2015高中物理 第一章 碰撞与动量守恒 章末总结 课件(教科版选修3-5)
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高中物理 第一章 碰撞与动量守恒单元复习课件 教科版选修3-5.ppt
9
5
活动三 人船模型
例题2:质量为M、长为L的船静止在静 水中,船头及船尾各站着质量分别为m1 及m2的人,当两人互换位置后,船的位 移有多大?
“人船模型”的特点:两个物体均处于静止, 当两个物体存在相互作用而不受外力作用时, 系统动量守恒,所以本质上也是反冲模型.这 类问题的特点:两物体同时运动,同时停 止.绳梯等均属于“人船模型”.
7
活动五 临界问题
例题4:甲、乙两小孩各乘一辆小车在光滑水平面 上匀速相向行驶,速度均为6 m/s.甲车上有质量
为m=1 kg的小球若干个,甲和他的车及所带小球 的总质量为M1=50 kg,乙和他的车总质量为M2=
30 kg.现为避免相撞,甲不断地将小球以相对地 面16.5 m/s的水平速度抛向乙,且被乙接住.假 设某一次甲将小球抛出且被乙接住后刚好可保证 两车不致相撞,此时: (1)两车的速度各为多少? (2)甲总共抛出了多少个小球?
6
活动四 完全非弹性碰撞模型
例题 3:如图所示,质量为 M 的车厢静止在 光滑的水平面上,车厢内有一质量为 m 的 滑块,以初速度 v0 在车厢地板上向右运动,
与车厢两壁发生若干次碰撞,最后静止在 车厢中,则车厢最终的速度是( ) A.0
B.v0,方向水平向右 C.Mm+v0m,方向一定水平向右 D.Mm+v0m,方向可能是水平向左
2.不违背能量守恒的原则:碰撞后系统的总动能不大于碰 撞前的总动能,满足
12m1v21+12m2v22≥12m1v1′2+12m2v2′2 或2pm211+2pm222≥p21′m1 2+p22′m2 2.
4
3.物理情景可行性原则:碰撞问题的解要符合物理实际. (1)若为追及碰撞,碰撞前在后面运动的物体的速度一定大于 在前面运动的物体的速度(否则不能发生碰撞),且碰后在前 面运动物体的速度一定增大. (2)若碰撞后两物体同向运动,则在前面运动的物体的速度一 定不小于在后面运动的物体的速度(否则还要发生碰撞). (3)若要物体相向碰撞,则不可以出现跨跃过另一物体继续向 前运动的情况.
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活动三 人船模型
例题2:质量为M、长为L的船静止在静 水中,船头及船尾各站着质量分别为m1 及m2的人,当两人互换位置后,船的位 移有多大?
“人船模型”的特点:两个物体均处于静止, 当两个物体存在相互作用而不受外力作用时, 系统动量守恒,所以本质上也是反冲模型.这 类问题的特点:两物体同时运动,同时停 止.绳梯等均属于“人船模型”.
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活动五 临界问题
例题4:甲、乙两小孩各乘一辆小车在光滑水平面 上匀速相向行驶,速度均为6 m/s.甲车上有质量
为m=1 kg的小球若干个,甲和他的车及所带小球 的总质量为M1=50 kg,乙和他的车总质量为M2=
30 kg.现为避免相撞,甲不断地将小球以相对地 面16.5 m/s的水平速度抛向乙,且被乙接住.假 设某一次甲将小球抛出且被乙接住后刚好可保证 两车不致相撞,此时: (1)两车的速度各为多少? (2)甲总共抛出了多少个小球?
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活动四 完全非弹性碰撞模型
例题 3:如图所示,质量为 M 的车厢静止在 光滑的水平面上,车厢内有一质量为 m 的 滑块,以初速度 v0 在车厢地板上向右运动,
与车厢两壁发生若干次碰撞,最后静止在 车厢中,则车厢最终的速度是( ) A.0
B.v0,方向水平向右 C.Mm+v0m,方向一定水平向右 D.Mm+v0m,方向可能是水平向左
2.不违背能量守恒的原则:碰撞后系统的总动能不大于碰 撞前的总动能,满足
12m1v21+12m2v22≥12m1v1′2+12m2v2′2 或2pm211+2pm222≥p21′m1 2+p22′m2 2.
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3.物理情景可行性原则:碰撞问题的解要符合物理实际. (1)若为追及碰撞,碰撞前在后面运动的物体的速度一定大于 在前面运动的物体的速度(否则不能发生碰撞),且碰后在前 面运动物体的速度一定增大. (2)若碰撞后两物体同向运动,则在前面运动的物体的速度一 定不小于在后面运动的物体的速度(否则还要发生碰撞). (3)若要物体相向碰撞,则不可以出现跨跃过另一物体继续向 前运动的情况.
高中物理第1章碰撞与动量守恒章末总结课件沪科版选修3_5
例1
质量为0.2 kg的小球竖直向下以6 m/s的速度落至水平地面,再以4
m/s的速度反向弹回,取竖直向上为正方向,则小球与地面碰撞前后的
2 动量变化为 ____ kg· m/s.若小球与地面的作用时间为0.2 s,则小球受到 12 ____N(取g=10 m/s2). 地面的平均作用力大小为 解析 由题知vt=4 m/s 方向为正,则动量变化 Δp=mvt-mv0= 0.2×4 kg·m/s-0.2×(-6) kg· m/s=2 kg·m/s.由动量定理F合· t=Δp得(N-mg)t Δp 2 =Δ p ,则 N= t +mg=0.2 N+0.2×10 N=12 N.
