计算机组成原理第11周作业--第十章
计算机组成原理 复习题及答案
第3章6、二进制左移一位，则数值_a____；二进制右移一位，则数值__b_____。
a)增大一倍b)减小一倍c)增大10倍b)减小10倍7、8位二进制无符号定点整数能表示的数值范围是d ，8位二进制补码定点整数能表示的数值范围是 a 。
a)-128~127 b) –127~127 c)0~127 d) 0~255 e) 0~2568、8位原码能表示的数据个数是 c ；8位补码能表示的数据个数是 d 。
a)127 b)128 c)255 d)256第4章1 DRAM地址分两次输入（行选通RAS、列选通CAS）的目的是_b________。
a)缩短读/写时间b)减少芯片引出端线数c)刷新第5章9 在指令系统中采用 b 寻址方式的指令其长度最短。
a)立即数b)寄存器c)直接d)变址10、一条指令字长16位，存储器按字节编址，在读取一条指令后，PC的值自动加__b____。
a)1 b)2 c)4 d)-111、某计算机存储器按字（16位）编址，每取出一条指令后PC值自动+1，说明其指令长度是___b_____。
a)1个字节b)2个字节c)4个字节第6章7、在取指令操作完成之后，PC中存放的是 c 。
a）当前指令的地址b）下一条实际执行的指令地址c）下一条顺序执行的指令地址PC+1d）对于微程序控制计算机，存放的是该条指令的微程序入口地址。
8、控制存储器用来存放__d_____。
a)机器指令和数据b)微程序和数据c)机器指令和微程序d)微程序第8章3、在大多数磁盘存储器中，以下正确的是_b__。
a)各个磁道的位密度相等b)内圈磁道的位密度较大c)外圈磁道的位密度较大c)磁盘读写信息的最小单位是字节4 大多数情况下，对于磁盘，以下叙述正确的是__d___。
a)依靠磁盘的旋转定位磁道b)依靠磁臂的移动定位扇区c)外圈磁道与内圈磁道的容量不同d)访问磁道的地址用盘面号、磁道号和扇区号来表示。
扇区是最小访问单元。
计算机组成原理作业1 10章答案(完全版)
计算机组成原理作业1 10章答案(完全版)计算机组成原理作业1-10章答案(完全版)第一章计算机系统概论1.什么是计算机系统、计算机硬件和计算机软件？硬件和软件哪个更重要？解：p3计算机系统：由计算机硬件系统和软件系统组成的综合体。
计算机硬件：指计算机中的电子电路和物理设备。
计算机软件：计算机操作所需的程序和相关数据。
硬件和软件在计算机系统中相互依存，缺一不可，因此同样重要。
2.如何理解计算机的层次结构？答：计算机硬件、系统软件和应用软件构成了计算机系统的三个层次结构。
（1）硬件系统是最内层的，它是整个计算机系统的基础和核心。
（2）系统软件在硬件之外，为用户提供一个基本操作界面。
（3）应用软件位于最外层，为用户提供解决特定问题的应用系统界面。
通常将硬件系统之外的其余层称为虚拟机。
各层次之间关系密切，上层是下层的扩展，下层是上层的基础，各层次的划分不是绝对的。
3.解释高级语言、汇编语言和机器语言之间的区别和关系。
答：机器语言是计算机硬件能够直接识别的语言，汇编语言是机器语言的符号表示，高级语言是面向算法的语言。
高级语言编写的程序（源程序）处于最高层，必须翻译成汇编语言，再由汇编程序汇编成机器语言（目标程序）之后才能被执行。
4.如何理解计算机组成和计算机体系结构？答：计算机体系结构是指那些能够被程序员所见到的计算机系统的属性，如指令系统、数据类型、寻址技术组成及i/o机理等。
计算机组成是指如何实现计算机体系结构所体现的属性，包含对程序员透明的硬件细节，如组成计算机系统的各个功能部件的结构和功能，及相互连接方法等。
5.冯？诺依曼计算机有什么特点？解决方案：冯？诺依曼电脑功能：P8计算机由运算器、控制器、存储器、输入设备、输出设备五大部件组成；?指令和数据以同同等地位存放于存储器内，并可以按地址访问；?指令和数据均用二进制表示；指令由两部分组成：操作代码和地址代码。
操作代码用于表示操作的性质，地址代码用于表示操作数在内存中的位置；指令在存储器中顺序存放，通常自动顺序取出执行；?机器以运算器为中心（原始冯?诺依曼机）。
