初二旋转每日一练-拔高

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中考数学(初中数学旋转提高练习题)压轴题训练含详细答案

中考数学(初中数学旋转提高练习题)压轴题训练含详细答案一、旋转1．在△ABC 中，AB=AC ，∠BAC=α（︒<<︒600α），将线段BC 绕点B 逆时针旋转60°得到线段BD 。

（1）如图1，直接写出∠ABD 的大小（用含α的式子表示）；（2）如图2，∠BCE=150°，∠ABE=60°，判断△ABE 的形状并加以证明；（3）在（2）的条件下，连结DE ，若∠DEC=45°，求α的值。

【答案】（1）1302α︒-（2）见解析（3）30α=︒【解析】解：（1）1302α︒-。

（2）△ABE 为等边三角形。

证明如下：连接AD ，CD ，ED ，∵线段BC 绕点B 逆时针旋转60︒得到线段BD ， ∴BC=BD ，∠DBC=60°。

又∵∠ABE=60°，∴1ABD 60DBE EBC 302α∠=︒-∠=∠=︒-且△BCD 为等边三角形。

在△ABD 与△ACD 中，∵AB=AC ，AD=AD ，BD=CD ，∴△ABD ≌△ACD （SSS ）。

∴11BAD CAD BAC 22α∠=∠=∠=。

∵∠BCE=150°，∴11BEC 180(30)15022αα∠=︒-︒--︒=。

∴BEC BAD ∠=∠。

在△ABD 和△EBC 中，∵BEC BAD ∠=∠，EBC ABD ∠=∠，BC=BD ， ∴△ABD ≌△EBC （AAS ）。

∴AB=BE 。

∴△ABE 为等边三角形。

（3）∵∠BCD=60°，∠BCE=150°，∴DCE 1506090∠=︒-︒=︒。

又∵∠DEC=45°，∴△DCE 为等腰直角三角形。

∴DC=CE=BC 。

∵∠BCE=150°，∴(180150)EBC 152︒-︒∠==︒。

而1EBC 30152α∠=︒-=︒。

∴30α=︒。

（1）∵AB=AC ，∠BAC=α，∴180ABC 2α︒-∠=。

八年级数学上旋转练习题及答案

《旋转》训练题1、经过旋转，图形上的每一点都绕沿相同方向转动了，任意一对对应点与的连线所成的角都是旋转角，对应点到的距离相等．2、下列说法不正确的是（）A、图形旋转后对应线段，对应角相等；B、旋转不改变图形的形状和大小；C、旋转后对应点的连线的垂直平分线经过旋转中心；D、旋转形成的图形是由旋转中心和旋转方向决定的．3、要使正十二边形旋转后能与自身重合，至少应将它绕中心逆时针方向旋转（）A、30°B、45°C、60°D、75°4、如图1所示的五角星旋转多少度能与自身重合？5、如图2所示，若正方形ABCD可由正方形CDEF旋转后得到，则图形所在平面上可以作为旋转中心的共有几个？6、（2010年天津市）如图3，已知正方形ABCD的边长为3，E为CD边上一点，1DE=．以点A 为中心，把△ADE顺时针旋转90︒，得△ABE'，连接EE'，则EE'的长等于.7、图4中的两个正方形的边长相等，请你指出图中可以通过绕点O旋转而相互得到的图形并说明旋转的角度.8、如图5，△ACE、△ABF都是等腰三角形，∠BAF=∠CAE=90°，那么△AFC是以点为旋转中心，旋转度之后能与另三角形重合，点F的对应点是．9、如图6，把一个直角三角尺ACB绕着30°角的顶点B顺时针旋转，使得点A与CB的延长线上的点E重合．则（1）三角尺旋转了度；（2）连接CD，可判断△CDB的形状是三角形；（3）∠BDC的度数是度．10、如图7，四边形A/B/C/D/是四边形ABCD绕点O顺时针旋转90°后得到的，请你作出旋转前的图形ABCD．11、如图8所示，四边形ABCD绕某点旋转后成四边形A/B/C/D/，请你帮助找出它们的旋转中心．12、如图9，∠AOB=90°，∠B=25°，△A/OB/可以看做是由△AOB绕点O顺时针旋转α角度得到的，若点A/在AB上，则旋转角α的大小可以是（）A、25°B、30°C、45°D、50°13、如图10，在△ABC中，∠CAB=70°．在同一平面内，将△ABC绕点A旋转到△AB/C/的位置，使得CC/∥AB，则∠BAB/=( )A、30°B、35°C、40°D、50°14、两块完全一样的含30°角的三角板重叠在一起，若绕长直角边的中点M转动，使上面一块的斜边刚好过下面一块的直角顶点，如图11，∠A=30°，AC=10，则此时两直角顶点C、C/间的距离是．15、如图12，在等边三角形ABC内有一点P，PA=10，PB=8，PC=6．求∠BPC的度数．16、如图13所示，观察图（1）和图（2），请回答下列问题：（1）请简述由图（1）变换成图（2）的形成过程？（2）若AD=3，BD=4，△ADE与△BDF的面积和是多少？17、（2008湖北咸宁）如图，在Rt△ABC中，，D、E是斜边BC 上两点，且∠DAE=45°，将△绕点顺时针旋转90后，得到△，连接，下列结论：①△≌△；②△≌△；③；④其中正确的是（） A．②④；B．①④；C．②③；D．①③．18、（2008年浙江省嘉兴市）如图，正方形网格中，△ABC为格点三角形（顶点都是格点），将△ABC绕点A按逆时针方向旋转90°得到△AB1C1．（1）在正方形网格中，作出△AB1C1；（2）设网格小正方形的边长为1，求旋转过程中动点B所经过的路径长．19、如图15，△ABC是等边三角形，△BDC是顶角∠BDC=120°的等腰三角形，以点D为顶点作一个60°的角，角的两边分别交AB、AC边于M、N两点，连接MN．请探究：线段BM，MN，NC之间的关系，并说明理由．20、如图16，△ABC中，∠BAC=120°，以BC为边向形外作等边△BCD，把△ABD绕着D点按顺时针方向旋转60°后到△ECD的位置．若AB=3，AC=2，求∠BAD的度数和AD的长．答案：2、D ；3、A；4、五角星顺时针旋转72、144、216、288都能与自身重合。

2024学年八年级数学经典好题专项(图形的旋转)练习(附答案)

2024学年八年级数学经典好题专项（图形的旋转）练习一、选择题1、在图形的旋转中，下列说法不正确的是（）A．旋转前和旋转后的图形全等 B．图形上的每一个点到旋转中心的距离都相等C．图形上的每一个点旋转的角度都相同 D．图形上可能存在不动的点2、同学们曾玩过万花筒，它是由三块等宽等长的玻璃片围成的，如图是看到的万花筒的一个图案，图中所有的小三角形均是全等的等边三角形，其中的菱形AEFG可以看成是把菱形ABCD以点A为中心（）A.顺时针旋转60°得到B.顺时针旋转120°得到C.逆时针旋转60°得到D.逆时针旋转120°得到(2题) (3题) (4题) (5题)3、如图，△ABC和△ADE均为正三角形，则图中可看作是旋转关系的三角形是（）A．△ABC和△ADE B．△ABC和△ABD C．△ABD和△ACE D．△ACE和△ADE4、如图，图形旋转多少度后能与自身重合（）A．45° B．60° C．72° D．90°5、如图，在△ABC中，将△ABC绕着点A顺时针旋转后，得到△AB′C′，且点C′在BC上，若∠B′C′B＝52°，则∠C的度数为（）A．74° B．66° C．64° D．76°6、如图把△ABC绕点C顺时针旋转35°，得到△A' B' C，A' B'交A C于点D，若∠A'DC=90°，则∠A度数为（）A.45°B.55°C.65°D.75°(6题) (7题) (9题)7、把图中的交通标志图案绕着它的中心旋转一定角度后与自身重合，则这个旋转角度至少为()A．30° B．90° C．120° D．180°8、在平面直角坐标系中，点P(－4，2)向右平移7个单位长度得到点P1，点P1绕原点逆时针旋转90°得到点P2，则点P2的坐标是()A．(－2，3) B．(－3，2) C．(2，－3) D．(3，－2)9、如图，平面直角坐标系中，点B在第一象限，点A在x轴的正半轴上，∠AOB＝B∠＝30°，OA＝2，将△AOB绕点O逆时针旋转90°，点B的对应点B′的坐标是()A．(－1，2＋3) B．(－3，3) C．(－3，2＋3) D．(－3，3)10、观察下列图案，其中旋转角最大的是（）A． B． C． D．二、填空题11、(1) 在平面内，将图形绕_______沿某个方向转动_________，这样的图形运动称为旋转。

