四川省资阳市2014_2015学年高一物理下学期期末试卷(含解析)

合集下载

资阳市期末试题2014级高一下物理

资阳市2011～2012学年度高中一年级第二学期期末质量检测物理本试卷分为第Ⅰ卷（选择题，40分）和第Ⅱ卷（非选择题，60分）两部分．一、选择题（本题包括10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．关于物体作曲线运动，下列说法正确的是A．物体的速度大小一定改变B．物体的速度方向一定改变C．物体的加速度大小一定改变D．物体的加速度方向一定改变2．如图所示，用一轻绳系一小球悬于O点。

现将小球拉至A点后静止释放，不计空气阻力。

则小球从A点下摆到B点的过程中，下列说法正确的是A．重力对小球作正功B．绳的拉力对小球不做功C．合力对小球不做功D．重力的功率一直增大3．骑自行车是一种环保的运动。

如图所示为一种早期的自行车，这种不带链条传动的自行车前轮的直径很大。

若某人骑着自行车（前、后轮相对地面都不打滑）向前行驶时，关于该自行车的前、后轮轮缘各点，下列说法正确的是A．线速度大小相同B．角速度相同C．向心加速度大小相同D．周期相同4．如图，a、b是某行星的卫星，在该行星的万有引力作用下绕行星沿各自的圆轨道作匀速圆周运动。

下列说法正确的是A．a运行的线速度小于b运行的线速度B．a运行的角速度小于b运行的角速度C．a运行的周期小于b运行的周期D．a运行的向心加速度小于b运行的向心加速度5．下列说法中正确的是A．合速度一定比分速度大B．匀速圆周运动是匀速运动C．经典力学既适用于宏观物体的低速运动问题，也适用于高速运动的物体D．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量6．一条宽为200m的平直河流，水流速度为4m/s。

船在静水中的速度是5m/s，关于船渡河下列判断正确的是A．要使船过河的航程最短，则船在静水中的速度方向应垂直河岸B．要使船过河的时间最短，则船在静水中的速度方向应垂直河岸C．船过河所需的最短时间是40sD．如果水流速度增大为6m/s，则船过河所需的最短时间将增大7．如图，a、b两质量不同的滑块从同一位置静止释放后分别沿Ⅰ、Ⅱ两倾角不同的光滑固定斜面下滑，下列说法中正确的是A．a、b滑到斜面底端时速率相等B．a、b滑到斜面底端时重力的瞬时功率相等C．a、b沿斜面下滑过程重力做功相等D．以上说法都不正确8．如图，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平地面上。

四川省资阳市2015-2016学年高一物理下学期期末试卷(含解析)

2015-2016学年四川省资阳市高一（下）期末物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．下列说法正确的是（）A．牛顿利用扭秤装置比较准确地测出了引力常量，体现了放大和转换的思想B．开普勒以天体间普遍存在的引力为依据，运用严密的逻辑推理建立了万有引力定律C．为了探究匀速圆周运动向心力F与小球质量m、角速度ω、半径r的关系，物理上采用了控制变量的方法D．爱因斯坦提出的狭义相对论表明经典力学适用于微观粒子和高速运动物体2．关于功和功率，下列说法正确的是（）A．根据P=可知，力做功越多，其功率越大B．根据P=Fv可知，汽车的牵引力一定与速率成反比C．滑动摩擦力总是对物体做负功D．静摩擦力可以对物体做正功，也可以对物体做负功3．关于开普勒对行星运动规律的认识，下列说法中正确的是（）A．所有行星绕太阳的运动都是匀速圆周运动B．所有行星以相同的速率绕太阳做椭圆运动C．对于每一个行星在近日点时的速率均大于它在远日点的速率D．所有行星轨道的半长轴的二次方与公转周期的三次方的比值都相同4．一艘小船在静水中的速度大小为4m/s，要横渡水流速度为5m/s的河，河宽为80m．设船加速启动和减速停止的阶段时间很短，可忽略不计．下列关于小船渡河说法正确的是（）A．船无法渡过此河B．渡河的最短时间为20 sC．渡河的位移越短时间也越短D．渡河的最小位移为80 m5．最新天文学观测发现双子星系统“开普勒﹣47”．系统中有一对大、小恒星相互吸引，几乎不受其它星体作用力的影响，它们以二者连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动，运行周期均为T．其中一颗大恒星的质量为M，另一颗小恒星只有大恒星质量的三分之一．已知引力常量为G，据此可知大、小两颗恒星（）A．相距B．转动半径之比为3：1C．转动线速度之比为3：1D．转动角速度之比为1：36．有一种玩具结构如图所示，竖直放置的光滑铁圆环的半径为R=20cm，环上穿有一个带孔的小球m，仅能沿环做无摩擦滑动．如果圆环绕着通过环心的竖直轴O1O2以10rad/s的角速度旋转（g=10m/s2），则小球相对环静止时和环心O的连线与O1O2的夹角θ是（）A．30°B．45°C．60°D．75°7．一质量为2kg的物体，在水平恒定拉力的作用下以某一速度在粗糙的水平面上做匀速直线运动．当运动一段时间后拉力逐渐减小，且当拉力减小到零时，物体刚好停止运动．如图所示为拉力F随位移x变化的关系图象．取g=10m/s2，则据此可以求得（）A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.25B．物体匀速运动时的速度为v=4m/sC．合外力对物体所做的功为W=32JD．摩擦力对物体所做的功为W f=﹣64J8．若宇航员在月球表面附近自高h处以初速度v0水平抛出一个小球，测出小球的水平射程为L．已知月球半径为R，万有引力常量为G．则下列说法正确的是（）A．月球表面的重力加速度B．月球的质量C．月球的第一宇宙速度D．月球的平均密度9．如图所示，半径为R的竖直光滑圆轨道内侧底部静止着一个光滑小球，现给小球一个冲击使它在瞬间得到一个水平初速度v0，v0大小不同则小球能够上升到的最大高度（距离底部）H也不同．下列说法中正确的是（）A．v0=时，H=B．v0=时，H=C．v0=时，H=2RD．v0=时，H=2R10．一长度为2R的轻质细杆两端分别固定质量为m和2m，可视为质点的小球M、N，细杆的中点处有一轴，细杆可绕其在竖直平面内无摩擦地转动，开始细杆呈竖直状态，N在最高点，如图所示，当装置受到很小扰动后，细杆开始绕中点的轴转动，则在球N转动到最低点的过程中，下列说法正确的是（）A．N的重力势能减小量等于M的重力势能增加量B．细杆对N做的功的绝对值大于细杆对M做的功的绝对值C．运动过程中两球的最大速度均为D．细杆对N做的功为﹣mgR二、（非选择题）11．如图甲所示，是“研究平抛运动”的实验装置．（1）实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线，以保证小球抛出后的运动是平抛运动．（2）每次让小球从同一位置由静止释放，是为了使每次平抛运动的相同．（3）如图乙所示是通过实验描点后画出的平抛物体运动轨迹的一部分．取g=10m/s2，由图中信息求得小球平抛的初速度大小为v0= m/s．12．某实验小组使用如图所示的装置来验证“机械能守恒定律”．（1）关于本实验的叙述，正确的有．A．打点计时器安装时要使两限位孔位于同一竖直线上并安装稳定，以减小纸带下落过程中受到的阻力B．需用天平测出重锤的质量C．打点计时器用四节干电池串联而成的电池组作为电源D．用手托着重锤，先闭合打点计时器的电源开关，然后释放重锤E．打出的纸带中，只要点迹清晰，就可以运用公式mg△h=来验证机械能是否守恒F．验证机械能是否守恒必须先确定重力势能的参考平面（2）实验结果往往是重力势能的减少量略大于动能的增加量，关于这个误差，下列说法正确的是．A．该误差属于偶然误差B．该误差属于系统误差C．可以通过多次测量取平均值的方法来减小该误差D．可以通过减小空气阻力和摩擦阻力的影响来减小该误差．13．如图所示，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，从水平飞出时开始计时，经t=3.0s落到斜坡上的A点．已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg，不计空气阻力．取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度v1和落到A点时的速度v2的大小．14．目前上海有若干辆超级电容车试运行，其特点是充电快、运行远，只需在乘客上车间隙充电30s～1min，就能行驶3km～5km．假设有一辆超级电容车，质量m=2×103kg，额定功率P=60kW，当超级电容车在平直水平路面上行驶时，受到的阻力f是车重的k=0.1倍，取g=10m/s2．求：（1）超级电容车在此路面上能达到的最大速度v m；（2）超级电容车从静止开始以a=0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动所能维持的时间t；（3）超级电容车以额定功率从静止开始运动经过t′=50s达到最大速度过程中的位移x．15．光滑圆轨道和两倾斜直轨道组成如图所示装置，其中直轨道bc粗糙，直轨道cd光滑，两轨道相接处为一很小的圆弧．质量为m=0.1kg的滑块（可视为质点）在圆轨道上做圆周运动，到达轨道最高点a时的速度大小为v=4m/s，当滑块运动到圆轨道与直轨道bc的相切处b时，脱离圆轨道开始沿倾斜直轨道bc滑行，到达轨道cd上的d点时速度为零．若滑块变换轨道瞬间的能量损失可忽略不计，已知圆轨道的半径为R=0.25m，直轨道bc的倾角θ=37°，其长度为L=26.25m，d点与水平地面间的高度差为h=0.2m，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6．求：（1）滑块在圆轨道最高点a时对轨道的压力大小；（2）滑块与直轨道bc问的动摩擦因数；（3）滑块在直轨道bc上能够运动的时间．2015-2016学年四川省资阳市高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．下列说法正确的是（）A．牛顿利用扭秤装置比较准确地测出了引力常量，体现了放大和转换的思想B．开普勒以天体间普遍存在的引力为依据，运用严密的逻辑推理建立了万有引力定律C．为了探究匀速圆周运动向心力F与小球质量m、角速度ω、半径r的关系，物理上采用了控制变量的方法D．爱因斯坦提出的狭义相对论表明经典力学适用于微观粒子和高速运动物体【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：A、卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了引力常量G，故A错误．B、牛顿以天体间普遍存在的引力为依据，运用严密的逻辑推理建立了万有引力定律，故B 错误．C、在研究物体的“探究向心力的大小与质量、角速度和半径之间关系”四个物理量的关系时，由于变量较多，因此采用了“控制变量法”进行研究，故C正确．D、20世纪初建立的量子力学和爱因斯坦提出的狭义相对论表明经典力学不适用于微观粒子和高速运动物体．故D错误．故选：C2．关于功和功率，下列说法正确的是（）A．根据P=可知，力做功越多，其功率越大B．根据P=Fv可知，汽车的牵引力一定与速率成反比C．滑动摩擦力总是对物体做负功D．静摩擦力可以对物体做正功，也可以对物体做负功【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】功率等于单位时间内做功的多少，反映做功快慢的物理量．根据P=Fv，分析牵引力与速度的关系．滑动摩擦力、静摩擦力的方向与运动的方向可能相同，可能相反，则可能做正功、可能做负功．【解答】解：A、根据P=可知，力做功越多，功率不一定大，故A错误．B、根据P=Fv知，当功率一定时，牵引力与速度大小成反比，故B错误．C、滑动摩擦力的方向与物体运动的方向可能相同，可能相反，所以滑动摩擦力可能做正功，故C错误．D、静摩擦力的方向与位移的方向可能相同，可能相反，所以静摩擦可能做正功，可能做负功，故D正确．故选：D．3．关于开普勒对行星运动规律的认识，下列说法中正确的是（）A．所有行星绕太阳的运动都是匀速圆周运动B．所有行星以相同的速率绕太阳做椭圆运动C．对于每一个行星在近日点时的速率均大于它在远日点的速率D．所有行星轨道的半长轴的二次方与公转周期的三次方的比值都相同【考点】开普勒定律．【分析】开普勒第一定律，所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上．开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等．可判断A正确．【解答】解：A、根据开普勒第一定律，所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上．故A错误．B、行星绕太阳运动的轨道半径越大，则运动的速率越小，故B错误．C、根据开普勒第二定律对于每一个行星在近日点时的速率均大于它在远日点的速率，故C 正确．D、根据开普勒第三定律，所有行星的椭圆轨道的半长轴的三次方跟公转周期的平方的比值都相等，故D错误．故选：C4．一艘小船在静水中的速度大小为4m/s，要横渡水流速度为5m/s的河，河宽为80m．设船加速启动和减速停止的阶段时间很短，可忽略不计．下列关于小船渡河说法正确的是（）A．船无法渡过此河B．渡河的最短时间为20 sC．渡河的位移越短时间也越短D．渡河的最小位移为80 m【考点】运动的合成和分解．【分析】因为水流速度大于静水速度，所以合速度的方向不可能垂直河岸，则小船不可能到达正对岸．当静水速的方向与河岸垂直，渡河时间最短．【解答】解：A、因为水流速度大于静水速度，所以合速度的方向不可能垂直河岸，则小船不可能到达正对岸，但可以过河，故A错误；B、当合速度的方向与静水速的方向垂直时，合速度的方向与河岸的夹角最大，渡河航程最小，设船的最短渡河位移为s，则有： =，因此有：s=；当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短，最短时间为：t==s=20s；此时小船的位移： m＞100m，可知并不是渡河的位移越短时间也越短．故B正确，CD错误．故选：B5．最新天文学观测发现双子星系统“开普勒﹣47”．系统中有一对大、小恒星相互吸引，几乎不受其它星体作用力的影响，它们以二者连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动，运行周期均为T．其中一颗大恒星的质量为M，另一颗小恒星只有大恒星质量的三分之一．已知引力常量为G，据此可知大、小两颗恒星（）A．相距B．转动半径之比为3：1C．转动线速度之比为3：1D．转动角速度之比为1：3【考点】万有引力定律及其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，周期相等，根据向心力大小相等，求出转动的半径之比，从而得出线速度之比．【解答】解：两颗恒星靠相互间的万有引力提供向心力，向心力大小和周期相等，则角速度相等，根据知，r1：r2=m：M=1：3，故BD错误．根据v=rω知，大、小恒星的线速度之比为1：3，故C错误．根据万有引力提供向心力有：，又m=，，联立解得L=，故A正确．故选：A．6．有一种玩具结构如图所示，竖直放置的光滑铁圆环的半径为R=20cm，环上穿有一个带孔的小球m，仅能沿环做无摩擦滑动．如果圆环绕着通过环心的竖直轴O1O2以10rad/s的角速度旋转（g=10m/s2），则小球相对环静止时和环心O的连线与O1O2的夹角θ是（）A．30°B．45°C．60°D．75°【考点】牛顿第二定律；向心力．【分析】圆环绕着通过环心的竖直轴O1O2以10rad/s的角速度旋转，小球做圆周运动，重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力．根据牛顿第二定律列出表达式求出夹角θ．【解答】解：小球转动的半径为Rsinθ，小球所受的合力垂直指向转轴，根据平行四边形定则，，解得θ=60°．故C正确，A、B、D错误．故选C．7．一质量为2kg的物体，在水平恒定拉力的作用下以某一速度在粗糙的水平面上做匀速直线运动．当运动一段时间后拉力逐渐减小，且当拉力减小到零时，物体刚好停止运动．如图所示为拉力F随位移x变化的关系图象．取g=10m/s2，则据此可以求得（）A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.25B．物体匀速运动时的速度为v=4m/sC．合外力对物体所做的功为W=32JD．摩擦力对物体所做的功为W f=﹣64J【考点】动能定理．【分析】物体做匀速运动时，受力平衡，拉力等于摩擦力，根据μ=求解动摩擦因数，图象与坐标轴围成的面积表示拉力做的功，从而求出合外力做的功，根据动能定理求出初速度．【解答】解：A、物体做匀速运动时，受力平衡，则f=F=8N，μ===0.4，故A错误；B、根据动能定理得：0﹣mv02=W合，解得：v0==m/s=4m/s，故B错误；CD、图象与坐标轴围成的面积表示拉力做的功，则由图象可知，W F=（4+8）×8J=48J，滑动摩擦力做的功W f=﹣μmgx=﹣0.4×2×10×8=﹣64J，所以合外力做的功为W合=﹣64+48=﹣16J，故C错误，D正确．故选：D．8．若宇航员在月球表面附近自高h处以初速度v0水平抛出一个小球，测出小球的水平射程为L．已知月球半径为R，万有引力常量为G．则下列说法正确的是（）A．月球表面的重力加速度B．月球的质量C．月球的第一宇宙速度D．月球的平均密度【考点】万有引力定律及其应用．【分析】宇航员在月球上自高h处以初速度v0水平抛出一物体，测出物体的水平射程为L，根据水平射程和初速度求出运动的时间，根据h=gt2求出月球表面的重力加速度大小；由求得月球的质量；根据重力提供向心力求出卫星的第一宇宙速度；由质量与半径可求得平均密度．【解答】解：A、平抛运动的时间t=．再根据h=gt2得，得，故A正确B、由与，可得：m月=．故B错误．C、第一宇宙速度： =，故C正确D、月球的平均密度=，故D错误故选：AC9．如图所示，半径为R的竖直光滑圆轨道内侧底部静止着一个光滑小球，现给小球一个冲击使它在瞬间得到一个水平初速度v0，v0大小不同则小球能够上升到的最大高度（距离底部）H也不同．下列说法中正确的是（）A．v0=时，H=B．v0=时，H=C．v0=时，H=2RD．v0=时，H=2R【考点】动能定理．【分析】先根据机械能守恒定律求出在此初速度下能上升的最大高度，再根据向心力公式判断在此位置速度能否等于零即可求解．【解答】解：A、当v0=时，根据机械能守恒定律有： mv02=mgh，解得h=，即小球上升到高度为时速度为零，所以小球能够上升的最大高度为，故A正确；B、设小球恰好运动到圆轨道最高点时，在最低点的速度为v1，在最高点的速度为v2，则在最高点，有mg=m从最低点到最高点的过程中，根据机械能守恒定律得：2mgR+mv22=mv12解得 v1=所以v0＜时，在小球不能上升到圆轨道的最高点，会脱离轨道最高点的速度不为零，根据mv02=mgh+mv′2，知最大高度 h＜，故B错误；CD、由上分析知，当v0=时，上升的最大高度为2R，设小球恰好能运动到与圆心等高处时在最低点的速度为v，则根据机械能守恒定律得：mgR=mv2，解得v=，因为＜＜，在小球不能上升到圆轨道的最高点，会脱离轨道，则小球能够上升的最大高度小于2R，故C错误，D正确．故选：AD．10．一长度为2R的轻质细杆两端分别固定质量为m和2m，可视为质点的小球M、N，细杆的中点处有一轴，细杆可绕其在竖直平面内无摩擦地转动，开始细杆呈竖直状态，N在最高点，如图所示，当装置受到很小扰动后，细杆开始绕中点的轴转动，则在球N转动到最低点的过程中，下列说法正确的是（）A．N的重力势能减小量等于M的重力势能增加量B．细杆对N做的功的绝对值大于细杆对M做的功的绝对值C．运动过程中两球的最大速度均为D．细杆对N做的功为﹣mgR【考点】功能关系；功的计算．【分析】球M和球N的机械能均不守恒，但两个球整体的机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解最大速度，根据动能定理列式判断细杆做功情况．【解答】解：A、N的重力势能减小量为2mg（2R）=4mgR，M的重力势能增加量为mg（2R）=2mgR，故A错误；B、对两个球系统，重力和细杆的弹力做功，只有重力势能和动能相互转化，机械能守恒，故细杆对两个球做功的代数和为零，即细杆对N做的功的绝对值等于细杆对M做的功的绝对值，故B错误；C、在最低点速度最大，根据系统机械能守恒，有：4mgR﹣2mgR=解得：v=①故C正确；D、对球N，根据动能定理，有：4mgR+W=②联立①②解得：W=﹣mgR细杆对N做的功为﹣mgR，故D正确；故选：CD．二、（非选择题）11．如图甲所示，是“研究平抛运动”的实验装置．（1）实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线水平，以保证小球抛出后的运动是平抛运动．（2）每次让小球从同一位置由静止释放，是为了使每次平抛运动的初速度相同．（3）如图乙所示是通过实验描点后画出的平抛物体运动轨迹的一部分．取g=10m/s2，由图中信息求得小球平抛的初速度大小为v0= 1.0 m/s．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）平抛运动要保证小球水平飞出，斜槽的末端切线水平；（2）为了保证每次平抛运动的初速度相同，小球每次从同一位置由静止释放．（3）平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据平抛运动的基本公式列式即可求解．【解答】解：（1）为了保证小球水平飞出，则斜槽的末端切线水平．（2）每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛的初速度相同．（3）A点的水平位移x=6×0.05=0.3m，竖直位移y=9×0.05=0.45m，则t===0.3s，初速度v0===1m/s，故答案为：（1）水平；（2）初速度；（3）1.0．12．某实验小组使用如图所示的装置来验证“机械能守恒定律”．（1）关于本实验的叙述，正确的有AD ．A．打点计时器安装时要使两限位孔位于同一竖直线上并安装稳定，以减小纸带下落过程中受到的阻力B．需用天平测出重锤的质量C．打点计时器用四节干电池串联而成的电池组作为电源D．用手托着重锤，先闭合打点计时器的电源开关，然后释放重锤E．打出的纸带中，只要点迹清晰，就可以运用公式mg△h=来验证机械能是否守恒F．验证机械能是否守恒必须先确定重力势能的参考平面（2）实验结果往往是重力势能的减少量略大于动能的增加量，关于这个误差，下列说法正确的是BD ．A．该误差属于偶然误差B．该误差属于系统误差C．可以通过多次测量取平均值的方法来减小该误差D．可以通过减小空气阻力和摩擦阻力的影响来减小该误差．【考点】验证动量守恒定律．【分析】（1）实验步骤要符合事物发展逻辑，要有利于操作和减小实验误差，在明确实验原理的情况下奔着这个原则即可明确实验中应注意的事项；（2）由于空气阻力的存在，所以重力势能的减少量略大于动能的增加量属于系统误差，通过减小阻力的影响可以减小系统误差．【解答】解：（1）A、打点计时器安装时要使两限孔位于同一竖直线上并安装稳定，以减少纸带下落过程中的阻力，故A正确．B、因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平．故B错误．C、打点计时器采用交流电源；故C错误；D、用手托着重锤，先闭合打点计时器的电源开关，稳定后再释放重锤，故D正确．E、打出的纸带中，点迹清晰，并且应选择前两点间距约为2mm的纸带；故E错误；F、验证机械能是否守恒不需要确定重力势能的参考平面，可以利用改变量来求解；故F错误故选AD．（2）实验结果往往是重力势能的减少量略大于动能的增加量，这个误差是系统误差，无法避免，可以通过减小空气阻力和摩擦阻力的影响来减小该误差．故选：BD．故答案为：（1）AD；（2）BD13．如图所示，跳台滑雪运动员经过一段加速滑行后从O点水平飞出，从水平飞出时开始计时，经t=3.0s落到斜坡上的A点．已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg，不计空气阻力．取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）A点与O点的距离L；（2）运动员离开O点时的速度v1和落到A点时的速度v2的大小．【考点】平抛运动．【分析】（1）根据平抛运动的时间，结合位移时间公式求出下降的高度，从而结合平行四边形定则求出AO间的距离和平抛运动的水平位移．（2）根据运动的时间，结合水平位移求出初速度．根据速度时间公式求出竖直分速度，结合平行四边形定则求出落到A点的速度大小．【解答】解：（1）运动员从O到A，在竖直方向做自由落体运动，有：…①代入数据解得：L=75m…②（2）运动员从O到A，在水平方向做匀速直线运动，有：Lcosθ=v1t…③代入数据，联解②③得：v1=20m/s…④运动员落到斜坡上的A点时，根据运动的分解有：v y=gt…⑤根据平行四边形定则知，…⑥联解④⑤⑥得：．答：（1）A点与O点的距离为75m；（2）运动员离开O点时的速度为20m/s，落到A点的速度大小为36.06m/s．14．目前上海有若干辆超级电容车试运行，其特点是充电快、运行远，只需在乘客上车间隙充电30s～1min，就能行驶3km～5km．假设有一辆超级电容车，质量m=2×103kg，额定功率P=60kW，当超级电容车在平直水平路面上行驶时，受到的阻力f是车重的k=0.1倍，取g=10m/s2．求：（1）超级电容车在此路面上能达到的最大速度v m；（2）超级电容车从静止开始以a=0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动所能维持的时间t；（3）超级电容车以额定功率从静止开始运动经过t′=50s达到最大速度过程中的位移x．【考点】动能定理的应用；功率、平均功率和瞬时功率．【分析】（1）当汽车匀速运动时，牵引力等于阻力，速度达到最大，由P=Fv求出车能达到的最大速度；（2）当汽车以恒定的加速度运动时，由牛顿第二定律求出牵引力，当牵引力功率达到额定功率时匀加速运动结束，由P=Fv求出匀加速运动的最大速度，再由v=at求出加速时的时间；（3）对整个过程，运用动能定理求出位移x．【解答】解：（1）由题意，当超级电容车知当时，速度达到时有：F牵﹣f=0…①电容车所受的阻力为：f=kmg…②又 P=F牵v m…③联解①②③得：v m=30m/s…④（2）设车子匀加速运动的最大速度为v′，车在匀加速阶段，有：…⑤根据牛顿第二定律得：…⑥。

