高考数学下学期模拟试卷 文(新课标I卷,无答案)
高三数学下学期第一次模拟考试试题 文扫描 试题 6
2021届高三数学下学期第一次模拟考试试题文〔扫描版〕制卷人:打自企;成别使;而都那。
审核人:众闪壹;春壹阑;各厅……日期:2022年二月八日。
2021年一模文科数学答案一、选择题1—5 B A C C C 6—10 B C A B A 11—12 C D二、填空题13. 32- 14.2222(2)(1)4(2)(1)4x y x y -+-=+++=或 15. m 16. 1 三 、解答题17. 解:〔Ⅰ〕当2n ≥时,2n n S a λ=-.① 112n n S a λ--=- ② ……………2分①- ②可得12n n a a -=(2)n ≥……………3分当1n =时,1a λ= ……………4分故数列{}n a 的通项公式为12n n a λ-=. ……………6分〔Ⅱ〕由〔Ⅰ〕知12n n a -=,故()21(1)nn n b n =+--,记数列{}n b 的前2n 项和为2n T 12322122(20)(21)(22)[2(21)](222)[01234(21)]n n n T n n =-+++-+++-=++++-+-+-++- 记122222n A =+++,01234(21)B n =+-+-++-,那么2212(12)2212n n A +-==--, ……………8分 [](01)(23)(22)(21)B n n n =++-+++--+-=. ……………10分故数列{}n b 的前2n 项和21222n n T A B n +=+=+-. ……………12分 18. 解:〔Ⅰ〕0.15110.30110.1511t t ⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=,解得0.2t =……….2分。
〔Ⅱ〕0.150.20.30.80.150.20.30.2++<<+++,满足条件的值是m 2…………5分 〔Ⅲ〕4.50.21500 5.50.151500 4.930.215000.151500⨯⨯⨯+⨯⨯⨯≈⨯⨯+⨯⨯…………………………….12分 19. 解一:〔Ⅰ〕证明:在PB 上取一点Q ,使得4PQ QB =,连接,AQ QN ,………1分因为4PN PQ NC QB==,所以//QN BC 且QN AM =, 所以四边形AMNQ 为平行四边形......4分所以//AQ MN ,又因为AQ PAB ⊂平面,MN PAB ⊄平面,所以//MN APB 平面…6分 〔Ⅱ〕P AMN N PAM V V --= 45C PAM V -= ………8分 PAM S ∆=10 ……10分P AMN V -4411123245553255C PAM V -==⨯⨯⨯⨯⨯= ………12分 解二:〔Ⅰ〕证明:在AC 上取一点Q ,使得4AQ QC =,连接,MQ QN ,…1分因为4PN AQ NC QC==,所以//QN AP , 同理////QM CD AB ,又因为,AB PAB PA PAB ⊂⊂平面平面,,MQ MNQ NQ MNQ ⊂⊂平面平面所以//PAB MNQ 平面平面,......4分 又因为MN MNQ ⊂平面,MN PAB ⊄平面,所以//MN PAB 平面。
贵州省2024年高三下学期高考模拟信息卷数学试题(一)
贵州省2024年高三下学期高考模拟信息卷数学试题(一)学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________二、多选题9.已知01a b <<<,1m >,则( )A .m ma b <B .a bm m >C .log log m ma b>D .log log a bm m>10.在正方体1111ABCD A B C D -中,,,,,M N E F G 分别为11A D ,BC ,11AB ,1BB ,1DD 的中点,则( )A .//MN 平面EFGB .1AC ^平面EFGC .平面1//MGC 平面AFN D .平面EFG ^平面AFN11.已知抛物线2:2(0)C y px p =>的焦点为F ,准线为l ,过点F 的直线与C 交于,P Q 两点,点M 为点P 在l 上的射影,线段MF 与y 轴的交点为G ,PG 的延长线交l 于点T ,则( )A .PG MF ^B .TF PQ ^C .||||TM TQ =D .直线PG 与C 相切四、解答题15.如图,在三棱台111ABC A B C -中,1CC ^平面ABC ,AC BC ^,4BC =,111112AC B C CC ===.10.ABC【分析】利用正方体的性质,结合线面面面的相关定理逐一分析判断即可得解.【详解】对于A ,连接1A B ,如图,因为,E F 是11A B ,1BB 的中点,所以1//EF A B ,易知四边形11A BCD 是平行四形边,又,M N 是11A D ,BC 的中点,所以1//MN A B ,故//MN EF ,又MN Ë平面EFG ,EF Ì平面EFG ,所以//MN 平面EFG ,故A 正确;对于B ,连接,AC BD ,如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,易知1,BD CC BD AC ^^,又11,,AC CC C AC CC =ÌI 平面1ACC ,所以BD ^平面1ACC ,因为1AC Ì平面1ACC ,故1BD AC ^,又易知//BD GF ,所以1GF AC ^,同理:11A B AC ^,则1EF AC ^,因为GF EF F Ç=,,GF EF Ì平面EFG ,所以1AC ^平面EFG ,对于C ,连接11,A D B C ,所以()h x 在区间(1,2)上单调递减,所以()(1)0h x h <=,即当12x <<时,()(2)g x g x <-.所以()()222g x g x <-,即122x x +<成立.【点睛】极值点偏移问题,通常会构造差函数来进行求解,若等式中含有参数,则先消去参数.。
2023年新高考全国I卷数学仿真模拟试卷(2)
一、单选题二、多选题1. 下列函数中为偶函数的是( )A.B.C.D.2. 设集合,,则( )A.B.C.D.3. 我们把函数图象上任一点的横坐标与纵坐标之积称为该点的“积值”.设函数图象上存在不同的三点A ,B ,C ,其横坐标从左到右依次为,,,且其纵坐标均相等,则A ,B ,C 三点“积值”之和的最大值为( )A.B.C.D.4. 中国古代数学著作《九章算术》是人类科学史上应用数学的最早巅峰.书里记载了这样一个问题“今有女子善织,日自倍,五日织五尺.问日织几何?”译文是“今有一女子很会织布,每日加倍增长,5天共织5尺,问每日各织布多少尺?”,则该女子第二天织布( )A.尺B .尺C .尺D .尺5.已知椭圆的两个焦点为、,且,弦过点,则的周长为A .10B .20C.D.6. 若双曲线的焦点与椭圆的焦点重合,则的值为( )A .2B .3C .6D .77. 在中,是的中点,已知,,,则的面积为( )A.B.C.D.8. 若点在双曲线的渐近线上,则该双曲线的离心率为( )A.B.C.D.9. 在长方体中,AB =3,,P 是线段上的一动点,则下列说法正确的是( )A .平面B .与平面所成角的正切值的最大值是C.的最小值为D .以A 为球心,5为半径的球面与侧面的交线长是10. 已知函数,,( )A .存在实数使得在单调递减B .若的图象关于点成中心对称,则的最小值为2C .若,将的图象向右平移个单位可以得到的图象D .若,的最大值为11.(多选题)已知等比数列的公比,等差数列的首项,若且,则以下结论正确的有( )A.B.C.D.12. 已知函数,函数的图象在点和点处的两条切线互相垂直,且分别交y 轴于M ,N 两点,若,则( )2023年新高考全国I卷数学仿真模拟试卷(2)2023年新高考全国I卷数学仿真模拟试卷(2)三、填空题四、解答题A.B .的取值范围是C .直线AM 与BN 的交点的横坐标恒为1D .的取值范围是13. 函数,若直线是曲线的一条对称轴,则________.14.已知,下列四个结论正确的序号是______.①函数在区间上是减函数;②点是函数图象的一个对称中心;③函数的图象可以由函数的图象向左平移个单位长度得到;④若,则的值域为.15.在等比数列中,,则的公比______.16.已知数列满足,(),且().(1)求数列的通项公式;(2)若(),求数列的前n 项和.17. 设定义在(0,+∞)上的函数f (x )=ax ++b (a >0).(1)求f (x )的最小值;(2)若曲线y =f (x )在点(1,f (1))处的切线方程为y =x ,求a ,b 的值.18. 如图,在三棱锥中,为正三角形,点,分别为,的中点,其中,.(1)证明:平面平面;(2)若点是线段上异于点的一点,直线与平面所成角的正弦值为,求的值.19. 已知直四棱柱中,底面为梯形,分别是上的点,且为上的点.(1)证明:;(2)当时,求平面与平面的夹角的正弦值.20. 已知椭圆的左、右焦点分别为,,过点作直线交椭圆于,两点(与轴不重合),,的周长分别为12和8.(1)求椭圆的方程;(2)在轴上是否存在一点,使得直线与的斜率之积为定值?若存在,请求出所有满足条件的点的坐标;若不存在,请说明理由.21. 已知椭圆C的焦点坐标为和,且椭圆经过点.(1)求椭圆C的方程;(2)若,椭圆C上四点M,N,P,Q满足,,求直线MN的斜率.。
高三数学下学期第一次模拟考试试题 文含解析 试题
清华大学附属中学2021届高三下学期第一次模拟考试本卷贰O贰贰年贰月捌日编写;出题人:令狐学复;欧阳化语;令狐理总。
数学〔文〕试题考前须知:1.在答题之前,考生先将自已所在县〔、区〕、姓名、试室号、座位号和考生号填写上清楚,将条形码粘贴在指定区域。
2.第一卷每一小题在选出答案以后,需要用2B铅笔把答题卷上对应题目之答案标号涂黑,如需要改动用先橡皮擦干净,再选涂其他答案标号。
第二卷用黑色墨水签字笔在答题卷上书写答题。
在试题卷上答题,答案无效。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内答题,超出答题区域书写之答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。
4.在考试完毕之后,监考人员将试卷、答题卷一并收回。
5.保持答题卷清洁,不要折叠、不要弄破。
一、选择题:在每一小题给出的四个选项里面,只有一项是哪一项符合题目要求的.1.假设集合,,那么集合等于( )A. B. C. D.【答案】A【解析】试题解析:,,选A.考点:集合的运算2.为弘华传统文化,某校组织高一年级学生到古都游学,在某景区,由于时间是关系,每个班只能在甲、乙、丙三个景点中选择一个游览,高一1班的27名同学决定投票来选定游览的景点,约定每人只能选择一个景点,得票数高于其它景点的入选,据理解,在甲、乙两个景点中有18人会选择甲,在乙、丙两个景点中有18人会选择乙,那么关于这轮投票结果,以下说法正确的选项是( )①该班选择去甲景点游览;②乙景点的得票数可能会超过9;③丙景点的得票数不会比甲景点高;④三个景点的得票数可能会相等.A. ①②B. ①③C. ②④D. ③④【答案】D【解析】对甲、乙、丙喜欢程度排序一共种,分别为以下6种,记人数为甲>乙>丙甲>丙>乙乙>丙>甲乙>甲>丙丙>甲>乙丙>乙>甲甲、乙两个景点时优先甲的人数:,优先乙的人数:乙、丙两个景点时优先乙的人数:,优先丙的人数:该班选择去甲景点的人数该班选择去乙景点的人数,因为,所以该班选择去丙景点的人数,因为,所以所以综上所述③④正确,选D.【点睛】此题应根据三个景点喜欢程度排序,再根据题目条件分析各景点的人数情况,枚举是此题最重要的方法,最简单的方法反而是最有效的方法。
