山东省枣庄一中高三物理上学期期末试卷(含解析)

2014-2015学年山东省枣庄一中高三（上）期末物理试卷
二、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．
1．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3h，待机时间100h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（）
A． 1.8 W，5.4×10﹣2W B． 3.6 W，0.108 W
C． 0.6 W，1.8×10﹣2 W D． 6.48×103 W，1.94×102 W
2．如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）
A．电压表示数增大，电流表示数减少
B．电压表示数减少，电流表示数增大
C．两电表示数都增大
D．两电表示数都减少
3．如图所示，不带电的金属球A固定在绝缘底座上，它的正上方有B点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下（不计空气阻力），液滴到达A球后将电荷量全部传给A球，设前一液滴到达A球后，后一液滴才开始下落，不计B点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（）
A．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A球
B．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动
C．能够下落到A球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等
D．所有液滴下落过程中电场力做功相等
4．如图所示，轻质弹簧的上端固定，下端与物体A相连，物体B与物体A之间通过轻质不可伸长的细绳连接．开始时托住物体A，使A静止且弹簧处于原长，然后由静止释放A，从开始释放到物体A第一次速度最大的过程中，下列说法正确的有（）
A． A、B两物体的机械能总量守恒
B． B物体机械能的减少量一定等于A物体机械能的减少量
C．轻绳拉力对B物体做的功等于B物体机械能的变化
D． A物体所受合外力做的功等于A物体机械能的变化
5．如图所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨宽度为L，一端与电源连接．一质量为m的金属棒ab垂直于平行导轨放置并接触良好，金属棒
与导轨间的动摩擦因数为μ=，在安培力的作用下，金属棒以v0的速度向右匀速运动，
通过改变磁感应强度的方向，可使流过导体棒的电流最小，此时磁感应强度的方向与竖直方向成（）
A．37°B．30°C．45°D．60°
6．甲乙两汽车同时同地出发，甲车做匀速运动，乙车做初速度为零的匀加速直线运动，两车的位移与时间的关系如图所示．下列说法正确的是（）
A． t=l0s时，甲车追上乙车B．乙车的加速度大小为1m/s2
C． t=5s时，两车速度相同D． t=l0s时，两车速度相同
7．一带电荷量为+q、质量为m的带电粒子从O点以速率v0射入电场，运动到A点时速率为2v0．现有另一电荷量为﹣2q、质量为m的粒子仍以速率v0从O点射入该电场，运动到B点时速率为2v0．若忽略重力的影响，带电粒子从O到A和从O到B的运动过程中（）A．在O、A、B三点中，B点电势最高
B．在O、A、B三点中，A点电势最高
C．带电荷量为+q的粒子电势能的变化量大
D．两粒子的电势能变化量相等
8．如图所示，两端与定值电阻相连的光滑平行金属导轨倾斜放置，其中R1=R2=2R，导轨电阻不计，导轨宽度为L，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为B．导体棒ab的电阻为R，垂直导轨放置，与导轨接触良好．释放后，导体棒ab沿导轨向下滑动，某时刻流过R2的电流为I，在此时刻（）
A．重力的功率为6l2R
B．金属杆ab消耗的热功率为4l2R
C．导体棒的速度大小为
D．导体棒受到的安培力的大小为2BIL
三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须做答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题
