020赢在微点物理一轮复习_人教版_第十二章课时练习 单元评估验收(十二) 近代物理初步 (3)
2020赢在微点物理一轮复习_人教版_第十章课时练习 电磁感应单元评估验收(十) 电磁感应 (1)
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高考复习顶层设计 物理
7．(2019·潍坊一中预测卷)(多选)根据实际需要，磁铁可以制造成多种 形状，如图就是一根很长的光滑圆柱形磁棒，在它的侧面有均匀向外的辐射 状磁场。现将磁棒竖直固定在水平地面上，磁棒外套有一个粗细均匀的圆形 金属线圈，金属线圈的质量为 m，半径为 R，电阻为 r，金属线圈所在位置 的磁场的磁感应强度大小为 B。让金属线圈从磁棒上端由静止释放，经一段 时间后与水平地面相碰(碰前金属线圈已达最大速度)并原速率反弹，又经时 间 t，上升到距离地面高度为 h 处速度减小到零。下列说法中正确的是( )
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解析 金属线圈与地面撞击前已达最大速度，设最大速度为 v。感应 电动势为：E＝B·2πRv，感应电流大小 I＝Er ，线圈受到的安培力 FA＝BIL ＝BI·2πR，联立解得安培力大小 FA＝4π2Br2R2v，根据平衡条件有：FA＝mg， 解得：v＝4πm2Bg2rR2，故 A 项错误；撞击反弹后上升到最高处 h 的过程中， 取向下为正方向，由动量定理得：mgt＋BI·2πRt＝0－(－mv)，又通过金属 线圈某一截面的电荷量 q＝It，联立解得：q＝8πm3B2g3rR3－2mπBgtR，故 B 项正 确，C 项错误；撞击反弹后上升到最高处 h 的过程中，金属线圈中产生的 焦耳热 Q＝21mv2－mgh＝32mπ34gB2r4R2 4－mgh，故 D 项正确。
答案 A
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6．(多选)如图甲所示，静止在水平面上的等边三角形金属线框，匝数 n ＝20，总电阻 R＝2.5 Ω，边长 L＝0.3 m，处在两个半径均为 r＝0.1 m 的圆 形匀强磁场中。线框顶点与右侧圆心重合，线框底边与左侧圆直径重合。磁 感应强度 B1 垂直水平面向外，B2 垂直水平面向里；B1、B2 随时间 t 的变化 图线如图乙所示。线框一直处于静止状态。计算过程中取 π＝3，下列说法 中正确的是( )
2020赢在微点物理一轮复习精品课件 (12)
解析 本题考查多用电表的使用及操作要点，考查考生对多用电表使用的 熟练程度。
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七、误差分析 1．欧姆表刻度不均匀造成误差。 2．多用电表内电池用旧了导致电动势下降带来误差。
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(判断正误，正确的画“√”，错误的画“×”。) 1．使用多用电表的欧姆挡时只要换挡必须重新进行欧姆调零。(√ ) 2．表盘上的电流刻度是均匀的，电阻刻度是不均匀的。( √ )
(4)选择适当的量程，测定灯泡、电炉丝和人体的电阻。 实验完毕，将表笔从插孔中拔出，并将选择开关置于“OFF”挡或交流电压 最高挡。
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2．用多用电表探测黑箱内的电学元件 (1)黑箱上的三个接点呈三角形排列，两个接点间最多只能有一个元件， 箱内的总元件数不超过两个，可能的元件有电池、电阻和二极管，但一般不设 置电池。 (2)二极管全称晶体二极管，它是用半导体材料制成的电子元件。二极管 有两根引线，一根叫正极，一根叫负极。将二极管和小灯泡按如图甲所示的电 路连接起来，即给二极管加上正向电压，可以看到，小灯泡正常发光；将二极 管的两极对调一下，即给二极管加上反向电压，可以看到，小灯泡不发光(如 图乙所示)。这说明二极管具有单向导电性。当二极管加上一定的正向电压时， 它的电阻值很小，就像一个接通的开关一样；当给二极管加上反向电压时，它 的电阻值变得很大，就像断开的开关一样。
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赢在高考物理(人教一轮)详细答案1.1
第一章直线运动第一节运动的描述匀速运动随堂演练巩固1.(原创题)北京时间2011年12月2日5时07分,中国在西昌卫星发射中心用”长征三号甲”运载火箭将第十颗北斗导航卫星成功送入太空预定轨道.北斗卫星导航系统将免费提供定位、测速和授时任务，定位精度10m，测速精度零点0.2m/s，以下说法正确的是（）A.北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位移B.北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位置C.北斗导航卫星授时服务提供的是时刻D.北斗导航卫星测速服务提供的是运动物体的速率【解析】由位置、位移、时间、时刻、速度、速率的定义可知，北斗导航卫星定位提供的是一个点，是位置，不是位置的变化，A错、B对；北斗导航卫星授时服务提供的是时刻，C对；北斗导航卫星测速服务提供的是运动物体某时刻的速度的大小即速率，D正确.【答案】BCD2.在两条相互垂直的水平直道上,甲正以3 m/s的速度自西向东朝十字路口走去,乙正以4 m/s的速度通过十字路口向北走去,此时甲、乙之间的距离为100 m.则在以后的过程中,甲、乙之间的最小距离是( )A.100 mB.80.8 mC.80 mD.70.7 m【解析】从乙正以4 m/s的速度通过十字路口向北走去时开始计时,t时刻两者的距离m m,则当t=12 s时,s有最小值为正确.【答案】C3.一物体以初速度、加速度a做匀加速直线运动,若物体从t时刻起,加速度a逐渐减小至零,则物体从t时刻开始( )A.速度开始减小,直到加速度等于零为止B.速度继续增大,直到加速度等于零为止C.速度一直增大D.位移继续增大,直到加速度等于零为止【解析】因为物体原来做匀加速运动,所以a、v同向,虽然a减小,但由于a与v同向,所以v变大,当a=0时加速过程结束,以后做匀速直线运动,所以B选项正确.位移一直变大,所以D错.【答案】B4.在日常生活中人们常常把物体运动的路程与运行时间的比值定义为物体运动的平均速率.小李坐汽车外出旅行时,汽车行驶在沪宁高速公路上,两次看到路牌和手表如图所示,则小李乘坐汽车行驶的平均速率为( )A.16 km/hB.96 km/hC.240 km/hD.480 km/h【解析】由路牌信息可知,观察到左标牌在先,所以汽车行程为(120-40) km=80 km从手表指示值可知,用时50分钟.根据速度公式得出小李乘坐汽车行驶的平均速率为km/h.【答案】B5.有些国家的交通管理部门为了交通安全,特别制定了死亡加速度为500g(g=10 m/s以醒世人,意思是如果行车加速度超过此值,将有生命危险,那么大的加速度,一般情况下车辆是达不到的,但如果发生交通事故时,将会达到这一数值.如果一辆以72 km/h的速度行驶的货车与一辆以54 km/h行驶的摩托车相向而行发生碰撞,碰撞时间为2. s,试问:(1)摩托车驾驶员是否有生命危险?(2)为了防止碰撞,两车的驾驶员同时紧急刹车,货车、摩托车急刹车后到完全静止所需时间分别为4 s、3 s,货车的加速度与摩托车的加速度大小之比为多少?(3)为避免碰撞,开始刹车时,两车距离至少为多少?