高二物理寒假作业：《恒定电流》(3)
高二物理恒定电流练习题(含答案)
高二物理恒定电流一．选择题1．在如图所示的电路中，当变阻器R的阻值增加时( )A．R两端的电压将增大B．R两端的电压将减小C．通过R的电流强度将不变D．通过R的电流强度将减小2．在如图所示的电路中，若滑动变阻器的滑动端P向下滑动时，则L1、L2、L3、L4四灯的发光情况将是( ) A．L1变亮B．L2变亮C．L3变暗D．L4变暗3．如图所示电路中，电源电动势为E,，内电阻为r，A、B为两个相同的灯泡，R1为定值电阻，R0为滑动变阻器，当滑动触头P向b端滑动时，则( )A．A灯变暗,B灯变暗B．A灯变暗,B灯变亮C．R1消耗的功率变大D．R1消耗的功率变小4．如图所示的电路中，O点接地，当原来断开的开关K闭合时，电路中A、B两点的电势变化情况是( )A．都降低B．都升高C．U A升高，U B降低D．U A降低，U B升高5．如图所示的电路中，A、B两端间电压U恒定，干路中的定值电阻的阻值为R0，支路中的定值电阻的阻值为R2，滑动变阻器不接入电路时，两固定端a、b间的电阻为R1。
R0小于R1，R0和R2都不等于零。
那么，按图示电路，滑动变阻器的滑片P由b端逐渐向a端移动过程中，电流表A1、A2的示数变化情况是( ) A．A2的示数一直不断增大B．A1的示数一直不断减小C．A2示数先增大后减小D．A1示数先减小后增大6．如图所示电路，电源电动势e = 6V，内阻不计。
R1 = 4Ω，R2 = 2Ω，R3 = 7Ω，电容器的电容C = 1mF，那么电容器上所带电量为( )A．2×10-6CB．6×10-6CC．0D．4×10-6C7．在如图所示的电路中，R1 = 10Ω，R2 = 20Ω，R3 = 8Ω，电容器的电容C = 10mF，电源电动势e = 12V，内阻不计。
要使电容器上板带正电，电量Q = 2×10-5C，则可变电阻R4的取值为( )A．8ΩB．16ΩC．32ΩD．40Ω8．水平放置的平行板电容器C如图方式连入电路。
高二物理恒定电流测试题及答案
高二物理同步测试（3）—恒定电流本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．满分100分，考试用时60分钟．第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题（每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，对而不全得2分。
）1．一个标有“220V 60W ”的白炽灯炮，加上的电压U 由零逐渐增大到220V ，在此过程中，电压(U )和电流(I )的关系可用图线表示．图中给出的四个图线中，肯定不符合实际的是 （ ）2．利用超导材料零电阻的性质，可实现无损耗输电。
现有一直流电路，输电线的总电阻为Ω，它提供给用电器的电功率为40kW ，电压为800V ．如果用临界温度以下的超导电缆替代原来的输电线，保持供给用电器的功率和电压不变，那么节约的电功率为（ ） A ．1 kW B ．×103kW C ． kW D ．10 kW3.可用理想电压表V 、理想电流表A 、变阻器R 以及电键K 和导线等器材来测量某一电源E的电动势和内阻.下面给出了四个电路图，图中+、－代表电源的正、负极和电表的正负接线柱.正确的电路图是（ ）4．如图所示，额定电压为110V 的两盏电灯，额定功率分别为A P ＝100W ，B P ＝25W ．把它们接到220V 的电路上，欲使它们都能正常发光且耗电最少，应采用的接法是（ ）A B C D5．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为和。
重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为和。
则这台电动机正常运转时输出功率为（）（）A．32W B．44WC．47W D．48W6．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为R，L1和L2为相同的灯泡，每个灯泡的电阻和定值电阻相同，阻值均为R，电压表为理想电表，K为单刀双掷开关，当开关由1位置打到2位置时（）A．电压表读数将变大B．L1亮度不变，L2将变亮C．L1将变亮，L2将变暗D．电源的发热功率将变大7．如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图像，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图像，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图像．将这个电阻R 分别接到a，b两电源上，那么（） A．R接到a电源上，电源的效率较高B．R接到b电源上，电源的输出功率较大C．R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低D．R接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高R为用半导体热敏材料制成的传感器，电8．如图是一火警报警的一部分电路示意图．其中2R所在处出现火情时，显示器流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器2的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小9．在如图所示的电路中，电键K1、K2、K3、K4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，断开哪一个电键后P会向下运动（）A．K1 B．K2C．K3 D．K410．如图所示电路，当S闭合后两灯均不亮，已知两灯、电源、电键及电键到电源负极间的导线都完好，其余三条导线中有一条发生断路．若某同学使用多用电表来检查断线部分，他用多用表的红表棒与a点相连接，把黑表棒分别先后与b点、c点相连，则以下能检测出断线部分的方法有（）A．S闭合，多用表用6V量程的电压表B．S闭合，多用表用量程的电流表C．S断开，多用表用R×1量程的欧姆表D．以上三种方法都不可以第Ⅱ卷（非选择题，共60分）二、填空题（11，12题各6分，13题12分，共24分。
2014年致远外国语学校高二物理选修3-1寒假作业
2014年致远外国语学校高二物理选修3-1寒假作业一第一章《静电场》单元测试题一、选择题（本题共10小题，每小题4分。
在每个小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1. 如图，在正六边形的a 、c 两个顶点上各放一带正电的点电荷，电量的大小都是1q ，在b 、d 两个顶点上，各放一带负电的点电荷，电量的大小都是2q ，21q q >已知六边形中心O 点处的场强可用图中的四条有向线段中的一条来表示，它是哪一条？（ ）A ．1EB ．2EC ．3ED ．4E2. 如图所示，P 、Q 是两个电量相等的正电荷，它们的连线的中点是O ，A 、B 是中垂线上的两点，OA ＜OB ，用A E 、B E 、A U 、B U 分别表示A 、B 两点的场强和电势，则( )A ．A E 一定大于B E ，A U 一定大于B UB ．A E 不一定大于B E ，A U 一定大于B UC ．A E 一定大于B E ，A U 不一定大于B UD ．AE 不一定大于B E ，A U 不一定大于B U3. 在场强大小为E 的匀强电场中，一质量为m 、带电量为q 的物体以某一初速沿电场反方向做匀减速直线运动，其加速度大小为0.8qE/m ，物体运动S 距离时速度变为零．则( )A ．物体克服电场力做功qESB ．物体的电势能减少了0.8qESC ．物体的电势能减少了qESD ．物体的动能减少了0.8qES４．如图，O 是一固定的点电荷，另一点电荷P 从很远处以初速度0v 射入点电荷O 的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线MN 。
a 、b 、c 是以O 为中心，c b a R R R 、、为半径画出的三个圆，a b b c R R R R -=-。
1、2、3、4为轨迹MN 与三个圆的一些交点。
以12W 表示点电荷P 由1到2的过程中电场力做的功的大小，34W 表示由3到4的过程中电场力做的功的大小，则（ ）A ．34122W W =B ．34122W W >C ．P 、Q 两电荷可能同号，也可能异号D ．P 的初速度方向的延长线与O 之间的距离可能为零5. 平行金属板水平放置，板间距为0.6cm ，两板接上6×103V 电压，板间有一个带电液滴质量为4.8×10-10 g ，处于静止状态，则油滴上有元电荷数目是（g 取10m/s 2）（ ） A.3×106 B.30 C.10 D.3×1046. 如图所示,平行板电容器的两个极板A 、B 分别与电源的正、负两极始终相连，B 板接地，板间电场中有一固定点P ，一下说法正确的是（ ）A ．若将A 板向下平移而B 板不动则电容器的电量增加B ．改变电容器AB 板间的间距不会影响P 点的电场强度C ．若将A 板向上平移而B 板不动，P 点的电势升高D ．若将B 板向下平移而A 板不动，P 点的电势升高7. 如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O 点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v 1从M 点沿斜面上滑，到达N 点时速度为零，然后下滑回到M 点，此时速度为V 2（v 2＜v 1）。
高二物理辅导----恒定电流(三)
高二物理辅导---------电学实验1．现有下列器材：A 、两节干电池，内阻不计；B 、滑动变阻器0～10Ω；C 、滑动变阻器0～500Ω；D 、小灯泡（2.5V ，0.5W ）；E 、开关；F 、导线若干请你设计一个电路，使小灯泡两端的电压能在0～2.5V 范围内较方便地连续变化。
