【2019-2020】高考物理一轮复习编练习题(9)(含解析)新人教版
2019届高考物理一轮总复习配套练习题全集(49套有答案)【高考】
李仕才 一、选择题
1、如图所示，在一个倾角为 θ 的斜面上，有一个质量为 m，带负电的小球 P(可视为点电荷)，空间存
在着方向垂直斜面向下的匀强磁场，带电小球与斜面间的摩擦力不能忽略，它在斜面上沿图中所示的哪个
方向运动时，有可能保持匀速直线运动状态( )
A．v1 方向
A．小球 A 落地时间为 3 s B．物块 B 运动时间为 3 s C．物块 B 运动 12.5 m 后停止 D．A 球落地时，A、B 相距 17.5 m
解析：选 ACD 根据 H＝12gt2 得，t＝
2gH＝
2×45 10
s＝3
s，故
A
正确。物块
B
匀减速直线运动的加
速度大小 a＝μg＝0.4×10 m/s2＝4 m/s2，则 B 速度减为零的时间 t0＝va0＝140 s＝2.5 s，滑行的距g′∶g＝1∶5
C．M 星∶M 地＝1∶20
D．M 星∶M 地＝1∶80
【答案】BD 5、如图 6 所示，固定于水平面上的光滑斜面足够长，一轻质弹簧的一端与固定在斜面上的木板 P 相连，
另一端与盒子 A 相连，A 内放有光滑球 B，B 恰与盒子前、后壁接触，现用力推 A 使弹簧处于压缩状态，然
2、[多选]光滑斜面上，当系统静止时，挡板 C 与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，A、B 质量相等。
在突然撤去挡板的瞬间( )
A．两图中两球加速度均为 gsin θ
B．两图中 A 球的加速度均为零
C．图甲中 B 球的加速度为 2gsin θ
D．图乙中 B 球的加速度为 gsin θ
解析：选 CD 撤去挡板前，对整体分析，挡板对 B 球的弹力大小为 2mgsin θ，因弹簧弹力不能突变，而 杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中 A 球所受合力为零，加速度为零，B 球所受合力为 2mgsin θ， 加速度为 2gsin θ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B 球所受合力均为 mgsin θ，加速度均为 gsin θ，故 C、D 正确，A、B 错误。
2020年高考物理一轮复习第九单元静电场第2讲电场的能的性质练习含解析新人教版
第2讲电场的能的性质1 电势能、电势(1)静电力做功①特点:静电力做功与路径无关,只与电荷量和电荷移动过程始、末位置间的电势差有关。
②计算方法W=qEd,只适用于匀强电场,其中d为带电体在沿电场方向的位移。
W AB=qU AB,适用于任何电场。
(2)电势能①电场力做功的特点:电场力做功与路径无关,只与初、末位置有关。
②电势能a.定义:电荷在电场中具有的势能,在数值上等于将电荷从该点移到零势能位置时电场力所做的功。
b.电场力做功与电势能变化的关系:电场力做的功等于电势能的减少量,即W AB=E p A-E p B=-ΔE p。
(3)电势①定义:试探电荷在电场中某点具有的电势能E p与它的电荷量q的比值。
②定义式:φ=。
③矢标性:电势是标量,有正、负之分,正(负)表示该点电势比零电势高(低)。
④相对性:电势具有相对性,同一点的电势因选取的零电势点的不同而不同。
(4)等势面①定义:由电场中电势相等的各点组成的面。
②四个特点a.等势面一定与电场线垂直。
b.在同一等势面上移动电荷时电场力不做功。
c.电场线方向总是从电势高的等势面指向电势低的等势面。
d.等差等势面越密的地方电场强度越大,反之越小。
河北刑台五校联考)在静电场中,将电子从A点移到B点,电场力做了正功,则()。
A.电场强度的方向一定是由A点指向B点B.电场强度的方向一定是由B点指向A点C.电子在A点的电势能一定比在B点的高D.A点的电势一定比B点的高【答案】C山东日照高三模拟)(多选)下列关于电势高低的判断,正确的是()。
A.负电荷从A移到B时,外力做正功,A点的电势一定较高B.负电荷从A移到B时,电势能增加,A点的电势一定较低C.正电荷从A移到B时,电势能增加,A点的电势一定较低D.正电荷只在电场力作用下从静止开始,由A移到B,A点的电势一定较高【答案】CD湖北黄冈五校联考)(多选)某电场的电场线分布如图所示,以下说法正确的是()。
A.a点电势高于b点电势B.c点电场强度大于b点电场强度C.若将一检验电荷+q由a点移至b点,它的电势能增大D.若在d点再固定一点电荷-Q,将一检验电荷+q由a移至b的过程中,电势能减小【答案】AD2 电势差(1)定义:电荷在电场中,由一点A移到另一点B时,电场力做功与移动电荷的电荷量的比值。
2019人教版高考物理一轮选习练题(9)及答案
2019人教版高考物理一轮选习练题（9）及答案2019人教版高考物理一轮选习练题（9）及答案一、选择题1、通过对物理现象进行分析，透过现象发现物理规律是物理学的重要研究方法，对下列物理现象分析得出的结论正确的是A. 竖直上抛的物体运动到最高点时速度为零，但仍受到重力，说明处于平衡状态的物体，所受合力不一定为零B. 在不需要考虑带电物体本身的大小和形状，用点电荷来代替物体的方法叫微元法C. 枪筒里的子弹，扣动扳机火药刚刚爆炸的瞬间，尽管子弹的速度接近零，但子弹的加速度可以达到，说明物体的速度大小与加速度的大小，没有必然联系D. 用比值法定义的物理量在物理学中占有相当大的比例，例如电流强度就是采用比值法定义的【来源】湖北省黄冈中学2019届高三5月二模考试理综物理试题【答案】 CD、用比值法定义的物理量在物理学中占有相当大的比例，但是欧姆定律不是采用比值法定义则地球自转的周期T 为( )A ．2π R g 0＋gB ．2π R g 0－gC ．2π g 0＋g RD ．2π g 0－g R 解析：选B.在两极处物体不随地球自转，所以G Mm R 2＝mg 0；在赤道处物体随地球自转，可得G Mm R 2＝mg ＋m 4π2T2R ，联立解得T ＝2π R g 0－g ，所以B 正确；A 、C 、D 错误．3、（2019宁夏石嘴山高三上期中）如图甲所示，以速度v 逆时针匀速转动的足够长的传送带与水平面的夹角为θ．现将一个质量为m 的小木块轻轻地放在传送带的上端，小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则乙图中能够正确地描述小木块的速度随时间变化关系的图线可能是（）【答案】CD4、(2019·三湘名校联盟三模)(多选)如图所示，一质量为m 的小球以初动能E k0从地面竖直向上抛出，已知运动过程中受到恒定阻力f ＝kmg 作用(k 为常数且满足0＜k ＜1)．图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能和重力势能与其上升高度之间的关系(以地面为零势能面)，h 0表示上升的最大高度．则由图可知，下列结论正确的是( )A ．E 1是最大势能，且E 1＝E k0k ＋2B ．上升的最大高度h 0＝E k0k ＋1mgC ．落地时的动能E k ＝kE k0k ＋1D ．在h 1处，物体的动能和势能相等，且h 1＝E k0k ＋2mg解析：选BD.因小球上升的最大高度为h 0，由图可知其最大势能E 1＝E k0k ＋1，又E 1＝mgh 0，得h 0＝E k0k ＋1mg，A 项错误，B 项正确．由图可知，小球上升过程中阻力做功为E k0－E k0k ＋1，因小球所受阻力恒定，且上升和下落高度相等，则小球下落过程中阻力做功为E k0－E k0k ＋1，则小球落地时的动能E k ＝E k0k ＋1－⎝⎛⎭⎪⎫E k0－E k0k ＋1＝1－k k ＋1E k0，C 项错误．在h 1处，小球的动能和势能相等，则有E k0－(mg ＋f)h 1＝mgh 1，解得h 1＝E k0k ＋2mg ，D 项正确．5、如图所示是质量为1kg 的滑块在水平面上做直线运动的v-t 图像，下列判断正确的是A. 在t=1s 时，滑块的加速度为零B. 在4s 末~6s 末时间内，滑块的平均速度为2.5m/sC. 在3s 末~7s 末时间内，合力做功的平均功率为2WD. 在5s末~6s末时间内，滑块受到的合力为2N 【来源】【全国百强校】天津市耀华中学2019届高三第二次模拟物理试题【答案】 C点睛：本题考察的是直线运动速度与加速度的关系,当速度不变时是匀加速,当速度等比例减小时是匀减速,当速度等比例增大时是匀加速.所以需要根据图像来读取速度的变化情况链接---(2019·广西南宁二模)某同学采用如图(甲)所示的装置研究光电效应现象,分别用a,b,c三束单色光照射图(甲)中的光电管的阴极,得到光电管两端的电压与相应的光电流的关系如图(乙)所示,其中a,c两束光照射时对应的遏止电,则下列论述正确的是( B )压相同,均为UaA.a,c两束光的光强相同B.a,c两束光的频率相同C.b光束光子的能量最小D.b光束的波长最长,遏止电压最大解析:由图可知,a光的饱和电流最大,因此a光束照射时单位时间内产生的光电子数量大,光强强,故A错误;入射光的频率越高,对应的遏止电压U越大,a,c两束光的遏止电压相等,所以它们的频率相等,而b光的频率最大,能量最大,对应的波长最短,故B正确,C,D错误.6、(2019·河北唐山模拟)氢原子能级的示意图如图所示,大量氢原子从n=4的能级向n=2的能级跃迁时辐射出可见光a,从n=3的能级向n=2的能级跃迁时辐射出可见光b,则( C )A.氢原子从高能级向低能级跃迁时可能会辐射出γ射线B.大量氢原子从n=4的能级向n=2的能级跃迁时能够辐射出6种频率的光子C.a光子能量比b光子的能量大D.氢原子在n=2的能级时可吸收任意频率的光而发生电离解析:因为γ射线是氢原子核变化时辐射的能量,因此不会辐射γ射线,故A错误.大量的氢原子从n=4的能级向基态跃迁时,会释放6种光子,那么从n=4的能级向n=2的能级跃迁时释放的种类小于6种,故B错误.从n=4的能级向n=2的能级跃迁时辐射出的光子能量大于从n=3的能级向n=2的能级跃迁时辐射出的光子能量,则a光的频率大于b光的频率,则a光子能量比b光子的能量大,故C正确.氢原子在n=2能级时,吸收的能量需大于等于3.4 eV,才能发生电离,故D错误.7、(2019·天津和平质量调查)下列说法正确的是()A．卢瑟福用α粒子轰击14 7N核获得反冲核17 8O发现了质子B．普朗克通过对光电效应现象的分析提出了光子说C．玻尔通过对天然放射现象的研究提出了氢原子能级理论D．汤姆孙发现电子从而提出了原子的核式结构模型解析：选A.光子说是爱因斯坦提出的，B错误．玻尔通过对氢原子光谱的成因的研究提出了氢原子能级理论，C项错误．卢瑟福通过α粒子的散射实验，提出了原子的核式结构模型，D项错误．8、如图所示，在真空中有一对带电的平行金属板水平放置．一带电粒子沿平行于板面的方向，从左侧两极板中央射入电场中，恰能从右侧极板边缘处离开电场．不计粒子重力．若可以改变某个量，下列哪种变化，仍能确保粒子一定飞出电场( )A．只增大粒子的带电量B．只增大电场强度C．只减小粒子的比荷D．只减小粒子的入射速度【答案】C【解析】设极板长为L，极板间的距离为d，带电粒子的质量为m、电荷量为q、加速度为a，沿平行板面方向带电粒子做匀速直线运动L＝vt，垂直板面方向做初速度为零的匀加速运动2d＝12at2，qE＝ma，由以上三式解得2d＝222qELmv，若只增大粒子的带电量或只增大电场强度或只减小粒子的入射速度，则粒子在竖直方向的位移y>2d，粒子将打在极板上，不能飞出电场，选项A、B、D错误；若只减小粒子的比荷，则粒子在竖直方向的位移y<2d，粒子能飞出电场，选项C 正确．