2021年山东省高考数学重难点热点复习:圆锥曲线
重难点专题 圆锥曲线离心率压轴题(含二级结论)十九大题型汇总(学生版)
重难点专题 圆锥曲线离心率压轴题(含二级结论)十九大题型汇总
题型1直接型
题型2二级结论之通径型题型3双曲线渐近线相关题型4坐标法
题型5二级结论之焦点弦定比分点题型6二级结论之焦点已知底角题型7焦点三角形已知顶角型题型8焦点三角形双余弦定理题型9利用图形求离心率
题型10利用椭圆双曲线的对称性求离心率题型11点差法
题型12二级结论之中点弦问题题型13角平分线相关题型14圆锥曲线与圆相关题型15内切圆相关题型16与立体几何相关题型17二级结论之切线方程题型18正切公式的运用题型19圆锥曲与内心结合
题型1直接型
椭圆与双曲线的离心率公式为:e =
c
a
,注意椭圆的离心率范围(0,1),双曲线的离心率范围(1,+♾)1(2021·江西南昌·统考模拟预测)已知双曲线C :x 2
a 2-y 2b
2=1(a >0,b >0)的左、
右焦点分别为F 1,F 2,过F 2的直线l 交C 的右支于A ,B 两点,且AB ⋅AF 1 =0,12|AB |=5|AF 1
|,则C 的离心率为1(2021·全国·高三开学考试)设F 1,F 2分别是椭圆E :x 2
a 2+y 2
b 2=1(a >b >0)的左、右焦点,
过点F 1的直线交椭圆E 于A ,B 两点,|AF 1|=3|BF 1|,若cos ∠AF 2B =3
5
,则椭圆E 的离心率为.
2
(2021·河北秦皇岛·统考二模)椭圆C :x 2
a 2+y 2b
2=1(a >b >0)的左右焦点分别为F 1,F 2,过点F 1的直
线l 交椭圆C 于A ,B 两点,已知AF 2 +F 1F 2 ⋅AF 1 =0,AF 1 =43F 1B
高考数学二轮复习专题突破—圆锥曲线中的定点、定值、探索性问题(含解析)
高考数学二轮复习专题突破—圆锥曲线中的定点、定值、探索性问题
1.(2021·重庆八中月考)已知椭圆C :x 2
4+
y 23
=1的右焦点为F ,过点M (4,0)的直线l 交椭圆
C 于A ,B 两点,连接AF ,BF 并延长分别与椭圆交于异于A ,B 的两点P ,Q. (1)求直线l 的斜率的取值范围; (2)若PF ⃗⃗⃗⃗⃗ =λFA ⃗⃗⃗⃗⃗ ,QF ⃗⃗⃗⃗⃗ =μFB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,证明:λμ为定值.
2.(2021·河北张家口三模)已知抛物线C :y 2=4px (p>0)的焦点为F ,且点M (1,2)到点F 的距离比到y 轴的距离大p. (1)求抛物线C 的方程;
(2)若直线l :x-m (y+2)-5=0与抛物线C 交于A ,B 两点,问是否存在实数m ,使|MA|·|MB|=64√2?若存在,求出m 的值;若不存在,请说明理由.
3.(2021·江苏南通适应性联考)已知双曲线C :x 2
a 2−y 2
b 2=1(a>0,b>0)的两个焦点为F 1,F 2,一条渐近线方程为y=bx (b ∈N *),且双曲线C 经过点D (√2,1). (1)求双曲线C 的方程;
(2)设点P 在直线x=m (y ≠±m ,0
4.(2021·山东济南二模)已知椭圆C :x 2
a 2+y 2
b 2=1(a>b>0)的离心率为√2
2,且经过点H (-2,1).
(1)求椭圆C 的方程;
(2)过点P (-3,0)的直线(不与x 轴重合)与椭圆C 相交于A ,B 两点,直线HA ,HB 分别交x 轴于M ,N 两点,点G (-2,0),若PM
2021版高考数学一轮复习第8讲圆锥曲线的综合问题第1课时圆锥曲线中的证明、范围(最值)问题课件文
的直线有
()
A.1 条
B.2 条
C.3 条
D.4 条
解析:选 C.结合图形分析可知,满足题意的直线共有 3 条:直线 x=0,过点(0,1)且平
行于 x 轴的直线以及过点(0,1)且与抛物线相切的直线(非直线 x=0).
