 m1 m2 mD．在t＝时，速度沿轴正方向解析：由波速公式v＝fλ可得波长λ＝错误!＝错误! m＝1.2m，2 m4 m 1 m为单位．合振动振幅最小的点的位置满足Δ＝＋错误!λ，为整数②联立①②式，得＝0.25 m,0.75 m,1.25 m,1.75 m．③答案：11 m 20.25 m,0.75 m,1.25 m,1.75 m。

2021高考物理一轮复习优练题12含解析新人教版20210927135

2021高考物理一轮复习优练题12含解析新人教版20210927135李仕才1、(多选)如图,一光滑的轻滑轮用细绳OO'悬挂于O点;另一细绳跨过滑轮,其一端悬挂物块a,另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b。

外力F向右上方拉b,整个系统处于静止状态。

若F方向不变,大小在一定范畴内变化,物块b仍始终保持静止,则()A.绳OO'的张力也在一定范畴内变化B.物块b所受到的支持力也在一定范畴内变化C.连接a和b的绳的张力也在一定范畴内变化D.物块b与桌面间的摩擦力也在一定范畴内变化答案BD解析物块b始终保持静止,物块a也始终保持静止,绳子对a的拉力等于a的重力,绳子的夹角α也保持不变,OO'绳的拉力也保持不变,选项A、C错误。

选b为研究对象,在y轴方向有F T cos β+F cos γ+F N=m b g,由于F T不变,F变化,因此F N也变化,选项B正确。

F T和F在x轴方向的分力和桌面对b的摩擦力的合力为零,由于F在一定范畴内变化,则摩擦力也在一定范畴内变化,选项D正确。

2、.(2021·河南名校期中联考)假设你在运动会上百米赛跑成绩是14 s,整个过程可分为3个时期。

第一时期前进14 m,平均速度是7 m/s;第二时期用时9 s,平均速度8 m/s。

请估算一下第三时期的平均速度约是()A.6 m/sB.5.5 m/sC.4.7 m/sD.3.2 m/s答案C解析第一时期的时刻为t1= s=2 s,第二时期的位移为x2=v2t2=8×9 m=72 m;第三时期的位移为x3=x-x1-x2=(100-14-72) m=14 m,时刻为t3=t-t1-t2=(14-2-9)s=3 s,平均速度为v= m/s=4.7 m/s。

3、(动力学两类差不多问题)(2021·湖南长沙月考)如图是汽车运送圆柱形工件的示意图,图中P、Q、N是固定在车体上的压力传感器,假设圆柱形工件表面光滑,汽车静止不动时Q传感器示数为零,P、N传感器示数不为零。

