(江苏专用)高考数学一轮复习考点05函数的单调性与最值必刷题(含解析)
(江苏专用)高考数学一轮复习 第二章 函数概念与基本初等函数(Ⅰ)第5课 函数的单调性与最值教师用书
第5课函数的单调性与最值[最新考纲]内容要求A B C函数的单调性√函数的最值√1.函数的单调性(1)单调函数的定义增函数减函数定义一般地,设函数y=f(x)的定义域为A,区间I⊆A,如果对于区间I内的任意两个值x1,x2当x1<x2时,都有f(x1)<f(x2),那么就说函数f(x)在区间I上是增函数当x1<x2时,都有f(x1)>f(x2),那么就说函数f(x)在区间I上是减函数图象描述自左向右看图象是上升的自左向右看图象是下降的(2)单调区间的定义如果函数y=f(x)在区间I上是增函数或减函数,那么就说函数y=f(x)在区间I上具有单调性,区间I叫作y=f(x)的单调区间.2.函数的最值前提设函数y=f(x)的定义域为I,如果存在实数M满足条件①对于任意的x∈I,都有f(x)≤M;②存在x0∈I,使得f(x0)=M①对于任意的x∈I,都有f(x)≥M;②存在x0∈I,使得f(x0)=M结论M是y=f(x)的最大值M是y=f(x)的最小值1.(思考辨析)判断下列结论的正误.(正确的打“√”,错误的打“×”)(1)对于函数f (x ),x ∈D ,若对任意x 1,x 2∈D ,x 1≠x 2且(x 1-x 2)[f (x 1)-f (x 2)]>0,则函数f (x )在区间D 上是增函数.( )(2)函数y =1x的单调递减区间是(-∞,0)∪(0,+∞).( )(3)函数y =|x |是R 上的增函数.( ) (4)所有的单调函数都有最值.( ) [答案] (1)√ (2)× (3)× (4)×2.(2016·高考改编)下列函数中,在区间(-1,1)上为减函数的是________.(填序号) ①y =11-x ;②y =cos x ; ③y =ln(x +1); ④y =2-x.④ [①中,y =11-x 在(-∞,1)和(1,+∞)上为增函数,故y =11-x 在(-1,1)上为增函数;②中,y =cos x 在(-1,1)上先增后减;③中,y =ln(x +1)在(-1,+∞)上为增函数,故y =ln(x +1)在(-1,1)上为增函数;④中,y =2-x =⎝ ⎛⎭⎪⎫12x 在R 上为减函数,故y =2-x在(-1,1)上是减函数.]3.(教材改编)已知函数f (x )=2x -1,x ∈[2,6],则f (x )的最大值为________,最小值为________.2 25 [可判断函数f (x )=2x -1在[2,6]上为减函数,所以f (x )max =f (2)=2,f (x )min =f (6)=25.]4.设函数f (x )=x 2-2x ,x ∈[-2,a ],若函数的最小值为g (a ),则g (a )=________.⎩⎪⎨⎪⎧a 2-2a ,-2<a <1-1,a ≥1 [∵f (x )=x 2-2x =(x -1)2-1,∴当a ≥1时,函数在[-2,1]上递减,在[-1,a ]上递增,g (a )=-1.当-2<a <1时,函数在[-2,a ]上递减,∴g (a )=a 2-2a ,综上可知,g (a )=⎩⎪⎨⎪⎧a 2-2a ,-2<a <1,-1,a ≥1.]5.(教材改编)已知函数f (x )=x 2-2ax -3在区间[1,2]上具有单调性,则实数a 的取值X 围为________.(-∞,1]∪[2,+∞) [∵f (x )=x 2-2ax -3=(x -a )2-a 2-3, ∴f (x )关于x =a 对称.要使y =f (x )在区间[1,2]上具有单调性, 只需a ≥2或a ≤1.]函数单调性的判断(1)函数f (x )=log 2(x 2-1)的单调递减区间为________. (2)试讨论函数f (x )=x +k x(k >0)的单调性.(1)(-∞,-1) [由x 2-1>0得x >1或x <-1,即函数f (x )的定义域为(-∞,-1)∪(1,+∞).令t =x 2-1,因为y =log 2t 在t ∈(0,+∞)上为增函数,t =x 2-1在x ∈(-∞,-1)上是减函数,所以函数f (x )=log 2(x 2-1)的单调递减区间为(-∞,-1).](2)法一:由解析式可知,函数的定义域是(-∞,0)∪(0,+∞).在(0,+∞)内任取x 1,x 2,令0<x 1<x 2,那么f (x 2)-f (x 1)=⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2+k x 2-⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1+k x 1=(x 2-x 1)+k ⎝ ⎛⎭⎪⎫1x 2-1x 1=(x 2-x 1)x 1x 2-kx 1x 2.因为0<x 1<x 2,所以x 2-x 1>0,x 1x 2>0. 故当x 1,x 2∈(k ,+∞)时,f (x 1)<f (x 2), 即函数在(k ,+∞)上单调递增. 当x 1,x 2∈(0,k )时,f (x 1)>f (x 2), 即函数在(0,k )上单调递减.考虑到函数f (x )=x +k x(k >0)是奇函数,在关于原点对称的区间上具有相同的单调性,故在(-∞,-k )上单调递增,在(-k ,0)上单调递减.综上,函数f (x )在(-∞,-k )和(k ,+∞)上单调递增,在(-k ,0)和(0,k )上单调递减.法二:f ′(x )=1-k x2.令f ′(x )>0得x 2>k ,即x ∈(-∞,-k )或x ∈(k ,+∞),故函数的单调增区间为(-∞,-k )和(k ,+∞).令f ′(x )<0得x 2<k ,即x ∈(-k ,0)或x ∈(0,k ),故函数的单调减区间为(-k ,0)和(0,k ).故函数f (x )在(-∞,-k )和(k ,+∞)上单调递增,在(-k ,0)和(0,k )上单调递减.[规律方法] 1.利用定义判断或证明函数的单调性时,作差后应注意差式的分解变形要彻底.2.利用导数法证明函数的单调性时,求导运算及导函数符号判断要准确.易错警示:求函数的单调区间,应先求定义域,在定义域内求单调区间,如本题(1). [变式训练1] 讨论函数f (x )=axx 2-1(a >0)在x ∈(-1,1)上的单调性.【导学号:62172024】[解] 设-1<x 1<x 2<1, 则f (x 1)-f (x 2)=ax 1x 21-1-ax 2x 22-1=ax 1x 22-ax 1-ax 2x 21+ax 2x 21-1x 22-1=a x 2-x 1x 1x 2+1x 21-1x 22-1.∵-1<x 1<x 2<1,a >0,∴x 2-x 1>0,x 1x 2+1>0,(x 21-1)(x 22-1)>0. ∴f (x 1)-f (x 2)>0,即f (x 1)>f (x 2), 故函数f (x )在(-1,1)上为减函数.利用函数的单调性求最值已知f (x )=x 2+2x +ax,x ∈[1,+∞),且a ≤1.(1)当a =12时,求函数f (x )的最小值;(2)若对任意x ∈[1,+∞),f (x )>0恒成立,试某某数a 的取值X 围.[思路点拨] (1)先判断函数f (x )在[1,+∞)上的单调性,再求最小值;(2)根据f (x )min>0求a 的X 围,而求f (x )min 应对a 分类讨论.[解] (1)当a =12时,f (x )=x +12x +2,f ′(x )=1-12x 2>0,x ∈[1,+∞),即f (x )在[1,+∞)上是增函数,∴f (x )min =f (1)=1+12×1+2=72.(2)f (x )=x +ax+2,x ∈[1,+∞).法一:①当a ≤0时,f (x )在[1,+∞)内为增函数.f (x )min =f (1)=a +3.要使f (x )>0在x ∈[1,+∞)上恒成立,只需a +3>0, ∴-3<a ≤0.②当0<a ≤1时,f (x )在[1,+∞)内为增函数,f (x )min =f (1)=a +3,∴a +3>0,a >-3,∴0<a ≤1.综上所述,f (x )在[1,+∞)上恒大于零时,a 的取值X 围是(-3,1]. 法二:f (x )=x +a x+2>0,∵x ≥1,∴x 2+2x +a >0,∴a >-(x 2+2x ),而-(x 2+2x )在x =1时取得最大值-3,∴-3<a ≤1,即a 的取值X 围为(-3,1].[规律方法] 利用函数的单调性求最值是求函数最值的重要方法,若函数f (x )在闭区间[a ,b ]上是增函数,则f (x )在[a ,b ]上的最大值为f (b ),最小值为f (a ).请思考,若函数f (x )在闭区间[a ,b ]上是减函数呢? [变式训练2] (2016·高考)函数f (x )=xx -1(x ≥2)的最大值为________.2 [法一:∵f ′(x )=-1x -12,∴x ≥2时,f ′(x )<0恒成立,∴f (x )在[2,+∞)上单调递减,∴f (x )在[2,+∞)上的最大值为f (2)=2. 法二:∵f (x )=xx -1=x -1+1x -1=1+1x -1, ∴f (x )的图象是将y =1x的图象向右平移1个单位,再向上平移1个单位得到的.∵y =1x在[2,+∞)上单调递减,∴f (x )在[2,+∞)上单调递减,故f (x )在[2,+∞)上的最大值为f (2)=2.法三:由题意可得f (x )=1+1x -1. ∵x ≥2,∴x -1≥1,∴0<1x -1≤1, ∴1<1+1x -1≤2,即1<x x -1≤2. 故f (x )在[2,+∞)上的最大值为2.]函数单调性的应用☞角度1 比较大小设a =0.60.6,b =0.61.5,c =1.50.6,则a ,b ,c 的大小关系是________.【导学号:62172025】b <a <c [因为函数y =0.6x 是减函数,0<0.6<1.5,所以1>0.60.6>0.61.5,即b <a <1.因为函数y =x 0.6在(0,+∞)上是增函数,1<1.5,所以1.50.6>10.6=1,即c >1.综上,b <a <c .]☞角度2 解不等式已知函数f (x )是定义在区间[0,+∞)上的函数,且在该区间上单调递增,则不等式f (2x -1)<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫13的x 的解集是________. ⎣⎢⎡⎭⎪⎫12,23 [由题意知⎩⎪⎨⎪⎧2x -1≥0,2x -1<13,即⎩⎪⎨⎪⎧x ≥12,x <23,所以12≤x <23.]☞角度3 求参数的取值X 围(1)如果函数f (x )=ax 2+2x -3在区间(-∞,4)上是单调递增的,则实数a的取值X 围是________.(2)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧a -2x -1,x ≤1,log a x ,x >1,若f (x )在(-∞,+∞)上单调递增,则实数a 的取值X 围为________.(1)⎣⎢⎡⎦⎥⎤-14,0 (2)(2,3] [(1)当a =0时,f (x )=2x -3,在定义域R 上是单调递增的,故在(-∞,4)上单调递增;当a ≠0时,二次函数f (x )的对称轴为x =-1a,因为f (x )在(-∞,4)上单调递增, 所以a <0,且-1a ≥4,解得-14≤a <0.综上所述,实数a 的取值X 围是⎣⎢⎡⎦⎥⎤-14,0.(2)要使函数f (x )在R 上单调递增,则有⎩⎪⎨⎪⎧a >1,a -2>0,f 1≤0,即⎩⎪⎨⎪⎧a >1,a >2,a -2-1≤0,解得2<a≤3,即实数a的取值X围是(2,3].][规律方法] 1.比较大小.比较函数值的大小,应将自变量转化到同一个单调区间内,然后利用函数的单调性解决.2.解不等式.在求解与抽象函数有关的不等式时,往往是利用函数的单调性将“f”符号脱掉,使其转化为具体的不等式求解.此时应特别注意函数的定义域.3.利用单调性求参数.视参数为已知数,依据函数的图象或单调性定义,确定函数的单调区间,与已知单调区间比较求参数.易错警示:(1)若函数在区间[a,b]上单调,则该函数在此区间的任意子区间上也是单调的;(2)分段函数的单调性,除注意各段的单调性外,还要注意衔接点的取值.[思想与方法]1.判断函数单调性的四种方法(1)定义法:取值、作差、变形、定号、下结论.(2)复合法:同增异减,即内外函数的单调性相同时为增函数,不同时为减函数.(3)图象法:如果f(x)是以图象形式给出的,或者f(x)的图象易作出,可由图象的直观性判断函数单调性.(4)导数法:利用导函数的正负判断函数单调性. 2.求函数最值的常用方法(1)单调性法:先确定函数的单调性,再由单调性求最值.(2)图象法:先作出函数的图象,再观察其最高点、最低点,求出最值.(3)换元法:对比较复杂的函数可通过换元转化为熟悉的函数,再用相应的方法求最值. [易错与防X]1.易混淆两个概念:“函数的单调区间”和“函数在某区间上单调”,前者指函数具备单调性的“最大”的区间,后者是前者“最大”区间的子集.2.分段函数单调性不仅要考虑各段的单调性,还要注意衔接点.3.函数在两个不同的区间上单调性相同,要分开写,用“,”隔开,不能用“∪”连结.课时分层训练(五) A 组 基础达标 (建议用时:30分钟)一、填空题1.函数y =(2k +1)x +b 在R 上是减函数,则k 的取值X 围是________.【导学号:62172026】⎝ ⎛⎭⎪⎫-∞,-12 [由题意知2k +1<0,得k <-12.] 2.给定函数:①y =x ;②y =log 12(x +1);③y =|x -1|;④y =2x +1,其中在区间(0,1)上单调递减的函数序号是________.②③ [①y =x 在区间(0,1)上单调递增;②y =log 12(x +1)在区间(0,1)上单调递减;③y =|x -1|=⎩⎪⎨⎪⎧x -1,x ≥1,1-x ,x <1,在区间(0,1)上单调递减;④y =2x +1在区间(0,1)上单调递增.]3.已知函数f (x )=|x +a |在(-∞,-1)上是单调函数,则a 的取值X 围是________. 【导学号:62172027】(-∞,1] [函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x +a ,x ≥-a ,-x -a ,x <-a ,即函数f (x )在(-∞,-a )上是减函数,在[-a ,+∞)上是增函数,要使函数f (x )在(-∞,-1)上单调递减,则-a ≥-1,即a ≤1.]4.函数f (x )=2xx +1在[1,2]上的最大值和最小值分别是________.43,1 [f (x )=2x x +1=2x +1-2x +1=2-2x +1在[1,2]上是增函数,∴f (x )max =f (2)=43,f (x )min =f (1)=1.]5.设函数f (x )=ln(1+|x |)-11+x 2,则使得f (x )>f (2x -1)成立的x 的取值X 围为________.⎝ ⎛⎭⎪⎫13,1 [由已知得函数f (x )为偶函数,所以f (x )=f (|x |), 由f (x )>f (2x -1),可得f (|x |)>f (|2x -1|). 当x >0时,f (x )=ln(1+x )-11+x 2,因为y =ln(1+x )与y =-11+x2在(0,+∞)上都单调递增,所以函数f (x )在(0,+∞)上单调递增.由f (|x |)>f (|2x -1|),可得|x |>|2x -1|,两边平方可得x 2>(2x -1)2,整理得3x 2-4x +1<0,解得13<x <1.所以符合题意的x 的取值X 围为⎝ ⎛⎭⎪⎫13,1.] 6.函数f (x )=-(x -3)|x |的递增区间是________.⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,32 [f (x )=-(x -3)|x |=⎩⎪⎨⎪⎧-x 2+3x ,x >0,x 2-3x ,x ≤0.作出该函数的图象,观察图象知递增区间为⎣⎢⎡⎦⎥⎤0,32.]7.函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧log 12x ,x ≥1,2x ,x <1的值域为________.(-∞,2) [当x ≥1时,f (x )=log 12x ≤log 121=0.当x <1时,f (x )=2x∈(0,2), ∴f (x )的值域为(-∞,2).]8.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧a -2x ,x ≥2,⎝ ⎛⎭⎪⎫12x-1,x <2,满足对任意的实数x 1≠x 2,都有f x 1-f x 2x 1-x 2<0成立,则实数a 的取值X 围为________.⎝ ⎛⎦⎥⎤-∞,138 [由f x 1-f x 2x 1-x 2<0可知f (x )在R 上是减函数,故⎩⎪⎨⎪⎧a -2<0,⎝ ⎛⎭⎪⎫122-1≥2a -2,解得a ≤138.]9.已知函数y =f (x )的图象关于x =1对称,且在(1,+∞)上单调递增,设a =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,b =f (2),c =f (3),则a ,b ,c 的大小关系为________. 【导学号:62172028】b <a <c [∵y =f (x )的图象关于x =1对称,∴f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-12=f ⎝ ⎛⎭⎪⎫52. 又2<52<3,且f (x )在(1,+∞)上单调递增,∴f (2)<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫52<f (3), ∴f (2)<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-12<f (3), 即b <a <c .]10.f (x )是定义在(0,+∞)上的单调增函数,满足f (xy )=f (x )+f (y ),f (3)=1,则不等式f (x )+f (x -8)≤2的解集为________.(8,9] [因为2=1+1=f (3)+f (3)=f (9),由f (x )+f (x -8)≤2可得f [x (x -8)]≤f (9),f (x )是定义在(0,+∞)上的增函数,所以有⎩⎪⎨⎪⎧x >0,x -8>0,x x -8≤9,解得8<x ≤9.]二、解答题11.(2017·某某模拟)已知函数f (x )=1a -1x(a >0,x >0),(1)求证:f (x )在(0,+∞)上是增函数;(2)若f (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上的值域是⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2,求a 的值. [解] (1)证明:任取x 1>x 2>0,则f (x 1)-f (x 2)=1a -1x 1-1a +1x 2=x 1-x 2x 1x 2,∵x 1>x 2>0,∴x 1-x 2>0,x 1x 2>0,∴f (x 1)-f (x 2)>0,即f (x 1)>f (x 2),∴f (x )在(0,+∞)上是增函数.(2)由(1)可知f (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上为增函数,∴f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12=1a -2=12,f (2)=1a -12=2,解得a =25.12.已知f (x )=xx -a (x ≠a ). (1)若a =-2,试证f (x )在(-∞,-2)上单调递增;(2)若a >0且f (x )在(1,+∞)上单调递减,求a 的取值X 围.【导学号:62172029】[解] (1)证明:设x 1<x 2<-2,则f (x 1)-f (x 2)=x 1x 1+2-x 2x 2+2 =2x 1-x 2x 1+2x 2+2. ∵(x 1+2)(x 2+2)>0,x 1-x 2<0,∴f (x 1)<f (x 2),∴f (x )在(-∞,-2)内单调递增.(2)f (x )=xx -a =x -a +a x -a =1+a x -a , 当a >0时,f (x )在(-∞,a ),(a ,+∞)上是减函数,又f (x )在(1,+∞)内单调递减,∴0<a ≤1,故实数a 的取值X 围是(0,1].B 组 能力提升(建议用时:15分钟)1.定义新运算⊕:当a ≥b 时,a ⊕b =a ;当a <b 时,a ⊕b =b 2,则函数f (x )=(1⊕x )x -(2⊕x ),x ∈[-2,2]的最大值等于________.6 [由已知得当-2≤x ≤1时,f (x )=x -2,当1<x ≤2时,f (x )=x 3-2. ∵f (x )=x -2,f (x )=x 3-2在定义域内都为增函数,∴f (x )的最大值为f (2)=23-2=6.]2.(2017·某某模拟)已知函数y =log 12(x 2-ax +a )在区间(-∞,2]上是增函数,则实数a 的取值X 围是________.[22,22+2) [设y =log 12t ,t =x 2-ax +a . 因为y =log 12t 在(0,+∞)上是单调减函数,要想满足题意,则t =x 2-ax +a 在(-∞,2]上为单调减函数,且t min >0,故需⎩⎪⎨⎪⎧ a 2≥2,22-2a +a >0,解得22≤a <2+2 2.] 3.规定符号“*”表示一种两个正实数之间的运算,即a *b =ab +a +b ,a ,b 是正实数,已知1*k =3,求函数f (x )=k *x 的值域.[解] 由题意知1]k )+1+k =3,解得k =1或k =-2(舍去),所以f (x )=k *x =1]x )+x +1=⎝⎛⎭⎪⎫x +122+34,因为x >0,所以f (x )>1,即f (x )的值域是(1,+∞).4.已知定义在区间(0,+∞)上的函数f (x )满足f ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1x 2=f (x 1)-f (x 2),且当x >1时,f (x )<0.(1)求f (1)的值;(2)证明:f (x )为单调递减函数;(3)若f (3)=-1,求f (x )在[2,9]上的最小值.[解] (1)令x 1=x 2>0,代入得f (1)=f (x 1)-f (x 1)=0,故f (1)=0.(2)证明:任取x 1,x 2∈(0,+∞),且x 1>x 2,则x 1x 2>1,当x >1时,f (x )<0,∴f ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1x 2<0,即f (x 1)-f (x 2)<0,因此f (x 1)<f (x 2),∴函数f (x )在区间(0,+∞)上是单调递减函数.(3)∵f (x )在(0,+∞)上是单调递减函数,∴f (x )在[2,9]上的最小值为f (9). 由f ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1x 2=f (x 1)-f (x 2),得f ⎝ ⎛⎭⎪⎫93=f (9)-f (3), 而f (3)=-1,∴f (9)=-2.∴f (x )在[2,9]上的最小值为-2.。
2021年新高考数学一轮专题复习第05讲-函数的单调性与最值(讲义版)
【例
2-1】(2020·安徽省六安一中高一月考)若函数
f
x
2x2 1
3 x2
,则
f
x
的值域为(
)
A. ,3
B. 2,3
C. 2,3
D.3,
【答案】C 【分析】
利用分子分离法化简 f x ,再根据不等式的性质求函数的值域.
【详解】
f
x
2x2 3 1 x2
2(x2 1) 1 1 x2
2
1
1 x
考点一 确定函数的单调性(区间)
【例 1-1】(2019·安徽省泗县第一中学高二开学考试(理))如果函数 f(x)在[a,b]上是增函数,
对于任意的 x1,x2∈[a,b](x1≠x2),下列结论不正确的是( )
A.
f
x1
x1
f x2
x2
>0
B.f(a)<f(x1)<f(x2)<f(b)
C.(x1-x2) [f(x1)-f(x2)]>0
取到.
(2)开区间上的“单峰”函数一定存在最大值(或最小值). 2.函数 y=f(x)(f(x)>0)在公共定义域内与 y=-f(x),y= 1 的单调性相反.
f(x) 3.“对勾函数”y=x+a(a>0)的增区间为(-∞,- a),( a,+∞);单调减区间是[- a,0),
x (0, a].