计算机组成原理习题含参考答案
计算机组成原理习题含参考答案一、单选题（共90题，每题1分，共90分）1、在下列寻址中，（）寻址方式需要先运算再访问主存。
A、间接B、直接C、变址D、立即正确答案：C2、在链式查询方式下，若有N个设备，则（）oA、只需一条总线请求线B、需要N条总线请求线C、视情况而定，可能一条，也可能N条总线请求线D、以上说法都不对正确答案：A3、以下有关I/O端口的叙述中，错误的是（）oA、I/O接口中有命令端口、状态端口、数据端口B、I/O接口中命令端口和状态端口不能共用同一个C、I/O接口中程序可访问的寄存器被称为I/O端口D、I/O端口可以和主存统一编号，也可以单独编号正确答案：B4、用移码表示浮点数的阶码，其好处是（）。
A、便于求阶差B、便于用比较电路比较阶的大小C、提高运算精度D、便于判别溢出正确答案：B5、在取指操作结束后，程序计数器中存放的是（）。
A、程序中指令的数量B、当前指令的地址C、已经执行指令的计数值D、下一条指令的地址正确答案：D6、微指令格式分为水平型和垂直型，水平型微指令的位数（）,用它编写的微程序（）。
A、较短，较少B、较长，较短C、较多，较长D、较少，较短正确答案：B7、用二地址指令来完成算术运算时，其结果一般存放在（）。
A、其中一个地址码提供的地址中B、栈顶C、累加器（ACC）中D、以上都不对正确答案：A8、为了缩短指令中某个地址段（或地址码）的位数，有效的方法是采取（）。
A、变址寻址B、间接寻址C、立即寻址D、寄存器寻址正确答案：D9、从计算机系统结构上讲，机器语言程序员所看到的机器属性是（）oA、编程要用到的硬件组织B、计算机硬件的全部组织C、计算机软件所要完成的功能D、计算机各部件的硬件实现正确答案：A10、用于笔记本电脑的大容量存储器是（）oA、U盘B、软磁盘C、固态盘D、磁带正确答案：C11、D/A转换是（）。
A、把数字量转换为模拟量，把转化结果输出计算机B、把计算机输出的模拟量转化为数字量C、把模拟量转化为数字量，把数字量输入到计算机D、把计算机输出的模拟量转为数字量正确答案：A12、程序P在机器M上的执行时间是20秒，编译优化后，P执行的指令数减少到原来的70%,而CP1增加到原来的1.2倍，则P在M上的执行时间是()oA、16.8秒B、8.4秒C、117秒D、14秒正确答案：A13、以下说法错误的是()oA、计算机的机器字长是指数据存储与运算的基本单位B、寄存器由触发器构成C、计算机中一个字的长度都是32位D、磁盘可以永久性存放数据和程序正确答案：C14、主设备通常指()oA、掌握总线权的设备B、发送信息的设备C、主要的设备D、接收信息的设备正确答案：A15、字长12位，用定点补码规格化小数表示时，所能表示的正数范围是()OA、1/2-(1-2-11)B、(1/2+2-11)-(1-2-11)C、2-11-(1-2-11)D、2-12-(1-2-12)正确答案：A16、ASCI1码是对()进行编码的一种方案。
国家开放大学电大《计算机组成原理》网络课形考网考作业及答案(Word最新版)
国家开放高校电大《计算机组成原理》网络课形考网考作业及答案通过整理的国家开放高校电大《计算机组成原理》网络课形考网考作业及答案相关文档，渴望对大家有所扶植，感谢观看！国家开放高校电大《计算机组成原理》网络课形考网考作业及答案100%通过考试说明：2021年秋期电大把该网络课纳入到“国开平台”进行考核，该课程共有6个形考任务，针对该门课程，本人汇总了该科全部的题，形成一个完整的标准题库，并且以后会不断更新，对考生的复习、作业和考试起着特殊重要的作用，会给您节约大量的时间。
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课程总成果= 形成性考核×30% + 终结性考试×70% 形考任务1 一、单项选择题（每小题6分，共36分）题目1 下列数中最小的数是。