八年级旋转提高练习题

八年级旋转提高练习题八年级旋转提高练习题一．选择题（共3小题）1．（2011•老河口市模拟）如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，AC=BC，AB=8，点D为AB的中点，若直角MDN绕点D旋转，分别交AC于点E，交BC于点F，则下列说法正确的有（）①AE=CF；②EC+CF=；③DE=DF；④若△ECF的面积为一个定值，则EF的长也是一个定值．A．①②B．①③C．①②③D．①②③④2．（2011•鄂州校级模拟）如图，设P到等边三角形ABC两顶点A、B的距离分别为2、3，则PC所能达到的最大值为（）A．B．C．5 D．63．（2010•娄底模拟）在下图的网格中，将△ABC 绕点A顺时针旋转180°，并将其边长扩大为原来的2倍（点A的位置不变），则变形后点B的对应点所在的位置是（）A．甲B．乙C．丙D．丁二．填空题（共16小题）4．（2015•福州）如图，在Rt△ABC中，∠ABC=90°，AB=BC=，将△ABC绕点C逆时针旋转60°，得到△MNC，连接BM，则BM 的长是．5．（2015•吉林）如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，AC=5cm，BC=12cm，将△ABC 绕点B顺时针旋转60°，得到△BDE，连接DC交AB于点F，则△ACF与△BDF的周长之和为cm．6．（2015•重庆）如图，在矩形ABCD中，AB=4，AD=10．连接BD，∠DBC的角平分线BE交DC于点E，现把△BCE绕点B逆时针旋转，记旋转后的△BCE为△BC′E′．当射线BE′和射线BC′都与线段AD相交时，设交点分别为F，G．若△BFD为等腰三角形，则线段DG长为．7．（2015•沈阳）如图，正方形ABCD绕点B逆时针旋转30°后得到正方形BEFG，EF与AD相交于点H，延长DA交GF于点K．若正方形ABCD边长为，则AK=．8．（2015•大庆）在Rt△ABC中，∠C=90°，AC=BC=1，将其放入平面直角坐标系，使A点与原点重合，AB在x轴上，△ABC沿x轴顺时针无滑动的滚动，点A再次落在x轴时停止滚动，则点A经过的路线与x轴围成图形的面积为．9．（2015•梧州）如图，在△ABC中，∠A=70°，AC=BC，以点B为旋转中心把△ABC按顺时针旋转α度，得到△A′BC′，点A′恰好落在AC上，连接CC′，则∠ACC′=．10．（2014•汕头）如图，△ABC绕点A顺时针旋转45°得到△A′B′C′，若∠BAC=90°，AB=AC=，则图中阴影部分的面积等于．11．（2013•铁岭）如图，在△ABC中，AB=2，BC=3.6，∠B=60°，将△ABC绕点A按顺时针旋转一定角度得到△ADE，当点B的对应点D 恰好落在BC边上时，则CD的长为．12．（2013•鄂州）如图，△AOB中，∠AOB=90°，AO=3，BO=6，△AOB绕顶点O 逆时针旋转到△A′OB′处，此时线段A′B′与BO的交点E为BO的中点，则线段B′E的长度为．13．（2013•宁夏）如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠A=α，将△ABC绕点C按顺时针方向旋转后得到△EDC，此时点D在AB 边上，则旋转角的大小为．14．（2013•威海）如图，在平面直角坐标系中，点A，B，C的坐标分别为（1，0），（0，1），（﹣1，0）．一个电动玩具从坐标原点0出发，第一次跳跃到点P1．使得点P1与点O关于点A成中心对称；第二次跳跃到点P2，使得点P2与点P1关于点B成中心对称；第三次跳跃到点P3，使得点P3与点P2关于点C成中心对称；第四次跳跃到点P4，使得点P4与点P3关于点A成中心对称；第五次跳跃到点P5，使得点P5与点P4关于点B成中心对称；…照此规律重复下去，则点P2013的坐标为．15．（2012•吉林）如图，在等边△ABC中，D是边AC上一点，连接BD．将△BCD绕点B逆时针旋转60°得到△BAE，连接ED．若BC=10，BD=9，则△AED 的周长是．16．（2012•防城港）如图，两块相同的三角板完全重合在一起，∠A=30°，AC=10，把上面一块绕直角顶点B逆时针旋转到△A′BC′的位置，点C′在AC上，A′C′与AB相交于点D，则C′D=．17．（2011•宜宾）如图，在△ABC．中，AB=BC，将△ABC绕点B顺时针旋转α度，得到△A1BC1，A1B交AC于点E，A1C1分别交AC、BC于点D、F，下列结论：①∠CDF=α，②A1E=CF，③DF=FC，④A1F=CE．其中正确的是（写出正确结论的序号）．18．（2011•下关区一模）如图，正方形ABCD 中，点E在边AB上，点G在边AD上，且∠ECG=45°，点F在边AD的延长线上，且DF=BE．则下列结论：①∠ECB是锐角；②AE ＜AG；③△CGE≌△CGF；④EG=BE+GD中一定成立的结论有（写出全部正确结论）．19．（2011•黑龙江模拟）P是正方形ABCD所在平面内一点，PB=，PC=1，∠BPC=135°，则AP的长为．三．解答题（共5小题）20．（2012•宿迁）（1）如图1，在△ABC中，BA=BC，D，E是AC边上的两点，且满足∠DBE=∠ABC（0°＜∠CBE＜∠ABC）．以点B为旋转中心，将△BEC按逆时针旋转∠ABC，得到△BE′A（点C与点A重合，点E到点E′处）连接DE′，求证：DE′=DE．（2）如图2，在△ABC中，BA=BC，∠ABC=90°，D，E是AC边上的两点，且满足∠DBE=∠ABC（0°＜∠CBE＜45°）．求证：DE2=AD2+EC2．21．（2012•高淳县一模）如图，将边长为a的正方形OABC绕顶点O按顺时针方向旋转角α（0°＜α＜45°），得到正方形OA1B1C1．设边B1C1与OC的延长线交于点M，边B1A1与OB交于点N，边B1A1与OA的延长线交于点E，连接MN．（1）求证：△OC1M≌△OA1E；（2）试说明：△OMN的边MN上的高为定值；（3）△MNB1的周长p是否发生变化？若发生变化，试说明理由；若不发生变化，请给予证明，并求出p的值．22．（2010•山西）如图1，已知正方形ABCD的边CD在正方形DEFG的边DE上，连接AE，GC．（1）试猜想AE与GC有怎样的位置关系，并证明你的结论；（2）将正方形DEFG绕点D按顺时针方向旋转，使点E落在BC边上，如图2，连接AE和GC．你认为（1）中的结论是否还成立？若成立，给出证明；若不成立，请说明理由．23．（2008•青羊区校级一模）已知△ABC中，∠ACB=135°，将△ABC绕点A顺时针旋转90°，得到△AED，连接CD，CE．（1）求证：△ACD为等腰直角三角形；（2）若BC=1，AC=2，求四边形ACED的面积．24．（2011•江西模拟）课题学习问题背景甲、乙、丙三名同学探索课本上一道题：如图1，E是边长为a的正方形ABCD中CD边上任意一点，以点A为中心，把△ADE 顺时针旋转90°，画出旋转后的图形任务要求：（1）请你在图1中画出旋转后的图形甲、乙、丙三名同学又继续探索：在正方形ABCD中，∠EAF=45°，点F为BC 上一点，点E为DC上一点，∠EAF的两边AE、AF分别与直线BD交于点M、N．连接EF甲发现：线段BF，EF，DE之间存在着关系式EF=BF+DE；乙发现：△CEF的周长是一个恒定不变的值；丙发现：线段BN，MN，DM之间存在着关系式BN2+DM2=MN2（2）现请也参与三位同学的研究工作中来，你认为三名同学中哪个的发现是正确的，并说明你的理由．八年级旋转提高练习题参考答案与试题解析一．选择题（共3小题）1．（2011•老河口市模拟）如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，AC=BC，AB=8，点D为AB的中点，若直角MDN绕点D旋转，分别交AC于点E，交BC于点F，则下列说法正确的有（）①AE=CF；②EC+CF=；③DE=DF；④若△ECF的面积为一个定值，则EF的长也是一个定值．A．①②B．①③C．①②③D．①②③④【解答】解：①连接CD．∵在Rt△ABC中，∠C=90°，AC=BC，点D 为AB的中点，∴CD⊥AB，CD=AD=DB，在△ADE与△CDF中，∠A=DCF=45°，AD=CD，∠ADE=∠CDF，∴△ADE≌△CDF，∴AE=CF．说法正确；②∵在Rt△ABC中，∠C=90°，AC=BC，AB=8，∴AC=BC=4．由①知AE=CF，∴EC+CF=EC+AE=AC=4．说法正确；③由①知△ADE≌△CDF，∴DE=DF．说法正确；④∵△ECF的面积=×CE×CF，如果这是一个定值，则CE•CF是一个定值，又∵EC+CF=，∴可唯一确定EC与EF的值，再由勾股定理知EF的长也是一个定值，说法正确．故选D．2．（2011•鄂州校级模拟）如图，设P到等边三角形ABC两顶点A、B的距离分别为2、3，则PC所能达到的最大值为（）A．B．C．5 D．6【解答】解：把PA绕点A逆时针旋转60°，得AD，则DA=PA，连CD，DP，CP，如图，∵△ABC为等边三角形ABC，∴∠BAC=60°，AC=AB∴∠DAC=∠BAP，∴△DAC≌△PAB，∴DC=PB，而PB=3，PA=2，∴DC=3，∵PC≤DP+DC，∴PC≤5，所以PC所能达到的最大值为5．故选C．3．（2010•娄底模拟）在下图的网格中，将△ABC 绕点A顺时针旋转180°，并将其边长扩大为原来的2倍（点A的位置不变），则变形后点B的对应点所在的位置是（）A．甲B．乙C．丙D．丁【解答】解：如图，将△ABC绕点A顺时针旋转180°得到△A′B′C′，则△A′B′C′与△ABC关于点A成中心对称，即B′，A，B三点共线．再将△A′B′C′的边长扩大为原来的2倍，由于变形后的点与原对应点及点A仍然是三点共线，故点B的对应点所在的位置是丙．故选C．二．填空题（共16小题）4．（2015•福州）如图，在Rt△ABC中，∠ABC=90°，AB=BC=，将△ABC绕点C逆时针旋转60°，得到△MNC，连接BM，则BM 的长是+1．【解答】解：如图，连接AM，由题意得：CA=CM，∠ACM=60°，∴△ACM为等边三角形，∴AM=CM，∠MAC=∠MCA=∠AMC=60°；∵∠ABC=90°，AB=BC=，∴AC=2=CM=2，∵AB=BC，CM=AM，∴BM垂直平分AC，∴BO=AC=1，OM=CM•sin60°=，∴BM=BO+OM=1+，故答案为：1+．5．（2015•吉林）如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，AC=5cm，BC=12cm，将△ABC 绕点B顺时针旋转60°，得到△BDE，连接DC 交AB于点F，则△ACF与△BDF的周长之和为42cm．【解答】解：∵将△ABC绕点B顺时针旋转60°，得到△BDE，∴△ABC≌△BDE，∠CBD=60°，∴BD=BC=12cm，∴△BCD为等边三角形，∴CD=BC=CD=12cm，在Rt△ACB中，AB==13，△ACF与△BDF的周长之和=AC+AF+CF+BF+DF+BD=AC+AB+CD+BD=5 +13+12+12=42（cm），故答案为：42．6．（2015•重庆）如图，在矩形ABCD中，AB=4，AD=10．连接BD，∠DBC的角平分线BE交DC于点E，现把△BCE绕点B逆时针旋转，记旋转后的△BCE为△BC′E′．当射线BE′和射线BC′都与线段AD相交时，设交点分别为F，G．若△BFD为等腰三角形，则线段DG长为．【解答】解：过E作EO⊥BD于O，在Rt△ABD中，由勾股定理，得BD===14，在Rt△ABF中，由勾股定理，得：BF 2=（4）2+（10﹣BF）2，解得BF=，AF=10﹣=．过G作GH∥BF，交BD于H，∴∠FBD=∠GHD，∠BGH=∠FBG，∵FB=FD，∴∠FBD=∠FDB，∴∠FDB=∠GHD，∴GH=GD，∵∠FBG=∠EBC=∠DBC=∠ADB=∠FBD，又∵∠FBG=∠BGH，∠FBG=∠GBH，∴BH=GH，设DG=GH=BH=x，则FG=FD﹣GD=﹣x，HD=14﹣x，∵GH∥FB，∴，即，解得x=．故答案为：．7．（2015•沈阳）如图，正方形ABCD绕点B逆时针旋转30°后得到正方形BEFG，EF与AD 相交于点H，延长DA交GF于点K．若正方形ABCD边长为，则AK=2﹣3．【解答】解：连接BH，如图所示：∵四边形ABCD和四边形BEFG是正方形，∴∠BAH=∠ABC=∠BEH=∠F=90°，由旋转的性质得：AB=EB，∠CBE=30°，∴∠ABE=60°，在Rt△ABH和Rt△EBH中，，∴Rt△ABH≌△Rt△EBH（HL），∴∠ABH=∠EBH=∠ABE=30°，AH=EH，∴AH=AB•tan∠ABH=×=1，∴EH=1，∴FH=﹣1，在Rt△FKH中，∠FKH=30°，∴KH=2FH=2（﹣1），∴AK=KH﹣AH=2（﹣1）﹣1=2﹣3；故答案为：2﹣3．8．（2015•大庆）在Rt△ABC中，∠C=90°，AC=BC=1，将其放入平面直角坐标系，使A点与原点重合，AB在x轴上，△ABC沿x轴顺时针无滑动的滚动，点A再次落在x轴时停止滚动，则点A经过的路线与x轴围成图形的面积为π+．【解答】解：∵∠C=90°，AC=BC=1，∴AB==；根据题意得：△ABC绕点B顺时针旋转135°，BC落在x轴上；△ABC再绕点C顺时针旋转90°，AC落在x轴上，停止滚动；∴点A的运动轨迹是：先绕点B旋转135°，再绕点C旋转90°；如图所示：∴点A经过的路线与x轴围成的图形是：一个圆心角为135°，半径为的扇形，加上△ABC，再加上圆心角是90°，半径是1的扇形；∴点A经过的路线与x轴围成图形的面积=+×1×1+=π+；故答案为：π+．9．（2015•梧州）如图，在△ABC中，∠A=70°，AC=BC，以点B为旋转中心把△ABC按顺时针旋转α度，得到△A′BC′，点A′恰好落在AC上，连接CC′，则∠ACC′=110°．