三、 经典例题
的最大值为( )
A.-2
B.-3
C.-4
D.-6
10.(2020·安徽省六安一中高一月考)已知函数 f (x) log 1 (3x2 ax 5) 在 (1, ) 上是减函数,则实数 a
2
高三数学函数的单调性与最值试题答案及解析
高三数学函数的单调性与最值试题答案及解析1.若函数,则下列结论正确的是()A.,在上是增函数B.,在上是减函数C.,是偶函数D.,是奇函数【答案】C【解析】因为,且函数定义域为令,则显然,当时,;当时,所以当时,在上是减函数,在上是增函数,所以选项A,B均不正确;因为当时,是偶函数,所以选项C正确.要使函数为奇函数,必有恒成立,即恒成立,这与函数的定义域相矛盾,所以选项D不正确.【考点】1、导数在研究函数性质中的应用;2、函数的奇偶性.2.对任意实数,记,若,其中奇函数在时有极小值,是正比例函数,与图象如图,则下列关于的说法中正确的是()A.是奇函数B.有极大值和极小值C.的最小值为,最大值为2D.在上是增函数【答案】B【解析】因为,是奇函数,其图象关于原点对称,所以与图象如图1所示;图1根据,可知,的图象如图2所示,显然,的图象不关于原点对称,不是奇函数;无最小值、无最大值;其在区间“先增后减”,故选B.图2【考点】新定义函数,函数的奇偶性,函数的图象,函数的单调性与极(最)值.3. [2014·日照模拟]已知函数f(x)在定义域(0,+∞)上是单调函数,若对于任意x∈(0,+∞),都有=2,则的值是()A.5B.6C.7D.8【答案】B【解析】因为f(x)是定义在(0,+∞)上的单调函数,且=2对任意x∈(0,+∞)都成立,所以f(x)-=c>0(c为常数),即f(x)=c+,且f(c)=2,故2=c+,解得c=1,故f(x)=1+,所以=1+5=6.4.设是定义在R上的偶函数,且当时,。
若对任意的x,不等式恒成立,则实数a的最大值是()。
A.B.C.D.2【答案】C【解析】是定义在上的偶函数,不等式恒成立等价为恒成立,当时,.不等式等价为恒成立,即在上恒成立,平方得即在上恒成立,设,则满足即故实数的最大值是.故选C.【考点】1.函数的奇偶性;2.恒成立问题.5.(2013•重庆)(﹣6≤a≤3)的最大值为()A.9B.C.3D.【答案】B【解析】令f(a)=(3﹣a)(a+6)=﹣+,而且﹣6≤a≤3,由此可得函数f(a)的最大值为,故(﹣6≤a≤3)的最大值为=,故选B.6.已知函数y=f(x)是定义在R上且以3为周期的奇函数,当x∈时,f(x)=ln(x2-x+1),则函数f(x)在区间[0,6]上的零点个数为()A.3B.5C.7D.9【答案】C【解析】当x∈时,-x∈,f(x)=-f(-x)=-ln(x2+x+1);则f(x)在区间上有3个零点(在区间上有2个零点).根据函数周期性,可得f(x)在上也有3个零点,在上有2个零点.故函数f(x)在区间[0,6]上一共有7个零点.7.下列函数中,既是奇函数又在区间上单调递增的函数为()A.B.C.D.【答案】C【解析】是奇函数但在区间上不是单调函数.在区间上单调递增但不是奇函数,既是奇函数又在区间上单调递增的函数,在区间上单调递增但不是奇函数.【考点】函数奇偶性及单调性8.已知,,规定:当时, ;当时,,则()A.有最小值,最大值1B.有最大值1,无最小值C.有最小值,无最大值D.有最大值,无最小值【答案】C【解析】由题得,利用平移变化的知识画出函数的图像如下,而,故有最小值1,无最大值.【考点】函数图像平移变化9.已知函数若对任意的,且恒成立,则实数a的取值范围为.【答案】【解析】,由知,函数在单调递增,当,满足题意;当时,只需,即,综上所述,实数a的取值范围为.【考点】1、分段函数;2、函数的单调性.10.判断函数f(x)=e x+在区间(0,+∞)上的单调性.【答案】f(x)在(0,+∞)上为增函数【解析】(解法1)设0<x1<x2,则f(x1)-f(x2)===.∵0<x1<x2,∴x1-x2<0,x1+x2>0,∴ex1-x2<1,ex1+x2>1,ex1>0,∴f(x1)<f(x2).∴f(x)在(0,+∞)上是增函数.(解法2)对f(x)=e x+求导,得f′(x)=e x-=(e2x-1),当x>0时,e x>0,e2x>1,∴f′(x)>0,∴f(x)在(0,+∞)上为增函数.11.函数y=1-的最大值与最小值的和为.【答案】2【解析】令f(x)=,则f(x)为奇函数,故f(x)max +f(x)min=0,∴ymax +ymin=2.12.已知定义在R上的函数y=f(x)满足下列三个条件:①对任意的x∈R都有f(x+2)=-f(x);②对于任意的0≤x1<x2≤2,都有f(x1)<f(x2);③y=f(x+2)的图像关于y轴对称.下列结论中,正确的是()A.f(4.5)<f(6.5)<f(7) B.f(4.5)<f(7)<f(6.5) C.f(7)<f(4.5)<f(6.5) D.f(7)<f(6.5)<f(4.5)【答案】B【解析】由f(x+2)=-f(x),得f(x+4)=-f(x+2)=f(x),则函数y=f(x)的最小正周期为4;根据②知函数y=f(x)在[0,2]上单调递增;根据③知函数y=f(x)的图像关于直线x=2对称,所以f(4.5)=f(0.5),f(6.5)=f(2.5)=f(1.5),f(7)=f(3)=f(1).故f(4.5)<f(7)<f(6.5).13.已知函数f(x)=若f(2-a2)>f(a),则实数a的取值范围是()A.(-∞,-1)∪(2,+∞)B.(-1,2)C.(-2,1)D.(-∞,-2)∪(1,+∞)【答案】C【解析】f(x)=由f(x)的图象可知f(x)在(-∞,+∞)上是单调增函数,由f(2-a2)>f(a)得2-a2>a,即a2+a-2<0,解得-2<a<1.14.已知函数y=f(x)满足:对任意的x1<x2≤-1,[f(x2)-f(x1)](x2-x1)>0恒成立,则f(-2),f(-),f(-1)的大小关系为()A.f(-2)<f(-)<f(-1)B.f(-2)>f(-)>f(-1)C.f(-2)>f(-1)>f(-)D.f(-)>f(-2)>f(-1)【答案】A【解析】由题意及函数单调性的定义得,f(x)在(-∞,-1]上单调递增,又-2<-<-1, ∴f(-2)<f(-)<f(-1).15.函数y=-(x-3)|x|的递增区间是__________.【答案】[0,]【解析】y=-(x-3)|x|=作出该函数的图象,观察图象知递增区间为[0,].16.设函数f(x)=a为常数且a∈(0,1).(1)当a=时,求f;(2)若x0满足f[f(x)]=x,但f(x)≠x,则称x为f(x)的二阶周期点.证明函数f(x)有且仅有两个二阶周期点,并求二阶周期点x1,x2;(3)对于(2)中的x1,x2,设A(x1,f[f(x1)]),B(x2,f[f(x2)]),C(a2,0),记△ABC的面积为S(a),求S(a)在区间[,]上的最大值和最小值.【答案】(1)(2)见解析,x1=,x2=(3)最小值为,最大值为【解析】(1)当a=时,f=,f=f=2=.(2)证明:f[f(x)]=当0≤x≤a2时,由x=x解得x=0,由于f(0)=0,故x=0不是f(x)的二阶周期点;当a2<x≤a时,由 (a-x)=x解得x=∈(a2,a),因为f=·=≠,故x=是f(x)的二阶周期点;当a<x<a2-a+1时,由 (x-a)=x解得x=∈(a,a2-a+1),因为f=·=,故x=不是f(x)的二阶周期点;当a2-a+1≤x≤1时,由 (1-x)=x解得x=∈(a2-a+1,1),因为f =·=≠,故x=是f(x)的二阶周期点.因此,函数f(x)有且仅有两个二阶周期点,x1=,x2=.(3)由(2)得A(,),B(,),则S(a)=,S′(a)=·.因为a∈[,],有a2+a<1,所以S′(a)=·=·>0.(或令g(a)=a3-2a2-2a+2,g′(a)=3a2-4a-2=3(a-)(a-),因为a∈(0,1),所以g′(a)<0,则g(a)在区间[,]上最小值为g()=>0,故对于任意a∈[,],g(a)=a3-2a2-2a+2>0,S′(a)=·>0)则S(a)在区间[,]上单调递增,故S(a)在区间[,]上的最小值为S()=,最大值为S()=.17. {an }为首项为正数的递增等差数列,其前n项和为Sn,则点(n,Sn)所在的抛物线可能为()【答案】D【解析】当n≥1时{an }单调递增且各项之和大于零,当n=0时Sn等于零,结合选项只能是D.18.设g(x)是定义在R上以1为周期的函数,若函数f(x)=x+g(x)在区间[3,4]时的值域为[-2,5],则f(x)在区间[2,5]上的值域为________.【答案】[-3,6]【解析】当x∈[2,3]时,x+1∈[3,4],所以f(x+1)=x+1+g(x+1)=x+1+g(x)∈[-2,5],所以f(x)=x+g(x)∈[-3,4];当x∈[4,5]时,x-1∈[3,4],所以f(x-1)=x-1+g(x-1)=x-1+g(x)∈[-2,5],所以f(x)=x+g(x)∈[-1,6],所以f(x)在区间[2,5]上的值域为[-3,6].19.下列函数中,在区间(0,+∞)上为增函数的是 ().A.y=lg(x+2)B.y=-C.y=x D.y=x+【答案】A【解析】A中,y=lg(x+2)在(0,+∞)上是增函数,B、C中函数为减函数,D中在(0,+∞)上不单调.20.设奇函数f(x)在[-1,1]上是增函数,且f(-1)=-1,若函数f(x)≤t2-2at+1对所有的x∈[-1,1]都成立,则当a∈[-1,1]时t的取值范围是().A.-2≤t≤2B.-≤t≤C.t≤-2或t=0或t≥2D.t≤-或t=0或t≥【答案】C【解析】依题意f(x)的最大值为f(1)=1,要使f(x)≤t2-2at+1对所有的x∈[-1,1]都成立,则1≤t2-2at+1,即t2-2at≥0,亦即t(t-2a)≥0,当t=0时,不等式成立,当0≤a≤1时,不等式的解为t≥2a≥2;当-1≤a≤0时,不等式的解为t≤2a≤-2.21.已知函数(其中且),是的反函数.(1)已知关于的方程在区间上有实数解,求实数的取值范围;(2)当时,讨论函数的奇偶性和增减性;(3)设,其中.记,数列的前项的和为(),求证:.【答案】(1);(2)奇函数,减函数;(3)证明见解析.【解析】(1)这是一个对数方程,首先要转化为代数方程,根据对数的性质有,从而有,方程在上有解,就变为求函数在上的值域,转化时注意对数的真数为正;(2)奇偶性和单调性我们都根据定义加以解决;(3),,要证明不等式成立,最好是能把和求出来,但看其通项公式,这个和是不可能求出的,由于我们只要证明不等式,那么我们能不能把放缩后可求和呢?,显然,即,左边易证,又由二项式定理,在时,,所以,注意到,至此不等式的右边可以求和了,,得证.试题解析:(1)转化为求函数在上的值域,该函数在上递增、在上递减,所以的最小值5,最大值9。
高三江苏专数学一轮复习课时作业5函数的单调性与最值
课时作业(五) [第5讲 函数的单调性与最值][时间:45分钟 分值:100分]基础热身1.函数f (x )=x 2-2x -1的单调增区间为________________________________________________________________________;单调减区间为______________.2.函数f (x )=log 2(x 2-4x -5)的单调增区间为________.3.若函数f (x )=x 2-2(1+a )x +8在区间(-∞,4]上是减函数,则实数a 的取值范围为________.4.函数f (x )=11-x +x 2的最大值是________.能力提升5.已知a =π2-1,函数f (x )=a x ,若实数m 、n 满足f (m )>f (n ),则m 、n 的大小关系为________.6.[2010·北京卷] 给定函数①y =x 12;②y =log 12(x +1);③y =|x -1|;④y =2x +1.其中在区间(0,1)上单调递减的函数序号是________.7.[2011·苏锡常镇二调] 函数f (x )=2x +log 2x (x ∈[1,2])的值域是________.8.若函数f (x )=log 2(x 2-ax +3a )在区间[2,+∞)上是增函数,则实数a 的取值范围是________.9.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2+2x ,x ≥0,2x -x 2,x <0,若f (2-a 2)>f (a ),则实数a 的取值范围是________. 10.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧a x (x <0),(a -3)x +4a (x ≥0)满足对任意x 1≠x 2,都有f (x 1)-f (x 2)x 1-x 2<0成立,则a 的取值范围是________.11.若函数y =x -bx +2在(a ,b +4)(b <-2)上的值域为(2,+∞),则a b =________.12.已知函数f (x )是定义在(0,+∞)上的单调增函数,当n ∈N *时,f (n )∈N *,若f [f (n )]=3n ,则f (5)的值等于________.13.(8分)判断函数f (x )=axx 2-1(a ≠0)在区间(-1,1)上的单调性.14.(8分)已知函数f (x )对任意的实数m ,n 有f (m +n )=f (m )+f (n ),且当x >0时,有f (x )>0.(1)求证:f (x )在(-∞,+∞)上为增函数; (2)若f (1)=1,解不等式:f (log 2(x 2-x -2))<2.15.(12分)设函数f(x)=ax2+bx+1(a、b∈R).(1)若f(-1)=0,且对任意实数x均有f(x)≥0成立,求实数a、b的值;(2)在(1)的条件下,当x∈[-2,2]时,g(x)=f(x)-kx是单调函数,求实数k的取值范围.16.(12分)已知函数f(x)的自变量取值区间为A,若其值域区间也为A,则称区间A为f(x)的保值区间.(1)求函数f(x)=x2形如[n,+∞)(n∈R)的保值区间;(2)若g(x)=x-ln(x+m)的保值区间是[2,+∞),求m的取值.课时作业(五)【基础热身】 1.[1,+∞) (-∞,1] [解析] 二次函数的单调性只需要判断对称轴和开口方向即可. 2.(5,+∞) [解析] 由题意知x 2-4x -5>0,解得x <-1或x >5,即函数f (x )=log 2(x 2-4x -5)的定义域为(-∞,-1)∪(5,+∞),根据外层函数为单调增函数,而内层函数u =x 2-4x -5=(x -2)2-9在(5,+∞)上单调递增,所以所求函数的单调增区间为(5,+∞).3.a ≥3 [解析] 由题意知:函数f (x )=x 2-2(1+a )x +8的单调减区间为(-∞,(1+a )],又函数在(-∞,4]上为减函数,所以有4≤1+a ,解得a ≥3.4.43 [解析] ∵f (x )=11-x +x 2=1⎝⎛⎭⎫x -122+34, ∴当x =12时,f (x )有最大值,f (x )max =43.【能力提升】5.m <n [解析] ∵a =π2-1∈(0,1),∴函数f (x )=a x 在R 上递减.由f (m )>f (n ),得m <n .6.②③ [解析] ①是幂函数,在(0,+∞)上为增函数;②中的函数由y =log 12x 向左平移1个单位而来,原函数在(0,+∞)内为减函数,故符合要求;③中函数由y =x -1,保留x 轴上方图象,下方翻折到x 轴上方而来,符合要求;④为由指数函数y =2x 向左平移1个单位,底数大于1,故不符合要求.7.[2,5] [解析] 因为y =2x ,y =log 2x 为增函数,所以y =2x +log 2x 在[1,2]上单调递增,故f (x )∈[2,5].8.-4<a ≤4 [解析] 令g (x )=x 2-ax +3a ,由题知g (x )在[2,+∞)上是增函数,且g (2)>0.∴⎩⎪⎨⎪⎧a 2≤2,4-2a +3a >0,∴-4<a ≤4.9.(-2,1) [解析] 由原函数作出如图所示的图象,可知它是单调递增的奇函数,从而原不等式可化为2-a 2>a ,解之得-2<(-2,1).10.0<a ≤14[解析] 由题意知,f (x )为减函数,所以⎩⎪⎨⎪⎧0<a <1,a -3<0,a 0≥(a -3)×0+4a ,解得0<a ≤14.11.116 [解析] y =x -b x +2=1-2+b x +2, 又b <-2,则函数在(-2,+∞)上是减函数,故a =-2,f (b +4)=2,得b =-4,即a b =(-2)-4=116.12.8 [解析] 因为f (x )是定义在(0,+∞)上的单调递增函数,且当n ∈N *时,f (n )∈N *,f [f (n )]=3n ,所以f [f (1)]=3,f [f (2)]=6,f [f (3)]=9,f [f (4)]=12,f [f (5)]=15, 10.若f (1)=1⇒f [f (1)]=f (1)≠3矛盾; 20.若f (1)=2⇒f [f (1)]=f (2)=3, f [f (2)]=f (3)=6,f [f (3)]=f (6)=9,所以6<f (5)<9,又f (n )∈N *,且f (n )在(0,+∞)上单调递增.所以f (4)=7,f (5)=8.13.[解答] 任取x 1、x 2∈(-1,1),且x 1<x 2,则f (x 1)-f (x 2)=a (x 1x 2+1)(x 2-x 1)(x 21-1)(x 22-1). 由-1<x 1<x 2<1得(x 1x 2+1)(x 2-x 1)(x 21-1)(x 22-1)>0, ∴a >0时,f (x 1)-f (x 2)>0,f (x 1)>f (x 2), ∴f (x )在(-1,1)上单调递减.同理可得:a <0时,f (x )在(-1,1)上单调递增.14.[解答] 证明:(1)任取定义域(-∞,+∞)内x 1、x 2且x 1<x 2,则x 2-x 1>0, ∴f (x 1)-f (x 2)=f (x 1)-f (x 2-x 1+x 1) =f (x 1)-f (x 2-x 1)-f (x 1)=-f (x 2-x 1)<0,∴f (x 1)<f (x 2), ∴f (x )在(-∞,+∞)上单调递增. (2)∵f (1)=1,∴2=f (1)+f (1)=f (2), 由已知得f [log 2(x 2-x -2)]<f (2). 又∵f (x )在R 上递增, ∴log 2(x 2-x -2)<2,∴⎩⎪⎨⎪⎧ x 2-x -2>0,x 2-x -2<4,∴⎩⎪⎨⎪⎧x <-1或x >2,-2<x <3. ∴-2<x <-1或2<x <3.∴原不等式的解集为{x |-2<x <-1或2<x <3}.15.[解答] (1)∵f (-1)=0,∴a -b +1=0,即b =a +1. 又对任意实数x 均有f (x )≥0成立,∴a >0且Δ=b 2-4a ≤0恒成立,即a >0且(a -1)2≤0恒成立,∴a =1,b =2.(2)由(1)可知f (x )=x 2+2x +1, ∴g (x )=x 2+(2-k )x +1.∵g (x )在x ∈[-2,2]时是单调函数,∴[-2,2]⊆⎝⎛⎭⎫-∞,k -22或[-2,2]⊆⎝⎛⎭⎫k -22,+∞.∴2≤k -22或k -22≤-2,解得k ≥6或k ≤-2,即实数k 的取值范围为(-∞,-2]∪[6,+∞). 16.[解答] (1)若n <0,则n =f (0)=0,矛盾. 若n ≥0,则n =f (n )=n 2,解得n =0或1, 所以f (x )的保值区间为[0,+∞)或[1,+∞).(2)因为g (x )=x -ln(x +m )的保值区间是[2,+∞), 所以2+m >0,即m >-2.令g ′(x )=1-1x +m>0,得x >1-m ,所以g (x )在(1-m ,+∞)上为增函数, 同理可得g (x )在(-m,1-m )上为减函数.若2≤1-m ,即m ≤-1时,则g (1-m )=2得m =-1满足题意. 若m >-1时,则g (2)=2,得m =-1,矛盾. 所以满足条件的m 值为-1.。
江苏专版2020版高考数学一轮复习课时跟踪检测五函数的单调性与最值理含解析
课时跟踪检测(五) 函数的单调性与最值一抓基础,多练小题做到眼疾手快1.(2019·如皋中学月考)函数f (x )=|x 2-2x +2|的增区间是________. 解析:因为函数f (x )=|x 2-2x +2|=|(x -1)2+1|=(x -1)2+1, 所以函数f (x )=|x 2-2x +2|的增区间是[1,+∞). 答案:[1,+∞)2.函数y =x -x (x ≥0)的最大值为________.解析:令t =x ,则t ≥0,所以y =t -t 2=-⎝ ⎛⎭⎪⎫t -122+14,结合图象知,当t =12,即x =14时,y max =14.答案:143.(2018·徐州质检)函数f (x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫13x-log 2(x +2)在区间[-1,1]上的最大值为________.解析:因为y =⎝ ⎛⎭⎪⎫13 x 和y =-log 2(x +2)都是[-1,1]上的减函数,所以y =⎝ ⎛⎭⎪⎫13 x-log 2(x +2)是在区间[-1,1]上的减函数,所以最大值为f (-1)=3.答案:34.已知偶函数f (x )在区间[0,+∞)上单调递减,则满足f (2x -1)<f (5)的x 的取值范围是________. 解析:因为偶函数f (x )在区间[0,+∞)上单调递减,且f (2x -1)<f (5),所以|2x -1|>5,即x <-2或x >3.答案:(-∞,-2)∪(3,+∞)5.若函数f (x )=-x 2+2ax 与g (x )=(a +1)1-x在区间[1,2]上都是减函数,则a 的取值范围是________.解析:因为f (x )=-x 2+2ax =-(x -a )2+a 2在[1,2]上是减函数,所以a ≤1. 又g (x )=(a +1)1-x在[1,2]上是减函数.所以a +1>1,所以a >0.综上可知0<a ≤1. 答案:(0,1]6.(2019·海门中学高三检测)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-a x +1,x <1,a x,x ≥1,满足对任意x 1<x 2,都有f (x 1)<f (x 2)成立,那么实数a 的取值范围是________.解析:∵函数f (x )满足对任意x 1<x 2,都有f (x 1)<f (x 2)成立, ∴函数f (x )在定义域上是增函数,则满足⎩⎪⎨⎪⎧2-a >0,a >1,2-a +1≤a ,即⎩⎪⎨⎪⎧a <2,a >1,a ≥32,解得32≤a <2.答案:⎣⎢⎡⎭⎪⎫32,2 二保高考,全练题型做到高考达标 1.设函数f (x )=ax +1x +2a在区间(-2,+∞)上是增函数,则a 的取值范围是________. 解析:f (x )=ax +2a 2-2a 2+1x +2a =a -2a 2-1x +2a,因为函数f (x )在区间(-2,+∞)上是增函数.所以⎩⎪⎨⎪⎧2a 2-1>0,-2a ≤-2,解得a ≥1.答案:[1,+∞)2.(2019·江阴高三检测)设a >0且a ≠1,函数f (x )=log a |ax 2-x |在[3,5]上是单调增函数,则实数a 的取值范围为______________.解析:∵a >0且a ≠1,函数f (x )=log a |ax 2-x |=log a |x ·(ax -1)|在[3,5]上是单调增函数, ∴当a >1时,y =x ·(ax -1)在[3,5]上是单调增函数,且y >0,满足f (x )是增函数;当0<a <1时,要使f (x )在[3,5]上是单调增函数,只需⎩⎪⎨⎪⎧0<a <1,3≥12a ,5<1a ,解得16≤a <15.综上可得,a >1或16≤a <15.答案:⎣⎢⎡⎭⎪⎫16,15∪(1,+∞)3.对于任意实数a ,b ,定义min{a ,b }=⎩⎪⎨⎪⎧a ,a ≤b ,b ,a >b .设函数f (x )=-x +3,g (x )=log 2x ,则函数h (x )=min{f (x ),g (x )}的最大值是________.解析:依题意,h (x )=⎩⎪⎨⎪⎧log 2x ,0<x ≤2,-x +3,x >2.当0<x ≤2时,h (x )=log 2x 是增函数,当x >2时,h (x )=-x +3是减函数,所以h (x )在x =2时,取得最大值h (2)=1.答案:14.(2018·徐州一模)已知函数y =f (x )和y =g (x )的图象关于y 轴对称,当函数y =f (x )和y =g (x )在区间[a ,b ]上同时递增或者同时递减时,把区间[a ,b ]叫做函数y =f (x )的“不动区间”,若区间[1,2]为函数f (x )=|2x -t |的“不动区间”,则实数t 的取值范围是________.解析:因为函数y =f (x )与y =g (x )的图象关于y 轴对称,所以g (x )=f (-x )=|2-x-t |. 因为区间[1,2]为函数f (x )=|2x-t |的“不动区间”,所以函数f (x )=|2x -t |和函数g (x )=|2-x-t |在[1,2]上单调性相同, 因为y =2x -t 和函数y =2-x-t 的单调性相反, 所以(2x-t )(2-x-t )≤0在[1,2]上恒成立, 即2-x ≤t ≤2x在[1,2]上恒成立,解得12≤t ≤2.答案:⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2 5.(2018·金陵中学月考)定义在[-2,2]上的函数f (x )满足(x 1-x 2)[f (x 1)-f (x 2)]>0,x 1≠x 2,且f (a 2-a )>f (2a -2),则实数a 的取值范围为________.解析:函数f (x )满足(x 1-x 2)[f (x 1)-f (x 2)]>0,x 1≠x 2,所以函数在[-2,2]上单调递增,所以⎩⎪⎨⎪⎧-2≤a 2-a ≤2,-2≤2a -2≤2,2a -2<a 2-a .所以⎩⎪⎨⎪⎧-1≤a ≤2,0≤a ≤2,a <1或a >2,所以0≤a <1.答案:[0,1)6.设偶函数f (x )的定义域为R ,当x ∈[0,+∞)时,f (x )是增函数,则f (-2),f (π), f (-3)的大小关系为____________(用“<”表示).