（1）滑动变阻器应选 ； （2）画出对应的电路图。
2．用如图中所给的实验器材测量一个“12V ，5W ”的小灯泡在不同电压下的功率，其中电流表有3A 、0．6A 两挡，内阻可忽略；电压表有15V 、3V 两挡，内阻很大．测量时要求加在灯泡两端的电压可持续地从0调到12V ．按要求在实物图上连线（其中部分线路已经连好）． 3．有一个小灯泡上标有“6V ，1W ”字样，现在要测量这个灯泡的I-U 图线。
下列器材可供选用。
A.电压表（0—5V ，5k Ω）B.电压表（0—10V ，10k Ω）C.电流表（0—0.3A ，5Ω）D.电流表（0—0.6A ，2Ω）E.滑动变阻器(30Ω，2A)5． 用伏安法较准确地测定一个待测电阻Rx （约200Ω）的阻值，可供选择的器材有A ．毫安表（0—10mA ，内阻50Ω）B ．安培表（0—0.6A ，内阻0.5Ω）C ．伏特表（0—3V ，内阻5k Ω）D ．伏特表（0—15V ，内阻20k Ω）E ．电源（6V ，内阻不计）F ．滑动变阻器（0—20Ω，允许最大电流1A ）G ．电键一个，导线若干。
（1）上述器材中，电流表应选用________；电压表应选用________。
（填写各电表的字母代号）（2）根据器材的规格和实验要求，在本题的实物图上连线。
6． 用伏安法测一段金属丝的电阻，所用的仪器如图所示，其中电压表的内阻约2K Ω，电流表的内阻约1Ω，滑动变阻器标有10Ω、1A ，蓄电池的电动势6.0V ，内电阻0.2Ω。
测得的数据如表所示：在坐标图上F .学生电源（直流9V ）还有导线、电键等。
高二物理恒定电流练习题(含答案)
高二物理恒定电流练习题(含答案) 高二物理恒定电流1.当变阻器R的阻值增加时，R两端的电压将减小，通过R的电流强度将减小。
2.若滑动变阻器的滑动端P向下滑动时，L2变亮，L1、L3、L4不变。
3.当滑动触头P向b端滑动时，A灯变暗，B灯变亮，R1消耗的功率变小。
4.原来断开的开关K闭合时，电路中Ua降低，Ub升高。
5.滑动变阻器的滑片P由b端逐渐向a端移动过程中，A2示数先增大后减小，A1示数先减小后增大。
6.电上所带电量为4μC。
7.可变电阻R4的取值为40Ω。
8.要使液滴上升，可使R2减小。
9.在这个电路中，有一个水平放置的平行板电C，带电液滴静止在其中。
四个电键都是闭合的。
如果只打开一个电键，液滴会怎样运动？选项包括：A。
只打开K1，液滴仍然保持静止；B。
只打开K2，液滴会加速向上运动；C。
只打开K3，液滴仍然保持静止；D。
只打开K4，液滴会加速向下运动。
10.在这个电路中，开关K最初是闭合的。
当电阻R1和R2的滑片处于图中所示位置时，带电尘埃P悬浮在平行板电中，保持静止状态。
要使尘埃加速向下运动，应该采取哪些措施？选项包括：A。
将R1的滑片向上移动；B。
将R2的滑片向上移动；C。
将R2的滑片向下移动；D。
断开开关K。
11.在这个电路中，电源的电动势是恒定的。
如何使灯泡变暗？选项包括：A。
增大R1；B。
减小R1；C。
增大R2；D。
减小R2.13.这个电路中，直线OAC表示某个直流电源的总功率P总随电流I变化的图像，抛物线OBC表示同一个电源内部的热功率Pr随电流I变化的图像。
如果A和B对应的横坐标是2A，那么线段AB表示的功率和I=2A对应的外电阻是什么？选项包括：A。
2W，0.5Ω；B。
4W，2Ω；C。
2W，1Ω；D。
6W，2Ω。
14.在这个电路中，电阻R=3Ω。
当开关K断开时，电源内电路消耗功率与输出功率之比为1:3；当K闭合时，电源内电路消耗功率与输出功率相等。
那么当K断开和闭合时，电灯L上消耗功率的比例是多少？选项包括：A。
高二物理恒定电流试题答案及解析
高二物理恒定电流试题答案及解析1.关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．在某电池的电路中每通过2C的电荷量，电池提供的电能是4J，那么这个电池的电动势是0.5VB．电源的路端电压增大时，其电源电动势一定也增大C．无论内电压和外电压如何变化，其电源电动势一定不变D．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领的物理量【答案】CD【解析】电路中通过q=2C的电荷量，电池提供的电能W=4J，根据电动势的定义式．故A错误．电动势表征电源本身的特性，与外电路无关，当电源的路端电压增大时，其电源电动势不变．故B错误．电动势由电源本身决定，当内电压和外电压变化时，电源电动势保持不变．故C正确．电源是把其它形式的能转化为电能的装置，而电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量．故D正确．【考点】本题考查电动势，意在考查学生的理解能力。
2.下列关于电源电动势的说法，正确的是（）A．电源向外提供的电能越多，表示电动势越大B．电动势在数值上等于工作电路中电源两极之间的电压C．电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大D．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大【答案】D【解析】试题分析:由E=可知，电源把其他形式的能转化为电能越多，即W越大，电动势不一定就越高．故A错误；电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电动势在数值上等于工作电路中电源两极之间的电压，所以B错；电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关．故C错误；电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故D正确．【考点】电源的电动势3.计数器因射线照射，内部气体电离，在时间t内有n个二价正离子到达阴极，有2n个电子到达阳极，则计数器中的电流强度为（）A．0B．2ne/t C．3ne/t D．4ne/t【答案】 D【解析】试题分析: 由题：在时间t内有n个二价正离子到达阴极，有2n个电子到达阳极可知，q=n•2e+2n•e=4ne由电流公式I=，所以D对。
用 高二物理_恒定电流_习题(含答案)
8．用电动势为8V、内电阻为2Ω的电池组连接两根各1Ω的电阻线，向 某用电器（纯电阻）供电，如图7所示，该用电器可获得3W的电功率， 求通过该用电器的电流和它两端的电压。
图7 1Ω 1Ω 用电器
9．有电路如图8，R1=3000Ω，V1是内阻为6000Ω的电压表，V2是内阻 为3000Ω的电压表。已知：
参考答案： 1.B 2.B 3.AD 4.A 5.D 6.B 7.C 8.CD 9.2×103A；40A
第二部分 恒定电流（二）
1．关于闭合电路，下列说法正确的是 （ ） A．电源短路时，放电电流为无限大 B．电源短路时，内电压等于电源电动势 C．用电器增加时，路端电压一定增大 D．把电压表直接与电源连接时，电压表的读数稍小于电源电动势
6．在图5所示电路中，电阻R=5Ω，电池组的电动势E=6V，内电 阻r=1Ω．求：开关S闭合后通过电阻R的电流和电阻R消耗的电功率。
图5 E r S
7．如图6，用直流电动机提升重物，重物的质量m=50kg，电源电动势 E=110V。不计电源内阻及各处的摩擦，当电动机以v=0.90m/s的恒定速 度向上提升重物电路中的电流强度I=5A，由此可知电动机线圈的电阻是 多大？
A．500W B．25W C．2000W D．475W
V A R2 R1 E r
图1
2．如图1所示电路，当变阻器的滑片向下滑动时，电流表及电压表读数 的变化是（ ）
A．电流表、电压表读数都变大 B．电流表读数增大，电压表读数减小 C．电流表读数减小，电压表读数增大 D．电流表、电压表读数都减小
3．如图2所示，一个电源的电动势为ε、内电阻为r，将一个额定电压 为U的电动机接在该电源上，电动机正常工作，通过电动机的电流为I。 电动机的内阻为R，关于在时间t内的能量转化，下面的说法中正确的是 （）
高二物理练习：恒定电流单元测试题及答案
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高二物理练习：恒定电流单元测试题及答案
高二物理《恒定电流》单元测试
一、选择题：
1．关于电源电动势的说法错误的是
A．电源电动势等于内外电路电势降落之和
B．电源电动势等于外电路的路端电压
C．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压D．电源电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领2．如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动
变阻器的滑动触头P向右移动时，三个灯泡亮
度的变化情况是
A．L1变亮，L2和L3皆变暗
B．变暗，不能确定，变暗
C．变暗，变亮，变亮
D．变亮，变亮，变暗
3．电源的电动势和内电阻都保持一定，在外电路的电阻逐渐变小的过程中，下面说法错误的是
A．路端电压一定逐渐变小
B．电源的输出功率一定逐渐减小
C．电源内部消耗的电功率一定逐渐变大
D．电源的输出电流一定变大
点击下载：恒定电流单元测试题
以上就是高二物理练习：恒定电流单元测试题及答案的所有内容，希望对大家有所帮助!。
高二物理恒定电流试题答案及解析
高二物理恒定电流试题答案及解析1.关于电流强度的说法中正确的是：A．根据I=Q/t可知I与Q成正比B．如果在任何相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定电流C．电流有方向，电流是矢量D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位【答案】BD【解析】由电流定义式I=可知，电流I与t不会成正比，在电荷量q一定时，电流I与t成反比，故A错误；所谓恒定电流是指电流的大小和方向始终保持不变的电流，所以在任何相等的时间内通过导体横截面积的电量相等，则导体中的电流是恒定电流．故B正确．矢量的运算满足平行四边形定则，而电流的运算满足代数法则，故电流虽然有方向，但电流强度是标量．故C错误．电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位．故D正确。