9．在一带有凹槽（保证小球沿斜面做直线运动）的斜面底端安装一光电门，让一小球从凹槽中某位置由静止释放，调整光电门位置，使球心能通过光电门发射光束所在的直线，可研究其匀变速直线运动．实验过程如下：
（1）首先用螺旋测微器测量小球的直径．如图1所示，则小球直径d= cm．（2）让小球从凹槽上某位置由静止释放，并通过光电门．用刻度尺测量小球释放位置到光电门的距离x，光电门自动记录小球通过光电门的时间△t，可计算小球通过光电门的瞬时速度表达式为v= ．（小球直径用d表示）
（3）改变小球的释放位置重复（2），可得到多组距离x、速度v．现将多组x、v、v2对应记录在下面的表格中．
次数 1 2 3 4 5 6
距离x/m 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60
速度v/m•s﹣1 1.00 1.42 1.73 2.01 2.32 2.44
速度的平方v2/（m•s﹣1）21.00 2.02 2.99 4.04 5.38 5.95
（4）根据如表数据，在坐标纸上适当选取标度和横轴、纵轴对应的物理量，做出小球运动的线性关系图2．
（5）根据所作图象求得小球运动的加速度a= m/s2（保留两位小数）．
10．现有两相同的某型号多用表，一同学在研究性学习过程中想获得10V量程直流电压档的内阻和×lk欧姆档的内部电源的电动势，已知×lk欧姆档中央刻度线对应的数据为15．为完成实验，进行了如下操作：
（1）将甲多用表档位旋钮拨到10V电压档，将乙多用表档位旋钮拨到×lk欧姆档；
（2）应将甲多用表的红表笔与乙多用表的（填“红”或“黑”）表笔连接，在将另外两表笔连接；
（3）在连接两多用表表笔之前应对乙多用表进行的操作为：
（4）两多用表连接后，两表读数分别为6.0V和30kΩ，可知10V量程直流电压档的内阻为kΩ，×1k欧姆档的内部电源的电动势为V．
11．固定的倾角为37°的光滑斜面，长度为L=1m，斜面顶端放置可视为质点的小物体，质量为0.8kg，如图所示．当水平恒力较小时，物体可以沿斜面下滑，到达斜面底端时撤去水平恒力，物体在水平地面上滑行的距离为S．忽略物体转弯时的能量损失，研究发现S与F 之间的关系如图所示．已知g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：
（1）物体与地面间的动摩擦因数μ；
（2）当F=3N时，物体运动的总时间（结果可以用根式表示）．
12．如图所示，在边长为L的正方形区域ABCD内，存在沿AD方向的匀强电场，质量均为m，带电量分别为+q和﹣q的两粒子，同时由A、C两点沿AB和CD方向以速率v0进入正方形区域，两粒子在区域的正中心相遇．若将区域中的电场换为垂直纸面向外的匀强磁场，两粒子同时由A、B两点沿平行于AB方向进入区域，速度大小仍为v0，两粒子也在区域的正中心相遇，不计粒子的重力和粒子间的相互作用力，求：
（1）匀强电场的电场强度E；
（2）匀强磁场的磁感应强度B；
（3）若上述电场和磁场同时存在，两粒子先后由A点沿AC方向进入场区，速度大小仍为
v0，要求粒子能够沿直线到达C点，正方形区域内需另加一平行于纸面的匀强电场E′，求E′的大小和方向（方向用与AB方向夹角的正切值表示）．
（二）选考题物理--选修3-3
13．关于晶体和非晶体，下列说法正确的是（）
A．所有晶体沿各个方向的光学性质都相同
B．非晶体沿各个方向的物理性质都相同
C．在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性
D．物质是晶体还是非晶体，是绝对的，不可能相互转化
E．有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体
14．如图所示，粗细均匀、导热性能良好、装有适量水银的U型管竖直放置，左端封闭一定质量的理想气体，气柱长l=32cm，两管中水银面等高．现向右管中加入长△l=9cm的水银柱（与右管内原有水银无空隙接触）．环境温度不变，大气压强P0=75cmHg．求稳定后左管内气体的压强．
物理--选修3-4
1014秋•枣庄校级期末）如图所示，a、b是水平绳上的两点，相距42cm，一列正弦波沿绳传播，方向从a到b，每当a点经过平衡位置向上运动时，b点正好到达上方最大位移处，则此波的波长可能是（）
A． 168cm B． 184cm C． 56cm D． 24cm
1015•石嘴山模拟）直角三角形的玻璃砖ABC放置于真空中，∠B=30°，CA的延长线上S点有一点光源，发出的一条光线由D点射入玻璃砖，如图所示．光线经玻璃砖折射后垂直BC 边射出，且此光束经过SD用时和在玻璃砖内的传播时间相等．已知光在真空中的传播速度为c，BD=d，∠ASD=15°．求：