解析:因为f (x )是偶函数, 所以f (-3)=f (3),f (-2)=f (2). 又因为函数f (x )在[0,+∞)上是增函数,所以f (π)>f (3)>f (2),所以f (-2)<f (-3)<f (π). 答案:f (-2)<f (-3)<f (π)7.(2018·苏州高三暑假测试)已知函数f (x )=x +ax(a >0),当x ∈[1,3]时,函数f (x )的值域为A ,若A ⊆[8,16],则a 的值等于________.解析:因为A ⊆[8,16],所以8≤f (x )≤16对任意的x ∈[1,3]恒成立,所以⎩⎪⎨⎪⎧a ≤16x -x 2,a ≥8x -x 2对任意的x ∈[1,3]恒成立,当x ∈[1,3]时,函数y =16x -x 2在[1,3]上单调递增,所以16x -x 2∈[15,39],函数y =8x -x 2在[1,3]上也单调递增,所以8x -x 2∈[7,15],所以⎩⎪⎨⎪⎧a ≤15,a ≥15,即a 的值等于15.答案:158.若函数f (x )=a x(a >0,a ≠1)在[-1,2]上的最大值为4,最小值为m ,且函数g (x )=(1-4m )x 在[0,+∞)上是增函数,则a =________.解析:函数g (x )在[0,+∞)上为增函数,则1-4m >0,即m <14.若a >1,则函数f (x )在[-1,2]上的最小值为1a =m ,最大值为a 2=4,解得a =2,12=m ,与m <14矛盾;当0<a <1时,函数f (x )在[-1,2]上的最小值为a 2=m ,最大值为a -1=4,解得a =14,m =116.所以a =14.答案:149.已知函数f (x )=a -1|x |.(1)求证:函数y =f (x )在(0,+∞)上是增函数;(2)若f (x )<2x 在(1,+∞)上恒成立,求实数a 的取值范围. 解:(1)证明:当x ∈(0,+∞)时,f (x )=a -1x,设0<x 1<x 2,则x 1x 2>0,x 2-x 1>0,f (x 2)-f (x 1)=⎝ ⎛⎭⎪⎫a -1x 2-⎝ ⎛⎭⎪⎫a -1x 1=1x 1-1x 2=x 2-x 1x 1x 2>0,所以f (x )在(0,+∞)上是增函数. (2)由题意a -1x <2x 在(1,+∞)上恒成立,设h (x )=2x +1x,则a <h (x )在(1,+∞)上恒成立. 任取x 1,x 2∈(1,+∞)且x 1<x 2,h (x 1)-h (x 2)=(x 1-x 2)⎝ ⎛⎭⎪⎫2-1x 1x 2.因为1<x 1<x 2,所以x 1-x 2<0,x 1x 2>1,所以2-1x 1x 2>0,所以h (x 1)<h (x 2),所以h (x )在(1,+∞)上单调递增. 故a ≤h (1),即a ≤3,所以实数a 的取值范围是(-∞,3]. 10.(2019·江阴期中)设函数f (x )=ax +b 1+x 2是定义在(-1,1)上的奇函数,且f ⎝ ⎛⎭⎪⎫13=310.(1)求函数f (x )的解析式;(2)用单调性定义证明f (x )在(-1,1)上是增函数;(3)解不等式f (|t |-1)+f (t 2)<f (0). 解:(1)因为f (x )=ax +b1+x2是定义在(-1,1)上的奇函数, 所以f (0)=b =0,所以f (x )=ax1+x 2,而f ⎝ ⎛⎭⎪⎫13=13a 1+19=310, 解得a =1,所以f (x )=x1+x 2,x ∈(-1,1).(2)证明:任取x 1,x 2∈(-1,1)且x 1<x 2, 则f (x 1)-f (x 2)=x 11+x 21-x 21+x 22=x 1-x 2-x 1x 2+x 21+x 22. 因为x 1<x 2,所以x 1-x 2<0,又因为x 1,x 2∈(-1,1),所以1-x 1x 2>0, 所以f (x 1)-f (x 2)<0,即f (x 1)<f (x 2), 所以函数f (x )在(-1,1)上是增函数.(3)由题意,不等式f (|t |-1)+f (t 2)<f (0)可化为f (|t |-1)+f (t 2)<0,即f (t 2)<-f (|t |-1), 因为f (x )是定义在(-1,1)上的奇函数, 所以f (t 2)<f (1-|t |), 所以⎩⎪⎨⎪⎧-1<t 2<1,-1<1-|t |<1,t 2<1-|t |,解得1-52<t <5-12且t ≠0,所以该不等式的解集为⎝⎛⎭⎪⎫1-52,0∪⎝⎛⎭⎪⎫0,5-12.三上台阶,自主选做志在冲刺名校1.f (x )是定义在(0,+∞)上的单调增函数,满足f (xy )=f (x )+f (y ),f (3)=1,当f (x )+f (x -8)≤2时,x 的取值范围是____________.解析:因为f (9)=f (3)+f (3)=2,所以由f (x )+f (x -8)≤2,可得f [x (x -8)]≤f (9),因为f (x )是定义在(0,+∞)上的增函数,所以有⎩⎪⎨⎪⎧x >0,x -8>0,x x -,解得8<x ≤9.答案:(8,9]2.已知定义在区间(0,+∞)上的函数f (x )满足f ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1x 2=f (x 1)-f (x 2),且当x >1时,f (x )<0. (1)证明:f (x )为单调递减函数;(2)若f (3)=-1,求f (x )在[2,9]上的最小值. 解:(1)证明:任取x 1,x 2∈(0,+∞),且x 1>x 2, 则x 1x 2>1,由于当x >1时,f (x )<0, 所以f ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1x 2<0,即f (x 1)-f (x 2)<0,因此f (x 1)<f (x 2),所以函数f (x )在区间(0,+∞)上是单调递减函数. (2)因为f (x )在(0,+∞)上是单调递减函数, 所以f (x )在[2,9]上的最小值为f (9). 由f ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1x 2=f (x 1)-f (x 2)得,f ⎝ ⎛⎭⎪⎫93=f (9)-f (3),而f (3)=-1, 所以f (9)=-2.所以f (x )在[2,9]上的最小值为-2.。
高三江苏专版数学一轮复习课时作业(5)函数的单调性与最值.pdf
机械能与内能的相互转化 教学目标: 知识与技能: (1)通过活动,认识到做功是改变物体内能的一种方式,是机械能能向内能的转化过程。
(2)通过观察、分析内能转化为机械能的过程,知道热机的工作原理。
(3)借助模型或多媒体,了解四冲程汽油机的基本结构及其工作过程。
方法与过程: (1)通过观察和分析,知道做功是改变内能的方式之一。
(2)通过观察演示,认识汽油机,了解汽油机的四个冲程及能量的转化情况。
(3)体验用类比方法,加深对物理概念理解的过程,学会迁移学习。
(4)通过阅读“化石燃料的燃烧和环境保护”一文,认识燃烧排放物对环境的影响。
情感、态度、价值观: (1)有应用科学原理解决实际问题的意识和积极性。
(2)通过探究或体验探究的过程,激发主动学习的兴趣。
(3)通过汽油机的学习以及阅读“热机的发展历程”,了解内能的利用在人类社会发展史上的重要意义。
(4)通过阅读“化石燃料的燃烧和环境保护”,初步认识能源与人类生存和社会发展的关系。
教学设计思路: 本节教材主要介绍了:做功可以改变内能,机械能与内能的相互转化,热机的一般工作原理,热值。
就课堂教学而言,主要分为五个活动组成,分两课时进行: 活动一:研究做功能否改变物体的内能; 活动二:演示点火爆炸----将内能转化为机械能; 活动三:热机——介绍汽油机的结构、汽油机的一个工作循环、能量转化情况; 活动四:“生活·物理·社会”——热机的发展历程。
活动五:比较质量相同的不同燃料充分燃烧时放出的热量 教材首先从功能改变物体的内能入手,与上一节若传递改变物体内能的内容相呼应,有助于学生认识这两种改变物体内能方式之间的异同。
接着介绍了内能转化为机械能,为下面进行热机的教学进行了铺垫。
本节重点介绍了四冲程汽油机的构造和工作过程,而对柴油机和蒸气机则在“信息库”中予以介绍,这样做既能突出重点又能扩大学生的知识面。
通过“热机的发展历程”一文,展示热机的发展对人类社会文明的进程所起的积极作用,使学生了解内能的利用在人类社会发展史上的重要意义。
2024年高考数学一轮复习专题05函数的单调性与最值含解析
专题05函数的单调性与最值最新考纲1.理解函数的单调性、最大值、最小值及其几何意义.2.会运用基本初等函数的图象分析函数的性质.基础学问融会贯穿1.函数的单调性(1)单调函数的定义(2)单调区间的定义假如函数y=f(x)在区间D上是增函数或减函数,那么就说函数y=f(x)在这一区间具有(严格的)单调性,区间D叫做y=f(x)的单调区间.2.函数的最值前提设函数y=f(x)的定义域为I,假如存在实数M满意条件(1)对于随意的x∈I,都有f(x)≤M;(2)存在x0∈I,使得f(x0)=M(3)对于随意的x∈I,都有f(x)≥M;(4)存在x0∈I,使得f(x0)=M结论M为最大值M为最小值【学问拓展】函数单调性的常用结论(1)对∀x 1,x 2∈D (x 1≠x 2),f x 1-f x 2x 1-x 2>0⇔f (x )在D 上是增函数,f x 1-f x 2x 1-x 2<0⇔f (x )在D 上是减函数.(2)对勾函数y =x +ax(a >0)的增区间为(-∞,-a ]和[a ,+∞),减区间为[-a ,0)和(0,a ]. (3)在区间D 上,两个增函数的和仍是增函数,两个减函数的和仍是减函数.(4)函数f (g (x ))的单调性与函数y =f (u )和u =g (x )的单调性的关系是“同增异减”.重点难点突破【题型一】确定函数的单调性(区间) 命题点1 给出详细解析式的函数的单调性 【典型例题】下列函数中,值域为R 且在区间(0,+∞)上单调递增的是( ) A .y =x 2+2xB .y =2x +1C .y =x 3+1D .y =(x ﹣1)|x |【解答】解:依据题意,依次分析选项:对于A ,y =x 2+2x =(x +1)2﹣1,其值域为[﹣1,+∞),不符合题意; 对于B ,y =2x +1,其值域为(0,+∞),不符合题意;对于C ,y =x 3+1,值域为R 且在区间(0,+∞)上单调递增,符合题意; 对于D ,y =(x ﹣1)|x |,在区间(0,1)上为减函数,不符合题意;故选:C .【再练一题】已知函数f (x )=ln ,则( )A .f (x )是奇函数,且在(﹣∞,+∞)上单调递增B .f (x )是奇函数,且在(﹣∞,+∞)上单调递减C .f (x )是偶函数,且在(0,+∞)上单调递增D .f (x )是偶函数,且在(0,+∞)上单调递减【解答】解:依据题意,函数f (x )=ln,其定义域为R ,有f(﹣x)=ln ln f(x),则函数f(x)为偶函数,设t,y=lnt,对于t,则导数t′,当x>0时,t′>0,即函数t在区间(0,+∞)上为增函数,又由y=lnt在区间(0,+∞)上为增函数,则函数f(x)=ln在0,+∞)上为增函数,故选:C.命题点2 解析式含参数的函数的单调性【典型例题】定义在R的函数f(x)=﹣x3+m与函数g(x)=f(x)+x3+x2﹣kx在[﹣1,1]上具有相同的单调性,则k 的取值范围是()A.(﹣∞,﹣2] B.[2,+∞)C.[﹣2,2] D.(﹣∞,﹣2]∪[2,+∞)【解答】解:依据题意,函数f(x)=﹣x3+m,其定义域为R,则R上f(x)为减函数,g(x)=f(x)+x3+x2﹣kx=x2﹣kx+m在[﹣1,1]上为减函数,必有x1,解可得k≥2,即k的取值范围为[2,+∞);故选:B.【再练一题】已知函数f(x)(a>0且a≠1)在R上单调递减,则a的取值范围是()A.[,1)B.(0,] C.[,] D.(0,]【解答】解:由题意,分段函数是在R上单调递减,可得对数的底数需满意0<a<1,依据二次函数开口向上,在(单调递减,可得,即,解得:.且[x2+(4a﹣3)x+3a]min≥[log a(x+1)+1]max故而得:3a≥1,解得:a.∴a的取值范围是[,],故选:C.思维升华确定函数单调性的方法:(1)定义法和导数法,证明函数单调性只能用定义法和导数法;(2)复合函数法,复合函数单调性的规律是“同增异减”;(3)图象法,图象不连续的单调区间不能用“∪”连接.【题型二】函数的最值【典型例题】若函数f(x),则函数f(x)的值域是()A.(﹣∞,2)B.(﹣∞,2]C.[0,+∞)D.(﹣∞,0)∪(0,2)【解答】解:当x<1时,0<2x<2,当x≥1时,f(x)=﹣log2x≤﹣log21=0,综上f(x)<2,即函数的值域为(﹣∞,2),故选:A.【再练一题】函数f(x)=e x﹣x在区间[﹣1,1]上的值域为()A.[1,e﹣1] B.C.D.[0,e﹣1]【解答】解:函数的导数f′(x)=e x﹣1,由f′(x)>0得e x﹣1>0,即e x>1,得0<x≤1,此时函数递增,由f′(x)<0得e x﹣1<0,即e x<1,得﹣1≤x<0,此时函数递减,即当x=0时,函数取得微小值同时也是最小值f(0)=1,∵f(1)=e﹣1,f(﹣1)1<e﹣1,∴函数的最大值为f(1)=e﹣1,即函数的值域为[1,e﹣1],故选:A.思维升华求函数最值的五种常用方法及其思路(1)单调性法:先确定函数的单调性,再由单调性求最值.(2)图象法:先作出函数的图象,再视察其最高点、最低点,求出最值.(3)基本不等式法:先对解析式变形,使之具备“一正二定三相等”的条件后用基本不等式求出最值.(4)导数法:先求导,然后求出在给定区间上的极值,最终结合端点值,求出最值.(5)换元法:对比较困难的函数可通过换元转化为熟识的函数,再用相应的方法求最值.【题型三】函数单调性的应用命题点1 比较大小【典型例题】已知函数,若,则a、b、c之间的大小关系是()A.a<b<c B.b<c<a C.c<a<b D.b<a<c【解答】解:依据题意,函数,其定义域为R,则f(﹣x)=|ln(x)|=|ln|=|﹣ln(x)|=|ln(x)|=f (x),即函数f(x)为偶函数,设g(x)=ln(x)=ln,有g(0)=ln1=0,设t,则y=lnt,当x≥0时,t为减函数且t>0,而y=lnt在(0,+∞)为增函数,则g(x)=ln(x)=ln在[0,+∞)上为减函数,又由g(0)=0,则在区间[0,+∞)上,g(x)≤0,又由f(x)=|g(x)|,则f(x)在区间[0,+∞)上为增函数,a=f()=f(log94),b=f(log52)=f(log254),又由log254<log94<1<1.80.2,则有b<a<c;故选:D.【再练一题】已知函数f(x)=x•ln,a=f(),b=f(),c=f(),则以下关系成立的是()A.c<a<b B.c<b<a C.a<b<c D.a<c<b【解答】解:,,;∵;∴;∴c<a<b.故选:A.命题点2 解函数不等式【典型例题】已知函数f(x)=e x﹣e﹣x,则关于x的不等式f(x)+f(x2﹣2)<0的解集为()A.(﹣2,1)B.(﹣∞,﹣2)∪(1,+∞)C.(﹣1,2)D.(﹣∞,﹣1)∪(2,+∞)【解答】解:依据题意,函数f(x)=e x﹣e﹣x,有f(﹣x)=e﹣x﹣e x=﹣(e x﹣e﹣x)=﹣f(x),则函数f(x)为奇函数,又由f′(x)=e x+e﹣x>0,则函数f(x)在R上为增函数,f(x)+f(x2﹣2)<0⇒f(x)<﹣f(x2﹣2)⇒f(x)<f(2﹣x2)⇒x<2﹣x2,即x2+x﹣2<0,解可得﹣2<x<1,即其解集为(﹣2,1);故选:A.【再练一题】设定义在R上的奇函数f(x)满意f(x)=x3﹣8(x>0),则{x|f(x﹣2)≥0}=()A.[﹣2,0)∪[2,+∞)B.(﹣∞﹣2]∪[2,+∞)C.[0,2)∪[4,+∞)D.[0,2]∪[4,+∞)【解答】解:∵f(x)是R上的奇函数,且x>0时,f(x)=x3﹣8;∴f(0)=f(2)=f(﹣2)=0,且f(x)在(0,+∞),(﹣∞,0)上都单调递增;∴①x=2时,满意f(x﹣2)≥0;②x>2时,由f(x﹣2)≥0得,f(x﹣2)≥f(2);∴x﹣2≥2;∴x≥4;③x<2时,由f(x﹣2)≥0得,f(x﹣2)≥f(﹣2);∴x﹣2≥﹣2;∴x≥0;∴0≤x<2;综上得,f(x﹣2)≥0的解集为[0,2]∪[4,+∞).故选:D.命题点3 求参数范围【典型例题】若函数f(x)在R上是增函数,则a的取值范围为()A.(﹣∞,1] B.(0,2)C.(0,1] D.[1,2)【解答】解:∵f(x)在R上是增函数;∴;解得0<a≤1;∴a的取值范围为:(0,1].故选:C.【再练一题】若(a≠1),在定义域(﹣∞,+∞)上是单调函数,则a的取值范围是()A.B.C.D.【解答】解:f(x)在定义域(﹣∞,+∞)上是单调函数时,①函数的单调性是增函数时,可得当x=0时,(a2﹣1)e ax≤ax2+1=1,即a2﹣1≤1,解之得a∵x≥0时,y=ax2+1是增函数,∴a>0又∵x<0时,(a2﹣1)e ax是增函数,∴a2﹣1>0,得a<﹣1或a>1因此,实数a的取值范围是:1<a②函数的单调性是减函数时,可得当x=0时,(a2﹣1)e ax≥ax2+1=1,即a2﹣1≥1,解之得a或a.∵x≥0时,y=ax2+1是减函数,∴a<0又∵x<0时,(a2﹣1)e ax是减函数,∴a2﹣1>0,得a<﹣1或a>1因此,实数a的取值范围是:a综上所述,得a∈故选:C.思维升华函数单调性应用问题的常见类型及解题策略(1)比较大小.(2)解不等式.利用函数的单调性将“f”符号脱掉,转化为详细的不等式求解,应留意函数的定义域.(3)利用单调性求参数.①依据函数的图象或单调性定义,确定函数的单调区间,与已知单调区间比较;②需留意若函数在区间[a,b]上是单调的,则该函数在此区间的随意子集上也是单调的;③分段函数的单调性,除留意各段的单调性外,还要留意连接点的取值.基础学问训练1.若,则下列不等式正确的是()A.B.C.D.【答案】D【解析】∵,对A选项,变形为log a x3<log a y2,而函数y=是单调递减函数,x3<y2,∴log a x3>log a y2,故A不正确;对B选项,,函数y=cosx是单调递减函数,∴,故B不正确;对C选项,y=是单调递减函数,∴, 故C不正确;而D选项,幂函数y=是单调递增函数,∴,故应选D.2.已知函数且满意,则的取值范围为()A.B.C.D.【答案】C【解析】因为,所以,所以函数为定义在R上的偶函数;又时,单调递减,所以由偶函数的对称可得:时,单调递增,所以由可得,解得.故选C3.已知函数,则函数有()A.最小值,无最大值 B.最大值,无最小值C.最小值1,无最大值 D.最大值1,无最小值【答案】D【解析】∵函数f(x)的定义域为(﹣∞,]设t,则t,且x,∴f(x)=g(t)t2+t(t﹣1)2+1,t,∴g(t)≤g(1)即g(t)≤1∴函数f(x)的最大值1,无最小值.故选D.4.若函数f(x)=log2(x2-2x+a)的最小值为4,则a=()A.16 B.17 C.32 D.33【答案】B【解析】函数f(x)=log2(x2-2x+a)的最小值为4,可得y= x2-2x+a的最小值为16,由y=(x-1)2+a-1,可得a-1=16,即a=17,故选:B.5.高斯是德国闻名的数学家,近代数学奠基者之一,享有“数学王子”的称号,用其名字命名的“高斯函数”为:设,用表示不超过的最大整数,则称为高斯函数,例如:,,已知函数,则函数的值域是()A. B. C. D.【答案】A【解析】.∴当时,;当时,;∴函数的值域是.故选A.6.已知函数的最小值为8,则A.B.C.D.【答案】B【解析】函数的最小值为8,可得,明显的最小值不为8;时,由对数函数的性质可得当时,的最小值为,由题意可得,设递增,,可得,故选:B.7.对于函数f(x),若∀a,b,c∈R,f(a),f(b),f(c)为某一三角形的三边长,则称f(x)为“可构造三角形函数”.已知函数f(x)=是“可构造三角形函数”,则实数t的取值范围是()A. B. C. D.【答案】A【解析】由题意可得f(a)+f(b)>f(c)对于∀a,b,c∈R都恒成立,由于f(x),①当t﹣1=0,f(x)=1,此时,f(a),f(b),f(c)都为1,构成一个等边三角形的三边长,满意条件.②当t﹣1>0,f(x)在R上是减函数,1<f(a)<1+t﹣1=t,同理1<f(b)<t,1<f(c)<t,故f(a)+f(b)>2.再由f(a)+f(b)>f(c)恒成立,可得2≥t,结合大前提t﹣1>0,解得1<t≤2.③当t﹣1<0,f(x)在R上是增函数,t<f(a)<1,同理t<f(b)<1,t<f(c)<1,由f(a)+f(b)>f(c),可得 2t≥1,解得1>t.综上可得,t≤2,故选:A.8.奇函数单调递减,若,则满意的取值范围是()A.B.C.D.[1,3]【答案】D【解析】因为奇函数单调递减,所以函数单调递减,且为奇函数,所以,因为,所以,所以,解得,即满意的取值范围是,故选D.9.假如对定义在R上的奇函数,对随意两个不相邻的实数,全部,则称函数为“H函数”,下列函数为H函数的是A.B.C.D.【答案】D【解析】依据题意,对于全部的不相等实数,则恒成立,则有恒成立,即函数是定义在R上的增函数,则“H函数”为奇函数且在R上为增函数,据此依次分析选项:对于A,,为正弦函数,为奇函数但不是增函数,不符合题意;对于B,,为指数函数,不是奇函数,不符合题意;对于C,,为奇函数,但在R上不是增函数,不符合题意;对于D,,为奇函数且在R上为增函数,符合题意;故选:D.10.已知定义在上的函数,对随意,有,且时,有,设,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】因为对随意,所以,因为时,有,所以函数在区间上是增函数,因为,所以,即,所以,故选A.11.已知定义在R上的函数f(x)=-1(m为实数)为偶函数,记a=f(log0.53),则a,b,c的大小关系为( )A.a<b<c B.a<c<b C.c<a<b D.c<b<a【答案】B【解析】解:∵f(x)为偶函数;∴f(﹣x)=f(x);∴﹣1=﹣1;∴|﹣x﹣m|=|x﹣m|;(﹣x﹣m)2=(x﹣m)2;∴mx=0;∴m=0;∴f(x)=﹣1;∴f(x)在[0,+∞)上单调递增,并且a=f(||)=f(),b=f(),c=f(2);∵0<<2<;∴a<c<b.故选:B.12.已知t为常数,函数在区间上的最大值为2,则t的值为A.B.C.D.【答案】A【解析】令上的增函数.当,即时,,舍去.当,即时,由于单调递增,故函数的最值在端点处取得..若,解得(舍去).当时,符合题意.当,解得.当时,,不符合题意.当时,符合题意.故.所以选A.13.假如奇函数在区间上是减函数,值域为,那么______.【答案】12【解析】由f(x)在区间上是递减函数,且最大值为5,最小值为-2,得f(3)=5,f(7)=-2,∵f(x)是奇函数,∴.故答案为:12.14.已知函数,若上是减函数,则实数的取值范围为____.【答案】[,0)【解析】若在R上是减函数,因为y=上单调递减,故只需满意,解得:k∈[,0)故答案为:[,0)15.设函数f(x)=|x-1|在x∈[t,t+4](t∈R)上的最大值为M(t),则M(t)的最小值为______.【答案】2【解析】作出函数f(x)=|x-1|的图象,如图所示,当t+4≤1即t≤-3时,f(x)在[t,t+4]递减,可得最大值M(t)=f(t)=|t-1|=1-t,由M(t)在t≤-3递减,可得M(t)≥4,即最小值为4;当t≥1时,f(x)在[t,t+4]递增,可得最大值M(t)=f(t+4)=|t+3|=t+3,由M(t)在t≥1递增,可得M(t)≥4,即最小值为4;当t<1<t+4,即-3<t<1时,f(x)在(t,1)递减,在(1,t+4)递增,可得f(x)的最小值为0;当t=-1时,f(t)=f(t+4)=2;当-1<t<1时,f(t)<f(t+4),f(x)的最大值M(t)=f(t+4)=t+3,且M(t)∈(2,4);当-3<t<-1时,f(t)>f(t+4),f(x)的最大值M(t)=f(t)=1-t,且M(t)∈(2,4);综上可得M(t)的最小值为2.故答案为:2.16.已知函数,若当时,都有,则a的取值范围为______.【答案】【解析】①当时,即②当时,若,即时,若,即时,③当时,综上所述,17.对于区间,若函数同时满意:上是单调函数;函数的值域是,则称区间为函数的“保值”区间.求函数的全部“保值”区间.函数是否存在“保值”区间?若存在,求出实数m的取值范围;若不存在,说明理由.【答案】(1);(2)函数存在“保值”区间,此时m的取值范围是.【解析】因为函数的值域是,且的值域是,所以,所以,从而函数在区间上单调递增,故有,解得,又,所以,所以函数的“保值”区间为;若函数存在“保值”区间,若,由可得函数的“保值”区间为;若,此时函数在区间上单调递减,可得,消去m得,整理得,因为,所以,即,即有,因为,可得;若,此时函数在区间上单调递增,可得,消去m得,整理得.因为,所以,可得,可得.由,即有.综合得,函数存在“保值”区间,此时m的取值范围是.18.已知函数常数.证明上是减函数,在上是增函数;时,求的单调区间;对于中的函数和函数,若对随意,总存在,使得成立,求实数a的值.【答案】(1)见解析;(2)见解析;(3)【解析】证明::设,且,,,,当时,即,当时,即,时,,即,此时函数为减函数,当时,,即,此时函数为增函数,故上是减函数,在上是增函数;时,,,设,则,,由可知上是减函数,在上是增函数;,即,即上是减函数,在上是增函数;由于为减函数,故又由(2)得由题意,的值域为的值域的子集,从而有,解得.19.已知函数,其中.解关于x的不等式;求a的取值范围,使在区间上是单调减函数.【答案】(1)见解析;(2).【解析】的不等式,即为,即为,当时,解集为;当时,解集为;当时,解集为;,由在区间上是单调减函数,可得,解得.即a的范围是.20.已知函数.判定并证明函数的单调性;是否存在实数m,使得不等式对一切都成立?若存在求出m;若不存在,请说明理由.【答案】(1)见解析;(2)【解析】函数上R上的单调递增函数.证明如下:设,,,且,,函数上R上的单调递增函数.函数,,是R上的奇函数,不等式对一切都成立,,对一切都成立,是R上的增函数,,对一切都成立,.存在实数,使得不等式对一切都成立.实力提升训练1.已知是自然对数的底数),,则的大小关系是( ) A.B.C.D.【答案】A【解析】记,可得x=e可知:上单调递增,又∴,即故选:A2.若函数,设,则的大小关系A.B.C.D.【答案】D【解析】依据题意,函数,是二次函数,其对称轴为y轴,且在上为增函数,,则有,则;故选:D.3.已知函数,若的最小值为,则实数m的值为A. B. C.3 D.或3【答案】C【解析】函数,即,当时,不成立;当,即时,递减,可得取得最小值,且,解得成立;当,即时,递增,可得取得最小值,且,不成立;综上可得.故选:.4.若函数上的最大值与最小值的差为2,则实数的值为( ).A.2 B.-2 C.2或-2 D.0【答案】C【解析】解:①当a=0时,y=ax+1=1,不符合题意;②当a>0时,y=ax+1在[1,2]上递增,则(2a+1)﹣(a+1)=2,解得a=2;③当a<0时,y=ax+1在[1,2]上递减,则(a+1)﹣(2a+1)=2,解得a=﹣2.综上,得a=±2,故选C.5.已知直线分别与函数的图象交于两点,则两点间的最小距离为()A. B. C. D.【答案】D【解析】依据题意得到PQ两点间的距离即两点的纵坐标的差值,设t+1=u,t=u-1>0,原式等于依据均值不等式得到当且仅当u=1,t=0是取得最值.故答案为:D.6.已知函数的值域为()A. B. C. D.【答案】C【解析】由题意,设,则,又由指数函数的性质,可知函数为单调递减函数,所以函数的值域为,故选C.7.已知函数的定义域为(1)试推断的单调性;(2)若,求的值域;(3)是否存在实数,使得有解,若存在,求出的取值范围;若不存在,说明理由. 【答案】(1)单调递增(2)(3)存在,且取值范围为【解析】解:(1)设单调递增.(2)令的值域为(3)由而当时,令,所以的取值范围为8.已知函数(1)设的两根,且,试求的取值范围(2)当时,的最大值为2,试求【答案】(1)(2)【解析】(1)由题意可得的两根,且,解得故(2)当时,的最大值为2,由,可知抛物线开口向上,对称轴为①若,则当时取得最大值,即,解得②若,则当时取得最大值,即,解得故9.已知函数.(1)若,求a的值.(2)推断函数的奇偶性,并证明你的结论.(3)求不等式的解集.【答案】(1);(2)奇函数;(3).【解析】,则,得,即,则.函数的定义域为R,,即函数是奇函数.由不等式,,在R上是增函数,不等式等价为,即,即,得.即不等式的解集为.10.已知函数.(Ⅰ)推断并证明的单调性;(Ⅱ)设,解关于的不等式.【答案】(Ⅰ)上单调递增;(Ⅱ).【解析】解:(Ⅰ)的定义域为,由是奇函数;任取,则,上单调递增;又由(Ⅰ)知,上的奇函数,上单调递增;上单调递增.(Ⅱ),由是奇函数;又由(Ⅰ)知上单调递增,上单调递增,等价于,可得:,解得:不等式的解集是.。
