物理必修ⅰ人教新课标第四章牛顿运动定律单元复习课件.

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A.小车具有向左的加速度，大小为a=gtanθ B.小车一定向左做加速运动
C.弹簧一定处于拉伸状态
D.弹簧的伸长量为 x m1g tan 【解析】选A、C、D.对m2受力分析如图所示，
tan
k
小车的加速度向左，可以向左做加速运动或 向右做减速运动，B错.
m2a 故a=gtanθ，方向向左，A对. ， m2g
L v A. v g
L B. v
2L C. g
2L D. v
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【解析】选C、D.因木块运动到右端的过程不同，对应的时间
1 2L 也不同，若一直匀加速至右端，则L gt 2， 得： t ， 2
C正确；若一直加速到右端时的速度恰好与传送带速度v相
2L D正确；若先匀加速到传送带速 等，则 L 0 v t，有： t ，
2 v v L v 度v，再匀速到右端，则 v（t ） L， ? 有： t ， 2g g v 2g
g
2
v
A错误；木块不可能一直匀速至右端，B错误.
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二、实验题(本大题共2小题，共16分)
11.(6分)在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，
我们得到了如图所示的两个实验图像a、b，描述加速度与 质量关系的图线是__________，描述加速度与力的关系的
)
A.上升、下降均对盒底有压力
B.上升、下降时对盒均无压力 C.上升时对盒顶有压力，下降时对盒底有压力
D.上升时对盒底有压力，下降时对盒顶有压力
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【解析】选C.对盒子及球整体分析，上升时， Mg+f=Ma1,a1>g，下降时，Mg-f=Ma2,a2<g，再对小球分析，
上升时，若a1>g，则球受盒顶向下的压力，下降时，若a2<g，
(2分)
(2分)
(3分)
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(3)当a=0，Fmin=10 N
(1 分)
当Fsinθ=G=Mg，Fmax=50 N
故10 N≤F≤50 N 如图
(2 分)
(2分)
答案：(1)2 m/s2
(2)F=3a+10
(3)见解析
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【规律方法】力和运动问题的分析方法 1.在分析物体某一个运动过程时，分析该过程中间是否有 转折点，是否可划分为两个或两个以上的不同的小过程. 2.过程分析要全面，正确运用运动学规律，如传送带问题. 3.受力分析要全面，分析出物体的受力情况及求出所受的 合力.
(1 Байду номын сангаас)
②当满足a=-g时，N=0.
答案：
1 1 M m (g a) 2
(1 分)
(3)见解析
2
1 m M (g a) 2
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15. (2011·长沙高一检测)(12分)如图所示，水平地面上 质量为M=3 kg的木块，在大小为F=16 N、方向与水平方向
牛顿运动定律
(90分钟 100分)
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一、选择题(本大题共10小题，每小题4分，共 40分.每小题至少一个答案正确，选不全得2分) 1.做匀速直线运动的小车上水平放置一密闭的装有水的瓶 子，瓶内有一气泡，如图所示，当小车突然停止运动时， 气泡相对于瓶子将( )
A.向前运动
C.无相对运动
B.向后运动
D.无法判断
失重状态，人受到的重力大于人受到的支持力，D正确，A 错误；人受到的支持力与人对沼泽地的压力是作用力与反
作用力，大小相同，方向相反，B错误；人行走时受地面的
支持力、自身重力、地面的摩擦力，因此对应三对作用力 与反作用力，C也错误.
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3.(2011·深圳高一检测)升降机地板上放一个台秤，秤盘 上放一质量为m的物体，当秤的读数为1.2mg时，升降机可 能做的运动是( A.加速下降 C.减速上升 ) B.匀速上升 D.减速下降
【解析】选B.汽车突然刹车时，乘客的下半身随着汽车座 椅速度的减小而减小，而乘客的上半身由于其惯性的影响 仍以原速度向前运动,乘客向前方倾倒，故乘客应在胸前系 上安全带，防止因惯性对人体带来的危害，B正确.
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5.如图所示，质量为M的框架放在水平地 面上，一轻弹簧上端固定在框架上，下 端固定一个质量为m的小球，小球上下振 动时，框架始终没有跳起，当框架对地
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已知两车质量均为200 g，实验数据如表所示
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(2)该装置中的刹车系统的作用是__________.
(3)分析表中数据可得到结论：__________. (4)为了减少实验的系统误差，你认为还可以进行哪些方面
的改进？(只需提出一个建议即可)
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1 【解析】(1)位移与加速度的关系式 x at 2 .
【解析】选D.秤的读数增大，是超重，说明升降机的加速 度方向向上，做向上的加速运动或向下的减速运动，D正确.
