江西省赣州市五校协作体最新高三物理上学期期中试题含解析

江西省赣州市五校协作体20１9届高三物理上学期期中试题(含解析）
一、单选题（本大题共7小题,共２8。

0分）
1.下列关于物理学思想方法的叙述错误的是　( )
A。

探究加速度与力和质量关系的实验运用了控制变量法
B。

电学中电阻、电场场强和电势的定义都运用了比值法
C。

力学中将物体看成质点运用了理想化模型法
D。

当物体的运动时间△ｔ趋近于0时,△t时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法
【答案】D
【解析】
试题分析:探究加速度与力和质量关系的实验中运用了控制变量法，故A正确;加速度、速度和功率的定义都运用了比值法，故Ｂ正确；力学中经常将物体看成质点，质点是理想化模型，故C正确；△t→0时的平均速度可看成瞬时速度,采用的是极限分析方法,故D错误;本题选错误的，故选D．
考点：物理学思想方法
【名师点睛】在学习物理知识的同时,我们还学习科学研究的方法，常用的方法有：控制变量法、等效替代法、理想实验法、类比法等等．
2.　如图所示，一只小鸟沿着较粗且均匀的树枝从右向左缓慢爬行,在小鸟从A运动到B的过程中
A.　树枝对小鸟的作用力先减小后增大
B。

树枝对小鸟的摩擦力先增大后减小
C。

　树枝对小鸟的弹力先增大后减小
D．树枝对小鸟的弹力保持不变
【答案】Ｃ
试题分析：树枝对小鸟的作用力与小鸟的重力等值反向，所以树枝对小鸟的作用力大小不变,故A错误;
小鸟所受的摩擦力，从A到Ｂ的过程中，先减小后增大,则摩擦力先减小后增大,故B错误；小
鸟所受的弹力，从A到Ｂ的过程中，先减小后增大,则弹力先增大后减小，故C正确，D错误。

考点：共点力作用下物体平衡
【名师点睛】小鸟缓慢爬行,合力为零，受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，根据平衡得出摩擦力的变化和弹力的变化;解决本题的关键能够正确地受力分析,运用共点力平衡进行求解,注意小鸟所受的摩擦力为静摩擦力。

3。

一物体运动的速度随时间变化的关系如图所示，根据图象可知　
A。

　4 s内物体一直做直线运动
B. ４s内物体在做曲线运动
Ｃ。

　4 s内物体的速度一直在减小
Ｄ．物体的加速度在s时方向改变
【解析】
【分析】
本题是速度时间图象问题，速度时间图象不是物体的运动轨迹。

速度图象的斜率等于物体的加速度大小，速度和加速度的正负表示速度的方向.
【详解】A、B、由图象可知，前内物体的速度为正,物体沿正方向运动，后内速度为负，物体沿负方向运动，可知，物体一直做直线运动，故Ａ正确，B错误；
C、由图象可知，4s内物体的速度先减小后反向增大，故C错误；
D、根据图象的斜率表示加速度，由图示图象可知,图象的斜率一直为负值，加速度一直沿负方向，加速度方向没有改变，故D错误；
故选A．
【点睛】本题考查基本的读图能力，要知道图象的斜率表示加速度，矢量的正负表示其方向，数值表示其大小.
4。

A、B两个物体在水平面上沿同一直线运动,它们的ｖ﹣t　图象如图所示。

在t=0时刻，B在A的前面,两物体相距9m，B物体在滑动摩擦力作用下做减速运动的加速度大小为2ｍ/s２,则A物体追上B物体所用时间是( )
A．　3s
B. 5s
C.　７。

5s
D。

　8.5s
【解析】
试题分析：B减速到零所需的时间：，B减速到零经历的位移,
此时A的位移，因为，所以Ｂ停止时，A还未追上B,则继续追及的时间
，可知追及的时间,选D.
【点睛】结合位移关系，通过运动学公式求出追及的时间。

要注意当B速度减速到零时，Ａ有没有追上B，如果没有,则还需要时间才能追上B，此过程Ｂ不动,只有A在运动.
５。

物理学中有些结论不一定要通过计算才能验证,有时只需通过一定的分析就能判断结论是否正确.根据流体力学知识，喷气式飞机喷出气体的速度v与飞机发动机燃烧室内气体的压强p、气体密度ρ及外界
大气压强p0有关.试分析判断下列关于喷出气体的速度的倒数的表达式正确的是（　）
A. B．
C. D。

【答案】A
【解析】
物理表达式两侧单位要相同，AB选项右侧单位为,
C选项右侧单位是ｍ/s，D选项右侧单位也不是s/m，故CD均错误;结合实际情况，内外压强差越大，喷气速度越大，显然A符合,Ｂ不符合，故Ａ正确,Ｂ错误；故选A．
点睛：在平时的物理解题中，可以通过量纲、实际情况、化解过程对表达式进行检验．
６。

