物理二轮复习 选择题提速练(一)
【高考试卷】2020届-高中物理二轮复习选择题提速练： Word版含解析(1)(2)
2020年高考冲刺试卷芳草香出品选择题提速练121—5为单选，6—8为多选1．如图所示，同一竖直面内有上下两条用相同材料做成的水平轨道MN、PQ，两个完全相同的物块A、B放置在两轨道上，A在B 物块正上方，A、B之间用一细线相连．在细线的中点O施加拉力F，使A、B一起向右做匀速直线运动，则F的方向是(图中②表示水平方向)(C)A．沿①方向B．沿②方向C．沿③方向D．沿①②③方向都可以解析：分别对A、B进行受力分析可知，A对水平轨道的压力大于其重力，B对水平轨道的压力小于其重力，则两物体所受滑动摩擦力f A>f B；要使A、B一起向右匀速运动，则F A cosθ－f A＝0(θ为细线与水平方向的夹角)，F B cosθ－f B＝0，有F A>F B；再对O点分析，F 应沿③的方向才能保证F A>F B，C选项正确．2．在竖直平面内，有垂直平面向里的匀强磁场，一个α粒子由静止释放，已知α粒子的重力不能忽略，则α粒子的运动轨迹为(D)A．如图1所示，匀速圆周运动B．如图2所示，先做曲线运动后做匀速直线运动C．如图3所示，往复的曲线运动D．如图4所示，一直向右做曲线运动解析：α粒子由静止释放，重力做正功，α粒子动能增加，速度增大，所受的洛伦兹力逐渐增大，方向由水平向右逐渐往右侧上方偏转，当洛伦兹力方向竖直向上时，速度方向为水平向右，此时洛伦兹力已大于重力，而后α粒子受洛伦兹力作用往上方偏转，重力做负功，α粒子动能减小，速度也减小，所受的洛伦兹力逐渐减小，方向由竖直向上逐渐往左侧逆时针方向偏转，到某一时刻速度减小到0，再重复上述过程，故选项D正确．3．如图所示，虚线A、B、C为某电场中的三条等势线，其电势分别为3 V、5 V、7 V，实线为带电粒子在电场中运动时的轨迹，P、Q为轨迹与等势线A、C的交点，带电粒子只受电场力，则下列说法正确的是(B)。
2024高考物理二轮复习一选择题快速练四选择题快速练三力学3
(四)选择题快速练三力学(3)1.如图所示,一个质量m=1 kg的小环套在倾角为37°的光滑固定直杆上,为使小环能够静止不动,需对它施加一个水平拉力F。
已知重力加速度g=10 m/s2,sin 37°=0.6。
则F的大小和方向分别是( )A.7.5 N,水平向左B.7.5 N,水平向右C.13.3 N,水平向左D.13.3 N,水平向右2.一质点在A、B两点之间做匀变速直线运动,加速度方向与初速度方向相同,当在A点初速度为v时,从A点到B点所用的时间为t,当在A点初速度为2v时,保持其他量不变,从A点到B点所用时间为t',则( )A.t'>t2B.t'=t2C.t'<t2D.t'=t3.(多选)如图所示为某汽车在平直马路上启动时发动机功率P随时间t改变的图像,P0为发动机的额定功率。
已知在t2时刻汽车的速度达到最大值v m,汽车所受阻力大小与速度大小成正比。
由此可得( )A.在t3时刻,汽车速度肯定等于v mB.在t1~t2时间内,汽车肯定做匀速运动C.在t2~t3时间内,汽车肯定做匀速运动D.在发动机功率达到额定功率前,汽车肯定做匀加速运动4.如图所示,光滑斜面固定在水平面上,第一次让小球从斜面顶端A由静止释放,使小球沿斜面滑究竟端B;其次次将小球从斜面顶端A沿水平方向抛出,使小球刚好落到斜面底端B。
比较两次小球的运动,下列说法正确的是( )A.其次次小球运动经验时间更长B.第一次小球运动速度改变更快C.其次次小球到达B点的速度更大D.两种状况小球到达B点的速度方向相同5.(多选)一球形行星对其四周物体的万有引力使物体产生的加速度用a表示,物体到该行星表面的距离用h表示,a随h改变的图像如图所示,图中a1、h1、a2、h2及引力常量G均为已知。
依据以上数据可以计算出( )A.该行星的半径B.该行星的质量C.该行星的自转周期D.该行星同步卫星离行星表面的高度6.(多选)如图所示,在水平地面上有一个表面光滑的直角三角形物块M,长为L的轻杆下端用光滑铰链连接于O点(O点固定于地面上),上端连接小球m,小球靠在物块左侧,水平向左的推力F施于物块,整个装置静止。
高考物理二轮复习选择题提速练
选择题提速练（一）一、单项选择题1．如图甲所示为杂技中的“顶竿”表演，水平地面上演员B用肩部顶住一根长直竹竿，另一演员A爬至竹竿顶端完成各种动作。
某次顶竿表演结束后，演员A自竿顶由静止开始下落。
滑到竿底时速度正好为零，然后屈腿跳到地面上，演员A、B质量均为50 kg，竹竿质量为5 kg，演员A下滑的过程中速度随时间变化的图像如图乙所示。
重力加速度g取10 m/s2，下列判断正确的是( )A．竹竿的总长度约为3 mB．0～6 s内，演员B对地面的压力大小始终为1 050 NC．0～6 s内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为3 300 N·sD．演员A落地时屈腿，是为了缩短作用时间以减小地面的冲击力解析：选C vt图像的面积等于演员A下滑过程的位移(即竹竿的总长度)，x＝12×6×2m＝6 m，A错误；0～4 s内演员A加速下滑，加速度a＝0.5 m/s2，处于失重状态，演员B 对地面的压力大小F N＝2M人g＋mg－M人a＝(2×50×10＋5×10－50×0.5)N＝1 025 N,4～6 s 内演员A减速下滑，加速度a′＝1 m/s2，处于超重状态，演员B对地面的压力大小F N′＝2M人g＋mg＋M人a′＝(2×50×10＋5×10＋50×1)N＝1 100 N，B错误；0～4 s内竹竿对演员B的压力大小为F＝M人g＋mg－M人a＝(50×10＋5×10－50×0.5)N＝525 N，冲量大小为I1＝525×4 N·s＝2 100 N·s,4～6 s内竹竿对演员B的压力大小为F′＝M人g＋mg＋M人a′＝(50×10＋5×10＋50×1)N＝600 N，冲量大小为I2＝600×2 N·s＝1 200 N·s，0～6 s 内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为I＝I1＋I2＝(2 100＋1 200)N·s＝3 300 N·s，C 正确；演员A落地时屈腿，是为了延长作用时间以减小地面的冲击力，D错误。
高考物理二轮复习选择题提速练20313237.doc
选择题提速练21—5为单选，6—8为多选1．作用于O点的三个力平衡，设其中一个力大小为F1，沿y轴负方向，大小未知的力F2与x轴正方向夹角为θ，如图所示，下列关于第三个力F3的判断正确的是( C ) A．力F3只能在第二象限B．力F3与F2夹角越小，则F2和F3的合力越小C．F3的最小值为F1cosθD．力F3只能在第三象限解析：据力的三角形定则画图如图所示，力F3可能在第二、第三象限中，选项A、D均错误；不管力F2和F3夹角如何变化，它们的合力大小始终等于F1，选项B错误；从图中可知，当F3与F2垂直时有最小值，且F3＝F1cosθ，选项C正确．2．如图所示，在粗糙的水平面上，长度为L、质量M＝2 kg的长木板某时刻正以速度v0向右运动．现对长木板施加一水平向左的恒力F(大于3 N)，同时将一质量m＝1 kg的光滑小球无初速度地放置于长木板上表面与左端距离为2L3处，发现长木板向右运动距离3L5后立即反向向左运动．已知长木板与水平面间的动摩擦因数μ＝0.1，g 取10 m/s 2，规定水平向左为正方向，则长木板受到的摩擦力f 随时间t 的变化规律正确的是下图中的( A )解析：长木板向右减速运动的距离为3L 5的过程中，长木板所受的摩擦力f 1＝μ(m ＋M )g ＝3 N ，方向水平向左；长木板反向向左加速运动的距离为3L 5＋L 3的过程中，小球仍在长木板上，则长木板所受的摩擦力f 2＝μ(m ＋M )g ＝3 N ，方向水平向右；当小球脱离长木板后，长木板所受的摩擦力f 3＝μMg ＝2 N ，方向水平向右，选项A 正确．3．(2018·黑龙江齐齐哈尔二模)如图所示，在竖直平面内，AB ⊥CD 且A 、B 、C 、D 位于同一半径为r 的圆上，在C 点有一固定点电荷，电荷量为－Q .现从A 点将一质量为m 、电荷量为－q 的点电荷由静止释放，该点电荷沿光滑绝缘轨道ADB 运动到D 点时的速度大小为4gr ，规定电场中B 点的电势为零，重力加速度为g .则在－Q 形成的电场中( A )A ．D 点的电势为7mgr qB ．A 点的电势高于D 点的电势C ．O 点的电场强度大小是A 点的2倍D ．点电荷－q 在D 点具有的电势能为7mgr解析：在C 点固定一电荷量为－Q 的点电荷，A 、B 相对CD 线左右对称，则φA ＝φB ＝0 V ，点电荷－q 从A 点由静止释放以后沿光滑轨道ADB 运动到D 点过程中，由动能定理可得：mgr ＋W 电＝12mv 2－0，得W 电＝7mgr ，由W 电＝E p A －E p D ，得E p D ＝－7mgr ，由φD ＝E p D －q ，得φD ＝7mgr q ，则φD >φA ，A 正确，B 、D 错误；由场强公式E ＝kQ r 2可知：E A ＝kQ 2r 2，E O ＝kQr 2，E O ＝2E A ，则C 错误．4．(2018·江西八校联考)有一种调压变压器的构造如图所示．线圈AB 绕在一个圆环形的铁芯上，C 、D 之间加上输入电压，转动滑动触头P 就可以调节输出电压．图中A 为交流电流表，V 为交流电压表，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 、D 两端接正弦交流电源，变压器可视为理想变压器，则下列说法正确的是( A )A ．当R 3不变，滑动触头P 顺时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小B ．当R 3不变，滑动触头P 逆时针转动时，电流表读数变小，电压表读数变小C ．当P 不动，滑动变阻器滑动触头向上滑动时，电流表读数变小，电压表读数变小D ．当P 不动，滑动变阻器滑动触头向下滑动时，电流表读数变大，电压表读数变大 解析：当R 3不变，P 顺时针转动时，n MN 减小，由U CD U MN ＝n CD n MN，知U MN 减小，则电压、电流表读数均减小，A 项正确，同理知B 项错；当P 不动时，匝数n MN 不变，输出电压U MN 不变，滑片向上滑动，根据串反并同，得电压表示数变大，电流表示数变小，C 项错误，同理知D 项也错误．5．(2018·武汉模拟)中国版“野牛”级重型气垫船，自重达540吨，最高时速为108 km/h ，装有“M70”大功率燃气轮机，该机额定输出功率为8 700 kW.假设“野牛”级重型气垫船在海面航行过程所受的阻力f 与速度v 成正比，即f ＝kv ，则( D )A ．“野牛”级重型气垫船的最大牵引力为2.9×105 NB ．在额定输出功率下以最高时速航行时，气垫船所受的阻力为9.8×105 NC ．以最高时速一半的速度匀速航行时，气垫船发动机的输出功率为4 350 kWD ．从题中给出的数据，能计算阻力f 与速度v 的比值k解析：汽车的牵引力F ＝P v ，当速度很小趋于零时，牵引力很大，选项A 错误；启动后以额定功率行驶，速度达到最大时，阻力f ＝F ＝P v ＝2.9×105N ，选项B 错误；匀速行驶时，P ＝Fv ＝kv 2，以最高时速运动，已知功率和速度，可求出比值k ，以最高时速一半匀速行驶，功率变为最高时速的功率的14，选项C 错误，选项D 正确． 6．(2018·东莞模拟)我国航天局于2013年向火星发射第一颗“火星探测器”，如图所示，假设“火星探测器”绕火星表面运动的周期为T ，在火星上着陆后，自动机器人用弹簧测力计测得质量为m 的仪器重力为P .已知引力常量为G ，由以上数据可以求出的量有( CD )A ．火星的自转周期B ．火星探测器的质量C ．火星表面的重力加速度D ．火星的密度解析：由P ＝mg 火可得，火星表面的重力加速度g 火＝P m ，C 项正确；由GMm ′R 2＝m ′R ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2，火星的密度ρ＝M V ，V ＝4πR 33可知，可以求出火星的密度，D 项正确．7．下图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上、下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动．