【解答】解：∵∠A=70°，AC=BC，∴∠BCA=40°，根据旋转的性质，AB=BA′，BC=BC′，∴∠α=180°﹣2×70°=40°，∵∠∠CBC′=∠α=40°，∴∠BCC′=70°，∴∠ACC′=∠ACB+∠BCC′=110°；故答案为：110°．10．（2014•汕头）如图，△ABC绕点A顺时针旋转45°得到△A′B′C′，若∠BAC=90°，AB=AC=，则图中阴影部分的面积等于﹣1．【解答】解：∵△ABC绕点A顺时针旋转45°得到△A′B′C′，∠BAC=90°，AB=AC=，∴BC=2，∠C=∠B=∠CAC′=∠C′=45°，∴AD⊥BC，B′C′⊥AB，∴AD=BC=1，AF=FC′=sin45°AC′=AC′=1，∴图中阴影部分的面积等于：S△AFC′﹣S △DEC′=×1×1﹣×（﹣1）2=﹣1．故答案为：﹣1．11．（2013•铁岭）如图，在△ABC中，AB=2，BC=3.6，∠B=60°，将△ABC绕点A按顺时针旋转一定角度得到△ADE，当点B的对应点D 恰好落在BC边上时，则CD的长为 1.6．【解答】解：由旋转的性质可得：AD=AB，∵∠B=60°，∴△ABD是等边三角形，∴BD=AB，∵AB=2，BC=3.6，∴CD=BC﹣BD=3.6﹣2=1.6．故答案为：1.6．12．（2013•鄂州）如图，△AOB中，∠AOB=90°，AO=3，BO=6，△AOB绕顶点O 逆时针旋转到△A′OB′处，此时线段A′B′与BO的交点E为BO的中点，则线段B′E的长度为．【解答】解：∵∠AOB=90°，AO=3，BO=6，∴AB===3，∵△AOB绕顶点O逆时针旋转到△A′OB′处，∴AO=A′O=3，A′B′=AB=3，∵点E为BO的中点，∴OE=BO=×6=3，∴OE=A′O，过点O作OF⊥A′B′于F，S △A′OB′=×3•OF=×3×6，解得OF=，在Rt△EOF中，EF===，∵OE=A′O，OF⊥A′B′，∴A′E=2EF=2×=（等腰三角形三线合一），∴B′E=A′B′﹣A′E=3﹣=．故答案为：．13．（2013•宁夏）如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠A=α，将△ABC绕点C按顺时针方向旋转后得到△EDC，此时点D在AB 边上，则旋转角的大小为2a．【解答】解：∵在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠A=α，∴∠B=90°﹣α，由旋转的性质可得：CB=CD，∴∠CDB=∠B=90°﹣α，∴∠BCD=180°﹣∠B﹣∠CDB=2α．即旋转角的大小为2α．故答案为：2α．14．（2013•威海）如图，在平面直角坐标系中，点A，B，C的坐标分别为（1，0），（0，1），（﹣1，0）．一个电动玩具从坐标原点0出发，第一次跳跃到点P1．使得点P1与点O关于点A成中心对称；第二次跳跃到点P2，使得点P2与点P1关于点B成中心对称；第三次跳跃到点P3，使得点P3与点P2关于点C成中心对称；第四次跳跃到点P4，使得点P4与点P3关于点A成中心对称；第五次跳跃到点P5，使得点P5与点P4关于点B成中心对称；…照此规律重复下去，则点P2013的坐标为（0，﹣2）．【解答】解：点P1（2，0），P2（﹣2，2），P3（0，﹣2），P4（2，2），P5（﹣2，0），P6（0，0），P7（2，0），从而可得出6次一个循环，∵=335…3，∴点P2013的坐标为（0，﹣2）．故答案为：（0，﹣2）．15．（2012•吉林）如图，在等边△ABC中，D 是边AC上一点，连接BD．将△BCD绕点B逆时针旋转60°得到△BAE，连接ED．若BC=10，BD=9，则△AED的周长是19．【解答】解：∵△ABC是等边三角形，∴AC=AB=BC=10，∵△BAE由△BCD逆时针旋旋转60°得出，∴AE=CD，BD=BE，∠EBD=60°，∴AE+AD=AD+CD=AC=10，∵∠EBD=60°，BE=BD，∴△BDE是等边三角形，∴DE=BD=9，∴△AED的周长=AE+AD+DE=AC+BD=19．故答案为：19．16．（2012•防城港）如图，两块相同的三角板完全重合在一起，∠A=30°，AC=10，把上面一块绕直角顶点B逆时针旋转到△A′BC′的位置，点C′在AC上，A′C′与AB相交于点D，则C′D=．【解答】解：∵∠A=30°，AC=10，∠ABC=90°，∴∠C=60°，BC=BC′=AC=5，∴△BCC′是等边三角形，∴CC′=5，∵∠A′C′B=∠C′BC=60°，∴C′D∥BC，∴DC′是△ABC的中位线，∴DC′=BC=，故答案为：．17．（2011•宜宾）如图，在△ABC．中，AB=BC，将△ABC绕点B顺时针旋转α度，得到△A1BC1，A1B交AC于点E，A1C1分别交AC、BC于点D、F，下列结论：①∠CDF=α，②A1E=CF，③DF=FC，④A1F=CE．其中正确的是①②④（写出正确结论的序号）．【解答】解：①∠C=∠C1（旋转后所得三角形与原三角形完全相等）又∵∠DFC=∠BFC1（对顶角相等）∴∠CDF=∠C1BF=α，故结论①正确；②∵AB=BC，∴∠A=∠C，∴∠A1=∠C，A1B=CB，∠A1BF=∠CBE，∴△A1BF≌△CBE（ASA），∴BF=BE，∴A1B﹣BE=BC﹣BF，∴A1E=CF，故②正确；③在三角形DFC中，∠C与∠CDF=α度不一定相等，所以DF与FC不一定相等，故结论③不一定正确；④∠A1=∠C，BC=A1B，∠A1BF=∠CBE∴△A1BF≌△CBE（ASA）那么A1F=CE．故结论④正确．故答案为：①②④．18．（2011•下关区一模）如图，正方形ABCD 中，点E在边AB上，点G在边AD上，且∠ECG=45°，点F在边AD的延长线上，且DF=BE．则下列结论：①∠ECB是锐角；②AE ＜AG；③△CGE≌△CGF；④EG=BE+GD中一定成立的结论有①③④（写出全部正确结论）．【解答】解：根据题意∠ECB在∠BCD=90°内部，可知∠ECB是锐角，故①正确；根据点E在边AB上，点G在边AD上，且∠ECG=45°，判断不出AE与AG的大小，故②错误；在正方形ABCD中，∵BC=CD，∠B=∠CDF，BE=DF，∴△CBE≌△CDF．∴CE=CF，∵△CBE≌△CDF，∴∠BCE=∠DCF，∴∠BCE+∠ECD=∠DCF+∠ECD，即∠ECF=∠BCD=90°，又∠GCE=45°，∴∠GCF=∠GCE=45°．∵CE=CF，∠GCE=∠GCF，GC=GC，∴△ECG≌△FCG，故③正确；又GE=GF．∴GE=DF+GD=BE+GD，故④正确．故答案为：①③④．19．（2011•黑龙江模拟）P是正方形ABCD所在平面内一点，PB=，PC=1，∠BPC=135°，则AP的长为．【解答】解：把△ABP绕点B顺时针旋转90°，到达△CBQ位置，∵△CBQ是△ABP旋转而成90°，∴PB=BQ，∠PBQ=90°，∴△BPQ是等腰直角三角形，∵PB=，∴PQ==2，∠BPQ=45°，∴∠CPQ=135°﹣45°=90°∴△PCQ是直角三角形，∴AP=CQ===．故答案为：．三．解答题（共5小题）20．（2012•宿迁）（1）如图1，在△ABC中，BA=BC，D，E是AC边上的两点，且满足∠DBE=∠ABC（0°＜∠CBE＜∠ABC）．以点B为旋转中心，将△BEC按逆时针旋转∠ABC，得到△BE′A（点C与点A重合，点E到点E′处）连接DE′，求证：DE′=DE．（2）如图2，在△ABC中，BA=BC，∠ABC=90°，D，E是AC边上的两点，且满足∠DBE=∠ABC（0°＜∠CBE＜45°）．求证：DE2=AD2+EC2．【解答】（1）证明：∵∠DBE=∠ABC，∴∠ABD+∠CBE=∠DBE=∠ABC，∵△ABE′由△CBE旋转而成，∴BE=BE′，∠ABE′=∠CBE，∴∠DBE′=∠DBE，在△DBE与△DBE′中，∵，∴△DBE≌△DBE′，∴DE′=DE；（2）证明：如图所示：把△CBE逆时针旋转90°，连接DE′，∵BA=BC，∠ABC=90°，∴∠BAC=∠BCE=45°，∴图形旋转后点C与点A重合，CE与AE′重合，∴AE′=EC，∴∠E′AB=∠BCE=45°，∴∠DAE′=90°，在Rt△ADE′中，DE′2=AE′2+AD2，∵AE′=EC，∴DE′2=EC2+AD2，同（1）可得DE=DE′，∴DE′2=AD2+EC2，∴DE2=AD2+EC2．21．（2012•高淳县一模）如图，将边长为a的正方形OABC绕顶点O按顺时针方向旋转角α（0°＜α＜45°），得到正方形OA1B1C1．设边B1C1与OC的延长线交于点M，边B1A1与OB交于点N，边B1A1与OA的延长线交于点E，连接MN．（1）求证：△OC1M≌△OA1E；（2）试说明：△OMN的边MN上的高为定值；（3）△MNB1的周长p是否发生变化？若发生变化，试说明理由；若不发生变化，请给予证明，并求出p的值．【解答】（1）证明：∵正方形OABC，∴∠A1OE+∠A1OM=∠C1OM+∠A1OM=90°，∴∠A1OE=∠C1OM，在△OC1M和△OA1E中，，∴△OC1M≌△OA1E（ASA）；（2）解：∵△OC1M≌△OA1E（已证），∴OE=OM，在△EON和△MON中，，∴△EON≌△MON（SAS），∴EN=MN，∴△OMN的边MN上的高等于△OEN边EN上的高，即OA1的长a，为定值；（3）p不会发生变化，是定值2a．理由如下：根据（1）（2），△OC1M≌△OA1E，△EON≌△MON，∴MN=EN，A1E=C1M，∴△MNB1的周长p=MN+NB1+MB1，=EN+NB1+MB1，=EB1+MB1，=A1E+A1B1+MB1，=C1M+A1B1+MB1，=A1B1+B1C1，∵正方形OABC的边长为a，∴A1B1=B1C1=a，∴p=2a，是定值．22．（2010•山西）如图1，已知正方形ABCD的边CD在正方形DEFG的边DE上，连接AE，GC．（1）试猜想AE与GC有怎样的位置关系，并证明你的结论；（2）将正方形DEFG绕点D按顺时针方向旋转，使点E落在BC边上，如图2，连接AE和GC．你认为（1）中的结论是否还成立？若成立，给出证明；若不成立，请说明理由．【解答】解：（1）答：AE⊥GC；证明：延长GC交AE于点H，在正方形ABCD与正方形DEFG中，AD=DC，∠ADE=∠CDG=90°，DE=DG，∴△ADE≌△CDG，∴∠1=∠2；∵∠2+∠3=90°，∴∠1+∠3=90°，∴∠AHG=180°﹣（∠1+∠3）=180°﹣90°=90°，∴AE⊥GC．（2）答：成立；证明：延长AE和GC相交于点H，在正方形ABCD和正方形DEFG中，AD=DC，DE=DG，∠ADC=∠DCB=∠B=∠BAD=∠EDG=90°，∴∠1=∠2=90°﹣∠3；∴△ADE≌△CDG，∴∠5=∠4；又∵∠5+∠6=90°，∠4+∠7=180°﹣∠DCE=180°﹣90°=90°，∴∠6=∠7，又∵∠6+∠AEB=90°，∠AEB=∠CEH，∴∠CEH+∠7=90°，∴∠EHC=90°，∴AE⊥GC．23．（2008•青羊区校级一模）已知△ABC中，∠ACB=135°，将△ABC绕点A顺时针旋转90°，得到△AED，连接CD，CE．（1）求证：△ACD为等腰直角三角形；（2）若BC=1，AC=2，求四边形ACED的面积．【解答】证明：（1）∵△AED是△ABC旋转90°得到的，∴△ABC≌△AED，∴∠CAD=90°，AC=AD，∠ADE=∠ACB=135°，∴△ACD是等腰直角三角形；解：（2）∵△ACD是等腰直角三角形，∴∠ADC=∠ACD=45°，AC=AD=2，∴CD==2，由（1）知，∠ADE=135°，∴∠CDE=∠ADE﹣∠ADC=90°，∵DE=BC=1，∴S四边形+S△CDE=AC•AD+CD•DE=×2×2+×2 ADEC=S△ACD×1=2+．24．（2011•江西模拟）课题学习问题背景甲、乙、丙三名同学探索课本上一道题：如图1，E是边长为a的正方形ABCD中CD边上任意一点，以点A为中心，把△ADE 顺时针旋转90°，画出旋转后的图形任务要求：（1）请你在图1中画出旋转后的图形甲、乙、丙三名同学又继续探索：在正方形ABCD中，∠EAF=45°，点F为BC 上一点，点E为DC上一点，∠EAF的两边AE、AF分别与直线BD交于点M、N．连接EF甲发现：线段BF，EF，DE之间存在着关系式EF=BF+DE；乙发现：△CEF的周长是一个恒定不变的值；丙发现：线段BN，MN，DM之间存在着关系式BN2+DM2=MN2（2）现请也参与三位同学的研究工作中来，你认为三名同学中哪个的发现是正确的，并说明你的理由．【解答】解：画图如图（1）（2）选择甲发现：证明：延长CB到K，使BK=DE，连AK，则△AKB≌△AED，∵∠BAF+∠DAE=45°，∴∠KAF=45°，∴∠KAF=∠FAE．∵AK=AE，AF=AF，∴△AKF≌△AEF．∴KF=EF．又∵BK=DE，∴EF=BF+DE选择乙发现：证明：延长CB到K，使BK=DE，连AK，则△AKB≌△AED∵∠BAF+∠DAE=45°，∴∠KAF=45°，∴∠KAF=∠FAE．∵AK=AE，AF=AF，∴KF=EF．又∵BK=DE，∴EF=BF+DE△CEF周长=CF+CE+EF=CF+CE+（BF+DE）=（CF+BF）+（CE+DE）=BC+DC=2a（定值）选择丙发现：证明：如图，在AK上截取AG=AM，连接BG，GN．∵AG=AM，AB=AD，∠KAB=∠EAD，∴△ABG≌△ADM，∴BG=DM，∠ABG=∠ADB=45°．又∵∠ABD=45°，∴∠GBD=90°．∵∠BAF+∠DAE=45°，∴∠KAF=45°，又∵AG=AM，AN=AN，∴△GAN≌△NAM．∴NG=MN，∵∠GBD=90°，∴BG2+BN2=NG2，∴BN2+DM2=MN2．综上所述：甲、乙、丙三名同学的发现都是正确的．。

