【精选3份合集】毕节地区名校2019-2020学年高考化学经典试题

2021届新高考化学模拟试卷
一、单选题（本题包括15个小题，每小题4分，共60分．每小题只有一个选项符合题意）
1．下列浓度关系正确的是（）
A．0.1mol/L 的NH4HSO4溶液中滴加0.1 mol/L的Ba(OH)2溶液至刚好沉淀完全：c(NH4+)＞c(OH-)＞c(SO42-)＞c(H+)
B．1L0.1mol/L的KOH 溶液中通入标准状况下的CO2气体3.36L，所得溶液中：c(K+)＋c(H+)＝c(CO32-)＋c(HCO3-)＋c(OH-)
C．0.1mol/L 的NaOH 溶液与0.2 mol/L的HCN溶液等体积混合，所得溶液呈碱性：c(HCN)＞c(Na+)＞c(CN-)＞c(OH-)＞c(H+)
D．同温下pH相同的NaOH 溶液、CH3COONa 溶液、Na2CO3溶液、NaHCO3溶液的浓度：c(NaOH)＜
c(CH3COONa)＜c(NaHCO3)＜c(Na2CO3)
2．W、X、Y、Z为原子序数依次增大的短周期主族元素，W和Y同族，X和Z同族，X的简单离子和Y的简单离子具有相同的电子层结构，W和X、Z均能形成共价化合物，W和X、Y分别形成的化合物溶于水均呈碱性。

下列说法错误的是
A．4种元素中Y的金属性最强
B．最高价氧化物对应的水化物的酸性：Z>X
C．简单阳离子氧化性：W>Y
D．W和Y形成的化合物与水反应能生成一种还原性气体
3．下列常见的金属中，常用电解法冶炼的是
A．Fe B．Cu C．Mg D．Pt
4．位于不同主族的四种短周期元素甲、乙、丙、丁，其原子序数依次增大，原子半径r(丁)>r(乙)>r(丙)>r(甲)。

四种元素中，只有一种为金属元素，乙和丙原子的最外层电子数之和为丁原子的最外层电子数的3倍。

据此推断，下述正确的是
A．简单氢化物的沸点：乙>丙
B．由甲、乙两元素组成的化合物溶于水呈碱性
C．丙和丁两元素的最高价氧化物的水化物之间能发生反应
D．由甲和丙两元素组成的分子，不可能含非极性键
5．下列解释事实的方程式不正确的是
A．金属钠露置在空气中，光亮表面颜色变暗：4Na+O2 =2Na2O
B．铝条插入烧碱溶液中，开始没有明显现象：Al2O3+2OH-=2AlO2-+H2O
C．硫酸铵溶液与氢氧化钡溶液混合，产生气体：NH4++OH-= NH3↑十+H2O
D．碘化银悬浊液滴加硫化钠溶液，黄色沉淀变成黑色：2AgI+S2-=Ag2S↓+2I-
6．取10g碳酸钙高温加热一段时间后停止加热，测得剩余固体中钙元素的质量分数为50%，则下列判断
正确的是
A．生成了2g二氧化碳B．剩余固体质量为5g
C．生成了5.6g氧化钙D．剩余碳酸钙的质量为8g
7．化学与生产、生活及社会发展密切相关。

下列说法正确的是
A．医疗上用浓度为95％的酒精杀菌消毒
B．葡萄糖作为人类重要的能量来源，是由于它能发生水解
C．石墨纤维和制医用口罩的聚丙烯纤维都是有机高分子化合物
D．聚合硫酸铁[Fe2(OH)x(SO4)y]n是新型絮凝剂，可用来处理水中的悬浮物
8．在抗击“2019新型冠状病毒”的过程中，大量防护和消毒用品投入使用。

下列有关说法正确的是A．二氧化氯泡腾片和酒精均可杀灭新型冠状病毒，二者的消毒原理相同
B．聚丙烯和聚四氟乙烯为生产防护服的主要原料，二者均属于有机高分子材料
C．真丝织品和棉纺织品可代替无纺布生产防护口罩，二者均可防止病毒渗透
D．保持空气湿度和适当降温可减少新型冠状病毒传染，二者均可防止病毒滋生
9．2019 年12 月27 日晚，长征五号运载火箭“胖五”在海南文昌航天发射场成功将实践二十号卫星送入预定轨道。