2021-2022年高三数学下学期第一次模拟考试试题 文(无答案)
2021-2022年高三数学下学期第一次模拟考试试题文(无答案)本试卷,分第I卷和第Ⅱ卷两部分.共5页,满分150分.考试用时120分钟.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.注意事项:1.答题前,考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在答题卡和试卷规定的位置上.2.第I卷每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号.3.第II卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不能使用涂改液、胶带纸、修正带.不按以上要求作答的答案无效.4.填空题请直接填写答案,解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤.一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.实用文档实用文档1.i 是虚数单位,复数表示的点在A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D.第四象限2.设集合{}{}12,A x x B x x a =<<=≤,若,则a 的取值范围是A. B. C. D. 3.下列选项错误的是A.命题“若,则”的逆否命题是“若”B.“”是“”的充分不必要条件C.若命题“”,则“2000:,10p x R x x ⌝∃∈++=”D.若“”为真命题,则均为真命题4.使函数()()()sin 22f x x x θθ=++是奇函数,且在上是减函数的的一个值是A. B. C. D.5.已知平面向量的夹角为,且1,223,b a b a =+==则A.2B.C.1D.36.在正项等比数列中,若成等差数列,则A. B. C. 3 D.97.已知双曲线的一个焦点与抛物线的焦点相同,则此双曲线的渐近线方程为A. B. C. D.8.三棱锥及其三视图中的正视图和侧视图如图所示,则PB=A. B. C. D.9.如果执行如右面的程序框图,那么输出的S=A.119B.600C.719D.494910.任取,直线与圆相交于M,N两点,则的概率为A. B. C. D.实用文档实用文档第II 卷(共100分)二、填空题:本大题共5小题,每小题5分,共25分.11.函数()11,021,0x x f x x x⎧-≥⎪⎪=⎨⎪<⎪⎩,若,则实数a 的取值范围是________.12.某校女子篮球队7名运动员身高(单位:厘米)分布的茎叶图如图,已知记录的平均身高为175cm ,但记录中有一名运动员身高的末位数字不清晰,如果把其末位数记为x ,那么x 的值为________.13.锐角三角形ABC 中,分别是三内角A,B,C 的对边,设,则的取值范围是________.14.若满足20400x y x y y -+≥⎧⎪+-≤⎨⎪≥⎩,则的最大值为________.15.已知函数,且,若()()()()1f n f n f f n +++=,则______.三、解答题:本大题共6小题,共75分.16. (本题满分12分)()()cos ,sin ,22sin cos ,m x x n x x ==+函数.(I)求函数的最大值;(II)若且,求的值.17. (本题满分12分)学业水平考试后,某校对高二学生的数学、英语成绩进行了统计,结果如图表所示(人数):已知英语、数学的优秀率分别为24%、30%(注:合格人数中不包含优秀人数).(I)求a、b的值;(II)现按照英语成绩的等级,采用分层抽样的方法,从数学不合格的学生中选取6人.若再从这6人中任选2人,求这两名学生的英语成绩恰为一人优秀一人合格的概率.18. (本题满分12分)四棱锥平面,22//ABCD AD AB BC a AD BC===,,,Q是PB的中点.(I)若平面平面,求证:;实用文档实用文档(II )求证:.19. (本题满分12分)设数列的前n 项和为,且,数列为等差数列,且.(I )求数列的通项公式;(II )将数列中的第项,第项,第项,…,第项,…,删去后,剩余的项按从小到大的顺序排成新数列,求数列的前xx 项和.20. (本题满分13分)如图所示的封闭曲线C 由曲线()222210,0x y a b y a b +=>>≥和曲线组成,已知曲线过点,离心率为,点A,B 分别为曲线C 与x 轴、y 轴的一个交点. (I )求曲线的方程;(II )若点Q 是曲线上的任意点,求面积的最大值;(III )若点F 为曲线的右焦点,直线与曲线相切于点M ,与x 轴交于点N ,直线OM 与直线交于点P ,求证:以MF//PN.21. (本题满分14分)设函数(e 是自然对数的底数).(I)若,求的单调区间;(II)若当时,求a的取值范围;(III)若无极值,求a的值.25181 625D 扝36174 8D4E 赎23757 5CCD 峍22055 5627 嘧O20100 4E84 亄l40108 9CAC 鲬840277 9D55 鵕431709 7BDD 篝40724 9F14 鼔24203 5E8B 庋26074 65DA 旚实用文档。
高三数学下学期第一次模拟考试试题 文扫描 试题 4
2021年普通高中高三第一次模拟考试数 学〔文〕参考答案及评分HY一、选择题ACDBC BACDC AB二、填空题 13.4 14.[-1,2] 15.(15 , 13 ) 16. 3+225三、解答题 17. 解析:〔1〕由正弦定理a b =sinA sinB =3cosA sinB………………………………………………………2分 整理得:sinA= 3 cosA,所以,tanA= 3 ,……………………………………………………………………………4分 又A 为三角形内角,所以A=p 3……………………………………………………………………………………6分 〔2〕由余弦定理得:a 2=b 2+c 2-2bccosA ……………………………………………………8分 代入并整理得: c 2-2c-3=0解得:c=3,c=-1(舍) ………………………………………………………………………10分 所以,S ABC=12 bcsinA=12× 2× 3×32=332………………………………………………12分 18. 解析:〔1〕证明:根据题意,在矩形ABEF 中,BE ⊥AB ;又BC ⊥BE ,且AB ∩BC=B , …………………………………………………………………2分AB ,BC 平面ABCD所以,BE ⊥平面ABCD ,………………………………………………………………………4分 又BE 平面MBE ,所以,平面MBE ⊥平面ABCD …………………………………………………………………6分 〔2〕 由题意,三棱锥E-BCM 的其体积V E-BCM =13×12×1×1×MC=16MC 三棱柱AFD-BEC 的体积V 柱=12BE ·BC ·BA=12×1×1×2=1……………………………8分 多面体AFDBEM 的体积V 0=1-16MC ……………………………………………………10分 V 0 :V E-BCM =1-16 MC :16MC=7:2 所以,76 MC=2-13 MC ,96 MC=2,MC=43所以,DM=2- MC=23……………………………………………………………………12分 19.解析:(1)依题意,这500户家庭的全年收入的样本平均值和方差s 2分别为:=1×0.06+2×0.10+3×0.14+4×0.31+5×0.30+6×0.06+7×0.02+8×0.01=4…3分s 2=(-3)2×0.06+(-2)2×0.10+(-1)2×0.14+02×0.31+12×0.30+22×0.06+32×0.02+42×0.01=1.96 ………………………………………………………………………………6分(2)〔i 〕由直方图可知,贫困户的频率为0.06,所以贫困户的数量应为100×0.06=6万户 …………………………………………………………………8分 〔ii 〕在这200户中,小康户200×0.02=4户,富裕户200×0.01=2户,设小康户为a 1a 2a 3a 4,富裕户为b 1,b 2,一共6户,从中抽取2户的所有可能为(a 1,a 2),(a 1,a 3) , (a 1,a 4) , (a 2,a 3) , (a 2,a 4) , (a 3,a 4) , (a 1,b 1) ,(a 1,b 2), (a 2,b 1) ,(a 2,b 2), (a 3,b 1) ,(a 3,b 2) ,(a 4,b 1) ,(a 4,b 2),(b 1,b 2)一共计15种。
2024_年普通高等学校招生全国统一考试数学新高考Ⅰ卷模拟试卷
2024年普通高等学校招生全国统一考试数学新高考Ⅰ卷模拟试卷李昌成(乌鲁木齐市第八中学ꎬ新疆乌鲁木齐830002)中图分类号:G632㊀㊀㊀文献标识码:A㊀㊀㊀文章编号:1008-0333(2024)04-0094-10收稿日期:2023-11-05作者简介:李昌成ꎬ中学正高级教师ꎬ从事中学数学教学研究.㊀㊀一㊁单选题:本大题共8小题ꎬ共40.0分.在每小题列出的选项中ꎬ选出符合题目的一项.1.设集合U=RꎬA=x1<x<3{}ꎬB=xx<2{}ꎬ则图1中阴影部分表示的集合为(㊀㊀).㊀A.{x|xȡ2}㊀㊀㊀㊀B.{x|xɤ2}C.x1<xɤ2{}D.{x|2ɤx<3}图1㊀第1题图2.已知复数z满足2z-z=1+3iꎬ则zi=(㊀㊀).A.-1+i㊀B.1-i㊀C.1+i㊀D.-1-i3.正方形ABCD中ꎬMꎬN分别是BCꎬCD的中点ꎬ若ACң=λAMң+μBNңꎬ则λ+μ=(㊀㊀).A.65㊀㊀㊀B.85㊀㊀㊀C.2㊀㊀㊀D.834.已知三棱台ABC-A1B1C1中ꎬ三棱锥A-A1B1C1的体积为4ꎬ三棱锥A1-ABC的体积为8ꎬ则该三棱台的体积为(㊀㊀).A.12+33㊀㊀㊀B.12+42C.12+43D.12+475.从装有3个红球㊁2个白球的袋中任取2个球ꎬ则所取的2个球中至少有1个白球的概率是(㊀㊀).A.110㊀㊀㊀B.310㊀㊀㊀C.710㊀㊀㊀D.356.已知函数f(x)=Asin(ωx+φ)(ω>0ꎬ-π<φ<0)的部分图象如图2所示ꎬ则下列判断错误的是(㊀㊀).A.函数f(x)的最小正周期为2B.函数f(x)的值域为[-4ꎬ4]C.函数f(x)的图象关于点(103ꎬ0)中心对称D.函数f(x)的图象向左平移π3个单位长度后得到y=Asinωx的图象图2㊀第6题图497.若a>b>1ꎬ0<c<1ꎬ则下列结论正确的是(㊀㊀).A.ac<bc㊀㊀㊀㊀B.alogbc<blogacC.abc<bacD.logac<logbc8.某四棱锥的底面为正方形ꎬ顶点在底面的射影为正方形中心ꎬ该四棱锥内有一个半径为1的球ꎬ则该四棱锥的表面积的最小值是(㊀㊀).A.16㊀㊀B.8㊀㊀C.32㊀㊀D.24二㊁多选题:本大题共4小题ꎬ共20.0分.在每小题有多项符合题目要求.9.如图3ꎬ在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中ꎬ点P是线段AD1上的动点ꎬ则下列命题正确的是(㊀㊀).A.异面直线C1P与CB1所成角的大小为定值B.三棱锥D-BPC1的体积是定值C.直线CP和平面ABC1D1所成的角的大小是定值D.若点Q是线段BD上动点ꎬ则直线PQ与A1C不可能平行图3㊀第9题图10.已知函数f(x)=x3-x+1ꎬg(x)=f(x)-ax(aɪR)ꎬ则(㊀㊀).A.f(x)有两个极值点B.f(x)的图象与x轴有三个交点C.点(0ꎬ1)是曲线y=f(x)的对称中心D.若g(x)存在单调递减区间ꎬ则aȡ-111.