初二图形旋转练习题

初二图形旋转练习题图形旋转是初中数学学习中的一项重要内容，通过旋转图形可以帮助我们更好地理解几何形状的属性和特点。

本篇文章将为大家介绍初二图形旋转的相关练习题，希望能够帮助大家更好地掌握图形旋转的方法和技巧。

一、选择题1. 图中的图形旋转了几度？（图片）A. 90°B. 120°C. 180°D. 270°2. 图形绕中心点旋转180°后与原图形重合，下面哪个选项是图形旋转后的样子？（图片）A. （图片）B. （图片）C. （图片）D. （图片）3. 下面哪个图形旋转了180°？（图片）A. （图片）B. （图片）C. （图片）D. （图片）二、解答题1. 将下图中的图形绕点A顺时针旋转90°，请画出旋转后的图形。

（图片）解答：根据题意，我们将图中的图形绕点A进行顺时针旋转90°，得到旋转后的图形如下：（图片）2. 将下图中的图形绕点O逆时针旋转120°，请画出旋转后的图形。

（图片）解答：根据题意，将图中的图形绕点O进行逆时针旋转120°，得到旋转后的图形如下：（图片）3. 将下图中的图形绕点B旋转270°，请画出旋转后的图形。

（图片）解答：根据题意，我们将图中的图形绕点B进行270°旋转，得到旋转后的图形如下：（图片）4. 将下图中的图形绕点C逆时针旋转180°，请画出旋转后的图形。

（图片）解答：根据题意，将图中的图形绕点C进行逆时针旋转180°，得到旋转后的图形如下：（图片）通过以上练习题的解答，我们可以更好地掌握图形旋转的方法和技巧。

图形旋转是初中数学学习中的重要内容，希望大家能够通过不断练习和思考，提高自己的图形旋转能力，更好地应用于解决实际问题中。

八年级数学平移旋转在几何证明中的应用(图形的平移与旋转)拔高练习(含答案)

八年级数学平移旋转在几何证明中的应用(图形的平移与旋转)拔高练习试卷简介:本试卷共5道选择题，全面考察学生对旋转和平移这一部分知识的掌握学习建议:北师版八年级上册第三章图形的平移与旋转，平移和旋转的定义和性质要熟练掌握。