下列有关说法正确的是
A．胖五”利用液氧和煤油为燃料，煤油为纯净物
B．火箭燃料燃烧时将化学能转化为热能
C．火箭箭体采用铝合金是为了美观耐用
D．卫星计算机芯片使用高纯度的二氧化硅
10．电渗析法淡化海水装置示意图如下，电解槽中阴离子交换膜和阳离子交换膜相间排列，将电解槽分隔成多个独立的间隔室，海水充满在各个间隔室中。

通电后，一个间隔室的海水被淡化，而其相邻间隔室的海水被浓缩，从而实现了淡水和浓缩海水分离。

下列说法正确的是( )
A．离子交换膜a为阴离子交换膜
B．通电时，电极2附近溶液的pH增大
C．淡化过程中，得到的浓缩海水没有任何使用价值
D．各间隔室的排出液中，②④⑥为淡水
11．垃圾分类有利于资源回收利用。

下列有关垃圾归类不合理
．．．的是
A．A B．B C．C D．D
12．下列有关实验装置进行的相应实验，能达到实验目的的是
A．除去Cl2中含有的少量HCl
B．制取少量纯净的CO2气体
C．分离CC14萃取碘水后已分层的有机层和水层
D．蒸干FeCl3饱和溶液制备FeCl3晶体
13．在给定条件下，下列选项所示的物质间转化均能实现的是（）
A．NaCl(aq)Cl2(g)FeCl2(s)
B．S(s)SO3(g)H2SO4(aq)
C．MgCl2(aq)Mg(OH)2(s)Mg(s)
D．N2(g)NH3(g)NaHCO3(s)
14．以下性质的比较可能错误的是()
A．离子半径H﹣＞Li+B．熔点Al2O3＞MgO
C．结合质子(H+)的能力CO32﹣＞ClO﹣D．密度1﹣氯戊烷＞1﹣氯己烷
15．常温下，用0.1 mol·L－1NaOH溶液滴定20 mL 0.1 mol·L－1CH3COOH溶液的滴定曲线如图所示。

下列说法正确的是
A．点①所示溶液中：c(Na+)＞c(CH3COO－)＞c(CH3COOH)＞c(H+)＞c(OH－)
B．点②所示溶液中：c(Na+)＋c(H+)＝c(CH3COO－) ＋c(CH3COOH) ＋c(OH－)
C．点③所示溶液中：c(CH3COO－)＞c(Na+)＞c(OH－)＞c(H+)
D．在整个滴定过程中：溶液中始终不变
二、实验题（本题包括1个小题，共10分）
16．某工厂以重晶石（主要含BaSO4）为原料，生产“电子陶瓷工业支柱”——钛酸(BaTiO3)的工艺流程如下：
回答下列问题：
(l)为提高BaCO3的酸浸速率，可采取的措施为__（写出一条即可）；常温下，TiCl4为液体且易水解，配制一定浓度的TiCl4溶液的方法是____。

(2)用Na2CO3溶液浸泡重晶石（假设杂质不与Na2CO3反应），能将BaSO4转化为BaCO3，此反应的平衡常数K= ___（填写计算结果）；若不考虑CO32－的水解，要使2. 33g BaSO4恰好完全转化为BaCO3，则至少需要浓度为1.0mol·L－1Na2CO3溶液___mL。

（已知：K sp(BaSO4)=1.0×10-10、K sp(BaCO3)=5.0×10-9）
(3)流程中“混合”溶液的钛元素在不同pH时主要以TiO(OH)＋、TiOC2O4、TiO(C2O4)22－三种形式存在（变化曲线如右图所示）。

实际制备工艺中，先用氨水调节混合溶液的pH于2.8左右，再进行“沉淀”，其反应的离子方程式为____；图中曲线c对应钛的形式为____（填粒子符号）。

(4)流程中“滤液”的主要成分为____；隔绝空气煅烧草酸氧钛钡晶体得到钛酸钡粉体和气态产物，试写出反应的化学方程式：____。

三、推断题（本题包括1个小题，共10分）
17．1，6-己二酸是合成高分子化合物尼龙的重要原料之一，可用六个碳原子的化合物氧化制备。

如图是合成尼龙的反应流程：
完成下列填空：
（1）写出反应类型：反应①_____反应②_______。

（2）A和B的结构简式为_______、_______。

（3）由合成尼龙的化学方程式为___。

（4）由A通过两步制备1，3-环己二烯的合成线路为：_______。

四、综合题（本题包括2个小题，共20分）
18．化合物H是合成药物盐酸沙格雷酯的重要中间体，其合成路线如图：
（1）化合物A中的含氧官能团为___和___(填官能团名称)。

