(打印1份)高一物理必修2期末测试与答案详解(考查全面、综合)

高一下学期期末考试物理卷知在
t时间内三颗卫星都还没有运行一周〕，各卫星相对a的位置最接近实际的是图〔乙〕中的
一、此题共12小题.共60分.在每题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对得5分，
选不全得3分，有选错或不答的得0分．
1．物理学的开展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明
d
c
b
a
b
d
c
a a b
c d
a
d
b
c a
d
b
c
的进步，以下表述正确的选项是
A．牛顿发现了万有引力定律B．牛顿通过实验证实了万有引力定律ABCD
甲
乙
C．相对论的创立说明经典力学已不再适用D．爱因斯坦建立了狭义相对论，把物理学推进到高速领域
2．物体做曲线运动时，其加速度9．几个力共点且在同一平面内、作用在某个质点上，使该质点处于平衡状态.当其中的一个力只是大小逐渐减小而其它A．一定不等于零B．可能不变C．一定改变D．一定不变
力保持不变时，以下说法正确的选项是
A．合力逐渐增大，动能一定增加B．合力逐渐减小，动能可能增加
3．欲划船渡过一宽100m的河，船相对静水速度v=5m／s，水流速度v2=3m／s，那么
1 C．合力逐渐增大，动能可能减少D．合力逐渐减小，动能一定
减少
A．过河最短时间为20sB．过河最短时间为25s
10．水平传送带在外力的带动下始终以速度v匀速运动，某时刻放上一个小物体，质量为m，初速大小也是v，但方向C．过河位移最短所用的时间是25sD．过河位移最短所用的时间是20s
与传送带的运动方向相反，小物体与传送带间的动摩擦因数为，最后小物体的速度与传送带一样.在小物体4．洗衣机的脱水筒采用带动衣物旋转的方式脱水，以下说法中不．正．确．的是
A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的B．水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故与传送带间有相对运动的过程中，滑动摩擦力对小物体的功为W，摩擦生成的热为Q，那么下面的判断中正确的选项是
C．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好A.W＝0B.W≠0C.Q＝0D.Q≠0
5．据报道我国数据中继卫星“天链一号01星〞于2021年4月25日在XX卫星发射中心发射升空，经过4次变轨控
制后，于5月1日成功定点在东经77°赤道上空同步轨道.关于定点后的“天链一号01星〞，说法正确的选项是11．雨滴由静止开场下落〔不计空气阻力〕，遇到水平方向吹来的风，设风对雨滴持续作用，以下说法中正确的选项是
A．它始终处于静止平衡状态B．“天链一号01星〞质量与其它同步卫星质量不一定相等C．向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小相等D．离地面高度一定，相对地面静止
A．雨滴质量越大，下落时间将越短B．雨滴下落时间与雨滴质量大小无关C．同一雨滴风速越大，着地时动能越小D．同一雨滴风速越大，着地时动能越大
12．物块先沿轨道1从A点由静止下滑至底端B点，后沿轨道2从A点由静止下滑经C A
6．卫星在抢险救灾中能发挥重要作用.第一代、第二代海事卫星只使用静止轨道卫星，不能覆盖地球上的高纬度
地区．而第三代海事卫星采用同步和中轨道卫星结合的方案，解决了覆盖全球的问题.它由4颗同步卫星与12颗中点至底端C点，ACCB，如下图．物块与两轨道的动摩擦因数一样，不考虑物
块在C点处撞击的因素，那么在物块整个下滑过程中
2C
1
B
轨道卫星构成.中轨道卫星离地面的高度约为地球半径的2倍，分布在几个轨道平面上(与赤道平面有一定的夹角).
地球外表处的重力加速度为g，那么由于地球的作用使中轨道卫星处的重力加速度约为
A．g
9
B．
g
4
C．4gD．9g
A.物块受到的摩擦力一样
B.沿轨道1下滑时的位移较小
C.物块滑至B点时速度大小一样
D.两种情况下损失的机械能一样
二、此题共4小题，共40分.