2019年高考文科数学题型秘籍【05】函数的单调性与最值(解析版)
高考数学精品复习资料2019.5专题05 函数的单调性与最值【高频考点解读】1.理解函数的单调性、最大值、最小值及其几何意义.2.会利用函数的图象理解和研究函数的性质.3.确定函数单调性、单调区间及应用函数单调性求值域、最值,比较或求函数值大小,是高考的热点及重点.4.常与函数的图象及其他性质交汇命题.5.题型多以选择题、填空题形式出现,若与导数交汇则以解答题形式出现. 【热点题型】题型一 考查函数的单调性例1.探讨函数f (x )=x +kx(k >0)的单调性.【提分秘籍】1.函数的单调区间是其定义域的子集.2.由函数单调性的定义可知,若函数f (x )在区间D 上是增(减)函数,则当x 1<x 2时,f (x 1)<f (x 2)((f (x 1)>f (x 2)).3.一个函数在不同的区间可以有不同的单调性,同一种单调区间用“和”或“,”连接,不能用“∪”连接.4.两函数f (x )、g (x )在x ∈(a ,b )上都是增(减)函数,则f (x )+g (x )也为增(减)函数,但f (x )·g (x )的单调性与其正负有关,1f x与f (x )是否为0有关,切不可盲目类比. 5.判断或证明函数的单调性的两种方法 (1)利用定义的基本步骤是:取值⇨作差商变形⇨确定符号⇨得出结论 (2)利用导数的基本步骤是: 求导函数⇨确定符号⇨得出结论 【举一反三】下列四个函数中,在区间(0,1)上是减函数的是( ) A .y =log 2x B .y =1x C .y =-⎝⎛⎭⎫12x D .y =x 13【热点题型】题型二 求函数的单调区间 例2.设函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧1,x >0,0,x =0,-1,x <0,g (x )=x 2f (x -1),则函数g (x )的递减区间是( )A .(-∞,0]B .[0,1)C .[1,+∞)D .[-1,0]【举一反三】设函数y =f (x )在(-∞,+∞)内有定义.对于给定的正数k ,定义函数f k (x )=⎩⎪⎨⎪⎧f x ,f x ≤k ,k ,fx >k取函数f (x )=2-|x |.当k =12时,函数f k (x )的单调递增区间为( )A .(-∞,0)B .(0,+∞)C .(-∞,-1)D .(1,+∞)【热点题型】题型三 由函数的单调性求参数的范围【例3】 (1)定义在R 上的偶函数f (x )在(0,+∞)上是增函数,则( ) A .f (3)<f (-4)<f (-π) B .f (-π)<f (-4)<f (3) C .f (3)<f (-π)<f (-4) D .f (-4)<f (-π)<f (3)(2)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧a -x -1,x ≤1log a x ,x >1,若f (x )在(-∞,+∞)上单调递增,则实数a 的取值范围为________.【举一反三】已知函数f (x )=x 2+ax (x ≠0,a ∈R).(1)判断函数f (x )的奇偶性;(2)若f (x )在区间[2,+∞)上是增函数,求实数a 的取值范围.【热点题型】题型四 函数的最值问题(换元法)例4、已知函数y =-sin 2x +a sin x -a 4+12的最大值为2,求a 的值.【举一反三】求y =x -1-2x 函数的值域:题型五 函数的最值问题(数形结合法)例5、用min{a ,b ,c }表示a ,b ,c 三个数中的最小值,则函数f (x )=min{4x +1,x +4,-x +8}的最大值是________.【举一反三】函数y=x+2+16+x-2+4的值域为________.【高考风向标】1.(20xx·北京卷)下列函数中,定义域是R且为增函数的是()A.y=e-x B.y=x3C.y=ln x D.y=|x|【答案】B【解析】由定义域为R,排除选项C,由函数单调递增,排除选项A,D. 2.(20xx·湖南卷)下列函数中,既是偶函数又在区间(-∞,0)上单调递增的是()A.f(x)=1x2B.f(x)=x2+1C.f(x)=x3D.f(x)=2-x3.(20xx·江苏卷)已知函数f(x)=e x+e-x,其中e是自然对数的底数.(1)证明:f(x)是R上的偶函数.(2)若关于x的不等式mf(x)≤e-x+m-1在(0,+∞)上恒成立,求实数m的取值范围.(3)已知正数a满足:存在x0∈[1,+∞),使得f(x0)<a(-x30+3x0)成立.试比较e a-1与a e-1的大小,并证明你的结论.4.(20xx·四川卷)以A表示值域为R的函数组成的集合,B表示具有如下性质的函数φ(x)组成的集合:对于函数φ(x),存在一个正数M,使得函数φ(x)的值域包含于区间[-M,M].例如,当φ1(x)=x3,φ2(x)=sin x时,φ1(x)∈A,φ2(x)∈B.现有如下命题:①设函数f(x)的定义域为D,则“f(x)∈A”的充要条件是“∀b∈R,∃a∈D,f(a)=b”;②若函数f(x)∈B,则f(x)有最大值和最小值;③若函数f(x),g(x)的定义域相同,且f(x)∈A,g(x)∈B,则f(x)+g(x)∈/B;④若函数f(x)=a ln(x+2)+xx2+1(x>-2,a∈R)有最大值,则f(x)∈B. 其中的真命题有________.(写出所有真命题的序5.(20xx·四川卷)已知函数f(x)=e x-ax2-bx-1,其中a,b∈R,e=2.718 28…为自然对数的底数.(1)设g(x)是函数f(x)的导函数,求函数g(x)在区间[0,1]上的最小值;(2)若f(1)=0,函数f(x)在区间(0,1)内有零点,证明:e-2<a<1.6.(20xx ·北京卷)函数f(x)=⎩⎪⎨⎪⎧log 12x ,x ≥1,2x ,x<1的值域为________.7.(20xx ·北京卷)下列函数中,既是偶函数又在区间(0,+∞)上单调递减的是( ) A .y =1x B .y =e -xC .y =-x 2+1D .y =lg |x|8.(20xx ·新课标全国卷Ⅱ] 若存在正数x 使2x (x -a)<1成立,则a 的取值范围是( ) A .(-∞,+∞) B .(-2,+∞) C .(0,+∞) D .(-1,+∞)9.(20xx ·新课标全国卷Ⅱ] 已知函数f(x)=x 3+ax 2+bx +c ,下列结论中错误的是( ) A .x 0∈R ,f (x 0)=0B .函数y =f(x)的图像是中心对称图形C .若x 0是f(x)的极小值点,则f(x)在区间(-∞,x 0)单调递减D .若x 0是f(x)的极值点,则f ′(x 0)=010.(20xx ·四川卷)已知函数f(x)=⎩⎪⎨⎪⎧x 2+2x +a ,x<0,ln x ,x>0,其中a 是实数.设A(x 1,f(x 1)),B(x 2,f(x 2))为该函数图像上的两点,且x 1<x 2.(1)指出函数f(x)的单调区间;(2)若函数f(x)的图像在点A ,B 处的切线互相垂直,且x 2<0,证明:x 2-x 1≥1; (3)若函数f(x)的图像在点A ,B 处的切线重合,求a 的取值范围.11.(20xx·四川卷)设函数f(x)=e x+x-a(a∈R,e为自然对数的底数).若存在b∈[0,1]使f(f(b))=b成立,则a的取值范围是()A.[1,e] B.[1,1+e]C.[e,1+e] D.[0,1]以g(x)在[0,1]上为增函数,值域为[g(0),g(1)],即[1,e],从而a 的取值范围是[1,e].【随堂巩固】1.下列函数中既是偶函数又在区间(0,1)上单调递增的是( ) A .y =1xB .y =lg|x |C .y =2xD .y =-x 22.下列函数中,值域是(0,+∞)的是( ) A .y =x 2-2x +1 B .y =x +2x +1(x ∈(0,+∞))C .y =1x 2+2x +1(x ∈N)D .y =1|x +1|3.已知函数f (x )为R 上的减函数,则满足f ⎝⎛⎭⎫⎪⎪⎪⎪1x <f (1)的实数x 的取值范围是( ) A .(-1,1) B .(0,1)C .(-1,0)∪(0,1)D .(-∞,-1)∪(1,+∞)4.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧a -2x ,x ≥2⎝⎛⎭⎫12x -1,x <2满足对任意的实数x 1≠x 2都有f x 1-f x 2x 1-x 2<0成立,则实数a 的取值范围为( )A .(-∞,2) B.⎝⎛⎦⎤-∞,138 C .(-∞,2] D.⎣⎡⎭⎫138,25.已知实数a >0,且a ≠1,函数f (x )=log a |x |在(-∞,0)上是减函数,函数g (x )=a x +1a x ,则下列选项正确的是( )A .g (-3)<g (2)<g (4)B .g (-3)<g (4)<g (2)C .g (4)<g (-3)<g (2)D .g (2)<g (-3)<g (4)6.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2+ax +1,x ≥1,ax 2+x +1,x <1,则“-2≤a ≤0”是“函数f (x )在R 上单调递增”的( )A .充分而不必要条件B .必要而不充分条件C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件7.已知函数f (x )在R 上是单调函数,且满足对任意x ∈R ,都有f [f (x )-2x ]=3,则f (3)的值是( )A .3B .7C .9D .128.函数f (x )=|x 2-a |在区间[-1,1]上的最大值M (a )的最小值是________.9.对于定义在区间D 上的函数f (x ),若满足对∀x 1,x 2∈D 且x 1<x 2时都有f (x 1)≥f (x 2),则称函数f (x )为区间D 上的“非增函数”.若f (x )为区间[0,1]上的“非增函数”且f (0)=1,f (x )+f (1-x )=1,又当x ∈⎣⎡⎦⎤0,14时,f (x )≤-2x +1恒成立.有下列命题: ①∀x ∈[0,1],f (x )≥0;②当x 1,x 2∈[0,1]且x 1≠x 2时,f (x 1)≠f (x 2); ③f ⎝⎛⎭⎫18+f ⎝⎛⎭⎫511+f ⎝⎛⎭⎫713+f ⎝⎛⎭⎫78=2; ④当x ∈⎣⎡⎦⎤0,14时,f (f (x ))≤f (x ). 其中你认为正确的所有命题的序号为________.10.函数y=x-x(x≥0)的最大值为________.11.若函数f(x)=|2x+a|的单调递增区间是[3,+∞),则a=________.12.已知函数f(x)=3-axa-1(a≠1).(1)若a>0,则f(x)的定义域是________;(2)若f(x)在区间(0,1]上是减函数,则实数a的取值范围是________.13.已知f(x)=xx-a(x≠a).(1)若a=-2,试证f(x)在(-∞,-2)内单调递增;(2)若a>0且f(x)在(1,+∞)内单调递减,求a的取值范围.14.已知函数f(x)=x2+1-ax,其中a>0.(1)若2f(1)=f (-1),求a的值;(2)证明:当a≥1时,函数f(x)在区间[0,+∞)上为单调减函数.15.已知函数g(x)=x+1,h(x)=1x+3,x∈(-3,a],其中a为常数且a>0,令函数f(x)=g (x )·h (x ).(1)求函数f (x )的表达式,并求其定义域; (2)当a =14时,求函数f (x )的值域.。
江苏省宿迁市高考数学一轮复习:05 函数的单调性与最值
江苏省宿迁市高考数学一轮复习:05 函数的单调性与最值姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共12题;共24分)1. (2分) (2019高一上·工农月考) 已知函数,则函数的值域为()A .B .C .D .2. (2分)函数y=的值域是()A . RB . [,+∞)C . (2,+∞)D . (0,+∞)3. (2分) (2018高一上·台州期中) 已知函数,若存在x1<x2 ,使得f(x1)=f(x2),则x1•f(x2)的取值范围为()A .B .C .D .4. (2分) (2019高一上·长春月考) 定义在上的函数对任意两个不相等的实数,,总有,则必有()A . 函数先增后减B . 函数是上的增函数C . 函数先减后增D . 函数是上的减函数5. (2分)下列函数f(x)中,在(0,+∞)上为增函数的是()A . f(x)=B . f(x)=(x﹣1)2C . f(x)=lnxD . f(x)=6. (2分) (2016高一上·武城期中) 函数f(x)=﹣x2+2(a﹣1)x+2在(﹣∞,4)上是增函数,则a的范围是()A . a≥5B . a≥3C . a≤3D . a≤﹣57. (2分)已知函数,则函数有()A . 最小值,无最大值B . 最大值,无最小值C . 最小值1,无最大值D . 最大值1,无最小值8. (2分)对于函数,下列结论中正确的是:()A . 当时,在上单调递减B . 当时,上单调递减C . 当时,在上单调递增D . 当时,在上单调递增9. (2分)下列函数中,既是奇函数,又在定义域上是增函数的是()A . y=x2B . y=x|x|C . y=x+D . y=x﹣10. (2分) (2019高一上·柳江月考) 下列四个函数中,在上为增函数的是()A .B .C .D .11. (2分) (2019高一上·三亚期中) 一个偶函数定义在区间上,它在上的图象如图,下列说法正确的是()A . 这个函数仅有一个单调增区间B . 这个函数在其定义域内有最大值是7C . 这个函数有两个单调减区间D . 这个函数在其定义域内有最小值是-712. (2分)已知-2<x<0,则的最小值为()A . 2B . 3C .D . -2二、填空题 (共6题;共6分)13. (1分)已知函数f(x)=loga(ax2﹣x+1),(a>0且a≠1).若f(x)在区间[,]上为增函数时,则a的取值范围为________.14. (1分) (2016高二下·宁波期末) 已知a为实数,若函数f(x)=|x2+ax+2|﹣x2在区间(﹣∞,﹣1)和(2,+∞)上单调递减,则实数a的取值范围为________.15. (1分) (2016高三上·泰兴期中) 已知函数f(x)对于任意的x∈R,都满足f(﹣x)=f(x),且对任意的a,b∈(﹣∞,0],当a≠b时,都有<0.若f(m+1)<f(2),则实数m的取值范围是________.16. (1分)(2018高三上·丰台期末) 设函数的周期是3,当时,① ________;②若有最小值,且无最大值,则实数的取值范围是________.17. (1分)已知a>b>1,且2logab+4logba=9,则函数f(x)=|b2x﹣a|的单调递增区间为________.18. (1分) (2016高一上·涞水期中) 若定义在区间D上的函数y=f(x)满足:对∀x∈D,∃M∈R,使得|f (x)|≤M恒成立,则称函数y=f(x)在区间D上有界.则下列函数中有界的是:________.①y=sinx;② ;③y=tanx;④ ;⑤y=x3+ax2+bx+1(﹣4≤x≤4),其中a,b∈R.三、解答题 (共4题;共30分)19. (5分) (2018高一上·辽宁月考) 已知函数(1)判断的奇偶性(2)若在是增函数,求实数的范围20. (10分) (2017高二下·穆棱期末) 已知函数 .(1)求方程的根;(2)求证:在上是增函数;(3)若对于任意,不等式恒成立,求实数的最小值.21. (10分) (2016高一上·烟台期中) 设a是实数,f(x)=a﹣(x∈R).(1)证明不论a为何实数,f(x)均为增函数;(2)若f(x)满足f(﹣x)+f(x)=0,解关于x的不等式f(x+1)+f(1﹣2x)>0.22. (5分)给出定义,若a,b为常数,g(x)满足g(a+x)+g(a﹣x)=2b,则称函数y=g(x)的图象关于点(a,b)成和谐对称,已知函数f(x)=(x≠1),定义域为A.(Ⅰ)判断y=f(x)的图象是否关于点(a,﹣2)成和谐对称;(Ⅱ)当a=1时,求f(sinx)的值域;(Ⅲ)对于任意的xi∈A,设计构造过程:x2=f(x1),x3=f(x2),…,xn+1=f(xn),如果xi∈A(i=2,3,4,…)构造过程将继续下去,如果xi∉A,构造过程将停止,若对任意xi∈A,构造过程可以无限进行下去,求a 的值.参考答案一、单选题 (共12题;共24分)1-1、2-1、3-1、4-1、5-1、6-1、7-1、8-1、9-1、10-1、11-1、12-1、二、填空题 (共6题;共6分)13-1、14-1、15-1、16-1、17-1、18-1、三、解答题 (共4题;共30分)19-1、19-2、20-1、20-2、20-3、21-1、21-2、22-1、。
2020年领军高考数学(理)一轮必刷题函数的单调性与最值(解析版)
考点05 函数的单调性与最值1.已知函数f(x)=是R上的增函数,则实数a的取值范围是()A.(1,+∞)B.[4,8)C.(4,8)D.(1,8)【答案】B【解析】由f(x)在R上是增函数,则有解得4≤a<8.2.已知函数f(x)=,则该函数的递增区间为()A.(-∞,1]B.[3,+∞)C.(-∞,-1]D.[1,+∞)【答案】B【解析】设t=x2-2x-3,由t≥0,即x2-2x-3≥0,解得x≤-1或x≥3.故函数f(x)的定义域为(-∞,-1]∪[3,+∞).因为函数t=x2-2x-3的图像的对称轴方程为x=1,所以函数t在(-∞,-1]上递减,在[3,+∞)上递增.所以函数f(x)的递增区间为[3,+∞).3.已知函数f(x)是定义在R上的偶函数,且在区间[0,+∞)内递增.若实数a满足f(log2a)+f(lo a)≤2f(1),则a的取值范围是()A.[1,2]B.C.D.(0,2]【答案】C【解析】∵lo a=-log2a,∴f(log2a)+f(lo a)=f(log2a)+f(-log2a)=2f(log2a),原不等式变为2f(log2a)≤2f(1),即f(log2a)≤f(1).又因为f(x)是定义在R上的偶函数,且在[0,+∞)内递增,所以|log2a|≤1,即-1≤log2a≤1,解得≤a≤2.故选C.4.若x∈(e-1,1),a=ln x,b=,c=e ln x,则()A.b>c>aB.c>b>aC.b>a>cD.a>b>c【答案】A【解析】∵x∈(e-1,1),∴a=ln x∈(-1,0),b=∈(1,2),c=e ln x=x∈(e-1,1),∴b>c>a.5.已知函数f(x)=x+,g(x)=2x+a,若任意x1∈,存在x2∈[2,3]使得f(x1)≥g(x2),则实数a的取值范围是()A.a≤1B.a≥1C.a≤0D.a≥0【答案】C【解析】当x∈时,f(x)≥2=4,当且仅当x=2时取等号,∴f(x)min=4.当x∈[2,3]时,g(x)递增,故g(x)min=22+a=4+a.依题意知f(x)min≥g(x)min,解得a≤0.6.已知定义域为R的函数f(x)满足f(2-x)=f(x),且x≥1时,f(x)=2x+,若f(log a2a)<6(a>0且a≠1),则实数a的取值范围是()A.∪(1,2)B.∪(2,+∞)C.∪(1,2)D.∪(2,+∞)【答案】B【解析】由f(2-x)=f(x),可知f(x)的图像关于直线x=1对称,∵x≥1时,f(x)=2x+,∴f(x)在[1,+∞)上是增加的.∵f(2)=6,∴f(log a2a)<6⇔f(log a2a)<f(2)⇔|log a2a-1|<|2-1|(因f(x)的图像对称轴为x=1,即自变量到x=1的距离大的函数值大),∴|log a2a-1|<1,即|log a2|<1,解得a>2或0<a<.故选B.7.已知函数f(x)=lg(x+)+2x+sin x,f(x1)+f(x2)>0,则下列不等式中正确的是()A.x1>x2B.x1<x2C.x1+x2<0D.x1+x2>0【答案】D【解析】函数定义域为R,∵f(x)+f(-x)=lg(x+)+2x+sin x+lg(-x+)-2x-sin x=lg 1=0,∴函数f(x)是奇函数,由y=lg(x+)在(0,+∞)上是增加的,令y=2x+sin x,由y'=2+cos x>0知,y=2x+sin x在(0,+∞)上是增函数,∴函数f(x)在x≥0时递增,因此f(x)在R上递增.∵f(x1)+f(x2)>0,∴f(x1)>-f(x2),∴f(x1)>f(-x2),∴x1>-x2,即x1+x2>0,故选D.8.已知f(x)表示x+2与x2+3x+2中的较大者,则f(x)的最小值为()A.0B.2C.-D.不存在【答案】A【解析】在同一平面直角坐标系中画出函数y=x+2和y=x2+3x+2的图像,由f(x)表示x+2与x2+3x+2中的较大者,可得f(x)的图像如图中实线部分.求f(x)的最小值即求最低点的纵坐标,由图可得,当x=-2时,函数f(x)有最小值0,故选A.9.已知函数f(x)是定义在R上的单调函数,且对任意的x,y∈R都有f(x+y)=f(x)+f(y),若动点P(x,y)满足等式f(x2+2x+2)+f(y2+8y+3)=0,则x+y的最大值为()A.2-5B.-5C.2+5D.5【答案】A【解析】对任意的x,y∈R都有f(x+y)=f(x)+f(y),令x=0,y=0,都有f(0+0)=f(0)+f(0)⇒f(0)=0,动点P(x,y)满足等式f(x2+2x+2)+f(y2+8y+3)=0,即有f(x2+y2+2x+8y+5)=0=f(0),由函数f(x)是定义在R上的函数,可得x2+y2+2x+8y+5=0,化为(x+1)2+(y+4)2=12,可令x=-1+2cos α,y=-4+2sin α,α∈(0,2π),则x+y=2(cos α+sin α)-5=2cos-5,当cos=1即α=时,x+y取得最大值2-5,故选A.10.若f(x)=lo(ax2+2x-1),g(x)=,若不论x2取何值,f(x1)>g(x2)对任意x1∈恒成立,则a的取值范围是()A. B.C. D.【答案】D【解析】∵g(x) ===2sin,∴g(x2)max=2.f(x1)>g(x2)对任意x1∈恒成立,即f(x1)min>2恒成立;等价于0<a+2x1-1<对任意x1∈恒成立,即<a<对任意x1∈恒成立,设p(x1)==-1,q(x1)==-,∵x1∈,∴∈,∴p(x1)max=-1=-,q(x1)min=-,∴a∈.故选D.11.已知函数f (x )=log 2x +11-x,若x 1∈(1,2),x 2∈(2,+∞),则( ) A .f (x 1)<0,f (x 2)<0B .f (x 1)<0,f (x 2)>0C .f (x 1)>0,f (x 2)<0D .f (x 1)>0,f (x 2)>0 【答案】B【解析】因为函数y =log 2x 与函数y =11-x =-1x -1的单调性在(1,+∞)上均为增函数,所以函数f (x )=log 2x +11-x在(1,+∞)上为增函数,且f (2)=0,所以当x 1∈(1,2)时,f (x 1)<f (2)=0;当x 2∈(2,+∞)时,f (x 2)>f (2)=0,即f (x 1)<0,f (x 2)>0.12.定义新运算⊕:当a ≥b 时,a ⊕b =a ;当a <b 时,a ⊕b =b 2,则函数f (x )=(1⊕x )x -(2⊕x ),x ∈[-2,2]的最大值等于( )A .-1B .1C .6D .12【答案】C.【解析】由已知得当-2≤x ≤1时,f (x )=x -2;当1<x ≤2时,f (x )=x 3-2.∵f (x )=x -2,f (x )=x 3-2在定义域内都为增函数.∴f (x )的最大值为f (2)=23-2=6.13.