力加速度为g.求: (1)物块B运动到P点时的速度大小vP; 答案
gR
图3
解析
答案
(2)两物块刚分离时物块B的速度大小vB; 答案
5gR
解析 对于物块B,从N点到P点的过程中由机械能守恒定律得:
1 1 2 2 m v = m v 2 B B 2 B P +2mBgR ③
解得 vB= 5gR
④
解析 答案
②可用图像法计算.在F-t图像中
阴影部分(如图1)的面积就表示力
在Δt=t2-t1时间内的冲量. 图1
2.动量定理Ft=mv2-mv1的应用 (1) 它说明的是力对时间的累积效应 .应用动量定理解题时,只考虑物体的 初、末状态的动量,而不必考虑中间的运动过程. (2) 应用动量定理求解的问题:①求解曲线运动的动量变化量 .②求变力的
(3)物块A在水平面上运动的时间t. 答案
5gR 2μg
解析 设物块A、B分离时A的速度大小为vA,根据动量守恒定律得: mAvA-mBvB=0 -μmAgt=0-mAvA ⑤ ⑥
高中物理第一章碰撞与动量守恒第1节碰撞课件教科版选修3_5
[典例1] 如图所示,有 A、B 两物体,质量分别为 m1、m2 且 m1=3m2,以相同的速率 v 在光滑水平面上相向运动,碰撞后 A 静止,B 以 2v 的速率反弹,那么 A、B 的碰撞 为( )
A.弹性碰撞 C.完全非弹性碰撞
B.非弹性碰撞 D.无法判断
[解析] 设 m1=3m,m2=m 碰撞前总动能 Ek=12m1v21+12m2v22=2mv2 碰撞后总动能 Ek′=12m1v1′2+12m2v2′2=0+12×m(2v)2=2mv2 因为碰撞前后总动能不变,故为弹性碰撞,A 项正确. [答案] A
m1的速度 m2 的速度 v1′(m/s) v2(m/s)
总动能 Ek(J)
0.320 0.220 0.321 ①____ 0.073 3 0.360
②____
m1 与静止的 m2 碰撞,碰后粘在一起(表二)
碰撞前
碰撞后
m1/kg m2/kg
m1 的速度 v1(m/s)
动能 m1、m2 共同的 Ek1′(J) 速度 v(m/s)
1.(碰撞的特点)(多选)关于碰撞的特点,下列说法正确的是( ) A.碰撞过程的时间极短 B.碰撞时,质量大的物体对质量小的物体作用力大 C.碰撞时,质量大的物体对质量小的物体的作用力和质量小的物体对质量大的物体 的作用力大小相等 D.碰撞时,质量小的物体对质量大的物体作用力大
答案:AC
2.(碰撞中能量损失的可能性)(多选)两个物体发生碰撞,下列说法正确的是( ) A.碰撞过程中,系统的总动能一定减小 B.碰撞过程中,系统的总动能可能不变 C.碰撞过程中,系统的总动能可能增大 D.碰撞过程中,系统的总动能可能减小
答案:BD
3.(碰撞问题分析)质量为 1 kg 的 A 球以 3 m/s的速度与质量为 2 kg 的静止的 B 球发 生碰撞,碰后两球均以 1 m/s 的速度一起运动,则两球的碰撞属于________碰撞,碰 撞过程中动能减少了________ J. 解析:由于两球碰后速度相同,没有分离,因此两球的碰撞属于完全非弹性碰撞,在 碰撞过程中减少的动能为 ΔEk=12mAv2-12(mA+mB)v′2=(12×1×32-12×3×12) J= 3 J. 答案:完全非弹性 3
高中物理 第一章 碰撞与动量守恒 1.2 动量优质课件 教科版选修3-5
2 动量
一、动量 1.定义:物体的_质__量__和_速__度__的乘积,用符号_p_表示。 2.公式:_p_=_m_v_。 3.单位:__千__克__·米__/_秒___,符号__k_g_·m_/_s__。 4.矢量性:方向与_速__度__的方向相同,运算遵守_平__行__四__ _边__形__法则。
2.动量定理: (1)内容:物体在一个过程始末的动量变化量等于它在 这个过程中所受_力__的__冲__量__。 (2)表达式:mv′-mv=_F_(_t_′__-_t_)_或p′-p=_I_。
【判一判】
(1)冲量是矢量,其方向与恒力的方向相同。 ( )
(2)力越大,力对物体的冲量越大。
()
(3)若物体在一段时间内,其动量发生了变化,则物体在
3.动量和动能的比较:
物理意义 定义式 标矢性
变化决定因素 换算理量
p=mv
Ek=
1 2
mv2
矢量
标量
物体所受冲量
外力所做的功
p
2mEk
,Ek
p2 2m
4.冲量的性质: (1)过程量:冲量描述的是力的作用对时间的积累效应, 取决于力和时间这两个因素,所以求冲量时一定要明确 所求的是哪一个力在哪一段时间内的冲量。 (2)矢量性:冲量的方向与力的方向相同,与相应时间内 物体动量变化量的方向相同。
(1)物体重力冲量大小。 (2)物体受到的支持力冲量大小。 (3)力F的冲量大小。 (4)合外力的冲量大小。
【解析】对物体受力分析如图所示,则
(1)重力的冲量IG=mgt=3×10×2N·s=60 N·s
(2)支持力的冲量 IF=N FNt=(mg-Fsin 60°)t= (3×10-9× )3×2N·s≈44.4 N·s
一、动量 1.定义:物体的_质__量__和_速__度__的乘积,用符号_p_表示。 2.公式:_p_=_m_v_。 3.单位:__千__克__·米__/_秒___,符号__k_g_·m_/_s__。 4.矢量性:方向与_速__度__的方向相同,运算遵守_平__行__四__ _边__形__法则。
2.动量定理: (1)内容:物体在一个过程始末的动量变化量等于它在 这个过程中所受_力__的__冲__量__。 (2)表达式:mv′-mv=_F_(_t_′__-_t_)_或p′-p=_I_。
【判一判】
(1)冲量是矢量,其方向与恒力的方向相同。 ( )
(2)力越大,力对物体的冲量越大。
()
(3)若物体在一段时间内,其动量发生了变化,则物体在
3.动量和动能的比较:
物理意义 定义式 标矢性
变化决定因素 换算理量
p=mv
Ek=
1 2
mv2
矢量
标量
物体所受冲量
外力所做的功
p
2mEk
,Ek
p2 2m
4.冲量的性质: (1)过程量:冲量描述的是力的作用对时间的积累效应, 取决于力和时间这两个因素,所以求冲量时一定要明确 所求的是哪一个力在哪一段时间内的冲量。 (2)矢量性:冲量的方向与力的方向相同,与相应时间内 物体动量变化量的方向相同。
(1)物体重力冲量大小。 (2)物体受到的支持力冲量大小。 (3)力F的冲量大小。 (4)合外力的冲量大小。
【解析】对物体受力分析如图所示,则
(1)重力的冲量IG=mgt=3×10×2N·s=60 N·s
(2)支持力的冲量 IF=N FNt=(mg-Fsin 60°)t= (3×10-9× )3×2N·s≈44.4 N·s
高中物理第一章1碰撞课件教科版选修3_5
=
5×10-3 8.35×10-3
m/s≈0.60 m/s;
③碰撞前的总动能 Ek1=12m1������12=0.037 5 J
碰撞后的总动能 Ek2=12m1������22 + 12m2������32=0.037 5 J
所以碰撞前后总动能相等.
