高二物理上册课堂对点演练检测试题77

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高中物理高二物理上学期精选测试卷同步检测(Word版含答案)

高中物理高二物理上学期精选测试卷同步检测（Word版含答案）一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，一带电小球P用绝缘轻质细线悬挂于O点。

带电小球Q与带电小球P处于同一水平线上，小球P平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。

现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q，使带电小球P能够保持在原位置不动，直到小球Q移动到小球P位置的正下方。

对于此过程，下列说法正确的是（）A．小球P受到的库仑力先减小后增大B．小球P、Q间的距离越来越小C．轻质细线的拉力先减小后增大D．轻质细线的拉力一直在减小【答案】AD【解析】【分析】【详解】画出小球P的受力示意图，如图所示当小球P位置不动，Q缓慢向右下移动时，Q对P的库仑力先减小后增大，根据库仑定律可得，QP间的距离先增大后减小；轻质细线的拉力则一直在减小，当Q到达P的正下方时，轻质细线的拉力减小为零，故选AD。

2．如图所示，A、B两点有等量同种正点电荷，AB连线的中垂线上C、D两点关于AB对t 时刻，一带正电的点电荷从C点以初速度v0沿CD方向射入，点电荷只受电场称，0力。

则点电荷由C到D运动的v-t图象，以下可能正确的是A．B．C．D．【答案】BD【解析】【分析】【详解】由于AB是同种电荷，所以连线中点的场强为零，无穷远处场强也为零，其间有一点电场强度最大，所以粒子从C点向中点运动过程中，加速度可能一直减小，也可能先减小后增大，选项AC错误，BD正确。

故选BD。

3．如图所示，竖直绝缘墙上固定一带电小球A，将带电小球B用轻质绝缘丝线悬挂在A的正上方C处，图中AC=h。

当B静止在与竖直方向夹角θ=30°方向时，A对B的静电力为B 所受重力的0.5倍，则下列说法中正确的是（两球均可看作点电荷）（）A．此时丝线长度为2 2LB．以后由于A漏电，B在竖直平面内缓慢运动，到θ=0°处A的电荷尚未漏完，在整个漏电过程中，丝线上拉力大小保持不变C．若保持悬点C位置不变，缓慢缩短丝线BC的长度，B球运动轨迹在最初阶段为圆弧D．若A对B的静电力为B所受重力的33倍，要使B球依然在θ=30°处静止，则丝线BC的长度应调整为3h或23h【答案】BCD【解析】【分析】【详解】A．当A对B的静场力为B所受重力的0.5倍，B静止时丝线BC与竖直方向夹角θ=30°，处于平衡，根据几何关系可知此时AB与BC互相垂直，此时丝线长度为3h，选项A错误；B．而由三角形相似可知G F Th AB BC==则在整个漏电过程中，丝线上拉力T大小保持不变，选项B正确；Ｃ．以C点为原点，以CA方向为y轴，垂直CA方向向右为x轴建立坐标系，设B点坐标为（x，y），则由几何关系cos sinx hθθ=⋅tanxy θ=消掉θ角且整理可得2222(cos)x y h BC+==θ缓慢缩短丝线BC的长度，最初阶段BC的长度变化较小，B球运动轨迹在最初阶段为圆弧，选项C正确；D．若A对B的静电力为B所受重力的33倍，则B静止在与竖直方向夹角仍为θ=30°时，对B受力分析，G、F与T，将F与T合成，则有G FAC AB=解得3F AB h h G == 根据余弦定理可得22232cos303h h BC BC h =+-⨯⨯︒（）解得BC =33h 或233h 选项D 正确。

高中物理高二物理上学期精选试卷检测题(WORD版含答案)

高中物理高二物理上学期精选试卷检测题（WORD版含答案）一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，y轴上固定有两个电荷量相等的带正电的点电荷，且关于坐标原点O对称。

某同学利用电场的叠加原理分析在两电荷连线的中垂线（x轴）上必定有两个场强最强的点A、'A，该同学在得到老师的肯定后又在此基础上作了下面的推论，你认为其中正确的是（）A．若两个点电荷的位置不变，但电荷量加倍，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置B．如图(1)，若保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置C．如图(2)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电圆环，圆环的圆心在原点O。

直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置D．如图(3)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电薄圆板，圆板的圆心在原点O，直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置【答案】ABC【解析】【分析】【详解】A．可以将每个点电荷（2q）看作放在同一位置的两个相同的点电荷（q），既然上下两个点电荷（q）的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A＇两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A＇两位置，选项A正确；B．由对称性可知，保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置，选项B正确；C．由AB可知，在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A＇两位置，那么把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A＇两位置，所有这些小段对称叠加的结果，合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A＇两位置，选项C正确；D．如同C选项，将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A＇两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A＇两位置，选项D错误。

高二物理上册课堂对点演练检测试题6

简谐运动的运动图像的理解和应用1. 如图1-3-6所示，下列说法正确的是()．图1-3-6A．振动图像是从平衡位置开始计时的B．0.7 s末速度沿x轴负方向C．1 s末速度最大D．1 s末速度最小为零解析由图像可知O时刻的位移为0，故A正确.0.7 s末物体在负的最大位移处和平衡位置之间速度为x轴正方向，故B错；1 s物体在正的最大位移处，速度为0，故C错、D正确．答案AD2．如图1-3-7所示为质点P在0～4 s内的振动图像，下列叙述正确的是()．图1-3-7A．再过1 s，该质点的位移是正向最大B．再过1 s，该质点的速度方向向上C．再过1 s，该质点运动到平衡位置D．再过1 s，该质点的速度为零解析依题意，再经过1 s，振动图像将延伸到正向位移最大处，这时质点的位移为正向最大，此时振动物体的速度为零，无方向．答案AD简谐运动的表达式的理解和应用3．某简谐运动的位移与时间关系表示为：x ＝0.1sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫100πt ＋π2 cm ，由此可知该振动的振幅是______cm ，频率是________Hz ，零时刻振动物体的初相位为________．解析根据简谐运动的表达式x ＝0.1sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫100πt ＋π2 cm ，可知振幅A ＝0.1 cm ；ω＝100π rad/s ＝2πf ，f ＝50 Hz ；相位是100πt ＋π2，初相位是π2.答案 0.1 50 π24．一个物体沿x 轴做简谐运动，振幅为8 cm ，频率为0.5 Hz ，在t ＝0时，位移为4 cm ，且向x 轴负方向运动，试写出用正弦函数表示的振动方程．解析设简谐运动的表达式为x ＝A sin(2πft ＋φ)根据题目给出的条件：A ＝0.08 m ，f ＝0.5 Hz所以x ＝0.08sin(πt ＋φ) m又t ＝0时，x ＝0.04 m代入上式得0.08 sin φ＝0.04解得φ＝π6或φ＝5π6因为在t ＝0时，速度的方向指向x 轴负方向，所以φ＝5π6故所求的振动方程为x ＝0.08sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫πt ＋56π m. 答案 x ＝0.08sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫πt ＋56π m。

高二物理上册课堂对点演练检测试题76

做功与内能的变化1．用下列方法改变物体的内能，属于做功的方式是()．A．搓搓手会感到手暖和些B．汽油机汽缸内被压缩的气体C．车刀切下的炽热铁屑D．物体在阳光下被晒热解析搓手时克服摩擦力做功，机械能转化为内能；汽缸压缩气体，对气体做功；车刀切削钢件，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，使切下的铁屑温度升高，都是通过做功使内能发生改变；物体在阳光下被晒热，不属于做功的方式．答案ABC2．一定质量的气体经历一缓慢的绝热膨胀过程．设气体分子间的势能可忽略，则在此过程中()．A．外界对气体做功，气体分子的平均动能增加B．外界对气体做功，气体分子的平均动能减少C．气体对外界做功，气体分子的平均动能增加D．气体对外界做功，气体分子的平均动能减少解析绝热膨胀过程是指气体膨胀过程未发生热传递，膨胀过程气体体积增大，气体对外界做功W＜0.由ΔU＝U2－U1＝W可知，气体内能减小．由于气体分子间的势能忽略，故气体分子的平均动能减小．答案 D热传递与内能的改变3．关于热传递，下列说法中正确的是()．A．热传递的实质是温度的传递B．物体间存在着温度差，才能发生热传递C．热传递可以在任何情况下进行D．物体内能发生改变，一定是吸收或放出了热量解析热传递的实质是物体间内能的转移，故A错．热传递的条件是物体间存在温度差，高温物体放出热量，低温物体吸收热量，若两物体温度相同，它们之间便不再发生热传递，即达到了热平衡，故B对、C错．物体吸收或放出热量，内能会发生变化，但内能变化不一定是热传递引起的，还可以通过做功的方式实现，故D错．答案 B4．在外界不做功的情况下，物体的内能增加了50 J，下列说法中正确的是()．A．一定是物体放出了50 J的热量B．一定是物体吸收了50 J的热量C．一定是物体分子动能增加了50 JD．物体的分子平均动能可能不变解析在外界不做功的情况下，系统内能的改变等于传递的热量，内能增加，一定是吸收了相等能量的热量，故A错、B对．物体内能包括所有分子的动能和势能，内能由分子数、分子平均动能、分子势能共同决定，所以内能增加了50 J并不一定是分子动能增加了50 J．物体的分子平均动能有可能不变，这时吸收的50 J热量全部用来增加分子势能．答案BD做功和热传递与内能变化的关系5．关于物体的内能和热量，下列说法中正确的有()．A．热水的内能比冷水的内能多B．温度高的物体其热量必定多，内能必定大C．在热传递过程中，内能大的物体其内能将减小，内能小的物体其内能将增大，直到两物体的内能相等D．热量是热传递过程中内能转移量的量度解析物体的内能由温度、体积及物体的质量决定，不只由温度决定，故选项A、B都不对．在自发的热传递过程中，热量是由高温物体传给低温物体，而内能大的物体不一定温度高，在热传递过程中完全有可能内能大的物体内能继续增大，内能小的物体内能继续减小，故选项C是错误的．关于热量的论述，选项D是正确的．答案 D6．关于内能、温度和热量，下列说法中正确的是()．A．物体的温度升高时，一定吸收热量B．物体沿光滑斜面下滑时，内能将增大C．物体沿斜面匀速下滑时，内能可能增大D．内能总是从高温物体传递给低温物体，当内能相等时热传递停止解析改变物体内能的两种方法：做功和热传递．温度升高，内能增加，但不一定是吸收热量，A错误；物体克服摩擦力做功，摩擦生热，内能可能增大，B错误、C正确；热传递的条件是存在温度差，热量从温度高的物体传递给温度低的物体，温度相同后热传递停止，D错误．答案 C。