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4.(2011·衡阳高一检测)我国公安部规定各种小型车辆的 驾驶员和前排的乘客都应在胸前系上安全带，这主要是为 了防止下列哪种情况可能带来的危害( A.倒车 C.突然启动 )
B.紧急刹车 D.车速太慢
运动的小车车厢底部有一质量为m1的木 块，木块和车厢通过一根水平轻弹簧相 连接，弹簧的劲度系数为k.在车厢的顶 部用一根细线悬挂一质量为m2的小球.某段时间内发现细线 与竖直方向的夹角为θ ，在这段时间内木块与车厢保持相 对静止，弹簧的形变量为x，如图所示.不计木块与车厢底 部的摩擦，则在这段时间内( )
速度，t1～t2时间内匀速或静止，t2～t3时间内具有向上的 加速度，因此其运动情况可能是：t0～t3时间内，向上减速， 静止，向上加速；向下加速，匀速，向下减速，故A、D正 确.
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10.(2011·莆田高一检测)如图所示，传送带的水平部分长 为L，传动速率为v，在其左端无初速释放一小木块，若木 块与传送带间的动摩擦因数为μ ，则木块从左端运动到右 端的时间可能是( )
的质量为m，启动时吊台向上的加速度是a,并
且人没有离开吊台，(已知重力加速度为g)求： (1)绳的拉力大小；
(2)这时人对吊台的压力大小；
(3)若吊台以某一加速度运动中出现人对吊台的压力刚好为 零，试讨论说明人对吊台压力刚好为零满足的所有条件.
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【解析】(1)以人和吊台整体为研究对象： 2T-(M+m)g=(M+m)a
M m g a 解得： T 2
(3 分)
(1分)
(3分) (1分)
(2)以人为研究对象：N+T-mg=ma
m M g a 解得： N mg ma T 2
(3)由
m M g a 式可知： N 2
①当满足m=M时，N=0.
前行，由于走进了沼泽地，突然这位探险家往下沉，则下
列说法中正确的是( )
A.在突然下沉时，由于人只受到重力与支持力，所以这两
个力平衡
B.因为此时人在下沉，所以人受到的支持力小于人对沼泽 地的压力
C.在人慢慢行走的过程中，存在两对作用力与反作用力
D.人下沉的原因是因为重力大于人受到的支持力
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【解析】选D.当人突然下沉时，人有向下的加速度，处于
A.水平外力F=6 N C.绳子的长度l=2 m
B.绳子的质量m=3 kg D.绳子的加速度a=2 m/s2
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【解析】选A、C.取x=0，对A端进行受力分析，F-T=ma，又
A端质量趋近于零，则F=T=6 N，A正确；由于不知绳子的加
速度，其质量也无法得知，B、D均错误；由图易知C正确.
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7.(2011·兖州高一检测)在水平地面上
答案：见解析
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三、计算题(本大题共4小题，共44分，要有必要的文字说
明和解题步骤，有数值计算的要注明单位) 13.(2011·济南高一检测)(10分)质量为m的物体在水平恒
力
F的作用下由静止开始沿水平面运动，经时间t后撤去外力F， 物体又经时间2t后重新静止.求： (1)物体所受阻力. (2)物体发生的总位移.
成θ =37°的拉力作用下沿地面向右做匀加速直线运动.若
1 木块与地面之间的动摩擦因数为 ， 3
(g=10 m/s2，
sin37°=0.6， cos37°=0.8)求：
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(1)木块的加速度大小.
(2)若不改变拉力的方向，只改变拉力的大小，求出木块沿
水平地面做匀加速直线运动时，拉力大小与木块加速度的 函数表达式.(设木块与地面间的最大静摩擦力等于它们之 间的滑动摩擦力) (3)求上述条件下拉力的取值范围，并以拉力大小为纵坐标， 以木块的加速度为横坐标，在坐标系上作出它们的图像.
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【解析】(1)Fcosθ-μ(Mg-Fsinθ)=Ma
则 a
F cos sin M 1 16 （0.8 0.6） 1 3 m / s 2 10 m / s 2 2 m / s 2 3 3 (2)由 F M g a 得 cos sin 1 3 （ 10 a） 3 F 3a 10 1 0.8 0.6 3 g
由于m1的加速度向左，故m1受弹簧的弹力向左，弹簧被拉伸，
且kx=m1gtanθ，则x m1gtan ，C、D均对.
k
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8.(2011·无锡高一检测)如图所示，在密封的盒子内装有 一个金属球，球刚能在盒内自由活动，若将盒子在空气中 竖直向上抛出，空气阻力不能忽略，则球抛出后在上升、
下降的过程中(
④(1分)
(1 分)
x v 3t Ft 2 / m
(2分) (1分)
所以总位移 答案：(1)F/3 (2)Ft2/m
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14.(2011·宁波高一检测)(10分)一人在井下站 在吊台上，用如图所示的定滑轮装置拉绳把吊 台和自己提升上来.图中跨过滑轮的两段绳都 认为是竖直的且不计摩擦.吊台的质量为M，人