答案:(2)①A.大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差
12345
2关于碰撞中总动能的变化,下列说法正确的是( ) A.碰撞中的总动能是不变的 B.碰撞中的总动能是减少的 C.碰撞中的总动能是增加的 D.碰撞中的总动能可能不变,也可能减少 解析:在弹性碰撞中,总动能是不变的;在非弹性碰撞中,总动能是减 少的;碰撞中的总动能不可能增加.故D正确. 答案:D
1.弹性碰撞与非弹性碰撞的区别
比较项 碰后形 变情况
能量损 失情况
弹性碰撞
非弹性碰撞
完全恢复
不能完全恢复
没有能量损失,碰撞前 后系统的动能相等
一部分动能转变为其他形式的 能,碰撞前后系统的动能不再相 等
2.碰撞中动能的变化 (1)实验装置:气垫导轨、数字计时器(图丙).导轨上附有滑块和光 电门,如图甲所示.滑块上装有挡光条和弹簧片,如图乙所示.
(3)实验结论:
对于不同的碰撞情况,动能的变化情况不同,在第①种情况下,两 滑块碰撞前、后的动能之和大致不变,在第②、③种情况下,碰后 两滑块的动能之和变小了,而第③种情况动能损失的更多.
类型一 类型二
碰撞的概念及碰撞现象的理解 【例题1】 (多选)关于碰撞的理解,下列说法正确的是 ( ) A.相对运动的两个或多个物体相遇而发生相互作用将有可能发生 碰撞 B.相对运动的两个或多个物体相互接触而发生相互作用才能叫碰 撞 C.碰撞的特点是相互作用和直接接触 D.碰撞的特点是短时间内相互作用力很大,运动状态发生显著变化 解析:相对运动的两个或两个以上的物体相遇并有相互作用力,但 并不一定直接接触,有的相互作用力是非接触力,如磁场力,故B、C 错.在很短的时间内,相互作用力很大,以至于物体的运动状态发生 了显著变化,这些才是碰撞的根本特征. 答案:AD
3-5动量守恒及碰撞ppt课件.ppt
2.(2014·贵阳一模)如图所示,用不可伸长的轻质细线 将 A、B 两木球(可视为质点)悬挂起来,A、B 之间的 距离 l=3.2 m,其中木球 A 的质量 mA=90 g,木球 B 的质量 mB=100 g.现用打钉枪将一颗质量为 m0=10 g 的钉子以竖直向上的初速度 v0=100 m/s 打入并且 停留在木球 A 中,木球 A 沿细线向上与木球 B 正碰后粘在一 起竖直向上运动,恰好能够达到悬点 O 处.若钉子打入木球 和 A、B 两球碰撞的时间都极短,不计空气阻力,g 取 10 m/s2, 求: (1)钉子打入木球 A 的过程中系统损失的机械能; (2)木球 B 到悬点 O 的距离.
211H+210 n→___42_H__e______
AZX→Z+A1Y+___-_01e_____
1 个中子转化为 ___1_个______ __质__子___和_1_个__电_子___
10n→11H+___-_01_e______
衰变规律 ___电__荷_数______守恒、___质__量__数_____守恒
三、能级跃迁 1.玻尔理论 (1)____轨__道______量子化:核外电子只能在一些分立的轨道上 运动 rn=n2r1(n=1,2,3…). (2)____能__量______量子化:原子只能处于一系列不连续的能量 状态
En=En21(n=1,2,3…). (3)吸收或辐射能量量子化 原子在两个能级之间跃迁时只能吸收或发射___一__定__频__率___的 光子,该光子的能量由前后两个能级的能量差决定,即 hν= Em-En.
非弹性碰撞
(1)动量_______守__恒________ (2)动能有 ___损__失_______
完全非弹性碰撞
(1)碰后两物体合为一体 (2)动量____守__恒______ (3)动能损失最 _____大_______
高中物理第1章碰撞与动量守恒3动量守恒定律的应用课件教科版选修3-5
知 识 点 一
学
3.动量守恒定律的应用
业 分
层
测定量分析
[先填空] 1.在碰撞现象中,相互作用的时间很短,外力通常远小于碰撞物体之间的 内力,可以忽略不计,认为碰撞过程中动量守恒. 2.两物体碰后粘在一起,获得共同速度,这类碰撞属于完全非弹性碰撞.
处理爆炸、碰撞问题的四点提醒 (1)在处理爆炸问题,列动量守恒方程时应注意:爆炸前的动量是指即将爆 炸那一刻的动量,爆炸后的动量是指爆炸刚好结束时那一刻的动量. (2)在爆炸过程中,系统的动量守恒,机械能一定不守恒. (3)在碰撞过程中,系统动量守恒,机械能不一定守恒,在物体与弹簧相互 作用过程中物体与弹簧组成的系统动量、机械能均守恒. (4)宏观物体碰撞时一般相互接触,微观粒子的碰撞不一定接触,但只要符 合碰撞的特点,就可以认为是发生了碰撞.
(2)多级火箭 在现有技术条件下,一级火箭的最终速度还不能达到发射人造卫星所需要 的速度,因而发射卫星要用多级火箭.
解决“人船模型”应注意两点 (1)适用条件 ①系统由两个物体组成且相互作用前静止,系统总动量为零; ②在系统内发生相对运动的过程中至少有一个方向的动量守恒(如水平方向 或竖直方向). (2)画草图:解题时要画出各物体的位移关系草图,找出各长度间的关系, 注意两物体的位移是相对同一参考系的位移.
中子的发现 反冲现象与火箭 的发射
[先填空] 1.中子的发现 1932 年,英国物理学家查德威克发现了中子. 2.反冲现象 反冲现象遵循动量守恒定律,火箭的发射利用了反冲现象.
3.火箭的发射 (1)影响火箭最大速度的因素 火箭的最大速度主要取决于两个条件:一是向后的喷气速度;二是质量比(火 箭开始飞行时的质量与燃料燃尽时的质量之比).喷气速度越大,质量比越大, 最终速度就越大.
学
3.动量守恒定律的应用
业 分
层
测定量分析
[先填空] 1.在碰撞现象中,相互作用的时间很短,外力通常远小于碰撞物体之间的 内力,可以忽略不计,认为碰撞过程中动量守恒. 2.两物体碰后粘在一起,获得共同速度,这类碰撞属于完全非弹性碰撞.
