贵阳一中2015届高考适应性试卷(二)数学(理)有答案下载

合集下载
  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

贵阳第一中学2015届高考适应性月考卷(二)

理科数学参考答案

第Ⅰ卷

(选择题,共60分)

3.命题,23x x p x ∀∈<:R 为假命题;命题32,1q x x x ∃∈=-:R 为真命题,∴p q ⌝∧为真命题,故选C .

4.由题知,这个几何体是圆柱,=S S S ∴+侧全底2

113=2π2π1π222⎛⎫⎛⎫

+⋅= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,故选B .

5.2ππππ1cos cos sin 36263⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛

⎫+=++=-+=- ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝

⎭⎝⎭⎣⎦ααα,故选C .

6

.2522215C 1010T y x -+==⋅=,1(0)y x x ∴⋅=>,故选D .

7.由题知,40,320,432,x y x y x y x y ++>⎧⎪+->⎨⎪++>+-⎩即40,

320,3,x y x y x ++>⎧⎪

+->⎨⎪<⎩

作出

不等式组表示的平面区域如图1阴影部分所示,要x y -<λ恒成立,只需max ()x y -<λ即可.设z x y =-,

则y x z =-.由图知当直线y x z =-经过点B 时,截距最小,此时z 最大.由40,

3,x y x ++=⎧⎨=⎩解得(3,7)B -,

10z x y =-=,但取不到,10∴≥λ,故选C .

8.()2f x x b '=+,=(1)23k f b '∴=+=切,1b ∴=.

211111

,()(1)1

f n n n n n n n ∴

===-+++ 图1

2014111111111(1)(2)(2014)22320142015

S f f f ∴=

++⋅⋅⋅+=-+-+⋅⋅⋅+- 120141,20152015

=-

= 故选D . 9.设(2cos ,2sin ),(1,0),(1,0),P M N -αα

=(12cos ,2sin )PM ∴---αα,(12cos ,2sin )PN =--αα,

2=(12cos )(12cos )4sin PM PN ∴⋅---+ααα2214cos 4sin 143,=-++=-+=αα故选A . 10

OA OB OA OB +=-,∴以OA ,OB 为邻边的平行四边形为矩形,∴OA ⊥OB

,所以

AB =,∴圆心(0,0)到直线x y a +

=

a =2或

−2,故选C .

11.把四面体ABCD 构补成一个长方体,如图2所示,设长方体的长,

宽,高分别为x ,y ,z ,由22222241,34,25,x y x z y z ⎧+=⎪

+=⎨⎪+=⎩

得22250x y z ++=,

四面体

ABCD 的外接球的直径等于长方体的对角线长, 2R ∴24π50πS R ==球,故选B .

12.构造函数3()2sin f x x x x =++,明显()f x 是奇函数,

又2()32cos f x x x '=++> 0恒成立,∴函数()f x 在R 上是增函数. 3(1)(1)22sin(1)3f x x x x -=-+-+-=, 3(1)(1)22sin(1)3f y y y y -=-+-+-=-, (1)(1)0x y ∴-+-=,2x y ∴+=,故选B .

第Ⅱ卷(非选择题,共90分)

图2

5),(5,1),(5,3),(5,5),共有9种可能,∴mn 是奇数的概率为91

364

=,因此mn 是偶数的概率为13144

-=. 14.由正弦定理得,

sin sin c C b B

=,tan 2sin cos 2sin 110tan cos sin sin A c A B C

B b A B B ++=++=,

cos sin sin cos 2sin cos 0A B A B C A ∴++=,即sin()2sin cos 0A B C A ++=, sin 2sin cos 0C C A ∴+=,sin 0C ≠,1

cos 2A ∴=-,2π3

A =

. 15.根据题意,22,1,(),11,2, 1.x x f x x x x x +-⎧⎪

=-<⎨⎪-+>⎩

≤≤若函数()()g x f x m =-在R 上有且只有两个零点,即直

线y m =与()y f x =有两个交点,故01m m <=或. 16.

35172132151712111211

68141861881412111211()()22()()22a a a a a a a a a a a a b b b b b b b b b b b b ++++++++===++++++++,

121112222121112222722131

2235

a a a a S

b b b b T ++⋅+====+++.

三、解答题(共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤) 17.(本小题满分12分) (Ⅰ)证明:121

n n n a a a +=

+,111

111222n n n n a a a a ++∴==+⋅, 1111112n n a a +⎛⎫∴

-=- ⎪⎝⎭,又12

3

a =,11112a ∴-=,

∴数列11n a ⎧⎫-⎨⎬⎩⎭是以12为首项,1

2为公比的等比数列.

………………………………(6分) (Ⅱ)解:由(Ⅰ)知1

1111

1222n n

n a -⎛⎫

-=⋅=

⎝⎭

,即1112n n a =+,2n n n n n a ∴=+. 设23

123

2222n n

n

T =

++++

,① 则231112122222

n n n n n

T +-=+++

+,② 由①-②得2111111111

112211222

2222212

n n n n n n n n n n T +++⎛⎫

- ⎪⎝⎭

=++

+-=-=---,

相关文档
最新文档