专题2.4:双层最值问题的研究与拓展
(教师用书)高中数学 2.4 最大值与最小值问题,优化的数学模型课件 新人教B版选修4-5
a 当且仅当 a-2x=a-2x=4x,即当 x= 时,不等式取等 6 2a3 号,此时 V 取最大值 ,即当切去的小正方形边长是原来正 27 1 方形边长的 时,折成的盒子容积最大. 6
用一块钢锭铸一个厚度均匀,且全面积为 2 平方米的正 四棱锥形有盖容器(如图),设容器的高为 h 米,盖子边长为 a 米. (1)求 a 关于 h 的函数解析式; (2)设容器的容积为 V 立方米,则 当 h 为何值时,V 最大?求出 V 的最大值. (求解本题时,不计容器的厚度)
如图 2-4-1 所示,把一块边长是 a 的正方形 铁片的各角切去大小相同的小正方形,再把它的边沿着虚线 翻折成一个无盖方底的盒子, 问切去的正方形边长是多少时, 才能使盒子的容积最大?
图 2-4-1
【思路探究】 设切去的小正方形的边长为 x, 由题意可 知,折成的盒子的底面边长为 a-2x,高为 x,这时盒子的容 积为 V=(a-2x)2x,再利用三个正数的算术-几何平均值不 x+y+z 3 等式,变形为 xyz≤( 3 ) 求解即可.
利用不等式解决实际问题的步骤是什么?
【提示】 个步骤:
利用不等式解决实际应用问题,一般可分四
(1)阅读理解材料,弄清问题背景. (2)建立合理的数学模型,将实际问题转化为数学问题. (3)运用不等式的知识、手段讨论不等式关系. (4)做出结论. 然后利用柯西不等式、均值不等式或二次函数等方法来 求最值.
a 【自主解答】 设切去的小正方形的边长为 x(x<2),无
2
1 盖方底盒子的容积为 V ,则 V = (a - 2x) x = 4 (a - 2x)(a - 1 a-2x+a-2x+4x 3 2a3 2x)×4x≤4[ ] = 27 . 3
初三最值问题的常用解法及模型
初三最值问题的常用解法及模型一、引言初三数学中最值问题一直是学生们头疼的难题。
最值问题不仅仅是考察学生对知识点的掌握程度,更重要的是考验学生解决实际问题和推理的能力。
在本文中,我们将探讨初三数学中最值问题的常用解法及模型,帮助学生们更好地理解和应对这一难点。
二、常用解法1. 图形法最值问题常常可以通过图形法来解决。
给定一个函数y = f(x),可以通过画出其图像,然后找出函数的极值点来求解最值问题。
通过观察图像的特点,我们可以更直观地理解函数的最值点在何处,从而得到更准确的解。
2. 性质法有些最值问题可以通过利用函数的性质来解决。
关于一元二次函数的最值问题,我们可以通过一元二次函数的性质,如开口方向、顶点位置等来推导出最值点的位置,从而得到解的方法。
3. 等式法有些最值问题可以通过建立方程或不等式来解决。
通过建立关于未知数的方程或者不等式,我们可以将最值问题转化为解方程或解不等式的问题,从而得到最值点的位置。
三、常用模型1. 长方形面积最大问题给定一段定长的绳子,用这段绳子围成一个长方形,求这个长方形的面积最大是一个最值问题。
通过建立关于长方形面积的函数,然后利用导数的性质找出函数的最值点,从而求解长方形面积最大问题。
2. 等边三角形周长最小问题给定一个定长的线段,求能够围成等边三角形的线段最小是一个常见的最值问题。
通过建立关于等边三角形周长的函数,然后利用导数的性质找出函数的最值点,从而求解等边三角形周长最小问题。
3. 盒子体积最大问题给定一定面积的纸张,通过剪切和折叠,能够制成一个盒子,求使得盒子体积最大的折法是一个典型的最值问题。
通过建立关于盒子体积的函数,然后利用导数的性质找出函数的最值点,从而求解盒子体积最大问题。
四、个人观点和理解最值问题在初三数学中是一个重要的难点,但也是一个可以锻炼学生逻辑思维能力和数学推理能力的好机会。
通过多维度的解法和模型,学生们可以更好地理解和掌握最值问题的解法,并且能够将数学知识与实际问题相结合,培养出更强的数学建模能力。
双层函数最值问题 专题
双层最值问题【问题提出】 (1)若定义运算,,,⎩⎨⎧<≥=⊕ba a ba b b a 则函数)2()(x x x f -⊕=的值域是______.(2)定义},,min{c b a 为c b a ,,中的最小值,则}22,3,12min{x x x M --+=的最大值为__________. 59(3)函数2|()||()|()()21,()1,()()|()|()xf x f xg x f x g x x F x g x f x g x ≥⎧=-=-=⎨-<⎩则F (x )的最小值为1-.【探究拓展】探究1:函数)(x f 满足22)2(2)(a x a x x f ++-=,8)2(2)(22+--+-=a x a x x g .设)}(),(m ax {)(1x g x f x H =,)}(),(m in{)(2x g x f x H =(),max(q p 表示q p ,中的较大值,),min(q p 表示q p ,中的较小值),记)(1x H 的最小值为A ,)(2x H 的最大值为B ,则=-B A ________.变式1:设函数2()sin (,)3sin f x x m x R m R x=++∈∈+最大值为()g m ,则()g m 的最小值为__________. 34:变式2:已知ABC ∆面积为1,,D E 分别在边,AC BC 上,DE ∥AB 连BD ,设,,DCE DBE DBA ∆∆∆的面积分别为123,,S S S ,123max(,,)y S S S =,则min y =_______.32变式3:有三个新兴城镇,分别位于A ,B ,C 三点处,且AB=AC=13km ,BC=10km.今计划合建一个中心医院,为同时方便三镇,准备建在BC 的垂直平分线上的P 点处,(建立坐标系如图)(1)若希望点P 到三镇距离的平方和为最小,点P 应位于何处?(2)若希望点P 到三镇的最远距离为最小,点P 应位于何处?探究2:设0,0a b >>,22min{,}bh a a b=+,其中min{,}x y 表示,x y 两数中最小的一个数,则h 的最大值为 .22变式1:已知y x ,是正数,且}1,1,min{)(y xy x x F +=,则函数)(x F 的最大值为_____.2变式2:已知y x ,是正数,且},1,1max {)(22y x yx x F +=,则函数)(x F 的最小值为_____.32变式3:已知y x ,是区间()1,0内的两个实数,把12,2,2---y y x x 的最小值记为),(y x F ,则),(y x F 的最大值为_____________.321变式4:对任意实数b a ,,不等式C b b a b a ≥--+}2016,,max{恒成立,则C 的最大值为_______. 1008变式5:},,max{c b a 为c b a ,,中的最大值,令}2,21,21max{b b a b a M +-+++=,则对任意实数M b a ,,的最小值为________. 34探究3:已知a b c ,,均为正实数,记11max a M b bc c ac a b ⎧⎫=+++⎨⎬⎩⎭,,,则M 的最小值为_________.变式1:设实数x 1,x 2,x 3,x 4,x 5均不小于0,且x 1+x 2+x 3+x 4+x 5=1,则},,,m ax {54433221x x x x x x x x ++++的最小值是__________.31 变式2:(2020年)设实数x 1,x 2,x 3,x 4,x 5均不小于1,且x 1·x 2·x 3·x 4·x 5=729,则max{x 1x 2,x 2x 3,x 3x 4,x 4x 5}的最小值是__________. 【答案】解:不妨设31x x ≤,则由⎪⎩⎪⎨⎧≥≥≥544332xx h x x h x x h ,所以72972945242323≥≥≥x x x x x h当1,942531=====x x x x x 时等号成立,所以最小值为9 【专题反思】你学到了什么?还想继续研究什么?。