处理爆炸、碰撞问题的四点提醒 (1)在处理爆炸问题,列动量守恒方程时应注意:爆炸前的动量是指即将爆 炸那一刻的动量,爆炸后的动量是指爆炸刚好结束时那一刻的动量. (2)在爆炸过程中,系统的动量守恒,机械能一定不守恒. (3)在碰撞过程中,系统动量守恒,机械能不一定守恒,在物体与弹簧相互 作用过程中物体与弹簧组成的系统动量、机械能均守恒. (4)宏观物体碰撞时一般相互接触,微观粒子的碰撞不一定接触,但只要符 合碰撞的特点,就可以认为是发生了碰撞.
(2)多级火箭 在现有技术条件下,一级火箭的最终速度还不能达到发射人造卫星所需要 的速度,因而发射卫星要用多级火箭.
解决“人船模型”应注意两点 (1)适用条件 ①系统由两个物体组成且相互作用前静止,系统总动量为零; ②在系统内发生相对运动的过程中至少有一个方向的动量守恒(如水平方向 或竖直方向). (2)画草图:解题时要画出各物体的位移关系草图,找出各长度间的关系, 注意两物体的位移是相对同一参考系的位移.
中子的发现 反冲现象与火箭 的发射
[先填空] 1.中子的发现 1932 年,英国物理学家查德威克发现了中子. 2.反冲现象 反冲现象遵循动量守恒定律,火箭的发射利用了反冲现象.
3.火箭的发射 (1)影响火箭最大速度的因素 火箭的最大速度主要取决于两个条件:一是向后的喷气速度;二是质量比(火 箭开始飞行时的质量与燃料燃尽时的质量之比).喷气速度越大,质量比越大, 最终速度就越大.
教科版高中物理选修(3-5)第一章 1.2《碰撞 动量》ppt课件
代数 运算简化为_____运算 (此时的正、负号仅代表方向,不代表大
小 ). 想一想 质量和速度大小相同的两个物体动能相同,它们的动量也
一定相同吗?
答案 不一定.动量是矢量,有方向性,而动能是标量,无方向.
三、动量定理 1.冲量
力的作用时间 Ft N· (1)定义:力与______________ 的乘积,公式:I=___,单位:牛顿· 秒,符号 s.
②联系:动量和动能都是描述物体运动状态的物理量,大 p2 小关系为 Ek= 或 p= 2mEk. 2m 2.动量的变化(Δp)
(1)Δp=p′-p为矢量式.
若p′、p不在一条直线上,要用平行四边形定则求矢量 差. 若p′、p在一条直线上,先规定正方向,再用正、负表示p′、 p,则可用Δp=p′-p=mv′-mv进行代数运算.
(3)若两物体碰后粘在一起,不再分开,此过程两物体损失的动
能最大,这样的碰撞叫完全非弹性碰撞.
【例1】
一个质量为2 kg的小球A以v0=3 m/s的速度与一个
静止的、质量为1 kg的小球B正碰.试根据以下数据,分 析碰撞性质. (1)碰后A、B的速度均为2 m/s. (2)碰后A的速度为1 m/s,B的速度为4 m/s. (2)弹性碰撞 1 解析 碰前系统的动能 Ek0= mAv2 0= 9 J. 2 (1)当碰后 A、B 速度均为 2 m/s 时,碰后系统的动能 1 1 2 Ek= mAvA+ mBv2 B 2 2 答案 (1)非弹性碰撞
1 1 2 =( ×2×2 + ×1×22)J=6 J<Ek0 2 2 故碰撞为非弹性碰撞.
(2)当碰后 vA=1 m/s,vB=4 m/s 时,碰后系统的动能 1 1 2 Ek′= mAv A+ mBv2 B 2 2 1 1 2 =( ×2×1 + ×1×42)J=9 J=Ek0 2 2 故碰撞为弹性碰撞.
高中物理 第1章 碰撞与动量守恒章末总结课件 沪科版选修35
,那么这个系统的总动量保持不变
动量守恒定律
条件:(1)不受外力;(2)合外力为零;(3)内力远大 于外力;(4)某一方向合外力为0
表达式:p=p′,Δp=0, m1v1+m2v2 = m1v1′+m2v2′
第五页,共32页。
碰
撞
(p 基本(jīběn动) 量(dòngliàng)守
弹性碰撞:动量守恒,动能
第十八页,共32页。
2.涉及相互作用最大限度类的临界问题:在物体滑上斜面(斜面放在 光滑水平(shuǐpíng)面上)的过程中,由于物体间弹力的作用,斜面在水 平(shuǐpíng)方向上将做加速运动,物体滑到斜面上最高点的临界条件 是物体与斜面沿水平(shuǐpíng)方向具有共同的速度,物体在竖直方向 上的分速度等于零. 3.子弹打木块类的临界问题:子弹刚好击穿木块的临界条件为子弹穿 出时的速度与木块的速度相同. 4.滑块—木板模型的临界问题:滑块在光滑木板上滑行的距离最远时 ,滑块和木板的速度相同.
最大.设P的初速度为v,两者质量都为m,弹簧最短时两者的共同
速度为v′,弹簧具有的最大弹性势能为Ep.根据动量守恒,有mv=
2mv′,根据能量守恒,有 m1v2= ×12mv′2+ Ep1.以上两式联
2
2
4
立求得Ep=mv2.可见弹簧具有的最大弹性势能等于滑块P原来动能
的一半,B选项正确.
答案(dáàn) B
第九页,共32页。
例1 质量为M和m0的滑块用轻弹簧连接,
以恒定速度v沿光滑水平面运动,与位于
正对面的质量为m的静止滑块发生碰撞,
图1
如图1所示,碰撞时间极短,在此过程中,下列说法正确
(zhèngquè)的是( )
A.M、m0、m速度均发生变化,碰后分别为v1、v2、v3,且
动量守恒定律
条件:(1)不受外力;(2)合外力为零;(3)内力远大 于外力;(4)某一方向合外力为0
表达式:p=p′,Δp=0, m1v1+m2v2 = m1v1′+m2v2′
第五页,共32页。
碰
撞
(p 基本(jīběn动) 量(dòngliàng)守
弹性碰撞:动量守恒,动能
第十八页,共32页。
2.涉及相互作用最大限度类的临界问题:在物体滑上斜面(斜面放在 光滑水平(shuǐpíng)面上)的过程中,由于物体间弹力的作用,斜面在水 平(shuǐpíng)方向上将做加速运动,物体滑到斜面上最高点的临界条件 是物体与斜面沿水平(shuǐpíng)方向具有共同的速度,物体在竖直方向 上的分速度等于零. 3.子弹打木块类的临界问题:子弹刚好击穿木块的临界条件为子弹穿 出时的速度与木块的速度相同. 4.滑块—木板模型的临界问题:滑块在光滑木板上滑行的距离最远时 ,滑块和木板的速度相同.