资阳市2014-2015学年度高中二年级第二学期期末质量检测物理试题及答案

资阳市2014～2015学年度高中二年级第二学期期末质量检测物理本试卷分为第Ⅰ卷（选择题，40分）和第Ⅱ卷（非选择题，60分）两部分．第Ⅰ卷1至2页，第Ⅱ卷3至6页．全卷共100分，考试时间为100分钟．第Ⅰ卷（选择题，共40分）注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目用2B 铅笔涂（写）在答题卡上． 2．每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上．3．考试结束时，将本试卷和答题卡一并收回．一、选择题（本题包括10小题．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下列说法中符合实际的是A ．变化的磁场一定产生变化的电场B ．电磁波不能发生衍射现象C ．根据多普勒效应可以判断遥远天体对地球的运动速度D ．光在真空中的运动速度在不同惯性系中测得数值可能不同 2．已知某玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，则两种光 A ．在该玻璃中传播时，蓝光的速度较大B ．以相同的入射角从空气斜射入该玻璃中，蓝光折射角较大C ．从该玻璃中射入空气发生全反射时，红光临界角较大D ．用同一装置进行双缝干涉实验，蓝光的相邻条纹间距较大 3．某交流发电机线圈电阻为0.4Ω，给灯泡提供如图所示的正弦式交变电流。

下列说法中正确的是A ．交变电流的频率为0.02HzB ．交变电流的瞬时表达式为5cos50(A)i t π=C ．在t ＝0.01s 时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D ．发电机线圈产生的热功率为5W 4．如图为某小型电站的电能输送示意图，发电机通过升压变压器T 1和降压变压器T 2向用户供电，已知输电线的总电阻R=10Ω，降压变压器T 2的原、副线圈匝数之比为4∶1，副线圈与用电器R 0组成闭合电路。

若T 1、T 2均为理想变压器，T 2的副线圈两端电压(V)u t π=，当用电器电阻R0=11Ω时A ．通过用电器R 0的电流有效值是10AB ．升压变压器的输入功率为4650WC ．发电机中的电流变化频率为100HzD ．当用电器的电阻R 0减小时，发电机的输出功率减小5．如图所示，在两等量异种点电荷A 、B 的电场中，MN 为两电荷连线的中垂线，a 、b 、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a 与c 关于MN 对称，b 点位于MN 上，d 点位于两电荷的连线上。

四川省资阳市2014-2015学年高一下学期期末质量检测英语试卷

资阳市2014－2015学年度高中一年级第二学期期末质量检测英语本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

第Ⅰ卷1至7页。

第Ⅱ卷8至10页。

共150分。

考试时间120分钟。

第Ⅰ卷（选择题共100分）注意事项：1. 答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。

2. 每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上。

3. 考试结束时，将本试卷和答题卡一并收回。

第一部分：听力（共两节，满分30分）第一节（共5小题；每小题1.5分，满分7.5分）听下面5段对话。

每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。

听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。

每段对话仅读一遍。

1. Where did the woman spend her holiday?A. At her uncle’s house.B. On her uncle’s farm.C. At a piano school.2. How many hours does the woman work every week?A. 40.B. 47.C. 50.3. What instrument did Mario use to play?A. The violin.B. The piano.C. The drums.4. Who has been sick?A. Mary.B. Alice.C. The man’s sister.5. Why is the woman going to Boston?A. To visit her grandparents.B. To see her parents.C. To have a job interview. 第二节（共15小题；每小题1.5分，满分22.5分）听下面5段对话或独白。