图
13．〔7分〕在利用重物自由下落“验证机械能守恒定律〞的实验中
21世纪教育网
7．有一种杂技表演叫“飞车走壁〞，由杂技演员驾驶摩托车沿圆台形表演台的侧壁高速行驶，做
〔1〕备有如下器材：A．打点计时器；B．直流电源；C．交流电源；D．纸带；E．带夹子的重物；F．秒表；G．刻
匀速圆周运动．图中粗线圆表示摩托车的行驶轨迹，轨迹离地面的高度为h．以下说法中正确
度尺；H．天平；I．导线；J．铁架台；K．游标卡尺；L．螺旋测微器.其中该实验不需要的器材是____〔填的是
字母代号〕
hh
AB．越高，摩托车对侧壁的压力将越大．越高，摩托车做圆周运动的线速度将越大
21世纪教育网
2
〔〕在实验中，打点计时器所用电源频率为，当地重力加速度的值为／
250Hz9.80ms
，
实
验
要
求
打
点
计
时
器
在
打
第
C．h越高，摩托车做圆周运动的周期将越小D．h越高，摩托车做圆周运动的向心力将越大
一个点时释放纸带.甲、乙、丙三个学生分别用同一装置各打出一条纸带，量出各纸带上第1、2两点间的距
离分别
8．如图〔甲〕所示，a是地球赤道上的一点，某时刻在a的正上方有三颗轨道位于赤道平面的卫星b、c、d，各卫为0.38cm，0.19cm和0.18cm，可见其中肯定有一个学生在操作上有错误，错误操作的同学是_____.其错
星的运行方向均与地球自转方向一样，图〔甲〕中已标出，其中d是地球同步卫星．从该时刻起，经过一段时间t〔已误的操作可能是___.
21
世
纪
教
育
网
2
14．〔7分〕某实验小组利用如图甲所示的实验装置来验证机械能守恒定律．当地的重力加速度g ＝9.80m/s
.实验 小组选出一条纸带如图乙所示，其中O 点为打点计时器打下的第一个点，A 、B 、C 为三个计数点，在计数点A 和B 、B 和C 之间还各有一个点，测得 h =12.01cm ，h 2=19.15cm ，h 3=27.86cm ．打点计时器通以50Hz 的交流电．根 1
18．〔10分〕如下图，一个竖直放置的圆锥筒可绕其中心轴OO 转动，同内壁粗糙，筒口半径和筒高分别为R 和H ，
B J
据以上数据算出：当打点计时器打到点时重锤的重力势能比开场下落时减少了；此时重锤的动能比 开场下落时增加了J ，根据计算结果可以知道该实验小组在做实验时出现的问题是．〔重 锤质量m 〕
筒内壁A 点的高度为筒高的一半，内壁上有一质量为m 的小物块，求：
〔1〕当筒不转动时，物块静止在筒壁A 点受到的摩擦力和支持力的大小； 〔2〕当物块在A
点随筒做匀速转动，且其所受到的摩擦力为零时，筒转动
的角速度．
打点计时器
纸带 19．〔14分〕用一台额定功率为P 0=60kW 的起重机，将一质量为m =500kg 的工件由地面竖直向上吊
起，不计摩擦 OABC
2
．求： 等阻力，取g=10m/s
h1
〔1〕工件在被吊起的过程中所能到达的最大速度v m ；
接电源
夹子
h 2 h3
〔2〕假设使工件以a =2m/s 2
的加速度从静止开场匀加速向上吊起，那么匀加速过程能维持多长时间？
重锤
〔3〕假设起重机在始终保持额定功率的情况下从静止开场吊起工件，经过t=1.14s 工件的速度
v =10m/s ，那么此时 t
〔乙〕
工件离地面的高度h 为多少？
〔甲〕
20．〔16分〕如下图的“S 〞字形玩具轨道，该轨道是用内壁光滑的薄壁细圆管弯成，固定在竖直平面内，轨道
弯
15．为了清理堵塞河道的冰凌，空军实施投弹爆破，飞机在河道上空高H 处以速度v 0水平匀速发行，投掷下炸弹并 曲局部是由两个半径相等半圆连接而成，圆半径比细管内径大得多，轨道底端与水平地面相切，弹射装置将一个 小球〔可视为质点〕从a 点水平弹射向b 点并进入轨道，经过轨道后从P 点水平抛出，小物体与地面ab 段间