二、非选择题常用无线话筒所用的电池电动势E约为9 V，内阻r约为40 Ω，最大允许电流为100 mA.(1)为测定该电池的电动势和内阻，某同学先利用多用电表直流电压10 V挡粗测电源电动势如图甲所示，测得值为________V .(2)接着该同学利用图乙的电路进行实验．图中电压表为理想电表，R 为电阻箱(阻值范围为0～999.9 Ω)，R 0为定值电阻，目的是为了防止电阻箱的阻值调得过小时，通过电源的电流大于其承受范围，起保护电路的作用；实验室备有的定值电阻R 0的规格有以下几种，则本实验应选用________．A ．50 Ω，1.0 WB ．500 Ω，2.5 WC ．1 500 Ω，15 WD ．2 500 Ω，25 W(3)接入符合要求的R 0后，闭合开关S ，调整电阻箱的阻值读出电压表的示数U ，再改变电阻箱阻值R ，取得多组数据，作出了如图丙的图线．由图线求得该电池的电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω.(结果保留三位有效数字)解析：(1)直流电压10 V 挡的最小分度为0.2 V ，故测得值为9.2 V .(2)电池最大允许电流为100 mA ，则电路中总电阻R 总≥E I ＝90 Ω＝r ＋R 0，故定值电阻R 0应选50 Ω，选项A 正确． (3)根据闭合电路欧姆定律E ＝U ＋I(R 0＋r)＝U ＋U R (R 0＋r)，解得1U ＝1E＋R 0＋r E ·1R ，故该图线纵坐标的截距为1E＝0.1 V －1，解得电池电动势E ＝10.0 V ，斜率k ＝R 0＋r E ＝0.6－0.16－0×10－2＝253，解得R 0＋r ＝83.3 Ω，故电池内阻r ＝33.3 Ω. 答案：(1)9.2 (2)A (3)10.0 33.3。
高考物理一轮复习强化训练题汇总(含解析)
精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！高考物理一轮复习强化训练题汇总1（含解析）一、选择题1、如图是对着竖直墙壁沿水平方向抛出的小球a、b、c的运动轨迹，三个小球到墙壁的水平距离均相同，且a和b从同一点抛出。
不计空气阻力，则（）A．a和b的飞行时间相同B．b的飞行时间比c的短C．a的水平初速度比b的小D．c的水平初速度比a的大【参考答案】D2、(海安模拟)下列说法正确的是( )A．直线运动的物体位移大小等于路程B．计算火车过桥时所用的时间，火车可当成质点C．速度变化快的物体加速度不一定大D．参考系可以是匀速运动的物体，也可以是变速运动的物体答案：D3、(哈师大附中月考)如图，MN为转轴OO′上固定的光滑硬杆，且MN垂直于OO′.用两个完全相同的小圆环套在MN上．分别用两条不可伸长的轻质细线一端与圆环连接，另一端系于OO′上，长度分别为l1、l2.已知l1、l2与MN的夹角分别为θ1、θ2，OO′匀速转动时，线上弹力分别为F T1、F T2.下列说法正确的是( ) A．若l1sinθ1>l2sinθ2，则F T1>F T2B．若l1cosθ1>l2cosθ2，则F T1>F T2C．若l1tanθ1>l2tanθ2，则F T1>F T2D ．若l 1>l 2，则F T 1>F T 2解析：设两环的质量均为m ，硬杆转动的角速度为ω，根据牛顿第二定律，对左环有：FT 1cos θ1＝m ω2l 1cos θ1；对右环有：F T 2cos θ2＝m ω2l 2cos θ2两环ω相等得FT 1FT 2＝l 1l 2；若l 1cos θ1>l 2cos θ2，则F T 1cos θ1>F T 2cos θ2，不能得到F T 1>FT 2；由题意可知l 1sin θ1<l 2sin θ2；若l 1tan θ1>l 2tan θ2，可得cos θ1<cos θ2，不能得到F T 1>F T 2；若l 1>l 2，则F T 1>FT 2，选项D 正确，A 、B 、C 错误．答案：D4、如图所示，滑雪者由静止开始沿斜坡从A 点自由滑下，然后在水平面上前进至B 点停下．已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数皆为μ，滑雪者(包括滑雪板)的质量为m ，A 、B 两点间的水平距离为L.在滑雪者经过AB 段运动的过程中，克服摩擦力做的功( )A ．大于μmgLB ．小于μmgLC ．等于μmgLD ．以上三种情况都有可能解析：设斜坡与水平面的交点为C ，BC 长度为L 1，AC 水平长度为L 2，AC 与水平面的夹角为θ，如图所示，则滑雪者在水平面上摩擦力做功W 1＝－μmgL 1，在斜坡上摩擦力做功W 2＝－μmgcos θ·L 2cos θ＝－μmgL 2，所以在滑雪者经过AB 段过程中，摩擦力做功W ＝W 1＋W 2＝－μmg(L 1＋L 2)＝－μmgL.所以滑雪者克服摩擦力所做的功为μmgL.故选项C 正确． 答案：C5、(四川资阳二诊)如图所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略，一带负电的油滴被固定于电容器中的P 点，现将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是( )A ．平行板电容器的电容将减小B ．带电油滴的电势能将减少C ．静电计指针的张角变小D ．若将上极板与电源正极断开后，再将下极板左移一小段距离，则带电油滴所受的电场力不变解析：由C ＝εr S4πkd 知，将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，d 减小，C增大，A 错误；U 不变，静电计指针的张角不变，C 错误；由E ＝Ud 知，E 增大，则P 点与负极板间的电势差增大，P 点的电势升高，E p ＝φq ，又油滴带负电，则带电油滴的电势能将减少，B 正确；若将上极板与电源正极的导线断开后再将下极板左移一小段距离，Q 不变，由C ＝εr S4πkd 知，S 减小，C 减小，由U ＝Q C 得，电压U 增大，场强E ＝U d 增大，带电油滴所受的电场力增大，D 错误．答案：B6、一匀强磁场的边界是MN ，MN 左侧是无场区，右侧是匀强磁场区域，如图甲所示，现有一个金属线框以恒定速度从MN 左侧进入匀强磁场区域．线框中的电流随时间变化的I －t 图象如图乙所示．则可能的线框是如图丙所示中的( )解析：从乙图看到，电流先均匀增加后均匀减小，而线圈进入磁场是匀速运动，所以有效长度是均匀增加的，所以D 项正确，B 项排除的原因是中间有段时间电流恒定不变．答案：D7、(安徽模拟)如图所示，理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡，若四个灯泡恰好都能正常发光，则下列说法正确的是( )A ．U 1：U 2＝3：4B ．U 1：U 2＝4：3C ．若将L 1短路，则副线圈的三个灯泡仍能正常发光D ．若将L 2短路，则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的43倍解析：设灯泡的额定电压为U ，额定电流为I ，则副线圈电压为3U ，电流为I ，原线圈的灯泡正常发光，电流也为I ，所以原、副线圈的匝数比为1：1，原线圈两端电压为3U ，所以U 1：U 2＝4：3，选项A 错误、B 正确；若将L 1短路，则原线圈的电压增大，则副线圈两端电压也增大，三个灯泡不能正常发光，选项C 错误；若将L 2短路，设副线圈的电流为I ′，原线圈的电流也为I ′，因此2I ′R ＋I ′R ＝U 1＝4U ，则I ′R ＝43U ，即副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的43，选项D 正确．答案：BD 二、非选择题利用如图1所示的实验装置探究恒力做功与物体动能变化的关系．小车的质量为M ＝200.0 g ，钩码的质量为m ＝10.0 g ，打点计时器的电源为50 Hz 的交流电．图1(1)挂钩码前，为了消除摩擦力的影响，应调节木板右侧的高度，直至向左轻推小车观察到____________________．(2)挂上钩码，按实验要求打出的一条纸带如图2所示．选择某一点为O ，依次每隔4个计时点取一个计数点．用刻度尺量出相邻计数点间的距离Δx ，记录在纸带上．计算打出各计数点时小车的速度v ，其中打出计数点“1”时小车的速度v1＝________m/s.图2(3)将钩码的重力视为小车受到的拉力，取g ＝9.80 m/s 2，利用W ＝mg Δx 算出拉力对小车做的功W.利用Ek ＝12Mv 2算出小车动能，并求出动能的变化量ΔEk.计算结果见下表.图3(4)实验结果表明，ΔEk 总是略小于W.某同学猜想是由于小车所受拉力小于钩码重力造成的．用题中小车和钩码质量的数据可算出小车受到的实际拉力F ＝________N.解析：(1)完全平衡摩擦力的标志是轻推小车，小车做匀速运动． (2)两计数点间的时间间隔T ＝5×0.02 s ＝0.1 s v1＝x022T ＝ 2.06＋2.50×0.012×0.1 m/s ＝0.228 m/s(3)确定标度，根据给出数据描点．作图如图所示．(4)从图线上取两个点(4.5,4.24)，(2.15,2.0) 图线的斜率k ＝4.24－2.04.5－2.15≈0.953①又有k ＝ΔEk ΔW ＝Mv 22mg Δx②根据运动学公式有v2＝2aΔx③根据牛顿第二定律有F＝Ma④由①②③④式解得F≈0.093 N答案：(1)小车做匀速运动(2)0.228 (3)见解析图(4)0.093精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！2020年高考物理一轮复习强化训练题汇总2（含解析）一、选择题1、质量为m的物块沿着倾角为θ的粗糙斜面匀速下滑，物块与斜面间的动摩擦因数为μ.斜面对物块的作用力是( )A. 大小mg，方向竖直向上B. 大小mg cosθ，方向垂直斜面向上C. 大小mg sinθ，方向沿着斜面向上D. 大小μmg cosθ，方向沿着斜面向上【参考答案】A2、(成都模拟)如图所示为成都到重庆的和谐号动车车厢内可实时显示相关信息的显示屏示意图，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量．下列说法中正确的是( )A．甲处表示时间，乙处表示平均速度B．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C．甲处表示时刻，乙处表示平均速度D．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度解析：甲处表盘显示时刻，乙处表盘显示动车行进过程中的瞬时速度，答案为D.答案：D3、(广西重点高中高三一模) 2016年10月17日“神舟十一号”载人飞船发射成功，飞船入轨后经过约2天的独立飞行完成与“天宫二号”的对接．如图所示，“天宫二号”处于离地面高h ＝393 km 的圆轨道A 上，“神舟十一号”处于圆轨道B 上．“神舟十一号”在位置1点火后沿轨道C 运动到位置2，然后沿轨道A 运动，通过调整自己与前方的“天宫二号”的相对距离和姿态，最终对接．已知地球半径为R ＝6 371 km ，引力常量为G ＝6.67×10－11 N ·m 2/kg 2，地球质量为M ＝6.0×1024 kg ，不计大气阻力．