云南省昆明市2019-2020学年中考物理五月模拟试卷含解析

云南省昆明市2019-2020学年中考物理五月模拟试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．下列关于生活用电的说法正确的是（）
A．家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
B．当保险丝熔断后，可以用铜丝代替
C．使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电
D．发生触电事故时，应立即切断电源
D
【解析】
【详解】
A．家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电，故A错误；
B．铜丝的熔点高，用铜丝代替保险丝，在电流异常升高到一定的高度的时候，不能自身熔断切断电流，起不到保险作用，故B错误；
C．用测电笔时，手必须要接触笔尾金属体，这样才能使测电笔发挥作用，故C错误；
D．如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救，绝对不能用手将触电人拉开，否则可能使救人者触电，故D正确；
故选D．
2．如图所示的实验或机器均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方法不同的是（）
A．探究萘的熔化规律
B．压缩气体点燃棉花
C．内燃机压缩冲程
D．水蒸气将软木塞冲出
A
【解析】
试题分析：甲图探究萘的熔化规律，利用酒精灯加热，是通过热传递改变内能的过程；乙图用力将活塞迅速压下，压缩空气做功，是通过做功改变内能的过程；丙图内燃机压缩冲程，是活塞压缩工作物质做功，将机械能转化为内能，是通过做功改变物质内能的过程；丁图试管水蒸气冲开木塞，对木塞做功，是通过做功将内能转化为机械能的过程。

因此，其中与另外三个改变内能方法不同的图是A。

【考点定位】改变内能的方式
3．如图所示，有关磁现象说法正确的是（）
A．图甲可以研究电流的磁场方向与电流方向的关系
B．图乙电源的左端为负极，右端为正极
C．图丙的水位达到金属块A时，绿灯亮
D．图丁是电动机工作的原理图
A
【解析】
【详解】
A．图甲是奥斯特实验，说明电流周围存在着磁场，改变电流方向，磁场方向发生变化，因此图甲可以研究电流的磁场方向与电流方向的关系，故A正确。

B．根据小磁针的左端为N极，可知螺线管的右端为N极，根据安培定则可以判断螺线管上电流的方向向下，电流从螺线管左端流入，右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极，故B错误。

C．图丙的水位达到金属块A时，控制电路闭合，电磁铁有磁性，吸引衔铁，红灯亮，故C错误。

D．图丁是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机工作的原理图，故D错误。

4．汽车发动机用水作冷却液是因为（）
A．水没有腐蚀作用B．水的密度大C．取水方便D．水的比热容大
D
【解析】
【详解】
水有很多特性，汽车发动机用水冷却是因为水吸热能力强，而吸热能力在物理学中用比热容来表述，故汽车发动机用水作冷却液是因为水的比热容大。

5．如图所示，中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”，甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中，两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路，用手使甲线圈在磁场中摆动时，乙线圈也会随之摆动起来．关于此现象，下列说法中正确的是（）
A．根据甲线圈摆动的原理可以制成电动机
B．乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能
C．甲线圈相当于用电器，乙线圈相当于电源
D．若使乙线圈摆动，则甲线圈中不会有电流
B
【解析】
【详解】
A. 由题意知，甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，所以是机械能转化为电能，故根据甲线圈摆动的原理可以制成发电机，故A错误；
B. 乙线圈摆动的原理是通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，所以乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能，故B正确；
C. 由题目分析可知，甲线圈中产生了感应电流，则甲线圈相当于电源，乙线圈相当于用电器，故C错误；
D. 若使乙线圈摆动，则乙线圈相当于电源，甲线圈相当于电动机，所以甲线圈中会有电流，故D错误．6．下列现象属于光的折射的是
A．在湖边看到水中的鱼
B．日食和月食
C．人在穿衣镜前能看到自己在镜中的像
D．阳光下人站在地面上会出现影子
A
【解析】
【分析】
【详解】
A．水中的鱼反射的光线从水射入空气，在水面上发生折射，故A符合题意；
B．日食和月食的是由光的直线传播形成的，故B不符合题意；
C．人在穿衣镜前能看到自己在镜中的像，是平面镜成像，是由光的反射形成的，故C不符合题意；D．阳光下人站在地面上会出现影子，是光沿直线传播形成的，故D不符合题意；
7．过春节时贴年画是我国的传统习俗．在竖直墙壁上贴长方形年画时,可利用重垂线来检查年画是否贴正，如图所示的年画的长边与重垂线不平行为了把年画贴正,则下列操作方法中正确的是（）
A．换用质量大的重锤
B．上下移动年画的位置
C．调整年画,使年画的长边与重垂线平行
D．调整重垂线,使重垂线与年画的长边平行
C
【解析】
【分析】
重力的方向总是竖直向下的，在生活中有好多应用：检查工作台面是否水平、检查墙砌的是否竖直、检查墙上挂的画是否挂正等；
【详解】
为了把年画贴正，通常做法是调整年画，使年画的长边与重垂线平行，因为重力方向竖直向下，所以年画的边长也竖直向下，此时年画就挂正了，答案选C。

