2020年浙江省名校新高考研究联盟(Z20联盟)高考物理三模试卷 (含答案解析)

2020年浙江省名校新高考研究联盟(Z20联盟)高考物理三模试卷
一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）
1.下列说法正确的是()
A. 甲图是高速上的指示牌，上面的“77km”、“100km”等指的是位移
B. 乙图是高速上的指示牌，上面的“120”、“100等指的是平均速度
C. 丙图是汽车上的时速表，上面的“72”指的是瞬时速度的大小
D. 丁图是导航中的信息，上面的“26分钟”、“27分钟”指的是时刻
2.某一个物理量X的表达式为X=3mω2
，其中ω是角速度，ρ是密度，G是万有引力常量，根据以
4πρG
上信息，请你判断()
A. 物理量X与加速度和位移的乘积是同一个物理量
B. 物理量X的国际单位是导出单位
C. X与X=2E k
导出的(其中E k是动能，v是速度)是同一个物理量
v2
D. 物理量X与加速度和时间的乘积是同一个物理量物理量
3.如图所示为甲、乙两质点v−t图象，下列说法中正确的是()
A. 质点乙与甲的运动方向相反
B. 质点甲、乙的速度相同
C. 在相同的时间内，质点甲、乙的位移相同
D. 甲、乙之间的距离越来越大
4.两物体M、m用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图所示，OA、OB
与水平面的夹角分别为α、β，已知α<β，M、m均处于静止状态。

则()
A. 水平面一定是粗糙的
B. 水平面可能是光滑的
C. OA绳的拉力大于OB绳的拉力
D. OA绳的拉力等于OB绳的拉力
5.甲物体质量是乙物体质量的5倍，甲、乙从同一高度同时自由落下，下列说法中正确的是()
A. 最终甲比乙先落地
B. 未落地前，甲加速度是乙加速度的5倍
C. 未落地前，在同一时刻甲的速度比乙的速度大
D. 未落地前，下落1m时，它们的速度相同
6.我国相继成功发射的“实践卫星二十号”和“通信技术试验卫星五号”都属于地球静止轨道卫
星，它们均绕地球做匀速圆周运动。

则两颗卫星在轨运行的()
A. 线速度等于第−宇宙速度
B. 动能一定相等
C. 向心力大小一定相等
D. 向心加速度大小一定相等
7.下列说法中，正确的是()
A. 当两个正点电荷相互靠近时，它们的电势能减少
B. 当两个负点电荷相互靠近时，它们的电势能不变
C. 一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能增大
D. 一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，它们的电势能减小
8.如图所示，R是一个定值电阻，A、B为水平正对放置的两块平行金属板，
两板间带电微粒P处于静止状态，则下列说法正确的是()
A. 若增大A、B两金属板的间距，则有向右的电流通过电阻R
B. 若增大A、B两金属板间的间距，P将向上运动
C. 若紧贴A板内侧插入一块一定厚度的金属片，P将向上运动
D. 若紧贴B板内侧插入一块一定厚度的陶瓷片，P将向上运动
9.如图所示，小球以v0正对倾角为θ的斜面水平抛出，若小球到达斜面时
垂直于斜面，则飞行时间t为(重力加速度为g)()
A. t=v0tanθ
B. t=2v0tanθ
g C. t=v0
gtanθ
D. t=
2v0
gtanθ
10.如图所示，用手握着细绳的一端在水平桌面上做半径为r的匀速圆周
运动，圆心为O，角速度为ω，细绳长为L，质量忽略不计，运动过程
中细绳始终与小圆相切。