一、思考辨析 判断正误(正确的打“√”,错误的打“×”) (1)直线 l 与抛物线 y2=2px 只有一个公共点,则 l 与抛物线相切.( × ) (2)直线 y=kx(k≠0)与双曲线 x2-y2=1 一定相交.( × ) (3)与双曲线的渐近线平行的直线与双曲线有且只有一个交点.( √ ) (4)直线与椭圆只有一个交点⇔直线与椭圆相切.( √ ) (5)过点(2,4)的直线与椭圆x42+y2=1 只有一条切线.( × )
2,其离心率为 2
22,设直线
l:y=kx+m
与椭圆
C
相交于
A,B
两点.
(1)求椭圆 C 的方程;
(2)已知直线 l 与圆 x2+y2=23相切,求证:OA⊥OB(O 为坐标原点).
解:(1)因为 e=ac= 22,a2=b2+c2,
所以 a2=2b2, 所以椭圆 C 的方程为2xb22+by22=1.
(2)由题意得 F(1,0).设 P(x3,y3),则 (x3-1,y3)+(x1-1,y1)+(x2-1,y2)=(0,0). 由(1)及题设得 x3=3-(x1+x2)=1,y3=-(y1+y2)=-2m<0. 又点 P 在 C 上, 所以 m=34,从而 P1,-32,|F→P|=32. 于是|F→A|= (x1-1)2+y21= (x1-1)2+31-x421=2-x21. 同理|F→B|=2-x22. 所以|F→A|+|F→B|=4-12(x1+x2)=3. 故 2|F→P|=|F→A|+|F→B|,即|F→A|,|F→P|,|F→B|成等差数列.
高考数学复习考点题型专题讲解21 圆锥曲线的基本问题
高考数学复习考点题型专题讲解
专题21 圆锥曲线的基本问题
高考定位 圆锥曲线的方程与几何性质是高考的重点,多以选择题、填空题或解答题的一问的形式命题,难度较小.
1.(2021·新高考Ⅰ卷)已知F 1,F 2是椭圆C :x 29+y 2
4=1的两个焦点,点M 在C 上,则
|MF 1|·|MF 2|的最大值为( )
A.13
B.12
C.9
D.6 答案 C
解析 由椭圆C :x 29+y 2
4=1,得|MF 1|+|MF 2|=2×3=6,则|MF 1|·|MF 2|≤⎝
⎛⎭
⎪⎫
|MF 1|+|MF 2|22
=32=9,当且仅当|MF 1|=|MF 2|=3时等号成立.故选C.
2.(2022·全国乙卷)设F 为抛物线C :y 2=4x 的焦点,点A 在C 上,点B (3,0),若|AF |=|BF |,则|AB |=( )
A.2
B.2 2
C.3
D.3 2 答案 B
解析 法一 由题意可知F (1,0), 抛物线的准线方程为x =-1.
设A (y 204,y 0),则由抛物线的定义可知|AF |=y 20
4
+1,又|BF |=3-1=2,
故由|AF|=|BF|,可得y2
4
+1=2,
解得y0=±2,所以A(1,2)或A(1,-2). 不妨取A(1,2),
故|AB|=(1-3)2+(2-0)2=22,故选B.
法二由题意可知F(1,0),故|BF|=2,所以|AF|=2.
又抛物线通径长为4,
所以|AF|=2为通径长的一半,
所以AF⊥x轴,
所以|AB|=(-2)2+22=22,故选B.