高二物理上册课堂对点演练检测试题10

5 波的干涉、衍射6 多普勒效应(时间：60分钟)知识点一波的干涉1．两列波在某区域相遇，下列说法中正确的是()．A．两列波相遇前后能够保持各自的状态而不互相干扰B．由于一切波都能发生干涉，故这两列波相遇一定能产生干涉图样C．若这两列波叠加后，出现某些区域振动加强，某些区域振动减弱，这两列波发生了干涉D．在两列波重叠区域里，任何一个质点的位移都是由这两列波引起的位移的矢量和解析根据波的独立传播原理，选项A正确；一切波都能发生叠加，但是要产生干涉图样则两列波必须具备频率相同、相位差固定的条件，选项B 错；若两列波叠加，出现某些区域振动加强、某些区域振动减弱的现象，这就是波的干涉，选项C正确；根据波的叠加原理，选项D正确．答案ACD2．如图2-5、6-9所示，沿一条直线相向传播的两列波的振幅和波长均相等，当它们相遇时可能出现的波形是下图中的()．图2-5、6-9解析当两列波的前半个波(或后半个波)相遇时，根据波的叠加原理，在前半个波(或后半个波)重叠的区域内所有的质点振动的合位移为零，而两列波的后半个波(或前半个波)的波形保持不变，所以选项B正确．当两列波完全相遇时(即重叠在一起)，由波的叠加原理可知，所有质点振动的位移均等于每列波单独传播时引起的位移的矢量和，使得所有的质点振动的位移加倍，所以选项C也是正确的．答案BC3．如图2-5、6-10所示为声波干涉演示仪的原理图，两个U形管A和B套在一起，A管两侧各有一小孔．声波从左侧小孔传入管内，被分成两列频率________的波．当声波分别通过A、B传播到右侧小孔时，若两列波传播的路程相差半个波长，则此处声波的振幅________；若传播的路程相差一个波长，则此处声波的振幅________．图2-5、6-10解析声波从左侧小孔传入管内，被分成两列频率相同的波且相位差固定．若波程相差为半波长的偶数倍，则干涉相长；若波程相差为半波长的奇数倍，则干涉相消．所以若两列波传播的路程相差半个波长，则此处声波的振幅减小；若传播的路程相差一个波长，则此处声波的振幅增大．答案相同减小增大知识点二波的衍射4．如图2-5、6-11所示，圆形实线是波源O在水槽里产生的水波的波峰，下列说法正确的是()．图2-5、6-11A．水波只要进入∠CAE和∠DBF区域就叫波的衍射B．水波只要进入∠CAA′和∠DBB′区域就叫波的衍射C．水波必须充满∠CAE和∠DBF区域才叫波的衍射D．水波必须充满∠CAA′和∠DBB′区域才叫波的衍射解析衍射现象是相对直线传播而言的，由于波源在O点，如果没有波的衍射现象而沿直线传播的话，它能传播到CABD所围的范围，所以选项A、C错；衍射现象主要体现一个“绕”字，所以只要进入∠CAA′和∠DBB′区域就叫波的衍射，不一定非得绕到障碍物后面的每一点，所以选项B对、D错．答案 B5．关于波的衍射，下列说法正确的是()．A．衍射是机械波特有的现象B．对同一列波，缝、孔或障碍物越大衍射现象越明显C．只有横波才能发生衍射现象，纵波不能发生衍射现象D．声波容易发生明显的衍射现象是由于声波的波长较长解析衍射是一切波特有的现象，选项A、C错误；发生明显的衍射现象是有条件的，只有缝、孔的宽度或障碍物的尺寸跟波长差不多或比波长更小时，才能观察到明显的衍射现象，选项B错误；声波的波长1.7 cm到17 m之间，一般常见的障碍物或孔的大小可与之相比，由于声波的波长较长，所以声波容易发生明显的衍射现象，选项D正确．答案 D6．下列事实属于明显的衍射现象的是()．A．池塘里的水波，遇到突出水面的小石块，小石块对波的传播没有影响B．水波前进方向上有一障碍物，其后面没有水波传播过去C．水波前进方向上有一带孔的屏，水波通过小孔传播到屏后的区域D．板胡的声音比弦声更响解析波绕过障碍物(或小孔)的现象叫衍射现象，故A、C正确；又因为水波没有绕过障碍物，所以B错；声音的响亮与否不是衍射现象所决定的，故D错．答案AC知识点三多普勒效应7．关于多普勒效应，下列说法正确的是()．A．只要波源在运动，就一定能观测到多普勒效应B．只要观测者在运动，就一定能观测到多普勒效应C．只要波源与观测者之间有相对运动，就一定能观测到多普勒效应D．当发生多普勒效应时，观测者感觉到的频率可能在增大，也可能在减小解析若波源与观测者一起同方向、同速度运动，则观测者观察不到多普勒效应．答案CD8．图2-5、6-12中，在原点处做简谐运动的波源产生的机械波沿x轴正方向传播，波速v＝400 m/s.为了接收信号，在x＝400 m处设有一接收器A(图中未标出)．已知t＝0时，波已经传播到x＝40 m，则下列说法中不正确的是()．图2-5、6-12A．波源振动的周期为0.05 sB．x＝40 m处的质点在t＝0.5 s时位移最大C．接收器在t＝1.0 s时才能接收到此波D．若波源向x轴负方向移动，则接收器接收到的波的频率将小于20 Hz解析波源振动的周期T＝λ＝20400s＝0.05 s，A正确；x＝40 m处的质点在t＝0.5 s时仍在平衡位置，B错误；接收器接收到此波的时间t＝400－40 400s＝0.9 s，C错误；由多普勒效应的知识，可知D正确．答案BC9．关于多普勒效应，以下说法正确的有()．A．只有机械波才能产生多普勒效应B．当波源和观测者都运动时就产生多普勒效应C．产生多普勒效应的原因是波源的频率发生了变化D．产生多普勒效应的原因是观测者接收到的频率发生了变化解析多普勒效应是波动过程共有的特征，无论是机械波、电磁波还是光波都会发生多普勒效应．产生多普勒效应的原因是波源和观测者有相对运动，导致观测者接收到波的频率发生了变化，而波源的频率不变，故选项D正确，A、B、C错误．答案 D10．火车上有一个声源发出一定的乐音．当火车静止、观测者也静止时，观测者听到并记住了这个乐音的音调．以下情况中，观测者听到这个乐音的音调比原来降低的是()．A．观测者静止，火车向他驶来B．观测者静止，火车离他驶去C．火车静止，观测者乘汽车向着火车运动D．火车静止，观测者乘汽车远离火车运动解析观测者与声源相向运动时，观测者接收到的声波的频率变大，听到的乐音音调比原来要高；观测者与声源背离运动时，观测者接收到的声波的频率变小，听到的乐音音调比原来要低，故选项B、D正确．答案BD11．波源振动的频率为f0，波源在介质中运动时，波源的前方介质振动的频率为f1，波源后方介质振动的频率为f2，则三者的关系为()．A．f1＝f2＝f0B．f1＝f2＞f0C．f1＝f2＜f0D．f2＜f0＜f1解析f0由波源每秒钟所振动的次数决定，介质振动的频率由波源频率及波源相对介质是否移动来决定．波源运动时，在波源的正前方介质振动的频率高于波源振动的频率．答案 D12．两相干声源A、B相距35 m，发出振动情况完全相同的声波，声波的波长为10 m，分析在A、B连线之间有几处听不到声音？解析在AB连线上任取一点P，设P到A、B的距离之差为Δs，由几何关系可知：－35 m＜Δs＜35 m若P点听不到声音则满足：Δs＝(2k＋1)λ2(k为整数)由以上两式可解得：－4＜k＜3，即k可取－3、－2、－1、0、1、2，可见在AB连线之间共有6处听不到声音．答案6处13．如图2-5、6-13所示，在同一均匀介质中有S1和S2两个波源，这两个波源的频率、振动方向均相同，且振动的步调完全一致，S1与S2之间相距为4 m，若S 1、S 2振动频率均为5 Hz ，两列波的波速均为10 m/s ，B 点为S 1和S 2连线的中点，今以B 点为圆心，以R ＝BS 1为半径画圆．图2-5、6-13(1)该波的波长为多少？(2)在S 1、S 2连线上振动加强的点有几个，它们距S 1的距离为多少？ (3)在该圆周上(S 1和S 2两波源除外)共有几个振动加强的点？解析 (1)由公式λ＝vf ，得λ＝10 m/s5 Hz ＝2 m.(2)S 1、S 2之间恰好有2个波长，由对称性可直接判断B 点为加强点，A 、B 、C 三点分别为S 1、S 2连线的等分点，由图形可知，AS 2－AS 1＝λ，CS 1－CS 2＝λ，故A 与C 两点也为加强点，故在S 1、S 2连线上有3个加强点分别为： AS 1＝λ2＝1 m ，BS 1＝λ＝2 m ，CS 1＝32λ＝3 m.(3)A 、B 、C 三点为振动加强的点，过A 、B 、C 三点作三条加强线(表示三个加强区域)交于圆周上A 1、A 2、B 1、B 2、C 1、C 2六个点，显然这六个点也为加强点，故圆周上共有六个加强点．答案 (1)2 m (2)3个 1 m 2 m 3m (3)6个14．如图2-5、6-14所示为某一报告厅主席台的平面图，AB 是讲台，S 1、S 2是与讲台上话筒等高的喇叭，它们之间的相互位置和尺寸如图所示．报告者的声音放大后经喇叭传回话筒再次放大时可能会产生啸叫．为了避免啸叫，话筒最好摆放在讲台上适当的位置，在这些位置上两个喇叭传来的声音因干涉而相消．已知空气中声速为340 m/s ，若报告人声音的频率为136 Hz ，问讲台上这样的位置有多少个？图2-5、6-14解析相应于声频f ＝136 Hz 的声波的波长是λ＝vf ＝2.5 m ①式中v ＝340 m/s 是空气中的声速．在下图中，O 是AB 的中点，P 是OB 上任一点．将S 1P －S 2P 表示为S 1P －S 2P ＝k λ2②式中k 为实数，当k ＝0,2,4，…时，从两个喇叭来的声波因干涉而加强；当k ＝1,3,5，…时，从两个喇叭来的声波因干涉而相消．由此可知，O 是干涉加强点；对于B 点，S 1B －S 2B ＝20 m －15 m ＝4λ2③所以，B 点也是干涉加强点．因而O 、B 之间有两个干涉相消点，由对称性可知，AB 上有4个干涉相消点．答案 4个。