最值问题的试题种类和解题方法高中
最值问题的试题种类和解题方法高中一、试题种类1. 在高中数学中,最值问题是一个常见的类型,通常包括最大值和最小值问题。
2. 最值问题可以出现在各种数学题型中,如函数、集合、几何等方面。
二、解题方法1. 最值问题的解题方法通常包括代数法、几何法和推理法。
2. 代数法包括利用函数的性质、导数的概念等进行求解;3. 几何法可以利用图形的性质、三角形的特性进行求解;4. 推理法则是通过逻辑推理、数学推理等方法进行求解。
三、深度评估1. 在解答最值问题时,要先对问题的条件和要求进行深度评估,明确题目的要求和限制条件。
2. 根据题目的要求和条件,选择合适的解题方法进行求解,往往需要灵活运用多种解题方法。
四、广度评估1. 最值问题不仅需要求解具体数值,还需要对最值问题的背后原理和方法进行广度评估。
2. 熟练掌握各种解题方法,并能够灵活运用于不同类型的最值问题,才能更好地应对考试和应用实践中的问题。
五、个人观点1. 最值问题在高中数学中占据重要地位,是数学知识的一个重要组成部分。
2. 对最值问题的深度和广度评估,可以帮助我们更好地理解数学知识,提高解题能力和数学应用能力。
六、总结回顾1. 通过对最值问题的深度和广度评估,我们可以更加全面、深刻和灵活地理解和应用数学知识。
2. 熟练掌握最值问题的解题方法,并能够灵活运用于不同类型的题目,是我们在学习和考试中需要重点关注和提高的能力。
七、结语通过深度和广度的评估,我们能够更好地掌握最值问题的解题方法,提高数学解题能力,为未来的学习和应用奠定良好的基础。
最值问题在高中数学中是一个非常重要的内容,因为它涉及到了数学中的最基本的性质和概念,也涉及到了数学在实际问题中的应用。
在学习最值问题的过程中,我们不仅需要掌握解题方法,还需要对问题进行深度评估和广度评估,才能真正理解和掌握这一内容。
在解决最值问题时,首先要对问题进行深度评估,明确题目的要求和限制条件。
只有明确了问题的条件和要求,我们才能选择合适的解题方法进行求解。
求双层复合最值的解题策略
定理 2 中 ,令 q1 = q2 = …= qn =
f ( x1 ) + f ( x2 ) + …+ f ( x n ) x + x2 + …+ x n ≥( ≤ ) nf 1 . n
1
n
,则
凹的 ,教辅书 [3 ]说是下凸的 ,因此 ,导致三难 , 用起来很不方便 . 在拜读了叶彦谦老先生译 (人民教育出版社 1956 年新 1 《微积分学教程》 版) 后 ,并思索看图习惯 ,函数的凸凹性应是 : 定义 设 f ( x ) 在 [ a , b ] 连续 , a ≤x1 <
i< j
由柯西不等式取等号的条件 , 知式 ⑥ 等 号成立当且仅当式 ④、 ⑤ 等号同时成立 ,即
x1 = - ( x1 + x 2 ) = x 2 + x 3 = …
k- 1 ( xk - 1 + xk ) , = ( - 1)
∑
( ai - aj ) 2 = ( n - 1)
∑
ai - 2
2
= n
故A≥ max{ x1 + x2 + x3 , x4 + x5 + x6 , x7 } ≥1 ( x1 + x2 + x3 + x4 + x5 + x6 + x7 ) 3
=
a
不等式 . 例 5 max min
a、 b、 c ∈R
+
1
3
.
a
a b2 c3
,
1
,
1
,a + b + c
2
3
= , x 2 = x3 = x 5 = x6
例析双重最值问题的求解方法
例析双重最值问题的求解方法
双重最值问题是一种模型,旨在通过最优决策来实现双方利益最大化,是多方博弈模型中最重要的一类问题。
最常见的双重最值模型是博弈模型,它包括两个对立的决策者,他们同时在同一时间决定自己各自的决策行为。
每一方的最终结果都受到另一方的决策影响,进而影响最终的发挥结果。
通常,双方的决策行为有利于双重最值的求解:其中一方尽量提高自己的最优结果,另一方尽量降低自己的最差结果。
解决双重最值问题最常用的方法就是使用数学规划,数学解法可以用来求解该问题的最优解,尤其是当双重最值模型拥有一定约束条件时,解决它变得更加容易。
其次,双重最值问题也可以使用一些模拟技术来求解,例如蒙特卡洛技术,在模拟过程中,蒙特卡洛方法能够让双方的决策更加完善,有助于整体双重最值的求解。
最后,还可以使用博弈论的思想来求解双重最值问题,博弈论是一种分析双方的行为策略的理论,它可以通过比较双方的期望来得出最优的决策,极大地提高了求解双重最值问题的效率。
总之,双重最值问题是一种复杂的模型,研究双方博弈模型在经济和心理学上有着重要的意义,解决该问题既可以使用数学规划,又可以使用模拟技术和博弈论的方法,这些方法的有效使用可以有效地求解双重最值问题,为双方提供利益最大化的最优解。
双重最值问题的解决策略 高三数学选择填空难题突破
双重最值问题的解决策略高三数学选择填空难题突破双重最值问题是指形如求max/min f(x1)。
f(x2)。
f(xn)的问题。
根据变元的个数,可以分为一元双重最值问题和多元双重最值问题。
本文提供一个常用的结论,可以得到很多命题:设x,y>0,p,q,α为正常数,则1.α(1)min{max(x1.x2.xp)。
xy。
max(xp+1.xp+2.xn)} =(p+q)α/(α+1);2.max{min(x1.x2.xp)。
xy。
min(xp+1.xp+2.xn)} =(p+q)α+1/α+1.证明:设t=max{α(x1)p+q(y)α。
α(x2)p+q(y)α。
α(xp)p+q(y)α},则t≥(x1+x2+。
+xp)α/p·yα/q≥(p+q)α/(α+1)·(xy)1/(α+1),当且仅当x1=x2=。
=xp=y·p/(p+q)时取等,即min{max(x1.x2.xp)。
xy。
max(xp+1.xp+2.xn)} = (p+q)α/(α+1)。
题型综述:一、一元双重最值问题1.分段函数法:分类讨论,将函数写成分段函数形式,求函数值域即可。
例1:若x∈R,求F(x)=min{2x+1.x+2.-x+6}的最大值。
解:由2x+1≤x+2→x≤1,由x+2≤-x+6→x≤2,由2x+1≤-x+6→x≤5,故可得F(x) = {2x+1(x≤1)。
x+2(12)},对每一段求值域可知当x=2时,F(x)取得最大值4.2.数形结合法:分别画出几个函数图象,结合图象直接看出最值点,联立方程组求出最值。
例2:(2007年浙江数学竞赛)设f(x)=min{2x+4.x+1.5-3x},求max f(x)。
解:分别画出y=2x+4,y=x+1,y=5-3x的图象,得到f(x)的图象如粗体部分所示。
联立y=2x+4,y=x+1解得A(-1.2),联立y=x+1,y=5-3x解得B(1.2),故由图可知当x=±1时,f(x)的最大值为2.二、多元一次函数的双重最值问题1.利用不等式的性质。
初二最值问题的基本结构和解题策略
初二最值问题的基本结构和解题策略嘿,大家好,今天咱们聊聊初二的最值问题,这可是个挺有趣的数学话题哦。