（Ⅰ）玻璃砖的折射率；
（Ⅱ）SD两点间的距离．
物理--选修3-5
1014秋•唐山期末）下列关于近代物理内容的说法正确的有（）
A．原子核发生一次β衰交，原子核减少一个中子和一个质子
B．卢瑟福通过α粒子散射实验提出原子核由质子和中子组成
C．一束光照射到某种金属上，没有发生光电效应现象，是因为这束光的频率较低
D．压力和温度不会影响到放射性元素的半衰期
E．波尔认为，氢原子由高能量状态跃迁到低能量状态时，原子能量减少
1014秋•唐山期末）质量为m1的物体A以某一速度值由斜面底端冲上斜面，恰能到达斜面顶端，如图所示．将质量为m2的物体B放置在斜面上某点，且处于静止状态，物体B到斜面
顶端的距离为斜面长度的，A物体再次以相同的初速度冲上斜面，A、B发生弹性碰撞后，
物体刚好能够到达斜面顶端．两物体可视为质点，且二者与斜面间的动摩擦因数相同．求A、B两物体的质量比m1：m2．
2014-2015学年山东省枣庄一中高三（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
二、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．
1．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3h，待机时间100h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（）
A． 1.8 W，5.4×10﹣2W B． 3.6 W，0.108 W
C． 0.6 W，1.8×10﹣2 W D． 6.48×103 W，1.94×102 W
考点：电功、电功率．
专题：恒定电流专题．
分析：由图中所提供的“3.6V，500mA•h”，根据功和电功率的有关知识，可求通话时消耗的功率和待机时消耗的功率．
解答：解：由图中所提供的电池的容量为“3.6V，500mA•h”，
则通话时消耗的功率为P1==600mW=0.6W，
待机时消耗的功率为P2==18mW=1.8×10﹣2W．
故选：C．
点评：根据电池铭牌提供的数据要能够从其中找出有用的信息，并且要能够正确的理解电池的容量3.6V，500mA•h．
2．如图电路中，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中，两表的示数情况为（）
A．电压表示数增大，电流表示数减少
B．电压表示数减少，电流表示数增大
C．两电表示数都增大
D．两电表示数都减少
考点：闭合电路的欧姆定律．
专题：恒定电流专题．
分析：动态变化分析问题一般按照“局部→整体→局部”的顺序，分析总电阻变化→总电流变化→总电压变化，再分析局部电压、电流、功率的变化进行．对于电流表读数来说，由于
滑动变阻器的电流、电压和电阻都在变化，不好确定，可从总电流的变化和R2电流变化确定．
解答：解：当滑动变阻器的滑片P向a滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir增大，电压表读数增大；并联部分的电阻增大，分担的电压增大，U2增大，流过R2的电流I2增大，电流表的读数I A=I ﹣I2，则减小．故A正确，BCD错误．
故选：A．
点评：电路动态变化分析是常见的题型，容易犯的错误是认为支路电阻增大，并联总电阻减小．本题中变阻器的电压、电流和电阻都是变化的，技巧是研究干路电流和另一支路电流变化情况来确定
3．如图所示，不带电的金属球A固定在绝缘底座上，它的正上方有B点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下（不计空气阻力），液滴到达A球后将电荷量全部传给A球，设前一液滴到达A球后，后一液滴才开始下落，不计B点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（）
A．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A球
B．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动
C．能够下落到A球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等
D．所有液滴下落过程中电场力做功相等