3.(2022·全国甲卷)椭圆C:x2
2021年高中数学圆锥曲线问题常用方法
2021年高中数学圆锥曲线问题常用方法
解圆锥曲线问题常用以下方法: 1、定义法
(1)椭圆有两种定义。第一定义中,r1+r2=2a。第二定义中,r1=ed1 r2=ed2。(2)双曲线有两种定义。第一定义中,r1 r2 2a,当r1_gt;r2时,注意r2的最小值为c-a:第二定义中,r1=ed1,r2=ed2,尤其应注意第二定义的应用,常常将半径与“点到准线距离”互相转化。(3)抛物线只有一种定义,而此定义的作用较椭圆、双曲线更大,很多抛物线问题用定义解决更直接简明。
2、韦达定理法
因直线的方程是一次的,圆锥曲线的方程是二次的,故直线与圆锥曲线的问题常转化为方程组关系问题,最终转化为一元二次方程问题,故用韦达定理及判别式是解决圆锥曲线问题的重点方法之一,尤其是弦中点问题,弦长问题,可用韦达定理直接解决,但应注意不要忽视判别式的作用。
3、解析几何的运算中,常设一些量而并不解解出这些量,利用这些量过渡使问题得以解决,这种方法称为“设而不求法”。设而不求法对于直线与圆锥曲线相交而产生的弦中点问题,常用“点差法”,即设弦的两个端点A(_1,y1),B(_2,y2),弦AB中点为M(_0,y0),将点A、B坐标代入圆锥曲线方程,作差后,产生弦中点与弦斜率的关系,这是一种常见的“设而不求”法,具体有:
_y0_2y2
k 0。(1)2 2 1(a b 0)与直线相交于A、B,设弦AB中点为M(_0,y0),则有0 22abab_y0_2y2
k 0 (2)2 2 1(a 0,b 0)与直线l相交于A、B,设弦AB中点为M(_0,y0)则有022abab
2021年新高考数学专题复习:圆锥曲线中的综合问题
第 1 页 共 5 页 2021年新高考数学专题复习:圆锥曲线中的
综合问题
1.已知椭圆C :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的离心率为32,短轴长为2.
(1)求椭圆C 的标准方程;
(2)设直线l :y =kx +m 与椭圆C 交于M ,N 两点,O 为坐标原点,若k OM ·k ON =54
,求原点O 到直线l 的距离的取值范围. [解] (1)由题意知e =c a =32,2b =2,又a 2=b 2+c 2,所以b =1,a =2,
所以椭圆C 的标准方程为x 24+y 2=1.
(2)设M (x 1,y 1),N (x 2,y 2),
由⎩⎪⎨⎪⎧
y =kx +m ,x 24
+y 2=1,得(4k 2+1)x 2+8kmx +4m 2-4=0. 则Δ=(8km )2-4(4k 2+1)(4m 2-4)>0,化简得m 2<4k 2+1. ①
x 1+x 2=-8km 4k 2+1,x 1x 2=4m 2-44k 2+1
,y 1y 2=(kx 1+m )(kx 2+m )=k 2x 1x 2+km (x 1+x 2)+m 2,
若k OM ·k ON =54,则y 1y 2x 1x 2=54,即4y 1y 2=5x 1x 2,所以4k 2x 1x 2+4km (x 1+x 2)+4m 2
=5x 1x 2,则(4k 2-5)x 1x 2+4km (x 1+x 2)+4m 2=0,
所以(4k 2
-5)·4(m 2-1)4k 2+1+4km ·⎝ ⎛⎭⎪⎫-8km 4k 2+1+4m 2=0,化简得m 2+k 2=54. ② 由①②得0≤m 2<65,120<k 2≤54.
2021年高考数学(理)一轮复习讲义 第9章 第9讲 第1课时 圆锥曲线中的范围、最值问题
A.相交
B.相切
C.相离
D.不确定
()
解析:选 A.直线 y=kx-k+1=k(x-1)+1 恒过定点(1,1),又点(1,1)在椭圆内部,故 直线与椭圆相交.故选 A.
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第九章 平面解析几何
15
2.如图,两条距离为 4 的直线都与 y 轴平行,它们与抛物线 y2=-2px(0<p<14)和圆 (x-4)2+y2=9 分别交于 A,B 和 C,D,且抛物线的准线与圆相切,则当|AB|·|CD|取得 最大值时,直线 AB 的方程为________.