下列说法正确的是( )A ．“天宫二号”在轨道A 上的运行周期比“神舟十一号”在轨道B 上的运行周期小 B ．“天宫二号”在轨道A 上的加速度比“神舟十一号”在轨道B 上的加速度大C ．“天宫二号”在轨道A 上的运行速率约为7.7 km/sD ．“神舟十一号”在位置2时的机械能小于在位置1时的机械能 解析：由GMm r 2＝m(2πT)2r ，得T ＝4π2r 3GM ，可知半径越大，周期越大，A 错．由GMmr2＝ma ，得加速度a ＝GM r 2，半径越大，加速度越小，B 错．由GMm 0R ＋h 2＝m 0v 2R ＋h，得v＝GMR ＋h＝7.7 km/s ，C 对．“神舟十一号”在轨道C 上运动时，由于点火加速，故其机械能增加，D 错．答案：C4、(常州市模拟)如图所示是“过山车”玩具模型，当小球以速度v 经过圆形轨道最高点时，小球与轨道间的作用力为F ，多次改变小球初始下落的高度h ，就能得出F 与v 的函数关系，下列关于F 与v 之间的关系中有可能正确的是( )解析：小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，故mgh ＝mg ·2R ＋12mv 2(①)，在轨道最高点，重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有F ＋mg ＝m v 2R (②)，联立①②解得F ＝m v 2R －mg(③)，根据③式，F －v 关系图象是开口向上的抛物线，C 项正确． 答案：C5、(山东泰安一模)如图所示，＋Q 为固定的正点电荷，虚线圆是其一条等势线．两电荷量相同、但质量不相等的粒子，分别从同一点A 以相同的速度v 0射入，轨迹如图中曲线，B 、C 为两曲线与圆的交点．a B 、a C 表示两粒子经过B 、C 时的加速度大小，v B 、v C 表示两粒子经过B 、C 时的速度大小．不计粒子重力，以下判断正确的是( )A ．aB ＝aC v B ＝v C B ．a B >a C v B ＝v C C ．a B >a C v B <v CD ．a B <a C v B >v C解析：库仑力F ＝kQqr 2，两粒子在B 、C 两点受的库仑力大小相同，根据粒子的运动轨迹可知a B >a C ，a ＝Fm，解得m B <m C ，因为B 、C 两点位于同一等势线上，电势相等，所以两粒子从A 运动到B 和从A 运动到C ，电场力做功相同且做负功，有－W ＝12mv 2－12mv 20，所以12m B (v 20－v 2B )＝12m C (v 20－v 2C )，因为m B <m C ，所以v B <v C，C 正确． 答案：C6、美国《大众科学》月刊网站报道，美国明尼苏达大学的研究人员发现：一种具有独特属性的新型合金能够将热能直接转化为电能．具体而言，只要略微提高温度，这种合金就会变成强磁性合金，从而使环绕它的线圈中产生电流，其简化模型如图所示．A 为圆柱形合金材料，B 为线圈，套在圆柱形合金材料上，线圈的半径大于合金材料的半径．现对A 进行加热，则( )A ．B 中将产生逆时针方向的电流 B ．B 中将产生顺时针方向的电流C ．B 线圈有收缩的趋势D ．B 线圈有扩张的趋势解析：合金材料加热后，合金材料成为强磁体，通过线圈B 的磁通量增大，由于线圈B 内有两个方向的磁场，由楞次定律可知线圈只有扩张，才能阻碍磁通量的增加，C 错误、D 正确；由于不知道极性，无法判断感应电流的方向，A 、B 错误． 答案：D7、(多选)下图是远距离输电的示意图．n 1、n 2是升压变压器原、副线圈的匝数，n 1：n 2＝1：20，n 3、n 4是降压变压器原、副线圈的匝数，n 3：n 4＝40：1.升压变压器的原线圈n 1与一交变电流相连接，该交变电流的瞬时值表达式为u ＝4402sin100πt V ，下列说法正确的是( )A ．用电器获得的电压的有效值为220 VB ．用电器获得电压的有效值小于220 V ，要想使用电器的电压变为220 V ，在n 1、n 3、n 4不变的前提下，增大n 2C ．用电器获得电压的有效值大于220 V ，要想使用电器的电压变为220 V ，在n 1、n 2、n 4不变的前提下，增大n 3D ．通过用电器的交变电流的方向，每秒改变100次解析：如果输电线上不存在电阻，即不存在电压降，则有U 1U 2＝n 1n 2，U 3U 4＝n 3n 4，U 1＝U ＝440 V ，U 2＝U 3，可得U 4＝220 V ，由于输电线存在电压降，所以U 3<U 2，U 4<220 V ；若要提高U 4电压值，根据变压规律，仅增加n 2匝数即可，A 、C 错误，B 正确．由题意知ω＝100π rad/s ，所以f ＝50 Hz ，则电流方向每秒改变100次，D 正确． 答案：BD 二、非选择题下列说法中正确的是( )A ．军队士兵过桥时使用便步，是为了防止桥发生共振现象B ．机械波和电磁波在介质中的传播速度仅由介质决定C ．泊松亮斑是光通过圆孔发生衍射时形成的D ．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以减弱玻璃的反射光E ．赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在(2)(15分)在某种介质中，S 1、S 2处有相距4 m 的两个波源，沿垂直纸面方向做简谐运动，其周期分别为T 1＝0.8 s 和T 2＝0.4 s ，振幅分别为A 1＝2 cm 和A 2＝1 cm ，在该介质中形成的简谐波的波速为v ＝5 m/s.S 处有一质点，它到S 1的距离为3 m ，且SS 1⊥S 1S 2，在t ＝0时刻，两波源同时开始垂直纸面向外振动，试求：(ⅰ)t ＝0时刻振动传到S 处的时间差；(ⅱ)t ＝10 s 时，S 处质点离开平衡位置的位移大小．解析：(1)电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播，但在介质中的传播速度由介质和频率共同决定，B 错；泊松亮斑是用光照射不透光的小圆盘时产生的衍射现象，C 错．(2)(ⅰ)由题意可知SS 2＝SS 12＋S 1S 22＝5 m ；S 1在t ＝0时刻振动传到质点S 所需的时间t 1＝SS 1v ＝3 m5 m/s ＝0.6 s.S 2在t ＝0时刻振动传到质点S 所需的时间t 2＝SS 2v ＝5 m5 m/s＝1 s.故S 1、S 2在t ＝0时刻振动传到质点S 的时间差M 为绳的中点Δt ＝t 2－t 1＝0.4 s.(ⅱ)在t ＝10 s 时质点S 按S 1的振动规律已经振动了Δt 1＝t －t 1＝9.4 s ＝⎝⎛⎭⎪⎫11＋34T 1，此时S 1引起质点S 的位移大小x 1＝A 1＝2 cm ；t ＝10 s 时质点S 按S 2的振动规律已经振动了Δt 2＝t －t 2＝9 s ＝⎝⎛⎭⎪⎫22＋12T 2，此时S 2引起质点S 的位移大小x 2＝0；所以t ＝10 s 时质点S 离开平衡位置的位移为S 1和S 2单独传播引起S 位移的矢量和，故x ＝x 1＋x 2＝2 cm ＋0＝2 cm. 答案：(1)ADE (2)(ⅰ)0.4 s (ⅱ)2 cm精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！2020年高考物理一轮复习强化训练题汇总3（含解析）一、选择题1、如图所示为位于瑞士的世界上最大的人工喷泉——日内瓦喷泉,已知该喷泉竖直向上喷出,喷出时水的速度为53 m/s,喷嘴的出水量为0.5 m3/s,不计空气阻力,则空中水的体积应为(g取10 m/s2)( )A.2.65 m3B.5.3 m3C.10.6 m3D.因喷嘴的横截面积未知,故无法确定【参考答案】B2、两物体A、B由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的位移－时间(x－t)图象如图所示．下列说法正确的是( )A．两物体A、B在t＝2.5 t0时刻相距最远B．两物体A、B在减速运动过程中加速度相同C．两物体A、B在t＝2.5t0时刻速度相同D．两物体A、B在t＝t0时刻相距最远解析：两物体A、B在t＝2.5 t0时刻处于同一位置，相距最近，两物体A、B在t＝t0时刻相距最远，选项A错误、D正确．两物体A、B都是先沿x轴正方向做匀速运动，后沿x轴负方向做匀速运动，根据位移图象斜率表示速度可知，在沿x轴负方向做匀速运动过程中速度相同，选项B错误．两物体A、B在t＝2.5t0时刻速度不相同，处于同一位置，选项C错误．答案：D3、如图所示，轻绳的一端固定在O 点，另一端系一质量为m 的小球(可视为质点)．当小球在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动时，通过传感器测得轻绳拉力F T 、轻绳与竖直线OP 的夹角θ满足关系式F T ＝a ＋bcos θ，式中a 、b 为常数．若不计空气阻力，则当地的重力加速度为( )A.b2m B.2bm C.3b m D.b 3m解析：当小球运动到最低点时，θ＝0，拉力最大，F T1＝a ＋b ，F T1＝mg ＋mv 21L；当小球运动到最高点时，θ＝180°，拉力最小，F T2＝a －b ，F T2＝－mg ＋mv 22L ；由动能定理有mg ·2L ＝12mv 21－12mv 22，联立解得g ＝b3m，选项D 正确． 答案：D4、如图所示，两箱相同的货物，现要用电梯将它们从一楼运到二楼，其中图甲是利用扶梯台式电梯运送货物，图乙是用履带式自动电梯运送，假设两种情况下电梯都是匀速地运送货物，下列关于两电梯在运送货物时说法正确的是( )A ．两种情况下电梯对货物的支持力都对货物做正功B ．图乙中电梯对货物的支持力对货物做正功C ．图甲中电梯对货物的支持力对货物做正功D ．图乙中电梯对货物的支持力对货物不做功解析：在图甲中，货物随电梯匀速上升时，货物受到的支持力竖直向上，与货物位移方向的夹角小于90°，故此种情况下支持力对货物做正功，选项C 正确；图乙中，货物受到的支持力与履带式自动电梯接触面垂直，此时货物受到的支持力与货物位移垂直，故此种情况下支持力对货物不做功，故选项A 、B 错误，D 正确．答案：CD5、有一匀强电场，方向如图所示，在电场中有三个点A 、B 、C ，这三点的连线恰好构成一个直角三角形，且AC 边与电场线平行．已知A 、B 两点的电势分别为φA ＝5 V ，φB ＝1.8 V ，A 、B 的距离为4 cm ，B 、C 的距离为3 cm.若把一个电子(e ＝1.6×10－19 C)从A 点移动到C 点，那么电子电势能的变化量为( )A ．8.0×10－19 JB ．1.6×10－19 JC ．－8.0×10－19 JD ．－1.6×10－19 J解析：设AB 与AC 之间的夹角为θ，则cos θ＝45，又AB 的距离S AB ＝4 cm ，则AB沿场强方向的距离为d AB ＝S AB cos θ＝4×45 cm ＝165 cm ，设A 、B 之间电势差为U AB ，则电场强度为E ＝U AB d AB ＝φA －φBd AB ＝100 V/m.电子从A 点到达C 点电势能的变化量为ΔE p ＝－W ＝1.6×10－19×100×0.05 J ＝8.0×10－19 J ，故A 项正确．答案：A6、(肇庆市高中毕业班模拟考试)如图所示，水平放置的平行金属导轨MN 和PQ 之间接有定值电阻R ，导体棒ab 长为l 且与导轨接触良好，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，现使导体棒ab 向右匀速运动，下列说法正确的是( )A．