8．P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两小车同时从P点出发向Q点做匀速直线运动，经过12秒，甲车到达Q点，此时乙车离Q点距离大于2米．它们的s–t图象分别为如图所示a、b、c三条图线中的两条，则
A．甲的速度一定大于乙
B．甲的速度一定小于乙
C．乙的图象一定为图线a
D．乙的图象可能为图线c
D
【解析】
【详解】
根据题意可得，甲车的速度
6m
0.5m/s
12s
s
v
t
===
甲
，
由题知，两车同时从P点出发向Q点做匀速直线运动，经过12秒时乙车离Q点距离大于2米，则乙车可
能在甲车之后，也可能在甲车之前，所以，乙车通过的距离可能为s 乙1＜6m ﹣2m ＝4m ，也可能为s 乙2＞6m+2m ＝8m ， 故乙车的速度可能为114m 0.33m /s 12s s v t 乙乙<
=≈，也可能为228m 0.67m /s 12s s v t =≈乙乙＞， 由图可知，a a a 8m 1m /s 8s s v t ===，b b b 6m 0.5m /s 12s s v t ===，c c 2m 0.2m /s 10s
c s v t ===， 比较可知，v b ＝v 甲，v a ＞v 乙2，v c ＜v 乙1，
所以甲的图象一定是图线b ，甲的速度可能大于乙，也可能小于乙，乙的图象可能为图线a ，也可能为图线c ．
综上分析可知，选项ABC 错误，D 正确．
9．关于温度、内能和热量，下列说法正确的是
A ．物体温度升高，内能一定增加
B ．物体的温度越髙吸收的热量越多
C ．物体内能增加，一定是吸热了
D ．物体的内能只与物体的温度有关
A
【解析】
【分析】
【详解】
物体吸热或温度升高，内能一定增大，故A 正确；物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故B 错误；改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式，故C 错误；内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，故D 错误，故选A ．
10．关于能源和信息的说法正确的是
A ．核电站是利用核裂变释放的能量来发电的
B ．太阳能、水能、石油是可再生能源
C ．因为能量守恒，所以能源是取之不尽，用之不竭的
D ．移动电话是利用超声波来通信的
A
【解析】分析：（1）核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；
（2）手机能发出电磁波也能接收电磁波，故手机通信是利用电磁波来传递信息；
（3）能量在转移、转化过程中总是守恒的，但是能量的转化具有方向性，在能源的使用过程中，使能源从便于利用的变成不便于利用的，所以说能量虽守恒但还是要节约能源。

（4）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。

解答：A 、核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电，核能是不可再生，故A 正确；
B. 太阳能、水能是可再生能源，石油是不可再生能源；故B 错误；
C 、能量虽守恒，但能量的转化具有方向性，可以利用的能源是有限的，所以要节约能源。

故C 错误；
D. 移动电话是利用电磁波来通信的，故D 错误；
故选：A 。

【点睛】本题主要考查液态氢燃料的特点、核能的利用、电磁波的利用以及对能量守恒定律的理解，属于综合性题目。

二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图，电源电压恒为4.5V ，的量程为“0-0.6A ”，电压表的量程为“0~3V ，灯泡上标有“2.5V
1.25W ”（不考虑灯丝电阻变化），滑动变阻器R 的规格为“20Ω 1A ”。