已知抛物线C:x2=2y的焦点为Fꎬ准线为lꎬAꎬB是C上的两点ꎬO为坐标原点ꎬ则(㊀㊀).A.l的方程为y=-1B.若AF=32ꎬ则әAOF的面积为24C.若OAң OBң=0ꎬ则OA OBȡ8D.若øAFB=120ʎꎬ过AB的中点D作DEʅl于点Eꎬ则ABȡ5DE12.设函数f(x)=xlnxꎬg(x)=12x2ꎬ给定下列命题ꎬ其中正确的是(㊀㊀).A.若方程f(x)=k有两个不同的实数根ꎬ则kɪ(-1eꎬ0)B.若方程kf(x)=x2恰好只有一个实数根ꎬ则k<0㊀C.若x1>x2>0ꎬ总有m[g(x1)-g(x2)]>f(x1)-f(x2)恒成立ꎬ则mȡ1D.若函数F(x)=f(x)-2ag(x)有两个极值点ꎬ则实数aɪ(0ꎬ12)三㊁填空题:本大题共4小题ꎬ共20.0分13.(x2-x+2)5的展开式中x3的系数为.14.已知圆C:x2+y2-4x-2y+1=0ꎬ点P是直线y=4上的动点ꎬ过P作圆的两条切线ꎬ切点分别为AꎬBꎬ则AB的最小值为.15.已知函数f(x)=x3+mxꎬ若f(ex)ȡf(x+1)对xɪR恒成立ꎬ则实数m的取值范围为.16.已知椭圆E:x24+y2=1ꎬ椭圆的左右焦点分别为F1ꎬF2ꎬ点A(mꎬn)为椭圆上一点且m>0ꎬn>0ꎬ过A作椭圆E的切线lꎬ分别交x=2ꎬx=-2于点CꎬD.连接CF1ꎬDF2ꎬCF1与DF2交于点Gꎬ并连接AG.若直线lꎬAG的斜率之和为32ꎬ则点A坐标为.四㊁解答题:本大题共6小题ꎬ共70.0分.解答应写出文字说明ꎬ证明过程或演算步骤.17.已知数列an{}满足a1=1ꎬan+1=an+2ꎬ数列bn{}的前n项和为Snꎬ且Sn=2-bn.(1)求数列an{}ꎬbn{}的通项公式ꎻ59(2)设cn=an+bnꎬ求数列cn{}的前n项和Tn.18.已知әABC中ꎬ角AꎬBꎬC所对的边分别为aꎬbꎬcꎬsinAcosC+cosAsinCc+b-a=sinC+sinAa-bꎬ且a=13.(1)求әABC外接圆的半径ꎻ(2)若c=3ꎬ求әABC的面积.19.如图4ꎬ直三棱柱ABC-A1B1C1中ꎬAA1=AB=AC=1ꎬEꎬF分别是CC1ꎬBC的中点ꎬAEʅA1B1ꎬD为棱A1B1上的点.图4㊀第19题图(1)证明:DFʅAEꎻ(2)是否存在一点Dꎬ使得平面DEF与平面ABC的夹角的余弦值为1414若存在ꎬ说明点D的位置ꎬ若不存在ꎬ说明理由.20.某剧场的座位数量是固定的ꎬ管理人员统计了最近在该剧场举办的五场表演的票价xi(单位:元)和上座率yi(上座人数与总座位数的比值)的数据ꎬ其中i=1ꎬ2ꎬ3ꎬ4ꎬ5ꎬ并根据统计数据得到如图5的散点图:图5㊀第20题图(1)由散点图判断y=bx+a与y=clnx+d哪个模型能更好地对y与x的关系进行拟合(给出判断即可ꎬ不必说明理由)ꎬ并根据你的判断结果求回归方程ꎻ(2)根据(1)所求的回归方程ꎬ预测票价为多少时ꎬ剧场的门票收入最多.参考数据:x=240ꎬy=0.5ꎬð5i=1x2i=365000ꎬð5i=1xiyi=457.5ꎻ设zi=lnxiꎬ则ð5i=1ziʈ27ꎬð5i=1z2iʈ147.4ꎬð5i=1ziyiʈ12.7ꎻe5.2ʈ180ꎬe5.4ʈ220ꎬe6.4ʈ600.参考公式:对于一组数据(u1|v1)ꎬ(u2|v2)ꎬ ꎬ(un|vn)ꎬ其回归直线v︿=α︿+β︿u的斜率和截距的最小二乘估计分别为:β=ðni=1uivi-nuvðni=1u2i-nu=ðni=1(ui-u)(vi-v)ðni=1(ui-u)2ꎬα︿=v-β︿u.21.已知双曲线C:x2a2-y2b2=1(a>0ꎬb>0)经过点P(4ꎬ2)ꎬ双曲线C的右焦点F到其渐近线的距离为2.(1)求双曲线C的方程ꎻ(2)已知Q(0ꎬ-2)ꎬD为PQ的中点ꎬ作PQ的平行线l与双曲线C交于不同的两点AꎬBꎬ直线AQ与双曲线C交于另一点Mꎬ直线BQ与双曲线C交于另一点Nꎬ证明:MꎬNꎬD三点共线.22.已知函数f(x)=aln(x+1)-sinx.(1)若y=f(x)在[π4ꎬπ2]上单调递减ꎬ求a的取值范围ꎻ(2)证明:当a=1时ꎬf(x)在(π2ꎬ+ɕ)上有且仅有一个零点.参考答案1.由Venn图可知ꎬ阴影部分的元素由属于集合A但不属于集合B的元素构成ꎬ所以阴影部分表示的集合为Aɘ(∁UB).因为集合U=RꎬA={x|1<x<3}ꎬB={x|x<2}ꎬ所以∁UB={x|xȡ2}.所以Aɘ(∁UB)={x|2ɤx<3}.所以图中阴影部分表示69的集合为{x|2ɤx<3}.故选D.2.设z=a+bi(aꎬbɪR)ꎬ则2z-z-=2(a+bi)-(a-bi)=a+3bi=1+3i.所以a=1ꎬ3b=3ꎬ{即a=1ꎬb=1.所以z=1+i.所以zi=1+ii=(1+i)(-i)i(-i)=1-i.故选B.3.以ABꎬAD为坐标轴建立平面直角坐标系ꎬ如图6ꎬ设正方形边长为1ꎬMꎬN分别是BCꎬCD的中点ꎬ所以AMң=(1ꎬ12)ꎬBNң=(-12ꎬ1)ꎬACң=(1ꎬ1).图6㊀第3题解析图因为ACң=λAMң+μBNңꎬ所以λ-12μ=1ꎬ12λ+μ=1.ìîíïïïï所以λ=65ꎬμ=25.所以λ+μ=85.故选B.4.设SәABC=S1ꎬSәA1B1C1=S2ꎬ棱台的高为hꎬ由已知ꎬ得VA-A1B1C1=13S2h=4ꎬ得S2=12hꎬVA1-ABC=13S1h=8ꎬ则S1=24h.所以三棱台ABC-A1B1C1的体积V=13h(S1+S2+S1S2)=13h(12h+24h2+12ˑ24h2)=12+42.故选B.5.根据题意ꎬ首先分析从5个球中任取2个球ꎬ设3个红球为a1ꎬa2ꎬa3ꎬꎬ2个白球为b1ꎬb2ꎬ所以样本空间Ω={a1a2ꎬa1a3ꎬa1b1ꎬa1b2ꎬa2a3ꎬa2b1ꎬa2b2ꎬa3b1ꎬa3b2ꎬb1b2}ꎬ共10个等可能的样本点.设事件A= 所取的2个球中至少有1个白球 ꎬ则事件A=所取的2个球中没有白球 ꎬA={a1a2ꎬa1a3ꎬa2a3}ꎬ则P(A)=310ꎬP(A)=1-310=710.则所取的3个球中至少有1个白球的概率是710.故选C.6.根据题意可得ꎬ12T=43-13ꎬ解得T=2ꎬ故函数f(x)的最小正周期为2ꎬA正确.所以ω=2πT=π.又因为函数f(x)=Asin(ωx+φ)(ω>0ꎬ-π<φ<0)的图象过点(13ꎬ0)ꎬ所以Asin(π3+φ)=0ꎬ解得φ=kπ-π3ꎬkɪZ.又因为-π<φ<0ꎬ所以φ=-π3.而函数f(x)=Asin(ωx+φ)的图象过点(0ꎬ-23)ꎬ所以Asin(πˑ0-π3)=-23ꎬ解得A=4ꎬ即f(x)的值域为[-4ꎬ4]ꎬ故B正确.所以f(x)=4sin(πx-π3).令πx-π3=kπꎬ解得x=k+13ꎬkɪZꎬ其中一个对称中心为(103ꎬ0)ꎬC正确.所以f(x)的图象向左移13个单位长度后得到y=4sinπxꎬD错误.故选D.7.因为a>b>1ꎬ0<c<1ꎬ所以ac>bcꎬ故A错误.alogbc=alogcclogcb=alogcbꎬ79blogac=blogcclogca=blogcaꎬalogcb-blogca=logc(aa/bb)logca logcbꎬ因为a>b>1ꎬ0<c<1ꎬ所以aa>ba>bb.即aabb>1.所以logcaabb<0ꎬlogca<0ꎬlogcb<0.所以alogcb<blogca.即alogbc<blogacꎬ故B正确.abcbac=(ab)1-cꎬ因为a>b>1ꎬ0<c<1ꎬ所以ab>1ꎬ1-c>0.㊀所以(ab)1-c>(ab)0=1.所以abcbac>1.即abc>bacꎬ故C错误.因为a>b>1ꎬ0<c<1ꎬ所以logac>logbcꎬ故D错误.故选B.8.因为四棱锥的底面为正方形ꎬ顶点在底面的射影为正方形中心ꎬ所以该四棱锥是正四棱锥ꎬ设正四棱锥P-ABCDꎬ当半径为1的球是正四棱锥P-ABCD的内切球时ꎬ该四棱锥的表面积最小ꎬ设正方形ABCD的边长为2aꎬ设ACɘBD=Oꎬ连接POꎬ则POʅ面ABCDꎬ所以正四棱锥P-ABCD的高为POꎬ设PO=hꎬ正四棱锥P-ABCD的表面积为Sꎬ由V=13 SABCD PO=13(4SәPAB+S四边形ABCD)ˑ1=13Sꎬ即为13ˑ2aˑ2ah=13(4ˑ12ˑ2aˑa2+h2+2aˑ2a)ˑ1ꎬ整理可得:a(h-1)=a2+h2.所以a2(h-1)2=a2+h2ꎬ可得a2=h2h2-2h.所以正四棱锥P-ABCD体积为V=13ˑ4a2h.则S=3V=3ˑ13ˑ4a2ˑh=4a2h=4a3h2-2h=4h2h-2(h>2).设t=h-2>0ꎬ可得h=t+2.所以S=4(t+2)2t=4(t+4t+4)ȡ4(2t4t+4)=32ꎬ当且仅当t=4t即t=2ꎬh=4时ꎬ等号成立.该四棱锥的表面积最小值是32.故选C.9.因为CB1ʅBC1ꎬCB1ʅABꎬBC1ɘAB=Bꎬ所以CB1ʅ平面ABC1D1.又C1P⊂平面ABC1D1ꎬ得CB1ʅC1Pꎬ所以异面直线C1P与CB1垂直ꎬ选项A正确.三棱锥D-BPC1以BDC1为底面ꎬ因为AD1ʊ平面BDC1ꎬ所以点P到平面BDC1的距离为定值ꎬ故三棱锥D-BPC1的体积是定值ꎬ选项B正确.点C在平面ABC1D1的射影是定点(BC1与B1C的交点)ꎬ线段CP长度显然随位置变化而变化ꎬ故直线CP和平面ABC1D1所成的角的正弦在变化ꎬ角的大小不是定值ꎬ选项C错误.以点D为原点ꎬDAꎬDCꎬDD1所在的直线分别为xꎬyꎬz轴ꎬ建立如图7所示空间直角坐标系ꎬ则CA1ң=(1ꎬ-1ꎬ1)ꎬ点P坐标取(23ꎬ0ꎬ13)ꎬ点Q坐标取(13ꎬ13ꎬ0)时ꎬPQң=(-13ꎬ13ꎬ-13)ꎬPQ//A1C成立ꎬ选项D错误.故选AB.图7㊀第9题解析图8910.已知f(x)=x3-x+1ꎬ则fᶄ(x)=3x2-1.由fᶄ(x)>0ꎬ得x<-33或x>33ꎻ由fᶄ(x)<0ꎬ得-33<x<33ꎬ所以函数f(x)在(-ɕꎬ-33)ꎬ(33ꎬ+ɕ)上单调递增ꎬ在(-33ꎬ33)上单调递减.则当x=-33时ꎬ函数f(x)取得极大值ꎬ当x=33时ꎬ函数f(x)取得极小值ꎬ故A项正确.而f(-33)=1+239>0ꎬf(33)=1-239>0ꎬ得函数f(x)的图象与x轴有一个交点ꎬ故B项错误.㊀令fᶄ(x)=3x2-1=h(x)ꎬ得hᶄ(x)=6x=0ꎬ得x=0ꎬ此时f(0)=1ꎬ得曲线y=f(x)的对称中心为(0ꎬ1)ꎬ故C项正确.由g(x)=f(x)-axꎬ得gᶄ(x)=fᶄ(x)-a=3x2-1-aꎬ若g(x)存在单调递减区间ꎬ即gᶄ(x)<0有解ꎬ得a>3x2-1有解ꎬ等价于a>(3x2-1)minꎬ则a>-1ꎬ故D项错误.故选AC.11.A选项:l的方程为y=-12ꎬ错误ꎻB选项:因为|AF|=32ꎬ可得yA=1ꎬ|xA|=2ꎬSәAOF=12|OF| |xA|=24ꎬ正确ꎻC选项:设A(x1ꎬy1)ꎬB(x2ꎬy2)ꎬ则OAң OBң=x1x2+y1y2=0ꎬ即x1x2=-y1y2ꎬ而y1y2=(x1x22)2=-x1x2ꎬ解得x1x2=-4ꎬy1y2=4ꎬ(|OA| |OB|)2=(x21+y21)(x22+y22)=32+x21y22+x22y21ȡ32+2|x1x2| |y1y2|=64ꎬ所以|OA| |OB|ȡ8ꎬ正确ꎻD选项:如图8ꎬ过点A作AA1ʅl于点A1ꎬ过点B作BB1ʅl于点B1ꎬ设|AF|=aꎬ|BF|=bꎬ所以|DE|=12(a+b).因为|AB|2=a2+b2-2ab cosøAFB=a2+b2+ab=(a+b)2-abȡ(a+b)2-(a+b2)2=3 (a+b2)2=3|DE|2ꎬ所以|AB|ȡ3|DE|ꎬ错误.故选BC.图8㊀第11题解析图12.对于Aꎬf(x)的定义域为(0ꎬ+ɕ)ꎬfᶄ(x)=lnx+1ꎬ令fᶄ(x)>0ꎬ得到x>1eꎬ令fᶄ(x)<0ꎬ得到0<x<1e.所以f(x)在(0ꎬ1e)上单调递减ꎬ在(1eꎬ+ɕ)上单调递增.所以[f(x)]min=f(1e)=-1eꎬ且当xң0时ꎬf(x)ң0.又f(1)=0ꎬ从而要使方程f(x)=k有两个不同的实根ꎬ即y=f(x)与y=k有两个不同的交点ꎬ所以kɪ(-1eꎬ0)ꎬ故A正确.