2024年苏科新版高二物理下册阶段测试试卷含答案

2024年苏科新版高二物理下册阶段测试试卷含答案
考试试卷
考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟
学校：______ 姓名：______ 班级：______ 考号：______
总分栏
题号一二三四五总分
得分
评卷人得分
一、选择题(共6题，共12分)
1、在匀强磁场中放一电阻不计的平行金属导轨，导轨跟大线圈M相接，如图所示．导轨上放一根导线ab；磁感线垂直于导轨所在平面．欲使M所包围的小闭合线圈N产生顺时针方向的感应电流，则导线的运动可能是（）
A. 匀速向右运动。

B. 减速向右运动。

C. 减速向左运动。

D. 加速向左运动。

2、
关于匀加速直线运动；下面说法正确的是(()())
(①)位移与时间的平方成正比。

(②)位移总是随时间增加而增加。

(③)加速度；速度、位移三者方向一致。

(④)加速度、速度、位移的方向并不是都相同．
A. (①②)
B. (②③)
C. (③④)
D. (②④)
3、如图所示，U型金属框架的两平行导轨与水平面成θ角。

一个横截面为矩形的金属棒ab
静止在导轨上，金属棒ab的电阻一定；其它电阻不计。

从某时刻起，在此空间施加一个方
向垂直于导轨平面向下且磁感应强度从零开始均匀增大的匀强磁场（即B=kt，k为常数）
直到金属棒刚要开始在导轨上滑动为止。

在这一过程中，下列说法正确的是（）
A. 回路中的感应电流一直增大
B. 金属棒ab所受的安培力大小一直不变
C. 金属棒ab所受的摩擦力大小一直不变
D. 金属棒ab所受的摩擦力大小先减小后增大
4、关于平衡力、作用力与反作用力的下列说法，正确的是
A. 一对平衡力所做功的代数和不一定为零
B. 一对平衡力中，其中一个力做正功，另一个力一定做负功
C. 一对作用力和反作用力对物体做功的代数和一定为零
D. 一对作用力和反作用力对物体做功的代数和一定为正
5、在如图所示的电路中，a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感线圈，E为电源，S为开
关，关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是（）
A. 合上开关，a先亮，b后亮；断开开关，a、b同时熄灭
B. 合上开关，b先亮，a后亮；断开开关，a先熄灭，b后熄灭
C. 合上开关，b先亮，a后亮；断开开关，a、b同时熄灭
D. 合上开关，a、b同时亮；断开开关，b先熄灭，a后熄灭
6、放射性元素放出的射线；在电场中分成A；B、C三束，如图所示，其中（）
A. C为氦核组成的粒子流
B. B为比X射线波长更长的光子流
C. B为比X射线波长更短的光子流
D. A为高速电子组成的电子流
评卷人得分
二、填空题(共9题，共18分)
7、某时刻LC回路中电容器中的电场方向和线圈中的磁场方向如图所示．则这时电容器正在________(充电还是放电)，电流大小正在________(增大还是减小)．
8、如图（a）所示，阻值为R、匝数为n的圆形金属线圈与一个阻值为2R的电阻连接成闭合电路．线圈的半径为r1，在线圈中半径为r2的圆形区域存在垂直于线圈平面的匀强磁场（向里为正），磁感应强度B随时间t变化的关系如图（b）所示，图中B1、t1为已知量．导线电阻不计，则t1时刻经过电阻的电流方向为 ______ （选填“a→b”或“b→a”），电流的大小为 ______ ．
9、甲、乙两物体接触时，甲向乙传递热量的原因是甲的温度比乙高． ______ ．（判断对错）
10、某同学用图示装置测量油的折射率．已知储油圆桶底面直径与桶高均为d，当桶内
无油时，从某点A恰能看到桶底边缘上的点B，当桶内油的深度等于桶高一半时，在A
点沿AB方向看去，看到桶底上的C点，C、B相距d由此可得油的折射率n=______ ，
光在油中传播的速度v= ______ m/s．（空气中光速3×108m/s）
11、在“用单摆测定重力加速度”的实验中。