【考点】本题考查电流强度。
2.对电流概念的正确理解是：A．通过导体的横截面的电量越多，电流越大B．单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大C．电流有方向，它是一个矢量D．电流的方向就是电荷移动的方向【答案】 B【解析】试题分析: 电流的大小取决于电荷量与时间的比值，即单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大；所以A错，B对；电流是一个标量，所以C错；电流与正电荷移动的方向相同，与负电荷移动的方向相反，所以D错。
【考点】电流．3.学了电流以后，有同学对电流知识提出了以下几种说法，你认为正确的是（）.A．电流的方向就是电荷移动的方向B．通过导线横截面的电荷量越多，电流越大C．在直流电源的外电路上，电流的方向是从电源正极流向负极D．电流是有方向的量，所以是矢量【答案】C【解析】电流的方向就是正电荷移动的方向，A中未说明，则A错；由知，通过导线横截面的电荷量越多，但时间不确定，则电流不一定大，B错；电流虽然是有方向的量，但却是标量。
C正确。
【考点】本题考查电流的大小及方向。
4.当定值电阻两端加上某一稳定电压，通过该电阻的电荷量为0.3C时，消耗的电能为0.9J。
高二物理第三章恒定电流试题及答案
第三章 恒定电流一、导体中的电场和电流课堂同步1．下列叙述中；产生电流的条件是 （ ）A ．有自由电子B ．导体两端存在电势差C ．任何物体两端存在电压D ．导体两端有恒定电压2．下列说法中正确的有 （ ）A ．导体中电荷运动就形成了电流B ．电流强的单位是安培C ．电流强有方向；它是一个矢量D ．一切导体；只要其两端电势差为零；则电流强就为零3．对电流概念的正确理解是 （ ）A ．通过导体的横截面的电量越多；电流越大B ．导体的横截面越大；电流越大C ．单位时间内通过导体横截面的电量越大；电流越大D ．导体中的自由电荷越多；电流越大4．下列关于电流的说法中；正确的是 （ ）A ．金属导体中；电流的传播速率就是自由电子定向移动的速率B ．温升高时；金属导体中自由电子热运动加快；电流也就加大C ．电路接通后；电子就由电源出发；只要经过一个极短的时间就能达到用电器D ．通电的金属导体中；自由电子的运动是热运动和定向移动的合运动；电流的传播速率等于光速5．金属导体导电是 作定向移动；电解液导电是 作定向移动；气体导电是 和 都作定向移动。
6．通过一个导体电流是5A ；经过4min 通过该导体一个截面的电量是( )A ．20CB ．50C C ．1200CD ．2000C课后巩固1.下列说法中正确的是( ).A ．电流的方向就是电荷移动的方向B ．在某一直流电源的外电路上；电流的方向是从电源正极流向负极C ．电流都是由电子的移动形成的D ．电流是有方向的量；所以是矢量2．某一探测器因射线照射；内部气体电离；在时间t 内有n 个二价正离子到达阴极；有2n 个电子到达探测器的阳极；则探测器电路中的电流为( ).A ．0B ．2ne /tC ．3ne /tD ．4ne /t3．有一横截面积为S 的铝导线；当有电压加在该导线上时；导线中的电流强为I 。
设每单位体积的导线中有n 个自由电子；电子电量为e ；此时电子定向移动的速为v ；则在△t 时间内；通过导体横截面的自由电子数目可表示为（ ）A ．nvS △tB ．nv △tC ． e t I ∆D ．Set I ∆４．若上题中单位体积的导线中有n 个自由电子改为单位长的导线中有n 个自由电子；则正确的答案为（ ）提速训练１.银导线的横截面积S ；通以大小为I 的电流；设银的密为ρ；摩尔质量为M ；阿伏伽德罗常数为N A .若每个银原子可以提供一个自由电子；则银导线每单位长上的自由电子数的计算式n =________。
高二物理恒定电流训练题(带答案和解释)
1．串联电路的基本特点是：(1)电路中各处电流相等，即I1＝I2＝I3＝…＝In.(2)总电压等于各部分电路电压之和，即U＝U1＋U2＋…＋Un.(3)总电阻等于各部分电路电阻之和，即R＝R1＋R2＋…＋Rn.2．并联电路的基本特点是：(1)各电阻两端的电压相等，即U1＝U2＝U3＝…＝Un.(2)总电流等于各支路电流之和，即I＝I1＋I2＋…＋In.(3)总电阻的倒数等于各支路电阻的倒数之和，即1R＝1R1＋1R2＋…＋1Rn. 3．电流表(表头)G的三个重要参数是Ig、Ug、Rg，这三个参数之间的关系符合欧姆定律，即Ug＝IgRg.4．利用串联电路的分压原理，将电流表G串联一只适当阻值的电阻R，就可以改装成一定量程的电压表V，若改装后的量程为U，则分压电阻R＝UIg－Rg. 5．利用并联电路的分流原理，将电流表G并联一只适当阻值的电阻R，就可以改装成一定量程的电流表A，若改装后的量程为I，则分流电阻R＝IgRgI－Ig.【概念规律练】知识点一串并联电路的特点1．电阻R1、R2、R3串联在电路中．已知R1＝10 Ω、R3＝5 Ω，R1两端的电压为6 V，R2两端的电压为12 V，则( )A．电路中的电流为0.6 AB．电阻R2的阻值为20 ΩC．三只电阻两端的总电压为21 VD．电阻R3两端的电压为4 V答案ABC解析电路中电流I＝U1R1＝610 A＝0.6 A；R2阻值为R2＝U2I＝120.6 Ω＝20 Ω，三只电阻两端的总电压U＝I(R1＋R2＋R3)＝21 V；电阻R3两端的电压U3＝IR3＝0.6×5 V＝3 V.2．已知通过三个并联支路的电流之比是I1∶I2∶I3＝1∶2∶3，则三个并联支路的电阻之比R1∶R2∶R3为( )A．1∶2∶3 B．3∶2∶1C．2∶3∶6 D．6∶3∶2答案 D解析由欧姆定律有R＝UI，在并联电路中，电压相等，所以有R1∶R2∶R3＝1I1∶1I2∶1I3＝11∶12∶13＝6∶3∶2.3. 如图1所示电路，R1＝2 Ω，R2＝3 Ω，R3＝4 Ω.图1(1)如已知流过电阻R1的电流I1＝3 A，则干路电流多大？(2)如果已知干路电流I＝3 A，流过每个电阻的电流多大？答案(1)6.5 A (2)1.38 A 0.92 A 0.69 A.解析(1)由I1、R1可算出并联电路的电压，即可算出I2、I3，总电流I＝I1＋I2＋I3.并联电路的电压U＝I1R1＝3×2 V＝6 V，流过电阻R2、R3的电流分别为I2＝UR2＝63 A＝2 A，I3＝UR3＝64 A＝1.5 A.所以干路电流为I＝I1＋I2＋I3＝(3＋2＋1.5) A＝6.5 A.(2)已知I1＋I2＋I3＝I①又由I1R1＝I2R2，有I2＝R1R2I1②由I1R1＝I3R3，有I3＝R1R3I1③将②③式同时代入①，有I1＋R1R2I1＋R1R3I1＝I，代入已知数据，得I1≈1.38 A，再代入②③中，得I2≈0.92 A，I3≈0.69 A.点评对第(2)小题应用电流与电阻的反比关系I1R1＝I2R2＝I3R3求解时必须注意，不要把这三个电阻中电流的关系错写成I1∶I2∶I3＝R3∶R2∶R1.知识点二电压表、电流表的改装4．把电流表改装成电压表时，下列说法正确的是( )A．改装的原理是串联电阻有分压作用B．改装成电压表后，原电流表本身允许通过的最大电流值也随着变大了C．改装后原电流表自身的电阻也增大了D．改装后使用时，加在原电流表两端的电压的最大值不变答案AD解析电流表改装成电压表的原理是串联电路的分压作用，故A正确；电流表改装成电压表后Rg、Ig、Ug均不变，故B、C错误，D正确．5．有一个量程为0.5 A的电流表，与阻值为1 Ω的电阻并联后通入0.6 A的电流，电流表的示数为0.4 A，若将该电流表的量程扩大为5 A，则应________联一个阻值为________ Ω的电阻．答案并0.056解析电流表内阻Rg＝ 0.6－0.4 ×10.4 Ω＝0.5 Ω，当接5 A量程时，Ig′＝0.5 A，分流IR＝(5－0.5) A＝4.5 A，所以分流电阻R＝Ug′/IR＝Ig′RgIR＝0.5×0.54.5 Ω≈0.056 Ω.点评(1)小量程的电流表(表头)的三个参量：内阻Rg、满偏电流Ig、满偏电压Ug，它们的关系是Ug＝IgRg.(2)电压表和电流表的改装：当把电流表G改装成量程为U的电压表时，应当串联一个电阻R，该电阻起分压作用，与三个参数间的关系为：U＝Ig(Rg＋R)；当把电流表G改装成量程为I的电流表(也叫安培表)时，应当并联一个电阻，该电阻起分流作用，与三个参数间的关系为：I＝Ig＋IgRgR.知识点三串并联电路特点的综合应用6. 如图2所示的电路中，R1＝8 Ω，R2＝4 Ω，R3＝6 Ω，R4＝3 Ω.图2(1)求电路中的总电阻．(2)当加在电路两端的电压U＝42 V时，通过每个电阻的电流是多少？答案(1)14 Ω(2)I1＝I2＝3 A，I3＝1 A，I4＝2 A.解析(1)R3、R4并联后电阻为R34，则R34＝R3R4R3＋R4＝6×36＋3 Ω＝2 Ω，R1、R2和R34串联，电路中的总电阻R＝R1＋R2＋R34＝14 Ω.(2)根据欧姆定律I＝UR，I＝4214 A＝3 A.由于R1、R2串联在干路上．故通过R1、R2的电流都是3 A.设通过R3、R4的电流为I3、I4，由并联电路的特点．I3＋I4＝3 A，I3I4＝R4R3，解得I3＝1 A，I4＝2 A.点评在串并联电路的有关计算中，首先要明确各电阻的串并联关系，然后再结合串并联电路的特点及电流、电压分配规律和欧姆定律列式计算．7．一个T型电路如图3所示，电路中的电阻R1＝10 Ω，R2＝120 Ω，R3＝40 Ω.另有一测试电源，电动势为100 V，内阻忽略不计．则( )图3A．当cd端短路时，ab之间的等效电阻是40 ΩB．当ab端短路时，cd之间的等效电阻是40 ΩC．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为80 VD．