最大.设P的初速度为v,两者质量都为m,弹簧最短时两者的共同
速度为v′,弹簧具有的最大弹性势能为Ep.根据动量守恒,有mv=
2mv′,根据能量守恒,有 m1v2= ×12mv′2+ Ep1.以上两式联
2
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立求得Ep=mv2.可见弹簧具有的最大弹性势能等于滑块P原来动能
的一半,B选项正确.
答案(dáàn) B
第九页,共32页。
例1 质量为M和m0的滑块用轻弹簧连接,
以恒定速度v沿光滑水平面运动,与位于
正对面的质量为m的静止滑块发生碰撞,
图1
如图1所示,碰撞时间极短,在此过程中,下列说法正确
(zhèngquè)的是( )
A.M、m0、m速度均发生变化,碰后分别为v1、v2、v3,且
高中物理 第一章 碰撞与动量守恒 第1节 碰撞课件 教科版选修3-5
第一章 碰撞与动量守恒
K12课件
1
活动一 感受和体会碰撞过程
你还知道哪些形式的碰撞?
K12课件
2
1 碰撞
概念:做相对运动的两个(或几个)物体相遇而发 生相互作用,在很短的时间内,它们的运动状态会 发生显著的变化,这一过程叫碰撞。
K12课件
3
活动二 探究碰撞前后物体动能的变化
K12课件
4
如何测定物体的速度呢?
v L t
K12课件
5
探究过程
• 带弹簧片的碰撞 • 不带弹簧片的碰撞 • 带橡皮泥的碰撞 填表:书P4表1-1-1
K12课件
6
归纳总结
(1)带弹簧片的碰撞,碰撞前后动能几乎不变
(2)不带弹簧片的碰撞,碰撞后系统的动能减 少,及有一部分机械能转化为了其它形式的能 (滑块的内能)
(3)滑块涂上橡皮泥后,碰撞后粘在一起,系 统动能的损失也大于不带弹簧片时的动能损失。 (以后将会看到,此种情况系统损失的动能最 大)
解析 碰前系统的动能 Ek0=12mAv20=9 J. (1)当碰后 A、B 速度均为 2 m/s 时,碰后系统的动能
Ek=12mAvA2 +12mBv2B
K12课件
9
=(12×2×22+12×1×22)J=6 J<Ek0 故碰撞为非弹性碰撞.
(2)当碰后 vA=1 m/s,vB=4 m/s 时,碰后系统的动能 Ek′=12mAv2A+12mBv2B =(12×2×12+12×1×42)J=9 J=Ek0 故碰撞为弹性碰撞.
• 若两物体碰后粘在一起,形变完全不能恢复(没有 恢复的过程),这样的碰撞叫完全非弹性碰撞,此 过程两物体损失的动能最大。
K12课件11来自K12课件7活动三 碰撞的分类
K12课件
1
活动一 感受和体会碰撞过程
你还知道哪些形式的碰撞?
K12课件
2
1 碰撞
概念:做相对运动的两个(或几个)物体相遇而发 生相互作用,在很短的时间内,它们的运动状态会 发生显著的变化,这一过程叫碰撞。
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3
活动二 探究碰撞前后物体动能的变化
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4
如何测定物体的速度呢?
v L t
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5
探究过程
• 带弹簧片的碰撞 • 不带弹簧片的碰撞 • 带橡皮泥的碰撞 填表:书P4表1-1-1
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6
归纳总结
(1)带弹簧片的碰撞,碰撞前后动能几乎不变
(2)不带弹簧片的碰撞,碰撞后系统的动能减 少,及有一部分机械能转化为了其它形式的能 (滑块的内能)
(3)滑块涂上橡皮泥后,碰撞后粘在一起,系 统动能的损失也大于不带弹簧片时的动能损失。 (以后将会看到,此种情况系统损失的动能最 大)
解析 碰前系统的动能 Ek0=12mAv20=9 J. (1)当碰后 A、B 速度均为 2 m/s 时,碰后系统的动能
Ek=12mAvA2 +12mBv2B
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9
=(12×2×22+12×1×22)J=6 J<Ek0 故碰撞为非弹性碰撞.
(2)当碰后 vA=1 m/s,vB=4 m/s 时,碰后系统的动能 Ek′=12mAv2A+12mBv2B =(12×2×12+12×1×42)J=9 J=Ek0 故碰撞为弹性碰撞.
• 若两物体碰后粘在一起,形变完全不能恢复(没有 恢复的过程),这样的碰撞叫完全非弹性碰撞,此 过程两物体损失的动能最大。
K12课件11来自K12课件7活动三 碰撞的分类
高中物理知识点总结 碰撞与动量守恒课件 选修3-5
第五页,共21页。
四、碰撞 1.概念:碰撞是指物体间的相互作用持续的时间很短, 而物体间相互作用力很大的现象. 2.特点:在碰撞现象中,一般都满足内力________外力, 可认为相互碰撞的系统动量________. 3.分类 (1)弹性碰撞:碰撞过程中机械能________,即碰撞前后 系统总动能相等. (2)非弹性碰撞:碰撞过程中机械能________,即碰撞后 的机械能________碰撞前的机械能. (3)完全非弹性碰撞:碰撞后物体________,具有 ________的速度,这种碰撞系统动能损失________.
第十三页,共21页。
(1)如果m1=m2,则v1′=v2,v2′=v1,即交换速度. (2)如果碰前一物体静止,设v2=0,则碰撞后的速度为
v1′=mm11- +mm22v1,v2′=m12+m1m2v1 具体的有以下几种情况
①m1=m2时,则有v1′=0,v2′=v1 即碰后实现了动量和动能的全部转移(交换速度). ②m1≫m2时,有v1′≈v1,v2′≈2v1 即碰后m1的速度几乎未变,仍按原来的方向运动,质量 小的物体m2将以m1速度的两倍向前运动. ③m1≪m2时,有v1′≈-v1,v2′≈0 即碰后m1按原来的速率弹回,m2几乎未动.