说到最值问题,很多同学一听就觉得头疼,心想:“这玩意儿怎么这么复杂呀?”别担心,咱们把它拆开来,就像剥洋葱一样,一层一层来,慢慢弄清楚,保证你听完后觉得这简直是小菜一碟。
最值问题其实就是找最大值和最小值的事情。
听起来是不是有点儿高大上?其实就像咱们在生活中找最爱吃的食物一样,比如说,谁不想知道今天的午餐是炸鸡好,还是披萨好呢?同样,数学里也是让我们找出某个函数或者数值中的最大或最小。
这就像在众多的选择中挑出最心仪的那个,想想,生活中不也经常面临这样的选择吗?最值问题常常出现在函数图像中,咱们可能会看到一条曲线,曲线的高点和低点就是咱们要找的“最值”了。
就像一座山,山顶是最值的高峰,山谷则是最值的低谷。
你看看,数学和大自然其实有很多共同之处。
很多同学在求最值的时候,总是对图像感到陌生,其实把它想象成一幅风景画,多美呀,曲线的起伏就像山川河流。
咱们还需要用一些技巧来帮助自己找到最值,譬如说利用导数。
这可是一种神奇的工具,能帮你把复杂的问题变得简单,就像有了魔法一样。
如果你发现一条曲线的斜率为零,那恭喜你,这里很可能就是一个最值点,当然了,别忘了检查一下,是不是最大值或者最小值哦,真是让人紧张又刺激呢。
再说说约束条件,最值问题里常常会有一些限制,就像你在商场买东西时,口袋里总有一个预算限制,不能随便挥霍。
数学题里的这些限制就叫做约束条件。
你得在这些条件下,找到一个既满足条件又是最值的结果,这就像你在超市挑选打折商品时,要找性价比最高的那款。
咱们可以聊聊一些常用的解题策略。
理解题意是关键,像是看懂菜单,知道自己想吃什么。
如果一开始就搞不清楚问题在哪儿,那可真是“瞎子摸鱼”了。
把题目中的条件和要求列出来,像列购物清单一样,方便你理清思路。
再就是图像法,画个图,标记一下高低点,看得明明白白,脑海中就有了一幅图景,思路自然就清晰了。
2024河北中考数学二轮重难专题研究 微专题 最值问题(课件)
A. 10 C. 12
B. 11 D. 13
第3题图
4. 如图,AB是半圆O的直径,点C在半圆上.AB=5,AC=4,D是 BC 上的一个动点,连接AD,过点C作CE⊥AD于点E,连接BE,则BE的 最小值是( C )
A. 6 2
C. 13 2
B. 3 2
D.2 6 5 2
第4题图
5. 如图,△ABC中,AD⊥BC,垂足为D,AD=BC=2,P为直线BC
模型分析 1. 圆中最长的弦为直径:已知点A、B为⊙O上两动点,连接AB,则当 AB过圆心O时,AB取最大值; 2. 已知平面内一定点D和⊙O上一动点E的所有连线中,当连线过圆心 O时,线段DE有最大(小)值(应用依据:三角形三边关系).具体分以下 三种情况讨论(设点O与点D之间的距离为d,⊙O的半径为r):
A. 5 2 C. 3 7
B.2 13 D. 6 2 2
第7题图
8. (2023连云港)如图,正方形ABCD内接于⊙O,线段MN在对角线BD 上运动,若⊙O的面积为2π,MN=1,则△AMN周长的最小值是( B )
A. 3
B. 4
C. 5
D. 6
第8题图
9. 如图,等边△ABC中,BD⊥AC于D,AD=3.5 cm,点P、Q分别为 AB、AD上的两个定点且BP=AQ=2 cm,在BD上有一动点E使PE+ QE最短,则PE+QE的最小值为( C )
上方的一个动点,过点P作PE⊥BC,垂足为E,若PE= 1 BC,则PB 2
+PC的最小值为( D )
A. 4
B. 2 3
C. 3
D. 2 2
第5题图
类型三 利用两点之间线段最短求最值
模型分析 1. “一线两点”型(一个动点+两个定点) ① 异侧线段和最小值问题:两定点A、B位于直线l异侧,在直线l上找 一点P,使PA+PB值最小. 解决思路:根据两点之间线段最短,PA+PB的最小值即为线段AB的 长.连接AB交直线l 于点P,点P即为所求.
人B版数学选修4-5讲义:第2章 2.4 最大值与最小值问题,优化的数学模型
2.4 最大值与最小值问题,优化的数学模型1.理解最值概念,并能应用柯西不等式、平均值不等式求函数的最值.2.能利用不等式解决有关的实际问题.[基础·初探]教材整理 最值问题,优化的数学模型1.最值设D 为f (x )的定义域,如果存在x 0∈D ,使得f (x )≤f (x 0)(f (x )≥f (x 0)),x ∈D ,则称f (x 0)为f (x )在D 上的最大(小)值,x 0称为f (x )在D 上的最大(小)值点. 寻求函数的最大(小)值及最大(小)值问题统称为最值问题,它属于更一般的问题——极值问题的一个特别的情况.2.分离常数法分离常数法就是在分子中凑出与分母相同的项,然后约分.这在求含有分式的最值问题时经常用到.这种类型的最值问题也可以用去分母的方法转化成关于x 的二次方程,然后利用判别式求最值.用平均值不等式来解此类问题时,特别要注意等号成立的条件.1.已知0<x <1,则x (1-x )取最大值时x 的值为( )A.13B.12C.14D.23【解析】 ∵0<x <1,∴x (1-x )≤⎣⎢⎡⎦⎥⎤x +(1-x )22=14, 当且仅当x =12时取等号.【答案】 B2.已知t >0,则函数y =t 2-4t +1t的最小值为________. 【解析】 ∵t >0,∴y =t 2-4t +1t=t +1t -4≥2-4=-2.【答案】 -2[质疑·手记]预习完成后,请将你的疑问记录,并与“小伙伴们”探讨交流:疑问1: 解惑: 疑问2: 解惑: 疑问3: 解惑:[小组合作型]设ax +by +cz =δ为常数,求ω=l x +m y +n z 的最小值.【导学号:38000045】【精彩点拨】 题设中的ω与δ的形式符合柯西不等式的形式,可以借助柯西不等式求式子的最值.【自主解答】 由柯西不等式得ω·δ=⎝⎛⎭⎪⎫l x 2+⎝ ⎛⎭⎪⎫m y 2+⎝ ⎛⎭⎪⎫n z 2·[(ax )2+(by )2+(cz )2]≥(al +bm +cn )2,。
(微专题)双重最值
双重最值[母题]Ⅰ(11-23):(《选修4-5(不等式选讲)》(人教A 版)P10)已知a>0,b>0,且h=min{a,2.2b a +b 22}(minA表示集合中最小数),求证:h ≤[解析]:由h=min{a,b a +b 22}⇒0<h ≤a,0<h ≤b a +b 22⇒h ≤2ab a +b 22⇒h ≤22ab1=⇒h ≤.22ab 2[点评]:以min 或max 的语言表示的,实质的是求几个函数式的最大值中的最小值,或最小值中的最大值.此类问题表述抽象,解法独特,易于构造.此类问题是数学竞赛的常客,它出现在目前的教材中,预示着它可能出现在以后的高考中.解答此类问题常用到两个等价命题:①M=max{x 1,x 2,…,x n }⇔M ≥x i (i=1,2,…,n);②m=min{x 1,x 2,…,x n }⇔m ≤x i (i=1,2,…,n).由此并灵活使用同向的不等式可加、可乘性构造不等式是解答此类问题的关键.领悟母题及下列子题中的构造不等式的技巧、方向是你构建母法的基础.[子题](1):(2006年全国高中数学联赛上海初赛试题)对于任意实数a,b,不等式max{|a+b|,|a −b|,|2006−b|}≥C恒成立,则常数C 的最大值是 (注:max{x,y,z}表示x,y,z 中的最大者).[解析]:设max{|a+b|,|a −b|,|2006−b|}=t,则t ≥|a+b|,t ≥|a-b|,t ≥|2006-b|⇒(m+n+k)t ≥m|a+b|+n|a-b|+k|2006-b|≥|(-m+n)a+(-m-n+k)b+2006k|,令-m+n=0,-m-n+k=0⇒k=2m=2n ⇒2kt ≥2006k ⇒t ≥1003.