（2）反应⑤的反应类型是___，反应方程式___。

（3）B的分子式___，1molB与足量的银氨溶液反应，最多能产生___gAg。

（4）检验D中卤原子种类，所需的试剂有___。

（5）写出同时满足下列条件的B的一种同分异构体的结构简式：___。

a.分子中含有两个苯环；
b.分子中有7种不同化学环境的氢；
c.不能与FeCl3溶液发生显色反应，但水解产物之一能发生此反应。

19．（6分）(1)常温下，配制浓度为0.1mol/L的FeSO4溶液，研究不同pH对Fe2+氧化的影响，结果如下图所示，(假设反应过程中溶液体积不变)
在pH＝5.5的环境下，该反应在0～15min的平均速率v(Fe2+)＝______；增大溶液pH，Fe2+被氧化速率
_______________(填增大”、“减小”或“无影响”)。

(2)在pH＝13的环境下，Fe2+的氧化变质可以理解为:第一步:Fe2++2OH—＝Fe(OH)2，第二步
__________________________(用化学方程式回答)当氧化达到平衡时，c( Fe2+)
/c(Fe3+)__________4.0×1022(填“>”“<”或“=”)。

已知Ksp[Fe(OH)3]＝2.5×10—39，Ksp[Fe(OH)2]＝1.0×10—15 (3)工业上可用H2还原法处理NO，反应原理为:2NO(g)+2H2(g) ==N2(g)+2H2O(g): △H＝a已知在标准状况，由元素最稳定的单质生成1mol纯化合物时的焓变叫标准摩尔生成焓。

NO(g)和H2O(g)的标准摩尔生成焓分别为+90kJ/mol、-280 kJ/mol，则a=_______。

(4)已知2NO(g)+O 2(g)2NO(g) △H= —110 kJ·mol—1;25℃时，将NO和O2按物质的量之比为2:1充入刚性反应容器中用测压法研究其反应的进行情况。

体系的总压强p随时间t的变化如下表所示(忽略NO2与N2O4的转化)
t/min 0 80 160 ∞
p/kpa 75.0 63.0 55.0 55.0
0～80min,v(O2)=_______kpa/min。

用压强代替浓度所得到的平衡常数用K(p)表示，25℃时，K(p)的值为
___________(保留3位有效数字)。

参考答案
一、单选题（本题包括15个小题，每小题4分，共60分．每小题只有一个选项符合题意）
1．C
【解析】
【分析】
【详解】
A．向0.1 mol/L的NH4HSO4溶液中滴加0.1 mol/L的Ba(OH)2溶液至沉淀刚好完全时发生反应：
NH4HSO4+Ba(OH)2=BaSO4↓+NH3·H2O+H2O。

NH3·H2O NH4++OH- H2O H++OH-。

c (OH-)＞c (NH4+)＞c (SO42-)＞c (H+)。

错误；
B.根据电荷守恒可得：c (K+)＋c (H+)＝2c (CO32-)＋c (HCO3-)＋c (OH-).错误；
C．0.1 mol/L的NaOH溶液与0.2 mol/L的HCN溶液等体积混合，则发生反应：NaOH+ HCN="NaCN+" H2O。

反应后溶液为NaCN 和HCN等物质的量的混合溶液。

由于所得溶液呈碱性，说明NaCN的水解作用大于HCN的电离作用，所以个微粒的大小关系为：c (HCN)＞c (Na+)＞c (CN-)＞c (OH-)＞c (H+)，正确；D．NaOH溶液电离使溶液显碱性；CH3COONa溶液、Na2CO3溶液、NaHCO3水解使溶液显碱性。

由于酸性CH3COOH> H2CO3> HCO3-。

酸越强，盐水解的程度就越小。

当溶液的pH相同时，盐的浓度就越大。

故各物质的浓度的关系是：c (NaOH)＜c (Na2CO3) ＜c (NaHCO3)＜c (CH3COONa)，错误；
答案选C。

2．B
【解析】
【详解】
W和X、Z均能形成共价化合物，则W、X、Z很可能均为非金属元素，考虑到W原子序数最小，可推断W为H元素；W和X、Y分别形成的化合物溶于水均呈碱性，X为非金属，可推测化合物中有NH3，则X 为N元素，又X和Z同族，Z为P元素；W和Y同族，X的简单离子和Y的简单离子具有相同的电子层结构，可推知Y为Na元素。