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为80 V答案AC甲解析当cd端短路时等效电路图如图甲，等效电阻R123＝R1＋R2R3R2＋R3＝40 Ω，所以A对．同理，当ab端短路时，等效电阻R123＝R2＋R1R3R1＋R3＝128 Ω，所以B错．乙当ab两端接通测试电源时等效电路图如图乙，根据欧姆定律得：I＝ER1＋R3＝10010＋40A＝2 A，所以Ucd＝IR3＝80 V，所以C对．同理，当cd两端接通测试电源时，根据欧姆定律得：I＝ER2＋R3＝100120＋40 A＝58 A，所以Uab＝IR3＝25 V，所以D错．点评搞清楚cd端短路时及ab端接通测试电源时电路的连接形式是解题的关键，为此需画出不同情况下的等效电路图．【方法技巧练】一、用伏安法测电阻8．用电流表和电压表测量电阻Rx的阻值．如图4所示，分别将图(a)和(b)两种测量电路连接到电路中，按照(a)图时，电流表示数为4.60 mA，电压表示数为2.50 V；按照(b)图时，电流表示数为5.00 mA，电压表示数为2.30 V，比较这两次结果，正确的是( )图4A．电阻的真实值更接近543 Ω，且大于543 ΩB．电阻的真实值更接近543 Ω，且小于543 ΩC．电阻的真实值更接近460 Ω，且大于460 ΩD．电阻的真实值更接近460 Ω，且小于460 Ω答案 B解析比较(a)、(b)两图的电压读数，可知ΔU＝0.20 V，则ΔUU＝0.202.50＝0.08；电流变化ΔI＝0.40 mA，则ΔII＝0.404.60＝0.087，可见ΔII>ΔUU，即电流变化。
新疆巴楚县第一中学2020-2021学年高二年级物理寒假作业第三周（恒定电流）(无答案)
第1页 共4页 ◎ 第2页 共4页…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名：________班级：________考号：________…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………绝密★启用前2021年1月19日高中物理注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息; 2．请将答案正确填写在答题卡上;卷I （选择题）一、 选择题 （本题共计 7 小题 ，每题5 分 ，共计35分 ）1. 把一段阻值为的均匀金属导线截为长度相等的两段，再将这两段导线并联，并联后的总电阻为（ ）A.B.C.D.2. 一个电源电动势为，内阻为 ，当它两端接外电阻时，则闭合回路中的电流大小是（ ） A.B.C.D.3. 有一内阻为的电源，当其两端接的定值电阻时，路端电压为，则该电源电动势为（ ）A.B.C.D.4. 如图所示电路中， ，闭合开关，通过、、的电流分别为、、．则（ ）A.B.C. D.5. 电阻和分别标有规格“、”和“、”，将它们串联起来之后，能承受的最大电压是（ ） A.B.C.D.6. 电磁感应现象的发现，标志着人类从蒸汽机时代步入了电气化时代。
下列设备利用电流热效应原理的是（ ）A. 电风扇B. 电熨斗C.发电机 D. 电磁起重机7. 一个电流表的满偏电流＝，内阻为，要把它改装成一个量程的电压表，则应在电流表上（ ）． A.串联一个的电阻 B.并联一个的电阻 C.串联一个的电阻D.并联一个的电阻二、 多选题 （本题共计 3小题 ，每题 5 分 ，共计15分 ） 8. 两个金属导体的伏安特性曲线如图所示，则下列说法正确的是（ ）A.B.C.电压相同时D.电压相同时9. 如图所示，是一个由电池、电阻与平行板电容器组成的电路。
在增大电容器两极板间距离的过程中（ ）A.电阻中没有电流B.电容器的电容在变小C.电阻中有从流向的电流D.电阻中有从流向的电流第3页 共4页 ◎ 第4页 共4页…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………10. 如图所示是用电压表和电流表测电阻的一种方法，为待测电阻，如果考虑到仪表本身电阻对测量结果的影响，则（ ）A.电流表采用了外接法B.电流表采用了内接法C.为大阻值电阻时应采用这种接法D.为小阻值电阻时应采用这种接法卷II （非选择题）三、 填空题 （本题共计 4 小题 ，9个空格，每个空格2分，共计18分 ） 11. 有一个小电珠上标有“，”的字样，现在要用伏安法描绘这个小电珠的图线，有下列器材供选用： ．电压表，内阻约 ．电压表，内阻约 ．电流表，内阻约．电流表，内阻约．滑动变阻器．学生电源（直流）、开关、导线若干（1）实验中所用电压表应选用________，电流表应选用________（用字母序号表示）。
北京市房山区房山中学高二物理 寒假作业 恒定电流
1恒定电流一、基础知识复习1．电动势是描述 的物理量。
2．电阻率的决定因素：由_____________和_______决定．与导体的_______、_____无关．3．焦耳定律：（1）电流的热效应：①电流通过有_______的导体(或用电器)时，导体(或用电器)总要发热，这就是电流的热效应．②电流的热效应实质上是通过电流做功将_____能转化为_____能．（2）焦耳定律：Q ＝____________．二、知识应用练习1.设金属导体的横截面积为S ，单位体积内的自由电子数为n ，自由电子定向移动速度为v ，那么在时间t 内通过某一横截面积的自由电子数为______；若电子的电量为e ，那么在时间t 内，通过某一横截面积的电量为______；若导体中的电流I ，则电子定向移动的速率为______。
2.在氢原子模型中，电子绕核运动可等效为一个环形电流。
设氢原子中电子在半径为r 的轨道上运动，其质量、电量分别用m 和e 来表示，则等效电流I 等于多少?3．有一横截面为S 的铜导线，流经其中的电流强度为I ，设每单位体积的导线中有n 个自由电子，电子的电荷量为q ，此时电子定向移动的速度为υ，在t ∆实践内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（ ）A.I t q ∆B.n t υ∆C.n S t υ∆D.I t Sq∆ 4．关于电动势下列说法正确的是（ ）A 、在电源内部把正电荷从负极移动到正极，非静电力做功，电势能增加B 、对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势就越大C 、电动势大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量做功越多D 、电动势大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极向正极移送电荷量越多 5．如图所示是两个导体A 和B 的伏安特性曲线，则它们的电阻关系R A ：R B ＝________，若两个导体中的电流相等（不为0）时，它们两端的电压之比 为U A ：U B ＝__________；若两个导体两端的电压相等（不为0）时，通过它们 的电流之比I A ：I B ＝_________． 6．a 、b 两根不同材料制成的电阻丝，长度之比为1:5，横截面积之比为2:3，串联后接入电路中两端电压之比为2:5，由此可知，这两种材料的电阻率之比为: （ ）A ．2:3B ．3:4C ．4:3D ．8:37．一段粗细均匀的电阻丝，横截面直径为d ，电阻为R ，现把它拉成横截面直径为d /10的均匀细丝，它的电阻变为：（ ）A.100RB.1000RC.10000RD.R/100008．如图所示是两根电阻丝通电后的I-U 图线，由图可知，a 、b 的电阻分别为多大？若二者是用同种电阻丝制成的，则它们的长度之比是多少？9.电动机的额定电压是110V ，额定功率是2.2kW ，线圈的电阻是0.5Ω,求：（1）电动机正常工作时的电流多大？（2）1s 时间内线圈上产生的热量是多少？（3）1s 时间内转化的机械能有多少？（4）用此电动机提升质量为100kg 的重物，匀速运动时的速度多大？1020 0 30 10 A B 0 I /A U /V。
(高中物理)高二物理寒假专题恒定电流鲁教
高二物理寒假专题——恒定电流鲁教版【本讲教育信息】一. 教学内容：寒假专题——恒定电流知识网络稳恒电流：本章的复习首先要扎扎实实地打好根底，深刻理解物理概念的含义，正确应用物理规律，并能熟练地进行有关的计算。
要特别注意由于电路某一局部结构的变化而引起电流、电压、电阻、电功率等电路特征量的变化的分析和计算；还要注意能量的转化问题，要从能量转化和守恒的角度去解决这些问题；另外还要掌握好电路的测量和仪表的使用，如滑动变阻器的连接及其作用，电压表、电流表的使用等。
【典型例题】例1. 某一电动机，当电压U 1=10V 时带不动负载，因此不转动，这时电流为I 1=2A 。
当电压为U 2=36V 时能带动负载正常运转，这时电流为I 2=1A 。
求这时电动机的机械功率是多大？解析：电动机不转时可视为纯电阻，由欧姆定律得，Ω==511I U R ，这个电阻可认为是不变的。
电动机正常转动时，输入的电功率为P电=U 2I 2=36W ，内部消耗的热功率P 热=R I 22=5W ，所以机械功率P=31W 由这道例题可知：电动机在启动时电流较大，容易被烧坏；正常运转时电流反而较小。
闭合电路专题复习：1. 闭合电路欧姆定律的表达形式有：①E=U 外+U 内②rR E I +=〔I 、R 间关系〕 ③U=E-Ir 〔U 、I 间关系〕④E r R R U +=〔U 、R 间关系〕 2. 闭合电路总电流、路端电压与负载的关系：3. 闭合电路动态分析的思路和方法：第一步：确定外电路总电阻R 的变化。
〔一般情况下，只要其中一个电阻变大，总电阻R 就变大，反之亦然〕第二步：根据外电路总电阻的变化，确定路端电压U 、干路电流I 的变化情况，即： 第三步：确定动态分析的对象〔1〕外电路总电阻，即判断电源的路端电压U 、干路电流I 的变化情况，直接根据第二步判断。
〔2〕定值电阻，可根据欧姆定律来判断。
〔3〕可变电阻，不能用欧姆定律判断，可用电流或电压的总量与两个分量之间的关系来判断。
高二物理寒假作业：《恒定电流》(3)