闭合开关，在保证电路安全的情况下，移动滑片P 的过程中：
A ．的示数最大为0.6A
B ．灯泡消耗的最小功率为0.12W
C ．电路消耗的最大总功率为2.25W
D ．滑动变阻器接入电路的阻值范围为4Ω~20Ω
CD
【解析】
【分析】
根据题中“在保证电路安全的情况下，移动滑片P 的过程中……”可知本题综合考查动态电路的电功率。

根据串联电路的特点和欧姆定律，电功率公式的应用进行分析判断，正确判断电路中的最大电流和最小电流是解答的关键。

【详解】
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R 串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。

由P=UI 可得，灯泡的额定电流：L L L 1.25W 0.5A 2.5V
P I U ===，故A 错误。

因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0~0.6A ，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A ，所以电路中的最大电流I 大=0.5A ，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大。

由U I R
=可得，灯泡的电阻和电路的总电阻分别为： L?L?L? 2.5V 5Ω0.5A
U R I ===， L U 4.5V 9Ω0.5A R I ===总大，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R 小=R 总-R L =9Ω-5Ω=4Ω，
故滑动变阻器接入电路的阻值范围为4Ω~20Ω，故D 正确。

电路消耗的最大功率：P 大=UI 大=4.5V×
0.5A=2.25W ，故C 正确。

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小。

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：
L 4.5V 0.18A 5Ω20Ω
U I R R ===++小大， 则灯泡消耗的最小电功率：P L 小=I 小2R L =（0.18A ）2×5Ω=0.162W ，故B 错误。

12．为了测出未知电阻R x 的阻值，某同学利用阻值已知的电阻R 0和电流表或电压表分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的是（电源电压未知且不变）
A ．
B ．
C ．
D ．
D
【解析】
【详解】
A ．图中，两电阻是串联的，通过它们的电流是相等的，当开关S 接1时，电压表测定值电阻R 0两端的电压，可求出电路中的电流；当开关S 接2时，电压表正负接线柱反接，造成电压表不能正常工作，故A 不可行；
B ．图中，两个电阻是并联的，电流表在干路上，测通过两个电阻的总电流，无法求出未知电阻两端的电压和通过的电流，故B 不可行；
C ．图中，两个电阻是串联的，通过电流表可以知道通过未知电阻的电流，但无法求出未知电阻两端的电压，故C 不可行；
D ．图中，当两个开关都闭合时，定值电阻被短路，电压表测的是电源电压，当开关S 1闭合，S 2断开时，两个电阻是串联的，电压表测的是未知电阻两端的电压，根据串联电路的分压关系可求出定值电阻R 0两端的电压，根据欧定律可求出此时电路中的电流也就是通未知电阻的电流大小，电阻可求，故D 可行； 13．如图所示，放在同一水平桌面上的两个相同容器，分别盛有甲、乙两种液体，现将同一木块分别放入两容器中，当木块静止时两容器中液面相平．两种情况相比，下列判断正确的是（ ）
A．木块受到的浮力一样大
B．木块在甲液体中受的浮力较大
C．甲液体对容器底部的压强较大
D．盛甲液体的容器对桌面的压强较小
AD
【解析】
试题分析：木块在甲中悬浮，则F浮甲=G木；木块在乙中漂浮，则F浮乙=G木，比较可知F浮甲=F浮乙，即木块受到的浮力一样大，故A正确，B错误；木块在甲中悬浮，则ρ甲=ρ木；木块在乙中漂浮，则ρ乙＞ρ木，所以，ρ乙＞ρ甲，由于两容器中液面相平，由p=ρ液gh可知，乙液体对容器底的压强大，故C错误；因容器相同、液面等高，则液体和物体浸入部分的总体积相等，即V甲+V排甲=V乙+V排乙；由图可知：V排甲＞V
；则V甲＜V乙，由C项可知ρ乙＞ρ甲，根据m=ρV可得：m甲＜m乙；根据G=mg可知：G甲＜G乙；根排乙
据容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和可得：F甲=G容器+G甲+G木；F乙=G容器+G乙+G木；所以，F甲＜F乙；由于两个容器相同，底面积相同，根据p=可知：p甲＜p乙，故D正确；故应选AD．
【考点定位】物体的浮沉条件及其应用；压强大小比较；液体压强计算公式的应用
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．小强走路时被石头绊了一下，身体向前倾倒。