((1))以下关于本实验的措施中正确的是______(()选填下列选项前的序号())
A.摆角应尽量大些。

B.摆线应适当长些。

C.摆球应选择密度较大的实心金属小球。

D.用停表测量周期时；应取摆球摆至最高点时开始计时。

((2))用游标卡尺测量小球的直径，如图(1)所示的读数是______ (mm)(.)用秒表记录了单摆振动(50)次所用的时间如图(2)所示，秒表读数为 ____(s)
((3))若该同学测量了(5)种不同摆长与单摆振动周期的对应情况，并将记录的结果描绘在如图(3)所示的坐标中，图中个坐标点的标号分别对应实验种(5)种不同摆长的情况(.)请你在图中画出(T^{2}-) (l)图线；利用图象求得重力加速度的表达式为(g)(= )______(()保留三位有效数字())．
12、
理想实验有时更能深刻地反映自然规律；伽利略设想了一个理想实验，其中有
一个是经验事实，其余是推论(.)如图所示：
(a.)减小第二个斜面的倾角；小球在这斜面上仍然要达到原来的高度。

(b.)两个对接的斜面；让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面。

(c.)如果没有摩擦；小球将上升到原来释放的高度。

(d.)继续减小第二个斜面的倾角；最后使它水平，小球要沿着水平面作持续的匀速运动。

((1))请将上述理想实验的设想步骤，按照正确的顺序排列 ______ (()只填序号即可())．
((2))在上述的设想步骤中，有的属于可靠的事实，有的则是理想化的推论(.)下列关于事实和推论的分类正确的是 ______ ．
A.(a)是事实，(bcd)是推论 (
B.b)是事实；(acd)是推论。

C.(c)是事实，(abd)是推论 (
D.d)是事实，(abc)是推论．
13、某同学按如图所示的电路测一节干电池的电动势E和内阻r，为防止调节滑动变阻器时由于电流过大而损坏仪器，电路中用了一个保护电阻R．实验中除干电池；开关、导线外还有下列器材可供选用：
A．电压表：V（0～2V）
B．电流表：A1（0～1A）；A2（0～5A）
C．滑动变阻器：R1（总阻值200Ω）；R2（总阻值50Ω）
D．定值电阻：R01（阻值1Ω）；R02（阻值20Ω）
（1）电流表应选用____；滑动变阻器应选用____；保护电阻应选用____．
（2）该同学测出路端电压U和电流I的多组数据，并做出了U-I图象．用U-I图象可求得电池的电动势E=____V，内电阻r=____Ω．（结果取3位有效数字）
14、
如图(10)所示的光滑绝缘水平面上，固定着(A) (B) (C)三个带电小球，三球球心共线，质量
(m_{A}) (m_{B}) (m_{C}=1) (2) (1) 现同时释放三个小球的瞬间，(A)球的加速度值为(2m/s^{2}) 方向向左，(C)球的加速度值为(6m/s^{2}) 方向向右，那么(B)球的加速度大小为 ______ ，方向 ______ ．
15、某同学组装一个电压表。

可用的器材有：微安表头（量程500uA，内阻500Ω）
电阻箱R1（阻值范围0～999.9Ω）；电阻箱R2（阻值范围0～99999.9Ω）；导线若干。

要求利用所给器材将它改装成量程为3V的直流电压表。

回答下列问题：
（1）在虚线框内，选出必要器材，连接电路图并标出R1或R2，并连接接线柱a、b；
（2）电阻箱的阻值为______Ω（保留到个位）。

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三、判断题(共5题，共10分)
16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）
17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）
18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）
19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）
20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小E A为零．________（判断对错）
评卷人得分
四、画图题(共2题，共8分)
21、13. 矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象
22、13. 矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象
五、综合题(共1题，共4分)
23、
【物理选做】本次未命制题
参考答案
一、选择题(共6题，共12分)
1、B|D
【分析】
A、导线ab匀速向右运动时，导线ab产生的感应电动势和感应电流恒定不变；大线圈M产生的磁场恒定不变，穿过小线圈N中的磁通量不变，没有感应电流产生．故A错误．
B、导线ab减速向右运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流减小，由右手定则判断出来ab电流方向由a→b；根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向里，穿过N的磁通量减小，由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流，符合题意．故B正确．
C、导线ab减速向左运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流减小，由右手定则判断出来ab电流方向由b→a；根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向外，穿过N的磁通量减小，由楞次定律判断得知：线圈N产生逆时针方向的感应电流，不符合题意．故C错误．
D、导线ab加速向左运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流增加，由右手定则判断出来ab电流方向由b→a；根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向外，穿过N的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流，符合题意．故D正确．故选BD
【解析】
【答案】导线ab运动时；切割磁感线产生感应电流，由右手定则判断感应电流的方向．感应电流流过大线圈M时，M产生磁场，就有磁通量穿过小线圈N，根据安培定则判断感应电流产生的磁
场方向，再根据楞次定律判断小线圈N中产生的电流方向，选择符合题意的选项．
2、B
【分析】
解：(①)匀加速直线运动，位移时间关系公式为(x=v_{0}t+ dfrac {1}{2}at^{2}) 只有当初速度为零时，位移与时间的平方成正比，故(①)错误；
(②)匀加速直线运动，位移时间关系公式为(x=v_{0}t+ dfrac {1}{2}at^{2}) 位移(x)总是随时间(t)增加而增加，故(②)正确；
(③④)匀加速直线运动，若初速度为正，根据速度时间关系为(v=v_{0}+at) 故初速度、加速度为正；根据位移时间关系公式为(x=v_{0}t+ dfrac {1}{2}at^{2}) 位移方向也为正；故(③)正确，(④)错误。