【解析】(1)摩托车与货车相撞瞬间,货车的速度几乎不变,摩托车的速度反向,大小与货车速度相同,因此,摩托车速度的变化v=72 km/h-(-所以摩托车的加速度大小m/s 667 m/s 666.7g>500g,因此摩托车驾驶员有生命危险.(2)设货车、摩托车的加速度大小分别为、根据加速度定义得:所以∶∶∶∶1..5 m.【答案】(1)有生命危险(2)1∶1(3)62.5 m6.(☆选做题)一辆客车在某高速公路上行驶,在经过某直线路段时,司机驾车做匀速直线运动.司机发现其正要通过正前方高山悬崖下的隧道,于是鸣笛,经s后听到回声,听到回声后又行驶了s,司机第二次鸣笛,又经2 s后听到回声,请根据以上数据判断客车是否超速行驶.(已知此高速路段最高限速为120 km/h,声音在空气中的传播速度为340 m/s)【解析】设客车的速度为声音的速度为第一次鸣笛时客车离隧道口的距离为第二次鸣笛时客车离隧道口的距离为则有又以上三式联立可得:.8 m/s km/h>120 km/h故客车超速行驶.【答案】客车超速行驶课后作业夯基(时间:45分钟必做题满分:100分选做题:10分)一、不定项选择题(本题共8小题,每小题8分,共64分.选对但不全的得5分)1.(2011内蒙古包头模拟)关于位移和路程,下列说法正确的是)A.质点运动的位移大小可能大于路程B.位移和路程都是矢量C.质点通过一段路程,位移不可能是零D.质点运动一段时间,路程不能为零但位移可能为零【解析】位移是矢量,路程是标量,B错;位移的大小不可能大于路程,A错;如质点绕圆弧运动一圈回到出发点,路程不为零但位移为零,C错D对,故选D.【答案】D2.2011年国际泳联世锦赛上,中国选手秦凯和罗玉夺得了跳水男子双人3米板比赛的冠军,如图所示.下列说法正确的是)A.为了研究运动员的技术动作,不可将正在比赛的运动员视为质点B.运动员在下落过程中,感觉水面在匀速上升C.前一半时间内位移大,后一半时间内位移小D.前一半位移用的时间长,后一半位移用的时间短【答案】AD3.2010年11月12日第十六届广州亚运会”潮流”火炬传递活动在广州圆满结束.观察图中的旗帜和甲、乙两火炬手所传递的圣火火焰,关于甲、乙两火炬手相对于静止旗杆的运动情况,下列说法正确的是(旗杆和甲、乙火炬手在同一地区)( )A.甲、乙两火炬手一定向左运动B.甲、乙两火炬手一定向右运动C.甲火炬手可能运动,乙火炬手向右运动D.甲火炬手可能静止,乙火炬手向左运动【解析】旗向左偏,说明有向左吹的风,由甲的火焰向左偏,无法确定甲的运动状态,由于乙的火焰向右偏,所以乙一定向左运动,且速度大于风速.【答案】D4.(2012江苏常州一中高三月考)时速达到350 km的郑州到西安的高速客运专线开始运营,方便了人们出行.已知郑州到西安线路全长505 km,列车总长200 m,动车组运行时间约2 h.根据上述信息可知( )A.由于动车组列车总长200 m,动车组列车在郑州到西安正常运行时不能视为质点B.动车组列车在郑州到西安正常运行时的平均速率约为250 km/hC.动车组列车在郑州到西安正常运行时的平均速度约为350 km/hD.由题目信息不能求出动车组列车在郑州到西安正常运行时的平均速度【解析】动车组在途中正常运行时,不是研究列车各部分的运动情况而是研究列车整体的平动,可以看成质点,A错.郑州到西安线路全长505 km是指轨迹长度不是位移大小,运行两小时,只能估算出平均速率而不能估算平均速度,所以B、D对.【答案】BD5.(原创题)2010年1月11日20:58:46,中国在境内进行了一次陆基中段反导拦截技术试验,试验达到了预期目的.这一试验的成就和意义可与”两弹一星”并论.假设敌方导弹发射时间后,我方反导拦截导弹发射经时间t将其摧毁,则以下说法正确的是( )A.敌方导弹与我方反导拦截导弹运行轨迹相同B.敌方导弹与我方反导拦截导弹运行时间差为C.敌方导弹与我方反导拦截导弹运行时间差为D.敌方导弹与我方反导拦截导弹相撞时与地心距离相同【解析】根据曲线运动规律可知,敌方导弹与我方反导拦截导弹运行轨迹不相同,A错;敌方导弹与我方反导拦截导弹运行时间分别为和t,所以B错C正确;敌方导弹与我方反导拦截导弹相撞时与地心距离相同,D正确.【答案】CD6.关于速度、速度变化量、加速度的关系,下列说法中正确的是)A.运动物体的速度越大,其速度变化量一定越大B.运动物体的速度越大,其加速度一定越大C.运动物体的速度变化量越大,其加速度一定越大D.运动物体的速度变化越快,其加速度一定越大【答案】D7.从山东龙口港到辽宁大连港是一条重要的海上运输路线.假如有甲、乙两船同时从龙口出发,甲船路线是龙口——旅顺——大连,乙船路线是龙口——大连.两船航行两天后都在下午三点到达大连港,以下关于两船全航程的描述中正确的是( )A.两船的路程相同,位移不相同B.”两船航行两天后都在下午三点到达大连港”一句中,”两天”和”下午三点”都指的是时间C.”两船航行两天后都在下午三点到达大连港”一句中,”两天”指的是时间,”下午三点”指的是时刻D.在研究两船的航行时间时,可以把船视为质点【答案】CD8.物体M从A运动到B,前半程平均速度为后半程平均速度为那么全程的平均速度是( )A. /2B.C.D.【答案】D二、论述计算题(本题共2小题,共36分)9.(18分)一辆汽车在一条直线上行驶,第1 s内通过5 m,第2 s内通过20 m,第3 s内通过20 m,第4 s内通过5 m.则(1)此汽车在最初2 s内的平均速度是多大?方向如何?(2)中间2 s内的平均速度是多大?全部时间内的平均速度是多大?【解析】(1)由平均速度的定义得分与汽车行驶方向一致. (4分) m/s=20 m/s, (4分)m/s=12.5 m/s. (5分)【答案】(1)12.5 m/s,方向与汽车行驶方向一致(2)20 m/s 12.5 m/s10.(18分)上海到南京的列车经六次大提速后,速度达到=180 km/h.为确保安全,在铁路与公路交叉的道口处需装有自动信号灯.当列车还有一段距离才到达公路道口时,道口应亮出红灯.警告未越过停车线的汽车迅速制动,已越过停车线的汽车赶快通过.如果汽车通过道口的速度36 km/h,停车线至道口栏木的距离m,道口宽度s=26 m,汽车长l=15 m(如下图).并把火车和汽车的运动都看成匀速直线运动.问:列车离道口的距离L至少为多少时亮红灯,才能确保已越过停车线的汽车安全驶过道口?【解析】为确保行车安全,要求列车驶过距离L的时间内,已越过停车线的汽车的车尾必须能通过道口.汽车越过停车线至车尾通过道口,汽车的位移为26) m=46 m (6分)汽车速度km/h=10 m/s,通过这段位移需要时间.6 s (6分)高速列车的速度km/h=50 m/s,所以安全距离.6 m=230 m (6分)【答案】230 m三、选做题(10分)11.2011年9月南京军区某部进行了一次海上军事演习,一艘鱼雷快艇以30 m/s的速度追击前面同一直线上正在逃跑的”敌舰”.当两者相距km时,以60 m/s的速度发射一枚鱼雷,经过s,艇长通过望远镜看到了鱼雷击中”敌舰”爆炸的火光,同时发现”敌舰”仍在继续逃跑,于是马上发出了第二次攻击的命令,第二枚鱼雷以同样速度发射后,又经s,鱼雷再次击中”敌舰”并将其击沉.求第一枚鱼雷击中前后,”敌舰”逃跑的速度、分别为多大?【解析】第一枚鱼雷击中前,”敌舰”逃跑的速度当鱼雷快艇与”敌舰”相距km时,发射第一枚鱼雷,经s击中”敌舰”,则有即:(60 m/s s=2 000 m (3分)解得m/s (1分)击中”敌舰”时,鱼雷快艇与”敌舰”的距离为(2分)马上发射第二枚鱼雷,击中后”敌舰”的速度为经鱼雷再次击中”敌舰”,则有500 m,即:(60 m/s s=1 500 m, (3分)解得m/s. (1分)【答案】20 m/s 10 m/s。
高三物理一轮复习第12章动量守恒定律章末检测