综上推测满足题干信息，因而推测合理，W为H，X为N，Y为Na，Z为P。

A. 4种元素中只有Y是金属元素，即Na，因而金属性最强，A正确；
B.元素的非金属性越强则最高价氧化物对应的水化物酸性越强，非金属性：N(X)>P(Z)，因而最高价氧化物对应的水化物的酸性：Z<X，B错误；
C.元素的金属性越强，对应简单阳离子氧化性越弱，金属性Na(Y)>H(W)，因而简单阳离子氧化性：W>Y，C正确；
D.W和Y形成的化合物为NaH，NaH与水反应生成氢氧化钠和氢气，氢气为还原性气体，D正确。

故答案选B。

3．C
【解析】
【分析】
电解法：冶炼活泼金属K、Ca、Na、Mg、Al，一般用电解熔融的氯化物(Al是电解熔融的Al2O3)制得；
热还原法：冶炼较不活泼的金属Zn、Fe、Sn、Pb、Cu，常用还原剂有(C、CO、H2等)；
热分解法：冶炼不活泼的金属Hg、Ag用加热分解氧化物的方法制得。

【详解】
A ．Fe 用热还原法冶炼，故A 不选；
B ．Cu 用热还原法冶炼，故B 不选；
C ．Mg 的性质很活泼，用电解其氯化物的方法冶炼，故C 选；
D ．Pt 用热分解法冶炼，故D 不选； 故答案选C 。

4．C 【解析】 【分析】
甲、乙、丙、丁的原子序数逐渐增大，根据元素周期律：从左到右原子半径减小，从上到下原子半径减小的规则，若它们在同一周期，应该有r(甲) > r(乙) > r(丙) > r(丁)的关系，现在r(丁)是最大的，r(甲)是最小的，说明丁应该在第三周期，乙、丙同处第二周期，甲在第一周期，则甲为氢。

又因为四种元素不同主族，现假设丁为金属，若丁为镁，乙、丙不可能同为非金属；若丁为铝，则乙为碳，丙为氮，成立。

然后对选项进行分析即可。

【详解】
A.乙的简单氢化物为甲烷，丙的简单氢化物为氨气，氨气中存在氢键，因此氨气的沸点大于甲烷，A 项错误；
B.甲、乙两元素组成的化合物为烃类，烃类不溶于水，B 项错误；
C.丙的最高价氧化物的水化物为硝酸，丁的最高价氧化物的水化物为氢氧化铝，二者可以发生反应，C 项正确；
D.甲和丙可以组成24N H （肼），24N H 中存在N-N 非极性键，D 项错误； 答案选C 。

5．C
【解析】A 、金属钠与空气中的氧气反应而变暗：4Na+O 2 =2Na 2O ，选项A 正确；B. 铝表面的氧化铝溶于烧碱溶液中：Al 2O 3+2OH -=2AlO 2-+H 2O ，选项B 正确；C. 硫酸铵溶液与氢氧化钡溶液反应：
Ba 2++2OH -+2NH 4++SO 42-=BaSO 4↓+2NH 3•H 2O ，选项C 错误；D 、 碘化银悬浊液滴加硫化钠溶液，生成更难溶的黑色沉淀：2AgI+S 2-=Ag 2S↓+2I -
，选项D 正确。

答案选C 。

6．A 【解析】 【详解】
原碳酸钙10g 中的钙元素质量为：10g× 4012640
13
++⨯×100%=4g ，反应前后钙元素质量不变，则剩余固
体中钙元素质量仍为4g ，则含钙50%的剩余固体质量=
4g
50%
=8g ，根据质量守恒定律，反应生成二氧化碳的质量=10g-8g=2g ，设生成的氧化钙质量是x ，
3
2CaCO CaO CO 5644x 2.0g
+↑高温
56x = 44
2g
，x=2.56g ， A ．根据上述计算分析，生成了2g 二氧化碳，故A 正确； B ．根据上述计算分析，剩余固体质量为8g ，故B 错误； C ．根据上述计算分析，生成了2.56g 氧化钙，故C 错误； D ．根据上述计算分析，剩余碳酸钙的质量小于8g ，故D 错误； 答案选A 。