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第九章 平面解析几何
一、思考辨析 判断正误(正确的打“√”,错误的打“×”) (1)直线 l 与抛物线 y2=2px 只有一个公共点,则 l 与抛物线相切. (2)直线 y=kx(k≠0)与双曲线 x2-y2=1 一定相交. (3)与双曲线的渐近线平行的直线与双曲线有且只有一个交点. (4)直线与椭圆只有一个交点⇔直线与椭圆相切. (5)过点(2,4)的直线与椭圆x42+y2=1 只有一条切线.
因为 k≠0,上式=|k3|+124|k|≤2
12 = 12 = |k3|·4|k| 2 12
3当且仅当k=±
23时等号成立,
所以|S1-S2|的最大值为 3.
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2021新高考——圆锥曲线大题(最值范围问题)原卷版
圆锥曲线综合问题
第一讲最值、范围问题
1.圆锥曲线中常见的最值问题及其解法
(1)两类最值问题
①涉及距离、面积的最值以及与之相关的一些问题;
①求直线或圆锥曲线中几何元素的最值以及这些元素存在最值时确定与之有关的一些问题.
(2)两种常见解法
①几何法,若题目的条件和结论能明显体现几何特征及意义,则考虑利用图形性质来解决;
①代数法,若题目的条件和结论能体现一种明确的函数关系,则可先建立起目标函数,再求这个函数的最值,最值常用基本不等式法、配方法及导数法求解.
【例1】已知椭圆E:x2
a2+y2
b2=1(a>b>0)的两个焦点与短轴的一个端点是等边三角形的三个顶点,且长轴长为4.
(1)求椭圆E的方程;
(2)若A是椭圆E的左顶点,经过左焦点F的直线l与椭圆E交于C,D两点,求△OAD与△OAC的面积之差的绝对值的最大值.(O为坐标原点)
【变式训练】
1.已知椭圆x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0),F 1,F 2为它的左、右焦点,P 为椭圆上一点,已知∠F 1PF 2=60°,S △F 1PF 2=3,且椭圆的离心率为12
. (1)求椭圆方程;
(2)已知T (-4,0),过T 的直线与椭圆交于M ,N 两点,求△MNF 1面积的最大值.
2.已知椭圆C :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的左、右焦点分别为F 1,F 2,P 在椭圆上(异于椭圆C 的左、右顶点),过右焦点F 2作①F 1PF 2的外角平分线L 的垂线F 2Q ,交L 于点Q ,且|OQ |=2(O 为坐标原点),椭圆的四个顶点围成的平行四边形的面积为43.
2021高考数学(理)二轮专题复习【统考版】课件:2.5.3 圆锥曲线中的证明、定点及定值问题
如本题第(2)问的关键是斜率存在时,设l:y=kx+m(m≠1),
然后与椭圆方程
x2 4
+y2=1联立,再设两个交点坐标,根据题目条
件“直线P2A与直线P2B的斜率之和为-1”,导出k与m的关系, 最后根据方程特点说明直线过定点.
圆锥曲线中定点问题的2种解法 引进 引进动点的坐标或动线中系数为参数表示变化量,再研 参数法 究变化的量与参数何时没有关系,找到定点 特殊到 根据动点或动线的特殊情况探索出定点,再证明该定点 一般法 与变量无关
(2)证明:设直线 l 的方程为:x=my+t(t≠0),A(x1,y1),B(x2, y2).
联立yx2==m4yx+t ,化为 y2-4my-4t=0, Δ>0,∴y1+y2=4m,y1·y2=-4t, ∵以 AB 为直径的圆恒过原点 O, ∴O→A·O→B=x1x2+y1y2=0,
又 x1x2=(my1+t)(my2+t), ∴(m2+1)·y1y2+mt(y1+y2)+t2=0, ∴-4t(m2+1)+4m2t+t2=0, 化为 t2-4t=0,t≠0,解得 t=4.