对此情景合理的解释是：小强原来相对于地面是运动的，当他被石头绊住时，他的_____（选填“脚“或“上身”）由于惯性仍保持原来的运动状态，人向前倾倒。

上身
【解析】
【详解】
小强的上身和脚原来相对于地面都是运动的，小强行走时被石块绊了一下，他的脚停止了运动（即脚的运动状态突然改变），而他的上身由于惯性仍保持原来的运动状态，所以身体向前倾倒。

15．如图所示的小球从A点由静止释放，它从A点向B点摆动的过程中，小球受到的重力对小球_____（选填“做功”或“不做功”），当小球运动到B点时它受到的力是_____（选填“平衡”或“不平衡”）的．
做功不平衡
【详解】
小球从A点向B点摆动的过程中，小球在重力的方向上通过了距离，因此它受到的重力对小球做了功；当小球运动到B点时，即不是静止状态，也不是匀速直线运动状态，即不处于平衡状态，所以它受到的力是不平衡的．
16．如图所示，重为5N的物体A在8牛的水平压力作用下静止在竖直墙壁上，物体A所受的摩擦力为____N，当水平压力减小为原来的一半，物体A恰好沿竖直墙壁匀速下滑，则物体A受到的摩擦力为____N．
5 5
【解析】
【分析】
【详解】
物体A处于静止状态，在竖直方向受到重力和摩擦力，重力和摩擦力是平衡力，所以，物体A受到的摩擦力大小f=G=5N，方向竖直向上．对物体A受到的压力减小一半，物体恰好沿竖直墙壁匀速下滑，物体A仍处于平衡状态，竖直方向上受到摩擦力和重力是平衡力，摩擦力等于重力，仍为5N．
17．如图所示是某内燃机工作时的能量流向图，该内燃机的热机效率是_____，热机给人类文明带来了进步，也给生态环境造成了污染，举出一种热机污染：_____．
35%噪声污染
【解析】
【详解】
因热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，所以，由内燃机的能量流向图可得，内燃机的热机效率：η＝1﹣25%﹣40%＝35%；
在生活中，热机主要是汽油机和柴油机，汽油和柴油的燃烧会产生大量的烟尘和废气，所以会造成大气污染，同时，由于热机各部位的振动会产生高分贝的噪声，造成噪声污染．
18．某导体两端的电压为9 伏时，10 秒内通过导体横截面的电荷量为3 库，通过该导体的电流为
________安，这段时间内电流做功为________焦，该导体两端电压改变为6 伏时，其电阻为________欧．0.3A27J30Ω
10s 内通过该导体的电流是：3C 0.3A 10s Q I t === ，由欧姆定律知道，导体的电阻是：9V 30Ω0.3A
U R I ===，这段时间内电流做的功是：W=UIt=UQ=9V×3C=27J ；电阻是导体的属性，导体的电阻与材料、长度以及横截面积有关，与导体两端电压以及通过的电流无关，所以，当导体两端电压改变为6伏时，其电阻仍为30Ω．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．底面积为100cm 2的平底圆柱形容器内装有适量的水，放置于水平桌面上．现将体积为500cm 3，重为3N 的木块A 轻放入容器内的水中，静止后水面的高度为8cm ，如图甲所示，若将一重为6N 的物体B 用细绳系于A 的下方，使其恰好浸没在水中，如图乙所示（水未溢出），不计绳重及其体积，求：
图甲中木块A 静止时进入水中的体积；物体B 的密度；图乙中水对容器底部
的压强．
（1）3×10﹣4m 3；（2）1.5×103kg/m 3；（3）1400Pa
【解析】
【详解】
（1）因为A 漂浮在水中，所以F 浮=G A =3N ， 根据F 浮=ρ水gV 排得，V 排===3×10﹣4m 3；
（2）图A 、B 共同悬浮：F 浮A +F 浮B =G A +G B ，
公式展开：ρ水g （V A +V B ）=G A +G B ，
V A +V B ===9×10﹣4m 3，
其中V A =500cm 3=5×
10﹣4m 3，故V B =4×10﹣4m 3， B 的质量为：m B ===0.6kg ；