2014-2015学年四川省资阳市高二(下)期末物理试卷

2014-2015学年四川省资阳市高二（下）期末物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共8小题，共32.0分)1.下列说法中符合实际的是（）A.变化的磁场一定产生变化的电场B.电磁波不能发生衍射现象C.根据多普勒效应可以判断遥远天体对地球的运动速度D.光在真空中的运动速度在不同惯性系中测得数值可能不同【答案】C【解析】解：A、只有非均匀变化的磁场才一定产生变化的电场，若是均匀变化的磁场，则会产生恒定的电场，故A错误；B、电磁波是横波，波都能发生干涉和衍射，故B错误；C、由于波源与接受者的相对位移的改变，而导致接受频率的变化，称为多普勒效应，所以可以判断遥远天体相对于地球的运动速度，故C正确；D、根据光速不变原理，知在不同惯性系中，光在真空中沿不同方向的传播速度大小相等，故D错误．故选：C．均匀变化的磁场产生稳定的电场，非均匀变化的磁场产生变化的电场；电磁波是横波，波都能发生干涉和衍射；利用多普勒效应和光速不变原理判断CD选项即可．明确干涉和衍射是波特有的现象；知道电磁波谱及作用功能，多普勒效应和光速不变原理，属于基础题．2.已知某玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，则两种光（）A.在该玻璃中传播时，蓝光的速度较大B.以相同的入射角从空气斜射入该玻璃中，蓝光折射角较大C.从该玻璃中射入空气发生反射时，红光临界角较大D.用同一装置进行双缝干涉实验，蓝光的相邻条纹间距较大【答案】C【解析】解：A、由可知，蓝光在玻璃中的折射率大，蓝光的速度较小，故A错误；B、以相同的入射角从空气中斜射入玻璃中，蓝光的折射率大，向法线靠拢偏折得多，折射角应较小，故B错误；C、从玻璃射入空气发生全反射时的临界角由公式可知，红光的折射率小，临界角大，故C正确；D、用同一装置进行双缝干涉实验，由公式可知蓝光的波长短，相邻条纹间距小，故D错误．故选C．根据题目中的蓝光的折射率比红光的折射率大，可以判断这两种光在该玻璃中的波速大小，以及波长、临界角等大小情况，然后以及相关物理知识即可解答．折射率大的频率高、波长短、临界角小、光子能量高等这些规律要明确，并能正确应用．3.某交流发电机线圈电阻为0.4Ω，给灯泡提供如图所示的正弦式交变电流．下列说法中正确的是（）A.交变电流的频率为0.02H zB.交变电流的瞬时表达式为i=5cos50πt（A）C.在t=0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D.发电机线圈产生的热功率为5W【答案】D【解析】解：A、由图象可知，交流电的周期为20×10-3s，所以交流电的频率为f==50H z，所以A错误；B、根据图象可得，交变电流的瞬时表达式为i=A cosωt=5cos100πt（A），所以B错误；C、在t=0.01s时，感应电流最大，所以此时穿过交流发电机线圈的磁通量的变化率最大，穿过交流发电机线圈的磁通量最小，所以C错误；D、交流电的有效值为I==A，所以发电机的发热功率为P=I2r=×0.4W=5W，所以D正确．故选：D．根据图象可明确瞬时表达式及最大值和周期等；再根据周期和频率的关系求得频率；根据交流电的交生规律可明确磁通量的大小．解决本题的关键就是有电流的瞬时值表达式求得原线圈中电流的最大值，进而求得原线圈的电流的有效值的大小．4.如图为某小型电站的电能输送示意图，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电，已知输电线的总电阻R=10Ω，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：1，副线圈与用电器R0组成闭合电路．若T1、T2均为理想变压器，T2的副线圈两端电压u=220sin100πt（V），当用电器电阻R0=11Ω时（）A.通过用电器R0的电流有效值是10AB.升压变压器的输入功率为4650WC.发电机中的电流变化频率为100H zD.当用电器的电阻R0减小时，发电机的输出功率减小【答案】B【解析】解：A、降压变压器副线圈两端交变电压u=220sin100πt V，则副线圈电压有效值220V，由于阻值R0=11Ω，所以通过R0电流的有效值是20A．故A错误；B、降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：1，所以降压变压器原线圈的为5A，输电线上损失的电功率为I2r=52×10=250W，输出功率P=UI=220×20=4400W；因升压变压器输出功率等于导线上消耗的功率和用电器上消耗的功率；故升压变压器输入功率P=4400+250=4650W；故B正确；C、因交流电的角速度为ω=100π；故频率为50H z；故C错误；D、当用电器功率减小时，由于电压不变；故功率增大；因此发电机的输出功率增大；故D错误；故选：B．通过理想升压变压器T1将电送到用户附近，然后用理想降压变压器T2向远处用户供电家中．提升电压的目的是降低线路的功率损失，从而提高用户得到的功率．由教室获得的功率与正常发光的电压可求得，线路上的损失电压．再功率可算出输电上的电阻．由理想变压器的变压比与变流比可求出发电机的电动势．对于远距离输电问题；掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．5.如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A.b点场强大于d点场强B.b点电势高于d点电势C.试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能D.a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差【答案】D【解析】解：A：在两等量异号电荷连线上，中间点电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大；所以b点场强小于d点场强，选项A错误；B：MN是一条等势线，与在两等量异号电荷连线上的点相比较，d点的电势要高，所以d点电势高于b点电势，选项B错误；C：因a点的电势高于c点的电势，故试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能，选项C错误．D：由对称性可知，a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差，故选项D正确；故选：D．据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小，由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势差；由电势能的定义可知ac两点电势能的大小．该题考查常见电场的电场线分布及等势面的分布，要求我们能熟练掌握并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．6.如图所示，平行金属板A、B间加速电压为U1，C、D间的偏转电压为U2，M为荧光屏．今有不计重力的一价氢离子（H+）和二价氦离子（H e2+）的混合体，从A板由静止开始经加速和偏转后，打在荧光屏上，则它们（）A.同时到达屏上同一点B.先后到达屏上同一点C.同时到达屏上不同点D.先后到达屏上不同点【答案】B【解析】解：粒子在加速电场中加速，由动能定理得：q U1=mv2-0，在偏转电场中做类平抛运动，水平方向：L=vt，竖直方向：y=at2=t2，解得：y=，粒子的偏移量与电荷量及电荷的质量无关，粒子将打在光屏的同一个点上，故B正确；故选：B．粒子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律求出粒子的偏移量，然后答题．本题考查了粒子在电场中的运动，分析清楚粒子运动过程，应用动能定理与类平抛运动规律可以解题．7.在图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A．则以下判断中正确的是（）A.电动机的输出功率为14WB.电动机两端的电压为7.0VC.电动机产生的热功率4.0WD.电源输出的电功率为24W【答案】B【解析】解：B、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为U=E-U内-=12-I r-IR0=12-2×1-2×1.5=7V，所以B正确；A、C，电动机的总功率为P总=UI=7×2=14W，电动机的发热功率为P热=I2R=22×0.5=2W，所以电动机的输出功率为14W-2W=12W，所以A、C错误；D、电源的输出的功率为P输出=EI-I2R=12×2-22×1=20W，所以D错误．故选：B．在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．8.一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形如图甲所示，A、P和Q是介质中的三个质点，A的振动图象如图乙所示．下列判断正确的是（）A.该波的传播速度是2.5m/sB.该波沿x轴正方向传播C.从0～0.4s，P通过的路程为4mD.从t=0时刻开始，P将比Q先回到平衡位置【答案】C【解析】解：A、由乙图知，质点的振动周期为T=0.8s，由甲图知，波长λ=20m，则波速为：v==m/s．故A错误；B、由乙图知，t=0时刻，质点A向上运动，根据甲图由平移法可知，该波沿x轴负方向传播，故B错误；C、t=0.4s=T，质点P运动的时间是半个周期，所以P通过的路程一定是振幅的2倍，即s=2A=2×2=4m．故C正确；D、波沿x轴负方向传播，此时P向下振动，Q位于波谷的位置，所以Q比P先回到平衡位置．故D错误．故选：C本题要在乙图上读出A质点在t=0时刻的速度方向，在甲图上判断出波的传播度方向；由甲图读出波长，由乙图读出周期，即求出波速和频率，根据简谐运动的特点：一个周期内质点路程为4A，分析△t是几倍的周期，可以确定0.4s内的路程，根据波的传播方向判断P、Q两点谁先回到平衡位置．本题关键要理解波动图象与振动图象的联系与区别，同时，读图要细心，数值和单位一起读．判断波的传播方向和质点的振动方向关系是必备的能力．二、多选题(本大题共2小题，共8.0分)9.如图所示，带电粒子以速度v沿cb方向射入一横截面为正方形的区域，c、b均为该正方形两边的中点．不计粒子的重力，当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子从a点飞出，所用时间为t1；当区域内有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面的匀强磁场时，粒子也从a点飞出，所用时间为t2．下列说法正确的是（）A.t1＜t2B.t1＞t2C.=vD.=v【答案】AD【解析】解：A、粒子在电场作用下作类似于平抛运动，而在磁场作用下作匀速圆周运动．在电场作用下，水平方向的速度分量保持不变，而在磁场作用下，作匀速圆周运动时，水平方向的速度分量逐步减小，故t1小于t2，故A正确，B错误；C、设正方向的边长为2l，当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子做平抛运动，则有：l=a1t12，2l=vt1，解得：a1=，当区域内有垂直于纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场时，粒子做匀速圆周运动，设圆的半径为R，则依勾股定理得：R2=（R-l）2+（2l）2解得：R=l，所以圆周运动的加速度a2==，所以===，则：=v，故C错误，D正确；故选：AD．粒子垂直射入电场，在电场中偏转做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，根据平抛运动的基本公式及圆周运动的向心力公式、周期公式，联立方程即可求解．本题是带电粒子在电磁场中运动的问题，粒子垂直射入电场，在电场中偏转做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，要求同学们能画出粒子运动的轨迹，结合几何关系求解，知道半径公式及周期公式，难度适中．10.如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个矩形匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，磁感应强度大小为均B，磁场方向相反且均与斜面垂直，磁场的宽度MJ和JG均为L，一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，当ab边刚越过GH进入磁场Ⅰ区时，线框恰好以速度v1做匀速直线运动；当ab边下滑到JP与MN的中间位置时，线框又恰好以速度v2做匀速直线运动，从ab进入GH到MN与JP的中间位置的过程中，线框的机械能减少量为△E，重力对线框做功的绝对值为W1，安培力对线框做功的绝对值为W2，下列说法中正确的是（）A.v1：v2=2：1B.v1：v2=4：1C.△E=W2D.△E=W1【答案】BC【解析】解：AB、当ab边刚越过GH进入磁场I时做匀速直线运动，根据平衡条件，有：mgsinθ=当ab边下滑到JP与MN的中间位置时又做匀速直线运动，根据平衡条件，有：mgsinθ=2B••L=，联立解得：v1：v2=4：1，故A错误，B正确；CD、根据功能关系，导线框克服安培力做功的大小等于机械能的减少，可得△E=W2，故C正确，D错误．故选：BC．当ab边刚越过GH进入磁场I时做匀速直线运动，安培力、支持力与重力平衡，由平衡条件和安培力公式结合求解速度v1；当ab边下滑到JP与MN的中间位置时，ab与cd 两边切割磁感线，产生两个感应电动势，再次根据平衡条件求解速度v2；线框克服安培力做功等于机械能的减少量．本题从力和能量两个角度分析电磁感应现象，安培力的表达式F=是常用的经验公式，要掌握推导过程，并要记牢结论．三、实验题探究题(本大题共2小题，共16.0分)11.如图所示为“研究电磁感应现象”的实验装置图．（1）将图中所缺的导线补画完整；（2）在如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下；那么合上电键后，将滑线变阻器的滑片P向右滑动时，电流计指针将______ ．（选填“向右偏转”、“向左偏转”或“指零”）【答案】向右偏转【解析】解：（1）将电源、电键、变阻器、小螺线管串联成一个回路，再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，电路图如图所示（2）闭合开关，穿过副线圈的磁通量增大，灵敏电流表的指针向右偏；那么合上电键后，将滑线变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，原线圈电流变大，穿过副线圈的磁场方向不变，但磁通量变大，灵敏电流计指针将右偏转．故答案为：（1）连线如上图所示；（2）向右偏转．（1）注意该实验中有两个回路，一是电源、电键、变阻器、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答．（2）磁场方向不变，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反．本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同．知道磁场方向或磁通量变化情况相反时，感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键．12.影响物质材料电阻率的因素很多，一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大，而半导体材料的电阻率则与之相反，随温度的升高而减少．某课题研究组需要研究某种导电材料的导电规律，他们用该种导电材料制作成电阻较小的线状元件Z做实验，测量元件Z中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律．（1）他们应选用图1的哪个电路进行实验？______（2）实验测得元件Z的电压与电流的关系如表所示．根据表中数据，判断元件Z是______ 材料（选填“金属”、“半导体”）；（3）用螺旋测微器测得线状元件Z的直径如图2所示，则元件Z的直径是______ mm；（4）把元件Z接入如图3所示的电路中，当电阻R的阻值为2Ω时电流表的读数为1.25A；当电阻R的阻值为3.6Ω时电流表的读数为0.80A．结合上表数据可求得电池的电动势为E= ______ V，内阻为r= ______ Ω．【答案】A；半导体；1.990；4；0.4【解析】解：（1）电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；待测电阻阻值很小，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，由图1所示电路图可知，实验应采用A所示电路．（2）由表中实验数据可知，随元件电压增大，通过元件的电流增大，元件的实际功率增大，元件温度升高；由欧姆定律可知，随元件两端电压增大，元件电阻减小，因此元件是半导体材料．（3）由图2所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为1.5mm，可动刻度示数为49.0×0.01mm=0.490mm，元件的直径为1.5mm+0.490mm=1.990mm（1.989～1.991均正确）．（4）由图3可知，元件Z与电阻R串联，电流表测电路电流，由表中实验数据可知，电流为1.25A时，元件两端电压为1.00V，电流为0.80A时，元件两端电压为0.80V，由闭合电路欧姆定律可得：E=I（R+r）+U V，E=1.25×（2+r）+1.00，E=0.80×（3.6+r）+0.80，解得，电源电动势E=4.0V，内阻r=0.4Ω．故答案为：（1）A；（2）半导体；（3）1.990；（4）4，0.4．（1）伏安法测电阻，电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；待测电阻阻值很小，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，分析图示电路，选出实验所需电路．（2）元件两端电压越大，通过元件的电流越大，由P=UI可知元件实际功率越大，元件温度越高；根据表中实验数据，应用欧姆定律判断随电压增大，温度越高时元件电阻如何变化，然后判断元件的种类．（3）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，由图示螺旋测微器可以读出元件的直径．（4）由表中实验数据找出个电流所对应的电压值，然后根据闭合电路欧姆定律列方程，然后求出电源电动势与内阻．本题考查了实验电路的选择、元件性质的判断、螺旋测微器读数、求电源电动势与内阻等问题；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是其读数，螺旋测微器需要估读．四、计算题(本大题共4小题，共44.0分)13.如图所示，倾角为θ的斜面处于竖直向下的匀强电场中，在斜面上某点以初速度为v0水平抛出一个质量为m的带正电小球，小球在电场中受到的电场力与小球所受的重力相等．设斜面足够长，地球表面重力加速度为g，不计空气的阻力，求：（1）小球落到斜面所需时间t；（2）小球从水平抛出至落到斜面的过程中电势能的变化量△E．【答案】解：（1）小球做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律得q E+mg=ma，q E=mg，得a=2g水平方向：x=v0t竖直方向：y=又联立上四式得：t=（2）由上得y==电场力做功为W=q E y=mg•=m故电势能的变化量△E p=-W=-m答：（1）小球落到斜面所需时间t为（2）小球从水平抛出至落到斜面的过程中电势能的变化量△E为-m【解析】（1）小球水平抛出后，由于所受电场力与重力均为恒力，小球做类平抛运动，根据牛顿第二定律求出加速度，运用运动的分解法，由运动学公式和水平位移与竖直位移的关系求解时间；（2）从水平抛出至落到斜面的过程中，小球的电势能变化量等于电场力做功，由运动学公式求出竖直位移大小y，由W=q E y求解电势能的变化量．本题是类平抛运动，其研究方法与平抛运动相似，关键掌握如下的分解方法：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动．14.如图所示，电源电动势E=16V、内阻r=1Ω，电阻R1=14Ω．间距d=0.2m的两平行金属板水平放置，板间分布有垂直于纸面向里、磁感应强度B=1T的匀强磁场．闭合开关S，板间电场视为匀强电场，将一带电的小球以初速度v0=0.1m/s沿两板间中线水平射入板间．设滑动变阻器接入电路的阻值为R2．不计空气的阻力，取g=10m/s2，求：（1）当R2=17Ω时电阻R2消耗的电功率P2；（2）若小球进入板间做匀速圆周运动并与板相碰，碰时速度与初速度的夹角为θ=60°，求滑动变阻器接入电路的阻值R2′．【答案】解：（1）由闭合电路的欧姆定律有：…①由功率公式可得：P=I2R2…②联解①②得：P=4.25w…③（2）由闭合电路的欧姆定律有：…④由物体的平衡有：…⑤由洛伦兹力提供向心力有：…⑥由几何关系有：…⑦联解④⑤⑥⑦得：R2=5Ω…⑧答：（1）当R2=17Ω时电阻R2消耗的电功率P2为4.25W；（2）滑动变阻器接入电路的阻值R2′为5Ω【解析】（1）由闭合电路欧姆定律可求得电流，再由功率公式可求得电功率；（2）根据带电粒子在磁场中的洛仑兹力充当向心力及平衡关系列式，联立可求得接入电阻．本题综合考查闭合电路欧姆定律，带电粒子在电磁场中的运动，要注意明确相互间的联系，将其分解为小的知识点进行分析求解．15.如图所示，倾角为θ的足够长光滑绝缘斜面上存在宽度均为L的匀强电场和匀强磁场区域，电场的下边界与磁场的上边界相距为L，其中电场方向沿斜面向上，磁场方向垂直于斜面向下、磁感应强度的大小为B．电荷量为q的带正电小球（视为质点）通过长度为4L的绝缘轻杆与边长为L、电阻为R的正方形单匝线框相连，它们的总质量为m，置于斜面上，线框下边与磁场的上边界重合．现将该装置由静止释放，当线框下边刚离开磁场时恰好做匀速运动；当小球运动到电场的下边界时速度恰好减为0．已知L=1m，B=0.8T，q=2.2×10-6C，R=0.1Ω，m=0.8kg，θ=53°，sin53°=0.8，取g=10m/s2．求：（1）线框做匀速运动时的速度v；（2）电场强度E的大小；（3）足够长时间后小球到达的最低点与电场上边界的距离x．【答案】解：（1）设线框下边离开磁场时做匀速直线运动的速度为v0，则：E=BL v0，I=F A=BIL=根据平衡条件：mgsinθ-=0可解得：v0==1m/s（2）从线框刚离开磁场区域到小球刚运动到电场的下边界，根据动能定理：-q EL+mgsinθ×2L=0-可解得：E=6×106N/C（3）设经足够长时间后，小球运动的最低点到电场上边界的距离为x，线框最终不会再进入磁场，即运动的最高点是线框的上边与磁场的下边界重合．根据动能定理：q E x-mgsinθ（L+x）=0解得：x=m答：（1）线框做匀速运动时的速度大小为1m/s；（2）电场强度的大小为6×106N/C；（3）经足够长时间后，小球到达的最低点与电场上边界的距离为m．【解析】（1）线框做匀速运动时重力的分力与安培力平衡，根据平衡条件，结合切割产生的电动势、闭合电路欧姆定律求出匀速运动的速度．（2）从线框刚离开磁场区域到小球刚运动到电场的下边界这段过程为研究过程，运用动能定理求出电场强度的大小．（3）当小球运动到电场的下边界时刚好返回，速度为零，运用动能定理求解小球到达的最低点与电场上边界的距离．本题综合考查了能量守恒定律、闭合电路欧姆定律以及切割产生的感应电动势大小，综合性强，对学生的能力要求高，关键理清线框的运动情况，选择合适的规律求解．16.如图所示，真空中有方向垂直纸面向里的匀强磁场和方向沿x轴正方向的匀强电场，当质量为m的带电粒子以速度v沿y轴正方向射入该区域时，恰好能沿y轴做匀速直线运动；若撤去磁场只保留电场，粒子以相同的速度从O点射入，经过一段时间后通过坐标为（L，2L）的b点；若撤去电场，只保留磁场，并在直角坐标系x O y的原点O处放置一粒子源，它能向各个方向发射质量均为m、速度均为v的带电粒子，不计粒子的重力和粒子之间的相互作用力．求：（1）只保留电场时，粒子从O点运动到b点，电场力所做的功W；（2）只保留磁场时，粒子源发射的粒子从O点第一次运动到坐标为（0，2L）的a点所用的时间t．【答案】解：（1）设粒子的电量为q，匀强电场强度为E，磁感应强度为B．只保留电场时，粒子从O点运动到b点，有：2L=vt…①q E=ma…②…③W=q EL…④联解①②③④得：…⑤（2）当电场和磁场同时存在时，有：qv B-q E=0…⑥若撤去电场保留磁场，则由牛顿定律：…⑦联解得：R=2L…⑧粒子做匀速圆周运动轨迹如图所示的两种情况，圆心分别为O1、O2，易知△O1a O和△O2a O均为等边三角形，所以：…⑨粒子从O点第一次到达a点所用的时间分别为：…⑩=…⑪答：（1）只保留电场时，粒子从O点运动到b点，电场力所做的功W为mv2；（2）只保留磁场时，粒子源发射的粒子从O点第一次运动到坐标为（0，2L）的a点所用的时间t为或．【解析】（1）粒子在电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律与功的计算公式可以求出电场力做的功．（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，应用牛顿第二定律、粒子周期公式求出粒子的运动时间．本题考查了粒子做类似平抛运动和匀速圆周运动的基本规律，画出圆周运动的轨迹并结合几何关系列式分析是关键．。

