2018届高三物理(浙江学考)一轮复习练习：2017年浙江省普通高中学业水平考试模拟卷4 Word版含答案
2018届高三物理浙江选考一轮复习练习：第2章 第1节 课
课后限时训练(四)(建议用时：40分钟)1．(2017·镇海中学学考模拟)一个物体受到的重力为2 N，那么，在下列情况下它受到的重力不是2 N的是()A．将它竖直向上抛起B．将它放到水里，它被浮起C．将它放到月球或木星上D．将它放到高速行驶的列车上C[在地球上的同一个地方，物体的重力可以认为是相同的，物体在其他星球上的重力和在地球上的不同．C项正确．]2.(2017·诸暨模拟)如图2-1-10所示，一根轻弹簧的一端固定，另一端受到水平拉力F的作用，弹簧的伸长量为x，则此弹簧的劲度系数为()图2-1-10A．FxB．2FxC.F xD.xFC[弹簧弹力大小为F，由胡克定律得k＝Fx，选C.]3．关于重力，下列说法中正确的是()A．物体受到的重力大小和方向与物体的运动状态无关B．抛出的石块轨迹是曲线，说明石块所受的重力方向在改变C．自由下落的石块速度越来越大，说明石块所受重力越来越大D．物体所受的重力作用于重心处，物体的其他部分不受重力作用A[重力大小为G＝mg，与运动状态无关，方向竖直向下，故A正确，B、C错误；物体各处都受到重力，在研究问题时将所有重力等效作用于重心处，重心是等效概念，其实是不存在的，更不能说物体的其他部分不受重力作用，D错误．]4．下列关于重心、弹力和摩擦力的说法，正确的是()【导学号：81370052】A．物体的重心一定在物体的几何中心上B．劲度系数越大的弹簧，产生的弹力越大C．动摩擦因数与物体之间的压力成反比，与滑动摩擦力成正比D．静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化D[由重心的概念可知A项错误；弹簧弹力的大小还与其形变量有关，B 项错误；动摩擦因数与物体之间的压力和滑动摩擦力无关，C项错误；静摩擦力的大小范围为0<F f≤F fmax，D项正确．]5．物体与支持面间有滑动摩擦力时，下列说法正确的是()A．物体与支持面间的压力越大，滑动摩擦力越大B．物体与支持面间的压力不变，动摩擦因数一定，接触面积越大，滑动摩擦力越大C．物体与支持面间的压力不变，动摩擦因数一定，速度越大，滑动摩擦力越大D．动摩擦因数一定，物体与支持面间的压力越大，滑动摩擦力越大D[根据滑动摩擦力的表达式F＝μF N可知，选项D正确；选项A中仅仅强调了物体间的压力，而忽略了物体间的动摩擦因数，所以选项A错误；滑动摩擦力与物体间的接触面积和相对运动速度的大小均无关，所以选项B、C错误．]6.在半球形光滑碗内斜搁一根筷子，如图2-1-11所示，筷子与碗的接触点分别为A、B，则碗对筷子A、B两点处的作用力方向分别为()图2-1-11A．均竖直向上B．均指向球心OC．A点处指向球心O，B点处竖直向上D．A点处指向球心O，B点处垂直于筷子斜向上D[碗对筷子A、B两点处的作用力属于弹力，而接触处的弹力总是垂直于接触面，因而寻找接触面便成为确定弹力方向的关键．在A点处，当筷子滑动时，筷子与碗的接触点在碗的内表面(半球面)上滑动，所以在A点处的接触面是球面在该点的切面，此处的弹力与切面垂直，即指向球心O.在B点处，当筷子滑动时，筷子与碗的接触点在筷子的下表面上滑动，所以在B点处的接触面与筷子平行，此处的弹力垂直于筷子斜向上．故选项D正确．]7．(2017·金华十校调研)体育课上一学生将足球踢向墙壁，如图2-1-12所示，下列关于足球与墙壁作用时墙壁给足球的弹力方向的说法中，正确的是()图2-1-12A．沿v1的方向B．沿v2的方向C．先沿v1的方向后沿v2的方向D．沿垂直于墙壁(斜向左上方)的方向D[足球与墙壁的作用是球面与平面接触，足球所受弹力方向垂直于墙壁指向足球球心，即斜向左上方的方向，故选项D正确．]8．(2017·嘉兴市联考)一块质量均匀分布的长方体木块按图2-1-13中甲、乙、丙所示的三种方式在同一水平面上运动，其中甲图中木块做匀速运动，乙图中木块做匀加速运动，丙图中木块侧立在水平面上做与甲图相同的运动．则下列关于甲、乙、丙三图中木块所受滑动摩擦力大小关系的判断正确的是()甲乙丙图2-1-13A．F f甲＝F f乙<F f丙B．F f甲＝F f丙<F f乙C．F f甲＝F f乙＝F f丙D．F f丙<F f甲<F f乙C[根据公式F f＝μF N知，滑动摩擦力的大小与接触面的大小无关，也与相对速度或加速度无关．故选C.]9.如图2-1-14所示，放在粗糙水平面上的物体A上叠放着物体B，A和B之间有一根处于压缩状态的弹簧．物体A、B均处于静止状态，下列说法中正确的是()图2-1-14【导学号：81370053】A．B受到向左的摩擦力B．B对A的摩擦力向右C．地面对A的摩擦力向右D．地面对A没有摩擦力D[压缩状态的弹簧对B有向左的弹力，B有向左的运动趋势，受到向右的摩擦力，故A错误；A对B的摩擦力向右，根据牛顿第三定律可知，B对A的摩擦力向左，B错误；对整体分析可知：地面对A没有摩擦力，故C错误，D 正确．]10．(2017·宁波调研)如图2-1-15所示，质量为m的木块放在粗糙的水平地面上，木块与水平地面间的动摩擦因数为0.5，水平推力F作用于木块上，但未把木块推动，则下列选项中能正确反映木块受到的摩擦力F f与水平推力关系的是()图2-1-15A B C DA[用推力F后，物体没有滑动，说明物体受到静摩擦力的作用，由受力平衡知F f静＝F，故选项A正确．]11.(加试要求)如图2-1-16所示，两个物体A、B的质量均为1 kg，各接触面间的动摩擦因数均为0.3，同时用F＝1 N的两个水平力分别作用在A、B上，则地面对物体B，B对物体A的摩擦力分别为(g取10 m/s2)()图2-1-16A．6 N 3 NB．1 N 1 NC．0 1 ND．0 2 NC[以A、B整体为研究对象进行受力分析，可知地面对B的摩擦力为零；再以A为研究对象进行受力分析，F f＝μmg＝3 N>1 N，可知B对A的摩擦力与力F大小相等、方向相反，大小为1 N，所以选项C正确．]12．(加试要求)如图2-1-17所示，水平传送带上放一物块，当传送带向右以速度v匀速传动时，物体在轻弹簧水平拉力的作用下处于静止状态，此时弹簧的伸长量为Δx；现令传送带向右加速到2v，这时的弹簧的伸长量为Δx′.则关于弹簧前、后的伸长量，下列说法中正确的是()图2-1-17A．弹簧伸长量将减小，即Δx′<ΔxB．弹簧伸长量将增加，即Δx′>ΔxC．弹簧伸长量在传送带向右加速时将有所变化，最终Δx′＝ΔxD．弹簧伸长量在整个过程中始终保持不变，即始终Δx′＝ΔxD[弹簧弹力与传送带的滑动摩擦力是一对平衡力，而滑动摩擦力的大小始终与相对速度大小无关，D正确．]13．(加试要求)如图2-1-18所示，用一水平力F把A、B两个物体挤压在竖直的墙上，A、B两物体均处于静止状态，下列判断正确的是()【导学号：81370054】图2-1-18A．B物体对A物体的静摩擦力方向向上B．F增大时，A和墙之间的摩擦力也增大C．若B的重力大于A的重力，则B受到的摩擦力大于墙对A的摩擦力D．不论A、B的重力哪个大，B受到的摩擦力一定小于墙对A的摩擦力D[将A、B两物体视为整体，可以看出A物体受到墙的摩擦力方向竖直向上．对B受力分析可知B受到A的摩擦力方向向上，由牛顿第三定律可知B对A的摩擦力方向向下，A错误；由于A、B两物体受到的重力不变，根据平衡条件可知B错误；A和墙之间的摩擦力与A、B两物体的重力等大、反向，故C错误，D正确．]14．如图2-1-19所示为“研究木板与木块间动摩擦因数的大小”的实验装置图，将一木块和木板叠放于水平桌面上，弹簧测力计一端固定，另一端与木块水平相连．图2-1-19(1)现要测量木块和木板之间的滑动摩擦力，要使弹簧测力计的示数为木块和木板之间的滑动摩擦力的大小，要求木板的运动________．(填选项前的字母) A．必须是匀速直线运动B．必须是加速直线运动C．必须是减速直线运动D．匀速直线运动、加速直线运动、减速直线运动均可(2)为测量动摩擦因数，下列物理量中应测量的有________．(填选项前的字母)A．木板的长度LB．弹簧测力计的拉力大小FC．木板的重力G1D．木块的重力G2(1)D(2)BD[(1)对木板受力分析，有重力、木块对木板的压力、木块对木板的滑动摩擦力、桌面对木板的滑动摩擦力、桌面对木板的支持力、水平拉力，共6个力；本实验中，木板不论处于什么运动，木块总处于平衡状态，则弹簧的弹力等于木块的滑动摩擦力，D正确．(2)根据滑动摩擦力的表达式F f＝μF N＝μmg，可得μ＝Fmg，所以需要测量弹簧测力计的拉力大小F和木块的重力G2，故B、D正确．]15．(2016·诸暨市联考)如图2-1-20所示，重250 N的物体放在水平地面上，已知物体与水平地面间的最大静摩擦力为150 N，动摩擦因数是0.5，物体的一端连一根劲度系数为4×103 N/m的轻质弹簧．试问：图2-1-20(1)将弹簧拉长2 cm时，物体受到地面的摩擦力多大？(2)将弹簧拉长4 cm时，物体受到地面的摩擦力多大？【解析】(1)将弹簧拉长2 cm时，拉力为F＝kx＝4×103×0.02 N＝80 N<F m＝150 N物体静止，此时物体受到的是静摩擦力由二力平衡可得摩擦力F f＝80 N.(2)将弹簧拉长4 cm时，拉力为F′＝kx′＝4×103×0.04 N＝160 N>F m＝150 N物体沿水平地面滑动，物体受到滑动摩擦力F f′＝μF N＝μmg＝0.5×250 N＝125 N.【答案】(1)80 N(2)125 N。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习：第4章第4节万有引力与航天含答案
第4节万有引力与航天考点一|开普勒行星运动定律1．第必定律：全部行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在这些椭圆的一个焦点上．2．第二定律：对随意一个行星来说，它与太阳的连线在相等的时间内扫过相等的面积．3．第三定律：全部行星的轨道的半长轴的三次方跟它的公转周期的二次方a3的比值都相等．其表达式为T2＝k，此中a是椭圆轨道的半长轴，T是行星绕太阳公转的周期，k是一个对全部行星都相同的常量．1．对于太阳系中各行星的轨道，以下说法中正确的选项是()A．全部行星绕太阳运动的轨道都是椭圆B．有的行星绕太阳运动的轨道是圆C．不一样行星绕太阳运动的椭圆轨道的半长轴是相同的D．不一样的行星绕太阳运动的轨道都相同[八大行星的轨道都是椭圆，A正确，B错误；不一样行星离太阳远近不一样，轨道不一样，半长轴也就不一样，C、D错误．]2．对于行星的运动，以下说法中不正确的选项是( )A．对于行星的运动，初期有“地心说”与“日心说”之争，而“地心说”简单被人们所接受的原由之一是因为相对运动使得人们察看到太阳东升西落B．全部行星环绕太阳运动的轨道都是椭圆，且近地址速度小，远地址速度大a3C．开普勒第三定律T2＝k，式中k的值仅与中心天体的质量相关D．开普勒三定律也合用于其余星系的行星运动B[依据开普勒第二定律能够推测出近地址速度大，远地址速度小，应选项B错误．]3．火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运转，依据开普勒行星运动定律可知()【导学号：81370168】A．太阳位于木星运转轨道的中心B．火星和木星绕太阳运转速度的大小一直相等C．火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方D．相同时间内，火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积[太阳位于木星椭圆运转轨道的一个焦点上，不一样的行星运转在不一样的椭圆轨道上，其运转周期和速度均不相同，不一样的行星相同时间内，与太阳连线扫过的面积不相等，A、B、D均错误；由开普勒第三定律可知，C正确．]考点二|万有引力定律及应用1．万有引力定律(1)内容：自然界中任何两个物体都互相吸引，引力的方向在它们的连线上，引力的大小与物体的质量m1和m2的乘积成正比，与它们之间距离r的平方成反比．m1m2(2)表达式：F＝G r2G为引力常量：G＝×10－11N·m2/kg2.(3)合用条件①公式合用于质点间的互相作用．当两个物体间的距离远大于物体自己的大小时，物体可视为质点．②质量散布均匀的球体可视为质点，r是两球心间的距离．2．解决天体(卫星)运动问题的基本思路(1)天体运动的向心力根源于天体之间的万有引力，即Mm v2224πr22(2)在中心天体表面或邻近运动时，万有引力近似等于重力，即MmGR 2＝mg(g表示天体表面的重力加快度)．3．天体质量和密度的估量(1)利用天体表面的重力加快度 g 和天体半径R.因为G Mm ，故天体质量 M ＝ gR 2R mgGMM3g天体密度ρ＝V＝43＝4πGR.3πR(2)经过察看卫星绕天体做匀速圆周运动的周期T 和轨道半径r.Mm22 34π 4πr①由万有引力等于向心力，即 G r 2＝m T 2r ，得出中心天体质量M ＝GT 2； ②若已知天体半径R ，则天体的均匀密度M M 3πr 3ρ＝V ＝4 3＝GT 2R 3.3πR(2016·浙江10月学考 )如图4-4-1 所示，“天宫二号”在距离地面393km的近圆轨道运转，已知万有引力常量G10－11N ·m 2/kg 2，地球质量M＝×＝×1024kg ，地球半径R ＝×103km.由以上数据可估量()图4-4-1A ．“天宫二号”质量B ．“天宫二号”运转速度C ．“天宫二号”遇到的向心力D ．地球对“天宫二号”的引力Mm v2B[依据万有引力定律，F向＝F万＝G R2＝m R，此中m为卫星质量，R为轨道半径，即地球半径与离地高度之和，则已知G、M、R，可获得运转速度v，没法获得卫星质量m，亦没法求得F向、F万．应选B.]1．嫦娥三号远离地球飞近月球的过程中，地球和月球对它的万有引力F1、F2的大小变化状况是()【导学号：81370169】A．F1、F2均减小B．F1、F2均增大C．F1减小、F2增大D．F1增大、F2减小C[依据万有引力定律Mm，可知F1减小、F2增大，应选C.] F＝G r22．地球质量大概是月球质量的81倍，一飞翔器位于地球与月球之间，当地球对它的引力和月球对它的引力大小相等时，飞翔器距月球球心的距离与月球球心距地球球心之间的距离之比为()A．1∶9B．9∶1C．1∶10D．10∶1[设月球质量为m，则地球质量为81m，地月间距离为r，飞翔器质量为m0，当飞翔器距月球为r′时，地球对它的引力等于月球对它的引力，则G mm20＝G r′81mm02，因此r－r′＝9，r＝10r′，r′∶r＝1∶10，应选项C正确．]r－r′r′3．2015年12月17日，我国发射了首颗探测“暗物质”的空间科学卫星“悟空”，使我国的空间科学探测进入了一个新阶段．已知“悟空”在距地面为h 的高空绕地球做匀速圆周运动，地球质量为M，地球半径为R，引力常量为G，则能够求出()【导学号：81370170】A．“悟空”的质量B．“悟空”的密度C．“悟空”的线速度大小D．地球对“悟空”的万有引力Mmv 2C [依据万有引力充任向心力 G R ＋h 2＝m R ＋h ，可求得“悟空”的线速度v ＝GM，因没法求出“悟空”的质量，进而没法求出“悟空”的密度和地球R ＋h对“悟空”的万有引力，选项 C 正确，A 、B 、D 错误．] 4．对于万有引力定律的表达式，以下说法正确的选项是 ( ) A ．G 是引力常量，是人为规定的 B ．当r 等于零时，万有引力为无量大 C ．两物体遇到的引力老是大小相等，与两物体质量能否相等没关 D ．r 是两物体间近来的距离 [引力常量G 的值是卡文迪许在实验室里用实验测定的，而不是人为规 定的，故A 错误；当两个物体间的距离趋近于 0时，两个物体就不可以视为质点 了，万有引力公式不再合用，故 B 错误；力是物体间的互相作用，万有引力相同 合用于牛顿第三定律，即两物体遇到的引力老是大小相等， 与两物体质量能否相 等没关，故C 正确；r 是两质点间的距离，质量散布均匀的球体可视为质点，此 时r 是两球心间的距离，故 D 错误．] 5．过去几千年来，人类对行星的认识与研究仅限于太阳系内，行星 “51peg b ”的发现拉开了研究太阳系外行星的序幕． “51pegb ”绕此中心恒星做匀速圆周运动，周期约为4天，轨道半径约为地球绕太阳运动半径的1 ，该中心恒星与太20阳的质量比约为()【导学号：81370171】1A.10 B ．1 C ．5D ．1022 3Mm 4π4πr[依据万有引力供给向心力，有G r 2＝m T 2r ，可得M ＝GT 2，因此恒M 恒 3 213652r 行T地3星质量与太阳质量之比为 M 太＝r 地3T 行2＝20 × 4≈1，应选项B 正确．] 考点三| 宇宙航行、经典力学的限制性1．卫星的各物理量随轨道半径变化的规律v 2 GM1m r →v ＝r →v ∝ rMm2GM 1Gm ωr →ω＝r 3→ω∝r 3 2 ＝越高越慢r 223 地＋h 4π4πr3 r ＝Rm T 2r →T ＝GM →T ∝rGM 1ma →a ＝r 2→a ∝r 2mg ＝GMm22近地时→GM ＝gR 地R地2．三个宇宙速度 (1)第一宇宙速度 v 1＝km/s ，卫星在地球表面邻近绕地球做匀速圆周运动的速度，又称环 绕速度． (2)第二宇宙速度 v 2＝km/s ，使卫星摆脱地球引力约束的最小地面发射速度，又称离开速 度． (3)第三宇宙速度 v 3＝km/s ，使卫星摆脱太阳引力约束的最小地面发射速度，也叫逃逸速 度． 3．第一宇宙速度的推导Mm2GMv 13方法一：由G R 2 ＝m R 得v 1＝R ＝×10m/s.2v 1方法二：由mg ＝m R 得v 1＝ g R ＝×103m/s.第一宇宙速度是发射人造卫星的最小速度，也是人造卫星的最大环绕速度， 此时它的运转周期最短， T min ＝2π R g ＝5075s ≈85min.4．宇宙速度与运动轨迹的关系(1)v 发＝km/s 时，卫星绕地球做匀速圆周运动． km/s<v 发km/s ，卫星绕地球运动的轨迹为椭圆．km/s≤v发km/s，卫星绕太阳做椭圆运动．(4)v发≥km/s，卫星将摆脱太阳引力的约束，飞到太阳系之外的空间．5．经典力学的限制性(1)只合用于低速运动，不合用于高速运动．(2)只合用于宏观世界，不合用微观世界．(2015·浙江10月学考)2015年9月20日“长征六号”火箭搭载20颗小卫星成功发射．在多星分别时，小卫星分别在高度不一样的三层轨道被挨次释放．假定开释后的小卫星均做匀速圆周运动．则以下说法正确的选项是()图4-4-2A．20颗小卫星的轨道半径均相同B．20颗小卫星的线速度大小均相同C．同一圆轨道上的小卫星的周期均相同D．不一样圆轨道上的小卫星的角速度均相同Mm v22π2C[三层轨道高度不一样，故r不一样，A错误；由G r2＝m r＝mωr＝m T 2r可知，轨道半径不一样，线速度、角速度大小不一样，B、D错误；同一轨道，轨道半径相同，周期相同，C正确．](2016·浙江4月学考)2015年12月，我国暗物质粒子探测卫星“悟空”发射升空进入高为×102km的预约轨道．“悟空”卫星和地球同步卫星的运动均可视为匀速圆周运动．已知地球半径R＝×103km.以下说法正确的是()图4-4-3A．“悟空”卫星的线速度比同步卫星的线速度小B．“悟空”卫星的角速度比同步卫星的角速度小C．“悟空”卫星的运转周期比同步卫星的运转周期小D．“悟空”卫星的向心加快度比同步卫星的向心加快度小MmC[“悟空”卫星和地球同步卫星都绕地球做匀速圆周运动，知足：G r2＝v222π2m r＝mωr＝m T r，“悟空”卫星轨道半径小，因此线速度大，角速度大，周期小，向心加快度大，因此C正确．]1．2013年6月11日17时38分，“神舟十号”飞船在酒泉卫星发射中心发射升空，航天员王亚平进行了初次太空讲课．在飞船进入圆形轨道环绕地球飞行时，它的线速度大小()【导学号：81370172】A．等于km/sB．介于km/s 和km/s之间C．小于km/sD．介于km/s 和km/s之间GMC[卫星在圆形轨道上运动的速度v＝r.因为r>R，因此km/s，C正确．]2．对于地球的第一宇宙速度，以下表述正确的选项是 ()A．第一宇宙速度又叫环绕速度B．第一宇宙速度又叫离开速度C．第一宇宙速度跟地球的质量没关D．第一宇宙速度跟地球的半径没关A[第一宇宙速度又叫环绕速度，故A正确，B错误；依据定义有mMGR2＝v2mR，得v＝GM为地球质量，R为地球半径，故C、D错误．]R，此中，M3．某行星有甲、乙两颗卫星，它们的轨道均为圆形，甲的轨道半径为R1，乙的轨道半径为R 2，R 2>R 1.依据以上信息可知( ) A ．甲的质量大于乙的质量 B ．甲的周期大于乙的周期 C ．甲的速率大于乙的速率 D ．甲所受行星的引力大于乙所受行星的引力 [轨道半径越小，向心加快度、线速度、角速度越大，周期越小，B 错， C 对；卫星质量不可以比较，A 错；因为两卫星质量不知道，万有引力也不可以比较， 错．] 4．我国成功发射的“神舟”号载人宇宙飞船和人造地球同步通讯卫星都绕 地球做匀速圆周运动，已知飞船的轨道半径小于同步卫星的轨道半径． 则可判断 ( ) A ．飞船的运转周期小于同步卫星的运转周期 B ．飞船的线速度小于同步卫星的线速度 C ．飞船的角速度小于同步卫星的角速度 D ．飞船的向心加快度小于同步卫星的向心加快度 [该卫星的质量为m ，轨道半径为r ，周期T ，线速度为v ，角速度为ω，Mm2v 224πr向心加快度为a n ，地球的质量为M ，由万有引力定律得 G r2 ＝m T 2＝m r ＝m ωr r 3 GM GM GM＝ma n ，故T ＝2πGM ，v ＝ r，ω＝r 3，a n ＝r 2 ，因为飞船的轨道半 径小于同步卫星的轨道半径， 因此飞船的运转周期小于同步卫星的运转周期， 飞船的线速度大于同步卫星的线速度， 飞船的角速度大于同步卫星的角速度， 飞船 的向心加快度大于同步卫星的向心加快度，选项 A 正确，B 、C 、D 错误．] 5.如图4-4-4所示，a 、b 、c 三颗卫星在各自的轨道上运转，轨道半径r a <r b <r c ， 但三个卫星遇到地球的万有引力大小相等，则以下说法正确的选项是 ( )图4-4-4A ．三个卫星的加快度为 a a <a b <a cB ．三个卫星的线速度为 v a <v b <v c2018届高三物理浙江学考一轮复习练习：第4章第4节万有引力与航天含答案11 / 1111C ．三个卫星的质量为m a >m b >m cD ．三个卫星的运转周期为T a <T b <T cD [卫星的向心加快度GMa ＝r 2，轨道半径越小，向心加快度越大，选项A错误；卫星的速度v ＝GMr ，则轨道半径越小，速度越大，选项B 错误；因为三个卫星遇到地球的万有引力大小相等，由MmF ＝Gr 2可知，轨道半径越大，卫r 3星的质量越大，选项C 错误；卫星的运转周期T ＝2πGM ，因此轨道半径越大， 周期越长，选项 D 正确．]精选介绍 强力介绍 值得拥有 精选介绍 强力介绍 值得拥有。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习第3章实验5探究加速度与力质量的关系含答案