对于Bꎬ易知x=1不是该方程的根ꎬ当xʂ1时ꎬf(x)ʂ0ꎬ方程kf(x)=x2有且只有一个实数根ꎬ等价于y=k和y=xlnx只有一个交点ꎬyᶄ=lnx-1(lnx)2ꎬ又x>0且xʂ1ꎬ令yᶄ>0ꎬ有x>eꎬ令yᶄ<0ꎬ有0<x<1或1<x<eꎬ所以函数y=xlnx在(0ꎬ1)和(1ꎬe)单调递减ꎬ在(eꎬ+ɕ)单调递增ꎬx=1是一条渐近线ꎬ极小值为e.由y=xlnx的大致图象(如图9)可知k<990或k=eꎬ故B错.图9㊀第12题解析图对于Cꎬ当x1>x2>0时ꎬm[g(x1)-g(x2)]>f(x1)-f(x2)恒成立ꎬ等价于mg(x1)-f(x1)>mg(x2)-f(x2)恒成立ꎬ即函数y=mg(x)-f(x)在(0ꎬ+ɕ)上单调递增ꎬ所以yᶄ=mgᶄ(x)-fᶄ(x)=mx-lnx-1ȡ0恒成立ꎬ即mȡlnx+1x在(0ꎬ+ɕ)上恒成立.令r(x)=lnx+1xꎬ则rᶄ(x)=-lnxx2.令rᶄ(x)>0得0<x<1ꎬ令rᶄ(x)<0得x>1ꎬ从而r(x)在(0ꎬ1)上单调递增ꎬ在(1ꎬ+ɕ)上单调递减ꎬ则r(x)max=r(1)=1ꎬ于是mȡ1ꎬ故C正确.对于Dꎬ函数F(x)=f(x)-2ag(x)有两个极值点ꎬ即F(x)=xlnx-ax2(x>0)有两个不同极值点ꎬ等价于Fᶄ(x)=lnx+1-2ax=0有两个不同的正根ꎬ即方程2a=lnx+1x有两个不同的正根ꎬ由C可知ꎬ0<2a<1ꎬ即0<a<12ꎬ则D正确.故选ACD.13.式子(x2-x+2)5=[(x2-x)+2]5的展开式的通项公式为Tr+1=Cr5 (x2-x)5-r 2rꎬ对于(x2-x)5-rꎬ它的通项公式为Trᶄ+1=(-1)rᶄ Crᶄ5-rx10-2r-rᶄꎬ其中ꎬ0ɤrᶄɤ5-rꎬ0ɤrɤ5ꎬrꎬrᶄ都是自然数.令10-2r-rᶄ=3ꎬ可得r=2ꎬrᶄ=3{或r=3ꎬrᶄ=1.{故x3项的系数为C2522(-C33)+C3523(-C12)=-200ꎬ故答案为-200.14.圆C:x2+y2-4x-2y+1=0ꎬ即(x-2)2+(y-1)2=4.图10㊀第14题解析图如图10ꎬ由于PAꎬPB分别切圆C于点AꎬBꎬ则PA=PBꎬCAʅPAꎬCBʅPBꎬ所以S四边形APBC=2SәACP=CA PA.因为CA=CB=r=2ꎬ所以S四边形APBC=2PA.又PCʅABꎬ所以S四边形APBC=12AB CP.所以PA=14AB CP.即AB=4PACP=41-4CP2.所以AB最短时ꎬCP最短ꎬ点C到直线y=4的距离即为CP的最小值ꎬ所以CPmin=3.所以AB的最小值为41-49=453.故答案为453.15.令y=ex-(x+1)ꎬ所以yᶄ=ex-1.显然当x>0时ꎬyᶄ>0ꎬ则y在(0ꎬ+ɕ)上单调递增ꎻ当x<0时ꎬyᶄ<0ꎬ则y在(-ɕꎬ0)上单调递减.即x=0时取得最小值ymin=0ꎬ故exȡx+1恒成立.若f(ex)ȡf(x+1)对xɪR恒成立ꎬ则f(x)在R上单调递增ꎬ则fᶄ(x)ȡ0恒成立ꎬfᶄ(x)=3x2+mȡ0ꎬmȡ-3x2ꎬ又(-3x2)max=0ꎬ故mȡ0.故答案为[0ꎬ+ɕ).16.设直线l的方程y=kx+bꎬ由y=kx+bꎬx24+y2=1{得001(1+4k2)x2+8kbx+4b2-4=0.如图11ꎬ因为直线l与椭圆E相切ꎬ所以ә=(8kb)2-4(4k2+1)(4b2-4)=0ꎬ解得4k2=b2-1.因为m=-4kb1+4k2ꎬn=km+bꎬ所以n=b1+4k2.所以mn=-4kꎬ即k=-m4nꎬb=1n.所以直线l的方程为mx4+ny=1.图11㊀第16题解析图分别令x=2和x=-2ꎬ得C(2ꎬ1n(1-m2))ꎬD(-2ꎬ1n(1+m2))ꎬ所以直线DF2方程为y=-(1/n)(1+m/2)2+3(x-3)ꎬ直线CF1方程为y=(1/n)(1-m/2)2+3(x+3).联立得DF2与CF1交点G(32mꎬ(23-3)n).因为kAE=(23-4)n3m/2-m=4nmꎬ所以kAG kl=4nm.(-m4n)=-1.所以由kAG kl=-1ꎬkAG+kl=32ꎬ得kl=-m4n=-12ꎬkAG=2.即m=2n.又m24+n2=1ꎬ则m=2ꎬn=22ꎬ即A(2ꎬ22).17.(1)由题知ꎬa1=1ꎬan+1-an=2ꎬ所以数列{an}是首项为1ꎬ公差为2的等差数列.所以an=1+(n-1)ˑ2=2n-1.当n=1时ꎬb1=S1=2-b1ꎬ所以b1=1.当nȡ2时ꎬSn=2-bnꎬ①Sn-1=2-bn-1.②由①-②ꎬ得bn=-bn+bn-1.即bnbn-1=12(nȡ2).所以数列{bn}是首项为1ꎬ公比为12的等比数列ꎬ故bn=(12)n-1.(2)由(1)知ꎬcn=an+bn=2n-1+(12)n-1.利用分组求和可得ꎬTn=n(1+2n-1)2+1-(1/2)n1-1/2=n2+2-(12)n-1.18.(1)依题意sin(A+C)sinC+sinA=c+b-aa-b.即bc+a=c+b-aa-b=ca-b-1.整理ꎬ得b2+c2-a2=-bc.所以cosA=b2+c2-a22bc=-12.因为0<A<πꎬ所以A=2π3.故所求外接圆半径r=a2sinA=133=393.(2)因为a=13ꎬc=3ꎬA=2π3ꎬ所以由余弦定理ꎬ得13=b2+9-2ˑ3ˑbˑcos2π3.解得b=1或b=-4(舍).则SәABC=12bcsinA=12ˑ1ˑ3ˑ32=334.19.(1)因为AEʅA1B1ꎬA1B1ʊABꎬ101所以AEʅAB.又因为AA1ʅ平面ABCꎬAB⊂平面ABCꎬ所以AA1ʅAB.又AA1ɘAE=AꎬAA1ꎬAE⊂平面A1ACC1ꎬ所以ABʅ平面A1ACC1.图12㊀第19题解析图又因为AC⊂平面A1ACC1ꎬ所以ABʅAC.所以ABꎬACꎬAA1两两垂直.以A为原点建立如图12所示的空间直角坐标系A-xyzꎬ则有A(0ꎬ0ꎬ0)ꎬE(0ꎬ1ꎬ12)ꎬF(12ꎬ12ꎬ0)ꎬA1(0ꎬ0ꎬ1)ꎬB1(1ꎬ0ꎬ1)ꎬ设D(xꎬyꎬz)ꎬA1Dң=λA1B1ңꎬ且λɪ[0ꎬ1]ꎬ即(xꎬyꎬz-1)=λ(1ꎬ0ꎬ0).则D(λꎬ0ꎬ1)ꎬDFң=(12-λꎬ12ꎬ-1).因为AEң=(0ꎬ1ꎬ12)ꎬ所以DFң AEң=0.所以DFʅAE.(2)存在一点D且D为A1B1的中点ꎬ使平面DEF与平面ABC夹角的余弦值为1414.理由如下:由题可知面ABC的法向量m=(0ꎬ0ꎬ1)ꎬ设面DEF的法向量为n=(xꎬyꎬz)ꎬ则n FEң=0ꎬn DFң=0.{则-x+y+z=0ꎬ(1-2λ)x+y-2z=0.{令x=3ꎬ则y=1+2λꎬz=2(1-λ).则n=(3ꎬ1+2λꎬ2(1-λ)).因为平面DEF与平面ABC夹角的余弦值为1414ꎬ所以|cos<mꎬn>|=|m n|m| |n||=1414.即|2(1-λ)|9+(1+2λ)2+4(1-λ)2=1414.解得λ=12或λ=74(舍).所以当D为A1B1中点时满足要求.20.(1)y=clnx+d能更好地对y与x的关系进行拟合.设z=lnxꎬ先求y关于z的线性回归方程.由已知得z=15ð5i=1ziʈ275=5.4ꎬ所以c=ð5i=1ziyi-5zyð5i=1z2i-5z2ʈ12.7-5ˑ5.4ˑ0.5147.4-5ˑ5.42=12.7-13.5147.4-145.8=-0.81.6=-0.5ꎬd=y-cz=0.5-(-0.5)ˑ5.4=3.2ꎬ所以y关于z的线性回归方程为y=-0.5z+3.2.所以y关于x的回归方程为y=-0.5lnx+3.2.(2)设该剧场的总座位数为Mꎬ由题意得门票收入为M(-0.5xlnx+3.2x)ꎬ设函数f(x)=-0.5xlnx+3.2xꎬ则fᶄ(x)=-0.5lnx+2.7ꎬ当fᶄ(x)<0ꎬ即x>e5.4时ꎬ函数单调递减ꎬ当fᶄ(x)>0ꎬ即0<x<e5.4时ꎬ函数单调递增ꎬ所以f(x)在x=e5.4ʈ220处取最大值.故预测票价为220元时ꎬ剧场的门票收入最多.21.(1)因为双曲线C的渐近线方程为y=ʃbaxꎬ所以双曲线C的右焦点F到其渐近线的距离为bca2+b2=b=2.因为双曲线C经过点P(4ꎬ2)ꎬ所以16a2-422=1ꎬ解得a2=8.故双曲线C的方程为x28-y24=1.(2)因为P(4ꎬ2)ꎬQ(0ꎬ-2)ꎬD为PQ的中点ꎬ所以D(2ꎬ0)ꎬkPQ=1.设直线l的方程为y=x+mꎬA(x1ꎬy1)ꎬB(x2ꎬy2)ꎬM(xMꎬyM)ꎬN(xNꎬyN)ꎬ201所以kAQ=y1+2x1ꎬkBQ=y2+2x2.直线AQ的方程为y=y1+2x1x-2ꎬ直线BQ的方程为y=y2+2x2x-2.联立y=y1+2x1x-2ꎬx28-y24=1ꎬìîíïïïï可得[1-2(y1+2)2x21]x2+8(y1+2)x1x-16=0.所以x1+xM=-8(y1+2)/x11-2(y1+2)2/x21=-8x1(y1+2)x12-2(y1+2)2.又因为x218-y214=1ꎬ所以x1+xM=x1+2x1y1.则xM=2x1y1ꎬyM=y1+2x1xM-2=4y1.同理可得xN=2x2y2ꎬyN=4y2.kMN=4/y1-4/y22x1/y1-2x2/y2=2ˑy2-y1x1y2-x2y1=2ˑx2-x1x1(x2+m)-x2(x1+m)=-2mꎬkMD=4/y1-02x1/y1-2=2x1-y1=-2mꎬ所以kMN=kMD.故MꎬNꎬD三点共线.22.(1)由题意得:函数定义域为(-1ꎬ+ɕ).fᶄ(x)=ax+1-cosx.若f(x)在[π4ꎬπ2]上单调递减ꎬ则fᶄ(x)ɤ0在[π4ꎬπ2]上恒成立.所以aɤ(x+1)cosx在[π4ꎬπ2]上恒成立.令g(x)=(x+1)cosxꎬ则gᶄ(x)=cosx-(x+1)sinx.当xɪ[π4ꎬπ2)时ꎬgᶄ(x)=cosx[1-(x+1) tanx].因为当xɪ[π4ꎬπ2)时ꎬcosx>0ꎬx+1>1ꎬtanx>1ꎬ所以gᶄ(x)<0.所以g(x)在[π4ꎬπ2)上单调递减ꎬ所以当xɪ[π4ꎬπ2]时ꎬg(x)ȡg(π2)=(π2+1)cosπ2=0.所以aɤ[g(x)]min=0.即a的取值范围为(-ɕꎬ0].(2)当a=1时ꎬf(x)=ln(x+1)-sinxꎬ则fᶄ(x)=1x+1-cosx.当x>e-1时ꎬln(x+1)>lne=1ȡsinxꎬ所以f(x)>0在(e-1ꎬ+ɕ)上恒成立.所以只需证f(x)在(π2ꎬe-1]上有且仅有一个零点.因为e-1<πꎬ所以当xɪ(π2ꎬe-1]时ꎬcosx<0ꎬ1x+1>0.所以fᶄ(x)>0在(π2ꎬe-1]上恒成立.所以f(x)在(π2ꎬe-1]上单调递增.又f(π2)=ln(π2+1)-sinπ2=ln(π2+1)-1<0ꎬf(e-1)=1-sin(e-1)>0ꎬ所以f(x)在(π2ꎬe-1]上有且仅有一个零点.即f(x)在(π2ꎬ+ɕ)上有且仅有一个零点.[责任编辑:李㊀璟]301。
备战2024年高考数学模拟卷(新高考Ⅰ卷专用)含解析
【赢在高考·黄金8卷】备战2024年高考数学模拟卷(新高考Ⅰ卷专用)黄金卷(答案在最后)(考试时间:120分钟试卷满分:150分)第I卷(选择题)一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合要A.51 62 a b+C.51 63 a b+【答案】CA .242B .24【答案】B【详解】如图所示,在正四棱锥P ABCD -连接OP ,则底面边长32AB =,对角线又5BP =,故高224OP BP BO =-=故该正四棱锥体积为()21323V =⨯⨯故选:B5.我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果可以表示为两个素数的和身外没有其他因数的自然数)中,随机选取两个不同的数,其和等于将APQ △翻折后,PQ A Q '⊥,PQ BQ ⊥,又平面平面A PQ ' 平面BCPQ PQ =,A Q '⊂平面A PQ ',BQ ⊂平面BCPQ ,于是A Q '⊥平面显然A P ',BP 的中点D ,E 分别为A PQ ' ,四边形BCPQ 则DO ⊥平面A PQ ',EO ⊥平面BCPQ ,因此//DO BQ 取PQ 的中点F ,连接,DF FE 则有////EF BQ DO ,DF 四边形EFDO 为矩形,设A Q x '=且023x <<,DO 设球O 的半径R ,有22223324A P R DO x x '⎛⎫=+=-+⎪⎝⎭当23x =时,()22R =,所以球O 表面积的最小值为故选:A .二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目的要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。