击中目标，求：〔1〕炸弹脱离飞机到击中目标所飞行的水平距离；〔2〕击中目标时的速度大小．〔不计空气阻力〕 16．〔13分〕子弹水平射入静止在光滑的水平面上木块中，进入木块的最大深度为d 。

假设在子弹深入木块直到最大深
的动摩擦因数0.2，不计其它机械能损失，ab 段长L=1.25m ，圆的半径R=0.1m ，小物体质量m=0.01kg ，轨 度的过程中，木块沿桌面移动距离为L ，木块对子弹平均阻力大小为f ，那么在这一过程中，求：〔1〕木块动能 道总质量为M=0.15kg ， 2
g10m/s ，求：〔1〕假设v 05m/s ，小物体从P 点抛出后的水平射程；
改变量为多少？〔2〕子弹动能改变量为多少？〔3〕子弹和木块组成系统机械能损失多少？
〔2〕假设v5m/s 0，小物体经过轨道的最高点时，管道对小物体作用力的大小和方向.
三、此题共4小题，共50分.
17．〔10分〕“验证机械能守恒定律〞的实验可以采用如下图的(甲)或(乙)方案来进展．
(3)设小球进入轨道之前，轨道对地面的压力大小等于轨道自身的重力，当v 0至少为多少时，轨道对地面的压力
〔1〕比拟这两种方案，(填“甲〞或“乙〞)方案好些，理由是． 为零.
〔2〕如图〔丙〕是该实验中得到的一条纸带，测得每两个计数点间的距离如图〔丙〕所示，每两个计数点之
间的时间间隔T=0.1s ．物体运动的加速度a =；该纸带是采用(填“甲〞或“乙〞)实验方案
P 得到的．简要写出判断依据．
ab 〔丙〕
参考答案
3
P6010 0
匀加速过程完毕时工件的速度为m/s10m/s
v
F6000 一.选择题
v10 匀加速过程持续的时间为s5s
t 0 a2
题号123456789101112
答案ADABACACDBDABDCADBDCD
12 〔3〕根据动能定理，有0
Pv
0tmghm t
2
代入数据，解得h=8.68m ．
二.论述、计算题
13．〔1〕B 、F 、H 、K 、L 〔3分〕；
〔2〕甲〔2分〕；先释放纸带再接通电源〔2分〕
14．1.88m(3分),1.96m(3分),该实验小组做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的电键或者释放纸带 时手抖动了(2分)
20．〔1〕设小物体运动到p 点的速度大小为v ，对小物体由a 点运动到p 点过程应用动能定理得
11
22
mgL4Rmgmvmv,,,,(2分)
22
小物体自p 点做平抛运动，设运动时间为t ，水平射程为s ，那么：
15．〔1〕由平抛运动的特点知
炸弹在竖直方向做自由落体运动
1
2 Hgt ，得
2
t
2H
g 〔3分〕
1
2
4Rgt,,,,(１分)
2
svt,,,,(１分)
联立代入数据解得 炸弹脱离飞机到击中目标所飞行的水平距离为
sv 0tv 02H 〔4分〕 g s0.46m,,,,(１分)
〔2〕炸弹落地时竖直分速度大小为v y 2gH 〔3分〕
〔2〕设在轨道最高点时管道对小物体的作用力大小为F ，取竖直向下为正方向，据牛顿第二定律得
2
炸弹击中目标时的速度大小为vvgH
t2
0〔4分〕
Fmg 2
mv R
,,,,(2分)
17．〔10分〕〔1〕甲(2分)因为这个方案摩擦阻力较小，误差小，操作方便，实验器材少(2分)
联立代入数据解得
2(2分，答案在4.7m/s 2与4.9m/s 2
之间都给分，单位错那么不给分)
〔2〕a4.8m/s
F1.1N ，方向竖直向下,,,,(2分)
乙(2分)因为物体运动加速度比重力加速度小很多(2分)