实验5 探究加速度与力、质量的关系1．实验原理(1)保持质量不变，探究加速度跟合外力的关系．(2)保持合外力不变，探究加速度与质量的关系．(3)作出a -F 图象和a -1m 图象，确定其关系．2．实验器材小车、砝码、小盘、细绳、附有定滑轮的长木板、垫木、打点计时器、低压交流电源、导线两根、纸带、天平、米尺．3．实验步骤(1)测量：用天平测量小盘和砝码的质量m ′和小车的质量m .(2)安装：把实验器材安装好，只是不把悬挂小盘的细绳系在小车上(即不给小车牵引力)．(3)平衡摩擦力：在长木板的不带定滑轮的一端下面垫上一块薄木块，使小车能匀速下滑．(4)操作：①小盘通过细绳绕过定滑轮系于小车上，先接通电源后放开小车，取下纸带编号码．②保持小车的质量m 不变，改变砝码和小盘的质量m ′，重复步骤①.③在每条纸带上选取一段比较理想的部分，测加速度a .④描点作图，作a -F 的图象．⑤保持砝码和小盘的质量m ′不变，改变小车质量m ，重复步骤①和③，作a -1m 图象．1．注意事项(1)平衡摩擦力：适当垫高木板的右端，使小车的重力沿斜面方向的分力正好平衡小车和纸带受到的阻力．在平衡摩擦力时，不要把悬挂小盘的细绳系在小车上，让小车拉着穿过打点计时器的纸带匀速运动．(2)不重复平衡摩擦力．(3)实验条件：m≫m′.(4)一先一后一按：改变拉力和小车质量后，每次开始时小车应尽量靠近打点计时器，并应先接通电源，后释放小车，且应在小车到达滑轮前按住小车．2．误差分析(1)因实验原理不完善引起的误差：本实验用小盘和砝码的总重力m′g代替小车的拉力，而实际上小车所受的拉力要小于小盘和砝码的总重力．(2)摩擦力平衡不准确、质量测量不准确、计数点间距测量不准确、纸带和细绳不严格与木板平行都会引起误差．3．数据处理(1)利用Δx＝aT2及逐差法求a.(2)以a为纵坐标，F为横坐标，根据各组数据描点，如果这些点在一条过原点的直线上，说明a与F成正比．(3)以a为纵坐标，1m为横坐标，描点、连线，如果该线为过原点的直线，就能判定a与m成反比．一、实验原理与实验操作1．通过小车在拉力作用下的加速运动，来探究加速度、力、质量三者之间的关系，下列说法符合实际的是()A．通过同时改变小车的质量m及受到的拉力F的研究，能归纳出加速度、力、质量三者之间的关系B．通过保持小车的质量不变，只改变小车受到的拉力的研究，就可以归纳出加速度、力、质量三者之间的关系C．通过保持小车受力不变，只改变小车的质量的研究，就可以得出加速度、力、质量三者之间的关系D．先不改变小车的质量，研究加速度与力的关系；再不改变小车受到的拉力，研究加速度与质量的关系；最后归纳出加速度、力、质量三者之间的关系D[探究加速度与力、质量的关系时，先使质量不变，研究加速度与力的关系；再使受到的拉力不变，研究加速度与质量的关系；最后归纳出加速度、力、质量三者之间的关系．所以，只有选项D正确．]2．(2017·温岭模拟)在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，当力一定(小盘和重物的重力不变)，探究加速度与质量的关系时，以下说法中正确的是() A．平衡摩擦力时，应将小盘和重物用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D．求小车运动的加速度时，可用天平测出小车的质量m和小盘与重物的总质量m0，直接用公式a＝m0m g求出B[在平衡摩擦力时，不应将小盘和重物用细绳通过定滑轮系在小车上，而是在长木板不带滑轮的一端垫上薄木块并调整到恰当的位置，使小车能在长木板上带着纸带匀速下滑，故选项A错误，选项B正确；操作时应先接通打点计时器的电源，再放开小车，故选项C错误；牛顿第二定律是本实验要验证的目的，不能把它作为理论依据来计算加速度，其加速度只能从纸带提供的数据通过计算得出，故选项D错误．]二、数据处理与误差分析3．如图1所示是“探究加速度与力、质量的关系”实验装置示意图．同一实验小组中的四位同学利用同一条纸带求小车运动的加速度，分别作出了四幅图象，其中最规范的是() 【导学号：】图1C[描绘图象时取坐标标度不能随意，要使得大部分点落在整个坐标区域中，故A、D错误；描完点后，先大致判断这些点是不是在一条直线上，画一直线，让尽可能多的点落在直线上，其余的点均匀地分布在这条直线的两侧，故B 错误，C正确．]4．用如图2所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系”的实验．实验时保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度．图2(1)实验时先不挂钩码，反复调整垫块的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是________________________________________________．(2)如图为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如图3所示．已知打点计时器接在频率为50 Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a ＝________ m/s2.(结果保留两位有效数字)图3(3)实验时改变所挂钩码的质量，分别测量小车在不同外力作用下的加速度．根据测得的多组数据画出a-F关系图象，如图4所示．此图象的AB段明显偏离直线，造成此现象的主要原因可能是________．(选填下列选项的序号)图4A．小车与平面轨道之间存在摩擦B．平面轨道倾斜角度过大C．所挂钩码的总质量过大D．所用小车的质量过大【解析】(1)使平面轨道的右端垫起，让小车重力沿斜面方向的分力与它受到的摩擦阻力平衡，才能认为在实验中小车受的合外力就是钩码的重力，所以这样做的目的是平衡小车运动中所受的摩擦阻力．(2)由逐差法可知a＝x CE－x AC4T2＝(－－)×10－24×()2m/s2≈1.0 m/s2(3)在实验中认为细绳的张力F就是钩码的重力mg 实际上，细绳张力F′＝Ma，mg－F′＝ma即F′＝MM＋m·mga＝1M＋m·mg＝1M＋mF所以当细绳的张力F变大时，m必定变大，1M＋m必定减小．当M≫m时，a-F图象为直线，当不满足M≫m时，便有a-F图象的斜率逐渐变小，选项C正确．【答案】 (1)平衡小车运动中所受的摩擦阻力 (2) (3)C5．如图5为验证牛顿第二定律的实验装置示意图．图5(1)平衡小车所受阻力的操作：取下________，把木板不带滑轮的一端垫高；接通电火花计时器电源，轻推小车，让小车拖着纸带运动．如果打出的纸带如图6所示，则应________(选填“减小”或“增大”)木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹________为止．图6(2)如图7为研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量的关系”时所得的实验图象，横坐标m 为小车上砝码的质量．设图中直线的斜率为k ，在纵轴上的截距为b ，若牛顿第二定律成立，则小车受到的拉力为____________，小车的质量为________. 【导学号：】图7【解析】 (1)平衡小车所受阻力时，需要将砝码取下；题图纸带反映了小车在做加速运动，即垫木垫高了，应减小木板的倾角，直到纸带打出的点迹均匀为止．(2)当小车上的砝码为零时，小车加速度为a 0＝1b ，设小车的质量为M ，则小车受到的拉力为F ＝Ma 0＝M b ；图中直线的函数关系式为1a ＝km ＋b ，根据牛顿第二定律F ＝(m ＋M )a ，可解得：M ＝b k ，F ＝1k .1 k b k【答案】(1)砝码减小间隔相等(均匀)(2)。
2018届高三物理(浙江学考)一轮复习练习第7章第1节电流电阻电功率及焦耳定律Word版含答案
[浙江考试标准]第1节 电流 电阻 电功率及焦耳定律考点一| 电源和电流、电动势1．电源通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能． 2．电流 (1)定义电荷的定向移动形成电流．(2)方向规定为正电荷定向移动的方向．(3)三个公式①定义式I＝q t.②决定式I＝U R.③微观式I＝neS v.3．电动势(1)定义：电动势在数值上等于非静电力把1 C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功．(2)表达式：E＝W q.(3)物理意义：反映电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量．(2016·浙江10月学考)如图7-1-1为一种服务型机器人，其额定功率为48 W，额定工作电压为24 V，机器人的锂电池容量为20 A·h.则机器人()图7-1-1A．额定工作电流为20 AB．充满电后最长工作时间为2 hC．电池充满电后总电量为7.2×104 CD．以额定电流工作时每秒消耗能量为20 JC[已知额定功率、额定电压，根据P＝UI，可知额定工作电流为2 A，A错误．由于电池容量为20 A·h，额定工作电流为2 A，由Q＝It，可知最长工作时间为10 h，B错误．根据标准单位制，20 A·h即20 A×3 600 s＝7.2×104 C，C 正确，由W＝Pt，可知每秒电流做功48 J，D错误．]1．(2015·浙江1月学考)某根导线中的电流为1.6 A，则在0.5 s内通过这根导线某一横截面的电荷量为()A．0.8 C B．1.2 CC．0.8 K D．1.2 KA[由q＝It得q＝0.8 C．故选A.]2．关于电流的说法中正确的是()A．根据I＝qt，可知I与q成正比B．如果在任何相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定电流C．电流有方向，电流是矢量D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位D[依据电流的定义式可知，电流与q、t皆无关，选项A错误．虽然电流是标量，但是却有方向，因此在任何相等的时间内通过导体横截面的电荷量虽然相等，但如果方向变化，电流也不是恒定电流，所以，选项B、C错误．D正确．] 3．关于电流，下列说法中正确的是()A．通过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大B．导体两端没有电压时，导体中的自由电荷也在运动，所以导体中也有电流C．单位时间内通过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大D．因为电流有方向，所以电流是矢量C[电流为单位时间内通过截面的电荷量，是由电荷量与时间共同决定的，通过的电荷量多电流不一定大，故选项A错误；如果是单位时间内通过截面的电荷量多，则电流大，故选项C正确；电荷的定向移动形成电流，若不是定向移动则不能形成电流，选项B错误；一个量有方向并不能定义为矢量，矢量的运算必须遵循平行四边形定则，电流有方向但不遵循矢量合成法则，不是矢量，选项D错误．]4．下列关于电源的说法中正确的是()A．在外电路和电源内部，正电荷都受到静电力的作用，所以能不断地定向移动形成电流B．静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C．在电源内部，正电荷能从负极移到正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力D．静电力移动电荷做功电势能减少，非静电力移动电荷做功电势能增加D[电源内部非静电力做功使电荷的电势能增加，引出了电动势的概念，来描述非静电力的做功本领，而静电力移动电荷做正功使电势能减少，选项D对．] 5．安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设电荷量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r 的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法，正确的是() 【导学号：81370256】A．电流大小为v e2πr，电流方向为顺时针B．电流大小为v er，电流方向为顺时针C．电流大小为v e2πr，电流方向为逆时针D．电流大小为v er，电流方向为逆时针C[电子做圆周运动的周期T＝2πr v，由I＝eT得I＝v e2πr，电流的方向与电子运动方向相反，故为逆时针．故选C.]考点二| 欧姆定律及电阻定律1．电阻(1)定义式：R＝U I.(2)物理意义：反映了导体对电流的阻碍作用．2．电阻定律(1)内容：同种材料的导体，其电阻与它的长度成正比，与它的横截面积成反比，导体的电阻还与构成它的材料有关．(2)表达式：R＝ρl S.3．电阻率(1)计算式：ρ＝R S l.(2)物理意义：反映导体的导电性能，是表征材料性质的物理量．(3)电阻率与温度的关系：①金属：电阻率随温度升高而增大．②半导体：电阻率随温度升高而减小．③一些合金：几乎不受温度的影响．4．部分电路欧姆定律(1)内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比．(2)表达式：I＝U R.(3)适用范围①金属导电和电解液导电(对气体导电不适用)．②纯电阻电路(不含电动机、电解槽等的电路)．5．导体的伏安特性曲线(1)I -U 图线：以电流为纵轴、电压为横轴所画出的导体上的电流随电压的变化曲线称为I -U 图线，如图7-1-2所示．图7-1-2(2)比较电阻的大小：图线的斜率k ＝I U ＝1R ，图中R 1＞R 2. (3)线性元件：伏安特性曲线是直线的电学元件，适用欧姆定律． (4)非线性元件：伏安特性曲线为曲线的电学元件，不适用欧姆定律．1．对于欧姆定律，下列说法正确的是( )A ．从I ＝UR 可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B ．从R ＝UI 可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比C ．从R ＝UI 可知，导体的电阻跟导体中的电流成反比D ．从R ＝UI 可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零A [对于欧姆定律I ＝UR 可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，选项A 对；导体的电阻由导体本身决定，跟导体两端的电压和通过导体的电流无关，选项B 、C 、D 错．]2．一段长为l ，电阻为R 的均匀电阻丝，把它拉制成3l 长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为( )【导学号：81370257】A.R 3B ．3RC.R9D ．RD [根据电阻公式R ＝ρlS ，在拉伸过程中电阻丝的体积不变，当长度变为原来的3倍后，横截面积变为原来的13，所以R ′＝ρ3l13S ＝ρ9lS ＝9R ，平分3段后，每段的电阻为3R ，故根据并联电路规律可得并联后的电阻为1R 并＝13R ＋13R ＋13R '解得R 并＝R ，故选项D 正确．]3．电阻R 1和R 2的伏安特性曲线如图7-1-3所示，已知R 1＝1 Ω，则R 2的阻值为()图7-1-3A ．3 Ω B. 3 Ω C.13 Ω D.33 ΩA [过U 轴上任一不为零的点U 0作平行于I 轴的直线，交R 1、R 2的伏安特性曲线分别于I 1、I 2，表明在电阻R 1、R 2的两端加上相同电压U 0时，流过R 1、R2的电流不同，如图所示．由欧姆定律和数学知识可得：R 1R 2＝U 0I 1U 0I 2＝1tan 60°1tan 30°＝13，又R 1＝1 Ω，故R 2＝3 Ω.A 正确．]4．某技术质量监督局对市场中电线电缆产品质量进行抽查，结果公布如下：十几个不合格产品中，大部分存在导体电阻不合格，主要是铜材质量不合格，使用了再生铜或含杂质很多的铜；再一个就是铜材质量可能合格，但把横截面积缩小，买2.5平方毫米的电线，拿到手的仅为1.5平方毫米，载流量不够；另一个问题是绝缘层质量不合格，用再生塑料作电线外皮，电阻率达不到要求…则以下说法正确的是()A．横截面积减小的铜材的电阻率增大B．再生铜材或含杂质很多的铜材的电阻率很小C．再生塑料作电线外皮，使电线的绝缘性能下降D．铜材是导体，电阻为零，横截面积和杂质对其没有影响【答案】C考点三| 焦耳定律1．电功(1)定义：导体中的恒定电场对自由电荷的电场力做的功．(2)公式：W＝qU＝IUt(适用于任何电路)．(3)电流做功的实质：电能转化成其他形式能的过程．2．电功率(1)定义：单位时间内电流所做的功，表示电流做功的快慢．(2)公式：P＝Wt＝IU(适用于任何电路)．3．焦耳定律(1)电热：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻及通电时间成正比．(2)公式：Q＝I2Rt.4．电功率P＝IU和热功率P＝I2R的应用(1)不论是纯电阻电路还是非纯电阻电路，电流的电功率均为P电＝UI，热功率均为P热＝I2R.(2)对于纯电阻电路而言：P电＝P热＝IU＝I2R＝U2 R.(3)对于非纯电阻电路而言：P电＝IU＝P热＋P其他＝I2R＋P其他≠U2R＋P其他．(2015·浙江10月学考)如图7-1-4所示是我国某10兆瓦(1兆瓦＝106W)光伏发电站，投入使用后每年可减小排放近万吨二氧化碳．已知该地区每年能正常发电的时间约为1 200 h，则该电站发电量约为() 【导学号：81370258】图7-1-4A．1.2×106 kW·hB．1.2×107 kW·hC．1.2×109 kW·hD．1.2×1010 kW·hB[每年发电量W＝Pt＝1.2×107 kW·h，故B正确]1．(2015·浙江1月学考)如图7-1-5所示是一个电热水壶的铭牌，小沈同学利用所学知识，结合该铭牌上获取的信息，得出该电热水壶()图7-1-5A．正常工作时的电流约为6.8 AB．正常工作5 min耗电约0.5 kW·hC．只能在直流电下工作D．只能在220 V电压下工作A[I＝PU＝1 500220A≈6.8 A，A项正确；W＝P·t＝0.125 kW·h，B项错误；可以使用交流电，220 V是正常工作时的电压，故C、D项错误．] 2．随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要利用电流的热效应工作的是()A．电风扇B．电动轿车C．洗衣机D．电饭煲D[电风扇、电动轿车、洗衣机均利用电动机将电能主要转化为机械能，而电饭煲则是利用电流的热效应使电能变为内能，故选项D正确．] 3．电阻R和电动机M串联接到电路中，如图7-1-6所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作．设电阻R和电动机M 两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2，则有()图7-1-6A．U1＜U2，Q1＝Q2B．U1＝U2，Q1＝Q2C．W1＝W2，Q1＞Q2D．W1＜W2，Q1＜Q2A[由于电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，根据焦耳定律，二者产生的热量相等，Q1＝Q2，电流通过电动机做功W2大于电流通过电阻R做功W1，即W1＜W2.电动机M两端的电压大于电阻两端电压，即U1＜U2.所以选项A正确．]。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习第3章学考章末检测3含答案