第3讲 圆锥曲线中的证明、 定点及定值问题
考点一 证明问题
证明问题的两种常见类型 圆锥曲线中的证明问题,主要有两类:一是证明点、直线、曲 线等几何元素中的位置关系,如:某点在某直线上,某直线经过某 个点、某两条直线平行或垂直等;二是证明直线与圆锥曲线中的一 些数量关系(相等或不等).
2021年高考数学专题10 圆锥曲线 (解析版)
专题10 圆锥曲线
易错点1 混淆“轨迹”与“轨迹方程”
如图,已知点0(1
)F ,,直线:1l x =-,P 为平面上的动点,过P 作直线l 的垂线,垂足为点Q ,且QP QF FP FQ ⋅=⋅,求动点P 的轨迹.
【错解】设点P (x ,y ),则Q (-1,y ),
由QP QF FP FQ ⋅=⋅,得(x +1,0)·(2,-y )=(x -1,y )·(-2,y ),化简得y 2=4x .
【错因分析】错解中求得的是动点的轨迹方程,而不是轨迹,混淆了“轨迹”与“轨迹方程”的区别. 【试题解析】设点P (x ,y ),则Q (-1,y ),
由QP QF FP FQ ⋅=⋅,得(x +1,0)·(2,-y )=(x -1,y )·(-2,y ),化简得y 2=4x . 故动点P 的轨迹为焦点坐标为(1,0)的抛物线.
【参考答案】动点P 的轨迹为焦点坐标为(1,0)的抛物线.
1.求轨迹方程时,若题设条件中无坐标系,则需要先建立坐标系,建系时,尽量取已知的相互垂直的直线为坐标轴,或利用图形的对称性选轴,或使尽可能多的点落在轴上.求轨迹方程的方法有:
(1)直接法:直接法求曲线方程时最关键的就是把几何条件或等量关系翻译为代数方程,要注意翻译的等价性.
(2)定义法:求轨迹方程时,若动点与定点、定直线间的等量关系满足圆、椭圆、双曲线、抛物线的定义,则可直接根据定义先确定轨迹类型,再写出其方程.
(3)相关点法:动点所满足的条件不易得出或转化为等式,但形成轨迹的动点,()P x y 却随另一动点
(),Q x y ''的运动而有规律地运动,而且动点Q 的轨迹方程为给定的或容易求得的,则可先将x ',y '表
高考数学二轮复习考点知识与题型专题讲解41---圆锥曲线的方程与性质
高考数学二轮复习考点知识与题型专题讲解
第41讲圆锥曲线的方程与性质
[考情分析]高考对这部分知识的考查侧重三个方面:一是求圆锥曲线的标准方程;二是求椭圆的离心率、双曲线的离心率以及渐近线问题;三是抛物线的性质及应用问题.
考点一圆锥曲线的定义与标准方程
核心提炼
1.圆锥曲线的定义
(1)椭圆:|PF1|+|PF2|=2a(2a>|F1F2|).
(2)双曲线:||PF1|-|PF2||=2a(0<2a<|F1F2|).
(3)抛物线:|PF|=|PM|,l为抛物线的准线,点F不在定直线l上,PM⊥l于点M.
2.求圆锥曲线标准方程“先定型,后计算”
“定型”:确定曲线焦点所在的坐标轴的位置;“计算”:利用待定系数法求出方程中的a2,b2,p 的值.
例1(1)(2022·衡水中学模拟)已知椭圆x2
a2+y2
b2=1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1,F2,右顶点为A,上顶点为B,以线段F1A为直径的圆交线段F1B的延长线于点P,若F2B∥AP且线段AP的长为2+2,则该椭圆方程为()
A.x 24+y 22=1
B.x 28+y 23
=1 C.x 25+y 24=1 D.x 28+y 24
=1 答案 D
解析 设椭圆的半焦距为c ,因为点P 在以线段F 1A 为直径的圆上,所以AP ⊥PF 1.
又因为F 2B ∥AP ,所以F 2B ⊥BF 1.
又因为|F 2B |=|BF 1|,
所以△F 1F 2B 是等腰直角三角形,于是△F 1AP 也是等腰直角三角形,
因为|AP |=2+2,所以|F 1A |=2(2+2),
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2021年山东省高考数学重难点热点复习:圆锥曲线
1.已知椭圆C :x 2
a +y 2
b =1(a >b >0)过点(1,√72),且离心率e =√32.
