北京大学附属中学河南分校2015-2016学年高一物理12月月考试题
北大附中河南分校2015_2016学年高二物理上学期12月月考试卷(含解析)
北大附中河南分校（宇华教育集团）2015-2016学年高二（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（每题4分，1-8题为单选，每题4分；9-12题为不定项，不只一个正确选项，全对得4分，部分分2分，有错误的没分）1．在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障（）A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路2．如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变小，U变小3．图中所示的逻辑电路中，当A、B端输入的电信号分别为“0”和“0”时，在C、D端输出的电信号分别为（）A．“1”和“0” B．“0”和“1” C．“0”和“0” D．“1”和“1”4．某同学用多用电表按如图所示电路进行了正确的测量．闭合开关S后，多用电表直接测出的是（）A．灯泡L的电功率B．灯泡L的电阻C．通过灯泡L的电流 D．灯泡L两端的电压5．如图所示是一欧姆表（多用电表欧姆挡）的结构示意图，虚线框内有欧姆表的内部电路，红、黑表笔分别插入正、负插孔，虚线框内的欧姆表的内部电路图正确的是（）A．B．C．D．6．用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系（）A．R1＞R＞R2 B．R＞R1＞R2 C．R1＜R＜R2 D．R＜R1＜R27．把电流表改装成电压表时，下列说法中正确的是（）A．改装的原理是串联电路有分压作用B．改装成电压表后，原电流表本身允许通过的最大电流值也随着变大了C．改装后原电流表自身的电阻也增大了D．改装后使用时，加在原电流表两端的电压的最大值不变8．关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大9．关于电源的电动势，下面叙述不正确的是（）A．同一电源接入不同电路，电动势不会发生变化B．电动势等于闭合电路中接在电源两极间的电压表测得的电压C．电源的电动势反映电源把其他形式的能转化为电能的本领大小D．在外电路接通时，电源的电动势等于内外电路上的电压之和10．用如图甲所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的U ﹣I图象，由图可知（）A．电池电动势的测量值是1.40VB．电池内阻的测量值是3.50ΩC．外电路发生短路时的电流为0.40AD．电压表的示数为1.20V时电流表的示数I′为0.20A11．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多D．a点的电势降低12．如图所示，A、B分别为电源E和电阻R的U﹣I图线，虚线C是过图线A、B交点的曲线B的切线，现将电源E与电阻R及开关、导线组成闭合电路，由图象可得（）A．电源的电动势为3V，此时消耗的总功率为6WB．R的阻值随电压升高而增大，此时的阻值为1ΩC．若再串联一定值电阻，电源的输出功率可能不变D．此时电源消耗的热功率为4W，效率约为66.7%二、解答题（共2小题，满分22分）13．某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是mm、A、V14．从以下器材中选取适当的器材，设计一个测量阻值约为15KΩ的电阻R x的电路，要求方法简捷，R x两端的电压从零开始变化，要尽可能提高测量的精度．电流表A1：量程300μA，内阻r1为300Ω，电流表A2：量程100μA，内阻r2=500Ω，电压表V1：量程10V，内阻r3约为15KΩ，电压表V2：量程3V，内阻r4≈10KΩ；电阻R0：阻值约为25Ω，作保护电阻用，额定电流为1A，滑动变阻器R1，阻值约为50Ω，额定电流为1A，滑动变阻器R2，阻值约为1000Ω，额定电流为1A，电池组E：电动势4.5V，内阻很小但不可忽略，开关及导线若干．（1）应选用的电流表、电压表、滑动变阻器分别是：、、（填仪表代号）（2）在方框中画出实验电路图（3）用所测数据对应的物理量计算R x，计算表达式为R x= ．三、解答题（共3小题，满分30分）15．如图所示，变阻器R2的最大电阻是6Ω，与有关规格为（6V，3W）的灯泡R1串联接在电路中，电源的电动势E=8V，当电键S闭合，变阻器的滑片在中点位置时，灯泡正常发光，设灯泡阻值恒定不变，求：（1）电源的内电阻r；（2）电源的输出功率．16．如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率．17．如图所示是家用电瓶车充电器对蓄电池组进行充电的电路．A、B两端接在充电机的输出端上，蓄电池组的内阻r=2Ω，指示灯L的规格为“6V，3W”．当可变电阻R调到20Ω时，指示灯恰能正常发光，电压表示数为52V（设电压表内阻极大），试求：蓄电池组接充电机（1）充电机的输出功率；（2）对蓄电池组的输入功率；（3）蓄电池组的总电动势；（4）充电机的充电效率．2015-2016学年北大附中河南分校（宇华教育集团）高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，1-8题为单选，每题4分；9-12题为不定项，不只一个正确选项，全对得4分，部分分2分，有错误的没分）1．在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障（）A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由题目中电表示数的变化可得出故障原因，根据电路结构可以得出是哪一个电阻发生故障．【解答】解：A、若各原件没有故障，电路正常，则电流表测量流过R1的支路电流，电压表测量R3两端的电压；若R1短路，则R2被短路，外电路只有电阻R3接在电源两端，电流表测量干路电流，电压表测量路端电压，两表示数均增大，故A正确．B、若R2短路，则R1被短路，电流表示数为零，显然不符合题意，故B错误．C、若R3短路，则电压表示数为零，不符合题意；故C错误．D、若R1断路，则电流表示数为零，也不符合题意，故D错误．故选：A．【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，明确当电路中有电流时，说明电路中应发生了短路故障；若电压表示数变大，电压表可能直接并联到了电源两端．2．如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变小，U变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】R3为用半导体热敏材料制成的传感器，温度升高时，其电阻减小．当传感器R4所在处出现火情时，分析R4的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化．根据并联部分电压的变化，分析I的变化．【解答】解：当传感器R4所在处出现火情时，R4的阻值变小，R2、R3与R4的并联电阻减小，外电路总电阻变小，则总电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即有U变小．因U变小，而电流增大，故R1分压增大；并联部分分压减小；故电流表示数减小；故选：A．【点评】本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部”的顺序进行动态变化分析3．图中所示的逻辑电路中，当A、B端输入的电信号分别为“0”和“0”时，在C、D端输出的电信号分别为（）A．“1”和“0” B．“0”和“1” C．“0”和“0” D．“1”和“1”【考点】简单的逻辑电路．【分析】该复合门中非门的输出端又为与门的输入端．与门的特点：事件的几个条件都满足，该事件才能发生．非门的特点：输入状态和输出状态相反．【解答】解：B端输入电信号“0”时，则非门的输出端D为“1”，非门的输出端又为与门的输入端，与门的输入端为“0”和“1”，则输出端C为“0”．故B正确、ACD错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握与门和非门的特点，与门的特点：事件的几个条件都满足，该事件才能发生．非门的特点：输入状态和输出状态相反．4．某同学用多用电表按如图所示电路进行了正确的测量．闭合开关S后，多用电表直接测出的是（）A．灯泡L的电功率B．灯泡L的电阻C．通过灯泡L的电流 D．灯泡L两端的电压【考点】多用电表的原理及其使用；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】多用电表有欧姆挡、电压挡、电流挡，测量电阻要从外电路断开，测量电流要串接到电路中，测量电压要并联到电阻两端．【解答】解：闭合开关后，多用电表是串联到电路中，题目说接法正确，故是选择的电流挡，即测量的是干路电流；故选：C．【点评】本题关键熟悉多用电表的欧姆挡、电压挡、电流挡的使用方法，是多用电表的基本使用方法，基础题．5．如图所示是一欧姆表（多用电表欧姆挡）的结构示意图，虚线框内有欧姆表的内部电路，红、黑表笔分别插入正、负插孔，虚线框内的欧姆表的内部电路图正确的是（）A．B．C．D．【考点】多用电表的原理及其使用．【专题】恒定电流专题．【分析】红表笔插在正极孔中，与内部电源的负极相连，黑表笔与电源的正极相连．【解答】解：由于要保证电流在表头中由红进黑出，故红表笔应接电源的负极，黑表笔接电源的正极；并且在测量电阻时要进行欧姆调零；故应串接滑动变阻器；故选：A．【点评】本题考查了欧姆表的内部结构，要记住电流从红表笔进，从黑表笔出．6．用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系（）A．R1＞R＞R2 B．R＞R1＞R2 C．R1＜R＜R2 D．R＜R1＜R2【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】根据两接法的特点可知误差的来源及对结果的影响，即可得出其测量结果与真实值之间的关系．【解答】解：甲图中电压值是准确的，而由于电压表的分流导致电流值偏大，故测量结果将小于真实值；而乙图中电流值是准确的，而由于电流表的分压导致了电压表示数偏大，故测量结果将大于真实值；故答案为：R1＜R＜R2，C正确；故选C【点评】本题考查误差的分析，要明确两种不同的接法中电表对实验的影响，从而得出测量值与真实值之间的关系．7．把电流表改装成电压表时，下列说法中正确的是（）A．改装的原理是串联电路有分压作用B．改装成电压表后，原电流表本身允许通过的最大电流值也随着变大了C．改装后原电流表自身的电阻也增大了D．改装后使用时，加在原电流表两端的电压的最大值不变【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】本题的关键是明确电压表和大量程的电流表都是由电流表（表头）改装成的，改装前后，原电流表的参数最大电流、最大电压、内阻均不发生变化．【解答】解：A：根据串并联规律可知，电流表改装为电压表时，应将电流表与电阻串联，即串联电阻具有分压作用，所以A正确；B：改装成电压表以后，原电流表本身允许通过的最大电流没有发生变化，所以B错误；C：改装前后，原电流表的内阻不会发生变化，所以C错误；D：改装前后，加在原电流表两端的电压的最大值不会发生变化，所以D正确．故选：AD【点评】应明确：①串联电阻具有分压作用，并联电阻具有分流作用；②改装前后，原电流表的最大电流、最大电压、内阻均不发生变化．8．关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：A、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故A错误．B、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关．故BD错误．C、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故C正确．故选：C．【点评】本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．9．关于电源的电动势，下面叙述不正确的是（）A．同一电源接入不同电路，电动势不会发生变化B．电动势等于闭合电路中接在电源两极间的电压表测得的电压C．电源的电动势反映电源把其他形式的能转化为电能的本领大小D．在外电路接通时，电源的电动势等于内外电路上的电压之和【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解答】解：A、电动势反映电源本身的特性，与外电路的结构无关．即同一电源接入不同的电路，电动势不会变化；在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也不会变化．故A正确；B、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，电源有内电压，则电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故B错误；C、电源的电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，故C正确．D、在外电路接通时，根据闭合电路欧姆定律可知：电动势的数值等于内、外电路电压之和，故D正确．本题选错误的，故选：B【点评】本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．10．用如图甲所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的U ﹣I图象，由图可知（）A．电池电动势的测量值是1.40VB．电池内阻的测量值是3.50ΩC．外电路发生短路时的电流为0.40AD．电压表的示数为1.20V时电流表的示数I′为0.20A【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】由图象的纵坐标可知电源的电动势，由纵坐标的交点可知路端电压为1V时的电流，由闭合电路欧姆定律可得出内电阻．【解答】解：A、由图示图象可知，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值为1.40，则电源的电动势测量值为1.40V，故A正确；B、电源内阻等于图象斜率的大小，为 r===1Ω，故B错误；C、由图示图象可知，路端电压为1.00V时，电路电流为0.4A，可知外电路发生短路时的电流为 I短==1.4A，故C错误；D、当电压表示数为1.20V时，I′===0.20A，故D正确；故选：AD．【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律的数据处理，要明确图象的意义，同时注意纵坐标是否从零开始的，不能相当然的将横坐标的截距当作短路电流．11．在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多D．a点的电势降低【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压等于电阻R2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势等于R2两端的电压．【解答】解：A、在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大，A正确．B、根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流I A=I﹣I2，I增大，I2减小，则I A增大．即电流表示数变大．故BD正确；C、电阻R2两端的电压U2=E﹣I（R1+r），I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，故C错误；故选：ABD【点评】本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化．12．如图所示，A、B分别为电源E和电阻R的U﹣I图线，虚线C是过图线A、B交点的曲线B的切线，现将电源E与电阻R及开关、导线组成闭合电路，由图象可得（）A．电源的电动势为3V，此时消耗的总功率为6WB．R的阻值随电压升高而增大，此时的阻值为1ΩC．若再串联一定值电阻，电源的输出功率可能不变D．此时电源消耗的热功率为4W，效率约为66.7%【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由电源的U﹣I图象与纵轴的交点读出电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻．电阻R的伏安特性曲线上的点与原点O连线的斜率表示电阻．两图线的交点读出电流与电压，求出电源的输出功率和效率．【解答】解：A、电源的U﹣I图象纵截距表示电源的电动势，由图读出电源的电动势E=3V，两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=1V，电流I=2A，则电源的总功率为：P=EI=3×2W=6W，故A正确；B、电阻R=，其大小等于U﹣I图线上的点与原点O连线的斜率，可知R随电压的升高而增大，此时电阻值R=，故B错误；C、电源内阻等于A图线的斜率大小，则r=，当外电路电阻与电源内电阻相等时，电源的输出功率最大，所以增加一个定值电阻后，电源的输出功率可能增大，也可能减小，也可能不变，故C正确；D、此时电源消耗的热功率，效率，故D错误．故选：AC【点评】本题关键结合图象并根据公式U=E﹣Ir和U=IR求解电源的电动势、内电阻和外电阻，同时要记住“外电路电阻与电源内电阻相等时，电源的输出功率最大”的结论二、解答题（共2小题，满分22分）13．某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数值依次是0.999 mm、0.42 A、 2.28 V【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题．【分析】螺旋测微器读数时，可以分成整数部分和小数部分两部分来读，读整数时，注意“半毫米”刻度线是否露出；电表读数时注意“估读”方式：若每小格的读数是“0.02”A，则应是估读，即估读到0.01A，若每小格的读数是“0.1”V，则应是“”估读，即估读到0.01V，若每小格最小读数是“0.5”，则应是估读，即估读到“0.1”即可．【解答】解：螺旋测微器的读数为：d=0.5mm+49.9×0.01mm=0.999mm；电流表的读数为：I=0.42A；电压表的读数为：U=2.28V故答案为：0.999，0.42，2.28【点评】在螺旋测微器读数时，要分别读出整数部分和小数部分，再求出两部分的和，则应“半毫米”刻度线是否露出；在电表读数时，有“”、“”、“”等几种估读方法，方法是：先求出每小格的读数，若出现“1”则应是估读，出现“2”则应是“”估读，出现“5”则是“估读．”14．从以下器材中选取适当的器材，设计一个测量阻值约为15KΩ的电阻R x的电路，要求方法简捷，R x两端的电压从零开始变化，要尽可能提高测量的精度．电流表A1：量程300μA，内阻r1为300Ω，电流表A2：量程100μA，内阻r2=500Ω，电压表V1：量程10V，内阻r3约为15KΩ，电压表V2：量程3V，内阻r4≈10KΩ；电阻R0：阻值约为25Ω，作保护电阻用，额定电流为1A，滑动变阻器R1，阻值约为50Ω，额定电流为1A，滑动变阻器R2，阻值约为1000Ω，额定电流为1A，电池组E：电动势4.5V，内阻很小但不可忽略，开关及导线若干．（1）应选用的电流表、电压表、滑动变阻器分别是：A1、V2、R1（填仪表代号）（2）在方框中画出实验电路图（3）用所测数据对应的物理量计算R x，计算表达式为R x= ﹣r1．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】由题意可知，电源电压为3V，而待测电阻约为15kΩ，则可知电路中电流的最大值，本着安全准确的原则可以选电压表及电流表；根据电阻阻值与电流表、电压表内阻的大小关系可以选出合理的接法，则可画出电路图；由接法可知R X两端的电压及电流，由欧姆定律可求得电阻值．【解答】解：（1）因电源电压为3V，故电压表只能选取V2，而由欧姆定律可知，电路中的电流约为I==200μA，故电流表应选A1；．为了能多测量数据滑动变阻器应采用分压接法；选择小电阻R1；（2）滑动变阻器最大阻值为50Ω，待测电阻阻值为15kΩ，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用内接法，如图所示：（3）由题意可知，电压值为U2，而电流为A2中电流减去电压分流电流，则由欧姆定律可知：R X=﹣r1，U2表示电压表V2的示数，I1表示电流A1的示数．r表示电流表的内阻；故答案为：（1）A1，V2；R1（2）如上图；（3）﹣r1【点评】电学实验的考查重点在于考查：仪表的选择，接法的选择及数据分析和误差分析，知道在什么情况下选用外接法误差较小，什么情况下选用内接法误差较小．三、解答题（共3小题，满分30分）15．如图所示，变阻器R2的最大电阻是6Ω，与有关规格为（6V，3W）的灯泡R1串联接在电路中，电源的电动势E=8V，当电键S闭合，变阻器的滑片在中点位置时，灯泡正常发光，设灯泡阻值恒定不变，求：（1）电源的内电阻r；（2）电源的输出功率．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，求出灯泡的额定电流，根据闭合电路欧姆定律求出内阻；（2）根据P=EI﹣I2r求解电源的输出功率．【解答】解：（1）变阻器的滑片在中点位置时R2=3Ω，灯泡正常发光，则干路电流为：I=，根据闭合电路欧姆定律得：E=U1+I（R2+r）解得：r=（2）电源的输出功率为：P=EI﹣I2r=8×0.5﹣0.52×1=3.75W。
北京大学附中河南分校2016届高三(上)周测物理试卷(3)
2015-2016学年北京大学附中河南分校高三（上）周测物理试卷（3）一、选择题（每小题6分，共48分1-6单选，7-10题多选）1．如图光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，A端与水平面相切，穿在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N．在运动过程中（）A．F增大，N减小B．F减小，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大2．如图所示，在拉力作用下，小球A沿光滑的斜面缓慢地向上移动，在此过程中，小球受到的拉力F和支持力F N的大小变化是（）A．F增大，F N减小B．F和F N均减小C．F和F N均增大D．F减小，F N不变3．如图所示，小狗匀速向前跑动时，绳索上的拉力为F，绳索与地面夹角为θ=30°，此时小狗向前跑动的动力是（）A．F B．C． F D．2F4．如图所示，超市中的购物小车放在光滑斜面上，被竖直放置的光滑挡板挡住而静止，若小车总重为G，斜面倾角为30°，则光滑挡板受到小车的压力等于（）A．G B．C．G D．G5．如图所示，光滑斜面的倾角为30°轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦．物块A的质量为m不计滑轮的质量，挂上物块B后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为（）A．B．m C．m D．2m6．如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是（）A．逐渐减小 B．逐渐增大 C．先减小后增大 D．先增大后减小7．如图所示，用细绳将条形磁铁A竖直挂起，再将小铁块B吸在条形磁铁A的下端，静止后将细绳烧断，A、B同时下落，不计空气阻力，则下落过程中（）A．小铁块B的加速度一定为gB．小铁块B只受一个力的作用C．小铁块B可能只受两个力的作用D．小铁块B共受三个力的作用8．如图所示，C是水平地面，A、B是两个长方形物块，F是作用在物块B上沿水平方向的力，物体A 和B以相同的速度作匀速直线运动．由此可知，A、B间的动摩擦因数μ1和B、C间的滑动摩擦系数μ2有可能是（）A．μ1=0，μ2=0 B．μ1=0，μ2≠0 C．μ1≠0，μ2=0 D．μ1≠0，μ2≠09．如图所示，质量为m1，m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动（m1在地面，m2在空中），力F与水平方向成θ角．则m1所受支持力N和摩擦力f正确的是（）A．N=m1g+m2g﹣FsinθB．N=m1g+m2g﹣FcosθC．f=FcosθD．f=Fsinθ10．如图所示，在斜面上放两个光滑球A和B，两球的质量均为m，它们的半径分别是R和r，球A左侧有一垂直于斜面的挡板P，两球沿斜面排列并处于静止，以下说法中正确的是（）A．斜面倾角θ一定，R＞r时，R越大，r越小，B对斜面的压力越小B．斜面倾角θ一定，R=r时，两球之间的弹力最小C．斜面倾角θ一定时，无论半径如何，A对挡板的压力一定D．半径一定时，随着斜面倾角θ逐渐增大，A受挡板的作用力先增大后减小二、非选择题（每题20分，共计40分）11．如图所示，一个球A夹在竖直墙与三角劈B的斜面之间，三角劈的重力为G，劈的底部与水平地面间的摩擦因数为μ，劈的斜面与竖直墙面是光滑的．问欲使三角劈静止不动球的重力不能超过多大？（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）12．有些人员，如电梯修理员、牵引专家等，常需要知道绳（或金属线）中的张力T，可又不便到绳（或线）的自由端去测量．现某家公司制造了一种夹在绳上的仪表（图中B、C为该夹子的横截面）．测量时，只要如图示那样用一硬杆竖直向上作用在绳上的某点A，使绳产生一个微小偏移量a，借助仪表很容易测出这时绳对硬杆的压力F．现测得该微小偏移量为a=12mm，BC间的距离为2L=250mm，绳对硬杆的压力为F=300N，试求绳中的张力T．2015-2016学年北京大学附中河南分校高三（上）周测物理试卷（3）一、选择题（1-6单选，7-10题多选）1．如图光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，A端与水平面相切，穿在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N．在运动过程中（）A．F增大，N减小B．F减小，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大解：对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如，根据共点力平衡条件，有N=mgcosθF=mgsinθ其中θ为支持力N与竖直方向的夹角；当物体向上移动时，θ变大，故N变小，F变大；故A正确2．如图所示，在拉力作用下，小球A沿光滑的斜面缓慢地向上移动，在此过程中，小球受到的拉力F和支持力F N的大小变化是（）A．F增大，F N减小B．F和F N均减小C．F和F N均增大D．F减小，F N不变解：小球受重力G、支持力F N、拉力F处于动态平衡状态．根据平衡条件得知：F N与F的合力与G大小相等、方向相反，作出这两个力的合力，如图．由力的合成图可知，F增大，F N减小．A正确3．如图所示，小狗匀速向前跑动时，绳索上的拉力为F，绳索与地面夹角为θ=30°，此时小狗向前跑动的动力是（）A．F B．C． F D．2F解：把绳索上的拉力F分解，F的水平分量Fcosθ与小狗的动力满足二力平衡条件，因此小狗向前跑动的动力等于Fcosθ=F，C正确4．如图所示，超市中的购物小车放在光滑斜面上，被竖直放置的光滑挡板挡住而静止，若小车总重为G，斜面倾角为30°，则光滑挡板受到小车的压力等于（）A．G B．C．G D．G解：对小车进行受力分析如图，由图可知：所以：F=根据牛顿第三定律可知，光滑挡板受到小车的压力等于挡板对小车的支持力，即也是G．A正确5．如图所示，光滑斜面的倾角为30°轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦．物块A的质量为m不计滑轮的质量，挂上物块B后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为（）A．B．m C．m D．2m解：先对A受力分析，再对B受力分析，如图根据共点力平衡条件，有mgsin30°=T解得M=选A6．如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是（）A．逐渐减小B．逐渐增大C．先减小后增大D．先增大后减小解：对G分析，G受力平衡，则拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力OA的支持力及OC的拉力而处于平衡；受力分析如图所示；将F和OC绳上的拉力合力，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；C正确7．如图所示，用细绳将条形磁铁A竖直挂起，再将小铁块B吸在条形磁铁A的下端，静止后将细绳烧断，A、B同时下落，不计空气阻力，则下落过程中（）A．小铁块B的加速度一定为g B．小铁块B只受一个力的作用C．小铁块B可能只受两个力的作用D．小铁块B共受三个力的作用解：A、细绳烧断后，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到：加速度a=g，方向竖直向下．A正确．B、C、D：对B研究：根据牛顿第二定律分析得知，B的合力等于重力，由于条形磁铁A对B有向上的吸引力，则A对B一定有向下有弹力，大小等于磁铁的引力．所以B共受三个力作用．故BC错误，D 正确．选AD8．如图所示，C是水平地面，A、B是两个长方形物块，F是作用在物块B上沿水平方向的力，物体A 和B以相同的速度作匀速直线运动．由此可知，A、B间的动摩擦因数μ1和B、C间的滑动摩擦系数μ2有可能是（）A．μ1=0，μ2=0 B．μ1=0，μ2≠0C．μ1≠0，μ2=0 D．μ1≠0，μ2≠0解：先以A为研究对象，A做匀速运动，合力为零，由平衡条件分析可知，A不受摩擦力，否则水平方向上A的合力不为零，不可能做匀速直线运动，则知A、B间的动摩擦因数μ1可能为零，也可能不为零；再以整体为研究对象，由平衡条件分析可知，地面对B一定有摩擦力，则B与地面之间的动摩擦因数μ2一定不为零．选：BD9．如图所示，质量为m1，m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动（m1在地面，m2在空中），力F与水平方向成θ角．则m1所受支持力N和摩擦力f正确的是（）A．N=m1g+m2g﹣FsinθB．N=m1g+m2g﹣FcosθC．f=FcosθD．f=Fsinθ解：对AB整体受力分析，受到重力mg=（m1+m2）g、支持力N、拉力F、滑动摩擦力f，如图根据共点力平衡条件，有Fcosθ﹣f=0N+Fsinθ﹣mg=0解得N=mg﹣Fsinθ=（m1+m2）g﹣Fsinθf=Fcosθ选AC10．如图所示，在斜面上放两个光滑球A和B，两球的质量均为m，它们的半径分别是R和r，球A左侧有一垂直于斜面的挡板P，两球沿斜面排列并处于静止，以下说法中正确的是（）A．斜面倾角θ一定，R＞r时，R越大，r越小，B对斜面的压力越小B．斜面倾角θ一定，R=r时，两球之间的弹力最小C．斜面倾角θ一定时，无论半径如何，A对挡板的压力一定D．半径一定时，随着斜面倾角θ逐渐增大，A受挡板的作用力先增大后减小解：A、以B球为研究对象，分析受力情况：重力mg、斜面的支持力N和A对B的弹力F，由平衡条件得知N与F的合力与重力mg大小相等、方向相反，则此合力保持不变．斜面倾角θ一定，R＞r，R越大，r越小，F与水平方向的夹角越大，如图，作出F在三个不同角度时力的合成图，由图看出，斜面对B的支持力N越大，由牛顿第三定律得知，B对斜面的压力越大．故A错误．B、斜面倾角θ一定，由图根据几何知识得知，当N与F垂直时F最小，即两球间的弹力最小，此时，R=r时．故B正确．C、以两球组成的整体研究得知，A对挡板的压力N A=2mgsinθ，则知斜面倾角θ一定时，无论半径如何，A对挡板的压力N A一定．故C正确．D、由上知，A对挡板的压力N A=2mgsinθ，半径一定时，随着斜面倾角θ逐渐增大，A对挡板的压力N A 增大．故D错误．选BC二、非选择题11．如图所示，一个球A夹在竖直墙与三角劈B的斜面之间，三角劈的重力为G，劈的底部与水平地面间的摩擦因数为μ，劈的斜面与竖直墙面是光滑的．问欲使三角劈静止不动球的重力不能超过多大？（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）解：对球A进行受力分析，根据受力平衡有：N==mg对三角劈进行受力分析，根据受力平衡有：f=N•cos45°又：F N=（G+N•cos45°）f=μF N解得：mg=μ•答：欲使三角劈静止不动球的重力不能超过．12．有些人员，如电梯修理员、牵引专家等，常需要知道绳（或金属线）中的张力T，可又不便到绳（或线）的自由端去测量．现某家公司制造了一种夹在绳上的仪表（图中B、C为该夹子的横截面）．测量时，只要如图示那样用一硬杆竖直向上作用在绳上的某点A，使绳产生一个微小偏移量a，借助仪表很容易测出这时绳对硬杆的压力F．现测得该微小偏移量为a=12mm，BC间的距离为2L=250mm，绳对硬杆的压力为F=300N，试求绳中的张力T．解：对A点受力分析，如图所示，由平衡条件得：F=2Tsinα当α很小时，sinα≈tanα由几何关系得：tanα=解得：T=，代入数据解得T=1.6×103 N．答：绳子中的张力为1.6×103 N．。
高一物理月考试题及答案新课标版20152016高一上学期第二次月考
2015-2016 学年上学期第二次月考高一物理试题【新课标】一、选择题（共 16 题，每题 3 分，共 48 分。
此中第 1～ 11 题为单项选择题；12～ 16 题为不定项选择题，正选得 3 分，漏选得 2 分，错选、不选得 0 分）1．对于质点，以下说法正确的选项是()A.质点是一个理想化模型B.质点是真切存在的物体C.体积很小的物体必定能够当成质点D.质量很小的物体必定能够当成质点2．对于位移和行程，以下说法正确的选项是()A.直线运动中位移的大小必定和行程相等B.质点做单方向直线运动时，位移和行程完好同样C.若两物体运动的行程同样,则它们的位移必定同样3． D. 若两物体运动的位移同样, 则它们的行程不必定同样对于速度，以下说法正确的选项是()A.刹时速度的方向必定是物体的运动方向B.刹时速度的大小必定小于时间趋势于零时的均匀速度C.均匀速度的方向必定是物体该段时间内的运动方向D.均匀速度的大小必定等于均匀速率4．对于速度和加快度的关系，以下说法正确的选项是（）A.若物体加快度愈来愈大，则其速度必定愈来愈大B.若某时辰物体速度为零，则现在它的加快度也必定为零C.加快度总与速度变化的方向同样D.作直线运动的物体，若加快度与规定的正方向相反，则物体速度必定在变小5．对于匀变速直线运动，以下说法正确的选项是（）A.物体的运动方向必定不变B.物体的速度必定随时间均匀改变C.物体的位移永久在变大D.物体的位移在任何状况下都不行能等于零6．对于力的描绘，以下说法正确的选项是（）A.力的两种作用成效能够同时表现B.力能够经过物体进行传达C.重力、弹力都是非接触力D.能够使劲的表示图法完好的表示一个力7．对于物体的重心，以下说法正确的选项是（）A．重心就是物体上最重的一点B．形状规则的物体的重心必定在它的几何中心C．重心是物体所受重力的等效作用点，因此必定在物体上D．用一细线将薄板悬挂起来并静止，薄板的重心必定在细线所在的直线上8．蹦极的人会遇到蹦极绳子的拉力作用，产生这个拉力的原由是()A. 绳子的形变B. 绳子所遇到的重力C.人的形变D.人所遇到的重力9．如图示 ,在水平面上向右运动的物体,质量为 2kg,物体与水平面之间的动摩擦因数0.1.在运动过程中 ,还遇到一个水平向左的大小为1N 的拉力的作用 , g 10m/ s2，则物体遇到的滑动摩擦力为（）A.1N, 向右B.1N, 向左C.2N, 向右D.2N, 向左在绳的上、 下两头各拴着一小球， 一人用手拿住绳上端的小球站在三层楼的露台上， 松手后小球自由着落， 两小球落地的时间差为 △t .假如人站在四层楼的露台上， 松手让球自由着落，不计空气阻力 ,两小球落地的时间差将 ( )A. 大于 △tB. 等于 △tC.小于 △tD. 没法鉴别段10．对于伽利略对落体运动的研究，以下说法正确的选项是（ ）A. 伽利略用逻辑推理否认了亚里士多德“越重的物体着落的越快 ”的论断B.伽利略让铜球在阻力很大的斜面上滚下，借此来“冲淡重力 ”C.伽利略以为落体运动是速度随位移均匀变化的运动D.伽利略科学方法的核心是把实验和逻辑推理相联合11．如图为一个运动物体的v-t 图象，已知两段图线和 t 轴所围的面积分别为 s 1、 s 2 ，则对于匀加快和匀减速阶段描绘正确的选项是（）A. 两段加快度的比a 1 s 2B.两段均匀速度的比v 1 s 1a 2 s 1v 2 s 2C.两段均匀速度的比v 1 1t 1 s 1v 21D.两段时间的比s 2t 212．竖直上抛一个小球， 它的初速度为v 0 ，当地重力加快度大小为g ，经过 t( tv 0)时间，g它的速度为 v ，则这一过程中小球的均匀速度为（）A.v 0vB.v- v C. v 01gtD. v1gt222213．两木自左向右运，用高速影机在同一底片上多次曝光，下木每次曝光的地点，如所示，两次曝光的隔是相等的，由可知()A 上边的木作加快直运B 下边的木作匀速直运C 在刻t3和刻t4之某瞬两木速度同样D 在刻t2以及刻t5两木速度同样二、（共14 分）17．（ 6 分）某校学趣小在研究“研究小速度随化的律”的，是某次得出的，所用源的率50Hz，舍去前面比密集的点，从0 点开始，每 5 个点取 1 个数点，以1、2、3⋯⋯。
北京大学附中河南分校2016届高三物理上学期周测试题(含解析)
2015-2016学年北京大学附中河南分校高三（上）周测物理试卷（12）一、选择题（每空6分，共48分）1．如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．若极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是（）A．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大2．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如图所示．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，则电场力对试探电荷q所做的功等于（）A．B．C．D．3．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固定在P点，如图所示，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是（）A．B．C．D．4．电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置．由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如图所示是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用下列说法不正确的是（）A．如图的传感器可以用来测量角度B．如图的传感器可以用来测量液面的高度C．如图的传感器可以用来测量压力D．如图的传感器可以用来测量速度5．一束正离子以相同的速率从同一位置、垂直于电场方向飞入匀强电场中，所有离子的轨迹都是一样的，这说明所有粒子（）A．都具有相同的质量B．都具有相同的电荷量C．电荷量与质量的比（又叫比荷）相同D．都属于同一元素的同位素6．原来都是静止的质子和α粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为（）A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：17．如图所示，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，若已知加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板长为L，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，则关于示波器的灵敏度（即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量）与加速电场、偏转电场的关系，下列说法中正确的是（）A．L越大，灵敏度越高B．d越大，灵敏度越高C．U1越大，灵敏度越高D．U2越大，灵敏度越高8．如图所示是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，则带电小球（）A．将打在下板中央B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．若上板不动，将下板上移一段距离，小球一定打不到下板的中央二、多项选择（每空6分，共12分）9．如图（a）所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图（b）所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处．若在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．则t0可能属于的时间段是（）A．0＜t0＜ B．＜t0＜C．＜t0＜T D．T＜t0＜10．如图所示，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒P位于两板间恰好平衡，现用外力将P固定住，然后使两板各绕其中点转过α角，如图虚线所示，再撤去外力，则带电微粒P在两板间（）A．保持静止 B．向左做直线运动C．电势能不变D．电势能将变少三、计算题（每空20分，共40分）11．（20分）如图所示，水平放置的A、B两平行板相距h，有一个质量为m，带电量为+q的小球在B板之下H处以初速度v0竖直向上进入两板间，欲使小球恰好打到A板，试讨论A、B板间的电势差是多大？12．（20分）（2015秋•大庆校级月考）如图所示，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：（1）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？（2）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？2015-2016学年北京大学附中河南分校高三（上）周测物理试卷（12）参考答案与试题解析一、选择题（每空6分，共48分）1．如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．若极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是（）A．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】电容器的电荷量几乎不变．将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，电容减小，由公式C=分析板间电压变化．【解答】解：由图分析可知电容器极板上的电荷量几乎不变，将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据公式C=，电容减小，由公式C=可判断出电容器极板间电压变大，静电计张角增大，故D正确，ABC错误．故选：D．【点评】本题要抓住电荷量不变的条件，根据电容的定义式C=分析电容如何变化．2．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如图所示．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，则电场力对试探电荷q所做的功等于（）A．B．C．D．【考点】电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由平行板电容器的电容C和带电量Q，由电容的定义式求出板间电压．由E=求出板间场强．根据功的计算公式求解电场力对试探电荷q所做的功．【解答】解：由电容的定义式C=得板间电压U=，板间场强E==．试探电荷q由A点移动到B点，电场力做功W=qEssin30°=故选C【点评】本题只要抓住电场力具有力的一般性质，根据功的一般计算公式就可以很好地理解电场力做功，并能正确计算功的大小．3．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固定在P点，如图所示，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是（）A．B．C．D．【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】由题意可知电量不变，由平行板电容器的决定式可知电容的变化；由定义式可得出两端电势差的变化；再由U=Ed可知E的变化，进而判断势能的变化．【解答】解：A、当负极板右移时，d减小，由C=可知，C与x图象不能为一次函数图象！故A错误；B、由U=可知，U=Q，则E==，故E与d无关，故B错误；C、因负极板接地，设P点原来距负极板为l，则P点的电势φ=E（l﹣l0）；故C正确；D、电势能E=φq=Eq（l﹣l0），不可能为水平线，故D错误；故选：C．【点评】本题考查电容器的动态分析，由于结合了图象内容，对学生的要求更高了一步，要求能根据公式得出正确的表达式，再由数学规律进行分析求解．4．电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置．由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如图所示是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用下列说法不正确的是（）A．如图的传感器可以用来测量角度B．如图的传感器可以用来测量液面的高度C．如图的传感器可以用来测量压力D．如图的传感器可以用来测量速度【考点】传感器在生产、生活中的应用．【分析】电容器的决定式C=，当电容器两极间正对面积变化时会引起电容的变化，其他条件不变的情况下成正比【解答】解：A、图示电容器为可变电容器，通过转动动片改变正对面积，改变电容，可以用来测量角度，故A正确B、图示电容器的一个极板时金属芯线，另一个极板是导电液，故是通过改变电容器两极间正对面积而引起电容变化的，可以用来测量液面的高度，故B正确；C、是通过改变极板间的距离，改变电容器的，可以用来测量压力，故C正确D、可变电容器，通过改变电介质，改变电容，可以用来测量位移，故D错误；本题选错误的；故选：D．【点评】本题考查了影响电容器电容的因素，如何改变电容器的容，电容传感器的特点．并明确电容器作为传感器在生产生活中的应用．5．一束正离子以相同的速率从同一位置、垂直于电场方向飞入匀强电场中，所有离子的轨迹都是一样的，这说明所有粒子（）A．都具有相同的质量B．都具有相同的电荷量C．电荷量与质量的比（又叫比荷）相同D．都属于同一元素的同位素【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】正离子垂直于电场方向飞入匀强电场中做类平抛运动．根据运动学公式可列出y=，而牛顿第二定律a=，及运动时间t=，从而得出偏转距离与质量、电量及速率的关系．【解答】解：正离子进入匀强电场后，做类平抛运动，将运动分解，则偏转距离为y=牛顿第二定律得a=垂直于电场方向正离子做匀速直线运动，则运动时间为 t=联立得：y=由于初速率v0、电压U、极板长度L、极板间距d均相同，离子的轨迹一样时偏转距离相等，则离子的比荷相同，但它们的质量不一定相同，电量也不一定相同，不一定都属于同一元素的同位素，故C正确，ABD错误；故选：C【点评】此题考查粒子在电场中做类平抛运动，理解由运动轨迹来确定偏转距离的关系，掌握牛顿第二定律与运动学公式的应用，并知道粒子的比荷的含义．6．原来都是静止的质子和α粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为（）A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据动能定理列式得到加速获得的速度表达式，结合质子和α粒子的比荷求解速度之比．【解答】解：设任一带电粒子的质量为m，电量为q，加速电场的电压为U，根据动能定理得：qU=得速度大小：v=，即得速度大小与比荷的平方根成正比．质子和α粒子比荷之比为：=：=2：1所以解得速度之比 v H：vα=：1．故选：C．【点评】本题带电粒子在电场中加速问题，根据动能定理求速度是常用方法．本题还要对质子与α粒子的质量数与电荷数要区分清楚．7．如图所示，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，若已知加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板长为L，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，则关于示波器的灵敏度（即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量）与加速电场、偏转电场的关系，下列说法中正确的是（）A．L越大，灵敏度越高B．d越大，灵敏度越高C．U1越大，灵敏度越高D．U2越大，灵敏度越高【考点】示波管及其使用．【分析】根据带电粒子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，结合动能定理、牛顿第二定律和运动学公式求出偏转量，从而得出灵敏度的大小．【解答】解：根据动能定理得，eU1=mv2；粒子在偏转电场中运动的时间t=，在偏转电场中的偏转位移h=at2=•=则灵敏度=．知L越大，灵敏度越大；d越大，灵敏度越小；U1越小，灵敏度越大．灵敏度与U2无关．故A正确，CBD错误．故选：A．【点评】本题考查了带电粒子在电场中的加速和偏转，综合考查了动能定理、牛顿第二定律、运动学公式等，难度中等8．如图所示是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，则带电小球（）A．将打在下板中央B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．若上板不动，将下板上移一段距离，小球一定打不到下板的中央【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，根据电容器的定义式导出电场强度的变化，判断粒子的运动情况．【解答】解：A、B、C、将电容器上板上移一小段距离，电容器所带的电量Q不变，由E=、C=、C=得，E==．由题意可知，电容器带电量Q不变，极板的正对面积S不变，相对介电常量ɛ不变，由公式可知当d增大时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，故AC错误，B正确．D、若上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，小球可能打在下板的中央，故D错误．故选：B【点评】本题要注意当电容器与电源断开时，电容器所带的电量是定值不变，仅仅改变板间距离时，板间场强是不变的，这个推论要熟悉．二、多项选择（每空6分，共12分）9．如图（a）所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图（b）所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处．若在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．则t0可能属于的时间段是（）A．0＜t0＜ B．＜t0＜C．＜t0＜T D．T＜t0＜【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】计算题；压轴题；高考物理专题．【分析】解决此题首先要注意A、B两板电势的高低及带正电粒子运动的方向，再利用运动的对称性，粒子加速与减速交替进行运动，同时注意粒子向左、右运动位移的大小，即可判断各选项的对错．【解答】解：A、若，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B 板上，所以A错误．B、若，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离大于向右运动的距离，最终打在A板上，所以B正确．C、若，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离小于向右运动的距离，最终打在B板上，所以C错误．D、若，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上，所以D错误．故选B．【点评】（2011．安徽）带电粒子在电场中的运动，实质是力学问题，题目类型依然是运动电荷的平衡、直线、曲线或往复振动等问题．解题思路一般地说仍然可遵循力学中的基本解题思路：牛顿运动定律和直线运动的规律的结合、动能定理或功能关系带电粒子在交变电场中运动的情况比较复杂，由于不同时段受力情况不同、运动情况也就不同，若按常规的分析方法，一般都较繁琐，较好的分析方法就是利用带电粒子的速度图象或位移图象来分析．在画速度图象时，要注意以下几点：1．带电粒子进入电场的时刻；2．速度图象的斜率表示加速度，因此加速度相同的运动一定是平行的直线；3．图线与坐标轴的围成的面积表示位移，且在横轴上方所围成的面积为正，在横轴下方所围成的面积为负；4．注意对称和周期性变化关系的应用；5．图线与横轴有交点，表示此时速度反向，对运动很复杂、不容易画出速度图象的问题，还应逐段分析求解．10．如图所示，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒P位于两板间恰好平衡，现用外力将P固定住，然后使两板各绕其中点转过α角，如图虚线所示，再撤去外力，则带电微粒P在两板间（）A．保持静止 B．向左做直线运动C．电势能不变D．电势能将变少【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】带电微粒P在水平放置的A、B金属板间的电场内处于静止状态，说明处于平衡状态，竖直向上的电场力大小等于重力的大小，当两平行金属板A、B分别以O、0′中心为轴在竖直平面内转过相同的较小角度α，然后释放P，此时P受到重力、电场力，合力向左，故P做向左的匀加速直线运动．【解答】解：设初状态极板间距是d，旋转α角度后，极板间距变为dcosα，所以电场强度E′=，而且电场强度的方向也旋转了α，由受力分析可知，竖直方向仍然平衡，水平方向有电场力的分力，所以微粒水平向左做匀加速直线运动．则微粒的重力势能不变，向左做匀加速直线运动过程中，电场力做正功，则电势能减小．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．【点评】考查了已知受力求运动，正确受力分析，有牛顿第二定律判断运动情况，解决本题的关键是确定新场强与原来场强在大小、方向上的关系．三、计算题（每空20分，共40分）11．（20分）如图所示，水平放置的A、B两平行板相距h，有一个质量为m，带电量为+q的小球在B板之下H处以初速度v0竖直向上进入两板间，欲使小球恰好打到A板，试讨论A、B板间的电势差是多大？【考点】电势差与电场强度的关系；动能定理．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球刚好打到A板时，速度恰好为零，根据动能定理，对整个过程进行研究求解【解答】解：当电场力方向向下时，U A＞U B，电场力做负功，由动能定理得：﹣qU AB﹣mg（H+h）=﹣解得：U AB=当电场力方向向上时，U A＜U B，电场力做正功，由动能定理得：qU BA﹣mg（H+h）=﹣解得：U BA=答：A、B板间的电势差是或【点评】本题涉及两个过程，采用全程法运用动能定理研究，比较简洁，也可以分段研究，运用牛顿第二定律和运动学公式结合研究12．（20分）（2015秋•大庆校级月考）如图所示，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：（1）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？（2）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）小球做匀速直线运动，所受的合力为零，分析小球的受力情况，作出力图，由平衡条件求解即可．（2）小球要做直线运动，小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，由力的合成图求解即可．【解答】解：（1）欲使小球做匀速直线运动，必须使其合外力为0，如图甲所示．设对小球施加的力F1和水平方向夹角为α，则F1•cosα=qE cosθF1•sinα=qE sinθ+mg解得α=60°，F1=mg（2）为使小球做直线运动，则小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，如图乙所示．则 F2=mgsin60°=mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．答：（1）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，应对小球施加的恒力F1的大小是mg，方向与水平成60°斜向右上方．（2）若小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，应对小球施加的最小恒力F2的大小是mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．【点评】解决本题的关键要掌握直线运动和匀速直线运动的条件，作出受力图，运用几何关系分析力的最小值．。