高二物理寒假作业：《恒定电流》（3）干路电流.a、b为图线上的两点.相应状态下电源的输出功率分别为Pa、Pb，外电路电阻为Ra、Rb，由图可知，及的比值分别为()A. 3：1 1：2B. 1：3 2：3C. 1：1 1：2D. 1：1 4：1 6.教室的前、后门都安装有锁，同学们早晨到校时，只要打开其中一扇门，就可以进教室.这里的打开门和可以进教室之间体现了某种逻辑关系，如果将打开门和可以进教室看作1、关上门和不能进教室看作0，下列门电路能体现这种逻辑关系的是()A. B. C. D.二、实验题(本题共2道小题) 7.读出下列测量仪器的数据：(1)10分度游标卡尺cm(2)螺旋测微器mm(3)多用电表电阻档(10倍率)8.现用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻，现备有以下器材：A.干电池一个B.滑动变阻器(0﹣20)C.滑动变阻器(0﹣1000)D.电压表(0﹣3V，内阻约为1K)E.电压表(0﹣15V，内阻约为5K)F.电流表(0﹣0.6A，内阻约为10)G.电流表(0﹣3A，内阻约为5)H.电建、导线①其中滑动变阻器应选，电流表应选，电压表应选.(填写各器材前面的字母代号)②如图是根据实验数据画出的U﹣I图象，由此可知该干电池的电动势E=V，内阻r=.三、计算题(本题共3道小题) 9.如图所示的电路中，R1=3，R2=6，R3=1.5，C=20F当开关S断开时，电源所释放的总功率为2W;当开关S闭合时，电源所释放的总功率为4W求：(1)电源的电动势和内电阻;(2)闭合S时，电源的输出功率;(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少10.在如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1=100，R2阻值未知，R3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A、B两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的.求：(1)电源的电动势和内阻;(2)定值电阻R2的阻值;(3)滑动变阻器的最大阻值.11.如图所示(a)电路，当变阻器的滑动片从一端滑到另一端的过程中两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图(b)中的AC，BC两直线所示，不考虑电表对电路的影响.(1)电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象应分别为U﹣I图象中的哪一条直线(2)定值电阻R0、变阻器的总电阻分别为多少(3)试求出电源的电动势和内电阻;(4)变阻器滑动片从一端滑到另一端的过程中，变阻器消耗的最大电功率为多少试卷答案从铭牌上可以看出，该电池的电动势和电量，根据公式W=qU 可求它充足电后所储存的电能. 解：从铭牌上可以看出，该电池的电动势为3.7V，电量为600mA h=0.6A3600s=2160C，故选：D 1.2.解：ACD、当滑动变阻器的滑动片向右滑动时，电路的总电阻变大.据闭合电路的欧姆定律可知干路电流减小，路端电压增大，即电流表A1的示数减小，电压表的示数增大，故AC正确，D错误;B、由于路端电压增大和干路电流减小，所以电流表A2读数减小，故B错误.故选：AC.3.解：由闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，当I=0，U=E，则由电源的U﹣I图象纵轴截距读出电源的电动势E=3V，图象的斜率大小等于电源的内阻大小，即有r===0.5.电源的U﹣I图象与电阻U﹣I图象的交点表示该电阻接在该电源上的工作状态，读出此时的路端电压为U=2V，电流为I=2A，则电源的输出功率为P=UI=4W.故选A4.解：由题，电阻R1是定值电阻，电阻保持不变，根据功率公式P=I2R分析得知，当I最大时，R1消耗的功率最大.由闭合电路欧姆定律得到，此时R2=0.故选：D5.解：由图可知，UA=2UB;IA=;由P=UI可知，功率之比为1：1;由R=可知，电阻之比为4：1;故选：D.6.解：同学们只要打开其中一扇门即可进入教室，故打开门与同学们进教室是或的关系;故选：B.7.(3)由图乙所示可知，欧姆表示数为2410=240故答案为：(1)1.14;(2)6.702～6.704;(3)2408.9.(1)电源的电动势为4V，内阻为0.5.(2)闭合S时，电源的输出功率等于3.5W.(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是610﹣5C、0. 解：(1)S断开时E=I1(R2+R3)+I1r①P1=EI1②S闭合时：③P2=EI2④由①②③④可得(2)闭合S时，电源的输出功率(3)S断开时S闭合，电容器两端的电势差为零，则Q2=0答：(1)电源的电动势为4V，内阻为0.5.(2)闭合S时，电源的输出功率等于3.5W.(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是610﹣5C、0.10.解：(1)电源的路端电压随电流的变化图线斜率大小等于电源的内阻，则有内阻r=||==20电源的电动势为E=U+Ir，取电压U=16V，电流I=0.2A，代入解得，E=20V.(2)当滑片滑到最右端时，R1被短路，外电路的电阻最小，电流最大，此时电压U=4V，电流I=0.8A，则定值电阻R2==5(3)滑动变阻器阻值最大时，外电阻最大，电流最小，此时电压U=16V，电流I=0.2A，外电路总电阻为R==80又R=R2+，R1=100，R2=5代入解得，R3=300答：(1)电源的电动势和内阻分别为E=20V和r=20(2)定值电阻R2的阻值为5(3)滑动变阻器的最大阻值为300.11.解：(1)当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，所以电压表V1的示数随电流表示数的变化图象应为BC;电压表V2的示数随电流表示数的变化图象应为AC;(2)定值电阻R0==3当I=0.5A时R外==15则R=R外﹣R0=12(3)根据闭合电路欧姆定律得：E=7.5+0.5rE=6+2r可得：E=8V，r=1(4)当R=R0+r=4时，变阻器消耗的电功率最大.UR==4VPR==4W答：(1)电V1对应BC图象、V2对应AC图象.(2)定值电阻R0、变阻器的总电阻分别为3和12(3)电源的电动势为8V，内电阻为1.(4)变阻器滑动片从一端滑到另一端的过程中，变阻器消耗的最大电功率为4W.2019年高二物理寒假作业介绍到这里就结束了，希望对你有所帮助。
高二物理寒假作业一恒定电流
高二物理寒假作业一恒定电流1．B 2．B 3．C 4．D 5．C 6．CD 7．A 8．C 9．D10．BC 11．0.15A，7.5V12．（1）C（2）回路中的电流（3）10；5013．8Ω；23W【解析】（1）小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到A板时速度为零．设两板间电压为U AB，由动能定理得：－mgd－q U AB=0－221mv，所以滑动变阻器两端电压U滑=U AB=8V．设通过滑动变阻器电流为I，由欧姆定律得：I=ArRUE1=+-滑，滑动变阻器接入电路的电阻：Ω8＝＝滑滑IUR．（2）电源的输出功率：P出＝I2（R ＋R滑）=23 W．14．1.5m/s15．【答案】(1)1A(2)15V(3)20V(4)16V物理作业二实验答案1答案 D2答案8.11642.124答案(1)60(2)7.2(3)3.574答案(1)AD(2)BC(3)2 1.51(4)见解析解析(1)从电路连接可以看出，电流表A的读数增大时，电压表V1的读数减小，电压表V2的读数增大．甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据绘制图象的，A正确，B错误；乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据绘制图象的，C错误，D正确．(2)图象中两直线的交点表示电压表V1的读数与电压表V2的读数相等，即滑动变阻器的阻值为0，滑动变阻器的滑动触头P 滑到了最左端，A 错误；从图象可以得出电阻R 0的阻值大于电源的内阻，滑动变阻器的阻值减小，电源的输出功率增大，两直线的交点对应滑动变阻器的阻值为0，即电源的输出功率最大，B 正确；定值电阻R 0消耗的功率为：P ＝U 2I ＝1.0×0.5 W ＝0.5 W ，C 正确；电源的效率为：η＝UI EI ＝UE ，U 越大，效率越大，D 错误．(3)从图象乙可以得出定值电阻R 0的阻值为：R 0＝U 2I ＝1.00.5 Ω＝2 Ω；从甲同学的图象可以得出图象在U 轴上的截距为1.5 V ，即电源的电动势为1.5 V ，图象斜率的绝对值为：k ＝|ΔU 1ΔI |＝0.50.5＝1，即电源的内阻为r ＝1 Ω.(4)该电路中的电流为：I ＝E R ＋R 0＋r ，当R 最小为0时，电流最大，最大值为：I m ＝ER 0＋r ＝1.52＋1A ＝0.5 A ，故该电路中电流表的读数不能达到0.6 A. 5答案 (1)A D E (2)见解析图 (3)增大 5.33解析 (1)由灯泡“4 V ,2W ”可知，I ＝PU ＝0.5 A ，故电压表选A ，电流表选D ，要求电压从0开始增大，可知用分压式接法，故滑动变阻器选E. (2)由R L R A <R VR L可知电流表外接，电路图如图所示．(3)I －U 图象中图线的斜率为电阻的倒数，所以随着电压的增加，小灯泡的电阻增大，结合图象和R ＝U I ，可得R ＝2.40.45 Ω≈5.33 Ω.6答案 ①U ＝E －Ir ②如图所示③不变增大0.9754780.2687答案(1)、(2)见解析图(3)A1的示数为300 mA I1(r1＋R0) I2－I1解析测电阻的基本方法是伏安法，但由于小灯泡的额定电压为3 V，比电压表的量程小得多，故无法用电压表测电压．