学考章末检测(三)(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共13小题．每小题5分，共65分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1．如图1所示，冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变，我们可以说冰壶有较强的抵抗运动状态变化的“本领”．这里所指的“本领”是冰壶的惯性，则惯性的大小取决于()图1A．冰壶的速度B．冰壶的质量C．冰壶受到的推力D．冰壶受到的阻力B[一个物体惯性的大小，与其运动状态，受力情况是没有任何关系的．衡量物体惯性大小的唯一因素是质量，故B正确．]2．下列各组属于国际单位制的基本单位的是()A．千克、米、秒B．克、牛顿、米C．质量、长度、时间D．质量、力、位移A[选项C、D中所给的都是物理量，不是物理单位，C、D错误；千克、米、秒分别为质量、长度、时间三个基本物理量的单位，A正确；B项中牛顿是导出单位，克不属于国际单位，B错误．]3．如图2所示，在匀速行驶的火车车厢内，有一人从B点正上方相对车厢静止释放一个小球，不计空气阻力，则小球() 【导学号：】图2A．可能落在A处B．一定落在B处C．可能落在C处D．以上都有可能B[匀速行驶的火车车厢内，相对车厢静止释放一个小球，由于惯性，在水平方向保持与车速相同的速度，因此在下落这段时间内，水平位移相等，即落回到B点，故选B.]4．(2017·丽水模拟)如图3所示，航天员王亚平利用“天宫一号”中的“质量测量仪”测量航天员聂海胜的质量为74 kg.测量时，聂海胜与轻质支架被王亚平水平拉离初始位置，且处于静止状态，当王亚平松手后，聂海胜与轻质支架受到一个大小为100 N的水平恒力作用而复位，用光栅测得复位时瞬间速度为1 m/s，则复位的时间为()图3A．s B．sC．s D．sA[根据牛顿第二定律，加速度为a＝Fm＝10074m/s2，则复位的时间为t＝va＝110074s＝s，故选A.]5．放在电梯地板上的一个木箱，被一根处于伸长状态的弹簧拉着而处于静止状态(如图4)，后发现木箱突然被弹簧拉动，据此可判断出电梯的运动情况是() 【导学号：】图4A．匀速上升B．加速上升C．减速上升D．减速下降C[木箱突然被拉动，表明木箱所受摩擦力变小了，也表明木箱与地板之间的弹力变小了，重力大于弹力，合力向下，处于失重状态，选项C正确．] 6．质量为m的物体从高处由静止释放后竖直下落，在某一时刻受到的空气阻力为F f，加速度为a＝13g，则F f的大小为()mg mg C．mg mgB[由牛顿第二定律知，a＝Fm＝mg－F fm＝13g，可得空气阻力大小F f＝23mg，B正确．]7．如图5所示，质量为M的木楔ABC静置于粗糙水平面上，在斜面顶端将一质量为m的物体，以一定的初速度从A点沿平行斜面的方向推出，物体m 沿斜面向下做减速运动，在减速运动过程中，下列有关说法中正确的是()图5A．地面对木楔的支持力大于(M＋m)gB．地面对木楔的支持力小于(M＋m)gC．地面对木楔的支持力等于(M＋m)gD．地面对木楔的摩擦力为0A[由于物体m沿斜面向下做减速运动，则物体的加速度方向与运动方向相反，即沿斜面向上，则其沿竖直向上的方向有分量，故系统处于超重状态，所以可确定A正确，B、C错误；同理可知，加速度沿水平方向的分量向右，说明地面对木楔的摩擦力方向水平向右，故D错误．]8．(2017·宁波调研)如图6所示，重为10 N的物体以速度v在粗糙的水平面上向左运动，物体与桌面间的动摩擦因数为.现在给物体施加水平向右的拉力F，其大小为20 N，则物体受到的摩擦力和加速度大小为(g取10 m/s2)() 【导学号：】图6A．1 N,20 m/s2B．0,21 m/s2C．1 N,21 m/s2D．1 N,19 m/s2C[物体受到竖直向下的重力G、竖直向上的支持力F N、水平向右的拉力F 和摩擦力F f作用，其滑动摩擦力为：F f＝μF N＝μG＝1 N，由牛顿第二定律得：F ＋F f＝ma，解得a＝21 m/s2，C正确．]9．鱼在水中沿直线水平向左加速游动过程中，水对鱼的作用力方向合理的是()D[鱼在水中受水的浮力保持鱼在竖直方向的平衡，由于水平方向向左加速，故鱼受水平方向向左的外力，所以水对鱼的作用力应是浮力与向左推动力的合力，应斜向左上方，故选D.]10.有一种大型娱乐器械可以让人体验超重和失重，如图7所示，其环形座舱套在竖直柱子上，由升降机送上几十米的高处，然后让座舱自由下落．落到一定位置时，制动系统启动，座舱做减速运动，到地面时刚好停下．下列说法中正确的是()图7A．座舱自由下落的过程中，人处于超重状态B．座舱自由下落的过程中，人处于失重状态C．座舱减速下落的过程中，人处于失重状态D ．座舱下落的整个过程中，人处于超重状态B [在自由下落的过程中，人只受重力作用，处于失重状态，故A 错误，B 正确；在减速运动的过程中，人受重力和座位对人向上的支持力，做减速运动，所以加速度向上，人处于超重状态，故C 错误；座舱下落的整个过程中人先做自由落体运动，再做减速运动减速下降，故人先失重后超重，D 错误．]11．如图8所示，两物体A 、B 质量相等，相互接触放在光滑水平面上，对物体A 施以水平向右推力F 1，同时对B 施加水平向左推力F 2，且F 1>F 2，则物体B 对物体A 的作用力大小是( )图8B [对整体研究，由牛顿第二定律求出加速度，再隔离对A 研究．A 在水平方向受到B 对它的作用力和推力F 1，由牛顿第二定律，对A 、B 系统有a ＝F 1－F 22m ，对A 有F 1－F N ＝ma ，解得F N ＝F 1＋F 22，B 正确．] 12．如图9甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F 拉物体，在F 从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a 随外力F 变化的图象如图乙所示．根据图2中所标出的数据可计算出( ) 【导学号：】甲 乙图9A ．物体的质量为1 kgB ．物体的质量为3 kgC ．物体与水平面间的动摩擦因数为D．物体与水平面间的动摩擦因数为C[物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，根据牛顿第二定律得F－μmg＝ma，解得a＝Fm－μg，由a-F图线，得＝7m－10μ，4＝14m－10μ，联立解得m＝2 kg，μ＝，故C正确．]13．在卫生大扫除中，某同学用拖把拖地，沿推杆方向对拖把施加推力F，如图10所示，此时推力与水平方向的夹角为θ，且拖把刚好做匀速直线运动．从某时刻开始保持力F的大小不变，减小F与水平方向的夹角θ，则()图10A．拖把将做减速运动B．拖把继续做匀速运动C．地面对拖把的支持力F N变小，地面对拖把的摩擦力F f变小D．地面对拖把的支持力F N变大，地面对拖把的摩擦力F f变大C[设拖把的质量为m，拖把与地面间的动摩擦因数为μ，由平衡条件得F cos θ＝μ(mg＋F sin θ)，力F大小不变，θ减小，故F cos θ>μ(mg＋F sin θ)，则拖把做加速运动，选项A、B错误；地面对拖把的支持力F N＝mg＋F sin θ，力F 大小不变，力F与水平方向的夹角θ减小，则F N减小，地面对拖把的摩擦力F f ＝μF N，F N减小，则F f减小，选项C正确，选项D错误．]二、非选择题(本题共4小题，共35分)14．(5分)(2017·宁波调研)(1)图11甲为一拉力传感器，某实验小组在用拉力传感器探究作用力与反作用力关系的实验中，获得了如图乙所示的图线．根据这个图线，你可以得出的结论是：作用力与反作用力总是________．图11A．大小相等方向相反B．两个力大小不相等C．一个减小时另一个增大D．同时产生同时消失(2)如果实验时保持一只手不动，另一只手拉动，与两只手同时对拉得到的结论有没有变化？________(选填“有”或“没有”)【解析】(1)由乙图知作用力与反作用力总是大小相等方向相反，同时产生同时消失，故A、D正确．(2)两只手对拉与一只手拉另一只手不动，对传感器的力是相同的，所以图线没有变化．【答案】(1)AD(2)没有15．(7分)某实验小组利用如图12所示的装置探究加速度与力、质量的关系．图12(1)下列做法正确的是________．(填字母代号)A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度(2)为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量________木块和木块上砝码的总质量．(选填“远大于”“远小于”或“近似等于”)(3)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套如图13所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线．设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为μ甲、μ乙，由图可知，m甲________m乙，μ甲________μ乙(选填“大于”“小于”或“等于”)【导学号：】图13【解析】(1)在探究加速度与力、质量的关系的实验中，平衡摩擦力时木板不通过定滑轮挂砝码桶，而要挂纸带，并且改变质量时不需要重新平衡摩擦力；在实验时应先接通电源再放开木块，故选项A、D均正确，B、C均错误．(2)选木块(M)、砝码桶及桶内的砝码(m)为研究对象，则mg＝(M＋m)a①选砝码桶及桶内的砝码为研究对象则mg－F T＝ma②联立①②得：F T＝mg－m2g M＋m要使F T＝mg需要m2gM＋m接近于0即M≫m.(3)对木块由牛顿第二定律得：F－μmg＝ma即a＝1m F－μg.由上式与题图结合可知：1 m甲>1m乙，μ甲g>μ乙g.即：m甲<m乙，μ甲>μ乙．【答案】(1)AD(2)远小于(3)小于大于16．(10分)(2017·平湖模拟)粗糙的水平地面上一物体在水平拉力作用下做直线运动，水平拉力F及运动速度v随时间变化的图象如图14甲和图乙所示．取重力加速度g＝10 m/s2.求：图14(1)前2 s内物体运动的加速度和位移大小；(2)物体的质量m和物体与地面间的动摩擦因数μ.【解析】(1)由v-t图象可知，物体在前2 s内做匀加速直线运动，前2 s 内物体运动的加速度为a＝ΔvΔt＝42m/s2＝2 m/s2前2 s内物体运动的位移为x＝12at2＝4 m.(2)对物体进行受力分析，如图所示．对于前2 s，由牛顿第二定律得F－F f＝ma，F f＝μmg2 s之后物体做匀速直线运动，由平衡条件得F′＝F f由F-t图象知F＝15 N，F′＝5 N代入数据解得m＝5 kg，μ＝.【答案】(1)2 m/s2 4 m(2)5 kg17．(13分)在平直公路上有A、B两辆汽车，质量均为×103kg，运动时所受阻力均为车重的115.它们的v-t图象分别如15图中a、b所示，g取10 m/s2.求：图15(1)A车的加速度a A和牵引力F A；(2)0～3 s内B车的位移x B和牵引力F B. 【导学号：】【解析】(1)由图可得A车匀加速的加速度为a A＝ΔvΔt＝148m/s2＝m/s2由牛顿第二定律得F A－kmg＝ma A可得F A＝kmg＋ma A代入数据可得F A＝×104 N.(2)0～3 s内B车的位移在数值上等于B车图线与横坐标轴围成的面积x B＝9 m由图可得B车匀减速的加速度为a B＝Δv′Δt′＝－23m/s2由牛顿第二定律得F B－kmg＝ma B可得F B＝kmg＋ma B代入数据可得F B＝0.【答案】(1) m/s2×104 N(2)9 m0。
2018届高三物理一轮复习练习：2017年浙江省普通高中学业水平考试模拟卷3含答案
2017 年浙江省一般高中学业水平考试模拟卷 (三 )本卷分第Ⅰ卷(选择题 )和第Ⅱ卷(非选择题 )两部分，满分 70 分，考试用时 60 分钟．本卷计算中，重力加快度g 均取 10 m/s2.第Ⅰ卷 (选择题 )一、选择题 (此题共 13 小题，每题 3 分，共 39 分．每题列出的四个备选项中只有一个是切合题目要求的，不选、多项选择、错选均不得分 )．1．在国际单位制中，力学的三个基本单位是()A ．kg、 m、m/s2B．kg、m/s、 NC．kg、 m/s2、N D．kg、 m、sD[在国际单位制中，力学的三个基本单位是m、kg、s，而 m/s2、m/s、N 都是导出单位，故 A 、 B、 C 错误， D 正确． ]2．如图 1 所示是 A、B 两个物体做直线运动的速度图象，以下说法正确的选项是 ()图 1A ．物体 A 做匀速直线运动B．物体 B 做减速直线运动C．物体 A 的加快度为正当， B 的加快度为负值，因此 A 的加快度大于 B 的加快度D．物体 B 的速度变化比 A 的速度变化快D[ 在速度—时间图象中，斜率表示物体的加快度，倾斜的直线表示匀变速直线运动，由图知 A、 B 都做匀加快直线运动，故 A、 B 错误； A 图线斜率为正，则加速度为正当， B 图线斜率为负，则加快度为负值，加快度是矢量，比较其大小只要比较绝对值，故 A 的加快度小于 B 的加快度，故 C 错误； B 的加快度大于 A 的加快度，故 B 的速度变化比 A 的速度变化快，故 D 正确． ]2 所示，3．小明搭乘出租车到车站接人后返回出发地，司机打出全程的发票如图则以下说法中正确的选项是 () 【导学号： 81370463】图 2A ．14： 46 指的是时刻， 15： 24 指的是时间间隔B．14： 46 指的是时间间隔， 15：24 指的是时刻C．出租车行驶的位移是34.3 kmD．出租车行驶的行程是34.3 kmD[14：26 和 15：24 都是时刻， A 、B 错误；出租车里程是汽车行驶轨迹的长度，只有大小、没有方向，是行程，不是位移，C错误，D 正确．]4．在某段公路上，分别有图 3 所示的甲、乙两块通告牌，通告牌上边数字的意思是()甲乙图 3A．甲是指位移，乙是均匀速度B．甲是指行程，乙是均匀速度C．甲是指位移，乙是刹时速度D．甲是指行程，乙是刹时速度D[ 通告牌甲是里程牌，表示行程．限速是指刹时速度不可以超出多大，通告牌。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习：第8章 第1节 磁
[浙江考试标准]第1节 磁场的描述考点一| 磁现象和磁场、磁感应强度一、磁现象、磁场1．磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引． 2．磁场(1)磁场：存在于磁体周围或电流周围的一种客观存在的特殊物质．磁体与磁体之间、磁体和通电导体之间、通电导体和通电导体间的相互作用都是通过磁场发生的．(2)基本性质：对放入其中的磁体或通电导体有力的作用．(3)地磁场：地球磁体的N 极(北极)位于地理南极附近，地球磁体的S 极(南极)位于地理北极附近．二、磁感应强度1．定义式：B ＝FIL (通电导线垂直于磁场)．2．方向：小磁针静止时N极的指向．3．单位：特斯拉，简称特(T)，1 T＝1N A·m.4．磁感应强度是反映磁场性质的物理量，由磁场本身决定，是用比值法定义的．1．(2015·浙江学业水平考试)下列表示的工具或装置中，利用地磁场工作的是()A．磁卡B．指南针C．磁性黑板D．电磁起重机B[磁卡、磁性黑板及电磁起重机均利用了磁性工作，只有指南针是利用地磁场工作的．故选B.]2．下列说法中正确的是() 【导学号：81370285】A．磁场看不见、摸不着，所以它并不存在，它是人们为了研究问题方便而假想出来的B．同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引C．磁体和通电导体都能产生磁场，但其产生的磁场性质不同D．若小磁针始终指向南北方向，则小磁针的附近一定没有磁铁B[磁场是一种“场”物质，它和我们常见的分子、原子组成的物质不同，它是以一种“场”的形式存在的，故选项A错误．由磁极间相互作用的基本规律及电流的磁效应可知，选项B正确，C错误．若磁铁放在小磁针的南方或北方，小磁针仍可能始终指向南北方向，故选项D错误．]3．有关磁感应强度的下列说法中，正确的是()A．磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量B．若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零C．若有一小段长为L，通以电流为I的导体，在磁场中某处受到的磁场力为F，则该处磁感应强度的大小一定是F ILD．由定义式B＝FIL可知，电流I越大，导线L越长，某点的磁感应强度就越小A[磁感应强度的引入目的就是用来描述磁场强弱，因此选项A是正确的．磁感应强度是与电流I和导线长度L无关的物理量，且B＝FIL中的B、F、L相互垂直，所以选项B、C、D皆是错误的．]4．在重复奥斯特的电流磁效应的实验时，为使实验方便且效果明显，通电直导线应()A．平行于南北方向，位于小磁针上方B．平行于东西方向，位于小磁针上方C．平行于东南方向，位于小磁针下方D．平行于西南方向，位于小磁针下方A[在做奥斯特实验时，为排除地磁场影响，小磁针应南北放置，通电直导线也应南北放置且位于小磁针上方，故选A.]5．下列说法中正确的是() 【导学号：81370286】A．电荷在某处不受电场力的作用，则该处电场强度一定为零B．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，则该处磁感应强度一定为零C．表征电场中某点电场的强弱，是把一个检验电荷放在该点时受到的电场力与检验电荷本身电荷量的比值D．表征磁场中某点磁场的强弱，是把一小段通电导线放在该点时受到的磁场力与该小段导线长度和电流乘积的比值C[电场和磁场有一个明显的区别是：电场对放入其中的电荷有力的作用，磁场对通电导线有力的作用的条件是磁场方向不能和电流方向平行，因此A、B错．同理根据电场强度的定义式E＝Fq可知C对．而同样用比值定义法定义的磁感应强度则应有明确的说明，即B＝FIL中I和B的方向必须垂直，故D错．]考点二| 几种常见的磁场1．磁感线(1)引入：在磁场中画出一些曲线，使曲线上每一点的切线方向都跟这点的磁感应强度的方向一致．(2)特点：磁感线的特点与电场线的特点类似，主要区别在于磁感线是闭合的曲线．(3)条形磁铁和蹄形磁铁的磁场(如图8-1-1所示)．图8-1-12．电流的磁场1．当导线中分别通以图示方向的电流，小磁针静止时北极指向读者的是()A B C DC[A图通电直导线电流从左向右，根据右手螺旋定则，小磁针所处的位置磁场方向垂直纸面向里，所以小磁针静止时北极背离读者，故A错误；B图根据右手螺旋定则，磁场的方向沿逆时针方向(从上向下看)，因此小磁针静止时北极背离读者，故B错误；C图根据右手螺旋定则，小磁针所处的位置磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针静止时北极指向读者，故C正确；D图根据右手螺旋定则，结合电流的方向，则通电螺线管的内部磁场方向由右向左，则小磁针静止时北极指向左，故D错误；故选C.]2．通电螺线管附近放置四个小磁针，如图8-1-2所示，当小磁针静止时，图中小磁针的指向正确的是(涂黑的一端为N极)()图8-1-2A．a B．bC．c D．dB[根据安培定则判断在通电螺线管的内部磁感线方向应是向左的，外部是向右的．由此可判断小磁针a，c，d的N极都应向左，而小磁针b的N极应向右．故选B.]3．(2016·平湖模拟)电流的磁效应揭示了电与磁的关系．若直导线通有方向垂直纸面向外的恒定电流，则电流的磁感线分布正确的是() 【导学号：81370287】【答案】 D4.如图8-1-3所示为某磁场的一条磁感线，其上有A、B两点，则()图8-1-3A．A点的磁感应强度一定大B．B点的磁感应强度一定大C．因为磁感线是直线，A、B两点的磁感应强度一样大D．条件不足，无法判断D[由磁场中一根磁感线无法判断磁场强弱．故选D.]5．(2017·临安学考模拟)当导线中分别通以如图所示方向的电流，小磁针静止时北极指向读者的是() 【导学号：81370292】【答案】C。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习：第3章 第2节 牛