北京大学附属中学河南分校2015-2016学年高一物理上学期抽考试题(宏志班)
2015-2016学年（上）宏志班联考（2）高一物理试卷考试时间90分钟 满分100分一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不答的得0分）1. 在解一道由字母给出信息求位移的物理题时，某同学得到了表达式为mt t F x )(21+=的结果，对于这一结果下列说法正确的是（ ）A.可能是正确的B. 用国际单位制错误，用其它单位制可能正确C.一定是错误的D. 用其它单位制错误，用国际单位制可能正确2. 两个共点力大小都是60N ，要使这两个力的合力是30N ，这两个力的夹角θ应满足下列哪一项（ ）A. θ=60°B. θ=45°C. θ=30°D. cos(θ/2)=0.253. 在有云的夜晚，抬头望月亮和星星，觉得月亮在云中穿行，这时选取的参考系是（ ）A. 月亮B. 云C. 地面D. 星星4. 下列关于摩擦力的说法中不正确的是：（ ）A. 静止的物体可以受到滑动摩擦力B. 运动的物体可以受到静摩擦力C. 静止的物体一定不受滑动摩擦力D. 滑动摩擦力的方向一定跟物体相对运动的方向相反5. 如图所示，物体沿边长为x 的正方形由A 如箭头所示的方向运动到D ，则它的位移和路程分别是（ ）A. 0，0B. 3x ，向下，3x 向下C. x ，向上，3xD. 0，3x 向上6. 下列关于物体运动的一些说法中，哪一种是不可能的（ ）A. 物体的速度在增大，而位移却减小B. 物体的加速度大小不变，其速度在减小C. 物体的速度为零，而加速度很大D. 物体的加速度跟速度方向相同时，当加速度减小，速度也随之减小7. 一本书放在水平桌面上，针对书和桌面的受力有下列说法，正确的是（ ）A. 书对桌面的压力就是书的重力B. 书受到的支持力、桌面受到的压力都是弹力C. 书受到的支持力与桌面受到的压力是一对平衡力D. 书的重力和桌面受到的压力是一对作用力与反作用力8. 一辆汽车在一段时间内的s －t 图象如图所示，由图知A. 在0-10s 内，汽车做匀加速直线运动 （ ）B. 在10-30s 内，汽车处于静止状态C. 在10-30s 内，汽车做匀速直线运动D. 汽车在0-10s 内的速度比30-40s 内的速度大9. 如图所示，甲、乙、丙、丁是以时间为轴的匀变速直线运动的图象，下列说法正确的是（ ）A. 甲是a—t图象B. 乙是s－t图象C. 丙是s－t图象D. 丁是v—t图象10. 如图，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块相连，从滑轮到P和到Q的两段绳都是水平的，已知Q与P之间以及桌面之间的动摩擦因数都为μ，两物块的质量都是m，滑轮轴上的摩擦不计，若用一水平向右的力F拉P使其做匀速运动，则F的大小为（）A. 4μmgB. 3μmgC. 2μmgD. μmg二、本题共5小题，每小题4分，共20分，在每小题给出的四个选项中有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．11. 如图所示，用两个弹簧秤同时作用在水平橡皮筋上，使之沿水平方向伸长一定的长度，弹簧秤的读数分别为F1和F2；改用一个弹簧秤拉橡皮筋，使橡皮筋仍沿水平方向伸长相同的长度，弹簧秤的读数为F。
北京大学附属中学河南分校2015-2016学年高一上学期期中考试物理试卷Word版含答案
宇华教育集团2015-2016学年上学期期中考试试卷高一物理考试时间 90 分钟 满分 100 分本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
共100分考试用时90分钟。
第Ⅰ卷（选择题 共48分）一、本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．如图，P 是位于粗糙水平桌面上的物块。
用跨过定滑轮的轻绳将P 与小盘相连，小盘内有砝码，小盘与砝码的总质量为m 。
在P 匀速运动的过程中，若不计空气阻力，则关于P 的受力情况，下列说法正确的是( )A ．拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反B ．P 能够运动，拉力一定大于摩擦力C ．P 受的拉力一定等于小盘与砝码的总重力mgD ．P 能够运动，其所受摩擦力一定小于小盘与砝码的总重力mg2．如图甲所示，粗糙长木板l 的一端固定在铰链上，木块放在木板上，开始木板处于水平位置。
当木板向下转动，θ角逐渐增大的过程中，摩擦力F f 的大小随θ角变化最有可能的是图乙中的（ ）（ ）3．物体以速度v 匀速通过直线上的A 、B 两点，所用时间为t ；现在物体从A 点由静止出发，先匀加速直线运动（加速度为a 1 ）到某一最大速度v m 后立即做匀减速直线运动（加速度大小为a 2）至B 点速度恰好减为0，所用时间仍为t 。
则物体的 （ ）A ．v m 只能为2v ，与a 1、a 2的大小无关B ．v m 可为许多值，与a 1 、a 2的大小有关C ．a 1、a 2须是一定的D ．a 1、a 2必须满足tv a a a a 22121=+⋅ 4．如图所示为甲乙两质点作直线运动的速度—时间图象，则下列说法中正确的是（ ）A ．甲质点在0 ~ t 1时间内的平均速度小于乙质点在0~t 2时间内平均速度；B ．甲质点在0 ~ t 1时间内的加速度与乙质点在t 2~t 3时间的加速度相同。
北京大学附属中学河南分校2016届高三物理上学期周测试卷1
北大附中焦作校区2016届高三物理周测试卷（1）时间：45分钟 考查范围：运动学部分1、【2015浙江-15】如图所示，气垫导轨上滑块经过光电门时，其上的遮光条将光遮住，电子计时器可自动记录遮光时间t ∆，测得遮光条的宽度为x ∆，用xt∆∆近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度，为使xt∆∆更接近瞬时速度，正确的措施是 A 换用宽度更窄的遮光条 B 提高测量遮光条宽度的精确度 C 使滑块的释放点更靠近光电门D 增大气垫导轨与水平面的夹角 2、【2015山东-14】．距地面高5m 的水平直轨道A 、B 两点相距2m ，在B 点用细线悬挂一小球，离地高度为h ，如图。
小车带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B 点时细线被轧断，最后两球同时落地。
不计空气阻力，取重力加速度A ．1.25mB ．2.25mC ．3.75mD ．4.75m3、【2015广东-13】13.甲乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移-时间图像如图3所示。
下列表述正确的是 A ．0.2-0.5小时内，甲的加速度比乙的大 B ．0.2-0.5小时内，甲的速度比乙的大 C ．0.6-0.8小时内，甲的位移比乙的小 D ．0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等4、一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止．下列速度v 和位移x 的关系图象中，能描述该过程的是( )5、【2015江苏-5】如图所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔8m 设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭的时间分别为5s 和2s 。
关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以加速度22/m s 由静止加速到2m/s ，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是 A ．关卡2 B ．关卡3 C ．关卡4 D ．关卡56、[2014·新课标Ⅱ卷] 甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶．在t ＝0到t ＝t 1的时间内，它们的v －t 图像如图所示．在这段时间内( )A ．汽车甲的平均速度比乙的大B ．汽车乙的平均速度等于v 1＋v 22C ．甲乙两汽车的位移相同D ．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大7、[2014·广东卷] 图6是物体做直线运动的v －t 图像，由图可知，该物体( )A ．第1 s 内和第3 s 内的运动方向相反B ．第3 s 内和第4 s 内的加速度相同C ．第1 s 内和第4 s 内的位移大小不相等D ．0～2 s 和0～4 s 内的平均速度大小相等 ．8、跳伞运动员从高空悬停的直升机上跳下，运动员沿竖直方向运动的v t 图像如图X16所示，下列说法正确的是( )A ．运动员在0～10 s 的平均速度大于10 m/sB ．15 s 末开始运动员处于静止状态C ．10 s 末运动员的速度方向改变D ．10～15 s 运动员做加速度逐渐减小的减速运动 图X169、 如图所示，汽车以10 m/s 的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20 m 处时，还有3 s 绿灯就要熄灭．而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度—时间图像可能是图X18中的( )10、甲、乙两物体在t＝0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v－t图像如图所示，则( )A．甲、乙在t＝0到t＝1 s之间沿同一方向运动B．乙在t＝0到t＝7 s之间的位移为零C．甲在t＝0到t＝4 s之间做往复运动D．甲、乙在t＝6 s时的加速度方向相同11、 (15分)[2014·山东卷] 研究表明，一般人的刹车反应时间 (即图甲中“反应过程”所用时间)t0＝0.4 s，但饮酒会导致反应时间延长．在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v0＝72 km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L＝39 m，减速过程中汽车位移s与速度v的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动．取重力加速度的大小g取10 m/s2.求：(1)减速过程汽车加速度的大小及所用时间；(2)饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少；(3)减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值．12、(15分)某人在相距10 m的A、B两点间练习折返跑，他在A点由静止出发跑向B点，到达B点后立即返回A点．设加速过程和减速过程都是匀变速运动，加速过程和减速过程的加速度大小分别是4 m/s2和8 m/s2，运动过程中的最大速度为4 m/s，从B点返回的过程中达到最大速度后即保持该速度运动到A点，求：(1)从B点返回A点的过程中以最大速度运动的时间；(2)从A点运动到B点与从B点运动到A点的平均速度的大小之比．2015—2016年高三物理周测（一）答案11、【答案】(1)8 m/s 22.5 s (2)0.3 s (3)415[解析] (1)设减速过程中汽车加速度的大小为a ，所用时间为t ，由题可得初速度v 0＝20 m/s ，末速度v t ＝0，位移s ＝25 m ，由运动学公式得 v 20＝2as ① t ＝v 0a② 联立①②式，代入数据得a ＝8 m/s 2③ t ＝2.5 s ④(2)设志愿者反应时间为t ′，反应时间的增加量为Δt ，由运动学公式得 L ＝v 0t ′＋s ⑤ Δt ＝t ′－t 0⑥ 联立⑤⑥式，代入数据得 Δt ＝0.3 s ⑦(3)设志愿者所受合外力的大小为F ，汽车对志愿者作用力的大小为F 0，志愿者质量为m ，由牛顿第二定律得 F ＝ma ⑧由平行四边形定则得 F 20＝F 2＋(mg )2⑨联立③⑧⑨式，代入数据得F 0mg ＝415⑩12、【答案】(1)2 s (2)1213[解析] (1)设此人从静止到加速至最大速度时所用的时间为t 1，加速运动的位移大小为x 1，从B 点返回A 点的过程中做匀速运动的时间为t 2，A 、B 两点间的距离为L ，由运动学公式可得v m ＝a 1t 1 x 1＝v m2t 1 L －x 1＝ v m t 2联立以上各式并代入数据可得t 2＝2 s.(2)设此人从A 点运动到B 点的过程中做匀速运动的时间为t 3，减速运动的位移大小为x 2，减速运动的时间为t 4，由运动学方程可得 v m ＝a 2t 4x 2＝v m2t 4L －x 1－x 2＝ v m t 3v AB v BA ＝t 1＋t 2t 1＋t 3＋t 4联立以上各式并代入数据可得v AB v BA ＝1213.。
北京市北京大学附属中学河南分校高三物理上学期第一次月考试题(扫描版)
北京市北京大学附属中学河南分校2016届高三物理上学期第一次月考试题（扫描版）北大附中河南分校2015-2016学年高三第一次考试 物理试卷参考答案一．选择题1.A2.D3.C4.B5.D6.D7.AB8.ABC9.BC 10.ACD 11. AD 12. AD 二实验题13．（1）①打点计时器接了直流电；( 2分 )②重物离打点计时器太远．( 2分 )（2）h 5－h 32 f ( 2分)9．4( 2分 )14．(1)1.170 (2)2v t －2h t 2 (3)2k (1)该游标卡尺是20分度的，主尺读数为1.1 cm ，游标尺的读数为14×0. 005 cm ＝0.070 cm ，所以游标卡尺的读数为1.170 cm.(2分）(2)由h ＝v 0t ＋12gt 2和v ＝v 0＋gt 得： g ＝2v t －2h t 2.（2分） (3)由上式得h t ＝v －12gt ，即图象的斜率的绝对值为k ＝12g ，所以g ＝2k .（2分） 三计算题15解析：(1)汽车加速时间t 1＝v a＝4.0 s （1分）40．0 s 时间内汽车能行驶的位移x ＝12at 21＋v (t －t 1)＝380 m （3分） n ＝x l＝63.3则知能有64辆汽车通过路口．（2分） (2)记t 0＝3.0 s ，当时间显示灯刚亮出“3”时，第65辆汽车行驶的位移x 1＝12at 21＋v (t －t 1－t 0)＝350 m （3分）此时汽车距停车线的距离：x 2＝64l －x 1＝34 m （1分） 第65辆车从刹车到停下来的时间t ＝x 2v 2＝6.8 s.（2分）答案：(1)64辆 (2)6.8 s16解析：(1)斜面倾角为30°时，物体恰能匀速下滑，满足mg sin 30°＝μmg cos 30°解得μ＝33.(4分） (2)设斜面倾角为α，受力情况如图，由匀速直线运动的条件：F cos α＝mg sin α＋F f （2分）F N ＝mg cos α＋F sin α （2分）F f ＝μF N （1分）解得：F ＝mg sin α＋μmg cos αcos α－μsin α（1分） 当cos α－μsin α＝0，即cot α＝μ时，F →∞，（1分）即“不论水平恒力F 多大”，都不能使物体沿斜面向上滑行，此时临界角θ0＝α＝60°.（1分）答案：(1)33(2)60° 17解：（1） 滑块从A 滑到B 的过程，机械能守恒，设滑块滑到B 的速度v 0错误！未找到引用源。
北京市北京大学附属中学河南分校2015-2016学年高一上学期第一次月考物理试卷(有答案)
2015-2016学年北京大学附属中学河南分校高一（上）第一次月考物理试卷一、选择题．（每题4分，共60分，全对得4分，对而不全得2分，错选不得分）1．2016年奥运会将在巴西里约热内卢举办，在以下几个奥运会比赛项目中，研究对象可视为质点的是A．在撑竿跳高比赛中研究运动员手中的支撑竿在支撑地面过程中的转动情况时B．确定马拉松运动员在比赛中的位置时C．跆拳道比赛中研究运动员动作时D．乒乓球比赛中研究乒乓球的旋转时2．关于运动的位移和路程，下列说法正确的是A．质点运动的位移大小可能大于路程B．位移和路程都是矢量C．质点通过一段路程，位移不可能为零D．质点运动一段时间，路程不能为零但位移可能为零3．以下说法中正确的是A．做匀变速直线运动的物体，ts内通过的路程与位移的大小一定相等B．质点一定是体积和质量极小的物体C．速度的定义式和平均速度公式都是，因此速度就是指平均速度D．速度不变的运动是匀速直线运动4．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是A．速度变化得越多，加速度就越大B．速度变化得越快，加速度就越大C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度大小不断变小，速度大小也不断变小5．下列关于加速度的描述中，正确的是A．加速度在数值上等于单位时间里速度的变化B．当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动C．速度方向为正时，加速度方向一定为负D．速度变化越大，则加速度一定越大6．质点从静止开始做匀加速直线运动，在第1个2s、第2个2s和第5s内三段位移比为A．2：6：5B．2：8：7C．4：12：9D．2：2：17．一物体以初速度v0=20m/s沿光滑斜面匀减速向上滑动，当上滑距离x0=30m时，速度减为v0，物体恰滑到斜面顶部停下，则斜面长度为A．40 mB．50 mC．32 mD．60 m8．一个物体从静止开始做匀加速直线运动．它在第1s内与第2s内的位移之比为x1：x2，在走完第1m时与走完第2m时的速度之比为v1：v2，以下说法正确的是A．x1：x2=1：3，v1：v2=1：2B．x1：x2=1：3，v1：v2=1：C．x1：x2=1：4，v1：v2=1：2D．x1：x2=1：4，v1：v2=1：9．如图所示，实线记录了一次实验中得到的运动小车的v﹣t图象，为了简化计算，用虚线作近似处理，下列表述正确的是A．小车做曲线运动B．小车先做加速运动，再匀速运动，最后做减速运动C．在t1时刻虚线反映的加速度比实际小D．在0～t1的时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小10．甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v﹣t图象如图所示，则A．甲、乙在t=0到t=ls之间沿同一方向运动B．乙在t=0到t=7s之间的位移为零C．甲在t=0到t=4s之间做往复运动D．甲、乙在t=6s时的加速度方向相同11．做匀减速直线运动的质点，它的加速度大小为a，初速度大小为v0，经过时间t速度减小到零，则它在这段时间内的位移大小可用下列哪些式子表示？A．v0t+at2B．v0tC．D．at212．物体自楼顶处自由落下（不计空气阻力），落到地面的速度为v．在此过程中，物体从楼顶落到楼高一半处所经历的时间为A．B．C．D．13．甲乙两车在一平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积分别为S1和S2（S2＞S1）．开始时，甲车在乙车前方S o处A．若S o=S1+S2，两车不会相遇B．若S o＜S1，两车相遇2次C．若S o=S1，两车相遇1次D．若S o=S2，两车相遇1次14．如图所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F1、F2、F3，其大小关系是A．F1=F2=F3B．F1=F2＜F3C．F1=F3＞F2D．F3＞F1＞F215．如图所示，倾角为30°，重为80N的斜面体静止在水平面上．一根弹性轻杆一端垂直固定在斜面体上，杆的另一端固定一个重为2N的小球，小球处于静止状态时，下列说法中正确的是A．斜面体有向左运动的趋势B．地面对斜面体的支持力为80 NC．球对弹性轻杆的作用力为2 N，方向竖直向下D．弹性轻杆对小球的作用力为2 N，方向竖直向上二、填空题（每空3分，共9分）16．电火花打点计时器是测量时间的仪器，其工作电压为220V，电源频率是50Hz，它每隔0.02S打一次点．在测定匀变速直线运动加速度实验中，某次实验纸带的记录如图所示，每打5个点取一个记数点，但第3个记数点没有画出．由图数据可求得：该物体的加速度为__________m/s2第3个记数点与第2个记数点的距离约为__________cm，第2个计数点的速度大小为__________m/s（小数点后保留两位）．三、计算题（17题6分，18题7分，19题8分，20题10分）17．一汽车在平直公路上以速度V0匀速行驶．（1）司机突然发现在前方x=90m的地方有路障，开始紧急刹车，已知刹车的加速度是a1=﹣5m/s2，汽车刚好在路障前面停下，求汽车原来的速度V0是多少？（2）若汽车的刹车加速度是a2=﹣3m/s2，初速度不变，为使汽车不撞上路障，司机必须比加速度是a1=﹣5m/s2时提早多少米发现路障？18．一辆巡逻车最快能在10s内由静止匀加速到最大速度V m=50m/s，并能保持这个速度匀速行驶，问该巡逻车在平直的高速公路上由静止追上前方2000m处正以V=35m/s的速度匀速行驶的汽车，至少需要多少时间？19．气球以10m/s的速度匀速竖直上升，从气球上掉下一个物体，经17s到达地面．求物体刚脱离气球时气球的高度．（g=10m/s2）．20．2011年8月10日，改装后的瓦良格号航空母舰进行出海航行试验，中国成为拥有航空母舰的国家之一．已知该航空母舰飞行甲板长度为L=300m，某种战斗机在航空母舰上起飞过程中的最大加速度为a=4.5m/s2，飞机速度要达到v=60m/s才能安全起飞．（1）如果航空母舰静止，战斗机被弹射装置弹出后开始加速，要保证飞机起飞安全，战斗机被弹射装置弹出时的速度至少是多大？（2）如果航空母舰匀速前进，在没有弹射装置的情况下，要保证飞机安全起飞，航空母舰前进的速度至少是多大？2015-2016学年北京大学附属中学河南分校高一（上）第一次月考物理试卷一、选择题．（每题4分，共60分，全对得4分，对而不全得2分，错选不得分）1．2016年奥运会将在巴西里约热内卢举办，在以下几个奥运会比赛项目中，研究对象可视为质点的是A．在撑竿跳高比赛中研究运动员手中的支撑竿在支撑地面过程中的转动情况时B．确定马拉松运动员在比赛中的位置时C．跆拳道比赛中研究运动员动作时D．乒乓球比赛中研究乒乓球的旋转时答案：B．2．关于运动的位移和路程，下列说法正确的是A．质点运动的位移大小可能大于路程B．位移和路程都是矢量C．质点通过一段路程，位移不可能为零D．质点运动一段时间，路程不能为零但位移可能为零答案：D．3．以下说法中正确的是A．做匀变速直线运动的物体，ts内通过的路程与位移的大小一定相等B．质点一定是体积和质量极小的物体C．速度的定义式和平均速度公式都是，因此速度就是指平均速度D．速度不变的运动是匀速直线运动答案D．4．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是A．速度变化得越多，加速度就越大B．速度变化得越快，加速度就越大C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度大小不断变小，速度大小也不断变小答案：B．5．下列关于加速度的描述中，正确的是A．加速度在数值上等于单位时间里速度的变化B．当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动C．速度方向为正时，加速度方向一定为负D．速度变化越大，则加速度一定越大答案：A．6．质点从静止开始做匀加速直线运动，在第1个2s、第2个2s和第5s内三段位移比为A．2：6：5B．2：8：7C．4：12：9D．2：2：1答案C．7．一物体以初速度v0=20m/s沿光滑斜面匀减速向上滑动，当上滑距离x0=30m时，速度减为v0，物体恰滑到斜面顶部停下，则斜面长度为A．40 mB．50 mC．32 mD．60 m答案：C．8．一个物体从静止开始做匀加速直线运动．它在第1s内与第2s内的位移之比为x1：x2，在走完第1m时与走完第2m时的速度之比为v1：v2，以下说法正确的是A．x1：x2=1：3，v1：v2=1：2B．x1：x2=1：3，v1：v2=1：C．x1：x2=1：4，v1：v2=1：2D．x1：x2=1：4，v1：v2=1：答案：B．9．如图所示，实线记录了一次实验中得到的运动小车的v﹣t图象，为了简化计算，用虚线作近似处理，下列表述正确的是A．小车做曲线运动B．小车先做加速运动，再匀速运动，最后做减速运动C．在t1时刻虚线反映的加速度比实际小D．在0～t1的时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小答案：BD10．甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v﹣t图象如图所示，则A．甲、乙在t=0到t=ls之间沿同一方向运动B．乙在t=0到t=7s之间的位移为零C．甲在t=0到t=4s之间做往复运动D．甲、乙在t=6s时的加速度方向相同答案：BD．11．做匀减速直线运动的质点，它的加速度大小为a，初速度大小为v0，经过时间t速度减小到零，则它在这段时间内的位移大小可用下列哪些式子表示？A．v0t+at2B．v0tC．D．at2答案：CD．12．物体自楼顶处自由落下（不计空气阻力），落到地面的速度为v．在此过程中，物体从楼顶落到楼高一半处所经历的时间为A．B．C．D．答案C．13．甲乙两车在一平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积分别为S1和S2（S2＞S1）．开始时，甲车在乙车前方S o处A．若S o=S1+S2，两车不会相遇B．若S o＜S1，两车相遇2次C．若S o=S1，两车相遇1次D．若S o=S2，两车相遇1次答案：ABC．14．如图所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F1、F2、F3，其大小关系是A．F1=F2=F3B．F1=F2＜F3C．F1=F3＞F2D．F3＞F1＞F2答案A15．如图所示，倾角为30°，重为80N的斜面体静止在水平面上．一根弹性轻杆一端垂直固定在斜面体上，杆的另一端固定一个重为2N的小球，小球处于静止状态时，下列说法中正确的是A．斜面体有向左运动的趋势B．地面对斜面体的支持力为80 NC．球对弹性轻杆的作用力为2 N，方向竖直向下D．弹性轻杆对小球的作用力为2 N，方向竖直向上答案：CD二、填空题（每空3分，共9分）16．电火花打点计时器是测量时间的仪器，其工作电压为220V，电源频率是50Hz，它每隔0.02S打一次点．在测定匀变速直线运动加速度实验中，某次实验纸带的记录如图所示，每打5个点取一个记数点，但第3个记数点没有画出．由图数据可求得：该物体的加速度为0.74m/s2第3个记数点与第2个记数点的距离约为4.36cm，第2个计数点的速度大小为0.40m/s（小数点后保留两位）．解：根据得，a=m/s2=0.74m/s2．则+0.74×0.01m=4.36×10﹣2m=4.36cm．计数点2的瞬时速度m/s=0.40m/s．故答案为：0.74、4.36、0.40．三、计算题（17题6分，18题7分，19题8分，20题10分）17．一汽车在平直公路上以速度V0匀速行驶．（1）司机突然发现在前方x=90m的地方有路障，开始紧急刹车，已知刹车的加速度是a1=﹣5m/s2，汽车刚好在路障前面停下，求汽车原来的速度V0是多少？（2）若汽车的刹车加速度是a2=﹣3m/s2，初速度不变，为使汽车不撞上路障，司机必须比加速度是a1=﹣5m/s2时提早多少米发现路障？（2）知道初速度、加速度、末速度（为0），根据匀变速直线运动的速度位移公式，求出汽车的位移，减去90m，即为提早的距离．答案：（1）由匀变速直线运动的速度位移公式，得：=故汽车原来的速度为30m/s．（2）若汽车的加速度是a2=﹣3m/s2，初速度不变．根据匀变速直线运动的速度位移公式，=△x=150﹣90m=60m故司机必须提早60m刹车．18．一辆巡逻车最快能在10s内由静止匀加速到最大速度V m=50m/s，并能保持这个速度匀速行驶，问该巡逻车在平直的高速公路上由静止追上前方2000m处正以V=35m/s的速度匀速行驶的汽车，至少需要多少时间？答案：设至少经过时间t追上此时汽车的位移x2=v2t巡逻车匀加速运动的位移，匀速运动的位移x″=v m（t﹣10）则巡逻车的位移x1=x′+x″=250+50×（t﹣10）=50t﹣250因为x1=x2+2000m代入数据得，t=150s．故巡逻车追上汽车，至少需要150s．19．气球以10m/s的速度匀速竖直上升，从气球上掉下一个物体，经17s到达地面．求物体刚脱离气球时气球的高度．（g=10m/s2）．答案：设物体刚刚离开气球时距地面的高度为H，取竖直向上为正方向，将物体竖直上抛运动看成加速度为﹣g的匀减速直线运动．则有：﹣H=v0t﹣gt2代入数据得：H=﹣v0t+gt2=﹣10×17+=1275m答：物体刚脱离气球时气球的高度是1275m．20．2011年8月10日，改装后的瓦良格号航空母舰进行出海航行试验，中国成为拥有航空母舰的国家之一．已知该航空母舰飞行甲板长度为L=300m，某种战斗机在航空母舰上起飞过程中的最大加速度为a=4.5m/s2，飞机速度要达到v=60m/s才能安全起飞．（1）如果航空母舰静止，战斗机被弹射装置弹出后开始加速，要保证飞机起飞安全，战斗机被弹射装置弹出时的速度至少是多大？（2）如果航空母舰匀速前进，在没有弹射装置的情况下，要保证飞机安全起飞，航空母舰前进的速度至少是多大？（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出战斗机被弹射装置弹出时的最小速度．（2）根据匀变速直线运动的速度位移公式，抓住战斗机的位移等于甲板长度加上航空母舰的位移，求出航空母舰的最小速度．答案：（1）设战斗机被弹射出来时的速度为v0，由得=30m/s（2）设飞机起飞所用的时间为t，在时间t内航空母舰航行的距离为L1，航空母舰的最小速度为v1．对航空母舰有：L1=v1t对飞机有：v=v1+at由以上三式联立解得．（1）战斗机被弹射装置弹出时的速度至少是30m/s．（2）航空母舰前进的速度至少是8m/s．。