注:本题的解题目标是求t=max{|a+b|,|a −b|,|2006−b|}的最小值,为此利用等价命题和绝对值不等式的性质,着力于构造不等式f(t)≥常数,由此解决问题.在解决含绝对值的此类问题中这是解题的方向和目标.[子题](2):(2006年全国高中数学联赛辽宁初赛试题)设x 、y>0,S(x,y)=min{x,y,大值为 .x 2x 3+y 3,y 2x 3+y 3},则S(x,y)的最[解析]:设S(x,y)=t,则t ≤x,t ≤y,t ≤大值为2.2x 2x +y 33,t ≤y 2x +y 33⇒t ≤4x 3y 3(x +y )332≤122⇒S(x,y)的最(x=y=)⇒t ≤224注:本题中,利用等价命题和同向不等式的可乘性,构造一边为变量的齐次分式的不等式是构造不等式的一个重要技巧,在解决含分式的此类问题中经常使用.[子题](3):(1997年全国高中数学联赛试题)设a =lgz+lg[x(yz)-+1],b =lgx -+lg(xyz+1),c =lgy+lg[(xyz)-+1],记111a,b,c 中最大数为M,则M 的最小值为 .[解析]:由a =lg(xy -1+z),b=lg(yz+x -1),c=lg[(xz)-1+y].设xy -1+z,yz+x -1,(xz)-1+y 中的最大数为t,则M=lgt.t 2≥(xy -1+z)[(xz)+y]=[(yz)+yz]+(x+x )≥2+2=4.所以,t ≥2,当且仅当x=y=z=1时,t=2,故M 的最小值为lg2.注:本题中,利用其中的两个不等式,并根据同向不等式的可乘性,构造一边可进一步放小(或放大),进而解决问题的技巧,值得深思和参悟.[子题系列]:1.(2013年浙江高考试题)设a,b ∈R,定义运算“∧”和“∨”如下:a ∧b=⎨满足ab ≥4,c+d ≤4,则( )(A)a ∧b ≥2,c ∧d ≤2 (B)a ∧b ≥2,c ∨d ≥2 (C)a ∨b ≥2,c ∧d ≤2 (D)a ∨b ≥2,c ∨d ≥24⎧ab ,ab ≤2⎪⎪a +4b 22.(2011年全国高中数学联赛江苏初赛试题)设a,b 为正实数,记M=⎨,则M 的最大值是 .44⎪,ab >222⎪a +4b 2⎩a +4b⎧a (a ≤b )⎧b (a ≤b ),a ∨b=⎨.若正数a 、b 、c 、d⎩b (a >b )⎩a (a >b )-1-1-13.(2011年全国高中数学联赛河南初赛试题)己知a>0,b>0,若x 表示1,a 及的最大值为 .4.(2011年清华大学自主招生试题)minmax{x ,|x-6|}= .b a +b 22这三个数中的最小者,当a,b 变化时,x5.(2002年北京市中学生数学竞赛初赛高一年级试题)用max{x 1,x 2,…,x n }表记实数x 1,x 2,…,x n 中的最大值,用min{x 1,x 2,…,x n }表记实数x 1,x 2,…,x n 中的最小值,对任意的a>0,b>0,min{max{1122,,a +b }}= .ab1a 26.(2013年全国高中数学联赛浙江初赛试题)若a>0,b>0,则min{max{a,b,x x y +1b 2}}= .7.(1984年全国高中数学联赛上海初赛试题)当x,y ∈(0,1)时,min{2−,2−,2−}的最大值为____ _.8.(2005年全国高中数学联赛上海初赛试题)实数x 、y 、z 满足x+y+z=0,且x +y +z =1,记m 为x 、y 、z 中最大者,则m 的最小值为_____.9.(2006年全国高中数学联赛陕西初赛试题)设x>1,y>1,S=min{log x 2,log 2y,log y (8x )},则S 的最大值为10.(2006年全国高中数学联赛浙江初赛试题)max min {+a ,b ,c ∈R 2222222y 111123,2,3,a+b +c }= .a b c [子题详解]:1.解:由a +b ≥ab ≥2⇒a+b ≥4⇒max{a,b}≥2⇒a ∨b ≥2;又由c+d ≤4⇒min{c,d}≤2⇒c ∧d ≤2.故选(C).24a 2+4b 2ab a 2+b 22.解:由M ≤ab,M ≤b a 2+b 22≤b 112⇒M ≤ab ⋅=1⇒M 的最大值是1.3.解:由x=min{1,a,22},则0<x ≤1,0<x ≤ababa +b a,x ≤⇒x ≤≤1222⇒x ≤,当且仅当a=b=时,x=.2222224.解:设M=max{x ,|x-6|},则M ≥x ,M ≥|x-6|⇒M ≥x,①若x ≥6⇒M ≥x =6;②若0≤x ≤6⇒M +M ≥6⇒M ≥2⇒minmax{x ,|x-6|}=2.5.解:设max{a 2+b 21111112222322,,a +b }=M,则M ≥,M ≥,M ≥a +b ⇒M ≥≥2⇒M ≥32⇒min{max{,,a +b }}=32.ab a b a b a b6.解:设max{a,b,31a 2+1b 2-x }=M,则M ≥a,M ≥b,M ≥x-y 1a 2+1b 2⇒M ≥2M 2⇒M ≥32(a=b=32)⇒min{max{a,b,1a 2+1b 2}}=2.7.解:设a=log 22=-x,b=log 22=x-y,c=log 22=y-1,t=min{a,b,c}⇒t ≤-x,t ≤x-y,t ≤y-1⇒3t ≤(-x)+(x-y)1y-1-11x x y y 1222222+(y-1)=-1⇒t ≤-⇒min{2−,2−,2−}的最大值为23.8.解:由m ≥x ,m ≥y ,m ≥z ⇒2m ≥x +y =1-z =1⇒m ≥.当32且仅当x=-1222,y=,z=0时,m=.9.解:由S ≤log y (8x )=222x3+2log 2ylog 23+≤S2S ⇒S ≤2.10.解:设t=min{1213111311112323,2,3,a+b +c },则0<t ≤,0<t ≤2,0<t ≤3,即有a ≤,b ≤,c ≤,所以有t ≤a+b +c ≤.t t t a b a t c b c 23于是可得t ≤3,且当a=b =c =111323时,t=3.因此max min {,2,3,a+b +c }=3.+3a ,b ,c ∈R ab c。
例析双重最值问题的求解方法
例析双重最值问题的求解方法
函数是高中数学的主线,是高考永恒的热点,把含有符号“min{ }”或“max{ }”的函数称为“最值函数”,把求“最值函数”中的最值问题,称为“双重最值”问题.近来,这类问题频繁出现在考卷中,扮演着把关题的角色,具有相当的区分度,这类问题各类教辅和参考书籍研究的不多,可供训练的习题较少,给不少师生造成困扰,本文结合实例,谈谈这类问题的解法.
策略1:借助图像,直观求解
以上几例不难发现,对于双重最值问题,通常可以先由结论1和2构建不等关系,再借助基本不等式及其变形进行放缩,对于三个量的双重最值问题,可以分类讨论转化为两个量来解决.由于基本不等式求最值通常要满足“一正、二定、三相等”,所以变形过程中的配凑和取等号的条件要特别注意.。
再谈双层最值问题
再谈双层最值问题
黄海根
【期刊名称】《数理天地:高中版》
【年(卷),期】2009(000)006
【摘要】《数理天地》2009年第1期发表了侯建国老师的文章《用整体思想解双层最值问题》,提出用整体法(包括整体相加,整体相乘,整体代换)解决多变量双层复合最值问题,感觉耳目一新,很受启发,细读之余,本人发现用平均值思想解决这类问题,亦是很好的方法,下面主要以文中例题为例说明.