第12章动量守恒定律（时间：60分钟满分：100分）一、选择题（本题共13小题，每小题5分，共65分.每小题所列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.下面的说法正确的是（）A.当力与物体的位移垂直时，该力的冲疑为零B.如果物体（质量不变）的速度发生变化，则可以肯立它受到的合外力的冲量不为零C.物体所受合外力的冲量越大，它的动量也越大D.做曲线运动的物体，At时间内所受合外力的冲量一般不为零BD [力的冲量：I=F- At,与物体的位移无关，故A错误；如果物体（质量不变）的速度发生变化，物体的动量发生变化，由动量立理可知，物体所受到的合外力的冲量不为零, 故B正确：由动量左理可知，物体所受合外力的冲虽:越大，物体动量的变化量越大，它的动量不一定大，故C错误；做曲线运动的物体，速度方向沿切线方向，速度不断变化，物体动屋不断变化，由动量定理可知D正确.]2.如图1所示，木块小万用轻弹簧连接，用力尸压缩弹簧，当撤去尸后，若地而光滑, 则（）【导学号：81370416]图1A.川尚未藹开墙前，木块小弹簧、木块尸组成的系统动量守恒B.川尚未离开墙前，木块小弹簧、木块万组成的系统机械能守恒C.勺离开墙后，木块小弹簧、木块方组成的系统动量守恒D.月离开墙后，木块几弹簧、木块万组成的系统动量不守恒BC □尚未离开墙前，木块乩禅簧、木块万组成的系统受合外力不为零，系统动量不守恒，该过程只有弹力做功，机械能守恒，故A错误，B正确：*离开墙后，木块乂弹簧、木块万组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，故C正确，D错误.]3.（2017 •富阳选考模拟）古有“守株待兔”的寓言.设兔子的头部受到大小等于自身体重的打击力时即可致死，并设兔子与树桩作用时间为0.2 s,则被撞死的兔子英奔跑速度可能为（&取10 m/s5）（）A. 1 m/s B・ 1・ 5 m/sC・ 2 m/s D・ 2・ 5 m/sCD [取兔子奔跑的速度方向为正方向，根据动量定理得一尸r=O—zz^得v=-；由m 冷阳得到拌竺=gt=2 m/s,故选项C、D正确.]m4.质量为加的物体以初速度％开始做平抛运动，经过时间t,下降的高度为力，速度变为y，在这段时间内物体动量变化虽:的大小为（）A.22?（V— vb）B. mgtC. m 寸卡一応D. a "^2gh答案：BCD5.玻璃杯从同一高度自由下落，掉落到硬质水泥地板上易碎，掉落到松软地毯上不易碎，这是由于玻璃杯掉到松软地毯上（）【导学号:81370417]A.所受合外力的冲量小B.动量的变化量小C.动量的变化率小D.地毯对杯子的作用力小于杯子对地毯的作用力C [杯子从同一高度自由下落，与地而相碰前的瞬时速度、动量都是一立的，碰后静止, 动量的变化量一左，^p=m y[2^h,合外力的冲量大小相等，由尸=葺可知，玻璃杯掉到地毯上At大，尸小，因此不易破碎，C正确.]6.（2016 •桐乡选考模拟）一个质量为0. 18 kg的垒球以20 Ms的水平速度向右飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为40m/s,则这一过程动量的变化疑为（）A.10. 8 kg ・m/s,方向水平向右B.10. 8 kg ・m/s,方向水平向左C. 3.6 kg ・m/s,方向水平向右D. 3. 6 kg • m/s,方向水平向左B [规圧水平向右为正方向，则初动量pi=^n=0. 18 kgX20 m/s = 3. 6 kg - m/s：打击后动量为：P2=mv：=Q. 18 kgX （— 40 m/s） = —7. 2 kg • m/s：故动量变化为：6 = — 10. 8 kg • m/s,负号表示方向与规泄的正方向相反，即水平向左.]7.水平地而上有一木块，质呈:为皿它与地而间的动摩擦因数为“，在水平恒力尸作用下由静止开始运动，经过时间6撤去此力，木块又向前滑行一段时间2亡才停下，此恒力尸的大小为（）A・P mg B・ 2 mgC・ 3 mg D・ 4 P mgC [从木块开始运动，到木块停止运动的整个过程用动量泄理（取水平恒力尸的方向为正方向）得：尸L SgX3f=0.所以F=3 Pmg,只有C正确.]8.平静的水而上有一载人小船，船和人共同的质量为站立在船上的人手中拿一质量为皿的物体.起初人相对于船静止，船、人、物体以共同速度诈前进，当人相对于船以速度u 向相反方向将物体抛出时，人和船的速度为（水的阻力不计）（）A.C [物体被抛出的同时•船速已发生了变化，设为内则物体抛出后相对地的速度为（u—卩），取小船、人和物体也为一系统，由动量守恒左律得：Clf+zz?） Vo = J/r —V ）»所以A M+也一' 乙+#+巾•故c 正确.]9. 一个质咼为0.3 kg 的小球，在光滑水平而上以6 m/s 的速度垂直撞到墙上，碰撞后 小球沿相反方向运动，反弹后的速度大小为4 m/s ・则碰撞前后墙对小球的冲量/的大小及 碰撞过程中墙对小球做的功严分别为（）A. 1=3 kg • m/s, If ——3 JB ・ 1=0. 6 kg • m/s, W= — 3 JC ・ 1=3 kg • m/s,戶7.8 JD ・ 1=0. 6 kg • m/s, W=3 JA [碰撞前后墙对小球的冲虽:大小I=mv' —2o （~ v ） =3 kg • m/s,碰撞过程中墙对小 球做的功等于小球动能的改变量，即片也5-L V :=-3 J, A 正确.]10. 一辆小车静止在光滑水平而上，小车立柱上拴有一根长为厶的轻绳，轻绳末端拴着 一个小球，如图2所示.现将小球拉直至水平位置后由静止释放，小球摆动的过程中不计一 切阻力.则下列说法中正确的是（）图2A. 小球摆动过程中机械能守恒B. 小球开始摆动后，小球和小车组成的系统机械能守恒、动量守恒C. 小球开始摆动后，小球和小车组成的系统机械能不守恒、动量不守恒D. 小球开始摆动后，小球达最大速度时小车也同时达最大速度D [以小球和小车组成的系统为研究对象，只有小球的重力做功，系统的机械能守恒， 故A 错误； 当小球向下摆动的过程中，整体所受的合力不为零，则系统的总动量不守恒， 故B 、C 错误：当小球摆到最低点时，小球速度最大，根据水平方向动量守恒可知，小车也 同时达最大速度，故D 正确.]11. 质量为*内壁间距为厶的箱子静止于光滑的水平而上，箱子中间有一质疑为加的 小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为初始时小物块停在箱子的正中间，如图 3 所示.现给小物块一水平向右的初速度图3B ・ c. mu・I/+/22”小物块与箱壁碰撞N 次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止.设碰撞都 是弹性的，在整个过程中，系统损失的动能为（）【导学号：81370418]C. mgL D ・ N P mgLBD [由于水平而光滑，箱子和小物块组成的系统动量守恒，二者经多次碰撞后，保持 相对静止，易判断两物体最终速度相等设为“，由动戢守恒左律得系统损失 的动能为知二 F ,B 正确：系统损失的动能等于克服摩擦力做的功, 即 A — Wf=NtimgL, D 正确.]12. 如图4所示为两滑块M 、用之间压缩一轻弹簧，滑块与弹簧不连接，用一细绳将两 滑块拴接（细绳未画出），使弹簧处于锁定状态，并将整个装置放在光滑的水平而上.烧断细 绳后到两滑块与弹簧分离的过程中，下列说法正确的是（）图4A. 两滑块的动量之和变大B. 两滑块与弹簧分藹后动量等大反向C. 如果两滑块的质疑相等，则分离后两滑块的速率也相等D. 