甘肃省兰州第一中学高二化学下学期期末考试试题(含解析)(2021年整理)
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
甘肃省兰州第一中学2017-2018学年高二化学下学期期末考试试题(含解析)编辑整理:
尊敬的读者朋友们:
这里是精品文档编辑中心,本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的,发布之前我们对文中内容进行仔细校对,但是难免会有疏漏的地方,但是任然希望(甘肃省兰州第一中学2017-2018学年高二化学下学期期末考试试题(含解析))的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈,这将是我们进步的源泉,前进的动力。
本文可编辑可修改,如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅,最后祝您生活愉快业绩进步,以下为甘肃省兰州第一中学2017-2018学年高二化学下学期期末考试试题(含解析)的全部内容。
甘肃省兰州第一中学2017—2018学年高二下学期期末考试化学试题
1. 下列数据是一些有机物的相对分子质量,可能为同系物的一组是( )
A。
16, 32, 46, 60 B. 16, 30, 42, 56
C. 16, 28, 40, 52 D。
16, 30, 58, 72
【答案】D
【解析】同系物是指结构相似,分子组成相差若干个CH2原子团的物质,这说明同系物的相对分子质量之间相差14的倍数,所以选项D是正确的。
答案选D。
2。
下列物质的类别与所含官能团都正确的是
A。
酚类—OH B. 羧酸—CHO
C.醛类—CHO
D. CH3—O—CH3醚类
【答案】D
【解析】试题分析:A、羟基与苯环直接相连的有机物属于酚类,而该有机物的羟基不是与苯环直接相连,不属于酚类,属于醇类,错误;B、烃分子中的H原子被羧基取代的产物属于羧酸,官能团是-COOH,错误;C、该有机物的HCOO—与苯环相连,属于酯类,官能团是-COO-,错误;D、该有机物中含有键,属于醚类,正确,答案选D。
考点:考查有机物的分类及官能团的判断
3。
1mol某烃在氧气中充分燃烧,需要消耗氧气179。
2 L(标准状况下).它在光照的条件下与氯气反应能生成三种不同的一氯取代物.该烃的结构简式是( )
A. B。
C. CH3CH2CH2CH2CH3
D. CH3-
【答案】C
【解析】分析:根据烃燃烧的通式和题干中1mol烃燃烧时的耗氧量,可以确定烃的化学式,烃中含有几种类型的等效氢原子,其一氯代物就有几种,据此分析.
详解:4个选项中符合要求的等效氢原子的个数分别为:、、、,这样排除B、D选项,只有A、C选项符合要求,题设第二个条件是:1mol该烃燃烧需氧气179。
2L(标准状况)即=8mol,A、C的分子式分别是C6H14和C5H12,耗氧量分别为6+=9。
5mol,5+=8mol,显然,只有C选项符合要求,故选C。
4. 下列有机物的命名正确的是()
A. 2—甲基-2,3—二氯戊烷 B。
3,3—二甲基-4—乙基戊烷
C. 2,4,6—三氯己烷
D. 3—甲基-3—丁烯
【答案】A
【解析】A. 2-甲基-2,3-二氯戊烷的有机物存在,命名正确,A正确;B。
3,3-二甲基-4-乙基戊烷应该是3,3,4-三甲基己烷,B错误;C. 2,4,6-三氯己烷应该是1,3,5-三氯己烷,C错误;D. 3-甲基-3-丁烯应该是2-甲基-1-丁烯,D错误,答案选A。
点睛:掌握有机物的命名原则和方法是解答的关键,尤其是烷烃的命名方法,注意了解有机物系统命名中常见的错误:①主链选取不当(不包含官能团,不是主链最长、支链最多);②编号错(官能团的位次不是最小,取代基位号之和不是最小);③支链主次不分(不是先简后繁);④“-”、“,”忘记或用错.