可设计让定值电阻R0与A1串联，改装成一个适当量程的电压表，然后用A2测量小灯泡和改装电表并联后的总电流，这样通过两表的示数就可以知道通过小灯泡的电流为I2－I1，小灯泡两端的电压为I1(R0＋r1)，故小灯泡的电阻为R L＝I1(r1＋R0) I2－I1.实验要求测量小灯泡L从较低温度到正常发光过程中的电阻情况，即要求电压从0开始调节，故滑动变阻器应选用分压式接法．由于滑动变阻器R2阻值太大，所以滑动变阻器选R1；小灯泡正常发光时电压为3 V，对应电流表读数为I1＝UR0＋r1＝0.3 A＝300 mA.则电路原理图如图甲所示，实物连接图如图乙所示使A 1的示数为300 mA 时，灯泡正常发光，此时R L ＝I 1(r ＋R 0)I 2－I 1，式中I 2为A 1表示数为300 mA 时，电流表A 2的读数，故I 1＝300 mA. 8．红 5 变大9．①S ③T 0刻线 ④ADC 10．② a寒假作业三----磁场基础答案1．答案：D2． 答案：C 3.4. 答案：AC 5答案：AC 6.答案：AB 7.答案：B8. 答案：C 9.答案：C 10.答案：A 11.答案：C 12. 答案：A寒假作业4 磁场计算题1. 答案： 5 A2. 答案：12mv 2－qBv d 23. 8×10-2T ；1.76×10-7s4. 解：（1）解得：02t t = 4L R = 004R v t = 208R BU t = （8分）⑵质子从极板间飞出时的沿电场方向分速度大小y v =qE t m =2Rt 0v = ⑦（1分） 从极板间飞出时的速度大小22002y v v v v =+=042R t = ⑧（2分）（3）设质子在磁场中作圆周运动的轨道半径为r ，质子恰好从上极板左边缘飞出时速度的偏转角为α，由几何关系可知：045βπα=-=，2r r R += 因为20()22t Eq R m =，所以0208qv B Eq R m m t == 根据向心力公式 2v qvB m r=解得：02(21)Rv t -=所以，质子两板左侧间飞出的条件为02(21)0Rv t -<< （８分）5. (1)设磁场的磁感应强度大小为B ，粒子第n 次进入磁场时的半径为R n ，速度为v n ，由牛顿第二定律得qv n B ＝m v n 2R n①由①式得v n ＝qBR nm②因为R 2＝2R 1，所以v 2＝2v 1③对于粒子第一次在电场中的运动，由动能定理得W 1＝12mv 22－12mv 12④联立③④式得W 1＝3mv 122⑤(2)粒子第n 次进入电场时速度为v n ，出电场时速度为v n ＋1，有 v n ＝nv 1，v n ＋1＝(n ＋1)v 1⑥由动能定理得qE n d ＝12mv n ＋12－12mv n 2⑦联立⑥⑦式得E n ＝2n ＋1mv 122qd⑧(3)设粒子第n 次在电场中运动的加速度为a n ，由牛顿第二定律得 qE n ＝ma n ⑨由运动学公式得v n ＋1－v n ＝a n t n ⑩联立⑥⑧⑨⑩式得t n ＝2d2n ＋1v 1(4)如图所示．答案： (1)32mv 12(2)2n ＋1mv 122qd (3)2d 2n ＋1v 1(4)见解析6. 答案：(1)电子进入磁场后，在磁场中做匀速圆周运动；电子进入电场做类平抛运动；电子从电场右边界进入无场区做匀速直线运动，最终打在屏上 (2)电子在磁场中的运动轨迹如图所示.设电子在磁场中的轨道半径为R ，沿－x 方向偏转距离为x ，则有x =0.02m由勾股定理可知(R －x )2+0.062=R 2根据牛顿第二定律 Rv m Bev 2=联立以上各式，代入数据求出B =9.0×10－5T 电子在电场区、无场区的运动时间相同，均为t 电子在电场中水平方向θcos 08.0v t =由图可知Rx R -=θcos 设电子在电场中向下偏转距离为221at y = 在无场区电子在－y 方向的距离是0.15－y =at ·t meEa =联立以上各式，代入数据求出E =144N/C 7.解：(1)电荷从A 点匀加速运动到x 轴上C 点的过程：位移s ＝AC ＝ 2 m(1分)加速度a ＝Eqm ＝22×1012 m/s 2(2分)时间t ＝2s a＝10－6 s(2分) (2)电荷到达C 点的速度为 v ＝at ＝22×106 m/s(2分) 速度方向与x 轴正方向成45°角，在磁场中运动时由qvB ＝mv 2R (2分)得R ＝mv qB ＝22m(1分)即电荷在磁场中做圆周运动的半径为0.71 m(1分)(3)如图，轨迹圆与x 轴相交的弦长为Δx ＝2R ＝1 m ，所以电荷从坐标原点O 再次进入电场中，且速度方向与电场方向垂直，电荷在电场中做类平抛运动．(1分)设到达y 轴的时间为t ′，则：tan 45°＝12at ′2vt ′(2分)解得t ′＝2×10－6 s(1分)则类平抛运动中垂直于电场方向的位移 L ＝vt ′＝4 2 m(1分)y ＝L cos 45°＝8 m(1分) 即电荷到达y 轴上的点的坐标为(0,8)．(1分)8. 答案： (1)1a 2mU q (2)πa 3 m 2qU9. m x m L s m a )22(,1,/22π-=∆==高二物理寒假作业五 电磁感应1． D 2． AD 3． B 4. C 5. D 6. D 7．AD 8．BD 9、A10A 11 BD 12.A 13. C 14. D二、计算题15. 答案：(1)4QR B 2l 2s (2)CQRBls解析：(1)设ab 上产生的感应电动势为E ，回路中的电流为I ，ab 运动距离s 所用时间为t ，则有E ＝Blv ，I ＝E 4R ，t ＝svQ ＝I 2(4R)t由上述方程得v ＝4QRB 2l 2s.(2)设电容器两极板间的电势差为U ，则有U ＝IR 电容器所带电荷量q ＝CU解得q ＝CQRBls.16． 解析：(1)根据楞次定律可知，感应电流的方向为顺时针(俯视观察)． (2)圆环下落高度为y 时的磁通量为Φ＝BS ＝Bπd 24＝B 0(1＋ky)πd 24设收尾速度为v m ，以此速度运动Δt 时间内磁通量的变化为 ΔΦ＝ΔBS ＝B 0kπd 24v m Δt根据法拉第电磁感应定律有E ＝ΔΦΔt ＝B 0kπd 24v m圆环中感应电流的电功率为P E ＝E 2R重力做功的功率为P G ＝mgv m 根据能量守恒定律有P E ＝P G 解得v m ＝16mgRπ2k 2B 20d4. 答案：(1)顺时针(俯视) (2)16mgRπ2k 2B 20d417.根据题意分析可知导体棒在磁场中作切割磁感线运动要产生感应电动势，所以闭合回路中有感应电流；由于导体棒有感应电流，磁场反过来对通电导体棒又有安培力的作用．根据楞次定律得安培力的方向必与导体棒的运动方向相反即沿斜面向下．在这里磁场力总要阻碍导体棒的运动，所以速度将越来越小．速度减小，导体棒切割磁感线产生的感应电动势也将减小，导体棒的电流强度也减小，磁场对导体棒的安培力减小，又安培力沿斜面向下，故导体棒所受的合外力减小．由以上分析可知，导体棒刚开始运动的时候导体棒的加速度最大．（1）导体棒运动产生感应电动势，整个回路等效于如右图所示的电路．刚开始运动时产生的感应电动势：V V L B E 33.01010=⨯⨯==υ 整个回路的总电阻： Ω=+3210r R R ＝总 导体棒的电流为： A A R E I 133＝＝总=导体棒所受的安培力： N N BIL F 3.03.011=⨯⨯=＝安导体棒所受的合外力： m ma mg mg F F =+θμθcos sin ＋＝安合 代入得： 22/3.10/18.01015.06.01013.0s m s m a m =⨯⨯⨯+⨯⨯+=（2）由于速度越来越小，所以安培力是一个变力．变力做功无法用W ＝FS 来求解，一般我们采用动能定理来求解．首先从题目的已知条件通过上端电阻的电量C q 1.0=∆可以求得导体棒向上移动的位移，从而再根据功能关系求得整个回路产生的总热量总Q ．根据电量求得整个过程中的磁通量的变化，由总总总总＝R t t R t R t t R E t I q φφφ∆∆∆∆=∆∆∆=∆=∆= 由此可得： Wb q R q R 6.02＝＝＝总总∆∆φ 设导体棒向上移动的最大距离为S ，则： m m BL S 23.016.0=⨯=∆=φ 由于导体棒克服安培力所作的功全部转化为热能，由动能定理得：20021037sin 37cos υμm Q S mg S mg －＝总--- 代入得： J Q 30＝总三个电阻（两个0R 和导体棒的电阻r ）上的总热量为30J ，纯电阻电路产生的热量Rt I Q 2=，所以每个电阻上产生的热量的分配与电路中电流的分配是一样的．即：J Q Q R R Q R 561212100＝＝总总总•=高二物理假期作业六 电磁感应计算题1答案： (1)klS 8ρ (2)k 2l 2S8ρ2.解析：答案： (1)0.4 A (2)0.5 J3．(1)πBr 2ω2πR 0＋2θ（π－2θ）rR (2)2B 2r 4ω28R 0＋πrR4.【答案】 0.4 m/s5. 2B tt(1)S kl ε∆Φ∆∆∆=== (1分) 2kl r rI ε== (1分)因为金属棒始终静止,在t 时刻磁场的磁感应强度为t B =0B kt +,所以232300()kl kl k l A r rr F F BIl B kt l B t ===+=+外 ，方向向右. (2分)1.(2)根据感应电流产生的条件,为使回路中不产生感应电流,回路中磁通量的变化应为零, 因为磁感应强度是逐渐增大的,所以金属棒应向左运动(使磁通量减小)即∆Φ0=,即∆Φ00t t B S B S =-, 也就是20()t B l l vt B l -= (2分) 得0B lt l vt B -=. (1分)(3)如果金属棒向右匀速运动,因为这时磁感应强度是逐渐减小的,同理可推得, 0B l t l vt B += 6.解析： (1)设导体棒d 刚要滑动的瞬间，流过d 的电流为I ，c 的瞬时速度为v电动势E ＝BLv ① 流过d 的电流 I ＝12×E32R ②d 受到的安培力大小为 F A ＝BIL ③ 对d 受力分析后，得F A ＝μmg ④c 的运动时间为t ＝va⑤综合①、②、③、④、⑤并代入已知得t ＝3μmgR B 2L 2a ⑥ v ＝3μmgRB 2L2.⑦(2)导体棒d 上产生的热量为Q ，则整个电路上产生的热量为Q ′＝6Q ⑧c 发生的位移为x ＝12at 2⑨ ；外力做的功为W ＝12mv 2＋μmgx ＋Q ′⑩由⑥、⑦、⑧、⑨、⑩并代入已知得W ＝9μ2m 3g 2R 22B 4L 4⎝⎛⎭⎫1＋μg a ＋6Q .⑪ 答案： (1)3μmgR B 2L 2a (2)9μ2m 3g 2R 22B 4L 4⎝⎛⎭⎫1＋μg a ＋6Q 7．（1）导体棒接入电路的电阻：R 0=0. 2×0.5Ω=0.1Ω灯泡正常发光，由P =UI 得电路中电流：I = PU =1A 灯泡电阻：R 灯= UI =0. 6Ωab 切割磁场产生感应电动势：E =Blv （1分）根据闭合电路欧姆定律有：I = ER 0+R 灯+2xr（1分）综合上述各式，代入数据后得：v =（5x +3.5）m/s （1分） （2）如图所示。