高二物理上册课堂对点演练检测试题

对波的干涉现象的理解1．消除噪声污染是当前环境保护的一个重要课题．内燃机、通风机等在排放各种高速气流的过程中都发出噪声，干涉型消声器可以用来消弱高速气流产生的噪声．干涉型消声器的结构及气流运行如图2-5、6-5所示，产生波长为λ的声波沿水平管道自左向右传播．当声波到达a 处时，分成两束相干波，它们分别通过r 1和r 2的路程，再在b 处相遇，即可达到消弱噪声的目的．若Δr ＝r 2 － r 1, 则Δr 等于( )．图2-5、6-5A ．波长λ的整数倍B ．波长λ的奇数倍C ．半波长λ2的奇数倍D ．半波长λ2的偶数倍解析根据波的干涉，两列波的路程差等于半波长奇数倍时，叠加后减弱，从而达到消弱噪音的目的，C 正确．答案 C2．在开展研究性学习活动中，某校同学进行了如下实验：如图2-5、6-6所示，从入口S 处送入某一频率的声音，通过左右两条管道SAT 和SBT 传到了出口T 处，并可以从T 处监听声音，左侧B 管可以拉出或推入以改变B 管的长度，开始时左右两侧管道关于S 、T 对称，从S 处送入某一频率的声音后，将B 管逐渐拉出，当拉出的长度为l 时，第一次听到最小的声音，设声速为v ，则该声音的频率为( )．图2-5、6-6A.v 2B.v 2lC.v 4lD.v 8l解析当第1次听到最小的声音，说明SBT 和SAT 的路程差是这一频率声波的半个波，从而相互消弱，则2l ＝λ2，而λ＝v f ，故f ＝v 4l ，C 选项正确．答案 C对波的衍射现象的理解3．如图2-5、6-7所示，波长相同的水波通过宽度不同的孔，在甲图中发生了明显的衍射现象，这是因为________的缘故．在乙图，孔后面的水波是在连接波源和孔边的两条直线所限制的区域里传播，这是因为________的缘故．图2-5、6-7答案小孔的尺寸与水波波长差不多孔的尺寸比波长大 4．下列现象属于波的衍射现象的是( )．A ．“隔墙有耳”B ．“空山不见人，但闻人语声”C ．“余音绕梁，三日而不绝”D ．夏日雷声轰鸣不绝解析“余音绕梁，三日而不绝”和夏日雷声轰鸣不绝主要是声音的反射现象所引起的．答案AB多普勒效应的分析及应用5．如图2-5、6-8所示，男同学站立不动吹口哨，一位女同学坐在秋千上来回摆动，下列关于女同学的感受的说法正确的是()．图2-5、6-8A．女同学从A向B运动过程中，她感觉哨声音调变高B．女同学从E向D运动过程中，她感觉哨声音调变高C．女同学在C点向右运动时，她感觉哨声音调不变D．女同学在C点向左运动时，她感觉哨声音调变低解析根据波源和观测者相互靠近时观测者测到的频率大于波源的振动频率．当波源与观测者相互远离时，观测者观测到的频率变小，可知A、D选项正确．答案AD6．关于多普勒效应，下列说法正确的是()．A．多普勒效应是由波的干涉引起的B．多普勒效应说明波源的频率发生改变C．多普勒效应是由于波源与观测者之间有相对运动而产生的D．只有声波才可以产生多普勒效应解析多普勒效应是由于波源和观察者发生相对运动而产生的，发生多普勒效应时，波源的频率不改变．因此，A、B不正确，C正确．一切波都能发生多普勒效应，D错．答案 C。

高二物理上册课堂对点演练检测试题73

4物态变化中的能量交换(时间：60分钟)知识点一熔化和熔化热1．晶体在熔化过程中，吸收热量的作用是()．A．增加晶体的温度B．克服分子间引力，增加分子势能C．克服分子间引力，使分子动能增加D．既增加分子动能，也增加分子势能答案 B2．为了浇铸一个铜像，使用的材料是铜，则此过程的物态变化是()．A．一个凝固过程B．一个熔化过程C．先熔化后凝固D．先凝固后熔化解析浇铸铜像必须将铜先化成铜水浇入模子，待冷却后才能成为铜像．答案 C知识点二汽化和汽化热3．下列说法正确的是()．A．不同晶体的熔化热不相同B．一定质量的晶体，熔化时吸收的热量与凝固时放出的热量相等C．不同非晶体的熔化热不相同D．汽化热与温度、压强有关解析不同的晶体有不同的结构，要破坏不同物质的结构，所需的能量也不同．因此，不同晶体的熔化热也不相同，故A正确．一定质量的晶体，熔化时吸收的热量与凝固时放出的热量相等，故B正确．非晶体液化过程中温度会不断变化，而不同温度下物质由固态变为液态时吸收的热量是不同的，所以非晶体没有确定的熔化热，故C不正确．汽化热与温度、压强都有关，故D正确．答案ABD4．下列液化现象中属于降低气体温度而液化的是()．A．家用液化石油气B．自然界中的雾和露C．自来水管外壁的小水珠D．锅炉出气口喷出的“白汽”答案 B5．能使气体液化的方法是()．A．在保持体积不变的情况下不断降低气体的温度B．在保持体积不变的情况下，使气体温度升高C．在保持温度不变的情况下增大压强，能使一切气体液化D．降低气体的温度到某个特殊温度以下，然后增大压强解析从能量转换的角度分析只要放出热量，就可以使气体液化，但从影响气体液化的因素分析，只要无限度地降低温度或降低温度到某一特定值以下，再增大压强就可以使气体液化．答案AD6．火箭在大气中飞行时，它的头部跟空气摩擦发热，温度可达几千摄氏度，在火箭上涂一层特殊材料，这种材料在高温下熔化并且汽化，能起到防止烧坏火箭头部的作用，这是因为()．A．熔化和汽化都放热B．熔化和汽化都吸热C．熔化吸热，汽化放热D．熔化放热，汽化吸热解析物质在熔化和汽化过程中都是吸收热量的，故B选项正确．答案 B7．下列说法中正确的是()．A．冰在0 ℃时一定会熔化，因为0 ℃是冰的熔点B．液体蒸发的快慢与液体温度的高低有关C．0 ℃的水，其内能也为零D．冬天看到嘴里吐出“白气”，这是汽化现象解析熔化不仅需要温度达到熔点，还需要继续吸热，故A错．液体温度高，其分子运动加剧，容易跑出液面，即蒸发变快，故B对.0 ℃的水分子也在水不停息地做热运动，其内能不为零，故C错．嘴中的气体温度较高，遇到冷空气后液化为小水滴，即为“白气”，故D错．答案 B8．关于液体的汽化，正确的是()．A．液体分子离开液体表面要克服其他液体分子的引力而做功B．液体的汽化热是与某个温度相对应的C．某个温度下，液体的汽化热与外界气体的压强有关D．汽化时吸收的热量等于液体分子克服分子引力而做的功解析分子间存在相互的作用力，汽化时液体分子离开液体表面逃逸出去，要克服分子间的相互作用力消耗能量，液体的汽化热与温度相对应，温度不同，液体变为蒸汽所需的汽化热不同．答案ABC9．绝热容器里盛有少量温度是0 ℃的水，从容器里迅速往外抽气的时候，部分水急剧地蒸发，而其余的水都结成0 ℃的冰，则结成冰的质量是原有水质量的多少倍？已知0 ℃时水的汽化热L＝2.49×106 J/kg，冰的熔化热为λ＝3.34×105 J/kg.解析由题意知水蒸发时需要的汽化热的热量只能由其余的水结成冰所减少的内能来提供．设蒸发的水的质量是m 1，结成冰的质量是m 2，蒸发所需吸收的热量：Q 1＝m 1L ，水结成冰所放出热量： Q 2＝m 2λ.由于容器与外界不发生热交换，Q 1＝Q 2，即 m 1L ＝m 2λ，得m 2m 1＝L λ.所以结成冰的质量与原有水质量之比m 2m 1＋m 2＝Lλ＋L ＝ 2.49×1063.34×105＋2.49×106＝0.88，即m 冰＝88%m 水．答案 88%10．横截面积为3 dm 2的圆筒内有0.6 kg 的水，太阳光垂直照射了2 min ，水温升高了1 ℃，设大气顶层的太阳能只有45%到达地面，试估算出太阳的全部辐射功率为多少？(保留一位有效数字，设太阳与地球之间平均距离为1.5×1011 m)解析水温升高1 ℃所吸收的热量设为Q ，则Q ＝cm Δt ＝4.2×103×0.6×1 J ＝2.52×103 J ．设地球表面单位时间、单位面积上获得的热量为Q ′，则Q ′ ＝Q St ＝ 2.52×1033×10－2×2×60 W/m 2＝7.0×102 W/m 2.太阳向地球表面单位面积上发送能量的功率为P ′＝Q ′η＝7.0×10245%＝1.56×103 W/m 2.以太阳与地球间距离为半径的球体的表面积为S ′＝4πr 2＝4×3.14×(1.5×1011)2m 2＝ 2.8×1023 m 2，太阳的全部辐射功率为P ＝P ′S ′＝1.56×103×2.8×1023 W ＝4×1026 W. 答案 4×1026 W。