5. 具有下列分子式的一氯代烷中,水解后产物在红热铜丝催化下,最多可被空气氧化生成四种不同的醛的是()
A. C3H7Cl
B. C4H9Cl C。
C5H11Cl D. C6H13Cl
【答案】C
【解析】分析:先确定烷烃的对称中心,即找出等效的氢原子,再根据先中心后外围的原则,将氯原子逐一去代替氢原子,有几种氢原子就有几种一氯代烃,氯原子只有连接在键端的碳原子
上水解生成的醇,且该碳上有氢原子,才能被氧化成醛,据此分析解答。
详解:A.C3H7Cl水解生成在键端的碳原子上的醇,且该碳上有氢原子的卤代烃为:CH3CH2CH2Cl,被空气氧化生成1种醛:CH3CH2CHO,故A错误;B.正丁烷两种一氯代物,异丁烷两种一氯代物,共4种,所以分子式为C4H9 Cl的同分异构体共有4种,其中氯原子连接在键端的碳原子上能被氧化成醛的只有1-氯丁烷、1—氯—2—甲基丙烷,故B错误;C.C5H11Cl水解生成在键端的碳原子上的醇,且该碳上有氢原子的卤代烃为:CH3CH2CH2CH2CH2Cl;CH3CH2CH(CH3)CH2Cl;CH3CH (CH3)CH2CH2 Cl;CH3C(CH3)2CH2 Cl;被空气氧化生成4种不同的醛为:CH3CH2CH2CH2CHO 戊醛;CH3CH2CH(CH3)CHO 2-甲基丁醛;CH3CH(CH3)CH2CHO 3—甲基丁醛;CH3C(CH3)2CHO 2,2—二甲基丙醛;故C正确;D.C6H14属于烷烃,主链为6个碳原子有:CH3(CH2)4CH3;主链为5个碳原子有:CH3CH2CH2CH(CH3)2;CH3CH2CH(CH3)CH2CH3;主链为4个碳原子有:CH3CH2C(CH3)3;CH3CH (CH3)CH(CH3)CH3,则相应的一取代物分别有3、5、4、3、2种.故分子式为C6H13-的同分异构体共有17种;最多可被空气氧化生成17种不同的醛,故D错误;故选C。
点睛:本题考查同分异构体的应用和卤代烃的水解、醇的氧化等知识,本题的难点是题意的理解,氯原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇,且该碳上有氢原子,才能被氧化成醛。
6. 下列有关叙述正确的是()
A. 质谱法通常用来确定有机物的分子结构
B。
将有机物燃烧进行定量分析,可以直接确定该有机物的分子式
C。
在核磁共振氢谱中能出现三组峰,峰面积之比为3∶1∶4
D。
二甲醚与乙醇不能利用红外光谱法进行鉴别
【答案】C
【解析】A。
质谱法通常用来确定有机物的相对分子质量,A错误;B. 将有机物燃烧进行定量分析,不能直接确定该有机物的分子式,B错误;C. 根据有机物结构简式
可知在核磁共振氢谱中能出现三组峰,峰面积之比为6∶2∶8=
3∶1∶4,C正确;D. 二甲醚与乙醇含有的官能团不同,可以利用红外光谱法进行鉴别,D错误,答案选C。
7。
下列与有机物的结构、性质有关的叙述正确的是()
A. 棉花、蚕丝和人造丝的主要成分都是纤维素
B。
甲烷和Cl2的反应与乙烯和Br2的反应属于同一类型的反应
C. 蔗糖、麦芽糖的分子式均为C12H22O11,二者互为同分异构体
D. 乙醇、乙酸均能与NaOH反应,因为分子中均含有官能团“—OH ”
【答案】C
【解析】分析:A.根据蚕丝的主要成分为蛋白质分析判断;B.根据甲烷和氯气在光照条件下和溴和乙烯反应的特征分析判断;C.根据同分异构体的概念分析判断;D.根据官能团的结构和性质分析判断。
8. 下列离子方程式正确的是( )
A。
用银氨溶液检验乙醛中的醛基:CH3CHO+2Ag(NH3)2++2OH-CH3COONH4 +3NH3+2Ag↓+H2O B。
苯酚钠溶液中通入少量CO2:CO2 +H2O+2C6H5O-→2C6H5OH+CO32-
C。
氯乙烷中滴入AgNO3溶液检验其中氯元素:Cl-+Ag+=AgCl↓