选择一项：A. （1010011）2 B. （42）8 C. （10011000）BCD D. （5A）16 题目2 某计算机字长16位，接受补码定点小数表示，符号位为1位，数值位为15位，则可表示的最大正小数为_____，最小负小数为_____。
选择一项：题目3 两个补码数相加，在符号位相同时有可能产生溢出，符号位不同时。
选择一项：A. 会产生溢出B. 也有可能产生溢出C. 不确定会产生溢出 D. 确定不会产生溢出题目 4 已知[X]原=010100，[X]反= 。
选择一项：A. 010100 B. 001011 C. 101011 D. 101100 题目5 已知[X]原=110100，[X]补= 。
选择一项：A. 110100 B. 001011 C. 101011 D. 101100 题目6 已知[X]原=110100，[X]移= 。
选择一项：A. 101100 B. 001100 C. 101011 D. 011011 二、多项选择题（每小题9分，共36分）题目7 机器数中，零的表示形式不唯一的是_____。
计算机组成原理10 第十章 CU的设计(2)
⑨ JMP X
T0
T1 T2 Ad ( IR ) PC
⑩ BAN X
T0
T1 T2 A0 • Ad ( IR ) + A0• PC PC
5. 中断周期 微操作的 节拍安排
T0
T1 T2
10.1
硬件关中断
0
PC MDR
MAR
MDR M ( MAR )
1
W
向量地址
PC
中断隐指令完成
三、组合逻辑设计步骤
T0
EX 执行
1
1 T1
M(MAR) AC
W
(AC)+(MDR) AC T2
MDR
MDR 0
M(MAR)
AC AC 1
1
2. 写出微操作命令的最简表达式
M ( MAR ) MDR
10.1
= FE · 1 + IND · 1 ( ADD + STA + LDA + JMP + BAN ) T T + EX · 1 ( ADD +LDA ) T = T1{ FE + IND ( ADD + STA + LDA + JMP + BAN ) + EX ( ADD +LDA ) }
10.1
微操作命令信号 CLA COM ADD SAT LDA JMP PC 1 M(MAR) ( PC ) +1 MDR OP( IR ) MAR R MDR PC IR ID IND EX 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1
FE 取指
T0 T1 T2 PC 1 R MDR PC IR ID
计算机组成原理作业1-10章答案(唐朔飞)
5. 冯•诺依曼计算机的特点是什么？解：冯•诺依曼计算机的特点是：P8● 计算机由运算器、控制器、存储器、输入设备、输出设备五大部件组成； ● 指令和数据以同同等地位存放于存储器内，并可以按地址访问；● 指令和数据均用二进制表示；● 指令由操作码、地址码两大部分组成，操作码用来表示操作的性质，地址码用来表示操作数在存储器中的位置；● 指令在存储器中顺序存放，通常自动顺序取出执行；● 机器以运算器为中心（原始冯•诺依曼机）。
计算机系统的主要技术指标有：机器字长，数据通路宽度，存储容量，运算速度，主频，吞吐量，响应时间4. 为什么要设置总线判优控制？常见的集中式总线控制有几种？各有何特点？哪种方式响应时间最快？哪种方式对电路故障最敏感？答：总线判优控制解决多个部件同时申请总线时的使用权分配问题；常见的集中式总线控制有三种：链式查询、计数器定时查询、独立请求； 特点：链式查询方式连线简单，易于扩充，对电路故障最敏感；计数器定时查询方式优先级设置较灵活，对故障不敏感，连线及控制过程较复杂；独立请求方式速度最快，但硬件器件用量大，连线多，成本较高。
常用的刷新方法有三种：集中式、分散式、异步式。
半导体存储器芯片的译码驱动方式有两种：线选法和重合法 CPURAM074138RAM1D0D7A12A00Y 1Y 2Y 7Y A15A14A13MREQ A2G B 2G 1G A B C CS CS CS...........................RAM7......W /R WE WE WE +5V（3）如果运行时发现不论往哪片RAM 写入数据后，以A000H 为起始地址的存储芯片(RAM5)都有与其相同的数据，则根本的故障原因为：该存储芯片的片选输入端很可能总是处于低电平。