2015-2016学年北京大学附中河南分校高一(上)期末物理试卷(普通班) (1)
2015-2016学年北京大学附中河南分校高一（上）期末物理试卷（普通班）一、选择题1. 关于速度和加速度的关系，下列说法正确的有（）A.速度变化量越大，加速度也越大B.加速度越大，速度越大C.速度越大则加速度越大D.物体的速度变化越快，则加速度越大2. 如图所示，在粗糙的长木板上放一个物体，现将木板一端从水平逐渐抬高，直到竖直，那么物体受到的摩擦力将（）A.先增大后减小B.逐渐增大C.先减小后增大D.逐渐减小3. 16世纪末意大利科学家伽利略在研究运动和力的关系时，提出了著名的斜面实验，其中应用到的物理思想方法属于（）A.实验归纳B.等效替代C.控制变量D.理想实验4. 如图所示，由于风的缘故，河岸上的旗帜向右飘，在河面上的两条船上的旗帜分别向右和向左飘，两条船运动状态是（）A.A船肯定是静止的B.A船肯定是向左运动的C.B船可能是静止的D.B船肯定是向右运动的5. 消防员用绳子将一不慎落入井中的儿童从井内加速向上提的过程中，不计绳子的重力，以下说法正确的是（）A.绳子对儿童的拉力大于儿童的重力B.绳子对儿童的拉力大于儿童对绳子的拉力C.消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对作用力与反作用力D.消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对平衡力6. 飞机降落后，在机场跑道上滑行，与起飞升空时比较，它的惯性变小了，原因是（）A.高度降低了B.运动速度变小了C.阻力变大了D.质量变小了7. 一质量为m的人站在电梯中，电梯加速下降，加速度大小为g3，g为重力加速度．人对电梯底部的压力为（）A.2mg3B.mg3C.4mg3D.mg8. 如图所示的一种蹦床运动，图中水平虚线PQ是弹性蹦床的原始位置，A为运动员抵达的最高点，B为运动员刚抵达蹦床时刻时刻的位置，C为运动员的最低点，不考虑空气阻力，运动员从A下落到C的过程中速度最大的位置为（）A.B点B.A点C.B、C之间D.C点9. 运动员双手握住竖直的竹竿匀速上攀和匀速下滑时，它所受到的摩擦力分别为F上和F下，下列说法正确的是（）A.F上向下，F下向上，F上>F下B.F上向上，F下向下，F上=F下C.F上向上，F下向下，F上>F下D.F上向上，F下向上，F上=F下10. 一个铁钉与一根鸡毛同时从同一高度下落，总是铁钉先落地，这是因为最终的原因是（）A.铁钉比鸡毛密度大B.铁钉比鸡毛重C.鸡毛受到的空气阻力大D.铁钉下落的加速度比鸡毛下落的加速度大11. 如图所示，甲、乙两物体叠放在水平面上，用水平力F拉物体乙，它们仍保持静止状态，甲、乙接触面也为水平，则乙物体受力的个数为（）A.4个B.3个C.5个D.6个12. 物体在甲、乙两地往返运动，从甲地到乙地的平均速度为v1，从乙地到甲地的平均速度为v2，则物体往返一次，平均速度的大小为（）A.v1+v22B.2v1v2v1+v2C.√v12+v222D.013. 如图所示，用绳跨过定滑轮牵引小船，设水的阻力不变，则在小船匀速靠岸的过程中（）A.绳子的拉力不变B.绳子的拉力不断增大C.船所受浮力增大D.船所受浮力变小14. 下列各组共点力分别作用在一个物体上，有可能使物体达到平衡状态的是（）A.3N，4N，8NB.7N，5N，3NC.4N，10N，5ND.4N，12N，8N15. 如图所示，重物的质量为m，轻细绳AO的A端和BO的B端固定，平衡时AO水平，BO与水平方向的夹角为60∘．AO的拉力F1和BO的拉力F2与物体重力的大小关系是（）A.F1<mg B.F1>mg C.F2>mg D.F2<mg16. 如图所示，质量为m的木块被水平推力压着，静止在竖直墙壁上，当推力F的大小增加到2F时，则（）A.木块所受墙面的摩擦力增加到原来的2倍B.木块所受墙面的弹力增加到原来的2倍C.木块所受墙面的摩擦力不变D.木块所受墙面的摩擦力方向向下二、填空题有一批游客乘飞机从北京来到海南旅游，他们托运的行李与在北京时比较，行李的质量将________．（填“变大”“不变”或“变小”）；所受的重力的大小将________．（填“变大”“不变”或“变小”）．一小孩用80N的水平推力推重力为200N的木箱，木箱不动，当小孩用110N的水平推力恰能推动木箱，当木箱被推动以后，小孩只需要用100N的水平力就可以使木箱沿水平地面匀速前进，则：木箱不动时受到的摩擦力是________N，木箱与地面之间的最大静摩擦力是________N，木箱与地面之间的动摩擦因数是________．俗话说：“人往高处走，水往低处流．”水总是从高处流向低处是因为水受到________力的作用，这个力的方向是________．电磁打点计时器和电火花打点计时器所使用的是________（填交流或直流），电磁打点计时器的工作电压是________V．电火花打点计时器的工作电压是________ V．当电源频率是50Hz时，它每隔________s打一次点．一个物体在共点力的作用下，如果处于静止或者________，我们就说物体处于平衡状态，此时物体所受合外力F合=________．如图所示，在μ=0.1的水平面上向右运动的物体，质量为m=20kg．在运动的过程中，还受一个水平向左的大小为10N的拉力的作用，则物体受到的滑动摩擦力大小为________N，方向是________．(g=10m/s2)如图所示，物体受两个在同一平面上的共点力的作用，两个力的大小分别是F1=F2=10N，且它们的夹角成120∘．则它们的合力大小是________N．两个共点力的合力最大值为25N，最小值为15N，则这两个力分别为________ N、________N．质量为m的物体静止在倾角为θ的斜面上，如图所示，重力加速度为g，重力的两个分力下滑力F1=________；压紧斜面力F2=________．小明拉着穿过打点计时器的纸带的一端运动，纸带上打出的点如图所示，由此判断纸带的运动情况是（）A.先加速后匀速 B.先匀速后减速 C.先加速后减速 D.先减速后加速在“研究匀变速直线运动”的实验中：①除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、一端附有滑轮的长木板、细绳、钩码、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有()．（填选项代号）A.电压可调的直流电源B.电压合适的50Hz交流电源C.重锤②实验过程中，下列做法正确的是BD．A．先使纸带运动，再接通电源B．先接通电源，再使纸带运动C．将接好纸带的小车停在靠近滑轮处D．将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处．D.天平E.刻度尺F.秒表三、计算题成龙曾在一部动作影片中扮演一位勇敢的刑警，为了抓住逃跑的抢劫犯，他从一座约20m高的立交桥上竖直跳下去，落在一辆正从桥下正下方匀速经过的装满沙土的长卡车上，若卡车长12m，车速为4m/s，成龙刚跳下时卡车头恰好从桥下露出，试估计成龙能否安全落在卡车里？一质点做匀加速直线运动，初速度为5m/s，加速度为3m/s2．试求该质点：（1）第5s末的速度；（2）前5s内的位移；（3）第5s内的位移．如图所示，一个质量m=10kg的物块，在F=50N的拉力作用下，从静止开始沿水平面做匀加速直线运动，拉力方向与水平方向成θ=37∘．假设水平面光滑，取重力加速度g=10m/s2．sin37∘=0.6，cos37∘=0.8．（1）画出物块的受力示意图；（2）求物块运动的加速度大小；（3）求物块速度达到v=4.0m/s时移动的距离．参考答案与试题解析2015-2016学年北京大学附中河南分校高一（上）期末物理试卷（普通班）一、选择题1.【答案】此题暂无答案【考点】加速度【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答2.【答案】此题暂无答案【考点】摩擦验口判断【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答3.【答案】此题暂无答案【考点】物体学火【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答4.【答案】此题暂无答案【考点】参考系【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答5.【答案】此题暂无答案【考点】牛顿第验库律的概念【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答6.【答案】此题暂无答案【考点】惯性【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答7.【答案】此题暂无答案【考点】牛顿验乙定律滤应替-超重和失重【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答8.【答案】此题暂无答案【考点】牛顿第都读律的概念匀变速较线运虑的须移偏时间的关系【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答9.【答案】此题暂无答案【考点】解直角验极形在三库平衡问验中的应用力的合成三分解程应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答10.【答案】此题暂无答案【考点】牛顿第都读律的概念匀变速较线运虑的须移偏时间的关系【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答11.【答案】此题暂无答案【考点】静表擦弹组池大静摩擦力物体的明性织弹力【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答12.【答案】此题暂无答案【考点】平体速硫【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答13.【答案】此题暂无答案【考点】解直角验极形在三库平衡问验中的应用力的合成三分解程应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答14.【答案】此题暂无答案【考点】力因印成【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答15.【答案】此题暂无答案【考点】力的合成三分解程应用解直角验极形在三库平衡问验中的应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答16.【答案】此题暂无答案【考点】摩擦使爱计算摩擦验口判断【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答二、填空题【答案】此题暂无答案【考点】重力【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】摩擦验口判断【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】重力【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】打验口时器【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】解直角验极形在三库平衡问验中的应用力的合成三分解程应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】滑明摩月力【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】力因印成【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】力因印成【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】力的体交目解法【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】用打点于时器深速度【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】探究常车速按随时酚变棒的规律【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答三、计算题【答案】此题暂无答案【考点】自由落较运动六概念【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】匀变速较线运虑的须移偏时间的关系【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】此题暂无答案【考点】牛顿第都读律的概念匀变速体线具动除众度与位移的关系力的合成三分解程应用【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答。
河南省北大附中河南分校2015_2016学年九年级物理上学期12月月考试题(含解析)新人教版
北大附中河南分校（宇华教育集团）2015-2016学年九年级（上）月考物理试卷一、填空题（每空1分，共16分）1．如图所示，验电器的金属箔片张开是因为种电荷互相排斥，用手接触验电器的金属球后金属箔片闭合，这说明人体是（选填“导体”或“绝缘体”）．2．我国家庭电路的电压是V，家庭中的日光灯、电视机、电冰箱等用电器是联的．3．长度相同的镍铬合金丝A比镍铬合金丝B粗得多，它们以某种方式连入同一个电路，如图所示．如果镍铬合金丝A和B的电阻分别为R A和R B，此时通过它们的电流分别为I A和I B，则有R AR B，I A I B．（选填“＞”、“=”或“＜”）4．如图所示是一把既能吹冷风，又能吹热风的电吹风的简化电路，图中A是吹风机，B是电热丝．将插头插入插座，若只闭合开关S l，电吹风吹出的是风；若将开关S l、S2都闭合，电吹风吹出的是风．（热/冷）5．如图甲所示的电路图，L1和L2是连接的．开关闭合时，两个电流表的示数分别如图乙和图丙，判断A2表的读数是；流过灯L2的电流大小是．6．如图所示电路中，只闭合S1、S2时，灯L1、L2是，只闭合S3时，灯L1、L2是（选填“串联”或“并联”），同时闭合开关会造成电源短路．7．一只小灯泡正常工作时的电压为6V，正常发光时的电流为0.5A，现手边只有一个电压为9V的电源，为了使小灯泡能正常发光，应联一只阻值为的电阻．二、选择题（每题2分，共16分）8．关于电阻的说法正确的是（）A．导体两端的电压增大时，导体中的电流和这段导体的电阻都增大B．导体中的电流减小时，导体中的电阻增大C．根据欧姆定律可知，R=所以当电压U为0时，导体的电阻R也为0D．导体的电阻大小与加在它两端的电压和通过它的电流无关9．如图是安装在潜水器上的深度表的电路简图，其中，显示器有电流表改装，电源电压不变，R0是定值电阻．在潜水器下潜的过程中，通过显示器的电流量增大，电路中有关物理量的变化情况正确的是（）A．压力传感器两端的电压增大B．压力传感器的电阻随所受压力增大而增大C．压力传感器的电阻随所受压力增大而减小D．电路的总功率减小10．如图所示的电路中，要想测出L2两端的电压，连接正确的是（）A． B．C．D．11．如图是电源电压不变，两只电表均完好，开关S闭合后，发现只有一只电表的指针发生偏转，若电路中只有一个灯泡出现了故障，则可能是（）A．电压表指针发生偏转，灯泡L1断路B．电压表指针发生偏转，灯泡L1短路C．电流表指针发生偏转，灯泡L2短路D．电流表指针发生偏转，灯泡L2断路12．如图（甲）为调光台灯，（乙）为一简单调光台灯的电路图，将电路图的M、N两点之间接入一个滑动变阻器，使得滑片P向左移动时，灯泡的亮度减小，则下列方法中正确的是（）A．A接M，B接N B．C接M，D接N C．A接M，D接N D．B接M，C接N13．如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗B．电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮C．电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗D．电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮14．如图所示是王超设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻．当闭合开关S，压力F增大时，电流表与电压表示数变化情况是（）A．电流表示数变大，电压表示数变小B．电流表示数变小，电压表示数变大C．电流表、电压表示数都变大D．电流表、电压表示数都变小15．如图所示电路中，电源电压不变，开关闭合后，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）A．电路的总电阻变大 B．电流表的示数都变小C．电压表的示数变大 D．电灯亮度变暗三、作图题（每题2分，共4分）16．如图所示，请将各器材连接成低压调光电路．要求：变阻器的滑片向a端滑动时，灯泡亮度增加．17．如图所示，在圆圈内分别填入正确的电表符号，使开关闭合后两灯都能发光．四、实验探究题（每题6分，共18分）18．小明利用如图甲所示的电路探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”．已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω．（1）如图乙所示，A导线应该接在滑动变阻器（填“上端”或“下端”）的接线柱．（2）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流，随电阻R变化的图象．①由图象可以得出结沦：电压一定时，．②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，将10Ω的电阻接入电路，闭合开关后，应将滑片向（填“左”或“右”）移动，使电压表示数为V时，读出电流表的示数．（3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于Ω的滑动变阻器．19．如图所示，小明同学在“测未知电阻R x”的实验中．（1）连接电路时，开关应．请用笔画线代替导线，根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整．（2）闭合开关前，图乙中滑动变阻器的滑片P应位于（填“A”或“B”）端．（3）闭合开关后，发现电流表指针几乎不动，电压表示数约为电源电压，故障的原因是（选填“R x短路”或“R x断路”）．（4）排除故障后，小明通过实验得到数据如下表所示，其中第1次实验的电流表示数如图丙所示，．R0，当滑片置于最左端时，电流表示数为I1，滑片P置于最右端时，电流表示数为I2，则未知电阻的表达式：R x= ．20．如图是小军做“探究影响导体电阻大小的因素”实验所采用的电路，是四根合金丝，用一个电压表分别测出它们两端的电压，得到一次实验部分数据如表所示．）四根金属丝串联在电路中，它们两端的电压之比等于它们的之比；为探究电阻大小与横截面积的关系，应比较合金丝a和两端的电压；合金丝d两端的电压如图乙所示，示数为V．（2）在得到上表数据的过程中，（选填“能”或“不能”）改变滑动变阻器滑片的位置；为得到更可靠的实验结论，应多次实验，每次测量合金丝两端电压之前，需进行一项实验操作是．（3）关于导体电阻与长度的关系，小军还进行了理论探究：某金属丝电阻为R，长度为L，若把n 根这样的电阻丝串联在电路中，则总长度为nL，总电阻为，从而得到导体电阻与长度的关系；依此关系，上表中b合金丝两端的电压应该为V．五、综合应用题（共16分）21．一只小灯泡上标有“6V 3W”，与滑动变阻器串联连入电路，电源电压为18V并保持不变，电路如图所示，电流表选择量程为0～0.6A，电压表选择量程为0～15V，不考虑温度对灯泡电阻值的影响．（1）灯泡电阻是多少？（2）灯泡正常工作时电路的总功率是多少？（3）在保证器材安全的情况下，滑动变阻器连入电路的最小阻值是多少？22．甲图为升降机电路的部分原理图，电源电压恒定为6V，R0为定值电阻，电压表量程为0﹣3V，压敏电阻R1的阻值与所受压力大小的关系如图乙所示．（1）压敏电阻不受压力时，电压表示数为2V，定值电阻R0的电功率为多少？（2）在电路正常工作时，此压敏电阻能承受的最大压力为多少？（3）在不改变电表的条件下，要增大压敏电阻的承压范围，应如何调整？（写出一条）（4）若在升降机底板上放置一个物块，静置时电压表示数为U0，当升降机匀速下降时，电压表示数（选填“大于”、“等于”或“小于”）U0．2015-2016学年北大附中河南分校（宇华教育集团）九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、填空题（每空1分，共16分）1．如图所示，验电器的金属箔片张开是因为同种电荷互相排斥，用手接触验电器的金属球后金属箔片闭合，这说明人体是导体（选填“导体”或“绝缘体”）．【考点】验电器的原理及使用．【专题】电流和电路．【分析】（1）验电器是根据同种电荷相互排斥制成的．（2）导体能够将产生的静电导入大地．【解答】解：验电器的金属箔片张开是因为同种电荷互相排斥，用手接触验电器的金属球后金属箔片闭合，即人将电荷导入大地了，故该现象说明人体是导体．故答案为：同；导体．【点评】本题考查电荷间的相互作用规律以及导体和绝缘题的区别．属于识记性内容，比较简单．2．我国家庭电路的电压是220 V，家庭中的日光灯、电视机、电冰箱等用电器是并联的．【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；串联电路和并联电路的辨别．【专题】电与热、生活用电．【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V；（2）并联电路各支中用电器工作情况互不影响，串联电路各用电器工作互相影响．【解答】解：我国家庭电路的电压是 220V；由于家庭电路的各用电器既可以单独工作，又互不影响，所以家庭电路的用电器是并联连接．故答案为：220；并．【点评】本题旨在考查家庭电路的知识，考查学生对家庭电路的电压及连接方式的记忆，是一道基础题．3．长度相同的镍铬合金丝A比镍铬合金丝B粗得多，它们以某种方式连入同一个电路，如图所示．如果镍铬合金丝A和B的电阻分别为R A和R B，此时通过它们的电流分别为I A和I B，则有R A＜R B，I A= I B．（选填“＞”、“=”或“＜”）【考点】影响电阻大小的因素；串联电路的电流规律．【专题】电流和电路；电压和电阻．【分析】（1）影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，其它条件相同，导体的横截面积越大，电阻越小；（2）串联电路电流的特点：串联电路中，电流处处相等．【解答】解：由图知，A、B串联，所以电流相等；由题意知，AB材料和长度相同，A的横截面积大，电阻更小．故答案为：＜；=．【点评】此题考查了串联电路电流的特点及电阻大小的判断，关键是掌握影响电阻大小的因素并能判断出串联电路．4．如图所示是一把既能吹冷风，又能吹热风的电吹风的简化电路，图中A是吹风机，B是电热丝．将插头插入插座，若只闭合开关S l，电吹风吹出的是冷风；若将开关S l、S2都闭合，电吹风吹出的是热风．（热/冷）【考点】串联电路和并联电路的辨别．【分析】解决此题可以根据串并联电路的特点，依据题意结合电路图分析是哪部分连入电路，有电流经过的部分，才能正常工作．【解答】解：（1）若只闭合开关S l，电动机与电源串联，电流只经过电动机，所以电吹风吹出的是冷风；（2）若将开关S l、S2都闭合，电动机和电热丝与电源并联，电流分两路分别经过电动机和电热丝，则电吹风吹出的是热风；故答案为：冷，热．【点评】对于这类结合生活中的电器考查电路连接情况的题目，要结合串并联电路的特点进行分析．5．如图甲所示的电路图，L1和L2是并联连接的．开关闭合时，两个电流表的示数分别如图乙和图丙，判断A2表的读数是0.5A ；流过灯L2的电流大小是0.5A ．【考点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律；电流表的读数方法．【分析】并联电路是指各用电器并列连接起来的电路，根据并联电路的特点判断两灯泡的关系；由于电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量L1中的电流，然后根据电流表中指针的位置以及串联电路中电流的规律计算出电流的大小即可．【解答】解：因为两个灯泡并列连接，因此两灯泡并联；已知电流表A2的量程和指针位置，因此电流表A2的读数为0.5A，又因为电流表A1测量干路中的电流，因此电流表的量程为0～3A，故示数为1A，则流过灯L2的电流大小为1A﹣0.5A=0.5A．故答案为并联，0.5A，0.5A．【点评】会正确识别串并联电路，会根据电路中电流的规律判断电流表的量程，并能准确读出电流值．6．