高二物理上册课堂对点演练检测试题20

章末检测(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题5分，共50，每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确；全部选对得5分，选对但不全得3，有选错的得0分)1．下列对机械波的认识正确的是()．A．形成机械波一定要有振源和介质B．振源做简谐运动形成的波中，各质点的振动情况完全相同C．横波向右传播时，处于波峰的质点也向右迁移D．机械波向右传播时，右方的质点比左方的质点早一些振动解析根据机械波的产生条件和机械波的传播特点知选项A对，B、C错；机械波向右传播时，应是右方的质点比左方的质点振动滞后些，选项D错．答案 A2．如图1所示为一列简谐横波在t时刻的图像，波速为0.2 m/s，则以下结论正确的是()．图1A．振源的振动频率为0.4 HzB．从t时刻起质点a比质点b先回到平衡位置，则波沿x轴正方向传播C．图示时刻质点a、b、c所受的回复力大小之比为2∶1∶3D．经过0.5 s，质点a、b、c通过的路程均为75 cm解析由题图知λ＝8 cm，所以T＝λv＝0.4 s，f＝1T＝2.5 Hz，A错误．若a先于b回到平衡位置，则a、b向下振动，波向x轴负向传播，B错．由F＝－k x，可知C正确.0.5 s＝114T，c通过路程为75 cm，但a、b不是，D错误．答案 C3．(2013·沈阳高二检测)下列说法正确的是()．A．当机械波从一种介质进入另一种介质时，保持不变的物理量是波长B．传播一列简谐波的同一种介质中各质点具有相同的周期和振幅C．由波在均匀介质中的传播速度公式v＝λf可知，频率越高，波速越大D．在波的传播方向上，相距半波长的整数倍的两质点的振动情况完全相同解析当机械波从一种介质进入另一种介质时，频率保持不变，波速发生变化，因而波长也发生变化，A选项错误；一列简谐波在同一均匀介质中传播时，各质点都在做完全相同的振动，只是振动开始的时刻不同，所以它们有相同的周期和振幅，B选项正确；波速是由介质决定的，不会因频率升高而使波速变大，故C项错；当两质点相距半波长的奇数倍时振动情况完全相反，故D项错．答案 B4．如图2所示，沿x轴正向传播的一列简谐波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200 m/s，则可推出()．图2A．再经过0.01 s，图中质点a的速度方向与加速度方向相同B．图中质点b此时动能正在减小，其加速度正在增大C．若发生稳定干涉现象，该波所遇到的波的频率为50 HzD．若发生明显衍射现象，该波所遇到的障碍物的尺寸一般不大于2 m解析由图像可知λ＝4 m，所以T＝λv＝4200s＝0.02 s，因波沿x正向传播，故经0.01 s即T2，质点a位于负位移处且向下运动，速度方向与加速度方向相反，A错．而b点此时向下运动，动能正在减小，加速度在增大，B对．由于波的频率f＝1T＝50 Hz，若发生稳定干涉，所遇波的频率也须为50 Hz，C项对．据发生明显衍射的条件，需障碍物的尺寸比4 m小或与4 m差不多，不一定小于2 m，D项错．故B、C正确．答案BC5．(2012·福建理综)一列简谐横波沿x轴传播，t＝0时刻的波形如图3甲所示，此时质点P正沿y轴负方向运动，其振动图象如图乙所示，则该波的传播方向和波速分别是()．图3A．沿x轴负方向，60 m/s B．沿x轴正方向，60 m/sC．沿x轴负方向，30 m/s D．沿x轴正方向，30 m/s解析因t＝0时质点P向下振动，而由波形图甲可以看出与质点P相邻的右侧质点位于质点P下方，故质点P的振动是由其右侧质点引起的，波沿x 轴负方向传播，B、D皆错误．由图甲可得该波波长λ＝24 m，由图乙可得周期T＝0.4 s，故波速v＝λT＝60 m/s，A正确，B错误．答案 A6．(2011·四川理综)如图4为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在t＝0时的波形图，当Q点在t＝0时的振动状态传到P点时，则()．图4A．1 cm<x<3 cm范围内的质点正在向y轴的负方向运动B．Q处的质点此时的加速度沿y轴的正方向C．Q处的质点此时正在波峰位置D．Q处的质点此时运动到P处解析画出将Q点的振动状态传到P点，即t′＝34T时的波形图(如图)，由波的传播方向知，1 cm<x<2 cm范围内的质点沿y轴正方向运动，A错误；此时Q处的质点在波谷，具有沿y轴正向的加速度，所以B正确，C、D错误．答案 B7．图5所示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为t＝0时刻的波形图，虚线为t＝0.6 s时的波形图，波的周期T >0.6 s，则()．图5A．波的周期为2.4 sB．在t＝0.9 s时，P点沿y轴正方向运动C．经过0.4 s，P点经过的路程为4 mD．在t＝0.5 s时，Q点到达波峰位置解析从两时刻的波形图可以看出，在Δt＝0.6 s时间内，波传播的距离Δx＝3λ4＝6 m，故传播时间Δt＝3T4＝0.6 s，周期T＝0.8 s，A项错误；同时可求波速为10 m/s；t＝0时刻P点向y轴负方向振动，经过Δt＝0.9 s＝118T，P点正向y轴负方向振动，B项错误；经过t＝0.4 s，即半个周期，P点经过的路程为2A＝0.4 m，C项错误；经过t＝0.5 s，波向x轴负向平移Δx＝v t ＝5 m，可知Q点处于波峰，D项正确．答案 D8．如图6表示两个相干波源S1、S2产生的波在同一种均匀介质中相遇．