假设芯片与译码器本身都是好的，可能的情况有：1）该片的CS 端与WE 端错连或短路；2）该片的CS 端与CPU 的MREQ 端错连或短路；3）该片的CS 端与地线错连或短路。
计算机组成原理第10章实训PPT课件
• 的进位结果锁存到进位锁存器中。
2007.7.2
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图10－6 进位控制实训接线 （上图方格内竖线不需要）
2007.7.2
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•电路并检查无误。
•
②打开电源开关。
•
③用输入开关向暂存器DR1和DR2置数。操作
• 流程如图10-5所示。
2007.7.2
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•
c. 按动微动开关KK2（产生T4脉冲信号），与
• LDDR1信号一起，将二进制数01100101置入DR1
• 中。
•
③输入开关向暂存器DR2置数，操作流程如图
• 10-5所示。
•
a. 拨动输入开关形成二进制数10100111（或
• 其它数值）。（数据显示灯亮为0，灭为1）。
F=A+ A B+1 F=A B +(A|B)+1
F=A-B F=A B F=A+AB+1 F=A+B+1 F=AB+(A| B )+1 F=AB F=A+A+1 F=A+(A| B )+1 F=A+(A+ B )+1 F=A
M=1(逻辑运算)
F=A F=A|B F=A B F=0 F=AB F=B F=A⊕B F=A B F= A +B F=A ⊕ B F=B F=AB F=1 F=A+ B F=A+B F=A
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• 2. 进位控制运算
• （1）实训说明
•
进位控制运算器的实训原理如图10-3所示，
第十、十一章作业答案
第十、十一章作业答案1.某系统中使用3片8259A级联，一片为主8259A，两片为从8259A。
从8259A分别接入主8259A的IR2和IR7端。
若已知当前主8259A和从8259A三片的IR3上各接有一个外部中断源，它们三片的中断类型码分别为A0H、B0H和C0H，中断入口均在同一段中，其段基址为2050H, 偏移地址分别为11A0H、22B0H和33C0H，所有中断都采用电平触发方式、完全嵌套、自动EOI方式（原题出错），除了题中接了中断源的引脚外其余IR i均屏蔽。
主8259A的端口地址为1000H和1001H，从片1的端口地址为2000H和2001H，从片2的端口地址为3000H 和3001H。
（1）画出它们的硬件连接图；（2）编写全部初始化程序和中断服务程序入口地址的装入程序，要求注释程序。
（1）（2）主片初始化程序段：MOV DX,1000HMOV AL, 19H ; ICW1OUT DX, ALMOV DX,1001HMOV AL, 0A0H ;ICW2 :中断类型码为A0H～A7HOUT DX, ALMOV AL, 84H ; ICW3: IR7,IR2上连接从片OUT DX, ALMOV AL, 3 ; ICW4OUT DX, ALMOV AL, 73H ; OCW1OUT DX, AL从片1初始化程序段：MOV DX,2000HMOV AL, 19H ; ICW1OUT DX, ALMOV DX,2001HMOV AL, 0B0H ; ICW2: 中断类型码为B0H～B7HOUT DX, ALMOV AL, 2 ；ICW3：从片的识别地址，即主片的IR2OUT DX, ALMOV AL, 3 ; ICW4OUT DX, ALMOV