整个过程中两滑块的机械能增大BCD [对两滑块所组成的系统，互推过程中，合外力为零，总动量守恒且始终为零，A 错误：由动量守恒立律得0=血必一血加显然两滑块动量的变化量大小相等，方向相反，B 正确：当血=血时，虫=如C 正确；由于弹簧的弹性势能转化为两滑块的动能，则两滑块 的机械能增大，D 正确.]图513. 如图5所示，光滑水平而上有大小相同的乂万两球在同一直线上运动.两球质量 关系为皿=2如，规泄向右为正方向，A.万两球的动量均为6 kg ・in/s,运动中两球发生碰 撞，碰撞后启球的动量增量为一4 kg - m/s,贝9（）A. 左方是月球B. 右方是月球，碰撞后乂万两球速度大小之比为1 ： 10C. 碰撞后乩万两球速度大小之比为2：5D. 碰撞后£、万两球速度大小之比为1 : 10AC [两球碰前均向右运动，前球为被碰小球，动量一左增加，后球动量减小，故左方 为月球，A I 匸确，B 错误：由动量守恒泄律可知，碰后（6—4）kg • m/s=2 kg • m/s, msV3=10 kg • m/s» 又皿=2皿，故 v A : v s =2 : 5» C 」匸确，D 错误.]二、非选择题（本题共4小题，共35分）14.（6分）气垫导轨（如图6）工作时，空气从导轨表面的小孔喷出，在导轨表而和滑块内表而之间形成一层薄薄的空气层.使滑块不与导轨表面直接接触，大大减小了滑块运动时的阻力.为了验证动量守恒泄律，在水平气垫导轨上放置两个质量均为a的滑块，每个滑块的一端分别与穿过打点计时器的纸带相连，两个打点计时器所用电源的频率均为b气垫导轨正常工作后，接通两个打点il•时器的电源.并让两滑块以不同的速度相向运动，两滑块相碰后粘在一起继续运动.图7为某次实验打出的、点迹淸晰的纸带的一部分，在纸带上以同间距的6个连续点为一段划分纸带，用刻度尺分别量出其长度$、s：和s,.若题中各物理量的单位均为国际单位.那么，碰撞前两滑块的动量大小分别为_____________________________________ 、________ ，两滑块的总动呈:大小为_______ :碰撞后两滑块的总动量大小为 _________ •重复上述实验，多做几次.若碰撞前、后两滑块的总动量在实验误差允许的范围内相等，则动量守恒定律得到验证.图6图7【解析】分析可知，速度较大的滑块与上而纸带相连，速度小的滑块与下而纸带相连，碰撞前速度大的滑块动量大小pi = nhvi=a• ¥=a •爲=& * 2absi；同理，碰撞前速度小的滑块动量大小为P3=0・ 2abss：碰撞前总动量大小p=p.—p3=0. 2ab（si — sj :碰后两滑块总动虽p =（加+庇）• v'=0. 4abd.【答案】0.2abs, 0.2ag 0. 2ab（sLsJ 0.4ag（第1、2空答案可互换）15.（10分）某同学设计了一个用打点计时器'‘探究碰撞中的不变疑”的实验：在小车月前端装有橡皮泥，推动小车月使之匀速运动，然后与原来静止在前方的小车万相碰并粘合成一体，继续做匀速运动.他设计的装置及打出的纸带如图8所示，在小车A的后而连着纸带, 打点计时器电源频率为50 Hz.图8（1）__________________________________ 木板的一端下边垫着小木片用以•（2）_______________________________ 在实验中，需要的测量工具有•A.弹簧测力计B.亳米刻度尺C.天平D.螺旋测微器（3）已测得小车水包括橡皮泥）的质量为血=0. 310 kg,小车庚包括撞针）的质量为处=0.205 kg,由以上测量可得：（结果保留三位有效数字）碰前两车质量与速度乘积之和为 ________ kg・m/s：碰后两车质量与速度乘积之和为 ________ kg・m/s.（4）_______________________________________________________ 结论：【导学号:81370419]【答案】(1)平衡摩擦力(2)BC (3)0. 620 0. 618 (4)在实验误差范围内，两小车的质量和速度的乘积之和在碰撞中保持不变16.(9分)(2017 •瑞安选考模拟)如图9所示，水平桌面长厶=3m,距水平地面高力= 0. 8 m,桌面右端放置一个质量虚=0. 4 kg的小物块桌面的左端有一质量加=0. 6 kg的小物块&某时刻物块月以初速度巾=4 Ms开始向右滑动，与万发生正碰后立刻粘在一起, 它们从桌而水平飞出，落到地面上的。
020赢在微点物理一轮复习_人教版_第十二章课时练习 单元评估验收(十二) 近代物理初步 (3)
课时作业(三十四) 原子核和核能
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A 组·基础巩固题 1．在下列物理现象中，原子核发生变化的是( ) A．黑体辐射现象 B．光电效应现象 C．原子发光现象 D．天然放射现象 解析 黑体辐射现象和原子发光现象均为原子外层电子跃迁而辐射电 磁波的现象，不是核反应，A、C 两项错误；光电效应现象是原子外层电 子受光照射脱离原子核的束缚而逸出，没有发生核反应，B 项错误；天然 放射现象是原子核发生改变并伴随产生放射线的现象，D 项正确。 答案 D
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2．(多选)物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学认 知，推动物理学的发展。下列说法符合事实的是( )
A．普朗克提出了光子说，成功地解释了光电效应现象 B．卢瑟福用 α 粒子轰击174N 获得反冲核187O，发现了质子 C．玻尔的原子理论成功地解释了氢原子光谱的实验规律 D．贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，发现了原子中存在原子核 解析 爱因斯坦提出了光子说，成功地解释了光电效应现象，A 项错 误；卢瑟福用 α 粒子轰击174N 获得反冲核817O，发现了质子，B 项正确；玻 尔的原子理论成功地解释了氢原子光谱的实验规律，C 项正确；卢瑟福对 α 粒子散射实验的研究，发现了原子中存在原子核，D 项错误。 答案 析 β 射线是电子流，不是电磁波，穿透本领比 γ 射线弱，A 项错 误；半衰期具有统计意义，对大量的原子核适用，对少量的原子核不适用， B 项错误；根据爱因斯坦质能方程可得释放的能量是 ΔE＝(2m1＋2m2－ m3)c2，C 项正确；β 衰变是原子核的衰变，与核外电子无关，β 衰变时释 放的电子是由核内一个中子转化成一个质子的同时释放出来的，D 项错误。
近年届高考物理一轮复习第十二章近代物理章末过关检测新人教版(2021年整理)
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第十二章近代物理章末过关检测(十二）（时间：60分钟满分:100分）一、单项选择题(本题共6小题，每小题6分,共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1．关于天然放射性，下列说法不正确的是( )A．所有元素都有可能发生衰变B．放射性元素的半衰期与外界的温度无关C．放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性D．α、β和γ三种射线中,γ射线的穿透能力最强解析：选A.自然界中绝大部分元素没有放射现象，选项A错误；放射性元素的半衰期只与原子核结构有关，与其他因素无关，选项B、C正确；α、β和γ三种射线电离能力依次减弱，穿透能力依次增强，选项D正确．2．由于放射性元素错误!Np的半衰期很短，所以在自然界中一直未被发现，只是在使用人工的方法制造后才被发现．已知错误!Np经过一系列α衰变和β衰变后变成错误!Bi，下列选项中正确的是（)A.错误!Bi的原子核比错误!Np的原子核少28个中子B。