高二物理寒假作业：恒定电流测试题
高二物理寒假作业：恒定电流测试题2021年高二物理暑假作业：恒定电流测试题【】多了解一些考试资讯信息，关于先生和家长来讲十分重要，查字典物理网为大家整理了2021年高二物理暑假作业：恒定电流测试题一文，希望对大家有协助。
一、选择题1.有一个未知电阻RX，为了较准确地测出其阻值，先后用甲、乙两图停止测试，甲的数据为2.7v 5.0mA，乙的数据为2.8v4.0mA那么该电阻较准确的测量值及与真实值大小关系是()A.560 偏大B.560 偏小C.700偏小D.700 偏大2.绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器外部.闭合电键S，小球运动时遭到悬线的拉力为F.调理R1、R2，关于F的大小判别正确的选项是()A.坚持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小B.坚持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大C.坚持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D.坚持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小3.如下图的是伏安法测电阻的局部电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么()A.假定电压表示数有清楚变化，测量R时，S应接a，测量值偏小B.假定电压表示数有清楚变化，测量R时，S应接b，测量值偏大C.假定电流表示数有清楚变化，测量R时，S应接a，测量值偏小D.假定电流表示数有清楚变化，测量R时，S应接b，测量值偏大4.为了测定小灯泡的伏安特性曲线，需求测得的电压范围尽能够大些，误差小些，为此，以下电路适宜的是()5.伏安法测电阻的接法有如图甲、乙两种，以下说法正确的选项是( )A.两种接法完全等效B.按图甲接法，测得值偏小C.假定待测电阻的阻值很大，按图乙接法误差较小D.假定待测电阻的阻值很小，按图乙接法误差较小6.传感器是一种采集信息的重要器件，如下图是一种测定压力的电容式传感器.当待测压力F作用于可动膜片电极上时，以下说法中正确的选项是()A.假定F向上压膜片电极，电路中有从a到b的电流B.假定F向上压膜片电极，电路中有从b到a的电流C.假定F向上压膜片电极，电路中不会出现电流D.假定电流表有示数，那么说明压力F发作变化7.如下图，电压表和电流表的读数区分为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2，那么有关待测电阻Rx的说法正确的选项是( )A.Rx的测量值比真实值大B.Rx的测量值比真实值小C.Rx的真实值为99.8D.Rx的真实值为100.2本文导航 1、首页2、2021年高二物理暑假作业-23、2021年高二物理暑假作业-34、2021年高二物理暑假作业-45、2021年高二物理暑假作业-56、2021年高二物理暑假作业-6 8.用多用电表欧姆挡(100)测试三只二极管，其结果依次如图①②③所示，关于二极管的说法正确的选项是()A.①是完整的，且a端为正极B.②是完整的，且a端为正极C.②是完整的，且b端为正极D.③是完整的，且b端为正极9.关于多用电表外表上的刻度线，以下说法中不正确的选项是()A.直流电流刻度线和直流电压刻度线都是平均的，可以共用一刻度B.电阻刻度是不平均的C.电阻刻度上的零刻度与直流电流的最大刻度线相对应D.电阻刻度上的零刻度与直流电流的最大刻度线不对应10.运用多用表的欧姆挡测导体电阻时，假设两手同时区分接触两表笔的金属杆，那么形成测量值( )A、比真实值大B、比真实值小C、与真实值相等D、能够比真实值大，也能够小11.用多用电表欧姆挡测电阻，有许多本卷须知，以下说法中哪些是错误的()A.测量前必需调零，而且每测量一次电阻都要重新调零B.每次换挡后必需电阻调零C.待测电阻假设是衔接在电路中，应把它先与其他元件断开，再停止测量D.两个表笔要与待测电阻接触良好才干测得较准确，因此，应当用两手区分将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一同12.如下图，为万用表欧姆挡的外部电路，a、b为表笔插孔，以下说法中正确的选项是()A.a孔插红表笔B.表盘刻度是平均的C.用100 挡测量时，假定指针指在0 左近，那么应换用1 k 挡D.测量220 V 100 W的泡的电阻，会发现测量的电阻比484 小得多本文导航 1、首页2、2021年高二物理暑假作业-23、2021年高二物理暑假作业-34、2021年高二物理暑假作业-45、2021年高二物理暑假作业-56、2021年高二物理暑假作业-6 13.关于欧姆表，以下说法正确的选项是()A.欧姆表是依据闭合电路欧姆定律制成的B.由于电流和电阻成正比，所以刻度盘上的刻度是平均的C.运用欧姆表时，选择好一定量程的欧姆挡后首先应该将两表笔短接，停止电阻调零，换挡后不用重新调零D.假定测量时指针偏角较小，应换用较小倍率挡测量.14.以下说法中正确的选项是()A.欧姆表的每一挡测量范围都是0到B.欧姆表只能用来粗略地测量电阻C.用欧姆表测电阻，指针越接近刻度中央误差越大D.用欧姆表测电阻，指针越接近刻度左边误差越小15.用多用电表测电压和电阻时，假定红表笔拔出多用电表的正插孔，黑表笔拔出多用电表的负插孔，那么 ( )A.测量电压时，电流从红表笔流入多用电表B.测量电压时，电流从黑表笔流入多用电表C.测电阻时，电流从红表笔流入多用电表D.测电阻时，电流从黑表笔流入多用电表16.有一个多用电表，其欧姆挡的四个量程区分为：1101001 k，某同窗把选择开关旋到100挡测量一未知电阻时，发现指针偏转角很大，为了减小误差，它应该()A.换用1 k挡，不用重新调整调零旋钮B.换用10挡，不用重新调整调零旋钮C.换用1 k挡，必需重新调整调零旋钮D.换用10挡，必需重新调整调零旋钮本文导航 1、首页2、2021年高二物理暑假作业-23、2021年高二物理暑假作业-34、2021年高二物理暑假作业-45、2021年高二物理暑假作业-56、2021年高二物理暑假作业-6 17.测定金属的电阻率的实验中，以下操作中错误的选项是()A.用米尺测量金属丝的全长，且测量三次，算出其平均值，然后再将金属丝接入电路中B.用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值C.用伏安法测电阻时采用电流表内接法，屡次测量后算出平均值D.实验中应坚持金属丝的温度不变18.如下图是依据某次实验记载数据画出的U-I图象，以下关于这个图象的说法中正确的选项是( ) oA.纵轴截距表示待测电源的电动势B.横轴截距表示短路电流C.依据r=EI短，计算出待测电源内电阻为12D.电流为0.3 A时的外电阻是1819.在«测定电池的电动势和内电阻»的实验中，待测电池、开关和导线配合以下哪些仪器，可以到达测定目的( )A.一只电流表和一只滑动变阻器B.一只电流表和一只电压表C.一只电流表和一只电阻箱D.一只电压表和一只电阻箱20.如下图，直线l和2区分为两个不同电源的路端电压和电流的关系图像，E1、r1区分为电源l的电动势和内阻，E2、r2区分为电源2的电动势和内阻，下述说法正确的选项是( )A.El=E2B.r1r2C.当两个电源短路时电源l的短路电流小D.当两个电源区分接相反电阻时，电源2的输入功率小21.一太阳能电池板，测得它的开路电压为800 mV，短路电流为40 mA，假定将该电池板与一阻值为20 的电阻器连成一闭合电路，那么它的路端电压是?()A.0.10 VB.0.20 V?C.0.30 VD.0.40 V?22、关于闭合电路，以下说法中正确的选项是( )A.闭合电路中，电流总是从电势高的中央流向电势低的中央?B.闭合电路中，电源的路端电压越大，电源的输入功率就越大?C.闭合电路中，电流越大，电源的路端电压就越大?D.闭合电路中，外电阻越大，电源的路端电压就越大?本文导航 1、首页2、2021年高二物理暑假作业-23、2021年高二物理暑假作业-34、2021年高二物理暑假作业-45、2021年高二物理暑假作业-56、2021年高二物理暑假作业-6 23、电源电动势为E，内阻为r，向可变电阻R供电.关于路端电压，以下说法中正确的选项是A.由于电源电动势不变，所以路端电压也不变( )B.由于U=IR，所以当R增大时，路端电压也增大C.由于U=IR，所以当I增大时，路端电压也增大D.由于U=E-Ir，所以当I增大时，路端电压下降24、如下图，直线A为电源的UI图线，直线B为电阻R的UI图线，用该电源和电阻组成闭合电路时，电源的输入功率和电路的总功率区分是?()A.4 W、8 WB.2 W、4 W?C.4 W、6 WD.2 W、3 W?25.如下图电路，开关S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚益处于各自的中点位置时，悬在空气平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰恰处于运动形状.