在细绳的另外一端系着一个质量为m的小球，小球在桌面上恰好在以O为圆心的大圆上做圆周运动。

小球和桌面之间动摩擦因数处处相同，以下说法正确的是()
A. 小球将做变速圆周运动
B. 细绳拉力为mω2√r2+L2
C. 球与桌面间的摩擦力为mω2r√r2+L2
L
D. 手对细线做功的功率为mω3√(r2+L2)3
L
11.如图所示，在光滑水平面上，有一个粗细均匀的单匝正方形闭合线
框abcd.t=0时刻，线框在水平外力的作用下，从静止开始向右做
匀加速直线运动，bc边刚进入磁场的时刻为t1，ad边刚进入磁场的
时刻为t2，设线框中产生的感应电流的大小为i，ad边两端电压大小为U，水平拉力大小为F，则下列i、U、F随运动时间t变化的关系图象正确的是()
A. B. C. D.
12.如图所示，平行板电容器两个极板为A、B，B板接地，一电源与两极板
相连，在板间电场内的P点固定一个带负电的点电荷，则关于P点的电
势和点电荷的电势能，以下说法正确的是()
A. 当S闭合时，A板下移，P点电势增大
B. 当S闭合时，B板上移，电荷电势能增大
C. 当S断开时，A板下移，P点电势减小
D. 当S断开时，B板上移，电荷电势能减小
13.如图甲所示，倾斜的传送带正以恒定速率v1沿顺时针方向转动，传送带的倾角为37°.一物块以初
速度v0从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动，其运动的v−t图象如图乙所示，物块到传送带顶端时速度恰好为零，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，则()
A. 由图乙可知，0～1s内物块受到的摩擦力大于1～2s内的摩擦力
B. 物块受到的摩擦力方向一直与物块运动的方向相反
C. 物块与传送带间的动摩擦因数为1
4
D. 传送带底端到顶端的距离为11m
二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）
14.关于近代物理，下列说法正确的是()
A. α射线是高速运动的氦原子核
B. 核聚变反应方程13H+12H→24He+01n中01n表示质子
C. 从金属表面移出的光电子的最大出动能与照射光的频率成正比
D. 玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征
15.如图所示，水下光源S向水面A点发射一束光线，折射光线分成a、b
两束，则()
A. a、b两束光相比较，a光的波动性较强
B. 用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹
间距小于b光的干涉条纹间距
C. 若保持入射点A位置不变，将入射光线顺时针旋转，则从水面上方观察，b光先消失
D. 在水中a光的速度比b光的速度小
16.如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x=−1.0m和x=
5.0m处，两列波的速率均为v=2m/s，两波源的振幅均为A=2cm.图示为t=0时刻两列波的
图象(传播方向如图所示)，此刻平衡位置处于x=1.0m和x=3.0m的M、N两质点刚开始振动．质点P、Q的平衡位置分别处于x=2.0m和x=2.5m处，关于各质点运动情况判断正确的是()
A. 质点Q的起振方向沿y轴正方向
B. t=1.25s时刻，质点M的位移为−4cm
C. 两列波能发生干涉，发生干涉后质点P为振动减弱点
D. 两列波能发生干涉，发生干涉后质点Q为振动加强点
三、实验题（本大题共3小题，共14.0分）
17.图中甲、乙两种打点计时器是高中物理实验中常用的物理实验仪器，乙图是________打点计时
器，所接电源频率为50Hz的________(选填“直流”或“交流”)电源时，每隔______s打一次点．
18.在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小
方格的边长L=1.25cm若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、
b、c、d所示，则
(1)图中的a点______ (填“是”或“不是”)小球的抛出点．
(2)小球的初速度大小是______ m/s(g取10m/s2)
19.同学在“练习使用多用电表”的实验中，图1为某多用电表的面板。

(1)若用此表测量一阻值约为150Ω的定值电阻，下列操作正确的是________
A.将选择开关应调到“x100”电阻挡
B.欧姆调零时，两表笔短接，用螺丝刀转动调零螺丝，直到指针与表盘右边零刻度对齐
C.在电阻测量时，双手不能同时接触电阻两端
D.测量完成后，将选择开关调到“OFF”挡
(2)图2为一正在测量中的多用电表表盘，如果选择开关在电阻挡“×1k”，则读数为
________Ω；如果选择开关在直流电压挡“2.5V”，则读数为________V。