B 的密度为：ρB ===1.5×103kg/m 3；
（3）当AB 浸入水中后，所增加浸入水中的体积为：
△V=V A +V B ﹣V 排=9×10﹣4m 3﹣3×10﹣4m 3=6×10﹣4m 3，
液面升高△h===0.06m ，
图乙中水对容器底部的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.06m+0.08m）=1400Pa．
20．如图所示，电源电压恒为12V，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“30Ω，1A”小灯泡标有2.5V1.25W“字样，通过它的电流与两端电压的关系图象如图所示，
（1）当灯泡两端电压为1.5V时，求小灯泡的电阻；
（2）为保证电路安全，求滑动变阻器的范围；
（3）若滑动变阻器的规格为“10Ω1A”，为能将小灯泡调节至正常发光，可采用在电路中串联一定值电阻R0的方法，求R0的阻值应满足的条件．
（1）3.75Ω（2）19-30Ω（3）9-29Ω
【解析】
【分析】
【详解】
(1)由图2知，当灯泡两端电压为1.5V时,通过小灯泡的电流为0.4A,则小灯泡的电阻为：
R=U
I
=
1.5V
0.4A
=3.75Ω；
（2）由图1知，小灯泡和滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，电流表的量程为0~0.6A, 滑动变阻器的规格为“30Ω,1A”，小灯泡标有2.5V,1.25W, 小灯泡的额定电流为：I L
额=
P
U
额
额
=
1.25W
2.5V
=0.5A,
为保证电路安全,电路中的最大电流为0.5A, 此时滑动变阻器两端的电压为: U滑=U-U L=12V-2.5V=9.5V,
此时滑动变阻器连入电路中电阻最小：
R滑最小=U
I
滑=
9.5V
0.5A
=19Ω,
为保证电路安全, 滑动变阻器的范围19-30Ω，
(3) 若滑动变阻器的规格为“10Ω 1A”,为能将小灯泡调节至正常发光, 在电路中串联一定值电阻R0,则R0的阻值为：
R最小=R滑最小-10Ω=19Ω-10Ω=9Ω，
R最大= R滑最小+10Ω=19Ω+10Ω=29Ω，
所以R 0的阻值应满足的条件为：9-29Ω.
21．如图甲所示，重G ＝38N 的物体受到与水平面成37°角、斜向上的F ＝10N 的拉力的作用，该物体在F 的作用下水平向右做匀速直线运动．该作用力F 对物体产生两个效果，一是水平向右拉物体，一是将物体向上提，所以F 可以分解为F 1和F 2两个分力（如图乙所示）．请计算（已知sinθ＝0.6, cosθ＝0.8）：
该物体受到水平地面对它的摩擦力f ；
已知滑动摩擦力f 与物体对水平面的压力F N 的关系为f ＝μF N ，其中μ叫做动摩擦因数，是由接触面的粗糙程度决定的，请根据题目所给条件计算μ的大小． （1）8N （2）0.1 【解析】 【详解】
（1）F 分解为F 1和F 2两个分力，而物体在F 的作用下水平向右做匀速直线运动，所以F 1跟摩擦力f 平衡，即f= F 1=F cosθ=10N ✖0.8=8N ；
（2）物体竖直方向也平衡，所以F N =G-F 2=38N-Fsinθ=38N -10N ✖0.6=32N ，由f ＝μF N 可得：
N 8N
=0.25
32N
f F μ=
= ． 答：（1）该物体受到水平地面对它的摩擦力f=8N ； （2）μ的大小是0.1．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．在通电螺线管附近有个小磁针，小磁针静止时N 极所指的方向如图所示，请在图中标出通电螺线管的N 、S 极及电源的正、负极；
【解析】
试题分析：小磁针静止时N 极所指方向为该处磁场方向，由此可以确定螺线管的N 极、S 极，然后根据
安培定则可知螺线管上电流方向向上，电源“+”极在右“-”极在左．
考点：安培定则
23．画出图中的BC的入射光线和AO的折射光线____．
【解析】
【详解】