AL, 0F7H ; OCW1OUT DX, AL从片2初始化程序段：MOV DX,3000HMOV AL, 19H ; ICW1OUT DX, ALMOV DX,3001HMOV AL, 0C0H ; ICW2: 中断类型码为C0H～C7HOUT DX, ALMOV AL, 7 ；ICW3：从片的识别地址，即主片的IR7OUT DX, ALMOV AL, 3 ; ICW4OUT DX, ALMOV AL, 0F7H ; OCW1OUT DX, AL中断服务程序入口地址的装入程序：MOV BX，2050H ；主片装入程序MOV DS，BXMOV DX，11A0HMOV AX，25ª3HINT 21HMOV DX，22B0H ；从片1装入程序MOV AX，25B3HINT 21HMOV DX，33C0H；从片2装入程序MOV AX，25C3HINT 21H2. 系统中使用1片8259A，端口地址为3000H和3001H，中断类型码为A0H，采用电平触发方式、完全嵌套、一般EOI结束方式，通过一开关(单稳、防抖)将中断请求信号接到IR7上。
计算机组成原理复习
WE
A1
A0
•••
A9
1
CS1
第4章 存储器
*
字扩展（增加存储字的数量）
存储器与 CPU 的连接
MDR
MAR
CPU
主 存
读
数据总线
地址总线
写
第4章 存储器
*
主存和 CPU 的联系
存储器与 CPU 的连接
地址线的连接 数据线的连接 读/写线的连接 片选线的连接 合理选用芯片 其他 时序、负载
总线控制
主要包括两部件：判优控制
01
主设备(模块)：对总线有 控制权
02
从设备(模块)：响应从主设备发来的总线命令
03
总线判优控制 分布式 集中式 计数器定时查询 独立请求方式 链式查询 第3章 系统总线
*
总线控制
通信控制
目的解决通信双方协调配合问题 总线通信的四种方式
同步、异步结合
通信双方由 统一时标 控制数据传送 采用 应答方式 ，没有公共时钟标准
周期挪用
*
真值与机器数
第6章 计算机的运算方法
*
真值 X=-0.11111 机器数 原码 X=1.11111 补码 X=1.00001 反码 X=1.00000 移码 X=0.00001 转换
第4章 存储器
字块2m－1
字块2c-r+1
字块2c-r + 1
字块2c-r
字块2c-r －
字块1
字块0
…
…
…
字块 3
标记
字块 1
标记
字块 2c－1
标记
字块 2
标记
字块 0
标记
字块 2c－2
计算机组成原理-第11章 MIPS处理器设计(单周期、多周期)1 [兼容模式]
![计算机组成原理-第11章 MIPS处理器设计(单周期、多周期)1 [兼容模式]](https://img.taocdn.com/s3/m/72c9d32567ec102de2bd89a3.png)
llxx@
12
A conceptual view – computational instructions
• Both source
operands and
Read data 2
Register File
Datapath Control Points
RegWrite (“write enable” control point)
寄存器号 Instruction
R-type指令的执行
Read
register 1
Read
Read
data 1
register 2
– beq为相对寻址：以npc为基准，指令中的 target为16位，进行32位有符号扩展后左移两 位（补“00”，字对准）。
– jump为pseudodirect：指令中的target为26位， 而PC为32位。将target左移2位拼装在PC的低 28位上，PC高4位保持不变。
J-type
op(6 bits) rs(5 bits) rt(5 bits) op(6 bits)
data
16 Sign 32 extend
I-type
MemRead
R-type
llxx@
22
Instruction
条件转移beq