2014年四川省资阳市高中阶段教育学校招生统一考试物理试卷

2014年四川省资阳市高中阶段教育学校招生统一考试物理试卷一、选择题1、如图所示的四种光现象中，由于光的反射形成的是（）A．手影B．小孔成像C．桥在水中的倒影D．直的花茎“错位”了2、秋天的清晨，我们经常发现野外的树叶或小草上凝结着晶莹的露珠，如图所示．形成露珠的物态变化过程是（）A．升华 B．汽化 C．熔化 D．液化3、下列说法正确的是（）A．甲物体对乙物体施加力的同时，甲物体也一定受到了力的作用B．相互平衡的两个力，这两个力的三要素可能相同C．作匀速直线运动的汽车一定不受力的作用D．一个物体受到力的作用，它的运动状态一定改变．4、如图所示的实验装置中能够说明电磁感应现象的是（）A． B． C． D．5、跳伞运动员在空中匀速下落的过程中（）A．动能一定增大 B．机械能一定不变C．重力势能一定减小 D．机械能一定增加6、在A、B、C三个相同的烧杯内装有深度相同的液体，三种液体的密度关系是ρ1=ρ2＞ρ3将甲、乙、丙三个重力分别为G甲、G乙、G丙的实心小球分别在A、B、C的液体中，其中甲球在A中沉入液体底部，乙球在B中恰好悬浮，丙球在C中漂浮在液面上．三个球的密度分别为ρ甲、ρ乙、ρ丙，体积关系是V甲＞V乙=V丙，三个球所受浮力分别为F1F2F3三个烧杯里的液体对杯底的压强分别为p1p2p3则以下判断的关系中正确的是（）A．ρ甲＞ρ乙=ρ丙 B．G甲＞G乙＞G丙C．F1＞F2＞F3 D．p1=p2＞p37、关于燃料的热值下列说法正确的是（）A．燃料的热值与燃料的燃烧情况有关B．容易燃烧的燃料的热值一定大C．煤的热值比干木柴的大，煤燃烧放出的热量比干木柴放出的热量多D.0.5kg煤油和1.5kg煤油的热值一样大8、声音在均匀空气里传播过程中（）A．声速逐渐减小 B．频率逐渐减小C．振幅逐渐减小 D．声速、频率、振幅都不变9、某同学在做透镜成像的实验时，将一支点燃的蜡烛放在距离透镜20cm的地方，当它向透镜移动时，其倒立的像移动速度大于蜡烛移动速度，则可判断此透镜（）A．是凸透镜，焦距为20cmB．是凸透镜，焦距可能为15cmC．是凹透镜，焦距为20cmD．是凹透镜，焦距可能为15cm10、如果加在定值电阻两端的电压从8V增加到10V时，通过定值电阻的电流相应变化了0.2A，则该定值电阻所消耗的电功率的变化量是（）A.0.4WB.2.8WC.3.2WD.3.6W11、质量为8kg的均匀木块，它与桌面的接触面积为100cm2，若用2N拉力使它在水平桌面上匀速前进1m，如图，下列叙述错误的是（）A．木块与桌面之间摩擦力大小是2NB．木块在运动过程中机械能不变C．木块对桌面的压强是800PaD．拉力在此过程中做功是2 J12、如图所示的电路，已知电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电源电压为6V．开关S闭合后，在滑动变阻器滑片滑动的过程中，保证电流表、电压表不被烧坏的条件是（）A．电压表最小示数是1VB．滑动变阻器滑片允许滑到最左端C．电路中允许通过的最大电流是0.6AD．滑动变阻器滑片移动的过程中，电流表先达到最大量程13、小兰站在竖直的平面镜前0.5m处，她在镜中的像到镜面的距离是 m．14、把一个标有“220V 500W”的电热杯接在电源上使其正常工作，在通电3min的时间内，该电热杯产生的热量为J．15、如图所示，光滑带槽的长木条AB（质量不计）可以绕支点O转动，木条的A端用竖直细绳连接在地板上，OB=0.4m．在木条的B端通过细线悬挂一个高为20cm的长方体木块，木块的密度为0.8×103kg/m3B 端正下方放一盛水的溢水杯，水面恰到溢水口处．现将木块缓慢浸入溢水杯中，当木块底面浸到水下10cm深处时，从溢水口处溢出0.5N的水，杠杆处于水平平衡状态．然后让一质量为100g的小球从B点沿槽向A端匀速运动，经4s的时间，系在A端细绳的拉力恰好等于0，则小球的运动速度为m/s．（g取10N/kg）16、保温瓶中装水量为1kg，当水温由98℃降低到78℃时，共放出J的热量．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．17、小明家有额定功率为一个“220V 1500W”的电热水器，将其单独接在电路中，发现电能表上铝盘121s内转了125转，他家的实际电压为V．（电能表规格为“220V 20A 3000R/KWh”）18、小明想探究某电阻的阻值R ，与温度t 的关系，设计了如图所示的电路，其中，定值电阻R o =20Ω，电源电压U=3V ．他把该电阻放在不同的温度下做实验，得到了不同温度下该电阻的阻值（如表）．由表中数据得出，该电阻的阻值R t 与温度t 的数学关系式为19、在热机的四个冲程中，把机械能转化为内能的是冲程．20、根据实物图，画出相应的电路图．21、一小车水平向右匀速运动，在车厢顶部用细绳竖直悬挂一个小球，小球与竖直车厢壁刚好接触，作出小车向右匀速运动时小球受力的示意图．22、室内温度为20℃，此时用浸有少量酒精的棉花裹在温度计的玻璃泡上，画出能正确反映温度计示数随时间的变化情况的大致图象．23、小明同学探究“通过导体的电流与电压的关系”时，电路图与实物图如图所示．已知电源电压和电阻R 1的阻值均恒定，电流表A 的量程为0～0.6安，电压表V 1的量程为0～3伏，电压表V 2的量程为0～15伏，滑动变阻器R 2上标有“50Ω 1A ”的字样．（1）小明按电路图将实物连接起来，闭合开关前滑动变阻器的滑片应放在端（填“左”或“右”）．闭合开关，发现电流表A与电压表V1的示数为零，电压表V2的示数不为零，若是电路中的电阻R1或滑动变阻器R2发生故障．则故障是（2）排除故障后，继续进行实验，记录电流表A与电压表V1的示数，得到一组实验数据，如下表所示．分析表中实验数据可得结论：当导体的阻值不变时，通过导体的电流与电压成比（3）实验中，记录电流表A与电压表V2的示数，得到一组实验数据，根据实验数据作出U-I图线（实线部分），如图所示．则该实验中，在保证实验器材安全的前提下，电路中允许通过的最大电流为安．24、我们可以利用矿泉水瓶做小实验来说明一些物理知识．（1）双手挤压空矿泉水瓶可以使瓶子变形，如果施加的力增大，瓶子变形程度就加大，这表明力的作用效果跟力的有关．（2）往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿发现瓶子慢慢向内凹陷，这说明（3）不要在野外乱丢矿泉水瓶子，瓶子装水形成（填“凹透镜”或者“凸透镜”），对光线有（填“会聚”或者“发散”），容易造成火灾．25、同学们在学习“阿基米德原理”这节课上．仔细观察了老师所做的演示实验（如图所示）．课后复习时．物理兴趣小组的同学们，经过反复的思考、讨论，提出了对该实验的改进意见，并动手制作出了如图所示的实验装置，其中A、B为两个规格相同的弹簧秤，C为重物，D为薄塑料袋（质量不计），E是用废弃的大号饮料瓶、带孔橡皮塞以及弯曲玻管自制的溢水杯，杯中加人红色的水， F是升降平台（摇动手柄，可使平台高度缓慢上升、下降），G为铁架台．（1）实验中．同学们逐渐调高平台F，使重物浸入水中的体积越来越大，观察到弹簧秤A的示数；弹簧秤B的示数（选填“增大”、“减小”或“不变”）．比较弹簧秤A的示数变化量F A’和弹簧秤B的示数变化量F B’，它们的大小关系是F A′F B′（迭填“＞”、“＜”或“=”）．（2）通过分析，你认为应提醒兴趣小组的同学在操作时要注意什么问题？（请写出两条）①________________________________________________________________；②________________________________________________________________．（3）对比前图、后图的两组实验，改进后的实验与原实验比较有哪些优点？（请写出两条）①________________________________________________________________；②________________________________________________________________.26、如图所示，电路中电源两端电压保持不变，滑动变阻器的最大阻值为R3将滑动变阻器的滑片P置于A端，只闭合开关S1时，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2；将滑动变阻器的滑片P置于B端，仍只闭合开关S1时，电压表V1的示数为U1′，电压表V2的示数为U2′，R1消耗的电功率为0.72W．已知U1：U1′=4：7，U2：U2′=2：1，R2=12Ω．（1）求R1的阻值；（2）当滑动变阻器的滑片P置于B端时，闭合开关S1S2S3，通过计算说明电流表能否使用0～3A这一量程进行测量．27、如图是液压汽车起重机从水中打捞重物的示意图．A 是动滑轮，B 是定滑轮，C 是卷扬机，D 是油缸，E是柱塞．作用在动滑轮上共三股钢丝绳，卷扬机转动使钢丝绳带动动滑轮上升提取重物，被打捞的重物体积V=0.5m3若在本次打捞前起重机对地面的压强p1=2.0×107Pa，当物体在水中匀速上升时起重机对地面的压强p2=2.375×107Pa，物体完全出水后起重机对地面的压强p3=2.5×107Pa．假设起重时柱塞沿竖直方向，物体出水前、后柱塞对吊臂的支撑力分别为N1和N2，N1与N2之比为19：24重物出水后上升的速度v=0.45m/s．吊臂、定滑轮、钢丝绳的重以及轮与绳的摩擦不计．（g取10N/kg）求：（1）被打捞物体的重力；（2）被打捞的物体浸没在水中上升时，滑轮组AB的机械效率；（3）重物出水后，卷扬机牵引力的功率．参考答案一、选择题1、C2、D3、A4、B5、C6、C7、D8、C9、B 10、D 11、C 12、A13、0.5 14、9X104 15、0.13 16、8.4X10417、219 18、R t=20+0.5t 19、压缩20、21、22、23、（1）右、滑动变阻器R2断路；（2）正；（3）0.324、（1）大小；（2）大气压的存在；（3）凸透镜；会聚．25、（1）减小；增大；=；（2）①弹簧秤使用前要调零；②待弹簧秤示数稳定后再读数；（3）①溢水杯中加红色水，增加可见度；②能同时显示出物体所受的浮力大小和物体排开液体的重力大小．26、（1）求R1的阻值为8Ω；（2）当滑动变阻器的滑片P置于B端时，闭合开关S1、S2、S3，电流表可以使用0～3A这一量程进行测量27、2.0×104N．机械效率为78.9%；卷扬机牵引力的功率为1.08×104W．。