图中实线表示某时刻的波峰，虚线表示的是波谷，下列说法正确的()．图6A．a、c两点的振动加强，b、d两点的振动减弱B．e、f两点的振动介于加强点和减弱点之间C．经适当的时间后，加强点和减弱点的位置互换D．经半个周期后，原来位于波峰的点将位于波谷，原来位于波谷的点将位于波峰解析a点是波谷和波谷相遇的点，c是波峰和波峰相遇的点，都是振动加强的点，而b、d两点都是波峰和波谷相遇的点，都是振动减弱的点，A正确；e位于加强点的连线上，仍为加强点，f位于减弱点的连线上，仍为减弱点，B错误；相干波源叠加产生的干涉是稳定的，不会随时间变化，C错误；因形成干涉图样的介质质点也是不停地做周期性振动，经半个周期步调相反，D正确．答案AD9．下面关于多普勒效应的说法中正确的是()．A ．发生多普勒效应时，波源的频率变化了B ．发生多普勒效应时，观测者接收的频率发生了变化C ．向你驶来的汽车发出的汽笛声特别刺耳，这种现象就是多普勒效应D ．不仅机械波有多普勒效应，其他的波也都有此效应解析多普勒效应是所有波都能发生的效应，是波源和观测者的相对位置发生变化时观测者所测的波的频率发生变化的现象，而波源的频率并没有发生变化，故A 错，B 、D 选项正确，当汽车驶来时，因汽车的汽笛声的频率相对观测者的频率变大，故特别刺耳，C 选项正确．答案 BCD10．一列横波沿x 轴正方向传播，在t ＝0时刻的波形曲线如图7所示．已知这列波的质点P 连续出现两次波峰的时间间隔为0.4 s ，则( )．图7A ．这列波的波长为5 mB ．这列波的传播速度为10 m/sC ．当t ＝0.7 s 时，质点Q 第一次到达波峰D ．质点Q 到达波峰时，质点P 恰好到达波谷解析从波形图像可知此波的波长是4 m ，根据题意可知周期为0.4 s ，则波速为10 m/s ；t ＝0时刻平衡位置在x ＝2 m 处的质点正处于波峰，因此，使质点Q 第一次到达波峰所需经过的时间，即为波峰从x ＝2 m 处推进到x ＝9 m 处所需的时间为Δt ＝9－210 s ＝0.7 s ；P 、Q 两质点相距8 m ，即两个波长，当两者均已振动时，对平衡位置的位移总是相同的(包括大小和方向)．由以上分析可知，本题正确选项为B 和C. 答案 BC二、非选择题(共4小题，共50分)11．(10分)一列沿着x 轴正方向传播的横波，在t ＝0时刻的波形如图8甲所示．图甲中某质点的振动图像如图8乙所示．图8质点N的振幅是________m，振动周期为________s，图乙表示质点________(从质点K、L、M、N中选填)的振动图像，该波的波速为________m/s.解析从甲、乙图可看出波长λ＝2.0 m，周期T＝4 s，振幅A＝0.8 m；乙图中显示t＝0时刻该质点处于平衡位置向上振动，甲图波形图中，波向x轴正方向传播，则质点L正在平衡位置向上振动，波速v＝λ/T＝0.5 m/s.答案0.84L0.512．(12分)渔船常利用超声波来探测远处鱼群的方位．已知某超声波频率为1.0×105 Hz，某时刻该超声波在水中传播的波动图像如图9所示．图9(1)从该时刻开始计时，画出x＝7.5×10－3m处质点做简谐运动的振动图像(至少一个周期)．(2)现测得超声波信号从渔船到鱼群往返一次所用时间为4 s，求鱼群与渔船间的距离(忽略船和鱼群的运动)．解析(1)该波的周期为T＝1f＝1×10－5s，由波动图像知，此时x＝7.5×10－3 m处的质点位于负的最大位移处，所以，从该时刻开始计时，该质点的振动图像如图所示．(2)由波形图读出波长λ＝15×10－3 m 由波速公式得 v ＝λf① 鱼群与渔船的距离为x ＝12v t ② 联立①②式，代入数据得x ＝3 000 m③答案 (1)如解析图 (2)3 000 m13．(14分)(2012·山东理综)一列简谐横波沿x 轴正方向传播，t ＝0时刻的波形如图10所示，介质中质点P 、Q 分别位于x ＝2 m 、x ＝4 m 处．从t ＝0时刻开始计时，当t ＝15 s 时质点Q 刚好第4次到达波峰．图10(1)求波速．(2)写出质点P 做简谐运动的表达式(不要求推导过程)．解析 (1)设简谐横波的波速为v ，波长为λ，周期为T ，由图像知，λ＝4 m ．由题意知t ＝3T ＋34T ① v ＝λT ②联立①②式，代入数据得，v ＝1 m/s ③ (2)质点P 做简谐运动的表达式为 y ＝0.2sin(0.5πt ) m ④答案 (1)1 m/s (2)y ＝0.2sin(0.5πt ) m14．(14分)如图11所示，一列沿x 轴正方向传播的简谐横波，波速大小为0.3 m/s ，P 点的横坐标为96 cm ，从图中状态开始计时，求：图11(1)经过多长时间，P 质点开始振动，振动时方向如何？ (2)经过多长时间，P 质点第一次到达波峰？(3)以P 质点第一次到达波峰开始计时，作出P 点的振动图像(至少画出1.5个周期)解析 (1)开始计时时，这列波的最前端的质点坐标是24 cm ，根据波的传播方向，可知这一点沿y 轴负方向运动，因此在波前进方向的每一个质点开始振动的方向都是沿y 轴负方向运动，故P 点开始振动时的方向是沿y 轴负方向，P 质点开始振动的时间是 t ＝Δx v ＝0.96－0.240.3s ＝2.4 s.(2)波形移动法：质点P 第一次到达波峰，即初始时刻这列波的波峰传到P 点，因此所用的时间是t ′＝0.96－0.060.3s ＝3.0 s.(3)由波形图知，振幅A ＝10 cm ，T ＝λv ＝0.8 s ，由P 点自正向最大位移开始的振动图像如图所示．答案 (1)2.4 s 沿y 轴负方向 (2)3.0 s (3)见解析图。