导体棒ab两端的感应电动势越来越小B．导体棒ab中的感应电流方向是a→bC．导体棒ab所受安培力方向水平向右D．导体棒ab所受合力做功为零解析：由于导体棒匀速运动，磁感应强度及长度不变，由E＝BLv可知，运动中感应电动势不变；由楞次定律可知，导体棒中的电流方向由b指向a；由左手定则可知，导体棒所受安培力方向水平向左；由于匀速运动，棒的动能未变，由动能定理可知，合力做的功等于零．选项A、B、C错误，D正确．答案：D7、(上海单科，1)由放射性元素放出的氦核流被称为( )A．阴极射线B．α射线C．β射线D．γ射线解析：本题考查天然放射现象．在天然放射现象中，放出α、β、γ三种射线，其中α射线属于氦核流，选项B正确．答案：B二、非选择题(河北省两校高三年级模拟考试)质量为m＝2 kg的物块静置于水平地面上，现对物块施加水平向右的力F，力F随时间变化的规律如图所示，已知物块与地面间的动摩擦因数μ＝0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2，求：(1)4 s后撤去力F，物块还能继续滑动的时间t；(2)前4 s内，力F的平均功率．解析：(1)物块与地面之间最大静摩擦力Ff m＝μmg＝4 N，在第1 s内物块静止不动第1～3 s内，物块做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律a 1＝F 1－μmg m＝2 m/s 23 s 末，物块的速度v 1＝a 1t 1＝2×2 m/s ＝4 m/s第3～4 s 内，物块做匀速直线运动，4 s 后撤去外力物块做匀减速运动，加速度大小为a 2＝μg ＝2 m/s 2则物块继续滑行时间t ＝v 1a 2＝2 s(2)设第1～3 s 内与第3～4 s 内物块的位移分别为x 1、x 2 x 1＝12a 1t 21＝4 mx 2＝v 1t 2＝4 m前4 s 内，力F 做功的大小为W ＝F 1x 1＋F 2x 2＝48 J 前4 s 内，力F 的平均功率P ＝Wt 总＝12 W答案：(1)2 s (2)12 W精品基础教育教学资料，仅供参考，需要可下载使用！2020年高考物理一轮复习强化训练题汇总4（含解析）一、选择题1、a 、b 、c 三个点电荷仅在相互之间的静电力的作用下处于静止状态。
2019高考物理一轮选练练题(9)(含解析)新人教版.docx
（人教）物理2019高考一轮选练练题（9）及答案李仕才一、选择题1、某同学利用如图实验装置研究摆球的运动情况,摆球从A点由静止释放，经过最低点C到达与A等高的B 点,D, E, F是OC连线上的点,OE二DE, DF二FC, 0C连线上各点均可钉钉子.每次均将摆球从A点由静止释放，不计绳与钉子碰撞时机械能的损失.下列说法正确的是（D ）A.若只在E点钉钉子，摆球最高可能摆到A, B连线以上的某点B.若只在D点钉钉子，摆球最高可能摆到A, B连线以下的某点C.若只在F点钉钉子，摆球最高可能摆到D点D.若只在F点以下某点钉钉子,摆球可能做完整的圆周运动解析:根据机械能守恒定律可知，在E点和D点钉钉子，摆球最高可摆到与A, B等高的位置，选项A, B错误；当在F点钉钉子时，摆球不可能摆到D点，因为摆球如果摆到D点,根据机械能守恒定律可知，其速度为0,可是摆球要想由C点摆到D点，在D点时必须有一定的速度，至少由重力提供向心力，选项C错误;若在F点以下钉钉子，则摆球摆到最高点时能够具有一定的速度，有可能做完整的圆周运动，选项D 正确.2、将一横截面为扇形的物体B放在水平面上，一小滑块A放在物体B上，如图所示，除了物体B与水平面间的摩擦力之外，其余接触面的摩擦力均可忽略不计，已知物体B的质量为M、滑块A的质量为叫当整个装置静止时，滑块A与物体B接触的一面与竖直扌当板之间的夹角为0 .已知重力加速度为g,则下列选项正确的是（）A.物体B对水平面的压力大小为MgB.物体B受水平面的摩擦力大小为mgtan 0C.滑块A与竖直挡板之间的弹力大小为严tan 0D.滑块A对物体B的压力大小为亠肓COS H解析：选c・以滑块A为研究对象进行受力分析，并运用合成法，如图所示，由儿何知识得，挡板对滑块A的弹力大小为C正确；物体B对滑块A的弹力大tan （丿小为2=亠盲，根据牛顿第三定律，滑块A对物体B的压力大小为一^, D错误；以滑sin 8 sin 8块A和物体B组成的系统为研究对象，在竖直方向上受力平衡，则水平面对物体B的支持力N=（M+m）g,故水平面所受压力大小为（M+m）g, A错误；A和B组成的系统在水平方向上受力平衡，则水平面对物体B的摩擦力大小为f 一，B错误.tan H3、（2018山东省师大附屮高三第三次模拟）如图所示，一斜而固定在地而上，木块/〃和〃叠放在一起沿斜面向下运动，它们始终相对静止，〃人〃间的动摩擦因数为妝斜面间的动摩擦因数为心，贝9（）A.若/〃、〃一起匀加速运动，可能有〃】=0, “2=0B.若in、M—起匀速运动，一定有"1 = 0, 〃2工0C.若〃人“一起匀加速运动，一定有心=0D.若加、〃一起匀速运动，可能有〃：工0, sHO【答案】D【解析】NK N—起匀加速下滑，对根据牛顿第二定律知，m受到三个力，M对m的支持力，m的重力，、【对m摩揀力，所以一定有旧丸，故A错误；\1、N—起匀速下'滑，合力都为零，对m：根据平衡条件知，M对m的支持力等于m的重力,'I对m没有摩撫力，故可能血0,也可能卩】=0;对整体：由平衡条件分析可知，斜面对M有摩揀力，方向沿斜面向上，故心=0;故3C错误，D正确；4、（多选）如图所示，以0为圆心的圆形区域内，存在方向垂直纸面向外的匀强磁场.磁场边界上的A点有一粒子发射源，沿半径八0方向发射出速率不同的同种粒子（粒子重力不计），垂直进入磁场.下列说法正确的是（）A.速率越人的粒子在磁场小运动的时间越长B.速率越大的粒子在磁场中运动的偏转角越小C.速率越大的粒子在磁场中运动的向心加速度越大D.速率越大的粒子在磁场中运动的角速度越大解析：选BC.根据飞可知，速度大的粒子的运动半径较大，运动圆弧对应的圆心角越小, qB在磁场中运动的偏转角越小，根据t=—T,则运动时间越小.故A错误，B正确；根据qvB =ma可知，速率越大的粒子在磁场中运动的向心加速度越大，选项C正确；据丁=斗可知,qB粒子的周期和角速度与粒子的速率无关，选项D错误；故选BC.5、如图所示，某导体的形状为长方体,其长、宽、高之比为a ： b ： c二5 ： 3 ： 2.在此长方体的上、下、左、右四个面上分别通过导线引出四个接线柱1,2, 3, 4.在1,2两端加上恒定的电压U,通过导体的电流为L;在3, 4两端加上恒定的电压U,通过导体的电流为12,则L ： 12为1?62A.9 ： 25B. 25 ： 9C. 25 ： 4D. 4 ： 25c U [jab解析：在1,2两端加电压U时,R l2=P ah, 11=^12= pc ；在3,4两端加电压U时，R沪Pa U ubcbe, I2/34二pa则11 : i2=a2 :层25 : 4.6、关于光的理解，下列说法正确的是（）A.光电效应和康普顿效应都表明光具有粒子性B.光在传播时是波，而与物质相互作用时就转变成粒子C.德布罗意是历史上第一个实验验证了物质波存在的人D.牛顿的“微粒说”与爱因斯坦的“光子说”本质上是一样的解析：选A.物体在光的照射下发射出电子的现象叫光电效应，根据爱因斯坦光子说的理论可知，光电效应说明了光具有粒子性，康普顿效应也揭示了光具有粒子性，A正确；光同时具有波粒二象性，B错误；德布罗意是历史上第一个提出物质波的人，C错误；牛顿认为光是一种实物，是一些硬的小球，是按照牛顿运动定律运动的.爱因斯坦的光子说认为，光子是一种不连续的，分离的粒子状的波动，这两种学说在本质上是不同的，D错误.7、（多选）如图所示的火警报警装置，乩为热敏电阻，若温度升高，则R】的阻值会急剧减小, 从而引起电铃电压的增加，当电铃电压达到一定值时，电铃会响.下列说法正确的是（）B. 当a=10m/s 2时，小球受的支持力为画C. 当a=12m/s 2时，经过1秒钟小球运动的水平位移是6mD. 在稳定后，地面对A 的支持力一定小于两个物体的重力之和【来源】【全国百强校】山西省太原市第五中学2018届高三下学期第二次模拟考试（5月） 物理试题【答案】AA. 要使报警的临界温度升高，可以适当增大电源的电动势B. 要使报警的临界温度降低，可以适当增大电源的电动势C. 要使报警的临界温度升高, 可以把R2的滑片P 适当向下移D. 要使报警的临界温度降低 可以把R2的滑片P 适当向下移解析：选BD.要使报警的临界温度升高，R 】对应的阻值减小，电路屮电流会增大，电铃两端 的电压会增大，而电铃电压达到一定值时，电铃会响，要使电铃的电压仍为原来的值，必须 适当减小电源的电动势，相反，要使报警的临界温度降低，可以适当增大电源的电动势.故 A 错课，B 正确.要使报警的临界温度升高，乩对应的阻值减小，根据串联电路的特点可知, 将使电铃的电压增大，要使电铃的电压仍为原来的值，可以把&的滑片P 适当向上移，以 减小R2,相反，要使报警的临界温度降低，可以把R2的滑片P 适当向下移，故C 错误，D 正 确.故选B 、D.8、如图所示，一细线的一端固定于倾角为叵的光滑楔形滑块A 上的顶端0处，细线另一 端拴一质量为m=0. 2kg 的小球静止在A 上。
【2019-2020】高考物理一轮选练编题(1)(含解析)新人教版
【2019-2020】高考物理一轮选练编题（1）（含解析）新人教版版物理2019年高考一轮选练编题（1）李仕才一、选择题1、如图,在水平面上A,B,C三点固定着三个电荷量为3Q的正点电荷,将另一质量为m的带正电的小球(可视为点电荷)放置在O点,OABC恰构成一棱长为L的正四面体.已知静电力常量为k,重力加速度为g.为使小球能静止在O点,则关于小球所受电场力的合力方向和所带的电荷量,下列说法中正确的是( AD )A.所受电场力的合力方向竖直向上B.所受电场力的合力方向竖直向下C.电荷量为D.电荷量为解析: 对小球受力分析可知,重力与库仑力平衡,所以小球受到三个库仑力的合力的方向与重力方向相反,选项A正确,B错误;将A,B,C处正点电荷施加的库仑力正交分解到水平方向和竖直方向,设α是A,B,C处正点电荷施加的库仑力方向与竖直方向的夹角,根据平衡条件在竖直方向上得3Fcos α=mg,又由库仑定律得F=,再由图可知,∠CAO′=30°,则AO′=,OO′=L,所以得cos α=,联立以上各式解得q=,选项C错误,D 正确.2、如图，两段等长轻质细线将质量分别为m、3m的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在a 球上的力大小为F 1、作用在b 球上的力大小为F 2，则此装置平衡时，出现了如图右所示的状态，b 球刚好位于O 点的正下方．则F 1与F 2的大小关系应为( )A ．F 1＝4F 2B ．F 1＝3F 2C ．3F 1＝4F 2D ．3F 1＝7F 2解析：选D.设Oa 绳、ab 绳和竖直方向的夹角为α.以两个小球组成的整体为研究对象，根据平衡条件可知，F 1－F 2＝T Oa sin α；T Oa cos α＝4mg ；对小球b ；T ab cos α＝3mg ；F 2＝T ab sin α由此可得：T Oa T ab ＝43；F 1－F 2F 2＝T Oa T ab，解得3F 1＝7F 2；故选D. 3、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为x ，动能变为原来的4倍。