(3)若用多用电表的欧姆挡去探测一个正常的二极管，某次探测时，发现表头指针偏转角度很
大，则与二极管正极相连的是多用电表的________(选填“红表笔”或“黑表笔”)
四、简答题（本大题共2小题，共20.0分）
20.如图所示的装置由粗糙倾斜金属轨道和光滑水平金属导轨组成，导轨间距均为L。

倾斜导轨的
倾角为θ=30°，且存在垂直导轨所在平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B；水平导轨区域存在着方向竖直向上的磁感应强度大小也为B的匀强磁场。

一根足够长的轻质绝缘细线绕过定滑轮，一端系在金属棒ab的中点上，另一端悬挂一质量为m的物块，当金属棒cd静止时，金属棒ab恰好不上滑。

现用水平向右的恒定外力F(F大小未知)使金属棒cd由静止开始向右运动，经过时间t0，金属棒cd达到最大速度，此时金属棒ab恰好不下滑，撤去外力直到cd停止运动。

已知金属棒ab、cd长均为L，均垂直于导轨且始终与导轨接触良好，二者质量均为m，接入电路的电阻均为R，金属棒与导轨间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。

(1)求外力F的大小；
(2)求在金属棒cd的最大速度；
(3)设t=0到t=t0通过金属棒ab的电荷量为q，求从金属棒cd开始运动到停止过程中，金属
棒ab上产生的焦耳热。

21.若带电粒子进入匀强磁场的速度与磁场既不平行又不垂直，则粒子的运动情况如何？
五、计算题（本大题共2小题，共21.0分）
22.2012年11月，我国舰载机在航母上首降成功．假设着舰过程中航母静止不动，某一舰载机质量
m=2.5×104kg，着舰速度v0=50m/s，着舰过程舰载机发动机的推力大小恒为F=
1.2×105N，若空气阻力和甲板阻力保持不变．
(1)若飞机着舰后，关闭发动机，仅受空气阻力和甲板阻力作用，飞机将在甲板上以a0=2m/s2
的加速度做匀减速运动，航母甲板至少多长才能保证飞机不滑到海里；
(2)为了让飞机在有限长度的跑道上停下来，甲板上设置了阻拦索让飞机减速，同时考虑到飞机
尾钩挂索失败需要复飞的情况，飞机着舰时并不关闭发动机．若飞机着舰后就钩住阻拦索，如图所示为飞机钩住阻拦索后某时刻的情景，此时飞机的加速度大小a=38m/s2，速度v= 40m/s，阻拦索夹角θ=106°，两滑轮间距S=40m，sin53°=0.8，cos53°=0.6.求此时阻拦索承受张力T的大小和飞机从着舰到图示时刻阻拦索对飞机所做的功W．
23.如图所示，一质量为m=1kg的小球从A点沿光滑斜面轨道由静止滑下，不计通过B点时的能
量损失，然后依次滑入两个相同的圆形轨道内侧，其轨道半径R=10cm，小球恰能通过第二个圆形轨道的最高点，小球离开圆形轨道后可继续向E点运动，E点右侧有一壕沟，E、F两点的竖直高度d=0.8m，水平距离x=1.2m，水平轨道CD长L1=1m，DE长为L2=3m。

轨道除CD和DE部分粗糙外，其余均光滑，小球与CD和DE间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度g= 10m/s2.求：
(1)小球通过第二个圆形轨道的最高点时的速度；
(2)小球通过第一个圆轨道最高点时对轨道的压力；
(3)若小球既能通过圆形轨道的最高点，又不掉进壕沟，求小球从A点释放时的高度的范围是多
少？
-------- 答案与解析 --------
1.答案：C
解析：
路程表示运动轨迹的长度，位移的大小等于初末位置的距离．瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度，平均速度表示某段时间或某段位移内的速度。