【总页数】2页(P23-24)
【作者】黄海根
【作者单位】福建省晋江市磁灶中学,362214
【正文语种】中文
【中图分类】G633.62
【相关文献】
1.再谈两类无理函数的最值问题
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高考满分数学压轴题05 双重最值问题的解决策略(可编辑可打印)
双重最值问题的解决策略一、方法综述形如求()()(){}{}1122max min ,,,n n f x f x f x ⋅⋅⋅等的问题称为“双重最值问题”.按其变元的个数可分为一元双重最值问题和多元双重最值问题.在本文中,提供一个常用的结论,取不同的值可得到很多命题.一个结论:设x ,0y >,p ,q ,α为正常数,则(1)()1111min max ,,px qy p q x y ααα+⎧⎫⎧⎫+=+⎨⎨⎬⎬⎩⎭⎩⎭;(2)()1111max min ,,px qy p q x y ααα+⎧⎫⎧⎫+=+⎨⎨⎬⎬⎩⎭⎩⎭. 证明:设11max ,,t px qy x y αα⎧⎫=+⎨⎬⎩⎭,则1t x ≥,1t y ≥1x t ⇒≥,1y t ≥,所以()111p q p q t px qy t p q t p q t t tααααααα+++≥+=+=⇒≥+⇒≥+,当且仅当111x y p q α+⎛⎫== ⎪+⎝⎭时取等,即()1111min max ,,px qy p q x y ααα+⎧⎫⎧⎫+=+⎨⎨⎬⎬⎩⎭⎩⎭.二、解题策略一、一元双重最值问题1.分段函数法:分类讨论,将函数写成分段函数形式,求函数值域即可.例1.对于a ,b ∈R ,记Max {a ,b }=⎩⎨⎧<≥ba bba a,函数f (x )=Max {1+x ,2-x }(x ∈R )的最小值是( ) (A).21 (B).1 (C).23(D).2 【答案】C【解析】f (x )=Max {1+x ,2-x }=1+1,21-2,<2x x x x ⎧≥⎪⎪⎨⎪⎪⎩故答案为23.2.数形结合法:分别画出几个函数图象,结合图象直接看出最值点,联立方程组求出最值.例2.【2020河北正定一模】设函数f(x)=min{x2﹣1,x+1,﹣x+1},其中min{x,y,z}表示x,y,z中的最小者.若f(a+2)>f(a),则实数a的取值范围为()A.(﹣1,0)B.[﹣2,0]C.(﹣∞,﹣2)∪(﹣1,0)D.[﹣2,+∞)【答案】C【解析】在同一坐标系内画出三个函数y=1﹣x,y=x+1,y=x2﹣1的图象,以此作出函数f(x)图象,观察最小值的位置,通过图象平移,可得a<﹣1,且(a+2)2﹣1>a+1,①或﹣(a+2)+1>a2﹣1,②,解不等式即可得到所求范围.f(x)=min{x2﹣1,x+1,﹣x+1}=,作出f(x)的图象,可得f(a+2)>f(a)变为a<﹣1,且(a+2)2﹣1>a+1,①或﹣(a+2)+1>a2﹣1,②①变为a2+3a+2>0,解得a<﹣2;②变为a2+a<0,解得﹣1<a<0.则实数a的取值范围为(﹣∞,﹣2)∪(﹣1,0).二、多元一次函数的双重最值问题1.利用不等式的性质例3.【2020江苏模拟】设实数x1,x2,x3,x4,x5均不小于1,且x1·x2·x3·x4·x5=729,则max{x1x2,x2x3,x3x4,x4x5}的最小值是__________.【答案】9【解析】由123445h x xh x xh x x≥⎧⎪≥⎨⎪≥⎩,所以32123454729729h x x x x x x≥≥≥当1,942531=====x x x x x 时等号成立,所以最小值为9 2.利用绝对值不等式例4.【2020绍兴模拟】设a ,R b ∈,求{}{}min max 12,12,2a b a b b+++-+的值.【解析】设{}max 12,12,2t a b a b b =+++-+,则12t a b ≥++,12t a b ≥+-,2t b ≥+, 设()()()()()()12122222x a b y a b z b x y a x y z b x y z ++++-++=++-++++, 令0x y +=且()()220::1:1:4x y z x y z -+=⇒=--,则()()()61212421212428t a b a b b a b a b b ≥++++-++≥++-+--+=, 故43t ≥,当且仅当()()12122a b a b b ++=-+-=-+,即1a =-,23b =-时取等. 3.利用均值不等式例5.设max{f(x),g(x)}=(),()().(),()()g x f x g x f x f x g x ≤⎧⎨>⎩,若函数n (x)=x 2+px+q(p ,q ∈R)的图象经过不同的两点(α,0)、(β,0),且存在整数n 使得n <α<β<n +1成立,则( ) A .max{n (n ),n (n +1)}>1 B .max{n (n ),n (n +1)}<1 C .max{n (n ),n (n +1)}>12 D .max{n (n ),n (n +1)}> 12【答案】B4.利用柯西不等式例6.若a ,b ,0c >且33a b c ++=22min max ,,232323a b c a b c b c a c a b ⎧⎫⎧⎫⎪⎪⎨⎨⎬⎬++++++⎪⎪⎩⎭⎩⎭.解:设222max ,,232323a b c t a b c b c a c a b ⎧⎫=⎨⎬++++++⎩⎭,则223a t a b c ≥++,223b t b c a ≥++,223c t c a b≥++,由柯西不等式得()()22223332323236626a b c a b c a b c t t a b c b c a c a b a b c ++++≥++≥==⇒≥++++++++, 当且仅当3a b c ===取等,即2223min max ,,2323236a b c a b c b c a c a b ⎧⎫⎧⎫⎪⎪=⎨⎨⎬⎬++++++⎪⎪⎩⎭⎩⎭. 5.分类讨论例7.若a ,0b >,求14min max ,,a b a b ⎧⎫⎧⎫+⎨⎨⎬⎬⎩⎭⎩⎭的值. 解:设14max ,,t a b a b ⎧⎫=+⎨⎬⎩⎭,则t a ≥,t b ≥,14t a b≥+, ①当a b ≥时,14145t a b a a a ≥+≥+=,5225t a a ≥+≥,当且仅当5a b ==时取等; ②当b a ≥时,14145t a b b b b ≥+≥+=,5225t b b≥+=,当且仅当5a b ==时取等.综上,5t ≥,当且仅当5a b ==时取等,即14min max ,,5a b a b ⎧⎫⎧⎫+=⎨⎨⎬⎬⎩⎭⎩⎭. 6.待定系数法例8.若a ,0b >,求14min max ,,a b a b ⎧⎫⎧⎫+⎨⎨⎬⎬⎩⎭⎩⎭的值.7.构造函数例9.【2020宜昌一模】已知二元函数f (x ,θ)=(x ∈R ,θ∈R ),则f (x ,θ)的最大值和最小值分别为?【解析】当x =0时,f (x ,θ)==0,当x ≠0时,f (x ,θ)==,令u =,则|u |≥,即u ≤﹣,或u ≥,则f =,其意义为平面上单位圆上动点(cos θ,sin θ)与(﹣u ,0)点连线斜率k 的倒数,∵k ∈(﹣∞,﹣]∪[,+∞),故f =∈[﹣,]故f (x ,θ)的最大值和最小值分别为,﹣,8.利用韦达定理例10.若a ,b ,0c >且12a b c ++=,45ab bc ca ++=,求{}{}min max ,,a b c .解:注意到a ,b ,c 的对称性,故可设{}max ,,a a b c =,又12b c a +=-,()4512bc a a =--,所以方程()()21245120x a x a a +-+--=有两个不大于a 的实根,故()01220f a aa ≥⎧⎪-⎪≤⎨⎪∆≥⎪⎩56a ⇒≤≤,当5a b ==,2c =时,{}{}min max ,,5a b c =. 9.数形结合例11.【2020•绍兴二模】设函数f (x )=min {|x ﹣2|,x 2,|x +2|},其中min {x ,y ,z }表示x ,y ,z 中的最小 者.下列说法错误的是( ) A .函数f (x )为偶函数B .若x ∈[1,+∞)时,有f (x ﹣2)≤f (x )C .