如图所示,物块M在静止的足够长的传送带上以速度匀速下滑,传送带突然启动，方向如图中箭头所
示,在此传送带的速度由零逐渐增加到后匀速运动的过程中,则以下分析正确的是
A．Ｍ下滑的速度不变
B。

Ｍ开始在传送带上加速到后向下匀速运动
C。

Ｍ先向下匀速运动,后向下加速，最后沿传送带向下匀速运动
D。

M受的摩擦力方向始终沿传送带向上
【答案】C
【解析】
试题分析：传送带静止时,物体匀速下滑，故,当传送带转动时，由于传送带的速度大于物块的速度，故物块受到向下的摩擦力，根据受力分析可知，物体向下做加速运动,当速度达到传送带速度,物块和传送带具有相同的速度匀速下滑,故C正确．
考点:考查了牛顿第二定律的应用
【名师点睛】解决本题的关键通过分析Ｍ所受摩擦力的大小，判断出摩擦力和重力沿斜面的分力相等，然后判断出物体的运动特点．
7．如图所示,物体A放在斜面体B上，A恰能沿斜面匀速下滑,而斜面体B静止不动.若沿斜面方向用力向下推此物体A，使物体A沿斜面加速下滑,则此时斜面体B受地面的摩擦力（）
A。

方向水平向右Ｂ．方向水平向左
C. 大小为零
D. 无法判断大小和方向
【答案】C
【解析】
根据物体A放在斜面体B上，Ａ恰能沿斜面匀速下滑,把物体和斜面看作整体，可判断出此时斜面体B受地面的摩擦力大小为零。

此时斜面体Ｂ受A的滑动摩擦力。

沿斜面方向用力向下推此物体A，此时斜面体B受A的滑动摩擦力不变,此时斜面体B受地面的摩擦力大小仍为零,选项C正确。

二、多选题(本大题共3小题，共1２。

0分）
8.一辆汽车正在做匀加速直线运动，若汽车的加速度方向与速度方向一致,当加速度减小时，则（　）Ａ．汽车的速度也减小
Ｂ. 汽车的速度仍在增大
C.　当加速度减小到零时，汽车静止
D. 当加速度减小到零时，汽车的位移仍然不断增大
【答案】BD
【解析】
一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中,由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度减小到零时，物体将做匀速直线运动,速度不变，而此时速度达到最大值．故Ｄ正确．故选Ｄ。

9.如图所示，一箱子从高空下落，初速度为零。

箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比,且运
动过程中箱子始终保持图示姿态。

在箱子下落过程中，下列说法正确的是
A．箱内物体对箱子底部始终有压力
B。

箱子刚从飞机上投下时,箱内物体受到的支持力为零
C. 箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大
D. 若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来"
【答案】ＢC
【解析】
【分析】
对整体分析，求出整体的加速度，抓住物体与箱子的加速度相等,结合阻力的变化得出加速度的变化，通过牛顿第二定律分析何时支持力最小，何时支持力较大．
【详解】A、Ｂ、设整体加速度为a，则，当时,,当时，,设箱内物体质量为
m,受支持力为,对箱内物体有，当时,；时，,故Ａ错误，B正确；
B、因箱子下落过程为变加速运动，接近地面时，v最大，故a最小,由可知物体受到的支持力最大,故C正确;
D、若下落距离足够长，当时,，箱子做匀速运动，此时,不可能“飘起来”，故D错误。

故选ＢＣ.
【点睛】解决本题的关键知道物体与箱子具有相同的加速度,结合牛顿第二定律分析求解，注意明确速度变化时阻力变化,合外力随之变化,从而导致加速度发生变化。

１0.(多选)某马戏团演员做滑杆表演,已知竖直滑杆上端固定，下端悬空，滑杆的重力为200 Ｎ,在杆的顶部装有一拉力传感器，可以显示杆顶端所受拉力的大小。

从演员在滑杆上端做完动作开始计时，演员先在杆上静止了0．5 s，然后沿杆下滑,3.5 s末刚好滑到杆底端，并且速度恰好为零,整个过程演员的v—t 图象和传感器显示的拉力随时间的变化情况分别如图甲、乙所示，g＝10 m／s2，则下列说法正确的是( )
A. 演员的体重为８0０　N
B. 演员在最后2 s内一直处于超重状态
Ｃ。