错误!Np经过衰变变成错误!Bi，衰变过程可以同时放出α粒子、β粒子和γ粒子C．衰变过程中共发生了7次α衰变和4次β衰变D.237 93Np的半衰期等于任一个错误!Np原子核发生衰变的时间解析：选C.错误!Bi的中子数为209－83＝126，错误!Np的中子数为237－93＝144,错误!Bi的原子核比错误!Np的原子核少18个中子，A错误；错误!Np 经过一系列α衰变和β衰变后变成错误!Bi，可以同时放出α粒子和γ粒子或者β粒子和γ粒子，不能同时放出三种粒子，B错误;衰变过程中发生α衰变的次数为错误!＝7次,β衰变的次数为2×7－（93－83）＝4（次），C 正确；半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少数原子核不适用，选项D 错误．3．在卢瑟福α粒子散射实验中，金箔中的原子核可以看做静止不动,下列各图画出的是其中两个α粒子经历金箔散射过程的径迹，其中正确的是( )解析：选C.α粒子与原子核相互排斥，A、D错误；运动轨迹与原子核越近，力越大,运动方向变化越明显，B错误,C正确．4．（2015·高考北京卷）下列核反应方程中，属于α衰变的是（) A。
2020赢在微点物理一轮复习_人教版_第十五章课时练习 光 电磁波与相对论高考复习质量验收卷 (1)
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光屏上光照面为以 Q 为圆心，QM 为半径的圆，如图所示。
由几何知识得，其半径 r＝ 3R， 光屏上光照面积 S＝πr2＝3πR2。
(2)如图所示，透明的柱形元件的横截面是半径为 R 的14圆弧，圆心为 O，以 O 为原点建立直角坐标系 xOy。一束单色光平行于 x 轴射入该元件， 入射点的坐标为(0，d)，单色光对此元件的折射率为 n＝233。
①当 d 多大时，该单色光在圆弧面上恰好发生全反射？ ②当 d→0 时，求该单色光照射到 x 轴上的位置到圆心 O 的距离。(不 考虑单色光经圆弧面反射后的情况。θ 很小时，sinθ≈θ)
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(2)设从 B 点出射时的出射角为 β，∠ABO＝α， 由 sinα＝12，得 α＝30°，
由 n＝ssiinnαβ，得 β＝60°， 过 B 点做 OC 的垂线，垂足为 D，由几何关系得∠BCD＝β－α＝30°，所 以 CD＝2tan∠R BCD＝ 23R，
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(2)如图甲所示，在平静的水面下深 d 处有一个点光源 S，它发出的是两 种不同颜色的 a 光和 b 光，在水面上形成了一个被照亮的圆形区域，该区域 的中间为由 a、b 两种单色光所构成的复色光的圆形区域，其半径为 R。周 边为环状区域，其宽度为 ΔL，且为 a 光的颜色，如图乙所示。则：两种单 色光的折射率 na 和 nb 分别是多少？
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高考复习顶层设计 物理
(2)如图所示，折射率为 n＝233、半径为 R 的透明球体固定在水平地面上， O 为球心，其底部 P 点有一光源，过透明球体的顶点 Q 有一足够大的水平光 屏，真空中光速为 c。
人教版高中物理第十二章 电能 能量守恒定律精选试卷达标训练题(Word版 含答案)
人教版高中物理第十二章电能能量守恒定律精选试卷达标训练题（Word版含答案）一、第十二章电能能量守恒定律实验题易错题培优（难）1．用如图所示电路，测定一节干电池的电动势和内阻。
电池的内阻较小，为了保护电路，电路中用一个定值电阻0R起保护作用。
除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：（a）电流表（量程0.6A、3A）；（b）电压表（量程3V、15V）；（c）定值电阻（阻值1Ω、额定功率5W）；（d）定值电阻（阻值10Ω、额定功率10W）；（e）滑动变阻器（阻值范围0~10Ω、额定电流2A）；（f）滑动变阻器（阻值范围0~100Ω、额定电流1A）。
那么：(1)要正确完成实验，0R应选择_____Ω的定值电阻，应选择阻值范围是_____Ω的滑动变阻器。
(2)一位同学测得的六组数据如下表所示。
组别123456电流I/A0.120.200.310.320.500.57电压U/V 1.37 1.32 1.24 1.18 1.10 1.05图线________________。
试根据这些数据在答题纸的图中作出U I(3)根据图线求出电池的的内阻r =_____Ω。
（结果保留两位有效数字） (4)导致该实验误差的主要原因是_____________________。
【答案】1 0～10 0.72Ω（0.68~0.76） 电压表的分流（偶然误差也正确） 【解析】 【分析】 【详解】(1)[1]为使滑动变阻器滑动时电表示数有明显变化，应使R 0+R 与电源内阻r 尽可能接近，因干电池的r 较小，则考虑选择1Ω的定值电阻；[2]滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就可以，取0～10Ω能很好地控制电路中的电流和电压，若取0～100Ω不方便调节；所以应选择阻值范围是0～10Ω的滑动变阻器。
(2)[3]根据数据描点作出U I -图线如图(3)[4]U I -图线的斜率等于电池的的内阻，则1.461Ω0.72Ω0.64r k -==≈（0.68~0.76都正确） (4)[5]导致该实验误差的主要原因是电压表的分流，从而导致电流表示数偏小。
2020赢在微点物理一轮复习_人教版_第十五章课时练习 光 电磁波与相对论高考复习质量验收卷 (2)
A．2πqmB
B．3πqmB
C．4πqmB
D．6πqmB
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解析 粒子运动的半径 r＝mqBv＝ 46L；当粒子在磁场中运动时间最短 时，在磁场中的圆弧弦最短，则由 P 点作 MO 的垂线即为最短弦长，则 PA ＝Lsin60°＝ 23L，由三角函数可得 sin∠P2O1A＝P2Ar ＝ 22，解得∠PO1A＝ 90°，则最短时间 t＝14T＝2πqmB，A 项正确。
答案 D
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高考复习顶层设计 物理
4.质量为 m 的小球，在不可伸长的轻绳 AC 和轻质弹簧 BC 作用下静止， 如图所示，且 AC＝BC，∠BAC＝θ，当突然在球的附近剪断弹簧或绳子时， 小球的加速度分别为(重力加速度为 g)( )
A．gcosθ，2sginθ C．2cgosθ，gsinθ
B．gcosθ，2cgosθ D．2sginθ，gsinθ
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高考复习顶层设计 物理
解析 由于氢原子发射的光子的能量满足：E＝En－Em，所以发射的 光子的能量值 E 是不连续的，只能是一些特殊频率的谱线，不能是连续谱， A 项错误；发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，与 光照时间和光强无关，B 项错误；根据质量数和电荷数守恒可知 X 的电荷 数为 0，质量数为 1，是中子，C 项正确；中等核的平均结合能较大，则 29325U 的平均结合能小于15461Ba 的平均结合能，D 项错误。