PC + 4 from instruction datapath
Add Sum
Branch target
Read
register 1
Read
Read
rt：ld的目的，sw的源
计算机组成原理课后习题答案解析
作业解答第一章作业解答1.1 基本的软件系统包括哪些内容？答：基本的软件系统包括系统软件与应用软件两大类。
系统软件是一组保证计算机系统高效、正确运行的基础软件，通常作为系统资源提供给用户使用。
包括：操作系统、语言处理程序、数据库管理系统、分布式软件系统、网络软件系统、各种服务程序等。
1.2 计算机硬件系统由哪些基本部件组成？它们的主要功能是什么？答：计算机的硬件系统通常由输入设备、输出设备、运算器、存储器和控制器等五大部件组成。
输入设备的主要功能是将程序和数据以机器所能识别和接受的信息形式输入到计算机内。
输出设备的主要功能是将计算机处理的结果以人们所能接受的信息形式或其它系统所要求的信息形式输出。
存储器的主要功能是存储信息，用于存放程序和数据。
运算器的主要功能是对数据进行加工处理，完成算术运算和逻辑运算。
控制器的主要功能是按事先安排好的解题步骤，控制计算机各个部件有条不紊地自动工作。
1.3 冯·诺依曼计算机的基本思想是什么？什么叫存储程序方式？答：冯·诺依曼计算机的基本思想包含三个方面：1) 计算机由输入设备、输出设备、运算器、存储器和控制器五大部件组成。
2) 采用二进制形式表示数据和指令。
3) 采用存储程序方式。
存储程序是指在用计算机解题之前，事先编制好程序，并连同所需的数据预先存入主存储器中。
在解题过程（运行程序）中，由控制器按照事先编好并存入存储器中的程序自动地、连续地从存储器中依次取出指令并执行，直到获得所要求的结果为止。
1.4 早期计算机组织结构有什么特点？现代计算机结构为什么以存储器为中心？答：早期计算机组织结构的特点是：以运算器为中心的，其它部件都通过运算器完成信息的传递。
随着微电子技术的进步，人们将运算器和控制器两个主要功能部件合二为一，集成到一个芯片里构成了微处理器。
同时随着半导体存储器代替磁芯存储器，存储容量成倍地扩大，加上需要计算机处理、加工的信息量与日俱增，以运算器为中心的结构已不能满足计算机发展的需求，甚至会影响计算机的性能。
计算机组成原理第九、十章答案
ZB
Bo，Yi Co，ALUi，+ Zo，Bi
（2） SUB A，H指令流程及微命令序列如下：
PCMAR
PCo，MARi
MM读
1 R
PC+1 PC
MDR IR
+1（图中未标出，
可与前一步并行）
MDRo，IRi
OP=？
SUB
SUB HY
（AC）–（H）Z
ZAC
Ho，Yi
由于题意中没有给出确切的数据通路结构，
故上述节拍分配方案的并行性较低。
2. 写出完成下列指令的微操作及节拍安 排（包括取指操作）。
（1）指令ADD R1，X完成将R1寄存 器的内容和主存X单元的内容相加，结果存 于R1的操作。
（2）指令ISZ X完成将主存X单元的内 容增1，并根据其结果若为0，则跳过下一条 指令执行。
4. 能不能说机器的主频越快，机器 的速度就越快，为什么？
解：不能说机器的主频越快，机器
的速度就越快。因为机器的速度不仅与主 频有关，还与数据通路结构、时序分配方 案、ALU运算能力、指令功能强弱等多 种因素有关，要看综合效果。
5. 设机器A的主频为8MHz，机器周 期含4个时钟周期，且该机的平均指令执 行速度是0.4MIPS，试求该机的平均指令
K K+1
JMP I K 间址特征
解：假设同上题，仍按组合逻辑、单总
线、同步控制安排，带返转指令的全部微操 作及节拍如下：
取指周期： T0 PCMAR，1R T1 PC+1，M(MAR)MDR T2 MDRIR，OP(IR)ID 执行周期：
T0 K(IR)MAR T1 M+1MDR，0 -w
计算机组成原理（第三版）习题答案
计算机组成原理习题答案第一章1．1计算机是一种能自动地、高速地对各种数字化信息进行运算处理的电子设备。
1．2冯诺依曼计算机体系结构的基本思想是存储程序，也就是将用指令序列描述的解题程序与原始数据一起存储到计算机中。