下列说法正确的是( BD )A．若a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，则L向右滑动B．若a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，则L向右滑动C．若a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，则L向左滑动D．若a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，则L向左滑动解析：若a接正极，b接负极，电磁铁磁极间磁场方向向上，e接正极，f接负极，由左手定则判定金属杆所受安培力向左，则L向左滑动，A选项错误；同理判定B、D选项正确，C选项错误．8．(2018·云南部分名校统考)如图所示，足够长的光滑导轨倾斜放置，其下端连接一个定值电阻R，匀强磁场垂直于导轨所在平面，将ab棒在导轨上无初速度释放，当ab棒下滑到稳定状态时，速度为v，电阻R上消耗的功率为P.导轨和导体棒电阻不计．下列判断正确的是( BD )A．导体棒的a端比b端电势低B．ab棒在达到稳定状态前做加速度减小的加速运动C．若磁感应强度增大为原来的2倍，其他条件不变，则ab棒下滑到稳定状态时速度将变为原来的12D ．若换成一根质量为原来2倍的导体棒，其他条件不变，则ab 棒下滑到稳定状态时的功率将变为原来的4倍解析：导体棒下滑切割磁感线，产生感应电动势相当于电源，由右手定则知a 端为正极，b 端为负极，A 项错误．感应电动势E ＝BLv ，I ＝E R ，对ab 受力分析有mg sin θ－B 2L 2v R＝ma ，则知导体棒做加速度减小的加速运动，当a ＝0时，mg sin θ＝B 2L 2v m R ，得：v m ＝mgR sin θB 2L 2，若B 增大为原来的2倍，稳定状态时速度变为原来的14，所以B 项正确，C 项错．若质量增大为原来的2倍，导体棒稳定时的速度为原来的2倍，R 的功率P ＝B 2L 2v 2R，可知功率变为原来的4倍，D 项正确． 精美句子1、善思则能“从无字句处读书”。
高考物理二轮复习一选择题快速练二选择题快速练一力学10301251.docx
(二)选择题快速练一力学(1)1.如果一物体在任意相等的时间内受到的冲量相同,则此物体的运动不可能是( )A.匀速圆周运动B.自由落体运动C.平抛运动D.竖直上抛运动2.如图甲所示,小物块从足够长的光滑斜面顶端由静止自由滑下,下滑位移x时的速度为v,其x-v2图像如图乙所示,取g=10 m/s2,则斜面倾角为( )A.30°B.45°C.60°D.75°3.如图甲,某工地上起重机将重为G的正方形工件缓缓吊起。
四根等长的钢绳(质量不计),一端分别固定在正方形工件的四个角上,另一端汇聚于一处挂在挂钩上,绳端汇聚处到每个角的距离均与正方形的对角线长度相等(如图乙)。
则每根钢绳的受力大小为( )A.GB.GC.GD.G4.(多选)我国自主研制的歼20战机在某次试飞过程中的视频截图和竖直方向v y-t图像分别如图甲和图乙所示,则下列说法正确的是( )A.歼20战机在前50 s内竖直方向的加速度大小为0.8 m/s2B.歼20战机在50 s到100 s内静止C.歼20战机在100 s到200 s内竖直方向的加速度大小为0.4 m/s2D.在200 s末,以地面为参考系,歼20战机的速度大小为05.(多选)如图所示,x轴在水平地面上,y轴在竖直方向。
图中画出了从y轴上不同位置沿x轴正向水平抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹。
小球a从(0,2L)抛出,落在(2L,0)处;小球b、c从(0,L)抛出,分别落在(2L,0)和(L,0)处。
不计空气阻力,下列说法正确的是( )A.a和b初速度相同B.b和c运动时间相同C.b的初速度是c的两倍D.a的运动时间是b的两倍6.(多选)火车转弯可近似看成做匀速圆周运动,当提高火车速度时会使轨道的外轨受损。
为解决火车高速转弯时外轨受损这一难题,你认为以下措施可行的是( )A.减小内、外轨的高度差B.增大内、外轨的高度差C.减小弯道半径D.增大弯道半径7.(多选)美国航天局与欧洲航天局合作,发射的火星探测器已经成功登陆火星。
【高考试卷】2020届-高中物理二轮复习选择题提速练： Word版含解析(1)(6)
2020年高考冲刺试卷芳草香出品选择题提速练61—5为单选，6—8为多选1．(2018·浙江温州十校联考)功率为10 W 的发光二极管(LED 灯)的亮度与功率为60 W 的白炽灯相当．根据国家节能战略，普通白炽灯应被淘汰．假设每户家庭有2只60 W 的白炽灯，均用10 W 的LED 灯替代，估算出全国一年节省的电能最接近( B )A ．8×108 kW·hB ．8×1010 kW·hC ．8×1011 kW·hD ．8×1013 kW·h解析：假设每户每天只亮灯5个小时，每户每年节电E ＝2×(60－10)×10－3×5×365 kW·h ＝182.5 kW·h.假设每户有3口人，全国有4亿户左右．则年节电总值为E 总＝4×108×182.5 kW·h ＝7.3×1010 kW·h ，故B 正确．2．为了探测某星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r 1的圆轨道上运动，周期为T 1，总质量为m 1.随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r 2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m 2，则( D )A ．该星球的质量为M ＝4π2r 1GT 21B ．该星球表面的重力加速度为g x ＝4π2r 1T 21C ．登陆舱在r 1与r 2轨道上运动时的速度大小之比为v 1v 2＝m 1r 2m 2r 1 D ．登陆舱在半径为r 2轨道上做圆周运动的周期为T 2＝T 1r 32r 31解析：根据G Mm 1r 21＝m 1(2πT 1)2r 1，得星球的质量为M ＝4π2r 31GT 21，则选项A 错误；根据m 1a 1＝m 1(2πT 1)2r 1，可得载着登陆舱的探测飞船的加速度a 1＝4π2r 1T 21，该加速度不等于星球的重力加速度，则选项B 错误；根据G Mm 1r 21＝m 1v 21r 1，可得v 1＝GMr 1，同理v 2＝GM r 2，故v 1v 2＝r 2r 1，则选项C 错误；根据开普勒第三定律得T 1T 2＝r 31r 32，故T 2＝T 1r 32r 31，则选项D 正确．3．(2018·山西检测)现代技术的发展促进了人们对原子、原子核的认识．下列说法正确的是( C )A ．α粒子散射实验结果说明原子内部带正电的那部分物质是均匀分布的B ．β衰变说明原子核内部存在自由电子C ．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的氢核聚变反应D ．氡原子核的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天一定只剩下1个未发生衰变解析：α粒子散射实验结果说明占原子质量绝大部分的带正电的那部分物质集中在很小的空间范围内，A 错误；β衰变是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子，不能说明原子核内部存在电子，B 错误；太阳辐射的能量来自于太阳内部的氢核聚变反应，C 正确；半衰期对大量的原子核的统计规律适用，对少量的原子核不适用，D 错误．4．(2018·湖北八校联考)如图M 和N 是两个带有异种电荷的带电体(M 在N 的正上方，图示平面为竖直平面)，P 和Q 是M 表面上的两点，S 是N 表面上的一点．在M 和N 之间的电场中画有三条等势线．现有一个带正电的液滴从E 点射入电场，它经过了F 点和W 点，已知油滴在F 点时的机械能大于在W 点的机械能(E 、W 两点在同一等势面上，不计油滴对原电场的影响，不计空气阻力)．则以下。
高考物理二轮复习小题提速练2
小题提速练(二)(时间：20分钟分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．) 14．(2017·高三第一次全国大联考(新课标卷Ⅰ))A、B两个物体在同一条直线上做直线运动，它们at图象如图1所示，规定水平向右为正方向．已知在t＝0时，两物体的速度均为零，且A在B的左边1.75 m处，则A追上B的时间是( )图1A．t＝0.5 s B．t＝1.5 sD．t＝3.5 sC．t＝2.5 s D[很显然，在前2 s内两个物体运动规律是一样的，不可能追上，故A、B错误；在t＝2.5 s时，A的位移是1.125 m，B的位移是0.875 m，两位移之差为0.25m，小于1.75 m，故C错误；t＝3.5 s时，A的位移是1.875 m，B的位移是0.125m，两位移之差等于1.75 m，故D正确．] 15．(2017·辽宁省部分重点中学协作体5月模拟)如图2所示，一根不可伸长的轻质细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点，细绳绕过光滑的轻小滑轮，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态，若缓慢移动细绳的端点，则绳中拉力大小的变化情况是( )【导学号：19624219】图2A．只将绳的左端移向A′点，拉力变小B．只将绳的左端移向A′点，拉力变大C．只将绳的右端移向B′点，拉力变大D．只将绳的右端移向B′点，拉力不变C[设细绳总长度为L，OA段长度为l1，OB段长度为l2，由对称性可知，OA、OB与竖直方向间夹角相等，设为α，两悬点间的水平距离设为d ，则由l 1sin α＋l 2sin α＝d ，l 1＋l 2＝L 可得sin α＝d L，只将绳的左端移向A ′点的过程中，d 不变，α不变，由2F cos α＝G 可知，F 不变，A 、B 均错误；只将绳的右端移向B ′点的过程中，d 增大，α增大，F 增大，C 正确，D 错误．]16．(2017·沈阳三模)以无穷远处的电势为零，在电荷量为q 的点电荷周围某点的电势可用φ＝kq r计算，式中r 为该点到点电荷的距离，k 为静电力常量．两电荷量大小均为Q 的异种点电荷固定在相距为L 的两点，如图3所示．现将一质子(电荷量为e )从两点电荷连线上的A 点沿以电荷＋Q 为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点，质子从A 移到C 的过程中电势能的变化情况为( )图3A ．增加2kQe L2－R2B ．增加2kQeR L2－R2C ．减少2kQeR L2＋R2D ．减少2kQe L2＋R2 B [根据题中φ＝kq r 公式和叠加原理可知，φA ＝k －Q L －R ＋k Q R.C 点的电势φC ＝k －Q L ＋R ＋k Q R .故U AC ＝φA －φC ＝－2kQR L2－R2，质子由A 移到C 的过程中电场力做功W AC ＝U ACe ＝－2kQeR L2－R2，是负功，故质子电势能增加2kQeR L2－R2，B 项正确．] 17．(2017·新余市一中七模)放射性物质碘131的衰变方程为131 53I→131 54Xe ＋Y ＋γ.根据有关放射性知识，下列说法正确的是( )A ．生成的131 54Xe 处于激发态，放射γ射线．γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强B ．若131 53I 的半衰期大约是8天，取4个碘原子核，经16天就只剩下1个碘原子核了C ．Y 粒子为β粒子D.131 53I 中有53个质子和132个核子C [γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故A 错误．半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，对少数的原子核不适用，故B 错误．根据电荷数守恒、质量数守恒知，Y 粒子的电荷数为－1，质量数为0，可知Y 粒子为β粒子，故C 正确．电荷数。
人教版高考物理二轮复习选择题提速练：1