如图所示电路中，只闭合S1、S2时，灯L1、L2是并联，只闭合S3时，灯L1、L2是串联（选填“串联”或“并联”），同时闭合开关S1、S2、S3会造成电源短路．【考点】电路的三种状态．【专题】电流和电路．【分析】（1）串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极；（2）短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连；而用电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，使电器两端的电压为零．【解答】解：只闭合S1、S2时，则电流只有两条路径：正极→S1→L1→负极，正极→L2→S2→负极，所以L1、L2是并联；只闭合S3时，则电流只有一条路径：正极→L2→S3→L1→负极，因此L1、L2是串联；当开关S1、S2、S3闭合时，电源的两极直接用导线连接起来了，造成电源短路，损坏电源．故答案为：并联；串联；S1、S2、S3．【点评】本题考查了学生识别串、并联电路的能力，电路的识别一般就从电流路径上分析，只有一条路径的是串联，有多条路径的是并联．7．一只小灯泡正常工作时的电压为6V，正常发光时的电流为0.5A，现手边只有一个电压为9V的电源，为了使小灯泡能正常发光，应串联一只阻值为6Ω的电阻．【考点】欧姆定律的应用．【专题】电路和欧姆定律．【分析】现在电源电压大于灯泡正常工作时的电压，需要串联分压，串联电阻两端的电压等于电源电压减去灯泡的额定电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律即可求出电阻的阻值．【解答】解：由题意知，电源电压大于小灯泡正常发光的电压，根据串联分压的规律，为使其正常发光，应串联一个电阻来进行分压．灯泡正常发光时的电压为U L=6V；根据串联分压的特点，电阻两端的电压U R=U﹣U L=9V﹣6V=3V，∵串联电路各处的电流相等，I=，∴串联电阻的阻值：R===6Ω．故答案为：串；6Ω．【点评】本题考查电压、电阻的计算，关键是欧姆定律公式及其变形的灵活运用以及知道串联分压的特点．二、选择题（每题2分，共16分）8．关于电阻的说法正确的是（）A．导体两端的电压增大时，导体中的电流和这段导体的电阻都增大B．导体中的电流减小时，导体中的电阻增大C．根据欧姆定律可知，R=所以当电压U为0时，导体的电阻R也为0D．导体的电阻大小与加在它两端的电压和通过它的电流无关【考点】电阻．【专题】电压和电阻．【分析】导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关．【解答】解：A、导体的电阻与导体两端的电压大小无关；导体两端的电压增大时，导体中的电流增大，但这段导体的电阻不变；故A错误；B、导体的电阻与导体中的电流大小无关；当导体中的电流减小时，导体的电阻不变；故B错误；C、公式R=只是说明电阻的大小可通过电压与电流的比值来表示，导体的电阻与导体中的电流、导体两端的电压大小无关；故C错误；D、导体的电阻是导体的一种性质，导体的电阻大小与加在它两端的电压和通过它的电流大小均无关；故D正确．故选D．【点评】此题考查对电阻概念的理解和影响电阻大小因素的认识，要抓住导体的电阻是导体本身具有的一种性质．9．如图是安装在潜水器上的深度表的电路简图，其中，显示器有电流表改装，电源电压不变，R0是定值电阻．在潜水器下潜的过程中，通过显示器的电流量增大，电路中有关物理量的变化情况正确的是（）A．压力传感器两端的电压增大B．压力传感器的电阻随所受压力增大而增大C．压力传感器的电阻随所受压力增大而减小D．电路的总功率减小【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【专题】欧姆定律；电能和电功率．【分析】由电路图可知，压力传感器和定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流．在潜水器下潜的过程中，通过显示器的电流量增大，根据欧姆定律可知R0两端的电压变化和电路中总电阻的变化，进一步可知压力传感器电阻的变化，根据串联电路的电压特点可知压力传感器电阻两端的电压变化，根据P=UI可知电路总功率的变化．【解答】解：由电路图可知，压力传感器和定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流．在潜水器下潜的过程中，通过显示器的电流量增大，由I=可知，R0两端的电压增大，电路中的总电阻减小，压力传感器的电阻减小，则压力传感器的电阻随所受压力增大而减小，故B不正确，C正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，压力传感器电阻两端的电压减小，故A不正确；由P=UI可知，电源电压不变时，电路的总功率增大，故D不正确．故选C．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据显示器电流的变化得出传感器电阻的变化．10．如图所示的电路中，要想测出L2两端的电压，连接正确的是（）A． B．C．D．【考点】电压表的使用．【分析】根据电压表的使用规则分析：①电压表要并联在电路中；②电流要从“+“接线柱流入，从“﹣“接线柱流出（否则指针反转）；③被测电压不要超过电压表的量程（可以采用试触的方法来看是否超过量程）．【解答】解：A、电压表的正负接线柱接错了，且测量的是L1、L2的电压，故A错误；B、开关闭合后，电压表测L1的电压，故B错误；C、电压表与L2并联，测L2的电压，故C正确；D、电压表虽然并联在L2两端，但正负接线柱接错，故D错误．故选：C．【点评】本题考查了电压表的使用．电压表与哪个电灯并联即测它的两端电压．11．如图是电源电压不变，两只电表均完好，开关S闭合后，发现只有一只电表的指针发生偏转，若电路中只有一个灯泡出现了故障，则可能是（）A．电压表指针发生偏转，灯泡L1断路B．电压表指针发生偏转，灯泡L1短路C．电流表指针发生偏转，灯泡L2短路D．电流表指针发生偏转，灯泡L2断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】欧姆定律．【分析】首先判断电路的结构，并确定电压表和电流表测量的对象；然后根据断路或短路以及仪表指针偏转情况进行判断．【解答】解：根据电路图可知，两灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量L1两端电压；压表指针发生偏转，说明电流表示数为零，因此电路故障为断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，因此电路故障为灯泡L1断路．故选A．【点评】此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和两表特点进行分析．12．如图（甲）为调光台灯，（乙）为一简单调光台灯的电路图，将电路图的M、N两点之间接入一个滑动变阻器，使得滑片P向左移动时，灯泡的亮度减小，则下列方法中正确的是（）A．A接M，B接N B．C接M，D接N C．A接M，D接N D．B接M，C接N【考点】滑动变阻器的使用．【专题】应用题；电流和电路．【分析】滑动变阻器有四个接线柱，选择一上一下接线柱接入电路，滑动变阻器接入电路的部分取决于接入的下面接线柱．根据向左移动滑片时，连入电路的电阻丝的长度的变化确定电路电流的变化即可．【解答】解：滑片P向左移动时，灯泡的亮度减小，即此时通过小灯泡的电流变小，故电路的电阻变大，所以应该是变阻器滑片的右边电阻丝接入电路，故必须选择D接线柱，再选择A或B即可；故选C．【点评】知道滑动变阻器的正确使用方法，并且会正确连接滑动变阻器，会熟练应用欧姆定律．13．如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗B．电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮C．电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗D．电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮【考点】滑动变阻器的使用；欧姆定律；电功率的计算；实际功率．【专题】压轴题．【分析】滑动变阻器是靠改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻的，它在电路中的作用就是通过改变电阻从而改变电路中的电流和部分电路两端的电压．这道题我们先分析变阻器电阻变化情况，然后得出总电阻变化情况．由于电压一定，根据欧姆定律就可以得出电流变化情况．最后围绕定值电阻分析，因为它的阻值一定，所以通过它的电流跟它两端的电压成正比，知道了它的电压变化情况，就可以知道变阻器两端的电压变化情况了．【解答】解：由图可知，变阻器与灯泡是串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测总电流．当滑片向右滑动时，滑动变阻器的电阻变小，则电路的总电阻变小；又知：电路总电压等于电源电压保持不变；∴根据欧姆定律I=可知，电路中电流变大，即电流表的示数变大；又∵灯泡的阻值不变；∴根据U灯=IR灯可知灯泡两端电压变大；又∵P灯=I2R灯，且电阻不变，电流变大；∴灯泡的实际功率变大；∴灯泡变亮；又∵U滑=U﹣U灯；∴则可判断U滑变小．故选B．【点评】解决这类题目的大体思路是：先分析电阻变化情况，再分析电流变化情况，最后分析电压变化情况；在分析的过程中要合理的选用公式．14．如图所示是王超设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻．当闭合开关S，压力F增大时，电流表与电压表示数变化情况是（）A．电流表示数变大，电压表示数变小B．电流表示数变小，电压表示数变大C．电流表、电压表示数都变大D．电流表、电压表示数都变小【考点】欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律．【分析】由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据压力的变化判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化．【解答】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当闭合开关S，压力F增大时，滑片下移，R2接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AC错误；由U=IR可知，定值电阻R1两端的电压变小，因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确，D错误．故选B．【点评】本题考查了学生对滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律的掌握和运用，分析电路图，确认电路的连接方式是突破口，确认电压表的测量对象是关键．15．如图所示电路中，电源电压不变，开关闭合后，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）A．电路的总电阻变大 B．电流表的示数都变小C．电压表的示数变大 D．电灯亮度变暗【考点】电路的动态分析．【专题】电路变化分析综合题．【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，上面电流表测通过灯泡的电流，右侧电流表测干路电流；根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流和实际功率的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，再根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化．【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，上面电流表测通过灯泡的电流，右侧电流表测干路电流；因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故C错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率不变，即上面电流表的示数不变，灯泡亮度不变，故BD错误；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=可知，通过变阻器的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，由R=可知，电路中的总电阻变大，故A正确．故选A．【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意灯泡的两岸取决于实际功率的大小．三、作图题（每题2分，共4分）16．如图所示，请将各器材连接成低压调光电路．要求：变阻器的滑片向a端滑动时，灯泡亮度增加．【考点】实物的电路连接．。
北京大学附属中学河南分校高一物理12月月考试题
2015-2016学年（上）12月考试卷高一物理考试时间90分钟满分100分一、选择题（每题3分，共15题，1-11题只有一个正确答案，12-15题多选题，多选选错不得分，选对3分，少选2分，共45分）1、做下列运动的物体，能当作质点处理的是（）A．研究自转中的地球 B．研究百米冲刺奔向终点的运动员动作C．研究匀速直线运动的火车D．研究在冰面上旋转的花样滑冰运动员2、从离地面3 m高处竖直向上抛出一个小球，它上升5 m后回落，最后到达地面。
此过程中( )A.小球通过的路程是8 m B．小球的位移大小是13 mC．小球的位移大小是3 m D．小球的位移方向是竖直向上的3、下列表述中，所指的速度为平均速度的是( )A．子弹射出枪口时的速度为800 m/sB．一辆公共汽车从甲站行驶到乙站，全过程的速度为40 km/hC．某段高速公路限速为90 km/hD．小球在第3s末的速度为6 m/s4、如图所示的是一个物体的运动图象，下列说法正确的是( )A．物体3s末开始改变加速度方向B．物体4s末开始改变速度方向C．物体在第5s内的加速度的大小大于第4s内加速度的大小D．物体在前5s内的位移方向改变5、一本书放在水平桌面上，下列说法正确的是（）A. 桌面受到的压力实际就是书的重力B．桌面受到的压力是由桌面形变形成的C．桌面对书的支持力与书的重力是一对相互作用力D．桌面对书的支持力与书对桌面的压力一定大小相等而且是一对相互作用力6、两个物体相互接触，关于接触处的弹力和摩擦力，以下说法正确的是（）A．一定有弹力，但不一定有摩擦力B．如果有弹力，则一定有摩擦力C．如果有摩擦力，则一定有弹力D．如果有摩擦力，则其大小一定与弹力成正比7、同一平面内的三个力，大小分别为4N、6N、7N，若三力同时作用于某一物体，则该物体所受三力合力的最大值和最小值分别为（）A．17N、3N B．17N、0 C．9N、0 D．5N、3N8、静止在斜面上的物体，受到的作用力有（）A．重力、支持力 B．重力、支持力、摩擦力C．重力、支持力、下滑力、摩擦力D．重力、压力、下滑力、摩擦力9、下关于分力和合力说法中，正确的是（）A．分力与合力同时作用在物体上B．分力同时作用在物体上时产生的效果与合力单独作用在物体上时产生的效果相同C．一个力只能分解成两个分力D．合力不可能小于其中一分力10、如图甲所示,在研究摩擦力的实验中,通过向小桶中增加沙子来增大对小车的拉力F，小桶的质量忽略不计，,则小物块A所受的摩擦力f随拉力F的变化关系是（）11、物体做初速度为零的匀加速直线运动，第1 s内的位移大小为5 m，则该物体( )A．3 s内位移大小为40m B．第3 s内位移大小为20mC．1 s末速度的大小为5 m/s D．3 s末速度的大小为30 m/s12、作用在同一物体上的两个力，大小分别为6N和8N，其合力大小可能是（）A．1N B．3N C．13N D.15N13、一枚火箭由地面竖直向上发射，其v-t图象如图4所示，由图象可知（）A、0～t1时间内火箭的加速度小于t1～t2时间内火箭的加速B、在0～t2时间内火箭上升，t2～t3在时间内火箭下落C、t3时刻火箭离地面最远D、t3时刻火箭回到地面14、关于摩擦力，下面几种说法中不正确的是（）A. 摩擦力的方向总与物体运动的方向相反B．滑动摩擦力总是与物体的重力成正比C．滑动摩擦力随着拉力的增大而增大，并有一个最大值D．摩擦力一定是阻力215、图1中，一个质量均匀的球放在互成120°的两块光滑平面上，保持静止，OA是水平的．关于球的受力分析，下面说法中正确的是（）A. 球受重力、平面OA和OB的弹力B．球除了受重力外，只受到平面OA的弹力C．平面OA对球的弹力，方向向上偏左D．平面OA对球的弹力，方向竖直向上第II卷（非选择题）二、填空题（每空1分，共14分）16、常见的矢量有____________、_____________、______________。
北大附中河南分校高一物理下学期期末试卷(含解析)-人教版高一全册物理试题
2015-2016学年北大附中河南分校〔宇华教育集团〕高一〔下〕期末物理试卷一、选择题〔每题4分，共60分，全对得4分，对而不全得2分，错选不得分〕1．将一质量为m的带电微粒〔不计重力〕放在电场中无初速度释放，如此以下说法正确的答案是〔〕A．带电粒子的轨迹一定和电场线重合B．带电粒子的速度方向总是与所在处的电场切线方向一致C．带电粒子的加速度方向总是与所在处的电场线切线方向重合D．带电粒子将沿电场线的切线方向抛出，做抛物线运动2．如下列图，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线．从图中可以判断〔〕A．在0～t1时间内，外力的功率先增大后减小B．在0～t1时间内，外力的功率逐渐为零C．在t2时刻，外力的功率为零D．在t3时刻，外力的功率最大3．带电的平行板电容器与静电计的连接如下列图，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有〔〕A．减小两极板间的距离 B．用手触摸极板AC．在两板间插入电介质 D．将极板B向上适当移动4．一静电场沿x坐标轴方向的电势分布如下列图，如此〔〕A．在x1～x2之间存在着沿x轴正方向的匀强电场B．在x1～x2之间存在着沿x轴正方向逐渐增强的电场C．在x1～x2之间沿x轴方向电场强度为零D．在x1～x2之间存在着沿x轴负方向的匀强电场5．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．如此该粒子〔〕A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化6．如下列图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．假设一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，如此在此过程中，该粒子〔〕A．所受重力与电场力平衡 B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加 D．做匀变速直线运动7．如图1所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P〔坐标为x〕的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E=2πkσ[1﹣]，方向沿x轴．现考虑单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，如图2所示．如此圆孔轴线上任意一点Q〔坐标为x〕的电场强度为〔〕A．2πkσ0B．2πkσ0C．2πkσ0D．2πkσ08．某同学研究电子在电场中的运动时，电子仅受电场力作用，得到了电子由a点运动到b 点的轨迹〔虚线所示〕图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，如此如下说法正确的答案是〔〕A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点低B．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的加速度都比b点小C．如果图中实线是电场线，电子在a点动能较小D．如果图中实线是等势面，电子在a点电势能较小9．如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F 为MN的中点，∠M=30°，M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，φM=φN、φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，如此〔〕A．点电荷Q一定在MP的连线上B．连接PF的线段一定在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP＞φM10．如下列图，小球从静止开始沿光滑曲面轨道AB滑下，从B端水平飞出，撞击到一个与地面呈θ=37°的斜面上，撞击点为C．斜面上端与曲面末端B相连．假设AB的高度差为h，BC间的高度差为H，如此h与H的比值等于：〔不计空气阻力，sin37°=0.6，cos3°=0.8〕〔〕A． B． C． D．11．如下列图，质量一样的A、B两小球用长度不同的两轻绳悬于等高的O1、O2点，绳长L A、L B的关系为L A＞L B，将轻绳水平拉直，并将小球A、B由静止开始同时释放，取释放的水平位置为零势能的参考面，如此如下说法正确的答案是〔〕A．在下落过程中，当两小球到同一水平线L上时具有一样的重力势能B．两小球分别落到最低点的过程中减少的重力势能相等C．A球通过最低点时的重力势能比B球通过最低点时的重力势能大D．A、B两小球只要在一样的高度，它们所具有的重力势能就相等12．某娱乐项目中，参与者抛出一小球去撞击触发器，从而进入下一关．现在将这个娱乐项目进展简化，假设参与者从触发器的正下方以v的速率竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器．假设参与者仍在刚刚的抛出点，沿A、B、C、D四个不同的光滑轨道分别以速率v抛出小球，如下列图．如此小球能够击中触发器的可能是〔〕A． B． C． D．13．如下列图，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B点的竖直高度差为h，速度为v，如此〔〕A．小球在B点动能小于mghB．由A到B小球重力势能减少mv2C．由A到B小球抑制弹力做功为mghD．小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh﹣14．如下列图，质量为m的小球套在倾斜放置的固定光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到弹簧水平位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹簧位于竖直位置时，小球速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h，假设全过程中弹簧始终处于伸长状态且处于弹性限度范围内，如下说法正确的答案是〔〕A．弹簧与杆垂直时，小球速度最大B．弹簧与杆垂直时，小球的动能与重力势能之和最大C．小球下滑至最低点的过程中，弹簧的弹性势能增加量小于mghD．小球下滑至最低点的过程中，弹簧的弹性势能增加量等于mgh15．在加速运动的车厢中，一个人用力向前推车厢，如下列图，人相对车厢未移动如此如下说法正确的答案是〔〕A．人对车不做功 B．人对车做负功C．推力对车做正功 D．车对人做正功二、填空题〔16题每空1分，17题每空2分，共12分〕16．连接在电源两极板上的平行板电容器，当两极板间的距离减小时，电容器的电容C将，带电量Q将，电势差U将，极板间的电场强度E将．〔填“增大〞、“减小〞或“不变〞〕17．测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的实验装置如下列图．AB是半径足够大的、光滑的四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的P板的上外表BC在B点相切，C点在水平地面的垂直投影为C′．重力加速度为g．实验步骤如下：①用天平称出物块Q的质量m；②测量出轨道AB的半径R、BC的长度L和CC′的高度h；③将物块Q在A点由静止释放，在物块Q落地处标记其落地点D；④重复步骤③，共做10次；⑤将10个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到C′的距离s．用实验中的测量量表示：〔1〕物块Q到达B点时的动能E kB=；〔2〕物块Q到达C点时的动能E kC=；〔3〕在物块Q从B运动到C的过程中，物块Q抑制摩擦力做的功W f=；〔4〕物块Q与平板P之间的动摩擦因数μ=．三、计算题〔18题8分，19题10分，20题10分〕18．如下列图，是示波器工作原理的示意图，电子经电压U1从静止加速后垂直进入偏转电场，偏转电场的电压为U2，两极板间距为d，极板长度为L，电子离开偏转电场时的偏转量为h，每单位电压引起的偏转量〔h/U2〕叫示波器的灵敏度，试求：该示波器的灵敏度，并探究可采用哪些方法提高示波器的灵敏度．19．质量为1.0×103kg的汽车，沿倾角为30°的斜坡由静止开始运动，汽车在运动过程中所受摩擦阻力大小恒为2000N，汽车发动机的额定输出功率为5.6×104W，开始时以a=1m/s2的加速度做匀加速运动〔g=10m/s2〕．求：〔1〕汽车做匀加速运动的时间t1；〔2〕汽车所能达到的最大速率；〔3〕假设斜坡长143.5m，且认为汽车达到坡顶之前，已达到最大速率，如此汽车从坡底到坡顶需多少时间？20．如下列图，竖直平面内的一半径R=0.50m的光滑圆弧槽BCD，B点与圆心O等高，一水平面与圆弧槽相接于D点．质量m=0.10kg的小球从B点正上方H=0.95m高处的A点自由下落，由B点进入圆弧槽轨道，从D点飞出后落在水平面上的Q点，DQ间的距离s=2.4m，球从D点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h=0.80m，取g=10m/s2，不计空气阻力，求：〔1〕小球经过C点时轨道对它的支持力大小N；〔2〕小球经过最高点P的速度大小v P；〔3〕D点与圆心O的高度差h OD．2015-2016学年北大附中河南分校〔宇华教育集团〕高一〔下〕期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔每题4分，共60分，全对得4分，对而不全得2分，错选不得分〕1．将一质量为m的带电微粒〔不计重力〕放在电场中无初速度释放，如此以下说法正确的答案是〔〕A．带电粒子的轨迹一定和电场线重合B．带电粒子的速度方向总是与所在处的电场切线方向一致C．带电粒子的加速度方向总是与所在处的电场线切线方向重合D．带电粒子将沿电场线的切线方向抛出，做抛物线运动【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】只有当电场线是直线，而且点电荷没有初速度或初速度方向与电场线在同一直线上时，点电荷的运动轨迹才与电场线重合；点电荷的加速度方向与电场力方向一样，对于正电荷，电场力与场强方向一样，沿着电场线的切线方向．【解答】解：A、点电荷运动的轨迹不一定与电场线重合，只有当电场线是直线，而且点电荷没有初速度或初速度方向与电场线在同一直线上时，点电荷的运动轨迹才与电场线重合．故A错误；B、点电荷的速度方向始终沿着轨迹的切线方向，由于轨迹不一定与电场线重合，所以其速度方向不一定终与所在点的电场线的切线方向一样，故B错误；C、正电荷的受到的电场力的方向始终与所在点的电场线的切线方向一致，根据牛顿第二定律可知，加速度方向一样与其所受的电场力的方向一样，所以正电荷的加速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向一样，负电荷的加速度方向，始终与所在点的电场线的切线方向相反．总是与它所在处的电场线的切线方向重合．故C正确；D、点电荷将沿电场线切线方向抛出，由于粒子的初速度是0，所以不会做抛物线运动，故D 错误．应当选：C．2．如下列图，在外力作用下某质点运动的v﹣t图象为正弦曲线．从图中可以判断〔〕A．在0～t1时间内，外力的功率先增大后减小B．在0～t1时间内，外力的功率逐渐为零C．