故选B．
匀加速直线运动，位移时间关系公式为(x=v_{0}t+ dfrac {1}{2}at^{2}) 速度时间关系为
(v=v_{0}+at)．
本题关键是根据速度时间关系和位移时间关系列式后分析讨论，基础题．
【解析】
(B)
3、D
【分析】
解：A、由法拉第电磁感应定律得：E==S=kS；
感应电流：I==由于k；S、R都不变，回路中的感应电流保持不变，故A错误；
B、金属棒受到的安培力：F=BIL=t；由于k；S、L、R都是定值，则安培力F随时间增大，故B错误；
CD；安培力F随时间t增大；开始时安培力较小，当F＜mgsinθ时，摩擦力f平行于斜面向上；对金属棒；由平衡条件可得：f+F=mgsinθ，f=mgsinθ-F，由于F不断增大，则摩擦力f逐渐减小；
当安培力F＞mgsinθ时；摩擦力f平行于斜面向下；
由平衡条件得：mgsinθ+f=F；f=F-mgsinθ，F逐渐增大，摩擦力f逐渐增大；
综上所述可知；在整个过程中，摩擦力先减小后增大，故C错误，D正确；
故选：D。

由楞次定律判断出感应电流的方向；由左手定则判断出安培力方向，根据法拉第电磁感应定律与安培定则求出感应电流，由安培力公式求出安培力，然后应用平衡条件求出摩擦力大小，判断摩擦力大小如何变化。

本题考查了判断安培力的变化，对金属棒正确受力分析、应用平衡条件即可正确解题；由于磁场不断增大，安培力是变力，因此导致摩擦力不断变化，解题时要注意摩擦力方向的变化。

【解析】
D
4、B
【分析】
平衡力大小相等方向相反，平衡力所做的功之和一定为零，A错；作用力做正功反作用力可以做正功也可以做负功，也可以不做功，CD错；
【解析】
【答案】
B
5、C
【分析】
解：由图可以看出，a、b灯泡在两个不同的支路中，对于纯电阻电路，不发生电磁感应，通电后用电器立即开始正常工作，断电后停止工作．但对于含电感线圈的电路，在通电时，线圈产生自感电动势，对电流的增大有阻碍作用，使a灯后亮，则合上开关，b先亮，a后亮．当断开电键时，线圈中产生自感电动势，由a、b及电感线圈组成一个回路；两灯同时逐渐熄灭．故C正确．
故选C．
当开关接通和断开的瞬间；流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变
化，根据楞次定律来分析两灯亮暗顺序．
对于线圈要抓住这个特性：当电流变化时，线圈中产生自感电动势，相当于电源，为回路提供瞬间的电流．
【解析】
【答案】 C
6、C
【分析】
解：据图可知；电场的方向水平向右，α；β和γ三种射线中，α带正电、β带负电、γ不带电； AD；由于C的电场力方向与场强方向相反；所以应带负电荷，故为电子流；同理可知A带正电荷，即为α射线故AD错误；
BC；γ射线在电场中不受电场力；不发生偏转，B为γ射线，比x射线波长更短的光子流．故B 错误，C正确；
故选：C．
α、β和γ三种射线中，α带正电、β带负电、γ不带电．由图知，b不偏转；该射线不带电，a的偏转角大于c的偏转角，说明a为α射线．根据电量；速度、质量加速度进行判断．
本题要求学生能熟记放各种射线的性质，并能根据电场的性质区分射线的种类
【解析】
【答案】 C
二、填空题(共9题，共18分)
7、略
【分析】
【解析】
用安培定则可知回路中的电流方向为逆时针方向，而上极板是正极板，所以这时电容器正在充电；因为充电过程电场能增大，所以磁场能减小，电流也减小．
考点：LC振荡电路。