四川省资阳中学度高一物理下学期期末考试试题

资阳市2017~2018学年度高中一年级第二学期期末质量检测物理本试卷共4页；全卷共100分；考试时间100分钟．注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码贴在答题卡上对应的虚线框内．2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号．回答非选择题时，用0.5mm 黑色墨水签字笔将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．3．考试结束后，监考人只将答题卡收回．一、选择题（本题共10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第7-10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下列说法符合史实的是A ．伽利略提出了日心说B ．开普勒总结出了行星运动的三大规律C ．卡文迪许发现了万有引力定律D ．牛顿发现万有引力定律并测出引力常量2．如图所示，重物M 沿竖直杆下滑，并通过平行于斜面的细绳带动小车沿斜面升高．当滑轮右侧的绳与竖直方向成θ角且重物下滑的速率为v 时，小车的速度为A ．θsin vB ．θcos vC ．θcos vD ．θsin v 3．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如右图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为A ．θtanB ．θtan 21C ．θtan 1D ．θtan 24．如图所示，长为L 的细绳一端固定，另一端系一质量为m 的小球．给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为θ．下列说法中正确的是A ．θ越大，小球运动的线速度越大B ．θ越大，小球运动的加速度越小C ．小球受重力、绳的拉力和向心力作用D ．θ越大，小球运动的周期越大5．如图所示，将质量为m 的小球以速度v 0由地面竖直向上抛出．小球落回地面时，其速度大小为02v ．设小球在运动过程中所受空气阻力的大小不变，则下列说法正确的是A ．克服空气阻力做功2083mv B ．上升时间等于下降时间C ．上升的最大高度为g v 8520D ．重力做功不为零6．质量为5kg 的铅球从距沙坑某一高度无初速度释放，下落0.8s 后接触沙坑，再经过0.2s停止了下降，在该过程中（不计空气阻力，取g =10m/s 2），则下列说法正确的是A ．克服沙坑阻力做功160JB ．重力做功的平均功率为160WC ．重力的冲量为零D ．沙坑对铅球的平均阻力为铅球重力的5倍7．如图所示，两个可视为质点的、相同的木块A 和B 放在转盘上，两者用长为L 的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的K 倍，A 放在距离转轴L 处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴O 1O 2转动，开始时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止开始转动，使角速度缓慢增大，以下说法正确的是A ．当LKg 32>ω时，A 、B 相对于转盘会滑动B ．当LKg 2>ω时，绳子一定有弹力 C ．ω在L Kg LKg 322<<ω范围内增大时，B 所受摩擦力变大 D ．ω在L Kg L Kg 322<<ω范围内增大时，A 所受摩擦力不变 8．某类地行星的质量是地球质量的8倍，半径是地球半径的2倍，宇航员在地球表面以初速度10m/s 水平抛出一物体，其水平射程为10m ，已知地球表面的重力加速度g =10m/s 2，则下列说法正确的是A ．该类地行星表面的重力加速度5m/s 2B ．该类地行星的平均密度与地球的平均密度相等C ．该类地行星的第一宇宙速度为地球的第一宇宙速度的2倍D ．宇航员在类地行星表面以相同的高度和水平初速度抛出一物体，其水平射程为5m9．如图所示，竖直固定的光滑直杆上套有一个质量为m 的滑块，初始时静置于a 点．一原长为l 的轻质弹簧左端固定在O 点，右端与滑块相连．直杆上还有b 、c 、d 三点，且b 与O 在同一水平线上，Ob =l ，Oa 、Oc 与Ob 夹角均为37°，Od 与Ob 夹角为53°．现由静止释放小滑块，在小滑块从a 下滑到d 过程中，弹簧始终处于弹性限度内，sin37°=0.6，则下列说法正确的是A ．滑块在b 点时速度最大，加速度为gB ．从a 下滑到c 点的过程中，滑块的机械能守恒C ．滑块在c 点的速度大小为gL 3D ．滑块在d 处的机械能小于在a 处的机械能10．如图所示，物体A 、B 的质量均为m =0.1kg ，B 静置于劲度系数k =100N/m 竖直轻弹簧的上端且B 不与弹簧连接，A 从距B 正上方h =0.2m 处自由下落，A 与B 相碰并粘在一起．弹簧始终在弹性限度内，g =10m/s 2．下列说法正确的是A ．AB 组成的系统机械能守恒B ．B 运动的最大速度大于1m/sC ．B 物体上升到最高点时与初位置的高度差为0.05mD ．AB 在最高点的加速度大小等于10m/s 2二、探究与实验题（本题共2个小题，共18分．请按题目要求将答案填写在答题卡中对应题目的横线上）11．（8分）某同学用如图所示装置来探究碰撞中动量是否守恒，让质量为m 1的入射小球A 从斜槽某处由静止开始滚下，与静止在斜槽末端质量为m 2的被碰小球B 发生碰撞．（1）实验中必须要求的条件是______A ．斜槽必须是光滑的B ．斜槽末端的切线必须水平C ．槽口离地的高度D ．A 与B 的球心在碰撞瞬间必须在同一高度（2）两小球的质量应满足m 1______m 2（填>、<或=）（3）正确操作后，M 、P 、N 是得到的三个平均落点，图中的O 点是水平槽末端在记录纸上的垂直投影点．两球落点痕迹如图所示，其中米尺水平放置，且平行于运动轨迹所在平面，米尺的零点与O 点对齐．①若A 、B 两球的质量比mA :mB =5:1，测得OP =42.1cm ，OM =30.0cm ，ON =60.1cm 则在实验误差范围内A 、B 碰撞过程中动量______（填“守恒”或“不守恒”）；②若已知槽口末端离地高h =0.45m ，则碰撞后A 球落地时的速度为______m/s （取g =10m/s 2）．12．（10分）为了“探究外力做功与物体动能变化的关系”，查资料得知：“弹簧的弹性势能221kx E p ，其中k 是弹簧的劲度系数，x 是弹簧的形变量”．某同学用压缩的弹簧推静止的小球（已知质量为m ）运动来探究这一问题．为了研究方便，把小铁球O 放在水平桌面上做实验，让小铁球O 在弹力作用下运动，即只有弹簧推力做功．该同学设计实验如下：（1）如图甲所示，将轻质弹簧竖直挂起来，在弹簧的另一端挂上小铁球O ，静止时测得弹簧的形变量为d ．在此步骤中，目的是要确定______，用m 、d 、g 表示为______．（2）如图乙所示，将这根弹簧水平放在光滑桌面上，一端固定在竖直墙面，另一端与小铁球接触（不连接），用力推小铁球压缩弹簧；小铁球静止时测得弹簧压缩量为x ，撤去外力后，小铁球被弹簧推出去，从水平桌面边沿抛出落到水平地面上．（3）测得水平桌面离地高为h ，小铁球落地点离桌面边沿的水平距离为L ，则小铁球被弹簧弹出的过程中初动能E k1＝______，末动能E k2＝______（用m 、h 、L 、g 表示）；弹簧对小铁球做的功W ＝______（用m 、x 、d 、g 表示）．对比W 和（E k2－E k1）就可以得出“外力做功与物体动能变化的关系”，即：“在实验误差范围内，外力所做的功等于物体动能的变化”．三、论述与计算（本题共3小题，共42分．解答时应写出必要的文字说明、公式、方程式和重要的演算步骤，只写出结果不得分，有数值计算的题，答案中必须写出明确的数值和单位）13．（10分）英国某媒体推测：在2020年之前，人类有望登上火星，而登上火星的第一人很可能是中国人．假如你有幸成为人类登陆火星的第一人，乘坐我国自行研制的、代表世界领先水平的神舟x 号宇宙飞船，通过长途旅行，可以亲眼目睹了美丽的火星．为了熟悉火星的环境，你的飞船绕火星做匀速圆周运动，离火星表面的高度为H ，飞行了n 圈，测得所用的时间为t ．已知火星半径为R 、引力常量为G ，试求：（1）火星表面重力加速度g ；（2）火星的平均密度ρ．14．（12分）如图所示，水平长直轨道AB 与半径为R =0.8m 的光滑41竖直圆轨道BC 相切于B ，BC 与半径为r =0.4m 的光滑41竖直圆轨道CD 相切于C ，质量m =1kg 的小球静止在A 点，现用F =18N 的水平恒力向右拉小球，在到达AB 中点时撤去拉力，小球恰能通过D 点．已知小球与水平面的动摩擦因数μ=0.2，取g =10m/s 2．求：（1）小球在D 点的速度vD 大小；（2）小球在B 点对圆轨道的压力N B 大小；（3）A 、B 两点间的距离x ．15．（20分）如图所示，质量为m A ＝2kg 的滑块A 的左端放有可视为质点的物体C ，AC 以v 0＝5m/s 的速度沿光滑水平面匀速运动，C 的质量为m C ＝5kg ，C 与A 之间的动摩擦因数μ=0.2．某一时刻，A 与静止在水平面上长为L =0.4m 的质量为m B ＝3kg 的木板B 发生碰撞并粘连在一起（碰撞时间可忽略），A 、B 上表面高度相差H ＝0.8m ．此后，物体C 刚好掉落在B 的右端并立即与B 相对静止．不计空气阻力，取g ＝10m/s 2．求：（1）AB 碰撞结束时的速度v 1；（2）整个系统损失的机械能ΔE ；（3）滑块A 的长度d ．资阳市2017～2018学年度高中一年级第二学期期末质量检测物理参考答案及评分意见一、选择题（每小题4分，共40分）二、实验题（本题共2个小题，共18分） 11．（1）BD ；（2）>；（3）①守恒，②10。