2020版高考人教版物理一轮复习课后限时作业12牛顿运动定律综合应用

课后限时作业12 牛顿运动定律综合应用时间：45分钟1．如图所示，a 、b 两物体的质量分别为m 1和m 2，由轻质弹簧相连．当用恒力F 竖直向上拉着a ，使a 、b 一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x 1，加速度大小为a 1；当用大小仍为F 的恒力沿水平方向拉着a ，使a 、b 一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x 2，加速度大小为a 2，则( B )A ．a 1＝a 2，x 1＝x 2B ．a 1<a 2，x 1＝x 2C ．a 1＝a 2，x 1>x 2D ．a 1<a 2，x 1>x 2解析：对a 、b 物体及弹簧整体分析，有a 1＝F －(m 1＋m 2)g m 1＋m 2＝F m 1＋m 2－g ，a 2＝F m 1＋m 2，可知a 1<a 2，再隔离b 分析，有F 1－m 2g ＝m 2a 1，解得F 1＝m 2F m 1＋m 2，F 2＝m 2a 2＝m 2F m 1＋m 2，可知F 1＝F 2，再由胡克定律知，x 1＝x 2，所以选项B 正确．2．如图所示，木块A 、B 静止叠放在光滑水平面上，A 的质量为m ，B 的质量为2m .现用水平力F 拉B (如图甲所示)，A 、B 刚好不发生相对滑动，一起沿水平面运动．若改用水平力F ′拉A (如图乙所示)，使A 、B 也保持相对静止，一起沿水平面运动，则F ′不得超过( B )A ．2FB.F 2 C ．3F D.F 3解析：力F 拉木块B 时，A 、B 恰好不滑动，故A 、B 间的静摩擦力达到最大值，对木块A 受力分析，受重力mg 、支持力N 1、向前的静摩擦力f m ，根据牛顿第二定律，有f m ＝ma ，对A 、B 整体受力分析，受重力3mg 、支持力N 2和拉力F ，根据牛顿第二定律，有F ＝3ma ，联立解得f m ＝13F ，当F ′作用在木块A 上，A 、B 恰好不滑动时，A 、B 间的静摩擦力达到最大值，对木块A ，有F ′－f m ＝ma 1，对整体，有F ′＝3ma 1，联立解得F ′＝12F ，即F ′的最大值是12F . 3．(多选)如图所示，用力F 拉着A 、B 、C 三个物体在光滑水平面上运动，现在中间的B 物体上加一块橡皮泥，它和中间的物体一起运动，且原拉力F 不变，那么加上橡皮泥以后，两段绳的拉力T a 和T b 的变化情况是( AD )A ．T a 增大B ．T b 增大C ．T a 减小D ．T b 减小解析：设C 物体质量为m ，A 物体质量为m ′，整体质量为M ，整体的加速度a ＝F M ，对C 物体分析，有T b ＝ma ，对A 物体分析，有F －T a ＝m ′a ，解得T a ＝F －m ′a .在B 物体上加上橡皮泥，由于原拉力F 不变，则整体的加速度a 减小，因为m 、m ′不变，所以T b 减小，T a 增大，A 、D 正确．4．质量为M的光滑半圆槽放在光滑水平面上，一水平恒力F作用在其上从而使质量为m的小球静止在半圆槽上，如图所示，则(C)A．小球对半圆槽的压力为MF m＋MB．小球对半圆槽的压力为mF m＋MC．水平恒力F变大后，如果小球仍静止在半圆槽上，则小球对半圆槽的压力增大D．水平恒力F变大后，如果小球仍静止在半圆槽上，则小球对半圆槽的压力减小解析：由整体法可求得系统的加速度a＝FM＋m，小球对半圆槽的压力F N＝m g2＋a2＝m g2＋F2(M＋m)2，当F增大后，F N增大，只有C正确．5.如图所示，bc为固定在小车上的水平横杆，物块串在杆上，靠摩擦力保持相对杆静止，物块又通过轻细线悬吊着一个小球，此时小车正以大小为a的加速度向右做匀加速运动，而物块、小球均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为θ.若小车的加速度逐渐增加，物块始终和小车保持相对静止，则当加速度增加到2a时(A)A．横杆对物块的摩擦力增加到原来的2倍B．横杆对物块的弹力增加到原来的2倍C．细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍D．