第2节牛顿运动定律力学单位制考点一| 牛顿第二定律1．内容及表达式物体加速度的大小跟所受外力的合力成正比，跟它的质量成反比，加速度的方向跟合外力方向相同．表达式：F＝ma.2．适用范围(1)只适用于惯性参考系(相对地面静止或做匀速直线运动的参考系)．(2)只适用于宏观物体(相对于分子、原子)、低速运动(远小于光速)的情况．1．下列对牛顿第二定律的表达式F＝ma及其变形公式的理解正确的是() A．由F＝ma可知，物体所受的合力与物体的质量成正比，与物体的加速度成反比B．由m＝Fa可知，物体的质量与其所受合力成正比，与其运动的加速度成反比C．由a＝Fm可知，物体的加速度与其所受合力成正比，与其质量无关D．由m＝Fa可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受的合力求出D[牛顿第二定律的表达式F＝ma表明了各物理量之间的数量关系，即已知两个量，可求第三个量．但物体的质量是由物体本身决定的，与受力无关，作用在物体上的合力，是由和它相互作用的物体作用产生的，与物体的质量和加速度无关；但物体的加速度与质量有关，故排除A、B、C，选D.]2．关于牛顿第二定律的下列说法中，不正确的是()A．物体加速度的大小由物体的质量和物体所受合外力的大小决定，与物体的速度无关B．物体加速度的方向只由它所受合外力的方向决定，与速度方向无关C．物体所受合外力的方向和加速度的方向及速度方向总是相同的D．一旦物体所受合外力为零，则物体的加速度立即为零，其运动速度将不再变化【解析】对于某个物体，合外力的大小决定了加速度的大小，合外力的方向决定了加速度的方向，而速度的方向与加速度方向无关．根据牛顿第二定律的瞬时性特征，合外力一旦为零，加速度立即为零，则速度不再发生变化，以后以此时的速度做匀速直线运动，综上所述，A、B、D正确，C错误．【答案】 C3．如图3-2-1所示，质量为1 kg的物体与桌面的动摩擦因数为0.2，物体在7 N的水平拉力作用下获得的加速度大小为(g取10 m/s2)()【导学号：81370100】图3-2-1A．0B．5 m/s2C．8 m/s2D．12 m/s2B[物体所受合外力F合＝F－μmg＝5 N，加速度a＝F合m＝5 m/s2，选项B正确．]4．(2017·兰溪模拟)人站在地面，竖直向上提起质量为1 kg的物体，物体获得的加速度为5 m/s2(g取10 m/s2)．则此过程中人对物体的作用力为() A．5 N B．10 NC．15 N D．20 NC[根据牛顿第二定律，物体竖直方向上有F－mg＝ma，求得F＝15 N．故选C.]考点二| 力学单位制1．力学中的基本物理量及单位(1)力学中的基本物理量是长度、质量、时间．(2)力学中的基本单位：基本物理量的所有单位都是基本单位．如：毫米(mm)、克(g)、毫秒(ms)等等．三个基本物理量的单位在国际单位制中分别为米(m)、千克(kg)、秒(s)．2．单位制(1)由基本单位和导出单位组成的单位系统叫做单位制．(2)国际单位制(SI)：国际计量大会制定的国际通用的、包括一切计量领域的单位制，叫做国际单位制．3．单位制的应用问题中的已知量的单位都用国际单位制表示时，计算的结果也是用国际单位制表示的．因此，用国际单位制进行计算时，可以不必一一写出各个已知量的单位，只在数字后面写出正确的单位就可以了．高中阶段进行物理量的计算时，一律采用国际单位制．在进行计算或检查的过程中，如果发现所求结果的单位与采用的单位制中该量的单位不一致，那么该公式或计算结果肯定是错误的．(2015·浙江10月学考)kg和s是国际单位制两个基本单位的符号，这两个基本单位对应的物理量是()A．质量和时间B．质量和位移C．重力和时间D．重力和位移A[kg是质量对应的单位，s是时间对应的单位，位移的单位是m，重力的单位是N且不是国际单位制基本单位，故A正确．](2016·浙江10月学考)下列均属于国际制基本单位的是()A．m、N、J B．m、kg、JC．m、kg、s D．kg、m/s、NC[7个国际单位：米、千克、秒、安培、开尔文、摩尔和坎德拉．故选C.]1．下列叙述中正确的是()A．在力学的国际单位制中，力的单位、质量的单位、位移的单位选定为基本单位B．牛顿、千克、米/秒2、焦、米都属于力的单位C．在厘米、克、秒单位制中，重力加速度g的值等于9.8厘米/秒2D．在力学的计算中，若涉及的物理量都采用国际单位制中的单位，则所计算的物理量的单位也是国际单位制中的单位D[力的单位不是基本单位，焦、米不是力的单位，厘米、克、秒单位制中，重力加速度的值不是9.8厘米/秒2而是980厘米/秒2，A、B、C错误；D正确．] 2．在国际单位制中规定“质量”为力学基本物理量，它对应的单位名称是() A．米B．千克C．秒D．牛顿【答案】B3．关于物理量和物理量的单位，下列说法中正确的是()【导学号：81370101】A．在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、力为三个基本物理量B．后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位C．1 N＝1 kg·m·s－2D．“秒”“克”“摄氏度”都属于国际单位制中的单位C[力学中的三个基本物理量为长度、质量、时间，选项A错误；“牛顿”是为了纪念牛顿而作为力的单位，但不是基本单位，选项B错误；根据“牛顿”的定义，1 N＝1 kg·m·s－2，选项C正确；“克”“摄氏度”不是国际单位制中的单位，选项D错误．]4．在国际单位制中，与质量、长度和时间对应的基本单位是()A．克、米、秒B．千克、米、小时C．克、厘米、分钟D．千克、米、秒D[在国际单位制中选定七个基本单位，其中力学有三个基本单位，即质量、长度和时间对应的单位，它们的单位分别是千克(kg)、米(m)、秒(s)．D选项正确．]5．国际单位制由基本单位和导出单位组成．下列物理单位属于基本单位的是() 【导学号：81370102】A．m/s B．NC．m D．JC[在国际单位制中，长度的基本单位为米，符号为m，故C项正确．]考点三| 瞬时加速度问题两类模型1．刚性绳(或接触面)——不发生明显形变就能产生弹力的物体，剪断(或脱离)后，其弹力立即消失，不需要形变恢复时间．2．弹簧(或橡皮绳)——两端同时连接(或附着)有物体的弹簧(或橡皮绳)，特点是形变量大，其形变恢复需要较长时间，在瞬时性问题中，其弹力的大小往往可以看成保持不变．1.如图3-2-2所示，两小球悬挂在天花板上，a、b两小球用细线连接，上面是一轻质弹簧，a、b两球的质量分别为m和2m，在细线烧断瞬间，a、b两球的加速度为(取向下为正方向)()图3-2-2A．0，g B．－g，gC．－2g，g D．2g,0C[在细线烧断之前，a、b可看成一个整体，由二力平衡知，弹簧弹力等于整体重力，故大小为3mg，方向向上．当细线烧断瞬间，弹簧的形变量不变，故弹力不变，故a受向上3mg的弹力和向下mg的重力，故加速度a a＝3mg－mgm＝2g，方向向上．对b而言，细线烧断后只受重力作用，故加速度a b＝2mg2m＝g，方向向下．如以向下方向为正，有a a＝－2g，a b＝g.故选项C正确．]2．如图3-2-3所示，物块1、2间用刚性轻质杆连接，物块3、4间用轻质弹簧相连，物块1、3质量为m ，物块2、4质量为M ，两个系统均置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将两木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，物块1、2、3、4的加速度大小分别为a 1、a 2、a 3、a 4.重力加速度大小为g ，则有( ) 【导学号：81370103】图3-2-3A ．a 1＝a 2＝a 3＝a 4＝0B ．a 1＝a 2＝a 3＝a 4＝gC ．a 1＝a 2＝g ，a 3＝0，a 4＝m ＋M Mg D ．a 1＝g ，a 2＝m ＋M m g ，a 3＝0，a 4＝m ＋M M gC [在抽出木板的瞬间，物块1、2与刚性轻杆接触处的形变立即消失，受到的合力均等于各自重力，所以由牛顿第二定律知a 1＝a 2＝g ；而物块3、4间的轻弹簧的形变还来不及改变，此时弹簧对物块3向上的弹力大小和对物块4向下的弹力大小仍为mg ，因此物块3满足mg ＝F ，a 3＝0；由牛顿第二定律得物块4满足a 4＝F ＋Mg M ＝M ＋m M g ，所以C 正确．]3．质量均为m 的A 、B 两个小球之间连接一个质量不计的弹簧，放在光滑的台面上．A 球紧靠墙壁，如图3-2-4所示，今用恒力F 将B 球向左挤压弹簧，达到平衡时，突然将力撤去，此瞬间( )图3-2-4A ．A 球的加速度为F 2mB ．A 球的加速度为F mC ．B 球的加速度为F 2mD．B球的加速度为F mD[撤去恒力F前，A和B都平衡，它们的合力都为0，且弹簧弹力为F.突然将力F撤去，对A来说水平方向依然受弹簧弹力和墙壁的弹力，二力平衡，所以A球的合力为0，加速度为0，A、B项错．而B球在水平方向只受水平向右的弹簧的弹力作用，加速度a＝Fm，故C项错，D项对．]。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习：第7章 第2节 电
第2节电路闭合电路欧姆定律考点一| 串联电路和并联电路串联、并联特点对比1．电阻R1与R2并联在电路中，通过R1与R2的电流之比为1∶2，则当R1与R2串联后接入电路中时，R1与R2两端电压之比U1∶U2为() A．1∶2B．2∶1C．1∶4 D．4∶1B[两电阻并联时，两端电压相等，因电流之比为1∶2，故R1∶R2＝2∶1；当两电阻串联时，有相同的电流，由U＝IR可知，U1∶U2＝2∶1，选项B正确．] 2．三个电阻的阻值之比R1∶R2∶R3＝1∶2∶5，若将这三个电阻并联，则通过它们的电流之比I1∶I2∶I3为()A．1∶2∶5B．5∶2∶1C．10∶5∶2 D．1∶1∶1C[并联电路电压相等，设为U，因为R1∶R2∶R3＝1∶2∶5，设R1＝R，则R2＝2R，R3＝5R，所以并联后，通过它们的电流之比为UR∶U2R∶U5R＝10∶5∶2，选项C正确．]3. (2017·台州模拟)如图7-2-1所示，电源和电压表都是好的，在滑片由a滑到b的过程中，电压表的示数始终为U，下列判断正确的是() 【导学号：81370269】图7-2-1A．a处接线断开B．滑片P开路C．a、b间电阻丝开路D．b处接线开路D[因电压表示数始终为U，则滑片P不会开路，B错；若a处接线断开，则电压表示数为零；若a、b间电阻丝开路，则P移动到某位置时示数为零；若b处接线开路，则由于电阻上无电压降，P点的电势始终为a点电势，电压表示数始终为U，故A、B、C均错，D正确．]4．如图7-2-2所示为某一电路的一部分，其中R1＝20 Ω，R2＝R3＝40 Ω，下列关于R1、R2、R3消耗电功率P1、P2、P3，以及R1、R2两端的电压U1、U2的关系正确的是()图7-2-2A．U1＝U2，P1＝P2＝P3B．U1＞U2，P1∶P2∶P3＝1∶2∶2C．U1＝U2，P1∶P2∶P3＝2∶1∶1D．U1＜U2，P1＜P2＝P3C[由于R2、R3并联，其总电阻为20 Ω，与R1串联后，R1与R2、R3并联电路两端的电压相同，所以R1、R2两端的电压U1、U2相等；R2、R3阻值相同，由P＝U2R知，消耗功率相同；通过R2、R3的电流均为总电流的一半，由P＝I2R可得P1∶P2∶P3＝2∶1∶1.选项C正确．]考点二| 闭合电路欧姆定律1．闭合电路(1)组成⎩⎨⎧电源内部是内电路；用电器、导线组成外电路.(2)内、外电压的关系：E ＝U 内＋U 外． 2．闭合电路欧姆定律(1)内容：在外电路为纯电阻的闭合电路中，电流的大小跟电源的电动势成正比，跟内、外电路的电阻之和成反比．(2)公式： ①I ＝ER ＋r(只适用于纯电阻电路)． ②E ＝U 外＋Ir (适用于所有电路)． 3．路端电压U 与电流I 的关系 (1)关系式：U ＝E －Ir . (2)U -I 图象如图7-2-3所示．图7-2-3①当电路断路即I ＝0时，纵坐标的截距为电源电动势． ②当外电路短路即U ＝0时，横坐标的截距为短路电流． ③图线的斜率的绝对值为电源的内阻．1．某电路如图7-2-4所示，已知电池组的总内阻r ＝1 Ω，外电路电阻R ＝5 Ω，理想电压表的示数U ＝3.0 V ，则电池组的电动势E 等于( )图7-2-4A ．3.0 VB ．3.6 VC ．4.0 VD ．4.2 VB [由于电压表的示数为路端电压，而U ＝IR ，则I ＝UR ＝0.6 A ，由闭合电路欧姆定律可得E ＝I (R ＋r )＝0.6×(5＋1)V ＝3.6 V ，故选项B 正确．]2.第二届世界互联网大会于2015年12月16日至18日在桐乡乌镇举行，为迎接大会召开，桐乡市对部分道路亮化工程进行了改造，如图7-2-5所示是乌镇某行政村使用的太阳能路灯的电池板铭牌，则该电池板的内阻约为( )A ．7.58 ΩB ．6.03 ΩC ．6.23 ΩD ．7.35 ΩD [开路电压即为电动势，所以内阻r ＝E I 短＝435.85 Ω≈7.35 Ω，D 正确．]3．一太阳能电池板，测得它的开路电压为800 mV ，短路电流为40 mA.若将该电池板与一阻值为20 Ω的电阻连成一闭合电路，则它的路端电压是( )A ．0.10 VB ．0.20 VC ．0.30 VD ．0.40 VD [由已知条件得：E ＝800 mV .又因I 短＝E r ，所以r ＝E I 短＝800×10－340×10－3Ω＝20Ω，所以U ＝IR ＝E R ＋r R ＝80020＋20×20 mV ＝400 mV ＝0.4 V ，选项D 正确．] 4．(2015·浙江学业水平考试)小吴同学设计了一种烟雾报警装置，其设计原理如图7-2-6所示．M 为烟雾传感器，其阻值R M 随着烟雾浓度的变化而变化，R 为定值电阻．当装置所在区域出现烟雾且浓度增大时，将导致a 、b 两端电压减小，触发警报装置发出警报．当烟雾浓度增大时( ) 【导学号：81370264】图7-2-6A．R M增大，电流表示数增大B．R M增大，电流表示数减小C．R M减小，电流表示数增大D．R M减小，电流表示数减小C[根据烟雾浓度增大时，a、b两端电压减小，可知a、b之间电阻减小，故R M减小．根据闭合电路欧姆定律知电路中电流增大，所以电流表示数增大．故C选项正确．]5．图7-2-7所示电路中，电容器与电阻R2并联后，经电阻R1与电源和开关相连，电源电动势E＝24 V，内电阻r＝1 Ω，电阻R1＝15 Ω，R2＝8 Ω，电容器的电容C＝2×10－9 F，闭合开关S，待电路稳定后，下列说法正确的是() 【导学号：81370268】图7-2-7A．电源两端的电压为1 VB．电容器两端的电压为24 VC．通过电阻R1的电流为 1.5 AD．电容器所带电荷量为1.6×10－8 CD[闭合开关S，稳定后电容器相当于开关断开，根据闭合电路欧姆定律得：I＝ER1＋R2＋r＝2415＋8＋1A＝1 A，电源两端的电压是路端电压，即：U＝I(R1＋R2)＝1×(15＋8) V＝23 V．电容器两端的电压即R2两端的电压：U2＝IR2＝1×8 V＝8 V则电容器所带电荷量为Q＝CU2＝2×10－9×8 C＝1.6×10－8 C，故D 项正确．]考点三| 电源的功率及U-I图象1．电源的总功率(1)任意电路：P总＝IE＝IU外＋IU内＝P出＋P内．(2)纯电阻电路：P总＝I2(R＋r)＝E2 R＋r.2．电源内部消耗的功率P内＝I2r＝IU内＝P总－P出．3．电源的输出功率(1)任意电路：P出＝IU＝IE－I2r＝P总－P内．(2)纯电阻电路：P出＝I2R＝E2R(R＋r)2＝E2(R－r)2R＋4r.(3)纯电阻电路中输出功率随R的变化关系①当R＝r时，电源的输出功率最大为P m＝E2 4r.②当R＞r时，随着R的增大输出功率越来越小．③当R＜r时，随着R的增大输出功率越来越大．④当P出＜P m时，每个输出功率对应两个外电阻R1和R2，且R1R2＝r2.⑤P出与R的关系如图7-2-8所示．图7-2-84．电源的效率(1)任意电路：η＝P出P总×100%＝UE×100%.(2)纯电阻电路：η＝RR＋r×100%＝11＋rR×100%因此在纯电阻电路中R越大，η越大．5．电源与电阻U-I图象的比较(2016·浙江4月学考)图7-2-9所示中的路灯为太阳能路灯，每只路灯的光伏电池板有效采光面积约0.3 m 2.晴天时电池板上每平方米每小时接收到的太阳辐射能约为3×106 J ．如果每天等效日照时间约为6 h ，光电池一天产生的电能可供30 W 的路灯工作8 h ．光电池的光电转换效率约为( )图7-2-9A ．4.8%B ．9.6%C ．16%D ．44%C [光电池的光电转换效率是转化得到的电能与接收到的光能的比值，即：η＝E 电E 光×100%＝30×8×3 6000.3×3×106×6×100%＝16%，故选C.]1．如图7-2-10所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下列结论正确的是() 【导学号：81370265】图7-2-10A．电源的电动势为5.0 VB．电源的内阻为12 ΩC．电源的短路电流为0.5 AD．电流为0.3 A时的外电阻是18 ΩD[当电流为零时，路端电压等于电源电动势，由此可知电源的电动势为6.0 V，选项A错误；图线的斜率表示电源内阻r＝6－50.5Ω＝2 Ω，选项B错误；只有当路端电压为零时的电流才是短路电流，由于图线没有从原点开始，因此图线与横轴交点不是短路电流，选项C错误；当电流为0.3 A时，由闭合电路欧姆定律I＝ER＋r知R＝EI－r＝60.3Ω－2 Ω＝18 Ω，选项D正确．]2．如图7-2-11所示，直线A为某电源的U-I图线，曲线B为某小灯泡的U-I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的总功率分别是()图7-2-11A．4 W,8 W B．2 W,4 WC．2 W,3 W D．4 W,6 WD[电源的U-I图线A在纵轴上的截距表示电源电动势为3 V，图线A、B 的交点表示电路工作点，对应的工作电压为U＝2 V，工作电流为I＝2 A．用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率P出＝UI＝2×2 W＝4 W，电源的总功率P总＝EI＝3×2 W＝6 W．选项D正确．]3．电源的效率η定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比．在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图7-2-12所示，图中U为路端电压，I为干路电流，a、b为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为ηa、ηb.由图可知ηa、ηb的值分别为()图7-2-12A．ηa＝80%ηb＝50%B．ηa＝40%ηb＝80%C．ηa＝50%ηb＝80%D．ηa＝66.7%ηb＝33.3%D[根据效率的定义可做以下推导：η＝UIEI＝UE，从U-I图象中可知电压电动势对应为6个单位长度，a点路端电压对应为4个单位长度，b点路端电压对应为2个单位长度，综上所述D正确，A、B、C错误．]4．如图7-2-13所示，R1为定值电阻，R2为变阻器，E为电源电动势，r为电源内电阻，以下说法中正确的是() 【导学号：81370266】图7-2-13A．当R2＝r时，R2获得最大功率B．当R1＝R2＋r时，R1获得最大功率C．当R2＝0时，R1上获得最大功率D．当R2＝0时，电源的输出功率最大C[将R1等效为电源内阻，R2上的功率为电源的输出功率，当外电阻变化时，电源的输出功率随外电阻的变化而变化，当外电阻等于内阻，即R2＝R1＋r时，输出功率最大，即R2上的功率最大，故选项A错误．对电路中的定值电阻R1，电流最大时其功率最大，当外电阻R2＝0时，电流最大，故选项B错误，C 正确．当外电阻等于内阻时，即R1＋R2＝r时，电源的输出功率最大，故选项D 错误．]。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习：第2章 第1节 重