计算机只要一启动，就能自动地取出一条条指令并执行之，直至程序执行完毕，得到计算结果为止。
按此思想设计的计算机硬件系统包含：运算器、控制器、存储器、输入设备和输出设备。
各部分的作用见教材：P10—P121．3计算机的发展经历了四代。
第一代：见教材P1第二代：见教材P2第三代：见教材P2第四代：见教材P21．4系统软件定义见教材：P12—13，应用软件定义见教材：P121．5见教材：P14—151．6见教材：P111．7见教材：P6—81．8硬件定义见教材：P9软件定义见教材：P12固件定义见教材：P131．91）听觉、文字、图像、音频、视频2）图像、声音、压缩、解压、DSP1．10处理程度按从易到难是：文本à图形→图像→音☒频→视频第二章2．1各数的原码、反码、补码和移码见下表：2．227/64=00011011/01000000=0.0110110=0.11011×2-1＝101，011011000规格化浮点表示为：[27/64]原[27/64]反＝110，011011000[27/64]补＝111，011011000同理：--27/64=--0.11011×2-1规格化浮点表示为：[27/64]＝101，111011000原[27/64]反＝110，100100111[27/64]补＝111，1001010002．3 模为：29=10000000002．4 不对，8421码是十进制的编码2．5浮点数的正负看尾数的符号位是1还是0浮点数能表示的数值范围取决于阶码的大小。
计算机组成原理课后作业答案(包健第二版)完整
P156 4.1X＝0.1101 Y＝－0.0110（设机器数长度为8位）[X]补=0.1101000[－X]补=1.0011000[2X]补=溢出[－2X]补=溢出[X/2]补=0.0110100[-X/2]补=1.1001100[Y]补=1.1010000[－Y]补=0.0110000[2Y]补=1.0100000[－2Y]补=0.1100000[Y/2]补=1.1101000[-Y/2]补=0.0011000[-Y/4]补=0.0001100P156：2、（1）（2）P156：4－46－1原码恢复余数算法6－2原码加减交替算法P156：4.8阶码（5位补码）尾数（6位补码）（1）X=-1.625=-1.101B Y=5.25=101.01B X+YX－Y:1、对阶同上2、尾数相减：11.1100110+ 11.01011[E X-Y]补= 11.00100103、结果不需规格化4、舍入处理：[E X-Y]补＝1.00101[X-Y] = 0,0011 1,00101P108：9-1阶码（5位移码）尾数（6位补码）（1）X=5.25=101.01B Y=-1.625=-1.101B X*Y9-1 X/Y:9-2 X*Y9-2 X/Y《存储体系》P225：2、 （1） 片641641161664=⨯=⨯⨯K K（2） s msμ625.151282=（3） s ns μ64500128=⨯ P225：3、（1） 最大主存容量=bit 16218⨯（2） 共需片6416416416218=⨯=⨯⨯bitK bit芯片；若采用异步刷新，则刷新信号的周期为s msμ625.151282= （3） 每块8字节，则Cache 容量为行925128162==⨯BytebitK ，即c=9，Cache 采用2路组相联映射，则r=1。
主存容量为块161828162=⨯Bytebit，即m=16。
每块包含4个字，每字包含2个字节。
计算机组成原理课后作业1~8章
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8. 什么是内存？什么是外存？什么是CPU？ 什么是适配器？简述其功能。
内存： 用于存放系统当前运行所需要的程序和数据的半导体存储 器，称为内存储器，简称内存；
外存 用于存放程序和数据，但不能被CPU直接访问的大容量 存储器，称为外存储器，简称为外存； 外存一般包括磁盘存储器和光盘存储器。