【点睛】
易错点为D 选项，加热分解后的产物为混合物，混合物的总质量为8g ，则未反应的碳酸钙的质量小于8g 。

7．D 【解析】 【分析】 【详解】
A ．过高浓度的酒精使蛋白质凝固的本领很大，它却使细菌表面的蛋白质一下子就凝固起来，形成了一层硬膜，阻止酒精分子进一步渗入细菌内部，反而保护了细菌免遭死亡，酒精浓度过低，虽可进入细菌，但不能将其体内的蛋白质凝固，同样也不能将细菌彻底杀死，医疗上用浓度为75%的酒精杀菌消毒，故A 错误；
B ．葡萄糖属于单糖，不能发生水解反应，葡萄糖在人体组织中缓慢氧化放出热量，供给人体所需能量，故B 错误；
C ．石墨纤维是由碳元素构成的单质，不是有机高分子化合物，故C 错误；
D ．聚合硫酸铁[Fe 2(OH)x (SO 4)y ]n 中的铁离子在水溶液中能发生水解反应，生成氢氧化铁胶体，可以吸附水中的悬浮物，故D 正确； 答案选D 。

【点睛】
有机化合物指含碳元素的化合物，但是不包括碳的氧化物、碳酸、碳酸盐等，有机物是生命产生的物质基础，所有的生命体都含有机化合物。

脂肪、氨基酸、蛋白质、糖类、血红素、叶绿素、酶、激素等。

生物体内的新陈代谢和生物的遗传现象，都涉及到有机化合物的转变。

此外，许多与人类生活有密切相关的物质，如石油、天然气、棉花、染料、化纤、塑料、有机玻璃、天然和合成药物等，均与有机化合物有着密切联系。

8．B 【解析】
【分析】
【详解】
A. 二氧化氯具有强的氧化性，能够使病毒氧化变质而失去生理活性，因而具有杀菌消毒作用，而酒精则是由于其使蛋白质脱水发生变性而消毒，因此二者的消毒原理不相同，A错误；
B. 聚丙烯和聚四氟乙烯都是高聚物，均属于有机高分子材料，B正确；
C. 真丝织品和棉纺织品的空隙大，具有很好的渗透性，不能阻止病毒渗透，因此不能代替无纺布生产防护口罩，C错误；
D. 保持空气湿度和适当降温不能阻止病毒滋生，D错误；
故合理选项是B。

9．B
【解析】
【分析】
【详解】
A. 煤油为多种烷烃和环烷烃的混合物，故A错误；
B. 火箭中燃料的燃烧是将化学能转化为热能，再转化为机械能，故B正确；
C. 铝合金的密度较小，硬度较大，火箭箭体采用铝合金的主要目的是减轻火箭的质量，故C错误；
D. 卫星计算机芯片使用高纯度的硅，不是二氧化硅，故D错误。

故选：B。

10．B
【解析】
【分析】
根据图示，电极2生成氢气，电极2是阴极，电极1是阳极，钠离子向右移动、氯离子向左移动。

【详解】
A、根据图示，电极2生成氢气，电极2是阴极，⑦室中钠离子穿过离子交换膜a进入电极2室，所以离子交换膜a为阳离子交换膜，故A错误；
B、通电时，电极2是阴极，电极反应式是-
22-
2H O+2e=H+2OH
，溶液的pH增大，故B正确；
C、淡化过程中，得到的浓缩海水可以提取食盐，故C错误；
D、a为阳离子交换膜、b为阴离子交换膜，钠离子向右移动、氯离子向左移动，各间隔室的排出液中，
①③⑤⑦为淡水，故D错误。

答案选B。

11．D
【解析】
【详解】
A、废易拉罐主要材料为铝质，属于可回收利用的材料，属于可回收物，选项A正确；
B、卫生间用纸由于水溶性太强，不算可回收的“纸张”，属于其它垃圾，选项B正确；
C、废荧光灯管中含有重金属等有害物质，所以属于有害垃圾，选项C正确；
D、大棒骨属于其他垃圾，因为“难腐蚀”被列入“其他垃圾”，选项D错误；
答案选D。

12．C
【解析】
【详解】
A.氢氧化钠和氯气、HCl都能发生反应，应用饱和食盐水除杂，A错误；
B.Na2CO3容易溶于水，因此不能使用该装置制取CO2，应该使用CaCO3与HCl反应制取CO2气体，B错误；
C.碘容易溶于CCl4，不容易溶于水，用CCl4作萃取剂可以将碘水中的碘萃取出来，CCl4与水互不相容，通过分液的方法可以分离开有机层和水层，C正确；
D.加热蒸发时可促进氯化铁水解，Fe3+水解生成Fe(OH)3和HCl，盐酸易挥发，为抑制FeCl3水解，制备FeCl3晶体应在HCl的气流中蒸发结晶，D错误；
故合理选项是C。