〔3〕分析可知，要使小球以最小速度v 0运动，且轨道对地面的压力为零，那么小球的位置应该有“S 〞形道的 中间位置，,,,,(2分)18．〔1〕由平衡条件可知，
Nmgcosmg R 2 R H 2
N
据牛顿第二定律得
Fmgm
2 v 1
,,,,(１分) R
fmgsinmg H 2 R 2
HFMg,,,,(１分)
〔2〕物块受力如图，由牛顿第二定律知 2 R1
mgm ，得到R2gH tan
2
θ mg
据动能定律得： 11 22
mgL2mgRmvmv,,,,(2分)
10 22
19.〔1〕当工件到达最大速度时，F=mg，P=P0=60kW 解得：v5m/s
0,,,,(１分)
3
P6010
故m/s
v=12m/s
m
mg50010 高一物理必修(2)期末考前训练1
一、选择题
1．D2.AD3,.B4.D5.D6.A7.ABC8.AC9.B10.C
〔2〕工件被匀加速向上吊起时，a不变，v变大，P也变大，当P=P0时匀加速过程完毕，根据牛顿第二定律得F
二﹑填空题
114000.400．
–，mg=ma
1230450N；
解得F=m(a+g)=500(2+10)N=6000N
13.20.70m/s0.875m/s，，
147.62m，7.59m，存在阻力
参考答案
3
P6010 0
匀加速过程完毕时工件的速度为m/s10m/s
v
F6000 一.选择题
v10 匀加速过程持续的时间为s5s
t 0 a2
题号123456789101112
答案ADABACACDBDABDCADBDCD
12 〔3〕根据动能定理，有0
Pv
0tmghm t
2
代入数据，解得h=8.68m ．
二.论述、计算题
13．〔1〕B 、F 、H 、K 、L 〔3分〕；
〔2〕甲〔2分〕；先释放纸带再接通电源〔2分〕
14．1.88m(3分),1.96m(3分),该实验小组做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的电键或者释放纸带 时手抖动了(2分)
20．〔1〕设小物体运动到p 点的速度大小为v ，对小物体由a 点运动到p 点过程应用动能定理得
11
22
mgL4Rmgmvmv,,,,(2分)
22
小物体自p 点做平抛运动，设运动时间为t ，水平射程为s ，那么：
15．〔1〕由平抛运动的特点知
炸弹在竖直方向做自由落体运动
1
2 Hgt ，得
2
t
2H
g 〔3分〕
1
2
4Rgt,,,,(１分)
2
svt,,,,(１分)
联立代入数据解得 炸弹脱离飞机到击中目标所飞行的水平距离为
sv 0tv 02H 〔4分〕 g s0.46m,,,,(１分)
〔2〕炸弹落地时竖直分速度大小为v y 2gH 〔3分〕
〔2〕设在轨道最高点时管道对小物体的作用力大小为F ，取竖直向下为正方向，据牛顿第二定律得
2
炸弹击中目标时的速度大小为vvgH
t2
0〔4分〕
Fmg 2
mv R
,,,,(2分)
17．〔10分〕〔1〕甲(2分)因为这个方案摩擦阻力较小，误差小，操作方便，实验器材少(2分)
联立代入数据解得
2(2分，答案在4.7m/s 2与4.9m/s 2
之间都给分，单位错那么不给分)
〔2〕a4.8m/s
F1.1N ，方向竖直向下,,,,(2分)
乙(2分)因为物体运动加速度比重力加速度小很多(2分)
〔3〕分析可知，要使小球以最小速度v 0运动，且轨道对地面的压力为零，那么小球的位置应该有“S 〞形道的 中间位置，,,,,(2分)18．〔1〕由平衡条件可知，
Nmgcosmg R 2 R H 2
N
据牛顿第二定律得
Fmgm
2 v 1
,,,,(１分) R