四川省资阳市2014年高中阶段教育学校招生统一考试(物理)及参考答案

四川省资阳市2014年高中阶段教育学校招生统一考试（物理）一、选择题1. 下列关于声现象的四幅图中说法错误的是（）A . 宇航员在进行太空行走时不能直接听到同伴说话的声音是因为声音无法在太空中传播B .小明练琴前调整琴弦松紧程度的目的是调节琴声的响度 C . 美海军通过“蓝鳍金枪鱼”的预定位声纳系统搜寻马航失联飞机是利用声音传递信息 D . 外科医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用声音传递能量2. 下列关于光现象的四幅图中说法错误的是（）A . 大海深处发光的水母是光源B . 雾天透过树丛的光束是直的，表明光在空气中沿直线传播C . 医生用电子胃镜通过光导纤维观察人体胃肠道内部是利用光的多次折射传输图像信息D .英国物理学家牛顿用玻璃三棱镜使太阳光发生色散证明了太阳光是复色光3. 下列关于热现象的四幅图中说法错误的是（）A . 二氧化氮密度大于空气密度，抽掉玻璃板后由于分子热运动两瓶气体依然会混合在一起B .火箭发射升空过程中，火箭外壳与大气摩擦后温度升高、内能增大 C . 我国近年汽车数量大幅增加，汽车尾气的大量排放加剧了城市的热岛效应 D . 利用温度传感器得到的实验结果表明水和色拉油的吸热没有差异4. 下列有关能量的说法中错误的是（）A . 核能转化为电能的正确途径是：核能→机械能→内能→电能B . 太阳能利用可以光热转换、光化转换或光电转换，能量转化过程中总量保持不变C . 天然气是化石能源，属于不可再生能源，风能、水能等是可再生能源D . 拦河坝可以提高上游水位，利用水的势能和动能是通过水轮发电机转化为电能 5. 下列有关电现象的四幅图中说法正确的是（） A . 玻璃棒和丝绸摩擦时玻璃失去电子带负电，丝绸因有了多余电子而带等量的正电 B .闭合电路中电流总是从电源正极流向负极 C . 图中两个小灯泡属于同一条干路，是串联关系 D . 三孔插座上方插孔内导线与大地相连，避免用电器外壳带电对人造成伤害 6. 下列有关磁现象的四幅图中说法正确的是（） A . 地球仪悬浮于磁铁上方静止，球体受到的磁铁斥力大于所受重力 B . 蹄形磁铁周围小铁屑的分布情况说明磁感线是磁场中真实存在的曲线 C . 闭合开关，同时对调磁极和电源正负极可以改变导线ab 受力方向 D . 线圈abcd 在磁场中转动时，电路中会产生电流，小灯泡会发光7. 下列有关“压强和浮力”现象的说法中错误的是（）A . 鱼类主要是靠鳔的调节作用改变所受浮力来实现下沉和上浮的B . 蚊子细尖的口器可以增大压力，易于刺穿皮肤吸吮血液C . 人们用吸管吸食饮料时是靠大气压把饮料“压”进嘴里D . 水杯中的水对杯底的压强由水的深度决定，与杯子的底面积无关二、图示题8. 根据下面各图所给信息填空（取g=10N/kg ）．（1）晶体的熔化过程是图中的________段；（2）天平的读数是________ g ；（3）推而不动的小车共受到________个力的作用；（4）物体A 的质量是________ kg ．9.如图，护城河上的吊桥装置是巧妙应用杠杆的例子，请在图中画出动力F 、阻力F 和动力臂l ．10. 如图所示，图甲是小明奶奶眼睛成像情况示意图，请在图乙中画出矫正小明奶奶视力所需的透镜并完成光路图．12111. 如图，根据电源的正负极性、小磁针静止时N极的指向，在图中画出通电螺线管的绕线方向并标出螺线管极性和磁感线的方向．三、探究与实验题12. 某实验小组“利用杠杆平衡条件测固体密度”．【实验器材】待测小石块，杠杆及支架，细线，钩码数个，刻度尺，烧杯，水适量．【实验过程】（i）把杠杆的中点固定在支架上并调节杠杆在水平位置平衡；（ii）用细线将小石块拴好，把小石块和钩码m分别挂在杠杆的两边，调节钩码的位置使杠杆在水平位置平衡；（iii）分别量出小石块悬挂处与支点的距离L和钩码所挂处与支点的距离l，由杠杆平衡条件得出小石块的质量为_____ ___（iv）在烧杯内盛水，将小石块浸没水中，保持L不变，调节钩码m的悬挂位置，使杠杆重新在水平位置平衡；（v）量出钩码所挂处与支点的距离d，则小石块所受水的浮力为________；（vi）若水的密度为ρ，由阿基米德原理得出小石块的体积为________；（vii）由密度公式求出小石块的密度为________．13. 小凯和小兰在“探究电阻一定时电流与电压的关系”实验中，尚未完成的实物连线如图所示．（1）请把定值电阻正确连入电路完成实物连线________；（2）闭合开关后，调节滑动变阻器的阻值，读得电流表、电压表的示数如表：电压（V） 1.2 1.6 2.0 2.4 2.8电流（A ）0.120.160.200.240.28分析表中数据，得出的结论是：电阻一定时，电流与电压的关系是________；（3）根据表中数据可以求得定值电阻的阻值________．四、论证与计算题14. 如图所示，我国“歼15”舰载机已在“辽宁舰”上成功起降，“辽宁舰”成为真正意义上的航母．“辽宁舰”的有关参数如表所示．满载排水量G （t ）67500最大功率P （kW ） 1.5×10动力提供（燃料）重油最高航速v （km/h ）54最大舰长L （m ）304最大舰宽d （m ）70.5发动机效率η（%）25最大舰载机数量n （架）30已知海水密度ρ=1.1×10kg/m ，重油的热值q=4.0×10J/kg ，取g=10N/kg．求：（1） “辽宁舰”满载时受到海水的浮力F ；（2） “辽宁舰”发动机以最大功率、最高航速航行时提供的牵引力F ；（3） “辽宁舰”以最高航速航行1000km 所需要燃烧重油的质量m ．15. 如图甲所示是电动传送机，传送带斜面长L=15m ，与水平地面成θ=30°，每袋货物质量m=30kg ；若货物传送过程中不打滑，传送带上的货物间距离均为d=1m ，货物上行的s ﹣t 图像如图乙所示，传送一袋货物所做的额外功是W′=750J ，取g=10N/kg．求：（1）传送机运转时货物的运动速度v ；（2）传送机匀速传送一袋货物所做的有用功W ；（3）传送机工作时的机械效率η；（4）从传送机开始运转到第20袋货物刚要放上传送带的时间内传送机所做的总有用功W ．16. 如图甲所示是小明设计的调光灯电路图，他将粗细均匀的镍铬合金丝AB 通过滑片P 连入电路，小灯泡L 的额定电压为U =6V ．闭合开关S 后，滑片P 从镍铬合金丝左端A 滑到右端B 的过程中，小灯泡的I ﹣U 关系图像如图乙所示；设镍铬合金丝AB 的阻值不随温度变化．求：m m 5m m m m 海水33712总0（1）小灯泡的额定功率P ；（2） AB 的最大阻值R ；（3）当镍铬合金丝AB 连入电路部分的电阻R =2Ω、小灯泡L 消耗功率为P=4W 时小灯泡灯丝的电阻R ．参考答案1.2.3.4.5.6.7.8.9.10.11.01212.13.14.15.16.。

资阳市期末试题2014级高一下物理答案

资阳市2011～2012学年度高中一年级第二学期期末质量检测物理参考答案及评分意见一、选择题（每小题4分，共40分）二、填空与实验题（本题共5个小题，每空2分，共30分．把答案填在题中横线上）11．1，1； 12．2GMm R ，2GMR；13．40，20，20；14．（1）将小球轻放在斜槽末端看其是否滚动；（2）①0.1，②1.5，③2；15．（1）BC ；（2）01()mg s s +，2122()32m s s T +。

三、论述与计算题（本题共4个小题，共30分）16．（6分）解：（1）作小球受力分析如图，由竖直方向受力平衡得：cos 0T mg θ-=………………① 解得：cos mgT θ=………………②（2）设小球作匀速圆周运动的半径为r ，由图中几何关系有：sin r l θ=⋅………………③小球作匀速圆周运动，由牛顿第二定律有：2tan v mg m rθ=………………④ 联解③④得：v =………………⑤评分参考意见：本题共6分，其中①②③⑤式各1分，④式2分；若有其他合理解法且答案正确，可同样给分。

17．（8分）解：（1）作物体受力分析如图，由牛顿第二定律有：竖直方向：sin 0F N mg θ+-= ………………① 水平方向：cos F f ma θ-=………………② f N μ=………………③设2s 内物体位移为x ，由位移公式得：212x at =………………④根据功的定义有：W F x =⋅ ………………⑤联解①②③④⑤代入数据得：W ＝192J………………⑥（2）设2s 时物体速度为v ，由速度公式及功率公式得：v at = ………………⑦ cos P F v θ=⋅………………⑧联解⑦⑧代入数据得：P ＝192W………………⑨评分参考意见：本题共8分，其中①②③④⑤⑦⑧式各1分，⑥⑨式各0.5分；若有其他合理解法且答案正确，可同样给分。

18．（8分）解：（1）小球在星球表面作平抛运动，有：水平方向：0s v t =………………① 竖直方向：212h gt =………………②设星球质量为M ，对处于星球表面的物体，忽略星球自转影响有：2MmGmg R = ………………③对卫星的运动，由牛顿第二定律有：22()()Mm v G m R H R H ''=++………………④联解①②③④得：v =………………⑤（2）由题意有，星球体积：343V R π=………………⑥由质量、密度和体积关系有：MVρ=………………⑦联解①②③⑥⑦得星球密度：2232hs G Rv ρπ= ………………⑧评分参考意见：本题共8分，其中①②③④⑤⑥⑦⑧式各1分；若有其他合理解法且答案正确，可同样给分。

【物理】四川省资阳市2014-2015学年高一上期期末质量检测卷(精校解析版)

资阳市2014～2015学年度高中一年级第一学期期末质量检测物理本试卷分为第Ⅰ卷（选择题，40分）和第Ⅱ卷（非选择题，60分）两部分．第Ⅰ卷1至2页，第Ⅱ卷3至6页．全卷共100分，考试时间为100分钟．第Ⅰ卷（选择题，共40分）注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目用2B铅笔填涂在答题卡上．2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上．3．考试结束时，将本试卷和答题卡一并收回．一、选择题（本题包括10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．以下情景中，加着重号的人或物体可看成质点的是（）A．研究一列火车．．通过沱江大桥所需的时间B．乒乓球比赛中，运动员发出的旋转球．．．C．研究航天员翟志刚．．．在太空出舱挥动国旗的动作D．用北斗系统确定打击海盗的“武汉．．”舰．在大海中的位置【答案】D【解析】研究一列火车通过沱江大桥所需的时间时，火车的大小不能忽略，故不能看做质点，选项A错误；乒乓球比赛中，运动员发出的旋转球，因为各个点的运动情况不同，故不能看做质点，选项B错误；研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作时，航天员的大小不能忽略，故不能看做质点，选项C错误；用北斗系统确定打击海盗的“武汉”舰在大海中的位置，“武汉”舰的大小可以忽略，故可看做质点，选项D正确；故选D。

2．下列说法中正确的是（）A．体育课上某同学掷铅球成绩是9.60m，其中9.60m是铅球的路程B．沿半径为R的圆周运动一周，其位移的大小是2πRC．把一物体竖直上抛（忽略空气阻力），其上升过程和下落过程的加速度相同D．从资阳同一地点出发经过不同路径到达成都同一目的地，它们的路程和位移均不同【答案】C【解析】体育课上某同学掷铅球成绩是9.60m，其中9.60m是铅球的位移，选项A错误；沿半径为R的圆周运动一周，其位移的大小是0，选项B错误；把一物体竖直上抛（忽略空气阻力），其上升过程和下落过程的加速度均为g，故选项C正确；从资阳同一地点出发经过不同路径到达成都同一目的地，它们的路程不同，但是位移相同，选项D错误；故选C.3．将一小球以一定的初速度竖直向上抛出，空气阻力不计。

四川省资阳市2013-2014学年高一下学期期末考试物理试卷(带解析)

四川省资阳市2013-2014学年高一下学期期末考试物理试卷（带解析）1．经典力学理论适用于解决A．宏观高速问题 B．微观低速问题C．宏观低速问题D．微观高速问题【答案】C【解析】试题分析：经典力学的局限性是宏观物体及低速运动．当达到高速时，经典力学就不在适用，C正确；考点：考查了经典力学适用范围2．如图所示，大河的两岸笔直且平行，现保持快艇船头始终垂直河岸从岸边某处开始先匀加速而后匀速驶向对岸，在快艇离对岸还有一段距离时开始减速，最后安全靠岸。

若河水以稳定的速度沿平行河岸方向流动，且整个河流中水的流速处处相等，则快艇实际运动的轨迹可能是图中的A．①B．②C．③D．④【答案】D【解析】试题分析：在垂直河岸方向上先匀加速直线运动，即合力沿垂直河岸方向并指向要驶向的对岸，并且指向轨迹的内侧，然后匀速直线运动，轨迹是一条与河岸有夹角的直线，然后减速运动，合力沿垂直河岸方向并指向驶出的河岸，所以轨迹为④，故D正确考点：考查了运动的合成与分解3．“极限挑战”有一个项目：选手需要借助悬挂在高处的绳飞跃到鸿沟对面的平台上。

如图所示，已知选手（可视为质点）的质量为m，站在鸿沟边沿抓住长为L的绳由静止开始摆动，初始时绳与竖直方向的夹角为α。

不考虑空气阻力和绳的质量，若选手摆到最低点时速度为v，则选手由静止开始到摆到最低点的过程中，下列说法正确的是A．摆到最低点时重力的功率为mgvB．重力做正功，重力势能减少，减少量为(1cos)-mgαC．绳拉力的平均功率一定大于零D．重力的功率先增大后减小【答案】D【解析】试题分析：由于摆到最低点时，速度方向和重力方向垂直，所以重力的瞬时功率为0，A 错误；下降过程中重力做正功，重力势能减小，减小量为(1cos )mgL α-，B 错误；由于绳子的拉力从始至终都与速度方向垂直，所以拉力不做功，功率为零，C 错误；向下运动过程中，竖直方向的速度先变大后变小，最后在最低点时，选手的竖直方向的速度为0，所以选手重力做功的功率先变大后减小，D 正确；考点：考查了功率的计算4．如图所示，在水平圆盘上，沿半径方向放置用细线相连的两物体A 和B ，它们与圆盘间的摩擦因数相同，当圆盘转速加大到两物体刚要发生滑动时烧断细线，则两个物体将要发生的运动情况是A ．两物体仍随圆盘一起转动，不会发生滑动B ．只有A 仍随圆盘一起转动，不会发生滑动C ．两物体均滑半径方向滑动，A 靠近圆心、B 远离圆心D ．两物体均滑半径方向滑动，A 、B 都远离圆心【答案】B 【解析】试题分析：当两物体刚要滑动时，A 、B 所受静摩擦力都是最大静摩擦力f m . 对A ：2m A f T m r ω－＝对B ：2m B f T m r ω＋＝若此时剪断细线，A 的向心力由圆盘的静摩擦力提供，且2A f m r ω＝，所以m f f <，A 仍随盘一起转动；而剪断细线的瞬间，T 消失，m f 不足以提供B 所需的向心力，故B 将沿某一曲线做离心运动．故B 正确考点：考查了匀速圆周运动实例分析5．有一种杂技表演叫“飞车走壁”，由杂技演员驾驶摩托车沿光滑圆台形表演台的侧壁高速行驶，在水平面内做匀速圆周运动。