时刻是指某一瞬时，时间间隔是两个时刻之间的间隔。

解决本题的关键知道路程和位移的区别，以及知道瞬时速度和平均速度；时间和时刻的区别。

A.告示牌甲是里程牌，表示路程。

上面的“77km”、“100km”等指的是路程，故A错误；
B.限速是指瞬时速度不能超过多大，乙图是高速上的指示牌，上面的“120”、“100”等指的是瞬时速度，故B错误；
C.丙图是汽车上的时速表，表示某一瞬时的速度，是瞬时速度，上面的“72”指的是瞬时速度的大小，故C准确；
D.丁图是导航中的信息，上面的“26分钟”、“27分钟”指的是时间间隔，故D错误。

故选C。

2.答案：C
解析：
【试题解析】
根据物理量的关系表示出这些物理量，根据单位制求解判断是否同一个物理量
单位可由单位进行推导得出，掌握物理中各物理量的关系及之间的单位关系。

AB.因为X=3mω2
4πρG =3ω2V
4πG
=3(
2π
T
)2×4πR
3
3
4πG
=4π2R3
GT2
物理量为的单位m3
N⋅m2⋅kg−2⋅s2=m3
kg⋅m
s2
⋅m2⋅kg2⋅s2
=kg
则X单位是千克，基本单位，AB错误;
C.根据X=2E k
v2=2⋅
1
2
mv2
v2
=m
X=2E k
v2
式中X的是质量，单位是千克，C正确;
D.at的单位m
s2⋅s=m
s
是速度单位，与物理量X不是同一个物理量，D错误。

故选C
3.答案：A
解析：解：A、由图可知，甲沿正方向运动，而乙沿反方向运动，故两物体的运动方向相反，故A 正确；
B、两质点速度大小相等，但方向不同，故两质点的速度不同，故B错误；
C、两物体位移的方向不同，故位移一定不同；故C错误；
D、由于不知道两质点开始时的位置，故无法确定两质点的距离，故D错误；
故选：A。

v−t图象表示物体的速度随时间的变化关系，由图象中的点可知物体的速度，由图象的斜率可知物体的加速度；由图象与时间轴围成的面积可知物体通过的位移．
对于物体的速度一定要明确速度是矢量，在描述方向时应说明大小及方向．
4.答案：A
解析：解：C、D、对结点O受力分析如图：
把F1和F2分别分解到水平方向和竖直方向。

沿水平方向列方程：
F1cosα=F2cosβ…①
沿竖直方向列方程：
F1sinα+F2sinβ=Mg…②
由于α<β，可得得：F1<F2
即绳子OA的拉力小于OB的拉力。

故C错误，D错误；
A、B、对m受力分析：m受到重力。

支持力和两边绳子的拉力，由于绳子OA的拉力小于OB的拉力，所以m要处于平衡状态，则必定受到向左的摩擦力，所以水平面一定是粗糙的，故A正确，B 错误
故选：A。

对结点O受力分析，再沿水平方向对正交分解，然后利用平衡条件求出AO、BO绳的张力F1和F2.对m受力分析，两绳对m的拉力为水平向左的F1，水平向右的F2，有平衡条件知F1和F2的差就等于m 受到的摩擦力的大小。

本题综合了受力分析、正交分解、平衡条件应用等内容。

解题过程中要注意研究对象选取，正确选取研究对象是解决此类问题的关键，该题难度中等。

5.答案：D
解析：解：ACD、根据v=gt和ℎ=1
2
gt2，知在落地前的任一时刻，两物体具有相同的速度和位移，故两个物体的运动情况完全相同，同时落地，落地速度也相同；而且未落地前，在同一时刻、同一位置甲的速度与乙的速度一样大．故AC错误，D正确；
B、二者运动的加速度都等于重力加速度，是相等的，与质量无关．故B错误；
故选：D
自由落体运动的加速度与质量无关，都为g，同时下落，在落地前有相同的速度和位移．
解决本题的关键掌握自由落体运动的速度公式和位移公式，知道加速度与质量无关，都为g．
6.答案：D
解析：解：地球静止轨道卫星为地球同步卫星，同步卫星的周期与地球自转周期相等，具有相同的轨道半径，
根据万有引力提供向心力可知，GMm
r2=m v2
r
=ma，解得线速度：v=√GM
r
，加速度：a=GM
r2
，
A、第一宇宙速度是近地卫星的运行速度，同步卫星的轨道半径比近地卫星的轨道半径大，则线速度比近地卫星的运行速度小，则同步卫星的线速度小于第一宇宙速度，故A错误；
B、两颗卫星的质量未知，动能无法比较，故B错误；
C、向心力：F=GMm
r2
，同理，两颗卫星的质量未知，向心力无法比较，故C错误；
D、两颗卫星的轨道半径相同，向心加速度大小一定相等，故D正确。