13．D
【解析】
【分析】
【详解】
−−−→FeCl2(s)转化不能实现，故A错误；A．铁与氯气反应生成氯化铁，而不是氯化亚铁，所以Cl2(g)Fe(s)
Δ
B．硫在氧气中点燃只能生成二氧化硫，而不是三氧化硫，故B错误；
煅烧Mg(s)转C．氯化镁与石灰乳反应生成氢氧化镁，氢氧化镁受热分解生成氧化镁，所以Mg(OH)2(s)−−−→
化不能实现，故C错误；
D．氨气、二氧化碳和氯化钠反应生成碳酸氢钠，为侯氏制碱法的反应原理，故D正确；
故答案选D。

14．B
【解析】
【分析】
【详解】
A．具有相同电子排布的离子，原子序数大的离子半径小，则离子半径为H﹣＞Li+，故A正确；
B．离子晶体中，离子的电荷越高，半径越小，晶格能越大，熔点越高，但氧化铝的离子性百分比小于MgO 中离子性百分比，则熔点为Al2O3＜MgO，故B错误；
C．酸性是：HCO3﹣＜HClO，所以结合质子(H+)的能力为CO32﹣＞ClO﹣，故C正确；
D．两者结构相似，1﹣氯戊烷的碳链短，其密度大，则密度为1﹣氯戊烷＞1﹣氯己烷，故D正确；
答案选B。

【点睛】
结合质子的能力和电解质电解强弱有关，越弱越容易结合质子。

15．D
【解析】
【分析】
【详解】
A．根据图像可知点①所示溶液中含有等浓度的醋酸钠和醋酸，溶液显酸性，说明醋酸的电离程度大于醋酸根的水解程度，则c(CH3COO－)＞c(Na+)＞c(CH3COOH)＞c(H+)＞c(OH－)，A错误；
B．点②所示溶液显中性，则根据电荷守恒可知c(Na+)＋c(H+)＝c(CH3COO－) ＋c(OH－)，B错误；
C．点③所示溶液中二者恰好反应，生成的醋酸钠水解，溶液显碱性，则c(Na+)＞c(CH3COO－)＞c(OH－)＞c(H+)，C错误；
D．表示醋酸电离平衡常数的倒数，平衡常数只与温度有关系，因此在整个滴定过程中：溶液中始终不变，D正确。

答案选D。

二、实验题（本题包括1个小题，共10分）
16．将BaCO3研成粉末或适当增大盐酸浓度或适当加热或搅拌等溶于浓盐酸，再加适量水稀释至所需浓度0.02 510 TiO(C2O4)22－＋Ba2＋＋4H2O=BaTiO(C2O4)2·4H2O↓TiO(OH)＋NH4Cl BaTiO(C2O4)2·4H2O BaTiO3＋2CO↑＋2CO2↑＋4H2O
【解析】
【分析】
(1)根据物质的存在状态及影响化学反应速率的因素分析；TiCl4是强酸弱碱盐，在溶液中弱碱阳离子水解，从抑制盐水解考虑；
(2)根据沉淀的转化平衡方程式书写、计算；
(3)“混合溶液”过程中，钛元素在不同pH下主要以TiOC2O4、TiO(C2O4)22-和TiO(OH)+三种形式存在，调节混合液pH在2.8左右再进行沉淀，据“沉淀”时生成草酸氧钛钡晶体中含有TiO(C2O4)22-(即b微粒)，再根据反应前后各种元素的原子个数守恒及晶体的化学式书写出相应的化学方程式；随着氨水的不断加入溶液的pH不断增大，可以判断c对应钛的形式为TiO（OH）+；
(4)根据原子守恒判断滤液中的主要成分；草酸氧钛钡晶体隔绝空气煅烧得到BaTiO3，同时得到CO、CO2及水蒸气。