若x ∈R 时,f (f (x ))≤f (x )D .若x ∈[﹣4,4]时,|f (x )﹣2|≥f (x ) 【答案】D【解析】在同一直角坐标系中画出y =|x ﹣2|,y =x 2,y =|x +2|,可得f (x )=,显然f (﹣x )=f (x ),可得f (x )为偶函数; 当x ≥1时,f (x )=|x ﹣2|,f (x ﹣2)的图象可看做f (x )的图象右移2个单位得到,显然x ≥1时,f (x )的图象在f (x ﹣2)图象之上,则若x ∈[1,+∞)时,有f (x ﹣2)≤f (x ); 若x ∈R 时,f (x )≥0,可令t =f (x ),由y =f (t )和y =t (t ≥0),且y =t 在曲线y =f (t )的上方, 显然f (f (x ))≤f (x )成立;若x ∈[﹣4,4],f (﹣4)=2,f (﹣4)﹣2=0,显然f (﹣4)>|f (﹣4)﹣2|, 则D 不正确,故选:D .三、强化训练1.已知实数[2,3]a ∈,不等式2cos (4)sin 2(22)|sin 2|0a x a b x a b x a -+-++-+-≥对任意x ∈R 恒成立,则223a a b ++的最大值是( ) A .16- B .13-C .6-D .2【答案】B【解析】令2sin [1,3]t x =+∈,原不等式整理得()2cos 4sin 4(2sin )4|sin 2|0a x x b x x a ---+--+-≥,即21(2)4(2)44||0a t t bt t a ⎡⎤---------≥⎣⎦,∴()214||0a tbt t a -----≥,即24||0atbt a t a ++-+-≤,两边除以t 得:410a aat b t t-+++-≤, 所以41,1()41,3a a at b t a t tf t a a at b a t t t -⎧+++-≤≤⎪⎪=⎨-⎪+++-≤≤⎪⎩41,1421,3at b t a t a at b a t t ⎧++-≤≤⎪⎪=⎨-⎪+++≤≤⎪⎩,因为[]2,3a ∈,故420a -≤,故421,3ay at b a t t-=+++≤≤为增函数. 422a a ≤<≤,因此()f t 在4a ⎡⎢⎣上递减,4,3a ⎤⎥⎦上递增, 又(1)3f a b =++,77(3)33f a b =++,且42(3)(1)033f f a -=->, 故()max77(3)033f x f a b ==++≤.则2222357353713a a b a a ++≤--≤-⨯-=-. 故选:B.2.已知函数y=f (x ),若给定非零实数a ,对于任意实数x ∈M ,总存在非零常数T ,使得af (x )=f (x+T )恒成立,则称函数y=f (x )是M 上的a 级T 类周期函数,若函数y=f (x )是[0,+∞)上的2级2类周期函数,且当x ∈[0,2)时,f (x )=()2101212x x f x x ⎧-≤≤⎪⎨-<<⎪⎩,,,又函数g (x )=﹣2lnx+12x 2+x+m .若∃x 1∈[6,8],∃x 2∈(0,+∞),使g (x 2)﹣f (x 1)≤0成立,则实数m 的取值范围是( ) A .(﹣∞,112] B .(﹣∞,132] C .[112+∞,) D .[132+∞,) 【答案】B 【解析】根据题意,对于函数f (x ),当x ∈[0,2)时,()2101 212x x f x f x x ⎧-≤≤⎪=⎨-<<⎪⎩,(),,可得:当0≤x≤1时,f (x )=1-x 2,有最大值f (0)=1,最小值f (1)=0,当1<x <2时,f (x )=f (2-x ),函数f (x )的图象关于直线x=1对称,则此时有0<f (x )<1, 又由函数y=f (x )是定义在区间[0,+∞)内的2级类周期函数,且T=2; 则在x ∈[6,8)上,f (x )=23•f (x-6),则有0≤f (x )≤4, 则f (8)=2f (6)=4f (4)=8f (2)=16f (0)=8, 则函数f (x )在区间[6,8]上的最大值为8,最小值为0;对于函数2122g x lnx x x m =+++()﹣, 有()2(1)2221x x x x g x x x x x-++-'=-++==() , 得在(0,1)上,g′(x )<0,函数g (x )为减函数, 在(1,+∞)上,g′(x )>0,函数g (x )为增函数,则函数g (x )在(0,+∞)上,由最小值312f m =+(), 若∃x 1∈[6,8],∃x 2∈(0,+∞),使g (x 2)-f (x 1)≤0成立, 必有g (x )min ≤f (x )max ,即382m +≤, 解可得132m ≤ ,即m 的取值范围为13]2-∞(,.故选B .3.已知函数()2f x x ax b =--,当[]2,2x ∈-时设()f x 的最大值为(),M a b ,则当(),M a b 取到最小值时a =( ) A .0B .1C .2D .12【来源】浙江省宁波市华茂外国语学校2020届高三下学期3月高考模拟数学试题 【答案】A【解析】()222=()24=-----a a f x x ax b x b ,当[]2,2x ∈-时设()f x 的最大值,在端点处或最低点处取得()2,max{42,42,}4∴=+---+a M a b a b a b b (){},20,max 4,4,4,2b b M b b b b b b ≥⎧=--=⎨-<⎩,最小值为2()17,21481,max 6,2,=476,28b b M b b b b b b ⎧+≥⎪⎧⎫⎪=--+⎨⎬⎨⎩⎭⎪-<⎪⎩,最小值为138(){}1, 3.52,max 8,,18, 3.5b b M b b b b b b ⎧+≥⎪=--+=⎨-<⎪⎩,最小值为4.5115,2111632,max 5,3,216155,232b b M b b b b b b ⎧+≥⎪⎧⎫⎪⎛⎫=--+=⎨⎬⎨ ⎪⎝⎭⎩⎭⎪-<⎪⎩,最小值17232 综上可得,(),M a b 取到最小值时a =0. 故选:A4.已知函数()2log 1f x x =+的定义域为[]1,2,()()()22g x fx f x m =++,若存在实数a ,b ,(){}c y y g x ∈=,使得a b c +<,则实数m 的取值范围是( )A .74m <-B .2m <C .3m <D .14m <【答案】D【解析】()f x 的定义域为[]1,2,由21212x x ⎧⎨⎩,解得12x ,22()()()g x f x f x m ∴=++的定义域为⎡⎣,()()()()2222222221log 142f x f x m x log x m log x log x m ++=++++=+++,令2log x t =,1,2x ⎡∈⎣,10,2t ⎡⎤∴∈⎢⎥⎣⎦,则22()42(2)2h t t t m t m =+++=++-,当10,2t ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时为()h t 增函数 ,min ()(0)2h t h m ==+,max 117()()24h t h m ==+, 存在实数(){},,|a b c y y g x ∈=, 使得a b c +<,()()min max 2h t h t ∴<即17424m m +<+,解得14m <故选:D5.定义:{}min ,a b 表示a ,b 两数中较小的数.例如{}min 2,42=.已知{}2()min ,2f x x x =---,()2()x g x x m m =++∈R ,若对任意1[2,0]x ∈-,存在2[1,2]x ∈,都有()()12f x g x ≤成立,则m 的取值范围为( ) A .[4,)-+∞ B .[6,)-+∞ C .[7,)-+∞D .[10,)-+∞【来源】湖南省常德市第二中学2020届高三下学期临考冲刺数学(文)试题 【答案】C【解析】由题意可得,函数()222222x x x f x x x x ⎧--<--=⎨---≥--⎩, 即函数()221212x x x f x x x ⎧-><-=⎨---≤≤⎩或,作出函数()f x 的图象如图所示:由图象可得,当1[2,0]x ∈-时,()1max (1)1f f x -==-;因为函数()2()x g x x m m =++∈R 为定义在R 上的增函数,所以当2[1,2]x ∈时,()2max (2)6g x g m ==+.