D。
乙酸滴入氢氧化铜悬浊液中:2CH3COOH+Cu(OH)2=Cu2++2CH3COO-+2H2O
【答案】D
【解析】分析:A.乙酸铵为易溶的强电解质;B.苯酚钠与二氧化碳反应生成苯酚和碳酸氢钠;
C.氯乙烷不溶于水;D.乙酸为弱酸,氢氧化铜是难溶物质;根据离子方程式的书写规则分析判断。
详解:A.用银氨溶液检验乙醛中的醛基,正确的离子方程式为:CH3CHO+2Ag(NH3)
2++2OH-CH
3COO
—+NH
4
++3NH
3+2Ag↓+H2O,故A错误;B.苯酚钠与二氧化碳反应生成苯酚和
碳酸氢钠,反应的化学方程式为:C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+NaHCO3,离子反应方程式为:
,故B错误;C.氯乙烷不溶于水,不能电离出氯离子,则氯乙烷中滴入AgNO3溶液后没有明显现象,故C错误;D.将乙酸滴入氢氧化铜悬浊液中,生成醋酸铜和水,离子反应方程式为2CH3COOH+Cu(OH)2=Cu2++2CH3COO—+2H2O,故D正确;故选D。
点睛:本题考查了离子方程式的正误判断,注意掌握离子方程式正误判断常用方法:检查反应能否发生,检查反应物、生成物是否正确,检查各物质拆分是否正确,如难溶物、弱电解质等需要保留化学式,检查是否符合原化学方程式等。
本题的易错点为C,要注意氯乙烷中不存在氯离子,需要水解后再检验。
9. 实验室用溴和苯反应制取溴苯,得到粗溴苯后,要用如下操作精制:①蒸馏;②水洗;③用干燥剂干燥;④10%NaOH溶液洗.正确的操作顺序是()
A. ①②③④②
B. ②④①②③ C。
④②③①② D。
②④②③①
【答案】D
【解析】分析:根据粗苯中的成分及各试剂的作用分析,可溶性的物质易溶于水,所以用水洗涤易溶于水的物质;溴和氢氧化钠能反应所以可用氢氧化钠除去溴;干燥剂能吸收水分,利用物质沸点的不同可分离沸点不同的物质,据此分析解答.
详解:粗溴苯中含有苯、溴苯、溴化铁和溴,提纯时,为减少NaOH的用量,可先用水洗,可除去溴化铁和少量溴,然后加入10%的NaOH溶液洗涤,可除去溴,再用水洗除去碱液,经干燥后
进行蒸馏可得溴苯,所以正确的操作顺序为:②④②③①,故选D。
10. CPAE是蜂胶的主要活性成分,也可由咖啡酸合成,下列说法不正确的是()
A. 1mol CPAE与足量的溴水反应,最多消耗4mol Br2
B。
咖啡酸可发生聚合反应,而且其分子中含有3种官能团
C。
与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质共有9种
D. 可用金属Na检测上述反应是否残留苯乙醇
【答案】D
【解析】分析:CPAE中含酚—OH、-COOC-和碳碳双键;咖啡酸中含有酚羟基、碳碳双键和羧基;结合相关官能团的结构和性质分析判断。
详解:A.CPAE含酚-OH、—COOC-和碳碳双键,其中酚-OH和碳碳双键能够与溴水反应,则1 mol 最多可与含4mol 溴发生反应,故A正确;B.咖啡酸含C=C,酚—OH、—COOC-,共3种官能团,含C=C可发生加聚反应,故B正确;C.与苯乙醇互为同分异构体的酚类物质,含酚-OH、乙基(或2个甲基),含酚—OH、乙基存在邻、间、对三种,两个甲基处于邻位的酚2种,两个甲基处于间位的有3种,两个甲基处于对位的有1种,共9种,故C正确;D.CPAE中含酚-OH、苯乙醇中含—OH,均与Na反应生成氢气,则不能用金属Na检测上述反应是否残留苯乙醇,故D 错误;故选D。
点睛:本题考查有机物的结构与性质,把握官能团与性质的关系为解答的关键,侧重羧酸、酚、醇等物质性质的考查,选项C为解答的难点,注意同分异构体的推断,易错点为A,要注意酚羟基的邻对位氢原子能够被溴原子取代。
11. 下列化合物中的所有碳原子可以在同一平面上的是()
A。
B.