选择题加速练 11—5 为单项选择， 6—8 为多项选择1．假定某颗陨石进入地球大气层的速度约为 4 万英里每小时，随后与空气摩擦而发生强烈焚烧，并在距离地面上空12 至 15 英里处发生爆炸，产生大批碎片，假定某一碎片自爆炸后落至地面并堕入地下必定深度过程中，其质量不变，则( C )A．该碎片在空中着落过程中重力做的功等于动能的增添量B．该碎片在空中着落过程中重力做的功小于动能的增添量C．该碎片在堕入地下的过程中协力做的功等于动能的改变量D．该碎片在整个过程中战胜阻力做的功等于动能的减少许分析：由动能定理可知，碎片着落过程中动能的增添量应等于重力与阻力做的功之和，选项 A 错误；依据动能定理W G＋W f＝ E k，而 W f<0，因此重力做的功大于动能的增添量，选项 B 错误；依据能量守恒定律可知，碎片着落过程中，战胜阻力做的功应等于机械能的减少许，选项 D 错误；依据动能定理，碎片在堕入地下的过程中协力做的功等于动能的改变量，选项 C 正确．2． (2018 贵·州六校联考 )如下图，传递带足够长，与水平面间的夹角θ＝37°，并以 v＝10 m/s的速率逆时针匀速转动着，在传递带的 A 端轻轻地放一个质量为 m＝1 kg 的小物体，若已知物体与传递带之间的动摩擦因数μ＝0.5，(g＝ 10 m/s2，sin37 °＝0.6，cos37°＝0.8)则以下相关说法正确的选项是 ( B )A ．小物体运动 1 s 后，遇到的摩擦力大小不合用公式F ＝μF NB ．小物体运动1 s 后加快度大小为2 m/s 2C ．在放上小物体的第1 s 内，系统产生50 J 的热量D ．在放上小物体的第 1 s 内，起码给系统供给能量 70 J 才能维持传递带匀速转动分析：刚放上小物体时， 小物体相关于传递带向上运动， 小物体遇到的摩擦力方向沿传递带斜向下，大小为F f1＝ μmgcos θ，其加快mgsin θ＋μg cos θ 方向沿传递带斜向下 .1 s 末小物度大小 a 1＝ m＝10 m/s 2体的速度为 v ＝a ＝，又 μ θ，则今后小物体相关于传递带 1t 10 m/s<tan向下滑动，遇到的摩擦力沿传递带斜向上，大小为F f2＝μmgcos θ，其加快度大小 a 2＝gsin θ－μmgcos θ＝2 m/s 2，方向沿传递带斜向上，故 A 错、 B 对；在第 1 s 内小物体与传递带产生的热量为 Q ＝F f L ＝μF ＝μθ，又知 ＝ － 12L 2at，解得 Q ＝20 J ，故 C 错；第 1 sNLmgLcosvt内小物体的位移为 x ＝12vt ＝5 m ，其增添的动能为 E k ＝ 12mv 2＝ 50J ，需向系统供给的能量 E ＝E k ＋Q －mgsin θ·x ＝40 J ，D 项错．3．(2018 ·湖北八校联考 )如下图，质量为 m 的木块 A 放在水平面上的质量为 M 的斜面体 B 上，现用大小相等方向相反的两个水平推力 F 分别作用在 A 、B 上， A 、B 均保持静止不动，则 ( D )A．A 与 B 之间必定存在摩擦力B．B 与地面之间必定存在摩擦力C．B 对 A 的支持力必定等于mgD．地面对 B 的支持力大小必定等于(m＋M)g分析： A 在斜面上处于静止状态，对 A 受力剖析如图甲所示，若 F x＝G x，则 f＝0；若 F x>G x，则 f≠0且方向斜向下，则 A 错误；由图甲知 N＝ F y＋G y，则 N 与 G 的大小关系不确立， C 错误；对 A、B 整体受力剖析如图乙，水平方向上与地面间无摩擦力，竖直方向上N 地＝G A＋G B＝(m＋M)g，则 B 错误， D 正确．4．(2018 ·全国卷Ⅰ )如图，导体轨道 OPQS 固定，此中 PQS 是半圆弧，Q 为半圆弧的中点，O 为圆心．轨道的电阻忽视不计．OM 是有必定电阻、可绕 O 转动的金属杆， M 端位于 PQS 上，OM 与轨道接触优秀．空间存在与半圆所在平面垂直的匀强磁场，磁感觉强度的大小为B.现使OM从 OQ 地点以恒定的角速度逆时针转到OS地点并固定 (过程Ⅰ)；再使磁感觉强度的大小以必定的变化率从 B 增添到B ′(过程Ⅱ )．在过程Ⅰ、Ⅱ中，流过 OM 的电荷量相等，则 B ′B 等于 ( B )5 3A.4B.27C.4 D ．2分析：设 OM 的电阻为 R ，过程Ⅰ， OM 转动的过程中产生的平122ΔΦ ·ΔB ·πlπ均感觉电动势大小为 E ＝4＝＝BS ＝Bl，流过 OM 的电1 t 1 t 1 t 1 4 t 1＝E 1 ＝ πBl 2＝I 1·Δ1＝πBl 2 流为 I 1，则流过 OM 的电荷量为 q 1；过程R4R 1t4RtⅡ，磁场的磁感觉强度大小均匀增添， 则该过程中产生的均匀感觉电动势大小为 E 2＝ΔΦB ′－B SB ′－B l 2＝＝2 ，电路中的电流为t 2 t 2 t 2I＝E 2＝B ′－B l 2，则 流过 OM 的 电荷 量为 q 2 ＝ I 2 ·Δ2＝2R2R t 2tB ′－B l 2′错误．；由题意知 q ＝q ，则解得 B＝3，B 正确，ACD2R12B 25．(2018 ·广东佛山模拟 )在如下图的电路中， E 为电源电动势，r 为电源内阻， 1 和 R 3 均为定值电阻， R 2 为滑动变阻器．当 R 2 的滑 R动触点在 a 端时闭合开关 S ，此时三个电表A 1、A 2 和 V 的示数分别为 I 1、 I 2 和 U.现将 R 2 的滑动触点向 b 端挪动，则三个电表示数的变化状况是( B )A．I 1增大，I2不变， U增大B．I1减小，I2增大， U减小C．I 1增大，I2减小， U增大D．I1减小，I2不变， U减小分析：由图知电压表丈量路端电压，电流表A1丈量流过R1的电流，电流表A2丈量流过 R2的电流． R2的滑动触点向 b 端挪动时，R2接入电路的电阻减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，即电压表示数U 减小， R3两头电压增大， R1、R2并联电压减小，经过R1的电流 I1减小，而总电流I增大，则流过 R2的电流 I2增大．故 A、C、D 错误， B 正确．6．右图是某同学站在压力传感器上做“蹲起”动作时记录的压力F 随时间 t 变化的图线，由图线可知该同学( AC )A．体重约为 680 NB．做了两次下蹲—起立的动作C．做了一次下蹲—起立的动作，且下蹲后约 2 s起立D．下蹲过程中先处于超重状态后处于失重状态分析：当该同学站在压力传感器上静止不动时，其所受的协力为零，即压力恒等于该同学的体重值，由图线可知，该同学的体重为680 N，选项 A 正确；每次下蹲，该同学都将经历先向下加快(加快度方向向下 )、后向下减速 (加快度方向向上 )的运动，即先处于失重状态，后处于超重状态，读数 F 先小于体重、后大于体重；每次起立，该同学都将经历先向上加快(加快度方向向上 )、后向上减速 (加快度方向向下 )的运动，即先处于超重状态，后处于失重状态，读数 F 先大于体重、后小于体重．由图线可知，选项 C 正确，选项B、 D错误．7．如下图，在圆滑固定的曲面上，放有两个质量分别为 1 kg 和 2 kg 的可视为质点的小球 A 和 B，两球之间用一根轻质弹簧相连，用手拿着 A 如下图竖直搁置， A、B 间距离 L＝0.2 m，小球 B 刚才与曲面接触且距水平面的高度 h＝0.1 m．此时弹簧的弹性势能 E p＝1 J，自由开释后两球以及弹簧从静止开始下滑到圆滑地面上，以后向来沿圆滑地面运动，不计全部碰撞机遇械能的损失， g 取 10 m/s2.则以下说法中正确的选项是 ( BD )A．下滑的整个过程中弹簧和 A 球构成的系统机械能守恒B．下滑的整个过程中两球及弹簧构成的系统机械能守恒C．B 球刚到地面时，速度是 2 m/sD．当弹簧处于原长时，以地面为参照平面，两球在圆滑水平面上运动时的机械能为 6 J分析：因为弹簧和 B 之间有作使劲，弹簧和 A 球构成的系统机械能不守恒， A 项错；因为没有摩擦，两球及弹簧构成的系统中只有弹簧弹力和重力做功，则 B 项正确；因为弹簧弹力作用于B，并对 B 做功， B 的机械能不守恒，而 2 m/s 是依据机械能守恒求解出的，因此 C 项错；依据系统机械能守恒，到地面时的机械能与刚开释时的机械能相等，又弹簧处于原长，则 E＝m A g(L＋h)＋m B gh＋E p＝6 J，D项对．8.如下图，圆弧虚线表示正点电荷电场的等势面，相邻两等势面间的电势差相等．圆滑绝缘直杆沿电场方向水平搁置并固定不动，杆上套有一带正电的小滑块 (可视为质点 )，滑块经过绝缘轻弹簧与固定点O 相连，并以某一初速度从 M 点运动到 N 点，OM <ON.若滑块在 M 、N 时弹簧的弹力大小相等，弹簧一直在弹性限度内，则( AC )A．滑块从 M 到 N 的过程中，速度可能向来增大B．滑块从地点 1 到 2 的过程中，电场力做的功比从地点 3 到 4的小C．在 M 、N 之间的范围内，可能存在滑块速度同样的两个地点D．在 M 、N 之间可能存在只由电场力确立滑块加快度大小的三个地点分析：滑块运动过程中受重力、支持力、电场力、弹簧弹力作用，协力的方向可能向来向右，也可能先向右后向左，因此滑块可能向来加快，也可能先加快后减速， A、C 选项正确；只有在 M 、N 之间弹力与杆垂直和弹簧处于原长时，加快度仅由电场力确立， D 项错误；因 1、2 之间和 3、4 之间的电势差相等，因此滑块在1、2 之间和 3、4 之间挪动时电场力做的功相等， B 项错误．。
高考物理二轮复习选择题提速练
高考物理二轮复习选择题提速练1—5为单选，6—8为多选1．(2018·河北石家庄质检)法拉第发明了世界上第一台发电机——法拉第圆盘发电机．如图所示，紫铜做的圆盘水平放置在竖直向下的匀强磁场中，圆盘圆心处固定一个摇柄，边缘和圆心处各与一个黄铜电刷紧贴，用导线将电刷与电流表连接起来形成回路．转动摇柄，使圆盘逆时针匀速转动，电流表的指针发生偏转．下列说法正确的是( D )A ．回路中电流大小变化，方向不变B ．回路中电流大小不变，方向变化C ．回路中电流的大小和方向都周期性变化D ．回路中电流方向不变，从b 导线流进电流表解析：圆盘在磁场中切割磁感线产生恒定的感应电动势E ＝12B ωR 2，由右手定则判断得a 端为负极、b端为正极，所以只有D 项正确．2．(2018·四川绵阳一诊)2014年9月川东地区持续强降雨，多地发生了严重的洪涝灾害．如图为某救灾现场示意图，一居民被洪水围困在被淹房屋屋顶的A 点，直线PQ 和MN 之间是滔滔洪水，之外为安全区域．已知A 点到直线PQ 和MN 的距离分别为AB ＝d 1和AC ＝d 2，设洪水流速大小恒为v 1，武警战士驾驶的救生艇在静水中的速度大小为v 2(v 1<v 2)，要求战士从直线PQ 上某位置出发以最短的时间到达A 点，救人后以最短的距离到达直线MN .则( A )A ．战士驾艇的出发点在B 点上游距B 点距离为v1v2d 1B ．战士驾艇的出发点在B 点下游距B 点距离为v1v2d 1C ．救人后船头应指向上游，与上游方向所成夹角的余弦值为v2v1D ．救人后船头应指向下游，与下游方向所成夹角的余弦值为v1v2解析：救生艇到达A 点的最短时间为t ＝d1v2，战士驾艇的出发点在B 点上游距B 点距离为v1v2d 1，选项A正确，B 错误；若战士以最短位移到达MN ，则救生艇登陆的地点就是C 点，则船头与上游方向所成夹角的余弦值为v1v2，故选项C 、D 错误．3．(2018·山东中学联盟押题)如图所示，将一质量为m 的小球从A 点以初速度v 斜向上抛出，先后经过B 、C 两点．已知B 、C 之间的竖直高度和C 、A 之间的竖直高度都为h ，重力加速度取g ，取A 点所在的平面为参考平面，不考虑空气阻力，则( D )A ．小球在B 点的机械能是C 点机械能的两倍 B ．小球在B 点的动能是C 点动能的两倍C ．小球在B 点的动能为12mv 2＋2mghD ．小球在C 点的动能为12mv 2－mgh解析：不计空气阻力，小球在斜上抛运动过程中只受重力作用，运动过程中小球的机械能守恒，则小球在B 点的机械能等于C 点机械能，选项A 错误；小球在B 点的重力势能大于C 点重力势能，根据机械能守恒定律知，小球在B 点的动能小于C 点动能，选项B 错误；小球由A 到B 过程中，根据机械能守恒定律有mg ·2h ＋E k B ＝12mv 2，解得小球在B 点的动能为E k B ＝12mv 2－2mgh ，选项C 错误；小球由B 到C 过程中，根据机械能守恒定律有mg ·2h ＋E k B ＝mgh ＋E k C ，解得小球在C 点的动能为E k C ＝E k B ＋mgh ＝12mv 2－mgh ，选项D 正确．