一、单选题(共5道，每道20分)1.(呼和浩特）把∠A是直角的△ABC绕A点沿顺时针方向旋转85°，点B转到点E得△AEF，则以下列结论错误的是（）A.∠BAE=85°B.AC=AFC.EF=BCD.∠EAF=85°答案：D解题思路：旋转前后的两个图形是全等的，所以∠EAF=∠BAC=90°易错点：旋转的定义，性质试题难度：一颗星知识点：旋转的性质2.如图，在△ABC中,∠CAB=70°. 在同一平面内, 将△ABC绕点A旋转到△AB′C′ 的位置, 使得CC′∥AB, 则∠B′AB = _________A.70°B.35°C.45°D.40°答案：D解题思路：解：∵△ABC旋转得到△AB′C′，∴△ABC≌△AB′C′，∴∠B ′AC′=∠BAC=70°，从而∠1+∠2=70°，∠2+∠3=70°，∴∠1=∠3.∵C′C∥AB，∴∠C′CA=∠CAB=70°。

而AC=AC′，∴∠AC′C=70°，∴∠C′AC=40°，从而∠3=40°。

易错点：利用平行进行角度的转移，利用全等找到线段的等量关系。

旋转前后的两个图形是全等图形试题难度：三颗星知识点：全等三角形的性质3.如图，△ABC中，AC=5，中线AD=7，△EDC是由△ADB绕D点旋转所得到的，则AB边的取值范围是( )A.1<AB<29B.4<AB<24C.5<AB<19D.9<AB<19答案：D解题思路：解：旋转不改变图形的形状和大小，△EDC≌△ADB ∴AB=CE，DE=AD=7 在△ACE中，三角形三边关系定理得：AE-AC易错点：旋转前后对应线段试题难度：二颗星知识点：旋转的性质4.已知两个全等的直角三角形纸片ABC、DEF，如图放置，点B、D重合，点F在BC上，AB 与EF交于点G，∠C=∠EFB=90°，∠E=∠ABC=30°，AB=DE=4．若纸片DEF不动，问△ABC绕点F逆时针旋转最小（）度时，四边形ACDE成为以ED为底的梯形．A.120°B.90°C.60°D.30°答案：D解题思路：解：要使四边形ACDE为以ED为底得梯形，则AC∥DE ∵BC⊥AC ∴BC⊥DE ∵∠E=30°∴∠EDF=60°从而∠BFD=30°即转过的最小角度为30°易错点：旋转角度试题难度：二颗星知识点：旋转的性质5.已知：如图，在正方形ABCD外取一点E，连接AE、BE、DE．过点A作AE的垂线交DE 于点P．若AE＝AP＝1，PB＝．下列结论：①△APD≌△AEB；②点B到直线AE的距离为2 ；③EB⊥ED；④S△APD＋S△APB＝1＋；⑤S正方形ABCD＝4＋．其中正确结论的序号是（）A.①③④B.①②⑤C.③④⑤D.①③⑤答案：D解题思路：过B做BF⊥AE的延长线于点F①AE=AP，AB=AD，∠EAB+∠BAP=∠BAP+∠PAD=90°，∴∠BAE=∠DAP，△AEB≌△APD(SAS)，①正确；②∠AEB=∠APD=135°，∴∠BEF=45°，AF⊥BF，∴△BEF为等腰直角三角形；△BEP为直角三角形，,BE=，BF=∴②错③∵∠ABE=∠ADE，∠ADE+∠AGD=90°，∠AGD=∠BGE∴∠BGE+∠ABE=90°，DE⊥BE，∴③正确，④错。

初二下册数学旋转练习题

初二下册数学旋转练习题初二下册数学旋转练习题解析练习一：图形的旋转与对称性1. 图形A经过顺时针旋转90°后，得到图形B。

则图形B经过逆时针旋转90°后，得到图形A。

这是因为顺时针旋转90°和逆时针旋转90°是互逆操作，分别可以实现图形的旋转和反向旋转。

2. 图形C经过顺时针旋转180°后，得到图形D。

以图形的中心点为轴进行旋转，顺时针旋转180°可以实现图形的翻转，即左右对称。

3. 图形E可以通过进行两次顺时针旋转90°来得到图形F。

第一次旋转90°将图形E变为图形G，第二次旋转90°将图形G变为图形F。

这是因为两次旋转90°等效于一次旋转180°，即图形的中心点对称性。

练习二：旋转变换与图形坐标1. 将图形A绕原点逆时针旋转90°，得到图形B。

对于图形上的每一个点(x, y)，经过逆时针旋转90°后变为(-y, x)。

2. 将图形C绕点P(x1, y1)顺时针旋转θ角度，得到图形D。

对于图形上的每一个点(x, y)，经过绕点旋转的变换公式可得：- 新的x坐标为：x' = (x - x1) * cosθ - (y - y1) * sinθ + x1- 新的y坐标为：y' = (y - y1) * cosθ + (x - x1) * sinθ + y1其中，θ为旋转角度，cosθ和sinθ为θ角度的余弦值和正弦值。