已知函数f (x )=ln x +ln(2-x ),则( )A .f (x )在(0,2)单调递增B .f (x )在(0,2)单调递减C .y =f (x )的图象关于直线x =1对称D .y =f (x )的图象关于点(1,0)对称【答案】C【解析】f (x )的定义域为(0,2).由于f (x )=ln x +ln(2-x )=ln(2x -x 2),从而对f (x )的研究可转化为对二次函数g (x )=2x -x 2(x ∈(0,2))的研究.因为g (x )=2x -x 2=-(x -1)2+1,所以g (x )在(0,1)上单调递增,在(1,2)上单调递减,直线x =1是y =g (x )的图象的对称轴.从而排除A ,B ,D ,故选C.14.已知f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2-4x +3,x ≤0-x 2-2x +3,x >0,不等式f (x +a )>f (2a -x )在[a ,a +1]上恒成立,则实数a 的取值范围是( )A .(-∞,-2)B .(-∞,0)C .(0,2)D .(-2,0)【答案】A【解析】作出函数f (x )的图象如图所示,易知函数f (x )在R 上为单调递减函数,所以不等式f (x+a )>f (2a -x )在[a ,a +1]上恒成立等价于x +a <2a -x ,即x <a 2在[a ,a +1]上恒成立,所以只需a +1<a 2,即a <-2.故选A.15.设f (x )是定义在R 上的增函数,若f (1-ax-x 2)≤f (2-a )对任意a ∈[-1,1]恒成立,则x 的取值范围为 .【答案】(-∞,-1]∪[0,+∞)【解析】因为f (x )是R 上的增函数,所以1-ax-x 2≤2-a ,a ∈[-1,1].(*)(*)式可化为(x-1)a+x 2+1≥0对a ∈[-1,1]恒成立.令g (a )=(x-1)a+x 2+1.则解得x ≥0或x ≤-1,即实数x 的取值范围是(-∞,-1]∪[0,+∞).16.函数f (x )=-log 2(x+2)在区间[-1,1]上的最大值为 .【答案】3【解析】因为y=在R 上递减,y=log 2(x+2)在区间[-1,1]上递增,所以f (x )在区间[-1,1]上递减.所以f (x )在区间[-1,1]上的最大值为f (-1)=3.17.已知函数f (x )为(0,+∞)上的增函数,若f (a 2-a )>f (a +3),则实数a 的取值范围为________.【答案】(-3,-1)∪(3,+∞)【解析】由已知可得⎩⎪⎨⎪⎧a 2-a >0,a +3>0,a 2-a >a +3,解得-3<a <-1或a >3,所以实数a 的取值范围为(-3,-1)∪(3,+∞).18.函数f (x )=⎝⎛⎭⎫13x -log 2(x +2)在区间[-1,1]上的最大值为________.【答案】3【解析】由于y =⎝⎛⎭⎫13x在R 上单调递减,y =-log 2(x +2)在[-1,1]上单调递减,所以f (x )在[-1,1]上单调递减,故f (x )在[-1,1]上的最大值为f (-1)=3.19.设函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧1,x >0,0,x =0,-1,x <0,g (x )=x 2f (x -1),则函数g (x )的单调递减区间是________.【答案】[0,1)【解析】由题意知g (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2,x >1,0,x =1,-x 2,x <1.函数图象如图所示,由函数图象易得函数g (x )的单调递减区间是[0,1). 20.已知函数f (x )=若函数y=f (x )在区间(a ,a+1)内递增,则实数a 的取值范围是 .【答案】(-∞,1]∪[4,+∞)【解析】画出f (x )=的图像如图所示,因为函数y=f (x )在区间(a ,a+1)内递增,所以a+1≤2或a ≥4,解得a ≤1或a ≥4.故实数a 的取值范围是(-∞,1]∪[4,+∞).21.如果对定义在R 上的函数f (x ),对任意两个不相等的实数x 1,x 2,都有x 1f (x 1)+x 2f (x 2)>x 1f (x 2)+x 2f (x 1),则称函数f (x )为“H 函数”.给出下列函数:①y =e x +x ;②y =x 2;③y =3x -sin x ;④f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧ln |x |,x ≠0,0,x =0. 以上函数是“H 函数”的所有序号为________.【答案】①③【解析】因为对任意两个不相等的实数x 1,x 2,都有x 1f (x 1)+x 2f (x 2)>x 1f (x 2)+x 2f (x 1)恒成立,所以不等式等价为(x 1-x 2)[f (x 1)-f (x 2)]>0恒成立,即函数f (x )是定义在R 上的增函数.①函数y =e x +x 在定义域上为增函数,满足条件.②函数y =x 2在定义域上不单调,不满足条件.③y =3x -sin x ,y ′=3-cos x >0,函数单调递增,满足条件.④f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧ln |x |,x ≠0,0,x =0,当x >0时,函数单调递增,当x <0时,函数单调递减,不满足条件.综上,满足“H 函数”的函数为①③.22.判断函数f (x )=a x +(a>1),x ∈(-2,+∞)的单调性,并用单调性的定义证明你的结论.【解析】该函数在(-2,+∞)上单调递增.证明如下:任取x 1,x 2∈(-2,+∞),不妨设x 1<x 2,则x 2-x 1>0,x 1+2>0,x 2+2>0,又a>1, 所以>,即有->0,所以f (x 2)-f (x 1)=+--=(-)+=(-)+>0,故函数f (x )在(-2,+∞)上单调递增.23. (1)函数y=ln(-x 2+2x+3)的单调递增区间是( )A .(-1,1]B .[1,3)C .(-∞,1]D .[1,+∞) (2)设函数f (x )=g (x )=x 2f (x-1),则函数g (x )的单调递减区间是 .【答案】(1)A (2)[0,1)【解析】 (1)令t=-x 2+2x+3>0,求得-1<x<3,故函数的定义域为(-1,3).由二次函数的性质可知,t=-(x-1)2+4,x ∈(-1,3)的单调递增区间为(-1,1],故函数y=ln(-x 2+2x+3)的单调递增区间是(-1,1].(2)由题意知g (x )=该函数的图像如图所示,其单调递减区间是[0,1).24.已知f (x )是定义在(0,+∞)上的函数,对任意两个不相等的正数x 1,x 2,都有>0.记a=,b=,c=,则 ( )A .a<b<cB .b<a<cC .c<a<bD .c<b<a【答案】B【解析】∵f (x )是定义在(0,+∞)上的函数,对任意两个不相等的正数x 1,x 2,都有>0,∴函数y=是(0,+∞)上的增函数.∵1<30.2<30.5=<2,0<0.32<1,log 25>2,∴0<0.32<30.2<log 25,∴b<a<c.故选B .25.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧e -x -2,(x ≤0)2ax -1,(x >0)(a 是常数且a >0).对于下列命题:①函数f (x )的最小值是-1;②函数f (x )在R 上是单调函数;③若f (x )>0在⎣⎡⎭⎫12,+∞上恒成立,则a 的取值范围是a >1; ④对任意的x 1<0,x 2<0且x 1≠x 2,恒有f ⎝⎛⎭⎫x 1+x 22<f (x 1)+f (x 2)2.其中正确命题的所有序号是________.【答案】①③④【解析】根据题意可画出函数图象, 由图象可知,①显然正确;函数f (x )在R 上不是单调函数,故②错误;若f (x )>0在⎣⎡⎭⎫12,+∞上恒成立,则2a ×12-1>0,a >1,故③正确;由图象可知在(-∞,0)上对任意的x 1<0,x 2<0且x 1≠x 2,恒有f ⎝⎛⎭⎫x 1+x 22<f (x 1)+f (x 2)2成立,故④正确.。
2022新高考数学(江苏专用)总复习训练-函数的单调性与最值-含解析
[A 级 基础练]1.下列四个函数中,在x ∈(0,+∞)上为增函数的是( ) A .f (x )=3-x B .f (x )=x 2-3xC .f (x )=-1x +1 D .f (x )=-|x |解析:选C.当x >0时,f (x )=3-x 为减函数; 当x ∈⎝⎛⎭⎫0,32时,f (x )=x 2-3x 为减函数, 当x ∈⎝⎛⎭⎫32,+∞时,f (x )=x 2-3x 为增函数; 当x ∈(0,+∞)时,f (x )=-1x +1为增函数; 当x ∈(0,+∞)时,f (x )=-|x |为减函数.2.函数f (x )=-x +1x 在⎣⎡⎦⎤-2,-13上的最大值是( ) A.32 B .-83C .-2D .2解析:选A.函数f (x )=-x +1x 的导数为f ′(x )=-1-1x 2,则f ′(x )<0,可得f (x )在⎣⎡⎦⎤-2,-13上单调递减,即f (-2)为最大值,且为2-12=32.3.(2020·无锡模拟)若函数y =2-xx +1,x ∈(m ,n ]的最小值为0,则m 的取值范围是( )A .(1,2)B .(-1,2)C .[1,2)D .[-1,2)解析:选D.因为函数y =2-x x +1=3-(x +1)x +1=3x +1-1在区间(-1,+∞)上是减函数,且f (2)=0,所以n =2.根据题意,x ∈(m ,n ]时,y min =0.所以m 的取值范围是[-1,2).4.已知函数f (x )是R 上的增函数,对实数a ,b ,若a +b >0,则有( )A .f (a )+f (b )>f (-a )+f (-b )B .f (a )+f (b )<f (-a )+f (-b )C .f (a )-f (b )>f (-a )-f (-b )D .f (a )-f (b )<f (-a )-f (-b )解析:选A.因为a +b >0,所以a >-b ,b >-a .所以f (a )>f (-b ),f (b )>f (-a ),结合选项,可知选A.5.(多选)已知f (x )是定义在[0,+∞)上的函数,根据下列条件,可以断定f (x )是增函数的是( )A .对任意x ≥0,都有f (x +1)>f (x )B .对任意x 1,x 2∈[0,+∞),且x 1≥x 2,都有f (x 1)≥f (x 2)C .对任意x 1,x 2∈[0,+∞),且x 1-x 2<0,都有f (x 1)-f (x 2)<0D .对任意x 1,x 2∈[0,+∞),且x 1≠x 2,都有f (x 1)-f (x 2)x 1-x 2>0解析:选CD.根据题意,依次分析选项:对于选项A ,对任意x ≥0,都有f (x +1)>f (x ),不满足函数单调性的定义,不符合题意;对于选项B ,当f (x )为常数函数时,对任意x 1,x 2∈[0,+∞),都有f (x 1)=f (x 2),不是增函数,不符合题意;对于选项C ,对任意x 1,x 2∈[0,+∞),且x 1-x 2<0,都有f (x 1)-f (x 2)<0,符合题意;对于选项D ,对任意x 1,x 2∈[0,+∞),设x 1>x 2,若f (x 1)-f (x 2)x 1-x 2>0,必有f (x 1)-f (x 2)>0,则函数在[0,+∞)上为增函数,符合题意.6.函数f (x )=|x -2|x 的单调递减区间是________.解析:由于f (x )=|x -2|x =⎩⎪⎨⎪⎧x 2-2x ,x ≥2,-x 2+2x ,x <2.结合图象(图略)可知函数的单调递减区间是[1,2].答案:[1,2]7.如果函数f (x )=ax 2+2x -3在区间(-∞,4)上单调递增,则实数a 的取值范围是________.解析:当a =0时,f (x )=2x -3在定义域R 上是单调递增的,故在(-∞,4)上单调递增;当a ≠0时,二次函数f (x )的对称轴为x =-1a ,因为f (x )在(-∞,4)上单调递增,所以a <0,且-1a ≥4,解得-14≤a <0.综上,实数a 的取值范围是⎣⎡⎦⎤-14,0. 答案:⎣⎡⎦⎤-14,0 8.已知y =f (x )在定义域(-1,1)上是减函数,且f (1-a )<f (2a -1),则实数a 的取值范围为________.解析:因为f (x )在定义域(-1,1)上是减函数,且f (1-a )<f (2a -1),所以⎩⎪⎨⎪⎧-1<1-a <1,-1<2a -1<1,1-a >2a -1,解得0<a <23.答案:⎝⎛⎭⎫0,23 9.求下列函数的值域. (1)f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2-x +1,x <1,1x ,x >1;(2)y =x -x . 解:(1)当x <1时,x 2-x +1=⎝⎛⎭⎫x -122+34≥34;当x >1时,0<1x<1.因此函数f (x )的值域是(0,+∞).(2)y =x -x =⎝⎛⎭⎫x -122-14≥-14,所以函数y 的值域为⎣⎡⎭⎫-14,+∞. 10.已知函数f (x )=x +2x.(1)写出函数f (x )的定义域和值域;(2)证明:函数f (x )在(0,+∞)上为单调递减函数,并求f (x )在x ∈[2,8]上的最大值和最小值.解:(1)函数f (x )的定义域为{x |x ≠0}.又f (x )=1+2x,所以值域为{y |y ≠1}.(2)由题意可设0<x 1<x 2,则f (x 1)-f (x 2)=⎝⎛⎭⎫1+2x 1-⎝⎛⎭⎫1+2x 2=2x 1-2x 2=2(x 2-x 1)x 1x 2.又0<x 1<x 2,所以x 1x 2>0,x 2-x 1>0,所以f (x 1)-f (x 2)>0,即f (x 1)>f (x 2),所以函数f (x )在(0,+∞)上为单调递减函数.在x ∈[2,8]上,f (x )的最大值为f (2)=2,最小值为f (8)=54.[B 级 综合练]11.已知符号函数sgn x =⎩⎪⎨⎪⎧1,x >0,0,x =0,-1,x <0.f (x )是R 上的增函数,g (x )=f (x )-f (ax )(a >1),则( )A .sgn[g (x )]=sgn xB .sgn[g (x )]=-sgn xC .sgn[g (x )]=sgn[f (x )]D .sgn[g (x )]=-sgn[f (x )]解析:选B.因为f (x )是R 上的增函数,且a >1,所以当x >0时,f (x )<f (ax ),即g (x )<0;当x =0时,f (x )=f (ax ),即g (x )=0;当x <0时,f (x )>f (ax ),即g (x )>0.由符号函数sgn x =⎩⎨⎧1,x >0,0,x =0,-1,x <0知,sgn [g (x )]=⎩⎨⎧-1,x >0,0,x =0,1,x <0=-sgn x . 12.设f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧(x -a )2,x ≤0,x +1x +a ,x >0,若f (0)是f (x )的最小值,则实数a 的取值范围为________.解析:因为当x ≤0时,f (x )=(x -a )2,f (0)是f (x )的最小值,所以a ≥0.当x >0时,f (x )=x +1x +a ≥2+a ,当且仅当x =1时取“=”.要满足f (0)是f (x )的最小值,需2+a ≥f (0)=a 2,即a 2-a -2≤0,解得-1≤a ≤2,所以实数a 的取值范围是0≤a ≤2.答案:[0,2]13.已知函数f (x )=xx -a(x ≠a ).(1)若a =-2,试证明f (x )在(-∞,-2)上单调递增;(2)若a >0且f (x )在(1,+∞)上单调递减,求实数a 的取值范围. 解:(1)证明:设x 1<x 2<-2,则f (x 1)-f (x 2)=x 1x 1+2-x 2x 2+2=2(x 1-x 2)(x 1+2)(x 2+2).因为(x 1+2)(x 2+2)>0,x 1-x 2<0, 所以f (x 1)-f (x 2)<0,即f (x 1)<f (x 2), 所以f (x )在(-∞,-2)上单调递增. (2)设1<x 1<x 2, 则f (x 1)-f (x 2)=x 1x 1-a -x 2x 2-a =a (x 2-x 1)(x 1-a )(x 2-a ). 因为a >0,x 2-x 1>0,所以要使f (x 1)-f (x 2)>0, 只需(x 1-a )(x 2-a )>0恒成立,所以a ≤1.综上所述,实数a 的取值范围为(0,1].14.已知定义在区间(0,+∞)上的函数f (x )满足f ⎝⎛⎭⎫x 1x 2=f (x 1)-f (x 2),且当x >1时,f (x )<0.(1)求f (1)的值;(2)证明:f (x )为单调递减函数;(3)若f (3)=-1,求f (x )在[2,9]上的最小值.解:(1)令x 1=x 2>0,代入得f (1)=f (x 1)-f (x 1)=0,故f (1)=0.(2)证明:任取x 1,x 2∈()0,+∞,且x 1>x 2,则x 1x 2>1,由于当x >1时,f (x )<0,所以f ⎝⎛⎭⎫x 1x 2<0,即f (x 1)-f (x 2)<0,因此f (x 1)<f (x 2),所以函数f (x )在区间()0,+∞上是单调递减函数.(3)因为f (x )在(0,+∞)上是单调递减函数,所以f (x )在[2,9]上的最小值为f (9),由f ⎝⎛⎭⎫x 1x 2=f (x 1)-f (x 2)得f ⎝⎛⎭⎫93=f (9)-f (3),而f (3)=-1,所以f (9)=-2.所以f (x )在[2,9]上的最小值为-2.[C 级 创新练]15.(多选)对于实数x ,符号[x ]表示不超过x 的最大整数,例如[π]=3,[-1.08]=-2,定义函数f (x )=x -[x ],则下列命题中正确的是( )A .f (-3.9)=f (4.1)B .函数f (x )的最大值为1C .函数f (x )的最小值为0D .方程f (x )-12=0有无数个根解析:选ACD.根据符号[x ]的意义,讨论当自变量x 取不同范围时函数f (x )=x -[x ]的解析式:当-1≤x <0时,[x ]=-1,则f (x )=x -[x ]=x +1;当0≤x <1时,[x ]=0,则f (x )=x -[x ]=x ;当1≤x <2时,[x ]=1,则f (x )=x -[x ]=x -1;当2≤x <3时,[x ]=2,则f (x )=x -[x ]=x -2.画函数f (x )=x -[x ]的图象如图所示:根据定义可知,f (-3.9)=-3.9-(-4)=0.1,f (4.1)=4.1-4=0.1,即f (-3.9)=f (4.1),所以A 正确;从图象可知,函数f (x )=x -[x ]最高点处取不到,所以B 错误;函数图象最低点处函数值为0,所以C 正确;从图象可知y =f (x )与y =12的图象有无数个交点,即f (x )=12有无数个根,所以D 正确.故选ACD.16.已知a ≥3,函数F (x )=min{2|x -1|,x 2-2ax +4a -2},其中min{p ,q }=⎩⎪⎨⎪⎧p ,p ≤q ,q ,p >q .(1)求使得等式F (x )=x 2-2ax +4a -2成立的x 的取值范围; (2)求F (x )的最小值m (a ).解:(1)由于a ≥3,故当x ≤1时,x 2-2ax +4a -2-2|x -1|=x 2+2(a -1)(2-x )>0, 当x >1时,x 2-2ax +4a -2-2|x -1|=(x -2)(x -2a ). 由(x -2)(x -2a )≤0得2≤x ≤2a .所以使得等式F (x )=x 2-2ax +4a -2成立的x 的取值范围为[2,2a ].(2)设函数f (x )=2|x -1|,g (x )=x 2-2ax +4a -2,则f (x )min =f (1)=0,g (x )min =g (a )=-a 2+4a -2,所以由F (x )的定义知m (a )=min{f (1),g (a )},即m (a )=⎩⎪⎨⎪⎧0,3≤a ≤2+2,-a 2+4a -2,a >2+ 2.。
江苏专用2020年高考数学一轮复习考点05函数的单调性与最值必刷题含解析
考点05 函数的单调性与最值1.函数在[]6,6-的图像大致为A .B .C .D .【答案】B 【解析】设,则,所以()f x 是奇函数,图象关于原点成中心对称,排除选项C .又排除选项D ;,排除选项A ,故选B .2.设()f x 是定义域为R 的偶函数,且在()0,∞+单调递减,则( )A .B .C .D .【答案】C 【解析】()f x 是R 的偶函数,.,又()f x 在(0,+∞)单调递减,∴,,故选C .3.已知函数()y f x =的定义域为R ,)1(+x f 为偶函数,且对121x x ∀<≤,满足.若(3)1f =,则不等式的解集为( )A .1,82⎛⎫ ⎪⎝⎭B .)8,1(C .D .【答案】A【解析】因为对121x x ∀<≤,满足,所以()y f x =当1≤x 时,是单调递减函数,又因为)1(+x f 为偶函数,所以()y f x =关于1x =对称,所以函数()y f x =当1>x 时,是增函数,又因为(3)1f =,所以有1)1(=-f ,当2log 1x ≤时,即当02x <≤时,当2log 1x >时,即当2x >时,,综上所述:不等式的解集为1,82⎛⎫ ⎪⎝⎭,故本题选A. 4.函数的单调减区间为( )A .(,1)-∞-B .3(,)2-∞-C .3(,)2+∞D .(4,)+∞【答案】A 【解析】函数,所以或1x <-,所以函数()f x 的定义域为4x >或1x <-,当3(,)2-∞时,函数是单调递减,而1x <-,所以函数的单调减区间为(),1-∞-,故本题选A 。
5.已知函数,则的小关系是( ) A . B . C .D .【答案】B 【解析】函数为偶函数,,,当时,,函数在上递增,,即,故选:. 6.记设,则( ) A .存在 B .存在C .存在D .存在【答案】C【解析】解:x2﹣x3=x2(1﹣x),∴当x≤1时,x2﹣x3≥0,当x>1时,x2﹣x3<0,∴f(x).若t>1,则|f(t)+f(﹣t)|=|t2+(﹣t)3|=|t2﹣t3|=t3﹣t2,|f(t)﹣f(﹣t)|=|t2+t3|=t2+t3,f(t)﹣f(﹣t)=t2﹣(﹣t)3=t2+t3,若0<t<1,|f(t)+f(﹣t)|=|t3+(﹣t)3|=0,|f(t)﹣f(﹣t)|=|t3+t3|=2t3,f(t)﹣f(﹣t)=t3﹣(﹣t)3=2t3,当t=1时,|f(t)+f(﹣t)|=|1+(﹣1)|=0,|f(t)﹣f(﹣t)|=|1﹣(﹣1)|=2,f(t)﹣f(﹣t)=1﹣(﹣1)=2,∴当t>0时,|f(t)+f(﹣t)|<f(t)﹣f(﹣t),|f(t)﹣f(﹣t)|=f(t)﹣f(﹣t),故A错误,B错误;当t>0时,令g(t)=f(1+t)+f(1﹣t)=(1+t)2+(1﹣t)3=﹣t3+4t2﹣t+2,则g′(t)=﹣3t2+8t﹣1,令g′(t)=0得﹣3t2+8t﹣1=0,∴△=64﹣12=52,∴g(t)有两个极值点t1,t2,∴g(t)在(t2,+∞)上为减函数,∴存在t0>t2,使得g(t0)<0,∴|g(t0)|>g(t0),故C正确;令h(t)=(1+t)﹣f(1﹣t)=(1+t)2﹣(1﹣t)3=t3﹣2t2+5t,则h′(t)=3t2﹣4t+5=3(t)20,∴h(t)在(0,+∞)上为增函数,∴h(t)>h(0)=0,∴|h(t)|=h(t),即|f(1+t)﹣f(1﹣t)|=f(1+t)﹣f(1﹣t),故D错误.故选:C.7.已知函数是定义域为的奇函数,当时,,则不等式的解集为( ) A . B . C .D .【答案】A 【解析】当时,,,函数是定义域为的奇函数,当时,,可得到函数是单调递增的,故在整个实属范围内也是单调递增的,故只需要.故答案为:A.8.在平面直角坐标系xoy 中,对于点(),A a b ,若函数()y f x =满足:,都有,就称这个函数是点A 的“限定函数”.以下函数:①12y x =,②221y x =+,③sin y x =,④,其中是原点O 的“限定函数”的序号是______.已知点(),A a b 在函数2xy =的图象上,若函数2xy =是点A 的“限定函数”,则a 的取值范围是______.【答案】①③ (,0]-∞ 【解析】要判断是否是原点O 的“限定函数”只要判断:[1,1]x ∀∈-,都有[1,1]y ∈-,对于①12y x =,由[1,1]x ∈-可得,则①是原点O 的“限定函数”;对于②221y x =+,由[1,1]x ∈-可得,则②不是原点O 的“限定函数”对于③sin y x = ,由[1,1]x ∈-可得,则③是原点O 的“限定函数”对于④,由[1,1]x ∈-可得[0,ln 3]y ∈⊄[1,1]-,则④不是原点O 的“限定函数”点A(a, b)在函数2xy =的图像上,若函数2xy =是点A 的“限定函数”,可得2a b =,由,即,即,可得,可得1a ≤,且0a ≤,即0,a a ≤的范围是(,0]-∞, 故答案为:①③;(,0]-∞. 9.已知函数是定义域为的偶函数,且在上单调递增,则不等式的解集为____. 【答案】【解析】函数是定义域为的偶函数,可转化为,又在上单调递增,,两边平方解得:,故的解集为.10.函数,若对恒成立,则实数的取值范围是_____. 【答案】【解析】 解:f (x )=x 3+2019x ﹣2019﹣x+1,可得f (x )=﹣x 3+2019﹣x ﹣2019x +1, 则f (x )+f (x )=2,f (sin θ+cos θ)+f (sin2θ﹣t )<2,即为f (sin θ+cos θ)+f (sin2θ﹣t )<2=f (x )+f (x ),f (sin θ+cos θ)+f (sin2θ﹣t )<2对∀θ∈R 恒成立,可令x =sin θ+cos θ,则f (sin θ+cos θ)+f (sin2θ﹣t )<f (sin θ+cos θ)+f (1﹣sin θ﹣cos θ),可得f (sin2θ﹣t )<f (1﹣sin θ﹣cos θ)恒成立, 由于f (x)在R 上递增,f (x)的图象向右平移个单位可得f (x )的图象,则f(x)在R上递增,可得sin2θ﹣t<1﹣sinθ﹣cosθ恒成立,即有t>sin2θ+sinθ+cosθ﹣1,设g(θ)=sin2θ+sinθ+cosθ﹣1=(sinθ+cosθ)2+(sinθ+cosθ)﹣2再令sinθ+cosθ=m,则m sin(θ),则m,则g(m)=m2+m﹣2,其对称轴m,故当m时,g(m)取的最大值,最大值为22.