4．(2018·山东潍坊一中二模)如图所示，斜面体固定在水平地面上，用一根轻绳跨过定滑轮连接甲、乙两滑块，它们静止于两斜面等高处，轻绳均与斜面平行．甲、乙可看成质点，不计一切摩擦(sin37°＝0.6，sin53°＝0.8)．若剪断轻绳，下列说法正确的是( A )A ．甲、乙落地时的速度大小相等B ．甲、乙落到地面所用时间之比为1 1C ．甲、乙落地时重力的功率之比为4 3D ．甲、乙在下滑到地面过程中重力做功相等解析：两滑块位于相同高度，剪断轻绳，让两滑块从静止开始沿斜面滑下，两滑块运动过程中只有重力做功，落地高度相同，根据机械能守恒定律，得mgh ＝12mv 2，到达斜面底端时两滑块速率相等．故A 正确；没有剪断细绳时，由平衡条件可得，m甲g sin37°＝m 乙g sin53°，则m甲m 乙＝43，两滑块距离地面高度h 相同，位移分别为x甲＝hsin37°，x乙＝h sin53°.由匀变速直线运动的平均速度公式v ＝v0＋v2知，h sin37°＝v 2t 甲，h sin53°＝v2x乙．因为末速度v 相同，故t 甲>t 乙，故B 错误；落地时重力的功率之比P 甲P 乙＝m 甲gvcos53°m 乙gvcos37°＝11，故C 错误；甲、乙下滑过程中重力做功W ＝mgh ，h 相同，质量不同，故D 错误．5．如图所示为氢原子的能级图，已知可见光的光子能量范围约为 1.62～3.11 eV ，镁的逸出功为 5.9 eV ，以下说法错误的是( C )A ．用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射镁板一定能发生光电效应现象B ．用能量为11.0 eV 的自由电子轰击处于基态的氢原子，可使其跃迁到激发态C ．处于n ＝2能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并且使氢原子电离D ．处于n ＝4能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并且使氢原子电离解析：氢原子从高能级向基态跃迁放出的光子能量E ≥10.2 eV>5.9 eV ，选项A 正确；因为11.0 eV>10.2 eV ，故通过碰撞的方式可使基态氢原子跃迁，选项B 正确；使n ＝2能级的氢原子电离所需最小能量为3.4 eV ，但有的紫外线光子能量小于3.4 eV ，选项C 错误；使n ＝4能级的氢原子电离所需最小能量为0.85 eV ，紫外线光子能量大于3.11 eV ，选项D 正确．6．(2018·武汉调研)如图所示，在光滑的水平面上放着质量为M 的木板，在木板的左端有一个质量为m 的木块，在木块上施加一个水平向右的恒力F ，木块与木板由静止开始运动，经过时间t 分离．下列说法正确的是( BD )A ．若仅增大木板的质量M ，则时间t 增大B ．若仅增大木块的质量m ，则时间t 增大C ．若仅增大恒力F ，则时间t 增大D ．若仅增大木块与木板间的动摩擦因数，则时间t 增大解析：设木块与木板间的动摩擦因数为μ，则木块的加速度a 1＝F －μmg m ＝Fm －μg ，木板的加速度a 2＝μmg M ，两者恰好分离的条件为12(a 1－a 2)t 2＝L ，时间t ＝2LF m －μM ＋m g M，由此可知，仅增大M 或F ，则时间t 减小，仅增大m 或μ，时间t 增大，选项B 、D 正确．7．(2018·江苏南通、泰州、扬州、连云港、淮安五市联考)一半径为R 的半球面均匀带有正电荷Q ，电荷Q 在球心O 处产生电场的场强大小E 0＝kQ2R2，方向如图所示．把半球面分为表面积相等的上、下两部分，如图甲所示，上、下两部分电荷在球心O 处产生电场的场强大小分别为E 1、E 2；把半球面分为表面积相等的左、右两部分，如图乙所示，左、右两部分电荷在球心O 处产生电场的场强大小分别为E 3、E 4.则( AC )A ．E 1>kQ 4R2B ．E 2＝kQ 4R2C ．E 3>kQ 4R2D ．E 4＝kQ 4R2解析：如题图甲，取对称微元，虚线上面的电荷在O 点产生的电场方向夹角小，合电场强度E 1大，虚线下面的电荷在O 点产生的电场方向夹角大，合电场强度E 2小，即E 1>E 2，又E 1＋E 2＝E 0，则E 1>kQ4R2，选项A 正确，B 错误；如题图乙，左右两边对称，在O 点产生电场强度E 3＝E 4，再由矢量合成可知，E 3＝E 4>12E 0＝kQ4R2，选项C 正确，D 错误．8．一质点自x 轴原点O 出发，沿正方向以加速度a 运动，经过t 0时间速度变为v 0，接着以－a 加速度运动，当速度变为－v02时，加速度又变为a ，直至速度变为v04时，加速度再变为－a ，直至速度变为－v08……其中v t 图象如图所示，则下列说法中正确的是( CD )A ．质点一直沿x 轴正方向运动B ．质点将在x 轴上一直运动，永远不会停止C ．质点运动过程中离原点的最大距离为v 0t 0D ．质点最终静止时离开原点的距离一定小于v 0t 0解析：由图象知，质点在2t 0时刻开始反向运动，最后速度逐渐变为零，AB 项均错误；质点运动过程中离原点的最大距离为x ＝12v 0·2t 0＝v 0t 0，C 项正确；由于质点有往复运动，并通过正、反方向的“面积”对比知，D 项正确．。
2021-2022年高三物理二轮复习 理综选择题提速练(一)
2021年高三物理二轮复习理综选择题提速练（一）AB．标准状况下，22.4 L Cl2参加任何化学反应转移的电子数都是2N AC．28 g聚乙烯含有的碳原子数为2N AD．1 mol CH＋5所含电子数为8N A11．X、Y、Z、W是短周期元素，原子序数依次递增。
X与Z位于同一主族，Y元素的单质既能与盐酸反应也能与NaOH溶液反应，Z原子的最外层电子数是次外层电子数的一半，Y、Z、W原子的最外层电子数之和为14。
下列说法正确的是( ) A．气态氢化物的稳定性：X<Z<WB．Y的阳离子半径比W的阴离子半径小C．X、Z、W氧化物对应水化物酸性的强弱顺序为X<Z<WD．室温下，含Y元素的盐形成的水溶液其pH<712.电化学气敏传感器可用于监测环境中NH3的含量，其工作原理示意图如图所示，下列说法不正确的是( )A．O2在电极b上发生还原反应B．溶液中OH－向电极a移动C．反应消耗的NH3与O2的物质的量之比为4∶5D．负极的电极反应式为2NH3－6e－＋6OH－===N2＋6H2O13．下列根据实验操作和现象所得出结论正确的是( )选项实验操作实验现象解释与结论A某溶液加入浓NaOH溶液加热，在试管口放一片湿润的红色石蕊试纸试纸变蓝NH3是碱B硝酸银溶液中加足量NaCl溶液，再加KI溶液先出现白色沉淀，后变为黄色沉淀K sp(AgCl)>K sp(AgI)C 2 mL 2% CuSO4中加4～6滴2%NaOH溶液，振荡后加入0.5 mL X溶液，加热煮沸未出现砖红色沉淀X不含有醛基D等体积pH＝3的HA和HB两种酸分别与足量的锌反应相同时间内，HA收集到氢气多HA是强酸题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.如图所示，放在光滑水平面上的木块以速率v0向右做匀速直线运动。
现有一水平向左，大小随时间从零开始做线性变化的力F作用在木块上，在这个过程中，以向右为正方向，能正确描述木块运动的vt图线是下图中的( )15．中国航天局秘书长田玉龙2015年3月6日证实，将在xx年年底发射高分四号卫星，这是中国首颗地球同步轨道高分辨率对地观测卫星。
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选择题提速练91—5为单选，6—8为多选1．如图为一种变压器的实物图，根据其铭牌上所提供的信息，以下判断正确的是( B )A．这是一个升压变压器B．原线圈的匝数比副线圈的匝数多C．当原线圈输入交流电压220 V时，副线圈输出直流电压12 VD．当原线圈输入交流电压220 V、副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流小解析：根据铭牌上所提供的信息可知：变压器的输入电压为220 V，输出电压为12 V，该变压器为降压变压器，故选项A错误，选项B正确；变压器的工作原理是电磁感应，故变压器的原、副线圈上的电压都为交流电压，选项C错误；由理想变压器的输出功率等于输入功率，且原线圈的电压大于副线圈的电压，故副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流大，选项D错误．2．下图为某同学自制的加速度计．构造如下：一根轻质细杆的下端固定一个小球，杆的上端与光滑水平轴相连接．杆可在竖直平面内左右摆动．硬质面板紧靠杆摆动的平面放置，并标有刻度线．其中，刻度线c位于经过O的竖直线上，刻度线b在bO连线上，∠bOc＝30°，刻度线d在dO连线上，∠cOd＝45°.使用时，若约定加速度计的右侧为汽车前进的方向，速度v＝10 m/s，g取9.8 m/s2，汽车前进时( B )A ．若细杆稳定地指示在b 处，则汽车加速度为4.9 m/s 2B ．若细杆稳定地指示在d 处，则0.5 s 内汽车速度减小了4.9 m/sC ．若细杆稳定地指示在b 处，则0.5 s 内汽车速度增大了4.9 m/sD ．若细杆稳定地指示在c 处，则5 s 内汽车前进了100 m解析：若细杆稳定地指示在b 处，对小球分析受力，求出沿水平方向所受合力为F 合＝mg tan30°，由牛顿第二定律得F 合＝ma 1，则汽车加速度为a 1＝g tan30°＝9.8×33m/s 2＝5.66 m/s 2，选项A 错误；若细杆稳定地指示在d 处，则汽车加速度为a 2＝g tan45°＝9.8 m/s 2，则0.5 s 内汽车速度减小了Δv ＝a 2Δt ＝4.9 m/s ，选项B 正确；若细杆稳定地指示在b 处，则0.5 s 内汽车速度增大了Δv ＝a 1Δt ＝5.66×0.5 m/s＝2.83 m/s ，选项C 错误；若细杆稳定地指示在c 处，汽车匀速运动，则5 s 内汽车前进了s ＝vt ＝10×5 m＝50 m ，选项D 错误．3. (2018·荆州模拟)如图所示，B 和C 是一组塔轮，即B 和C 半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比R BR C ＝，A 轮的半径大小与C 轮的相同，它与B 轮紧靠在一起，当A 轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B 轮也随之无滑动地转动起来．a 、b 、c 分别为三轮边缘上的三个点，则a 、b 、c 三点在运动过程中的( D )A ．线速度大小之比为B ．角速度之比为C ．转速之比为D ．向心加速度大小之比为解析：A 、B 间靠摩擦传动，则边缘上a 、b 两点的线速度相等，即v a v b ＝，选项A 错误；B 、C 同轴转动，则其上b 、c 两点的角速度相等，即ωb ＝ωc ，nb nc ＝ωb ωc ＝11，选项B 、C 错误；对a 、b 两点由a ＝v2r 得aa ab ＝Rb Ra ＝32，对b 、c 两点由a ＝ω2r 得ab ac ＝Rb Rc ＝32，故a a a b a c＝，选项D 正确．4．(2018·郑州质量预测)如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一小球向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面．设小球在斜面最低点A 的速度为v ，压缩弹簧至C 点时弹簧最短，C 点距地面高度为h ，则从A 点到C 点的过程中弹簧弹力做的功是( A )A ．mgh －12mv 2B.12mv 2－mgh C ．－mghD ．－(mgh ＋12mv 2)解析：小球从斜面底端到最高点C 的过程中，重力、弹簧弹力均做功，C 点为最高点，即v C ＝0，由动能定理得－mgh ＋W ＝0－12mv 2，解得弹簧弹力做的功W ＝mgh －12mv 2，选项A 正确．5．如图，半径为R 的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面(纸面)，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外．