C。
CH2=CHCH=CHCH=CH2 D。
(CH3)2CH-C≡C-CH=CHCH3
【答案】C
【解析】分析:甲烷是正四面体结构、乙烯是平面结构、乙炔是直线形结构、苯是平面结构,根据甲烷、乙烯、乙炔、苯的结构确定这几种物质中所有原子是否共面,据此分析解答。
详解:A.该分子中直接连接两个苯环的C原子具有甲烷结构特点,甲烷是四面体结构,根据甲烷结构知,该分子中所有C原子不可能共面,故A错误;B.该分子中的C原子具有甲烷结构特点,根据甲烷结构知,该分子中所有C原子不可能共面,故B错误;C.该分子中含有三个碳碳双键,乙烯是平面型结构,根据乙烯结构知,前三个C原子共面、后三个C原子共面,且中间两个C原子共面,所以这六个C原子都共面,故C正确;D.该分子中含有,亚甲基C 原子具有甲烷结构特点,根据甲烷结构知,该分子中所有C原子不可能共面,故D错误;故选C。
点睛:本题主要考查有机化合物的结构特点。
由于甲烷是四面体结构,只要含有或中的一种,分子中的碳原子就不可能处于同一平面内.
12. 高分子化合物的结构:其单体可能是
①CH2=CHCN;②乙烯;③1,3-丁二烯;④苯乙炔;⑤苯乙烯;⑥1—丁烯( )
A。
①③⑤ B. ②③⑤ C。
①②⑥ D。
①③④
【答案】A
【解析】该高聚物链节主链不含杂原子,属于加聚反应生成的高聚物,链节主链上存在碳碳双键结构,其的单体是CH2=CHCN、CH2=CH—CH=CH2、
苯乙烯,故选A.
点睛:解答此类题目,首先要根据高聚物的结构简式判断高聚物是加聚产物还是缩聚产物,然后根据推断单体的方法作出判断,加聚产物的单体推断方法:(1)凡链节的主链上只有两个碳原子(无其它原子)的高聚物,其合成单体必为一种,将两半链闭合即可;(2)凡链节主链上只有四个碳原子(无其它原子)且链节无双键的高聚物,其单体必为两种,在正中间画线断开,然后将四个半键闭合即可;(3)凡链节主链上只有碳原子并存在碳碳双键结构的高聚物,其规律是“见双键,四个碳,无双键,两个碳”画线断开,然后将半键闭合,即将单双键互换。
13。
只用水就能鉴别的一组物质是()
A. 苯、乙酸、四氯化碳
B. 乙醇、乙醛、乙酸
C. 乙醛、乙二醇、硝基苯
D. 苯酚、乙醇、甘油
【答案】A
【解析】试题分析:物质在水中的溶解性及溶于水时的热效应、液体的密度等特点,都可以作为鉴别一组物质的条件。
如乙酸能溶于水,与水互溶;而苯、四氯化碳难溶于水,但苯的密度比水小,而四氯化碳的密度比水大。
可用水来鉴别苯、乙酸、四氯化碳,具体方法是:各取1 mL 苯、乙酸、四氯化碳液体,分别加入5 mL水,振荡,静置;互溶,不分层的为乙酸;浮在水面上的是苯;沉在水下面的是四氯化碳。
B组三种物质都溶于水,C组前两种物质都溶于水,D组后两种物质都溶于水,则B、C、D三组物质不能用水来鉴别,所以答案选B。
考点:考查物质的鉴别
点评:该题是高考中的常见题型,属于中等难度的试题,试题综合性强,旨在考查学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力,有利于培养学生规范严谨的实验设计能力.该类试题相应明确的是在进行物质的检验时,要依据物质的特殊性质和特征反应,选择适当的试剂和方法,准确观察反应中的明显现象,如颜色的变化、沉淀的生成和溶解、气体的产生和气味、火焰的颜色等,进行判断、推理、验证即可.
14. 下列物质中与氢氧化钠溶液、新制氢氧化铜、纯碱、溴水、苯酚钠溶液、甲醇都能反应的是()
A. 盐酸
B. 乙醛 C。
乙酸 D。
丙烯酸
【答案】D
【解析】分析:与氢氧化钠反应,应含有羧基、酚羟基或能在碱性条件下水解,与溴水反应,应含有不饱和键,与甲醇反应,应含有羧基或羟基,以此解答该题。
详解:A.盐酸与溴水、甲醇不反应,故A错误;B.乙醛与纯碱、苯酚钠、甲醇不反应,故B 错误;C.乙酸与溴水不反应,故C错误;D.丙烯酸含有碳碳双键,可与溴水发生加成反应,含有羧基,可与氢氧化钠、氢氧化铜、纯碱、苯酚钠以及甲醇反应,故D正确;故选D.