第八页,共21页。
1.研究对象:相互作用的物体组成的系统. 2.正确理解“总动量保持不变”,不仅指系统的初末两个 时刻的总动量相等,而且指系统在整个过程中任意两个时刻 的总动量相等.
第九页,共21页。
3.动量守恒定律的三性 (1)矢量性:对于作用前后物体的运动方向都在同一直线 上的问题,应选取统一的正方向,凡是与选取正方向相同的 动量为正,相反为负.若方向未知,可设为与正方向相同列 动量守恒方程,通过解得结果的正负,判定未知量的方向. (2)同时性:动量是一个瞬时量,动量守恒指的是系统任 一瞬时的动量守恒,列方程m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′时,等 号左侧是作用前(或某一时刻)各物体的动量和,等号右侧是作 用后(或另一时刻)各物体的动量和,不同时刻的动量不能相 加.
四、碰撞 1.概念:碰撞是指物体间的相互作用持续的时间很短, 而物体间相互作用力很大的现象. 2.特点:在碰撞现象中,一般都满足内力________外力, 可认为相互碰撞的系统动量________. 3.分类 (1)弹性碰撞:碰撞过程中机械能________,即碰撞前后 系统总动能相等. (2)非弹性碰撞:碰撞过程中机械能________,即碰撞后 的机械能________碰撞前的机械能. (3)完全非弹性碰撞:碰撞后物体________,具有 ________的速度,这种碰撞系统动能损失________.
第十三页,共21页。
(1)如果m1=m2,则v1′=v2,v2′=v1,即交换速度. (2)如果碰前一物体静止,设v2=0,则碰撞后的速度为
v1′=mm11- +mm22v1,v2′=m12+m1m2v1 具体的有以下几种情况
①m1=m2时,则有v1′=0,v2′=v1 即碰后实现了动量和动能的全部转移(交换速度). ②m1≫m2时,有v1′≈v1,v2′≈2v1 即碰后m1的速度几乎未变,仍按原来的方向运动,质量 小的物体m2将以m1速度的两倍向前运动. ③m1≪m2时,有v1′≈-v1,v2′≈0 即碰后m1按原来的速率弹回,m2几乎未动.
第八页,共21页。
1.研究对象:相互作用的物体组成的系统. 2.正确理解“总动量保持不变”,不仅指系统的初末两个 时刻的总动量相等,而且指系统在整个过程中任意两个时刻 的总动量相等.
第九页,共21页。
3.动量守恒定律的三性 (1)矢量性:对于作用前后物体的运动方向都在同一直线 上的问题,应选取统一的正方向,凡是与选取正方向相同的 动量为正,相反为负.若方向未知,可设为与正方向相同列 动量守恒方程,通过解得结果的正负,判定未知量的方向. (2)同时性:动量是一个瞬时量,动量守恒指的是系统任 一瞬时的动量守恒,列方程m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′时,等 号左侧是作用前(或某一时刻)各物体的动量和,等号右侧是作 用后(或另一时刻)各物体的动量和,不同时刻的动量不能相 加.
高中物理 第一章 碰撞与动量守恒 章末整合课件 教科版选修35
答案 2 m/s
第七页,共17页。
解析 长木板A与滑块C处于光滑水平轨道上,两者碰撞时间极短, 碰撞过程中滑块B与长木板A间的摩擦力可以忽略不计,长木板A与 滑块C组成的系统,在碰撞过程中动量守恒,则mAv0=mAvA+mCvC 两者碰撞后,长木板A与滑块B组成的系统,在两者达到(dá dào)同 速之前系统所受合外力为零,系统动量守恒,mAvA+mBv0=(mA+ mB) v 长木板A和滑块B达到(dá dào)共同速度后,恰好不再与滑块C碰撞 ,则最后三者速度相等,vC=v 联立以上各式,代入数值解得:vA=2 m/s
研究对象:两个或两个以上的物体组成的系统
内容:系统不受外力或所受外力的矢量和为零,该系统的总动量保持不变
动量守 恒定律
基本规律
动量守恒定律
条 件: 系统不 受外 力或 合外力 为零 或 F外≪ F内
表达式:m1v1+m2v2
矢量性:正方向的选取 =m1v1′+m2v2′同一性:各速度应相对同一参考系
第十六页,共17页。
(2)对A、B碰撞后共同运动t=0.6 s的过程中,由动量定理(dònɡ liànɡ
dìnɡ lǐ)得
Ft=(mA+mB) vt-(mA+mB) v
③
代入数据解得:
v=1 m/s
④
(3)设A、B发生碰撞前,A的速度为vA,对A、B发生碰撞的过程,由
动量守恒定律有:
mAvA=(mA+mB) v
第六页,共17页。
【例2】 (2013·山东高考)如图1所示
,光滑水平轨道上放置(fàngzhì)长
图1
木板A(上表面粗糙)和滑块C,滑块
B置于A的左端,三者质量分别
为mA=2 kg、mB=1 kg、mC=2 kg.开始(kāishǐ)时C静止,A、B 一起以v0=5 m/s的速度匀速向右运动,A与C发生碰撞(时间极 短)后C向右运动,经过一段时间,A、B再次达到共同速度一起 向右运动,且恰好不再与C碰撞.求A与C发生碰撞后瞬间A的 速度大小.
第七页,共17页。
解析 长木板A与滑块C处于光滑水平轨道上,两者碰撞时间极短, 碰撞过程中滑块B与长木板A间的摩擦力可以忽略不计,长木板A与 滑块C组成的系统,在碰撞过程中动量守恒,则mAv0=mAvA+mCvC 两者碰撞后,长木板A与滑块B组成的系统,在两者达到(dá dào)同 速之前系统所受合外力为零,系统动量守恒,mAvA+mBv0=(mA+ mB) v 长木板A和滑块B达到(dá dào)共同速度后,恰好不再与滑块C碰撞 ,则最后三者速度相等,vC=v 联立以上各式,代入数值解得:vA=2 m/s
研究对象:两个或两个以上的物体组成的系统
内容:系统不受外力或所受外力的矢量和为零,该系统的总动量保持不变
动量守 恒定律
基本规律
动量守恒定律
条 件: 系统不 受外 力或 合外力 为零 或 F外≪ F内
表达式:m1v1+m2v2
矢量性:正方向的选取 =m1v1′+m2v2′同一性:各速度应相对同一参考系
第十六页,共17页。
(2)对A、B碰撞后共同运动t=0.6 s的过程中,由动量定理(dònɡ liànɡ
dìnɡ lǐ)得
Ft=(mA+mB) vt-(mA+mB) v
③
代入数据解得:
v=1 m/s
④
(3)设A、B发生碰撞前,A的速度为vA,对A、B发生碰撞的过程,由
动量守恒定律有:
mAvA=(mA+mB) v
第六页,共17页。
【例2】 (2013·山东高考)如图1所示
,光滑水平轨道上放置(fàngzhì)长
图1
木板A(上表面粗糙)和滑块C,滑块
B置于A的左端,三者质量分别
为mA=2 kg、mB=1 kg、mC=2 kg.开始(kāishǐ)时C静止,A、B 一起以v0=5 m/s的速度匀速向右运动,A与C发生碰撞(时间极 短)后C向右运动,经过一段时间,A、B再次达到共同速度一起 向右运动,且恰好不再与C碰撞.求A与C发生碰撞后瞬间A的 速度大小.