2019-2020学年度上学期高中物理一轮总复习《x-t、v-t、a-t图像》试题
2019-2020学年度上学期高中物理一轮总复习试题内容：《x-t、v-t、a-t图像的应用》命题人：嬴本德测试时间：100分钟试卷满分：150分一、单选题：本题共30小题，每小题2分，共60分。
在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。
1．如图所示为甲和乙在地面同一直线上运动的v－t图象，已知t=0时甲乙从同一位置出发，则在0~4s内对于甲、乙运动描述正确的是（）A．甲做往返运动，4s末回到起点B．在t=2s时甲乙相距最大C．甲和乙之间的最大距离为8mD．甲和乙之间的最大距离为m3162．某物理兴趣小组用加速度传感器探究一质量为m的物体从静止开始做直线运动的情况，得到加速度随时间变化的关系如图所示，则由图象可知（）A．物体在t＝6s时速度为2.6m/sB．物体在10～14 s内的平均速度为3.8 m/sC．物体先做加速运动，再做减速运动，最后做匀速运动D．物体在t＝2 s与t＝8 s时所受合外力大小相等，方向相反3．一质点由静止开始沿直线运动，其速度－位移图象如图所示，运动到距出发点x0处，速度大小为v0．下列选项正确的是（）A．质点做匀加速直线运动B．质点运动前2x的平均速度大于后2x的平均速度C．质点运动x0的平均速度为2vD．以上说法都不对4．如图是某质点甲运动的速度－时间图像，下列说法正确的是（）A．质点在0～1 s内的平均速度是2 m/sB．质点在0～2 s内的位移大小是2 mC．质点在4 内的平均速度是1.25m/sD．质点在0～4 s内的位移是0 m5．光滑的水平面上有一物体在外力作用下做直线运动，物体的加速度随时间变化（a﹣t）的关系如图所示．已知t＝0时物体的速度为2m/s，以此时的速度方向为正方向．下列说法中正确的是（）A．0～1s内物体做匀加速直线运动B．t＝1s时物体的速度为4m/sC．t＝1s时物体开始反向运动D．t＝2s时物体离出发点最远6．甲乙两辆汽车在同一平直公路上行驶，其位移－时间图像如图所示，其中甲车图像为直线，乙车图像为抛物线，则下列关于两车运动情况的说法正确的是（）A．甲车做直线运动，乙车做曲线运动B．在t=2s时，甲、乙两车相遇C．在t=2s时，甲、乙两车速度大小相等D．在0~4s内，甲、乙两车的平均速度大小均为2m/s7．甲、乙两车从同一地点沿同一方向在一平直公路上做直线运动，它们的v－t图象如图所示．下列判断正确的是（）A．t=4s时，甲、乙两车相距最远B．t=8s时，乙车正好追上甲车C．0~10s运动过程中，乙车始终没有追上甲车D．t=6s之前，甲、乙两车越来越近8．如图，是一辆汽车做直线运动的x－t图象，对线段OA、AB、BC、CD 所表示的运动，下列说法正确的是A．OA段运动最快B．AB段汽车做匀速直线运动C．运动4h后汽车的位移大小为30kmD．CD段表示的运动方向与初始运动方向相反s9．东方网有消息报道：上海海洋大学研发的1.1万米载人潜水器，获得了上海市科委立项支持，这一深度已可抵达目前地球所知的最深的海沟-马里亚纳海沟．这意味着中国载人潜水器将在全世界近100%的海洋范围内自由行动．如图所示为潜水器在某次实验中下潜的速度一时间图象，规定向下为速度的正方向，则（）A．3s末潜水器的加速度为零B．0～1s内潜水器的加速度小于3s~5s内的加速度C．5s末，潜水器回到出发点D．5s末，潜水器离出发点最远10．我国“蛟龙号”深潜器经过多次试验，终于在2012年6月24日以7020m深度创下世界最新纪录（国外最深不超过6500m），这预示着它可以征服全球99.8%的海底世界．在某次实验中，深潜器内的显示屏上显示出的深度曲线如图（a）所示、速度图象如图（a）所示，则下列说法中正确的是（）A．（a）图表示深潜器一直在下潜B．本次实验中深潜器的最大加速度是0.025m/s2C．在3~4min和6~8min的时间段内深潜器具有向上的加速度D．在6~10min时间段内深潜器的平均速度为011．甲、乙两物体在同一直线上运动，运动情况如图所示，下列说法中正确的是（）A．经过12s，甲、乙两物体相遇B．经过6s，甲物体到达乙物体的出发点C．甲、乙两物体速度的大小相等、方向相反D．经过12s，乙物体的速度变为零12．如图所示是甲、乙两物体从同一点出发的位移－时间(x－t)图象，由图象可以看出在0~4 s这段时间内（）A．甲先上坡后下坡B．甲、乙两物体始终同向运动C．甲、乙两物体之间的最大距离为4mD．4s时甲乙两物体相遇13．2019年9月13日，美国导弹驱逐舰“迈耶”号擅自进人中国西沙群岛海域．我军组织有关海空兵力，依法依规对美舰进行了识别查证，予以警告，成功将其驱离．下图是美国导弹驱逐舰“迈耶”号在海面上被我军驱离前后运动的速度－时间图象，如图所示，则下列说法正确的是（）A．美舰在0~66s内从静止出发做加速度增大的加速运动B．美舰在66s末开始调头逃离C．美舰在96~116s内做匀减速直线运动D．美舰在66~96s内运动了225m14．为检测某新能源动力车的刹车性能，现在平直公路上做刹车实验，如图所示是动力车整个刹车过程中位移与速度平方之间的关系图象，下列说法正确的是（）A．动力车的初速度为40 m/sB．刹车过程动力车的加速度大小为5 m/s2C．刹车过程持续的时间为10sD．从开始刹车时计时，经过6s，动力车的位移为30m15．甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v－t图像如图所示．已知两车在t=3s时并排行驶，则正确的是（）A．两车另一次并排行驶的时刻是t=1sB．在t=0时，乙车在甲车前7mC．乙车做匀加速直线运动，加速度为10m/s2D．甲车2秒内行驶的距离为30m16．汽车的加速性能是反映汽车性能的重要指标．速度变化得越快，表明它的加速性能越好．右图为研究甲、乙、丙三辆汽车加速性能得到的v－t图像，根据图像可以判定（）A．甲车的加速性能最好B．乙车比甲车的加速性能好C．丙车比乙车的加速性能好D．甲、丙两车的加速性能相同17．汽车在平直公路上做刹车试验，若从t=0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系如图所示，下列说法正确的是（）A．t=0时汽车的速度为20 m/sB．刹车过程持续的时间为5 sC．刹车过程经过3 s时汽车的位移为10 mD．刹车过程汽车的加速度大小为10 m/s218．如图所示为某质点做直线运动时的v－t图象图象关于图中虚线对称，则在0～t1时间内，关于质点的运动，下列说法正确的是（）A．若质点能两次到达某一位置，则两次的速度都不可能为零B．若质点能三次通过某一位置，则可能三次都是加速通过该位置C．若质点能三次通过某一位置，则可能两次加速通过，一次减速通过D．若质点能两次到达某一位置，则两次到达这一位置的速度大小一定相等19．一物体由静止开始运动，其加速度a与位移x关系图线如图所示．下列说法正确的是（）A．物体最终静止B．物体的最大速度为02xaC．物体的最大速度为0223xaD．物体的最大速度为03xa20．如图甲所示，一斜面上安装有两个光电门，其中光电门乙固定在斜面上靠近底端处，光电门甲的位置可移动，将一带有遮光片的滑块自斜面上滑下时，用米尺测量甲、乙之间的距离x．与两个光电门都相连的计时器可以显示出遮光片从光电门甲至乙所用的时间T．改变光电门甲的位置进行多次测量，每次都使滑块从同一点由静止开始下滑，作出ttx-的图象如图乙所示．由此可以得出（）A．滑块经过光电门乙的速度大小为v0B．滑块经过甲、乙两光电门最长时间为t0C．滑块运动的加速度的大小tvD．图线下所围的面积表示物体由静止开始下滑至光电门乙的位移大小21．有四个物体A、B、C、D，物体A、B运动的x－t图象如图所示；物体C、D从同一地点沿同一方向运动的v－t图象如图所示．根据图象做出的以下判断中正确的是（）A．物体A和B均做匀变速直线运动B．在0~3 s的时间内，物体A、B的间距逐渐减小C．t＝3 s时，物体C、D的位移相同D．在0~3 s的时间内，物体C与D的间距逐渐增大22．如图，直线a与四分之一圆弧b分别表示两质点A、B从同一地点出发，沿同一方向做直线运动的v－t图，当B的速度变为0时，A恰好追上B，则A的加速度为（）A．1.0m/s2B．2.0m/s2C．2πm/s2D．πm/s223．某质点做直线运动，运动速率的倒数v1与位移x的关系如图所示(OA与AA′距离相等)，关于质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点做匀速直线运动B．xv-1图线斜率等于质点运动的加速度C．质点从C运动到C′所用的运动时间是从O运动到C所用时间的3倍D．质点从C运动到C′的运动位移是从O运动到C的运动位移的3倍24．甲乙两个物体在同一时刻沿同一直线运动，它们的速度﹣时间图象如图所示，下列有关说法正确的是（）A．在4～6 s内，甲、乙两物体的加速度大小相等，方向相反B．前6 s内甲通过的路程更大C．前4 s内甲、乙两物体的平均速度相等D．甲、乙两物体一定在2 s末相遇25．中国火箭航天集团专家称，人类能在20年后飞往火星．若一物体从火星表面竖直向上抛出（不计气体阻力）时的x－t图象如图所示，则（）A．该火星表面的重力加速度为3.2 m/s2B．该物体上升过程用时为10 sC．该物体被抛出时的初速度为8 m/sD．该物体落到火星表面时的速度为16 m/s26．可视为质点的M、N两车在同地、同时沿同一方向做直线运动，M做初速个度为零，加速度大小为a1的匀加速直线运动，N做初速度为v0、加速度大小为a2的匀减速直线运动至速度减为零，取出发点位置为x＝0，如图所示为M、N两车在运动过程中的位置(x)－速度(v)图象，则（）A．N的初速度大小为2m/sB．M、N两车加速度大小之和为6m/s2C．M车加速度大小是N车加速度大小的4倍D．M车加速度大小为2m/s227．如图所示，三个图象表示A、B、C、D、E、F六个物体的运动情况，下列说法中正确的是（）A．速度相等的物体是B、DB．合力为零的物体是A、C、EC．合力是恒力的物体是D、FD．合力是变力的物体是F28．甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t＝0时刻甲车在乙车前方9m处．在描述两车运动的v－t图像中（如图），直线a、b分别描述了甲乙两车在0～20s时间内的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（）A．在0～10s内两车逐渐靠近B．在0～20s内两车相遇两次C．在5～15s内甲车发生的位移大于乙车发生的位移D．在t＝10s时两车间距最小二、多选题：本题共30小题，每小题3分，共90分。
2020版高考物理一轮复习练习：动量守恒定律(含解析)