由题意知()()12max max f x g x ≤,即16m -≤+,解得7m ≥-,所以实数m 的取值范围为[7,)-+∞,故选: C6.如果函数21()(2)(8)1(0,0)2f x m x n x m n =-+-+≥≥在区间1,22⎡⎤⎢⎥⎣⎦上单调递减,那么mn 的最大值为( )A .16B .18C .25D .812【答案】B 【解析】当2m =时,(8))1(f x n x =-+在区间1,22⎡⎤⎢⎥⎣⎦上单调递减, 则808n n -<⇒<,于是16mn <,则mn 无最大值.当[0,2)m ∈时,()f x 的图象开口向下, 要使()f x 在区间1,22⎡⎤⎢⎥⎣⎦上单调递减,需8122n m --≤-,即218n m +≤ 又0n ≥则219922m mn m m m ⎛⎫≤-=-+ ⎪⎝⎭ 而21()92g m m m =-+在[0,2)上为增函数, [0,2)m ∴∈时,()(2)16g m g <=,故[0,2)m ∈时,mn 无最大值.当2m >时,()f x 的图象开口向上,要使()f x 在区间1,22⎡⎤⎢⎥⎣⎦上单调递减, 则822n m --≥-,即212m n +≤,而2m n +≥18mn ≤,当且仅当2122m n m n +=⎧⎨=⎩,即36m n =⎧⎨=⎩时,取“=”,此时满足2m >, 故mn 的最大值为18.选B.7.已知函数221()ax x f x x+-=,函数()2cos 22sin g x a x a x =--,若1(1,)x ∀∈+∞,20,3x π⎡⎤∃∈⎢⎥⎣⎦,使得不等式12()()f x g x <成立,则实数a 的取值范围为 A .7(,)10-∞ B .77(,)108-C .77(,)108D .7(,)8-∞ 【答案】D 【解析】()222111=ax x f x a x x x+-=+-,当()1,x ∈+∞时,令t=()10,1x ∈ 可得2y t t a =-++,对称轴为12t =,故最大值为111424a a -++=+, 即f(x)得最大值为14a +, ()()222cos22sin =212sin 2sin 2sin 2sin 2g x a x a x a x a x a x a x a =-----=-+- 当0,3x π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时,令u=sinx ∈[0,2],则2222y au au a =-+-, 当a=0时,y=2,当a<0时,二次函数对称轴为12u =,故函数在对称轴处取到最大值为2-3a 2, 当a>0时,开口向上,0距对称轴12远,故当u=0时取到最大值为2-a, 所以max 32,02()2,02,0a a g x a a a ⎧-<⎪⎪==⎨⎪->⎪⎩,由题意可得f (x )max <g (x )max ,即当a<0时,13242a a +<-,解得710a <,故a<0, 当a=0时,124a +<,满足题意,当a>0时,124a a +<-,解得708a <<, 综上可得78a <, 故选D . 8.已知函数()32log f x x =+的定义域为[]1,3,()()()22g x f x f x m =++, 若存在实数(){}123,,a a a y y g x ∈=,使得123a a a +<,则实数m 的取值范围是 A .114m <- B .134m <- C .1m < D .2m <【来源】2020届吉林省东北师范大学附属中学高三上学期第二次模拟数学(文)试题【答案】A【解析】由题意得()()()()22233332log 2log log 6log 6g x x x m x x m =++++=+++,由21313x x ≤≤⎧⎨≤≤⎩,得1x ≤≤∴函数()g x 的定义域为⎡⎣. 令31log ,0,2t x t ⎡⎤=∈⎢⎥⎣⎦, 且()()226t 633h t t m t m =+++=+-+,∴函数()h t 在10,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦上单调递增, ∴()()()13706,24min max h x h m h x h m ⎛⎫==+==+⎪⎝⎭, ∴()()376,4min max g x m g x m =+=+. 由题意得“存在实数(){}123,,a a a y y g x ∈=,使得123a a a +<”等价于“()()2min max g x g x <”, ∴()37264m m +<+, 解得114m <-. 故选A .。
第4节 二次函数区间最值研究-【触摸数学】GeoGebra高中数学实验探究与应用教程
第4节 二次函数区间最值研究二次函数在闭区间上的最值问题,是高一数学公认的难点之一,它包括两种常见的基本题型:(1)函数图象不变,但区间可变(当然,区间长度通常不变,否则研究难度太大);(2)区间不变,但函数图象可变(通常是对称轴位置的改变,也有个别题目涉及开口方向改变).它难在哪里?难就难在无论区间改变还是图象改变,都要求学生必须学会用运动的观点研究问题.而传统教学中,画在纸上和黑板上的图象都是不动的,运动只能依靠学生的直观想像,但大部分刚从初中升入高一的学生,在想像能力上还是比较不足的.本节课件在第二章第5节所作课件“2-5实验2.ggb”的基础上作修改.【实验1】研讨二次函数图象固定,区间变化(但区间长度保持不变)时的最值问题1.探究二次函数在区间上的最小值. 【分析】先探究函数图象和区间都固定的情况下二次函数的最值,为后续探究作铺垫.【探究步骤】1.调整课件“2-5实验2.ggb”滑杆,使的值分别为,从而使二次函数解析式为,定义域为; 2.观察函数在区间的图象,确定函数在该区间上的最小值. 【拓展探究1】探究二次函数在区间上的最小值. 【拓展探究2】探究二次函数在区间上的最小值. 【说明】【实验1】、【拓展探究1】、【拓展探究2】所提三个探究问题分别对应了函数图象对称轴分别在区间的右侧、在区间内和在区间左侧的情形,让学生首先观察这三种情形下的最小值,目的是为【实验2】作好准备.【实验2】探究二次函数在区间上的最小值(其中). 【探究步骤】1.调整课件“2-5实验2.ggb”滑杆,使的值分别为,从而使二次函数解析式为223y x x =++[]4,2--n m c b a ,,,,2,4,3,2,1--223y x x =++[]4,2--223y x x =++[]4,2--223y x x =++[]2,0-223y x x =++[]0,2223y x x =++[],2m m +m ∈R c b a ,,3,2,1,作出直线.双击实曲线函数图象,在属性里修改范围为,删除滑杆n ;2.拉动滑杆,让从慢慢增长到5,仔细观察函数在区间的图象变化情况,特别注意随着的改变,函数图象的变化有什么规律,分别在哪些位置取到最小值.【说明】在【实验1】、【拓展探究1】、【拓展探究2】的铺垫下,【实验2】意在引导学生应用运动变化的观点,自主探究定函数在区间变化(但区间长度不变)时的最值.【思考】删除滑杆n ,直线也随之删除,这是为什么?通过以上的系列研究,可以得到,对于开口向上的抛物线,在图象固定的情形下,函数在动区间(区间长度保持不变)上的最小值包含三种情形:(1)如果对称轴在区间的右侧,则函数在区间的右端点取到最小值;(2)如果对称轴在区间内部,则函数在对称轴取到最小值;(3)如果对称轴在区间的左侧,则函数在区间的左端点取到最小值.在此基础上,开展拓展研究:【拓展研究3】探究二次函数在区间上的最大值(其中). 【拓展研究4】探究二次函数在区间上的最小值(其中). 【拓展研究5】探究二次函数在区间上的最大值(其中). 以上研究方法和【实验2】类似.【实验3】研讨区间固定,二次函数图象变化(主要研究对称轴变化)时的最值问题. 探究二次函数在区间上的最小值(其中R ∈b ). 【探究步骤】1.调整课件“2-5实验2.ggb”滑杆,使的值分别为,从而使二次函数解析式为,定义域为; 2.