[浙江考试标准]第1节 重力 弹力 摩擦力考点一| 重力1．重力的理解(1)产生：由于地球吸引而使物体受到的力．注意：重力不是万有引力，而是万有引力竖直向下的一个分力．(2)大小：G ＝mg ，可用弹簧测力计测量．注意：①物体的质量不会变；②G 的变化是由在地球上不同位置处g 的变化引起的．(3)方向：总是竖直向下的．注意：竖直向下是和水平面垂直，不一定和接触面垂直，也不一定指向地心．(4)重心：物体的每一部分都受重力作用，可认为重力集中作用于一点即物体的重心．①影响重心位置的因素：物体的几何形状；物体的质量分布．②不规则薄板形物体重心的确定方法：悬挂法．注意：重心的位置不一定在物体上．2．四种基本相互作用(2016·浙江4月学考)如图2-1-1所示是某人在投飞镖，飞镖在飞行途中受到的力有( )图2-1-1A ．推力B ．重力、空气阻力C ．重力、推力D ．重力、推力、空气阻力B [飞镖在飞行途中已经脱离手的作用，所以受到重力和空气阻力，B 正确．]1．质量为2 kg 的物体被一根细绳悬吊在天花板下静止(g 取9.8 N/kg)．则以下说法正确的是( ) 【导学号：81370046】A ．物体重力大小等于19.6 NB．物体对绳的拉力与物体重力的大小、方向均相同，所以它们是同一个力C．剪断细绳后，物体不受任何力的作用D．物体的各部分中，只有重心处受重力A[由重力和质量的关系可知G＝mg＝2×9.8 N＝19.6 N，选项A正确．判断两个力是否是同一个力不能仅看大小、方向是否相同，还要看作用点、力的性质等因素．物体对绳的拉力，施力物体是该物体，受力物体是绳，作用点在绳上，而重力的施力物体是地球，受力物体是该物体，作用点在该物体上，它们不是同一个力，选项B错误．剪断细绳后，物体仍然受重力作用，选项C错误．物体的各部分都受重力，从“效果”上看跟重力作用在重心一样，选项D错误．]2.如图2-1-2所示，圆桶形容器内装有一定量的某种液体，容器和液体整体的重心正好位于液面下的A点，现将液体倒出少许，则关于整体重心位置的变化下列说法正确的是()图2-1-2A．下降B．上升C．不变D．不确定D[当液体全部倒出时，重心在A点上方，当液体倒出少许时，液体的重心是下降的，故整体的重心可能下降，也可能上升，要看倒出液体的质量．D正确．]3．下列关于自然界中的四种基本相互作用的描述中，正确的是()【导学号：81370047】A．一切物体之间都存在着相互作用的吸引力B．强相互作用存在于宏观物体之间，而弱相互作用存在于原子核内部C．电荷间的相互作用、磁体间的相互作用在本质上不是同一种相互作用的表现D．原子核内部的带正电的质子之间存在着斥力，但原子核仍能紧密地保持在一起，是万有引力作用的结果A[引力是自然界中一种基本相互作用，存在于一切物体之间，故A正确；强相互作用和弱相互作用都存在于原子核内部，作用范围都很小，并随距离的增大而急剧减小，原子核之所以紧密地保持在一起，是由于核子间存在着强相互作用，故B、D均错误；电荷间的相互作用与磁体问的相互作用都属于电磁相互作用，故C错误．]考点二| 弹力1．产生条件(1)两物体相互接触．(2)两物体发生弹性形变．2．方向弹力的方向总是与施力物体形变的方向相反．几种典型的弹力的方向如下：(1)压力：垂直于支持面而指向被压的物体．(2)支持力：垂直于支持面而指向被支持的物体．(3)细绳的拉力：沿绳指向绳收缩的方向．(4)轻杆的弹力：不一定沿杆，要根据运动状态具体分析．3．弹力大小计算的三种方法(1)根据力的平衡条件进行求解．(2)根据牛顿第二定律进行求解．(3)根据胡克定律进行求解．①内容：弹簧发生弹性形变时，弹力的大小F跟弹簧伸长(或缩短)的长度x 成正比．②表达式：F＝kx.k是弹簧的劲度系数，单位为N/m；k的大小由弹簧自身性质决定．x是弹簧长度的变化量，不是弹簧形变以后的长度．(2015·浙江1月学考)如图2-1-3所示，是我国的极地考察破冰船——“雪龙号”．为满足破冰航行的要求，其船体结构经过特殊设计，船体下部与竖直方向成特殊角度，则船体对冰块的弹力示意图正确的是()图2-1-3C[船体对冰块的弹力应垂直接触面且作用在冰块上，故选C.]1．下列说法不正确的是()A．木块放在桌面上要受到一个向上的弹力，这是由于木块发生微小形变而产生的B．拿一根竹竿拨动水中的木头，木头受到竹竿的弹力，这是由于竹竿发生形变产生的C．绳对物体的拉力的方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向D．挂在电线下面的电灯受到向上的拉力，是因为电线发生微小形变而产生的A[弹力是由于发生弹性形变的物体要恢复原状而对接触物体产生的作用力，因此物体受到的弹力是因为施力物体发生弹性形变，而要恢复原状而产生的；弹力的方向总是与施力物体发生形变的方向相反，故A错误，B、C、D正确．] 2．探究弹力和弹簧伸长量的关系时，在弹性限度内，悬挂G1＝15 N的重物时，弹簧长度为L1＝0.16 m；悬挂G2＝20 N的重物时，弹簧长度为L2＝0.18 m，则弹簧的原长L和劲度系数k分别为() 【导学号：81370048】A．L＝0.02 m，k＝500 N/mB．L＝0.10 m，k＝500 N/mC．L＝0.02 m，k＝250 N/mD．L＝0.10 m，k＝250 N/mD[当悬挂15 N重物时，有G1＝k(L1－L)；当悬挂20 N重物时，有G2＝k(L2－L)，代入数据，联立解得k＝250 N/m，L＝0.10 m，故选项D正确．] 3．如图2-1-4所示，A、B两物体并排放在水平桌面上，C物体叠放在AB 上，D物体悬挂在线的下端时绳恰好竖直，且与斜面接触．若接触面均光滑，下列说法中正确的是()图2-1-4A．A对B的弹力方向水平向右B．C对地面的压力大小等于C的重力C．D对斜面没有压力作用D．斜面对D的支持力垂直斜面向上C[物体接触并产生弹性形变时就能产生弹力作用．无法直接判断有无形变时，可用假设法．A和B接触但没有相互挤压，所以A和B之间不产生弹力作用，A错误；C对A、B产生向下的压力作用，对地面并不产生压力，B错误；如果去掉斜面，D物体仍然静止，保持原来的状态，所以D与斜面之间没有弹力作用，C正确，D错误．]4.如图2-1-5所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，另一端固定一个重力为2 N的小球，小球处于静止状态，则弹性杆对小球的弹力()【导学号：81370049】图2-1-5A．大小为2 N，方向平行于斜面向上B．大小为1 N，方向平行于斜面向上C．大小为2 N，方向垂直于斜面向上D．大小为2 N，方向竖直向上D[小球受到重力和杆的支持力(弹力)作用处于静止状态，由二力平衡知识可知，杆对小球的弹力与小球的重力大小相等、方向相反．D正确．]考点三| 摩擦力1．静摩擦力与滑动摩擦力(1)定义彼此接触的物体发生相对运动时，摩擦力和正压力的比值．μ＝F fF N.(2)决定因素接触面的材料和粗糙程度．3．滑动摩擦力大小的计算(1)公式F ＝μF N 中的F N 是两个物体接触面上的压力，称为正压力(垂直于接触面的力)，性质上属于弹力，它不一定等于物体的重力，许多情况下需结合物体的平衡条件等加以确定．(2)滑动摩擦力F 的大小与物体的运动速度无关，与接触面的大小无关． (3)公式F ＝μF N 适用于滑动摩擦力大小的计算，求静摩擦力的大小时，该公式不成立．(2015·浙江10月学考)将质量为1.0 kg 的木块放在水平长木板上，用力沿水平方向拉木块，拉力从0开始逐渐增大，木块先静止后相对木板运动．用力传感器采集木块受到的拉力和摩擦力的大小，并用计算机绘制出摩擦力大小F f随拉力大小F变化的图象，如图2-1-6所示．木块与长木板间的动摩擦因数为(g取10 m/s2)()图2-1-6A．0.3B．0.5C．0.6 D．1.0A[由图可知最大静摩擦力为5 N，滑动摩擦力为3 N，且滑动摩擦力满足公式F f＝μmg，所以μ＝0.3.故选A.]1．(2017·台州学考模拟)关于摩擦力，下列说法正确的是()【导学号：81370050】A．相互压紧的粗糙物体之间总是有摩擦力B．一个物体只有在另一个物体表面滑动或有相对滑动趋势时，才有可能受到摩擦力C．具有相对运动的两个物体，一定存在摩擦力D．只有静止的物体才受到静摩擦力的作用B[摩擦力产生的条件是：接触面粗糙，两物体相互接触且存在弹力，两物体间有相对运动或相对运动的趋势．所以只有B才有可能受到摩擦力．选项B 正确．]2．如图2-1-7所示，用弹簧测力计拉着滑块在水平桌面上做匀速直线运动，此时弹簧测力计读数为0.90 N，已知滑块重为3 N，则滑块与桌面间的动摩擦因数为()图2-1-7A．0.1 B．0.3C ．2.0D ．3.0B [由F f ＝μF N ＝μG 得μ＝F fG ＝0.3.故选B.]3．如图2-1-8甲所示，小孩用80 N 的水平力推木箱不动，木箱此时受到的摩擦力大小为F 1；乙图中，小孩用100 N 的水平力恰能推动木箱，此时木箱与地面间的摩擦力大小为F 2；丙图中，小孩把木箱推动了，此时木箱与地面间摩擦力大小为F 3.若木箱对地面的压力大小为200 N ，木箱与地面间动摩擦因数为μ＝0.45，则F 1、F 2、F 3的大小分别为( )甲 乙 丙图2-1-8A ．80 N 、100 N 、90 NB ．80 N 、100 N 、45 NC ．80 N 、80 N 、90 ND ．0、80 N 、45 NA [小孩用80 N 的水平力推不动木箱，则木箱此时受到的是静摩擦力，所以F 1＝80 N ．小孩用100 N 的力恰好推动木箱，此时的推力的大小等于摩擦力的大小，所以F 2＝100 N ．木箱被推动后受滑动摩擦力，由公式F f ＝μF N 来计算大小，所以F 3＝0.45×200 N ＝90 N ，故A 项对．]4．物体与支持面间有滑动摩擦力时，下列说法正确的是( ) A ．物体与支持面间的压力越大，滑动摩擦力越大B ．物体与支持面间的压力不变，动摩擦因数一定，接触面积越大，滑动摩擦力越大C ．物体与支持面间的压力不变，动摩擦因数一定，速度越大，滑动摩擦力越大D ．动摩擦因数一定，物体与支持面间的压力越大，滑动摩擦力越大 D [根据滑动摩擦力的表达式F ＝μF N 可知，选项D 正确；选项A 中仅仅强调了物体间的压力，而忽略了物体间的动摩擦因数，所以选项A 错误；滑动摩擦力与物体间的接触面积和相对运动速度的大小均无关，所以选项B 、C 错误．]。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习：第8章 学考章末检测8 含答案 精品
学考章末检测(八)一、选择题(本题共13小题，每小题5分，共65分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．根据磁感应强度的定义式B＝FIL，下列说法中正确的是()A．在磁场中某确定位置，B与F成正比，与I、L的乘积成反比B．一小段通电直导线在空间某处受磁场力F＝0，那么该处的磁感应强度B 一定为零C．磁场中某处B的方向跟电流在该处受磁场力F的方向相同D．一小段通电直导线放在B为零的位置，那么它受到的磁场力F也一定为零D[磁场中某一点的磁感应强度由磁场本身决定，B＝FIL是磁感应强度的定义式而不是决定式，选项A错误；通电直导线在磁场中所受磁场力F＝0，可能该处的B为零，也可能导线平行于磁场放置，反之，若某处B为零，则该处通电直导线受磁场力一定为零，选项B错误，D正确；通电导线所受磁场力的方向与磁感应强度的方向不同，选项C错误．]2．(2017·温岭联考)小磁针放置在匀强磁场中，小磁针静止时的指向正确的是()B[小磁针静止时，N极的指向与该处的磁感应强度方向相同，选项B正确．]3.如图1所示，在阴极射线管正下方平行放置一根通有足够强电流的长直导线，且导线中电流方向水平向右，则阴极射线将会()图1A．向上偏转B．向下偏转C．向纸内偏转D．向纸外偏转A[由通电导线的电流方向，根据安培定则可知电子射线管处于垂直纸面向外的磁场中，当电子流方向从左向右，则由左手定则可得粒子向上偏转．故选A.]4．如图2所示四个实验现象中，不能表明电流能产生磁场的是() 【导学号：81370642】图2A．甲图中，导线通电小磁针发生偏转B．乙图中，通电导线在磁场中受到力的作用C．丙图中，当电流方向相同时，导线相互靠近D．丁图中，当电流方向相反时，导线相互远离B[磁场对小磁针、通电导体有作用力，图甲中的小磁针发生了偏转，图丙、丁中的通电导体发生了吸引和排斥，都说明了电流周围存在磁场．乙图不能说明电流能产生磁场．本题正确答案为B.]5．(2017·上虞学考模拟)下面四幅图表示了磁感应强度B、电荷速度v和洛伦兹力F三者方向之间的关系，其中正确的是()A B C DB[带电粒子在磁场中运动，其运动过程中的速度方向、所受洛伦兹力方向及磁场方向三者满足左手定则，依据左手定则判断可知，A图中电荷受到的洛伦兹力方向应该向下，C图中电荷受洛伦兹力垂直于纸面向外，A、C错误，B图正确；D图中由于电荷的运动方向与磁场方向平行，不受洛伦兹力，因此D项错误．]6．在赤道上，地磁场可以看作是沿南北方向并且与地面平行的匀强磁场，磁感应强度是5×10－5 T．如果赤道上有一条沿东西方向的直导线，长40 m，载有20 A的电流，地磁场对这根导线的作用力大小是()A．4×10－8 N B．2.5×10－5 NC．9×10－4 N D．4×10－2 ND[磁场方向是南北方向，电流方向是东西方向，它们相互垂直，可以利用公式F＝BIL来计算此安培力的大小，其大小为F＝BIL＝5×10－5×20×40 N＝4×10－2 N．故选D.]7．如图3所示，图甲、图乙是分别用“阴极射线管”和“洛伦兹力演示仪”实验时的两幅图片，忽略地磁场的影响，下列说法正确的是() 【导学号：81370643】甲乙图3A．图甲中的电子束径迹是抛物线B．图乙中的电子束径迹是圆形C．图甲中的电子只受电场力作用D．图乙中的电子受到的洛伦兹力是恒力B[图甲中电子受到蹄形磁铁磁场的磁场力即洛伦兹力的作用做曲线运动，由于洛伦兹力不是恒力，因此电子的运动轨迹不可能是抛物线，A项错误；图甲中电子受到的洛伦兹力是磁场力不是电场力，C项错误；图乙中电子在匀强磁场中，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，B项正确；由于图乙中电子受到的洛伦兹力方向总是垂直于电子的运动速度，又由于速度方向是不断变化的，因此洛伦兹力的方向不断变化，不是恒力，D项错误．]8．下面四幅图中，前两幅表示通电直导线所受安培力F、磁感应强度B和电流I三者方向之间的关系；后两幅表示运动电荷所受洛伦兹力F、磁感应强度B和电荷速度v三者方向之间的关系，其中正确的是()A B C DD[由左手定则可知，A图中的安培力方向应该向右，A项错误；B图中的安培力方向应该向上，B项错误；C图中运动电荷受到的洛伦兹力方向应该垂直纸面向外，C项错误；正确答案为D选项．]9．如图4所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1 T的匀强磁场中，在以导线截面的中心为圆心，半径为r的圆周上有a、b、c、d四个点，已知a 点的实际磁感应强度为零，则下列叙述正确的是() 【导学号：81370644】图4A．直导线中的电流方向垂直纸面向外B．b点的磁感应强度为 2 T，方向斜向右上方，与B的夹角为45°C．c点的实际磁感应强度也为零D．d点的实际磁感应强度跟b点的相同【答案】B10．(2016·浙江10月学考)小张在探究磁场对电流作用的实验中，将直导线换作导体板，如图5所示，发现在a、b两点之间存在电压U ab，进一步实验结果如下表：图5由表中结果可知电压U ab()A．与电流无关B．与磁感应强度无关C．与电流可能成正比D．与磁感应强度可能成反比C[本题考查学生对物理实验数据的归纳分析能力．实验采取控制变量的方法，前三行数据显示，当电流强度相同时，随着磁感应强度增加，电压U ab正比例增加，一、四、五行数据显示，在磁感应强度相同时，随着电流增加，电压U ab正比例增加，所以可以得出电压U ab与电流成正比例关系，C正确．] 11．在北半球，地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下(以“×”表示)．如果你家中电视机显像管的位置恰好处于南北方向，那么由南向北射出的电子束在地磁场的作用下将向哪个方向偏转()图6A．不偏转B．向东C．向西D．无法判断B[根据左手定则可判断由南向北运动的电子束所受洛伦兹力方向向东，因此电子束向东偏转，故选项B正确．]12．(2016·嘉兴学考二模)带电粒子在匀强磁场中，沿垂直于磁场的方向做匀速圆周运动，其中轨迹判断正确的是()D[由左手定则及力与运动轨迹的关系可知D正确．]13．(2016·杭州学考模拟)目前世界上正在研究一种新型的发电机叫做磁流体发电机，其原理如图7a所示．将含有大量正、负粒子的等离子束射入磁场，磁场中两金属板A、B上将分别聚集电荷，从而在两板间形成一定的电压，A、B 两板就等效于图b中的一个电源．下列对电源的正、负极和电路中流过电阻R 的电流方向的判断中，正确的是() 【导学号：81370645】a b图7A．A板为正极，通过电阻R的电流方向从上到下B．A板为正极，通过电阻R的电流方向从下到上C．B板为正极，通过电阻R的电流方向从上到下D．B板为正极，通过电阻R的电流方向从下到上D[由左手定则可知带正电的粒子向B板聚集，带负电的粒子向A极聚集，所以A板为负极，B板为正极，通过R的电流由下到上，D正确．]二、非选择题(本题共4小题，共35分)14．(8分)如图8所示，一根质量为m、长度为L的金属细杆MN置于绝缘水平桌面上，并处在与其垂直的水平匀强磁场中．当给细杆通以大小为I的电流时，杆所受的支持力恰好为零并处于静止状态．重力加速度为g，求：(1)金属细杆受到的安培力的方向；(2)金属细杆中电流的方向；(3)磁感应强度B的大小．图8【解析】由重力和安培力平衡可得，安培力方向竖直向上．再由左手定则可以判断电流方向为由M指向N.由平衡条件得mg＝BIL，B＝mg IL.【答案】(1)竖直向上(2)由M指向N(3)mg IL15．(9分)“电磁炮”是利用电磁力对弹体加速的新型武器，具有速度快、效率高等优点．如图9是“电磁炮”的原理结构示意图．光滑水平加速导轨电阻不计，轨道宽为L＝0.2 m．在导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B＝1×102 T．“电磁炮”弹体总质量m＝0.2 kg，其中弹体在轨道间的电阻R＝0.4 Ω.可控电源的内阻r＝0.6 Ω，电源的电压能自行调节，以保证“电磁炮”匀加速发射．在某次试验发射时，电源为加速弹体提供的电流是I＝4×103A，不计空气阻力．求：图9(1)弹体所受安培力大小；(2)弹体从静止加速到4 km/s，轨道至少要多长：(3)弹体从静止加速到4 km/s 过程中，该系统消耗的总能量.【导学号：81370646】【解析】(1)由安培力公式得F＝IBL＝8×104 N.(2)由动能定理Fx＝12m v2得到弹体从静止加速到4 km/s，轨道长x＝m v22F＝20 m.(3)根据F＝ma，v＝at得发射弹体用时t＝m vF＝1×10－2 s发射弹体过程产生的焦耳热Q＝I2(R＋r)t＝1.6×105 J弹体的动能E k ＝12m v 2＝1.6×106 J系统消耗的总能量E ＝E k ＋Q ＝1.76×106 J.【答案】 (1)8×104 N (2)20 m (3)1.76×106 J16．(8分)如图10所示，匀强磁场的磁感应强度为B ，宽度为d ，边界为CD 和EF .一个电子从CD 边界外侧A 点以速率v 0垂直匀强磁场射入，入射方向与CD 边界夹角为θ.已知电子的质量为m ，电荷量为e ，为使电子能从磁场的另一侧EF 射出，则电子的速率v 0至少为多少？图10【解析】 过电子的入射点A 作速度方向的垂线，电子在磁场中做匀速圆周运动，电子恰好能从EF 射出时，轨迹应与EF 相切，如图所示．此时，电子的轨道半径为r ，对应最小速度v 0.由几何知识得d ＝r ＋r cos θ，又因r ＝m v 0Be ，联立解得v 0＝Bed m (1＋cos θ). 【答案】 Bed m (1＋cos θ)17．(10分)如图11所示，在倾角为θ＝30°的斜面上，固定一宽L ＝0.25 m 的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R .电源电动势E ＝12 V ，内阻r ＝1 Ω，一质量m ＝20 g 的金属棒ab 与两导轨垂直并接触良好．整个装置处于磁感应强度B ＝0.80 T 、垂直于斜面向上的匀强磁场中(导轨与金属棒的电阻不计)．金属导轨是光滑的，g 取10 m/s 2，要保持金属棒在导轨上静止，求：图11(1)金属棒所受到的安培力的大小；(2)通过金属棒的电流的大小；(3)滑动变阻器R 接入电路中的阻值. 【导学号：81370647】【解析】 (1)金属棒静止在金属导轨上受力平衡，如图所示，F 安＝mg sin 30°，代入数据得F 安＝0.1 N.(2)由F 安＝BIL ，得I ＝F 安BL ＝0.5 A.(3)设滑动变阻器接入电路的阻值为R 0，根据闭合电路欧姆定律得：E ＝I (R 0＋r )，解得R 0＝E I －r ＝23 Ω.【答案】 (1)0.1 N (2)0.5 A (3)23 Ω。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习：第4章 第2节 平
第2节平抛运动考点一| 平抛运动的基本规律1．性质加速度为重力加速度g的匀变速曲线运动，运动轨迹是抛物线．2．基本规律以抛出点为原点，水平方向(初速度v0方向)为x轴，竖直向下方向为y轴，建立平面直角坐标系，则：(1)水平方向：做匀速直线运动，速度v x＝v0，位移x＝v0t.(2)竖直方向：做自由落体运动，速度v y＝gt，位移y＝12gt2.(3)合速度：v＝v2x＋v2y，方向与水平方向的夹角为θ，则tan θ＝v yv x＝gtv0.(4)合位移：x＝x2＋y2，方向与水平方向的夹角为α，tan α＝yx＝gt2v0.3．对规律的理解(1)飞行时间：由t＝2hg知，时间取决于下落高度h，与初速度v0无关．(2)水平射程：x＝v0t＝v02hg，即水平射程由初速度v0和下落高度h共同决定，与其他因素无关．(3)落地速度：v t＝v2x＋v2y＝v20＋2gh，以θ表示落地速度与x轴正方向的夹角，有tan θ＝v yv x＝2ghv0，所以落地速度也只与初速度v0和下落高度h有关．(2016·浙江4月学考)某卡车在公路上与路旁障碍物相撞．处理事故的警察在泥地中发现了一个小的金属物体，经判断，它是相撞瞬间车顶上一个松脱的零件被抛出而陷在泥里的．为了判断卡车是否超速．需要测量的量是() A．车的长度，车的重量B．车的高度，车的重量C ．车的长度，零件脱落点与陷落点的水平距离D ．车的高度，零件脱落点与陷落点的水平距离D [根据题意和实际情景分析，零件在卡车撞停时，由于惯性向前飞出，不计空气阻力，视为做平抛运动，测出水平位移和高度，由h ＝12gt 2，x ＝v 0t ，得v 0＝xg2h ，故D 正确．](2015·浙江10月学考)如图4-2-1甲所示，饲养员对着长l ＝1.0 m 的水平细长管的一端吹气，将位于吹气端口的质量m ＝0.02 kg 的注射器射到动物身上．注射器飞离长管末端的速度大小v ＝20 m/s.可视为质点的注射器在长管内做匀变速直线运动，离开长管后做平抛运动，如图乙所示．若动物与长管末端的水平距离x ＝4.0 m ，求注射器下降的高度h .图4-2-1【解析】 由平抛运动规律有x ＝v t 得t ＝xv ＝0.2 s 由h ＝12gt 2得h ＝0.2 m. 【答案】 0.2 m1．关于做平抛运动的物体，说法正确的是( ) A ．速度始终不变 B ．加速度始终不变 C ．受力始终与运动方向垂直 D ．受力始终与运动方向平行B [物体做平抛运动的条件是物体只受重力作用，且初速度沿水平方向，故物体的加速度始终不变，大小为g ，B 正确；物体的平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，其合运动是曲线运动，速度的大小和方向时刻变化，A 错误；运动过程中，物体所受的力与运动方向既不垂直也不平行，C 、D 错误．]2．关于从同一高度以不同初速度水平抛出的物体，比较它们落到水平地面上的时间(不计空气阻力)，以下说法正确的是( ) 【导学号：81370145】A ．速度大的时间长B ．速度小的时间长C ．一样长D ．质量大的时间长C [水平抛出的物体做平抛运动，由y ＝12gt 2得t ＝2yg，其下落的时间由下落的高度决定，从同一高度以不同初速度水平抛出的物体，落到水平地面上的时间相同，A 、B 、D 错误，C 正确．]3．