2019届高考物理二轮复习选择题满分练10作业(全国通用)

选择题满分练十
说明：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1 5题只有一项符合题目要求，第6 8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
1．(2018·山东省济南市高三二模)质量为m 、长度为l 的均匀软绳放置在水平地面上．现将软绳一端提升至离地面高度为h 处，软绳完全离开地面，则至少需要对软绳做的功为( )
A ．mg l 2
B ．mg h 2
C ．mg (h －l )
D ．mg ⎝ ⎛⎭
⎪⎫h －l 2 解析：选 D.对软绳做的功等于它的重力势能的增加量，即W ＝ΔE p ＝
mg ⎝ ⎛⎭⎪⎫l 2＋h －l ＝mg ⎝ ⎛⎭
⎪⎫h －l 2，选项D 正确． 2．下列说法正确的是( )
A ．玻尔通过对氢原子光谱的研究建立了原子的核式结构模型
B ．某些原子核发生衰变时能够放出β粒子，说明原子核内有β粒子
C ．原子核反应中的质量亏损现象违反了能量守恒定律
D ．某种单色光照射某种金属发生光电效应，若增大光照强度，则单位时间内发射的光电子数增加
解析：选D.卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子核式结构模型，玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征，故A 错误；β衰变中产生的β射线实际上是原子核中的中子转变成质子，而放出电子，故B 错误；核反应中的质量亏损现象遵循能量守恒定律，故C 错误；发生光电效应时，单位时间内发射的光电子数随入射光强度的增加而增大，故D 正确；故选D.
3．如图所示，在天花板下用细线悬挂一半径为R 的金属圆环，圆环处于静止状态，圆环一部分处在垂直于环面的磁感应强度大小为B 的水平匀强磁场中，环与磁场边界交点A 、B 与圆心O 连线的夹角为120°，此时悬线的拉力为F .若圆环通电，使悬线的拉力刚好为零，则环中电流大小和方向是( )
A ．大小为
3F 3BR
，沿顺时针方向 B ．大小为3F 3BR
，沿逆时针方向 C ．大小为3F BR ，沿顺时针方向
D ．大小为3F BR ，沿逆时针方向 解析：选A.环受安培力的有效长度为l ＝2·R cos 30°＝3R ，由BIl ＝mg ＝F ，可知，I ＝3F 3BR
，方向为顺时针方向． 4．一质点从静止开始沿着直线运动，先后经历匀加速、匀速和匀减速三个运动过程，三段过程运动位移均为x ，匀加速运动时间为t ，匀减速运动时间为
3
4t ，则下列说法中正确的是( ) A ．质点在匀加速阶段的加速度大小小于匀减速运动阶段的加速度大小
B ．质点在匀减速阶段的末速度大小是匀速运动阶段的速度大小的一半
C ．质点在匀加速运动阶段的平均速度等于匀减速运动阶段的平均速度
D ．质点在匀速运动阶段的运动时间为12
t 解析：选D.设匀速运动的速度大小为v ，质点在匀减速阶段的末速度大小为
v t ，质点在匀加速阶段x ＝0＋v 2t ＝vt 2，匀减速运动阶段x ＝v t ＋v 2×34t ，解得v t ＝v 3，质点在匀加速阶段的加速度大小a 1＝v －0t ＝v t ，匀减速运动阶段的加速度大小a 2
＝v －v 334
t ＝8v 9t ，故AB 错误；质点在匀加速运动阶段的平均速度v 1＝0＋v 2＝v 2，匀减速运动阶段的平均速度v 2＝v ＋13v 2＝2v 3
，故C 错误；质点在匀速运动阶段的运
动时间t ′＝x v ＝12vt v ＝12
t ，故D 正确；故选D.
5．(2018·山东泰安市二模)北斗地图APP 即将上线，其导航
功能可精确到1米以内，能够清晰定位到具体车道．如图所示是
北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a 、b 、c 三颗卫星
均做圆周运动，其中a 是地球同步卫星，则( )
A ．卫星a 的角速度小于c 的角速度
B ．卫星a 的加速度大于b 的加速度
C ．卫星a 的运行速度大于第一宇宙速度
D ．卫星b 的周期大于24 h
解析：选A.根据万有引力提供向心力：G Mm r 2＝mω2r ，解得：ω＝GM r 3
，可知轨道半径大的卫星角速度小，所以卫星a 的角速度小于c 的角速度．故A 正确．卫星的加速度为a ＝ω2r ＝GM r 2
，可知轨道半径大的卫星加速度小，所以卫星a 与b 的加速度大小相等．故B 错误．第一宇宙速度是卫星绕地球做圆周运动时最大的运行速度，则知卫星a 的运行速度小于第一宇宙速度，故C 错误．卫星a 与b 的轨道半径相同，角速度相等，则周期也相等，所以卫星b 的周期等于24 h ，故D 错误．故选A.