动量守恒定律小题狂练⑱小题是基础练小题提分快1.[2019·北京东城区模拟](多选)两物体组成的系统总动量守恒，这个系统中( )A．一个物体增加的速度等于另一个物体减少的速度B．一物体受合力的冲量与另一物体所受合力的冲量相同C．两个物体的动量变化总是大小相等、方向相反D．系统总动量的变化为零答案：CD解析：两个物体组成的系统总动量守恒，即p1＋p2＝p′1＋p′2，等式变形后得p1－p′1＝p′2－p2，即－Δp1＝Δp2，－m1Δv1＝m2Δv2，所以每个物体的动量变化大小相等，方向相反，但是只有在两物体质量相等的情况下才有一个物体增加的速度等于另一个物体减少的速度，故A错误，C正确；根据动量定理得I1＝Δp1，I2＝Δp2，每个物体的动量变化大小相等，方向相反，所以每个物体受到的冲量大小相等，方向相反，故B错误；两物体组成的系统总动量守恒，即系统总动量的变化为零，D正确．2．[2019·湖北省襄阳四中检测](多选)关于动量守恒的条件，下列说法正确的是( ) A．只要系统内存在摩擦力，系统动量就不可能守恒B．只要系统所受合外力所做的功为零，系统动量一定守恒C．只要系统所受合外力的冲量始终为零，系统动量一定守恒D．系统加速度为零，系统动量一定守恒答案：CD解析：只要系统所受外力的矢量和为零，系统动量就守恒，与系统内是否存在摩擦力无关，故A错误；系统所受合外力做的功为零，系统所受合外力不一定为零，则系统动量不一定守恒，故B错误；力与力的作用时间的乘积是力的冲量，系统所受到合外力的冲量为零，则系统受到的合外力为零，系统动量守恒，故C正确；系统加速度为零，由牛顿第二定律可得，系统所受合外力为零，系统动量守恒，故D正确．3．[2017·全国卷Ⅰ]将质量为1.00 kg的模型火箭点火升空，50 g燃烧的燃气以大小为600 m/s的速度从火箭喷口在很短时间内喷出．在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为(喷出过程中重力和空气阻力可忽略)( )A．30 kg·m/s B．5.7×102kg·m/sC．6.0×102kg·m/s D．6.3×102kg·m/s答案：A解析：燃气从火箭喷口喷出的瞬间，火箭和燃气组成的系统动量守恒，设燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为p，根据动量守恒定律，可得p－mv0＝0，解得p＝mv0＝0.050 kg×600如图所示，一个质量为M的木箱静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个质量为m的小木块．现使木箱获得一个向左的初速度] 如图所示，静止在光滑水平面上的木板m L－ddm L＋dd D.mdL－答案：B解析：据题意，人从船尾走到船头过程中，动量守恒，则有m L－dd，所以．[2019·福建省四地六校联考]如图所示，A、B两物体的中间用一段细绳相连并有一上后，A、B、C均处于静止状态．若地面光滑，则在细绳被剪时刻两物块达到共同速度1 m/s，且弹簧都处于伸长状态时刻弹簧由压缩状态恢复到原长m1：m2＝：2的动能之比为E k1：E k2＝：1的过程中，的速度增大，m1：m＝：1m/s，v B＝－1 m/s k1：＝：1D正确．10．[2019·广州模拟有一轻弹簧固定于其左端，另一质量也为．甲、乙两物块组成的系统在弹簧压缩过程中动量守恒．当两物块相距最近时，物块甲的速率为零车碰撞瞬间，两车动量守恒，机械能也守恒．从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中，A、B、0.16 m．碰前滑块Ⅰ与滑块Ⅱ速度大小之比为：2．碰前滑块Ⅰ的动量大小比滑块Ⅱ的动量大小大．碰前滑块Ⅰ的动能比滑块Ⅱ的动能小，则碰前速度大小之比为：2碰撞前，滑块Ⅰ的动量为负，滑块Ⅱ的动量为正，由于碰撞后总动量为正，故碰撞前滑块Ⅰ的动量大小小于滑块Ⅱ的动量大小，两质量分别为远大于两小球的半径，落地瞬间，所有的碰撞都是弹性碰撞，且都发生在竖直方向、碰撞时间均可忽略不计．已知．弹丸和木块的速率都是越来越小．弹丸在任一时刻的速率不可能为零如图所示，一半径为R的小球由A点静止释放，，动量大小为p A＝4 kg·m/s，小球．三球与弹簧组成的系统总动量守恒，总机械能不守恒如图所示，总质量为M带有底座的足够宽框架直立在光滑水平面的小球通过细线悬挂于框架顶部O处，细线长为当小球第一次回到O点正下方时，2mm2v20M＋m2LD mM－m2v20M＋m2L设小球第一次回到点正下方时，小球与框架的速度分别为m v1－v22L，解得细线的拉力两物体在光滑水平面上沿同一直线运动，如图表示发生碰撞前后的的质量比为：2作用前后总动量守恒作用前后总动量不守恒m A：m＝：2(m/s)2，作用后总动如图所示，光滑水平面上有两个质量分别为B开始处于静止状态，多选)如图所示，将一轻质弹簧从物体将其上端悬挂于天花板，下端系一质量为m1＝2.0 kg的物体m处由静止释放质量为R且内壁光滑的半圆槽置于光滑水平面上，的物块．现让一质量为m的小球自左侧槽口点进入槽内，并能从C点离开半圆槽，则以下结论中正确的是的木箱静止在光滑的水平面上，木箱内粗糙的底板正中央放着的小木块，小木块可视为质点．现使木箱和小木块同时获得大小为。
2022年新高考物理一轮复习练习：专题9 特殊类型的图像问题 (含解析)
专题9特殊类型的图像问题1．[角度创新]如图甲、乙所示，长度相同的两木块A、B均固定在水平地面上，木块A是由相同材料制成的，木块B的左右两部分C、D是由不同材料制成的．若一子弹(视为质点)分别以水平速度v0击中并恰好穿过木块A、B，子弹在A、C、D中运动的加速度大小恒为a、a1、a2且a1<a<a2，设子弹射穿木块A、B所用的时间分别为t A、t B，则()A．t A>t B B．t A＝t BC．t A<t B D．无法比较t A、t B的大小2．一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的规律如图所示．取物体开始运动的方向为正方向，则下列关于物体运动的v－t图像正确的是()3．(多选)一物体从一行星表面的某高度处自由下落(不计表层大气阻力).自开始下落计时，得到物体离行星表面的高度h随时间t变化的图像如图所示，则()A.行星表面的重力加速度大小为8m/s2B．行星表面的重力加速度大小为10m/s2C．物体落到行星表面时的速度大小为20m/sD．物体落到行星表面时的速度大小为25m/s4．一质点沿x 轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，x t－t 图像如图所示，则( )A ．质点做匀速直线运动，速度为1m /sB ．质点做匀加速直线运动，加速度为1m /s 2C ．质点在1s 末速度为3m /sD ．质点在第1s 内的平均速度为1.5m /s5．[情境创新]如图所示为某质点做直线运动时的v －t 图像，图像关于图中虚线对称，则在0～t 1时间内，关于质点的运动，下列说法正确的是( )A ．若质点能两次到达某一位置，则两次的速度都不可能为零B ．若质点能三次通过某一位置，则可能三次都是加速通过该位置C ．若质点能三次通过某一位置，则可能两次加速通过，一次减速通过D ．若质点能两次到达某一位置，则两次到达这一位置的速度大小一定相等6．[设问创新]一物体的运动图像如图所示，横、纵截距分别为n 和m ，在图像所示的运动过程中，下列说法正确的是( )A ．若该图像为x －t 图像，则物体速度一直减小B ．若该图像为a －t 图像，且物体的初速度为零，则物体的最大速度为mnC ．若该图像为a －x 图像，且物体的初速度为零，则物体的最大速度为mnD ．若该图像为a －x 图像，且物体的初速度为零，则物体最终静止7．图甲、乙、丙、丁为物体做直线运动的图像，下列说法正确的是( )A ．图甲中，物体在0～t 0这段时间内的位移小于v 0t 02B ．图乙中，物体的加速度为2m /s 2C ．图丙中，阴影面积表示t 1～t 2时间内物体的加速度变化量D ．图丁中，t ＝3s 时物体的速度为25m /s8．在平直的高速公路上有甲、乙两车，它们在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v 0＝108km /h ，距离x 0＝100m ，t ＝0时刻甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化如图所示(图1为甲，图2为乙)，取运动方向为正方向．(1)t ＝3s 时甲车速度是多少？此时甲、乙两车间距是多少？(2)通过计算说明两车在0～9s 内会不会相撞．(3)第(2)问中甲、乙两车如果相撞，则求出相撞时间；如果不相撞，则求第9s 末两车的间距．专题9 特殊类型的图像问题1．A 由题意可知，子弹穿过木块A 、B 后瞬间的速度均为零，子弹在木块A 中做初速度为v 0的匀减速直线运动至速度为零，子弹在木块B 中的运动情况是先在C 中以大小为a 1的加速度做匀减速直线运动，后在D 中以大小为a 2的加速度做匀减速直线运动至速度为零，由于子弹在木块A 、B 中运动的位移相同，子弹在A 、C 、D 中运动的速度－时间图像如图所示，由图可知t A >t B .2．C 根据加速度随时间变化的图像可知，0～1s 内物体做匀加速直线运动，速度v ＝at ，方向为正方向，选项D 错误；第1s 末物体的速度大小v 1＝1m/s ，方向为正方向，1～2s 内加速度为负值，因此物体做减速运动，v ＝v 1＋a (t －1s)，到2s 末，速度减小为0，选项B 错误；2～3s 内加速度为正值，初速度为0，物体做正方向的匀加速直线运动，v ＝a (t －2s)，即从第2s 末开始又重复前面的运动，选项C 正确，A 错误．3．AC 由图像可以看出，物体自由下落25m 所用的时间为2.5s ，由h ＝12gt 2得g ＝2h t 2＝2×252.52m/s 2＝8m/s 2，A 正确，B 错误；由v ＝gt 得物体落到行星表面时的速度v ＝gt ＝8×2.5m/s ＝20m/s ，C 正确，D 错误．4．C5.C 画出质点的运动过程简图如图所示。
2019高考物理一轮训练学题(9)(含解析)新人教版.doc
人教物理2019高考一轮训练学题（9）李仕才1、一个物体做末速度为零的匀减速直线运动，比较该物体在减速运动的倒数第3叭倒数第2叭最后1 m内的运动，下列说法中正确的是（）A.经历的时间Z比是1 ： 2 ： 3B.平均速度之比是3 ： 2 ： 1C.平均速度之比是1 ：（^2-1）:（羽一迈）D.平均速度Z比是（&+£） : （^2 + 1）: 1【答案】D【解析】将末速度为零的匀减速直线运动看成是反方向初速度为0的匀加速直线运动他向思维），从静止幵始通过连续相等的三段位移所用时间之比为/2： 6=1：（V2-1）：迈），则倒数第3 m、倒数第2 m、最后1 ni内经历的时间之比为&-迈）：（^2-1）: L平均速度之比为苗］迈:诂_ （・1=〔诟+ 迈）：（迈+1）： b故只有选项D正确.2、（多选）在探究静摩擦力变化的规律及滑动摩擦力变化的规律的实验中，特设计了如图16甲所示的演示装置，力传感器力与计算机连接，可获得力随时间变化的规律，将力传感器固定在光滑水平桌而上，测力端通过细绳与一滑块相连（调节力传感器高度可使细绳水平），滑块放在较长的小车上，小车一端连接一根轻绳并跨过光滑的轻定滑轮系一只空沙桶（调节滑轮可使桌面上部轻绳水平），整个装置处于静止状态.实验开始时打开力传感器同时缓慢向沙桶里倒入沙子，小车一旦运动起来，立即停止倒沙子，若力传感器采集的图象如图乙，则结合该图彖，下列说法正确的是（）图16A.可求出空沙桶的重力B.可求出滑块与小车之间的滑动摩擦力的大小C. 可求出滑块与小车之间的最大静摩擦力的大小D. 