凹透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点．其光路图如图所示：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小阳在利用吸管喝饮料时认为“饮料是靠嘴的吸力进入口中的，而不是靠大气压进入口中的”，而小明认为他的说法是错误的，为此他准备了如下一些器材：一个装满水（可以饮用）的玻璃瓶，一个可以塞紧瓶口的塞子，塞子上开有两个孔，其中一个孔中插有一支吸管并与塞子压紧．请你帮助小明设计一个实验证明小阳的说法是错误的．写出实验步骤并加以说明．
用塞子将瓶口塞紧，堵住没有吸管的小孔（不漏气），不能将水吸入口中；再将没有插入吸管的小孔放开，用吸管吸水，能将水吸入口中．1分
通过两次实验对比可知：第一次堵住没有插入吸管的小孔，没有大气压的作用，不能将水吸入口中；第二次放开没有插入吸管的小孔，有大气压的作用，能将水吸入口中；所以小阳的说法是错误的．2分
【解析】
试题分析：（1）实验设计如下：
第一次：用塞子将瓶口塞紧，堵住没有吸管的小孔（不漏气），不能将水吸入口中；
第二次：将没有插入吸管的小孔放开，用吸管吸水，能将水吸入口中．
（2）通过两次实验对比可知：
第一次堵住没有插入吸管的小孔，没有大气压的作用，不能将水吸入口中；
第二次放开没有插入吸管的小孔，有大气压的作用，能将水吸入口中；所以小阳的说法是错误的．
考点：大气压的综合应用；实验设计．
点评：会利用外界大气压和杯子内大气压的关系设计实验，并说明问题．
25．用图示装置探究“斜面机械效率”，实验记录如下表．
木块所受重力
斜面倾斜程度
斜面高度h/m 沿面拉力F/N 斜面长L/m 机械效率ηG/N
较缓 5 0.2 2.5 1 40%
较陡 5 0.5 3.9 1 64%
最陡 5 0.7 4.6 1 ①
（1）沿斜面拉动物体时，应使其做__________运动；根据表格中的数据，可知斜面倾斜程度最陡时机械效率为_________；由实验可得初步结论：__________，机械效率越大；斜面倾斜程度越陡，物体对斜面的压力_______，木块所受摩擦力_________（两空均选填“越大”、“越小”或“不变”）．
匀速直线76.1% 斜面越陡越小越小
【解析】
【详解】
（1）沿斜面拉动物体时，应使其做匀速直线运动．（2）根据表格中的数据，可知斜面倾斜程度最陡时机械效率为．（3）由实验数据可得初步结论：斜面越陡，机械效率越大．（4）可利用极端法进行判断，当斜面倾角为90°时压力为零，所以斜面倾斜程度越陡，物体对斜面的压力越小，木块所受摩擦力越小．
26．现有下列器材：学生电源（6V），电流表（0﹣0.6A，0﹣3A）、电压表（0﹣3V，0﹣15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电压不变时，电流与电阻的关系”。

（1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路。

（要求连线不得交叉）（_______）
（2）实验中依次接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。

由图象可以得出结论：_____。

（3）上述实验中，小强用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向_____（选填“A”或“B”）端移动滑片，使电压表示数为_____V时，读出电流表的示数。

电压不变时，电流与电阻成反比 A 2
【解析】
【详解】
（1）变阻器按一上一下接入电路中，根据电路图连接实物图，如下所示：
（2）由图丙知，电阻两端的电压：
U＝IR＝0.1A×20Ω＝0.2A×10Ω＝0.4A×5Ω＝2V，为一定值，故得出的结论是：电压不变时，电流与电阻成反比；
（3）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为2V。