A .正方体11ABCD A B C -B .两条异面直线1D C 和C .直线BC 与平面ABC D .点D 到面1ACD 的距离为【答案】BC【分析】根据正方体和内切球的几何结构特征,可判定的角的大小即为直线1D C 和进而求得直线BC 与平面ABC 判定D 错误.【详解】对于A 中,正方体所以内切球的半径12R =,所以对于B 中,如图所示,连接因为11//AB C D 且11AB C D =所以异面直线1D C 和1BC 所成的角的大小即为直线又因为112AC AD D C ===对于C 中,如图所示,连接B 因为AB ⊥平面11BB C C ,1B C 又因为1AB BC B =I ,AB ⊂所以1B C ⊥平面11ABC D ,所以直线所以C 正确;对于D 中,如图所示,设点D 所以111πsin 23ACD S AC AD =⨯⨯V 又因为12ACD S AD CD =⨯⨯=V 即111133ACD ACD S h S DD ⨯⨯=⨯⨯ 故选:BC.10.已知函数321()3f x x x =-A .()f x 为奇函数C .()f x 在[1,)-+∞上单调递增【答案】BC【分析】根据奇函数的定义判断12.已知函数()f x 及其导函数f 则()A .(1)(4)f f -=B .g ⎛- ⎝【答案】ABD【分析】由题意分析得到()f x 关于直线【详解】因为3(2)2f x -为偶函数,所以所以()f x 关于直线32x =对称,令因为33()()22f x f x -=+,所以f '所以()()21g x g x +=--,因为所以()()21g x g x -=--,即(g 则()g x 的一个周期为2.因为(f x 所以33022g f ⎛⎫⎛⎫== ⎪ '⎪⎝⎭⎝⎭,所以g 因为()()1g x g x +=-,所以(2g 设()()h x f x c =+(c 为常数),定义域为3322h x f x c ⎛⎫⎛⎫-=-+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,又f ⎛ ⎝显然()()h x f x c =+也满足题设,即()f x 上下平移均满足题设,显然()0f 的值不确定,故C 错误.故选:ABD第II 卷(非选择题)三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
2024年高考新课标全国Ⅰ卷数学模拟试卷与答案
2024年高考新课标全国Ⅰ卷数学模拟试卷一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.下列函数中,在其定义域上单调递减的是A.x x f ln )(=B.πtan )(-=x f C.3)(x x f = D.xx f -=e )(2.4)32(+x 的展开式中,x 的系数为A.96B.144C.180D.2163.设等比数列}{n a 的前n 项积为n T ,若25625731==a a a a ,则=n T A.n na B.n n a )( C.1-n n a D.1)(-n n a 4.已知某3个数据的平均数为3,方差为4,现再加入一个数据7,则这4个数据的方差为A.6 B.8 C.10 D.125.若413sin =⎪⎭⎫ ⎝⎛+πα,则=⎪⎭⎫ ⎝⎛+65cos παA.41 B.41-C.41±D.4156.已知三棱柱111C B A ABC -满足1·1221=+-BA BC BA BB ,31=BA ,31=AC ,则异面直线1BA 与1AC 所成角的余弦值为A.33B.63 C.93 D.1237.已知方程22222=++-b ax x 在实数范围内有解,则22b a +的最小值为A.21 B.41 C.22 D.428.已知抛物线)0(2:2>=p px y C 的焦点为F ,过点F 作斜率不为0的直线l 交C 于A ,B 两点,并与以F 为圆心,半径为1的圆交于C ,D 两点.若AB AC +3的最小值为6,则F 到准线的距离为A.2B.4C.22 D.24二、多选题:本大题共3小题,每小题6分,共18分。
在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得零分。
9.现有分别标有2024,2021,2028,2023,2020,2022数字的6张卡片,下列说法正确的是A.卡片数字的第80百分位数为2024B.从中随机抽取两张,共有30种不同的组合C.从中随机抽取一张,抽到偶数的概率比奇数大D.从中随机抽取一张,抽到质数是不可能事件10.已知正方体1111D C B A ABCD -的棱长为2,E ,F ,G 分别是边AB ,AC ,CD的中点.下列说法正确的是A.GC EF 1⊥B.四棱锥BEGF C -1的体积为1C.三棱锥EFG A -1的表面积为441πD.以1A 为球心,半径为22的球面与侧面11C CDD 的交线长为πA 1B 1D 1C 1A D EG11.已知函数)(x f 的定义域为R ,设)()(x f x g '=,)()(x g x h '=,且0)0(>g ,若)1()1()1(3++=+y g x g xy g ,)2(2)2(g h =,则A.0)1(=f B.0)1(=g C.0)1(=h D.)(20242024=∑-=i i h 三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。
高考数学下学期模拟试卷 文课标I卷, 试题
2021年第一次全国大联考【新课标I 卷】制卷人:歐陽文化、歐陽理複;制卷時間:二O 二二年二月七日文科数学试卷考试时间是是:120分钟;满分是150分第一卷〔一共60分〕1. }2,1,0,1,2{--=A ,)}12lg(|{+==x y x B ,那么=B A ( )A.∅B. }1,0,1{-C.}2,1,0{D.}2,1,0,1{- 2. )1,2(-A ,)2,0(C ,)5,3(=AB ,那么||BC =( )A.68 D.12 3. i i z 31)3(-=-,那么=z 〔 〕A.i --3B. i +-3C.i --6D.i +64. 2021年春节,小红、小芳、小英、小丽四个同学互相发短信,小红不给小英发短信的概率是 〔 〕 A.41 B. 43C.161D.81805. 椭圆)0(12222>>=+b a by a x 的离心率31=e ,半焦距为c ,抛物线cy x 22=的准线方程为2-=y , 那么椭圆的HY 方程为〔 〕A.181222=+y xB.221144128x y +=C.114412822=+y xD.112822=+y x6. 扇形的半径为3,中心角为120,把这个扇形折成一个圆锥,那么这个圆锥的体积为〔 〕A.πB.32 C. 322 D.π3227. 设数列}{n a 是的等差数列,n S 为其前n 项和.假设368S S =,853=-a a ,那么20a =〔 〕A.4B.36C.74-D.808. 程序框图如图,该程序运行后,为使输出的256y ≤,那么循环体的判断框内①处应填 〔 〕A.2?m <B.2?m ≤C.3?m ≤D. 4?m ≤ 9. 函数)2||,0,0)(sin()(πϕωϕω<>>+=A x A x f ,那么下面结论正确的选项是〔 〕第8题 第9题 第11题A .函数)(x f 的最小正周期为2πB .函数)(x f 是偶函数C .函数)(x f 的图象关于直线3π=x 对称 D .函数)(x f 在区间]4,0[π上是增函数10. 函数⎩⎨⎧>+≤+=-0),2lg(0,110)(1x x x x f x ,假设1)(=a f ,那么=-)8(a f 〔 〕A.4B. 6C.8D.1111. 如图,小方格是边长为1的正方形,一个几何体的三视图如图,那么原几何体的的体积为〔 〕 A.332π B. 332164π+ C.π16 D. 325664π+ 12. 设定义在),0(+∞的单调函数)(x f ,对任意的),0(+∞∈x 都有6]log )([2=-x x f f .假设0x 是方程 4)()(='-x f x f 的一个解,且)N )(1,(0*∈+∈a a a x ,那么=a 〔 〕 A.4 B. 3 C.2 D.1 二、填空题:本大题一一共7小题,每一小题5分,一共35分.}{n a 中,前n 项和为n S ,5211-⋅=++n n m S ,404=a ,那么=+53a a . 14.)R (11)(2∈++=a x ax x f 在))1(,1(f 处的切线经过点)1,0(,那么=a .⎪⎩⎪⎨⎧≤+≤≤42y x x y x y 下,目的函数12+-=y x z 的最大值为 . 16. 双曲线)0(14222>=-b by x ,双曲线在第一象限一点P 满足||21||21F F OP =,离心率]2,1(∈e ,那么点P 的纵坐标的最大值为________.三、解答题:本大题一一共5小题,一共65分.解容许写出文字说明、证明过程或者演算步骤.17.〔本小题满分是12分〕函数21()sin 2cos 2sin 22f x x x x =+-. 〔Ⅰ〕求函数()f x 的最小正周期及对称中心;〔Ⅱ〕在ABC ∆中,角B 为钝角,角A 、B 、C 的对边分别为a 、b 、c,()4Bf =且sin 2sin C A =,4=∆ABC S ,求c 的值.18.〔本小题满分是12分〕如图,在四边形ABCD 中,AB AD ⊥,AB DC //, 421====AB DC AE AD ,MDC ∆是等边三角形,且平面⊥MDC 平面ABCD . 〔Ⅰ〕证明://EC 平面MAD ; 〔Ⅱ〕求三棱锥AMC B -的体积.19.〔本小题满分是12分〕某从星期一到星期五的大米需求量逐渐增加,前5天的大米需求量统计数据下表:星期x1 2 3 4 5 需求量y (单位: kg 〕236246257276286〔Ⅰ〕利用所给数据求需求量y 与x 之间的回归直线方程+=a x b y ; 〔Ⅱ〕利用〔Ⅰ〕中所求出的直线方程预测该校星期日的大米需求量.〔附:线性回归方程∧∧∧+=a x b y 中,1221ni ii nii x y nx yb xnx==-=-∑∑,a y bx =-〕20. 〔本小题满分是12分〕圆)0(:222>=+r r y x C 经过点)3,1(.〔Ⅰ〕求圆C 的方程;〔Ⅱ〕是否存在经过点)1,1(-的直线l ,它与圆C 相交于A 、B 两个不同点,且满足关系0=•OB OA O (为坐标原点),假如存在,求出直线l 的方程;假如不存在,请说明理由.21. 〔本小题满分是12分〕设R ∈a ,函数()ln f x x ax =-. 〔Ⅰ〕讨论函数()f x 的单调区间和极值;〔Ⅱ〕e x =1〔e 是自然对数的底数〕和2x 是函数()f x 的两个不同的零点,求a 的值并证明:322x e >.请考生在第22、23、24题中任选一题做答,假如多做,那么按所做的第一题计分。
2020-2021学年(新课标i卷)高考数学文科模拟试题及答案解析高考模拟题
题~第(24)题为选考题,考生根据要求作答 .