高中物理第1章碰撞与动量守恒章末总结课件沪科版选修3_5
守
研究外__力__的__冲__量__等__于__物__体__动__量__的__变__化__量___
定 基本
公式:_F_t_=__m_v_′__-__m_v__
律 规律 动量守 内容:如果一个系统不受外力,或者所受外力的
恒定律
_矢__量__和__为零,这个系统的总动量保持不变
第1章 碰撞与动量守恒
章末总结
知识网络
动量:p= mv ,矢量,方向与速度v的方向相同,是状态量
Δp= p′-p =_m_·_Δ_v_
基本 动量变化量 方向:与 Δv 方向相同 动 概念 冲量:I= Ft ,矢量,方向与 恒力F 的方向一致,若力为变力,
量
冲量方向与相应时间内动量的改变量方向一致,是过程量
律
律 条 守恒 件 ④系统在某一方向上不受外力或所受 外力 的 合力为零 ,
系统在该方向上动量守恒
对心和非对心碰撞
碰 弹性和 弹性碰撞:动量守恒,机械能_守__恒__
动
撞 非弹性 非弹性碰撞:动量守恒,机械能_减__少__(或__有__损__失__)_
量 基应
碰撞 完全非弹性碰撞:动量守恒,机械能损失最多
⑥ 利用笔记抓住老师的思路。记笔记不仅有利于理解和记忆,而且有利于抓住老师的思路。
2019/5/25
最新中小学教学课件
6
谢谢欣赏!
2019/5/25
最新中小学教学课件
7
④ 紧跟老师的推导过程抓住老师的思路。老师在课堂上讲解某一结论时,一般有一个推导过程,如数学问题的来龙去脉、物理概念的抽象归纳、语 文课的分析等。感悟和理解推导过程是一个投入思维、感悟方法的过程,这有助于理解记忆结论,也有助于提高分析问题和运用知识的能力。
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1
2
3
4
联立以上两式可得:B和C碰撞前B的速度为
9 vB= v0. 5 9 答案 v0 5
1
2
3
4
3.如图5所示,质量为m1=16 kg的平板车B原来静止在 光滑的水平面上,另一质量 m2 = 4 kg 的小物体 A 以 5 m/s的水平速度滑向平板车的另一端,假设平板车与物 体间的动摩擦因数为0.5,g取10 m/s2,求:
最大.
m m v0=(m+ +m)v, 4 4 1 则 v = v 0, 9 1 1 m 1 2 2 Ep= (m+)v A- (m+ +m)v = mv 2 0 . 90 2 4 2
答案 见解析
返回
自我检测区
1 2 3 4
1
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3
4
1.一炮艇总质量为M,以速度v0匀速行驶,从艇上以相
对海岸的水平速度 v沿前进方向射出一质量为 m的炮弹,
体间发生相互作用的过程中,当弹簧被压缩到最短或拉
伸到最长时,弹簧两端的两个物体的速度必然相等.
2.涉及相互作用最大限度类的临界问题:在物体滑上斜 面(斜面放在光滑水平面上 )的过程中,由于物体间弹力 的作用,斜面在水平方向上将做加速运动,物体滑到 斜面上最高点的临界条件是物体与斜面沿水平方向具 有共同的速度,物体在竖直方向上的分速度等于零. 3.子弹打木块类的临界问题:子弹刚好击穿木块的临界 条件为子弹穿出时的速度与木块的速度相同. 4.滑块—木板模型的临界问题:滑块在光滑木板上滑行 的距离最远时,滑块和木板的速度相同.
设A在B上滑行的距离为l,取A、B系统为研究对
象,由于系统内能的增加等于系统动能的减少, 根据能量守恒定律有 1 1 2 μm2gl= m2v 0 - (m1+m2)v2 2 2 代入数据解得l=2 m 答案 2 m
1
2
3
4
4. 如图 6 所示,在水平地面上放置一质量为 M 的木块, 一质量为 m 的子弹以水平速度 v 射入木块 ( 未穿出 ) ,若 木块与地面间的动摩擦因数为μ,求:
图5
1
多大; 解析
2
3
4
(1)如果A不会从B的另一端滑下,则A、B的最终速度为 设A、B共同运动的速度为v,A的初速度为v0,
则对A、B组成的系统,由动量守恒定律可得 4× 5 m2v0=(m1+m2)v,解得:v= m/s=1 m/s 16+4 答案 1 m/s
1
解析
2
3
4
(2)要保证A不滑下平板车,平板车至少要有多长.
第一章 碰撞与动量 守恒
章末总结
网络构建区
碰
冲量:I=Ft
基本概念 动量p=mv
撞
与 动 量 守 恒
矢量性:与 力的方向一致 过程量:与一段时间对应 矢量性:与 速度 的方向相同 状态量:与某一时刻或某一位 置对应 内容:物体在一个运动过程始末的 动量变化量 等于它在这个过程中 所受合力的冲量 表达式:I= p′-p 或 Ft=mv′-mv
例3 如图2所示,A为一具有光滑曲面的
固定轨道,轨道底端是水平的,质量M=
40 kg的小车B静止于轨道右侧,其板与轨
图2 道底端靠近且在同一水平面上,一个质量m=20 kg的物体
C 以 2.0 m/s 的初速度从轨道顶端滑下,冲上小车 B 后经一 段时间与小车相对静止并继续一起运动 . 若轨道顶端与底 端水平面的高度差h为0.8 m,物体与小车板面间的动摩擦 因数 μ 为 0.40, 小车与水平面间的摩擦忽略不计 ,( 取 g = 10
系统损失的机械能等于阻力乘以相对位移,即:ΔE=fx相对.