故选：D。

地球静止轨道卫星即地球同步卫星，同步卫星具有相同的周期、角速度和轨道半径。

第一宇宙速度是卫星最大的运行速度。

两颗卫星的质量未知，无法比较动能和向心力。

两颗卫星轨道半径相等，向心加速度大小相等。

此题考查了人造卫星的相关知识，解题的关键是明确万有引力提供向心力，找出线速度、向心加速度与轨道半径的关系，了解地球静止轨道卫星为同步卫星。

7.答案：D
解析：解：A、同种电荷间存在斥力，当两个正点电荷相互靠近时，库仑力对它们做负功，它们的电势能增大，故A错误．
B、同种电荷间存在斥力，当两个负点电荷相互靠近时，库仑力对它们做负功，它们的电势能增大，故B错误．
CD、异种电荷间存在引力，一个正点电荷与一个负点电荷相互靠近时，库仑力对它们做正功，它们的电势能减小，故C错误，D正确．
故选：D
当电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，当电场力对电荷做负功时，电荷的电势能增大．根据功能关系分析．
本题考查电场力做功与电势能改变之间的关系．要注意的是同种电荷相互排斥，异性电荷相互吸引．可与重力做功与重力势能变化的关系类比来理解．
8.答案：C
解析：
电容器的分析有两种情况，与电源相连时，电容器的电压不变，当与电源断开时，电容器的电荷量不变。

本题考查与电源相连时的情况，运用电容器的电容的定义式C=Q
U ，电容器的电容的决定式C=εS
4πkd
，
液滴平衡，受电场力和重力而平衡。

A.若增大A、B两金属板的间距，根据C=εS
，电容减小，电压不变，故电容器放电，故有向左的
4πkd
电流通过电阻R，故A错误；
B.微粒P处于静止状态，受重力和向上的电场力而平衡，若增大A、B两金属板的间距，根据E=U
，
d
场强减小，电场力减小，合力向下，故P将向下运动，故B错误；
C.若紧贴A板内侧插入一块一定厚度的金属片，相当于极板间距离变小了，而电压U不变，根据E=U
，
d 场强增加，电场力增加，故P将向上运动，故C正确。

D.若紧贴B板内侧插入一块一定厚度的陶瓷片，根据C=εS
，电容增加，电压不变，故场强不变，
4πkd
P不动，故D错误；
故选C。

9.答案：C
解析：解：因小球到达斜面时其速度方向与斜面垂直，则其速度与竖直方向的夹角为θ，则竖直分速度v y=v0tan(90°−θ)
，故C正确，ABD错误
所用时间t=v y g=v0
gtanθ
故选：C。

小球垂直到达斜面，则其速度与水平方向的夹角为为(90°−θ)，则可求出竖直向的分速度v y，由v y= gt可求得运动时间。

解决本题的关键是知道速度的方向，再根据平抛运动的基本规律结合几何关系解题。

10.答案：C
解析：
小球在水平面内做匀速圆周运动，根据小球沿着半径方向和垂直于半径方向的受力可以求得绳的拉
力的大小，根据功率的公式可以求得手对细线做功的功率的大小。