(2016·浙江10月学考)一水平固定的水管，水从管口以不变的速度源源不断地喷出，水管距地面高h ＝1.8 m ，水落地的位置到管口的水平距离x ＝1.2 m ，不计空气及摩擦阻力，水从管口喷出的初速度大小是( )A ．1.2 m /sB ．2.0 m/sC ．3.0 m /sD ．4.0 m/sB [水从管口喷出后做平抛运动，此时运动时间由竖直方向上的h 决定，根据h ＝12gt 2得t ＝2hg ＝0.6 s ，水平方向做匀速直线运动，由x ＝v 0t 得初速度v 0＝2.0 m /s ，B 选项正确．]4．如图4-2-2所示，滑板运动员以速度v 0从离地高度为h 的平台末端水平飞出，落在水平地面上．忽略空气阻力，运动员和滑板可视为质点，下列表述正确的是( ) 【导学号：81370146】图4-2-2A ．v 0越大，运动员在空中运动时间越长B．v0越大，运动员落地瞬间速度越大C．运动员落地瞬间速度方向与高度h无关D．运动员落地位置与v0大小无关B[运动员在竖直方向上做自由落体运动，运动员做平抛运动的时间t＝2hg，只与高度有关，与速度无关，A项错误；运动员的末速度是由初速度和竖直方向上的速度合成的，合速度v＝v20＋v2y，初速度越大，合速度越大，B 项正确；物体在竖直方向上的速度v y＝2gh，高度越高，落地时竖直方向上的速度越大，故合速度方向与高度h有关，C项错误；运动员在水平方向上做匀速直线运动，落地的水平位移x＝v0t＝v02hg，故落地的位置与初速度有关，D项错误．]考点二| 与斜面有关的平抛运动问题1．从斜面上平抛(如图4-2-3)图4-2-3已知位移方向，方法：分解位移x＝v0ty＝12gt2tan θ＝yx可求得t＝2v0tan θg2．对着斜面平抛(如图4-2-4)已知速度的大小或方向，方法：分解速度v x＝v0v y＝gttan θ＝v0v y＝v0gt可求得t＝v0 g tan θ1．如图4-2-5所示，以10 m/s的水平初速度抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角为θ＝30°的斜面上，g取10 m/s2，这段飞行所用的时间为() 【导学号：81370147】图4-2-5A.23s B.233s C. 3 s D．2 sC[如图所示，把末速度分解成水平方向的分速度v0和竖直方向的分速度v y，则有v yv0＝cot 30°，又v y＝gt将数值代入以上两式得t＝ 3 s．故选C.]2.如图4-2-6所示，在足够长的斜面上的A点，以水平速度v0抛出一个小球，不计空气阻力，它落到斜面上所用的时间为t1；若将此球改用2v0抛出，落到斜面上所用时间为t2，则t1与t2之比为()A．1∶1 B．1∶2C．1∶3 D．1∶4B[因小球落在斜面上，所以两次位移与水平方向的夹角相等，由平抛运动规律知tan θ＝12gt21v0t1＝12gt222v0t2，所以t1t2＝12.故选B.]3.如图4-2-7所示，位于同一高度的小球A、B分别以v1和v2的速度水平抛出，都落在了倾角为30°的斜面上的C点，小球B恰好垂直打到斜面上，则v1、v2之比为() 【导学号：81370148】图4-2-7A．1∶1 B．2∶1C．3∶2 D．2∶3C[小球A、B从同一高度平抛，到斜面上的C点经历的时间相等，设为t，由题意可得：tan 30°＝12gt2v1t，tan 30°＝v2gt，解得：v1∶v2＝3∶2，C正确．]4．某同学在某砖墙前的高处水平抛出一个石子，石子在空中运动的部分轨迹照片如图4-2-8所示．从照片可看出石子恰好垂直打在一倾角为37°的斜坡上的A点．已知每块砖的平均厚度为10 cm，抛出点到A点竖直方向刚好相距200块砖，g取10 m/s2.(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)求：图4-2-8(1)石子在空中运动的时间t；(2)石子水平抛出的速度v0. 【导学号：81370155】【解析】(1)由题意可知：石子落到A点的竖直位移y＝200×10×10－2 m＝20 m由y＝12gt2得t＝2 s.(2)由A点的速度分解可得v0＝v y tan 37°又因v y＝gt解得v y＝20 m/s故v0＝15 m/s.【答案】(1)2 s(2)15 m/s。
2018届高三物理浙江学考一轮复习练习：第5章 学考章末检测5 含答案 精品
学考章末检测(五)一、选择题(本题共13小题．每小题5分，共65分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1．小球从一个斜面的某一高度由静止滑下，并运动到另一个斜面的同一高度，小球好像“记得”自己的起始高度，或与高度相关的某个量．“记得”并不是物理学的语言．后来的物理学家把这一事实说成是“某个量是守恒的”，并且把这个量叫做()A．重力B．势能C．能量D．速度C2．如图1所示为跳伞爱好者表演高楼跳伞的情形，他们从楼顶跳下后，在距地面一定高度处打开伞包，最终安全着陆，则跳伞者()图1A．机械能一直减小B．机械能一直增大C．动能一直减小D．重力势能一直增大A[跳伞者下落过程可能是先加速后减速再匀速，或者是先加速后减速直到着陆．在整个下落过程中，重力做正功，阻力做负功．只有选项A正确．]3.如图2所示，一物体分别沿轨道aO和bO由静止滑下，物体与轨道间的动摩擦因数相同，若斜面保持静止，物体克服滑动摩擦力做的功分别为W1和W2，则两个功的大小关系正确的是()图2A．W1>W2B．W1＝W2C．W1<W2D．无法比较B[设斜面的倾角为α，高为h，斜面底长为L，根据功的公式有W＝μmg cosα·hsin α＝μmgL，可见，克服摩擦力做的功与斜面高度和倾角无关，只与斜面底长有关，即W1＝W2，故选B.]4．某同学的质量为50 kg，所骑自行车的质量为15 kg，设该同学在平直路面上正常骑行时脚踏自行车的功率为40 W．若人与车受到的阻力是其重力的0.02倍，则正常骑自行车时的速度大小约为()A．3 m/s B．4 m/sC．13 m/s D．30 m/sA[人和车受到的阻力f＝0.02(m＋M)g＝13 N，匀速行驶时，牵引力等于阻力即F＝f＝13 N，正常骑行自行车的功率P＝F v＝40 W，带入计算得v＝4013m/s＝3 m/s.选项A正确．]5.如图3所示，在光滑水平面上有一物体，它的左端连一弹簧，弹簧的另一端固定在墙上，在力F作用下物体处于静止状态，当撤去F后，物体将向右运动，在物体向右运动的过程中，下列说法正确的是()图3A．弹簧的弹性势能逐渐减少B．弹簧的弹性势能逐渐增加C．弹簧的弹性势能先增加再减少D．弹簧的弹性势能先减少再增加D[当力F作用在物体上时，弹簧处于压缩状态，具有弹性势能，当撤去力F后，物体向右运动．随着物体向右运动，弹簧的压缩量逐渐减小，弹性势能减少，当弹簧恢复原长时，弹性势能为零，但物体的运动速度仍然向右，继续向右运动，弹簧被拉长，弹性势能增加，所以选项D正确．]6．物体做自由落体运动，E k代表动能，E p代表势能，h代表下落的距离，以水平地面为零势能面(不计一切阻力)．下列图象能正确反映各物理量之间关系的是()A B C DB [由机械能守恒定律得E p ＝E －E k ，可知势能与动能关系的图象为倾斜的直线，C 错；由动能定理得E k ＝mgh ，则E p ＝E －mgh ，故势能与h 关系的图象也为倾斜的直线，D 错；E p ＝E －12m v 2，故势能与速度关系的图象为开口向下的抛物线，B 对；E p ＝E －12mg 2t 2，势能与时间关系的图象也为开口向下的抛物线，A 错．]7．如图4所示，将质量为m 的石块从离地面h 高处以初速度v 0斜向上抛出．以地面为参考平面，不计空气阻力，当石块落地时( )图4A ．动能为mghB ．动能为12m v 20C ．重力势能为mghD ．机械能为12m v 20＋mghD [由于不计空气阻力，石块抛出时只受重力作用，机械能守恒，以地面为参考平面，石块的机械能为抛出时的机械能，即为E ＝mgh ＋12m v 20，D 项正确；落地时的动能等于落地时的机械能，即落地时动能为E k ＝mgh ＋12m v 20，A 、B 项错误；落地时高度为零，重力势能为零，C 项错误．]8.如图5所示，匈牙利大力士希恩考·若尔特曾用牙齿拉动50 t 的A320客机．他把一条绳索的一端系在飞机下方的前轮处，另一端用牙齿紧紧咬住，在52 s 的时间内将客机拉动了约40 m ．假设大力士牙齿的拉力约为5×103N ，绳子与水平方向夹角θ约为30°，则飞机在被拉动的过程中( )图5A ．重力做功约2.0×107JB ．拉力做功约1.7×105 JC ．克服阻力做功约为1.5×105JD ．合外力做功约为2.0×105JB [飞机在水平方向被拉动，故此过程中重力不做功，A 项错误；拉力做的功W ＝Fs cos θ＝5×103×40×32 J ＝1.7×105J ，B 项正确；飞机获得的动能E k ＝12m v 2＝12×50×103×⎝ ⎛⎭⎪⎫2×40522 J ＝5.9×104 J ，根据动能定理可知，合外力做功为5.9×104J ，由于拉力做功为1.7×105 J ，所以克服阻力做功为1.11×105 J ，C 、D 项均错误．]9．质量为m 的物体由静止开始下落，由于空气阻力影响，物体下落的加速度为45g .在物体下落高度为h 的过程中，下列说法正确的是( )A ．物体的动能增加了45mghB ．物体的机械能减少了45mghC ．物体克服阻力所做的功为45mghD ．物体的重力势能减少了45mghA [下落阶段，物体受重力和空气阻力，由动能定理W ＝ΔE k ，即mgh －F f h＝ΔE k ，F f ＝mg －45mg ＝15mg ，可求ΔE k ＝45mgh ，选项A 正确；机械能减少量等于克服阻力所做的功W ＝F f h ＝15mgh ，选项B 、C 错误；重力势能的减少量等于重力做的功ΔE p ＝mgh ，选项D 错误．]10．在离地面高为h 处，竖直上抛一质量为m 的物块，抛出时的速度为v 0，当它落到地面时速度为v ，用g 表示重力加速度，则在此过程中物块克服空气阻力所做的功等于( )A ．mgh －12m v 2－12m v 20B ．－mgh －12m v 2－12m v 20C ．mgh －12m v 2＋12m v 20D ．mgh ＋12m v 2－12m v 20C [选取物块从刚抛出到正好落地的过程，由动能定理可得：mgh －W f ＝12m v 2－12m v 20解得： W f ＝mgh －12m v 2＋12m v 20.故选C.]11.从空中以40 m /s 的初速度平抛一重为10 N 的物体，物体在空中运动3 s 落地，不计空气阻力，g 取10 m/s 2，则物体落地前的瞬间，重力的瞬时功率为( )图6A ．300 WB ．400 WC ．500 WD ．700 WA [物体落地瞬间v y ＝gt ＝30 m/s ，所以P G ＝G v y ＝300 W ，故A 正确．]12.如图7所示，劲度系数为k 的轻质弹簧，一端系在竖直放置、半径为R 的光滑圆环顶点P ，另一端连接一套在圆环上且质量为m 的小球．开始时小球位于A 点，此时弹簧处于原长且与竖直方向的夹角为45°，之后小球由静止沿圆环下滑，小球运动到最低点B 时的速率为v ，此时小球与圆环之间的压力恰好为零，已知重力加速度为g ，下列分析正确的是( )图7A ．轻质弹簧的原长为RB ．小球过B 点时，所受的合力为mg ＋m v 2RC ．小球从A 到B 的过程中，重力势能转化为弹簧的弹性势能D ．小球运动到B 点时，弹簧的弹性势能为mgR －12m v 2D [由几何知识可知弹簧的原长为2R ，A 错误；根据向心力公式：小球过B 点时，则由重力和弹簧弹力的合力提供小球的向心力，F 合＝m v 2R ，B 错误；以小球和弹簧组成的系统为研究对象，在小球从A 到B 的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，小球的重力势能转化为弹簧的弹性势能和小球的动能，故C 错误；设圆环最低点B 处的水平面为零势能面．根据能量守恒得：mgR ＝12m v 2＋E p 得：E p ＝mgR －12m v 2，故D 正确．]13.(2017·上虞学考模拟)如图8所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m 的小球，小球与一轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A 点，已知杆与水平面之间的夹角θ<45°，当小球位于B 点时，弹簧与杆垂直，此时弹簧处于原长．现让小球自C 点由静止释放，小球在B 、D 间某点静止，在小球滑到最低点的整个过程中，关于小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能，下列说法正确的是( )图8A ．小球的动能与重力势能之和保持不变B ．小球的动能与重力势能之和先增大后减小C ．小球的动能与弹簧的弹性势能之和保持不变D ．小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和保持不变B [小球与弹簧组成的系统在整个过程中，机械能守恒．弹簧处于原长时弹性势能为零，小球从C 点到最低点的过程中，弹簧的弹性势能先减小后增大，所以小球的动能与重力势能之和先增大后减小，A 项错误，B 项正确；小球的重力势能不断减小，所以小球的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大，C 项错误；小球的初、末动能均为零，所以上述过程中小球的动能先增大后减小，所以小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和先减小后增大，D 项错误．]二、非选择题(本题共4小题，共35分)14．(5分)(2017·台州学考模拟)在用如图9所示的装置做“探究功与速度变化的关系”的实验时，图9(1)为了平衡摩擦力，实验中可以将长木板的________(选填“左端”或“右端”)适当垫高，使小车拉着穿过打点计时器的纸带自由下滑时能保持________运动．(2)为了使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加，每次实验中橡皮筋的规格要相同，拉伸到________________．(3)如图10所示，在正确操作情况下，打在纸带上的点，并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的________________部分进行测量．图10【解析】(1)平衡摩擦力时应将木板固定有打点计时器的一侧适当垫高，使小车带动纸带做匀速直线运动．(2)实验时，每次应将不同数量的橡皮筋拉伸到同一位置．(3)橡皮筋做完功后，小车应做匀速运动，实验中应测小车做匀速运动的速度，在纸带上，要选用点迹间距离相等的计数点进行测量，应选用纸带上的GJ 部分进行测量．【答案】(1)左端匀速(2)相同位置(3)GJ15．(7分)在“验证机械能守恒定律”实验中，小伟所用实验装置如图11所示．图11(1)从仪器结构和电源使用情况来看，该打点计时器是________________．(选填“电磁打点计时器”或“电火花打点计时器”)(2)实验使用频率为50 Hz的交流电源，在实验各项操作正确的情况下，得到的纸带如图12所示．小伟选取纸带上某点为计时起点，并记为计数点0，后按纸带实际打出的点取计数点，依次记为1、2、3、4、5、6、7、8，并将测量所得的每个计数点离计数点0的距离记录于表中．现已求得部分打下计数点时纸带的瞬时速度大小，并记入表中．根据题目信息，完成下列各小题．图12②小伟选取计数点0至计数点6为研究过程，根据表中的数据，他的推算过程如下，而老师在点评时却说小伟是错误的．你认为老师点评小伟错误的理由是什么？答：_____________________________________________________________ ________________________________________________________________.ΔE p＝mgΔh＝m×9.8×0.112 4＝1.10mΔE k ＝12m v 2－0＝12m (1.48)2－0＝1.10m所以机械能守恒．【解析】 (1)只有电磁打点计时器才需要接在学生电源上，电火花打点计时器直接接在220 V 的交流电源上．(2)①打下计数点3时纸带的瞬时速度为v 3＝(5.78－2.15)×10－22×0.02m /s ＝0.91 m/s.②小伟同学计算动能变化时，默认打下计数点0时重锤的速度等于零，实际并不为零．【答案】 (1)电磁打点计时器 (2)①0.91 ②打下计数点0时的速度(或动能)不为零16.(10分)如图13所示，质量为m 的物体，以某一初速度从A 点向下沿光滑的轨道运动，不计空气阻力，若物体通过轨道最低点B 时的速度为3gR ，求：图13(1)物体在A 点时的速度大小；(2)物体离开C 点后还能上升多高. 【导学号：81370212】【解析】 (1)物体在运动的全过程中只有重力做功，机械能守恒，选取B点为零势能点．设物体在B 处的速度为v B ，则mg ·3R ＋12m v 20＝12m v 2B ，得v 0＝3gR .(2)设从B 点上升到最高点的高度为H B ，由机械能守恒可得mgH B ＝12m v 2BH B ＝4.5R所以离开C 点后还能上升H C ＝H B －R ＝3.5R .【答案】 (1)3gR (2)3.5R17.(13分)如图14所示，一内壁光滑的细管弯成半径为R ＝0.4 m 的半圆形轨道CD ，竖直放置，其内径略大于小球的直径，水平轨道与竖直半圆轨道在C 点平滑连接．置于水平轨道上的弹簧左端与竖直墙壁相连，B 处为弹簧的自然状态．将一个质量为m ＝0.8 kg 的小球放在弹簧的右侧后，用力水平向左推小球而压缩弹簧至A 处，然后将小球由静止释放，小球运动到C 处时对轨道的压力大小为F 1＝58 N ．水平轨道以B 处为界，左侧AB 段长为x ＝0.3 m ，与小球间的动摩擦因数为μ＝0.5，右侧BC 段光滑．g 取10 m/s 2，求：图14(1)弹簧在压缩时所储存的弹性势能；(2)小球运动到轨道最高处D 点时对轨道的压力．【解析】 (1)对小球在C 处，由牛顿第二定律及向心力公式得F 1－mg ＝m v 21R ，v 1＝(F 1－mg )R m ＝(58－0.8×10)×0.40.8m /s ＝5 m/s 从A 到B 由动能定理得E p －μmgx ＝12m v 21E p ＝12m v 21＋μmgx ＝12×0.8×52 J ＋0.5×0.8×10×0.3 J ＝11.2 J. (2)从C 到D ，由机械能守恒定律得：12m v 21＝2mgR ＋12m v 22，v 2＝v 21－4gR ＝52－4×10×0.4 m /s ＝3 m/s ，由于v 2>gR ＝2 m/s所以小球在D 处对轨道外壁有压力小球在D 处，由牛顿第二定律及向心力公式得F 2＋mg ＝m v 22R ，F 2＝m ⎝ ⎛⎭⎪⎫v 22R －g ＝0.8×⎝ ⎛⎭⎪⎫320.4－10N ＝10 N 由牛顿第三定律可知，小球在D 点对轨道的压力大小为10 N ，方向竖直向上．【答案】 (1)11.2 J (2)10 N 方向竖直向上。
2018届高三物理(浙江学考)一轮复习练习第7章章末限时集训7Word版含答案