【解析】
【答案】
充电减小
8、略
【分析】
解：由图（b）可知，在0～t1时间内，感应电流从b→a，由欧姆定律可知，在t1以后，感应电流从b→a，因此t1时，电流从b→a；
由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n =nS =nπr22电流大小I= =
故答案为：b→a，．
由楞次定律可以判断出电流的方向；由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势，由欧姆定律可以求出电路电流大小．
本题考查了判断感应电流的方向，求感应电流大小，熟练应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律即可正确解题．
【解析】
b→a；
9、略
【分析】
解：内能传递的方向是从温度高的物体向温度低的物体传递；所以甲；乙两个不同的物体当它们接触后，温度高的物体甲会向温度低的物体乙传递热量，使甲的内能减少，乙的内能增加；
故答案为：对．
解决此题要知道热传递发生的条件是要有温度差；质量相同的两种物质；放出相同的热量后，比热容小的物质降低的温度值大．
解决此题掌握热平衡的条件是温度相同，热量只能从高温物体传到低温物体．
【解析】
对
10、略
【分析】
解：作出光路图；如图所示：
光从油射入空气时，入射角正弦：sinγ= =
折射角正弦：sini=sin45°=
故折射率为：n= = =2；
所以油中光速为：v= = =1.5×108m/s；
故答案为：2，1.5×108
画出光路图后，根据折射定律求出折射率的大小，根据v= 求出光在油中的传播速度．
解决本题的关键掌握光的折射定律，以及知道光在介质中的速度与真空中速度的关系．
【解析】
2；1.5×108
11、（1）BC （2）10.50 100.2 （3）9.86
【分析】
【分析】
((1))利用单摆测定重力加速度的原理是单摆的周期公式；摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动；为减小空气阻力的影响，摆球的直径应远小于摆线的长度，选择密度较大的实心金属小球作为摆球(.)摆长等于摆线的长度加上摆球的半径；
((2))游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；秒表分针与秒针示数之和是秒表示数；((3))根据坐标系内描出的点作出图象；应用单摆周期公式求出图象的函数表达式，然后根据图示图象答题；
简谐运动是一种理想的运动模型，单摆只有在摆角很小，空气阻力影响不计的情况下单摆的振动才可以看成简谐运动，要知道影响实验结论的因素(.)根据单摆的周期公式分析图象的意义。

【解答】
((1)A) 在摆角小于(5^{circ})的情况下单摆的运动可以看做简谐运动，实验时摆角不能太大，不能超过(5^{circ}) 故A错误；
B、实验中，摆线的长度应远远大于摆球的直径，适当增加摆线的长度，可以减小实验误差，故B正确；
C、减小空气阻力的影响，选择密度较大的实心金属小球作为摆球，故C正确；
D、用停表测量周期时，应从球到达平衡位置开始计时，这样误差小一些，故D错误；
故选BC。