则t,故答案为:(,+∞).11.已知函数是定义在R上的奇函数,且在上为单调增函数.若,则满足的x的取值范围是______.【答案】根据题意,函数是定义在R上的奇函数,且在上为单调增函数,则在在上也是增函数,故函数在R上也是增函数;又由,则,则解可得,即不等式的解集为故答案为:.12.已知定义在上的函数满足,其中是函数的导函数,若,则实数的取值范围为___________.【答案】【解析】令,则,∵,∴,函数在递减,∴,∴,,∴,即,故,解得:,∴.故答案为:13.若实数,x y 满足.则xy 的最小值为____________【答案】1.4【解析】∵,∴10x y -+>,,当且仅当11x y -+=时即=x y 时取等号,当且仅当时取等号∴且,即,因此(当且仅当0k =时取等号),从而xy 的最小值为1.414.设曲线在点()01,A x y 处的切线为1l ,在点()02,B x y 处的切线为2l ,若存在030,2x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,使得12l l ⊥,则实数a 的取值范围是______.【答案】31,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦【解析】,,存在030,2x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,使得,即,,,令,,,∴312y ≤≤, 故312a ≤≤,∴答案为31,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦. 15.已知函数,.若对任意,总存在,使得成立,则实数的值为____. 【答案】【解析】 不等式可化为:若对任意,总存在,使得成立,则:当时,的最大值为:当时,的最大值为:最小值为:所以可化为:,解得:.故:16.己知实数x,y,z[0,4],如果x2,y2,z2是公差为2的等差数列,则的最小值为_______.【答案】4-2【解析】由于数列是递增的等差数列,故,且,故,,而函数在上为增函数,故当时取得最大值为,所以.17.设函数().若存在,使,则的取值范围是____.【答案】【解析】存在, 使,,当时, ,在上单调递减;当时,,在上单调递减,在上单调递增;当时,,在上单调递增,(1) 若,即时,在上单调递增,,解得;(2)若,即时,在上单调递减,在上单调递增,,解得,综上,的取值范围是,故答案为.18.已知函数(是自然对数的底).若函数的最小值是,则实数的取值范围为__________.【答案】【解析】当时,(当且仅当时取等号),当时,,因此19.已知函数,,则最大值是______.【答案】【解析】分析:分x=0和x≠0两种情况讨论.当x≠0时,利用换元法将问题转化为求函数在区间上的最值的问题处理,进而可得所求的最大值.详解:①当x=0时,;②当x≠0时,由,令,由得,则,由于在上单调递减,所以,此时x=,所以f(x)≤.故f(x)的最大值为.20.选修4-5:不等式选讲已知函数.(I)求函数的最大值;(Ⅱ)若,求实数的取值范围. 【答案】(I) 最大值为1. (Ⅱ)【解析】解:(Ⅰ)函数可化为,由,即时“=”成立,所以原函数取得最大值为1.(Ⅱ)函数在上单调递增,∵,,,∴,即,所以,∴.即实数的取值范围是.21.已知函数(且).(1)讨论函数的单调性;(2)若,讨论函数在区间上的最值.【答案】(1)见解析;(2)见解析.【解析】(1)函数的定义域是..当时,令,得;令,得,所以函数在区间上单调递增,在区间上单调递减;当时,令,得;令,得,所以函数在区间上单调递减,在区间上单调递增.(2)由(1)得,当时,函数在区间上单调递减,在区间上单调递增.①当,即时,函数在区间上单调递减,所以函数在上的最大值为,最小值为;②当,即时,函数在区间上单调递增,所以函数在上的最大值为,最小值为;③当,即时,函数在区间上单调递减,在区间上单调递增,所以函数在上的最小值为.最大值为与中的较大者.下面比较与的大小:因为,令,得,化简得,解得.因为,且,所以.所以当时,,函数在上的最大值为;当时,,函数在上的最大值为;当时,,函数在上的最大值为.综上,当时,函数在上的最大值为,最小值为;当时,函数在上的最大值为;最小值为;当时,函数在上的最大值为,最小值为;当时,函数在上的最大值为,最小值为.22.选修4-5:不等式选讲设的最小值为k .(1)求实数k 的值; (2)设m ,n ∈R ,,求证:.【答案】(1)2k =;(2)见详解. 【解析】(1)当1x =时,()f x 取得最小值,即.(2)证明:依题意,,则.所以22111m n ++,当且仅当,即22m =,20n =时,等号成立.所以.23.已知函数()f x 的图像在[]a b ,上连续不断,定义:([]x a b ∈,),([]x a b ∈,),其中表示函数()f x 在D 上的最小值,表示函数()f x 在D 上的最大值,若存在最小正整数k ,使得对任意的[]x a b ∈,成立,则称函数()f x 为[]a b,上的“k 阶收缩函数”.(1)若, []0x π∈,,试写出()1f x , ()2f x 的表达式;(2)已知函数()2f x x =, []14x ∈-,,判断()f x 是否为[]14-,上的“k 阶收缩函数”,如果是,求出对应的k ,如果不是,请说明理由; (3)已知0b >,函数,是[]0b ,上的2阶收缩函数,求b 的取值范围.数学附加题 【答案】(1), []0x π∈,, ()21f x =, []0x π∈,.(2) 163k ≥ .即存在4k =,使得()f x 是[]1,4- 上的“4阶收缩函数”. (3)【解析】试题分析:(1)根据()f x 的最大值可求出()1f x , ()2f x 的解析式;(2)根据函数()2f x x =,[]14x ∈-,上的值域,先求出()1f x , ()2f x 的解析式,再根据求出k 的取值范围得到答案.(3)先对函数()f x 求导判断函数的单调性,进而写出()1f x , ()2f x 的解析式,然后再由求出k 的取值范围.试题解析: (1)由题意可得:, []0x π∈,, ()21f x =, []0x π∈,.(2),,当[]10x ∈-,时,,∴1k x ≥-, 2k ≥;当()01x ∈,时, ()11k x ≤+,∴11k x ≥+,∴1k ≥; 当[]14x ∈,时,,∴21x k x ≥+, 165k ≥综上所述, 165k ≥.即存在4k =,使得()f x 是[]14-,上的“4阶收缩函数”. (3),令()0f x '=得0x =或2x =.函数()f x 的变化情况如下:令()0f x =得0x =或3x =.(1)当2b ≤时, ()f x 在[]0b ,上单调递增,因此,,.因为是[]0b ,上的“二阶收缩函数”,所以,①,对[]0x b ∈,恒成立;②存在[]0x b ∈,,使得成立.①即:对[]0x b ∈,恒成立,由解得01x ≤≤或2x ≥.要使对[]0x b ∈,恒成立,需且只需01b <≤.②即:存在[]0x b ∈,,使得成立.由解得0x <或.所以,只需b >. 综合①②可得(2)当23b <≤时, ()f x 在[]02,上单调递增,在[]2b ,上单调递减,因此,,,, 0x x -=,显然当0x =时,不成立,(3)当3b >时, ()f x 在[]02,上单调递增,在[]2b ,上单调递减,因此,,,, 0x x -=,显然当0x =时,不成立.综合(1)(2)(3)可得:.24.已知f(x)=,x ∈[1,+∞)。
江苏专版020版高考数学一轮复习课时跟踪检测五函数的单调性与最值理含解析
ax+2a2-2a2+1
2a2-1
解析:f(x)=
=a-
,
x+2a
x+2a
因为函数 f(x)在区间(-2,+∞)上是增函数.
所以Error!解得 a≥1.
答案:[1,+∞)
2.(2019·江阴高三检测)设 a>0 且 a≠1,函数 f(x)=loga|ax2-x|在[3,5]上是单调
增函数,则实数 a 的取值范围为______________.
答案:1
4.(2018·徐州一模)已知函数 y=f(x)和 y=g(x)的图象关于 y 轴对称,当函数 y=f(x)
和 y=g(x)在区间[a,b]上同时递增或者同时递减时,把区间[a,b]叫做函数 y=f(x)的
“不动区间”,若区间[1,2]为函数 f(x)=|2x-t|的“不动区间”,则实数 t 的取值范围是
a- x2
- a- x1
=-= x1 x2
x1x2
>0,
所以 f(x)在(0,+∞)上是增函数.
1 (2)由题意 a- <2x 在(1,+∞)上恒成立,
x 1 设 h(x)=2x+ , x
则 a<h(x)在(1,+∞)上恒成立.
任取 x1,x2∈(1,+∞)且 x1<x2,
( )1
h(x1)-h(x2)=(x1-x2)
x-
log2(x+
2)在
区
间
[-
1,1]上
的
最
大
值
为
________.
( ) ( ) 1
解析:因为 y= 3
x
和
y=-log2(x+2)都是[-1,1]上的减函数,所以
y=
1 3
x-
log2(x+2)是在区间[-1,1]上的减函数,所以最大值为 f(-1)=3. 答案:3
考向05函数的单调性及最值(重点)-备战2023年高考数学一轮复习考点微专题(全国通用)(解析版)
考向05 函数的单调性与最值1. (2022年浙江卷第7题)已知825,log 3ab ==,则34a b -=( )A. 25 B. 5 C.259D.53【答案】C【解析】因为25a =,821log 3log 33b ==,即323b =,所以()()22323232452544392a aa b b b -====.故选:C.2. (2022年 新高考1卷第7题)设0.110.1e ,ln 0.99a b c ===-,,则( )A.a b c << B. c b a<< C. c a b<< D. a c b<<【答案】C【解析】设()ln(1)(1)f x x x x =+->-,因为1()111x f x x x'=-=-++,当(1,0)x ∈-时,()0f x '>,当,()0∈+∞时()0f x '<,所以函数()ln(1)f x x x =+-在(0,)+∞单调递减,在(1,0)-上单调递增,所以1((0)09f f <=,所以101ln099-<,故110ln ln 0.999>=-,即b c >,所以1()(0)010f f -<=,所以91ln+01010<,故1109e 10-<,所以11011e 109<,故a b <,设()e ln(1)(01)xg x x x x =+-<<,则()()21e 11()+1e 11xx x g x x x x -+'=+=--,令2()e (1)+1x h x x =-,2()e (21)x h x x x '=+-,当01x <<时,()0h x '<,函数2()e (1)+1x h xx =-单调递减,11x <<时,()0h x '>,函数2()e (1)+1x h x x =-单调递增,又(0)0h =,所以当01x <<-时,()0h x <,所以当01x <<-时,()0g x '>,函数()e ln(1)xg x x x =+-单调递增,所以(0.1)(0)0g g >=,即0.10.1e ln 0.9>-,所以a c >故选:C.3. (2022年北京卷第14题)设函数()()21,,2,.ax x a f x x x a -+<⎧⎪=⎨-≥⎪⎩若()f x 存在最小值,则a 的一个取值为________;a 的最大值为___________.【答案】①. 0(答案不唯一)②. 1【解析】若0a =时,21,0(){(2),0x f x x x <=-≥,∴min ()0f x =;若0a <时,当x a <时,()1f x ax =-+单调递增,当x →-∞时,()f x →-∞,故()f x 没有最小值,不符合题目要求;若0a >时,当x a <时,()1f x ax =-+单调递减,2()()1f x f a a >=-+,当x a >时,min 20(02)(){(2)(2)a f x a a <<=-≥∴210a -+≥或2212a a -+≥-(),解得01a <≤,综上可得01a ≤≤;故答案为:0(答案不唯一),1【易错点1】求函数的单调区间,应先确定函数的定义域,忽略定义域研究函数的单调性是常见的错误.【易错点2】有多个单调区间应分开写,不能用符号“∪”联结,也不能用“或”联结,只能用“逗号”或“和”联结.1.下列函数中,定义域是R 且为增函数的是A .xy e -= B .3y x =C .ln y x =D .y x=【答案】B【解析】四个函数的图象如下显然B 成立.【名师点睛】本题考查函数的定义域以及单调性的判定,涉及指数、对数、幂函数的性质,属于基础题.根据题意,依次分析选项中函数的定义域以及单调性,即可得答案.2.函数()22312x x f x --⎛⎫=⎪⎝⎭的单调递减区间是A .(),-∞+∞ B .(),1-∞C .()3,+∞D .()1,+∞【答案】D【解析】设t =x 2﹣2x ﹣3,则函数在(﹣∞,1]上单调递减,在[1,+∞)上单调递增.因为函数12xy ⎛⎫= ⎪⎝⎭在定义域上为减函数,所以由复合函数的单调性性质可知,此函数的单调递减区间是(1,+∞).故选D .【名师点睛】本题主要考查了复合函数的单调性以及单调区间的求法.复合函数的单调性,一要先确定函数的定义域,二要利用复合函数与内层函数和外层函数单调性之间的关系进行判断,判断的依据是“同增异减”.解答本题时,利用复合函数的单调性确定函数f (x )的单调递减区间.3.已知函数1()x f x e=,()0.52a f =,()0.20.3b f =,()0.3log 2c f =,则a ,b ,c 的大小关系为( )A .c b a << B .a b c << C .b c a << D .c a b<<【答案】B【解析】函数1()xf x e=,()0.52a f =,()0.20.3b f =,()0.3log 2c f =根据指数函数和对数函数的单调性可得:0.50221>=,0.2000.30.31<<=,0.30.3log 2log 01<<,因为函数1()xf x e=在R 上单调递减,且0.50.20.3log 20.23<<,所以0.20.053.(log 2)(0.23)()f f f >>,即a b c <<.故选:B 【点睛】对于指数幂的大小的比较,我们通常都是运用指数函数的单调性,但很多时候,因幂的底数或指数不相同,不能直接利用函数的单调性进行比较.这就必须掌握一些特殊方法.在进行指数幂的大小比较时,若底数不同,则首先考虑将其转化成同底数,然后再根据指数函数的单调性进行判断.对于不同底而同指数的指数幂的大小的比较,利用图象法求解,既快捷,又准确.4.已知函数()22cos()(1)sin(),()233x f x x a x a g x x ππ=+-+=-,若()[]0f g x ≤对[]0,1x ∈恒成立,则实数a 的取值范围是( )A .(1]-∞-B .(,0]-∞C .1]-D .(,1-∞-【答案】A【解析】在同一坐标系内画出2231,2,2x y x y y x =+==+的图象,由图象可知,在[]0,1上,223122xx x +≤<+恒成立,即23122x x ≤-<,当且仅当0x =或1x =时等号成立,()312g x ∴≤<,设()g x t =,则()(31,02t f g x ⎤≤<≤⎦等价于()0f t ≤,即()2cos1sin 033t a t a ππ+-+≤,31,,2332t t πππ⎡⎫≤<∴∈⎪⎢⎣⎭Q ,再设sin 13tm m π=≤<,原不等式可化为()212sin 1sin 033t a t a ππ-+-+≤,即()22211210,211m m m a m n a m m +--+-+≤≤=-+,1211m -≤-<,1a ∴≤-,故选:A.【点睛】关键点点睛:本题考查恒成立问题,考查三角函数的图象和性质,解决本题的关键点是设()g x t =,则原不等式等价于()0f t ≤,再设sin3tm π=,并参变分离求出最值解出实数a 的取值范围,考查了数形结合的解题思想方法,考查学生计算能力,属于中档题.5.设函数()f x 的定义域为R ,满足(1)2()f x f x +=,且当(]0,1x ∈时,()(1)f x x x =-.若对任意(],x m ∈-∞,都有8()9f x -≥,则m 的取值范围是( )A .9,4⎛⎤-∞ ⎥⎝⎦B .7,3⎛⎤-∞ ⎥⎝⎦C .5,2⎛⎤-∞ ⎥⎝⎦D .8,3⎛⎤-∞ ⎥⎝⎦【答案】B【解析】∵(0,1]x ∈时,,,∴()2(1)f x f x =-,即右移1个单位,图像变为原来的2倍.如图所示:当23x <≤时,,令,整理得:,∴()()37380x x --=(舍),∴173x =,283x =,∴(,]x m ∈-∞时,()=(1)f x x x -(+1)= ()f x 2f x ()f x ()=4(2)=4(2)(3)f x f x x x ---84(2)(3)9x x --=-2945560x x -+=8()9f x -≥成立,即73m ≤,∴7,3m ⎛⎤∈-∞ ⎥⎝⎦,故选B .一、单选题1.(2022·青海·海东市第一中学模拟预测(文))下列函数中是减函数的为( )A .2()log f x x =B .()13x f x =-C .()f x =D .2()1f x x =-+【答案】B【解析】选项A :由21>,可得2()log f x x =为增函数.判断错误;选项B :由31>,可得3x y =为增函数,则()13x f x =-是减函数.判断正确;选项C :由102-<,可得12y x -=是减函数,则()f x =为增函数.判断错误;选项D :2()1f x x =-+在(),0∞-上单调递增. 判断错误.故选:B2.(2023·河南·洛宁县第一高级中学一模(理))已知函数33,0()e 1,0xx x f x x --+<⎧=⎨+≥⎩,则不等式()(31)<-f a f a 的解集为( )A .10,2⎛⎫⎪⎝⎭B .1,02⎛⎫- ⎪⎝⎭C .1,2⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭D .1,2⎛⎫-∞- ⎪⎝⎭【答案】C【解析】因为33,0()e 1,0xx x f x x --+<⎧=⎨+≥⎩,当0x <时()33f x x =-+函数单调递减,且()3033f x >-⨯+=,当0x ≥时()e 1x f x -=+函数单调递减,且()00e 123f =+=<,所以函数()f x 在(,)-∞+∞上是单调递减,所以不等式()(31)<-f a f a 等价于31a a >-,解得12a <.即不等式的解集为1,2⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭;故选:C3.(2022·辽宁·大连二十四中模拟预测)已知函数()y f x =,若()0f x >且()()0f x xf x '+>,则有( )A .()f x 可能是奇函数,也可能是偶函数B .()()11f f ->C .42x ππ<<时,cos22s (os )(in c )x f ef x x <D .(0)(1)f <【答案】D【解析】若()f x 是奇函数,则()()f x f x -=-,又因为()0f x >,与()()f x f x -=-矛盾,所有函数()y f x =不可能时奇函数,故A 错误;令()()22e x g xf x =,则()()()()()()222222eeex x x g x x f x f x xf x f x '''=+=+,因为22e0x >,()()0f x xf x '+>,所以()0g x '>,所以函数()g x 为增函数,所以()()11g g -<,即()()1122e 1e 1f f -<,所以()()11f f -<,故B 错误;因为42x ππ<<,所以0cos x <<sin 1x <<,所以sin cos x x >,故()()sin cos g x g x >,即()()22sin cos 22e sin ecos xx f x f x >,所以()()()22cos sin cos222sin ecos ecos x xx f x f x f x ->=,故C 错误;有()()01g g <,即()()01f <,故D 正确.故选:D.4.(2022·江苏无锡·模拟预测)已知13e ,(93ln 3)e a b c --===-,则a ,b ,c 的大小为( )A .a b c <<B .a c b<<C .c a b<<D .b c a<<【答案】C【解析】令函数ln ()(e)x f x x x=≥,当e x >时,求导得:()21ln 0xf x x '-=<,则函数()f x 在[e,)+∞上单调递减,又ln 3(3)3a f ==,ln e (e)eb f ==,3333e ln3(3ln 3)e 3()e e 33c f -===,显然3e e 33<<,则有3e ()(3)(e)3f f f <<,所以c a b <<.故选:C5.(2022·青海·模拟预测(理))若01a b <<<,则( )A .e e ln ln b a b a -<-B .e e ln ln b a b a -≥-C .e e a b b a ≤D .e e a bb a >【答案】D【解析】对于A,B,令()e ln x f x x =- ,则1()e xf x x '=-,当01x <<时,1()e xf x x'=-单调递增,且2132123(e 20,(e 0232f f ''=-<=-=>>故存在012(,)23x ∈ ,使得0()0f x '=,则当0(0,)x x ∈时,()e ln x f x x =-递减,当0(,1)x x ∈时,()e ln x f x x =-递增,由于01a b <<<,此时()e ln ,()e ln a b f a a f b b =-=-大小关系不确定,故A,B 均不正确;对于C,D,设e g()=x x x ,则e (1)g ()=x x x x -',当01x <<时,()0g x '<,故e g()=xx x 单调递减,所以当01a b <<<时,()()g a g b > ,即e e a ba b > ,即e e a b b a >,故C 错误,D 正确,故选:D6.(2022·全国·高三专题练习)已知定义在R 上的函数()f x 满足()11f =,对于1x ∀,2R x ∈,当12x x <时,都有()()()12122f x f x x x -<-,则不等式()222log 1log f x x +<的解集为( )A .(),2-∞B .()0,2C .()1,2D .()2,+∞【答案】B【解析】由题设12x x <时1122()2()2f x x f x x -<-,即()()2h x f x x =-在R 上递增,又(1)(1)21h f =-=-,而()222log 1log f x x +<等价于()22log 2log 1f x x -<-,所以2(log )(1)h x h <,即2log 1x <,可得02x <<.故不等式解集为()0,2.故选:B 二、多选题7.(2022·江苏无锡·模拟预测)定义:在区间I 上,若函数()y f x =是减函数,且()y xf x =是增函数,则称()y f x =在区间I 上是“弱减函数”.根据定义可得( )A .()1f x x=在()0,∞+上是“弱减函数”B .()e xxf x =在()1,2上是“弱减函数”C .若()ln xf x x=在(),m +∞上是“弱减函数”,则e m ≥D .若()2cos f x x kx =+在0,2π⎛⎫ ⎪⎝⎭上是“弱减函数”,则213k ππ≤≤【答案】BCD【解析】对于A ,1y x=在()0,+∞上单调递减,()1y xf x ==不单调,故A 错误;对于B ,()e x xf x =,()1ex x f x -'=在()1,2上()0f x ¢<,函数()f x 单调递减,()2e x x y xf x ==,220e x x x y -'==>,∴y 在()1,2单调递增,故B 正确;对于C ,若()ln xf x x =在(),m +∞单调递减,由()21ln 0x f x x -'==,得e x =,∴e m ≥,()ln y xf x x ==在()0,+∞单调递增,故C 正确;对于D ,()2cos f x x kx =+在0,2π⎛⎫ ⎪⎝⎭上单调递减,()sin 20f x x kx '=-+≤在0,2x π⎛⎫∈ ⎪⎝⎭上恒成立min sin 2x k x ⎛⎫⇒≤ ⎪⎝⎭,令()sin xh x x =,()2cos sin x x x h x x -'=,令()cos sin x x x x ϕ=-,()cos sin cos sin 0x x x x x x x ϕ'=--=-<,∴()ϕx 在0,2π⎛⎫⎪⎝⎭上单调递减,()()00x ϕϕ<=,∴()0h x '<,∴()h x 在0,2π⎛⎫ ⎪⎝⎭上单调递减,()22h x h ππ⎛⎫>= ⎪⎝⎭,∴212k k ππ≤⇒≤,()()3cos g x xf x x x kx ==+在0,2π⎛⎫⎪⎝⎭上单调递增,()2cos sin 30g x x x x kx =+'-≥在0,2x π⎛⎫∈ ⎪⎝⎭上恒成立,∴2maxsin cos 3x x x k x -⎛⎫≥ ⎪⎝⎭,令()2sin cos x x x F x x -=,()23cos 2cos 0x x xF x x +'=>,∴()F x 在0,2π⎛⎫ ⎪⎝⎭上单调递增,()22F x F ππ⎛⎫<= ⎪⎝⎭,∴2233k k ππ≥⇒≥,综上:213k ππ≤≤,故D 正确.故选:BCD.8.(2022·江苏省木渎高级中学模拟预测)当121x x <<时,不等式1221e e 0x xx x -<成立.