一电荷量为q (q >0)、质量为m 的粒子沿平行于直径ab 的方向射入磁场区域，射入点与ab 的距离为R2.已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60°，则粒子的速率为(不计重力)( B )A.qBR 2mB.qBR mC.3qBR2mD.2qBRm解析：作出粒子运动轨迹如图中实线所示．因P 到ab 距离为R2，可知α＝30°.因粒子速度方向改变60°，可知转过的圆心角2θ＝60°.由图中几何关系有(r ＋R2)tan θ＝R cos α，解得r ＝R .再由Bqv ＝m v2r 可得v ＝qBRm，故B 正确．6．(2018·湖北七市联考)如图所示，传送带与水平面夹角为37°，白色传送带以10 m/s 的恒定速率沿顺时针方向转动，今在传送带上端A 处无初速度地轻放上一个质量为1 kg 的小煤块(可视为质点)，它与传送带间的动摩擦因数为0.50，已知传送带A 到B 的长度为16 m ，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g ＝10 m/s 2，则在小煤块从A 运动到B 的过程中( ACD )A ．小煤块从A 运动到B 的时间为2 s B ．煤块对皮带做的总功为0C ．小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为6 mD ．因煤块和皮带之间的摩擦而产生的内能为24 J解析：煤块放上传送带，滑动摩擦力的方向先沿斜面向下，根据牛顿第二定律得a 1＝mgsin37°＋μmgcos37°m＝g sin37°＋μg cos37°＝10 m/s 2.则速度达到传送带速度所需的时间为t 1＝va1＝1 s.经过的位移为x 1＝12a 1t 21＝5 m.由于mg sin37°>μmg cos37°，可知煤块与传送带不能保持相对静止． 速度相等后，煤块所受的摩擦力沿斜面向上． 根据牛顿第二定律得a 2＝mgsin37°－μmgcos37°m＝g sin37°－μg cos37°＝2 m/s 2.根据vt 2＋12a 2t 2＝L －x 1，代入数据解得t 2＝1 s. 则t ＝t 1＋t 2＝2 s ，故A 正确；煤块对传送带做的总功即是摩擦力所做的功，为W ＝－fx 传＝－μmg cos θ·x传＝－μmg cos θ·vt ＝－80 J ，故B 错误；在t 1时间内，传送带位移为x 2＝vt 1＝10 m. 所以划痕长度是Δx 1＝x 2－x 1＝5 m ； 在t 2时间内，传送带位移为x 3＝vt 2＝10 m ， 煤块的位移为x 4＝L －x 1＝11 m. 所以划痕长度为Δx 2＝x 4－x 3＝1 m.所以总划痕长度是Δx ＝Δx 1＋Δx 2＝6 m ，故C 正确； 产生的热量Q ＝f Δx ＝μmg cos θΔx ＝24 J ，D 正确．7．(2018·山东模拟)卫星电话在抢险救灾中能发挥重要作用，第一代、第二代海事卫星只使用静止轨道卫星，不能覆盖地球上的高纬度地区，第三代海事卫星采用同步和中轨道卫星结合的方案，它由4颗同步卫星与12颗中轨道卫星构成，中轨道卫星高度为10 354 km ，分布在几个轨道平面上(与赤道平面有一定的夹角)．在这个高度上，卫星沿轨道旋转一周的时间为四分之一天，下列说法中正确的是( BC )A ．中轨道卫星的线速度小于同步卫星的线速度B ．中轨道卫星的线速度大于同步卫星的线速度C ．在中轨道卫星经过地面某点的正上方的一天后，该卫星还在地面该点的正上方D ．如果某一时刻中轨道卫星、同步卫星与地球的球心在同一直线上，那么经过6小时它们仍在同一直线上解析：由题意知，中轨道卫星的轨道半径小于同步卫星的轨道半径(约为42 400 km)，所以，其线速度大于同步卫星的线速度，选项B 正确；中轨道卫星的周期T 1＝6 h ，其经过地面某点的正上方的一天后，仍在该点，选项C 正确；选项D 中，中轨道卫星需经过t ＝(T12＋nT 1)，T 1＝6 h ，n ＝0,1,2,3，…，同步卫星需经过t ′＝(T22＋nT 2)．T 2＝24 h ，n ＝0,1,2,3，…，二者再次在同一直线上，显然t ′≠t ，选项D 错误．8．(2018·武昌模拟)某同学设计了一种静电除尘装置，如图甲所示，其中有一长为L 、宽为b 、高为d 的矩形通道，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料，图乙是装置的截面图，上、下两板与电压恒为U 的高压直流电源相连．带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为v 0，当碰到下板后其所带电荷被中和，同时被收集．将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值称为除尘率．不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用．要增大除尘率，则下列措施可行的是( AC )A ．只增大电压UB ．只增大高度dC ．只增大长度LD ．只增大尘埃被吸入水平速度v 0解析：尘埃做类平抛运动，达到下板的尘埃被收集，竖直偏移量y ＝12at 2＝Uq 2md t 2＝UqL22mdv20越大越容易收集，则可以增大U 、L ，减小v 0、d ，选项A 、C 正确．。
高三物理二轮复习 理综选择题提速练(一)
理综选择题提速练(一) (满分：126分时间：45分钟)[答题栏]题号1 2 3 4 5 6 7 8 91111213141516171819221答案一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．ATP是一种高能磷酸化合物，下列关于ATP的叙述正确的是( )A．如果细胞代谢强度增加一倍，则细胞内ATP的含量也将增加一倍B．ATP中全部高能磷酸键断裂后，形成的产物有腺嘌呤核糖核苷酸和磷酸C．ATP分子结构中含有一个普通磷酸键，该键易断裂也易形成D．有丝分裂后期，受纺锤丝牵引，着丝点断裂，该过程需要ATP水解供能2.细胞内糖分解代谢过程如右图所示，下列叙述错误的是( )A．植物细胞能进行过程①和③或过程①和④B．真核细胞的细胞质基质中能进行过程①和②C．动物细胞内，过程②比过程①释放的能量多D．乳酸菌细胞内，过程①产生[H]，过程③消耗[H]3．果蝇是二倍体，红眼基因在其X染色体上。
下图甲为某红眼雄果蝇的一个精原细胞(A)经过两次正常有丝分裂产生四个子细胞(a1～a4)的示意图；图乙为此果蝇体内一个精原细胞(B)经过正常减数分裂产生四个精细胞(b1～b4)的示意图。
在不考虑生物变异的情况下，下列叙述正确的是( )A．两图的过程Ⅰ与过程Ⅱ中细胞内均有一次核DNA复制B．两图的过程Ⅱ中细胞内染色体数与核DNA数的比值均有变化C．两图的过程Ⅰ中细胞内均能发生同源染色体相互分离现象D．图甲中的四个子细胞所含红眼基因数不同，图乙中的四个精细胞所含红眼基因数相同4．聚合酶有两种方式保证复制的准确性，即选择性添加正确的核苷酸和校读(移除错配的核苷酸)。
某些突变的DNA聚合酶(突变酶)比正常的DNA聚合酶精确度更高。
下列有关叙述正确的是( )A．突变酶中的氨基酸序列没有发生改变B．突变酶作用的底物是四种核糖核苷酸C．突变酶降低了基因突变频率不利于进化D．突变酶大大提高了DNA复制的速度5．十字花科植物产生的芥子油苷及其代谢产物对多数昆虫都是有毒的，但菜粉蝶却能前来产卵，并且其幼虫(菜青虫)也以十字花科植物的茎叶为食。
高考物理二轮复习 题型研究一 选择题提速练(含解析)-人教版高三全册物理试题
选择题提速练1.如下列图，在一粗糙的水平面上有两个质量分别为m 1和m 2的木块1和2，用原长为l 、劲度系数为k 的轻弹簧连结起来，木块与地面间的动摩擦因数均为μ。
现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时，两木块间的距离为( )A ．l ＋μm 1g kB ．l ＋μ(m 1＋m 2)g kC ．l ＋μm 2g kD ．l ＋μm 1m 2g k (m 1＋m 2)解析：选A 弹簧对木块1的拉力与木块1所受的摩擦力平衡，当m 1的质量越小时摩擦力越小，弹簧的拉力也越小。
当m 1的值等于零时(极限)，如此不论m 2多大，弹簧的伸长量都为零，说明弹簧的伸长量与m 2无关，应当选A 项。
2．[多项选择]一物体在粗糙水平面上以一定初速度做匀减速直线运动直到停止，此物体在最初5 s 内的平均速度为3.3 m/s ，且在最初5 s 内和最后5 s 内经过的路程之比为11∶5，如此如下说法中正确的答案是( )A ．物体一共运动了8 sB ．物体做匀减速直线运动的加速度大小为0.6 m/s 2C ．物体运动的初速度大小为6 m/sD ．物体匀减速过程中的平均速度为256m/s 解析：选AB 设物体做匀减速直线运动的加速度大小为a ，运行总时间为t 。
把物体的运动视为反向的初速度为零的匀加速直线运动，如此物体最后5 s 内的位移为x 2＝12a ×52＝12.5a ，最初5 s 内的位移为x 1＝12at 2－12a (t －5)2＝5at －12.5a ，由题意知x 1∶x 2＝11∶5，联立解得t ＝8 s ，A 正确；物体最初5 s 内的位移为x 1＝3.3×5 m＝16.5 m,5at －12.5a ＝16.5，联立解得a ＝0.6 m/s 2，B 正确；由v ＝at 知物体运动的初速度大小为v ＝0.6×8 m/s ＝4.8 m/s ，C 错误；由平均速度定义知全程的平均速度为v ＝v ＋02＝12×0.6×8 m/s＝2.4 m/s ，D 错误。
高考物理二轮复习(高考物理二轮复习小题提速练1502284139)
小题提速练(十五)(时间：20分钟分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．(2017·临川一中模拟)近几年日本、印度等许多国家积极发展“月球探测计划”，该计划中的科研任务之一是探测月球上氦3的含量．氦3是一种清洁、安全和高效的核发电燃料，可以采用在高温高压下用氘和氦3进行核聚变反应发电．若已知氘核的质量为2.013 6 u，氦3的质量为3.0150 u，氦核的质量为4.001 51 u，质子质量为1.007 83u，中子质量为1.008 665 u,1 u相当于931.5 MeV.则下列说法正确的是( ) A．一个氘和一个氦3的核聚变反应释放的核能约为17.9 MeVB．氘和氦3的核聚变反应方程式：21H＋32He→42He＋X，其中X是中子C．因为聚变时释放能量，出现质量亏损，所以生成物的总质量数减少D．目前我国的秦山、大亚湾等核电站广泛使用氦3进行核聚变反应发电A[由电荷数守恒和质量数守恒可知，X是质子，B错误；由ΔE＝Δmc2＝(2.013 6 u ＋3.015 0 u－4.001 51 u－1.007 83 u)c2＝17.9 MeV，可知A正确；聚变时释放能量，出现质量亏损，但生成物的质量数不变，C错误；目前我国的秦山、大亚湾等核电站广泛使用的是重核裂变反应发电，D错误．]15．一对平行金属板带有等量异种电荷，如果金属板不是足够大，两板之间的电场线就不是相互平行的直线，如图1所示，C、D、E、F为金属板表面上的不同位置．关于该电场，下列说法正确的是( )图1A．A点的场强小于B点的场强B．A点的电势低于B点的电势C．一带电粒子分别从C移到D和从E移到F，电场力做功相等D．带正电粒子从P点沿平行于极板方向射入，它将做类平抛运动C[电场线的疏密表示电场强度的相对大小，则电场内部A点的电场强度大于B点的电场强度，故A错误；沿着电场线方向电势逐渐降低，故A点电势高于B点电势，故B错误；C、E两点的电势相等，D、F两点的电势相等，且C、E两点的电势高于D、F 两点的电势，则C、D两点的电势差等于E、F两点的电势差，故一带电粒子分别从C移到D 和从E 移到F ，电场力做功相等，选项C 正确；带正电粒子从P 点沿平行于极板方向射入，则由于竖直方向所受的电场力不是恒力，故它不是做类平抛运动，选项D 错误．]16．(2017·高三第一次全国大联考(新课标卷Ⅱ))让一小球分别从竖直墙壁上面的A 点和B 点沿不同的粗糙斜面AC 和BC 到达水平面上同一点C ，小球释放的初速度等于0，两个斜面的粗糙程度相同，关于小球的运动，下列说法正确的是( )【导学号：19624254】图2A ．下滑到C 点时合外力的冲量可能相同B ．下滑到C 点时的动能可能相同C ．