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5、已知x和y，用变形补码计算x＋y，同 时指出结果是否溢出。
①x=0.11011 y=0.00011
[x]补＝00.11011 ，[y]补＝00.00011
[x]补 ＋ [y]补
00.11011 00.00011 00.11110
∴[x+y]补＝00.11110，未溢出 x+y = +0.11110
计算机组成原理课后作业 1~8章
4. 冯诺依曼型计算机的主要设计思想是什 么？它包括哪些主要组成部分？
冯诺依曼计算机的主要设计思想 存储程序并按地址顺序执行
冯诺依曼计算机主要包括 存储器、运算器、控制器、输入和输出五部分组成
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5. 什么是存储容量？什么是单元地址？ 什么是数据字？什么是指令字？
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6、已知x和y，用变形补码计算x－y，同 时指出结果是否溢出。
②x=0.10111 y=0.11011
[x]补＝00.10111，[－y]补＝ 11.00101
[x]补 ＋ [－ y]补
00.10111 11.00101 11.11100
∴[x-y]补＝ 11.11100 ，未溢出
x-y = - 0.00100
2)尾数求和
11. 1 1 0 1 0 1 （0）
MS= Mx+My =00. 0 0 1 0 1 1 （0）＋ 3)规格化处理
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10．2解：设采用单总线结构的CPU数据通路如下图所示，且ALU输入端设两个暂存器C、D（见17题图）。
并设采用同步控制，每周期3节拍：
（1）指令ADD R1，X的微操作及节拍安排如下：
取指周期：T0 PC→MAR，1→ R
T1 M(MAR) →MDR，PC+1→PC
T2 MDR→IR,OP(IR) →ID
执行周期1：T0 Ad（IR）→MAR，1→R
T1 M(MAR) →MDR
T2 MDR→D
执行周期2：T0 R1→C
T1 +
T2 ALU→R1
（2）指令ISZ X的微操作及节拍安排:
取指周期同（1）
执行周期1: T0 Ad（IR）→MAR，1→R
T1 M(MAR)→MDR
T2 MDR→C，+1→ALU
执行周期2：T0 ALU→MDR，1→W
T1 (PC+1)·Z+ PC·Z→PC
10.15解：因为控制存储器共有512*48=29*48
所以，下址字段应有9位，微指令字长48位
又因为控制微程序转移的条件有4个，4+1<=23
所以判断测试字段占3位
因此控制字段位数为：48-9-3=36
微指令格式为：Array
10.21解：为使设计出的微指令操作控制字段最短，并且保持微指令本身内在的并行性，应采用混合编码法。
首先找出互斥的微命令组，为便于分析，将微命令表重画如下：
由表中微命令的分布情况可看出：a、b、c、d、e微命令的并行性太高，因此不能放在同一字段中。
另外，由分析可知，在2、3、4分组的互斥组中，3个一组的微命令互斥组对控制位的压缩作用最明显。
因此，应尽可能多的找出3个一组的互斥组。
现找出的互斥组有：cfj，dij，efh，fhi，bgj，ehj，efj……等等。
从中找出互不相重的互斥组有两个：dij，efh。
则：微指令操作控制字段格式安排如下：
1 1 1 1
2 2
各字段编码分配如下：a：0 无操作，1 a微命令；
b：0 无操作，1 b微命令；
c: 0 无操作, 1 c微命令；
g :0 无操作, 1 g微命令；
dij ：00 无操作；01 d微命令；10 i微命令；11 j微命令；
efh：00 无操作；01 e微命令；10 f微命令；11 h微命令
与采用直接控制法比较：直接控制法：10个微命令需10位操作控制位；本方案中10个微命令需8位操作控制位，压缩了2位。