若e e a b >>,则( )A .e 1e e b b -> B .e e e aa b b +< C .e ln b a b a < D .e ln a ab b>【答案】AD【解析】当121x x <<时,不等式12122112e e e e 0x x x x x x x x -<⇔<,令e (),1xf x x x=>,则()f x 在(1,)+∞上单调递增,因e>1b >,则ee 1e e ()(e)e e e b bf b f b b->⇔>⇔>,A 正确;因e a b >>1,则e e e e ()(e )e e eaa b aa b a f b f b b +>⇔>⇔>,B 不正确;由e e a>知,1a >,有()()e 1e 1e aa f a f a a>⇔>>⇔>,则ln ln 1a a a a >⇔<,由选项A 知,e 1b b>,即e ln e ln b b aa b a b a >⇔>,C 不正确;由e e ab >>得,ln 1b a >>,则ln e e (ln )()e ln ln b aa fb f a ab b b a>⇔>⇔>,D 正确.故选:AD 三、填空题9.(2022·上海长宁·二模)已知函数()f x 满足:()(),01,0xx f x x f x x ⎧≥⎪=+⎨⎪--<⎩,则不等式()102f x +≥的解集为____.【答案】[)1,-+∞【解析】根据题意可得(),01,01xx x f x x x x ⎧≥⎪⎪+=⎨⎪<⎪-⎩,且()f x 为奇函数当0x ≥时,()11011xf x x x ==-≥++,则()f x 在[)0,∞+上单调递增∴()f x 在R 上单调递增则()12f x =-,即112x x =--,解得1x =-∴()102f x +≥即()12f x ≥-的解集为1x ≥-故答案为:[)1,-+∞.10.(2022·河南·新乡县高中模拟预测(理))在人工智能领域的神经网络中,常用到在定义域I 内单调递增且有界的函数()f x ,即0M ∃>,x I ∀∈,()f x M ≤.则下列函数中,所有符合上述条件的序号是______.①()f x =②()21x f x x =+;③()e e e e x xx x f x ---=+;④()11e x f x -=+.【答案】③④【解析】对于①,()f x =对于②,()2111x f x x x x==++不单调,不符合题意;对于③,()22222e e e 1e 1221e e e 1e 11e x x x x x x x x x f x ----+-===-++++=单调递增,且()()1,1f x ∈-,则()1f x <,符合题意;对于④,()11e xf x -=+单调递增,且()()0,1f x ∈,则()1f x <,符合题意.故答案为:③④1.(2021年全国高考甲卷数学(文)试题)下列函数中是增函数的为( )A .()f x x =-B .()23xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭C .()2f x x=D .()f x =【答案】D【解析】对于A ,()f x x =-为R 上的减函数,不合题意,舍.对于B ,()23xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭为R 上的减函数,不合题意,舍.对于C ,()2f x x =在(),0-∞为减函数,不合题意,舍.对于D ,()f x =为R 上的增函数,符合题意,故选:D.2.(2018·陕西高考真题(理))下列函数中,满足“()()()f x y f x f y +=”的单调递增函数是A .()12f x x = B .()3f x x = C .()12xf x ⎛⎫= ⎪⎝⎭D .()3xf x =【答案】D 【解析】试题分析:由于x r x r a a a +⋅=,所以指数函数()x f x a =满足()()()f x y f x f y +=+,且当1a >时单调递增,01x <<时单调递减,所以()3xf x =满足题意,故选D .考点:幂函数、指数函数的单调性.3.(2019·陕西高考真题(理))下列函数中,既是奇函数又是增函数的为A .1y x =+B .2y x =-C .1y x=D .y x x=【答案】D【解析】A 是增函数,不是奇函数;B 和C 都不是定义域内的增函数,排除,只有D 正确,因此选D.4.(2017·浙江高考真题)若函数()2f x =x ax b ++在区间[0,1]上的最大值是M,最小值是m,则M m -的值A .与a 有关,且与b 有关B .与a 有关,但与b 无关C .与a 无关,且与b 无关D .与a 无关,但与b 有关【答案】B【解析】因为最值在2(0),(1)1,()24a a fb f a b f b ==++-=-中取,所以最值之差一定与b 无关,选B .【名师点睛】对于二次函数的最值或值域问题,通常先判断函数图象对称轴与所给自变量闭区间的关系,结合图象,当函数图象开口向上时,若对称轴在区间的左边,则函数在所给区间内单调递增;若对称轴在区间的右边,则函数在所给区间内单调递减;若对称轴在区间内,则函数图象顶点的纵坐标为最小值,区间端点距离对称轴较远的一端取得函数的最大值.5.(2020年高考数学课标Ⅱ卷理科)设函数()ln |21|ln |21|f x x x =+--,则f (x )( )A .是偶函数,且在1(,)2+∞单调递增B .是奇函数,且在11(,22-单调递减C .是偶函数,且在1(,2-∞-单调递增D .是奇函数,且在1(,)2-∞-单调递减【答案】D【解析】由()ln 21ln 21f x x x =+--得()f x 定义域为12x x ⎧⎫≠±⎨⎬⎩⎭,关于坐标原点对称,又()()ln 12ln 21ln 21ln 21f x x x x x f x -=----=--+=-,()f x ∴为定义域上的奇函数,可排除AC ;当11,22x ⎛⎫∈-⎪⎝⎭时,()()()ln 21ln 12f x x x =+--,()ln 21y x =+Q 在11,22⎛⎫- ⎪⎝⎭上单调递增,()ln 12y x =-在11,22⎛⎫- ⎪⎝⎭上单调递减,()f x ∴在11,22⎛⎫- ⎪⎝⎭上单调递增,排除B ;当1,2x ⎛⎫∈-∞-⎪⎝⎭时,()()()212ln 21ln 12ln ln 12121x f x x x x x +⎛⎫=----==+ ⎪--⎝⎭,2121x μ=+- 在1,2⎛⎫-∞- ⎪⎝⎭上单调递减,()ln f μμ=在定义域内单调递增,根据复合函数单调性可知:()f x 在1,2⎛⎫-∞-⎪⎝⎭上单调递减,D 正确.【名师点睛】本题考查函数奇偶性和单调性的判断;判断奇偶性的方法是在定义域关于原点对称的前提下,根据()f x -与()f x 的关系得到结论;判断单调性的关键是能够根据自变量的范围化简函数,根据单调性的性质和复合函数“同增异减”性得到结论.6.(2021·浙江高考真题)已知函数21(),()sin 4f x xg x x =+=,则图象为如图的函数可能是( )A .1()()4y f x g x =+-B .1()()4y f x g x =--C .()()y f x g x =D .()()g x y f x =【答案】D【解析】对于A ,()()21sin 4y f x g x x x =+-=+,该函数为非奇非偶函数,与函数图象不符,排除A ;对于B ,()()21sin 4y f x g x x x =--=-,该函数为非奇非偶函数,与函数图象不符,排除B ;对于C ,()()21sin 4y f x g x x x ⎛⎫==+⎪⎝⎭,则212sin cos 4y x x x x ⎛⎫'=++ ⎪⎝⎭,当4x π=时,2102164y ππ⎛⎫'=+> ⎪⎝⎭,与图象不符,排除C.故选:D.7.(2018北京卷)能说明“若()(0)f x f >对任意的(0,2]x ∈都成立,则()f x 在[0,2]上是增函数”为假命题的一个函数是__________.【答案】sin y x =(不答案不唯一)【解析】这是一道开放性试题,答案不唯一,只要满足()(0)f x f >对任意的(0,2]x ∈都成立,且函数()f x 在[0,2]上不是增函数即可,如,()sin f x x =,答案不唯一.。
高考数学一轮总复习 第二章 函数、导数及其应用 课时作业5 函数的单调性与最值(含解析)苏教版-苏教
课时作业5 函数的单调性与最值一、选择题1.(2020·某某质监)下列函数中,在(0,+∞)上单调递减的是( A ) A .y =22-x B .y =x -11+xC .y =log 121xD .y =-x 2+2x +a解析:A 中,y =22-x ,令t =2-x ,∵t =2-x 在(0,+∞)上单调递减,∴t ∈(-∞,2),y=2t在(-∞,2)上单调递增,∴y =22-x 在(0,+∞)上单调递减.B中,y =x -11+x =1-2x +1,令t =x +1,∵t =x +1在(0,+∞)上单调递增,∴t ∈(1,+∞),y =1-2t 在(1,+∞)上单调递增,∴y =x -11+x 在(0,+∞)上单调递增.C 中,y =log 12 1x =log 2x 在(0,+∞)上单调递增.D中,y =-x 2+2x +a 图象的对称轴为直线x =1,所以函数在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减.故选A.2.函数f (x )=ln(x 2-2x -8)的单调递增区间是( D ) A .(-∞,-2) B .(-∞,1) C .(1,+∞)D .(4,+∞)解析:由x 2-2x -8>0,得x >4或x <-2.因此,函数f (x )=ln(x 2-2x -8)的定义域是(-∞,-2)∪(4,+∞).注意到函数y =x 2-2x -8在(4,+∞)上单调递增,由复合函数的单调性知,f (x )=ln(x 2-2x -8)的单调递增区间是(4,+∞).3.已知函数f (x )=a +log 2(x 2+a )(a >0)的最小值为8,则( A ) A .a ∈(5,6) B .a ∈(7,8) C .a ∈(8,9)D .a ∈(9,10)解析:因为f (x )在(-∞,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增,所以f (x )min =f (0)=a +log 2a =8.令g (a )=a +log 2a -8,则g (a )在(0,+∞)上单调递增,又g (5)=5+log 25-8<0,g (6)=6+log 26-8>0,所以a ∈(5,6).故选A.4.函数f (x )=x1-x 的单调递增区间是( C )A .(-∞,1)B .(1,+∞)C .(-∞,1),(1,+∞)D .(-∞,-1),(1,+∞)解析:因为f (x )=-(1-x )+11-x =-1+11-x ,所以f (x )的图象是由y =-1x 的图象沿x 轴向右平移1个单位,然后沿y 轴向下平移一个单位得到,而y =-1x 的单调递增区间为(-∞,0),(0,+∞);所以f (x )的单调递增区间是(-∞,1),(1,+∞).故选C.5.设偶函数f (x )的定义域为R ,当x ∈[0,+∞)时,f (x )是增函数,则f (-2),f (π),f (-3)的大小关系是( A )A .f (π)>f (-3)>f (-2)B .f (π)>f (-2)>f (-3)C .f (π)<f (-3)<f (-2)D .f (π)<f (-2)<f (-3)解析:因为f (x )是偶函数,所以f (-3)=f (3),f (-2)=f (2).又因为函数f (x )在[0,+∞)上是增函数,所以f (π)>f (3)>f (2),即f (π)>f (-3)>f (-2).6.若函数f (x )=x 2+a |x |+2,x ∈R 在区间[3,+∞)和[-2,-1]上均为增函数,则实数a 的取值X 围是( B )A.⎣⎡⎦⎤-113,-3 B .[-6,-4] C .[-3,-22]D .[-4,-3]解析:由于f (x )为R 上的偶函数,因此只需考虑函数f (x )在(0,+∞)上的单调性即可.由题意知函数f (x )在[3,+∞)上为增函数,在[1,2]上为减函数,故-a2∈[2,3],即a ∈[-6,-4].7.函数y =2-xx +1,x ∈(m ,n ]的最小值为0,则m 的取值X 围是( D )A .(1,2)B .(-1,2)C .[1,2)D .[-1,2)解析:函数y =2-x x +1=3-x -1x +1=3x +1-1,且在x ∈(-1,+∞)时单调递减,在x =2时,y =0; 根据题意x ∈(m ,n ]时,y 的最小值为0,所以-1≤m <2. 8.(2020·某某质检)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧⎝⎛⎭⎫12x +4,x ≤0,-x 3-x +5,x >0,当x ∈[m ,m +1]时,不等式f (2m -x )<f (x +m )恒成立,则实数m 的取值X 围是( B ) A .(-∞,-4) B .(-∞,-2) C .(-2,2)D .(-∞,0)解析:易知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧⎝⎛⎭⎫12x +4,x ≤0,-x 3-x +5,x >0在x ∈R 上单调递减,又f (2m -x )<f (x +m )在x ∈[m ,m +1]上恒成立,所以2m -x >x +m ,即2x <m 在x ∈[m ,m +1]上恒成立,所以2(m +1)<m ,解得m <-2,故选B.9.(2020·某某模拟)已知函数f (x )=x ·ln 1+x 1-x ,a =f (-1π),b =f (1e ),c =f (14),则以下关系成立的是( A )A .c <a <bB .c <b <aC .a <b <cD .a <c <b解析:因为f (x )=x ·ln 1+x1-x =x [ln(1+x )-ln(1-x )],所以f (-x )=(-x )[ln(1-x )-ln(1+x )]=x [ln(1+x )-ln(1-x )]=f (x ),所以f (x )为偶函数,所以a =f (-1π)=f (1π).当0<x <1时,易知f (x )为增函数.又1e >1π>14,所以f (1e )>f (1π)>f (14),即b >a >c ,故选A. 二、填空题10.函数f (x )=3x +1(x ∈[2,5])的最大值与最小值之和等于32.解析:f (x )=3x +1在[2,5]上是减函数,所以最大值为f (2)=1,最小值为f (5)=12,f (2)+f (5)=32. 11.设函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-x +a ,x <1,2x ,x ≥1的最小值为2,则实数a 的取值X 围是[3,+∞).解析:当x ≥1时,f (x )≥2,当x <1时,f (x )>a -1.由题意知a -1≥2,所以a ≥3. 12.已知奇函数f (x )在R 上是增函数.若a =-f ⎝⎛⎭⎫log 215,b =f (log 24.1),c =f (20.8),则a ,b ,c 的大小关系为a >b >c .解析:∵f (x )在R 上是奇函数, ∴a =-f ⎝⎛⎭⎫log 215=f ⎝⎛⎭⎫-log 215=f (log 25). 又f (x )在R 上是增函数, 且log 25>log 24.1>log 24=2>20.8, ∴f (log 25)>f (log 24.1)>f (20.8),∴a >b >c .13.(2020·某某模拟)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2-2ax +9,x ≤1,x +4x +a ,x >1,若f (x )的最小值为f (1),则实数a 的取值X 围是[2,+∞).解析:由题意可知要保证f (x )的最小值为f (1),需满足⎩⎪⎨⎪⎧a ≥1,f (2)≥f (1),解得a ≥2.三、解答题14.已知函数f (x )=1a -1x (a >0,x >0).(1)求证:f (x )在(0,+∞)上是增函数;(2)若f (x )在⎣⎡⎦⎤12,2上的值域是⎣⎡⎦⎤12,2,求a 的值. 解:(1)证明:设x 2>x 1>0,则x 2-x 1>0,x 1x 2>0, 因为f (x 2)-f (x 1)=⎝⎛⎭⎫1a -1x 2-⎝⎛⎭⎫1a -1x 1=1x 1-1x 2=x 2-x 1x 1x 2>0, 所以f (x 2)>f (x 1),所以f (x )在(0,+∞)上是增函数. (2)因为f (x )在⎣⎡⎦⎤12,2上的值域是⎣⎡⎦⎤12,2, 又由(1)得f (x )在⎣⎡⎦⎤12,2上是单调增函数, 所以f ⎝⎛⎭⎫12=12,f (2)=2,解得a =25. 15.(2020·某某某某月考)设函数f (x )=ax 2+bx +1(a ,b ∈R ),F (x )=⎩⎪⎨⎪⎧f (x ),x >0,-f (x ),x <0.(1)若f (-1)=0,且对任意实数x 均有f (x )≥0成立,求F (x )的解析式;(2)在(1)的条件下,当x ∈[-2,2]时,g (x )=f (x )-kx 是单调函数,某某数k 的取值X 围. 解:(1)∵f (-1)=0,∴b =a +1.由f (x )≥0恒成立,知a >0且方程ax 2+bx +1=0中Δ=b 2-4a =(a +1)2-4a =(a -1)2≤0, ∴a =1,b =2.从而f (x )=x 2+2x +1.∴F (x )=⎩⎪⎨⎪⎧(x +1)2,x >0,-(x +1)2,x <0.(2)由(1)可知f (x )=x 2+2x +1, ∴g (x )=f (x )-kx =x 2+(2-k )x +1,由g (x )在[-2,2]上是单调函数,知-2-k 2≤-2或-2-k2≥2,得k ≤-2或k ≥6.即实数k 的取值X 围为(-∞,-2]∪[6,+∞).16.(2020·某某某某八校联考)如果定义在R 上的奇函数y =f (x ),对任意两个不相等的实数x 1,x 2,都有x 1f (x 1)+x 2f (x 2)>x 1f (x 2)+x 2f (x 1),则称函数y =f (x )为“H 函数”.下列函数为“H 函数”的是( D )A .f (x )=sin xB .f (x )=e xC .f (x )=x 3-3xD .f (x )=x |x |解析:根据题意,对于任意的不相等实数x 1,x 2,都有x 1f (x 1)+x 2f (x 2)>x 1f (x 2)+x 2f (x 1)恒成立,则有(x 1-x 2)[f (x 1)-f (x 2)]>0恒成立,即函数f (x )是定义在R 上的增函数,则“H 函数”为奇函数且在R 上为增函数.对于A ,f (x )=sin x 为正弦函数,为奇函数但不是增函数,不符合题意;对于B ,f (x )=e x 为指数函数,不是奇函数,不符合题意;对于C ,f (x )=x 3-3x为奇函数,但在R 上不是增函数,不符合题意;对于D ,f (x )=x |x |=⎩⎪⎨⎪⎧x 2,x ≥0,-x 2,x <0为奇函数且在R 上为增函数,符合题意.故选D.17.(2020·某某质量预测)设函数f (x )=2ln(x +x 2+1)+3x 3(-2<x <2),则使得f (2x )+f (4x -3)>0成立的x 的取值X 围是( B )A .(-1,1)B .(12,1)C .(14,1)D .(14,54)解析:因为f (x )=2ln(x +x 2+1)+3x 3,-2<x <2,f (x )+f (-x )=[2ln(x +x 2+1+3x 3]+[2ln(-x +(-x )2+1)+3(-x )3]=2[ln(x +x 2+1)+ln(-x +x 2+1)]=2ln1=0,所以f (x )为奇函数.易得f (x )在(-2,2)上单调递增.所以f (2x )+f (4x -3)>0可转化为f (2x )>-f (4x -3)=f (3-4x ),则由题意,得⎩⎪⎨⎪⎧-2<2x <2,-2<3-4x <2,2x >3-4x ,解得12<x <1.故选B.18.已知函数f (x )=lg ⎝⎛⎭⎫x +ax -2,其中a 是大于0的常数. (1)求函数f (x )的定义域;(2)当a ∈(1,4)时,求函数f (x )在[2,+∞)上的最小值; (3)若对任意x ∈[2,+∞)恒有f (x )>0,试确定a 的取值X 围. 解:(1)由x +ax -2>0,得x 2-2x +a x>0,当a >1时,x 2-2x +a >0恒成立,定义域为(0,+∞); 当a =1时,定义域为{x |x >0且x ≠1}; 当0<a <1时,定义域为{x |0<x <1-1-a 或x >1+1-a }.(2)设g (x )=x +a x -2,当a ∈(1,4),x ∈[2,+∞)时,g ′(x )=1-a x 2=x 2-ax2>0恒成立,所以g (x )=x +ax -2在[2,+∞)上是增函数.所以f (x )=lg ⎝⎛⎭⎫x +ax -2在[2,+∞)上是增函数. 所以f (x )=lg ⎝⎛⎭⎫x +a x -2在[2,+∞)上的最小值为f (2)=lg a 2. (3)对任意x ∈[2,+∞)恒有f (x )>0, 即x +ax -2>1对任意x ∈[2,+∞)恒成立.所以a >3x -x 2,令h (x )=3x -x 2,而h (x )=3x -x 2=-⎝⎛⎭⎫x -322+94在[2,+∞)上是减函数,所以h (x )max =h (2)=2,所以a >2. 即a 的取值X 围为(2,+∞).。
江苏省扬州市数学高考一轮复习 第五讲 函数的单调性与最值
江苏省扬州市数学高考一轮复习第五讲函数的单调性与最值姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共14题;共28分)1. (2分) (2017高三上·太原月考) 奇函数f(x)的定义域为R,若f(x+1)为偶函数,且f(1)=2,则f(8)+f(5)的值为()A . 2B . 1C . -1D . -22. (2分)如图,偶函数的图象形如字母M,奇函数的图象形如字母N,若方程:,,的实数根的个数分别为a、b、c、d,则a+b+c+d=()A . 27B . 30C . 33D . 363. (2分)已知函数是上的奇函数,且当时,函数,若,则实数的取值范围是()A .B .C . (1,2)D .4. (2分) (2016高一上·福州期中) 下列函数中,在其定义域内既是奇函数又是减函数的是()·(1)y=﹣|x|(x∈R)(2)y=﹣x3﹣x(x∈R)(3)y=()x(x∈R)(4)y=﹣x+ .A . (2)B . (1)(3)C . (4)D . (2)(4)5. (2分) (2019高一上·汤原月考) 函数的单调递增区间为()A . (- , ]B . [ ,+ )C . (- ,1)D . (2,+ )6. (2分) (2018高一下·鹤壁期末) 已知函数,和,的图象的对称轴相同,则在上的单调递增区间是()A .B .C .D .7. (2分)函数y=x2-2x在区间[a,b]上的值域是[-1,3],则点(a,b)的轨迹是图中的()A . 线段AB和线段ADB . 线段AB和线段CDC . 线段AD和线段BCD . 线段AC和线段BD8. (2分) (2015高一下·普宁期中) 已知f(x)=lg(﹣ax)是一个奇函数,则实数a的值是()A . 1B . ﹣1C . ±1D . 109. (2分) (2017高二下·河口期末) 函数的零点所在的区间是()A .B .C .D .10. (2分) (2019高一上·吴忠期中) 已知函数在上是单调函数,则的取值范围是().A .B .C .D .11. (2分)函数f(x)=log2(3x+3−x)是()A . 奇函数B . 偶函数C . 既是奇函数又是偶函数D . 非奇非偶函数12. (2分)对于函数,如果存在区间,同时满足下列条件:①在内是单调的;②当定义域是时,的值域也是,则称是该函数的“和谐区间”.若函数存在“和谐区间”,则a的取值范围是()A .B .C .D .13. (2分) (2015高二下·周口期中) 函数y=xsinx+cosx在(π,3π)内的单调增区间是()A .B .C .D . (π,2π)14. (2分)若函数f(x)= 在R上的单调递增,则实数a∈()A . (1,+∞)B . (1,8)C . (4,8)D . [4,8)二、填空题 (共6题;共8分)15. (2分) (2019高三上·西藏月考) 函数在定义域上单调递增,则a的取值范围是________16. (1分) (2019高一下·蛟河月考) 设,则的最大值为________17. (1分) (2016高一上·常州期中) 已知函数f(x)= .若f(a)=2,则a=________.18. (2分) (2016高一上·南京期中) 若函数f(x)=2x+3,函数g(x)= ,f(g(27))的值是________.19. (1分)已知函数f(x)= ,则f(f(4))=________,f(x)的最大值是________.20. (1分) (2016高一上·松原期中) 函数y=()单调递增区间是________.三、解答题 (共4题;共40分)21. (10分) (2019高一上·镇原期中) 已知函数 .(1)求函数的单调区间;(2)求函数的值域.22. (10分) (2017高一上·巢湖期末) 设奇函数f(x)在区间[﹣7,﹣3]上是减函数且最大值为﹣5,函数g(x)= ,其中a<.(1)判断并用定义法证明函数g(x)在(﹣2,+∞)上的单调性;(2)求函数F(x)=f(x)+g(x)在区间[3,7]上的最小值.23. (10分) (2019高三上·中山月考) 已知函数在上有最大值和最小值,设(为自然对数的底数).(1)求的值;(2)若不等式在上有解,求实数的取值范围;(3)若方程有三个不同的实数解,求实数的取值范围.24. (10分) (2019高三上·佛山月考) 已知函数, .(Ⅰ)解不等式;(Ⅱ)若对于任意的都有,使得,试求的取值范围.参考答案一、单选题 (共14题;共28分)1-1、2-1、3-1、4-1、5-1、6-1、7-1、8-1、9-1、10-1、11-1、12-1、13-1、14-1、二、填空题 (共6题;共8分)15-1、16-1、17-1、18-1、19-1、20-1、三、解答题 (共4题;共40分)21-1、21-2、22-1、22-2、23-1、23-2、23-3、24-1、。
苏教版高考一轮数学理函数的单调性与最值一轮复习限时提分训练基础到提升含精细解析Word版含答案