下滑到C 点过程中损失的机械能一定不同D ．若小球质量增大，则沿同一斜面到达斜面底端的速度不变D [下滑到C 点时速度方向不同，而动量是矢量，所以C 点的动量不可能相同，由于初动量等于0，所以C 点动量即动量变化量等于合外力的冲量，选项A 错误；设底边长为L ，两个物体下滑到C 点过程中损失的机械能等于克服摩擦力做的功，大小为μmg cos θ·Lcos θ＝μmgL ，则损失的机械能一定相同，选项C 错误；到达底端的动能为mgh －W f ＝mgh －μmgL ＝12mv 2，则两个物体下滑到C 点时的动能不可能相同，但是速度v ＝2gh －2μgl 与质量无关，选项B 错误，D 正确．]17．如图3所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的A 、B 两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列说法正确的是( )图3A ．B 的向心力是A 的向心力的2倍B ．盘对B 的摩擦力与B 对A 的摩擦力大小相等C ．A 、B 都有沿半径向外滑动的趋势D ．若B 先滑动，则B 对A 的动摩擦因数μA 小于盘对B 的动摩擦因数μBC [因为两物块的角速度大小相等，转动半径相等，质量相等，根据F n ＝mr ω2，则向心力相等，故A 错误；对A 、B 整体分析，F f B ＝2mr ω2，对A 分析，有：F f A ＝mr ω2，知盘对B 的摩擦力是B 对A 的摩擦力的2倍，故B 错误；A 所受的静摩擦力方向指向圆心，可知A 有沿半径向外滑动的趋势，B 受到盘的静摩擦力方向指向圆心，有沿半径向外滑动的趋势，故C 正确；设A 、B 的临界角速度分别为ωA 、ωB ，对A 、B 整体分析，μB ·2mg ＝2mr ω2B ，解得ωB ＝μB g r ，对A 分析，μA mg ＝mr ω2A ，解得ωA ＝μA g r ，因为B 先滑动，可知B 先达到临界角速度，可知B 的临界角速度较小，即μB <μA ，故D 错误．]18．如图4为洛伦兹力演示仪的结构示意图．由电子枪产生电子束，玻璃泡内充有稀薄的气体，在电子束通过时能够显示电子的径迹．前后两个励磁线圈之间产生匀强磁场，磁场方向与两个线圈中心的连线平行．电子速度的大小和磁感应强度可以分别通过电子枪的加速电压U 和励磁线圈的电流I 来调节．适当调节U 和I ，玻璃泡中就会出现电子束的圆形径迹．下列调节方式中，一定能让圆形径迹半径增大的是( )图4A ．增大U ，减小IB ．减小U ，增大IC ．同时增大U 和ID ．同时减小U 和IA [电子在加速电场中加速，由动能定理有：eU ＝12mv 20，电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有：eBv 0＝m v 20r ，解得：r ＝mv 0eB ＝1B 2mU e ，增大电子枪的加速电压，减小励磁线圈中的电流使电流产生磁场的磁感应强度减小，都可以使电子束的轨道半径变大，故B 、C 、D 错误，A 正确．]19．(2017·莆田六中月考)在轨道上运动的质量为m 的人造地球卫星，它到地面的距离等于地球半径R ，地面上的重力加速度为g ，忽略地球自转影响，则( )A ．卫星运动的速度大小为2gRB ．卫星运动的周期为4π2R gC ．卫星运动的向心加速度大小为12g D ．卫星轨道处的重力加速度为14g BD [人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设地球质量为M 、卫星的轨道半径为rGMm r 2＝m v 2r ＝m ω2r ＝ma ＝m 4π2r T 2 r ＝2R忽略地球自转的影响有GMm R 2＝mg 卫星运动的速度大小为v ＝GM r ＝gR 2，故A 错误； T ＝2πr 3GM ＝4π2R g，故B 正确； a ＝GM r ＝g 4，故C 错误； 卫星轨道处的重力加速度为g4，故D 正确．] 20．(2017·抚州市临川一中模拟)质量均为m 的两物块A 和B 之间连接着一个轻质弹簧，其劲度系数为k ，现将物块A 、B 放在水平地面上一斜面的等高处，如图5所示，弹簧处于压缩状态，且物体与斜面均能保持静止，已知斜面的倾角为θ，两物块和斜面间的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是( )【导学号：19624255】图5A ．斜面和水平地面间一定有静摩擦力B ．斜面对A 、B 组成的系统的静摩擦力的合力为2mg sin θC ．若将弹簧拿掉，物块有可能发生滑动D ．弹簧的最大压缩量为mg μ2cos 2θ－sin 2θkBD [对整体分析可知，整体在水平方向不受外力，故地面不受静摩擦力，故A 错误；对A 、B 及弹簧组成的系统分析可知，整体受重力、支持力和斜面的摩擦力，则摩擦力大小为2mg sin θ，故B 正确；开始时单个物体受到的静摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，由于物体受到的为静摩擦力，若将弹簧拿掉，摩擦力瞬间发生变化，与重力的分力大小相等，不可能使物块发生滑动，故C 错误；物块静止在斜面上，在斜面这个平面内共有三个力作用在物体上，一个是重力沿斜面向下的分力mg sin θ，静摩擦力f ≤f m ＝μmg cos θ，方向不确定，弹簧弹力水平方向kx ，则弹力等于mg sin θ和静摩擦力f 的合力，当静摩擦力最大时，合力最大，此时：kx ＝f 2m －mg sin θ2故x ＝mg μ2cos 2θ－sin 2θk，故D 正确．] 21．(2017·沈阳三模)如图6所示，MN 、PQ 是两条在水平面内、平行放置的金属导轨，导轨的右端接理想变压器的原线圈，变压器的副线圈与阻值为R 的电阻组成闭合回路，变压器的原副线圈匝数之比n 1∶n 2＝k ，导轨宽度为L .质量为m 的导体棒ab 垂直MN 、PQ 放在导轨上，在水平外力作用下做往复运动，其速度随时间变化的规律是v ＝v m sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT t ，范围足够大的匀强磁场垂直于轨道平面，磁感应强度为B ，导轨、导体棒、导线电阻不计，电流表为理想交流电表．则下列说法中正确的是( )图6A ．导体棒两端的最大电压为BLv mB ．电阻R 上的电压为2BLv m 2kC ．电流表的示数为BLv m2k 2R D ．导体棒克服安培力做功的功率为B 2L 2v 2m 2k 2RABD [导体棒往复运动时产生的电动势e ＝BLv m sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT t ，为正弦交流电，变压器输入电压的最大值等于导体棒两端的最大电压，大小为BLv m ，A 正确；由U 1U 2＝n 1n 2＝k 可得变压器副线圈电压U 2＝BLv m 2k，变压器的输出功率等于导体棒克服安培力做功的功率P ＝U 2R ＝B 2L 2v 2m 2k 2R ，电流表的示数I ＝P U 1＝2P BLv m ＝BLv m 2k 2R ，故C 错误，B 、D 均正确．]。
高考物理二轮复习(高考物理二轮复习小题提速练1002284134)
小题提速练(十)(时间：20分钟 分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．两个物体A 、B 的加速度a A >a B ，则( )A ．A 的速度一定比B 的速度大B ．A 的速度变化量一定比B 的速度变化量大C ．A 的速度变化一定比B 的速度变化快D ．A 受的合外力一定比B 受的合外力大C [加速度a ＝Δv Δt，表示速度变化的快慢，因此加速度a 大，速度v 、速度变化量Δv 均不一定大，速度变化一定快，故选项A 、B 错误，选项C 正确；根据牛顿第二定律F ＝ma 可知，物体所受的合力的大小与质量和加速度两个物理量有关，而题意中未涉及物体A 、B 的质量大小关系，因此它们所受合外力的大小关系也无法确定，故选项D 错误．]15．如图1所示，有一轻圆环和插栓，在甲、乙、丙三个力作用下平衡时，圆环紧压着插栓．不计圆环与插栓间的摩擦，若只调整两个力的大小，欲移动圆环使插栓位于圆环中心，下列说法中正确的是( )图1A ．增大甲、乙两力，且甲力增大较多B ．增大乙、丙两力，且乙力增大较多C ．增大乙、丙两力，且丙力增大较多D ．增大甲、丙两力，且甲力增大较多D [根据题意可知，轻圆环受甲、乙、丙三个力及插栓的弹力作用，处于平衡状态，根据共点力平衡条件的推论可知，甲、乙、丙三个力的合力必与插栓对轻圆环的弹力等大、反向，该弹力方向为沿轻圆环半径方向向外，要通过移动圆环使插栓位于圆环中心，则甲、乙、丙三个力的合力需变为零，此时可同时增大甲、丙两力且增加量的合量应与消失的弹力等大、同向，或同时减小乙、丙两力，且减小量的合量应与消失的弹力等大、反向，所以甲力增加得多或乙力减小得多，故选项A 、B 、C 错误，选项D 正确．]16．经过网络搜集，我们获取了地月系统的相关数据资料如下表，根据这些数据我们计算出了地心到月球球心之间的距离，下列选项中正确的是( )A.v 2g ′B.2πC.v 2gD.3g 0R 2T 22π2 B [根据数据，月球绕地球转动的线速度为v ，周期为T ，则月球公转的半径为：R ′＝vT 2π，故B 正确．根据万有引力提供向心力GMm R ′2＝mg ＝m v 2R ′，可得轨道半径R ′＝v 2g ，但是g 是地球在月球轨道上产生的重力加速度，既不是月球表面重力加速度也不是地球表面重力加速度，选项A 、C 错．以月球为研究对象，月球绕地球公转时，由地球的万有引力提供向心力，设地球质量为M ，月球的质量为m ，则得：GMm R ′2＝m 4π2T2R ′，又在地球表面，有：g 0＝GM R 2，联立以上两式得：R ′＝3g 0R 2T 24π2，故D 错误．] 17．(2017·衡水市冀州中学一模)在真空中A 、B 两点分别放有异种点电荷＋Q 和－2Q ，以AB 连线中点O 为圆心作一圆形路径，如图2所示，则下列说法正确的是( )【导学号：19624242】图2A ．场强大小关系有E a ＝E b 、E c ＝E dB ．电势高低关系有φa ＞φb 、φc ＝φo ＝φdC ．将一负点电荷沿圆弧由a 运动到b 的过程中电场力做正功D ．将一正点电荷沿直线由a 运动到d 的过程中电场力做功小于将该正点电荷沿直线由d 运动到b 的过程中电场力做功D [由于Q A ＜Q B ，a 点处电场线比b 点处电场线疏，a 点场强小于b 点场强，而c 、d两点的电场强度大小相等，即E a ＜E b 、E c ＝E d ，故A 错误．电场线方向由A 指向B ，则有φa ＞φb 、根据对称性可知，φc ＝φd ≠φO ，故B 错误． 将一负点电荷沿圆弧由a 运动到b 的过程中，电场力做负功，故C 错误．由于ad 间电场线比db 间电场线疏，则ad 间的场强比db 间场强小，由U ＝Ed 知，ad 间的电势差小于db 间电势差，由W ＝Uq 知，正点电荷沿直线由a 运动到d 的过程中电场力做功小于将该正点电荷沿直线由d 运动到b 的过程中电场力做功，故D 正确．]18．(2017·哈师大附中四模)如图3所示，倾角为θ的光滑绝缘斜面处在垂直斜面的匀强磁场和方向未知的匀强电场中，有一个质量为m ，带电量为q (q >0)的小球在斜面上做匀速圆周运动，其角速度为ω.则下列说法正确的是( )图3A ．匀强磁场方向一定垂直于斜面向下B ．匀强磁场的磁感应强度B 的大小为m ωq C ．未知电场的方向一定沿斜面向上D ．未知电场的方向可能垂直于斜面B [带电小球在斜面上做匀速圆周运动，电场方向可能沿斜面向上，有Eq ＝mg sin θ，也可能竖直向上，有Eq ＝mg ，故C 、D 均错误；洛伦兹力提供向心力，由左手定则可判断，匀强磁场方向可能垂直于斜面向下，做逆时针转动，也可能垂直于斜面向上，做顺时针转动，A 错误；由qvB ＝m ω2R ，v ＝ωR 可得：B ＝m ωq，B 正确．] 19．(2017·抚州市临川一中模拟)如图4所示，工厂利用皮带传输机把货物从地面运送到高出水平地面的C 平台上，C 平台离地面的高度一定．传输机的皮带以一定的速度v 顺时针转动且不打滑．将货物轻轻地放在A 处，货物随皮带到达平台．货物在皮带上相对滑动时，会留下一定长度的痕迹．已知所有货物与皮带间的动摩擦因数均为μ.