3. 图形E绕原点顺时针旋转180°后，得到图形F。

对于图形上的每一个点(x, y)，经过顺时针旋转180°后变为(-x, -y)。

练习三：图形的旋转与面积变化1. 图形A绕点P(3, 4)逆时针旋转60°后，得到图形B。

图形A的面积为12平方单位，图形B的面积也为12平方单位。

这是因为旋转不会改变图形的面积。

2. 图形C绕原点逆时针旋转90°后，得到图形D。

初二数学旋转练习题

初二数学旋转练习题旋转是数学中一个重要的概念，通过旋转可以改变图形的位置和形状。

在初中数学中，我们经常会遇到与旋转有关的题目。

本文将为你提供一些初二数学旋转的练习题，以帮助你更好地理解和掌握旋转的概念。

1. 题目一已知平面坐标系中，点A(-2, 3)关于原点O旋转180°后得到点B，求点B的坐标。

解析：由于点B关于原点O旋转180°，所以点B的横坐标和纵坐标都改变符号。

所以点B的坐标为(2, -3)。

2. 题目二已知平面坐标系中，点A(5, -4)关于横轴旋转90°后得到点B，求点B的坐标。

解析：由于点B关于横轴旋转90°，所以点B的纵坐标变为原来的相反数，横坐标不变。

所以点B的坐标为(5, 4)。

3. 题目三在平面坐标系中，三角形ABC的顶点分别为A(3, 1)，B(-2, 4)，C(1, 8)。

若顺时针旋转90°后得到三角形A'B'C'，求点A'、B'、C'的坐标。

解析：顺时针旋转90°后，点A变为A'，点B变为B'，点C变为C'。

旋转90°后，点A'的坐标为(-1, 3)，点B'的坐标为(-4, 2)，点C'的坐标为(-8, -1)。

4. 题目四图形PQR是正三角形，顶点分别为P(0, 0)，Q(4, 0)，R(2, √3)。

若顺时针旋转60°后得到图形XYZ，求点X、Y、Z的坐标。

解析：顺时针旋转60°后，点P变为X，点Q变为Y，点R变为Z。

点X的坐标为(0, 0)，点Y的坐标为(-2√3, 2)，点Z的坐标为(-√3, √3+2)。

5. 题目五图形ABCD是一个长方形，已知点A(1, 2)，B(5, 2)，C(5, 6)，D(1, 6)。

将图形ABCD按顺时针方向旋转90°，求旋转后的图形的坐标。

中考数学旋转提高练习题压轴题训练及答案

一、旋转真题与模拟题分类汇编（难题易错题）1．（操作发现）（1）如图1，△ABC为等边三角形，先将三角板中的60°角与∠ACB重合，再将三角板绕点C按顺时针方向旋转（旋转角大于0°且小于30°），旋转后三角板的一直角边与AB交于点D，在三角板斜边上取一点F，使CF=CD，线段AB上取点E，使∠DCE=30°，连接AF，EF．①求∠EAF的度数；②DE与EF相等吗？请说明理由；（类比探究）（2）如图2，△ABC为等腰直角三角形，∠ACB=90°，先将三角板的90°角与∠ACB重合，再将三角板绕点C按顺时针方向旋转（旋转角大于0°且小于45°），旋转后三角板的一直角边与AB交于点D，在三角板另一直角边上取一点F，使CF=CD，线段AB上取点E，使∠DCE=45°，连接AF，EF．请直接写出探究结果：①∠EAF的度数；②线段AE，ED，DB之间的数量关系．【答案】（1）①120°②DE=EF；（2）①90°②AE2+DB2=DE2【解析】试题分析：（1）①由等边三角形的性质得出AC=BC，∠BAC=∠B=60°，求出∠ACF=∠BCD，证明△ACF≌△BCD，得出∠CAF=∠B=60°，求出∠EAF=∠BAC+∠CAF=120°；②证出∠DCE=∠FCE，由SAS证明△DCE≌△FCE，得出DE=EF即可；（2）①由等腰直角三角形的性质得出AC=BC，∠BAC=∠B=45°，证出∠ACF=∠BCD，由SAS证明△ACF≌△BCD，得出∠CAF=∠B=45°，AF=DB，求出∠EAF=∠BAC+∠CAF=90°；②证出∠DCE=∠FCE，由SAS证明△DCE≌△FCE，得出DE=EF；在Rt△AEF中，由勾股定理得出AE2+AF2=EF2，即可得出结论．试题解析：解：（1）①∵△ABC是等边三角形，∴AC=BC，∠BAC=∠B=60°．∵∠DCF=60°，∴∠ACF=∠BCD．在△ACF和△BCD中，∵AC=BC，∠ACF=∠BCD，CF=CD，∴△ACF≌△BCD（SAS），∴∠CAF=∠B=60°，∴∠EAF=∠BAC+∠CAF=120°；②DE=EF．理由如下：∵∠DCF =60°，∠DCE =30°，∴∠FCE =60°﹣30°=30°，∴∠DCE =∠FCE ．在△DCE 和△FCE 中，∵CD =CF ，∠DCE =∠FCE ，CE =CE ，∴△DCE ≌△FCE （SAS ），∴DE =EF ；（2）①∵△ABC 是等腰直角三角形，∠ACB =90°，∴AC =BC ，∠BAC =∠B =45°．∵∠DCF =90°，∴∠ACF =∠BCD ．在△ACF 和△BCD 中，∵AC =BC ，∠ACF =∠BCD ，CF =CD ，∴△ACF ≌△BCD （SAS ），∴∠CAF =∠B =45°，AF =DB ，∴∠EAF =∠BAC +∠CAF =90°； ②AE 2+DB 2=DE 2，理由如下：∵∠DCF =90°，∠DCE =45°，∴∠FCE =90°﹣45°=45°，∴∠DCE =∠FCE ．在△DCE 和△FCE 中，∵CD =CF ，∠DCE =∠FCE ，CE =CE ，∴△DCE ≌△FCE （SAS ），∴DE =EF ．在Rt △AEF 中，AE 2+AF 2=EF 2，又∵AF =DB ，∴AE 2+DB 2=DE 2．2．平面上，Rt △ABC 与直径为CE 的半圆O 如图1摆放，∠B ＝90°，AC ＝2CE ＝m ，BC ＝n ，半圆O 交BC 边于点D ，将半圆O 绕点C 按逆时针方向旋转，点D 随半圆O 旋转且∠ECD 始终等于∠ACB ，旋转角记为α（0°≤α≤180°）（1）当α＝0°时，连接DE ，则∠CDE ＝ °，CD ＝；（2）试判断：旋转过程中BDAE的大小有无变化？请仅就图2的情形给出证明；（3）若m ＝10，n ＝8，当α＝∠ACB 时，求线段BD 的长；（4）若m ＝6，n ＝2，当半圆O 旋转至与△ABC 的边相切时，直接写出线段BD 的长．【答案】（1）90°，2n ；（2）无变化；（3125；（4）BD=101143．【解析】试题分析：（1）①根据直径的性质，由DE ∥AB 得CD CECB CA=即可解决问题．②求出BD 、AE 即可解决问题．（2）只要证明△ACE ∽△BCD 即可．（3）求出AB 、AE ，利用△ACE ∽△BCD 即可解决问题．（4）分类讨论：①如图5中，当α=90°时，半圆与AC 相切，②如图6中，当α=90°+∠ACB 时，半圆与BC 相切，分别求出BD 即可．试题解析：（1）解：①如图1中，当α=0时，连接DE ，则∠CDE =90°．∵∠CDE =∠B =90°，∴DE ∥AB ，∴CE CD AC CB ==12．∵BC =n ，∴CD =12n ．故答案为90°，12n ． ②如图2中，当α=180°时，BD =BC +CD =32n ，AE =AC +CE =32m ，∴BD AE =n m．故答案为nm．（2）如图3中，∵∠ACB =∠DCE ，∴∠ACE =∠BCD ．∵CD BC nCE AC m==，∴△ACE ∽△BCD ，∴BD BC nAE AC m==．（3）如图4中，当α=∠ACB 时．在Rt △ABC 中，∵AC =10，BC =8，∴AB 22AC BC -．在Rt △ABE 中，∵AB =6，BE =BC ﹣CE =3，∴AE 22AB BE +2263+52）可知△ACE ∽△BCD ，∴BD BCAE AC=，∴35=810，∴BD 125125．（4）∵m =6，n =2∴CE =3，CD 2，AB 22CA BC -=2，①如图5中，当α=90°时，半圆与AC 相切．在Rt △DBC 中，BD 22BC CD +224222+（）（）10． ②如图6中，当α=90°+∠ACB 时，半圆与BC 相切，作EM ⊥AB 于M ．∵∠M =∠CBM =∠BCE =90°，∴四边形BCEM 是矩形，∴342BM EC ME ===，∴AM =5，AE 22AM ME +57，由（2）可知DB AE =23，∴BD =1143．故答案为1021143．点睛：本题考查了圆的有关知识，相似三角形的判定和性质、勾股定理等知识，正确画出图形是解决问题的关键，学会分类讨论的思想，本题综合性比较强，属于中考压轴题．3．如图1，△ABC是边长为4cm的等边三角形，边AB在射线OM上，且OA=6cm，点D 从O点出发，沿OM的方向以1cm/s的速度运动，当D不与点A重合时，将△ACD绕点C 逆时针方向旋转60°得到△BCE，连结DE．（1）求证：△CDE是等边三角形；（2）如图2，当6＜t＜10时，△BDE的周长是否存在最小值？若存在，求出△BDE的最小周长；若不存在，请说明理由；（3）如图3，当点D在射线OM上运动时，是否存在以D、E、B为顶点的三角形是直角三角形？若存在，求出此时t的值；若不存在，请说明理由．【答案】（1）见解析（2）见解析（3）存在【解析】试题分析：（1）由旋转的性质得到∠DCE=60°，DC=EC，即可得到结论；（2）当6＜t＜10时，由旋转的性质得到BE=AD，于是得到C△DBE=BE+DB+DE=AB+DE=4+DE，根据等边三角形的性质得到DE=CD，由垂线段最短得到当CD⊥AB时，△BDE的周长最小，于是得到结论；（3）存在，①当点D于点B重合时，D，B，E不能构成三角形，②当0≤t＜6时，由旋转的性质得到∠ABE=60°，∠BDE＜60°，求得∠BED=90°，根据等边三角形的性质得到∠DEB=60°，求得∠CEB=30°，求得OD=OA-DA=6-4=2，于是得到t=2÷1=2s；③当6＜t＜10s 时，此时不存在；④当t＞10s时，由旋转的性质得到∠DBE=60°，求得∠BDE＞60°，于是得到t=14÷1=14s.试题解析：（1）证明：∵将△ACD绕点C逆时针方向旋转60°得到△BCE，∴∠DCE=60°，DC=EC，∴△CDE是等边三角形；（2）存在，当6＜t＜10时，由旋转的性质得，BE=AD，∴C△DBE=BE+DB+DE=AB+DE=4+DE，由（1）知，△CDE是等边三角形，∴DE=CD，∴C△DBE=CD+4，由垂线段最短可知，当CD⊥AB时，△BDE的周长最小，此时，CD cm，∴△BDE的最小周长=CD；（3）存在，①∵当点D与点B重合时，D，B，E不能构成三角形，∴当点D与点B重合时，不符合题意；②当0≤t＜6时，由旋转可知，∠ABE=60°，∠BDE＜60°，∴∠BED=90°，由（1）可知，△CDE是等边三角形，∴∠DEB=60°，∴∠CEB=30°，∵∠CEB=∠CDA，∴∠CDA=30°，∵∠CAB=60°，∴∠ACD=∠ADC=30°，∴DA=CA=4，∴OD=OA﹣DA=6﹣4=2，∴t=2÷1=2s；③当6＜t＜10s时，由∠DBE=120°＞90°，∴此时不存在；④当t＞10s时，由旋转的性质可知，∠DBE=60°，又由（1）知∠CDE=60°，∴∠BDE=∠CDE+∠BDC=60°+∠BDC，而∠BDC＞0°，∴∠BDE＞60°，∴只能∠BDE=90°，从而∠BCD=30°，∴BD=BC=4，∴OD=14cm，∴t=14÷1=14s.综上所述：当t=2或14s时，以D、E、B为顶点的三角形是直角三角形．点睛：在不带坐标的几何动点问题中求最值，通常是将其表达式写出来，再通过几何或代数的方法求出最值；像第三小问这种探究性的题目，一定要多种情况考虑全面，控制变量，从某一个方面出发去分类.4．在平面直角坐标系中，O 为原点，点A （3，0），点B （0，4），把△ABO 绕点A 顺时针旋转，得△AB ′O ′，点B ，O 旋转后的对应点为B ′，O ．（1）如图1，当旋转角为90°时，求BB ′的长；（2）如图2，当旋转角为120°时，求点O ′的坐标；（3）在（2）的条件下，边OB 上的一点P 旋转后的对应点为P ′，当O ′P +AP ′取得最小值时，求点P ′的坐标．（直接写出结果即可）【答案】（1）22）O'（92333）P'（27563）.【解析】【分析】（1）先求出AB ．利用旋转判断出△ABB '是等腰直角三角形，即可得出结论；（2）先判断出∠HAO '=60°，利用含30度角的直角三角形的性质求出AH ，OH ，即可得出结论；（3）先确定出直线O 'C 的解析式，进而确定出点P 的坐标，再利用含30度角的直角三角形的性质即可得出结论．