高一物理期末试题-资阳市2014-2015学年高一下学期期末试卷物理试题及答案

四川省资阳市2014-2015学年高一下学期期末物理试卷一、选择题（本题包括10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）如图所示，地球绕地轴匀速转动．在地球表面上有a、b两物体，设a、b两物体的线速度分别为v1、v2，角速度分别为ω1、ω2，向心加速度分别为a1、a2，转速分别为n1、n2，下列说法正确的是（）A．v1＞v2 B．ω1＞ω2 C．a1＜a2 D．n1＜n22．（4分）以10m/s的速度水平抛出一小球，空气阻力不计，取g=10m/s2，当其水平位移与竖直位移相等时，下列说法中正确的是（）A．小球速度大小是10m/s B．小球运动时间是2sC．小球速度大小是20m/s D．小球运动时间是1s3．（4分）如图所示，质量为m的木块从半径为R的固定半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果由于摩擦力的作用使得木块做匀速圆周运动，则（）A．木块的加速度为零B．木块的加速度不变C．木块的速度不变D．木块下滑过程中的加速度大小不变，方向时刻指向球心4．（4分）铁轨在转弯处外轨略高于内轨，其高度差由弯道半径与火车速度确定．若在某转弯处规定安全行驶速度为V，则下列说法中正确的是（）①当火车速度等于V时，由支持力的水平分力提供向心力②当火车速度大于V时，轮缘挤压内轨③当火车速度大于V时，轮缘挤压外轨④当火车速度小于V时，轮缘挤压外轨．A．①③B．①④C．②③D．②④5．（4分）一宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动，飞船原来的线速度是v1，周期是T1，假设在某时刻它向后喷气进入椭圆轨道，经过远地点时再次向后喷气进入新轨道做匀速圆周运动，运动的线速度是v2，周期是T2，则（）A．v1＞v2，T1＞T2B．v1＞v2，T1＜T2C．v1＜v2，T1＞T2D．v1＜v2，T1＜T26．（4分）如图所示，一根跨过光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员（可视为质点），a 站在滑轮正下方的地面上，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b摆至最低点时，a刚好对地面无压力，则演员a的质量与演员b的质量之比为（）A．1：1 B．2：1 C．3：1 D．4：17．（4分）我国未来将在月球地面上建立月球基地，并在绕月轨道上建造空间站．如图所示，关闭发动机的航天飞机A在月球引力作用下沿椭圆轨道向月球靠近，并将在椭圆轨道的近月点B处与空间站C对接．已知空间站绕月圆轨道的半径为r，周期为T，万有引力常量为G，月球的半径为R．下列说法中错误的是（）A．航天飞机在图示位置正在加速向B运动B．月球的第一宇宙速度为v=C．月球的质量为M=D．要使航天飞机和空间站对接成功，飞机在接近B点时必须减速8．（4分）已知地球表面的重力加速度是g，地球的半径为R，林帅同学在地球上能向上竖直跳起的最大高度是h．但因为某种特殊原因，地球质量保持不变，而半径变为原来的一半，忽略自转的影响，下列说法正确的是（）A．地球的第一宇宙速度为原来的倍B．地球表面的重力加速度变为C．地球的密度变为原来的4倍D．林帅在地球上以相同的初速度起跳后，能达到的最大高度是9．（4分）小球从地面上方某处水平抛出，抛出时的动能是5J，落地时的动能是20J，不计空气阻力，则小球落地时速度方向和水平方向的夹角是（）A．30°B．60°C．37°D．45°10．（4分）如图所示，光滑半球的半径为R，球心为O，固定在水平面上，其上方有一个光滑曲面轨道AB，高度为．轨道底端水平并与半球顶端相切，质量为m的小球由A点静止滑下，最后落在水平面上的C点．重力加速度为g，则（）A．小球将沿半球表面做一段圆周运动后抛至C点B．小球将从B点开始做平抛运动到达C点C．OC之间的距离为2RD．小球运动到C点时的速率为二、填空与实验题（本题共3个小题，共24分．请将答案填写在题目中的横线上）11．（6分）如图所示，是用频闪照相机拍摄到的一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中方格的边长均为l=5cm，如果取g=10m/s2，那么：（1）照相机的闪光周期是__________s；（2）小球作平抛运动的初速度大小是___________m/s．12．（6分）为了探究“合外力做功和动能变化的关系”的实验，某实验小组使用如图所示的水平气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间分别为t1、t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，两光电门间距离为x，绳悬吊的砝码的质量为m（m远小于M），重力加速度为g．滑行器从G1到G2的过程中增加的动能为__________________，合力对滑行器做的功为______________．（用t1、t2、D、x、M、m和g表示）13．（12分）用如图甲所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”的实验，让质量为m=1kg的重锤自由下落，在纸带上打出了一系列的点，如图乙所示，O点为刚释放重锤时打出的点，相邻两记数点的时间间隔为0.02s，g取10m/s2．求（结果保留两位有效数字）：（1）打点计时器打下记数点B时，重锤的速度v B=______________；（2）从打点O到打下记数点B的过程中，重锤重力势能的减小量△E P=__________，动能的增加量△E K=____________；（3）由此可得出的结论是：_____________________．三、论述与计算（本题共4小题，14小题6分，15小题8分，16小题10分，17小题12分，共36分．解答时应写出必要的文字说明、公式、方程式和重要的演算步骤，只写出结果的不得分，有数值计算的题，答案中必须写出明确的数值和单位）14．（6分）已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，月球绕地球作匀速圆周运动的周期为T．求月球距地面的高度h．15．（8分）汽车发动机的额定功率为P=60kW，汽车的质量为m=5×103kg，汽车在水平路面上行驶时，阻力是车重的k=0.1倍．汽车在平直路面上从静止开始，先以a=0.5m/s2的加速度作匀加速后做变加速运动，经时间t=36s达到最大速度v．取g=10m/s2．求：（1）汽车作匀加速运动的时间t1；（2）汽车从开始运动到达到最大速度的过程发生的位移x．16．（10分）如图所示，质量为m的物体（可视为质点）沿光滑水平面向左以初速度v0做匀速直线运动，到达B点时沿固定在竖直平面内、半径为R=40cm的光滑半圆轨道运动，并恰能到达最高点C点后水平飞出，最后落到水平面上的A点．不计空气阻力，g=10m/s2．求：（1）物体的初速度v0；（2）A、B两点间的距离x．17．（12分）如图所示，一个与水平方向成θ=37°的传送带逆时针转动，线速度为v=10m/s，传送带A、B两轮间距离L=10.25m．一个质量m=1kg的可视为质点的物体轻放在A处，物体与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5．sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：（1）物体在A处加速度a的大小；（2）物体在传送带上机械能的改变量△E；（3）物体与传送带因摩擦而产生的热量Q．四川省资阳市2014-2015学年高一下学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）如图所示，地球绕地轴匀速转动．在地球表面上有a、b两物体，设a、b两物体的线速度分别为v1、v2，角速度分别为ω1、ω2，向心加速度分别为a1、a2，转速分别为n1、n2，下列说法正确的是（）A．v1＞v2 B．ω1＞ω2 C．a1＜a2 D．n1＜n2考点：向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：A、B两点都绕地轴做圆周运动，转动的半径不同，但共轴转动，角速度相同，根据v=rω、T=比较线速度和周期；由a=rω2比较向心加速度．解答：解：A、AB两点都绕地轴做匀速圆周运动，B转动的半径大于A转动的半径．两点共轴转动，角速度相同．根据v=rω，角速度相同，B的半径大，则B的线速度大．故AB 错误．C、因角速度相同，转动半径A的小于B的半径，则由a=rω2可得，a1＜a2，故C正确；D、因角速度相同，故转速相同；故D错误；故选：C．点评：解决本题的关键掌握共轴转动，角速度相同，再结合V=rω、T=及a=rω2等公式分析判断即可．2．（4分）以10m/s的速度水平抛出一小球，空气阻力不计，取g=10m/s2，当其水平位移与竖直位移相等时，下列说法中正确的是（）A．小球速度大小是10m/s B．小球运动时间是2sC．小球速度大小是20m/s D．小球运动时间是1s考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，根据竖直位移与水平位移相等，可得到时间；再分别求出水平分速度和竖直分速度，合成合速度．解答：解：AC、这时小球的速度v，有以下关系v2=V02+（gt）2；所以v=10m/s，故AC错误；因为水平方向匀速运动，所以水平分位移x=v0t；BD、小球竖直方向受重力做自由落体，所以竖直方向上位移y=gt2；当X=y时，解出t===2s，故B正确，D错误；故选：B点评：本题关键要抓住平抛运动竖直分运动和水平分运动的规律，并结合题中已知条件求解！3．（4分）如图所示，质量为m的木块从半径为R的固定半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果由于摩擦力的作用使得木块做匀速圆周运动，则（）A．木块的加速度为零B．木块的加速度不变C．木块的速度不变D．木块下滑过程中的加速度大小不变，方向时刻指向球心考点：向心力；匀速圆周运动．专题：匀速圆周运动专题．分析：木块下滑过程中速率不变做匀速圆周运动，加速度不为零，具有向心加速度．根据牛顿第二定律分析碗对木块的支持力的变化，分析摩擦力的变化．解答：解：A、C、木块做匀速圆周运动，速度方向时刻在变化，速度在改变，加速度一定不为零．故AC错误．B、D木块下滑过程中木块做匀速圆周运动，具有向心加速度，加速度方向时刻指向球心，而加速度是矢量，所以加速度是变化的．故B错误，D正确．故选：D点评：匀速圆周运动是变加速曲线运动，速度、加速度都时刻在变化．基础题．4．（4分）铁轨在转弯处外轨略高于内轨，其高度差由弯道半径与火车速度确定．若在某转弯处规定安全行驶速度为V，则下列说法中正确的是（）①当火车速度等于V时，由支持力的水平分力提供向心力②当火车速度大于V时，轮缘挤压内轨③当火车速度大于V时，轮缘挤压外轨④当火车速度小于V时，轮缘挤压外轨．A．①③B．①④C．②③D．②④考点：向心力．分析：火车拐弯时以规定速度行驶，此时火车的重力和支持力的合力提供圆周运动所需的向心力．若速度大于规定速度，重力和支持力的合力不够提供，此时外轨对火车有侧压力；若速度小于规定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力．解答：解：当火车以v的速度通过此弯路时，火车重力与轨道面支持力的合力恰好提供向心力，内外轨都无压力．此时支持力竖直分力与重力平衡，水平分力提供向心力，故①正确；若速度大于规定速度，重力和支持力的合力不够提供，此时外轨对火车有侧压力，轮缘挤压外轨．速度小于规定速度，重力和支持力的合力提供偏大，此时内轨对火车有侧压力，故③正确，②④错误．故选：A点评：解决本题的关键知道火车拐弯时对内外轨均无压力，此时靠重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力．5．（4分）一宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动，飞船原来的线速度是v1，周期是T1，假设在某时刻它向后喷气进入椭圆轨道，经过远地点时再次向后喷气进入新轨道做匀速圆周运动，运动的线速度是v2，周期是T2，则（）A．v1＞v2，T1＞T2 B．v1＞v2，T1＜T2C．v1＜v2，T1＞T2 D．v1＜v2，T1＜T2考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：飞船向后喷气做加速运动，飞船做圆周运动的半径R增大，在新的轨道达到新平衡，继续做匀速圆周运动．根据万有引力等于向心力列式，即可比较线速度和周期的变化．由于外界做功，飞船的机械能增加．解答：解：飞船向后喷气做加速运动，飞船做圆周运动的半径R增大，在新的轨道达到新平衡，继续做匀速圆周运动．根据公式：G=m，得线速度v=，周期T==2可知，当R变大，v变小，T变大．故选：B点评：卫星变轨问题是天体力学重点内容，近年多次涉及，通过卫星运行轨道的变化，进而确定卫星线速度、角速度、周期、频率等物理量的变化情况6．（4分）如图所示，一根跨过光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员（可视为质点），a 站在滑轮正下方的地面上，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b摆至最低点时，a刚好对地面无压力，则演员a的质量与演员b的质量之比为（）A．1：1 B．2：1 C．3：1 D．4：1考点：机械能守恒定律；向心力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：b向下摆动过程中机械能守恒，在最低点绳子拉力与重力之差提供向心力，根据向心力公式得出绳对b的拉力，a刚好对地面无压力，可得绳子对a的拉力，根据拉力相等，可得两者质量关系．解答：解：b下落过程中机械能守恒，有：①在最低点有：②联立①②得：T b=2m b g当a刚好对地面无压力时，有：T a=m a gT a=T b，所以，m a：m b=2：1，故ACD错误，B正确．故选：B．点评：根据物体的运动规律选择正确规律求解是解决这类问题的关键，同时正确受力分析是解题的前提．7．（4分）我国未来将在月球地面上建立月球基地，并在绕月轨道上建造空间站．如图所示，关闭发动机的航天飞机A在月球引力作用下沿椭圆轨道向月球靠近，并将在椭圆轨道的近月点B处与空间站C对接．已知空间站绕月圆轨道的半径为r，周期为T，万有引力常量为G，月球的半径为R．下列说法中错误的是（）A．航天飞机在图示位置正在加速向B运动B．月球的第一宇宙速度为v=C．月球的质量为M=D．要使航天飞机和空间站对接成功，飞机在接近B点时必须减速考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：要使航天飞机在椭圆轨道的近月点B处与空间站C对接，必须在接近B点时减速．根据开普勒定律可知，航天飞机向近月点运动时速度越来越大．月球对航天飞机的万有引力提供其向心力，由牛顿第二定律求出月球的质量M．月球的第一宇宙速度大于v=．解答：解：A、由于飞船受到月球的引力作用；故飞机在向B运动时一定是加速运动；故A 正确；B、空间站绕月圆轨道的半径为r，周期为T，其运行速度为v=，其速度小于月球的第一宇宙速度，所以月球的第一宇宙速度大于v=．故B错误．C、设空间站的质量为m，由G=mr得，月球的质量M=．故C正确；D、要使航天飞机在椭圆轨道的近月点B处与空间站C对接，必须在接近B点时减速做近心运动．否则航天飞机将继续做椭圆运动．故D正确．本题选错误的；故选：B．点评：本题是开普勒定律与牛顿第二定律的综合应用，对于空间站的运动，关键抓住由月球的万有引力提供向心力，要注意知道空间站的半径与周期，求出的不是空间站的质量，而是月球的质量．8．（4分）已知地球表面的重力加速度是g，地球的半径为R，林帅同学在地球上能向上竖直跳起的最大高度是h．但因为某种特殊原因，地球质量保持不变，而半径变为原来的一半，忽略自转的影响，下列说法正确的是（）A．地球的第一宇宙速度为原来的倍B．地球表面的重力加速度变为C．地球的密度变为原来的4倍D．林帅在地球上以相同的初速度起跳后，能达到的最大高度是考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力充当向心可明确第一宇宙速度、重力加速度的变化；根据密度公式可明确官度的变化；根据竖直上抛运动规律可明确能达到的高度变化．解答：解：A、由G=m可得，v=；地球半径变为原来的一半，则第一宇宙速度变为原来的倍；故A正确；B、由G=mg可得，当半径变为原来的一半时，重力加速度变为原来的4倍；故B错误；C、质量不变，由m=ρπR3可知，地球密度应变成原来的8倍；故C错误；D、由h=可得，g变成原来的4倍，则高度变成原来的；故D正确；故选：AD．点评：本题考查万有引力的应用；掌握星球表面重力加速度与万有引力的关系，能根据第一宇宙速度的物理意义求解第一宇宙速度的大小，掌握竖直上抛运动的规律是正确解题的关键．9．（4分）小球从地面上方某处水平抛出，抛出时的动能是5J，落地时的动能是20J，不计空气阻力，则小球落地时速度方向和水平方向的夹角是（）A．30°B．60°C．37°D．45°考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据动能关系求出抛出时与落地时速度关系．将落地时的速度进行分解，从而得出落地的速度方向与水平方向的夹角．解答：解：根据动能E k=得：小球抛出时与落地时速度之比：=设小球落地时速度方向和水平方向的夹角为α，则cosα==，α=60°故选：B．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，掌握动能与速度关系，运用运动的分解法研究平抛运动．10．（4分）如图所示，光滑半球的半径为R，球心为O，固定在水平面上，其上方有一个光滑曲面轨道AB，高度为．轨道底端水平并与半球顶端相切，质量为m的小球由A点静止滑下，最后落在水平面上的C点．重力加速度为g，则（）A．小球将沿半球表面做一段圆周运动后抛至C点B．小球将从B点开始做平抛运动到达C点C．OC之间的距离为2RD．小球运动到C点时的速率为考点：向心力；平抛运动．专题：匀速圆周运动专题．分析：从A到B的过程中，根据机械能守恒可以求得到达B点时的速度，根据圆周运动的向心力公式可以判断离开B点后的运动情况．解答：解：AB、从A到B的过程中，根据机械能守恒可得：mg R=mV2，解得：V=，在B点，当重力恰好作为向心力时，由mg=m，解得：V B=，所以当小球到达B点时，重力恰好作为向心力，所以小球将从B点开始做平抛运动到达C，所以A错误，B正确．C、根据平抛运动的规律，水平方向上：x=V B t竖直方向上：R=gt2解得：x=R，所以C错误．D、对整个过程机械能守恒，mg=解得：v c=，故D正确；故选：BD．点评：本题的关键地方是判断小球在离开B点后的运动情况，根据小球在B点时速度的大小，小球的重力恰好作为圆周运动的向心力，所以离开B后将做平抛运动．二、填空与实验题（本题共3个小题，共24分．请将答案填写在题目中的横线上）11．（6分）如图所示，是用频闪照相机拍摄到的一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中方格的边长均为l=5cm，如果取g=10m/s2，那么：（1）照相机的闪光周期是0.1s；（2）小球作平抛运动的初速度大小是1.5m/s．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：正确应用平抛运动规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动；解答本题的突破口是利用在竖直方向上连续相等时间内的位移差等于常数解出闪光周期，然后进一步根据匀变速直线运动的规律、推论求解．解答：解：（1）在竖直方向上有：△h=gT2，其中△h=（5﹣3）×0.05=0.1m，代入求得：T==0.1s．（2）水平方向：x=v0t，其中x=3L=0.15m，t=T=0.1s，故v0==1.5m/s．故答案为：（1）0.1；（2）1.5．点评：对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题．12．（6分）为了探究“合外力做功和动能变化的关系”的实验，某实验小组使用如图所示的水平气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间分别为t1、t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，两光电门间距离为x，绳悬吊的砝码的质量为m（m远小于M），重力加速度为g．滑行器从G1到G2的过程中增加的动能为，合力对滑行器做的功为mgx．（用t1、t2、D、x、M、m和g表示）考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题．分析：滑块经过光电门时的速度近似等于滑块经过光电门时的平均速度，可由v=求出，然后由动能的定义式即可求出动能的增加．在实验中，认为m的重力等于滑块所受的合力，所以m的质量应远小于M的质量．此时合力对滑行器做的功等于在对m做的功．解答：解：由于挡光片通过光电门的时间很短，所以可以认为挡光片通过光电门的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，即有滑块经过光电门的速度滑块经过光电门的速度为：v2=，v1=，根据得：△E k=；在实验中，认为m的重力等于滑块所受的合力，此时合力对滑行器做的功等于在对m做的功，即：W=mgx故答案为：，mgx．点评：“探究恒力做功与动能改变的关系”与“探究加速度与力、质量的关系”有很多类似之处，在平时学习中要善于总结、比较，提高对实验的理解能力．13．（12分）用如图甲所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”的实验，让质量为m=1kg的重锤自由下落，在纸带上打出了一系列的点，如图乙所示，O点为刚释放重锤时打出的点，相邻两记数点的时间间隔为0.02s，g取10m/s2．求（结果保留两位有效数字）：（1）打点计时器打下记数点B时，重锤的速度v B=0.97m/s；（2）从打点O到打下记数点B的过程中，重锤重力势能的减小量△E P=0.49J，动能的增加量△E K=0.47J；（3）由此可得出的结论是：在误差范围内，减小的重力势能等于增加的动能，即机械能守恒．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出动能的增加量，结合下降的高度求出重力势能的减小量．解答：解：（1）B点的速度等于AC段的平均速度，则v B==0.97m/s．（2）物体重力势能的减小量△E p=mgh=1×10×0.0486J≈0.49J．动能的增加量△E K=m﹣0=×1×（0.97）2J=0.47J，（3）由此可得出的结论是：在误差范围内，减小的重力势能等于增加的动能，即机械能守恒．故答案为：（1）0.97m/s；（2）0.49J，0.47J；（3）在误差范围内，减小的重力势能等于增加的动能，即机械能守恒点评：解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用．三、论述与计算（本题共4小题，14小题6分，15小题8分，16小题10分，17小题12分，共36分．解答时应写出必要的文字说明、公式、方程式和重要的演算步骤，只写出结果的不得分，有数值计算的题，答案中必须写出明确的数值和单位）14．（6分）已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，月球绕地球作匀速圆周运动的周期为T．求月球距地面的高度h．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力列式；联立即可求出飞船离地球表面的高度解答：解：解：根据万有引力定律，对地球表面的物体有：…①对月球有：…②…③联解①②③得：答：月球离地面高度为．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力两个理论，并能灵活运用，注意飞船的高度和飞船的轨道半径是两个不同的概念．15．（8分）汽车发动机的额定功率为P=60kW，汽车的质量为m=5×103kg，汽车在水平路面上行驶时，阻力是车重的k=0.1倍．汽车在平直路面上从静止开始，先以a=0.5m/s2的加速度作匀加速后做变加速运动，经时间t=36s达到最大速度v．取g=10m/s2．求：（1）汽车作匀加速运动的时间t1；（2）汽车从开始运动到达到最大速度的过程发生的位移x．考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：（1）根据牛顿第二定律求出汽车的牵引力，根据P=Fv求出汽车功率的变化，当功率达到最大功率时，匀加速直线运动达到最大速度，根据匀变速直线运动的速度时间公式，结合P=Fv求出匀加速直线运动的时间．（2）根据匀变速直线运动规律即可求解位移的大小．解答：解：（1）设汽车做匀加速运动阶段的牵引力为F，所达到的最大速度为v1，则有：F﹣kmg=ma…①P=Fv1 …②v1=at1 …③联解①②③得：t1=16s…④（2）设汽车匀加速运动阶段发生的位移为x1，做变加速运动阶段发生的位移为x2，则有：…⑤x1+x2=x…⑥…⑦联解④⑤⑥⑦得：x=264m答：（1）汽车作匀加速运动的时间为16s；（2）汽车从开始运动到达到最大速度的过程发生的位移为264m．。