在t2时刻，外力的功率为零D．在t3时刻，外力的功率最大【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】由v﹣t图象可知物体的运动方向，由图象的斜率可知拉力的方向，如此由功的公式可得出外力做功的情况，由P=Fv可求得功率的变化情况【解答】解：A、由图象可知0时刻速度为零，t1时刻速度最大但拉力为零，由P=Fv可知外力的功率在0时刻功率为零，t1时刻功率也为零，可知功率先增大后减小；故A正确；B、图象斜率表示加速度，加速度对应合外力，合外力减小，速度增大；由图象可知0时刻速度为零，t1时刻速度最大但拉力为零，由P=Fv可知外力的功率在0时刻功率为零，t1时刻功率也为零，可知功率先增大后减小，故B错误C、t2时刻物体的速度为零，由P=Fv可知外力的功率为零，故C正确．D、由图象可知t3时刻速度最大但拉力为零，由P=Fv可知外力的功率在t3时刻功率也为零，故D错误；应当选：AC3．带电的平行板电容器与静电计的连接如下列图，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有〔〕A．减小两极板间的距离 B．用手触摸极板AC．在两板间插入电介质 D．将极板B向上适当移动【考点】电容器的动态分析．【分析】根据电容的决定式C=，分析电容的变化，再由电容的定义式分析板间电压的变化，确定静电计指针张角的变化．【解答】解：A、减小两极板间的距离，如此d减小，如此由决定式可得是容器的电容增大；如此由Q=UC可知，电势差减小，故A正确；B、由于B板接地，用手触摸A时，故对电量有影响，电势差减小，故B正确；C、在两板间插入电介质时，介电常数增大，如此C增大，由由Q=UC可知，电势差减小，故C正确；D、将极板B向上运动时，正对面积减小，如此C减小，由定义式可知，电势差增大，故D 错误；应当选：ABC．4．一静电场沿x坐标轴方向的电势分布如下列图，如此〔〕A．在x1～x2之间存在着沿x轴正方向的匀强电场B．在x1～x2之间存在着沿x轴正方向逐渐增强的电场C．在x1～x2之间沿x轴方向电场强度为零D．在x1～x2之间存在着沿x轴负方向的匀强电场【考点】电势；电场强度．【分析】沿着场强方向电势减小，垂直场强方向电势不变，根据题中图象得到电势变化规律，图象的斜率表示电场强度，从而判断电场强度的情况．【解答】解：根据图象∅=Ex可知，图象的斜率表示电场强度的大小，因此在x1～x2之间，斜率不变，所以电场强度大小不变，再根据沿着电场线的方向，电势降低，如此有在x1～x2之间电场强度的方向与x轴负方向一样．故D正确，ABC错误；应当选D．5．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．如此该粒子〔〕A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化【考点】等势面．【分析】电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A：根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥，故粒子带正电荷，故A错误；B：点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，粒子在C点受到的电场力最小，故B错误；C：根据动能定理，粒子由b到c，电场力做正功，动能增加，故粒子在b点电势能一定大于在c点的电势能，故C正确；D：a点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功为多，动能变化也大，故D正确．应当选：CD．6．如下列图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．假设一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，如此在此过程中，该粒子〔〕A．所受重力与电场力平衡 B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加 D．做匀变速直线运动【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】带电粒子在场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动的性质，与根据电场力做功来确定电势能如何变化．【解答】解：A、D、根据题意可知，粒子做直线运动，如此电场力与重力的合力与速度方向同向，粒子做匀加速直线运动，因此A错误，D正确；B、根据动能定理，由A选项分析可知，电场力做正功，如此电势能减小，故B错误；C、因电场力做正功，如此电势能减小，导致动能增加，故C正确；应当选：CD．7．如图1所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P〔坐标为x〕的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E=2πkσ[1﹣]，方向沿x轴．现考虑单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，如图2所示．如此圆孔轴线上任意一点Q〔坐标为x〕的电场强度为〔〕A．2πkσ0B．2πkσ0C．2πkσ0D．2πkσ0【考点】电场强度．【分析】均匀圆板的电场强度的公式，推导出单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电平板的电场强度的公式，然后减去半径为r的圆板产生的场强．【解答】解：无限大均匀带电平板R取无限大，在Q点产生的场强：半径为r的圆板在Q点产生的场强：无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板后的场强是两个场强的差，所以：所以选项A正确．应当选：A8．某同学研究电子在电场中的运动时，电子仅受电场力作用，得到了电子由a点运动到b 点的轨迹〔虚线所示〕图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，如此如下说法正确的答案是〔〕A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点低B．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的加速度都比b点小C．如果图中实线是电场线，电子在a点动能较小D．如果图中实线是等势面，电子在a点电势能较小【考点】电场线；等势面．【分析】由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势上下．匀强电场中场强处处大小相等．根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a点与b点动能的大小．【解答】解：A、假设图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场线方向水平向左，如此a点的电势比b点低；假设实线是等势面，由于电场线与等势面垂直，电子所受电场力方向向下，如此电场线方向向上，如此a点的电势比b点高．故A错误．B、不论图中实线是电场线还是等势面，该电场是匀强电场，a点和b点的场强大小相等，电子的加速度相等．故B错误．C、如果图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场力对电子做正功，如此由动能定理得知，电子在a点动能较小．故C正确．D、D、如果图中实线是等势面，电子所受电场力方向向下，电场力对电子做负功，如此电子在a点电势能较小．故D正确．应当选：CD．9．如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F 为MN的中点，∠M=30°，M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，φM=φN、φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，如此〔〕A．点电荷Q一定在MP的连线上B．连接PF的线段一定在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP＞φM【考点】电势；电场强度．【分析】点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆，圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心；找出电荷位置后，根据电势能的变化情况判断电场力做功情况．【解答】解：A、点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，故场源电荷在MN的中垂线和FP的中垂线的交点上，在MP的连线上，如下列图，故A正确；B、φP=φF，线段PF是P、F所在等势面〔圆〕的一个弦，故B错误；C、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P点搬运到N点，电势能降低，故电场力做正功，故C错误；D、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故φP＞φM，故D正确．应当选：AD．10．如下列图，小球从静止开始沿光滑曲面轨道AB滑下，从B端水平飞出，撞击到一个与地面呈θ=37°的斜面上，撞击点为C．斜面上端与曲面末端B相连．假设AB的高度差为h，BC间的高度差为H，如此h与H的比值等于：〔不计空气阻力，sin37°=0.6，cos3°=0.8〕〔〕A． B． C． D．【考点】机械能守恒定律；平抛运动．【分析】小球下滑过程中受重力和支持力，其中支持力不做功，只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求出到达B点的速度，到达B点后小球做平抛运动，根据平抛运动的根本公式，即可求解．【解答】解：小球下滑过程中机械能守恒，如此有：=mgh解得：到达B点后小球做平抛运动，如此有：H=解得：t=x=v B t根据几何关系有：tan37°==解得：应当选C11．如下列图，质量一样的A、B两小球用长度不同的两轻绳悬于等高的O1、O2点，绳长L A、L B的关系为L A＞L B，将轻绳水平拉直，并将小球A、B由静止开始同时释放，取释放的水平位置为零势能的参考面，如此如下说法正确的答案是〔〕A．在下落过程中，当两小球到同一水平线L上时具有一样的重力势能B．两小球分别落到最低点的过程中减少的重力势能相等C．A球通过最低点时的重力势能比B球通过最低点时的重力势能大D．A、B两小球只要在一样的高度，它们所具有的重力势能就相等【考点】动能和势能的相互转化；重力势能．【分析】根据重力势能的表达式，结合零势能平面，即可求解．【解答】解：A、下落过程中，当两小球到同一水平线L上时，因它们的质量一样球，如此具有一样的重力势能，故A正确；B、根据重力势能的变化与重力做功有关，与与下落的高度有关，两小球分别落到最低点的过程中减少的重力势能不相等，故B错误；C、取释放的水平位置为零势能的参考面，A球通过最低点时的重力势能与B球通过最低点时的重力势能小，故C错误；D、两小球只要在一样的高度，它们所具有的重力势能就相等，故D正确；应当选：AD．12．某娱乐项目中，参与者抛出一小球去撞击触发器，从而进入下一关．现在将这个娱乐项目进展简化，假设参与者从触发器的正下方以v的速率竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器．假设参与者仍在刚刚的抛出点，沿A、B、C、D四个不同的光滑轨道分别以速率v抛出小球，如下列图．如此小球能够击中触发器的可能是〔〕A． B． C． D．【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】小球在运动的过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律，以与到达最高点的速度能否为零，判断小球进入右侧轨道能否到达h高度．【解答】解：小球以v竖直上抛的最大高度为h，到达最大高度时速度为0，A、小球不能上升到最高点就做斜抛运动了，不能击中触发器，故A错误；B、小球离开斜面后做斜抛运动了，不能击中触发器，故B错误；C、根据机械能守恒定律可知，小球上升到最高点时速度刚好等于零，可以击中触发器，故C正确；D、在双轨中做圆周运动时到达最高点的速度可以为零，所以小球可以上升到最高点并击中触发器，故D正确．应当选CD13．如下列图，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变，由静止释放小球，它运动到O点正下方B点的竖直高度差为h，速度为v，如此〔〕A．小球在B点动能小于mghB．由A到B小球重力势能减少mv2C．由A到B小球抑制弹力做功为mghD．小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh﹣【考点】功能关系；弹性势能．【分析】小球在下降中小球的重力势能转化为动能和弹性势能，由重力做功量度重力势能的变化．由弹簧弹力做功量度弹性势能的变化．根据系统的机械能守恒求小球到达B点时弹簧的弹性势能．【解答】解：AB、小球由A点到B点重力势能减少mgh．在小球在下降过程中，小球的重力势能转化为动能和弹簧的弹性势能，所以小球运动到B点时的动能小于mgh．故A正确、B 错误．C、根据动能定理得：mgh+W弹=mv2，所以由A至B小球抑制弹力做功为 W弹=mgh﹣mv2，故C错误．D、弹簧弹力做功量度弹性势能的变化．所以小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mgh﹣mv2，故D正确．应当选：AD14．如下列图，质量为m的小球套在倾斜放置的固定光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到弹簧水平位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹簧位于竖直位置时，小球速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h，假设全过程中弹簧始终处于伸长状态且处于弹性限度范围内，如下说法正确的答案是〔〕。
北京大学附属中学河南分校高一上学期抽考物理试卷 Word版含答案.pdf
宇华教育集团2015-2016学年上学期抽考试卷 高一物理 考试时间90分钟 满分l00分 一、选择题(每题4分，共60分，有些题只有一个选项正确，有些题有多个选项正确，请选出所有正确答案，选不全的得2分，有选错的不得分) 1、如图所示，物体A在光滑的斜面上沿斜面下滑，则A受到的作用力是( ) (A)重力、弹力和下滑力 (B)重力和弹力 (C)重力和下滑力 (D)重力、支持力和下滑力 2、有一质量均匀分布的圆形薄板，若将其正中央挖掉一个小圆，则薄板的余下部分( ) (A)重力减小，重心随挖下的小圆板移走了 (B)重力和重心位置都没有改变 (C)重力减小，重心位置没有改变 (D)重力减小，重心位置也改变了 3、如图所示，木块放在粗糙的水平桌面上，外力F、F沿水平方向作用在木块上，木块处于静止状态，其中F=10N，F2=2N若撤去力F，则木块受到的摩擦力是( ) (A)8N，方向向右 (B)8N，方向向左 C)2N，方向向右 (D)2N，方向向左 4、如图所示，在水平桌面上放一木块，用从零开始逐渐增大的水平拉力F拉着木块沿桌面运动，则木块所受到的摩擦力f随拉力F变化的图像正确的是下图中的 5、下列说法不正确的是( ) (A平动的物体一定可以视为质点 (B)加速度大小与速度变化的大小无必然联系，但二者方向一定相同 ()弹簧上的弹力一定和弹簧的形变量成正比关系 D)初中所学的电流方向是正电荷定向移动方向，所以电流是矢量 6、在高空自由释放甲物体后，经过时间T，在同一点再以初速v0竖直下抛乙物体在甲、乙两物体着地之前，关于甲相对于乙的速度，下列说法中正确的是() (A)越来越大 (B)越来越小 ()保持不变 (D)要看T和v0的值才能决定速度变大或变小 7、如图所示，物体从斜面上A点由静止开始下滑，第一次经光滑斜面AB滑到底端时间为t；第二次经光滑斜面ACD下滑，滑到底端时间为t2，已知AC+CDAB，在各斜面的等高处物体的速率相等，试判断( ) (A)t>t2 (B)t1=t2 (C)t190)，物体保持静止状态在旋转过程中，设绳A的拉力为T，绳的拉力为T2，则()， (A)T先减小后增大 (B)T1先增大后减小 ()T2逐渐减小 (D)T2最终变为零 二、实验题(共10分，每空2分) 16、某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，已知在每条纸带每5个计时点取好一个计数点，两个计数点之间的时间间隔为s，依打点时间顺序编号为0、1、2、3、4、5，由于不小心，纸带被撕断了，如下图所示请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答： (1)在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应是 (2)打A纸带时，物体的加速度大小是m／2. 17、利用打点计时器研究一个约1．4m高的商店卷帘窗的运动将纸带粘在卷帘底部，纸带通过打点计时器随帘在竖直面内向上运动打印后的纸带如下图所示，数据如表格所示纸带中AB、BC、CD每两点之间的时间间隔为0s，根据各间距的长度，可计算出卷帘窗在各间距内的平均速度v。
北大附中河南分校高二物理上学期12月月考试卷(宏志班,含解析)
2015-2016学年北大附中河南分校高二（上）月考物理试卷（12月份）（宏志班）一、选择题（每小题4分）1．一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点的振动频率是4HzB．在10s内质点经过的路程是20cmC．第4s质点的加速度为零，速度最大D．在t=1s和t=3s两时刻，质点的位移大小相等、方向相同2．一列简谐横波沿x轴传播，周期为T，t=0时刻的波形如图所示．此时平衡位置位于x=3m 处的质点正在向上运动，若a、b两质点平衡位置的坐标分别为x a=2.5m，x b=5.5m，则（）A．当a质点处在波峰时，b质点恰在波谷B．t=时，a质点正在向y轴负方向运动C．t=时，b质点正在向y轴负方向运动D．在某一时刻，a、b两质点的位移和速度可能相同3．某地区地震波中的横波和纵波传播速率分别约为4km/s和9km/s．一种简易地震仪由竖直弹簧振子P和水平弹簧振子H组成（如图）．在一次地震中，震源地地震仪下方，观察到两振子相差5s开始振动，则（）A．P先开始振动，震源距地震仪约36kmB．P先开始振动，震源距地震仪约25kmC．H先开始振动，震源距地震仪约36kmD．H先开始振动，震源距地震仪约25km4．如图所示表示两列相干水波的叠加情况，图中的实线表示波峰，虚线表示波谷．设两列波的振幅均为 5cm，且图示的范围内振幅不变，波速和波长分别为1m/s和0.5m．C 点是BE 连线的中点，下列说法中正确的是（）A．C、E 两点都保持静止不动B．图示时刻 A、B两点的竖直高度差为10cmC．图示时刻C点正处于平衡位置且向水面上运动D．从图示的时刻起经 0.25s，B点通过的路程为10cm5．如图所示，光滑的长直金属杆上套两个金属环与一个完整正弦图象的金属导线ab连接，其余部分未与杆接触．杆电阻不计，导线电阻为R，ab间距离为2L，导线组成的正弦图形顶部或底部到杆距离都是d，在导线和杆平面内有一有界匀强磁场区域，磁场的宽度为L，磁感强度为B，现在外力F作用下导线沿杆以恒定的速度v向右运动，t=0时刻导线从O点进入磁场，直到全部穿过的过程中，产生的感生电流或外力F所做的功为（）A．非正弦交变电流B．正弦交变电流C．外力做功为D．外力做功为6．如图所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图象，则（）A．用户用电器上交流电的频率是100HzB．发电机输出交流电的电压有效值是500VC．输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定D．当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小7．某同学设计的“电磁弹射”装置如图所示，足够长的光滑金属导轨（电阻不计）水平固定放置，间距为l，磁感应强度大小为B的磁场垂直于轨道平面向下．在导轨左端跨接电容为C的电容器，另一质量为m、电阻为R的导体棒垂直于导轨摆放．先断开电键S，对电容器充电，使其带电量为Q，再闭合电键S，关于该装置及导体棒的运动情况下列说法正确的是（）A．要使导体棒向右运动，电容器的b极板应带正电B．导体棒运动的最大速度为C．导体棒运动过程中，流过导体棒横截面的电量为QD．导体棒运动过程中感应电动势的最大值为8．如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x=﹣0.2m 和x=1.2m处，两列波的速度大小均为v=0.4m/s，两波源的振幅均为A=2cm．图示为t=0时刻两列波的图象（传播方向如图所示），该时刻平衡位置位于x=0.2m和x=0.8m的P、Q两质点刚开始振动，质点M的平衡位置处于x=0.5m处．关于各质点运动情况的判断正确的是（）A．t=0时刻质点P、Q均沿y轴正方向运动B．t=1s时刻，质点M的位移为﹣4cmC．t=1s时刻，质点M的位移为+4cmD．t=0.75s时刻，质点P、Q都运动到x=0.5m9．一列简谐横波沿直线传播，该直线上的a、b两点相距4.42m．图中实、虚两条曲线分别表示平衡位置在a、b两点处质点的振动曲线．由此可知（）A．此列波的频率一定是10HzB．此列波的波长一定是0.1mC．此列波的传播速度一定是34m/sD．a点一定比b点距波源近10．如图所示，电阻不计的金属导轨PQ、MN水平平行放置，间距为L，导轨的P、M端接到匝数比为n1：n2=1：2的理想变压器的原线圈两端，变压器的副线圈接有阻值为R的电阻．在两导轨间x≥0区域有垂直导轨平面的磁场，磁场的磁感应强度B=B0sin2kπx，一阻值不计的导体棒ab垂直导轨放置且与导轨接触良好．开始时导体棒处于x=0处，从t=0时刻起，导体棒ab在沿x正方向的力F作用下做速度为v的匀速运动，则（）A．导体棒ab中产生的交变电流的频率为kvB．交流电压表的示数为2B0LvC．交流电流表的示数为D．在t时间内力F做的功为11．一条弹性绳子呈水平状态，M为绳子中点，两端P、Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是（）A．两列波将同时到达中点MB．两列波的波速之比为l：2C．中点M的振动是加强的D．M点的位移大小在某时刻可能为零12．图甲为一列简谐横波在某一时刻波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象．从该时刻起（）A．经过0.35s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离B．经过0.25s时，质点Q的加速度大于质点P的加速度C．经过0.15s，波沿x轴的正方向传播了3mD．经过0.1s时，质点Q的运动方向沿y轴正方向二、实验题：（14分）13．（14分）（2015秋•河南校级月考）任何简谐运动的周期公式都可表示为T=2π，式中T为简谐运动的周期，m为振动物体的质量，k为回复力F与位移x的关系式（即F=﹣kx）中的比例系数．如图甲所示的实验装置是用来测量弹簧劲度系数和滑块质量所用的弹簧振子，M为待测滑块（滑块上可增加砝码），与滑块相连的两轻质弹簧A、B完全相同．整个装置置于水平气垫导轨上，气垫导轨可使滑块在运动过程中不受摩擦力，A弹簧的左端和B弹簧的右端固定在气垫导轨上．为了测出滑块未加砝码时的质量及弹簧A的劲度系数，某同学用秒表分别测出了加上不同质量的砝码时滑块做简谐运动的周期，实验数据记录如下表所示．实验次数所加砝码质量（kg） 50个周期的时间t（s）振动周期T（s）T2的值（s2）1 0.100 38.7 0.774 0.5992 0.200 42.4 0.848 0.7193 0.300 45.8 0.916 0.8394 0.400 49.0 0.980 0.9605 0.500 51.9 1.04 1.086 0.600 54.9 1.10 1.21（1）为了减小实验误差，可用秒表测出滑块运动50个周期的总时间t，再得到周期T=，测量时以滑块开始计时有利于减小计时误差．A．开始运动时 B．到达最大位移处时 C．通过平衡位置时（2）如图乙为某次测量 50 个周期时秒表的示数，则该振动的周期为s（结果保留3位有效数字）．（3）根据表格记录的实验数据，在如图丙所示的坐标纸上，以m（为滑块上所加砝码的质量）为横坐标，T2为纵坐标，作出T2﹣m图象．图中已描出4个点，请根据表中数据描出另外两点，并完成T2﹣m 图象．（4）根据T2﹣m图象可得出未加砝码时滑块的质量为kg，弹簧A的劲度系数为N/m．（取π2=10，最后结果保留2位有效数字）．三、计算题：（14题题10分，15题题8分，16题题10分，17题题10分）14．（10分）（2015春•忻州校级期中）一质量为2.5kg的物体受到劲度系数为k=250N/m的弹簧的作用而做简谐运动，设开始计时时系统所具有的动能E k=0.2J，势能E P=0.6J．（1）振动的振幅为多少？（2）振动的周期T，角速度ω，频率f为多少？（3）T=0时，位移的大小应为多少？（4）如果已知初相位φ0在第一象限，求出φ0．（5）写出振动方程．15．如图所示，两木块的质量为m、M，中间弹簧的劲度系数为k，弹簧下端与M连接，m与弹簧不连接，现将m下压一段距离释放，它就上下做简谐运动，振动过程中，m始终没有离开弹簧，试求：（1）m振动的振幅的最大值；（2）m以最大振幅振动时，M对地面的最大压力．16．（10分）（2015秋•河南校级月考）如图实线是某时刻的波形图象，虚线是经过0.2s时的波形图象．求：（1）可能的波速（2）若波速是35m/s，求波的传播方向（3）若0.2s小于一个周期时，传播的距离、周期（频率）、波速．17．（10分）（2012•德阳校级模拟）如图甲所示，长、宽分别为L1、L2的矩形金属线框位于竖直平面内，其匝数为n，总电阻为r，可绕其竖直中心轴O1O2转动．线框的两个末端分别与两个彼此绝缘的铜环C、D（集流环）焊接在一起，并通过电刷和定值电阻R相连．线框所在空间有水平向右均匀分布的磁场，磁感应强度B的大小随时间t的变化关系如图乙所示，其中B0、B1和t1均为已知．在0～t1的时间内，线框保持静止，且线框平面和磁场垂直；t1时刻后线框在外力的驱动下开始绕其竖直中心轴以角速度ω匀速转动．求：（1）0～t1时间内通过电阻R的电流大小；（2）线框匀速转动后，在转动一周的过程中电流通过电阻R产生的热量；（3）线框匀速转动后，从图甲所示位置转过90°的过程中，通过电阻R的电荷量．2015-2016学年北大附中河南分校（宇华教育集团）高二（上）月考物理试卷（12月份）（宏志班）参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分）1．一质点做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点的振动频率是4HzB．在10s内质点经过的路程是20cmC．第4s质点的加速度为零，速度最大D．在t=1s和t=3s两时刻，质点的位移大小相等、方向相同【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】振动图像与波动图像专题．【分析】由图读出周期，求出频率．质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，根据时间与周期的关系，求出质点在10s内经过的路程．根据质点的位置，分析速度和加速度．在t=1s 和t=3s两时刻质点位移大小相等．【解答】解：A、由图读出周期为T=4s，则频率为f==0.25Hz．故A错误．B、质点做简谐运动，在一个周期内通过的路程是4个振幅，t=10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是S=2.5×4A=10×2cm=20cm．故B正确．C、在第4s末，质点位于平衡位置处，速度最大，加速度为零．故C正确．D、由图看出，在t=1s和t=3s两时刻质点位移大小相等、方向相反．