((2))由图示游标卡尺看做，其示数为：(10mm+10×0.05mm=10.50mm)
由图示秒表可知，分针示数超过了半刻线，秒表示数为：(60s+40.2s=100.2s)
((3))根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：
根据单摆的周期公式：(T=2π sqrt{ dfrac{L}{g}} ) 可知：({T}^{2}=; dfrac{4{π}^{2}}{g;L}; )
(T^{2}-L)图象的斜率：(k=; dfrac{4{π}^{2};}{g};= dfrac{;∆{T}^{2}}{;∆L};=4 ) 解得：(g≈9)
(86m/s^{2})
故填：
((1)BC)
((2)10.50) (100.2)
((3)9.86)
【解析】
((1)BC)
((2)10.50) (100.2)
((3)9.86)
12、略
【分析】
解：((1))整个实验是在一定的实验事实的基础上通过推理形成结论，所以合理的实验顺序为(b) (c) (a) (d)．
((2))伽利略理想实验中，实验步骤(b)可靠的实验事实基础．
由于现实生活中；小球在斜面上滚动时不可能不受摩擦力的作用，所以实验步骤(cad)都是对实
验现象的合理推理．
故答案为 ((1)bcad) ((2)B)
本题主要考查对实验推理法的理解与运用能力(.)在实验的基础上进行科学推理是研究物理问题的一种方法；通常称之为理想实验法或科学推理法．
本题考查伽利略的理想斜面实验，解题关键是理解本实验的设计理念及实验程序(.)基础题目．【解析】
(bcad) (B)
13、略
【分析】
（1）因电源电动势为1.5V，若电路总电阻大于1.5Ω，则电路中总电流将小于1A，而保护电阻最小的为1Ω，再加上电源内电阻，电路中总电阻将可以大于1.5Ω，故为了准确，电流表应选A1；定值电阻应选R01；滑动变阻器应选择易于调节的，故应选R2；
（2）由图可知；电源的电动势E=1.50V；
当路端电压为0.9V时；电路中电流为0.6A；
则由闭合电路欧姆定律可得：
r===1.00Ω；
故答案为：（1）A1；R2；R01；
（2）1.50（1.49～1.51）；1.00（1.02～0.983）．
【解析】
【答案】（1）一节干电池的电动势为1.5V；结合电流表；滑动变阻器及定值电阻的大小关系可以选出合适的电流表、滑动变阻器及保护电阻．
（2）由U-I图象与纵坐标的截距可知电源的电动势；由横坐标的交点可求得路端电压为0.9V时的电流值；则由闭合电路欧姆定律可求得内电阻．
14、略
【分析】
解：设(A)球质量为(m) 根据(m_{A}) (m_{B}) (m_{C}=1) (2) (1)可知(B)球质量为(2m) (C)球质量为(m)
小球(A)受到小球(B)和(C)的作用力分别记为(F_{BA})和(F_{CA}) 小球(B)分别受到小球(A)和(C)的作用力分别记为(F_{AB})和(F_{CB}) 小球(C)受到(A)和(B)的作用力记为(F_{AC})和(F_{BC}) 对小球(A)有：(F_{BA}+F_{CA}=ma_{1} ①)
对小球(B)有：(F_{AB}+F_{CB}=2ma_{2} ②)
对小球(C)有：(F_{AC}+F_{BC}=ma_{3} ③)
由于(F_{BA})和(F_{AB})互为作用力和反作用力；故其大小相等方向相反，有
(F_{BA}+F_{AB}=0) 故有。

(①+②+③)得：
(ma_{1}+2ma_{2}+ma_{3}=0)
根据题意取向左为正方向；则有：(a_{1}=2m/s^{2}) (a_{3}=-6m/s^{2})
据(ma_{1}+2ma_{2}+ma_{3}=0)知(a_{2}=2m/s^{2}) 方向与正方向相同即向左．
故答案为：(2m/s^{2}) 向左。

在光滑的水平面上；小球所受重力和支持力平衡，使小球产生加速的力就是小球间相互作用的库仑力，根据牛顿第三定律解出其加速度满足的规律．
根据力的独立作用性原理，根据牛顿第三定律求解出释放每个小球时加速度所满足的关系式，根据题目中给出的(2)种情况下的加速值，求释放(B)球时产生的加速度(a)．
【解析】
(2m/s^{2}) 向左
15、5500
【分析】
解：（1）把微安表改装成量程为3V的电压表需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值为：
R==5500Ω，电阻箱应选择R2；电路图如图所示；
（2）由（1）可知，电阻箱阻值为：R2=5500Ω；
故答案为：（1）电路图如图所示；（2）5500。

（1）把微安表改装成电压表需要串联分压电阻；应用串联电路特点与欧姆定律求出串联电阻阻值，然后选择电阻箱，再作出电路图。

（2）根据串并联电路特点计算串并联电阻阻值。

本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表的改装原理，应用串并联电路特点、欧姆定律可以解题。

【解析】
5500
三、判断题(共5题，共10分)
16、A
【分析】
【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．
故答案为：正确．
【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．
17、B
【分析】
【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．
两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．
故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．
18、B
【分析】
【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．
两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．
故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．
19、B
【分析】
【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；
由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；
故答案为：错误．
【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．
20、A
【分析】
【解答】解：点电荷在A点的场强
根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

E A=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0
故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k 求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．
四、画图题(共2题，共8分)
21、略
【分析】
本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变
【解析】
【答案】
22、略
【分析】
本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变
【解析】
【答案】
五、综合题(共1题，共4分)
23、略
【分析】
无题
【解析】
无题。