高考物理二轮复习功和能教案

专题四功和能教案
一. 专题要点
1.做功的两个重要因素:有力作用在物体上且使物体在力的方向上发生了位移。

功的求解可利用θcos Fl W =求,但F 为恒力;也可以利用F-l 图像来求;变力的功一般应用动能定理间接求解。

2.功率是指单位时间内的功,求解公式有θc o s V F t
W P ==
平均功率,
θcos FV t
W P ==
瞬时功率,当0=θ时,即F 与v 方向相同时,P=FV 。

3.常见的几种力做功的特点
⑪重力、弹簧弹力,电场力、分子力做功与路径无关⑫摩擦力做功的特点
①单个摩擦力(包括静摩擦力和滑动摩擦力可以做正功,也可以做负功,还可以不做功。

②相互作用的一对静摩擦力做功的代数和总等于零,在静摩擦力做功的过程中,只有机械能的转移,没有机械能的转化为其他形式的能;相互作用的一对滑动摩擦力做功的代数和不为零,且总为负值,在一对滑动摩擦力做功的过程中,不仅有相互摩擦物体间机械能的转移,还有机械能转化为内能。

转化为内能的量等于系统机械能的减少,等于滑动摩擦力与相对路程的乘积。

③摩擦生热,是指动摩擦生热,静摩擦不会生热 4.几个重要的功能关系
⑪重力的功等于重力势能的变化,即P G E W ∆-= ⑫弹力的功等于弹性势能的变化,即P E W ∆-=弹⑬合力的功等于动能的变化,即K E W ∆=合
⑭重力之外的功(除弹簧弹力的其他力的功等于机械能的变化,即E W ∆=其它⑮一对滑动摩擦力做功等于系统中内能的变化,相对Fl Q = ⑯分子力的功等于分子势能的变化。

第二部分:功能关系在电学中的应用
1. 电场力做功与路径无关。

若电场为匀强电场,则θθcos cos Eql Fl W ==;若为非匀强电场,则一般利用q W U AB AB =来进行运算。

2. 磁场力可分为安培力和洛伦兹力。

洛伦兹力在任何情况下对运动电荷都不做功;安培力可以做正功、负功,还可以不做功。

3. 电流做功的实质是电场移动电荷做功。

即W=UIt=Uq 。

4. 导体棒在磁场中切割磁感线时,棒中感应电流受到的安培力对导体棒做负功,使机械能转化为电脑。

5. 电场力做功等于电势能的变化,即P AB E W ∆-=
二. 考纲要求
考点
要求考点解读
功和功率Ⅱ本专题考查的重点有:
⑪重力、摩擦力、电场力和洛伦兹力的做功特点和求解⑫与功、功率相关的分析和计算。

⑬动能定理的综合应用。

⑭综合应用机械能守恒定律以及相关知识分析有关问题。

⑮应用动能定理解决动力学问题。

其中动能定理和能的转化与守恒定律的应用是考查的重点,考查的特点是密切联系生活、生产实际,联系现代科学技术的问题和能源环保问题本部分内容除在选择题中进行简单知识点组合考查功和功率的概念外在解答题中将会以两种情景命题:一是多种运动组合的多运动过程问题,二是与电场、磁场联系的综合问题中考查重力、电场力、摩擦力和磁场力的做功特点、动能定理的应用和能量守恒定律。

动能和动能定理Ⅱ重力做功与重力势能Ⅱ电场力做功与电势能
Ⅱ
功能关系、机械能守恒定律
Ⅱ电功率、焦耳定律
Ⅰ
三. 教法指引
此专题复习时,可以先让学生完成相应的习题,在精心批阅之后以题目带动知识点,进行适当提炼讲解。

这一专题的知识点高考要求普遍较高,属于必考知识点。

二轮复习时还是要稳
扎稳打,从基本规律,基本解题步骤出发再进行提升。

因为这部分的综合题较多,功和能仅仅是在解题中应用的物理规律而以。

四. 知识网络
五. 典例精析
题型1.(功能关系的应用从地面竖直上抛一个质量为m 的小球,小球上升的最大高度为H 。

设上升过程中空气阻力为F 恒定。

则对于小球上升的整个过程,下列说法错误的是( A. 小球动能减少了mgH B. 小球机械能减少了FH C. 小球重力势能增加了mgH D. 小球加速度大于重力加速度g
解析:由动能定理可知,小球动能的减小量等于小球克服重力和阻力F 做的功为(mg+F H ,A 错误;小球机械能的减小等于克服阻力F 做的功,为FH ,B 正确;小球重力势能的增加等于小球小球克服重力做的功,为mgH ,C 正确;小球的加速度g m
F mg a >+=
,D 正确。