拉动滑杆,让从慢慢增长到5,仔细观察函数在区间的图象,特别注意随着对称轴位置的改变,函数分别在哪些位置取到最小值.223y x x =++2+=m x 223y x x =++[]2,+m m m m 5-223y x x =++[],2m m +m n x =223y x x =++[],2m m +m ∈R 223y x x =-++[],2m m +m ∈R 223y x x =-++[],2m m +m ∈R 23y x bx =++[]0,2n m c a ,,,20,3,1,23y x bx =++[]0,2b b 5-23y x bx =++[]0,2通过【实验3】的研究发现,对于开口向上的抛物线,在区间固定的情形下,动函数(本处单指对称轴在运动的情形)在区间上的最小值和任务一的研究结果一致.在此基础上,拓展研究.【拓展研究6】探究二次函数在区间上的最大值(其中). 【拓展研究7】探究二次函数在区间上的最小值(其中). 【拓展研究8】探究二次函数在区间上的最大值(其中). 以上拓展研究方法与【实验3】类似.【实验4】二次函数区间最值的拓展研究如果,且当时二次函数在区间上的最小值均不小于0,求的取值范围.【说明】这个问题具有较大难度,提供给学有余力的同学作拓展研究.【实验5】二次函数区间最值综合探究若函数12)(2++=ax ax x f 在[]2,1上有最大值4,求实数a 的值. 【分析】由12)(2++=ax ax x f若0=a ,则1)(=x f 与最大值为4矛盾,从而0≠a .又1)1()(2+-+=a x a x f ,由此可见)(x f 的图象为对称轴为1-=x 的抛物线,它在[]2,1的最大值不仅可能受开口方向的影响,也可能会受对称轴与区间位置关系的影响.【探究步骤】1.在GGB 中作出1)1()(2+-+=a x a x f 在区间[]2,1的图象; 2.拉动滑杆a ,观察)(x f 在区间[]2,1最大值的情况.经观察,可大致得到:当35.0≈a 时,函数区间[]2,1的最大值为4.下面给出数学求解:1)1()(2+-+=a x a x f(1)当0=a 时,函数)(x f 在区间[]2,1上的值为常数1,不符合题意,舍去;23y x bx =++[]0,2b ∈R 23y x bx =-++[]0,2b ∈R 23y x bx =-++[]0,2b ∈R 0t ≥a t ≤223y x ax =-+[],2t t +t(2)当0>a 时,函数)(x f 在区间[]2,1上是增函数,最大值为418)2(=+=a f ,解得83=a ; (3)当0<a 时,函数)(x f 在区间[]2,1上是减函数,最大值为413)1(=+=a f ,解得1=a ,不符合题意,舍去. 综上所述,实数83=a . 【拓展研究9】若函数1)1(2)(2++-=x a ax x f 在[]2,1上有最大值4,求a 的值. 【分析】本题和【实验5】比较,有一明显区别,那就是【实验5】中,对称轴1-=x 和区间[]2,1的相对位置是确定的,而本题函数)(x f 图象的对称轴为a x 11+=,它和区间[]2,1的位置关系并不确定,这就增加了讨论的难度.【探究步骤】可仿【实验5】展开探究.经观察,当5-≈a 时,命题成立.下面给出数学求解: 1)1(2)(2++-=x a ax x f(1)当0=a 时,函数12)(+-=x x f ,在区间[]2,1上的最大值为1-,不符合题意,舍去;(2)当0>a 时,函数)(x f 图象的对称轴为a x 11+=必在区间[]2,1内,或在[]2,1的右侧. ①当2311≤+a ,即2≥a 时,)(x f 在区间[]2,1上的最大值为3)2(-=f ,不符合题意; ②当2311>+a ,即20<<a 时,)(x f 在区间[]2,1上的最大值为41)1(=--=a f ,5-=a 得,不符合题意;(3)当0<a 时,函数)(x f 图象的对称轴为a x 11+=必在区间[]2,1左侧,)(x f 在区间[]2,1上的最大值为41)1(=--=a f ,5-=a 得.综上所述,当5-=a 时,命题成立.。
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专题2.4:双层最值问题的研究与拓展
【问题提出】
(1)若定义运算,,,⎩⎨
⎧<≥=⊕b
a a b
a b b a 则函数)2()(x x x f -⊕=的值域是______.
(2)定义},,min{c b a 为c b a ,,中的最小值,则}2
2,3,12min{x x x M --+=的最大值为__________. 5
9 (3)函数2|()||()|()
()21,()1,()()|()|()x f x f x g x f x g x x F x g x f x g x ≥⎧=-=-=⎨-<⎩
则F (x )的最小值为 1-.
【探究拓展】
探究1:函数)(x f 满足22)2(2)(a x a x x f ++-=,8)2(2)(22+--+-=a x a x x g .设
)}(),(max{)(1x g x f x H =,)}(),(min{)(2x g x f x H =(),max(q p 表示q p ,中的较大值,),min(q p 表
示q p ,中的较小值),记)(1x H 的最小值为A ,)(2x H 的最大值为B ,则=-B A ________. 变式1:设函数2()sin (,)3sin f x x m x R m R x =+
+∈∈+最大值为()g m ,则()g m 的最小值为__________. 34
:变式2:已知ABC ∆面积为1,,D E 分别在边,AC BC 上,DE ∥AB 连BD ,设
,,DCE DBE DBA ∆∆∆的面积分别为123,,S S S ,123max(,,)y S S S =,则min y =
变式3:有三个新兴城镇,分别位于A ,B ,C 三点处,且
AB=AC=13km ,BC=10km.今计划合建一个中心医院,为同时方便三镇,准备建在BC 的垂直平分线上的P 点处,(建立坐标
系如图)
(1)若希望点P 到三镇距离的平方和为最小,点P 应位于何
处?
(2)若希望点P 到三镇的最远距离为最小,点P 应位于何处?
探究2:设0,0a b >>,22
min{,
}b
h a a b
=+,其中min{,}x y 表示,x y 两数中最小的一个数,则h 的最大值为 .
2
2 变式1:已知y x ,是正数,且}1
,1,
min{)(y x
y x x F +=,则函数)(x F 的最大值为_____.2
变式2:已知y x ,是正数,且},1,
1max{)(22
y x y
x x F +=,则函数)(x F 的最小值为_____. 3
2
变式3:已知y x ,是区间()1,0内的两个实数,把12,2,2---y y x x 的最小值记为),(y x F ,则),(y x F 的最大值为_____________.3
2
1 变式4:对任意实数b a ,,不等式C b b a b a ≥--+}2016,,max{恒成立,则C 的最大值为_______. 1008
变式5:},,max{c b a 为c b a ,,中的最大值,令}2,21,21max{b b a b a M +-+++=,则对任意实数M b a ,,的最小值为________.
3
4
探究3:已知a b c ,
,均为正实数,记11max a M b bc c ac a b ⎧⎫
=+++⎨⎬⎩⎭
,,,则M 的最小值为_________. 变式1:设实数x 1,x 2,x 3,x 4,x 5均不小于0,且x 1+x 2+x 3+x 4+x 5=1,则
},,,max{54433221x x x x x x x x ++++的最小值是__________.3
1
变式2:设实数x 1,x 2,x 3,x 4,x 5均不小于1,且x 1·x 2·x 3·x 4·x 5=729,则max{x 1x 2,x 2x 3,x 3x 4,x 4x 5}的最小值是__________.
【答案】 解:不妨设31x x ≤,则由⎪⎩
⎪⎨⎧≥≥≥54433
2x
x h x x h x x h ,所以729729452
42323≥≥≥x x x x x h
当1,942531=====x x x x x 时等号成立,所以最小值为9 【专题反思】你学到了什么?还想继续研究什么?。