细线的拉力增加到原来的2倍解析：对小球和物块组成的整体，分析受力如图甲所示，根据牛顿第二定律得，水平方向有f＝(M＋m)a，竖直方向有F N＝(M＋m)g，则当加速度增加到2a时，横杆对物块的摩擦力f增加到原来的2倍，横杆对物块的弹力等于物块、小球的总重力，保持不变，故A正确，B错误；以小球为研究对象，分析受力情况如图乙所示，由牛顿第二定律得mg tanθ＝ma，解得tanθ＝ag，当a增加到原来的两倍时，tanθ变为原来的两倍，但θ不是原来的两倍．细线的拉力F T＝(mg)2＋(ma)2，可见，a变为原来的两倍，F T不是原来的两倍，故C、D错误．6.如图所示，在倾角为30°的光滑斜面上端系有一劲度系数为20 N/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2 kg的小球，球被一垂直于斜面的挡板A挡住，此时弹簧没有形变．若挡板A以4 m/s2的加速度沿斜面向下匀加速运动，g取10 m/s2，则(B)A．小球向下运动0.4 m时速度最大B．小球向下运动0.1 m时与挡板分离C．小球速度最大时与挡板分离D．小球从一开始就与挡板分离解析：球和挡板分离前小球做匀加速运动，球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时小球所受合力为零，即kx m＝mg sin30°，解得x m＝mg sin30°k＝0.5 m，由于开始时弹簧处于原长，所以速度最大时，小球向下运动的路程为0.5 m，故A错误；设球与挡板分离时位移为x，从开始运动到分离的过程中，小球受竖直向下的重力、垂直斜面向上的支持力F N、沿斜面向上的挡板支持力F1和弹簧弹力F，根据牛顿第二定律有mg sin30°－kx－F1＝ma，保持a不变，随着x的增大，F1减小，当小球与挡板分离时，F1减小到零，则有mg sin30°－kx＝ma，解得x＝m(g sin30°－a)k＝0.1 m，即小球向下运动0.1 m时与挡板分离，故B正确；因为速度最大时，运动的位移为0.5 m，而小球运动0.1 m与挡板分离，故C、D错误．7．(多选)如图甲所示，水平地面上固定一足够长的光滑斜面，斜面顶端有一理想定滑轮，轻绳跨过滑轮，绳两端分别连接小物块A和B.保持A的质量不变，改变B的质量m，当B的质量连续改变时，得到A的加速度a随B的质量m变化的图线如图乙所示．设加速度沿斜面向上的方向为正方向，空气阻力不计，重力加速度g取9.8 m/s2，斜面的倾角为θ.下列说法正确的是(BC)A．若θ已知，可求出A的质量B．若θ未知，可求出图乙中a1的值C．若θ已知，可求出图乙中a2的值D．若θ已知，可求出图乙中m0的值解析：由题中图象，若m＝0，则物块A受重力、支持力作用，由牛顿第二定律可知，A的加速度方向沿斜面向下，a2＝－g sinθ，C 正确；若m＝m0，则A的加速度为零．由平衡条件可知，m0g＝m A g sinθ，必须知道A的质量m A和θ的值，m0才可求，D错误；若B的质量无限大，则所受拉力远小于它的重力，B的加速度趋近于g，所以A的最大加速度a1＝g，B正确；对以上状态的分析中，均无法计算出A 的质量，A错误．8.如图所示，B物体的质量为A物体质量的两倍，用轻弹簧连接后放在粗糙的斜面上，A、B与斜面间的动摩擦因数均为μ.对B施加沿斜面向上的拉力F，使A、B相对静止地沿斜面向上运动，此时弹簧长度为l1；若撤去拉力F，换成大小仍为F的沿斜面向上的推力推A，A、B保持相对静止后弹簧长度为l2，则下列判断正确的是(D)A．两种情况下A、B保持相对静止后弹簧的形变量相等B．两种情况下A、B保持相对静止后两物体的加速度不相等C．弹簧的原长为l1＋l2 2D．弹簧的劲度系数为F l1－l2解析：以A、B为整体，根据牛顿第二定律知，两种情况下的加速度相等，设A的质量为m，则加速度a＝F3m－g sinθ－μg cosθ.设弹簧的原长为l0，根据牛顿第二定律得，第一种情况下，对A，有k(l1－l0)－mg sinθ－μmg cosθ＝ma，第二种情况下，对B，有k(l0－l2)－2mg sinθ－μ·2mg cosθ＝2ma，联立得l0＝2l1＋l23，k＝Fl1－l2，故B、C错误，D正确；第一种情况下，弹簧的形变量为Δl1＝l1－l0＝13l1－13l2，第二种情况下，弹簧的形变量Δl2＝l0－l2＝23l1－23l2，故A错误．