2014-2015学年高一(下)期末物理试卷(含参考答案)

2014-2015学年高一（下）期末物理试卷(含参考答案)一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分.1-9题只有一个选项符合题目要求；10-12题有多项符合题目要求，全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．以下说法正确的是（）A．物体做曲线运动时，其加速度一定不为零B．物体做曲线运动时，其加速度一定改变C．重力对物体做正功，其动能一定增加D．向心加速度是描述线速度大小变化快慢的物理量2．关于电场线的以下说法中，正确的是（）A．电场线上每一点的切线方向都跟电荷在该点的受力方向相同B．沿电场线的方向，电场强度越来越小C．电场线越密的地方同一检验电荷受的电场力就越大D．顺着电场线移动电荷，电荷受电场力大小一定不变3．现在汽车变速装置有手动变速和自动变速，手动变速是通过档杆改变变速箱中齿轮的转速比．当汽车由水平路段进入上坡路段行驶时，在保证汽车的输出功率不变的情况下，下列那些措施能使汽车获得更大的牵引力（）A．可以把档杆变到低速档位置B．保持在平直路面上的档位不变C．可以把档杆变到高速档位置D．以上措施都不行4．如图所示，在水平桌面上的A点，有一个质量为m的物体，以初速度v0被抛出，不计空气阻力，当它到达B点时，其动能为（）．mv+mgH B．mv+mghC．mv+mg（H﹣h）6．甲、乙两球位于同一竖直线上的不同位置，甲比乙高h，如图所示，将甲、乙两球分别以v1、v2的速度沿同一水平方向抛出，不计空气阻力，下列条件中有可能使乙球击中甲球的是（）7．一个做圆周运动的人造地球卫星，轨道半径增大到原来的2倍，如果人造地球卫星仍做．根据公式F=G，可知地球提供的向心力将减小到原来的倍．根据公式F=m，可知卫星运动的线速度将增大到原来的倍．根据公式F=m，可知卫星所需要的向心力将减小到原来的倍8．如图所示，实线为一簇电场线，虚线是间距相等的等势面，一带电粒子沿着电场线方向运动，当它位于等势面φ1上时，其动能为18eV，当它运动到等势面φ3上时，动能恰好等于零，设φ2=0，则，当粒子的动能为6eV时，其电势能为（）9．如图所示，A、B、C三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知三颗卫星的质量关系为mA=mB＜mC，轨道半径的关系为rA＜rB=rC，则三颗卫星（）10．如图所示，A是用轻绳连接的小球，B是用轻杆连接的小球，都在竖直平面内做圆周运动，且绳、杆长度L相等．忽略空气阻力，下面说法中正确的是（）．A球可能做匀速圆周运动．A球通过圆周最高点的最小速度是，而B球通过圆周最高点的最小速度为零12．如图所示，竖直放置在水平地面上的轻弹簧，下端固定在地面上，将一个金属球放置在弹簧顶端（球与弹簧不粘连），并用力向下压球．稳定后用细杆把弹簧栓牢．烧断细线，球将被弹起，脱离弹簧后能继续向上运动，则该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中（）二、填空题（共3小题，满分18分）13．如图为某探究小组设计的测量弹簧弹性势能的装置，小球被压缩的弹簧弹出后作平抛运动（小球与弹簧不相连），现测得小球的质量为m，桌子的高度为h，小球落地点到桌边的水平距离为s，不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g，则弹簧被压缩时的弹性势能为_________ ．14．在用如图装置做“探究功与速度关系”的实验时，下列说法正确的是（）15．（10分）在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，质量为m=1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列点，如图所示为选取的一条符合实验要求的纸带，O 为第一个点，可以认为打O点时纸带的速度为0，A、B、C为从合适位置开始选取的三个连续点（其它点未画出）．已知打点计时器每隔0.02s打一次点，当地的重力加速度g=9.8m/s2．（1）从O点到B点，重物重力势能减少量△EP= _________ J，动能增加量△EK= _________ J；（以上两空要求保留3位有效数字）（2）上问中，重物重力势能减少量_________ （选填“大于”、“小于”或“等于”）动能增加量，其原因是_________ ．三、解答题（共4小题，满分44分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后结果的不能给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．（10分）已知地球半径为R，地球自转的周期为T，地球表面的重力加速度为g，求（1）第一宇宙速度？（2）地球同步卫星离地面的高度h．17．（10分）如图所示，小球从离地h=5m高，离竖直墙水平距离s=4m处水平抛出，不计空气阻力，（取g=10m/s2）则：（1）若要使小球碰不到墙，则它的初速度应满足什么条件？（2）若以v0=8m/s的初速度向墙水平抛出小球，碰撞点离地面的高度是多少？18．（10分）如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2×10﹣5C的负电荷由A点移到B 点，其电势能增加了0.1J，已知A．B两点间距离为2cm，两点连线与电场方向成60°角，求：（1）A．B两点间的电势差UAB；（2）该匀强电场的电场强度大小E．19．（14分）如图所示，在竖直方向上A，B两物体通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，A 放在水平地面上，B，C两物体通过细绳绕过足够高的轻质滑轮相连，用手拿住C，使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证ab，cd段的细线竖直，已知A，B的质量均为m．重力加速度为g，细线与滑轮间的摩擦力不计，空气阻力不计，开始时整个系统处于静止状态，释放C，当A刚离开地面时，B获得最大速度，求：（1）C的质量；（2）B的最大速度．物理试题参考答案及评分标准选择题（共48分，选对但不全的给2分，有错选的不给分）1. A2.C3.A4.B5.D6.A7.A8.C9.B 10.BC 11.BD 12.BC 探究实验题（本大题共３小题．共18分）（4分） 14. BCD （4分）（选对但不全的给2分，有错选的不给分）15.（1）1.88J （3分） 1.84J （3分）（2）大于（2分）有阻力（2分）三、计算题（本题共4小题，共44分。