可判断第50 s 后小车做匀速直线运动（滑块仍在车上）【答案】ABC【解析】f=0时刻，力传感器显示拉力为2N,则滑块受到的摩揀力为静摩揀力，大小为2N,由车与 空沙桶受力平衡可知空沙桶的重力也等于2 N, A 对：r=50 5时刻摩揀力达到最大值，即最大静摩揀力为 3.5 N,同时小车启动，说明带有沙的沙桶重力等于3.5 N,此时摩揀力立即变为滑动摩撫力，最犬静摩揀力 略大于滑动摩揀力，故摩揀力突变为3 N 的滑动摩揀力，3、C 正确；此后由于沙和沙桶重力3.5 N 犬于滑 动摩揀力3N,故50$后小车将加速运动，D 错.点评：上面的实验案例考查了静摩擦力与滑动摩擦力的区分.本题的难点分为：（1）対摩擦力分类的判断，考虑到最大静摩擦力大于滑动摩擦力，故在f=50s 时刻为最大静摩擦力突变为滑动摩擦力的临界点，最大静摩擦力为3. 5 N. （2）在50 s 以后，沙和沙桶的重力一定大于滑动摩擦力，故小车加速运动，不可视为平衡状态来处理.3、如图（Q, —物块在Z=0时刻滑上一固定斜面，其运动的旷Z 图线如图（b ）所示.若重力加速度及图中的仏闪、衣均为已知量，则可求出（）A. 斜面的倾角B. 物块的质量C. 物块与斜面间的动摩擦因数D. 物块沿斜面向上滑行的最大高度 【答案】ACD图（b ）图（J【解析】由v-t图象可求知物块沿斜面向上滑行时的加速度大小为日=% ,根据牛顿第二定律得 /昭sin 〃+ 〃/昭cos 0 =ma,即倚in 〃+ 口geos—〃乳os ,两式联立得sin 0= 2筋，“ =2gg&.可见能计算出斜面的倾斜角度“以及动摩擦因数，选项A、C正确；物块滑上斜面时的初速度旳已知，向上滑行过程为匀减速直线运动，末速度为0,那么平均速度为2 ,所以沿斜面向上滑行的最远距离为x= 2如根据斜面的倾斜角度可计算出向上滑行的最大高度为%sin e= 2 勺+匕勺（勺+九）2劭 = ，选项D正确；仅根据旷£图彖无法求出物块的质量，选项B错误.4、某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又沿原路返回到山脚，上山的平均速度为旳，下山的平均速度为巾，则往返的平均速度的大小和平均速率分别是（）【答案】D【解析】平均速度是位移与时间的比值，由于此人爬山往返一次，位移加=0,平均速度万=等=£= 0;平均速率是路程与时间的比值，由于此人往返一次，路程为从山脚到山顶路程的2倍，平均速率为帶/1 + /25、一物体以初速度％做匀减速直线运动，第1 s内通过的位移为%）= 3 m,第2 s内通过的位移为X2=2 m,又经过位移朋物体的速度减小为0,则下列说法错误的是（）A.初速度％的大小为2. 5 m/sB.加速度a的大小为1 m/s2C.位移朋的大小为1. 125 mD.位移朋内的平均速度大小为0. 75 m/s【答案】A【解析】由加=亦可得加速度犬小口=1皿円第1 S末的速度"=巧厂=2.5 m/s;物体的速度由2.5 恥减速到00=Z1 .同理向下滑行时的in 0v o+v i v o v i所需时间f=今;=2-5 s,则经过位移M的时间伪1.5 s,且血=討=L125 C15位移血内的~a 2平均速度v=y=0.75 故选A.6、足球运动员已将足球踢向空屮，如图1所示，描述足球在向斜上方飞行过程某时刻的受力，其中正确的是⑺为重力，厂为脚对球的作用力，尸阳为阻力）（）图1【答案】B【解析】足球飞在空中时，一走受重力，且竖直向下；同时由于空气的作用，受到空气阻力；方向与运动方向相反；所以受力團正确的是3图。
2019-2020高考物理一轮复习选编练题(2)(含解析)新人教版
——教学资料参考参考范本——2019-2020高考物理一轮复习选编练题（2）（含解析）新人教版______年______月______日____________________部门李仕才1、如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动，物块与桌面间的动摩擦因数为( )图13A．2－ B. C. D.2【答案】C2、由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道。
当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行。
已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103 m/s，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103 m/s，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30°，如图所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为( )A. 西偏北方向，1.9×103m/sB. 东偏南方向，1.9×103m/sC. 西偏北方向，2.7×103m/sD. 东偏南方向，2.7×103m/s【答案】B【解析】如图所示，由余弦定理，可知，方向为东偏南方向，B 正确。
22312122cos30=1.910m/s v v v v v ∆=+-⨯【解题关键】解此题的关键是正确理解卫星轨道位置的以及运动和合成综合运用．3、（20xx 浙江新高考4月）如图所示，小芳在体重计上完成下蹲动作，下列F-t 图像能反应体重计示数随时间变化的是A. B.C. D.【答案】 C【解析】对人的运动过程分析可知，人下蹲的过程可以分成两段：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，故C正确，A、B、D错误；故选C。
2019年高考物理：一轮选练编题(2)(含解析)新人教版(含答案).doc
人教版物理2019年高考一轮选练编题（2）李仕才一、选择题1、学校“身边的物理”社团小组利用传感器研究物体的运动．在一小球内部装上无线传感器，并将小球竖直向上抛出，通过与地面上接收装置相连的计算机描绘出小球上抛后运动规律的相关图象．已知小球在运动过程中受到的空气阻力随速度的增大而增大，则下列图象可能是计算机正确描绘的是(已知v、t分别表示小球速度的大小、运动的时间)( )解析：选D.在上升过程和下降过程中，小球受到重力和阻力，根据速度的变化关系，判断出阻力的变化关系，结合牛顿第二定律判断出加速度的变化即可判断在上升阶段，物体做减速运动，根据牛顿第二定律可知mg＋f＝ma，其中f＝kv，由于速度减小，阻力减小，加速度减小，当速度达到0时，小球向下做加速运动，根据mg －kv ＝ma 可知，随时间的延续，速度增大，阻力增大，加速度减小，在v －t 图象中斜率代表加速度，故D 正确．2、如图所示,质量分别为m,2m 的小球A,B,由轻质弹簧相连后再用细线悬挂在电梯内,已知电梯正在竖直向上做匀加速直线运动,细线中的拉力为F,此时突然剪断细线.在线断的瞬间,弹簧的弹力大小和小球A 的加速度的大小分别为( A )A.,+gB.,+gC.,+gD.,+g解析:对两球及弹簧整体,由牛顿第二定律F-3mg=3ma,对B 球有F 弹-2mg=2ma,解得F 弹=,对A 球有mg+F 弹=ma A ,得a=+g,选项A正确.A3、（2018山东省临沂市高三上学期期中）某质点做匀变速直线运动，运动的时间为t，位移为x，该质点的图象如图所示，的是( )下列说法错误．．A. 质点的加速度大小为B. t=0时，质点的初速度大小为aC. t=0到t=b这段时间质点的平均速度为0D. t=0到t=b这段时间质点的路程为【答案】D4、如图所示，电梯质量为M ，电梯地板上放置一个质量为m 的物块，轻质钢索拉动电梯由静止开始竖直向上做匀加速直线运动，当上升高度为H 时，速度达到v.不计空气阻力，重力加速度为g ，在这个过程中( )A ．物块所受支持力与钢索拉力之比为m ∶MB ．地板对物块的支持力做的功等于12mv 2＋mgHC．物块克服重力做功的平均功率等于12 mgvD．电梯及物块构成的系统机械能增加量等于12(M＋m)v2解析：选BC.钢索拉力T＝(M＋m)(g＋a)，物块所受支持力F N ＝m(g＋a)，所以FNT＝mM＋m，A项错误．对物块m，由动能定理有WFN －mgH＝12mv2，得WFN＝12mv2＋mgH，B项正确．因物块做初速度为零的匀加速直线运动，则其平均速度v＝v2，物块克服重力做功的平均功率PG ＝mg v＝12mgv，C项正确．电梯及物块构成的系统机械能增加量等于(M＋m)gH＋12(M＋m)v2，D项错误．5、如图(甲)所示为研究光电效应的电路图,实验得到了如图(乙)所示的遏止电压Uc和入射光频率ν的图像.下列说法正确的是( A )A.图像与横轴交点坐标的物理意义是该金属的截止频率B.图像斜率为普朗克常量hC.遏止电压越高,截止频率越大D.入射光频率增大,逸出功也增大解析:当遏止电压为零时,最大初动能为零,则入射光的能量等于逸出功,所以W 0=h ν0,故A 正确.根据光电效应方程E km =h ν-W 0和eU c =E km 得,U c =-,知图线的斜率等于,故B 错误.当入射光的频率大于截止频率时,遏止电压与入射光的频率成线性关系,故C 错误.从图像上可知,逸出功W 0=h ν0,逸出功与入射光频率无关,故D 错误.6、关于玻尔建立的氢原子模型，下列说法正确的是( )A ．氢原子处于基态时，电子的轨道半径最大B ．氢原子在不同能量态之间跃迁时可以吸收任意频率的光子C．氢原子从基态向较高能量态跃迁时，电子的动能减小D．氢原子从基态向较高能量态跃迁时，系统的电势能减小解析：选C.氢原子处于基态时，电子的轨道半径最小，故A错误；由hν＝Em －En知氢原子在不同能量态之间跃迁时只可以吸收特定频率的光子，故B错误；氢原子从基态向较高能量态跃迁，电子距离氢原子核的距离增大，匀速圆周运动的半径增大，线速度减小，动能减小，C正确；氢原子从基态向较高能量态跃迁时，电子距离氢原子核的距离增大，电场力做负功，电势能增大，D错误．7、在地面附近，存在着两个有边界的理想电场，边界AB 将该空间分成上、下两个区域Ⅰ、Ⅱ，区域Ⅰ中有竖直向上的匀强电场，区域Ⅱ中有竖直向下的匀强电场，两区域电场强度大小相等，在区域Ⅰ中的P点由静止释放一个质量为m、电荷量为q 的带电小球，小球穿过边界AB时的速度为v0，进入区域Ⅱ到达M点时速度刚好为零，如图所示．已知此过程中小球在区域Ⅱ中运动的时间是在区域Ⅰ中运动时间的2倍，已知重力加速度为g，不计空气阻力，以下说法正确的是( )A ．小球带正电B ．电场强度大小为3mg qC ．P 点距边界AB 的距离为208v gD ．若边界AB 处电势为零，则M 点电势为－2034mv q【答案】BCD的距离为x 1＝2012v a ＝208v g ，M 点距边界AB 的距离为x 2＝2022v a ＝204v g ，M 点与AB 边界的电势差U ＝Ex 2＝2034v mg q g ·＝2034mv q ，若边界AB 处电势为零，则M 点的电势φM ＝－2034mv q ，选项B 、C 、D 正确．8、（多选）在冰壶比赛中，某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶，两者在大本营中心发生对心碰撞如图(a)所示，碰后运动员用冰壶刷摩擦蓝壶前进方向的冰面来减小阻力，碰撞前后两壶运动的v-t图线如图(b)中实线所示，其中红壶碰撞前后的图线平行，两冰壶质量均为19 kg，则A. 碰后蓝壶速度为0.8m／sB. 碰后蓝壶移动的距离为2.4mC. 碰撞过程两壶损失的动能为7.22JD. 碰后红、蓝两壶所滑过的距离之比为1:20【来源】宁夏银川一中2018届高三第四次模拟考试理综物理试卷【答案】AD【解析】A、设碰后蓝壶的速度为,碰前红壶的速度碰后红壶的速度为根据动量守恒定律可得:解得，故A正确；B、根据碰前红壶的速度图像可以知道红壶的加速度为:碰后红壶减速到零需要的时间为：碰后蓝壶运动图像的面积代表走过的位移，故B错；点睛：知道v-t图像中斜率代表加速度，面积代表运动走过的位移，并利用动量守恒解题。