6．如图所示的电路中电表均为理想电表，闭合开关S ，
将滑动变阻器的滑片P 向右移动至某一位置，与移动前相比，
下列说法正确的是( )
A ．电流表读数变小，电压表读数变大
B ．小灯泡L 变亮
C ．电源的输出功率一定变大
D ．电容器C 所带的电荷量减少
解析：选BD.由图可知，电容并联在滑动变阻器两端；当滑片右移时，滑动
变阻器接入电阻减小；则总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，故电流表示数增大，灯泡亮度变亮，因内压增大，故电压表示数减小，故A 错误，B 正确；由P ＝EI 可知，电源的总功率变大，当外阻和内阻相等时输出功率最大，因为不知道外阻和内阻的关系，所以不能判断电源输出功率的变化，故C 错误；因电容器并联在滑动变阻器两端；总电流变大，灯泡及内阻分压增大，则滑动变阻器分压减小，故电容器C 两端的电压减小，所以C 上的电量减小，故D 正确．所以BD 正确，AC 错误．
7．如图甲所示，abcd 是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框，金属线框的质量为m ，电阻为R ，在金属线框的下方有一匀强磁场区域，MN 和PQ 是匀强磁场区域的水平边界，并与线框的bc 边平行，磁场方向垂直于线框平面向里．现使金属线框从MN 上方某一高度处由静止开始下落，如图乙是金属线框由开始下落到完全穿过匀强磁场区域瞬间的v -t 图象，图中字母均为已知量．重力加速度为g ，不计空气阻力．下列说法正确的是( )
A ．金属线框刚进入磁场时感应电流方向沿adcba 方向
B ．金属线框的边长为v 1(t 2－t 1)
C ．磁场的磁感应强度为1v 1（t 2－t 1） mgR v 1
D ．金属线框在0 t 4的时间内所产生的热量为2mgv 1(t 2－t 1)＋12
m (v 23－v 22) 解析：选BCD.金属线框刚进入磁场时，由楞次定律知感应电流方向沿abcda 方向，A 错误．由图象可知，线框先做自由落体运动，t 1匀速进入磁场，直至全
部进入磁场，因此线框的边长为v 1(t 2－t 1)，B 正确．由mg ＝B 2l 2v 1R ，代入得B ＝
1v 1（t 2－t 1） mgR v 1
，C 正确．由能量守恒定律可知，线框入磁场时Q 1＝mgv 1(t 2－t 1)，线框出磁场时Q 2＝mgv 1(t 2－t 1)＋12
m (v 23－v 22)，D 正确． 8．如图甲所示，平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为 ，一端固定在倾角为θ的斜面底端，另一端与物块A 连接；两物块A 、B 质量均为m ，初始时物块均静止．现用平行于斜面向上的拉力F 拉动物块B ，使B 做加速度为a 的匀加速运动，两物块在开始一段时间内的v -t 图象如图乙所示(t 1时刻A 、B 的图线相切，t 2时刻对应A 图线的最高点)，重力加速度为g ，则( )
A ．A 达到最大速度时的位移mg sin θ
k
B ．拉力F 的最小值为mg sin θ＋ma
C ．A 、B 分离时t 1＝ 2（mg sin θ－ma ）ak
D ．A 、B 分离前，A 和弹簧系统机械能增加
解析：选AC.开始时弹簧的压缩量满足2mg sin θ＝ x 1，当A 达到最大速度时加速度为零，此时A 、B 已分离满足mg sin θ＝ x 2，所以A 的位移为x ＝x 1－
x 2＝mg sin θk ，开始时力F 最小，此时对AB 整体满足F ＋ x 1－2mg sin θ＝2ma ，解得F ＝2ma ；当AB 分离时，AB 之间的弹力为零，此时对A ： x 3－mg sin θ＝
ma ，此时物体A 的位移为x ＝x 1－x 3＝mg sin θ－ma k ＝12
at 21，解得t 1＝2（mg sin θ－ma ）ak
；A 、B 分离前，A 、B 和弹簧系统除重力和弹力做功外还有力F 做正功，所以机械能增加；A 和弹簧系统除重力和弹力做功以外，还有B 对A 的弹力对A 做负功，所以A 和弹簧系统的机械能减少．选项AC 正确．。