小球的受力分析是本题的关键，根据小球的受力的状态分析，由平衡的条件分析即可求得小球的受
力和运动的情况。

A、手握着细绳做的是匀速圆周运动，所以细绳的另外一端小球随着细绳做的也是匀速圆周运动，故A错误。

B、设大圆为R.由图分析可知R=√r2+L2，
设绳中张力为T，则TcosΦ=mRω2，
cosΦ=L R
故T=mω2(r2+L2)
L
，故B错误；
C、球与桌面间的摩擦力：f=TsinΦ，其中sinΦ=r
R ，联立解得：f=mω2r√r2+L2
L
，故C正确；
D、拉力的功率：P=T⋅v=mω2(r2+L2)
L ⋅ωr=mω3r(r2+L2)
L
，故D错误；
故选：C。

11.答案：C
解析：
金属杆在外力F的作用下沿框架向右由静止开始做匀加速直线运动，由运动学公式得到金属杆的速
度与时间的关系式，根据感应电动势公式E=BLv和欧姆定律I=E
R
得出感应电流与时间的关系式．根
据推论：安培力F A=B2L2v
R
，由牛顿第二定律求得F与t的关系式，即可选择图象。

根据物理规律得到物理量的表达式，再选择图象是研究图象问题常用的思路，采用数学上数形结合的思维方法。

AB.由题得到，金属杆的速度与时间的关系式为v=at，a是加速度。

由E=BLv和I=E
R
得，感应电
流与时间的关系式为I=BLa
R
t，B、L、a均不变，当0−t1时间内，感应电流为零，t1−t2时间内，电流I与t成正比，t2时间后无感应电流，故AB错误；
C.由E=BLv和I=E
R 得，感应电流与时间的关系式为I=BLa
R
t，当0−t1时间内，感应电流为零，ad
的电压为零，t1−t2时间内，电流I与t成正比，U ad=IR ad=BLat
R ×1
4
R=BLat
4
，电压随时间均匀增
加，t2时间后无感应电流，但有感应电动势，U ad=E=BLat电压随时间均匀增加，故C正确；
D.根据推论得知：金属杆所受的安培力为F A=B2L2v
R ，由牛顿第二定律得F−F A=ma，得F=B2L2a
R
t+
ma，当0−t1时间内，感应电流为零，F=ma，为定值，t1−t2时间内，F与t成正比，F与t是线性关系，但不过原点，t2时间后无感应电流，F=ma，为定值，故D错误。

故选C。

12.答案：D
解析：
开关与电源相连时，电势差不变，根据d的变化分析场强的变化，再由U=Ed分析电势差的变化；当开关与电源断开后，若只改变d，电场强度不变；再根据U=Ed分析电势差的变化即可。

解决本题的关键抓住电键闭合时，两极板电势差不变，电键断开时，电容器所带电量不变，进行动态分析。

A、当S闭合时，A板下移，场强增大，则B与P点之间的电势差增大；故P点的电势降低；故A 错误；
B、S闭合时，将B板上移，场强增大，则A与P点之间的电势差增大，故P点的电势升高；负电荷量的电势能减小，故B错误；
C、将S断开时向下移动A板，电量不变；由Q=UC，结合E=U
d 及C=εS
4πkd
可知场强不变，则P相
对于B点的电势差不变；P点电势不变，故C错误；
D、当S断开时，B板上移，由C知场强大小不变，相对于B点的电势差减小，故P点的电势增大；电势能减小；故D正确。

故选：D。

13.答案：C
解析：解：A、由图乙知，物体先做加速度较大的匀减速直线运动，后做加速度较小的匀减速直线运动，可知，0−1s内，物块的速度大于传送带的速度，受到沿斜面向下的滑动摩擦力，1−2s内，物块的速度小于传送带的速度，受到沿斜面向上的滑动摩擦力，根据f=μmgcos37°知两段时间摩擦力大小相等，故A错误。

B、0−1s内，物块受到的滑动摩擦力沿斜面向下，与物块运动方向相反。

1−2s内，物块受到的滑动摩擦力沿斜面向上，与物块运动方向相同，故B错误。

C、0−1s内物块的加速度大小为a=△v
△t =12−4
1
=8m/s2，根据牛顿第二定律得：mgsin37°+
μmgcos37°=ma，解得μ=1
4
，故C正确。