高二物理上册课堂对点演练检测试题30

2 学生实验:测定玻璃的折射率(时间：60分钟)知识点一实验步骤、注意事项和误差分析1．为了使测量结果更精确可以采取的办法是()．A．多次测量取平均值B．插针间距适当大些C．插针间距尽量小些D．入射角尽量大些解析本实验用插针法测玻璃的折射率，插大头针时应尽量把它们插直，且保持较大距离，以减小所画光线的误差，多次测量取平均值是减小实验偶然误差的最常用办法，A、B对，C错．为减小实验误差，入射角适量大些，但不要太大，D错．答案AB2．测定玻璃砖折射率的实验如图4-2-5所示，把玻璃砖放在白纸上之前应在纸上先画好图上的三条直线，它们分别是______、______、________，最后按正确的要求插上大头针P3、P4，由P3、P4的位置决定了光线________的方位，从而确定了折射光线________的方向．图4-2-5答案a NN′AO O′B OO′3．在用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，甲、乙、丙三位同学在纸上画出的界面aa′、bb′与玻璃砖位置的关系分别如图4-2-6中①②③所示，其中甲、丙两同学用的是矩形玻璃砖，乙同学用的是梯形玻璃砖，他们的其他操作均正确，且均以aa′、bb′为界面画光路图，则这三位同学测得的折射率与真实值相比分别有何变化？图4-2-6解析甲同学测得的折射率与真实值相比偏小．由于所画玻璃砖的宽度比实际宽度大，测量的O′点比实际的O向右移，使所画的折射角θ2比实际的偏大，如图所示，由于入射角不变，根据n＝sin θ1sin θ2可知测得折射率偏小．乙同学测得的折射率与真实值相比不变；由于入射面aa′，和射出面bb′，不平行，使的上、下面两法线不平行，所以出射光线与入射光线不再平行，但不影响折射点O′，所以所画的折射角θ2与实际的相同．丙同学测得的折射率与真实值相比可能偏大、可能偏小、可能不变．原因是当过P3、P4作直线与画出的界面bb′交于O′；若O′恰好落在画出的界面bb′和玻璃砖下表面的交点上，测得的折射率与真实值相比不变；若O′落在画出的界面bb ′和玻璃砖下表面交点的左侧(折射角偏大)，测得的折射率与真实值相比偏小；若O ′落在画出的界面bb ′和玻璃砖下表面交点的右侧(折射角偏小)，测得的折射率与真实值相比偏大．答案见解析4．(2012·重庆卷，22)如图4-2-7甲所示为光学实验用的长方体玻璃砖，它的________面不能用手直接接触．在用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，两位同学绘出的玻璃砖和三个针孔a 、b 、c 的位置相同，且插在c 位置的针正好挡住插在a 、b 位置的针的像，但最后一个针孔的位置不同，分别为d 、e 两点，如图4-2-7乙所示．计算折射率时，用________(填“d ”或“e ”)点得到的值较小，用________(填“d ”或“e ”)点得到的值误差较小．图4-2-7解析 (1)实验用的光学玻璃砖的光学面不能用手接触，以防止损坏其光学面．如图所示，连接cd 、ce 并延长分别交玻璃砖于O 1、O 2点，并连接OO 1、OO 2，入射角i 相同，折射角∠O ′OO 2<∠O ′OO 1，由n ＝sin isin r 得，折射角越大的，求得的折射率越小，即d 点得到n 值较小．由图可得，ce 与ab 近似平行，故用e 点得到的误差小．答案光学 d e5．某同学用圆柱形玻璃砖做测定玻璃折射率的实验，先在白纸上放好圆柱形玻璃砖，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P 1和P 2，然后在圆柱形玻璃砖另一侧观察，调整视线使P 1的像被P 2的像挡住，接着在眼睛所在一侧相继又插上两枚大头针P 3、P 4，使P 3挡住P 1、P 2的像，使P 4挡住P 3和P 1、P 2的像，在纸上标出大头针位置和圆柱形玻璃砖的边界如图4-2-8所示．图4-2-8(1)在图上画出所需的光路．(2)为了测量出玻璃砖的折射率，需要测量的物理量有________(要求在图上标出)．(3)测出的折射率n＝________.解析(1)连接P1、P2并与玻璃砖相交，得到入射光线，再连接P3、P4并与玻璃砖相交，得到射出玻璃砖的光线，连接这两个交点得到光线在玻璃砖内的折射光线，如图所示．(2)作出经过入射点的切线和法线，标出入射角i和折射角r，如图所示，实验需要测出这两个角．(3)根据折射定律，n＝sin isin r. 答案(1)见解析(2)入射角i和折射角r(3)sin isin r知识点二数据处理6．在“测定玻璃砖的折射率”的实验中，有两位同学各设计了一个记录表格，而且都已完成了计算．根据他们设计的表格所反映的信息，判断他们做的是否正确．甲同学设计的表格是：(2)根据你的选择，请利用恰当的图像求出玻璃的折射率.解析(1)为减小测量误差，应采用多次测量求平均值的办法，但求平均值不是求入射角和折射角的平均值，而应是测出每一次的入射角、折射角，计算出每一次测量的折射率，然后再求平均值，因此甲同学的表格设计是合理的．(2)以sin θ2为横坐标，以sin θ1为纵坐标，建立sin θ2－sin θ1坐标系，利用表中的数据做出图像，如图所示，由图像斜率的物理意义可得：n＝k＝sin θ1 sin θ2.在图像上取两个距离较远的点，如(0.357,0.500)和(0.616，0.866)代入上式，可解得：n＝1.40.答案(1)甲(2)1.407．如图4-2-9所示，某同学利用方格坐标纸测定半圆形玻璃砖的折射率，OA是画在纸上的直线，他在直线OA适当位置先后竖直插上P1、P2两枚大头针，如图放上玻璃砖(如粗黑线所示)，然后插上P3、P4大头针.图4-2-9(1)其中他确定P3大头针位置的方法应当是：________.(2)若该同学实验操作规范准确，其记录的情况如图所示，该同学还用圆规做了一个以O为圆心，半径与玻璃砖相同的半圆(如图中虚线所示)，请您帮这位同学算出玻璃砖的折射率，写出必要的计算过程．解析(1)透过玻璃砖看，P3大头针挡住P1、P2两枚大头针的像．(2)如图，由折射定律可得n＝sin∠EODsin∠BOC＝DECB＝64＝1.5.答案(1)见解析(2)1.58.如图4-2-10所示，是利用插针法测定玻璃砖的折射率的实验得到的光路图．玻璃砖的入射面AB和射出面CD并不平行，则：图4-2-10(1)出射光线与入射光线还平行吗？(2)以入射点O为圆心，以R＝5 cm长度为半径画圆，与入射光线PO交于M点，与折射光线OO′的延长线交于F点，过M、F点分别向法线作垂线，测得MN＝1.68 cm，EF＝1.12 cm，该玻璃砖的折射率n是多少？解析(1)由于入射面AB和射出面CD并不平行，使得两法线不平行，所以出射光线与入射光线不再平行．(2)因为sin∠MON＝MNR，sin∠EOF＝EFR，根据n＝sin∠MONsin∠EOF＝MNEF＝1.681.12＝1.5.答案见解析9．用三棱镜做测定玻璃折射率的实验，先在白纸上放好三棱镜，在棱镜的一侧插上两枚大头针P 1和P 2，然后在棱镜的另一侧观察，调整视线使P 1的像被P 2挡住．接着在眼睛所在的一侧插两枚大头针P 3、P 4，使P 3挡住P 1、P 2的像，P 4挡住P 3、P 1和P 2的像，在纸上标出大头针的位置和三棱镜的轮廓如图4-2-11所示．图4-2-11(1)在图中画出所需的光路；(2)为了测出三棱镜玻璃的折射率，需要测量哪些物理量？在图中标出它们； (3)计算折射率的公式是n ＝________.解析本题考查用插针法测折射率的应用及数据处理．(1)如图所示，画出过P 1、P 2的入射光线交AC 面于O ，画出通过P 3、P 4的出射光线交AB 面于O ′，则光线OO ′为在三棱镜中的折射光线．(2)在所画的图上标明入射角i 和折射角r ，或用刻度尺测出线段EF 、OE 、GH 、OG 的长度．(3)n ＝sin i sin r ，或n ＝sin i sin r ＝EF /OE GH /OG ＝EF OE ·OG GH . 答案 (1)见解析图(2)角i和r或线段EF、OE、GH、OG的长度(3)sin isin r或EFOE·OGGH10．将直角坐标系和等腰直角棱镜ABO如图4-2-12所示放置，腰长为16 cm.为了测棱镜的折射率，从OB边D点注视A棱，分别在D、E点插两枚大头针，且A点的像在DE的直线上，取走棱镜延长DE交x轴于C点，若D、C两点的位置坐标分别为(0,12)和(9,0)，由此可求棱镜的折射率为________．图4-2-12解析由题意作出其光路图如图所示．由图可知sin i＝ODCD＝12122＋92＝0.8 ，sin r＝ODAD＝12122＋162＝0.6故棱镜的折射率n＝sin isin r＝0.80.6＝43.答案4 3。