9．足够长光滑斜面BC的倾角α＝53°，小物块与水平面间的动摩擦因数为0.5，水平面与斜面之间B点由一小段圆弧连接，一质量m＝2 kg的小物块静止于A点．现在AB段对小物块施加与水平方向成α＝53°角的恒力F作用，如图甲所示，小物块在AB段运动的速度—时间图象如图乙所示，到达B点时迅速撤去恒力F.(已知sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，g取10 m/s2)(1)求小物块所受的恒力F大小．(2)求小物块从B点沿斜面向上运动到返回B点所用时间．(3)小物块能否返回A点？若能，计算小物块通过A点时的速度；若不能，计算小物块停止运动时距离B点的距离．解析：(1)由图乙可知，AB段加速度a1＝ΔvΔt＝0.5 m/s2由牛顿第二定律得F cosα－μ(mg－F sinα)＝ma1解得F＝ma1＋μmgcosα＋μsinα＝11 N.(2)在BC上，有mg sinα＝ma2加速度a2＝g sinα＝8 m/s2小物块从B到最高点所用时间与从最高点到B时间相等，则t＝2v Ba2＝0.5 s.(3)小物块从B向A运动过程中，有μmg＝ma3解得a3＝μg＝0.5×10 m/s2＝5 m/s2滑行的位移s＝v22a3＝2.022×5m＝0.4 m<s AB＝v t＝v B2t＝2.02×4.0 m＝4.0 m.故小物块不能返回A点．答案：(1)11 N(2)0.5 s(3)不能0.4 m10．两物体A、B并排放在水平地面上，且两物体接触面为竖直面，现用一水平推力F作用在物体A上，使A、B由静止开始一起向右做匀加速运动，如图甲所示，在A、B的速度达到6 m/s时，撤去推力F.已知A、B质量分别为m A＝1 kg、m B＝3 kg，A与地面间的动摩擦因数μ＝0.3，B与地面间没有摩擦，B物体运动的v-t图象如图乙所示．g取10 m/s2，求：(1)推力F的大小．(2)A物体刚停止运动时，物体A、B之间的距离．解析：(1)在水平推力F作用下，设物体A、B一起做匀加速运动的加速度为a，由B物体的v-t图象得a＝3 m/s2.对于A、B整体，由牛顿第二定律得F－μm A g＝(m A＋m B)a解得F＝15 N.(2)设物体A匀减速运动的时间为t，撤去推力F后，A、B两物体分离，A在摩擦力作用下做匀减速直线运动，B做匀速运动，对于A物体有μm A g＝m A a A，a A＝μg＝3 m/s2，v t＝v0－a A t＝0，解得t＝2 s，物体A的位移为x A＝v t＝6 m，物体B的位移为x B＝v0t＝12 m，所以A物体刚停止运动时，物体A、B之间的距离为Δx＝x B－x A ＝6 m.答案：(1)15 N(2)6 m11.如图所示，一圆环A套在一均匀圆木棒B上，A的长度相对B 的长度来说可以忽略不计，A和B的质量都等于m，A和B之间滑动摩擦力为f(f<mg，g为重力加速度)．开始时B竖直放置，下端离地面高度为h，A在B的顶端．现让它们由静止开始自由下落，当木棒与地面相碰后，木棒以竖直向上的速度反向运动，并且碰撞前后的速度大小相等．设碰撞时间很短，不考虑空气阻力，在B再次着地前，A、B不分离．(1)请描述在从开始释放到B再次着地前的过程中，A、B各自的运动情况，并求出匀变速运动时的加速度大小；(2)B至少应该多长？解析：(1)释放后A和B相对静止一起做自由落体运动，加速度大小都为a＝g，B与地面碰撞后，A继续向下做匀加速运动，加速度大小a A＝mg－f m，B竖直向上做匀减速运动，加速度大小a B＝mg＋f m，B速度减为零后，继续以加速度a B向下运动．(2)B第一次着地前瞬间的速度为v1＝2gh，B与地面碰撞后向上运动到再次落回地面所需时间为t＝2v1 a B，在此时间内A的位移x＝v1t＋12a A t2，要使B再次着地前A不脱离B，木棒长度L必须满足L≥x，联立解得L≥8m2g2h (mg＋f)2.答案：(1)见解析(2)8m2g2h(mg＋f)2感谢您的下载!快乐分享，知识无限！由Ruize收集整理！。