要使尘埃P向下减速运动，以下方法中可行的是 ( )A.把R1的滑片向左移动B.把R2的滑片向左移动C.把R2的滑片向右移动D.把开关S断开26、如下图的电路中，店员电动势为6V，当开关S接通后，灯泡L1和灯泡L2都不亮，用电压表测得各局部电压是Uab=6V,Uad=0,Ucd=6V,由此可判定( )A.L1和L2的灯丝都烧断了B.L1的灯丝都烧断了C.L2的灯丝都烧断了D.变阻器R断路27.在闭合电路中，以下表达正确的选项是( )A.闭合电路中的电流跟电源电动势成正比，跟整个电路的电阻成正比B.当外电路断开时，路端电压等于零C.当外电路短路时，电路中的电流趋近于D.当外电阻增大时，路端电压也增大本文导航 1、首页2、2021年高二物理暑假作业-23、2021年高二物理暑假作业-34、2021年高二物理暑假作业-45、2021年高二物理暑假作业-56、2021年高二物理暑假作业-6 28、直流电池组的电动势为E，内电阻为r，用它给电阻为R 的直流电动机供电，当电动机正常任务时，电动机两端的电压为U，经过电动机的电流是I，以下说法中正确的选项是A.电动机输入的机械功率是UI B.电动机电枢上发热功率为I2RC.电源消耗的化学能功率为EID.电源的输入功率为EI-I2r29.如图9所示为汽车蓄电池与车灯 (电阻不变)、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05 。
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2019年高二物理寒假作业：《恒定电流》（3）为了不让学生在这段时间后会忘掉之前一年学习过的
知识，小编准备了2019年高二物理寒假作业，具体请看以下内容。
一、选择题(本题共6道小题) 1.根据网上调查显示，随着中国电信事业的发展，国产手机的市场占有率在2019年4
月底已达到47%.图所示的是中兴手机电池上的文字说明，由此可知该电池的电动势和所储存的最大电量是()
A. 4.2V，600C
B. 3.7V，600C
C. 4.2V，2.16103C
D. 3.7V，
2.16103C 2.如图所示，电源内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑动片向右滑动时，下列说法中正确的是()
A. 电流表A1读数变小
B. 电流表A2读数变大
C. 电压表V读数变大
D. 电压表V读数不变
3.如图所示，直线a为某电源的路端电压随干路电流强度的变化图线，直线b为某一电阻R两端的电压随电流变化图线，把该电源和该电阻组成的闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别为()
A. 4W，0.5
B. 6W，1
C. 4W，1
D. 2W，0.5 4.如图所示，要使电阻R1消耗的功率最大，应该把电阻R2的阻值调节到()
A. R1+r
B. R1﹣r
C. r
D. 0 5.在测电源电动势和内阻的试验中得到的实验图线如图所示，图中U为路端电压，I为
干路电流.a、b为图线上的两点.相应状态下电源的输出功率分别为Pa、Pb，外电路电阻为Ra、Rb，由图可知，及的比值分别为()
A. 3：1 1：2
B. 1：3 2：3
C. 1：1 1：2
D. 1：1 4：1 6.教室的前、后门都安装有锁，同学们早晨到校时，只要打开其中一扇门，就可以进教室.这里的打开门和可以进教室之间体现了某种逻辑关系，如果将打开门和可以进教室看作1、关上门和不能进教室看作0，下列门电路能体现这种逻辑关系的是()
A. B. C. D.
二、实验题(本题共2道小题) 7.读出下列测量仪器的数据：
(1)10分度游标卡尺cm
(2)螺旋测微器mm
(3)多用电表电阻档(10倍率)
8.现用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻，现备有以下器材：
A.干电池一个
B.滑动变阻器(0﹣20)
C.滑动变阻器(0﹣1000)
D.电压表(0﹣3V，内阻约为1K)
E.电压表(0﹣15V，内阻约为5K)
F.电流表(0﹣0.6A，内阻约为10)
G.电流表(0﹣3A，内阻约为5)
H.电建、导线
①其中滑动变阻器应选，电流表应选，电压表应选.(填写各器材前面的字母代号)
②如图是根据实验数据画出的U﹣I图象，由此可知该干电池的电动势E=V，内阻r=.
三、计算题(本题共3道小题) 9.如图所示的电路中，R1=3，R2=6，R3=1.5，C=20F当开关S断开时，电源所释放的总功率为2W;当开关S闭合时，电源所释放的总功率为4W求：
(1)电源的电动势和内电阻;
(2)闭合S时，电源的输出功率;
(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少
10.在如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1=100，R2阻值未知，R3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A、B两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的.
求：(1)电源的电动势和内阻;
(2)定值电阻R2的阻值;
(3)滑动变阻器的最大阻值.
11.如图所示(a)电路，当变阻器的滑动片从一端滑到另一端的过程中两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图(b)中的AC，BC两直线所示，不考虑电表对电路的影响.
(1)电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象应分别为U﹣I图象中的哪一条直线
(2)定值电阻R0、变阻器的总电阻分别为多少
(3)试求出电源的电动势和内电阻;
(4)变阻器滑动片从一端滑到另一端的过程中，变阻器消耗的最大电功率为多少
试卷答案
从铭牌上可以看出，该电池的电动势和电量，根据公式W=qU 可求它充足电后所储存的电能. 解：从铭牌上可以看出，该电池的电动势为3.7V，电量为600mA h=0.6A3600s=2160C，故选：D 1.
2.解：ACD、当滑动变阻器的滑动片向右滑动时，电路的总电阻变大.据闭合电路的欧姆定律可知干路电流减小，路端电压增大，即电流表A1的示数减小，电压表的示数增大，故AC正确，D错误;
B、由于路端电压增大和干路电流减小，所以电流表A2读数减小，故B错误.
故选：AC.
3.解：由闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，当I=0，U=E，则由电源的U﹣I图象纵轴截距读出电源的电动势E=3V，图象的斜率大小等于电源的内阻大小，即有r===0.5.
电源的U﹣I图象与电阻U﹣I图象的交点表示该电阻接在该
电源上的工作状态，读出此时的路端电压为U=2V，电流为
I=2A，则电源的输出功率为P=UI=4W.
故选A
4.解：由题，电阻R1是定值电阻，电阻保持不变，根据功率公式P=I2R分析得知，当I最大时，R1消耗的功率最大.由闭合电路欧姆定律得到，此时R2=0.
故选：D
5.解：由图可知，UA=2UB;IA=;
由P=UI可知，功率之比为1：1;
由R=可知，电阻之比为4：1;
故选：D.
6.解：同学们只要打开其中一扇门即可进入教室，故打开门与同学们进教室是或的关系;
故选：B.
7.(3)由图乙所示可知，欧姆表示数为2410=240
故答案为：(1)1.14;(2)6.702～6.704;(3)240
8.
9.(1)电源的电动势为4V，内阻为0.5.
(2)闭合S时，电源的输出功率等于3.5W.
(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是610﹣5C、0. 解：(1)S断开时E=I1(R2+R3)+I1r①P1=EI1②
S闭合时：③P2=EI2④
由①②③④可得
(2)闭合S时，电源的输出功率
(3)S断开时
S闭合，电容器两端的电势差为零，则Q2=0
答：(1)电源的电动势为4V，内阻为0.5.
(2)闭合S时，电源的输出功率等于3.5W.
(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是610﹣5C、0.
10.解：(1)电源的路端电压随电流的变化图线斜率大小等于电源的内阻，则有内阻r=||==20
电源的电动势为E=U+Ir，取电压U=16V，电流I=0.2A，代入解得，E=20V.
(2)当滑片滑到最右端时，R1被短路，外电路的电阻最小，电流最大，此时电压U=4V，电流I=0.8A，则
定值电阻R2==5
(3)滑动变阻器阻值最大时，外电阻最大，电流最小，此时电压U=16V，电流I=0.2A，外电路总电阻为
R==80
又R=R2+，R1=100，R2=5
代入解得，R3=300
答：
(1)电源的电动势和内阻分别为E=20V和r=20
(2)定值电阻R2的阻值为5
(3)滑动变阻器的最大阻值为300.
11.解：(1)当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，所以电压表V1的示数随电流表示数的变化图象应为BC;电压表V2的示数随电流表示数的变化图象应为AC;
(2)定值电阻R0==3
当I=0.5A时R外==15
则R=R外﹣R0=12
(3)根据闭合电路欧姆定律得：
E=7.5+0.5r
E=6+2r
可得：E=8V，r=1
(4)当R=R0+r=4时，变阻器消耗的电功率最大.
UR==4V
PR==4W
答：(1)电V1对应BC图象、V2对应AC图象.
(2)定值电阻R0、变阻器的总电阻分别为3和12
(3)电源的电动势为8V，内电阻为1.
(4)变阻器滑动片从一端滑到另一端的过程中，变阻器消耗的最大电功率为4W.
2019年高二物理寒假作业介绍到这里就结束了，希望对你有
所帮助。