若皮带的倾角θ、运行速度v 和货物质量m 都可以改变，始终满足tan θ<μ.可以认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则下列说法正确的是( )图4A ．当速度v 一定时，角θ越大，运送时间越短B ．当倾角θ一定时，改变速度v ，运送时间可能不变C ．当倾角θ和速度v 一定时，货物质量m 越大，皮带上留下的痕迹越长D ．当倾角θ和速度v 一定时，货物质量m 越大，皮带上摩擦产生的热越多BD [若货物一直做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度时恰好到达顶端．对于匀加速运动过程，由牛顿第二定律得，货物的加速度为：a ＝μmg cos θ－mg sin θm＝μg cos θ－g sin θ，匀加速运动的时间为：t ＝v a ＝v μg cos θ－g sin θ，则知v 一定，角θ越大，t 越长，故A 错误． 当倾角θ一定时，改变速度v 时，货物可能一直做匀加速直线运动，加速度不变，初速度和位移均不变，可知货物到达顶端的时间可能不变，故B 正确．匀加速运动过程中货物上升的位移为：x 1＝v 2t ，传送带前进的位移为：x 2＝vt ，所以皮带上留下的痕迹长度为：Δx ＝x 2－x 1＝v 2t ＝v 22g μcos θ－sin θ，可知皮带上留下的痕迹与货物的质量无关，故C 错误． 皮带上摩擦产生的热量为：Q ＝μmg cos θ·Δx ＝μmg cos θ·v 22g μcos θ－sin θ，可知倾角θ和速度v 一定时，货物质量m 越大，皮带上摩擦产生的热量Q 越多，故D 正确．]20．(2017·沈阳模拟)如图5所示，虚线框内为漏电保护开关的原理示意图，变压器A 处用火线和零线平行绕制成线圈，然后接到用电器，B 处有一个输电线圈，一旦线圈B 中有电流，经放大后便能推动继电器切断电源，如果甲、乙、丙、丁四人分别以图示方式接触电线(裸露部分)，甲、乙、丙站在木凳上，则下列说法正确的是( )图5A ．甲不会发生触电事故，继电器不会切断电源B ．乙会发生触电事故，继电器不会切断电源C ．丙会发生触电事故，继电器会切断电源D ．丁会发生触电事故，继电器会切断电源AD [图中甲、乙站在木凳上(人与地绝缘)接触火线时，火线和零线中电流方向、大小不变，线圈A 产生的总磁通量为零，线圈B 中不产生感应电流，继电器均不会切断电源，甲、乙不会发生触电事故，故A 正确，B 错误；当丙双手“火线—零线”触电时(人与地绝缘)，火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A 产生的总磁通量为零，线圈B 中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源，但人会触电，故C 错误；当丁如图中“手－地”触电时，会导致一部分电流通过大地，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A 产生的总磁通量不为零，即增加了，故会在线圈B 中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源，故D 正确．]21．(2017·虎林市摸底考试)如图6所示，倾角为θ的光滑斜面固定在水平面上，水平虚线PQ 下方有垂直于斜面向下的匀强磁场，磁感应强度为B .正方形闭合金属线框边长为l ，质量为m ，电阻为R ，放置于PQ 上方一定距离处，保持线框底边ab 与PQ 平行并由静止释放，当ab 边到达PQ 时，线框速度为v 0，ab 边到达PQ 下方距离d (d ＞l )处时，线框速度也为v 0，下列说法正确的是( )【导学号：19624243】图6A ．ab 边刚进入磁场时，电流方向为a →bB ．ab 边刚进入磁场时，线框做加速运动C ．线框进入磁场过程中的最小速度可能等于mgR sin θB 2l 2D ．线框进入磁场过程中产生的热量为mgd sin θACD [根据右手定则可知，ab 边刚进入磁场时，电流方向为a →b ，A 正确；当ab 边到达PQ 时速度为v 0，到达PQ 下方距离d 处时速度也为v 0，又知线框全部进入磁场后做加速运动，所以ab 边刚进入磁场时，线框应做减速运动，B 错误；线框在进入磁场过程做减速运动，完全进入时速度最小，有：B Blv R l ≥mg sin θ，故v ≥mgR sin θB 2l 2，C 正确；从ab 边经过PQ 到ab 边通过磁场下边的过程中只有线框进入磁场过程中产生热量，因整个过程线框动能不变，只有重力势能减少，由能量守恒定律可得，热量Q ＝mgd sin θ，D 正确．]。
高考物理二轮复习 一 选择题快速练七选择题快速练四 电学
(七)选择题迅速练四电学(3)1.(多项选择)如下图,MON是固定的圆滑绝缘直角杆,MO沿水平方向,NO沿竖直方向,A、B 为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球,用一指向竖直杆的水平力F作用在A球上,使两球均处于静止状态。
现将A球向竖直杆方向迟缓拉动一小段距离后,A、B两小球能够从头均衡。
则后一种均衡状态与前一种均衡状态对比较,以下说法正确的选项是()A.A、B两小球间的库仑力变大B.A、B两小球间的库仑力变小必定不变2.如下图,在圆形空间地区内存在对于直径ab对称、方向相反的两个匀强磁场,两磁场的磁感觉强度大小相等,一金属导线制成的圆环大小恰巧可与磁场界限重合,现从图示地点开始,以下说法中正确的选项是()地区,感觉电流先沿逆时针方向后沿顺时针方向地区,感觉电流一直沿逆时针方向C.若圆环以ab为轴转动,a点的电势一直高于b点的电势D.若圆环以ab为轴转动,b点的电势一直高于a点的电势3.如下图,在匀强磁场中有一个矩形单匝线圈ABCD,AB边与磁场垂直,MN边一直与金属滑环K相连,PQ边一直与金属滑环L相连;金属滑环L、沟通电流表A、定值电阻R、金属滑环K经过导线串连。
使矩形线圈以恒定角速度绕过BC、AD中点的轴旋转。
以下说法中正确的选项是()A.沟通电流表A的示数随时间按余弦规律变化B.线圈转动的角速度越大,沟通电流表A的示数越小C.线圈平面与磁场平行时,流经定值电阻R的电流最大D.线圈平面与磁场垂直时,流经定值电阻R的电流最大4.(多项选择)如下图,竖直平面内有水平向左的匀强电场E,M点与N点在同一电场线上。
两个完整同样的带电粒子,分别以初速度v1、v2垂直于电场线进入电场(轨迹位于竖直平面内),两粒子恰巧能相遇于P点,重力不计。
在此过程中,以下说法正确的选项是()抵达P点的速度大小可能相等必定不同样抵达P点时的电势能都比进入电场时大抵达P点所需时间必定不相等5.(多项选择)如下图,电流表A1(0~3 A)和A2(0~0.6 A)是由两个同样的电流计改装而成,现将这两个电流表并联后接入电路中。
高考物理二轮复习小题提速练
小题提速练(一)(时间：20分钟 分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．(2020·沧州一中月考)甲、乙两车在同一条直道上行驶，它们运动的位移s 随时间t 变化的关系如图1所示，已知乙车做匀变速直线运动，其图线与t 轴相切于10 s 处，则下列说法正确的是( )图1A ．甲车的初速度为零B ．乙车的初位置在s 0 ＝ 60 m 处C ．乙车的加速度大小为1.6 m/s 2D ．5 s 时两车相遇，此时甲车速度较大C [位移－时间图象的斜率等于速度，则知甲车的速度不变，做匀速直线运动，初速度不为零，选项A 错误；乙车做匀变速直线运动，其图线与t 轴相切于10 s 处，则t ＝10 s 时，速度为零，反过来看成初速度为0的匀加速直线运动，则s ＝12at 2，根据图象可知，s 0＝12a·100,20＝12a·25，解得：a ＝1.6 m/s 2，s 0＝80 m ，选项C 正确，B 错误；5 s 时两车相遇，此时甲的速度v 甲＝205 m/s＝4 m/s ，乙的速度为v 乙＝at ＝1.6×5 m/s＝8 m/s ，选项D 错误．]图215．(2020·衡阳市二模)半圆柱体P 放在粗糙的水平面上，有一挡板MN ，其延长线总是过半圆柱体的轴心O ，但挡板与半圆柱体不接触，在P 和MN 之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q(P 的截面半径远大于Q 的截面半径)，整个装置处于静止状态，如图乙是这个装置的截面图，若用外力使MN 绕O 点缓慢地逆时针转动，在Q 到达最高位置前，发现P 始终保持静止，在此过程中，下列说法正确的是( )【导学号：19624215】 A ．MN 对Q 的弹力大小逐渐增大 B ．P 、Q 间的弹力先增大后减小 C ．桌面对P 的摩擦力先增大后减小D．P所受桌面的支持力保持不变C [以小圆柱为研究对象，受力分析如图，可得：F1＝mgcos α，F2＝mgsin α，随α增大，F1减小，F2增大，A、B均错误；对半圆柱P受力分析如图所示．由平衡条件可得：N＝Mg＋F2sin α＝Mg＋mgsin2α，f＝F2cos α＝mgsin αcos α，当α由0增大到90°的过程中，N逐渐增大，f先增大后减小，故C正确，D错误．] 16．(2020·吉林大学附中模拟)如图3所示，空间中存在与等边三角形ABC所在平面平行的匀强电场．其中电势φA＝φB＝0，φC＝φ.保持该电场的大小和方向不变，让等边三角形以AB为轴转过60°，则此时C点的电势为( )图3A.32φ B.12φC．－32φ D．－12φB [因为A、B点等势，所以电场方向水平向左，设等边三角形的边长为L，则C点到AB的垂线长度为32L，所以匀强电场E＝φ32L，让等边三角形以AB为轴转过60°，则C点在平面上的投影点到AB的距离为d＝32L·cos 60°＝34L，故此时C点的电势为φ′＝Ed＝φ32L×34L＝12φ，B正确．]17．(2020·虎林市摸底考试)在足够大的匀强磁场中，静止的钠的同位素2411Na发生衰变，沿与磁场垂直的方向释放出一个粒子后，变为一个新核，新核与放出粒子在磁场中运动的轨迹均为圆，如图4所示，下列说法正确的是( )【导学号：19624216】图4A ．新核为2412MgB ．轨迹2是释放出的粒子的径迹 C.2411Na 发生的是α衰变 D ．新核沿顺时针方向旋转A [由运动轨迹为相内切圆可知，新粒子应带负电，2411Na 的衰变应为β衰变，核反应方程为2411Na ―→ 0－1e ＋2412Mg ，故新核是2412Mg ，A 正确，C 错误；由r ＝mv qB ，由动量守恒定律可知，新核与 0－1e 的动量大小相等，因此，新核的半径较小，轨迹2是新核的轨迹，B 错误；根据洛伦兹力提供向心力，由左手定则可判断，新核应沿逆时针方向旋转，故D 错误．]18．(2020·虎林市摸底考试)如图5所示为研究某种带电粒子的装置示意图，粒子源射出的粒子束以一定的初速度沿直线射到荧光屏上的O 点，出现一个光斑．在垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B 的匀强磁场后，粒子束发生偏转，沿半径为r 的圆弧运动，打在荧光屏上的P 点，然后在磁场区域再加一竖直向下，场强大小为E 的匀强电场，光斑从P 点又回到O 点，关于该粒子(不计重力)，下列说法正确的是( )图5A ．粒子带负电B ．初速度为v ＝BEC ．比荷为q m ＝B 2rED ．比荷为q m ＝EB 2rD [加上垂直于纸面向里的磁场后，粒子打在屏上P 点，说明粒子在磁场中所受洛伦兹力方向向上，由左手定则可以判断粒子带正电，A 错误；由于电场和磁场同时存在时，粒子不发生偏转，可得：qvB ＝Eq ，解得v ＝E B ，B 错误；由r ＝mv qB ，可得q m ＝v rB ＝ErB2，可知D 正确，C 错误．]16套小题提速练物理·特色专项考前增分集训19.(2020·中卫市一模)如图6是创意物理实验设计作品《小熊荡秋千》．两根彼此靠近且相互绝缘的金属棒C 、D 固定在铁架台上，与两个铜线圈P 、Q 组成一闭合回路，两个磁性很强的条形磁铁如图放置，当用手左右摆动线圈P 时，线圈Q 也会跟着摆动，仿佛小熊在荡秋千．以下说法正确的是( ) 【导学号：19624217】图6A ．P 向右摆动的过程中，P 中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)B ．