传感器显示的最小拉力为620 N
D。

　滑杆长7．5 m
【答案】ＢＣ
【解析】
由两图结合可知，静止时，传感器示数为8００Ｎ,除去杆的重力200Ｎ，演员的重力就是600Ｎ,故A错误；由图可知最后2s内演员向下减速，故加速度向上，处于超重状态；故B正确；在演员加速下滑阶
段，处于失重状态,杆受到的拉力最小,此阶段的加速度为:ａ1=ｍ/s２＝3m/ｓ２,由牛顿第二定律得：ｍg-Ｆ1=ma，解得:F1=４20N，加上杆的重力２00N，可知杆受的拉力为620N,故Ｃ正确; v—t图
象的面积表示位移，则可知，总长度ｘ=×3×3=４.5m; 故D错误；故选BC．
点睛：本题是对两个图象的结合应用,明确两图象的坐标和性质；要能从这类题目中熟练结合运动和受力图，此类题目等同于牛顿第二定律应用的由受力确定运动和由运动确定受力。

三、实验题探究题（本大题共3小题,共１8。

0分）
11.某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻弹簧一端固定于某一深度为h=0．２5 m、开口向右的小筒中（没有外力作用时弹簧的另一端也位于筒内），如图甲所示,如果本实验的长度测量工具只能测量出筒外弹簧的长度ｌ，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变所挂钩码的个数来改变ｌ，作出F—l图线如图乙所示。

（1）由此图线可得出的结论是_＿_＿________＿___.
(２）弹簧的劲度系数为__＿_____Ｎ/m,弹簧的原长l0=__＿___＿＿ｍ.
【答案】100 0.15
【解析】
试题分析:根据胡克定律F与的关系式为:,从图象中可得直线的斜率为2Ｎ/ｃm,
截距为20N,故弹簧的劲度系数为：，由，于是:
考点:考查了胡可定律
【名师点睛】找到各个物理量之间的关系,然后根据胡克定律列方程，是解答本题的突破口，这要求学生有较强的数学推导能力．
12.（6分）在做“研究匀变速直线运动”的实验时,某同学得到一条用打点计时器打下的纸带如图所示,并在其上取了Ａ、Ｂ、C、D、E、F、G等7个计数点,每相邻两个计数点之间还有４个计时点（图中没有画出)，打点计时器接周期为Ｔ＝＂０.＂０２　s的交流电源。

经过测量得：d１="3．62" cm，ｄ2=”９．＂　2４　cm, d3=＂１6.” 85cｍ, ｄ4="26。

" 46 cm，d5=＂3８." ０6 cm, d6＝”51．＂67 c ｍ．
（1）打点计时器在打Ｅ点时纸带运动的速度大小为_＿__ｍ/ｓ，加速度大小为＿____＿　m/ｓ2。

(结果保留三位有效数字)
（２)如果当时电网中交变电流的频率是f＝”49" Hz,而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值_＿＿＿__＿（填“大于”、“等于"或“小于")实际值。

【答案】(１)1．0６；　2.00　(2）小于
【解析】
试题分析：(1)每相邻两个计数点间还有4个点，图中没有画出，所以相邻的计数点之间的时间间隔为t=
５T=0。

1ｓ。

利用匀变速直线运动的推论得：vＥ＝＝＝1。

06ｍ/ｓ，
由Δx=aT２,加速度大小为a=，代入数据解得ａ＝2。

00 ｍ／s2;
(２）如果在某次实验中,交流电的频率４9Hz，ｆ<50Ｈz,那么实际打点周期变大,根据运动学公式△ｘ
=at2得:真实的加速度值就会偏小,所以测量的加速度值与真实的加速度值相比是偏大。

考点:研究匀变速直线运动
【名师点睛】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动,测得纸带上的点间距,利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．知道相邻的计数点之间的时间间隔相等，要注意单位的换算，知道运用平均速度代替瞬时速度的思想.
１3. 为了探究加速度与力、质量的关系,物理兴趣小组成员独立设计了如图甲所示的实验探究方案，并进行了实验操作．
（1)在长木板的左端垫上木块的目的是;
（2)实验中用砝码（包括小盘)的重力G=mg的大小作为小车（质量为Ｍ)所受拉力Ｆ的大小,能够实现这一设想的前提条件是　；
（３）图乙为小车质量M一定时，根据实验数据描绘的小车加速度的倒数与盘和砝码的总质量m之间的实验关系图象.设图中直线斜率为k，在纵轴上的截距为b,若牛顿第二定律成立,则小车的质量M
为　．
【答案】(1)平衡摩擦力(2)盘和砝码的总质量远小于小车的质量(3）
【解析】
试题分析:（1）在长木板的左端垫上木块的目的是平衡摩擦力；
（2)实验中用砝码（包括小盘）的重力G=mg的大小作为小车(质量为M)所受拉力F的大小，需要使小车质量远大于砝码和盘的质量之和，因为在ｍｇ＝（m＋Ｍ)ａ中当M〉>ｍ时有：F=mg=Ma.
(３）由(2）分析知：=＋,故截距ｂ＝，斜率k=，解得小车的质量M=。