章末限时集训(七)(时间：60分钟 满分：100分)一、选择题(本题共13小题．每小题5分，共65分．每小题列出的四个备选项中，只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．(2017·台州学考模拟)某根导线中的电流为1.6 A ，则在0.5 s 内通过这根导线某一横截面的电量为( )A ．0.8 CB ．1.2C C ．0.8 KD ．1.2 KA [由电流的定义式I ＝q t 得q ＝It ＝1.6×0.5 C ＝0.8 C ，A 项正确．]2．下列说法中正确的是( ) 【导学号：81370627】A ．电源的电动势实质上就是电源两极间的电压B ．电源的电动势在数值上等于两极间的电压C ．电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别D ．电动势越大，电源两极间的电压一定越高C [电动势是描述电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量，而电压是电场中两点间的电势差，电动势与电压有着本质的区别，所以A 选项错，C 选项对；当电源开路时，两极间的电压在数值上等于电源的电动势，但在闭合电路中，电源两极间的电压(路端电压)随外电阻的增大而增大，随外电阻的减小而减小；当电源短路时，R 外＝0，这时路端电压为零，所以B 、D 选项错．]3．在示波管中，2 s 内有6×1013个电子通过横截面积大小不知的电子枪，则示波管中电流大小为( )A ．4.8×10－6AB ．3×10－13AC ．9.6×10－6AD ．无法确定A [由q ＝It 得，I ＝q t ＝ne t ＝6×1013×1.6×10－192A ＝4.8×10－6A ，故选项A 正确．]4．很多家用电器都有待机功能，这一功能虽给人们带来了方便，但大部分电器在待机时仍会耗电．其中，数字电视机顶盒耗电最多，其正常工作时功率为6.8 W，待机时功率为6.6 W，机顶盒每年待机时所消耗的电能大约为()A．5度B．15度C．50度D．150度C[根据公式E电＝Pt＝(0.006 6 kW)×365×24 h≈58度，选项C正确．] 5．额定电压、额定功率均相同的电吹风机、电热水壶和日光灯，各自在额定电压下正常工作了相同的时间，比较它们产生的热量，下列说法正确的是() 【导学号：81370260】A．电吹风机最多B．电热水壶最多C．日光灯最多D．一样多B[电吹风机、电热水壶和日光灯额定电压、额定功率相同，相同时间内消耗的电能相等，而电吹风机消耗的电能大部分转化为机械能，日光灯消耗的电能大部分转化为光能，电热水壶消耗的电能全部转化为内能，所以电热水壶产生的热量最多，选项B正确．]6.有四个金属导体，它们的伏安特性曲线分别是图1中的a、b、c、d，则电阻最大的是() 【导学号：81370628】图1A．a B．bC．c D．dD[伏安特性曲线中斜率是电阻的倒数，所以斜率最小的阻值最大，据图知d的斜率最小，阻值最大，选项D对．]7．有两个电阻R1＝2 Ω，R2＝3 Ω，则有()A ．R 1、R 2串联总电阻为5 ΩB ．R 1、R 2并联总电阻为1 ΩC ．R 1、R 2串联总电阻为2.5 ΩD ．R 1、R 2并联总电阻为1.5 ΩA [由于串联电路总电阻等于各部分电阻之和，即R 串＝R 1＋R 2＝5 Ω；两个电阻并联，其总电阻R 并＝R 1R 2R 1＋R 2＝1.2 Ω，选项A 正确．] 8．在图2所示的电路中，电阻R 1、R 2、R 3的阻值相等，电池的内阻不计．开关S 闭合后流过R 2的电流是S 闭合前的()图2A.12B.23C.13D.14B [设电源电动势为E ，R 1＝R 2＝R 3＝R ，当S 闭合时，流过R 2的电流I 2＝ER ＋R 2×12＝E 3R ，当S 断开后，流过R 2的电流I 2′＝E 2R '所以I 2I 2′＝23，故选项B 正确]9．已知导体A 的电阻是导体B 的电阻的2倍，加在A 上的电压是加在B 上的电压的一半，那么通过A 和B 的电流I A 和I B 的关系是( )A ．I A ＝2I BB ．I A ＝I B 2C ．I A ＝I BD ．I A ＝I B 4 D [由欧姆定律得I A ＝U A R A ，I B ＝U B R B ，所以I A I B ＝U A R B U B R A＝14，即I A ＝14I B .故选D.] 10．太阳能电池由许多片电池板组成，某电池板不接负载时两极间电压是6.0×10－4 V ，短路电流是3.0×10－5 A ，则这块电池板的内阻为( )A．20 ΩB．5 ΩC．0.2 ΩD．0.05 ΩA[由题可知，U＝6×10－4V，则E＝U＝6×10－4 V，又E＝I短r得r＝EI短＝6×10－43×10－5Ω＝20 Ω，A项正确．]11．如图3所示，当开关S断开时，电压表示数为3 V，当开关S闭合时，电压表示数为1.8 V，则外电阻R与电源内阻r之比为()图3A．5∶3B．3∶5C．2∶3D．3∶2D[S 断开时，电压表的示数等于电源的电动势，即：E＝3 V．S闭合时，U外＝1.8 V，所以U内＝E－U外＝1.2 V．因U外＝IR，U内＝Ir，所以R∶r＝U外∶U内＝1.8∶1.2＝3∶2.故选D.]12．如图4所示四个相同的灯泡按如图所示连接，关于四个灯泡的亮度，下列结论中正确的是() 【导学号：81370629】图4A．L1灯、L2灯一样亮，L3灯次之，L4灯最暗B．L1灯最亮、L3灯次之，L2与L4灯最暗且亮度相同C．L1灯最亮、L2与L3灯一样亮，L4灯最暗D．L1与L2灯一样亮，L3与L4灯一样亮，但比L1与L2灯暗些B[电路的连接特点是：L2灯与L4灯串联和L3灯并联再和L1灯串联，L1灯在干路上通过它的电流最大，L1灯最亮，L3灯中的电流大于L2与L4灯中的电流，L3灯较亮，L2灯与L4灯最暗且亮度相同，综合以上分析得B正确，A、C、D错误．]13．如图5所示，直线A为电源的U-I图线，直线B为电阻R的U-I图线，用该电源和电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是()图5A．4 W,8 W B．2 W,4 WC．4 W,6 W D．2 W,3 WC[从题图中可知E＝3 V，图线A和图线B的交点是电源和电阻R构成电路的工作点．因此P出＝UI＝4 W，P总＝EI＝6 W．故选C.]二、非选择题(本题共4小题，共35分)14．(5分)某同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，所用小灯泡的规格为“2.5 V0.3 A”．(1)根据电路图连接实物图，其中几条线已经接好，用笔画线代替导线完成其余接线．图6(2)在闭合开关前，如图6所示滑动变阻器的滑片应该置于________(选填“左端”“右端”或“中间”)．【解析】(1)因灯泡的电阻较小，电流表采用外接法；因描绘伏安特性曲线电压需要从零开始调节，故滑动变阻器采用分压式接法．(2)在闭合开关前，要保证电路中的滑动变阻器的总电阻在最大值位置，电压表和电流表的示数为零，故滑片要位于最左端．【答案】(1)如图所示(2)左端15．(7分)小明用如图7所示的实验装置测量一干电池的电动势和内阻．图7(1)图中电流表的示数为________A.(2)调节滑动变阻器，电压表和电流表的示数记录如下：由图线求得：电动势E＝________V；内阻r＝________Ω.(小数点后保留两位有效数字)(3)实验时，小明进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持电路闭合．其实，从实验误差考虑，这样的操作不妥，因为_____________________．【解析】(1)由实验装置图可知，电流表使用0.6 A量程，所以读数为0.44 A．(2)描点作图，如图所示．根据U＝－Ir＋E可得电动势为E＝1.60 V；图线斜率的绝对值等于内阻r＝1.22 Ω；(3)干电池长时间使用后，电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大．【答案】(1)0.44(2)U-I图线见解析图 1.60(1.58～1.62都算对)1．22(1.18～1.26都算对)(3)干电池长时间使用后，电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大16．(10分)如图8甲所示为小明爷爷家里的老式手电筒．小明按下开关，小灯泡正常发光，然后他打开后盖，发现里面装有三节1.5 V的干电池，打开电筒前盖，观察到里面的小灯泡上标有“3.8 V,0.3 A”字样．其结构简图如图乙所示，不计导线和接触电阻．(1)求小灯泡正常发光时的电阻；(2)求每一节干电池的内阻；(3)求小灯泡正常发光时整个电路每分钟消耗的电能．甲乙图8【解析】(1)由小灯泡标有“3.8 V,0.3 A”字样，根据部分电路欧姆定律得R＝U I代入数据可得：R ＝12.7 Ω.(2)电源电动势：E ＝3E 0＝4.5 V闭合电路欧姆定律：E ＝I (R ＋3r )代入数据可得：r ＝0.77 Ω.(3)电路每分钟消耗的电能：E 电＝EIt代入数据可得：E 电＝81 J.【答案】 (1)12.7 Ω (2)0.77 Ω (3)81 J17．(13分)如图9所示，A 为电解槽，M 为电动机，N 为电炉，恒定电压U ＝12 V ，电解槽内阻r A ＝2 Ω，当S 1闭合，S 2、S 3断开时，Ⓐ示数为6 A ；当S 2闭合，S 1、S 3断开时，Ⓐ示数为5 A ，且电动机输出功率为35 W ；当S 3闭合，S 1、S 2断开时，Ⓐ示数为4 A ．求：图9(1)电炉的电阻及发热功率；(2)电动机的内阻；(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少.【导学号：81370630】【解析】 (1)电炉为纯电阻元件，由欧姆定律得：R ＝U I 1＝126 Ω＝2 Ω 其发热功率为：P ＝UI 1＝12×6 W ＝72 W.(2)电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得： UI 2＝I 22r M ＋P 输出所以：r M ＝UI 2－P 输出I 22＝12×5－3552Ω＝1 Ω. (3)电解槽为非纯电阻元件，由能量守恒定律得： P 化＝UI 3－I 23r A所以 P 化＝(12×4－42×2) W ＝16 W.【答案】 (1)2 Ω 72 W (2)1 Ω (3)16 W。
2018届高三物理(浙江学考)一轮复习练习浙江省普通高中学业水平考试模拟卷4word版含答案
2018届高三物理(浙江学考)一轮复习练习2017年浙江省普通高中学业水平考试模拟卷4W o r d版含答案work Information Technology Company.2020YEAR2017年浙江省普通高中学业水平考试模拟卷(四)本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分70分，考试用时60分钟．本卷计算中，重力加速度g均取10 m/s2.第Ⅰ卷(选择题)一、选择题(本题共13小题，每小题3分，共39分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)．1．下列属于国际单位制中的基本物理量的是()A．电压、电流B．电场强度、磁场强度C．功率、效率D．质量、时间D[电学中只有一个基本物理量，即电流，电压不是基本物理量，A错误；电场强度和磁场强度都不是基本物理量，B错误；功率和效率都不是基本物理量，C错误；质量和时间是力学中的基本物理量，D正确．] 2．下列图象中，表示物体做匀加速直线运动的是()A B C DB[x-t图象中过原点的倾斜直线描述的是匀速直线运动，A错误；v-t图象过原点的倾斜直线描述的是匀加速直线运动，B正确；a-t图象过原点的倾斜直线描述的是加速度随时间均匀增加的变加速直线运动，C、D错误．] 3．小明家驾车去旅游，行驶到某处见到如图1所示的公路交通标志，下列说法正确的是() 【导学号：81370471】图1A．此路段平均速度不能超过60 km/hB．此处到宜昌的位移大小是268 kmC．此路段平均速率不能低于60 km/hD．此路段瞬时速度不能超过60 km/hD[如图所示的公路交通标志说明此处到宜昌的路程大小是268 km，此路段瞬时速度不能超过60 km/h，故选D.]4．如图2所示为一种叫做“魔盘”的娱乐设施，当转盘转动很慢时，人会随着“魔盘”一起转动，当“魔盘”转动到一定速度时，人会“贴”在“魔盘”竖直壁上而不会滑下．某个班级的几个同学在“魔盘”中，“贴”在“魔盘”竖直壁上随“魔盘”一起运动，则下列说法正确的是()图2A．以“魔盘”为参考系，人是运动的B．以“贴”在“魔盘”竖直壁上的人为参考系，“魔盘”是运动的C．以“贴”在“魔盘”竖直壁上的同伴为参考系，某同学是静止的D．以地面为参考系，游戏的同学们是静止的C[人是“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动的，以“魔盘”为参考系，人是静止的，A错误；同理，以“贴”在“魔盘”竖直壁上的人为参考系，“魔盘”是静止的，B错误；根据题意，这几个同学都是“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动，C正确；以地面为参考系，“魔盘”是运动的，游戏的同学们随“魔盘”一起运动，所以以地面为参考系，游戏的同学们是运动的，D错误．] 5．如图3所示，“马踏飞燕”是汉代艺术家高度智慧、丰富想象、浪漫主义精神和高超的艺术技巧的结晶，是我国古代雕塑艺术的稀世之宝，飞奔的骏马之所以能用一只蹄稳稳地踏在飞燕上，是因为() 【导学号：81370472】图3A．马跑得快的缘故B．马蹄大的缘故C．马的重心在飞燕上D．马的重心位置和飞燕在一条竖直线上D[骏马处于平衡状态，因此重力与支持力等大反向，同时马的重心位置和飞燕在一条竖直线上，否则不可能平衡，故选项D正确．]6．某超市中，两层楼间有一架斜面式自动扶梯(无阶梯)，如图4所示，小张乘匀速上升的自动扶梯上楼．假设小张、购物车、自动扶梯间保持相对静止，楼层高度为5 m，自动扶梯的倾角为30°，小张经过20 s到达．则自动扶梯的速度为()图4A．0.25 m/s B．0.50 m/sC．0.05 m/s D．2.5 m/sB[小张和扶梯相对静止，所以扶梯的运动时间是20 s，根据几何关系得扶梯的位移L＝hsin 30°＝10 m，根据匀速运动公式得v＝Lt＝0.50 m/s，B正确．]7．一名攀岩运动员在登上陡峭的峰顶时不小心碰落了一块石块，8 s后他听到石块落到地面的声音．若考虑到声音传播所需的时间，设声音在空气中传播的速度为340 m/s，则山峰的实际高度值应最接近于(g取10m/s2)()A．80 m B．160 m C．250 m D．320 mC[若不考虑声音传播所需的时间，则这个山峰的高度h＝12gt2＝320m．考虑到声音传播需要一定时间后，石块下落到地面的时间小于8 s，因此山峰高度比上面算出的值小一些．根据上面算出的高度进行估算，声音传播的时间可取约为0.9 s，因此山峰的实际高度约为h′＝12gt′2＝12×(8－0.9)2m≈252m．故选C.]8．如图5所示，小船过河时，船头偏向上游与水流方向成α角，船相对于静水的速度为v，其航线恰好垂直于河岸．现水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到达对岸，下列措施中可行的是() 【导学号：81370473】图5A．减小α角，增大船速vB．增大α角，增大船速vC．减小α角，保持船速v不变D．增大α角，保持船速v不变B[船相对静水的速度为v，其航线恰好垂直于河岸，当水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到达对岸，如图所示，可知B正确，A、C、D错误．]9．2015年8月29日在北京举行的世界田径锦标赛女子跳高决赛中，俄罗斯选手库吉娜以2.01 m的成绩获得冠军．库吉娜身高约为1.93 m，忽略空气阻力，g取10 m/s2.则下列说法正确的是()图6A．库吉娜下降过程处于超重状态B．库吉娜起跳以后在上升过程处于超重状态C．库吉娜起跳时地面对她的支持力大于她所受的重力D．库吉娜起跳离开地面时的初速度大约为3 m/sC[库吉娜离开地面后其加速度为重力加速度，处于完全失重状态，选项A、B错误；由牛顿第二定律知库吉娜离开地面时的加速度向上，即合外力向上，则支持力大于重力，选项C正确；库吉娜上升高度大约为h＝1 m，由v20＝2gh知其初速度大约为v0＝20 m/s，选项D错误．]10．长期以来“卡戎星(Charon)”被认为是冥王星唯一的卫星，它的公转轨道半径r1＝19 600 km，公转周期T1＝6.39天.2006年3月，天文学家新发现两颗冥王星的小卫星，其中一颗的公转轨道半径r2＝48 000 km，则它的公转周期T2最接近于()A．15天B．25天C．35天D．45天B[由开普勒第三定律得r31T21＝r32T22，所以T2＝r32r31·T1≈25天，选项B正确，选项A、C、D错误．]11．如图7所示，在一点电荷的电场中有三个等势面，与电场线的交点依次为a、b、c，它们的电势分别为12φ、8φ和3φ，一带电粒子从一等势面上的a点由静止释放，粒子仅在电场力作用下沿直线由a点运动到c点，已知粒子经过b点时速度为v，则() 【导学号：81370474】图7A．粒子一定带负电B．长度ab∶bc＝4∶5C．粒子经过c点时速度为3 2 vD．粒子经过c点时速度为5 4 vC[沿着电场线方向电势是降低的，若φ＞0，场源电荷和粒子均带正电，若φ＜0, 场源电荷和粒子均带负电，A错误；在匀强电场中，两点间距离才与电势差成正比，B错误；由动能定理知q·4φ＝12m v2及q·9φ＝12m v2c，联立得v c＝32v，C正确，D错误．]12．电荷在磁场中运动时受到洛伦兹力的方向如图所示，其中正确的是()A B C DA13．如图8所示，内壁光滑、半径大小为R的圆轨道竖直固定在桌面上，一个质量为m的小球静止在轨道底部A点．现用小锤沿水平方向快速击打小球，击打后迅速移开，使小球沿轨道在竖直面内运动．当小球回到A点时，再次用小锤沿运动方向击打小球，通过两次击打，小球才能运动到圆轨道的最高点．已知小球在运动过程中始终未脱离轨道，在第一次击打过程中小锤对小球做功W1，第二次击打过程中小锤对小球做功W2.设先后两次击打过程中，小锤对小球做功全部用来增加小球的动能，则W1W2的值可能是()图8A.43 B.23 C.34D．1B[第一次击打小球时小球最高运动到过O点与水平地面平行的直径的两端位置，小锤对小球做功W 1＝mgR ；第二次击打小球，小球恰好做圆周运动，此时小球在最高点速度v ＝gR ，与小球在最高点对应最低点的速度为v A ，根据机械能守恒定律，得－mg ·2R ＝12m v 2－12m v 2A ；第二次击打小球，小锤对小球做的功W 2＝12m v 2A －mgR ＝32mgR ；则先后两次击打，小锤对小球做功W 1W 2的最大值为23，故选B.]第Ⅱ卷(非选择题)二、非选择题(本题共4小题，共31分)14．(5分)某实验小组用如图9甲所示装置做“验证机械能守恒定律”实验．(1)实验中除了打点计时器，还必须用到的测量工具为________．(2)在实验操作和数据处理过程中，下列做法必须有的是________．A ．用天平测出重物的质量B ．为减小长度测量的误差，处理纸带时每五个点取一个计数点C ．必须选择打的第1个点与第2个点的间隔约为2 mm 的纸带D ．必须先接通电源，再释放纸带图9(3)图乙为实验中得到的一条纸带，O 为打的第一个点，A 、B 、C 、D 、E 为纸带上打点计时器打出的五个连续的点，测出这五个点到O 点的距离分别为x A 、x B 、x C 、x D 、x E .打点计时器所接交流电的频率为f ，当地的重力加速度为g ，现用OC 段验证机械能守恒定律，要验证的表达式为________，若实验中算得动能的增加量大于重力势能的减少量，可能原因是______________________________．【解析】 (1)实验中还需要刻度尺．(2)本实验中不用测出重物的质量，A 错；由于自由落体加速度较大，打出的纸带上的点分布比较稀疏，没有必要每5个点取一个计数点，B 错；如果选取中间一段纸带研究时则不必一定要求第1个点与第2个点间隔约为2 mm 的纸带，C 错；使用打点计时器时必须先接通电源，后释放纸带，D 对．(3)要验证的表达式为mgx C ＝12m v 2C即gx C ＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫x D －x B 2f 2＝(x D －x B )2f 28， 若实验中算得动能的增加量大于重力势能的减少量，可能原因是先释放纸带再接通电源．【答案】 (1)刻度尺 (2)D(3)gx C ＝(x D －x B )2f 28先释放纸带后接通电源 15．(5分)某人用多用电表测量电阻．①用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“×100”位置的多用电表测某电阻阻值，根据如图10甲所示的表盘，被测电阻阻值为________Ω.②现用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“×100”位置的多用电表继续测量另一个电阻的阻值，将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，如图乙所示，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按________的顺序进行操作．A ．将K 旋转到电阻挡“×1 K ”的位置．B ．将K 旋转到电阻挡“×10”的位置．C ．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，完成读数测量．D ．将两表笔短接，对电表进行欧姆调零．甲乙图10【解析】①被测电阻阻值为22×100 Ω＝2.2×103Ω；②因指针的偏转角度过小，故应该选择大倍率挡；故合理的操作步骤是：A.将K旋转到电阻挡“×1K”的位置；D.将两表笔短接，对电表进行欧姆调零；C.将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，完成读数测量．即：A、D、C.【答案】(1)2.2×103(2)ADC16．(9分)当地时间2016年3月19日凌晨，一架从阿拉伯联合酋长国迪拜飞往俄罗斯西南部城市顿河畔罗斯托夫的客机，在俄机场降落时坠毁，机上62人全部遇难．专家初步认定，恶劣天气是导致飞机失事的原因．为了保证安全，避免在意外事故发生时出现更大损失与伤害，民航客机都有紧急出口，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，生成一条连接出口与地面的斜面，人员可沿斜面滑行到地面上，并以不变的速率进入水平面，在水平面上再滑行一段距离而停止，如图11所示．若机舱口下沿距地面3.6 m，气囊构成的斜面长度为6.0 m，一个质量60 kg的人沿气囊滑下时所受到的摩擦阻力是240 N．若人在水平面的动摩擦因数与斜面相同，g取10 m/s2，(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)．求：图11(1)人与斜面之间的动摩擦因数μ；(2)人在斜面上下滑的时间t ；(3)人在水平面上滑行的距离x . 【导学号：81370478】【解析】 (1)设气囊倾角为α，由几何关系知sin α＝h L ＝3.66.0＝0.6解得α＝37°F f ＝μF N ＝μmg cos α解得μ＝F f mg cos α＝24060×10×0.8＝0.5. (2)人在气囊上下滑过程中，由牛顿第二定律得mg sin α－F f ＝ma 1解得a 1＝mg sin α－F f m ＝60×10×0.6－24060m /s 2＝2.0 m/s 2 下滑时间t ＝2La 1＝2×6.02 s ＝ 6 s ≈2.45 s.(3)人到达地面的速度v 1＝a 1t ＝2.0× 6 m/s ＝2 6 m/s人在地面上运动的加速度a 2＝μmg m ＝μg ＝5.0 m/s 2人在水平面上滑行的距离x ＝v 212a 2＝(26)22×5.0 m ＝2.4 m. 【答案】 (1)0.5 (2)2.45 s (3)2.4 m17．(12分)滑板运动是极限运动的鼻祖，许多极限运动项目均由滑板项目延伸而来．如图12是滑板运动的轨道，BC 和DE 是两段光滑圆弧形轨道，BC段的圆心为O点，圆心角为60°，半径OC与水平轨道CD垂直，水平轨道CD 段粗糙且长8 m．一运动员从轨道上的A点以3 m/s的速度水平滑出，在B点刚好沿轨道的切线方向滑入圆弧轨道BC，经CD轨道后冲上DE轨道，到达E 点时速度减为零，然后返回．已知运动员和滑板的总质量为60 kg，B、E两点与水平面CD的竖直高度为h和H，且h＝2 m，H＝2.8 m，g取10 m/s2.求：(1)运动员从A点运动到达B点时的速度大小v B；(2)轨道CD段的动摩擦因数μ；(3)通过计算说明，第一次返回时，运动员能否回到B点？如能，请求出回到B点时速度的大小；如不能，则最后停在何处【导学号：81370479】图12【解析】(1)由题意可知v B＝v0cos 60°解得v B＝2v0＝6 m/s.(2)由B点到E点，由动能定理可得mgh－μmgs CD－mgH＝0－12m v2B解得μ＝0.125.(3)设运动员能到达左侧的最大高度为h′，从B点滑入圆弧到第一次返回左侧最高处，根据动能定理mgh－mgh′－μmg·2s CD＝0－12m v2B解出h′＝1.8 m＜h＝2 m所以第一次返回时，运动员不能回到B点设运动员从B点运动到停止，在CD段的总路程为s，由动能定理可得mgh－μmgs＝0－12m v2B解得s＝30.4 m因为s＝3s CD＋6.4 m所以运动员最后停在D点左侧6.4 m处(或C点右侧1.6 m处)．【答案】(1)6 m/s(2)0.125(3)不能停在D点左侧6.4 m处。