2019高考物理一轮复习编练习题(9)(含解析)新人教版.docx
2019高考物理（人教）一轮编练习题（9）李仕才一、选择题1、如图所示，一光滑小球静置在光滑半球面上，被竖直放置的光滑挡板挡住，现水平向右缓慢地移动挡板，则在小球运动的过程中（该过程小球未脱离球面且球面始终静止），挡板对小球的推力只半球面对小球的支持力尺的变化情况是（）解析某时刻小球的受力如图所示，设小球与半球面的球心连线跟竖直方向的夹角为S则FV2* 随着扌当板向右移动，。
越来越大，则尸和尺都要增大。
答案B2、带同种电荷的臼、方两小球在光滑水平面上相向运动.已知当小球间距小于或等于厶时，两者间的库仑力始终相等；小球间距大于厶时，库仑力为零.两小球运动时始终未接触, 运动时速度孑随时I'可£的变化关系图象如图3所示.由图可知（）A.日小球质量大丁•方小球质量B.在方2时刻两小球间距最大C.在0〜十3时间内两小球间距逐渐减小图3A.尸增大，尺减小B.F增大,尺增大C. F减小,斥减小D. F减小，尺增大D.在0〜方2时间内b小球所受斥力方向始终与运动方向相反答案A解析从速度一时间图象可以看出方小球速度一时间图象的斜率绝对值较大，所以〃小球的加速度较大，两小球Z间的排斥力为相互作用力，大小相等，根据加速度大的质m量小，所以自小球质量大于方小球质量，故A正确；Zi〜Z2时间内，二者做同向运动，所以当速度相等吋距离最近，即盹吋刻两小球距离最小，之后距离又开始逐渐变大，故B、C错误；方球在0〜力时间内做匀减速运动，所以0〜b时间内排斥力与运动方向相反，在力〜方2 时间内做匀加速运动，斥力方向与运动方向相同，故D错误.3、如图1所示，一铁球用细线悬挂于天花板上，静止垂在桌子的边缘，悬线穿过一光盘的中间孔，手推光盘在桌面上平移，光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度y匀速运动，当光盘由/H立置运动到图中虚线所示的〃位置时，悬线与竖直方向的夹角为〃，此时铁球（）天花板A.竖直方向速度大小为rcos 0B.竖直方向速度大小为卩sin BC.竖直方向速度大小为Kan 0D.相对于地而速度大小为r答案B解析光盘的速度是水平向右的，将该速度沿线和垂直于线的方向分解，如图所示,沿线方向的分量* ”二应叭这就是桌面以上悬线变长的速度，也等于铁球上升的速度，B正确；由题意可知铁球在水平方向上速度与光盘相同，竖直方向速度为询曲，可得铁球相对于地面速度大小为v\/] + siii 巧，D 错误.4、国务院批复，自2016年起将4月24日设立为“中国航天日”。
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【2019-2020】高考物理一轮复习编练习题（9）（含解析）新人教版）
李仕才
一、选择题
1、如图所示，一光滑小球静置在光滑半球面上，被竖直放置的光滑挡板挡住，现水平向右缓慢地移动挡板，则在小球运动的过程中(该过程小球未脱离球面且球面始终静止)，挡板对小球的推力F、半球面对小球的支持力F N的变化情况是( )
图
A．F增大，F N减小B．F增大，F N增大
C．F减小，F N减小D．F减小，F N增大
解析某时刻小球的受力如图所示，设小球与半球面的球心连线跟竖直方向的夹角为
α，则F＝mg tan α，F N＝mg
cos α
，随着挡板向右移动，α越来越大，则F和F N都要增大。
答案 B
2、带同种电荷的a、b两小球在光滑水平面上相向运动.已知当小球间距小于或等于L 时，两者间的库仑力始终相等；小球间距大于L时，库仑力为零.两小球运动时始终未接触，运动时速度v随时间t的变化关系图象如图3所示.由图可知( )
图3
A.a小球质量大于b小球质量
B.在t2时刻两小球间距最大
C.在0～t3时间内两小球间距逐渐减小
D.在0～t 2时间内b 小球所受斥力方向始终与运动方向相反 答案 A
解析 从速度－时间图象可以看出b 小球速度－时间图象的斜率绝对值较大，所以b 小球的加速度较大，两小球之间的排斥力为相互作用力，大小相等，根据a ＝F
m
知，加速度大的质量小，所以a 小球质量大于b 小球质量，故A 正确；t 1～t 2时间内，二者做同向运动，所以当速度相等时距离最近，即t 2时刻两小球距离最小，之后距离又开始逐渐变大，故B 、C 错误；b 球在0～t 1时间内做匀减速运动，所以0～t 1时间内排斥力与运动方向相反，在t 1～t 2时间内做匀加速运动，斥力方向与运动方向相同，故D 错误.
3、如图1所示，一铁球用细线悬挂于天花板上，静止垂在桌子的边缘，悬线穿过一光盘的中间孔，手推光盘在桌面上平移，光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度v 匀速运动，当光盘由A 位置运动到图中虚线所示的B 位置时，悬线与竖直方向的夹角为θ，此时铁球( )
图1
A.竖直方向速度大小为v cos θ
B.竖直方向速度大小为v sin θ
C.竖直方向速度大小为v tan θ
D.相对于地面速度大小为v 答案 B
4、国务院批复，自2016年起将4月24日设立为“航天日”。
1970年4月24日我国
首次成功发射的人造卫星东方红一号，目前仍然在椭圆轨道上运行，其轨道近地点高度约为440 km，远地点高度约为2 060 km；1984年4月8日成功发射的东方红二号卫星运行在赤道上空35 786 km的地球同步轨道上。
设东方红一号在远地点的加速度为a1，东方红二号的加速度为a2，固定在地球赤道上的物体随地球自转的加速度为a3，则a1、a2、a3的大小关系为( )
A．a2＞a1＞a3 B．a3＞a2＞a1
C．a3＞a1＞a2 D．a1＞a2＞a3
5、[多选]我国高铁技术处于世界领先水平。
和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车。
假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上运行过程中阻力与车重成正比。
某列车组由8节车厢组成，其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组( )
A．启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反’
B．做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力之比为3∶2
C．进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比
D．与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1∶2
解析：选BD 启动时，乘客的加速度向前，车厢对人的作用力方向向前，与车运动的方向相同，选项A错误。
以后面的车厢为研究对象，F56－3f＝3ma，F67－2f＝2ma，则5、6节与6、7节车厢间的作用力之比为3∶2，选项B正确。
根据v2＝2ax，车厢停下来滑行的距离x 与速度的二次方成正比，选项C错误。
若改为4节动车，则功率变为原来2倍，由P＝Fv 知，最大速度变为原来2倍，选项D正确。
6、(多选)甲、乙两运动物体在t1、t2、t3时刻的速度矢量分别为v1、v2、v3和v1′、v2′、v3′.下列说法中正确的是( )
A ．甲做的可能是直线运动，乙做的可能是圆周运动
B ．甲和乙可能都做圆周运动
C ．甲和乙受到的合力都可能是恒力
D ．甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力
解析：选BD.甲、乙两物体速度的方向在改变，不可能做直线运动，则A 错；从速度变化量的方向看，甲的方向一定，乙方向发生了变化，甲的合力可能是恒力，也可能是变力，而乙的合力不可能是恒力，则C 错误，B 、D 正确．
7、(多选)如图所示，在光滑绝缘水平面上的P 点正上方O 点固定了一电荷量为＋Q 的正点电荷，在水平面上的N 点，由静止释放一质量为m 、电荷量为－q 的负检验电荷，该检验电荷经过P 点时速度为v ，图中θ＝60°，规定电场中P 点的电势为零，则在＋Q 形成的电场中( )
A ．N 点电势高于P 点电势
B ．N 点电势为－mv 2
2q
C ．P 点电场强度大小是N 点的4倍
D ．检验电荷在N 点具有的电势能为－12
mv 2
解析：选BC.沿电场线方向电势降低，由正点电荷的电场分布可知N 点电势低于P 点电势，A 错误；负电荷由N 至P ，电场力做正功，电势能的减小量等于动能的增加量，又负电荷在P 点的电势能为0，故负电荷在N 点的电势能为12mv 2，N 点电势为－mv
2
2q ，B 正确，D 错误；由
点电荷的场强公式E ＝k Q r
2可知P 点电场强度大小是N 点的4倍，C 正确．本题选B 、C.
8、质量为m 、电荷量为q 的微粒以速度v 与水平方向成θ角从O 点进入方向如图所示
的正交的匀强电场和匀强磁场组成的混合场区，该微粒在电场力、洛伦兹力和重力的共同作用下，恰好沿直线运动到A ，下列说法中正确的是( )
A ．该微粒一定带负电荷
B ．微粒从O 到A 的运动可能是匀变速运动
C ．该磁场的磁感应强度大小为mg cos θ
qv
D ．该电场的场强为Bv cos θ
解析：选A.若微粒带正电q ，它受竖直向下的重力mg 、向左的电场力qE 和斜向右下方的洛伦兹力qvB ，知微粒不能做直线运动．据此可知微粒应带负电q ，它受竖直向下的重力mg 、向右的电场力qE 和斜向左上方的洛伦兹力qvB ，又知微粒恰好沿着直线运动到A ，可知微粒应该做匀速直线运动，则选项A 正确，B 错误；由平衡条件有关系：cos θ＝mg
qvB
，sin θ＝
qE Bqv ，得磁场的磁感应强度B ＝mg qv cos θ
，电场的场强E ＝Bv sin θ，故选项C 、D 错误． 二、非选择题
1、如图9甲所示，质量为m ＝20kg 的物体在大小恒定的水平外力作用下，冲上一足够
长从右向左以恒定速度v 0＝－10m/s 传送物体的水平传送带，从物体冲上传送带开始计时，物体的速度－时间图象如图乙所示，已知0～2 s 内水平外力与物体运动方向相反，2～4 s 内水平外力与物体运动方向相反，g 取10 m/s 2
.求：
甲
乙 图9
(1)物体与传送带间的动摩擦因数； (2)0～4s 内物体与传送带间的摩擦热Q .
答案 (1)0.3 (2)2880J
解析 (1)设水平外力大小为F ，由图象可知0～2s 内物体做匀减速直线运动，加速度大小为a 1＝5m/s 2
，由牛顿第二定律得：F ＋F f ＝ma 1
2～4s 内物体做匀加速直线运动，加速度大小为a 2＝1m/s 2
，由牛顿第二定律得：F f －F ＝ma 2
此过程中物体与传送带间的摩擦热
Q 1＝F f (x 1－x 1′)＝1800J
2～4s 内物体的对地位移
x 2＝v 2＋02
t 2＝－2m
传送带的对地位移
x 2′＝v 0t 2＝－20m
此过程中物体与传送带间的摩擦热
Q 2＝F f (x 2－x 2′)＝1080J
0～4s 内物体与传送带间的摩擦热
Q ＝Q 1＋Q 2＝2880J。