15。
今有乙酸和乙酸甲酯的混和物中,测得含碳的质量百分数为X,则混和物中氧的质量百分数为()
A. (1-X)/7 B。
6(1-X)/7 C. (6-7X)/6 D。
无法计算
【答案】C
【解析】分析:乙酸、乙酸甲酯各分子中碳原子与氢原子个数之比为1:2,据此可以计算碳元素与氢元素的质量之比,根据混合物中碳元素的质量分数计算出氢元素的质量分数,最后w(O)=1—w(C)—w(H)计算。
详解:乙酸、乙酸甲酯各分子中碳原子与氢原子个数之比为1:2,故组成的混合物中,碳原子与氢原子个数之比为1:2,则碳元素与氢元素的质量之比为12:2=6:1,混合物中碳元素的总的质量分数为X,则氢元素的质量分数=X,故混合物中氧元素质量分数1-X-X=1—X,故选C。
16. 利用下列装置(部分仪器已省略),能顺利完成对应实验的是()
A. A B。
B C。
C D。
D
【答案】B
考
点:考查了化学实验方案的评价的相关知识.
17。
下列说法正确的是( )
A. 纤维素三硝酸酯的结构简式为
B. 化合物是苯的同系物
C。
按系统命名法,化合物的名称为2,3,3-三甲基丁烷
D。
1 mol阿斯匹林()与足量的NaOH溶液反应,消耗NaOH最大的物质的量为
2mol
【答案】A
【解析】分析:A.根据纤维素的分子通式为(C6H10O5)n,结构单元中含有3个羟基分析判断;B.根据苯的同系物的概念分析判断;C.依据烷烃的命名方法分析判断;D.能与NaOH反应的有—COOH、酚羟基和酯基等分析判断。
详解:A.纤维素的分子通式为(C6H10O5)n,结构单元中含有3个羟基,因此纤维素三硝酸酯的结构简式为,故A正确; B.分子中含有两个苯环,不属于苯的同系物,故B错误;C.的名称为2,2,3-三甲基丁烷,故C错误;D.能与NaOH反应的有—COOH、酚羟基和酯基,则1mol与足量NaOH溶液充分反应,消耗3molNaOH,
故D错误;故选A。
点睛:本题考查有机化合物命名、苯的同系物、有机物的性质等。
本题的易错项为D,要注意酯基水解后的羟基是否为酚羟基。
18。
某有机物的分子式为C9H10O3。
它有多种同分异构体,同时符合下列四个条件的同分异构体有①能与Na2CO3溶液反应,但是不能生成气体;②苯环上的一氯代物只有两种;③能发生水解反应;④该有机物是苯的二取代物。
()
A。
4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种
【答案】C
【解析】分析:①能与Na2CO3溶液反应,但是不能生成气体,说明含有酚羟基;②苯环上的一氯代物只有两种,说明苯环上有两种等效氢原子;③能发生水解反应,说明含有酯基;④该有机物是苯的二取代物,说明苯环上含两个取代基,根据有机物的分子式和结构特点来书写。
详解:①能与Na2CO3溶液反应,但是不能生成气体,说明含有酚羟基;②苯环上的一氯代物只有两种,说明苯环上有两种等效氢原子;③能发生水解反应,说明含有酯基;④该有机物是苯的二取代物,说明苯环上含两个取代基,所以苯环上的两个取代基处于对位,其中一个是羟基,另一个是含有酯基的基团,可以是-COOCH2CH3,-CH2COOCH3,HCOOCH2CH2-,HCOOCH(CH3)—,
-OOCCH2CH3,CH3COOCH2-,共六种,故选C。
19。
含有C=C的有机物与O3作用形成不稳定的臭氧化物,臭氧化物在还原剂存在下,与水作用分解为羰基化合物,总反应为:+(R1、R2、R3、R4为H或烷基).以下四种物质发生上述反应,所得产物为纯净物且能发生银镜反应的是()A. (CH3)2C=C(CH3)2 B. CH2=CHCH=CHCH=CH2 C. D.
【答案】D
【解析】分析:根据反应原理为双键从中间断开,直接接上一个氧原子,所得产物为纯净物说明产物只有一种,能发生银镜反应说明含有醛基,则与双键相连的碳上有氢原子,据此分析判断。
详解:A.(CH3)2C=C(CH3)2与双键相连的碳上没有氢原子,得到的是酮,不是醛,故A错误;
B. CH2=CHCH=CHCH=CH2中有3个双键,得到的产物有2种,分别为甲醛和乙二醛,故B错
误;C.中有2个双键,且结构不对称,得到的产物有2种,故C错误;D.反应产物只有一种,与双键相连的碳上有氢原子,氧化得到醛,故D正确;故选D.