考点：功能关系．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：随着球A液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，除第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，不一定能到达A球；通过分析受力情况，判断液滴的运动情况；当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，但各个液滴动能最大的位置不同，最大动能不等；根据功的公式W=Fl分析电场力做功关系．
解答：解：A、第一滴液滴只受重力做自由落体运动，以后液滴将受力向上的电场力作用而做变加速运动，随着球A液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，以后液滴所受的电场力增大，这些液滴先加速后减速，就不一定能到达A球，故A错误．
B、当液滴下落到重力等于电场力位置时，继续向下运动时电场力增大，电场力将大于重力，开始做减速运动，故B错误．
C、当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，则有：mg=k，x是动能最大的位置到
A距离，由于A球的电荷量q A在不断增大，x增大，所以第一滴液滴以后的液滴动能最大的位置将不断上移，合外力做功不等，则最大动能不相等，故C正确．
D、由于所有液滴下落过程中所受的电场力不等，若能到达A球，根据功的公式W=Fl可知，通过的位移相等，电场力做功不相等；若不能到达A球，液滴将返回到B点，电场力做功为零，即电场力做功相等，故D错误．
故选：C．
点评：本题关键要正确分析液滴的受力情况，从而判断其运动情况，知道液滴所受的电场力与重力平衡时动能最大，类似于小球掉在弹簧上的问题，要能进行动态分析．
4．如图所示，轻质弹簧的上端固定，下端与物体A相连，物体B与物体A之间通过轻质不可伸长的细绳连接．开始时托住物体A，使A静止且弹簧处于原长，然后由静止释放A，从开始释放到物体A第一次速度最大的过程中，下列说法正确的有（）
A． A、B两物体的机械能总量守恒
B． B物体机械能的减少量一定等于A物体机械能的减少量
C．轻绳拉力对B物体做的功等于B物体机械能的变化
D． A物体所受合外力做的功等于A物体机械能的变化
考点：功能关系；动能和势能的相互转化．
分析：功是能量转化的量度，合力做功等于动能的改变量，除重力外其余力做功等于机械能的增加量．
解答：解：A、对AB系统，由于要克服弹簧的拉力做功，故机械能总量是减小的，故A
错误；
B、物体A与物体B速度相等，动能的变化量和重力势能的变化量均与质量成正比，两个物体的质量不一定相等，故机械能的变化量不一定相等，故B错误；
C、根据功能关系，除重力外其余力做功等于机械能的增加量，故轻绳拉力对B物体做的功等于B物体机械能的变化，故C正确；
D、根据动能定理，A物体所受合外力做的功等于A物体动能的增加量，故D错误；
故选：C．
点评：本题关键是明确功能关系的各种具体形式，知道机械能守恒的条件，基础题目．
5．如图所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为B，导轨宽度为L，一端与电源连接．一质量为m的金属棒ab垂直于平行导轨放置并接触良好，金属棒
与导轨间的动摩擦因数为μ=，在安培力的作用下，金属棒以v0的速度向右匀速运动，
通过改变磁感应强度的方向，可使流过导体棒的电流最小，此时磁感应强度的方向与竖直方向成（）
A．37°B．30°C．45°D．60°
考点：安培力．
分析：对导体棒受力分析分析，利用数学知识求的最小值
解答：解：对导体棒受力分析，
BILcosθ﹣μ（mg﹣BILsinθ）=0
I=
解得当θ=60°I最小，故磁感应强度的方向与竖直方向为30°
故：B
点评：本题主要考查了受力分析，利用数学知识求的最小值
6．甲乙两汽车同时同地出发，甲车做匀速运动，乙车做初速度为零的匀加速直线运动，两车的位移与时间的关系如图所示．下列说法正确的是（）
A． t=l0s时，甲车追上乙车B．乙车的加速度大小为1m/s2
C． t=5s时，两车速度相同D． t=l0s时，两车速度相同
考点：匀变速直线运动的图像．
专题：运动学中的图像专题．
分析：在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等；由运动学公式求解乙的速度．
解答：解：A、据图可知，在t=10秒时，甲乙的位移相等，但开始时乙在后，故应是乙追上甲车，故A错误；