例1
一质量为 M的木块放在光滑的水平面上,一质量
为m的子弹以初速度v0水平飞来打进木块并留在其中, 设相互作用力为f.求: (1)子弹、木块相对静止时的速度v为多少? 由动量守恒得: mv0=(M+m)v,子弹与木块相 m 对静止时的共同速度为:v= v0. M+m m v 答案 0 M+m 解析
答案
2 5 m/s 3
(2)物体冲上小车后相对于小车板面滑动的距离. 解析 由功能关系有:
1 2 μmgx= 1 mv 2 - ( m + M ) v 2 2 2 5 代入数据解得:x= m 3 5 答案 m 3
返回
三、碰撞中的临界问题分析
相互作用的两个物体在很多情况下皆可当作碰撞处理, 那么对相互作用中两物体相距恰“最近”、相距恰“最 远”或恰上升到“最高点”等一类临界问题,求解的关 键都是“速度相等”. 1.涉及弹簧类的临界问题:对于由弹簧组成的系统,在物
例4 一轻质弹簧,两端各连质量均为m的 滑块A和B,静放在光滑水平面上,滑块A 图3 m 被水平飞来的质量为 、速度为v0的子弹击中且没有穿 4 出(如图3所示),求:
(1)子弹击中滑块A的瞬间,A和B的速度各多大;
解析 子弹击中滑块A的瞬间,时间极短,弹簧还未来
得及发生形变,因此vB=0.子弹和滑块A组成的系统动 量守恒,机械能不守恒(因子弹和滑块A间有摩擦阻力 ). 根据动量守恒定律得:
③
(1)物体与小车保持相对静止时的速度; 解析 物体下滑过程机械能守恒,但动量不守恒,即
1 2 1 2 有:mgh= mv 2 - mv1 , 2 2
2 +2gh =2 m/s 得v2= v1
在物体 C冲上小车B到与小车相对静止的过程中,两者
组成的系统动量守恒,
即有:mv2=(m+M)v,
mv2 20×2 5 2 得:v= = m/s= 5 m/s 3 m+ M 20+40
mv =( m+m)v ,即v = 1 v . 0 A A 5 0 4 4
(2)以后运动过程中弹簧的最大弹性势能. 解析 子弹射入滑块 A后,滑块 A以获得的速度向右运
动,弹簧被压缩,A、 B分别受到方向相反的弹力作用, A做减速运动, B做加速运动,在两者速度达到相等前,
弹簧一直被压缩,在两者速度相等时,弹簧弹性势能
(2)系统损失的机械能、系统增加的内能分别为多少? 1 1 解析 系统损失的机械能ΔEk= mv2 - (M+m)v2 0 2 2 Mmv2 0 得:ΔEk= 2( M+m) 由能量守恒定律得 Mmv2 0 系统增加的内能Q=ΔEk= 2( M+m) 答案
2 Mmv2 Mm v 0 0 2( M+m) 2( M+m)
发射炮弹后艇的速度为 v′,若不计水的阻力,则下列
各关系式中正确的是______.(填选项前的编号)
①Mv0=(M-m)v′+mv
②Mv0=(M-m)v′+m(v+v0)
③Mv0=(M-m)v′+m(v+v′)
④Mv0=Mv′+mv
1
解析
2
3
4
动量守恒定律中的速度都是相对于同一参照物的,
题目中所给炮弹的速度v是相对于海岸的,即相对于地面
的,所以有:Mv0=(M-m)v′+mv,故①正确.
答案 ①
1
2.如图4所示,光滑水平面上有三个木块
A、B、C,质量分别为mA=mC=2m,
2
3
4
图4
mB=m,A、B用细绳连接,中间有一压缩的弹簧(弹簧 与滑块不栓接).开始时A、B以共同速度v0运动,C静止. 某时刻细绳突然断开,A、B被弹开,然后B又与C发生 碰撞并粘在一起,最终三滑块速度恰好相同,求 B与 C 碰撞前B的速度.
方法二:对系统根据能量守恒定律,得:
1 f· l深= 1 mv2 - (M+m)v2 0 2 2 Mmv2 0 得:l深= 2f(M+m)
l深即是子弹打进木块的深度.
答案
Mmv2 0 2f(M+m)
例2 如图1所示,有一质量为M的木板(足 够长)静止在光滑的水平面上,一质量为m
图1 的小铁块以初速度v0水平滑上木板的左端,小铁块与木
基本规律
动量定理
网络构建区
内容:如果一个系统不受外力,或者所受 碰 外力的合力为零,这个系统的 总动量保 基 本 规 律 动量守 持不变 条件:(1)不受外力;(2)合外力为零; (3)内力远大于外力;(4)某一方向合外力 为零 表达式:p=p′,Δp=0,m1v1+m2v2=
撞
与 动 量 守 恒
(3)子弹打进木块的深度l深为多少? 解析 方法一:对子弹利用动能定理
1 2 1 2 得-fx1= mv - mv 0 2 2 Mm( M+2m) v2 0 所以x1= 2f(M+m)2 1 同理对木块有:fx2= Mv2 2
Mm2v2 0 故木块发生的位移为x2= 2 . 2f(M+m)
Mmv2 0 子弹打进木块的深度为:l深=x1-x2= 2f(M+m)
恒定理
m1v1′+m2v2′
网络构建区
弹性碰撞:动量守恒,动能 守恒 动量 守恒 定理 碰撞 非弹性碰撞:动量守恒,总动能
碰撞 基 与动 本 量守 规
应用
减少
完全非弹性碰撞:机械能损失 最多
恒
律
反冲及应用:火箭的工作原理
专题整合区
一、子弹打木块模型及拓展应用 二、动量和动量综合问题分析
三、碰撞中的临界问题分析
1
解析
2
3
4
A、B在弹力的作用下,A减速运动,B加速运动,
最终三者以共同的速度向右运动, 设共同速度为v,A和B分开后,B的速度为vB,对三个 木块组成的系统,整个过程总动量守恒, 则有(mA+mB)v0=(mA+mB+mC)v
对A、B两个木块,分开过程满足动量守恒,则有
(mA+mB)v0=mAv+mBvB
一、子弹打木块模型及拓展应用
动量守恒定律应用中有一类典型的物理模型 ——子弹打木块
模型.此类模型的特点:
1.由于子弹和木块组成ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ系统所受合外力为零(水平面光滑),
或者内力远大于外力,故系统动量守恒.
2. 由于打击过程中,子弹与木块间有摩擦力的作用,故通常