答案 C
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高考复习顶层设计 物理
2.如图所示，一种清洗车辆用的手持式喷水枪，枪口横截面积为 0.4 cm2， 喷出水的速度为 10 m/s。当它工作时，估算水枪的平均功率约为(水的密度 为 1×103 kg/m3)( )
2020版赢在微点人教版物理总复习讲义：12-第2讲原子核和核能 Word版含答案
姓名，年级：时间：第2讲原子核和核能一、天然放射现象1．天然放射现象：某些元素自发地放射某些射线的现象称为天然放射现象，这些元素称为放射性元素。
2．三种射线的本质：α射线是氦核流，β射线是电子流，γ射线是电磁波。
二、原子核的衰变1．定义原子核自发地放出某种粒子而转变为新核的变化叫原子核的衰变。
2．分类（1）α衰变：A Z X―→错误!Y＋错误!He，同时放出γ射线.(2）β衰变:A，Z X―→错误!Y＋错误!e，同时放出γ射线。
3．半衰期（1）定义：放射性元素的原子核有半数发生衰变需要的时间。
(2）半衰期的大小由放射性元素的原子核内部本身的因素决定，跟原子所处的物理状态(如压强、温度等）或化学状态(如单质或化合物）无关。
三、放射性同位素及应用1．同位素有些原子的核电荷数相同,但质量数不同，这样一些具有相同核电荷数和不同质量数的原子互称为同位素。
2．放射性同位素的应用(1)放射性同位素放出的射线应用于工业探伤、农业、医疗等.（2）做示踪原子。
四、核反应用高能粒子轰击靶核，产生另一种新核的反应过程。
典型核反应：（1)卢瑟福发现质子的核反应方程。
14，7N＋错误!He―→错误!O＋错误!H。
(2）查德威克发现中子的核反应方程.错误!Be＋错误!He―→错误!C＋错误!n。
（3)约里奥－居里夫妇发现放射性同位素和正电子的核反应方程。
错误!Al＋错误!He―→错误!P＋错误!n，错误!P―→错误!Si＋错误! e。
常见的核反应有：衰变、人工转变、裂变和聚变。
五、核能1．核能由于原子核中的核子间存在强大的核力,使得原子核成为一个坚固的集合体,要把原子核中的核子拆散，就得克服核力而做巨大的功，反之，要把核子集合成一个原子核,就要放出巨大的能量。
2．质能方程(1)质能方程：E＝mc2，m是物体的质量，c是真空中的光速。
上述表明：物体的质量和能量间有一定联系，即物体具有的能量与其质量成正比,当物体的能量增加或减小ΔE，它的质量也会相应地增加或减少Δm,ΔE与Δm的关系是ΔE＝Δm·c2.(2)质量亏损:核子结合成原子核时要释放能量，按上述关系，原子核的质量要小于组成原子核的核子总质量，这个质量差也叫质量亏损.3．获得核能的途径(1)重核裂变：重核俘获一个中子后分裂成为两个（或多个）中等质量核的反应过程.重核裂变的同时放出几个中子，并释放出大量核能。
人教版高中物理第十二章 电能 能量守恒定律精选试卷达标训练题(Word版 含答案)
人教版高中物理第十二章电能能量守恒定律精选试卷达标训练题（Word版含答案）一、第十二章电能能量守恒定律实验题易错题培优（难）1．现要测量电压表的内阻和电源的电动势，提供的器材有：电源E(电动势约为6V,内阻不计)，电压表V1（量程0~2.5V,内阻约为2.5kΩ)，电压表V2(量程0~3v,内阻约为10kΩ)，电阻箱R0(最大阻值为9999.9Ω)，滑动变阻器R1(最大阻值为3kΩ)，滑动变阻器R2(最大阻值为500Ω)，单刀双掷开关一个，导线若干(1)如图(1)所示的甲、乙、丙三图是几位同学为完成本次验而设计的电路图，你认为选用哪一个电路图完成本次实验最合理？_______ (填“甲”、“乙”“丙”)(2)电路中应选用滑动变阻器_______（选填“R1”或“R2”）(3)按照下列步骤进行实验：①闭合开关前，将滑动变阻器和电阻箱连入电路的阻值调至最大；②闭合开关，将电阻箱调到6Ωk,调节滑动变阻器至适当的位置，此时电压表V1的示数为1.60V电压表V2的示数为2.40V;③保持滑动变阻器连入电路的阻值不变，再将电阻箱调到2kΩ, 此时电压表V1的示数如图(2)所示，其示数为_______V,电压表V2的数为1.40V(4)根据以上实验数据，计算得到电源的电动势为_______V,电压表V1的内阻为_______KΩ，电,压表V2的内阻为_______KΩ.【答案】丙1R 2.10V 5.60V 2.5kΩ 2.5kΩ【解析】【分析】考查测电阻、电源电动势的方法，根据欧姆定律综合分析可得。
【详解】(1)．[1]当采用甲电路图时,电压表V1最大电流为1mA，电压表V2最大电流为0.3mA，电压表V1读数不准确，若采用乙电路图，通过V1电流更小，读数更不准确。
故只能选择丙电路图。
(2)．[2] 由闭合电路欧姆定律可估算一下滑动变阻，估算滑动变阻器的阻值121316 2.535002.5.2510E U URUR----==Ω=Ω⨯最小电阻为500Ω，所以只能选择R1(3)．[3] 最小分度值为0.1V，要估读到下一位，所以读数是2.10V(4)．根据串并联电路特点可得3121.6V 2.4V 2.4A 610R R =+⨯ 3122.10V 1.40V 1.4A 210R R =+⨯ 联立可求得R 1=2.5k Ω R 2=2.5k Ω 由闭合电路欧姆定律可得322.4 2.41.6V 2.4V 610E R R ⎛⎫=+++⨯ ⎪⨯⎝⎭ 321.4 1.42.1V 1.4V 210E R R ⎛⎫=+++⨯ ⎪⨯⎝⎭联立可得E= 5.60V 【点睛】器材选择要考虑安全性原则、准确性原则、方便性原则。
【创新方案】2014年高考物理一轮复习 第十二章 波与相对论章末达标验收 新人教版
【创新方案】2014年高考物理一轮复习章末达标验收：第十二章 波与相对论(教师用书独具)(时间：50分钟 满分：100分)一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分，每小题至少有一个选项正确，选对但选不全得3分，有错选或不答的得0分)1．(2012·开封模拟)下列说法正确的是( )A ．X 射线的频率比无线电波的频率高B ．做简谐运动的单摆摆长增大为原来的2倍，其周期也增大为原来的2倍C ．根据狭义相对论，地面上的人看到高速运行的列车比静止时变短且矮D ．用同一装置观察光的双缝干涉现象，蓝光的相邻条纹间距比红光的小解析：选AD 在电磁波谱中，无线电波的波长最长，X 射线的波长较短，故X 射线的频率比无线电波的频率高，A 正确；由单摆周期公式可知，做简谐运动的单摆摆长增大为原来的2倍，其周期增大为原来的2倍，B 错误；根据狭义相对论，地面上的人看到高速运行的列车比静止时变短但高度不变，C 错误；由于蓝光波长比红光短，由双缝干涉条纹间距公式可知，用同一装置进行双缝干涉实验，蓝光的相邻条纹间距比红光的小，D 正确。
2．(2012·苏州调研)图1中关于机械振动和机械波的说法正确的是( )图1A ．粗糙斜面上的金属球M 在弹簧的作用下运动，该运动是简谐运动B ．单摆的摆长为l ，摆球的质量为m 、位移为x ，此时回复力为F ＝－mg lxC ．质点A 、C 之间的距离就是简谐波的一个波长D ．实线为某时刻的波形图，此时质点M 向下运动，经极短时间后波形图如虚线所示 解析：选BD 若斜面光滑，小球在斜面上的运动满足F ＝－kx ，小球的运动是简谐运动，但斜面有摩擦力且方向发生变化，此时小球的运动不满足F ＝－kx ，所以选项A 错误；由单摆的特点知B 正确；质点A 、C 之间的距离是简谐波的半个波长，选项C 错误；由波的传播特点知D 正确。