20。
天然维生素P(结构如图)存在于槐树花蕾中,它是一种营养增补剂.关于维生素P的叙述正确的是( )
A。
若R为甲基则该物质的分子式可以表示为C16H10O7
B。
分子中有三个苯环
C. lmol该化合物与NaOH溶液作用消耗NaOH的物质的量以及与氢气加成所需的氢气的物质的量分别是4 mol、8 mol
D. lmol该化合物最多可与5molBr2完全反应
【答案】C
【解析】分析:由结构可知,分子中含2个苯环,4个酚羟基、羰基、碳碳双键及醚键,结合酚、烯烃等有机物的性质来解答。
详解:A.R为甲基,根据维生素P的结构简式可以得出其分子式为:C16H12O7,故A错误;B.维生素P结构中含有两个苯环,故B错误;C.维生素P结构中含有的苯环、碳碳双键、碳氧双键都能与氢气发生加成反应,一定条件下1mol该物质可与H2加成,耗H2最大量为8mol,维生素P结构中含有酚羟基,能与氢氧化钠反应,每1mol维生素P结构中含有4mol酚羟基,所以1mol该物质可与4molNaOH反应,故C正确;D.结构中含有酚羟基,能与溴水发生取代反应,反应时—OH的邻、对位氢原子能够被取代,含有碳碳双键,能发生加成反应,1mol该物质与足量溴水反应耗6molBr2,故D错误;故选C。
21。
一种气态烷烃和一种气态烯烃组成的混合物共10克,混合气体的密度是相同状况下H2
密度的12.5倍,让混合气体通过盛有溴水的试剂瓶时,试剂瓶的质量增加了8。
4克,组成该混合气体的可能是()
A。
乙烷和乙烯 B. 乙烷和丙烯 C。
甲烷和乙烯 D。
甲烷和丙烯
【答案】C
【解析】试题分析:由于混合气密度是相同状况下H2密度的12。
5倍,因此混合气的平均摩尔质量为25g/mol,因此混合气中一定有甲烷。
混合气的总的物质的量为;由于混合气体通过装有溴水的试剂瓶时,试剂瓶总质量增加了8.4g,即烯烃的质量为8.4g,则
甲烷的质量为,则甲烷的物质的量为,则烯烃的物质的量为
0.3mol,故烯烃的摩尔质量为,故为乙烯.故答案C。
考点:考查有关混合物反应的计算.
22. 下列叙述中,正确的一组是()
①糖类、油脂、蛋白质在一定条件下都能发生水解
②制造婴儿用的一次性纸尿片采用的吸水保水的材料可以是
③石油的分馏、裂化和煤的干馏都是化学变化
④葡萄糖与果糖、淀粉与纤维素均互为同分异构体
⑤淀粉遇碘酒变蓝色,葡萄糖能与新制Cu(OH)2发生反应
⑥塑料、橡胶和纤维都是合成高分子材料
⑦向蛋白质溶液中加入饱和CuSO4溶液,出现盐析现象,加水溶解
A。
②⑤ B。
①⑤⑦ C。
③④⑥ D. ②⑥⑦
【答案】A
【解析】分析:①根据糖类包括单糖、二糖、多糖分析判断;②根据羟基属于亲水基团分析判断;③根据石油的分馏、裂化和煤的干馏的概念和本质分析判断;④根据高分子化合物的聚合度不一定相等分析判断;⑤淀粉遇碘酒变蓝色,葡萄糖含有醛基能与新制Cu(OH)2发生反应,据此判断;⑥根据高分子化合物有天然的也有合成的分析判断;⑦根据属于重金属盐溶液,结合蛋白质的性质分析判断.