考点:本题考查探究小车加速度与质量和拉力关系。

【名师点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项,尤其是理解平衡摩擦力和Ｍ〉＞m的操作和要求的含义。

四、计算题(本大题共3小题,共32．0分）
14．如图所示，质量为的木板Ｂ放在水平地面上，质量为的木箱A放在木板B 上．一根轻绳一端拴在木箱上,另一端拴在天花板上,轻绳与水平方向的夹角为θ=37°。

已知木箱A与木板
B之间的动摩擦因数．现用水平向右、大小为200　N的力F将木板B从木箱A下面匀速抽出
(sin 37°≈０。

６，cos 37°≈0。

8,重力加速度ｇ取1０ｍ/s2），则木板B与地面之间的动摩擦因数的大小是多少？
【答案】０．3
【解析】
对受力分析如图甲所示，
由题意得
①,
②，
③，
由①②③得：．
对、整体受力分析如图乙所示，
由题意得：
④，
⑤，
⑥，
由④⑤⑥得：。

１５。

如图所示，在光滑的水平地面上，相距的Ａ、Ｂ两个小球均以向右运动，随后
两球相继滑上倾角为的足够长的光滑斜坡，地面与斜坡平滑连接，取.求：
(1)Ｂ球刚要滑上斜坡时Ａ、Ｂ两球的距离是多少；
（2）A球滑上斜坡后经过多长时间两球相遇。

【答案】（1）7.5ｍ （2）2。

5s
【解析】
试题分析:根据位移公式求出Ｂ球刚滑上斜坡时A球滑上斜坡的时间,根据牛顿第二定律和运动学公式求出A上滑的位移，从而得出Ａ、B两球的距离；根据速度时间公式求出B球滑上斜坡时Ａ球的速度,得出Ｂ相对A的速度，结合位移公式求出相遇的时间.
（1)设A球滑上斜坡后经过ｔ1时间Ｂ球滑上斜坡,则有：
解得:
A球滑上斜坡后加速度：a＝gsin 3０°＝5m／s2
设这段时间内A球向上运动的位移为x,则
代入数据解得：
(2)Ｂ球刚要滑上斜坡时A球速度ｖ1＝v0－ａt１＝5m/s
B球滑上斜坡时,加速度与A相同,以A为参考系,
B相对于A以v=ｖ０－v1=5 m/s做匀速运动，
设再经过时间ｔ2它们相遇，有:
则相遇时已经过的时间ｔ＝ｔ1＋t２=2。

5　ｓ
点睛：本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用,加速度是联系力学和运动学的桥梁,分清过程即可解题　。

16.如图甲、乙所示，传送带上有质量均为m的三个木块１、2、3，中间均用原长为L、劲度系数为k的
轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为,其中木块1被与传送带平行的细线拉住，传送带按图示方向匀速运动，三个木块处于平衡状态。

求：(1）在图甲状态下，1、3两木块之间的距离是多大?
（2）在图乙状态下，细线的拉力是多大?木块1、３之间的距离又是多大?
【答案】(1）(2)、
【解析】
试题分析：（1)如图甲所示，当三木块达到平衡状态后,对木块3进行受力分析,可知2和3间弹簧的弹力
等于木块3所受的滑动摩擦力，，
解得2和３间弹簧伸长量为
同理以２木块为研究对象得；
即1和2间弹簧的伸长量为;
1、3两木块之间的距离等于弹簧的原长加上伸长量,即；
（2）以木块１、2、３为系统，由平衡条件可得:
其中：；
联立解得：绳的拉力;
对木块３进行受力分析,可知2和3间弹簧的弹力等于木块3所受的滑动摩擦力，
解得２和３间弹簧伸长量为
同理以2木块为研究对象得,
即1和2间弹簧的伸长量为;
1、3两木块之间的距离等于弹簧的原长加上伸长量，即；
考点：考查了共点力平衡条件，胡克定律
五、作图题（本大题共１小题,共10．0分）
17.一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，在内做匀加速运动，20s末的速度为，接着在
内做匀速运动,再接着在内匀减速运动，75s末速度为求：
画出运动过程的图象；
摩托车在加速度大小;
摩托车在这段时间平均速度大小．
【答案】；
【解析】
【分析】
由运动速度的变化作图．图象的斜率等于加速度，由加速度的定义求解．由图象与时间轴所围的面积表示位移，求得位移,再求平均速度大小.
【详解】(１）如图所示：
（２）在内做匀加速运动,可求加速度
(3）根据图象与坐标轴围面积表示位移可求在时间内位移为
所以平均速度为
【点睛】解决本题的关键要抓住速度图象的两个物理意义:斜率等于加速度,图象与时间轴所围的面积表示位移。