D、传送带底端到顶端的距离等于v−t图象与时间轴所包围的面积大小，为x=12+4
2×1+4×1
2
=10m。

故D错误。

故选：C。

刚开始时，物块的速度大于传送带的速度，受到沿斜面向下的滑动摩擦力，向上做匀减速运动，速
度与传送带相等以后，物体所受摩擦力改为向上，继续向上做加速度减小的减速运动；根据图象的“面积”求传送带底端到顶端的距离。

解决本题的关键要理清物体在整个过程中的运动规律，抓住v−t图象的斜率表示加速度、面积表示位移，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解。

14.答案：AD
解析：
α射线是氦核流； 01n表示中子；根据光电效应方程判断最大初动能与照射光频率的关系，结合光电效应方程及玻尔原子模型进行分析即可。

解决本题的关键知道各种粒子的符号，以及粒子的实质，掌握光电效应方程，知道最大初动能与入射光频率的关系。

A.α射线是高速运动的氦原子核，故A正确；
B.核聚变反应方程 12H+ 13H−→ 24He+ 01n中， 01n表示中子，故B错误；
C.根据光电效应方程E km=ℎν−W0，知最大初动能与照射光的频率成线性关系，不是成正比，故C 错误；
D.玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征，故D正确。

故选AD。

15.答案：AC
解析：解：A、由题意可知b光偏折更多，b光频率更高，则a光的波动性更强，A项正确；
λ知，a光干涉条纹间距较大，B项错；
B、由△x=L
d
C、因b光的临界角较小，故顺时针旋转时b光先于a光发生全反射现象，C项正确；
D、同种介质中，频率越高的光对应的传播速度越小，D项错；
故选：AC．
光源S向水面A点发射一束光线，折射光线分成a，b两束，两条光路入射角相同，a光的折射角小
分析光在水中的速度关系．折射率于b光的折射角．根据折射定律分析折射率的大小．由公式v=c
n
大的光，频率高，波长短，波动性弱，干涉条纹间距小．若保持入射点A位置不变，将入射光线顺时针旋转，则从水面上方观察，b光的折射角先达到90°，最先消失．
本题整合了光的折射、全反射、干涉、速度等多个知识点，有效地考查了学生对光学内容的掌握情
况．常规题．
16.答案：ACD
解析：
本题要掌握波的独立传播原理：两列波相遇后保持原来的性质不变；理解波的叠加遵守矢量合成法则，例如当该波的波峰与波峰相遇时，此处相对平衡位置的位移为振幅的二倍；当波峰与波谷相遇时此处的位移为零；简谐波传播的过程中质点不向前迁移，只在各自的平衡位置附近振动；质点的起振方向与其波源相同。

由图读出波长，从而由波速公式算出波的周期，两列频率相同的相干波，振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱。

根据所给的时间与周期的关系，分析质点M的位置，确定其位移，由波的传播方向来确定质点的振动方向。

A.M、N点刚起振，由同侧法可知，M点向下振动，N点向上振动，即两列波的起振方向相反．由两列波的传播速度相等，Q距N点近，故N点的振动形式先传播到Q点，故Q点的起振方向与N点的起振方向相同，起振时沿y轴向上，故A正确；
B.M点距两波源的距离差值为一个波长，因两列波的起振方向相反，故M点为振动减弱点，两列波的振幅相同，故M点的位移始终为零，B错；
CD.由B选项方法，同理可判断P为振动减弱点，Q为振动加强点，故CD正确。

故选ACD。

17.答案：电火花交流0.02
解析：
本题应根据打点计时器的构造、工作原理、工作特点等，比如工作电压、打点周期等，掌握基本仪器的使用，能够正确的使用打点计时器。

本题是基本仪器的使用问题，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去操作。

乙图是电火花式打点计时器，工作电压是220V交流电源；打点计时器的频率为50Hz，每隔0.02s打一个点。

故填：电火花交流0.02。