故D错误．故选：BC【点评】由振动图象可以读出周期、振幅、位移、速度和加速度及其变化情况，是比较常见的读图题，难度不大，属于基础题．2．一列简谐横波沿x轴传播，周期为T，t=0时刻的波形如图所示．此时平衡位置位于x=3m 处的质点正在向上运动，若a、b两质点平衡位置的坐标分别为x a=2.5m，x b=5.5m，则（）A．当a质点处在波峰时，b质点恰在波谷B．t=时，a质点正在向y轴负方向运动C．t=时，b质点正在向y轴负方向运动D．在某一时刻，a、b两质点的位移和速度可能相同【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】振动图像与波动图像专题．【分析】由波动图象，分析质点的振动情况，判断质点a、b的速度方向，分析两位移的关系．【解答】解：A、由图λ=4m，x b﹣x a=3m=λ，则a质点处在波峰时，b质点在平衡位置．故A错误．B、简谐横波沿x轴负方向传播，t=0时，a质点正在向y轴正方向运动，t=时，a质点正在向y轴正方向运动．故B错误．C、t=0时刻，b点振动方向向y轴负方向，当t=T时，b质点正在向y轴负方向运动．故C正确．D、由于λ＜x b﹣x a＜λ，位移相同时，速度大小相等，方向相反，两者不可能同时相同．故D错误．故选：C．【点评】本题考查识别、理解波动图象的能力，根据波动图象，分析质点的振动过程是应具备的能力．3．某地区地震波中的横波和纵波传播速率分别约为4km/s和9km/s．一种简易地震仪由竖直弹簧振子P和水平弹簧振子H组成（如图）．在一次地震中，震源地地震仪下方，观察到两振子相差5s开始振动，则（）A．P先开始振动，震源距地震仪约36kmB．P先开始振动，震源距地震仪约25kmC．H先开始振动，震源距地震仪约36kmD．H先开始振动，震源距地震仪约25km【考点】横波和纵波．【专题】压轴题．【分析】纵波的速度快，纵波先到．根据求出震源距地震仪的距离．【解答】解：纵波的速度快，纵波先到，所以P先开始振动，根据，x=36km．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】解决本题的关键运用运动学公式判断哪个波先到．属于容易题．4．如图所示表示两列相干水波的叠加情况，图中的实线表示波峰，虚线表示波谷．设两列波的振幅均为 5cm，且图示的范围内振幅不变，波速和波长分别为1m/s和0.5m．C 点是BE 连线的中点，下列说法中正确的是（）A．C、E 两点都保持静止不动B．图示时刻 A、B两点的竖直高度差为10cmC．图示时刻C点正处于平衡位置且向水面上运动D．从图示的时刻起经 0.25s，B点通过的路程为10cm【考点】波的叠加；波长、频率和波速的关系．【专题】定性思想；推理法；波的多解性．【分析】频率相同的两列水波的叠加：当波峰与波峰、可波谷与波谷相遇时振动是加强的；当波峰与波谷相遇时振动是减弱的，据此分析即可．【解答】解：AB、如图所示，频率相同的两列水波相叠加的现象．实线表波峰，虚线表波谷，则A、E是波峰与波峰相遇，B点是波谷与波谷相遇，C是平衡位置相遇处，它们均属于振动加强区；由于振幅是5cm，A点是波峰与波峰相遇，则A点相对平衡位置高10cm．而B点是波谷与波谷相遇，则B点相对平衡低10cm，所以A、B相差20cm．故A错误，B也错误．C、由图可知，下一波峰将从E位置传播到C位置，则图示时刻C点正处于平衡位置且向水面上运动，故C正确；D、波的周期T==s=0.5s，从图示时刻起经0.25s，B质点通过的路程为2A=20cm．故D错误．故选：C．【点评】注意此题是波动与振动的结合，注意二者之间的区别与联系，运动方向相同时叠加属于加强，振幅为二者之和，振动方向相反时叠加属于减弱振幅为二者之差．5．如图所示，光滑的长直金属杆上套两个金属环与一个完整正弦图象的金属导线ab连接，其余部分未与杆接触．杆电阻不计，导线电阻为R，ab间距离为2L，导线组成的正弦图形顶部或底部到杆距离都是d，在导线和杆平面内有一有界匀强磁场区域，磁场的宽度为L，磁感强度为B，现在外力F作用下导线沿杆以恒定的速度v向右运动，t=0时刻导线从O点进入磁场，直到全部穿过的过程中，产生的感生电流或外力F所做的功为（）A．非正弦交变电流B．正弦交变电流C．外力做功为D．外力做功为【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】金属导线向右一共移动了3L，把全过程分为三个阶段，因导线切割磁力线的有效长度是随正弦规律变化的，所以产生的电流也是按正弦规律变化的正弦交流电，分别求出在这三段中的有效电动势，结合运动时间可求出每段运动过程上产生的内能，外力F所做的功全部转化为了内能．【解答】解：金属导线在磁场中运动时，产生的电动势为：e=Bvy，y为导线切割磁力线的有效长度．在导线运动的过程中，y随时间的变化为：y=dsinπ=dsin=dsinωt，=ω，则导线从开始向右运动到L的过程中（如图）有：e1=Bvy=Bvdsinπ=Bvdsinωt则此过程中电动势的最大值为：E1max=Bvd，此过程中电动势的有效值为：E1==，导线从L向右运动到2L的过程中（如图）有：e2=2Bvy=2Bvdsinπ=2Bvdsinωt，即：E2max=2Bvd，所以：E2=2E1=，导线从2L向右运动到3L的过程与导线从开始向右运动L的过程相同（如图），则在这三段中运动的时间各为t，t=，在整个过程中产生的内能为：Q=++，解得：Q=因导线在拉力F的作用下匀速运动，所以拉力F所做的功全部转化为内能，即：W=Q=，由以上分析可知，电流不按正弦规律变化，不是正弦式电流，故AC正确，BD错误；故选：AC．【点评】该题是以另外一种形式考察了交变电流的做功问题，解决此题的关键是把整个过程进行合理分段，分别求出各段的电动势的有效值，即可求出全过程的电功了．难度较大．6．如图所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图象，则（）A．用户用电器上交流电的频率是100HzB．发电机输出交流电的电压有效值是500VC．输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定D．当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小【考点】远距离输电；变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．同时由变压器电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．【解答】解：A、发电机的输出电压随时间变化的关系，由图可知，T=0.02s，故f=，故A错误；B、由图象可知交流的最大值为U m=500V，因此其有效值为U=V，故B错误；C、输电线的电流由输送的功率与电压决定的，与降压变压器原副线圈的匝数比无关，故C 错误；D、当用户用电器的总电阻增大时，用户的功率减小，降压变压器的输出功率减小，则输入的功率减小，输入的电流减小，输电线上损失的功率减小，故D正确；故选：D．【点评】本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．7．某同学设计的“电磁弹射”装置如图所示，足够长的光滑金属导轨（电阻不计）水平固定放置，间距为l，磁感应强度大小为B的磁场垂直于轨道平面向下．在导轨左端跨接电容为C的电容器，另一质量为m、电阻为R的导体棒垂直于导轨摆放．先断开电键S，对电容器充电，使其带电量为Q，再闭合电键S，关于该装置及导体棒的运动情况下列说法正确的是（）A．要使导体棒向右运动，电容器的b极板应带正电B．导体棒运动的最大速度为C．导体棒运动过程中，流过导体棒横截面的电量为QD．导体棒运动过程中感应电动势的最大值为【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】导体棒向右运动，说明安培力向右，可判定电流方向，进而可知电容器极板电性；导体棒运动时将形成与原电流相反的感应电动势，同时电容器两端电压降低，导体棒两端电压升高，当二者相等时，导体棒匀速运动，由此可解答BCD．【解答】解：A、导体棒向右运动，安培力向右，由左手定则可知电流方向向下，则a带正电，故A错误．B、当导体棒两端的电压与电容两端的电压相等时，导体棒做匀速运动，此时有BLv=，根据动量定理得：B=mv=Bq′L，其中：q′=Q﹣q，联立三式解得：，故B正确．C、导体棒运动过程中，极板电荷不会全部放完，故流过导体棒横截面的电量小于Q，故C 错误．D、导体棒运动的最大速度为，故导体棒运动过程中感应电动势的最大值为：E=，故D错误．故选：B．【点评】该题的关键是判定最大速度，要明确其条件是感应电动势等于电容器两端的电压，结合动量定理可解结果．8．如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x=﹣0.2m和x=1.2m处，两列波的速度大小均为v=0.4m/s，两波源的振幅均为A=2cm．图示为t=0时刻两列波的图象（传播方向如图所示），该时刻平衡位置位于x=0.2m和x=0.8m的P、Q两质点刚开始振动，质点M的平衡位置处于x=0.5m处．关于各质点运动情况的判断正确的是（）A．t=0时刻质点P、Q均沿y轴正方向运动B．t=1s时刻，质点M的位移为﹣4cmC．t=1s时刻，质点M的位移为+4cmD．t=0.75s时刻，质点P、Q都运动到x=0.5m【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】振动图像与波动图像专题．【分析】由图读出波长，从而由波速公式算出波的周期．两列频率相同的相干波，当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与波谷相遇时振动减弱，则振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱．根据所给的时间与周期的关系，分析质点M的位置，确定其位移．由波的传播方向来确定质点的振动方向．【解答】解：A、由波的传播方向根据波形平移法可判断出质点的振动方向：两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，则质点P、Q的起振方向均沿y轴负方向运动，故A错误；B、C、由图知波长λ=0.4m，由v=得，该波的周期为 T=s=1.0s，两质点传到M的时间为T=0.75s，当t=1s=1T时刻，两列波的波谷都恰好传到质点M，所以位移为﹣4cm．故B正确，C错误；D、简谐波传播的过程中质点不向前迁移，只在各自的平衡位置附近振动，所以质点P、Q都不会运动到M点，故D错误；故选：B【点评】本题要掌握波的独立传播原理：两列波相遇后保持原来的性质不变．理解波的叠加遵守矢量合成法则，例如当该波的波峰与波峰相遇时，此处相对平衡位置的位移为振幅的二倍；当波峰与波谷相遇时此处的位移为零．9．一列简谐横波沿直线传播，该直线上的a、b两点相距4.42m．图中实、虚两条曲线分别表示平衡位置在a、b两点处质点的振动曲线．由此可知（）A．此列波的频率一定是10HzB．此列波的波长一定是0.1mC．此列波的传播速度一定是34m/sD．a点一定比b点距波源近【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】振动图像与波动图像专题．【分析】根据两个质点在同一时刻的状态，结合波形波，分析a、b间的距离与波长的关系，求出波速的通项和频率的通项，再确定波速的特殊值．根据a、b两点振动先后判断离振源的远近．【解答】解：A、由图读出周期为T=0.1s，则此波的频率为f==10Hz，故A正确；BC、若波从a传到b，则所用时间为 t=（0.1n+0.03）s，波速为v=m/s，（n=0，1，2…），当n=1时，波速为34m/s，波长为λ=vT=m，n是整数，λ不可能等于0.1m．若波从b传到a，则所用时间为 t=（0.1n+0.07）s，波速 v=m/s，（n=0，1，2…），波长为λ=vT=m，n是整数，λ不可能等于0.1m．故B、C错误．D、由图不能断定波的传播方向，也就无法确定哪一点距波源近一些，故D错误．故选：A．【点评】本题考查对振动图象和质点的振动与波动的关系的理解．关键要抓住波的周期性，列出时间的通项．10．如图所示，电阻不计的金属导轨PQ、MN水平平行放置，间距为L，导轨的P、M端接到匝数比为n1：n2=1：2的理想变压器的原线圈两端，变压器的副线圈接有阻值为R的电阻．在两导轨间x≥0区域有垂直导轨平面的磁场，磁场的磁感应强度B=B0sin2kπx，一阻值不计的导体棒ab垂直导轨放置且与导轨接触良好．开始时导体棒处于x=0处，从t=0时刻起，导体棒ab在沿x正方向的力F作用下做速度为v的匀速运动，则（）A．导体棒ab中产生的交变电流的频率为kvB．交流电压表的示数为2B0LvC．交流电流表的示数为D．在t时间内力F做的功为【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；变压器的构造和原理．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据切割产生的感应电动势公式，得到感应电动势的表达式，即可得到频率．求出原线圈电压的有效值，由变压器的规律求解交流电压表的示数．结合闭合电路欧姆定律求出感应电流的有效值，即可得到交流电流表的示数．电路中产生的感应电流为交变电流，根据有效值求出R产生的热量，从而得到F做的功．【解答】解：A、在t时刻ab棒的坐标为 x=vt感应电动势 e=BLv=B0Lvsin2kπv t则交变电流的角频率为ω=2kπv交变电流的频率为 f==πv，故A正确．B、原线圈两端的电压 U1=由==，得副线圈两端的电压为 U2==B0Lv，故交流电压表的示数为B0Lv，故B错误．C、副线圈中电流有效值为 I2==由==，得原线圈中电流有效值为 I1=，所以交流电流表的示数为，故C错误．D、在t时间内力F做的功等于R产生的热量，为 W=t=．故D正确．故选：AD．【点评】解决本题的关键知道金属棒产生的感应电流为交变电流，求解其热量时应该用电压的有效值，而不是最大值．11．一条弹性绳子呈水平状态，M为绳子中点，两端P、Q同时开始上下振动，一小段时间后产生的波形如图，对于其后绳上各点的振动情况，以下判断正确的是（）A．两列波将同时到达中点MB．两列波的波速之比为l：2C．中点M的振动是加强的D．M点的位移大小在某时刻可能为零【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【专题】应用题．。
高一物理月考试题及答案-北京大学附属中学河南分校2015-2016学年高一上学期抽考
宇华教育集团2015-2016学年上学期抽考试卷高一物理考试时间90分钟满分l00分一、选择题(每题4分，共60分，有些题只有一个选项正确，有些题有多个选项正确，请选出所有正确答案，选不全的得2分，有选错的不得分)1、如图所示，物体A在光滑的斜面上沿斜面下滑，则A受到的作用力是( )(A)重力、弹力和下滑力(B)重力和弹力(C)重力和下滑力(D)重力、支持力和下滑力2、有一质量均匀分布的圆形薄板，若将其正中央挖掉一个小圆，则薄板的余下部分( )(A)重力减小，重心随挖下的小圆板移走了(B)重力和重心位置都没有改变(C)重力减小，重心位置没有改变(D)重力减小，重心位置也改变了3、如图所示，木块放在粗糙的水平桌面上，外力F1、F2沿水平方向作用在木块上，木块处于静止状态，其中F1=10N，F2=2N若撤去力F1，则木块受到的摩擦力是( )(A)8N，方向向右(B)8N，方向向左(C)2N，方向向右(D)2N，方向向左4、如图所示，在水平桌面上放一木块，用从零开始逐渐增大的水平拉力F拉着木块沿桌面运动，则木块所受到的摩擦力f随拉力F变化的图像正确的是下图中的( )5、下列说法不正确的是( )(A)平动的物体一定可以视为质点(B)加速度大小与速度变化的大小无必然联系，但二者方向一定相同(C)弹簧上的弹力一定和弹簧的形变量成正比关系(D)初中所学的电流方向是正电荷定向移动方向，所以电流是矢量6、在高空自由释放甲物体后，经过时间T，在同一点再以初速v0竖直下抛乙物体，在甲、乙两物体着地之前，关于甲相对于乙的速度，下列说法中正确的是( )(A)越来越大(B)越来越小(C)保持不变(D)要看T和v0的值才能决定速度变大或变小7、如图所示，物体从斜面上A点由静止开始下滑，第一次经光滑斜面AB滑到底端时间为t1；第二次经光滑斜面ACD下滑，滑到底端时间为t2，已知AC+CD=AB，在各斜面的等高处物体的速率相等，试判断( )(A)t1>t2(B)t1=t2(C)t1<t2(D)不能确定8、如图所示为一质点作直线运动的速度一时间图像，下列说法中正确的是( )(A)整个过程中，CD段和DE段的加速度数值最大(B)整个过程中，BC段的加速度最大(C)整个过程中，D 点所表示的状态，离出发点最远(D)BC 段所表示的运动通过的路程是34m9、在水平力F 作用下，重为G 的物体匀速沿墙壁下滑，如图所示：若物体与墙壁之间的动摩擦因数为，则物体所受的摩擦力的大小为( )(A) F (B) F+G (C)G10、如图所示，在一粗糙水平面上有两块质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一原长为l 、劲度系数为k 的轻弹簧连接起来，木块与地面间的动摩擦因数为.现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时，两木块之间的距离是( )(A)1+m1g (B)1+ (m 1+m 2)g (C)1+ m 2g (D)1+ g 11、下图是作直线运动物体的速度一时间图像，其中表示物体作匀变速直线运动的是图( )12、如图所示，A 、B 两长方体木块放在水平面上，它们的高度相等，长木板C 放在它们上面用水平力F 拉木块A ，使A 、B 、C 一起沿水平面向右匀速运动，则( )μμμμk μkμk μk μ1212()m m m m +(A)A 对C 的摩擦力向右(B)C 对A 的摩擦力向右(C)B 对C 的摩擦力向右(D)C 对B 的摩擦力向右13、从匀速上升的直升机上落下一个物体，下列说法中正确的是( )(A)从地面上看，物体作自由落体运动(B)从飞机上看，物体作竖直上抛运动(C)物体和飞机之间的距离开始减小，后来增大(D)物体落地时的速度一定大于匀速上升的飞机的速度14、质量为0.8kg 的物块静止在倾角为30°的斜面上，若用平行于斜面沿水平方向大小等于3N 的力推物块，物块仍保持静止，如图所示，则物块所受到的摩擦力大小等于( )(A)5N (B)4N (C)3N15、如图所示，物体G 用两根绳子悬挂，开始时绳OA 水平，现将两绳同时沿顺时针方向转过90°，且保持两绳之间的夹角不变(>90°)，物体保持静止状态在旋转过程中，设绳OA 的拉力为T 1，绳OB 的拉力为T 2，则( )(A)T 1先减小后增大 (B)T 1先增大后减小(C)T 2逐渐减小 (D)T 2最终变为零二、实验题(共10分，每空2分)16、某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，已知在每条纸带每5个计时点取好一个计数点，两个计数点之间的时间间隔为0.1s ，依打点时间顺序编号为0、1、2、3、4、5，由于不小心，纸带被撕断了，如下图所示请根据给出的A 、B 、C 、ααD四段纸带回答：(1)在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应是。
北京大学附属中学河南分校(宇华教育集团)高一12月月考物理试卷.pdf
宇华教育集团2015-2016学年（上）12月考试卷 高一物理 考试时间90分钟 满分100分 选择题（每题3分，共15题，1-11题只有一个正确答案，12-15题多选题，多选选错不得分，选对3分，少选2分，共45分） 1、做下列运动的物体，能当作质点处理的是（）? ? A．研究自转中的地球 B．研究百米冲刺奔向终点的运动员动作 ?C．研究匀速直线运动的火车D．研究在冰面上旋转的花样滑冰运动员 从离地面3?m高处竖直向上抛出一个小球，它上升5?m后回落，最后到达地面。
此过程中() A.小球通过的路程是8?m B．小球的位移大小是13?m? C．小球的位移大小是3?m? D．小球的位移方向是竖直向上的? 3、下列表述中，所指的速度为平均速度的是()? A．子弹射出枪口时的速度为800?m/s? B．一辆公共汽车从甲站行驶到乙站，全过程的速度为40?km/h? C．某段高速公路限速为90?km/h? D．小球在第3s末的速度为6?m/s 4、如图所示的是一个物体的运动图象，下列说法正确的是() A．物体3s末开始改变加速度方向 B．物体4s末开始改变速度方向 C．物体在第5s内的加速度的大小大于第4s内加速度的大小 D．物体在前5s内的位移方向改变 5、一本书放在水平桌面上，下列说法正确的是（） A. 桌面受到的压力实际就是书的重力 B．桌面受到的压力是由桌面形变形成的? C．桌面对书的支持力与书的重力是一对相互作用力? D．桌面对书的支持力与书对桌面的压力一定大小相等而且是一对相互作用力6、两个物体相互接触，关于接触处的弹力和摩擦力，以下说法正确的是?（）? A．一定有弹力，但不一定有摩擦力 B．如果有弹力，则一定有摩擦力? C．如果有摩擦力，则一定有弹力? D．如果有摩擦力，则其大小一定与弹力成正比 同一平面内的三个力，大小分别为4N、6N、7N，若三力同时作用于某一物体， 则该物体所受三力合力的最大值和最小值分别为（）? ? A．17N、3N? B．17N、0? C．9N、0?D．5N、3N 8、静止在斜面上的物体，受到的作用力有（）? ? A．?重力、支持力? B．?重力、支持力、摩擦力? ? C．?重力、支持力、下滑力、摩擦力? ? D．?重力、压力、下滑力、摩擦力 9、下关于分力和合力说法中，正确的是（）? A．分力与合力同时作用在物体上? B．分力同时作用在物体上时产生的效果与合力单独作用在物体上时产生的效 果相同? C．一个力只能分解成两个分力? D．合力不可能小于其中一分力 如图甲所示,在研究摩擦力的实验中,通过向小桶中增加沙子来增大对小车 的拉力F，小桶的质量忽略不计，,则小物块A所受的摩擦力f随拉力F的 变化关系是?（ ） 物体做初速度为零的匀加速直线运动，第1?s内的位移大小为5?m，则该物 A．3?s内位移大小为40m B．第3?s内位移大小为20m? C．1?s末速度的大小为5?m/s? ?D．3?s末速度的大小为30?m/s 12、作用在同一物体上的两个力，大小分别为6N和8N，其合力大小可能是?（）? A．1NB．3N?C．13ND.15N 13、一枚火箭由地面竖直向上发射，其v-t图象如图4所示，由图象可知（）? A、0～t1时间内火箭的加速度小于t1～t2时间内火箭的加速 B、在0～t2时间内火箭上升，t2～t3在时间内火箭下落? C、t3时刻火箭离地面最远 D、t3时刻火箭回到地面 14、关于摩擦力，下面几种说法中不正确的是?（）? A. 摩擦力的方向总与物体运动的方向相反? B．滑动摩擦力总是与物体的重力成正比? C．滑动摩擦力随着拉力的增大而增大，并有一个最大值? D．摩擦力一定是阻力 图1中，一个质量均匀的球放在互成120°的两块光滑平面上，保持静止， OA是水平的．关于球的受力分析，下面说法中正确的是?（）? A. 球受重力、平面OA和OB的弹力? B．球除了受重力外，只受到平面OA的弹力 ? C．平面OA对球的弹力，方向向上偏左? D．平面OA对球的弹力，方向竖直向上 第II卷（非选择题） 填空题（每空1分，共14分） 16、常见的矢量有____________、_____________、______________。
北京大学附中河南分校2015-2016学年高一上学期期末物理试卷及答案(普通班)
2015-2016学年北京大学附中河南分校高一（上）期末物理试卷（普通班）一、选择题1．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的有（）A．加速度越大，速度越大B．速度变化量越大，加速度也越大C．物体的速度变化越快，则加速度越大D．速度越大则加速度越大2．如图所示，在粗糙的长木板上放一个物体，现将木板一端从水平逐渐抬高，直到竖直，那么物体受到的摩擦力将（）A．逐渐增大 B．先增大后减小 C．逐渐减小 D．先减小后增大3．16世纪末意大利科学家伽利略在研究运动和力的关系时，提出了著名的斜面实验，其中应用到的物理思想方法属于（）A．等效替代 B．实验归纳 C．理想实验 D．控制变量4．如图所示，由于风的缘故，河岸上的旗帜向右飘，在河面上的两条船上的旗帜分别向右和向左飘，两条船运动状态是（）A．A船肯定是向左运动的 B．A船肯定是静止的C．B船肯定是向右运动的D．B船可能是静止的5．消防员用绳子将一不慎落入井中的儿童从井内加速向上提的过程中，不计绳子的重力，以下说法正确的是（）A．绳子对儿童的拉力大于儿童对绳子的拉力B．绳子对儿童的拉力大于儿童的重力C．消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对作用力与反作用力D．消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对平衡力6．飞机降落后，在机场跑道上滑行，与起飞升空时比较，它的惯性变小了，原因是（）A．运动速度变小了B．高度降低了C．质量变小了D．阻力变大了7．一质量为m的人站在电梯中，电梯加速下降，加速度大小为，g为重力加速度．人对电梯底部的压力为（）A．B．C．mg D．8．如图所示的一种蹦床运动，图中水平虚线PQ是弹性蹦床的原始位置，A为运动员抵达的最高点，B为运动员刚抵达蹦床时刻时刻的位置，C为运动员的最低点，不考虑空气阻力，运动员从A下落到C的过程中速度最大的位置为（）A．A点 B．B点C．C点D．B、C之间9．运动员双手握住竖直的竹竿匀速上攀和匀速下滑时，它所受到的摩擦力分别为F上和F下，下列说法正确的是（）A．F上向上，F下向下，F上=F下B．F上向下，F下向上，F上＞F下C．F上向上，F下向上，F上=F下D．F上向上，F下向下，F上＞F下10．一个铁钉与一根鸡毛同时从同一高度下落，总是铁钉先落地，这是因为最终的原因是（）A．铁钉比鸡毛重B．铁钉比鸡毛密度大C．鸡毛受到的空气阻力大D．铁钉下落的加速度比鸡毛下落的加速度大11．如图所示，甲、乙两物体叠放在水平面上，用水平力F拉物体乙，它们仍保持静止状态，甲、乙接触面也为水平，则乙物体受力的个数为（）A．3个B．4个C．5个D．6个12．物体在甲、乙两地往返运动，从甲地到乙地的平均速度为v1，从乙地到甲地的平均速度为v2，则物体往返一次，平均速度的大小为（）A．B．C．D．013．如图所示，用绳跨过定滑轮牵引小船，设水的阻力不变，则在小船匀速靠岸的过程中（）A．绳子的拉力不断增大B．绳子的拉力不变C．船所受浮力增大D．船所受浮力变小14．下列各组共点力分别作用在一个物体上，有可能使物体达到平衡状态的是（）A．7N，5N，3N B．3N，4N，8N C．4N，10N，5N D．4N，12N，8N15．如图所示，重物的质量为m，轻细绳AO的A端和BO的B端固定，平衡时AO水平，BO与水平方向的夹角为60°．AO的拉力F1和BO的拉力F2与物体重力的大小关系是（）A．F1＞mg B．F1＜mg C．F2＜mg D．F2＞mg16．如图所示，质量为m的木块被水平推力压着，静止在竖直墙壁上，当推力F的大小增加到2F时，则（）A．木块所受墙面的弹力增加到原来的2倍B．木块所受墙面的摩擦力增加到原来的2倍C．木块所受墙面的摩擦力方向向下D．木块所受墙面的摩擦力不变二、填空题17．有一批游客乘飞机从北京来到海南旅游，他们托运的行李与在北京时比较，行李的质量将．（填“变大”“不变”或“变小”）；所受的重力的大小将．（填“变大”“不变”或“变小”）．wang18．一小孩用80N的水平推力推重力为200N的木箱，木箱不动，当小孩用110N的水平推力恰能推动木箱，当木箱被推动以后，小孩只需要用100N的水平力就可以使木箱沿水平地面匀速前进，则：木箱不动时受到的摩擦力是N，木箱与地面之间的最大静摩擦力是N，木箱与地面之间的动摩擦因数是．19．俗话说：“人往高处走，水往低处流．”水总是从高处流向低处是因为水受到力的作用，这个力的方向是．20．电磁打点计时器和电火花打点计时器所使用的是（填交流或直流），电磁打点计时器的工作电压是V．电火花打点计时器的工作电压是V．当电源频率是50Hz时，它每隔s打一次点．21．一个物体在共点力的作用下，如果处于静止或者，我们就说物体处于平衡状态，此时物体所受合外力F合=．22．如图所示，在μ=0.1的水平面上向右运动的物体，质量为m=20kg．在运动的过程中，还受一个水平向左的大小为10N的拉力的作用，则物体受到的滑动摩擦力大小为N，方向是．