B、由图可知，在t=10s时x=50m，则乙的加速度a===lm/s2，故B正确；
C、t=5s时，甲车速度v===5m/s，5s末为10s内的时间中点，故t=5s末乙车的速度等于10s内的平均速度，故v′==5m/s，故C正确；
D、质点乙在10秒时的速度：v2=at2=1×10=10m/s，甲车速度v=5m/s，故D错误；
故选：BC．
点评：本题考查x﹣t图象，要求同学们能根据图象读出有用信息，并能加以应用，注意乙的运动表示的是匀加速直线运动．
7．一带电荷量为+q、质量为m的带电粒子从O点以速率v0射入电场，运动到A点时速率为2v0．现有另一电荷量为﹣2q、质量为m的粒子仍以速率v0从O点射入该电场，运动到B点时速率为2v0．若忽略重力的影响，带电粒子从O到A和从O到B的运动过程中（）A．在O、A、B三点中，B点电势最高
B．在O、A、B三点中，A点电势最高
C．带电荷量为+q的粒子电势能的变化量大
D．两粒子的电势能变化量相等
考点：电势能；电势．
专题：电场力与电势的性质专题．
分析：根据电场力做功与电势能之间的关系，电场力做正功，电势能减小，可以判断电势的高低；根据能量守恒定律分析电势能变化量的大小．
解答：解：AB、+q由O到A，动能变大，电场力做正功，电势能减小，电势也减小，所以O点的电势比A点的高；
﹣q从O到B速度增大，电场力也做正功，电势能减小，电势升高，B点电势比O点高．所以B点最高，故A正确，B错误；
CD、两个粒子的质量相等，动能的变化量大小相等，根据能量守恒定律可知两粒子的电势能变化量相等，故C错误，D正确．
故选：AD．
点评：本题也可以计算出OA间和OB间的电势差，来比较电势高低，一定要注意物理量的正负号，它表示了电势的高低，求电势差时也是如此．
8．如图所示，两端与定值电阻相连的光滑平行金属导轨倾斜放置，其中R1=R2=2R，导轨电阻不计，导轨宽度为L，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为B．导体棒ab的电阻为R，垂直导轨放置，与导轨接触良好．释放后，导体棒ab沿导轨向下滑动，某时刻流过R2的电流为I，在此时刻（）
A．重力的功率为6l2R
B．金属杆ab消耗的热功率为4l2R
C．导体棒的速度大小为
D．导体棒受到的安培力的大小为2BIL
考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；安培力．
专题：电磁感应与电路结合．
分析：根据闭合电路欧姆定律求出感应电动势，再由公式E=BLv，求出导体棒下滑的速度，由P=mgsinθ求解重力的功率，由公式P=I2R求解金属杆ab消耗的热功率．由公式F=BIL 求解导体棒受到的安培力的大小．
解答：解：AB、据题：R1=R2=2R，流过R2的电流为I，则流过ab棒的电流为2I
金属杆ab消耗的热功率为：P ab=（2I）2R=4I2R
电路的总功率为：P总=P ab+2I2R=6l2R，由于导体棒不一定匀速运动，所以重力的功率不一定为6I2R．故A错误，B正确．
C、金属杆ab产生的感应电动势为：E=2I（R+R）=4IR
由E=BLv得：导体棒的速度大小为：v=，故C错误．
D、导体棒受到的安培力的大小为：F=B•2IL=2BIL，故D正确．
故选：BD．
点评：解决本题的关键要明确电路的结构，正确分析各部分电流的关系，再根据电磁感应的规律解答．
三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个小题考生都必须做答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题
9．在一带有凹槽（保证小球沿斜面做直线运动）的斜面底端安装一光电门，让一小球从凹槽中某位置由静止释放，调整光电门位置，使球心能通过光电门发射光束所在的直线，可研究其匀变速直线运动．实验过程如下：
（1）首先用螺旋测微器测量小球的直径．如图1所示，则小球直径d= 0.9350 cm．（2）让小球从凹槽上某位置由静止释放，并通过光电门．用刻度尺测量小球释放位置到光电门的距离x，光电门自动记录小球通过光电门的时间△t，可计算小球通过光电门的瞬时
速度表达式为v= ．（小球直径用d表示）
（3）改变小球的释放位置重复（2），可得到多组距离x、速度v．现将多组x、v、v2对应记录在下面的表格中．
次数 1 2 3 4 5 6
距离x/m 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60