【详解】
(1)盐酸与BaCO3发生反应：2HCl+BaCO3=BaCl2+H2O+CO2↑，为了加快反应速率可以将固体BaCO3研成粉末，以增大接触面积；也可以适当增大盐酸浓度或适当加热升高反应温度或搅拌等；TiCl4是强酸弱碱盐，在溶液中Ti4+会发生水解反应：Ti4++4H2O Ti(OH)4+4H+，使溶液变浑浊，为了配制得到澄清的TiCl4溶液，同时不引入杂质离子，通常是将TiCl4溶于浓盐酸中，然后再加适量水稀释至所需浓度；
(2) 在溶液中BaSO4存在沉淀溶解平衡，当向溶液中加入饱和Na2CO3溶液时，发生沉淀转化生成BaCO3：BaSO4(s)+CO32-(aq)BaCO3(s)+SO42-(aq)，待达到平衡后，移走上层清液，重复多次操作，最终BaSO4生
成BaCO3；反应的平衡常数
()
()
()()
()()
()
()
22210
444
9
222
3
33
c c 1.010
K=0.02
5.010
SO SO c Ba Ksp BaSO
Ksp CaCO
c CO c CO c Ba
--+-
-
--+
⨯
====
⨯
；
2.33gBaSO4物质的量为0.01mol，根据BaSO4(s)+CO32-(aq)BaCO3(s)+SO42-(aq)，完全转化需要
0.01molCO32－，同时溶液中产生0.01molSO42-，根据K值溶液中含有n（CO32-）=0.01mol÷0.02=0.5mol，需要加入Na2CO3为0.01mol+0.5mol=0.51mol ，需要Na2CO 3溶液的体积为0.51mol÷1mol/L=0.51L=510mL。

(3)
“混合溶液”过程中，钛元素在不同pH下主要以TiOC2O4、TiO(C2O4)22-和TiO(OH)+三种形式存在，调
节混合液pH在2.8左右再进行沉淀，据“沉淀”时生成草酸氧钛钡晶体中含有TiO(C2O4)22-(即b微粒)，“沉淀”时的离子方程式为：TiO(C2O4)22-＋Ba2＋+4H2O=BaTiO(C2O4)2·4H2O↓；随着氨水的不断加入溶液的pH不断增大，可以判断c对应钛的形式为TiO（OH）+；
(4) TiCl4和草酸混合液加入了氨水，然后与BaCl2溶液混合得到草酸氧钛钡晶体，根据原子守恒，滤液中主要成分为NH4Cl。

草酸氧钛钡晶体隔绝空气煅烧得到BaTiO3，同时得到CO、CO2及水蒸气，煅烧草酸氧钛钡晶体得到BaTiO3方程式为BaTiO(C2O4)2·4H2O BaTiO3+2CO↑+2CO2↑+4H2O。

【点睛】
本题考查了物质制备方法、过程分析判断、物质性质的应用、溶度积常数应用等知识。

掌握基础知识并灵活运用是是本题解题关键，题目难度中等。

三、推断题（本题包括1个小题，共10分）
17．消去反应加成（氧化）反应
n+NH2RNH2+(2n-1)H2O
【解析】
【分析】
根据A的分子式可知，A中含1个不饱和度，因此可推出A为环己烯，其结构简式为：，它是通过
环己醇通过消去反应而得到，A经过氧化得到，与水在催化剂作用下生成；根据已知信息，结合B在水的催化作用下生成，采用逆合成分析法可知B应为其分子式正好为C6H8O3；最后经过缩聚反应合成尼龙，据此分析作答。

【详解】
根据上述分析可知，
（1）反应①的反应类型为：消去反应；反应②为加氧氧化过程，其反应类型为加成（氧化）反应，故答案为：消去反应；加成（氧化）反应；
（2）根据上述分析可知，A的结构简式为：；B的结构简式为：，故答案为：；；（3）与NH2RNH2发生缩聚反应生成尼龙，其化学方程式为：
n+NH2RNH2+(2n-1)H2O；
（4）A为，若想制备1，3-环己二烯，可先与溴的四氯化碳溶液发生加成反应生成1,2—二溴环己烷，1,2—二溴环己烷再在氢氧化钠乙醇溶液、加热的条件下发生消去反应生成1，3﹣环己二烯，其具体合成路线如下：。

四、综合题（本题包括2个小题，共20分）
18．羟基醛基取代反应
+HCl C14H12O2
216 NaOH水溶液（或NaOH醇溶液）、稀硝酸、硝酸银溶液（或
）
【解析】
【分析】
【详解】
（1）由图中A的结构简式可知，化合物A中的含氧官能团为羟基和醛基；
（2）反应⑤为+ HCl，属于取代反应；
（3）B的分子式为C14H12O2，B分子中含有一个醛基，1mol B与足量的银氨溶液反应能生成2mol的Ag，所以反应最多能产生Ag的质量为：2mol×108g/mol=216g；
（4）检验D中卤原子为氯原子，检验其存在时，所需的试剂有NaOH水溶液（或NaOH醇溶液）、稀硝酸、硝酸银溶液；
（5）同时满足
A．分子中含有两个苯环；
B．分子中有7种不同化学环境的氢；
C．不能与FeCl3溶液发生显色反应，但水解产物之一能发生此反应
这几个条件的B的同分异构体的结构简式为：（或
）。