fmgsinmg H 2 R 2
HFMg,,,,(１分)
〔2〕物块受力如图，由牛顿第二定律知 2 R1
mgm ，得到R2gH tan
2
θ mg
据动能定律得： 11 22
mgL2mgRmvmv,,,,(2分)
10 22
19.〔1〕当工件到达最大速度时，F=mg，P=P0=60kW 解得：v5m/s
0,,,,(１分)
3
P6010
故m/s
v=12m/s
m
mg50010 高一物理必修(2)期末考前训练1
一、选择题
1．D2.AD3,.B4.D5.D6.A7.ABC8.AC9.B10.C
〔2〕工件被匀加速向上吊起时，a不变，v变大，P也变大，当P=P0时匀加速过程完毕，根据牛顿第二定律得F
二﹑填空题
114000.400．
–，mg=ma
1230450N；
解得F=m(a+g)=500(2+10)N=6000N
13.20.70m/s0.875m/s，，
147.62m，7.59m，存在阻力
参考答案
3
P6010 0
匀加速过程完毕时工件的速度为m/s10m/s
v
F6000 一.选择题
v10 匀加速过程持续的时间为s5s
t 0 a2
题号123456789101112
答案ADABACACDBDABDCADBDCD
12 〔3〕根据动能定理，有0
Pv
0tmghm t
2
代入数据，解得h=8.68m ．
二.论述、计算题
13．〔1〕B 、F 、H 、K 、L 〔3分〕；
〔2〕甲〔2分〕；先释放纸带再接通电源〔2分〕
14．1.88m(3分),1.96m(3分),该实验小组做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的电键或者释放纸带 时手抖动了(2分)
20．〔1〕设小物体运动到p 点的速度大小为v ，对小物体由a 点运动到p 点过程应用动能定理得
11
22
mgL4Rmgmvmv,,,,(2分)
22
小物体自p 点做平抛运动，设运动时间为t ，水平射程为s ，那么：
15．〔1〕由平抛运动的特点知
炸弹在竖直方向做自由落体运动
1
2 Hgt ，得
2
t
2H
g 〔3分〕
1
2
4Rgt,,,,(１分)
2
svt,,,,(１分)
联立代入数据解得 炸弹脱离飞机到击中目标所飞行的水平距离为
sv 0tv 02H 〔4分〕 g s0.46m,,,,(１分)
〔2〕炸弹落地时竖直分速度大小为v y 2gH 〔3分〕
〔2〕设在轨道最高点时管道对小物体的作用力大小为F ，取竖直向下为正方向，据牛顿第二定律得
2
炸弹击中目标时的速度大小为vvgH
t2
0〔4分〕
Fmg 2
mv R
,,,,(2分)
17．〔10分〕〔1〕甲(2分)因为这个方案摩擦阻力较小，误差小，操作方便，实验器材少(2分)
联立代入数据解得
2(2分，答案在4.7m/s 2与4.9m/s 2
之间都给分，单位错那么不给分)
〔2〕a4.8m/s
F1.1N ，方向竖直向下,,,,(2分)
乙(2分)因为物体运动加速度比重力加速度小很多(2分)
〔3〕分析可知，要使小球以最小速度v 0运动，且轨道对地面的压力为零，那么小球的位置应该有“S 〞形道的 中间位置，,,,,(2分)18．〔1〕由平衡条件可知，
Nmgcosmg R 2 R H 2
N
据牛顿第二定律得
Fmgm
2 v 1
,,,,(１分) R
fmgsinmg H 2 R 2
HFMg,,,,(１分)
〔2〕物块受力如图，由牛顿第二定律知 2 R1
mgm ，得到R2gH tan
2
θ mg
据动能定律得： 11 22
mgL2mgRmvmv,,,,(2分)
10 22
19.〔1〕当工件到达最大速度时，F=mg，P=P0=60kW 解得：v5m/s