规律总结:功是能量转化的量度,有以下几个功能关系需要理解并牢记⑪重力做功与路径无关,重力的功等于重力势能的变化
⑫滑动摩擦力(或空气阻力做的功与路径有关,并且等于转化成的内能⑬合力做功等于动能的变化
⑭重力(或弹力以外的其他力做的功等于机械能的变化
题型2.(功率及机车启动问题
审题指导:1.在汽车匀加速启动时,匀加速运动刚结束时有两大特点⑪牵引力仍是匀加速运动时的牵引力,即ma F F f =-仍满足⑫Fv P P ==额
2.注意匀加速运动的末速度并不是整个运动过程的最大速度
题型3.(动能定理的应用如图所示,竖直平面内的轨道ABCD 由水平轨道AB 与光滑的四分之一圆弧轨道CD 组成,AB 恰与圆弧CD 在C 点相切,轨道固定在水平面上。

一个质量为m 的小物块(可视为质点从轨道的A 端以初动能E 冲上水平轨道AB ,沿着轨道运动,由DC 弧滑下后停在水平轨道AB 的中点。

已知水平轨道AB 长为L 。

求: (1小物块与水平轨道的动摩擦因数μ
(2为了保证小物块不从轨道的D 端离开轨道,圆弧轨道的半径R 至少是多大?
(3若圆弧轨道的半径R 取第(2问计算出的最小值,增大小物块的初动能,使得小物块冲上轨道后可以达到最大高度是1.5R 处,试求物块的初动能并分析物块能否停在水平轨道上。

如果能,将停在何处?如果不能,将以多大速度离开水平轨道?
解析:(1小物块最终停在AB 的中点,在这个过程中,由动能定理得
E L L mg -=+-5.0(μ
得 m g L
E 32=
μ
(2若小物块刚好到达D 处,速度为零,同理,有E mgR mgL -=--μ
解得CD 圆弧半径至少为 mg
E R 3=
(3设物块以初动能E ′冲上轨道,可以达到的最大高度是1.5R ,由动能定理得
E mgR mgL '-=--5.1μ
解得6
7E E =
'
物块滑回C 点时的动能为2
5.1E mgR E C ==,由于3
2E mgL E C =
<μ,故物块将停在轨道上
设到A 点的距离为x ,有 C E x L mg -=--(μ 解得 L x 41=
即物块最终停在水平滑道AB 上,距A 点
L 4
1处。

规律总结:应用动能定理要比动力学方法方便、简洁。

只有应用动力学方法可以求解的匀变速直线运动问题,一般应用动能定理都可以求解。

尽管动能定理是应用动力学方法推导出来的,但它解决问题的范围更广泛。

题型4.(综合问题滑板运动是一项陆地上的“冲浪运动”,滑板运动员可在不同的滑坡上滑行,做出各种动作给人以美的享受。

如图甲所示,abcdef 为同一竖直平面上依次平滑连接的滑行轨道,其中ab 段水平,H=3m ,bc 段和cd 段均为斜直轨道,倾角
θ=37º,de 段是一半径R=2.5m 的四分之一圆弧轨道,o 点为圆心,其正上方的d 点为圆弧的最高点,滑板及运动员总质量m=60kg ,运动员滑经d 点时轨道对滑板支持力用Nd 表示,忽略摩擦阻力和空气阻力,取g=10m/s2,sin37º=0.6,
cos37º=0.8。

除下述问(3中运动员做缓冲动作以外,均可把滑板及运动员视为质点。

(1运动员从bc 段紧靠b 处无初速滑下,求Nd 的大小;
(2运动员逐渐减小从bc 上无初速下滑时距水平地面的高度h ,请在图乙的坐标图上作出Nd-h 图象(只根据作出的图象评分,不要求写出计算过程和作图依据;
(3运动员改为从b 点以υ0=4m/s 的速度水平滑出,落在bc 上时通过短暂的缓冲动作使他只保留沿斜面方向的速度继续滑行,则他是否会从d 点滑离轨道?请通过计算得出结论
解析:解:(1从开始滑下至d 点,由机械能守恒定律得2
2
1(υm R H mg =
- ①(1分
R
m N mg d 2
υ=
- ②(1分
由①②得:N R
H mg N d 36023(=-= ③
(1分
(2所求的h N d -图象如图所示(3分 (图线两个端点画对各得1分,图线为直线得1分(3当以s m /40=υ从b 点水平滑出时,运动员做平抛运动落在Q 点,如图所示。

设
Bq=1s ,则 2
12
137
sin gt s =
④(1分
t s 00
137cos υ= ⑤(1分
由④⑤得 s g
t 6.037
tan 20
0==
υ⑥(1分
s m gt y /6== ⑦(1分在Q 点缓冲后s m y Q /8.637
cos 37sin 0
00=+=υυυ ⑧(1分
从d Q → 2
2
2
2
12
121(Q d m m mgR gt H mg υυ-
=
--
⑨(1分
运动员恰从d 点滑离轨道应满足:R m mg d 2
`υ= ⑩(1分
由⑨⑩得
76.422`=-d d υυ 即d d υυ>`
⑩(1分
可见滑板运动员不会从圆弧最高点d 滑离轨道。