3．(2012·厦门质检)一列简谐横波以1 m/s 的速度沿绳子由A 向B 传播，质点A 、B 间的水平距离x ＝3 m ，如图2甲所示。
2020赢在微点物理一轮复习(人教版) 第一章 运动的描述 匀变速直线运动的研究 (1)
三、加速度 加速度是指速度变化快慢的物理量，是矢量，表达式为 a＝ΔΔvt ，方向与 Δv 方向相同。
误；前 4 s 内质点通过的路程为 4 m，在第 4 s 末到达 C 点，则前 4 s 内位
移大小为 x2＝|AC|＝2 m，方向由 A 指向 C，平均速度为 v2＝xt22＝24 m/s＝0．5 m/s，方向由 A 指向 C，平均速率仍为 1 m/s，C 项错误。
答案 AB
3．(加速度与速度的关系)(改编题)(多选)成贵高铁全长约 632．6 公里， 总投资约 780 亿元，为新建客运专线。设计时速为 250 公里(预留 350 公里 电气化设计)，被称为“世界第一条山区高速铁路”，预计 2019 年年底建成 通车，届时，从贵阳到成都只用 3 个小时左右。假设列车某次出站过程，由 静止开始加速，当加速度 a 不断减小至零时，速度达到 250 km/h，则此过 程中列车的( )
题|组|冲|关 1．(多选)如图所示为正在航拍的四旋翼无人飞机，下列过程中不能将 无人飞机看作质点的是( ) A．调节飞机旋翼的转速 B．调整飞机在空中的姿态 C．观察飞机在空中的位置 D．观察飞机在空中的运动轨迹 解析 调节飞机旋翼的转速时，飞机旋翼的大小和形状不能忽略不计， 不能看作质点，A 项正确；调整飞机在空中的姿态，飞机各部分运动不同， 不可以将飞机看作质点，B 项正确；观察飞机在空中的位置，飞机的大小 和形状可忽略，C 项错误；观察飞机在空中的运动轨迹时，飞机的大小和 形状可以忽略，D 项错误。 答案 AB
2020赢在微点物理一轮复习_人教版_第五章课时练习 机械能及其守恒定律单元评估验收5(33张) (1)
单元评估验收(五)机械能及其守恒定律一、选择题1．某同学的质量为50kg，所骑自行车的质量为15kg，设该同学在平直路面上正常骑行时脚踏自行车的功率为40W。
若人与车受到的阻力是其重力的0.02倍，则正常骑行自行车时的速度大小约为()A．3m/s B．4m/s C．13m/s D．30m/s解析当匀速运动骑行时，自行车速度v＝PF＝Pf＝P0.02(M＋m)g≈3m/s，A项正确。
答案 A2.光滑的水平面上，放着一辆小车，站在小车上的人拉系在墙壁上的水平绳子，使小车和人一起向右加速移动。
则下列说法正确的是()A．绳子的拉力对人做了负功B．绳子的拉力对小车做了正功C．人对小车的摩擦力对小车做了正功D．小车对人的摩擦力对人做了正功解析绳子对人的拉力方向向右，小车向右加速运动，则拉力对人做正功；由于拉力未作用在小车上，所以拉力对小车不做功，A、B两项错误；人对小车的静摩擦力方向向右，则静摩擦力对小车做正功，C项正确；小车对人的摩擦力方向向左，则小车对人的摩擦力对人做负功，D项错误。
答案 C3.如图所示，质量为m的钩码在弹簧测力计的作用下竖直向上运动。
设弹簧测力计的示数为F T，不计空气阻力，重力加速度为g。
则()A．F T＝mg时，钩码的机械能不变B．F T<mg时，钩码的机械能减小C．F T＝mg时，钩码的机械能减小D．F T>mg时，钩码的机械能增加解析无论F T与mg的关系如何，F T与钩码位移的方向一致，F T做正功，钩码的机械能增加，D项正确。
答案 D4.如图所示，三个固定的斜面底边长度都相等，斜面倾角分别为30°、45°、60°，斜面的表面情况都一样。
完全相同的物体(可视为质点)A、B、C分别从三斜面的顶部滑到底部的过程中()A．物体A克服摩擦力做的功最多B．物体B克服摩擦力做的功最多C．物体C克服摩擦力做的功最多D．三物体克服摩擦力做的功一样多解析设斜面底边长度为s，倾角为θ，那么斜边长为l＝s cosθ，对物体受力分析，物体受到的滑动摩擦力为f＝μmg cosθ，那么物体克服摩擦力做的功为W＝fl＝μmgs，即物体克服摩擦力做的功与倾角无关。
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课时作业(三十四)原子核和核能A组·基础巩固题1．在下列物理现象中，原子核发生变化的是()A．黑体辐射现象B．光电效应现象C．原子发光现象D．天然放射现象解析黑体辐射现象和原子发光现象均为原子外层电子跃迁而辐射电磁波的现象，不是核反应，A、C两项错误；光电效应现象是原子外层电子受光照射脱离原子核的束缚而逸出，没有发生核反应，B项错误；天然放射现象是原子核发生改变并伴随产生放射线的现象，D项正确。
答案 D2．(多选)物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学认知，推动物理学的发展。
下列说法符合事实的是()A．普朗克提出了光子说，成功地解释了光电效应现象B．卢瑟福用α粒子轰击147N获得反冲核178O，发现了质子C．玻尔的原子理论成功地解释了氢原子光谱的实验规律D．贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，发现了原子中存在原子核解析爱因斯坦提出了光子说，成功地解释了光电效应现象，A项错误；卢瑟福用α粒子轰击147N获得反冲核178O，发现了质子，B项正确；玻尔的原子理论成功地解释了氢原子光谱的实验规律，C项正确；卢瑟福对α粒子散射实验的研究，发现了原子中存在原子核，D项错误。
答案BC3．正电子发射计算机断层扫描(PET-CT)，其原理是借助于示踪剂(正电子放射线药物)可以聚集到病变部位的特点来发现疾病的。
PET-CT常用核素氧15标记，其半衰期仅有2分钟。
对含氧元素的物质照射20 MeV～50 MeV的X射线，激发原子核边缘的中子，可以产生氧15正电子核素。
下列说法正确的是()A．用30 MeV的X射线照射氧16时，生成氧15的同时释放出中子B．氧15发生正电子衰变时，生成的新核含有9个中子C．经过10分钟，氧15的含量减小为原来的15D．将氧15置于回旋加速器中，其半衰期可能发生变化解析用30 MeV的X射线照射氧16时，其核反应方程为168 O→158O＋10n，生成氧15的同时释放出中子，A项正确；氧15发生正电子衰变时，其核反应方程为158O→157N＋01e，生成新核含有8个中子，B项错误；经过10分钟，氧15的含量减小为原来的125，C项错误；半衰期与物体速度无关，D项错误。
答案 A4．下列说法中正确的是()A．β射线与γ射线一样是电磁波，但穿透本领远比γ射线弱B．氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子核C．已知质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3，那么，质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是(2m1＋2m2－m3)c2D．放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核外的电子发生电离产生的解析β射线是电子流，不是电磁波，穿透本领比γ射线弱，A项错误；半衰期具有统计意义，对大量的原子核适用，对少量的原子核不适用，B项错误；根据爱因斯坦质能方程可得释放的能量是ΔE＝(2m1＋2m2－m3)c2，C项正确；β衰变是原子核的衰变，与核外电子无关，β衰变时释放的电子是由核内一个中子转化成一个质子的同时释放出来的，D项错误。