浙江省普通高中2018学考选考(17年11月)物理试卷-答案
2017年11月浙江省普通高校招生选考科目考试物理答案解析选择题部分一、选择题Ⅰ 1.【答案】D 2.【答案】A 3.【答案】D 4.【答案】A 5.【答案】C 6.【答案】C 7.【答案】D 8.【答案】C 9.【答案】B 10.【答案】B 11.【答案】C 12.【答案】D 13.【答案】B 二、选择题Ⅱ 14.【答案】BD 15.【答案】BC 16.【答案】ABC非选择题部分三、非选择题 17.【答案】（1）AD （2）BD （3）0.210.01± 18.【答案】（1）0.6 A ；B （2）1.210.01±（3）1.450.01±；0.500.05±2 / 419.【答案】（1）滑块在AM 段的加速度大小为212m/s Fta m==2212()2M A L v v a -=-4m/s M v =（2）滑块在MB 段的加速度大小为 22()0.7m/s mg qE a mμ-==2121122M L v t a t =- 110s 7t =（3）滑块下落时间为20.5s t = 213m/s a M v v a t ===2 1.5m B x v t ==20.【答案】（1）在214F v m g m g m r-=人人人① sin 12m r L θ==② 得m /s F v ==③（2）设整个过程摩擦阻力做功为W ，对B 到F 的过程用动能定理21()02mg h r w mv -+=-④ 得47.510J W =-⨯⑤（3）触发制动后能恰好到达E 点对应的摩擦力为F f1211cos cos 02f B bF L m r mv θθ--=- ⑥未触发制动时，对D 点到F 点的过程，有2211cos cos 22B k b mg L m r mv mv μθθ--=-⑦ 由⑥⑦两式得3317310N=4.610N 16f F ⨯⨯=⑧要使过山车停在倾斜轨道上的摩擦力为F f222sin 610N R f F m θ==⨯⑨综合考虑⑧⑨两式，得2610N fm F =⨯21.【答案】 （1）C （2）偏小 （3）作图正确22.【答案】（1）线圈的感应电动势为 1B E NNs t t ∆∆Φ==∆∆ 流过导体棒的电流22EI R r -⎛⎫+ ⎪⎝⎭导 导体棒对挡条的压力为零，有 2B I d mg =导 或2(2)mg R r B Ed+=得2=0.50T BB 2方向垂直纸面向外（2）由动量定理 ()2RmIB d t mv -=或2m t B d v g q m -∆=及 22dhB q I R ∆==得2222hB dv gt Rm =-ab 棒产生的热量21122Q mgh mv ⎛⎫=- ⎪⎝⎭得22.310J Q -=⨯23.【答案】（1）洛仑兹力提供向心力 20v qvB m R=圆周运动的半径R L =4 / 4得0q v m B L= （2）如解图1所示，以最大值m θ入射时，有()21cos m x R L θ∆=-=或2cos m R L θ=得3m πθ=（3）0B B >，全部收集到离子时的最小半径为R 1，如解图2，有12cos37R L ︒=得1011.6mvB B qR == 当001.6B B B 剟时，有10n n =01.6B B >，恰好收集不到离子时的半径为R 2，有20.5R L =得202B B =当001.62B B B <…时，设mvR qB'=，有 ()2000255221cos37R L B n n n B R ''︒⎛⎫-==-⎪-⎝⎭ 当0023B B B <…时，有30n =。
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2017年浙江省普通高中学业水平考试模拟卷(四)本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分70分，考试用时60分钟．本卷计算中，重力加速度g均取10 m/s2.第Ⅰ卷(选择题)一、选择题(本题共13小题，每小题3分，共39分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)．1．下列属于国际单位制中的基本物理量的是()A．电压、电流B．电场强度、磁场强度C．功率、效率D．质量、时间D[电学中只有一个基本物理量，即电流，电压不是基本物理量，A错误；电场强度和磁场强度都不是基本物理量，B错误；功率和效率都不是基本物理量，C错误；质量和时间是力学中的基本物理量，D正确．]2．下列图象中，表示物体做匀加速直线运动的是()A B C DB[x-t图象中过原点的倾斜直线描述的是匀速直线运动，A错误；v-t图象过原点的倾斜直线描述的是匀加速直线运动，B正确；a-t图象过原点的倾斜直线描述的是加速度随时间均匀增加的变加速直线运动，C、D错误．] 3．小明家驾车去旅游，行驶到某处见到如图1所示的公路交通标志，下列说法正确的是() 【导学号：81370471】图1A．此路段平均速度不能超过60 km/hB．此处到宜昌的位移大小是268 kmC．此路段平均速率不能低于60 km/hD．此路段瞬时速度不能超过60 km/hD[如图所示的公路交通标志说明此处到宜昌的路程大小是268 km，此路段瞬时速度不能超过60 km/h，故选D.]4．如图2所示为一种叫做“魔盘”的娱乐设施，当转盘转动很慢时，人会随着“魔盘”一起转动，当“魔盘”转动到一定速度时，人会“贴”在“魔盘”竖直壁上而不会滑下．某个班级的几个同学在“魔盘”中，“贴”在“魔盘”竖直壁上随“魔盘”一起运动，则下列说法正确的是()图2A．以“魔盘”为参考系，人是运动的B．以“贴”在“魔盘”竖直壁上的人为参考系，“魔盘”是运动的C．以“贴”在“魔盘”竖直壁上的同伴为参考系，某同学是静止的D．以地面为参考系，游戏的同学们是静止的C[人是“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动的，以“魔盘”为参考系，人是静止的，A错误；同理，以“贴”在“魔盘”竖直壁上的人为参考系，“魔盘”是静止的，B错误；根据题意，这几个同学都是“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动，C正确；以地面为参考系，“魔盘”是运动的，游戏的同学们随“魔盘”一起运动，所以以地面为参考系，游戏的同学们是运动的，D错误．] 5．如图3所示，“马踏飞燕”是汉代艺术家高度智慧、丰富想象、浪漫主义精神和高超的艺术技巧的结晶，是我国古代雕塑艺术的稀世之宝，飞奔的骏马之所以能用一只蹄稳稳地踏在飞燕上，是因为() 【导学号：81370472】图3A．马跑得快的缘故B．马蹄大的缘故C．马的重心在飞燕上D．马的重心位置和飞燕在一条竖直线上D[骏马处于平衡状态，因此重力与支持力等大反向，同时马的重心位置和飞燕在一条竖直线上，否则不可能平衡，故选项D正确．]6．某超市中，两层楼间有一架斜面式自动扶梯(无阶梯)，如图4所示，小张乘匀速上升的自动扶梯上楼．假设小张、购物车、自动扶梯间保持相对静止，楼层高度为5 m，自动扶梯的倾角为30°，小张经过20 s到达．则自动扶梯的速度为()图4A．0.25 m/s B．0.50 m/sC．0.05 m/s D．2.5 m/sB[小张和扶梯相对静止，所以扶梯的运动时间是20 s，根据几何关系得扶梯的位移L＝hsin 30°＝10 m，根据匀速运动公式得v＝Lt＝0.50 m/s，B正确．]7．一名攀岩运动员在登上陡峭的峰顶时不小心碰落了一块石块，8 s后他听到石块落到地面的声音．若考虑到声音传播所需的时间，设声音在空气中传播的速度为340 m/s，则山峰的实际高度值应最接近于(g取10m/s2)() A．80 m B．160 mC．250 m D．320 mC[若不考虑声音传播所需的时间，则这个山峰的高度h＝12gt2＝320 m．考虑到声音传播需要一定时间后，石块下落到地面的时间小于8 s，因此山峰高度比上面算出的值小一些．根据上面算出的高度进行估算，声音传播的时间可取约为0.9 s，因此山峰的实际高度约为h′＝12gt′2＝12×(8－0.9)2 m≈252 m．故选C.]8．如图5所示，小船过河时，船头偏向上游与水流方向成α角，船相对于静水的速度为v，其航线恰好垂直于河岸．现水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到达对岸，下列措施中可行的是() 【导学号：81370473】图5A．减小α角，增大船速vB．增大α角，增大船速vC．减小α角，保持船速v不变D．增大α角，保持船速v不变B[船相对静水的速度为v，其航线恰好垂直于河岸，当水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到达对岸，如图所示，可知B正确，A、C、D错误．]9．2015年8月29日在北京举行的世界田径锦标赛女子跳高决赛中，俄罗斯选手库吉娜以2.01 m的成绩获得冠军．库吉娜身高约为1.93 m，忽略空气阻力，g取10 m/s2.则下列说法正确的是()图6A．库吉娜下降过程处于超重状态B．库吉娜起跳以后在上升过程处于超重状态C．库吉娜起跳时地面对她的支持力大于她所受的重力D．库吉娜起跳离开地面时的初速度大约为3 m/sC[库吉娜离开地面后其加速度为重力加速度，处于完全失重状态，选项A、B错误；由牛顿第二定律知库吉娜离开地面时的加速度向上，即合外力向上，则支持力大于重力，选项C正确；库吉娜上升高度大约为h＝1 m，由v20＝2gh知其初速度大约为v0＝20 m/s，选项D错误．]10．长期以来“卡戎星(Charon)”被认为是冥王星唯一的卫星，它的公转轨道半径r1＝19 600 km，公转周期T1＝6.39天.2006年3月，天文学家新发现两颗冥王星的小卫星，其中一颗的公转轨道半径r2＝48 000 km，则它的公转周期T2最接近于()A．15天B．25天C．35天D．45天B[由开普勒第三定律得r31T21＝r32T22，所以T2＝r32r31·T1≈25天，选项B正确，选项A、C、D错误．]11．如图7所示，在一点电荷的电场中有三个等势面，与电场线的交点依次为a、b、c，它们的电势分别为12φ、8φ和3φ，一带电粒子从一等势面上的a 点由静止释放，粒子仅在电场力作用下沿直线由a点运动到c点，已知粒子经过b点时速度为v，则() 【导学号：81370474】图7A．粒子一定带负电B．长度ab∶bc＝4∶5C．粒子经过c点时速度为3 2 vD．粒子经过c点时速度为5 4 vC[沿着电场线方向电势是降低的，若φ＞0，场源电荷和粒子均带正电，若φ＜0, 场源电荷和粒子均带负电，A错误；在匀强电场中，两点间距离才与电势差成正比，B错误；由动能定理知q·4φ＝12m v2及q·9φ＝12m v2c，联立得v c＝32v，C正确，D错误．]12．电荷在磁场中运动时受到洛伦兹力的方向如图所示，其中正确的是()A B C DA13．如图8所示，内壁光滑、半径大小为R的圆轨道竖直固定在桌面上，一个质量为m的小球静止在轨道底部A点．现用小锤沿水平方向快速击打小球，击打后迅速移开，使小球沿轨道在竖直面内运动．当小球回到A点时，再次用小锤沿运动方向击打小球，通过两次击打，小球才能运动到圆轨道的最高点．已知小球在运动过程中始终未脱离轨道，在第一次击打过程中小锤对小球做功W1，第二次击打过程中小锤对小球做功W2.设先后两次击打过程中，小锤对小球做功全部用来增加小球的动能，则W1W2的值可能是()图8A.43 B.23 C.34D．1B[第一次击打小球时小球最高运动到过O点与水平地面平行的直径的两端位置，小锤对小球做功W1＝mgR；第二次击打小球，小球恰好做圆周运动，此时小球在最高点速度v＝gR，与小球在最高点对应最低点的速度为v A，根据机械能守恒定律，得－mg·2R＝12m v2－12m v2A；第二次击打小球，小锤对小球做的功W2＝12m v2A－mgR＝32mgR；则先后两次击打，小锤对小球做功W1W2的最大值为23，故选B.]第Ⅱ卷(非选择题)二、非选择题(本题共4小题，共31分)14．(5分)某实验小组用如图9甲所示装置做“验证机械能守恒定律”实验．(1)实验中除了打点计时器，还必须用到的测量工具为________．(2)在实验操作和数据处理过程中，下列做法必须有的是________．A．用天平测出重物的质量B．为减小长度测量的误差，处理纸带时每五个点取一个计数点C．必须选择打的第1个点与第2个点的间隔约为2 mm的纸带D．必须先接通电源，再释放纸带图9(3)图乙为实验中得到的一条纸带，O 为打的第一个点，A 、B 、C 、D 、E 为纸带上打点计时器打出的五个连续的点，测出这五个点到O 点的距离分别为x A 、x B 、x C 、x D 、x E .打点计时器所接交流电的频率为f ，当地的重力加速度为g ，现用OC 段验证机械能守恒定律，要验证的表达式为________，若实验中算得动能的增加量大于重力势能的减少量，可能原因是______________________________．【解析】 (1)实验中还需要刻度尺．(2)本实验中不用测出重物的质量，A 错；由于自由落体加速度较大，打出的纸带上的点分布比较稀疏，没有必要每5个点取一个计数点，B 错；如果选取中间一段纸带研究时则不必一定要求第1个点与第2个点间隔约为2 mm 的纸带，C 错；使用打点计时器时必须先接通电源，后释放纸带，D 对．(3)要验证的表达式为mgx C ＝12m v 2C即gx C ＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫x D －x B 2f 2＝(x D －x B )2f 28， 若实验中算得动能的增加量大于重力势能的减少量，可能原因是先释放纸带再接通电源．【答案】 (1)刻度尺 (2)D(3)gx C ＝(x D －x B )2f 28先释放纸带后接通电源 15．(5分)某人用多用电表测量电阻．①用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“×100”位置的多用电表测某电阻阻值，根据如图10甲所示的表盘，被测电阻阻值为________Ω.②现用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“×100”位置的多用电表继续测量另一个电阻的阻值，将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，如图乙所示，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按________的顺序进行操作．A．将K旋转到电阻挡“×1 K”的位置．B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置．C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，完成读数测量．D．将两表笔短接，对电表进行欧姆调零．甲乙图10【解析】①被测电阻阻值为22×100 Ω＝2.2×103Ω；②因指针的偏转角度过小，故应该选择大倍率挡；故合理的操作步骤是：A.将K旋转到电阻挡“×1K”的位置；D.将两表笔短接，对电表进行欧姆调零；C.将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，完成读数测量．即：A、D、C.【答案】(1)2.2×103(2)ADC16．(9分)当地时间2016年3月19日凌晨，一架从阿拉伯联合酋长国迪拜飞往俄罗斯西南部城市顿河畔罗斯托夫的客机，在俄机场降落时坠毁，机上62人全部遇难．专家初步认定，恶劣天气是导致飞机失事的原因．为了保证安全，避免在意外事故发生时出现更大损失与伤害，民航客机都有紧急出口，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，生成一条连接出口与地面的斜面，人员可沿斜面滑行到地面上，并以不变的速率进入水平面，在水平面上再滑行一段距离而停止，如图11所示．若机舱口下沿距地面3.6 m，气囊构成的斜面长度为6.0 m，一个质量60 kg的人沿气囊滑下时所受到的摩擦阻力是240 N．若人在水平面的动摩擦因数与斜面相同，g 取10 m/s 2，(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)．求：图11(1)人与斜面之间的动摩擦因数μ；(2)人在斜面上下滑的时间t ；(3)人在水平面上滑行的距离x . 【导学号：81370478】【解析】 (1)设气囊倾角为α，由几何关系知sin α＝h L ＝3.66.0＝0.6解得α＝37°F f ＝μF N ＝μmg cos α解得μ＝F f mg cos α＝24060×10×0.8＝0.5. (2)人在气囊上下滑过程中，由牛顿第二定律得mg sin α－F f ＝ma 1解得a 1＝mg sin α－F f m ＝60×10×0.6－24060m/s 2＝2.0 m/s 2 下滑时间t ＝2La 1＝2×6.02 s ＝ 6 s ≈2.45 s.(3)人到达地面的速度v 1＝a 1t ＝2.0× 6 m/s ＝2 6 m/s人在地面上运动的加速度a 2＝μmg m ＝μg ＝5.0 m/s 2人在水平面上滑行的距离x ＝v 212a 2＝(26)22×5.0 m ＝2.4 m. 【答案】 (1)0.5 (2)2.45 s (3)2.4 m17．(12分)滑板运动是极限运动的鼻祖，许多极限运动项目均由滑板项目延伸而来．如图12是滑板运动的轨道，BC 和DE 是两段光滑圆弧形轨道，BC 段的圆心为O 点，圆心角为60°，半径OC 与水平轨道CD 垂直，水平轨道CD 段粗糙且长8 m ．一运动员从轨道上的A 点以3 m/s 的速度水平滑出，在B 点刚好沿轨道的切线方向滑入圆弧轨道BC ，经CD 轨道后冲上DE 轨道，到达E 点时速度减为零，然后返回．已知运动员和滑板的总质量为60 kg ，B 、E 两点与水平面CD 的竖直高度为h 和H ，且h ＝2 m ，H ＝2.8 m ，g 取10 m/s 2.求：(1)运动员从A 点运动到达B 点时的速度大小v B ；(2)轨道CD 段的动摩擦因数μ；(3)通过计算说明，第一次返回时，运动员能否回到B 点？如能，请求出回到B 点时速度的大小；如不能，则最后停在何处？ 【导学号：81370479】图12【解析】 (1)由题意可知v B ＝v 0cos 60°解得v B ＝2v 0＝6 m/s.(2)由B 点到E 点，由动能定理可得mgh －μmgs CD －mgH ＝0－12m v 2B解得μ＝0.125.(3)设运动员能到达左侧的最大高度为h ′，从B 点滑入圆弧到第一次返回左侧最高处，根据动能定理mgh －mgh ′－μmg ·2s CD ＝0－12m v 2B解出h ′＝1.8 m ＜h ＝2 m所以第一次返回时，运动员不能回到B 点设运动员从B 点运动到停止，在CD 段的总路程为s ，由动能定理可得mgh －μmgs ＝0－12m v 2B解得s ＝30.4 m因为s ＝3s CD ＋6.4 m 所以运动员最后停在D 点左侧6.4 m 处(或C 点右侧1.6 m 处)．【答案】 (1)6 m/s (2)0.125 (3)不能 停在D 点左侧6.4 m 处。