【详解】（1）∵A （3，0），B （0，4），∴OA =3，OB =4，∴AB =5，由旋转知，BA =B 'A ，∠BAB '=90°，∴△ABB '是等腰直角三角形，∴BB 2AB 2；（2）如图2，过点O '作O 'H ⊥x 轴于H ，由旋转知，O 'A =OA =3，∠OAO '=120°，∴∠HAO '=60°，∴∠HO 'A =30°，∴AH =12AO '=32，OH 333，∴OH =OA +AH =92，∴O '（9332，（3）由旋转知，AP =AP '，∴O 'P +AP '=O 'P +AP ．如图3，作A 关于y 轴的对称点C ，连接O 'C 交y 轴于P ，∴O 'P +AP =O 'P +CP =O 'C ，此时，O 'P +AP 的值最小． ∵点C 与点A 关于y 轴对称，∴C （﹣3，0）． ∵O '（93322，），∴直线O 'C 的解析式为y =35x +335，令x =0，∴y =335，∴P （0，33），∴O 'P '=OP 33，作P 'D ⊥O 'H 于D ．∵∠B'O'A=∠BOA=90°，∠AO'H=30°，∴∠DP'O'=30°，∴O'D=12O'P'=3310，P'D=3O'D=910，∴DH=O'H﹣O'D=63，O'H+P'D=275，∴P'（27635，）．【点睛】本题是几何变换综合题，考查了旋转的性质，等腰直角三角形的性质，含30度角的直角三角形的性质，构造出直角三角形是解答本题的关键．5．如图（1）所示，将一个腰长为2等腰直角△BCD和直角边长为2、宽为1的直角△CED 拼在一起．现将△CED绕点C顺时针旋转至△CE’D’，旋转角为a．（1）如图（2），旋转角a=30°时，点D′到CD边的距离D’A=______．求证：四边形ACED′为矩形；（2）如图（1），△CED绕点C顺时针旋转一周的过程中，在BC上如何取点G，使得GD’=E’D；并说明理由．（3）△CED绕点C顺时针旋转一周的过程中，∠CE’D=90°时，直接写出旋转角a的值．【答案】1【解析】分析：（1）过D′作D′N⊥CD于N．由30°所对直角边等于斜边的一半即可得结论．由D’A∥CE且D’A=CE=1，得到四边形ACED’为平行四边形．根据有一个角为90°的平行四边形是矩形，即可得出结论；（2）取BC中点即为点G，连接GD’．易证△DCE’≌△D’CG，由全等三角形的对应边相等即可得出结论．（3）分两种情况讨论即可．详解：（1）D’A=1．理由如下：过D′作D′N⊥CD于N．∵∠NCD′=30°，CD′=CD=2，∴ND′= 12CD′=1．由已知，D’A∥CE，且D’A=CE=1，∴四边形ACED’为平行四边形．又∵∠DCE=90°，∴四边形ACED’为矩形；（2）如图，取BC中点即为点G，连接GD’．∵∠DCE=∠D’CE’=90°，∴∠DCE’=∠D’CG．又∵D’C= DC，CG=CE’，∴△DCE’≌△D’CG，∴GD’=E’D．（3）分两种情况讨论：①如图1．∵∠CE′D=90°，CD=2，CE′=1，∴∠CDE′=30°，∴∠E′CD=60°，∴∠E′CB=30°，∴旋转角=∠ECE′=180°+30°=210°．②如图2，同理可得∠E′CE=30°，∴旋转角=360°－30°=330°．点睛：本题考查了旋转的性质：旋转前后两图形全等；对应点到旋转中心的距离相等；对应点与旋转中心的连线段的夹角等于旋转角．6．在平面直角坐标系中，O为原点，点A（0，4），点B（﹣2，0），把△ABO绕点A逆时针旋转，得△AB′O′，点B、O旋转后的对应点为B′、O′．（1）如图①，若旋转角为60°时，求BB′的长；（2）如图②，若AB′∥x轴，求点O′的坐标；（3）如图③，若旋转角为240°时，边OB上的一点P旋转后的对应点为P′，当O′P+AP′取得最小值时，求点P′的坐标（直接写出结果即可）【答案】（1）252）点O′的坐标为（855，55+4）；（3）点P′的坐标为（﹣83 5，365．【解析】分析：（1）由点A、B的坐标可得出AB的长度，连接BB′，由旋转可知：AB=AB′，∠BAB′=60°，进而可得出△ABB′为等边三角形，根据等边三角形的性质可求出BB′的长；（2）过点O′作O′D⊥x轴，垂足为D，交AB′于点E，则△AO′E∽△ABO，根据旋转的性质结合相似三角形的性质可求出AE、O′E的长，进而可得出点O′的坐标；（3）作点A关于x轴对称的点A′，连接A′O′交x轴于点P，此时O′P+AP′取最小值，过点O′作O′F⊥y轴，垂足为点F，过点P′作PM⊥O′F，垂足为点M，根据旋转的性质结合解直角三角形可求出点O′的坐标，由A、A′关于x轴对称可得出点A′的坐标，利用待定系数法即可求出直线A′O′的解析式，由一次函数图象上点的坐标特征可得出点P的坐标，进而可得出OP的长度，再在Rt△O′P′M中，通过解直角三角形可求出O′M、P′M的长，进而可得出此时点P′的坐标．详解：（1）∵点A（0，4），点B（﹣2，0），∴OA=4，OB=2，∴AB22OA OB5．在图①中，连接BB′．由旋转可知：AB=AB′，∠BAB′=60°，∴△ABB′为等边三角形，∴BB′=AB5（2）在图②中，过点O′作O′D⊥x轴，垂足为D，交AB′于点E．∵AB′∥x轴，O′E⊥x轴，∴∠O′EA=90°=∠AOB．由旋转可知：∠B′AO′=∠BAO，AO′=AO=4，∴△AO′E∽△ABO，AEAO='O EBO='AOAB，即4AE ='2O E =25，∴AE =855，O′E =455，∴O ′D =455+4，∴点O ′的坐标为（8545，+4）．（3）作点A 关于x 轴对称的点A ′，连接A ′O ′交x 轴于点P ，此时O ′P +AP ′取最小值，过点O ′作O ′F ⊥y 轴，垂足为点F ，过点P ′作PM ⊥O ′F ，垂足为点M ，如图3所示．由旋转可知：AO ′=AO =4，∠O ′AF =240°﹣180°=60°，∴AF =12AO ′=2，O ′F =3AO ′=23，∴点O ′（﹣23，6）．∵点A （0，4），∴点A ′（0，﹣4）．设直线A ′O ′的解析式为y =kx +b ，将A ′（0，﹣4）、O ′（﹣23，6）代入y =kx +b ，得：4236b k b =-⎧⎪⎨-+=⎪⎩，解得：5334k b ⎧=-⎪⎨⎪=-⎩，∴直线A ′O ′的解析式为y =﹣53x ﹣4．当y =0时，有﹣53x ﹣4=0，解得：x =﹣43，∴点P （﹣43，0），∴OP =O ′P ′=435．在Rt △O ′P ′M 中，∠MO ′P ′=60°，∠O ′MP ′=90°，∴O ′M =12O ′P ′=23，P ′M =3O ′P ′=65，∴点P ′的坐标为（﹣23+23，6+65），即（﹣83365，）．点睛：本题考查了函数图象及旋转变换、待定系数法求一次函数解析式、等边三角形的判定与性质、一次函数图象上点的坐标特征以及解直角三角形，解题的关键是：（1）利用等边三角形的性质找出BB ′的长；（2）通过解直角三角形求出AE 、O ′E 的长；（3）利用两点之间线段最短找出当O ′P +AP ′取得最小值时点P 的位置．7．（10分）已知△ABC 和△ADE 是等腰直角三角形，∠ACB=∠ADE=90°，点F 为BE 中点，连结DF、CF.（1）如图1，当点D在AB上，点E在AC上，请直接写出此时线段DF、CF的数量关系和位置关系（不用证明）；（2）如图2，在（1）的条件下将△ADE绕点A顺时针旋转45°时，请你判断此时（1）中的结论是否仍然成立，并证明你的判断；（3）如图3，在（1）的条件下将△ADE绕点A顺时针旋转90°时，若AD=1，AC=，求此时线段CF的长（直接写出结果）.【答案】（1）相等和垂直；（2）成立，理由见试题解析；（3）．【解析】试题分析：（1）根据“直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半”可知DF=BF，根据∠DFE=2∠DCF，∠BFE=2∠BCF，得到∠EFD+∠EFB=2∠DCB=90°，DF⊥BF；（2）延长DF交BC于点G，先证明△DEF≌△GCF，得到DE=CG，DF=FG，根据AD=DE，AB=BC，得到BD=BG又因为∠ABC=90°，所以DF=CF且DF⊥BF；（3）延长DF交BA于点H，先证明△DEF≌△HBF，得到DE=BH，DF=FH，根据旋转条件可以△ADH为直角三角形，由△ABC和△ADE是等腰直角三角形，AC=，可以求出AB的值，进而可以根据勾股定理可以求出DH，再求出DF，由DF=BF，求出得CF的值．试题解析：（1）∵∠ACB=∠ADE=90°，点F为BE中点，∴DF=BE，CF=BE. ∴DF=CF．∵△ABC和△ADE是等腰直角三角形，∴∠ABC=45°.∵BF=DF，∴∠DBF=∠BDF.∵∠DFE=∠ABE+∠BDF，∴∠DFE=2∠DBF.同理得：∠CFE=2∠CBF，∴∠EFD+∠EFC=2∠DBF+2∠CBF=2∠ABC=90°.∴DF=CF，且DF⊥CF．（2）（1）中的结论仍然成立．证明如下：如图，此时点D落在AC上，延长DF交BC于点G．∵∠ADE=∠ACB=90°，∴DE∥BC．∴∠DEF=∠GBF，∠EDF=∠BGF．∵F为BE中点，∴EF=BF．∴△DEF≌△GBF．∴DE=GB，DF=GF．∵AD=DE，∴AD=GB.∵AC=BC，∴AC-AD="BC-GB." ∴DC=GC．∵∠ACB=90°，∴△DCG是等腰直角三角形.∵DF=GF，∴DF=CF，DF⊥CF．（3）如图，延长DF交BA于点H，∵△ABC和△ADE是等腰直角三角形，∴AC=BC，AD=DE．∴∠AED=∠ABC=45°.∵由旋转可以得出，∠CAE=∠BAD=90°，∵AE∥BC，∴∠AEB=∠CBE. ∴∠DEF=∠HBF．∵F是BE的中点，∴EF="BF." ∴△DEF≌△HBF. ∴ED=HB.∵AC=，在Rt△ABC中，由勾股定理，得AB=4.∵AD=1，∴ED=BH=1.∴AH=3.在Rt△HAD中，由勾股定理，得DH=，∴DF=，∴CF=.∴线段CF的长为.考点：1.等腰直角三角形的性质；2.全等三角形的判定和性质；3.勾股定理．8．如图1，在正方形ABCD中，点E、F分别在边BC，CD上，且BE=DF，点P是AF的中点，点Q是直线AC与EF的交点，连接PQ，PD．（1）求证：AC垂直平分EF；（2）试判断△PDQ的形状，并加以证明；（3）如图2，若将△CEF绕着点C旋转180°，其余条件不变，则（2）中的结论还成立吗？若成立，请加以证明；若不成立，请说明理由．【答案】（1）证明见解析；（2）△PDQ是等腰直角三角形；理由见解析（3）成立；理由见解析.【解析】试题分析：（1）由正方形的性质得出AB=BC=CD=AD，∠B=∠ADF=90°，∠BCA=∠DCA=45°，由BE=DF，得出CE=CF，△CEF是等腰直角三角形，即可得出结论；（2）由直角三角形斜边上的中线的性质得出PD=AF，PQ=AF，得出PD=PQ，再证明∠DPQ=90°，即可得出结论；（3）由直角三角形斜边上的中线的性质得出PD=AF，PQ=AF，得出PD=PQ，再证明点A、F、Q、P四点共圆，由圆周角定理得出∠DPQ=2∠DAQ=90°，即可得出结论．试题解析：（1）证明：∵四边形ABCD是正方形，∴AB=BC=CD=AD，∠B=∠ADF=90°，∠BCA=∠DCA=45°，∵BE=DF，∴CE=CF，∴AC垂直平分EF；（2）解：△PDQ是等腰直角三角形；理由如下：∵点P是AF的中点，∠ADF=90°，∴PD=AF=PA，∴∠DAP=∠ADP，∵AC垂直平分EF，∴∠AQF=90°，∴PQ=AF=PA，∴∠PAQ=∠AQP，PD=PQ，∵∠DPF=∠PAD+∠ADP，∠QPF=∠PAQ+∠AQP，∴∠DPQ=2∠PAD+2∠PAQ=2（∠PAD+∠PAQ）=2×45°=90°，∴△PDQ是等腰直角三角形；（3）成立；理由如下：∵点P是AF的中点，∠ADF=90°，∴PD=AF=PA，∵BE=DF，BC=CD，∠FCQ=∠ACD=45°，∠ECQ=∠ACB=45°，∴CE=CF，∠FCQ=∠ECQ，∴CQ⊥EF，∠AQF=90°，∴PQ=AF=AP=PF，∴PD=PQ=AP=PF，∴点A、F、Q、P四点共圆，∴∠DPQ=2∠DAQ=90°，∴△PDQ是等腰直角三角形．考点：四边形综合题．。