19．0.004mol/（L·min）增大4Fe（0H）2+02+2H2O=4Fe（0H）3= -740 kJ/mol 0.15 3.20 【解析】
【分析】
(1) 根据
c
v
t
∆
=
∆
计算v(Fe2+)；
(2) 氢氧化亚铁被氧气氧化为氢氧化铁；根据Ksp[Fe(OH)3]＝2.5×10—39、 Ksp[Fe(OH)2]＝1.0×10—15计算c( Fe2+) /c(Fe3+)；
(3)利用盖斯定律计算a值；
(4) v(O2)=
p
t
∆
∆
；利用“三段式”计算K(p)。

【详解】
(1)根据图示，在pH＝5.5的环境下，该反应在0～15min内Fe2+的浓度变化是0.1mol/L×60%=0.06 mol/L，
v(Fe2+)=0.06/
15min
mol L
=0.004mol/（L·min）；根据图示，增大溶液pH，Fe2+被氧化速率增大；
(2)第二步是氢氧化亚铁被氧气氧化为氢氧化铁，4Fe（OH）2+O2+H2O=4Fe（OH）3，反应达到平衡状态时，
= =， PH=13时c（OH-）=mol/L=10-1mol/L，
==4.0×1022；
(3) NO(g)和H2O(g)的标准摩尔生成焓分别为+90kJ/mol、-280 kJ/mol，则
①
12N 2(g)+ 1
2
O 2(g)= NO(g) △H= +90kJ/mol ； ②H 2(g)+ 1
2
O 2(g)= H 2O(g) △H= -280 kJ/mol ；
根据盖斯定律②×2-①×2得2NO(g)+2H 2(g) ==N 2(g)+2H 2O(g): △H＝a= -740 kJ/mol ； (4) v(O 2)=
p t ∆∆=
75-63
=80
0.15 kpa/min ； 表中160min 时达到平衡，
2NO （g ）+O 2（g ）═2NO 2（g ） 开始 2n n 0 转化 2x x 2x 平衡 2n-2x n-x 2x
=
，解得x=0.8n ，
用压强代替浓度所得到的平衡常数用K （p ）表示，25℃时，K （p ）的值为2
220.855 2.20.40.255552.2 2.2
⨯⨯
⨯⨯⨯（）（）（）
=3.20。

【点睛】
本题考查盖斯定律、反应速率的计算、平衡常数的计算，难点是根据溶度积常数计算离子浓度、用压强代替浓度计算平衡常数；同温同体积，压强比等于物质的量比。

2021届新高考化学模拟试卷
一、单选题（本题包括15个小题，每小题4分，共60分．每小题只有一个选项符合题意）
1．下列装置所示的分离提纯方法和物质的溶解性无关的是
A．B．
C．D．
2．下列物质的制备中，不符合工业生产实际的是
A．NH3NO NO2HNO3
B．浓缩海水Br2HBr Br2
C．饱和食盐水Cl2漂白粉
D．H2和Cl2混合气体HCl气体盐酸
3．短周期主族元素M、X、Y、Z的原子序数依次增大，湿润的红色石蕊试纸遇M的气态氢化物变蓝色。

含X、Y和Z三种元素的化合物R有如下转化关系(已知酸性强弱：HClO3>HNO3)。

下列说法正确的是
A．简单离子半径：Y>Z>M>X
B．简单气态氢化物的热稳定性：M>X
C．加热单质甲与品红溶液反应所得的“无色溶液”，可变成红色溶液
D．常温下，向蒸馏水中加入少量R，水的电离程度可能增大
4．在下列各溶液中，一定能
．．．大量共存的离子组是
A．有色透明溶液中：Fe2＋、Ba2＋、[Fe(CN)6]3－、NO3－
B．强酸性溶液中：Cu2＋、K＋、ClO－、SO42－
C．含有大量AlO2－的溶液中：K＋、Na＋、HCO3－、I－
D．常温下水电离的c(H＋)为1×10－12mol/L的溶液中：K＋、Na＋、Cl－、NO3－
5．下表中实验“操作或现象”以及“所得结论”都正确且两者具有推导关系的是。