(1)求椭圆C 的方程;
(2)已知斜率为12的直线l 与椭圆C 交于两个不同点A ,B ,点P 的坐标为(2,1),设直线P A 与PB 的倾斜角分别为α,β,证明:α+β=π.
【解答】解:(1)由题意得{ 1a 2+74b 2
=1,e =√1−b 2a 2=√32,
解得a 2=8,b 2=2,
所以椭圆的方程为C :x 28+y 22
=1. (2)证明:设直线l :y =−12x +m ,
由{y =12x +m ,x 28+y 22=1,消去y 得x 2+2mx +2m 2﹣4=0,△=4m 2﹣8m 2+16>0, 解得﹣2<m <2.
设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),
则x 1+x 2=−2m ,x 1⋅x 2=2m 2−4,
由题意,易知P A 与PB 的斜率存在,所以α,β≠π2.
设直线P A 与PB 的斜率分别为k 1,k 2,
则tan α=k 1,tan β=k 2,
要证α+β=π,即证tan α=tan (π﹣B )=﹣tan β,
只需证k 1+k 2=0,
∵k 1=y 1−1x 1−2,k 1=y 2−1x 2−2
, 故k 1+k 2=y 1−1x 1−2+y 2−1
x 2−2=(y 1−1)(x 2−2)+(y 2−1)(x 1−2)(x 1−2)(x 2−2), 又y 1=12x 1+m ,y 2=12x 2+m ,
所以(y 1−1)(x 2−2)+(y 2−1)(x 1−2)=(12x 1+m −1)(x 2−2)+(12x 2+m −1)(x 1−2)=x 1⋅x 2+(m −2)(x 1+x 2)−4(m −1)=2m 2−4+(m −2)(−2m)−
4(m −1)=0,
∴k 1+k 2=0,
故 α+β=π.
2.已知离心率为12的椭圆C :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)过点(−1,−32),直线l :y =kx +m 与椭圆C 交于M (x 1,y 1),N (x 2,y 2)两点,其中x 1,x 2≠±a .
(1)求椭圆C 的方程;
(2)若A (﹣a ,0),且AM ⊥AN ,探究:直线l 是否过定点;若是,请求出定点的坐标,若不是,请说明理由.
【解答】解:(1)依题意,{ c a =121a 2+94b 2=1a 2=b 2+c
2,解得{a =2b =√3c =1, ∴椭圆C 的方程为x 24+y 23=1;
(2)由(1)可知A (﹣2,0),联立{y =kx +m
x 24+y 23=1可得,(3+4k 2)x 2+8mkx +4(m 2﹣3)=0,
则△=(8mk )2﹣4(3+4k 2)(4m 2﹣12)=16(12k 2﹣3m 2+9)>0,即3+4k 2﹣m 2>0, ∴x 1+x 2=−8mk
3+4k 2,x 1x 2=4(m 2−3)
3+4k 2,
又y 1y 2=(kx 1+m)(kx 2+m)=k 2x 1x 2+mk(x 1+x 2)+m 2=
3m 2−12k 23+4k 2, ∵AM ⊥AN ,即AM →⋅AN →=0,
∴(x 1+2,y 1)•
(x 2+2,y 2)=x 1x 2+2(x 1+x 2)+4+y 1y 2=0, ∴4m 2−12
3+4k +2×−8mk
3+4k +4+3m 2−12k 2
3+4k =0,
∴7m 2﹣16mk +4k 2=0,
∴m =2k 或m =27k ,且均满足3+4k 2﹣m 2>0,
当m =2k 时,直线l 的方程为y =k (x +2),直线恒过(﹣2,0),舍去;
当m =27k 时,直线l 的方程为y =k(x +27),直线恒过(−27,0);
综上,直线过定点(−27,0).
3.已知动圆C 的圆心为点C ,圆C 过点P (3,0)且与被直线x =1截得弦长为4√2.不过