二、填空题:本大题共 3 小题,每小题 5 分
( 13)设向量 a=(x, x+1), b=(1, 2),且 a b,则 x=.
( 14)已知 θ是第四象限角,且 sin( θ+ π)= 3 ,则 tan(θ–π)=.
45
4
22
( 15)设直线 y=x+2a 与圆 C: x +y -2ay-2=0 相交于 A, B 两点,若
p x , 代 入 y2 t
2 px 整理 得
px 2
2t 2 x 0 ,解得 x1
0 , x2
2t 2
2t 2
,因此 H ( ,2t) .
p
p
所以 N 为 OH 的中点,即 | OH | 2 . | ON |
(Ⅱ)直线 MH 与 C 除 H 以外没有其它公共点 .理由如下:
直 线 MH 的 方 程 为 y t p x , 即 x 2t ( y t) . 代 入 y 2 2 px 得 y2 4ty 4t 2 0 , 解 得
( A)
(B)
( C)
(D)
( 10)执行右面的程序框图,如果输入的
x 0, y 1, n=1,则输出 x, y 的值满足
( A) y 2x
( B) y 3x
( C) y 4x
( D) y 5x
( 11)平面 过正文体 ABCD— A1B1C1D1 的顶点 A // 平面 CB1D1 , I 平面 ABCD m , I 平面 ABB1A1 n ,则 m, n 所成角的正弦值为
( 6) D
( 7) A ( 8) B ( 9)D ( 10) C ( 11) A ( 12) C
2020-2021学年(新课标i卷)高考数学文科模拟试题及答案解析
绝密★启封并使用完毕前试题类型:普通高等学校招生全国统一考试文科数学注意事项: 1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.第Ⅰ卷1至3页,第Ⅱ卷3至5页. 2.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置. 3.全部答案在答题卡上完成,答在本试题上无效.4.考试结束后,将本试题和答题卡一并交回.第Ⅰ卷一. 选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合 题目要求的.(1)设集合{1,3,5,7}A =,{|25}B x x =≤≤,则A B =I(A ){1,3}(B ){3,5}(C ){5,7}(D ){1,7}(2)设(12i)(i)a ++的实部与虚部相等,其中a 为实数,则a=(A )-3(B )-2(C )2(D )3(3)为美化环境,从红、黄、白、紫4种颜色的花中任选2种花种在一个花坛中,余下的2种花种在另一个花坛中,则红色和紫色的花不在同一花坛的概率是(A )13(B )12(C )13(D )56(4)△ABC 的内角A 、B 、C 的对边分别为a 、b 、c.已知a =2c =,2cos 3A =,则b=(A (B C )2(D )3(5)直线l 经过椭圆的一个顶点和一个焦点,若椭圆中心到l 的距离为其短轴长的14,则该椭圆的离心率为(A )13(B )12(C )23(D )34(6)若将函数y=2sin (2x+π6)的图像向右平移14个周期后,所得图像对应的函数为(A )y=2sin(2x+π4) (B )y=2sin(2x+π3) (C )y=2sin(2x –π4) (D )y=2sin(2x –π3)(7)如图,某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径.若该几何体的体积是28π3,则它的表面积是(A )17π (B )18π (C )20π (D )28π (8)若a>b>0,0<c<1,则(A )log a c<log b c (B )log c a<log c b (C )a c<b c(D )c a>c b(9)函数y=2x 2–e |x|在[–2,2]的图像大致为(A )(B )(C )(D )(10)执行右面的程序框图,如果输入的0,1,x y ==n=1,则输出,x y 的值满足(A )2y x =(B )3y x = (C )4y x = (D )5y x =(11)平面α过正文体ABCD —A 1B 1C 1D 1的顶点A 11//CB D α平面,ABCD m α=I 平面,11ABB A n α=I 平面,则m ,n 所成角的正弦值为(A )3(B )22(C )3(D )13(12)若函数1()sin 2sin 3f x x -x a x =+在(),-∞+∞单调递增,则a 的取值范围是 (A )[]1,1-(B )11,3⎡⎤-⎢⎥⎣⎦(C )11,33⎡⎤-⎢⎥⎣⎦(D )11,3⎡⎤--⎢⎥⎣⎦第II 卷本卷包括必考题和选考题两部分.第(13)题~第(21)题为必考题,每个试题考生都必须作答.第(22)题~第(24)题为选考题,考生根据要求作答. 二、填空题:本大题共3小题,每小题5分(13)设向量a=(x ,x+1),b=(1,2),且a ⊥b ,则x=. (14)已知θ是第四象限角,且sin(θ+π4)=35,则tan(θ–π4)=. (15)设直线y=x+2a 与圆C :x 2+y 2-2ay-2=0相交于A ,B 两点,若,则圆C 的面积为。
数学-2022-2023学年高三下学期开学摸底考试卷(新高考1卷专用)
第Ⅰ卷一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1.复数 21−i(i 为虚数单位)的共轭复数是( ) A. 1+iB. 1−iC. −1+iD. −1−i2.已知集合{}2230M x x x =--<,{}0N x x x =-=,则MN =( ) A .{}0,1B .[)0,1C .()0,3D .[)0,33.已知函数()3ln ||f x x x =-,则()f x 的图象大致为( ) A . B . C . D .4.我国古代人民早在几千年以前就已经发现并应用勾股定理了,勾股定理最早的证明是东汉数学家赵爽在为《周髀算经》作注时给出的,被后人称为“赵爽弦图”.“赵爽弦图”是数形结合思想的体现,是中国古代数学的图腾,还被用作第24届国际数学家大会的会徽.如图,大正方形ABCD 是由4个全等的直角三角形和中间的小正方形组成的,若,AB a AD b ==,E 为BF 的中点,则AE =( )A .4255a b +B .2455a b +C .4233a b +D .2433a b + 5.6()(2)a x x -+的展开式中5x 的系数是12,则实数a 的值为( )A .4B .5C .6D .76.已知四棱锥P ABCD -的底面是边长为2的正方形,Q 为BC 的中点,PQ ⊥面ABCD ,且2PQ =,动点N 在以D 为球心,半径为1的球面上运动,点M 在面ABCD 内运动,且5PM =,则MN 长度的最小值为( )A 352B .23-C 52D 332- 7.设1sin 819,e 1,ln 47a b c ==-=,e 为自然对数的底数,则( ) A .a b c >> B .a c b >> C .c a b >> D .b c a >>8.已知函数213()3sin sin 0)222x f x x ωωω=+->,若()f x 在3,22ππ⎛⎫ ⎪⎝⎭上无零点,则ω的取值范围是( ) A .280,,99⎛⎤⎡⎫+∞ ⎪⎥⎢⎝⎦⎣⎭ B .2280,,939⎛⎤⎡⎤ ⎥⎢⎥⎝⎦⎣⎦ C .280,,199⎛⎤⎡⎤ ⎥⎢⎥⎝⎦⎣⎦ D .28,[1,)99⎛⎤+∞ ⎥⎝⎦二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.9.已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为1,点P 是棱1CC 上的一个动点(包含端点),则下列说法不正确的是( )A .存在点P ,使DP ∥面11AB D B .二面角1P BB D --的平面角为60︒C .1PB PD +5 D .P 到平面11AB D 3 10.定义:如果函数()f x 在[,]a b 上存在()1212,x x a x x b <<<,满足()()12()()f a f b f x f x a b''-==-,则称12,x x 为[,]a b 上的“对望数”,函数()f x 为[,]a b 上的“对望函数”.下列结论正确的是( )A .若函数()f x 为[,]a b 上的“对望函数”,则()f x 在[,]a b 上单调B .函数2()f x x mx n =++在任意区间[,]a b 上都不可能是“对望函数” C .函数321()23f x x x =-+是[0,2]上的“对望函数” D .函数()sin f x x x =+是11,66ππ⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的“对望函数” 11.已知双曲线2222:1(0)x y C a b a b-=>>的左,右顶点分别为12,A A ,点P ,Q 是双曲线C 上关于原点对称的两点(异于顶点),直线121,,PA PA QA 的斜率分别为121,,PA PA QA k k k ,若1234PA PA k k ⋅=,则下列说法正确的是( ) A .双曲线C 的渐近线方程为34y x =± B .双面线C 的离心率为72 C .11PA QA k k ⋅为定值 D .12tan A PA ∠的取值范围为(0,)+∞12.定义在R 上的函数()f x 与()g x 的导函数分别为()f x '和()g x ',若(1)(2)2,()(1)g x f x f x g x +-'='-=-,且(2)g x +为奇函数,则下列说法一定正确的是( )A .(2)0g =B .函数()f x '关于2x =对称C .函数()f x 是周期函数D .20231()0k g k ==∑第Ⅱ卷三、填空题:(本题共4小题,每小题5分,共20分)13.在复平面内,复数1212,1z i z =+=,则12z z -的最小值为___________.14.在锐角ABC 中,内角A 、B 、C 所对的边分别是a b c 、、,若45o C =,45b =25sin B =则c =____15.如图,在ABC 中,已知2AB =,6AC =,60BAC ∠=︒,2BC BM =,3AC AN =,线段AM ,BN 相交于点P ,则MPN ∠的余弦值为___________.16.已知关于x 的一元二次不等式220bx x a -->的解集为{|}x x c ≠,且a ,b ,Rc ∈,0b c +≠,则2210a b b c+++的最小值为_______. 四、解答题(本题共6小题,共70分,其中第16题10分,其它每题12分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
高三数学下学期第一次模拟考试试题 文含解析 试题 2