高中物理高二物理上学期精选试卷检测题(Word版含答案)

高中物理高二物理上学期精选试卷检测题（Word 版含答案）一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。

已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】【分析】【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有2q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。

选项D 正确。

故选BD 。

2．如图所示，用两根等长的绝缘细线各悬挂质量分别m A 和m B 的小球，分别带q A 和q B 的正电荷，悬点为O ，当小球由于静电力作用张开一角度时，A 球悬线与竖直线夹角为α，B 球悬线与竖直线夹角为β，则（）A ．sin sin AB m m βα= B ．sin sin A B B A m q m q βα= C ．sin sin A B q q βα= D ．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，有sin sin sin sin ααββ'='【答案】AD 【解析】【分析】【详解】AB ．如下图，对两球受力分析，根据共点力平衡和几何关系的相似比，可得A m g OP F PA =库，B m g OPF PB=库由于库仑力相等，联立可得A B m PBm PA= 由于sin cos OA PA αθ⋅=，sin cos OB PB βθ⋅=，代入上式可得sin sin A B m m βα= 所以A 正确、B 错误；C ．根据以上分析，两球间的库仑力是作用力与反作用力，大小相等，与两个球带电量的多少无关，所以不能确定电荷的比例关系，C 错误；D ．两球接触后，再静止下来，两绝缘细线与竖直方向的夹角变为α'、β'，对小球A 、B 受力分析，根据上述的分析，同理，仍然有相同的关系，即sin sin A B m m βα'='联立可得sin sin sin sin ααββ'='D 正确。

高二物理上册课堂对点演练检测试题83

热传递的方向性1．关于热传导的方向性，下列说法正确的是()．A．热量能自发地由高温物体传给低温物体B．热量能自发地由低温物体传给高温物体C．在一定条件下，热量也可以从低温物体传给高温物体D．热量不可能从低温物体传给高温物体解析在有外力做功的情况下，热量可以从低温物体传给高温物体，但热量只能自发地从高温物体传给低温物体．答案AC热力学第二定律2．根据热力学第二定律，下列判断正确的是()．A．电流的能不可能全部变为内能B．在火力发电机中，燃气的内能不可能全部变为电能C．热机中，燃气内能不可能全部变为机械能D．在热传导中，热量不可能自发地从低温物体传递给高温物体解析根据热力学第二定律可知，凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性，电流的能可全部变为内能(由焦耳定律可知)，而内能不可能全部变成电流的能，而不产生其它影响．机械能可全部变为内能，而内能不可能全部变成机械能．在热传导中，热量只能自发地从高温物体传递给低温物体，而不能自发地从低温物体传递给高温物体．答案BCD3．关于制冷机制冷过程的说法中，正确的是()．A．此过程违反了热力学第二定律B．此过程没有违反热力学第二定律C．此过程违反了能量守恒定律D．此过程没有违反能量守恒定律解析制冷机可以从低温物体吸收热量传给高温物体，但必须消耗电能．热力学第二定律并不否认热量可从低温物体传给高温物体，关键是“不产生其他影响”，A错误、B正确．任何物理过程都不违反能量守恒定律，C错误、D正确．答案BD第二类永动机是不可能制成的4．关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是()．A．随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并达到绝对零度，最终实现热机效率100%B．热量是不可能从低温物体传递给高温物体的C．第二类永动机遵从能量守恒故能做成D．用活塞压缩汽缸里的空气，对空气做功2.0×105J，同时空气向外界放出热量1.5×105 J，则空气的内能增加了0.5×105 J解析由热力学第二定律知，B、C错；绝对零度不可能达到，A错；由热力学第一定律知D正确．答案 D5．下列说法正确的是()．A．第二类永动机和第一类永动机一样，都违背了能量守恒定律B．第二类永动机违背了能量转化的方向性C．自然界中的能量是守恒的，所以不用节约能源D．自然界中的能量尽管是守恒的，但有的能量便于利用，有的不便于利用，故要节约能源解析第一类永动机违背了能量守恒定律；第二类永动机违背了能量转化的方向性，故B、D选项正确．答案BD。

高二物理上册课堂对点演练检测试题15

对波速与波长、频率关系的理解1．关于公式v ＝λf ，正确的说法是( )．A ．v ＝λf 适用于一切波B ．由v ＝λf 知，f 增大，则波速v 也增大C ．v 、λ、f 三个量中，对同一列波来说，在不同介质中传播时保持不变的只有fD ．由v ＝λf 知，波长是2 m 的声音比波长是4 m 的声音传播速度小解析因波速公式具有普遍意义，故A 对；波的频率由波源决定，故C 对．答案 AC2．如图2-2-4所示，一根柔软的弹性绳子右端固定，左端自由，A 、B 、C 、D ……为绳上等距离间隔的点，相邻点间隔为50 cm ，现用手拉着绳子的端点A 使其上下振动，若A 点开始向上运动，经0.1秒第一次达到最大位移(最大位移为20 cm)，C 点恰好开始振动，则图2-2-4(1)绳子形成的向右传播的横波速度为多大？(2)从A 开始振动，经多长时间J 点第一次向下达到最大位移？解析 (1)传播速度v ＝x t ＝10 m/s.(2)波由波源传到J 所需时间t 1＝x AJ v ＝0.45 s波刚传到J 点时，J 向上运动，到负的最大位移还需时t 2＝34 T ＝0.3 s所以总时间为t ＝t 1＋t 2＝0.75 s答案 (1)10 m/s (2)0.75 s波的多解问题3．一列横波向右传播，在沿波的传播方向上有相距2.4 m 的P 、Q 两质点，某一时刻它们都处在平衡位置，如图2-2-5所示，此时，P 、Q 之间只有一个波峰，则此波的波长可能为多少？图2-2-5解析根据题意画出满足条件的质点所在位置如图所示PQ 分别位于1、2位置时：12λ＝2.4 m ，λ＝4.8 m ；PQ分别位于1、3位置时：λ＝2.4 m ；PQ 分别位于2、5位置时：32λ＝2.4 m ，λ＝1.6 m.答案 4.8 m 、2.4 m 、1.6 m。