答案 C5．2017年11月17日，“中国核潜艇之父”——黄旭华获评全国道德模范，颁奖典礼上，习总书记为他“让座”的场景感人肺腑，下列有关核反应的说法错误的是()A．目前核潜艇是利用重核裂变提供动力B．重核裂变反应前后一定有质量亏损C．23592U＋10n→14054Xe＋9438Sr＋d10n，式中d＝2D．铀核裂变后的新核比铀核的比结合能小解析目前世界上的核潜艇都是利用核裂变提供动力，A项正确；重核裂变放出能量一定存在质量亏损，B项正确；由核反应质量数和电荷数守恒可知，C项正确；铀核裂变后生成的两个新核，新核的核子的比结合能比铀核大，D项错误。
答案 D6．国家大科学过程——中国散裂中子源(CSNS)于2017年8月28日首次打靶成功，获得中子束流，可以为诸多领域的研究和工业应用提供先进的研究平台。
下列核反应中放出的粒子为中子的是()A．147N俘获一个α粒子，产生178O并放出一个粒子B．2713Al俘获一个α粒子，产生3015P并放出一个粒子C．115B俘获一个质子，产生84Be并放出一个粒子D．63Li俘获一个质子，产生32He并放出一个粒子解析根据质量数和电荷数守恒可知四个核反应方程分别为147N＋42He→178O＋11H、2713Al＋42He→3015P＋10n、115B＋11H→84Be＋42He，6Li＋11H→32He＋42He，故只有B项正确。
3答案 B7．氘核和氚核可发生热核聚变而释放巨大的能量，该反应方程为21H＋31H→42He＋x，式中x是某种粒子。
已知：21H、31H、42 He和粒子x的质量分别为2.014 1 u、3.016 1 u、4.002 6 u和1.008 7 u。
由上述反应方程和数据可知(每亏损1 u的质量释放931.5 MeV的能量)()A．粒子x是11HB．该方应中的质量亏损为0.028 9 uC．该反应释放出的能量约为17.6 MeVD．该反应中释放的全部能量转化为粒子x的动能解析根据核反应前后质量数守恒和核电荷数守恒，可判断x为中子，A项错误；该反应中的质量亏损为Δm＝2.014 1 u＋3.016 1 u－4.002 6 u－1.008 7 u＝0.018 9 u，B项错误；由爱因斯坦质能方程可知释放出的能量为ΔE＝0.018 9×931.5 MeV≈17.6 MeV，C项正确；该反应中释放的能量一部分转化为x粒子的动能，一部分转化为42He的动能，D项错误。
答案 C8．一静止的钠核发生β衰变，衰变方程为2411Na→2412Mg＋0－1e，下列说法正确的是()A．衰变后镁核的动能等于电子的动能B．衰变后镁核的动量大小等于电子的动量大小C．镁核的半衰期等于其放出一个电子所经历的时间D．衰变后电子与镁核的质量之和等于衰变前钠核的质量解析一静止的钠核放出一个电子衰变成镁核，根据系统动量守恒知，衰变后镁核和电子动量之和为零，可知衰变后镁核的动量大小等于电子的动量大小，根据E k＝p22m知，由于镁核和电子质量不同，则动能不同，A项错误，B项正确；半衰期是原子核有半数发生衰变的时间，C项错误；衰变的过程中有质量亏损，即衰变后电子与镁核的质量之和小于衰变前钠核的质量，D项错误。
答案 B9．(多选)正电子发射型计算机断层显像(PET)的基本原理是：将放射性同位素158O注入人体，158O在人体内衰变放出的正电子与人体内的负电子相遇而湮灭转化为一对γ光子，被探测器采集后，经计算机处理生成清晰图象。
则根据PET原理判断下列表述正确的是()A．158O在人体内衰变的方程是158O→157N＋01eB．正、负电子湮灭的方程是01e＋0－1e→2γC．在PET中，158O主要用途是穿透作用D．在PET 中，158O主要用途是参与人体的新陈代谢解析由题意知A、B两项正确，显像的原理是采集γ光子，即注入人体内的158O衰变放出正电子和人体内的负电子湮灭转化为γ光子，因此158O主要用途是作为示踪原子，故C、D两项错误。
素养立意放射性在医学上的应用越来越多，此类试题难度并不大，但要求学生能从试题描述中捕捉有用信息。
答案ABB组·能力提升题10．(多选)下列说法正确的是()A．方程式23892U→23490Th＋42He是重核裂变反应方程B．铯原子核(13355Cs)的结合能小于铅原子核(20882Pb)的结合能C．β衰变所释放的电子是原子核内的质子转化成中子时所产生的D．核力是短程力，与核子间的距离有关，有时表现为引力，有时表现为斥力解析方程式23892U→23490Th＋42He的反应物只有一个，生成物有42He，属于α衰变，A项错误；由原子核的平均结合能的曲线可知，铯原子核的比结合能与铅原子核的比结合能差不多，而铯原子核的核子数少得多，所以铯原子核的结合能小于铅原子核的结合能，B项正确；β衰变所释放的电子不是来源于原子核外面的电子，而是原子核内的中子转化成质子时所产生的(10n→11H＋0e)，C项错误；相邻的质子与质子、中子与质子、中子与中子－1既不会融合在一起(斥力)，又相距一定距离组成原子核(引力)，D 项正确。
答案BD11．(多选)氘核、氚核、中子和氦核的质量分别是m1、m2、m3和m4，如果氘核和氚核结合生成氦核，则下列说法正确的是()A．核反应方程为21H＋31H→42He＋10nB．这是一个裂变反应C．核反应过程中亏损的质量Δm＝m1＋m2－m3D．核反应过程中释放的核能ΔE＝(m1＋m2－m3－m4)c2解析核反应方程为21H＋31H→42He＋10n为轻核聚变方程，故A项正确，B项错误；核反应过程中的质量亏损为Δm＝m1＋m2－m3－m4，故C项错误；由质能方程可知D项正确。
答案AD12．(多选)下列说法正确的是()A．在α、β、γ这三种射线中γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强B．假如有18个某种放射性元素的原子核，经过一个半衰期，一定是有9个原子核发生了衰变C．某单色光照射一金属时不发生光电效应，改用波长较短的光照射该金属时可能发生光电效应D．两个轻核结合成质量较大的核，这样的核反应叫核裂变解析三种射线中γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强，A项正确；半衰期具有统计规律，只有大量原子核才有意义，B项错误；不发生光电效应，说明入射光的频率小于极限频率，当波长较短，则其频率越高，因此可能发生光电效应，C 项正确；两个轻核结合成质量较大的核，属于核聚变，D项错误。
答案AC13.(2019·湖南师大附中摸底考试)(多选)一个静止的放射性原子核处于垂直纸面向里的匀强磁场中，由于发生了某种衰变而形成了如图所示的两个圆形径迹，两圆半径之比为1∶16，则()A．该原子核发生了β衰变B．原来静止的原子核的原子序数为15C．反冲核沿小圆做逆时针方向运动D．该衰变过程结束后其系统的总质量略有增加解析由图看出，原子核衰变后放出的粒子与新核所受的洛伦兹力方向相同，而两者速度方向相反，则知两者的电性相反，新核带正电，则放出的必定是β粒子，发生了β衰变，故A项正确；根据动量守恒定律得知，放出的β粒子与新核的动量大小相等，由r＝m vqB＝pqB，得半径与电荷量成反比，两圆半径之比为1∶16，由于新核的电荷量较大，则小圆是新核的轨迹。
由半径之比得到新核的电荷量为16e，原子序数为16，则原来静止的原子核的原子序数为15，故B项正确；衰变后新核所受的洛伦兹力方向向右，根据左手定则判断得知，其速度方向向下，沿小圆作逆时针方向运动，故C项正确；该衰变过程会放出能量，质量略有亏损，故D项错误。
答案ABC14．一个铍原子核(74Be)从最靠近核的K层电子轨道上俘获一个电子后发生衰变，生成一个锂核(73Li)，并放出一个不带电的、质量接近零的中微子νe(质量不计)，人们把这种衰变叫作铍核的EC衰变，核反应方程为74Be＋0－1e→73Li＋νe。