卜人入州八九几市潮王学校2021届高三第一次模拟〔文〕数学试题一、选择题〔本大题一一共12小题〕1.设集合,,,那么A. B.C. D.【答案】C【解析】分析:由题意首先进展并集运算,然后进展交集运算即可求得最终结果.详解:由并集的定义可得:,结合交集的定义可知:.此题选择C选项.点睛:此题主要考察并集运算、交集运算等知识,意在考察学生的计算求解才能.2.假设复数z满足,其中i为虚数单位,那么z在复平面内所对应的点位于A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限【答案】C【解析】,在复平面内所对应的点的坐标为,位于第二象限,应选:B.3.,那么且A.假设,那么且〞B.假设,那么或者〞C.假设且,那么D.假设或者,那么【答案】D【解析】【分析】【详解】,那么且或者,那么〞,应选:D.【点睛】4.以下函数中,既是偶函数,又在区间上单调递增的是A. B. C.D.【答案】D【解析】【分析】根据题意,依次分析选项里面函数的奇偶性与单调性,综合即可得答案.【详解】解:根据题意,依次分析选项:对于A,为余弦函数,是偶函数,在区间上单调递减,不符合题意;对于B,,为奇函数,不符合题意;对于C,,是偶函数,在上,,为减函数,不符合题意;对于D,,是偶函数,在上,,为增函数,符合题意;【点睛】此题考察函数的奇偶性与单调性的判断,关键是掌握常见函数的奇偶性与单调性,属于根底题.5.设x,y满足约束条件,那么目的函数的最大值为A.3B.C.4D.【答案】A【解析】【分析】由约束条件作出可行域,化目的函数为直线方程的斜截式,可知当直线在轴上的截距最小时最大,结合图象找出满足条件的点,联立直线方程求出点的坐标,代入目的函数可求的最大值.【详解】解:由满足约束条件,作出可行域如图,由,得,由图可知,当直线过可行域内点时直线在轴上的截距最小,最大.联立,解得.目的函数的最大值为.应选:A.【点睛】此题考察了简单的线性规划,考察了数形结合的解题思想方法,关键是正确作出可行域,是根底题.6.中国古代数学著作算法统宗中有这样一个问题:“三百七十八里关,初步健步不为难,次日脚痛减一半,六朝才得到其关,要见次日行里数,请公仔细算相还〞其大意为:“有一个人走378里路,第一天健步行走,从第二天起脚痛每天走的路程为前一天的一半,走了6天后到达目的地〞那么该人最后一天A.24里B.12里C.6里D.3里【答案】C【解析】【分析】由题意可知,每天走的路程里数构成以为公比的等比数列,由求得首项,再由等比数列的通项公式求得该人最后一天走的路程.【详解】解:记每天走的路程里数为,可知是公比的等比数列,由,得,解得:,,应选:C.【点睛】此题考察等比数列的通项公式,考察了等比数列的前项和,是根底的计算题.7.双曲线的离心率为2,有一个焦点与抛物线的焦点重合,那么mn的值是A. B. C. D.【答案】A【解析】试题分析:抛物线y2=4x的焦点为,所以双曲线中考点:双曲线抛物线方程及性质8.假设某程序框图如下列图,那么该程序运行后输出的值是A.2B.3C.4D.5【解析】试题分析:由题意得,当输入值为时,不满足判断框中的条件;,满足判断框中的条件;,不满足判断框中的条件;满足下面一个判断框中的条件,退出循环,那么输出的结果为,应选C.考点:1、程序框图;2、条件构造及循环构造.021年暑假期间哈HY在第5届全国模拟结合国大会中获得最正确组织奖,其中甲、乙、丙、丁中有一人获个人出色代表奖,记者采访时,甲说:我不是出色个人;乙说:丁是出色个人;丙说:乙获得了出色个人;丁说:我不是出色个人,假设他们中只有一人说了假话,那么获得出色个人称号的是A.甲B.乙C.丙D.丁【答案】B【解析】【分析】分别假设甲、乙、丙、丁获得冠HY,看是否满足“只有一人说了假话,〞,即可得出结果.【详解】假设甲获个人出色代表奖,那么甲、乙、丙三人同时答复错误,丁答复正确,不满足题意;假设乙获个人出色代表奖,那么甲、丙,丁答复正确,只有乙答复错误,满足题意;假设丙获个人出色代表奖,那么乙、丙答复错误,甲、丁答复正确,不满足题意;假设丁获个人出色代表奖,那么甲、乙答复正确,丙、丁答复错误,不满足题意,综上,获得出色代表奖的是乙,应选B.【点睛】此题主要考察推理案例,属于难题.、验证,清理出有用“线索〞,找准打破点,从而使问题得以解决.10.一个几何体的三视图如下列图,其中正视图是一个正三角形,那么这个几何体的外接球的外表积为A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】由中几何体的三视图中,正视图是一个正三角形,侧视图和俯视图均为三角形,我们得出这个几何体的外接球的球心在高线上,且是等边三角形的中心,得到球的半径,代入球的外表积公式,即可得到答案.【详解】解:由中知几何体的正视图是一个正三角形,侧视图和俯视图均为三角形,可得该几何体是有一个侧面垂直于底面,高为,底面是一个等腰直角三角形的三棱锥,如图.那么这个几何体的外接球的球心在高线上,且是等边三角形的中心,这个几何体的外接球的半径.那么这个几何体的外接球的外表积为应选:A.【点睛】此题考察的知识点是由三视图求面积、体积,其中根据三视图判断出几何体的形状,分析出几何体的几何特征是解答此题的关键.11.圆M:经过椭圆C:的一个焦点,圆M与椭圆C的公一共点为A,B,点P 为圆M上一动点,那么P到直线AB的间隔的最大值为A. B.C. D.【答案】A【解析】分析:根据圆的方程求得圆与轴的交点坐标,再根据圆经过椭圆的一个焦点,即可求得,联立圆与椭圆的方程,即可求得线段所在的直线方程,从而可得到直线的间隔的最大值.详解:∵圆:∴圆与轴的交点坐标为,∵圆经过椭圆:的一个焦点∴或者∴或者∵当时,圆与椭圆无交点∴联立,得.∵∴,即线段所在的直线方程为∵圆与椭圆的公一共点为,,点为圆上一动点∴到直线的间隔的最大值为应选A.点睛:此题考察椭圆的方程和运用,考察圆的方程和椭圆方程联立求交点,以及直线和圆的位置关系,解答此题的关键是确定线段所在的直线方程,通过数形结合,确定点坐标为时,获得最大值. 12.定义在R上的函数的导函数为,且,假设存在实数x使不等式对于恒成立,那么实数m的取值范围为A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】由,令,可证明因此先减后增,,原不等式转化为,利用一次函数的性质可得结果.【详解】由,令,,而是上的增函数,,因此在上递减,在上递增,,原不等式转化为,可得,构造函数或者,应选D.【点睛】此题主要考察利用导数求函数的最值以及不等式恒成立问题,属于难题.不等式恒成立问题常见方法:①别离参数恒成立(即可)或者恒成立〔即可〕;②数形结合(图象在上方即可);③讨论最值或者恒成立;④讨论参数.二、填空题〔本大题一一共4小题〕13.设,向量,,且,那么______.【答案】2【解析】因为,所以点睛:(1)向量平行:,,(2)向量垂直:,(3)向量加减乘:14.函数的图象在点处的切线于直线平行,那么实数______.【答案】1【解析】【分析】求出原函数的导函数,得到在处的导数,再由在处的切线与直线平行,得到在处的导数值,从而求得的值.【详解】解:由,得,,即在处的切线的斜率为,在处的切线与直线平行,,即.故答案为:1.【点睛】此题考察利用导数求曲线上某点的切线方程,考察了两直线的平行,斜率相等,是根底题.15.在区间上随机取一个数x,那么的值介于0到之间的概率为______.【答案】【解析】试题分析:解:由于函数是一个偶函数,可将问题转化为在区间[0,1]上随机取一个数x,那么的值介于0到0.5之间的概率,在区间[0,1]上随机取一个数x,,即x∈[0,1]时,要使cosπx的值介于0到0.5之间,需使∴≤x≤1,区间长度为由几何概型知,故答案为:.考点:几何概型点评:几何概型的概率估算公式中的“几何度量〞,可以为线段长度、面积、体积等,而且这个“几何度量〞只与“大小〞有关,而与形状和位置无关.16.假设函数〔且〕在区间上是单调减函数,且函数值从1减小到,那么______.【答案】【解析】解:因为三、解答题〔本大题一一共7小题〕17.在中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且满足.求角B的大小;假设的平分线AD交BC于D,,求的值.【答案】()()【解析】【分析】由及余弦定理可求得,结合范围,可求B的值.由正弦定理可得,进而根据同角三角函数根本关系式可求,根据二倍角的正弦函数公式即可求解的值.【详解】解:在中,.由余弦定理可得:,,由正弦定理可得:,,,的平分线交于,,【点睛】此题主要考察了余弦定理,正弦定理,同角三角函数根本关系式,二倍角的正弦函数公式在解三角形中的综合应用,考察了计算才能和转化思想,属于中档题.18.某大学餐饮中心为了理解新生的饮食习惯,在全校一年级学生中进展了抽样调查,调查结果如下表所示:喜欢甜品不喜欢甜品合计南方学生60 20 80北方学生10 10 20合计70 30 100 根据表中数据,问是否有的把握认为“南方学生和北方学生在选用甜品的饮食习惯方面有差异〞;在被调查的北方学生中有5名数学系的学生,其中2名喜欢甜品,如今从这5名学生中随机抽取3人,求至多有1人喜欢甜品的概率.附:【答案】〔1〕有95%的把握〔2〕【解析】分析:〔1〕将列联表中的数据,代入公式,求得的值,即可做出判断;〔2〕从名数学老师中任选人,列举出所有的根本领件的总数,即可利用古典概型及概率的计算公式求解.详解:解(1)将2×2列联表中的数据代入公式计算,得χ2==≈62.由于,所以有95%的把握认为“南方学生和北方学生在选用甜品的饮食习惯方面有差异〞..(2)从5名数学系学生中任取3人的一切可能结果所组成的根本领件空间Ω={(a1,a2,b1),(a1,a2,b2),(a1,a2,b3),(a1,b1,b2),(a1,b2,b3),(a1,b1,b3),(a2,b1,b2),(a2,b2,b3),(a2,b1,b3),(b1,b2,b3)}.其中a i表示喜欢甜品的学生,i=1,2.b j表示不喜欢甜品的学生,j=1,2,3.Ω由10个根本领件组成,且这些根本领件的出现是等可能的..用A表示“3人中至多有1人喜欢甜品〞这一事件,那么A={(a1,b1,b2),(a1,b2,b3),(a1,b1,b3),(a2,b1,b2),(a2,b2,b3),(a2,b1,b3),(b1,b2,b3)}.事件A是由7个根本领件组成,因此P(A)=...点睛:此题主要考察了古典概型及其概率的计算,HY性检验的应用,其中解答中准确计算是解答的关键,着重考察了推理与计算才能.19.如图的几何体中,平面,平面,为等边三角形,,为的中点.求证:平面;求到平面的间隔.【答案】〔1〕见证明;〔2〕【解析】【分析】通过取的中点,利用三角形的中位线定理和平行四边形的性质及线面平行的断定定理即可证明;利用三棱锥的体积公式计算,即可求到平面的间隔.【详解】证明:取的中点,连接.为的中点,且.平面,平面,,,又,.四边形为平行四边形,那么.平面,平面,平面.连接,设到平面的间隔为,在中,,,,又,,由,即〔为正的高〕,即点到平面的间隔为.【点睛】此题考察线面平行的断定定理和性质定理,利用等体积转化求三棱锥的高,属于中档题.20.椭圆C的中心在坐标原点,焦点在x轴上,左顶点为A,左焦点为,点在椭圆C上,直线与椭圆C交于E,F两点,直线AE,AF分别与y轴交于点M,NⅠ求椭圆C的方程;Ⅱ在x轴上是否存在点P,使得无论非零实数k怎样变化,总有为直角?假设存在,求出点P的坐标,假设不存在,请说明理由.【答案】〔Ⅰ〕;(II)或者.【解析】试题分析:〔Ⅰ〕由题意可设椭圆HY方程为,结合及隐含条件列关于a,b,c 的方程组,求解方程组得到的值,那么椭圆方程可求;〔Ⅱ〕设F,E,写出AE、AF所在直线方程,求出M、N的坐标,得到以MN为直径的圆的方程,由圆的方程可知以MN为直径的圆经过定点〔±2,0〕,即可判断存在点P试题解析:〔Ⅰ〕解法一:设椭圆的方程为,因为椭圆的左焦点为,所以.设椭圆的右焦点为,点在椭圆上,由椭圆的定义知,所以.所以,从而.所以椭圆的方程为.解法二:设椭圆的方程为,因为椭圆的左焦点为,所以.①因为点在椭圆上,所以.②由①②解得,,.所以椭圆的方程为.〔Ⅱ〕解法一:因为椭圆的左顶点为,那么点的坐标为.