详解:①糖类中单糖不能水解,油脂蛋白质在一定条件下都能发生水解,故①错误;②羟基属于亲水基团,因此具有吸水性,故②正确;③石油的分馏是物理过程,石油的裂化、煤的干馏是化学变化,故③错误;④葡萄糖与果糖的分子式相同,结构不同,是同分异
构体、淀粉与纤维素是高分子化合物,二者的聚合度不同,不是同分异构体,故④错误;⑤淀粉遇碘酒变蓝色,葡萄糖含有醛基能与新制Cu(OH)2发生反应,故⑤正确;⑥橡胶和纤维素有天然的也有合成的,故⑥错误;⑦向蛋白质溶液中加入饱和CuSO4溶液,使蛋白质发生变性,,析出后不能溶解,故⑦错误;故选A。
23. 有0。
2mol某有机物和0。
5mol氧气在一密闭容器中燃烧得产物为CO2、CO、H2O(气).产物依次通过浓硫酸时,浓硫酸的质量增加了10。
8g;再通过灼热的氧化铜时,氧化铜的质量减轻了3.2g;又通过碱石灰时,碱石灰的质量增加了17。
6g.该有机物的化学式是( )
A. C2H4
B. C2H6O C。
C2H6O2 D。
C3H6O3
【答案】B
【解析】试题分析:浓硫酸增重10.8g说明反应产物中含水10。
8g,即产物中含水=0.6mol,通过灼热氧化铜,氧化铜质量减轻3。
2g,物质的量为:=0。
2mol,
CO+CuO CO2+Cu△m
1mol 1mol 16g
0。
2mol 0.2mol 0。
2mol
根据碳元素守恒可知CO与CuO反应生成的CO2的物质的量为0。
2mol,质量为
0.2mol×44g/mol=8.8g。
有机物燃烧生成的CO2的质量为17.6g-8.8g=8。
8g,物质的量为
=0.2mol,根据碳元素守恒可知,1mol有机物含有碳原子物质的量为2mol,根据氢元素守恒可知,1mol有机物含有氢原子物质的量为=6mol,根据氧元素守恒可知,1mol 有机物含有氧原子物质的量为=1mol。
所以有机物的分子式为C2H6O,故选B.
【考点定位】考查有机物分子式的确定
【名师点晴】本题考查有机物分子式的确定。
注意所含元素原子个数的计算角度,注意质量守
恒定律的应用。
浓硫酸具有吸水性,浓硫酸的质量增加10.8g说明反应产物中含水10.8g,通过灼热氧化铜,氧化铜质量减轻3。
2g,结合方程式可计算CO的物质的量,通过碱石灰时,碱石灰的质量增加了17。
6g可计算总CO2的物质的量,根据氧元素守恒可计算有机物中含有O的物质的量,进而求得化学式,并判断可能的结构简式。
24. 以下实验:其中可能失败的实验是( )
①为检验RX是碘代烷,将RX与NaOH水溶液混合后再加入AgNO3溶液;
②鉴别己烯、甲苯、丙醛三种无色液体,可以使用银氨溶液和KMnO4酸性溶液
③用锌与稀硝酸反应制取氢气,用排水法收集氢气;
④在试管中加入2mL 10%的CuSO4溶液,滴入2%的NaOH溶液4~6滴,振荡后加入乙醛溶液
0.5mL,加热至沸腾来检验醛基
⑤为检验淀粉已水解,将淀粉与少量稀硫酸加热一段时间后再加入银氨溶液,水浴加热。
⑥用浓溴水除去混在苯中的苯酚,过滤得到纯净的苯
⑦乙醇和1:1的硫酸共热到170℃制乙烯
A. ①②③④⑤⑥⑦ B。
①④⑤⑥ C。
①③④⑤ D。
③⑤⑥⑦
【答案】A
【解析】分析:①碘代烷不溶于水,要检验RX是碘代烷,需要将碘元素转化为碘离子再检验;
②根据己烯、甲苯、丙醛中加入银氨溶液和KMnO4酸性溶液的现象分析判断;③稀硝酸具有强氧化性;④根据乙醛与新制氢氧化铜悬浊液反应时,溶液需要呈碱性分析判断;⑤淀粉已水解,只需要检验是否有葡萄糖生成即可;⑥根据有机物与有机物一般互溶分析判断;⑦实验室里用无水乙醇和浓硫酸共热至170℃制乙烯;据此分析解答.
详解:①为检验RX是碘代烷,将RX与NaOH水溶液混合加热后,要先加入HNO3,中和未反应的NaOH,然后再加入AgNO3溶液,否则实验不成功,故错误;②己烯、甲苯、丙醛三种无色液体中只有丙醛与银氨溶液反应,己烯、甲苯都能使KMnO4酸性溶液褪色,不能鉴别,故错误;③。