0,,,,(１分)
3
P6010
故m/s
v=12m/s
m
mg50010 高一物理必修(2)期末考前训练1
一、选择题
1．D2.AD3,.B4.D5.D6.A7.ABC8.AC9.B10.C
〔2〕工件被匀加速向上吊起时，a不变，v变大，P也变大，当P=P0时匀加速过程完毕，根据牛顿第二定律得F
二﹑填空题
114000.400．
–，mg=ma
1230450N；
解得F=m(a+g)=500(2+10)N=6000N
13.20.70m/s0.875m/s，，
147.62m，7.59m，存在阻力
一.选择题
参考答案
3
P6010 0
匀加速过程完毕时工件的速度为m/s10m/s
v
F6000 v10
匀加速过程持续的时间为s5s
t 0 a2
题号123456789101112
12 〔3〕根据动能定理，有0
Pv
0tmghm t
2
答案ADABACACDBDABDCADBDCD 代入数据，解得h=8.68m ． 二.论述、计算题
13．〔1〕B 、F 、H 、K 、L 〔3分〕；
20．〔1〕设小物体运动到p 点的速度大小为v ，对小物体由a 点运动到p 点过程应用动能定理得 〔2〕甲〔2分〕；先释放纸带再接通电源〔2分〕
14．1.88m(3分),1.96m(3分),该实验小组做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的电键或者释放纸带 时手抖动了(2分)
15．〔1〕由平抛运动的特点知
11 22
mgL4Rmgmvmv,,,,(2分) 0
22 小物体自p 点做平抛运动，设运动时间为t ，水平射程为s ，那么：
1
2
4Rgt,,,,(１分)
2
炸弹在竖直方向做自由落体运动 1 2 Hgt ，得
2
t 2H g 〔3分〕
svt,,,,(１分) 联立代入数据解得 vtvs2H
炸弹脱离飞机到击中目标所飞行的水平距离为0g 〔4分〕
s 0.46m,,,,(１分) 〔2〕设在轨道最高点时管道对小物体的作用力大小为F ，取竖直向下为正方向，据牛顿第二定律得
〔2〕炸弹落地时竖直分速度大小为v y 2gH 〔3分〕 2
炸弹击中目标时的速度大小为vvgH
t02〔4分〕
Fmg
2
mv R ,,,,(2分) 联立代入数据解得
17．〔10分〕〔1〕甲(2分)因为这个方案摩擦阻力较小，误差小，操作方便，实验器材少(2分)
F 1.1N ，方向竖直向下,,,,(2分)
〔2〕a4.8m/s 2(2分，答案在4.7m/s 2与4.9m/s 2
之间都给分，单位错那么不给分)
〔3〕分析可知，要使小球以最小速度v 0运动，且轨道对地面的压力为零，那么小球的位置应该有“S 〞形道的
中间位置，,,,,(2分)乙(2分)因为物体运动加速度比重力加
速度小很多(2分) 18．〔1〕由平衡条件可知，
Nmgcosmg R
2 R
H 2
N
据牛顿第二定律得
Fmgm
2 v 1
,,,,(１分) R
fmgsinmg
H 2 R H
2
FMg,,,,(１分)
〔2〕物块受力如图，由牛顿第二定律知
θ据动能定律得：
11
22
mgL2mgRmvmv,,,,(2分)
10
22
2 mgtanm R，得到R12gH
2 m g 解得：v5m/s
0,,,,(１分)
19.〔1〕当工件到达最大速度时，F=mg，P=P0=60kW高一物理必修(2)期末考前训练1
3
P6010
故m/s
v=12m/s
m
mg50010 一、选择题
1．D2.AD3,.B4.D5.D6.A7.ABC8.AC9.B10.C 二﹑填空题