高三第一轮复习限时训练物理

13．下列的运动图象中，物体所受合外力不为零的是14．下列说法正确的是A ．加速度变大，物体在做加速运动B ．加速度变小，物体在做减速运动C ．加速度是描述物体的速度变化的快慢程度D ．加速度大，物体的速度就大15．下列说法正确的是A ．一定质量的密封气体膨胀过程中，对外界做功，这些气体的内能可能增加B ．一定质量的气体，温度升高，压强一定增大C ．一定质量的气体，压强增大，体积一定减小D ．俗话说“破镜难从圆”，是由于分子之间存在斥力的原因16．用起重机缓慢吊起质量均匀分布的钢管时，钢丝绳固定在钢管的两端，如图所示，钢丝绳的总长保持不变，如钢管的质量相同但长度L 不同，下列说法正确的是A ．钢管越长则钢丝绳的拉力越大B ．钢管越长则钢丝绳的拉力越小C ．钢丝绳的拉力大小与钢管长度无关D ．钢管越长则钢丝绳对钢管拉力的合力越大二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分。

每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对得6分，只选1个且正确的得3分，有错选或不选的得0分。

17.下列说法正确的是A. 某色光照射在某金属表面上，不能发生光电效应，是由于该色光波长太长B ．太阳上进行的核反应方程是：n Kr Ba n U 1092351415510235923++→+C. 大量处于n =4能量轨道的氢原子，可能发出6种不同频率的光D. 在可见光中，红光光子能量最大18.我国发射的第一颗探月卫星“嫦娥一号”，进入距月面高度h 的圆形轨道正常运行。

已知月球半径为R ，月球表面的重力加速度为g ，万有引力常量为G ，则A ．嫦娥一号绕月球运行的周期为g R π2B ．嫦娥一号绕行的速度为)(h R g +C ．嫦娥一号绕月球运行的角速度为32)(g h R R + D ．嫦娥一号轨道处的重力加速度g hR R 2)(+/s o s /m A /s o s /m B o v /(m ·s -1) C /s o D v /(m ·s -1)0 1 2 3 0 5 10 15 V 0 0.2 0.4 0.6 0 1 2 3 A 打点计时器图2 19．在远距离输电的电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，随着发电厂输出功率的增大，则A ．升压变压器的输出电压增大B ．降压变压器的输出电压增大C ．降压变压器的输出电压减少D ．输电线上损耗的功率增大20. 如图，将电阻为R 的正方形金属圈从匀强磁场中向右匀速拉出，则A ．以大的速度拉出比较费力B ．以小的速度拉出比较费力C ．拉出时金属圈中的电流为逆时针方向D ．拉出时金属圈所受所安培力不做功21．如图，在粗糙的绝缘水平面上，彼此靠近地放置两个带正电荷的小物块（动摩擦因数相同）。

2024届高三一轮复习物理套卷训练精英版

一、单选题二、多选题1. 地球同步通讯卫星，是无线电波传播的中继站同步卫星绕地心转动，地面上观察者却发现它是静止的，这是因为观察者所选择的参考系是 A ．太阳B ．月球C ．地球D ．卫星2. 在测试汽车的安全气囊对驾乘人员头部防护作用的实验中，某小组得到了假人头部所受安全气囊的作用力随时间变化的曲线（如图）。

从碰撞开始到碰撞结束过程中，若假人头部只受到安全气囊的作用，则由曲线可知，假人头部（）A ．速度的变化量等于曲线与横轴围成的面积B ．动量大小先增大后减小C ．动能变化正比于曲线与横轴围成的面积D ．加速度大小先增大后减小3. 如图所示的装置是在竖直平面内放置光滑的绝缘轨道，处于水平向右的匀强电场中，一带负电荷的小球从高h 的A 处静止开始下滑，沿轨道ABC 运动后进入圆环内做圆周运动．已知小球所受到电场力是其重力的，圆环半径为R ，斜面倾角为θ=53°，S BC =2R ．若使小球在圆环内恰好能作完整的圆周运动，高度h 的为（）A ．2RB ．4RC ．10RD ．17R4. 某时刻一列简谐横波在某弹性介质中的波形图如图所示，介质中的三个质点a 、b 、c 此时刻对应的位置如图，已知质点b 在介质中振动的频率为5Hz ，质点c 的动能正在逐渐增大，且此时刻质点c 对应的y 轴坐标为-2.5cm，则下列说法错误的是（）A ．此时刻质点a 的加速度最大B ．质点a 、b 做受迫振动，而且振动频率与质点c 相同C ．质点b 振动2s 的时间内，质点b 沿x 轴负方向平移了40mD ．从此时刻开始经过，质点b 和质点c 的振动速度相同5. 真空中有两个相同的金属球，相距为L ，金属球的半径比L 小得多，它们的带电量分别为-q 和+3q ，这时相互间的引力为F 。

现将这两个金属球相接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的相互作用力大小将变为（）A．B．C．D．6. 如图所示，A 、B 两闭合线圈为同样导线绕成，A 有10匝，B 有20匝，两圆线圈半径之比为，均匀磁场只分布在B 线圈内。