P 向右摆动的过程中，Q 也会向右摆动C ．P 向右摆动的过程中，Q 会向左摆动D ．若用手左右摆动Q ，P 会始终保持静止AB [P 向右摆动的过程中，穿过P 的磁通量减小，根据楞次定律，P 中有顺时针方向的电流(从右向左看)，故A 正确．P 向右摆的过程中，P 中的电流方向为顺时针方向，则Q 下端的电流方向向外，根据左手定则知，下端所受的安培力向右，则Q 向右摆动．同理，用手左右摆动Q ，P 会左右摆动，故B 正确，C 错误，D 也错误．]20．(2020·高三第一次全国大联考(新课标卷Ⅲ))如图甲7所示，一理想变压器原线圈匝数为n 1＝1 000匝，副线圈匝数为n 2＝150匝，变压器输入端的正弦交变电压如图乙所示，定值电阻的阻值为11 Ω，总阻值为22 Ω的滑动变阻器滑片为P.下列说法中正确的是( )图7A ．变压器副线圈输出电压的频率为50 HzB ．滑片P 向右滑动时，电阻R 两端的电压不变C ．滑片P 滑到最右端时，通过电阻R 的电流为6 AD ．滑片P 滑到最左端时，变压器的输入功率为66 WAC [原、副线圈的周期T ＝0.02 s ，频率f ＝1T ＝50 Hz ，选项A 正确；滑动变阻器的滑片P 向右滑动时，电阻R 两端的电压变大，选项B 错误；原线圈电压的有效值U 1＝U m2＝440 V ，根据U 1U 2＝n 1n 2可得副线圈的电压U 2＝66 V ，滑动变阻器的滑片P 滑到最右端时，通过电阻R 的电流为I 2＝U 2R ＝6 A ，选项C 正确；滑动变阻器的滑片P 滑到最左端时，理想变压器的输入功率为P 2＝U 22R ＋R P ＝132 W ，选项D 错误．]21．(2020·江苏高考)如图8所示，三个小球A 、B 、C 的质量均为m ，A 与B 、C 间通过铰链用轻杆连接，杆长为L.B 、C 置于水平地面上，用一轻质弹簧连接，弹簧处于原长．现A 由静止释放下降到最低点，两轻杆间夹角α由60°变为120°.A、B 、C 在同一竖直平面内运动，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g.则此下降过程中( )【导学号：19624218】图8A ．A 的动能达到最大前，B 受到地面的支持力小于32mgB ．A 的动能最大时，B 受到地面的支持力等于32mgC ．弹簧的弹性势能最大时，A 的加速度方向竖直向下D ．弹簧的弹性势能最大值为32mgL AB [A 对：取A 、B 、C 整体研究，三个小球皆静止时，地面对B 、C 球的弹力各为32mg.当A 球下降时，只要A 球未达最大速度，有竖直向下的加速度，A 球就处于失重状态，地面对B 球的支持力小于32mg. B 对：A 球的动能最大时，a A ＝0，系统在竖直方向上F 合＝0，则地面对B 球的弹力为32mg.C 错：弹簧的弹性势能最大时，对应着弹簧伸长量最大，A 球运动到最低点，此时v A ＝0，但a A ≠0，加速度方向竖直向上．D 错：两杆间夹角由60°变为120°，A 球下落的距离h ＝Lsin 60°－Lsin 30°＝3－12L ，A 球重力势能的减少量为ΔE p ＝3－12mgL.由能量转化知，弹簧的弹性势能最大值为3－12mgL.]高考理综物理模拟试卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
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选择题提速练（一）
一、单项选择题
1．如图甲所示为杂技中的“顶竿”表演，水平地面上演员B用肩部顶住一根长直竹竿，另一演员A爬至竹竿顶端完成各种动作。
某次顶竿表演结束后，演员A自竿顶由静止开始下落。
滑到竿底时速度正好为零，然后屈腿跳到地面上，演员A、B质量均为50 kg，竹竿质量为5 kg，演员A下滑的过程中速度随时间变化的图像如图乙所示。
重力加速度g取10 m/s2，下列判断正确的是( )
A．竹竿的总长度约为3 m
B．0～6 s内，演员B对地面的压力大小始终为1 050 N
C．0～6 s内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为3 300 N·s
D．演员A落地时屈腿，是为了缩短作用时间以减小地面的冲击力
解析：选C vt图像的面积等于演员A下滑过程的位移(即竹竿的总长度)，x＝1
2
×6×2
m＝6 m，A错误；0～4 s内演员A加速下滑，加速度a＝0.5 m/s2，处于失重状态，演员B 对地面的压力大小F N＝2M人g＋mg－M人a＝(2×50×10＋5×10－50×0.5)N＝1 025 N,4～6 s 内演员A减速下滑，加速度a′＝1 m/s2，处于超重状态，演员B对地面的压力大小F N′＝2M人g＋mg＋M人a′＝(2×50×10＋5×10＋50×1)N＝1 100 N，B错误；0～4 s内竹竿对演员B的压力大小为F＝M人g＋mg－M人a＝(50×10＋5×10－50×0.5)N＝525 N，冲量大小为I1＝525×4 N·s＝2 100 N·s,4～6 s内竹竿对演员B的压力大小为F′＝M人g＋mg＋M人a′＝(50×10＋5×10＋50×1)N＝600 N，冲量大小为I2＝600×2 N·s＝1 200 N·s，0～6 s 内，竹竿对演员B的压力的冲量大小为I＝I1＋I2＝(2 100＋1 200)N·s＝3 300 N·s，C 正确；演员A落地时屈腿，是为了延长作用时间以减小地面的冲击力，D错误。
2.路灯维修车如图所示，车上带有竖直自动升降梯。
若车匀速向左运动
的同时梯子匀速上升，则关于梯子上的工人的描述正确的是( )
A．工人相对地面的运动轨迹为曲线
B．仅增大车速，工人相对地面的速度将变大
C．仅增大车速，工人到达顶部的时间将变短
D．仅增大车速，工人相对地面的速度方向与竖直方向的夹角将变小
解析：选B 车匀速向左运动的同时梯子匀速上升，根据运动的合成，可知：工人相对地面一定做匀速直线运动，故A错误；仅增大车速，依据矢量的合成法则，工人相对地面的
速度将变大，故B正确；仅增大车速，不影响竖直方向的运动，则工人到达顶部的时间不变，故C错误；仅增大车速，工人相对地面的速度方向与水平方向的夹角将变小，而与竖直方向的夹角将变大，故D错误。
3.如图所示电路中，R为某种半导体气敏元件，其阻值随周围环境一氧化碳气体浓度的增大而减小，当一氧化碳气体浓度增大时，下列说法中正确的是( )
A．电压表V示数增大
B．电流表A示数减小
C．电路的总功率减小
D．变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显
解析：选D 当一氧化碳气体浓度增大时，R减小，总电阻减小，则总电流增大，内电压增大，路端电压减小，可知，通过R1的电流减小，因此电压表V示数减小，通过变阻器的电流减小，则电流表A示数增大。
故A、B错误；电路的总功率为P＝EI，E不变，I增大，则P增大。
故C错误；变阻器R1的取值越大，R1与R并联的阻值越接近R，R对电路的影响越大，则知变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显。
故D正确。
4.倾角为53°的斜面与水平面平滑连接，一物块从斜面上以初速度v 0
滑下，最终停在水平面上，已知物块与水平面、物块与斜面间的动摩擦因数
均为μ＝0.5，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6。
则下列关于物块运动的vt
图像正确的是( )
解析：选 C 物块沿斜面下滑时由牛顿第二定律得：a1＝g sin 53°－μg cos 53°＝5 m/s2，即沿斜面做加速运动，在水平面滑行时由牛顿第二定律得：a2＝μg＝5 m/s2，沿水平面做减速运动，在斜面和水平面滑行时的加速度大小相等，vt图像的斜率表示加速度大小，故A、B、D错误，C正确。
5.空间存在着平行于x轴方向的静电场，O、A、B、C为x轴上的点，
沿x轴方向上在OC间的电势φ随x的变化规律为如图所示的直线，则
( )
A．C点的电场强度一定为零
B．电场强度方向沿x轴正方向
C．该电场是由负点电荷激发产生的
D．带负电的试探电荷在A处的电势能大于在B处的电势能
解析：选B 电势随距离变化图像中，斜率表示电场强度可知，该电场为匀强电场，故A、C错误；由图像可知，随着距离增大，电势逐渐降低，而沿着电场线方向电势逐渐降低
可知电场强度方向沿x 轴正方向，故B 正确；根据E p ＝φq 可知，负电荷在低电势处电势能较大，故带负电的试探电荷在A 处的电势能小于在B 处的电势能，故D 错误。
二、多项选择题
6．如图所示，在火星轨道的外侧有一小行星带，内外两颗小行星a 、b 分别绕太阳做匀速圆周运动。
则( )
A ．a 、b 两颗小行星的角速度相等
B ．a 、b 两颗小行星的动能可能相等
C ．小行星a 表面的重力加速度可能比b 的小
D ．两颗小行星与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等
解析：选BC 小行星绕太阳运动万有引力提供向心力有G Mm r 2＝mrω2
可知，ab 两颗小行星轨道半径不等，故角速度不相等，故A 错误；据万有引力提供圆周运动向心力有G Mm r 2＝m v 2
r ，虽然两小行星的轨道半径不相等，两行星的线速度大小不同，但小行星的质量未知，若速率大的小行星质量小，则两颗小行星的动能有可能相等，故B 正确；因为不知道两颗小行星的质量和半径，故小行星a 表面的重力加速度可能比b 的小，故C 正确；根据开普勒行星定律可知，对于同一颗行星与太阳的连线在相等的时间内扫过相等的面积，对于两颗不同轨道的行星，此定律不适用，故D 错误。
考前调节 激发状态高考专题辅导与测试·物理7.如图所示，理想变压器原线圈接在电压有效值不变的交流电源两端，电流表和电压表均为理想电表。
现将交流电的频率变小，则下列说法正确的是( )
A ．灯泡L 1变暗
B ．灯泡L 2变暗
C ．电压表示数增大
D ．电流表读数变化量的比值不变
解析：选AD 交流电频率减小时，容抗增大，L 1所在支路对电流阻碍作用增大，所以电流减小，L 1变暗，故A 正确；当交流电频率减小时，不会改变L 2支路对电流的阻碍，灯泡L 2亮度不变，故B 错误；由于原副线圈匝数比不变，根据电压与匝数成正比得电压表示数不
变，故C 错误；根据电流与匝数成反比得电流表读数变化量的比值不变，故D 正确。
8．如图所示为污水流量监测装置，两块面积为S 的矩形金属极板M 、N 水平放置，污水从两板间区域向右流过(速度为v )，板间距离为d 且有一垂直于纸面向里的匀强磁场，两板用导线与理想电压表相连，则( )
A ．电压表正极接线柱接金属极板M
B ．污水中离子浓度越大，电压表的示数越大
C ．电压表读数与极板面积S 无关
D ．水流速度不变，只增加板间距离d 时电压表读数变小
解析 ：选AC 由左手定则知正离子向上偏转，所以M 带正电，故A 正确；两板间电压稳定时满足：qvB ＝qE ＝q U d ，所以U ＝Bdv ，与离子浓度无关，与极板面积S 无关，故B 错误，C 正确；由两板间电压稳定时U ＝Bdv 可知，水流速度不变，只增加板间距离d 时电压表读数变大，故D 错误。
9．如图所示，质量相等的A 、B 两物体用轻质细绳和橡皮筋相连，细绳跨过倾角为30°的光滑斜面顶端的定滑轮并与斜面平行。
初始时A 位于斜面底部的挡板上，橡皮筋处于原长，已知重力加速度为g ，则由静止释放B 的整个过程中(没有撞击滑轮和地面)有( )
A ．释放瞬间
B 的加速度为g
B ．在B 加速向下运动的过程中A 的加速度最大值为12
g C ．A 刚要离开挡板时系统的弹性势能最大
D ．橡皮筋拉力对A 做的功等于A 的机械能的增加量
解析：选AD 释放瞬间，橡皮筋没有发生形变，没有弹力，细绳中就没有拉力，所以B 只受重力，加速度为g ，故A 正确；B 加速下落时，对B 由牛顿第二定律可知细绳的拉力T ＜mg ，则橡皮筋中的弹力F ＜mg ，对A 受力分析由牛顿第二定律得：a A ＝F －mg sin 30°m ＜12g ，故B 错误；当橡皮筋中的弹力F ＝mg sin 30°时A 要离开挡板，此时橡皮筋中的弹力不是最大，弹性势能不是最大，故C 错误；对A 受力分析知，橡皮筋的弹力对A 做正功，重力做功不改变A 的机械能，所以橡皮筋拉力对A 做的功等于A 的机械能的增加量，故D 正确。