旋转拔高试题

旋转拔高试题一．选择题1．下列说法正确的是（）A、平移不改变图形的形状和大小，而旋转则改变图形的形状和大小B、图形可以向某方向平移一定的距离，也可以向某方向旋转一定距离C、平移和旋转的共同点是改变图形的位置D、在平移和旋转图形中，对应角相等，对应线段相等且平行2.一个图形无论经过平移还是旋转，正确的说法有（）①对应线段平行；②对应线段相等；③对应角相等；④图形的形状和大小都没有发生变化A．①②③B．①②④C．①③④D．②③④3．等边三角形绕中心按顺时针旋转最小角度是（）时，图形与原图形重合．A.30 B 90 C.120 D 6011．将叶片图案旋转180°后，得到的图形是A B C D4．下列图形中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是5．下列是用同一副七巧板拼成的四幅图案，则与其中三幅图案不同的一幅是（）.6．下列各图中，既可经过平移，又可经过旋转，由图形①得到图形②的是（）7．下列各组图中，图形甲变成图形乙，既能用平移，又能用旋转的是（）8．下面四个图案中，是轴对称图形但不是旋转对称图形的是（）9.在下列四种图形变换中本题图案不包含的变换是（）A、位似B旋转C、轴对称D、平移10．在下图4×4的正方形网格中，△MNP绕某点旋转一定的角度，得到△M1N1P1，则其旋转中心可能是（）A．点A B．点B C．点C D．点D 11．如图，点A、B、C、D、O都在方格纸的格点上，若△COD是由△AOB绕点O按逆时针方向旋转而得，则旋转的角度为（）（A）30°（B）45°（C）90°（D）135°12．如图，已知正方形ABCD的边长为2，如果将线段BD绕着点B旋转后，点D落在CB 的延长线上的D′处，那么tan∠BAD′等于（）(A) 1 (B)√2 (C) √2/2 (D)2√2 13．如图是“北大西洋公约组织”标志的主体部分（平面图），它是由四边形OABC绕点O进行3次旋转变换后形成的．测得AB＝BC，OA＝OC，∠ABC＝40°，则∠OAB的度数是（）A．115° B．116 °C．117°D．137.5°14．如图，将边长为1的正方形OAPB沿x轴正方向连续翻转8次，点P依次落在点P1、P2 、P3、P4、P8的位置，则P8的横坐标是（）A．5 B．6 C．7 D．815．如图，已知扇形的圆心角为60，半径为1，将它沿着箭头方向无滑动滚动到OA1B1位置，则有:①点O到O1的路径是OO1→O1O2→O2O1；②点O到O1的路径是弧OO1→O1O2→O2O1；③点O在O1→O2段上的运动路径是线段O1O2；④点O到O1所经过的路径长为4π/3；以上命题正确的序号是:A. ②③B．③④C．①④D．②④16．如图，在Rt△ABC中，∠BAC=90°，AB=AC，将△ABP绕点A逆时针旋转后，能与△ACP1重合，如果AP=3，那么PP1的长等于………………………………（）A．3√2 B．2√3 C．4√2 D．3√317．如罔，在Rt△ABC中，∠BAC=90°，∠B=60°，△AB1C1可以由△ABC绕点A顺时针旋转90°得到(点B1 与点B是对应点，点C1与点C是对应点)，连接CC’，则∠CC’B’的度数是( )。

人教版八年级数学上册旋转练习题

人教版八年级数学上册旋转练习题
该文档包含了人教版八年级数学上册的旋转练题。

以下是一些练题的例子：
1. 请你画出将三角形ABC按照顺时针方向旋转90度的结果图形。

2. 将矩形DEFG绕顶点E顺时针旋转180度，画出旋转后的结果图形。

3. 在平面直角坐标系中，将点P(x, y)按照逆时针方向旋转90度，求旋转后的坐标。

请通过完成上述练题来巩固你在旋转方面的数学知识和技能。

练题1
考虑三角形ABC，其中A(2, 3)，B(5, 1)，C(7, 4)。

按照顺时针方向旋转90度后的坐标为多少？
请你根据上述信息完成练题1。

练题2
矩形DEFG的坐标如下：D(1, 1)，E(4, 1)，F(4, 4)，G(1, 4)。

将矩形DEFG绕顶点E顺时针旋转180度后的坐标是什么？
请你根据上述信息完成练题2。

练题3
在平面直角坐标系中，点P的坐标为(x, y)。

请你按照逆时针方向旋转90度，求旋转后的坐标。

请你根据上述信息完成练题3。

以上是人教版八年级数学上册的旋转练题。

通过完成这些题目，你可以更好地理解和掌握旋转的概念和运算方法。

注意：在解答练题时，请仔细计算坐标，并确保按照题目要
求进行正确的旋转操作。

在解答练习题时，请仔细计算坐标，并
确保按照题目要求进行正确的旋转操作。

请根据自己的学习进度和能力，合理安排时间完成这些练习题，并随时向老师或同学寻求帮助。

加油！。

初二数学图形旋转练习题

初二数学图形旋转练习题旋转是数学中一个重要的概念和技巧，它在几何学中具有广泛的应用。

通过旋转运动，我们可以改变图形的位置和形态，从而更好地理解几何关系。

本文将通过一系列练习题，帮助初二的学生们熟悉和掌握图形的旋转操作。

1. 简单旋转练习在这个练习中，我们将使用基本图形进行旋转操作。

请根据题目要求，找到旋转后的图形。

1.1 题目一：将一个正方形顺时针旋转90°，找出旋转后的图形。

解析：首先，我们需要确定旋转中心。

对于正方形来说，旋转中心正好位于正方形的中心点。

然后，我们按照顺时针方向旋转90°，得到如下结果：（插入图片：旋转后的正方形）1.2 题目二：将一个矩形逆时针旋转180°，找出旋转后的图形。

解析：与上一题类似，我们需要确定旋转中心。

对于矩形来说，旋转中心也位于矩形的中心点。

然后，我们按照逆时针方向旋转180°，得到如下结果：（插入图片：旋转后的矩形）2. 图形旋转变换在这个练习中，我们将使用不同的图形进行旋转变换。

请根据题目要求，找到旋转后的图形。

2.1 题目一：将一个等边三角形顺时针旋转60°，找出旋转后的图形。

解析：对于等边三角形来说，旋转中心位于三角形的重心。

然后，我们按照顺时针方向旋转60°，得到如下结果：（插入图片：旋转后的等边三角形）2.2 题目二：将一个菱形顺时针旋转45°，找出旋转后的图形。

解析：对于菱形来说，旋转中心位于菱形的中心点。

然后，我们按照顺时针方向旋转45°，得到如下结果：（插入图片：旋转后的菱形）3. 运用旋转解决实际问题在几何学中，旋转不仅仅是一种技巧，还可以帮助我们解决实际问题。

以下是一个实际问题的例子，通过旋转来求解。

题目：一根长方形木板的长是10厘米，宽是5厘米。

如果我们将这块木板绕其中一条边旋转，形成一个圆柱体，求这个圆柱体的表面积。

解析：首先，我们需要确定旋转中心。

由于木板是长方形，我们可以选择其中一条边作为旋转轴，例如长边。

初二数学图形的旋转练习题

初二数学图形的旋转练习题旋转是数学中常见的图形变换方式之一，通过对图形进行旋转可以帮助我们理解几何形状的性质和关系。

在初二数学学习中，图形的旋转也是一个重要的练习题型。

本文将通过几个练习题来帮助同学们巩固和提高对初二数学图形旋转的理解。

1. 点的旋转练习题：题目1：已知点A(2,3)，将该点绕原点逆时针旋转90度，求旋转后的坐标。

解析：将点A绕原点逆时针旋转90度相当于将A的x坐标和y坐标互换，并且将新的x坐标取负数。

根据这个规律，点A(2,3)绕原点逆时针旋转90度后的新坐标为(-3,2)。

题目2：已知点B(-4,5)，将该点绕原点顺时针旋转180度，求旋转后的坐标。

解析：将点B绕原点顺时针旋转180度相当于将B的x坐标和y坐标都取负数。

根据这个规律，点B(-4,5)绕原点顺时针旋转180度后的新坐标为(4,-5)。

2. 图形的旋转练习题：题目3：已知矩形ABCD，其中A(2,2)，B(6,2)，C(6,4)，D(2,4)，将该矩形绕原点逆时针旋转90度，求旋转后各顶点的坐标。

解析：首先，按照旋转规则，点A(2,2)绕原点逆时针旋转90度后的新坐标为(-2,2)。

同样，点B(6,2)绕原点逆时针旋转90度后的新坐标为(-2,6)，点C(6,4)旋转后的新坐标为(-4,6)，点D(2,4)旋转后的新坐标为(-4,2)。

这样，旋转后矩形的各顶点坐标为A'(-2,2)，B'(-2,6)，C'(-4,6)，D'(-4,2)。

3. 图形变换的综合练习题：题目4：已知图形ABCD是一个正方形，其中A(0,0)，B(2,0)，C(2,2)，D(0,2)，将该正方形绕原点逆时针旋转45度，然后平移x轴正方向2个单位，求旋转和平移后各顶点的坐标。

解析：首先，按照旋转规则，将正方形的各顶点旋转45度后的新坐标为A'、B'、C'和D'。

根据题目要求平移x轴正方向2个单位，新的坐标为A''、B''、C''和D''。

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