（g=10m/s2）23．如图所示，物体受两个在同一平面上的共点力的作用，两个力的大小分别是F1=F2=10N，且它们的夹角成120°．则它们的合力大小是N．24．两个共点力的合力最大值为25N，最小值为15N，则这两个力分别为N、N．25．质量为m的物体静止在倾角为θ的斜面上，如图所示，重力加速度为g，重力的两个分力下滑力F1=；压紧斜面力F2=．26．小明拉着穿过打点计时器的纸带的一端运动，纸带上打出的点如图所示，由此判断纸带的运动情况是（）A．先匀速后减速 B．先加速后匀速 C．先减速后加速 D．先加速后减速27．在“研究匀变速直线运动”的实验中：①除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、一端附有滑轮的长木板、细绳、钩码、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有．（填选项代号）A．电压合适的50Hz交流电源B．电压可调的直流电源C．刻度尺D．秒表E．天平F．重锤②实验过程中，下列做法正确的是．A．先使纸带运动，再接通电源B．先接通电源，再使纸带运动C．将接好纸带的小车停在靠近滑轮处D．将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处．三、计算题28．成龙曾在一部动作影片中扮演一位勇敢的刑警，为了抓住逃跑的抢劫犯，他从一座约20m高的立交桥上竖直跳下去，落在一辆正从桥下正下方匀速经过的装满沙土的长卡车上，若卡车长12m，车速为4m/s，成龙刚跳下时卡车头恰好从桥下露出，试估计成龙能否安全落在卡车里？29．一质点做匀加速直线运动，初速度为5m/s，加速度为3m/s2．试求该质点：（1）第5s末的速度；（2）前5s内的位移；（3）第5s内的位移．30．如图所示，一个质量m=10kg的物块，在F=50N的拉力作用下，从静止开始沿水平面做匀加速直线运动，拉力方向与水平方向成θ=37°．假设水平面光滑，取重力加速度g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）画出物块的受力示意图；（2）求物块运动的加速度大小；（3）求物块速度达到v=4.0m/s时移动的距离．2015-2016学年北京大学附中河南分校高一（上）期末物理试卷（普通班）参考答案与试题解析一、选择题1．【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、加速度越大，速度变化越快，速度不一定大，故A错误．B、根据a=知，速度变化量越大，加速度不一定大，故B错误．C、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故C正确．D、速度越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关．2．【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】定性思想；推理法；摩擦力专题．【分析】根据斜面的变化可知小物体受力的变化，物体的运动状态也会发生变化，由静摩擦力转化为滑动摩擦力，根据两种摩擦力的表达式可求得摩擦力的变化．【解答】解：开始时物体受重力和支持力，抬起后受到向上的静摩擦力；静摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即f=mgsinθ，随角度的增大，摩擦力增大；当角度达一定程度时，物体开始滑动，由静摩擦力变化滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μmgcosθ，cosθ随角度的增加而增小，故摩擦力将减小，所以摩擦力是先增大后减小的，故B正确．故选：B【点评】本题考查静摩擦力与滑动摩擦力的大小表达式，在分析摩擦力问题时一定要先明确物体受到的是滑动摩擦力还是静摩擦力；一般来说，最大静摩擦力可以认为等于滑动摩擦力．3．【考点】物理学史．【分析】16世纪末意大利科学家伽利略设想了一个理想斜面实验，抓住主要因素，忽略次要因素，采用合理推理，得到结论：物体的运动不需要力来维持．【解答】解：16世纪末意大利科学家伽利略设想了一个斜面实验：将两个斜面对接起来，当小球一个斜面滚下，会滚上第二斜面，如果摩擦力越小，在第二斜面上滚上的高度越大，设想没有摩擦力，小球会达到相等的高度，将第二斜面放平，小球将永远运动下去．这里伽利略应用的物理思想方法属于理想实验．故选：C【点评】本题考查对物理研究方法的理解能力．物理学上经常用到的研究方法有：等效替代法，归纳法，演绎法，控制变量法等．4．【考点】参考系和坐标系．【专题】直线运动规律专题．【分析】图中河岸上的旗杆相对于地面是静止的，旗向右飘，说明此时有向右吹的风．A船上旗帜向右，有三种可能：一是A船不动，风把旗帜刮向右；二是A船向左运动，风相对于旗帜向右，把旗帜刮向右；三是A船向右运动但运动的速度小于风速，此时风仍能把旗帜刮向右．对于B船来讲情况相对简单，风向右刮，要使B船的旗帜向左飘，只有使B船向右运动．【解答】解：A、因为河岸上旗杆是固定在地面上的，那么根据旗帜的飘动方向判断，风是从左向右刮的．A船上旗帜向右，有三种可能：一是A船不动，风把旗帜刮向右；二是A船向左运动，风相对于旗帜向右，把旗帜刮向右；三是A船向右运动但运动的速度小于风速，此时风仍能把旗帜刮向右，故A、B错误．C、如果B船静止不动，那么旗帜的方向应该和国旗相同，而现在的旗帜的方向明显和河岸上旗子方向相反，如果B船向左运动，旗帜只会更加向右展．所以，B船一定向右运动，而且运动的速度比风速快，这样才会出现图中旗帜向左飘动的情况．故C正确，D错误．故选：C．【点评】运动和静是相对的，一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物．所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同．这是一道非常典型的题目，要仔细揣摩才能作答．5．【考点】牛顿第三定律．【分析】作用力和反作用力大小相等，方向相反，且同时产生、同时变化、同时消失，是同种性质的力．它们作用在不同的物体上，不能进行合成．【解答】解：A、绳子对儿童的拉力和儿童对绳子的拉力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A错误；B、儿童从井内加速向上提的过程中，加速度方向向上，根据牛顿第二定律得绳子对儿童的拉力大于儿童的重力．故B正确；C、消防员对绳子的拉力与绳子对消防员的拉力是一对作用力和反作用力，故C错误；D、消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故D错误；故选：B．【点评】解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消失，作用在不同的物体上．6．【考点】惯性．【分析】一切物体都有惯性，并且惯性的大小只与物体的质量有关，即质量越大，物体的惯性越大．【解答】解：因为惯性的大小只与物体的质量有关，因此飞机的惯性减小，则飞机的质量一定减小了．故选C．【点评】掌握一切物体在任何时候都有惯性，并且惯性的大小只与物体的质量有关．7．【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】加速下降和减速上升是失重状态，人对电梯底板的压力小于人的重力．【解答】解：对人受力分析，人受电梯底部的支持力F和重力mg，根据牛顿第二定律：mg﹣F=ma，a=g得：F=mg﹣ma=mg﹣mg=mg根据牛顿第三定律：人对电梯底部的压力为：F′=F=mg故选：B．【点评】本题关键是明确电梯具有向上的加速度，处于超重状态，视重比实际重力大ma，基础题．8．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】运动员从A到B是自由落体运动；从B到C过程，弹力逐渐增加，当弹力小于重力时，加速度向下，是加速；当弹力与重力平衡时，加速度为零，速度达到最大值；当弹力大于重力时，加速度向上，是减小．【解答】解：从A到B的过程中，运动员做自由落体运动，速度逐渐增大，从B到C的过程中，重力先大于弹力，向下加速，然后弹力大于重力，向下减速，到达C点的速度为零；故速度最大的点在BC之间的某个位置；故ABC错误，D正确；故选：D．【点评】解决本题的关键理清运动员受力情况和运动情况，能够结合牛顿第二定律分析加速度情况，结合加速度和速度的关系方向速度的变化情况．9．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】运动员匀速上攀和匀速下滑时，合外力都为零，受到的力是平衡力．根据平衡条件，分析即可．【解答】解：运动员用双手握住竖直的竹竿匀速攀上时，受力平衡，竖直方向受到重力和静摩擦力，根据平衡条件可知：F上向上，而且有F上=G；运动员用双手握住竖直的竹竿匀速滑下时，受到的滑动摩擦力F下向上，因为匀速运动，根据平衡条件有：F下=G．所以F上=F下．【点评】本题考查学生对物体的受力分析，以及应用二力平衡知识解决实际问题的能力．10．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】铁钉和鸡毛的位移相等，根据牛顿第二定律比较出加速度，可知运动的时间的长短．【解答】解：根据牛顿第二定律得，a=，根据位移时间公式得x=，解得t=．可知铁钉的运动时间短，是因为铁钉的下落的加速度大于鸡毛下落的加速度．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键抓住位移相等，结合运动学公式可知运动时间长短的原因．11．【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；物体的弹性和弹力．【分析】本题要分析乙物体的受力个数，则只研究物体乙；分析与乙相接触的物体根据物体乙的运动状态可知乙物体所受到的所有外力．【解答】解：与物体发生相互作用的有地球、水平桌面及甲物体；则乙物体受重力、桌面的支持力、甲对乙的压力及水平力F；因在拉力作用下，物体乙相对于地面有相对运动的趋势，故乙受地面对物体乙的摩擦力；而甲与乙相对静止，故甲对乙没有摩擦力；故乙受五个力；故选C．【点评】物体的受力分析一般按照重力、弹力、摩擦力的顺序进行分析；本题的难点在于静摩擦力的确定，应根据静摩擦力的特点认真分析确定是否存在静摩擦力，也可由假设法进行判定．12．【考点】平均速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】平均速度，表示位移与时间的比值．【解答】解：物体往返一次，位移为零，根据平均速度，平均速度大小为零．故D正确，A、B、C错误．【点评】解决本题的关键知道平均速度的定义，知道位移为零时，平均速度为零．13．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】对小船进行受力分析，受重力、浮力、绳子的拉力，阻力做匀速直线运动，根据共点力平衡判断绳子的张力和浮力的变化．【解答】解：对小船进行受力分析，如图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，合力为零；设拉力与水平方向的夹角为θ，有：Fcosθ=f ①，Fsinθ+F浮=mg ②．船在匀速靠岸的过程中，θ增大，阻力不变，根据平衡方程①知，绳子的拉力增大，根据平衡方程②知，拉力增大，sinθ增大，所以船的浮力减小．故A、D正确，B、C错误．故选：AD【点评】解决本题的关键掌握共点力平衡，知道小船在做匀速直线运动时，所受合力为0，根据θ角的变化，判断力的变化．14．【考点】力的合成．【专题】受力分析方法专题．【分析】要使三力的合力为零，应保证任意两力之和可以大于等于第三力，任意两力之差小于等于第三力．【解答】解：A、7N和5N的合力范围为[2N，12N]，3N在两个力的合力范围之内，则三个力的合力能为零，能使物体处于平衡状态．故A正确．B、3N、4N的合力范围为[1N，7N]，8N不在两个力的合力范围之内，则三个力的合力不可能为零，不能处于平衡状态．故B错误．C、4N、10N的合力范围为[6N，14N]，5N不在两个力的合力范围之内，则三个力的合力不可能为零，不能处于平衡状态．故C错误．D、4N、12N的合力范围为[8N，16N]，8N在两个力的合力范围之内，则三个力的合力能为零，能使物体处于平衡状态．故D正确．故选AD．【点评】判断三力能否平衡可以利用数学中三边组成平行三角形的方法，只要三边能组成三角形，则合力一定能为零．15．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对结点O受力分析，根据平行四边形定则比较绳子拉力和重力的大小关系．【解答】解：对O点受力分析，如图．根据共点力平衡得，．．故B、D正确，A、C错误．故选BD．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行分析．16．【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】定性思想；推理法；摩擦力专题．【分析】物块静止在竖直墙壁上，受重力、推力和弹力、静摩擦力处于平衡，根据共点力平衡判断弹力和摩擦力的变化．【解答】解：木块处于静止，推力和墙壁的弹力平衡，重力和静摩擦力平衡．当推力增大为原来的2倍，则木块所受墙面的弹力增加到原来的2倍．但摩擦力大小始终等于重力，保持不变，而方向与重力方向相反，竖直向上．故AD正确，BC错误．故选：AD．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意确定物体受到静摩擦力与什么因素有关是解题的关键．二、填空题17．【考点】重力．【分析】质量是物体本身的一种属性，它是指物体所含物质的多少，不随位置而改变；重力与质量的关系：G=mg，在地球表面不同纬度重力加速大小不等．【解答】解：质量是物体本身的一种属性，它是指物体所含物质的多少，不随位置而改变，从北京来到海南旅游，他们托运的行李与在北京时比较，行李的质量将不变．在地球表面纬度越大重力加速度越大，从北京来到海南旅游，地球表面重力加速度变小，根据G=mg，行李所受的重力的大小将变小．故答案为：不变、变小【点评】本题考查了质量和重力的概念，属于基本内容，比较简单．注意在地球表面纬度越大重力加速度越大．18．【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】定量思想；类比法；摩擦力专题．【分析】根据力的平衡去求静摩擦力f1，至少推动木箱的水平推力等于最大静摩擦力f2；根据f=μF N去求动摩擦因数．【解答】解：用80N的水平推力推重力为200N的木箱，木箱不动，推力与静摩擦力平衡，所以f1=80N．当小孩用110N的水平推力恰能推动木箱，推动木箱的水平推力等于最大静摩擦力f2，所以f2=110N，用100N的水平力就可以使木箱沿水平地面匀速前进，所以木箱受滑动摩擦力，大小为100N，所以μ==0.5．故答案为：80，110，0.5．【点评】解决本题的关键理解静摩擦力、最大静摩擦力、滑动摩擦力．知道它们的区别，及各自大小的计算．19．【考点】重力．【分析】根据重力的作用，及重力的方向总是竖直向下，从而即可求解．【解答】解：水总是从高处流向低处是因为水受到重力作用，这个力的方向是竖直向下．故答案为：重，竖直向下．【点评】考查重力的作用，及掌握重力的方向，注意与垂直向下的区别．20．【考点】电火花计时器、电磁打点计时器．【专题】实验题．【分析】了解电磁打点计时器和电火花打点计时器的工作电压、工作原理即可正确解答；同时要熟练使用打点计时器进行有关的操作．【解答】解：电磁打点计时器和电火花打点计时器所使用的是交流，电磁打点计时器的工作电压是4﹣﹣6V．电火花打点计时器的工作电压是V．当电源频率是50Hz时，它每隔0.02s 打一次点．故答案为：交流，4﹣﹣6，220，0.02．【点评】对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用．21．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】平衡状态是指物体在不受外力或者受平衡力的作用下所处的状态．【解答】解：一个物体在共点力的作用下，如果处于静止或者匀速直线运动，我们就说物体处于平衡状态，此时物体所受合外力F合=0；故答案为：匀速直线运动；0．【点评】平衡状态包括静止或者匀速直线运动，处于平衡状态的物体所受合外力一定为0．22．【考点】滑动摩擦力．【专题】摩擦力专题．【分析】滑动摩擦力的大小可以根据f=μF N去求，方向与相对运动方向相反．【解答】解：f=μF N=0.1×200N=20N，方向与相对运动方向相反，所以为水平向左．故本题答案为：20N，水平向左【点评】解决本题的关键掌握滑动摩擦力的大小公式和方向的判定．23．【考点】力的合成．【分析】根据平行四边形定则，结合三角知识，求出则F1、F2的合力．【解答】解：根据平行四边形定则知，结合三角知识，则有F2、F1的合力大小为10N；故答案为：10．【点评】本题考查力的合成平行四边形定则，结合图形利用等边三角形的知识容易解决．24．【考点】力的合成．【分析】当两力同向向合力最大，最大值等于两力之和，两力反向时合力最小，最小值等于较大的力减去较小的力，则联立可解出两力的值．【解答】解：当两力同向时：F1+F2=25N；当两力反向时：F1﹣F2=15N；则联立可解得：F1=20N；F2=5N．故答案为：20；5．【点评】本题考查力的合成中二力的合力范围，注意当两力同向时合力最大，两力反向时合力最小；另因本题不必分清哪一个为大力，故可设F1为较大力．25．【考点】力的分解．【专题】定量思想；图析法；平行四边形法则图解法专题．【分析】将物体的重力按沿斜面方向和垂直斜面方向分解，结合平行四边形定则求出两个分力的大小．【解答】解：将重力沿作用效果分解，如图所示，根据平行四边形定则知：F1=mgsinθ，F2=mgcosθ．故答案为：mgsinθ，mgcosθ。
北京大学附属中学河南分校(宇华教育集团)2015-2016学年高一(宏志班)上学期期末考试物理试题及答案
一、选择题1、a 、b 两辆赛车游戏车在两条平直车道上行驶，0t =时两车从同一计时处开始比赛，它们在四次比赛中的v t -图像如图，则图中所对应的比赛，一辆赛车能追上另一辆赛车的是（ ）2、某同学欲估算飞机着陆时的速度，他假设飞机在平直跑道上做匀减速运动，飞机在跑道上滑行的距离为x ，从着陆到停下来所用的时间为t ，实际上，飞机的速度越大，所受的阻力越大，则飞机着陆时的速度应是（ ） A 、x v t =B 、2x v t =C 、2x v t >D 、2x x v t t<< 3、如图所示，开口向下的“”形框架，两侧竖直杆光滑固定，上面水平横杆中点固定一定滑轮，两侧杆上套着的两滑块用轻绳绕过定滑轮相连，并处于静止状态，此时连接滑块A 的绳与水平方向夹角为θ，连接滑块B 的绳与水平方向的夹角为2θ，则A 、B 两滑块的质量之比为（ ）A 、2sin :1θB 、2cos :1θC 、1:2cos θD 、1:2sin θ4、如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A 、B 两物块叠放在一起，随圆盘一起在匀速圆周运动，则下列说法正确的是（ ）A 、A 、B 都有沿切线方向且向后滑动的趋势B 、B 的向心力是A 的向心力的2倍C 、盘对B 的摩擦力是B 对A 的摩擦力的2倍D 、若B 先滑动，则A 、B 间的动摩擦因数A μ小于盘与B 间的动摩擦因数B μ5、质量为0.3kg 的物体在水平面上做直线运动，图中的两条直线分别表示物体受水平拉力和不受水平拉力的v t -图像，则下列说法中不正确的是（ ）A 、水平拉力可能等于0.3NB 、水平拉力一定等于0.1NC 、物体受到的摩擦力可能等于0.1ND 、物体受到的摩擦力可能等于0.2N6、如图所示，离地面高h 处有甲、乙两个小球，甲以初速度0v 水平射出，同时乙以大小相同的初速度0v 沿倾角为045的光滑斜面滑下，若甲、乙同时到达地面，则0v 的大小是（ ）A B C D 、 7、如图所示，B 为竖直圆轨道的左端点，它和圆心O 的连线与竖直方向的夹角为α，一小球在圆轨道左侧的A 点以速度0v 平抛，恰好沿B 点的切线方向进入圆轨道，已知重力加速度为g ，则A 、B 之间的水平距离为（ ）A 、20tan gv α B 、20tan 2gv α C 、2tan g v αD 、2tan 2g v α8、如图所示，轻弹簧两端栓接两个质量均为m 的小球a 、b ，栓接小球的细线固定在天花板上，两球静止，两细线与水平方向的夹角均为030α=，弹簧水平，以下说法正确的是（ ）A 、细线的拉力大小为2mgBC 、剪断左侧细线瞬间，b 球加速度大小为12g D 、剪断弹簧最右侧瞬间，a 球加速度大小为09、如图所示，一辆小车静止在水平面上，在小车上放一个质量为8m kg =的物体，它被一根水平方向上拉伸了的弹簧拉住而静止在小车上，这时弹簧的弹力为6N ，现沿水平向右的方向对小车施以作用力，使小车由静止开始运动起来，运动中加速度由零逐渐增大到21/m s ，随即以21/m s 的加速度做匀加速直线运动，以下说法正确的是（ ）A 、物体受到的摩擦力一直减小B 、当小车加速度大小为20.75/m s 时，物体不受摩擦力作用C 、物体与小车始终保持相对静止，弹簧对物体的作用力始终没有发生变化D 、小车以21/m s 的加速度做匀加速直线运动时，物体受到的摩擦力为8N10、如图所示，三角形传送带以1/m s 的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m ，且与水平方向的夹角均为037。
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2015-2016学年（上）12月考试卷
高一物理
考试时间90分钟满分100分
一、选择题（每题3分，共15题，1-11题只有一个正确答案，12-15题多选题，多选选错不得分，选对3分，少选2分，共45分）
1、做下列运动的物体，能当作质点处理的是（）
A．研究自转中的地球 B．研究百米冲刺奔向终点的运动员动作
C．研究匀速直线运动的火车D．研究在冰面上旋转的花样滑冰运动员
2、从离地面3 m高处竖直向上抛出一个小球，它上升5 m后回落，最后到达地面。
此过程中( )
A.小球通过的路程是8 m B．小球的位移大小是13 m
C．小球的位移大小是3 m D．小球的位移方向是竖直向上的
3、下列表述中，所指的速度为平均速度的是( )
A．子弹射出枪口时的速度为800 m/s
B．一辆公共汽车从甲站行驶到乙站，全过程的速度为40 km/h
C．某段高速公路限速为90 km/h
D．小球在第3s末的速度为6 m/s
4、如图所示的是一个物体的运动图象，下列说法正确的是( )
A．物体3s末开始改变加速度方向
B．物体4s末开始改变速度方
向
C．物体在第5s内的加速度的大小大于第4s内加速度的大小
D．物体在前5s内的位移方向改变
5、一本书放在水平桌面上，下列说法正确的是（）
A. 桌面受到的压力实际就是书的重力
B．桌面受到的压力是由桌面形变形成的
C．桌面对书的支持力与书的重力是一对相互作用力
D．桌面对书的支持力与书对桌面的压力一定大小相等而且是一对相互作用力6、两个物体相互接触，关于接触处的弹力和摩擦力，以下说法正确的是（）
A．一定有弹力，但不一定有摩擦力
B．如果有弹力，则一定有摩擦力
C．如果有摩擦力，则一定有弹力
D．如果有摩擦力，则其大小一定与弹力成正比
7、同一平面内的三个力，大小分别为4N、6N、7N，若三力同时作用于某一物体，
则该物体所受三力合力的最大值和最小值分别为（）
A．17N、3N B．17N、0 C．9N、0 D．5N、3N
8、静止在斜面上的物体，受到的作用力有（）
A．重力、支持力 B．重力、支持力、摩擦力
C．重力、支持力、下滑力、摩擦力
D．重力、压力、下滑力、摩擦力
9、下关于分力和合力说法中，正确的是（）
A．分力与合力同时作用在物体上
B．分力同时作用在物体上时产生的效果与合力单独作用在物体上时产生的效果相同
C．一个力只能分解成两个分力
D．合力不可能小于其中一分力
10、如图甲所示,在研究摩擦力的实验中,通过向小桶中增加沙子来增大对小车
的拉力F，小桶的质量忽略不计，,则小物块A所受的摩擦力f随拉力F的
变化关系是（）
11、物体做初速度为零的匀加速直线运动，第1 s内的位移大小为5 m，则该物
体( )
A．3 s内位移大小为40m B．第3 s内位移大小为20m
C．1 s末速度的大小为5 m/s D．3 s末速度的大小为30 m/s
12、作用在同一物体上的两个力，大小分别为6N和8N，其合力大小可能是（）
A．1N B．3N C．13N D.15N
13、一枚火箭由地面竖直向上发射，其v-t图象如图4所示，由图象可知（）
A、0～t1时间内火箭的加速度小于t1～t2时间内火箭的加速
B、在0～t2时间内火箭上升，t2～t3在时间内火箭下落
C、t3时刻火箭离地面最远
D、t3时刻火箭回到地面
14、关于摩擦力，下面几种说法中不正确的是（）
A. 摩擦力的方向总与物体运动的方向相反
B．滑动摩擦力总是与物体的重力成正比
C．滑动摩擦力随着拉力的增大而增大，并有一个最大值
D．摩擦力一定是阻力
15、图1中，一个质量均匀的球放在互成120°的两块光滑平面上，保持静止，
OA是水平的．关于球的受力分析，下面说法中正确的是（）
A. 球受重力、平面OA和OB的弹力
B．球除了受重力外，只受到平面OA的弹力
C．平面OA对球的弹力，方向向上偏左
D．平面OA对球的弹力，方向竖直向上
第II卷（非选择题）
二、填空题（每空1分，共14分）
16、常见的矢量有____________、_____________、______________。
17、物体做匀变速直线运动到达A点时速度为5m/s，经3s到达B点时的速度
为 14m/s则该过程中物体的加速度为__________，位移为__________。
18、质点A地面上方H处自由下落。
则该质点落地的时间为 __________。
19、在弹性限度内一个原长为20cm的弹簧，受到50N的拉力时，总长为22cm。
其劲度系数为_________。
20、摩擦力的产生条件有物体间接触且_______，接触面_______，
物体间有____________或_______________。
21、力的合成和分解遵循_____________定则。
22、大小为4N、5N的两个力进行合成其合力的取值范围为_____________。
若
再将此合力与一个大小为9N的力进行合成，则新的合力取值范围为
_____________。
三、作图题（共5题，每图3分，共15分。
作图时保留作图痕迹）
作图题见答题卷
四、计算题（共3题，每题写出必要的文字说明，28题8分，29题8分，30题10分，总共26分）
28、质点从静止开始做匀加速直线运动，经4s后速度达到20m/s，然后匀速运
动了10s，接着经4s匀减速运动后静止。
求：
（1）质点在加速运动阶段的加速度大小。
（2）质点在16s末的速度大小。
29、质量为2kg的物体静止在水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.5，
最大静摩擦力与滑动摩擦力视为相等，给物体一水平拉力F．（g取10m/s2）（1）当拉力大小为5N时，地面对物体的摩擦力是多大？
（2）当拉力大小为12N时，地面对物体的摩擦力是多大？
（3）此后若将拉力减小为5N（物体仍在滑动），地面对物体的摩擦力是多大？
（4）若撤去拉力，在物体继续滑动的过程中，地面对物体的摩擦力多大？
30、轻质弹簧的劲度系数k＝2000N/m，用其水平拉着一个重为200 N的物体在
水平面上运动，当弹簧的伸长量为4 cm时，物体恰在水平面上做匀速直线运动，
(1)物体与水平面间的动摩擦因数．
(2)当弹簧的伸长量为6 cm时，物体受到的水平拉力多大？这时物体受到的
摩擦力有多大？
参考答案1．C
2．C
3．B
4．A
5．D
6．C
7．B
8．B
9．B
10．B
11．D
12．BC
13．AC
14．ABCD
15．BD
16．速度、加速度、位移等
17. 3m/s2 28.5m
18．
g H 2
19.2500N/m
20．挤压、粗糙、相对运动、相对运动趋势
21．平行四边形（三角形）
22.1—9 0—18
23-27 作图题略
28.（1）5m/s2 （2）10m/s
29.（1）5N （2）10N （3）10N （4）10N
30.(1)0.4 (2)120N,80N。