函数的单调性与最值分层训练A 级 基础达标演练 (时间:30分钟 满分:60分)一、填空题(每小题5分,共30分)1.(2013·南京金陵中学检测)下列函数中:①f (x )=1x;②f (x )=(x -1)2;③f (x )=e x;④f (x )=ln(x +1),满足“对任意x 1x 2∈(0,+∞),当x 1<x 2时,都有f (x 1)>f (x 2)”的函数序号是________.解析 由题意,即判断哪些函数是(0,+∞)内的减函数.仅f (x )=1x符合题意.答案 ①2.下列函数中:①y =-x +1;②y =x ;③y =x 2-4x +5;④y =2x,在区间(0,2)上为增函数的是________(填所有正确的编号).解析 y =-x +1在R 上递减;y =x 在R +上递增;y =x 2-4x +5在(-∞,2]上递减,在[2,+∞)上递增,y =2x在R +上递减.答案 ②3.(2012·镇江调研)若函数f (x )=x 2+(a 2-4a +1)x +2在区间(-∞,1]上是减函数,则a 的取值范围是________.解析 因为f (x )是二次函数且开口向上, 所以要使f (x )在(-∞,1]上是单调递减函数, 则必有-a 2-4a +12≥1,即a 2-4a +3≤0,解得1≤a ≤3.答案 [1,3]4.(2011·新课标全国卷)下列函数:①y =x 3;②y =|x |+1;③y =-x 2+1;④y = 2-|x |.既是偶函数又在(0,+∞)单调递增的函数序号是________.解析 y =x 3是奇函数,y =-x 2+1与y =2-|x |在(0,+∞)上是减函数.答案 ②5.已知f (x )是定义在(-1,1)上的奇函数,且f (x )在(-1,1)上是减函数,则不等式f (1-x )+f (1-x 2)<0的解集为________.解析 由f (x )是定义在(-1,1)上的奇函数, 及f (1-x )+f (1-x 2)<0, 得f (1-x )<-f (1-x 2),所以f (1-x )<f (x 2-1).又因为f (x )在(-1,1)上是减函数, 所以⎩⎪⎨⎪⎧-1<1-x <1,-1<1-x 2<1,解得0<x <1.1-x >x 2-1.故原不等式的解集为(0,1). 答案 (0,1)6.(2012·南师附中检测)已知函数y =f (x )是定义在R 上的偶函数,当x ≤0时,y =f (x )是减函数,若|x 1|<|x 2|,则结论:①f (x 1)-f (x 2)<0;②f (x 1)-f (x 2)>0;③f (x 1)+f (x 2)<0;④f (x 1)+f (x 2)>0中成立的是________(填所有正确的编号).解析 由题意,得f (x )在[0,+∞)上是增函数,且f (x 1)=f (|x 1|),f (x 2)=f (|x 2|),从而由0≤|x 1|<|x 2|,得f (|x 1|)<f (|x 2|),即f (x 1)<f (x 2),f (x 1)-f (x 2)<0,只能①是正确的. 答案 ①二、解答题(每小题15分,共30分) 7.已知函数f (x )=1a -1x(a >0,x >0).(1)求证:f (x )在(0,+∞)上是增函数.(2)若f (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上的值域是⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2,求a 的值. (1)证明 法一 设x 2>x 1>0,则x 2-x 1>0,x 1x 2>0.因为f (x 2)-f (x 1)=⎝ ⎛⎭⎪⎫1a -1x 2-⎝ ⎛⎭⎪⎫1a -1x 1=1x 1-1x 2=x 2-x 1x 1x 2>0,所以f (x 2)>f (x 1),因此f (x )在(0,+∞)上是增函数. 法二 因为f (x )=1a -1x,所以f ′(x )=⎝ ⎛⎭⎪⎫1a -1x ′=1x2>0,所以f (x )在(0,+∞)上为增函数.(2)解 因为f (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上的值域是⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2, 又f (x )在⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上单调递增,所以f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12=12,f (2)=2,故a =25.8.已知函数f (x )对于任意x ,y ∈R ,总有f (x )+f (y )=f (x +y ),且当x >0时,f (x )<0,f (1)=-23.(1)求证:f (x )在R 上是减函数.(2)求f (x )在[-3,3]上的最大值和最小值.(1)证明 法一 因为函数f (x )对于任意x ,y ∈R 总有f (x )+f (y )=f (x +y ), 所以令x =y =0,得f (0)=0. 再令y =-x ,得f (-x )=-f (x ). 在R 上任取x 1>x 2,则x 1-x 2>0,f (x 1)-f (x 2)=f (x 1)+f (-x 2)=f (x 1-x 2).又由x >0时,f (x )<0,而x 1-x 2>0,所以f (x 1-x 2)<0, 即f (x 1)<f (x 2).因此f (x )在R 上是减函数. 法二 设x 1>x 2,则f (x 1)-f (x 2)=f (x 1-x 2+x 2)-f (x 2) =f (x 1-x 2)+f (x 2)-f (x 2)=f (x 1-x 2). 又由x >0时,f (x )<0,而x 1-x 2>0, 所以f (x 1-x 2)<0,即f (x 1)<f (x 2), 所以f (x )在R 上为减函数. (2)解 因为f (x )在R 上是减函数, 所以f (x )在[-3,3]上也是减函数,所以f (x )在[-3,3]上的最大值和最小值分别为f (-3)与f (3). 而f (3)=3f (1)=-2,f (-3)=-f (3)=2. 所以f (x )在[-3,3]上的最大值为2,最小值为-2.分层训练B 级 创新能力提升1.已知定义在R 上的奇函数f (x )满足f (x -4)=-f (x ),且在区间[0,2]上是增函数,则f (-25),f (11),f (80)的大小关系是________.解析 由题意,得f (x )在[-2,2]上递增,且由f (x -4)=-f (x )得f (x )是以8为周期的周期函数,所以f (-25)=f (-1),f (11)=f (3)=-f (-1)=f (1),f (80)=f (0),所以f (-25)<f (80)<f (11).答案 f (-25)<f (80)<f (11)2.(2012·盐城模拟)如果对于函数f (x )的定义域内任意两个自变量的值x 1,x 2,当x 1<x 2时,都有f (x 1)≤f (x 2)且存在两个不相等的自变量m 1,m 2,使得f (m 1)=f (m 2),则称为定义域上的不严格的增函数.已知函数g (x )的定义域、值域分别为A ,B ,A ={1,2,3},B ⊆A 且g (x )为定义域A 上的不严格的增函数,那么这样的函数g (x )共有________个.解析 分B 中元素为1个,2个,3个讨论.B 中只有一个元素时,此时各有一个函数;B 有两个元素,此时各有两个函数;B 有3个元素时,不合题意.因此共有3+6=9个函数. 答案 93.已知函数f (x )=1-1-x 2,x ∈[0,1],对于满足0<x 1<x 2<1的任意x 1、x 2,给出下列结论:①(x 2-x 1)[f (x 2)-f (x 1)]<0;②f (x 2)-f (x 1)>x 2-x 1;③f x 1+f x 22>f ⎝⎛⎭⎪⎫x 1+x 22.其中正确结论的序号是________.解析 函数f (x )=1-1-x 2,x ∈[0,1]的图象如图所示,命题①可等价为⎩⎪⎨⎪⎧x 2-x 1>0,f x 2<fx 1,即f (x )在x ∈[0,1]上是单调递减函数,结合图象可知,结论①错误;结论②可变形为f x 2-f x 1x 2-x 1>1,不等式左端的几何意义是图象上任意两点连线的斜率,由图象知斜率不大于1,结论②错误;对于结论③,因为图象是凹函数,满足f x 1+f x 22>f ⎝⎛⎭⎪⎫x 1+x 22,所以结论③正确.答案 ③4.(2013·启东月考)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧e -x-2,x ≤0,2ax -1,x >0(a 是常数且a >0).对于下列命题:①函数f (x )的最小值是-1; ②函数f (x )在R 上是单调函数;③若f (x )>0在⎣⎢⎡⎭⎪⎫12,+∞上恒成立,则a 的取值范围是(1,+∞);④对任意的x 1<0,x 2<0且x 1≠x 2,恒有f ⎝⎛⎭⎪⎫x 1+x 22<f x 1+f x 22.其中正确命题的序号是________(写出所有正确命题的序号). 解析根据题意可画出草图,由图象可知,①显然正确;函数f (x )在R 上不是单调函数,故②错误;若f (x )>0在⎣⎢⎡⎭⎪⎫12,+∞上恒成立,则2a ×12-1>0,a >1,故③正确;由图象可知在(-∞,0)上对任意的x 1<0,x 2<0 且x 1≠x 2,恒有f ⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1+x 22<f x 1+f x 22成立,故④正确. 答案 ①③④5.(2012·淮南一模)已知f (x )是R 上的单调函数,且对任意的实数a ,有f (-a )+f (a )=0恒成立,若f (-3)=2.(1)试判断f (x )在R 上的单调性,并说明理由; (2)解关于x 的不等式f ⎝⎛⎭⎪⎫m -x x +f (m )<0,其中m ∈R 且m >0.解 (1)f (x )是R 上的减函数,理由如下: 因为f (x )是R 上的奇函数,所以f (0)=0. 又f (-3)=2,所以f (0)<f (-3).因为f (x )是R 上的单调函数,所以f (x )是R 上的减函数. (2)由f ⎝⎛⎭⎪⎫m -x x +f (m )<0,得f ⎝ ⎛⎭⎪⎫m -x x <-f (m )=f (-m ),且f (x )是R 上的减函数,得m -x x >-m ,即1-m x -mx<0. 当m >1时,⎩⎨⎧⎭⎬⎫x |x <m1-m或x >0;当m =1时,{x |x >0}; 当0<m <1时,⎩⎨⎧⎭⎬⎫x |0<x <m 1-m . 6.(2012·常州一中期中)若函数f (x )为定义域D 上的单调函数,且存在区间[a ,b ]⊆D (其中a <b ),使得当x ∈[a ,b ]时,f (x )的取值范围恰为[a ,b ],则称函数f (x )是D 上的正函数,区间[a ,b ]叫做等域区间.(1)已知f (x )=x 12是[0,+∞)上的正函数,求f (x )的等域区间;(2)试探究是否存在实数m ,使得函数g (x )=x 2+m 是(-∞,0)上的正函数?若存在,请求出实数m 的取值范围;若不存在,请说明理由.解 (1)∵f (x )=x 是[0,+∞)上的正函数,且f (x )=x 在[0,+∞)上单调递增,∴当x ∈[a ,b ]时,⎩⎪⎨⎪⎧ fa =a ,fb =b ,即⎩⎨⎧a =a ,b =b ,解得a =0,b =1,故函数f (x )的“等域区间”为[0,1]. (2)∵函数g (x )=x 2+m 是(-∞,0)上的减函数,∴当x ∈[a ,b ]时,⎩⎪⎨⎪⎧ga =b ,g b =a ,即⎩⎪⎨⎪⎧a 2+m =b ,b 2+m =a ,两式相减得a 2-b 2=b -a ,即b =-(a +1),代入a 2+m =b ,得a 2+a +m +1=0,则其对称轴为a =-12.由a <b <0,且b =-(a +1)<0,得-1<a <-12,故关于a 的方程a 2+a +m +1=0在区间⎝⎛⎭⎪⎫-1,-12内有实数解,记h (a )=a 2+a +m +1,则⎩⎪⎨⎪⎧h -1>0,h ⎝ ⎛⎭⎪⎫-12<0,解得m ∈⎝⎛⎭⎪⎫-1,-34.故存在m ∈⎝⎛⎭⎪⎫-1,-34,使得函数g (x )=x 2+m 是(-∞,0)上的正函数.。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
考点05 函数的单调性与最值1.函数在[]6,6-的图像大致为A .B .C .D .【答案】B 【解析】设,则,所以()f x 是奇函数,图象关于原点成中心对称,排除选项C .又排除选项D ;,排除选项A ,故选B .2.设()f x 是定义域为R 的偶函数,且在()0,∞+单调递减,则( )A .B .C .D .【答案】C 【解析】()f x 是R 的偶函数,.,又()f x 在(0,+∞)单调递减,∴,,故选C .3.已知函数()y f x =的定义域为R ,)1(+x f 为偶函数,且对121x x ∀<≤,满足.若(3)1f =,则不等式的解集为( )A .1,82⎛⎫ ⎪⎝⎭B .)8,1(C .D .【答案】A【解析】因为对121x x ∀<≤,满足,所以()y f x =当1≤x 时,是单调递减函数,又因为)1(+x f 为偶函数,所以()y f x =关于1x =对称,所以函数()y f x =当1>x 时,是增函数,又因为(3)1f =,所以有1)1(=-f ,当2log 1x ≤时,即当02x <≤时,当2log 1x >时,即当2x >时,,综上所述:不等式的解集为1,82⎛⎫ ⎪⎝⎭,故本题选A. 4.函数的单调减区间为( )A .(,1)-∞-B .3(,)2-∞-C .3(,)2+∞D .(4,)+∞【答案】A 【解析】函数,所以或1x <-,所以函数()f x 的定义域为4x >或1x <-,当3(,)2-∞时,函数是单调递减,而1x <-,所以函数的单调减区间为(),1-∞-,故本题选A 。
5.已知函数,则的小关系是( ) A . B . C .D .【答案】B 【解析】函数为偶函数,,,当时,,函数在上递增,,即,故选:. 6.记设,则( ) A .存在 B .存在C .存在D .存在【答案】C【解析】解:x2﹣x3=x2(1﹣x),∴当x≤1时,x2﹣x3≥0,当x>1时,x2﹣x3<0,∴f(x).若t>1,则|f(t)+f(﹣t)|=|t2+(﹣t)3|=|t2﹣t3|=t3﹣t2,|f(t)﹣f(﹣t)|=|t2+t3|=t2+t3,f(t)﹣f(﹣t)=t2﹣(﹣t)3=t2+t3,若0<t<1,|f(t)+f(﹣t)|=|t3+(﹣t)3|=0,|f(t)﹣f(﹣t)|=|t3+t3|=2t3,f(t)﹣f(﹣t)=t3﹣(﹣t)3=2t3,当t=1时,|f(t)+f(﹣t)|=|1+(﹣1)|=0,|f(t)﹣f(﹣t)|=|1﹣(﹣1)|=2,f(t)﹣f(﹣t)=1﹣(﹣1)=2,∴当t>0时,|f(t)+f(﹣t)|<f(t)﹣f(﹣t),|f(t)﹣f(﹣t)|=f(t)﹣f(﹣t),故A错误,B错误;当t>0时,令g(t)=f(1+t)+f(1﹣t)=(1+t)2+(1﹣t)3=﹣t3+4t2﹣t+2,则g′(t)=﹣3t2+8t﹣1,令g′(t)=0得﹣3t2+8t﹣1=0,∴△=64﹣12=52,∴g(t)有两个极值点t1,t2,∴g(t)在(t2,+∞)上为减函数,∴存在t0>t2,使得g(t0)<0,∴|g(t0)|>g(t0),故C正确;令h(t)=(1+t)﹣f(1﹣t)=(1+t)2﹣(1﹣t)3=t3﹣2t2+5t,则h′(t)=3t2﹣4t+5=3(t)20,∴h(t)在(0,+∞)上为增函数,∴h(t)>h(0)=0,∴|h(t)|=h(t),即|f(1+t)﹣f(1﹣t)|=f(1+t)﹣f(1﹣t),故D错误.故选:C.7.已知函数是定义域为的奇函数,当时,,则不等式的解集为( ) A . B . C .D .【答案】A 【解析】当时,,,函数是定义域为的奇函数,当时,,可得到函数是单调递增的,故在整个实属范围内也是单调递增的,故只需要.故答案为:A.8.在平面直角坐标系xoy 中,对于点(),A a b ,若函数()y f x =满足:,都有,就称这个函数是点A 的“限定函数”.以下函数:①12y x =,②221y x =+,③sin y x =,④,其中是原点O 的“限定函数”的序号是______.已知点(),A a b 在函数2xy =的图象上,若函数2xy =是点A 的“限定函数”,则a 的取值范围是______.【答案】①③ (,0]-∞ 【解析】要判断是否是原点O 的“限定函数”只要判断:[1,1]x ∀∈-,都有[1,1]y ∈-,对于①12y x =,由[1,1]x ∈-可得,则①是原点O 的“限定函数”;对于②221y x =+,由[1,1]x ∈-可得,则②不是原点O 的“限定函数”对于③sin y x = ,由[1,1]x ∈-可得,则③是原点O 的“限定函数”对于④,由[1,1]x ∈-可得[0,ln 3]y ∈⊄[1,1]-,则④不是原点O 的“限定函数”点A(a, b)在函数2xy =的图像上,若函数2xy =是点A 的“限定函数”,可得2a b =,由,即,即,可得,可得1a ≤,且0a ≤,即0,a a ≤的范围是(,0]-∞, 故答案为:①③;(,0]-∞. 9.已知函数是定义域为的偶函数,且在上单调递增,则不等式的解集为____. 【答案】【解析】函数是定义域为的偶函数,可转化为,又在上单调递增,,两边平方解得:,故的解集为.10.函数,若对恒成立,则实数的取值范围是_____. 【答案】【解析】 解:f (x )=x 3+2019x ﹣2019﹣x+1,可得f (x )=﹣x 3+2019﹣x ﹣2019x +1, 则f (x )+f (x )=2,f (sin θ+cos θ)+f (sin2θ﹣t )<2,即为f (sin θ+cos θ)+f (sin2θ﹣t )<2=f (x )+f (x ),f (sin θ+cos θ)+f (sin2θ﹣t )<2对∀θ∈R 恒成立,可令x =sin θ+cos θ,则f (sin θ+cos θ)+f (sin2θ﹣t )<f (sin θ+cos θ)+f (1﹣sin θ﹣cos θ),可得f (sin2θ﹣t )<f (1﹣sin θ﹣cos θ)恒成立, 由于f (x)在R 上递增,f (x)的图象向右平移个单位可得f (x )的图象,则f(x)在R上递增,可得sin2θ﹣t<1﹣sinθ﹣cosθ恒成立,即有t>sin2θ+sinθ+cosθ﹣1,设g(θ)=sin2θ+sinθ+cosθ﹣1=(sinθ+cosθ)2+(sinθ+cosθ)﹣2再令sinθ+cosθ=m,则m sin(θ),则m,则g(m)=m2+m﹣2,其对称轴m,故当m时,g(m)取的最大值,最大值为22.则t,故答案为:(,+∞).11.已知函数是定义在R上的奇函数,且在上为单调增函数.若,则满足的x的取值范围是______.【答案】根据题意,函数是定义在R上的奇函数,且在上为单调增函数,则在在上也是增函数,故函数在R上也是增函数;又由,则,则解可得,即不等式的解集为故答案为:.12.已知定义在上的函数满足,其中是函数的导函数,若,则实数的取值范围为___________.【答案】【解析】令,则,∵,∴,函数在递减,∴,∴,,∴,即,故,解得:,∴.故答案为:13.若实数,x y 满足.则xy 的最小值为____________【答案】1.4【解析】∵,∴10x y -+>,,当且仅当11x y -+=时即=x y 时取等号,当且仅当时取等号∴且,即,因此(当且仅当0k =时取等号),从而xy 的最小值为1.414.设曲线在点()01,A x y 处的切线为1l ,在点()02,B x y 处的切线为2l ,若存在030,2x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,使得12l l ⊥,则实数a 的取值范围是______.【答案】31,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦【解析】,,存在030,2x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,使得,即,,,令,,,∴312y ≤≤, 故312a ≤≤,∴答案为31,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦. 15.已知函数,.若对任意,总存在,使得成立,则实数的值为____. 【答案】【解析】 不等式可化为:若对任意,总存在,使得成立,则:当时,的最大值为:当时,的最大值为:最小值为:所以可化为:,解得:.故:16.己知实数x,y,z[0,4],如果x2,y2,z2是公差为2的等差数列,则的最小值为_______.【答案】4-2【解析】由于数列是递增的等差数列,故,且,故,,而函数在上为增函数,故当时取得最大值为,所以.17.设函数().若存在,使,则的取值范围是____.【答案】【解析】存在, 使,,当时, ,在上单调递减;当时,,在上单调递减,在上单调递增;当时,,在上单调递增,(1) 若,即时,在上单调递增,,解得;(2)若,即时,在上单调递减,在上单调递增,,解得,综上,的取值范围是,故答案为.18.已知函数(是自然对数的底).若函数的最小值是,则实数的取值范围为__________.【答案】【解析】当时,(当且仅当时取等号),当时,,因此19.已知函数,,则最大值是______.【答案】【解析】分析:分x=0和x≠0两种情况讨论.当x≠0时,利用换元法将问题转化为求函数在区间上的最值的问题处理,进而可得所求的最大值.详解:①当x=0时,;②当x≠0时,由,令,由得,则,由于在上单调递减,所以,此时x=,所以f(x)≤.故f(x)的最大值为.20.选修4-5:不等式选讲已知函数.(I)求函数的最大值;(Ⅱ)若,求实数的取值范围. 【答案】(I) 最大值为1. (Ⅱ)【解析】解:(Ⅰ)函数可化为,由,即时“=”成立,所以原函数取得最大值为1.(Ⅱ)函数在上单调递增,∵,,,∴,即,所以,∴.即实数的取值范围是.21.已知函数(且).(1)讨论函数的单调性;(2)若,讨论函数在区间上的最值.【答案】(1)见解析;(2)见解析.【解析】(1)函数的定义域是..当时,令,得;令,得,所以函数在区间上单调递增,在区间上单调递减;当时,令,得;令,得,所以函数在区间上单调递减,在区间上单调递增.(2)由(1)得,当时,函数在区间上单调递减,在区间上单调递增.①当,即时,函数在区间上单调递减,所以函数在上的最大值为,最小值为;②当,即时,函数在区间上单调递增,所以函数在上的最大值为,最小值为;③当,即时,函数在区间上单调递减,在区间上单调递增,所以函数在上的最小值为.最大值为与中的较大者.下面比较与的大小:因为,令,得,化简得,解得.因为,且,所以.所以当时,,函数在上的最大值为;当时,,函数在上的最大值为;当时,,函数在上的最大值为.综上,当时,函数在上的最大值为,最小值为;当时,函数在上的最大值为;最小值为;当时,函数在上的最大值为,最小值为;当时,函数在上的最大值为,最小值为.22.选修4-5:不等式选讲设的最小值为k .(1)求实数k 的值; (2)设m ,n ∈R ,,求证:.【答案】(1)2k =;(2)见详解. 【解析】(1)当1x =时,()f x 取得最小值,即.(2)证明:依题意,,则.所以22111m n ++,当且仅当,即22m =,20n =时,等号成立.所以.23.已知函数()f x 的图像在[]a b ,上连续不断,定义:([]x a b ∈,),([]x a b ∈,),其中表示函数()f x 在D 上的最小值,表示函数()f x 在D 上的最大值,若存在最小正整数k ,使得对任意的[]x a b ∈,成立,则称函数()f x 为[]a b,上的“k 阶收缩函数”.(1)若, []0x π∈,,试写出()1f x , ()2f x 的表达式;(2)已知函数()2f x x =, []14x ∈-,,判断()f x 是否为[]14-,上的“k 阶收缩函数”,如果是,求出对应的k ,如果不是,请说明理由; (3)已知0b >,函数,是[]0b ,上的2阶收缩函数,求b 的取值范围.数学附加题 【答案】(1), []0x π∈,, ()21f x =, []0x π∈,.(2) 163k ≥ .即存在4k =,使得()f x 是[]1,4- 上的“4阶收缩函数”. (3)【解析】试题分析:(1)根据()f x 的最大值可求出()1f x , ()2f x 的解析式;(2)根据函数()2f x x =,[]14x ∈-,上的值域,先求出()1f x , ()2f x 的解析式,再根据求出k 的取值范围得到答案.(3)先对函数()f x 求导判断函数的单调性,进而写出()1f x , ()2f x 的解析式,然后再由求出k 的取值范围.试题解析: (1)由题意可得:, []0x π∈,, ()21f x =, []0x π∈,.(2),,当[]10x ∈-,时,,∴1k x ≥-, 2k ≥;当()01x ∈,时, ()11k x ≤+,∴11k x ≥+,∴1k ≥; 当[]14x ∈,时,,∴21x k x ≥+, 165k ≥综上所述, 165k ≥.即存在4k =,使得()f x 是[]14-,上的“4阶收缩函数”. (3),令()0f x '=得0x =或2x =.函数()f x 的变化情况如下:令()0f x =得0x =或3x =.(1)当2b ≤时, ()f x 在[]0b ,上单调递增,因此,,.因为是[]0b ,上的“二阶收缩函数”,所以,①,对[]0x b ∈,恒成立;②存在[]0x b ∈,,使得成立.①即:对[]0x b ∈,恒成立,由解得01x ≤≤或2x ≥.要使对[]0x b ∈,恒成立,需且只需01b <≤.②即:存在[]0x b ∈,,使得成立.由解得0x <或.所以,只需b >综合①②可得(2)当23b <≤时, ()f x 在[]02,上单调递增,在[]2b ,上单调递减,因此,,,, 0x x -=,显然当0x =时,不成立,(3)当3b >时, ()f x 在[]02,上单调递增,在[]2b ,上单调递减,因此,,,, 0x x -=,显然当0x =时,不成立.综合(1)(2)(3)可得:.24.已知f(x)=,x ∈[1,+∞)。