〔2〕工件被匀加速向上吊起时，a不变，v变大，P也变大，当P=P0时匀加速过程完毕，根据牛顿第二定律得F11．4000.400
1230；450N–mg=ma，
解得F=m(a+g)=500(2+10)N=6000N 13.2，0.70m/s，0.875m/s
147.62m，7.59m，存在阻力
参考答案
3
P6010 0
匀加速过程完毕时工件的速度为m/s10m/s
v
F6000 一.选择题
v10 匀加速过程持续的时间为s5s
t 0 a2
题号123456789101112
答案ADABACACDBDABDCADBDCD
12 〔3〕根据动能定理，有0
Pv
0tmghm t
2
代入数据，解得h=8.68m ．
二.论述、计算题
13．〔1〕B 、F 、H 、K 、L 〔3分〕；
〔2〕甲〔2分〕；先释放纸带再接通电源〔2分〕
14．1.88m(3分),1.96m(3分),该实验小组做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的电键或者释放纸带 时手抖动了(2分)
20．〔1〕设小物体运动到p 点的速度大小为v ，对小物体由a 点运动到p 点过程应用动能定理得
11
22
mgL4Rmgmvmv,,,,(2分)
22
小物体自p 点做平抛运动，设运动时间为t ，水平射程为s ，那么：
15．〔1〕由平抛运动的特点知
炸弹在竖直方向做自由落体运动
1
2 Hgt ，得
2
t
2H
g 〔3分〕
1
2
4Rgt,,,,(１分)
2
svt,,,,(１分)
联立代入数据解得 炸弹脱离飞机到击中目标所飞行的水平距离为
sv 0tv 02H 〔4分〕 g s0.46m,,,,(１分)
〔2〕炸弹落地时竖直分速度大小为v y 2gH 〔3分〕
〔2〕设在轨道最高点时管道对小物体的作用力大小为F ，取竖直向下为正方向，据牛顿第二定律得
2
炸弹击中目标时的速度大小为vvgH
t2
0〔4分〕
Fmg 2
mv R
,,,,(2分)
17．〔10分〕〔1〕甲(2分)因为这个方案摩擦阻力较小，误差小，操作方便，实验器材少(2分)
联立代入数据解得
2(2分，答案在4.7m/s 2与4.9m/s 2
之间都给分，单位错那么不给分)
〔2〕a4.8m/s
F1.1N ，方向竖直向下,,,,(2分)
乙(2分)因为物体运动加速度比重力加速度小很多(2分)
〔3〕分析可知，要使小球以最小速度v 0运动，且轨道对地面的压力为零，那么小球的位置应该有“S 〞形道的 中间位置，,,,,(2分)18．〔1〕由平衡条件可知，
Nmgcosmg R 2 R H 2
N
据牛顿第二定律得
Fmgm
2 v 1
,,,,(１分) R
fmgsinmg
H 2 R 2
HFMg,,,,(１分)
〔2〕物块受力如图，由牛顿第二定律知 2 R1
mgtanm ，得到R2gH
2
θ mg
据动能定律得： 11 22
mgL2mgRmvmv,,,,(2分)
10 22
19.〔1〕当工件到达最大速度时，F=mg ，P=P0=60kW
解得：v5m/s 0,,,,(１分)
3
P6010
故m/s
v=12m/s
m
mg50010 高一物理必修(2)期末考前训练1
一、选择题
1．D2.AD3,.B4.D5.D6.A7.ABC8.AC9.B10.C
〔2〕工件被匀加速向上吊起时，a不变，v变大，P也变大，当P=P0时匀加速过程完毕，根据牛顿第二定律得F
二﹑填空题
114000.400．
–，mg=ma
1230450N；
解得F=m(a+g)=500(2+10)N=6000N
13.20.70m/s0.875m/s，，
147.62m，7.59m，存在阻力。