速度v/m•s﹣1 1.00 1.42 1.73 2.01 2.32 2.44
速度的平方v2/（m•s﹣1）21.00 2.02 2.99 4.04 5.38 5.95
（4）根据如表数据，在坐标纸上适当选取标度和横轴、纵轴对应的物理量，做出小球运动的线性关系图2．
（5）根据所作图象求得小球运动的加速度a= 5.00 m/s2（保留两位小数）．
考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．
专题：实验题；恒定电流专题．
分析：（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数．
（2）已知挡光板的宽度与挡光时间，由速度公式可以求出速度．
（4）根据表格数据，依据运动学公式v2=2ax，从而选取合适的坐标，作出图象；
（5）根据图象的斜率含义，即可求解．
解答：解：（1）螺旋测微器的固定刻度为9.0mm，可动刻度为0.01×35.0mm，
所以最终读数为9.350mm=0.9350cm；
（2）由于遮光条长度比较小，经过遮光条的平均速度可认为等于滑块的瞬时速度，故滑块经过光电门的速度v=；
（3）小球做匀变速直线运动，由运动学公式，则有：v2=2ax；因此选取横轴为x，而纵轴为v2，根据表格数据，描点作图，如下图所示：
（4）从图象可以，斜率k=2a，则a==×=5.0m/s2．
故答案为：（1）0.9350（0.9349～0.9352）；（2）；（4）如上图所示；
（5）5.00（4.95～5.05）．
点评：螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．
掌握遮光条能测量瞬时速度的原理，理解图象的斜率含义．
10．现有两相同的某型号多用表，一同学在研究性学习过程中想获得10V量程直流电压档的内阻和×lk欧姆档的内部电源的电动势，已知×lk欧姆档中央刻度线对应的数据为15．为完成实验，进行了如下操作：
（1）将甲多用表档位旋钮拨到10V电压档，将乙多用表档位旋钮拨到×lk欧姆档；
（2）应将甲多用表的红表笔与乙多用表的黑（填“红”或“黑”）表笔连接，在将另外两表笔连接；
（3）在连接两多用表表笔之前应对乙多用表进行的操作为两表笔短接进行欧姆调零：（4）两多用表连接后，两表读数分别为6.0V和30kΩ，可知10V量程直流电压档的内阻为30 kΩ，×1k欧姆档的内部电源的电动势为9 V．
考点：用多用电表测电阻．
专题：实验题；恒定电流专题．
分析：欧姆表的黑表笔接的是内部电源的正极，电流要从电压表正极流入；
欧姆表示数是所测电阻阻值，应用串联电路特点与欧姆定律求出电源电动势．
解答：解：（2）甲多用电表选择电压档，应将甲多用表的红表笔与乙多用表的黑表笔连接，在将另两表笔连接；
（3）由于乙的档位被拨了一次，故应该在测量前进行欧姆调零，方法是两表笔短接调零．（4）×1k欧姆档中央刻度线对应的数据为15，则其中值电阻为15kΩ，欧姆表中值电阻等于其内阻，则欧姆表内阻为15kΩ；
两多用表连接后，两表读数分别为6V和30kΩ．可知10V量程直流电压档的内阻为30kΩ，欧姆表内阻为15kΩ、电压表内阻为30kΩ，
电压表示数为6V，则欧姆表电压两端为3V，×1k欧姆档的内部电源的电动势为E=6+3=9V．故答案为：（2）黑；（3）两表笔短接进行欧姆调零；（4）30；9．
点评：本题考查了多用电表的使用与读数，关键是记住：黑表笔接外部插孔的“﹣”，但是接内部电源的正极；欧姆表换挡后要进行欧姆调零．
11．固定的倾角为37°的光滑斜面，长度为L=1m，斜面顶端放置可视为质点的小物体，质量为0.8kg，如图所示．当水平恒力较小时，物体可以沿斜面下滑，到达斜面底端时撤去水平恒力，物体在水平地面上滑行的距离为S．忽略物体转弯时的能量损失，研究发现S与F 之间的关系如图所示．已知g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：
（1）物体与地面间的动摩擦因数μ；
（2）当F=3N时，物体运动的总时间（结果可以用根式表示）．
考点：动能定理．
专题：动能定理的应用专题．
分析：由动能定理求摩擦因数；由牛顿第二定律和运动学公式求在斜面上和水平面上的加速度和时间．
解答：解：
（1）当F2=0N时，s=6.0m，由动能定理得：mgLsinθ﹣μmgs=0
∴μ=0.1
（2）当F3=3N时，由牛顿第二定律 mgsinθ﹣F3 cosθ=ma1
由L= a1t12得。