因为直线与椭圆交于两点,,设点〔不妨设〕,那么点.联立方程组消去得.所以,.所以直线的方程为.因为直线与轴交于点,令得,即点.同理可得点.假设在轴上存在点,使得为直角,那么.即,即.解得或者.故存在点或者,无论非零实数怎样变化,总有为直角.解法二:因为椭圆的左顶点为,那么点的坐标为.因为直线与椭圆交于两点,,设点〔〕,那么点.所以直线的方程为.因为直线与轴交于点,令得,即点.同理可得点.假设在轴上存在点,使得为直角,那么.即,即.解得或者.故存在点或者,无论非零实数怎样变化,总有为直角.考点:椭圆的方程和简单性质,考察直线与圆位置关系的应用21.函数.求函数的单调递增区间;设函数,函数.假设恒成立,务实数的取值范围;证明:【答案】〔1〕单调递增区间为.〔2〕①.②见证明【解析】【分析】,解出即可得出单调区间.函数,函数.,对分类讨论,利用即可得出.证明:由可得:,时满足:,只有时取等号依次取,即可证明.【详解】解:,..解得.函数的单调递增区间为.函数,函数.,时,函数单调递增,不成立,舍去;时,,可得时,函数获得极小值即最小值,,解得:.实数a的取值范围是.证明:由可得:,时满足:,只有时取等号.依次取,相加可得:.因此【点睛】此题考察了利用导数研究函数的单调性极值与最值、方程与不等式的解法、分类讨论方法,考察了推理才能与计算才能,属于难题.22.在直角坐标系xOy中,曲线的参数方程为(为参数),以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线的极坐标方程为.写出曲线的普通方程和直线的直角坐标方程;假设直线与曲线有两个不同交点,求a的取值范围.【答案】〔1〕的普通方程为,的直角坐标方程为,〔2〕【解析】【分析】利用平方关系消去参数可得的普通方程,利用,可得的直角坐标方程;根据直线的斜率可得.【详解】解:曲线的普通方程为,把,代入,得直线的直角坐标方程为,即,由直线:,知恒过点,由,当时,得,所以曲线过点,,那么直线的斜率为,直线的斜率,因为直线的斜率为,且直线与曲线有两个不同的交点,所以,即,所以的取值范围为【点睛】此题考察了参数方程与直角坐标方程的转化,极坐标方程与直角坐标方程的转化,属中档题.23.函数.当时,求不等式的解集;假设,不等式对都成立,求的取值范围.【答案】〔1〕;〔2〕.【解析】【分析】〔1〕运用两边平方和平方差公式,可得不等式的解集;〔2〕由题意可得,由绝对值不等式的性质可得的最大值,解不等式可得所求范围.【详解】解:函数,即为,可得,即,解得,那么原不等式的解集为;假设,不等式对都成立,即有,由,可得的最大值为,,那么,解得.【点睛】此题考察绝对值不等式的解法和不等式恒成立问题的运用,考察运算才能,属于根底题.。
高三数学下学期第一次统考模拟考试试题文含解析试题
,那么满足 的x的取值范围是
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
分类讨论: 当 时; 当 时,再按照指数不等式和对数不等式求解,最后求出它们的并集即可.
【详解】当 时, 的可变形为 , , .
当 时, 的可变形为 , ,故答案为 .
【详解】由m、n是两条不同的直线, 、 是两个不同的平面,得:
在A中, , , ,那么n与 相交、平行或者 ,应选A;
在B中, , , ,那么由线面平行的性质定理得 ,故B正确;
在C中, , , ,那么 与 相交或者平行,故C错误;
在D中, , ,那么m与n平行或者异面,故D错误.
应选:B.
【点睛】此题考察命题真假的判断,考察空间中线线、线面、面面间的位置关系等根底知识,考察运算求解才能,考察数表结合思想,是中档题.
【解析】
【分析】
分别求出双曲线的焦点坐标和渐近线方程,利用点到直线的间隔 公式,能求出结果.
【详解】双曲线中,焦点坐标为 ,渐近线方程为: ,
双曲线 的焦点到渐近线的间隔 : .
应选:A.
【点睛】此题考察双曲线的焦点到渐近线的间隔 的求法,是根底题,解题时要纯熟掌握双曲线的简单性质.
的图象向左平移 个单位,再把所得图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍后,所得图象对应的函数解析式为
应选:D.
【点睛】此题主要考察不等式的转化与求解,应该转化特定的不等式类型求解.
二、填空题〔本大题一一共4小题,一共分〕
在点 处的切线的斜率为______.
【答案】
【解析】
【分析】
求出函数的导数,代入 ,得到切线的斜率即可.
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2016年第一次全国大联考【新课标I 卷】
文科数学试卷
考试时间:120分钟;满分150分
第Ⅰ卷(共60分)
1. 已知}2,1,0,1,2{--=A ,)}12lg(|{+==x y x B ,则=B A I ( )
A.∅
B. }1,0,1{-
C.}2,1,0{
D.}2,1,0,1{-
2. 已知)1,2(-A ,)2,0(C ,)5,3(=,则||BC =u u u r
( )
A.68 D.12 3. 已知i i z 31)3(-=-,则=z ( )
A.i --3
B. i +-3
C.i --6
D.i +6
4. 2016年春节,小红、小芳、小英、小丽四个同学相互发短信,小红不给小英发短信的概率是 ( ) A.
41 B. 43 C.161 D.81
80
5. 已知椭圆)0(12222>>=+b a b y a x 的离心率3
1=e ,半焦距为c ,抛物线cy x 22
=的准线方
程
为2-=y , 则椭圆的标准方程为( )
A.181222=+y x
B.221144128x y +=
C.114412822=+y x
D.112
82
2=+y x
6. 扇形的半径为3,中心角为ο
120,把这个扇形折成一个圆锥,则这个圆锥的体积为( ) A.π B.
32 C. 322 D.π3
2
2 7. 设数列}{n a 是的等差数列,n S 为其前n 项和.若368S S =,853=-a a ,则20a =( ) A.4 B.36 C.74- D.80
8. 程序框图如图,该程序运行后,为使输出的256y ≤,则循环体的判断框内①处应填 ( ) A.2?m < B.2?m ≤ C.3?m ≤ D. 4?m ≤
9.
已知函数)
2
|
|,0
,0
)(
sin(
)
(
π
ϕ
ω
ϕ
ω<
>
>
+
=A
x
A
x
f,则下面结论正确的是()
第8题第9题第11题
A.函数)
(x
f的最小正周期为
2
π
B.函数)
(x
f是偶函数
C.函数)
(x
f的图象关于直线
3
π
=
x对称 D.函数)
(x
f在区间]
4
,0[
π
上是增函数
10. 函数
⎩
⎨
⎧
>
+
≤
+
=
-
),
2
lg(
,1
10
)
(
1
x
x
x
x
f
x
,若1
)
(=
a
f,则=
-)
8(a
f()
A.4
B. 6
C.8
D.11
11. 如图,小方格是边长为1的正方形,一个几何体的三视图如图,则原几何体的的体积为()
A.
3
32π
B.
3
32
164
π
+ C.π
16 D.
3
256
64
π
+
12. 设定义在)
,0(+∞的单调函数)
(x
f,对任意的)
,0(+∞
∈
x都有6
]
log
)
(
[
2
=
-x
x
f
f.若
x是
方程4
)
(
)
(=
'
-x
f
x
f的一个解,且)
N
)(
1
,
(
*
∈
+
∈a
a
a
x,则=
a()
A.4
B. 3
C.2
D.1
二、填空题:本大题共7小题,每小题5分,共35分.
13.在等比数列}
{
n
a中,前n项和为
n
S,5
21
1
-
⋅
=+
+
n
n
m
S,40
4
=
a,则=
+
5
3
a
a.14.已知)
R
(
1
1
)
(
2
∈
+
+
=a
x
ax
x
f在))
1(
,1(f处的切线经过点)1,0(,则=
a .
15.在约束条件
⎪
⎩
⎪
⎨
⎧
≤
+
≤
≤
4
2
y
x
x
y
x
y
下,目标函数1
2+
-
=y
x
z的最大值为 .
16. 已知双曲线
)0(14222>=-b b y x ,双曲线在第一象限一点P 满足||2
1
||21F F OP =,离心率
]2,1(∈e ,则点P 的纵坐标的最大值为________.
三、解答题:本大题共5小题,共65分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 17.(本小题满分12分)已知函数21
()sin 2cos 2sin 22
f x x x x =+-. (Ⅰ)求函数()f x 的最小正周期及对称中心;
(Ⅱ)在ABC ∆中,角B 为钝角,角A 、B 、C 的对边分别为a 、b 、c ,2()4B f =, 且sin 2sin C A =,4=∆ABC S ,求c 的值.
18.(本小题满分12分)如图,在四边形ABCD 中,AB AD ⊥,AB DC //, 42
1
==
==AB DC AE AD ,MDC ∆是等边三角形,且平面⊥MDC 平面ABCD . (Ⅰ)证明://EC 平面MAD ; (Ⅱ)求三棱锥AMC B -的体积.
19.(本小题满分12分)
某学校从星期一到星期五的大米需求量逐渐增加,前5天的大米需求量统计数据下表:
星期x
1
2
3
4
5
(Ⅰ)利用所给数据求需求量y 与x 之间的回归直线方程+=a x b y ; (Ⅱ)利用(Ⅰ)中所求出的直线方程预测该校星期日的大米需求量.
(附:线性回归方程∧
∧∧+=a x b y 中,1
2
21
n
i i
i n
i
i x y nx y
b
x
nx
==-=-∑∑$,$a
y bx =-)
20. (本小题满分12分)已知圆)0(:2
22>=+r r y x C 经过点)3,1(.
(Ⅰ)求圆C 的方程;
(Ⅱ)是否存在经过点)1,1(-的直线l ,它与圆C 相交于A 、B 两个不同点,且满足关系 0=• O (为坐标原点),如果存在,求出直线l 的方程;如果不存在,请说明
理由.
21. (本小题满分12分)设R ∈a ,函数()ln f x x ax =-. (Ⅰ)讨论函数()f x 的单调区间和极值;
(Ⅱ)已知e x =1(e 是自然对数的底数)和2x 是函数()f x 的两个不同的零点,求a 的值
并证明:3
2
2x e >.
请考生在第22、23、24题中任选一题做答,如果多做,则按所做的第一题计分。
22.(本小题满分10分)选修4-1:几何证明选讲
如图,圆内接四边形ABCD 满足AB ∥CD ,P 在BA 的延长线上,且PB PA PD ⋅=2
. 若
22=BD ,2==CD PD .
(Ⅰ)证明:CDB PDA ∠=∠; (Ⅱ)求BC 的长.
23.(本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程
已知直线l 2cos()14π
ρθ+
=-,曲线C 的参数方程是2x t
y t
=⎧⎨=⎩t (为参数),
以极点为原点,极轴为x 轴正方向建立直角坐标系,点11(22M -
-,直线l 与曲线 C 交于A ,B 两点.
(Ⅰ)求直线l 与曲线C 的普通方程; (Ⅱ)求2
2
||||MA MB ⋅的值.
24.(本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲 设函数|||1|)(m x x x f ---=. (Ⅰ)若2=m ,解不等式1)(≥x f ;
(Ⅱ)如果R ∈∀x ,5)(≤x f ,求实数m 的取值范围.。