(1分
题型5.(功能关系在电场中的应用如图所示匀强电场E 的区域内,在O 点处放置一点电荷 +Q ,
a 、
b 、
c 、
d 、
e 、
f 为以O 点为球心的球面上的点,aecf
平面与电场平行,bedf 平面与电场垂直,则下列说法中正确的是
A .b 、d 两点的电场强度相同
B .a 点的电势等于f 点的电势
C .点电荷+q 在球面上任意两点之间移动时,电场力一定做功
D .将点电荷+q 在球面上任意两点之间移动,从球面上a 点移动到c 点的电势能变化量一定最大
解析:由于点电荷+Q 在b 、d 两点的场强方向分别向上和向下,b 、d 两点的场强大小相同,方向不同,A 错;a 点和f 点位于+Q 形成电场的等势面上,但若把一电荷从a 点移动到f 点,电场E 要对电荷做功,B 错;当点电荷+q 在bedf 面上任意两点间移动时,电场力不做功,C 错;球面上相距最远的点(沿场强E 的方向是ac ,电场E 对其做功最大,电势能的变化量最大。

规律总结:1.在等势面上移动电荷是,电场力不做功。

2.电场力做功与路径无
关,W=qU 。

3.电场力做的功等于电势能的变化量。

题型6.(功能关系在电磁感应中的应用两根足够长的光滑导轨竖直放置,间距为L ,底端接阻值为R 的电阻。

将质量为m 的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端,金属棒
和导轨接触良好,导轨所在平面与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直,如图所示。

除电阻R 外其余电阻不计。

现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放.则
A .释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度g
B .金属棒向下运动时,流过电阻R 的电流方向为a →b
C .金属棒的速度为v 时.所受的安培力大小为F =
D .电阻R 上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少
解析:在释放的瞬间,速度为零,不受安培力的作用,只受到重力,A 对。

由右手定则可得,电流的方向从b 到a ,B 错。

当速度为v 时,产生的电动势为E B lv =,受到的安培力为F B IL =,
计算可得22
B L v F R
=,C 对。

在运动的过程中,是弹簧的弹性势能、重力势能和内能的转化,D
错。

题型7.(功能关系在混合场内的应用如图所示,MN 是一固定在水平地面上足够长的绝缘平板(左侧有挡板,整个空间有平行于平板向右、场强为E =2N /C 的匀强电场,在板上C 点的左侧有一个垂直于纸面向外、磁感应强度为B =1T 的匀强磁场,一个质量为m =4×10-3kg 、带负电的小物块,带电量q =10-2C ,从C 点由静止开始向左先做加速运动再做匀速运动. 当物体碰到左端挡板后被弹回,若在碰撞瞬间将电场改为竖直向下,大小不变. 小物块返回时在磁场中恰做匀速运动,已知平板MC 部分的长度为L =5m ,物块与平板间的动摩擦因数为μ=0.2,求:
(1小物块向左运动过程中克服摩擦力做的功W
f ; (2小物块与左端挡板碰撞过程损失的机械能△E ; (3小物块从与左挡板碰后到最终静止所用时间t ; (4整个过程中由于摩擦产生的热量Q .
解析:设小物块向左匀速运动时的速度大小为v 1,由平衡条件有
0(1=+-B qv mg qE μ ①
设小物块在向左运动过程中克服摩擦力做的功为W ,由动能定理有
02
12
1-=
-mv W qEL ②
由①②式解得 J B
q mg qE m qEL W 023.02(2
2
2
2
=--
=μμ ③
(2设小物块返回时在磁场中匀速运动的速度大小为v 2,与右端挡板碰撞过程损失机构能为E ∆,则有 qE mg Bqv
-=2
④
2
22
12
121mv mv E -
=
∆⑤
由③⑤⑥式解得 J q
B g q E m E mq E 064.02
1(21(2
2
2
2
222=-+-=
∆μμμμ ⑥
(3小物块由M 到C 匀速运动,时间为 s qE
mg BqL v L t 5.22
1=-=
=
⑦
小物块由C 到静止匀减速运动, 2/1(s m a ma qE mg ==-代入数得μ ⑧
时间为 s qE mg mv a
v t 2
(2
22=-=
=
μ ⑨
总时间为 t=t 1+t 2=4.5s ⑩
(4对全过程,由能量守恒定律有○11 E qEL Q ∆-= ○
12 (或 2
12
2mv W Q f +
=
由⑤⑧式解得J E q E L Q 036.0=∆-= ○
13 评分标准:①式2分,其余各1分,共14分。